粤教版高中物理选修3-1高二期末考试试题.docx

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粤教版高中物理选修3-1高二第一学期期末四校联考试题.docx

高中物理学习材料唐玲收集整理2011—2012学年度第一学期阳江市“四校”期末联考高二物理(理科)试题本试卷分为第Ⅰ、Ⅱ卷两部分，请将第Ⅰ卷选择题的答案填入答题卡相应位置，第Ⅱ卷也必须在答题卡作答．共100分，考试时间75分钟．注意事项： 1. 答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的学校名称、试室号、班别、姓名、学号、座位号填写在答题卡上。

2. 考生必须保持答题卡的整洁。

考试结束后，只需交答题卡。

第Ⅰ卷(选择题共50分)一、单项选择题（本题共10小题，每小题3 分，共 30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得 3分，错选、不选得 0 分．）1、首先发现电流磁效应的科学家是A．安培 B．奥斯特 C．库仑 D．法拉第2、下列关于电场线的说法中正确是A．电场线越密表示该处的电场越强B．电场线是可以相交的C．电场线是电场中实际存在的线D．电场线就是带电粒子在电场中运动的轨迹3、电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因A．灰尘的自然堆积 B．玻璃具有较强的吸附灰尘的能力C．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘 D．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘4、以下说法正确的是A．电荷处于磁场中一定受到洛伦兹力 B．运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力C．洛伦兹力对运动电荷一定不做功 D．洛伦兹力可以改变运动电荷的速度大小5、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们所带电量都增大为原来的2倍，距离不变，它们之间的相互作用力变为A．F/2 B．FＣ．4F Ｄ．16F6、W表示电流通过电风扇时所做的功, Q表示同一电流通过电风扇时所产生的焦耳热,P表示电风扇消耗的电功率,P热表示电风扇消耗的热功率,则下列说法正确的是A. W=QB. P=P 热C. W ＜QD. P ＞P 热7、如图所示的四个图中，分别标明了通电导线在磁场中的电流方向、磁场方向以及通电导线所受安培力的方向，其中正确的是8、如图所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与直导线共面，若使线框中能产生感应电流，则下列方法不可行的是A ．线框不动，逐渐增大导线中的电流B ．线框不动，逐渐减小导线中的电流C ．导线中的电流保持不变,将线框向右拉D ．导线中的电流保持不变,线框不动9、在匀强电场中有a 、b 两点，已知ab 两点间的电势差U ab =－10V ，则下列说法正确的是 A .a 点的电势比b 点的电势高10V B .a 点的电势比b 点的电势低10V ， C .若取无穷远处的电势为零，则b 点的电势一定为10V D .若取b 点的电势为零，则a 点的电势为10V10、在图所示的电路中，合上开关S 后，下列说法正确的是Ａ．电流表读数变大，电压表读数变大 B ．电流表读数变小，电压表读数变小Ｃ．电流表读数变小，电压表读数变大 D . 电流表读数变大，电压表读数变小二、双项选择题（本题共 5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得 4分，只选一个且正确的得2分，错选、不选得 0 分．） 11、使用多用电表欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是A ．测量前应检查指针是否停在“ ”刻度线的“∞”处，如果没有则要进行“欧姆调零”B ．每一次换倍率，都要重新进行一次“欧姆调零”C ．测量时，若指针偏转很小(靠近∞附近)，应换倍率较大的倍率再测D ．测量时，若指针偏转很小(靠近∞附近)，应换倍率较小的倍率再测 12、某点电荷的电场线如图所示，下列说法正确的是A ．在A 点放一点电荷，则它所受的电场力一定从A 指向BB．A 点的场强大于B 点的场强Ｃ．该电场是负点电荷产生的电场Ｄ．A 点的电势高于B 点的电势 13、对一个给定的电容器充电时，下列的图像中能正确反映电容器的带电量Q 、电压U 和电容器电容C 之间关系的是：14、回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子A B射出时的动能，则下列说法中正确的是A ．增大匀强电场间的加速电压B ．增大磁场的磁感应强度C ．减小狭缝间的距离D ．增大D 形金属盒的半径15、如图所示，闭合正方形金属导线框放置垂直纸面向里的匀强磁场中，下列说法中正确的是A.当磁感应强度增加时，线框中产生逆时针方向的感应电流B.当磁感应强度增加时，线框中产生顺时针方向的感应电流C.当磁感应强度减小时，线框中产生逆时针方向的感应电流D.将正方线框拉成圆形，线框中产生逆时针方向的感应电流第Ⅱ 卷(非选择题共50分)实验题（本题共 4小题，16、17题每空3分， 18、19题每空2三、分，共18分．）16、用螺旋测微器(千分尺)测小球直径时，示数如图所示.这时的读数是ｍｍ17、某同学想用多用电表检测一下家庭电路的电压，他将多用电表的挡位选择旋钮放在交流250V 位置。

粤教版高中物理选修31高二期末考试试题

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作陆丰市甲子中学2010年高二期末考试一试题考试内容《电场、电路、磁场、电磁感觉》答题时间90分钟，满分100+10分一、选择题（共30分），1-5为单项，6-10为双项，请将答案填写在答题纸中：1.某电解池中若在 2s 内各有 ×1019个二价正离子和×1019个一价负离子经过某截面，那么经过这个截面的电流是 : A BA0B C D ×R2．以下图，闭合 S ，灯L 不亮，用电压表测得 A 、B 间电压L SA 为零，若电路只有一处发生故障，则其原由可能是:AL 短路BL 断路CR 短路DR 断路以下图电路中当变阻器R 2的滑动头P 向b 挪动时:电压表示数变大,电流表示数变小电压表示数变小,电流表示数变大电压表示数变大,电流表示数变大电压表示数变小,电流表示数变小VEAR 3b P rR 2aR 1对于磁感觉强度B,以下说法中正确的选项是:磁场中某点B 的大小,跟放在该点尝试电流元的状况相关磁场中某点B 的方向,跟该点处尝试电流元所受磁场力的方向一致C 在磁场中某点处尝试电流元不受磁场力作用时,该点B 值大小为零垂直放入磁场中同一尝试电流元,所受磁场力越大处,该点B 值大小越大5．以下图，匀强磁场的磁感觉强度为B ，一个不计重力的带负电粒子，在XOY 平面以速度v 由坐标原点射出。

速度方向跟X 轴和Y 轴的夹角都为45°，这个粒子的质量为m ，带电量为-q ，则粒子经过X 轴和Y 轴时的坐标分别为：AX=2mv，Y=－2mvBX=－2mv，Y=2mvBqBqBqBqCX=2mv，Y=0DX=0，Y=2mvBqBq如右图所示，平行板间的匀强电场范围内存在着与电场正交的匀强磁场，带电粒子以速度v 0垂直电场从P 点射入平行板间，恰巧沿纸面匀速直线运动，从Q 点飞出，忽视重力，以下说法正确的选项是：A磁场方向垂直纸面向里B磁场方向与带电粒子的符号相关C带电粒子从Q沿QP进入，也能做匀速直线运动D粒子带负电时，以速度v1从P沿PQ射入，从Q'飞出，则v1v0。

粤教版高中物理选修3-1高二理科班.docx

U甲乙0 I高中物理学习材料桑水制作08-09学度禾云中学高二理科班物理十月月测试题一、单项选择（共9题，每题6分，共54分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1、一个标有“220V 60W ”的白炽灯炮，加上的电压U 由零逐渐增大到220V ，在此过程中，电压(U )和电流(I )的关系可用图线表示．图中给出的四个图线中，肯定符合实际的是2、如右图所示，实验得到甲、乙两闭合电路的路端电压U 与干路电流强度I 的图象，由图象可知A ．E 甲＝E 乙，r 甲＞r 乙B ．E 甲＝E 乙，r 甲＜r 乙C ．E 甲＞E 乙，r 甲＝r 乙D ．E 甲＜E 乙，r 甲＝r 乙3、右图为某电场中的一条电场线，针对电场线上A 、B 两点的场强和电势有以下说法，你认为正确的是 A ．A 点场强一定大于B 点场强 B ．A 点场强一定小于B 点场强 C ．A 点电势一定高于B 点电势 D ．A 点电势一定低于B 点电势4、所示，直线a 为某电源的U —I 图线，直线b 为电阻R 的U —I 图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的内阻分别为A ．4W ，1Ω B ．6W ，1Ω C ．4W ，0.5Ω D ．2W ，0.5Ω5、一个直流电动机所加电压为U，电流为 I，线圈内阻为 R，当它工作时，下述说法中错误的是：A．电动机的输出功率为U2／R B．电动机的发热功率为I2RC．电动机的输出功率为IU-I2R D．电动机的总功率可写作IU6．某同学用伏安法测电阻，分别采用电流表内接法和外接法，测量某R x的阻值分别为R1和R2，则测量值R1，R2和真实值R x之间的关系是：A．R1＞R x＞R2 B．R1＜R x＜R2C．R1＞R2＞R x D．R1＜R2＜R x7、如右图所示，电源电动势为3伏，电路接通后发现电灯L不工作，用一个伏特表分别测得各处电压值为：Uab =0，Ubc=3伏，U Ucd ad===03，伏，又知电路中只有一处出现故障，由此可知：A、灯L发生断路或短路B、电池组中两电池间发生断路C、电阻R 2 一定发生短路D、电阻R 1一定发生断路8、如图所示，平行板电容器的极板A与一灵敏电流计相接，极板B接地，若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计的指针变化，作出平行板电容器的电容变小的结论，其依据是：A、两极板间的电压不变，极板上的电量变小；B、．两极板间的电压不变，极板上的电量变大；C、极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变小；D、极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变大9、如图是一火警报警的一部分电路示意图．其中2R为用半导体热敏材料制成的传感器，温度越高电阻越小，电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器2R所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是：A、I变大，U变大B、I变小，U变小C、．I变小，U变大D、I变大，U变小二、不定项选择题（共4小题，每题6分，共24分，在每小题给出的四个选项中，可能有一个选项正确,也有可能多个选项正确）10、右图所示，为正电荷Ｑ的电场，Ａ、Ｂ是电场中的两点，将电量为q=5×10－8库仑的点电荷（试探电荷）置于Ａ点，所受电场力为2×10－3牛，则下列判断正确的是：Ａ、将点电荷ｑ从Ａ点移走，则该点的电场强度为零+B A QＢ、将电量为q 的负点电荷放于A 点，A 点场强大小为4.0×104N/C ，方向指向ＢＣ、将电量为2q 的正点电荷放于Ａ点，A 点场强大小为8.0×104N/C ，方向指向ＢＤ、Ｂ点处的电场强度小于4.0×104N/C11、右图是简化的多用表的电路。

