多媒体技术第一次·平时作业2020春华南理工大学网络教育答案
多媒体技术基础电大网上作业1(平时作业一)
多媒体技术基础电大网上作业1（平时作业一）平时作业（一）1试卷总分：100注：请20分钟以内保存一次。
每大题完成后请先保存再更换大题，试卷试题全部完成后提交。
第1大题判断题（每小题2分，共计40分）（总分40.00）1.多媒体数据的特点是数据量巨大、数据类型少、数据类型间区别大和输第2大题入输出复杂。
（2.00分）第3大题错误正确2.我国多媒体技术和应用的发展始于20世纪90年代末。
（2.00分）错误正确3.衡量数据压缩技术性能好坏的重要指标是压缩比、恢复效果和标准化。
（2.00分）错误正确4.音频大约在20KHz—20MHz的频率范围内。
（2.00分）错误正确5.超文本是一个非线性的网状结构。
（2.00分）错误正确6.计算机网络技术是20世纪60年代末，70年代初开始发展起来的。
（2.00分）错误正确7.在相同的条件下，位图所占的空间比矢量图小。
（2.00分）错误正确8.CD-ROM解决了多媒体信息的存储问题。
（2.00分）错误正确9.多媒体技术应用的关键问题是对图像进行压缩编码和解压。
（2.00分）错误正确10.Internet提供的信息服务方式可分为基本服务和扩充服务两种。
（2.00分）错误正确11.MIDI文件是一系列指令而不是波形数据的集合，因此其要求的存储空间较小。
（2.00分）错误正确12.对音频数字化来说，在相同条件下，立体声比单声道占的空间大，分辨率越高则占的空间越小，采样频率越高则占的空间越大。
（2.00分）错误正确13.dpi是指每英寸像素点。
（2.00分）错误正确14.1990年10月，形成了多媒体PC机技术规范1.0，简称“标准1”.（2.00分）错误正确15.位图可以用画图程序获得、用荧光屏上直接抓取、用扫描仪或视频图像抓取设备从照片等抓取、购买现成的图片库。
（2.00分）错误正确16.多媒体数据的输入方式分为两种：即多通道异步输入方式和多通道同步输入方式。
（2.00分）错误正确17.局域网通讯距离仅限于数十米至近千米的范围。
多媒体技术(内容 题 答案)
多媒体技术第一节多媒体技术概论1、多媒体技术的概念多媒体一词来自于英文“Multimedia”，它是一个复合词。
多媒体技术是利用计算机对文字、图像、图形、动画、音频、视频等多种信息进行综合处理、建立逻辑关系和人机交互作用的产物。
2、多媒体技术的处理对象（1）文字：采用文字编辑软件生成文本文件，或者使用图像处理软件形成图形方式的文字。
（2）图像：主要指具有23～232彩色数量的.gif、.bmp、.tga、.tif、.jpg格式的静态图像。
图像采用位图方式，并可对其压缩，实现图像的存储和传输。
（3）图形：图形是采用算法语言或某些应用软件生成的矢量化图形，具有体积小、线条圆滑变化的特点。
（4）动画：动画有矢量动画和帧动画之分，矢量动画在单画面中展示动作的全过程；而帧动画则使用多画面来描述动作。
帧动画与传统动画的原理一致。
代表性的帧动画文件有.flc、.fla等动画文件。
（5）音频信号：音频通常采用.wav或.mid格式，是数字化音频文件。
还有.mp3压缩格式的音频文件。
（6）视频信号：视频信号是动态的图像。
具有代表性的有.avi 格式的电影文件和压缩格式的.mpg视频文件。
3、动画制作软件分三类：（1）绘制和编辑动画软件：AnimatorPro、AnimationStudio、Flash等软件用于制作各种形式的平面动画。
3DStudio、3DStudioMax、Cool3D、Maya等软件用于制作各种各样的三维动画。
（2）动画处理软件：Premiere、GIFConstructionSet网页动画处理软件等。
（3）计算机程序：Authorware多媒体平台软件、VisualBasic 等计算机语言。
14、多媒体技术的应用领域1）在教育领域方面CAI计算机辅助教学、CAL计算机辅助学习、CBI计算机化教学、CBL计算机化学习CAT计算机辅助训练、CMI计算机管理教学2）在家庭娱乐方面3）在过程模拟领域方面：化学反应、火山喷发、海洋洋流、天气预报等方面。
大工18春《多媒体技术》在线测试1(满分答案)
(单选题) 8: 预测编码和变换编码都是( )。
A: 可逆编码
B: 不可逆编码
C: 无失真编码
D: 以上选项都