粤教版高二物理选修3-1全册综合测试(二)检测题

模块综合检测(二)一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得3分，错选、不选或多选均不得分) 1．学习物理除了知识的学习外，还要了解物理学家对物理规律的发现，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法．关于以上两点下列叙述正确的是()A．法拉第发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系B．库仑提出了用电场线描述电场的方法C．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法D．在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法答案：C2.如图，等边三角形线框LMN由三根相同的导体棒连接而成，固定于匀强磁场中，线框平面与磁感应强度方向垂直，线框顶点M、N 与直流电源两端相接，已如导体棒MN受到的安培力大小为F，则线框LMN受到的安培力的大小为()A．2F B．1.5FC．0.5F D．0解析：设每一根导体棒的电阻为R，长度为L，则电路中，上下两路电阻之比为R1∶R2＝2R∶R＝2∶1，根据并联电路两端各电压相等的特点可知，上下两路电流之比I1∶I2＝1∶2.如下图所示，由于上路通电的导体受安培力的有效长度为L，根据安培力计算公式F＝ILB，可知F′∶F＝I1∶I2＝1∶2，得F′＝12F，根据左手定则可知，两力方向相同，故线框LMN所受的合力大小为F＋F′＝32F，故本题选B.答案：B3．关于磁通量的概念，以下说法中正确的是()A．磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的B．磁感应强度越大，穿过闭合回路的磁通量也越大C．磁感应强度越大，线圈面积越大，则穿过线圈的磁通量也越大D．穿过线圈的磁通量为零，但该处的磁感应强度不一定为零解析：由Φ＝BS cos θ可知：磁通量发生变化，可能是B或S或θ发生变化，故A错；磁通量的大小除了与B和S有关外，还与磁场方向与线圈平面间的夹角有关，当夹角为零时Φ＝0，但该处的磁感应强度不一定为零，故B、C错，D对．答案：D4．空间中存在着竖直向下的匀强磁场，如图所示，一带正电粒子(不计重力)垂直于磁场方向以初速度v射入磁场后，运动轨迹将()A．向上偏转B．向下偏转C．向纸面内偏转D．向纸面外偏转解析：带电粒子垂直进入磁场，根据左手定则判断可知，洛伦兹力方向向纸外，则其轨迹向纸外偏转．故D正确，A、B、C错误．答案：D5．在同一匀强磁场中，α粒子(42He)和质子(11H)做匀速圆周运动．若它们的质量与速度的乘积大小相等，则α粒子和质子() A．运动半径之比是2∶1B．运动周期之比是2∶1C．运动速度大小之比是4∶1D．受到的洛伦兹力之比是2∶1解析：由r＝m vqB＝pqB，由于两者动量相等且在同一匀强磁场中，所以α粒子和质子运动半径之比等于电荷量的反比，即rα∶r H＝q H∶qα＝1∶2，故选项A错误；由T＝2πmqB，则α粒子与质子运动周期之比为TαT H＝mαq Hqαm H＝4×12×1＝2∶1，故选项B正确；由于mαvα＝m H v H，所以vα∶v H＝m H∶mα＝1∶4，故选项C错误；由于洛伦兹力F＝q v B，所以FαF H＝qαvαq H v H＝2×11×4＝1∶2，故选项D错误．答案：B6．如图所示，在示波管下方有一根水平放置的通电直导线，则示波管中的电子束将()A．向上偏转B．向下偏转C．向纸外偏转D．向纸里偏转解析：由安培定则可知导线上方磁场垂直纸面向外，电子垂直磁场进入，由左手定则可知，电子向上偏转．答案：A7．如图所示，分别在M、N两点固定放置两个点电荷＋Q和－q(Q>q)，以MN连线的中点O为圆心的圆周上有A、B、C、D四点．下列说法中正确的是()A．A点场强小于B点场强B．C点场强与D点场强相同C．A点电势小于B点电势D．将正检验电荷从C点移到O点，电场力做负功解析：设A点到Q的距离为d，到－q的距离为L，故A点的场强E A＝kQd2＋kqL2，同理可得B点的场强E B＝kQL2＋kqd2，故E A－E B＝k（Q－q）d2－k（Q－q）L2，由于d<L，故E A－E B＞0，即E A＞E B，A项错误；根据平行四边形定则，以两分场强为邻边作出平行四边形的对角线，可知C、D两点场强的方向不相同，B项错误；电场线的方向是电势降落的方向，故A点的电势高于B点的电势，C项错误；正电荷从C到O，受力的最快方向与速度方向的夹角为钝角，因此电场力做负功，D项正确．答案：D8.如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD.导轨上放有质量为m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为μ.现从t＝0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即I＝kt，其中k为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则在下列表示金属棒所受摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是()解析：当金属棒所受摩擦力F f＝μBIL＝μBLkt<mg时，棒沿导轨向下加速；当金属棒所受摩擦力F f＝μBIL＝μBLkt>mg时，棒沿导轨向下减速；在棒停止运动之前，所受摩擦力为滑动摩擦力，大小为F f ＝μBLkt；在棒停止运动之后，所受摩擦力为静摩擦力，大小为F f＝mg，故C正确．答案：C9．某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则()A．E P>E Q，φP>φQ B．E P>E Q，φP<φQC．E P<E Q，φP>φQ D．E P<E Q，φP<φQ解析：电场线密的位置电场强度大，因此E P>E Q；沿电场线方向电势降低，因此有φP>φQ.A项正确．答案：A10．如图所示，电阻R1＝20 Ω，电动机绕线电阻R2＝10 Ω. 当开关S断开时，电流表的示数是I′＝0.5 A，当开关S合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，此时电流表的示数I和电路消耗的电功率P应满足()A．I＝1.5 A B．I>1.5 AC．P＝15 W D．P<15 W解析：S断开时，电路两端的电压U＝I′R1＝10 V．S合上后，流过电动机的电流I″<UR2＝1 A，则电流表的示数I＝I′＋I″<1.5 A，电路消耗的电功率P＝IU<15 W，选项D正确．答案：D二、多项选择题(本题共4小题，每题6分，共24分．每小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多选或不选得0分)11．在如图所示的电路中电源电动势为E，内阻为r.闭合开关S，待电流达到稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为Q，将滑动变阻器P的滑片，从图示位置向a一端移动一些，待电流达到稳定后，则与P移动前相比()A．U变小B．I变小C．Q增大D．Q减小解析：当滑动变阻器P的滑片，从题图示位置向a端移动时，其电阻值增大，由闭合电路的欧姆定律可知，电路的电流I减小，变阻器R两端的电压增大，即电容器C两端的电压增大，显然所带电荷量Q增大．答案：BC12.如图所示，带电粒子以速度v沿CB方向射入一横截面为正方形的区域，C、B均为该正方形两边的中点，不计粒子的重力．当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子从A点飞出，所用时间为t1；当区域内有垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场时，粒子也从A 点飞出，所用时间为t2，下列说法正确的是()A．t1<t2B．t1>t2C．EB＝45v D．E B＝54v解析：粒子在电场中做类平抛运动，沿CB方向速度不变；在磁场中做匀速圆周运动，在CB方向上的速度分量减小．由比较得A项正确．在电场中偏转距离a2＝12qEm(av)2，磁场中几何关系：R2＝a2＋(R－a 2)2，半径R＝m vqB，解得选项D正确．答案：AD13．地球具有磁场，宇宙中的许多天体也有磁场，围绕此话题的下列说法中正确的是()A．地球上的潮汐现象与地磁场有关B．太阳表面的黑子、耀斑和太阳风与太阳磁场有关C．通过观察月球磁场和月岩磁性推断，月球内部全部是液态物质D．对火星观察显示，指南针不能在火星上工作解析：地球上的潮汐现象与太阳、月亮相对于地球的位置有关，与地球的磁场无关，故A错误；太阳表面的黑子、耀斑和太阳风等现象均与太阳的磁场变化有关，故B正确；通过观察月球磁场和月岩磁性推断，月球内部全部是固态物质，故C错误；对火星观察显示，火星上没有全球性的磁场，指南针不能在火星上工作，故D正确．答案：BD14.如图所示，一根通电直导线放在磁感应强度B＝1 T的匀强磁场中，在以导线为圆心，半径为r的圆周上有a、b、c、d四个点，若a点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是()A．直导线中电流方向是垂直纸面向里的B．c点的实际磁感应强度也为0C．d点实际磁感应强度为 2 T，方向斜向右下方，与B的夹角为45°D．以上均不正确解析：题中的磁场是由直导线电流的磁场和匀强磁场共同形成的，磁场中任一点的磁感应强度应为两磁场分别产生的磁感应强度的矢量和．a处磁感应强度为0，说明直导线电流在该处产生的磁感应强度大小与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，可得直导线中电流方向应是垂直纸面向里．在圆周上任一点，由直导线电流产生的磁场的磁感应强度大小均为B＝1 T，方向沿圆周切线方向，可知c点的磁感应强度大小为2 T，方向向右．d点的磁感应强度大小为 2 T，方向与B成45°角斜向右下方．答案：AC三、非选择题(共4小题，共46分)15．(12分)某同学要用多用电表测量一个电阻，已知多用电表电阻挡有4个倍率，分别是×1 k、×100、×10、×1，该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量发现指针偏转角太大(指针位置如图中虚线所示)，为了较准确地进行测量，请你补充完整接下去应进行的主要操作步骤：(1)调节选择开关旋钮，选择________倍率；(2)两表笔__________(选填“短接”“断开”)，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0 Ω处；(3)重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，则该电阻的阻值为________Ω；(4)测量完毕，把选择开关旋钮调至________________________．解析：(1)指针偏转角太大，说明测量电阻过小，应使用小倍率的挡位测量，故选择×10挡．(2)在欧姆调零时，需要将两表笔短接，这样相当于被测电阻为零，然后调节欧姆调零旋钮，使指针指在0 Ω.(3)倍率为×10挡，所以读数为R＝12.0×10 Ω＝120 Ω.(4)测量完毕，把选择开关旋钮调至OFF挡或者交流电压最高挡．答案：(1)×10挡(2)短接(3)120(4)OFF挡或者交流电压最高挡16．(12分)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的实验仪器如下：小灯泡L，“3.8 V，0.3 A”；电压表V，量程0～5 V，内阻5 kΩ；电流表A1，量程0～100 mA，内阻4 Ω；电流表A2，量程0～500 mA，内阻0.4 Ω；滑动变阻器R1，最大阻值10 Ω，额定电流1.0 A；滑动变阻器R2，最大阻值5 Ω，额定电流0.5 A；直流电源E，电动势约为6 V；开关S及导线若干．(1)在上述器材中，滑动变阻器应选________；电流表应选________．(2)在虚线框内画出实验的电路图，并在图中注明各元件的符号．(3)某实验小组完成实验后利用实验中得到的实验数据在I-U坐标系中，描绘出如图所示的小灯泡的伏安特性曲线．根据此图给出的信息，可以判断下图中正确的是(图中P为小灯泡的功率)()解析：(1)本题滑动变阻器采用分压接法，通常应当选用最大阻值较小的滑动变阻器，但本题中如果选用R2，则电路中的电流会超过R2允许通过的最大电流，故滑动变阻器应当选择R1.电流表A1的量程太小，故电流表应当选择A2.(2)电路如图所示，由于电压要从零开始测量，滑动变阻器用分压接法；因为灯泡的内阻比较小，电流表用外接法．(3)随着通过小灯泡电压电流的增大，小灯泡消耗的功率增大，小灯泡的电阻也增大，由于P＝U2R知B图正确，由P＝I2R知D图正确．答案：(1)R1A2(2)电路图见解析图(3)BD17．(10分)通过测量质子在磁场中的运动轨迹和打到探测板上的计数率(即打到探测板上质子数与衰变产生总质子数N的比值)，可研究中子(10n)的β衰变．中子衰变后转化成质子和电子，同时放出质量可视为零的反中微子v e.如图所示，位于P点的静止中子经衰变可形成一个质子源，该质子源在纸面内各向均匀地发射N个质子．在P点下方放置有长度L＝1.2 m以O为中点的探测板，P点离探测板的垂直距离OP为a.在探测板的上方存在方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B 的匀强磁场．已知电子质量m e＝9.1×10－31kg＝0.51 MeV/c2，中子质量m n＝939.57 MeV/c2，质子质量m p＝938.27 MeV/c2(c为光速，不考虑粒子之间的相互作用)．若质子的动量p＝4.8×10－21 kg·m·s－1＝3×10－8 MeV·s·m－1.(1)写出中子衰变的核反应式，求电子和反中微子的总动能(以MeV 为能量单位)；(2)当a＝0.15 m，B＝0.1 T时，求计数率；(3)若a取不同的值，可通过调节B的大小获得与(2)问中同样的计数率，求B与a的关系并给出B的范围．解析：(1)核反应方程满足质量数和质子数守恒：10n→11p＋1－1e＋00v e.核反应过程中：ΔE d＝m n c2－(m p c2＋m e c2)＝0.79 MeV，根据动量和动能关系，有E k p＝p22m p＝0.043 2 MeV，则总动能为：E e＋E v＝ΔE d－E k p＝0.746 8 MeV.(2)质子运动半径R＝peB＝0.3 m，如图甲所示：图甲打到探测板对应发射角度：α＝β＝π6，可得质子计数率为：η＝4π32π＝23.(3)在确保计数率为η＝23的情况下：R′＝2a，即B＝3200a，如图乙所示：图乙恰能打到探测板左端的条件为：4R2max－R2max4＝L24，即B≥1540T.答案：(1)0.746 8 MeV(2)23(3)见解析18．(12分)水平放置的两块平行金属板板长l＝5.0 cm，两板间距d＝1.0 cm，两板间电压为90 V，且上板为正极板，一个电子沿水平方向以速度v0＝2.0×107 m/s，从两板中间射入，如图所示．不计电子的重力，电子的质量为m＝9.0×10－31 kg，电荷量为e＝－1.6×10－19 C．则(1)电子偏离金属板的侧位移是多少？(2)电子飞出电场时的速度大小是多少(保留两位有效数字)?(3)电子离开电场后，打在屏上的P点，若s＝10 cm，求OP的距离．解析：(1)电子在电场中的加速度a＝Uemd，侧位移即竖直方向位移y0＝12at2＝eUt22dm，运动时间t＝lv0，代入数据，解得y0＝5×10－3 m.(2)电子飞出电场时，水平分速度v x＝v0，竖直分速度v y＝at＝eUlmd v0＝4×106 m/s，飞出电场时的速度为v＝v2x＋v2y，代入数据，得v＝2.0×107 m/s；设v与v0的夹角为θ，则tan θ＝v yv x＝0.2，所以θ＝arctan 0.2.(3)电子飞出电场后做匀速直线运动，OP＝y0＋MP＝y0＋s·tan θ，代入数据，解得OP＝2.5×10－2 m. 答案：(1)5×10－3 m(2)2.0×107 m/s (3)2.5×10－2 m。

高二物理试卷选修3-1测试（含答案）

高二物理试卷选修3-1测试（含答案）高二物理选修3-1测试卷（测试时间60分钟，满分100分）一、单项选择题：每题只有一个选项符合题意，每小题4分，共32分。

1.关于磁场以及磁场力的下列说法正确的是（）A.电流所激发的磁场方向用左手定则来判断，安培力的方向用安培定则来判断B.磁场中的某一点的磁场强弱与该点是否放入通电导线无关C.安培力的大小与与磁场的强弱有关，与通电直导线的电流和导线有效长度的乘积无关D.安培力的方向有时与磁场方向垂直，有时与磁场方向不垂直2．两个相同的带电导体小球所带电荷量的比值为1∶3，相距为r 时它们之间的斥力大小为F ，今使两小球接触后再分开放到相距为2r 处，则此时的库仑力大小为( )A.13FB.14FC.16FD.112F 3.在如图所示的电路中，定值电阻的阻值为5Ω，电动机M 的线圈电阻值为2Ω，a 、b 两端加有44V 的恒定电压，理想电压表的示数为24V ，由此可知（） A ．通过电动机的电流为12AB ．电动机线圈在1分钟内产生的热量为32JC ．电动机的功率为96WD ．电动机输出的功率为32W4. 如图所示，在左边的绝缘支架上插上顶针(其顶端是尖的)，在顶针上装上金属风针，若给风针附近的圆形金属板接上正高压极，风针接负高压极，风针尖端放电会使其旋转起来，下列说法中不．正确．．的是( ) A ．风针尖端附近的等势面和电场线分布较密 B ．风针附近的空气在强电场下发生电离C ．空气中的阳离子会向风针的尖端运动D ．交换金属板与风针所带电荷电性，风针的尖端会有正电荷射出第4题图第5题图5．物理学家法拉第在研究电磁学时，亲手做过许多实验．如图所示的实验就是著名的电磁旋转实验，这种现象是：如果通电导线附近只有磁铁的一个极，磁铁就会围绕导线旋转；反之，通电导线也会围绕单独的某一磁极旋转．这一装置实际上就成为最早的电动机．图中A 是可动磁铁，B 是固定导线，C 是可动导线，D 是固定磁铁．图中黑色部分表示汞(磁铁和导线的下半部分都浸没在汞中)，下部接在电源上．这时自上向下看，A 和C 的转动方向分别是( )A ．A 顺时针，C 逆时针B ．A 逆时针，C 顺时针 C ．A 逆时针，C 逆时针D ．A 顺时针，C 顺时针6．如图所示，在四盏灯泡连成的电路中，L 1、L 3规格为“220V 40W ”，L 2、L 4规格为“220V 100W ”，当在电路两端加上适当的电压时，L 1、L 2、L 3、L 4消耗的电功率4分别为P 1、P 2、P 3、P 4，已知各个灯泡的功率都没有超过额定功率。

粤教版高中物理选修3-1第一学期高二段考(II)试题.docx

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）紫金二中2013-2014学年第一学期高二段考（II ）试题物理本试卷共6页，17小题，满分100分，考试用时为90分钟。

注意事项：1．答题前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的考生编号、班级、姓名和座位号填写在答题卡相应位置上。

2．考生务必将答案填写在答题卡相应的位置上，不得使用涂改液，不得折叠答卷卡，不按要求作答的答案无效，考试结束后，将答题卡交回。

一、单项选择题：本题包括6小题，每小题3分，共18分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分。

1、两个大小分别为1F 和2F (2F ＜1F )的力作用在同一质点上，它们的合力的大小F 满足 ( )A ．1F ≤F≤2F B.221F F -≤F≤221F F +C ．1F －2F ≤F≤1F ＋2FD ．21F －22F ≤2F ≤21F ＋22F2、2010年10月1日，“嫦娥二号”在西昌卫星基地发射成功，其环月飞行的高度距离月球表面100 km ，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200 km 的“嫦娥一号”更加详实．若两颗卫星环月运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如图所示，则 ( ) A ．“嫦娥二号”环月运行的速度比“嫦娥一号”更小B ．“嫦娥二号”环月运行的周期比“嫦娥一号”更小C ． “嫦娥二号”环月运行时向心加速度比“嫦娥一号”更小D ．“嫦娥二号”环月运行时角速度与“嫦娥一号”相等3、三个点电荷电场的电场线分布如图所示，图中a 、b 两点处的场强大小分别为a E ,b E ，电势分别为a ϕ，b ϕ则 ( ) A ．a E >b E a ϕ>b ϕ B ．a E <b E a ϕ<b ϕC ．a E >b E a ϕ<b ϕD ．aE <b E a ϕ>b ϕ4、一带负电荷的质点，仅在电场力作用下沿曲线abc 从a 运动到c ，已知质点的速率是递减的。

粤教版高中物理选修3-1高二期末考试模拟题.docx

高中物理学习材料唐玲收集整理高二物理期末考试模拟题1.5一．单选题1．如图3，真空存在一点电荷产生的电场，其中a 、b 两点的电场强度方向如图，a 点的电场方向与ab 连线成60°，b 点电场方向与ab 连线成30°，则以下关于a 、b 两点电场强度E a 、E b 及电势φa 、φb 的关系正确的是AA ．E a =3E b ，φa >φbB ．E a =3E b ，φa <φbC ．3ba E E =，φa >φb D．a b E =，φa <φb2．如图是一个示波管工作原理图的一部分，电子经过加速后以速度vo 垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量为y ，两平行板间距为d;电压为U ，板长为L 每单位电压引起的偏转量(y/U)叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可以采用的方法是A ．增加两板间的电势差UB ．尽可能缩短板长LC ．尽可能减小板距dD ．使电子的入射速度vo 大些°4．如图所示，电路中R 1、R 2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C 的极板水平放置．闭合开关S ，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动．如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是( )A ．增大R 1的阻值B ．增大R 2的阻值C ．增大两板间的距离D ．断开开关S2．B [解析] 本题考查含有电容器的动态电路及受力平衡等知识点，为了保证带电油滴悬浮在两板之间静止不动，就要使电容器两板之间的场强E 不变．电路稳定后，和电容器相串联的电阻对电容器两端的电压不产生影响，而增大R 1的阻值将使电容器两端的电压增大，根据E ＝U d可知，E 增大，故A 错误；增大R 2的阻值，电容器两端的电压不变，E 不变，故B 正确；增大两板间的距离，E 减小，故C 错误；断开开关S ，电容器两端的电压发生改变，D 错误．5．下列关于电阻率的说法中正确的是( B ) A ．电阻率ρ与导体的长度l 和横截面积S 有关B ．电阻率表征了材料的导电能力的强弱，由导体的材料决定，且与温度有关C ．电阻率大的导体，电阻一定很大D ．有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可用来制成电阻温度计6．如图所示，扇形区域AOC 内有垂直纸面向里的匀强磁场，边界OA 上有一粒子源S ．某一时刻，从S 平行于纸面向各个方向发射出大量带正电的同种粒子（不计粒子的重力及粒子间的相互作用），所有粒子的初速度大小相同，经过一段时间有部分粒子从边界OC 射出磁场．已知∠AOC=60°，从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的最长时间等于（T 为粒子在磁场中运动的周期），则从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的最短时间为( C ) A ．B ．C ．6TD ．解答：解：粒子在磁场做匀速圆周运动，粒子在磁场中出射点和入射点的连线即为轨迹的弦．初速度大小相同，轨迹半径R=相同．设OS=d ，当出射点D 与S 点的连线垂直于OA 时，DS 弦最长，轨迹所对的圆心角最大，周期一定，则由粒子在磁场中运动的时间最长．由此得到：轨迹半径为：R=d[来源:学,科,网]当出射点E 与S 点的连线垂直于OC 时，弦ES 最短，轨迹所对的圆心角最小，则粒子在磁场中运动的时间最短．则：SE=d ，由几何知识，三角形O′ES是等边三角形，则得θ=60°最短时间：t min=T所以，粒子在磁场中运动时间范围为T≤t≤，故不可能的是AB；故选：C7．如图所示，用绝缘细线悬挂一个导线框，导线框是由两同心半圆弧导线和直导线ab、cd（ab、cd在同一条水平直线上）连接而成的闭合回路，导线框中通有图示方向的电流，处于静止状态。

粤教版高中物理选修3-1高二理科综合试卷.docx

高中物理学习材料唐玲收集整理高二理科综合物理试卷姓名座号成绩一、单选择题(共30分)1．已知验电器带负电，把带负电的物体移近它，并用手指与验电器上的小球接触一下，然后移去带电体，这验电器将（）A.带正电B.带负电C.中性D.以上三种都有可能2．手机已是我们生活中普遍的通信工具，如图1所示是中国科健股份有限公司生产的一块手机电池外壳上的文字说明，由此可知此电池的电动势和待机状态下平均工作电流分别是( )图1A ．4.2 V 14.58 mAB ．4.2 V 700 mAC ．3.7 V 14.58 mAD ．3.7 V 700 mA3．两电阻R1、Ｒ2的电流I 和电压U 的关系如图2所示，可知两电阻R1∶Ｒ2等于A.1∶３B.３∶１C.１∶3D.3∶１4．甲、乙两根保险丝均为同种材料制成，直径分别是d1＝0.5 mm 和d2＝1 mm ，熔断电流分别为2.0 A 和6.0 A ．把以上两根保险丝各取等长一段并联后再接入电路中，允许通过的最大电流是( )A ．6.0 AB ．7.5 AUI 0 图2 R 1R 2300600C．10.0 A D．8.0 A5. 关于电源电动势，下列说法中正确的是（）A．同一电源接入不同的电路电动势会发生改变B．电源电动势就是接入电源两极间的电压表测量的电压C．电源电动势表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，与是否接外电路无关D．电源电动势与电势差是一回事6．一电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻为200Ω。

要把它改装成一个量程为0.5A 的电流表，则应在电流表上（）A．并联一个200Ω的电阻 B．并联一个0.4Ω的电阻C．串联一个0.4Ω的电阻 D．串联一个200Ω的电阻7．如图3所示,A B间电压恒为U,当滑动变阻器的滑片P逐渐向A端移动的过程中灯泡上的电压数值是（）A．一直为U B．一直为0C．逐渐增大到U D．逐渐增大到08．一台电动机的输出功率是10kW，这表明该电动机工作时( ).A．每秒消耗10kw电能B．每秒对外做10kw功C．每秒消耗10kJ电能 D．每秒对外做10kJ功9．一个平行板电容器与电池相连，充电后在不断开电源的情况下，用绝缘的工具把电容器的两金属板拉开一些距离，这会使（）A.电容器中电量增加B.电容器的电容量增加C.电容器中的电场强度减小D.电容器的两极板的电势差略有下降10.如图为一条电场线，可以判定（）A.该电场一定是匀强电场B.A点电势一定低于B点电势C.负电荷放在B点的电势能比放在A点大D.负电荷放在B点的电势能比放在A点小二、双项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分)11．有关电压与电动势的说法中正确的是( )A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势就是电源两极间的电压C．电动势公式E＝W q中的W与电压U＝Wq中的W是不一样的，后者是静电力所做的功D．电动势是反映电源把其他形式的转化为电能本领的物理量12．在电灯正常发光时，并联一只电炉，结果灯变暗了，这是因为( )A．电路的总电阻变小，总电流变大 B．电炉的分压作用，使电灯电压变小C．电灯中原来电流一部分流进电炉 D．输电线电压损失变大，电灯电压变小13．如图6所示的电路中，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，ABP×图3则有（）A．V1表读数变小B．V2表读数变小C．A表读数变小D．电源的功率变小14．在如图7所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻， R为滑动变阻器。

粤教版高中物理选修3-1高二8月考科试卷.docx

高中物理学习材料桑水制作龙山中学2011届高二8月考物理科试卷命题人：周海军审核人：周小军校对人：林继尧一、本题共 10 小题，每小题 4 分，共 40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得 4 分，选不全的得 2 分，有错选或不答的得 0 分。

1、下列关于电场的叙述中正确的是A 、点电荷产生的电场中，以点电荷为圆心，r 为半径的球面上，各点的场强都相等B 、正电荷周围的场强一定比负电荷周围的场强大C 、取走电场中某点的试探电荷后，该点的场强为零D 、电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点场强的方向不一定相同 2、关于电子伏（eV ），下列说法中正确的是A 、电子伏是电势的单位B 、电子伏是电场强度的单位C 、电子伏是能量的单位D 、191 1.610eV J -=⨯3、两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球（均可看成点电荷），其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，当它们静止于空间某两点时，静电力大小为F 。

现将两球接触后再放回原处，则它们间静电力的大小可能为 A 、F 95B 、F 54C 、F 45D 、F 59 4、下列说法中正确的是A 、电场线一定是闭合的曲线B 、电场线是正电荷在电场中的运动轨迹C 、电场中某点的场强方向，就是电荷在该点所受电场力的方向D 、电场线的疏密表示场强的强弱 5、下列说法正确的是A 、场强为零的地方，电势一定为零B 、电势为零的地方，场强不一定为零C 、场强大小相等的地方，电势一定相等D 、等势面上的各点的场强不一定相等6、一负电荷仅受电场力作用，从电场中的A点运动到B点，在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动，则A、B两点电场强度E A、E B及该电荷在A、B两点的电势能εA、εB之间的关系为A、E A=E BB、E A＜E BC、εA=εBD、εA＞εB7、如图所示，A、B为两个等量同种点电荷，a、O、b在点电荷A、B的连线上，c、O、d在连线的中垂线上Oa=Ob=Oc=Od，则A、a、b两点的场强相同，电势也相同B、c、d两点的场强不相同，电势相同C、O点是A、B连线上电势最低的点，也是A、B连线上场强最小的点D、O点是中垂线cd上电势最高的点，也中垂线上场强最大的点8、如图所示在粗糙水平面上固定一点电荷Q,在M点无初速释放一带有恒定电量的小物块,小物块在Q的电场中运动到N点静止,则从M点运动到N点的过程中A、小物块所受电场力逐渐减小B、小物块具有的电势能逐渐减小C、M点的电势一定高于N点的电势D、小物块电势能的变化量的大小一定等于克服摩擦力做的功9、如图所示，带电量相等、质量不同的带电粒子a和b从带电平行板M的边缘沿平行于极板的方向进入M、N两极板间的匀强电场中，都恰好能从N板的右缘飞出，不计重力作用，则A、两粒子进入电场时的动能一定相等B、两粒子进入电场时的初速度的大小一定相等C、两粒子飞出电场时的动能一定相等D、两粒子飞出电场时的速度大小一定相等10、如图所示，一个正检验电荷q在正点电荷Q的电场中，沿某一条电场线向右运动，已知它经过M点的加速度是经过N点时加速度的2倍，则A、它经过M点时的速度是经过N点的2倍B、它经过N点时的速度是经过M点时的速度的2倍C、MQ之间的距离是NQ之间的距离的1/2D、NQ之间的距离是MQ之间距离的2倍二、本题共5小题，满分60分。

2020-2021学年高二物理粤教版选修3-1章末综合测评2 电路 Word版含解析

2020-2021学年高二物理粤教版选修3-1章末综合测评1 电场 Word版含解析

姓名，年级：时间：章末综合测评（一）电场(时间：90分钟分值：100分）一、选择题（本题共12个小题，每小题4分,共48分，在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求,第8~12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解,其中正确的是（）A．由E＝错误!知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B．由C＝错误!知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C．由E＝k Qr2知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D．由U AB＝错误!知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则A、B两点间的电势差为－1 VD ［电场强度E与F、q无关，由电场本身决定,A错误；电容C与Q、U无关,由电容器本身决定，B错误；E＝k Qr2是决定式，C错误；由U AB＝错误!可知，D正确．]2．如图所示，在暴雨前，有一带电云团（可近似看作带电绝缘球)正慢慢靠近地面,某野外地面附近有一质量较小的带电体被吸上天空，带电体在上升过程中，以下说法正确的是（）A。

带电体的电势能一定越来越大B．带电体所经过的不同位置的电势一定越来越高C．带电体所经过的不同位置的电场强度一定越来越大D．带电体的加速度一定越来越小C ［带电体在上升的过程中，电场力做正功,电势能减小,故A错误．由于不知道云层所带电荷的电性，所以带电体上升的过程中，不能判断出电势的变化，故B错误．因为越靠近场源，场强越大，所以带电体在上升中所处环境的电场强度是越来越大，故C正确．根据电场强度越来越大，则电场力越来越大,合力越来越大，根据牛顿第二定律知，加速度越来越大，故D错误．]3．如图所示，在O点放置点电荷－q，电荷周围A、B两点到O点的距离分别为r A、r B，r A<r B,A、B两点电场强度大小分别为E A、E B，电势分别为φA、φB，则（)A．E A>E B B．E A＝E BC．φA>φB D．φA＝φBA [根据公式E＝k错误!，可以判断出离场源电荷越近，场强越大，所以A点的场强较大，A正确，B错误;沿着电场线方向，电势逐渐降低，所以B点电势较高，C、D错误．]4．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断D．若将一正试探电荷从d点由静止释放,电荷将沿着电场线由d 到cB [由沿电场线的方向电势降低，可知a点的电势低于b点的电势，故A错误；由电势能的公式E p＝qφ,可得出正试探电荷在a点的电势能低于在b点的电势能，由电场力做功与电势能变化的关系，可知由a 点移到b点电场力做负功，故B正确;因为电场线的疏密表示电场的强弱，故c点的电场强度小于d点的电场强度,故C错误；正试探电荷在d点时所受的电场力沿该处电场线的切线方向，使该电荷离开该电场线，所以该电荷不可能沿着电场线由d到c，故D错误．]5.如图所示，一段均匀带电的半圆形细线在其圆心O处产生的场强为E,把细线分成等长的圆弧错误!、错误!、错误!,则圆弧错误!在圆心O处产生的场强为（)A．E B．错误!C．错误!D．错误!B [如图所示,B、C两点把半圆环分为相等的三段，设每段在O点产生的电场强度大小为E′且相等，AB段和CD段在O处产生的场强夹角为120°，根据平行四边形法则可得它们的合场强大小为E′，则O点的合场强:E＝2E′,则：E′＝错误!，故圆弧BC在圆心O处产生的场强为错误!，故B正确．］6。

粤教版高中物理选修3-1高二第一学期期末四校联考(理科)答案.docx

高中物理学习材料2011---2012学年度第一学期阳江市“四校”期末联考高二物理(理科)答案二、双项选择题（每小题只有两个选项选项正确，每小题4分，共20分）三、实验题（16、17小题每空3分，18、19．．小题每空．．．．2．分．，共18分） 16、 8.472~8.475 17、 215 18、 1.50V 1.00Ω19、 b A 增大 12四、计算题（20、21小题每题10分，22小题12分，共32分）20、解: (1)离子在加速电场中加速过程,有:2021mv qu =(1) （2分）得:uv m q 220= (2) （1分） (2)离子在偏转电场中,有:t v L 0= (3) （2分）221at d =(4) （2分） ma qE = (5) （2分）由(2)、(3)、(4)、(5)式得:电场强度24LduE =（1分） 21、解：（1）粒子在正交匀强电磁场中做匀速直线运动，有：B qv qE 1= （1）（1分）得：1v EB =（2）（1分）由洛伦兹力与电场力的方向相反，可判断出磁感应强度的方向垂直纸面向外（1分）（2）由图可知：060sin r L = （3）（1分）粒子在磁场中有：rv m B qv 222= （4）（1分）又：Trv π22=（5）（1分）由（2）（3）（4）（5）式得：12332mv qELv =（6）（1分）圆心角060=α （7）（1分）粒子在磁场中运动的时间T t 0360α= （8）（1分）qEmv 31π=（1分）22、解：（1）在D 点，N=0 （1分）有 Rv m qvB mg 2=+ （3分）得电量c q 15.0= （2分）（2）A 到D 有：2022121)(mv mv mgR s qE mg -=-+-μ （4分）得摩擦因数35.0=μ （2分）或从A 到B ，有2022121mv mv fs B -=- 从B 到D ，有222121B mv mv mgR -=-而)(qE mg f +=μAL。

高中物理章末检测试卷(二)粤教版选修3-1-粤教版高中选修3-1物理试题

章末检测试卷(二)(时间：90分钟总分为：100分)一、选择题(此题共12小题，每一小题4分，共48分.1～8题为单项选择题，9～12题为多项选择题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选和不选的得0分)1.(2018·扬州中学高二期中)关于电动势，如下说法错误的答案是( )A.电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大B.电源两极间的电压即是电源电动势C.电源电动势在数值上等于内、外电压之和D.电源电动势与外电路的组成无关答案 B2.两个小灯泡，分别标有“1A4W〞和“2A1W〞的字样，如此它们均正常发光时的电阻阻值之比为( )A.2∶1B.16∶1C.4∶1D.1∶16答案 B解析由P＝I2R知：R＝PI2，所以R1∶R2＝41∶14＝16∶1.3.(2017·盐城市第三次模拟考试)甲、乙、丙、丁是四个长度、横截面积均一样的金属导体，某同学对它们各进展了一次测量，把每个导体中通过的电流和两端的电压在I－U坐标系中描点，如图1所示，四个导体中电阻率最大的是( )图1A.甲B.乙C.丙D.丁答案 A解析根据电阻定律R＝ρlS可知，导体的电阻率ρ＝RSl.分别把甲、乙、丙、丁所在的位置与坐标原点O连接，I－U图线的斜率表示电阻的倒数，由题图可知甲导体的电阻最大，丁导体的电阻最小.因甲、乙、丙、丁四个导体的长度、横截面积均一样，如此甲的电阻率最大，A正确.4.(2018·济宁市高一下期末)一电流表的满偏电流I g＝30mA，内电阻R g＝95Ω，要把它改装成一个量程为0.6A的电流表，应在电流表上( )A.串联一个5.00Ω的电阻B.串联一个4.75Ω的电阻C.并联一个5.00Ω的电阻D.并联一个4.75Ω的电阻答案 C5.(2018·齐齐哈尔市高二上期末)如图2所示，将阻值随温度升高而减小的热敏电阻Ⅰ和定值电阻Ⅱ串联，接在不计内阻的稳压电源两端.开始时，Ⅰ和Ⅱ阻值相等，加热或冷却热敏电阻，如此Ⅰ的电功率在( )图2A.加热时变大，冷却时变小B.加热时变小，冷却时变大C.加热或冷却时都变小D.加热或冷却时都变大答案 C解析假设将定值电阻Ⅱ看做是电源的内阻，可知开始时热敏电阻Ⅰ和定值电阻Ⅱ阻值相等，Ⅰ的电功率最大，故无论是加热或冷却热敏电阻，Ⅰ的电功率都变小，应当选C.6.(2018·邢台市高二上期末)在如图3所示的电路中两一样的小灯泡原来都发光，突然小灯泡A比原来亮了，小灯泡B比原来暗了，如此发生这种现象的故障可能是(电源内阻不计)( )图3A.R1断路B.R2短路C.R3断路D.R4短路答案 B解析电阻R1单独在一个支路上，断路后电路的电阻值变大，因不考虑电源的内阻，如此灯泡所在的电路两端的电压不变，两个灯泡的亮度都不变，故A错误；R2短路，总电阻减小，总电压不变，故流过A灯的电流增大，A灯变亮，由并联电路的特点可知流过B灯的电流减小，B灯变暗，故B正确；R3断路，总电阻增大，总电压不变，故流过A灯的电流减小，A 灯变暗，流过B灯的电流增大，B灯变亮，故C错误；R4短路，总电阻减小，总电压不变，故流过A、B两灯的电流都增大，故A、B两灯都变亮，故D错误.7.(2018·菏泽市高一下期末)如图4所示为甲、乙两灯泡的I－U图象，根据图象计算甲、乙两灯泡串联在电压为220V的电路中，实际发光的功率分别为( )图4A.21W 12WB.12W 21WC.42W 24WD.24W 42W答案 A解析两灯泡串联，故两灯泡中电流相等，且两灯泡两端的电压之和为220V，如此由图可知，两灯泡的电流均为I＝15×10－2A时，甲的电压为U1＝140V，而乙的电压为U 2＝80V ，满足条件，故甲的电功率为P 甲＝U 1I ＝140×15×10－2W ＝21W ，乙的电功率为P 乙＝80×15×10－2W ＝12W ，故A 正确，B 、C 、D 错误.8.(2018·重庆市西南大学附中期末)如图5所示的电路中，电源电动势为E ，内阻为r (R 2<r <R 1＋R 2)，电表均视为理想电表.闭合开关S 后，调节R 的阻值，使电流表的示数增大ΔI ，在这一过程中电压表示数的变化量的大小为ΔU ，如此( )图5A.通过R 的电流增大，但增大量小于ΔIB.ΔU ΔI的大小随R 的变化而变化 C.电源的输出功率一定增大了D.电源的效率降低了ΔI ·r E答案 D解析因总电流增大，如此r 与R 2分压增大，并联局部电压减小，如此流过R 1的电流减小，因此流过R 的电流增大，且增大量大于ΔI ，故A 错误；由ΔU ΔI ＝r ，可知ΔU ΔI的大小不会随R 的变化而变化，故B 错误；当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大，因不明确内、外电阻的关系，故无法明确功率的变化情况，故C 错误；电源的效率η＝U E ×100%，因电压表示数的减小量为ΔI ·r ，得电源的效率降低了ΔI ·r E，故D 正确. 9.如图6所示，电源的电动势E ＝2V ，内阻r ＝2Ω，两个定值电阻均为8Ω，平行板电容器的电容C ＝3×10－6F ，如此( )图6A.开关断开时两极板间的电压为43VB.开关断开时电容器所带电荷量为4×10－6CC.开关接通时两极板间的电压为43V D.开关接通时电容器所带电荷量为4×10－6C答案 CD解析电容器两极板间的电压等于R 2两端的电压，开关S 断开时，电路中的总电流为I ＝ER 2＋r＝28＋2A ＝0.2A ，电容器的两极板间的电压为U ＝IR 2＝0.2×8V＝1.6V ，此时电容器所带电荷量为Q ＝CU ＝3×10－6×1.6C＝4.8×10－6C ，应当选项A 、B 错误；开关接通时两定值电阻并联，R 外＝4Ω，电容器两极板间的电压等于路端电压，电路中的总电流I ′＝E R 外＋r ＝24＋2A ＝13A ，电容器的两极板间的电压U ′＝I ′R 外＝13×4V＝43V ，此时电容器所带的电荷量Q ′＝CU ′＝3×10－6×43C ＝4×10－6C ，应当选项C 、D 正确. 10.(2018·德州市高一下期末)如图7所示，电源电动势E ＝6V ，内阻r ＝1Ω，定值电阻R ＝2Ω与电动机M 串联接在电源上，开关闭合后，理想电流表示数为1A ，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻R 0＝0.5Ω.如下说法中正确的答案是( )图7A.定值电阻消耗的热功率2WB.电动机的输出功率为2.5WC.电动机的输出功率为3WD.电源的输出功率是6W答案 AB11.(2018·无锡市江阴四校高二期中)如图8所示，A 和B 为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球.开始时开关S 闭合且滑动变阻器的滑动触头P 在a 处，此时绝缘线向右偏离竖直方向，电源的内阻不能忽略，如此如下判断正确的答案是( )图8A.小球带正电B.当滑动触头从a向b滑动时，绝缘线的偏角θ变小C.当滑动触头从a向b滑动时，电流计中有电流，方向从上向下D.当滑动触头停在b处时电源的输出功率一定大于滑动触头在a处时电源的输出功率答案ABC解析由题图知，A板带正电，B板带负电，电容器内电场方向水平向右.绝缘线向右偏，电场力向右，如此小球带正电，故A正确.滑动触头向右移动时，R接入电路的阻值变小，外电路总电阻变小，总电流变大，路端电压U＝E－Ir变小，R1两端电压变小，如此电容器电压变小，绝缘线偏角变小，故B正确.滑动触头向右移动时，电容器电压变小，电容器放电，因A 板带正电，如此流过电流计的电流方向从上向下，故C正确.根据电源的输出功率与外电阻的关系：当外电阻等于内阻时，输出功率最大.外电阻大于内阻时，外电阻减小，输出功率增大；外电阻小于内阻时，外电阻减小，输出功率减小.此题不知道外电阻与内阻的大小关系，故无法比拟电源输出功率的大小，故D错误.12.(2018·成都外国语学校质检)将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在同一坐标系中，如图9所示，如此如下说法正确的答案是( )图9A.图线b表示电源内部的发热功率P r随电流I的变化关系B.M点对应的功率为最大输出功率C.在图线上A、B、C三点的纵坐标一定满足关系P A<P B＋P CD.两个交点M与N的横坐标之比一定为1∶4，纵坐标之比一定为1∶2答案AB解析由电源的总功率、输出功率和电源内部的发热功率表达式P E＝EI，P R＝EI－I2r，P r＝I2r，可知，a表示的是电源的总功率随电流I的变化关系，b表示的是电源内部的发热功率随电流I的变化关系，c表示输出功率P R随电流I的变化关系，A正确；当R＝r时，输出功率最大，M点是输出功率最大的位置，B正确；A、B、C为在a、b、c三条图线上横坐标一样的三点，因为直流电源的总功率等于输出功率和电源内部的发热功率之和，所以这三点的纵坐标一定满足关系P A＝P B＋P C，C错误；M点输出功率最大，R＝r，I M＝E2r ，I N＝Er，I MI N＝12，P MP N＝14，D错误.二、实验题(此题共2小题，共16分)13.(8分)某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：小灯泡L(额定电压3.8V，额定电流0.32A)；电压表(量程3V，内阻3kΩ)；电流表(量程0.5A，内阻0.5Ω)；定值电阻R0(阻值1000Ω)；滑动变阻器R(阻值0～9.0Ω)；电源E(电动势5V，内阻不计)；开关S；导线假设干.(1)实验要求能够实现在0～3.8V的范围内对小灯泡的电压进展测量，画出实验电路原理图.(2)实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图10(a)所示.图10由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻______(选填“增大〞“不变〞或“减小〞)，灯丝的电阻率________(选填“增大〞“不变〞或“减小〞).(3)用另一电源E0(电动势4V，内阻1.0Ω)和题给器材连接成图(b)所示的电路，调节滑动变阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率.闭合开关S，在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为______W.(结果保存两位小数)答案(1)见解析图(2分) (2)增大(2分) 增大(2分) (3)0.39(2分)解析(1)电压表量程为3V，要求能够实现在0～3.8V的范围内对小灯泡的电压进展测量，需要给电压表串联一个定值电阻扩大量程，题目中要求小灯泡两端电压从零开始，故滑动变阻器采用分压式接法，小灯泡的电阻R L ＝U I ＝3.80.32Ω＝11.875Ω，因R L R A ＜R V R L，故电流表采用外接法，实验电路原理图如图甲所示.(2)由题图I －U 图象知，图象中的点与坐标原点连线的斜率随电流的增大而减小，表示灯泡的电阻随电流的增大而增大，根据电阻定律R ＝ρl S知，灯丝的电阻率增大.(3)当滑动变阻器的阻值最大为9.0Ω时，电路中的电流最小，灯泡实际功率最小，由E 0＝U ＋I (R ＋r )得U ＝－10I ＋4，作出图线①如图乙所示.由交点坐标可得U 1＝1.78V ，I 1＝220mA ，P 1＝U 1I 1≈0.39W.14.(8分)(2018·咸阳市高二上期末)小阳同学要测量一圆柱体导体材料的电阻率(阻值约为150Ω)，他进展了如下实验：(1)利用多用电表测该导体材料的电阻，小阳同学先用多用电表电阻挡“×100〞测量时发现指针偏转角度过大，为了减小测量误差，如下选项中正确的操作与步骤顺序为________(填写选项前的字母)A.将选择开关旋转到“×1k〞的位置B.将选择开关旋转到“×10〞的位置C.用两表笔与导体材料连接好并读数D.将两表笔短接，进展欧姆调零(2)他按正确的实验操作，用多用电表电阻挡测量时指针停在图11所示的位置，如此此材料电阻的测量值为________Ω.图11(3)假设该材料的长度为L ，直径为D ，电阻为R ，如此该材料电阻率的表达式ρ＝________.图12(4)小阳同学发现该多用电表“直流50V 〞挡损坏了，但“直流10V 〞挡能正常使用.查阅资料知道，电压挡内部原理如图12所示，表头A 的满偏电流为1mA.打开多用电表外壳发现电路板上的电阻R 2被烧坏了，如此应用阻值为________kΩ的电阻替换R 2，就可以修好“直流50V 〞挡.答案 (1)BDC(2分) (2)140(2分) (3)πRD 24L(2分) (4)40(2分) 三、计算题(此题共3小题，共36分)15.(10分)如图13所示，M 为一线圈电阻R M ＝0.4Ω的电动机，R ＝24Ω，电源电动势E ＝40V.当开关S 断开时，理想电流表的示数I 1＝1.6A ，当开关S 闭合时，理想电流表的示数为I 2＝4.0A.求：图13(1)电源内阻r ；(2)开关S 闭合时，通过电动机的电流与电动机消耗的总功率.答案 (1)1Ω (2)2.5A 90W解析 (1)S 断开时，电源与定值电阻构成串联回路，E ＝I 1(R ＋r )，电源内阻r ＝E I 1－R ＝1Ω.(2分)(2)S 闭合后，定值电阻与电动机构成并联电路，电流表测干路电流，路端电压U ＝E －I 2r ＝36V(2分)通过定值电阻的电流I 2′＝U R＝1.5A ，(2分)通过电动机的电流I 2″＝I 2－I 2′＝2.5A(2分)电动机消耗的总功率即电动机的电功率， P ＝UI 2″＝90W.(2分)16.(12分)(2018·平顶山、许昌、汝州高二上第二次联考)在图14所示电路中，电源输出电压U 0恒定，定值电阻r 的阻值为5Ω，L 为标有“3V 1.5W 〞的小灯泡，滑动变阻器的总阻值为30Ω，当滑动变阻器的滑动触头P 位于变阻器的中点时，灯泡L 恰能正常发光，此时理想电压表的示数为20.5V.求：图14(1)电阻R x 的阻值；(2)电源的电压；(3)此时滑动变阻器消耗的功率.答案 (1)10Ω (2)24V (3)7.95W解析 (1)灯泡L 的电阻R L ＝U L 2P L＝6Ω(1分) 灯泡正常发光时I L ＝P L U L ＝0.5A(1分)L 与滑动变阻器左端R a 局部并联，如此通过R a 的电流I a ＝U L R a ＝0.2A(1分)通过右端R b 的电流：I b ＝I a ＋I L ＝0.7A(1分)由电压表两端电压：U ＝U L ＋I b (R b ＋R x )(2分)解得：R x ＝10Ω(1分)(2)电源电压为U 0＝U ＋I b r ＝24V(2分)(3)此时滑动变阻器消耗的功率P ＝P a ＋P b ＝I a 2R a ＋I b 2R b ＝7.95W.(3分)17.(14分)如图15甲所示的电路中，R 1、R 2均为定值电阻，且R 1＝100Ω，R 2阻值未知，R 3为一滑动变阻器.当其滑片P 从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变word 11 / 11 化图线如图乙所示，其中A 、B 两点是滑片P 在变阻器的两个不同端点得到的.求：图15(1)电源的电动势和内阻；(2)定值电阻R 2的阻值；(3)滑动变阻器的最大阻值.答案 (1)20V 20Ω (2)5Ω (3)300Ω解析 (1)由闭合电路欧姆定律可得U ＝E －Ir ，(1分)结合题图乙可知U A ＝E －I A r ，U B ＝E －I B r ，(2分)代入数据，联立解得E ＝20V ，r ＝20Ω.(2分)(2)当P 滑到R 3的右端时，R 1被短路，电路参数对应题图乙中的B 点，即U 2＝4V 、I 2＝0.8A ，(2分)得R 2＝U 2I 2＝5Ω.(2分)(3)当P 滑到R 3的左端时，由题图乙知此时U 外＝16V ，I 总＝0.2A ，所以R 外＝U 外I 总＝80Ω.(2分) 因为R 外＝R 1R 3R 1＋R 3＋R 2，所以滑动变阻器的最大阻值为R 3＝300Ω.(3分)。

粤教版高中物理选修32—第一学期广东地区期末考试高二试题

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作2007—2008 学年度第一学期期末考试高二物理（选修3—2）试题（时间： 90 分钟满分 150 分）一、单项选择题：（此题共10小题，每题 4 分，共 40 分）1、在右图中， N、S 两极间有闭合电路的一段导体在做切割磁力线运动，此中 C 导体垂直纸面向里运动， D 导体垂直纸面向外运动，则表示正确的是()2、对于感觉电动势大小的以下说法中，正确的是()A．线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感觉电动势必定大B．线圈中磁通量越大，线圈中的感觉电动势必定越大C．线圈放在磁感觉强度越强的地方，产生感觉电动势越大D．线圈中磁通量变化越快，产生的感觉电动势越大3、沟通发电机在工作时的电动势为esin t，若将其电枢的转速提升 1 倍，其余条件不变，则其电动势变成 ()A ．0sint tC．0sin 2 t D． 2ε0sin2ωt B． 20 sin224、变压器的铁芯是利用簿硅钢片叠压而成的，而不是采纳一整块硅钢，目的是（）A．增大涡流，提升变压器的效率B．减小涡流，提升变压器的效率C．增大铁芯的电阻，以产生更多的热量D．增大铁芯的电阻，以减小发热量５、如下图，该图是一正弦式沟通电的电压随时间变化的图象，以下说法不正确的是（）A ．它的频次是 50H Z u/v图４Ｂ．电压的有效值为311V311－ 2Ｃ．电压的周期是012t/10sＤ．电压的刹时表达式是 u=311 sin314t v－ 3116、将输入电压为220V、输出电压为6V 的理想变压器改绕成输出电压为24V 的变压器，若原线圈匝数保持不变，副线圈原有30 匝，则副线圈应增添的匝数为（）A．90 匝B． 120 匝C．144匝D．150匝7、如图， R1为定值电阻， R2为负温度系数的热敏电阻，L 为小灯泡，当温度降低时（）A ． R1两头的电压增大B．电流表的示数增大A R1 C．小灯泡变亮D．小灯泡变暗R2L8、下边属于电磁感觉现象的是（）A．通电导体四周产生磁场B．磁场对感觉电流发生作用，阻挡导体运动C．因为导体自己电流发生变化，而导体中产生自感电动势D．电荷在磁场中定向挪动形成电流9、传感器是一种收集信息的重要器件，如图是由电容器作为传感器来测定压力变化的电路，当待测压力作用于可动膜片电极上时，以下说法正确的选项是（）A ．若向上压膜片电极（膜片电极距离增大）时，电路中有从 a 到 b 的电流B．若向上压膜片电极（膜片电极距离增大）时，电路中有从 b 到a 的电流R aC．若向上压膜片电极（膜片电极距离增大）时，电路中不出现电A 流b D．若电流表有示数，则说明压力不发生变化10、如图 7 所示，导线框abcd 与直导线 AB 在同一平面内，直导线AB 中通有恒定的电流 I，当线框由左向右匀速经过直导线的过程中，线框中的感觉电流的方向是（）a v AadA．先是 abcda 再 dcbad 后 abcda dI B．先是 abcda 再 dcbadb c cC．一直是 dcbad B b图 7D．先是 dcbad 再 abcda 后 dcbad二、多项选择题：（此题共 5小题，每题 4 分，共 20 分，选对不全得 2 分，有错或不答得 0分）11、以下说法切合物理史事的是（）Ａ．赫兹第一发现电流可以产生磁场，证明了电和磁存在着互相联系Ｂ．安培提出的分子电流假说，揭露了磁现象的电实质Ｃ．法拉第在古人的启迪下，经过十年不懈的努力，终于发现电磁感觉现象Ｄ．奥斯特发现电流可以产生磁场，证明了电和磁存在着互相联系12、在长直通电导线邻近搁置一矩形线圈，开始时线圈与导线处在同一平面内，线圈中的 ac、bd 边与导线平行，如图。

2020-2021学年高二物理粤教版选修3-1章末综合测评3 磁场 Word版含解析

章末综合测评(三)磁场(时间：90分钟分值：100分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．有一导线南北方向放置，在其下方放一个小磁针．小磁针稳定后，给导线通上如图所示电流，发现小磁针的S极垂直纸面向外偏转．关于此现象下列说法正确的是()A．没有通电时，小磁针的S极指向地磁场的南极B．通电后小磁针S极仍指向地磁场的南极C．通电导线在小磁针所在处产生的磁场方向垂直纸面向外D．通电后小磁针S极发生偏转说明通电导线周围存在磁场D[小磁针自由静止时，指向地理北极的一端是小磁针的北极，即N极，地磁场的北极在地理南极附近，小磁针的S极指向地磁场的北极，故A错误；通电后根据安培定则可知，导线在小磁针处产生的磁场方向垂直纸面向里，所以小磁针N极将偏向纸里，S极将偏向纸外，故B、C错误；通电后小磁针S极发生偏转说明通电导线周围存在磁场，即电流的磁效应，故D正确．]2.在同一平面上有a、b、c三根等间距平行放置的长直导线，依次通有电流强度大小为1 A、2 A和3 A的电流，各电流的方向如图所示，则导线b所受的合力方向是()A．水平向左B．水平向右C．垂直纸面向外D．垂直纸面向里A[根据通有反向电流的导线相互排斥，可知b受到a的排斥力，同时受到c的排斥力；a 的电流大小小于c的电流大小，则c对b的电场力大于a对b的电场力，可知导线b所受的合力方向水平向左．故A正确，B、C、D错误．]3.如图所示，竖直面内的导体框ABCD所在平面有水平方向的匀强磁场，AP⊥BC，∠B＝∠C＝60°，AB＝CD＝20 cm，BC＝40 cm.若磁场的磁感应强度为0.3 T，导体框中通入图示方向的5 A电流，则该导体框受到的安培力()A．大小为0.6 N，方向沿PA方向B．大小为0.6 N，方向沿AP方向C．大小为0.3 N，方向沿PA方向D．大小为0.3 N，方向沿BC方向C[力是矢量，三段导体在磁场中受到的安培力的合力与AD段受到的安培力是等效的，所以根据左手定则可知，导体框受到的安培力的方向垂直于AD的方向向下，即沿PA方向；AD 段的长度L＝BC－2BP＝40 cm－2×20 cm×cos 60°＝20 cm＝0.2 m，安培力的大小F＝BIL＝0.3×5×0.2＝0.3 N．故C正确，A、B、D错误．]4．某空间存在匀强磁场和匀强电场．一个带电粒子(不计重力)以一定初速度射入该空间后，做匀速直线运动；若仅撤除电场，则该粒子做匀速圆周运动，下列因素与完成上述两类运动无关的是()A．磁场和电场的方向B．磁场和电场的强弱C．粒子的电性和电量D．粒子入射时的速度C[由题可知，当带电粒子在复合场内做匀速直线运动，即Eq＝q v B，则v＝EB，若仅撤除电场，粒子仅在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，说明要满足题意，对磁场与电场的方向以及强弱程度都要有要求，但是对电性和电量无要求，根据F＝q v B可知，洛伦兹力的方向与速度方向有关，故对入射时的速度也有要求，故选C.]。

粤教版高中物理选修3-1-高二级第一学期期末考试试卷(理科).docx

高中物理学习材料（鼎尚**整理制作）廉江中学2011-2012学年高二级第一学期期末考试物理试卷（理科）试卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间50分钟.第一部分选择题（共46分）一、单项选择题（本题4小题，每小题4分，共16分，每小题的四个选项中只有一个符合题意）1．对比电场线和磁感线的特点，下列说法正确的是（）A. 电场线和磁感线都不能相交。

B ．电场线从正电荷出发，终止于负电荷；磁感线从磁体的N 极发出，终止于S 极。

C. 电场线和磁感线都是闭合的曲线。

D. 电场线和磁感线都是现实中存在的。

2．关于磁感应强度与通电导线在磁场中受力情况及其相互关系，下列说法中正确的是（）A ．一小段通电直导线在磁场中不受安培力作用，该处磁感应强度一定为零B ．一小段通电直导线所受安培力的方向一定与磁场方向垂直C ．只有通电直导线与磁场方向垂直，导线才会受到安培力的作用D ．通电直导线在磁场中所受安培力越大，其磁感应强度一定越大3．以下各选项中属于交流电的是（）4、如图，电源电压U 不变．为使电容器的带电量增大，可采取以下那些方法：（） ABC DA．增大R1B．增大R2C．增大R3D．减小R3二、双项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分，每小题只有两个选项正确，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）5．磁感应强度的单位１Ｔ等于（）A．1Wb/m2B．1Wb/m C．1N/（A•m）D．1N/C6．对于右手螺旋定则（安培定则）和左手定则的说法中，正确的是（）A．判断直线电流周围的磁场方向，应用右手螺旋定则，其中大拇指所指的方向与电流方向一致B．判断环形电流中心轴上的磁场方向，应用右手螺旋定则，其中四指和环形电流方向一致C．判断通电螺线管中心轴上的磁场方向，应用左手定则，其中左手弯曲的四指和电流方向一致D．判断磁场方向、电流方向和安培力方向之间的关系，应用安培定则7．如图为某电场中的一条电场线， M 、N 是这条电场线上的两点.这两点的电势分别为φM=－6V 、φN=－2V，电子只受电场力作用，则以下判断正确的是（）A．将一个电子从 M 点由静止释放，则它一定会向N点运动；B． M 点的电场强度一定小于 N 点的电场强度；C．将一个电子从 M 点移到 N 点，电场力做功 4eV ；D．将一个电子从 M 点移到 N 点，克服电场力做功 4ev.8．如图所示，线圈A插在线圈B中，线圈B与电流表接成闭合电路，线圈A与蓄电池、开关、滑动变阻器组成另一个电路，用此装置来研究电磁感应现象，下列说法正确的是（）A. 开关闭合瞬间，电流表指针发生偏转B. 开关闭合稳定后电流表指针发生偏转C. 开关断开瞬间，电流表指针发生偏转D. 开关闭合和断开瞬间，电流表指针都不发生偏转9．如图4所示的电路电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L 的电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A.闭合开关S接通电路时，A2先亮A1后亮，最后一样亮B.闭合开关S接通电路时，A1和A2始终一样亮图4NMC.断开开关S切断电路时，A2立刻熄灭，A1过一会熄灭D.断开开关S切断电路时，A1和A2都要过一会儿才熄灭第二部分非选择题（共56分）三、实验题（18分）10．在测定镍铜合金丝电阻率的实验中，待测镍铜合金丝长L约0.8m，直径d 小于1mm，电阻R在5Ω左右。

2019-2020学年粤教版高中物理选修3-1章末综合测评2 电路 (1).doc

章末综合测评(二)电路(时间：90分钟分值：100分)一、选择题(本题共10个小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 1．夜间，居民楼的楼道里只是偶尔有人经过，“长明灯”会造成浪费．科研人员利用“光敏”材料制成“光控开关”——天黑时自动闭合，天亮时自动断开；利用“声敏”材料制成“声控开关”——当有人走动发出声音时自动闭合，无人走动时自动断开．若将这两种开关配合使用，就可以使楼道里的灯变得“聪明”．这种“聪明”的电路是图中的()D[在白天时，一般不需要灯照明；天黑以后，特别是夜深人静时，一般也不需要灯照明；也就是说天黑且人在楼道里走动时需要照明．对于选项A，“声控开关”闭合时，发生短路；对于选项B，不管是“光控开关”，还是“声控开关”都能让灯发光，节能目的达不到；对于选项C，“光控开关”闭合时，发生短路；对于选项D，“光控开关”与“声控开关”同时闭合时，灯才亮，所以达到节能的目的．]2．“神舟十号”载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的．由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应．“神舟”飞船上的太阳能电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%.单片单晶硅太阳能电池可产生0.6 V的电动势，可获得0.1 A的电流，则每秒照射到这种太阳能电池上太阳光的能量是() A．0.24 J B．0.25 JC．0.26 J D．0.28 JC[根据W＝UIt可得每秒太阳能电池的能量为W＝0.06 J，设太阳能每秒照射的能量为Q，则Q×23%＝W，可解得Q≈0.26 J．]3．如图所示电路中，电源E的电动势为3.2 V，电阻R的阻值为30 Ω，小灯泡L的额定电压为3.0 V，额定功率为4.5 W．当开关S接位置1时，电压表的读数为3 V，那么当开关S接到位置2时，小灯泡L()A．比正常发光略亮B．正常发光C．有可能被烧坏D．比正常发光暗D[小灯泡L的额定电压为U＝3.0 V，额定功率为P＝4.5 W，则灯泡的电阻为R L＝U2P＝3.024.5Ω＝2.0 Ω，小于电阻R＝30 Ω，则当开关S接到位置2时，外电阻减小，路端电压减小，路端电压小于3 V，即小于灯泡的额定电压，故小灯泡比正常发光暗．故A、B、C错误，D正确．]4．如图所示的闭合电路中，当滑动变阻器的滑片P从b滑向a的过程中，V1、V2两只电压表示数的变化值分别为ΔU1和ΔU2，则()A．|ΔU1|>|ΔU2| B．|ΔU1|<|ΔU2|C．|ΔU1|＝|ΔU2| D．无法判断A[滑动变阻器R与电阻R1、R2串联，电压表V1测R与电阻R1串联部分的电压，V2测电阻R2两端的电压；当滑动变阻器滑片由b向a移动时，滑动变阻器的阻值减小，引起串联电路部分的总电阻变小，总电流变大，则内阻上电压变大，电压表V1的示数变小，变化量为ΔU1，根据串联电路的电阻分压特点可知，定值电阻R2两端的电压变大；U1＝E－U2－U r，则|ΔU1|＝|－ΔU2－ΔU r|，即|ΔU 1|>|ΔU 2|，故A 正确．]5．如图所示，用甲、乙、丙三个电动势E 相同而内阻r 不同的电源，分别给定值电阻R 供电．已知甲、乙、丙三个电源内阻的大小关系为：r 甲>r 乙>r 丙，则将R 先后接在这三个电源上时的情况相比，下列说法中正确的是( )A ．接在甲电源上时，电源的输出电流最大B ．接在丙电源上时，电源的输出电流最小C ．接在乙电源上时，电阻R 消耗的电功率最大D ．接在丙电源上时，电阻R 消耗的电功率最大D [三个电源的电动势E 相等，而内阻r 甲>r 乙>r 丙，根据闭合电路欧姆定律I ＝E R ＋r得知，接在丙电源上时，电源的输出电流最大．故A 、B 错误；由公式P ＝I 2R 分析得知，接在丙电源上时，电阻R 获得的电功率最大．故C 错误，D 正确．]6．电源的效率η定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比．在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中U 为路端电压，I 为干路电流，a 、b 为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为ηa 、ηb .由图可知ηa 、ηb 的值分别为( )A ．34、14B ．13、23C ．12、12D ．23、13D [电源效率η＝UE ，E 为电源的总电压(即电动势)，根据图象可知U a ＝23E ，U b ＝13 E ，所以ηa ＝23，ηb ＝13，故D 正确．] 7．一根粗细均匀的金属导线，在其两端加上电压U 时，通过导线的电流为I ，导线中自由电子定向移动的平均速率为v ，若将导线均匀拉长，使它的横截面半径变为原来的12，再给它两端加上电压2U ，则( ) A ．通过导线的电流为I 16B ．通过导线的电流为I 8C ．导线中自由电子定向移动的速率为v 2D ．导线中自由电子定向移动的速率为v 4BC [将金属导线均匀拉长，因半径变为原来的一半，则横截面积变为原来的14倍，其长度变为原来的4倍，根据电阻定律R ＝ρL S 分析得到，电阻变为原来的16倍，电压变为原来的2U ，根据欧姆定律I ＝U R 可知，拉长后电流变为I 8，故A 错误，B 正确．电流的微观表达式I ＝nevS ，其中n 、e 不变，电流I 变为原来的18，横截面积S 变为原来的14，则自由电子定向移动的平均速率变为v 2，故C 正确，D 错误．]8.按图所示的电路连接各元件后，闭合开关S ，L 1、L 2两灯泡都能发光．在保证灯泡安全的前提下，当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是( )A ．L 1变暗B ．L 1变亮C ．L 2变暗D ．L 2变亮AD [当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知流过L 2的电流增大，故L 2变亮；内阻分担的电压增大，电源的电动势不变，故并联部分电压减小，故通过L 1的电流变小，即灯泡L 1变暗；故A 、D 正确．]9．在如图所示的电路中，电源的电动势为E ，内阻为r ，电容器的电容为C ，电压表、电流表均为理想电表，R 0为定值电阻，闭合开关S ，调节电阻箱的阻值，使其接入电路的阻值增大ΔR ，结果电容器的电量增加了ΔQ ，电压表示数增加了ΔU ，电流表示数减小了ΔI ，则下列关系正确的是( )A ．ΔU ＝ΔQ CB ．ΔR ＝ΔU ΔIC ．ΔI <ΔU R 0D ．ΔQ ＝ΔIC (R 0＋r )ACD [闭合开关S ，增大可变电阻R 的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R 0两端的电压减小，R 两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R 0两端的电压减小量小于ΔU .即ΔI <ΔU R 0；电容器两极板间的电压等于R 两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为ΔQ ＝CΔU ，即ΔU ＝ΔQ C ，故A 、C 正确．根据闭合电路欧姆定律得U ＝E －I (R 0＋r )，由数学知识得知，ΔU ΔI ＝R 0＋r ≠ΔR ，故B 不正确．根据以上分析知ΔQ ＝CΔU ＝ΔIC (R 0＋r )，故D 正确．]10．如图所示电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，串联的固定电阻为R 2，滑动变阻器的总阻值是R 1，电阻大小关系为R 1＋R 2＝r ，则在滑动触头从a 端滑到b 端过程中，下列描述正确的是( )A．电路的总电流先减小后增大B．电路的路端电压先增大后减小C．电源的输出功率先增大后减小D．滑动变阻器R1上消耗的功率先减小后增大ABC[由并联的知识可知，当滑动变阻器触头处于中央位置时，变阻器的总电阻和电路的总电阻最大，故滑动触头从a端滑到b端过程中，总电阻先增大后减小，总电流先减小后增大，由U外＝E－Ir，电路的路端电压先增大后减小，A、B正确；因为外电路的电阻一直小于电源内阻．由P出－R图象可以看出(如图所示)，在虚线左侧，电源的输出功率先增大(箭头向右)后减小(箭头向左)，故C正确；对于D选项，可把R2拉到电源内部去，看成内部的一部分，此时R外小于电源内阻(r＋R2)，由图看出，R1消耗功率先增大后减小，D错误．]二、非选择题(本题共6小题，共60分)11．(6分)在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中备有如下器材A．干电池1节B．滑动变阻器(0～20 Ω)C．滑动变阻器(0～1 kΩ)D．电压表(0～3 V，内阻约为20 kΩ)E．电流表(0～0.6 A，内阻R A＝0.2 Ω)F．电流表(0～3 A，内阻约为0.01 Ω)G．开关、导线若干(1)为了减小实验误差和方便操作，选择如图甲所示实验电路进行实验，其中滑动变阻器应选________，电流表应选________．(只填器材前的序号)(2)某同学根据实验测的电压表的读数U 和电流表的读数I ，画出的U -I 图象如图乙所示，由图象可得电池的电动势为________V ，内电阻为________Ω.(保留到小数点后一位)甲乙[解析] (1)由于本实验中通过电源的电流不能太大，由图可知，最大电流不超过0.6 A ，所以电流表应选E ；电路中的最大电阻为R max ＝E 13I A ＝1.513×0.6 Ω＝7.5 Ω，所以滑动变阻器应选B .(2)根据U ＝E －Ir ＝－rI ＋E ，可知U -I 图象纵轴截距即为电动势，图象斜率绝对值即为内阻r ，所以E ＝1.5 V ，r ＝1.5－0.90.6Ω＝1.0 Ω. [答案] (1)B E (2)1.5 1.012．(10分)在电子线路制作中常用到覆铜板，覆铜板是将补强材料(加入橡胶中可以显著提高其力学性能的材料)浸以树脂，一面或两面覆以铜箔，经热压而成的一种板状材料，称为覆铜箔层压板，它是做印制电路板的基本材料，常叫基材．小明同学是电子制作爱好者，他想应用所学的物理知识来测量覆铜板的导电铜膜厚度．于是他从资料上查得导电铜膜的电阻率ρ＝1.75×10－8 Ω·m ，并利用下列器材完成了这个实验：A ．电源E (电动势为6 V ，内阻不计)B ．取待测长方形覆铜板一块，将两个粗铜条A 、B 平行压置在覆铜板的两端，与覆铜板接触良好，用作电极，如此就制成了待测电阻R (阻值约为2 Ω)C ．滑动变阻器(总阻值约为10 Ω)D ．定值电阻R 2(电阻值R 2＝6 Ω)E ．毫米刻度尺和游标卡尺F．电压表V(量程为0～6 V，内阻很大)G．电流表A(量程为0～0.6 A，内阻约为5 Ω)H．开关K，导线若干甲乙(1)请在图甲的实物图中完成实物连线，要求实验测量精度高．(2)小明在接通电路之前，先用游标卡尺测得覆铜板宽度d为8.02 mm.(3)小明用毫米刻度尺测两电极A、B间的距离L＝1.001 m.(4)图乙中的6个点表示实验中测得的6组电流I、电压U的值，请完成作图，若所得图线的斜率用k表示，则导电铜膜的电阻R＝________(用k及题中所给字母表示)，根据实验数据及I-U图线求出导电铜膜的电阻R＝________Ω(计算结果保留两位有效数字)．(5)计算导电膜厚度h的值为________mm(计算结果保留两位有效数字)．[解析](1)为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，铜膜电阻很小，为保护电路应把定值电阻与待测电阻串联，电压表内阻远大于铜膜电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：(4)根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：由图示图象可知，图象的斜率k ＝I U ，铜膜电阻R ＝U I －R 2＝1k －R 2，铜膜的电阻阻值R ＝U I －R 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫40.5－6 Ω＝2.0 Ω； (5)由电阻定律可知R ＝ρL S ＝ρL dh ，解得h ＝ρL dR ＝1.75×10－8×1.0018.02×10－3×2.0m≈1.1×10－6 m ＝1.1×10－3 mm.[答案] (1)实物电路图如解析图所示(4)图象如解析图所示 1k －R 2 2.0 (5)1.1×10－313．(10分)如图所示的电路中，电源的电动势E ＝12 V ，内阻未知，R 1＝8 Ω，R 2＝1.5 Ω，L 为规格“3 V 3 W”的灯泡，开关S 断开时，灯泡恰好正常发光．(不考虑温度对灯泡电阻的影响)求：(1)灯泡的额定电流和灯丝电阻；(2)电源的内阻；(3)开关S 闭合时，灯泡实际消耗的功率．[解析] (1)灯泡的额定电流I 0＝P 0U 0＝33A ＝1 A 灯丝电阻R L ＝U 20P 0＝323Ω＝3 Ω. (2)断开S 时，灯L 正常发光，即I 1＝I 0，根据闭合电路欧姆定律E ＝I 0(R 1＋R L ＋r )得r ＝E I 0－(R 1＋R L )＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤121－（8＋3）Ω＝1 Ω. (3)闭合S 时，设外电路总电阻为R 外，R 外＝R L ·R 2R L ＋R 2＋R 1＝9 Ω 干路电流为I 总＝E R 外＋r ＝1.2 A 灯泡两端的电压U L ＝I 总·R L ·R 2R L ＋R 2＝1.2 V 灯泡实际消耗的功率P ＝U 2L R L＝0.48 W. [答案] (1)1 A 3 Ω (2)1 Ω (3)0.48 W14．(10分)如图所示的电路中，两平行金属板A ，B 水平放置，接入如图所示电路中，两板间的距离d ＝50 cm ，电源电动势E ＝15 V ，内电阻r ，电阻R 1＝4 Ω，R 2＝10 Ω，闭合开关S ，待电路稳定后，将一带电的小球放入板间恰能保持静止，若小球质量为m ＝2×10－2kg ，电量q ＝1×10－2C ，问：(1)小球带正电还是负电，电容器的电压为多大？(2)电源的内阻为多大？(3)电源的效率是多大？(取g ＝10m/s 2)[解析] (1)小球放入板间后，受重力和电场力作用，由二力平衡知，小球应带负电，且mg ＝q U 2d ，代入数据解得： U 2＝10 V .(2)电路中的电流为：I ＝U 2R 2＝1010A ＝1 A 根据闭合电路欧姆定律得：E ＝U 2＋I (R 1＋r )代入数据解得：r ＝1 Ω.(3)电源的效率：η＝UI IE ×100%＝U 1＋U 2E ×100%＝4＋1015×100%≈93.3%.[答案](1)负电10 V(2)1 Ω(3)93.3%15．(10分)如图甲所示的电路，当变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中两电压表的示数随电流表示数的变化情况如图乙中的A、B两直线所示，不考虑电表对电路的影响．问：(1)电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象分别为U-I图象中的哪一条直线？(2)定值电阻R0、变阻器的总电阻分别为多少？(3)试求处电源的电动势和内阻．[解析](1)电压表V1的示数随电流表示数的变化图象为B，电压表V2的示数随电流表示数的变化图象为A.(2)由乙图可知，电阻R0的值等于图线A的斜率，即R0＝ΔUΔI＝6－1.52－0.5Ω＝3 Ω当R全部接入电路时，电路中电流最小，为0.5 A．则7.50.5Ω＝R＋R0，R＝15Ω－3 Ω＝12 Ω.(3)当电流为0.5 A时，由图线B，根据闭合电路的欧姆定律有：E＝7.5＋0.5 r当电流为2.0 A时，由图线B，根据闭合电路的欧姆定律有：E＝6＋2r联立解得：E＝8 V，r＝1 Ω.[答案](1)B A(2)3 Ω12 Ω(3)8 V 1 Ω16．(14分)如图甲所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R 供电．改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化．(1)以U 为纵坐标，I 为横坐标，在图乙中画出变阻器阻值R 变化过程中U -I 图象的示意图，并说明U -I 图象与两坐标轴交点的物理意义．(2)a .请在图乙画好的U -I 关系图线上任取一点，画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率．b ．请推导该电源对外电路能够输出的最大电功率及条件．(3)请写出电源电动势定义式，并结合能量守恒定律证明：电源电动势在数值上等于内、外电路电势降落之和．[解析] (1)U -I 图象如图所示，其中图象与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流．(2)a .如图所示b ．电源输出的电功率：P ＝I 2R ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫E R ＋r 2R ＝E 2（R －r ）2R＋4r 当外电路电阻R ＝r 时，电源输出的电功率最大．为P max ＝E 24r.(3)电动势定义式E＝W非静电力q根据能量守恒定律，在图甲所示电路中，非静电力做功W产生的电能等于在外电路和内电路产生的电热，即W＝I2rt＋I2Rt＝Irq＋IRq＝W非静电力，则E＝W非静电力q＝Ir＋IR＝U内＋U外[答案]见解析。

粤教版高中物理选修31高二试题

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作高二物理试题（选修 3- 1）第I 卷（选择题共 40分）一、此题共 10 小题。

每题4 分，共 40 分。

1．对于物理学史，以下说法中正确的选项是（）A ．电荷量 e 的数值最早是由美国物理学家密立根测得的B ．法拉第不单提出了场的的观点，并且直观地描述了场的清楚图像D ．库仑在古人工作的基础上，经过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作使劲的规律 2．在电场中的某点放入电荷量为q 的尝试电荷时，测得该点的电场强度为E ；若在该点放入电荷量为2q 的尝试电荷，其余条件不变，此时测得该点的电场强度为 A ．大小为 2E ，方向和 E 相反 B ．大小为C ．大小为 2E ，方向和 E 同样 D ．大小为（ E ，方向和E ，方向和）E 同样E 相反3．如下图，一带负电的粒子，沿着电场线从A 点运动到B 点的过程中，以下说法中正确的选项是（）A ．带电粒子的电势能愈来愈小B ．带电粒子的电势能愈来愈大A BC ．带电粒子遇到的静电力必定愈来愈小D ．带电粒子遇到的静电力必定愈来愈大4．如下图，在真空中，两个放在绝缘架上的同样金属小球A 和B ，相距为 r 。

球的半径AB比 r 小得多， A 带电荷量为 +4 Q ， B 带电荷量为 - 2Q ，相互作用的静电力为 F 。

现将小球 A 和 B 相互接触后，再移回至本来各自的地点，这时 A 和 B 之间相互作用的静电力为F 。

则 F 与F 之比为（）A ．8:3B ．8:1C ． 1:8D ． 4:15．一点电荷从电场中的A 点挪动到B 点，静电力做功为零，则以下说法中正确的选项是（）A ．A 、B 两点的电势必定相等 B ． A 、 B 两点的电场强度必定相等C ．该点电荷必定一直沿等势面运动D ．作用于该点电荷的静电力方向与其挪动方向必定是一直垂直的6．如图为某匀强电场的等势面散布图（等势面竖直散布），已知每两个相邻等势面相距 2V 4V 6V 8V2cm ，则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为0V （）A ． E 100V/m ，竖直向下B ． E 100V/m ，竖直向上C．E100V/m ，水平向左 D ．E100V/m ，水平向右7．如下图，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B 之间的 P 点，处于静止状态。

(完整word版)高中物理选修3-1试题(含答题卷和答案)

高二物理试题（选修 3-1）本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，共 100分，考试时间90分钟。

第I 卷（选择题共44 分）一、单项选择题：本题共10小题，每题4分，共44分。

1.下列说法正确的是（）A .磁感线越密，该处磁感应强度越大B .磁感线越疏，该处磁感应强度越大C •铁屑在磁场中显示的就是磁感线D •穿过某线圈的磁通量为零说明该处磁感应强度为零 2.如图所示的四个实验现象中，不能表明在电流周围存在磁场的是（ A •图甲中，导线通电后磁针发生偏转B •图乙中，通电导线在磁场中受到力的作用C •图丙中，当电流方向相同时，导线相互靠近A .我们把大小、方向都不随时间变化的电流称为恒定电流B .国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C .电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D . 由 1 ：可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多 5.在电场中的某点放入电荷量为-q 的试探电荷时，测得该点的电场强度为E ;若在该点放入电荷量为+2q 的试探电荷，其它条件不变，此时测得该点的电场强度为（）7. 一点电荷从电场中的 A 点移动到B 点，静电力做功为零，则以下说法中正确的是（） A . A 、B 两点的电势一定相等3.如图所示, 沿着电场线从 A 点运动到B 点的过程中，以下说法正确的是A .带电粒子的电势能越来越小C .带电粒子受到的静电力一定越来越小4.下列关于电流的说法中，错误..的是B .带电粒子的电势能越来越大D .带电粒子受到的静电力一定越来越大）A .大小为2E ,方向和E 相反B .大小为E ,方向和E 相同6. C .大小为2E ,方向和E 相同 D .大小为E ,方向和E 相反如图所示，在真空中，两个放在绝缘架上的相同金属小球 A 和B ,相距为r 。

球的半径比r 小得多，A 带电荷量为+4Q , B 带电荷量为-2Q ，相互作用的静电力为F 。

粤教版高中物理选修3-1练习：章末质量评估(三)Word版含答案

章末质量评估(三)一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得3分，错选不选或多选均不得分．) 1．如图所示的四个实验现象中，不能表明在电流周围能产生磁场的是()A．图甲中，导线通电后磁针发生偏转B．图乙中，通电导线在磁场中受到力的作用C．图丙中，当电流方向相同时，导线相互靠近D．图丁中，当电流方向相反时，导线相互远离答案：B2．如图所示，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向(垂直于纸面向里)垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc＝∠bcd＝135°.流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受磁场的合力()A．方向沿纸面向上，大小为(2＋1)ILBB．方向沿纸面向上，大小为(2－1)ILBC．方向沿纸面向下，大小为(2＋1)ILBD．方向沿纸面向下，大小为(2－1)ILB解析：将导线分为三段直导线，根据左手定则分别判断出安培力的大小，根据F ＝BIL 计算出安培力的大小，再求合力．导线所受合力F ＝BIL ＋2BIL sin 45°＝(2＋1)ILB .答案：A3．关于磁场，下列说法正确的是( )A ．磁场对放入其中的磁体一定有力的作用B ．磁场对放入其中的电流一定有力的作用C ．磁场对放入其中的运动电荷一定有力的作用D ．磁感线实际上是不存在的，所以不可能模拟出磁感线解析：磁场对放入其中的磁体一定有磁场力作用，故A 正确；磁场对放入其中的电流不一定有磁场力的作用，当平行于磁场放时，一定没有磁场力；当垂直放入磁场中，磁场力最大，故B 错误；磁场对放入其中的运动电荷不一定有力的作用，当运动方向与磁场方向平行时，就没有磁场力，故C 错误；磁感线实际上是不存在的，但可以用细铁屑来体现出磁感线，故D 错误．答案：A4．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L ，质量为m 的直导体棒．在导体棒中的电流I 垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，下列外加匀强磁场的磁感应强度B 的大小和方向正确的是( )A ．B ＝mg sin αIL ，方向垂直斜面向上B ．B ＝mg sin αIL ，方向垂直斜面向下C ．B ＝mg cos αIL ，方向垂直斜面向下D ．B ＝mg cos αIL，方向垂直斜面向上解析：外加匀强磁场的磁感应强度B 的方向垂直斜面向上，则沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态．答案：A5．关于地磁场，下列说法正确的是( )A ．地球是一个巨大的磁体，地磁N 极在地理北极附近，S 极在地理南极附近B ．地磁场在地表附近某处，有两个分量，水平分量指向地理北极附近，竖直分量一定竖直向下C ．若能将指南针放在地心，则它的N 极指向地球北极D ．若能将指南针放在地心，则它的N 极指向地球南极解析：地理北极附近是地磁南极，地理南极附近是地磁北极．故A 不符合题意．地磁场的磁感线可分解成两个分量，水平分量指向地理北极附近，若在北半球，则竖直分量竖直向下；若是南半球，则是竖直向上．故B 不符合题意．磁感线是闭合曲线，地球内部的磁感线是从S 极到N 极，因此若能将指南针放在地心，则它的N 极指向地球的南极．故C 不符合题意，D 符合题意．答案：D6．如图所示，在光滑水平面上放根固定的通电直导线，并在它旁边与它在同一水平面内放一通电矩形导线框，则导线框的运动情况是( )A ．线框静止B ．线框向右匀速运动C．线框向左匀速运动D．线框向右加速运动解析：直导线中的电流方向由下向上，根据安培定则，导线右侧区域磁感应强度方向向内，根据左手定则，左边受向右的安培力，右边受到向左的安培力，上边受到向上的安培力，下边受到向下的安培力；离通电导线越远的位置，磁感应强度越小，故根据安培力公式F ＝BIL，左边受到的安培力大于右边，上边受到的安培力等于下边受到的安培力，故线圈受通电直导线作用后将向右运动．故D正确，A、B、C错误．答案：D7．有关洛伦兹力和安培力的描述，正确的是()A．通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用B．安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现C．带电粒子在匀强磁场中运动受到洛伦兹力做正功D．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行解析：通电直导线处于匀强磁场中，若电流的方向与磁场方向平行，则不受安培力．故A错误；安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现．故B正确；洛伦兹力的方向与速度方向垂直，洛伦兹力不做功．故C错误；根据左手定则知，安培力的方向与磁场方向垂直．故D错误．答案：B8．带电粒子进入云室会使云室中的气体电离，从而显示其运动轨迹，如图是在有匀强磁场的云室中观察到的粒子的轨迹，a和b是轨迹上的两点，匀强磁场B垂直纸面向里．该粒子在运动时，其质量和电荷量不变，而动能逐渐减少．下列说法正确的是()A ．粒子先经过a 点，再经过b 点B ．粒子先经过b 点，再经过a 点C ．粒子可以带正电也可以带负电D ．粒子带正电解析：粒子在云室中运动时，速度逐渐减小，根据r ＝m v qB 可知其运动轨迹的半径逐渐减小，故粒子运动方向为由a 到b ，故A 正确，B 错误；运动方向由a 到b ，磁场垂直纸面向里，所受洛伦兹力方向指向运动轨迹内侧，故由左手定则可知该电荷带负电，故C 、D 错误．答案：A9．环形对撞机是研究高能粒子的重要装置．正、负离子由静止经过电压为U 的直线加速器加速后，沿圆环切线方向注入对撞机的真空环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，两种带电粒子将被局限在环状空腔内，沿相反方向做半径相等的匀速圆周运动，从而在碰撞区迎面相撞，为维持带电粒子在环状空腔中的匀速圆周运动，下列说法正确的是( )A ．对于给定的加速电压，带电粒子的比荷q m 越大，磁感应强度B 越大B ．对于给定的加速电压，带电粒子的比荷q m 越大，磁感应强度B 越小C ．对于给定的带电粒子，加速电压U 越大，粒子运动的周期越大D ．对于给定的带电粒子，不管加速电压U 多大，粒子运动的周期都不变解析：由题意知道正负电子经加速后进入匀强磁场做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律推导出电子圆周运动的半径和周期表达式，再进行分析．电子在加速电场中，根据动能定理得qU ＝12m v 2，电子在匀强磁场中由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得q v B ＝m v 2r，电子圆周运动的半径r ＝m v qB ，周期T ＝2πr v ＝2πm qB .A 、B 对于给定的加速电压，v 不变，又由题意得知，r 不变，则带电粒子的比荷q m 越大，则B 越小．故A 错误，B 正确．C 、D 由上可知，加速电压U 越大，电子获得的速度v 越大，要保持半径r 不变，B 应增大，则T 会减小．故C 、D 错误．答案：B10．回旋加速器是用来加速带电粒子的装置，如图所示，它的核心部分是两个D 形金属盒，两盒相距很近，分别和高频交流电源相连接，在两盒间的窄缝中形成交变电场，使带电粒子每次通过窄缝都得到加速．两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，通过两盒间的窄缝时反复被加速，直到达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出，如果用同一回旋加速器分别加速氚核(31H 原子核)和α粒子(42He 原子核)，比较它们所加的高频交流电源的周期和获得的最大动能的大小，可知( )A．加速氚核的交流电源的周期较大，氚核获得的最大动能较小B．加速氚核的交流电源的周期较大，氚核获得的最大动能也较大C．加速氚核的交流电源的周期较小，氚核获得的最大动能也较小D．加速氚核的交流电源的周期较小，氚核获得的最大动能较大解析：因为加速器所加的高频交流电源的周期与粒子做圆周运动的周期相等，而粒子在磁场中做圆周运动的周期与粒子的运动速度没关系，故由公式T＝2πmqB可知，氚核的交流电源的周期较大，故C、D均错误；再根据最大动能E k＝12m v2＝12m·⎝⎛⎭⎪⎫BqRm2＝B2q2R22m，将氚核与氦核的相关电荷量与质量代入，发现氚核获得的最大动能较小，故A正确，B错误．答案：A二、多项选择题(本题共4小题，每题6分，共24分．每小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多选或不选得0分．)11．磁场中某点的磁感应强度B的方向，是指()A．放在该点的小磁针N极的受力方向B．放在该点的小磁针静止后N极的指向C．磁感线在该点的切线方向D．与放在磁场中该点的通电导线所受安培力的方向一致解析：我们规定：磁场中某点的磁感应强度B的方向与放在该点的小磁针N极的受力方向一致与放在该点的小磁针静止后N极的指向一致，故A、B正确；为了使用磁感线形象地描述磁场的强弱和方向，规定磁场的方向沿磁感线在该点的切线的方向，故C正确；磁感应强度B的方向与放在磁场中该点的通电导线所受安培力的方向垂直，故D错误．答案：ABC12．如图所示是用电子射线管演示带电粒子在磁场中受洛伦兹力的实验装置，图中虚线是带电粒子的运动轨迹，那么下列关于此装置的说法正确的有()A．A端接的是高压直流电源的正极B．A端接的是高压直流电源的负极C．C端是蹄形磁铁的N极D．C端是蹄形磁铁的S极解析：由图可知，电子是从A端射出，则A端是高压直流电源的负极，故A错误，B正确；电子是从A向B运动，且洛伦兹力向下，则由左手定则可得磁场方向由C向D，故C正确，D错误．答案：BC13．如图所示，竖直向下的匀强磁场穿过光滑的绝缘水平面，平面上一个钉子O固定一根细线，细线的另一端系一带电小球，小球在光滑水平面内绕O做匀速圆周运动．在某时刻细线断开，小球仍然在匀强磁场中做匀速圆周运动，下列说法错误的是()A ．速率变小，半径变小，周期不变B ．速率不变，半径不变，周期不变C ．速率变小，半径变大，周期变大D ．速率不变，半径变小，周期变小解析：线断后，小球只受洛伦兹力作用，由于洛伦兹力不做功，所以小球的速率一定不变，故A 、C 错误；若线断前，线中无拉力，只有洛伦兹力提供向心力，则线断后无影响，小球的轨迹不变，半径不变，周期也不变，故B 正确；若线断前，绳中有拉力F 且F －q v B＝m v 2r 时，线断后q v B ＝m v 2r ，小球做圆周运动的绕行方向发生变化，当F －q v B ＝q v B ，即F ＝2q v B 时，半径、周期都不变；当F －q v B ＞q v B ，即F ＞2q v B 时，半径、周期都变大；当F －q v B ＜q v B ，即F ＜2q v B 时，半径、周期都变小，故D 正确．答案：AC14．如图所示，两根长直导线竖直插入光滑绝缘水平桌面上的M 、N 两小孔中，O 为M 、N 连线中点，连线上a 、b 两点关于O 点对称．导线均通有大小相等、方向向上的电流．已知长直导线在周围产生的磁场的磁感应强度，式中k 是常数、I 是导线中电流、r 为点到导线的距离B ＝k I r.一带正电的小球以初速度v 0从a 点出发沿连线运动到b 点．关于上述过程，下列说法正确的是( )A．小球先做加速运动后做减速运动B．小球一直做匀速直线运动C．小球对桌面的压力先减小后增大D．小球对桌面的压力一直在增大解析：据题意，由于通过M和N的导线电流方向都向上且大小相等，在M、N周围产生逆时针方向磁场，由于磁场的叠加，从a 到b合磁场磁感应强度方向先向里后向外且大小先减小后增加，带电小球受到的洛伦兹力据f＝q v B可知先向上后向下且先减小后增加，而带电小球对桌面的压力为：N＝G－f，则压力大小为：一直增加；由于洛伦兹力方向与带电小球运动方向垂直，小球运动速度不变，故选项B、D正确．答案：BD三、非选择题(共4小题，共46分)15．(10分)最近研制出一种可以投入使用的电磁轨道炮，其原理如图所示．炮弹(可视为长方形导体)置于两固定的平行导轨之间，并与轨道壁密接．开始时炮弹静止在轨道的一端，通以电流后炮弹会被磁力加速，最后从位于导轨另一端的出口高速射出．设两导轨之间的距离d＝0.10 m，导轨长L＝5.0 m，炮弹质量m＝0.30 kg.导轨上的电流I的方向如图中箭头所示．可认为，炮弹在轨道内运动时，它所在处磁场的磁感应强度始终为B＝2.0 T，方向垂直于纸面向里．若炮弹出口速度为v＝2.0×103m/s，忽略摩擦力与重力的影响以及发射过程中电流产生的焦耳热，试求：(1)通过导轨的电流I；(2)发射过程中电源的最大输出功率P.解析：(1)炮弹的加速度为：a＝IdBm，炮弹做匀加速运动，有：v2＝2aL，代入题给数据得I＝6.0×105 A.(2)电源的最大输出功率：P＝IdB·v，解得：P＝2.4×108 W.答案：(1)6.0×105 A(2)2.4×108 W16．(10分)如图所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一长方体形的厚度为d、左右侧面的表面积为S的绝缘容器，容器内装满密度为ρ的导电液体，容器两侧面中心处连有两竖直放置的玻璃管T1和T2，容器的上、下两个面均是用不能和导电液体发生化学反应的铂金制成的极板A、K，并与开关S、电动势为E的无内阻电源相接组成电路，容器的两侧面均和磁感线方向平行．当合上开关S后，发现两玻璃管中导电液体液面的高度差为h.(1)判断两个玻璃管T1和T2液面哪个高，简要说明理由；(2)求导电液体的电阻R.解析：(1)导电液体中电流由下向上，磁场方向向里，由左手定则知安培力方向向左，故T1的液面较高．(2)设导电液体受到的安培力在液体中产生的附加压强为p1，则安培力F＝p1S.由液体内压强公式知p1＝ρgh，解得安培力F＝ρghS，又有安培力公式F＝BId，电流I＝ER，联立解得：R＝BEd ρghS.答案：(1)导电液体中电流由下向上，磁场方向向里，由左手定则知安培力方向向左，故T 1的液面较高(2)BEd ρghS17．(12分)电子(e ，m )以速度v 0与x 轴成30°角垂直射入磁感强度为B 的匀强磁场中，经一段时间后，打在x 轴上的P 点，如图所示，求：P 点到O 点的距离是多大？电子由O 点运动到P 点所用的时间是多大？解析：电子在磁场中受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，轨迹如图所示，由图可知：弦切角为30°，所以圆心角为60°，P 点到O 点的距离等于半径，根据Be v 0＝m v 20r 得r ＝m v 0eB ，所以P 点到O 点的距离等于m v 0eB ，圆周运动的周期：T ＝2πm eB ，圆心角为60°，所以电子由O 点运动到P 点所用的时间：t ＝60°360°·2πm eB ＝πm 3eB. 答案：m v 0eB πm 3eB18．(14分)质谱仪原理如图所示，a 为粒子加速器，电压为U 1；b 为速度选择器，磁场与电场正交，磁感应强度为B 1，板间距离为d ；c 为偏转分离器，磁感应强度为B 2.今有一质量为m 、电荷量为＋q 的正电子(不计重力)，经加速后，该粒子恰能通过速度选择器，粒子进入分离器后做半径为R 的匀速圆周运动．求：(1)粒子射出加速器时的速度v ；(2)速度选择器的电压U 2;(3)粒子在B 2磁场中做匀速圆周运动的半径R .解析：(1)粒子经加速电场U 1加速，获得速度v ，由动能定理得：qU 1＝12m v 2，解得v ＝2qU 1m .(2)电子在速度选择器中做匀速直线运动，由电场力与洛伦兹力平衡得 Eq ＝q v B 1即U 2d q ＝q v B 1，U 2＝B 1d v ＝B 1d 2qU 1m .(3)在B 2中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有：q v B 2＝m v 2R ，R ＝m v qB 2＝m qB 22qU 1m . 答案：见解析。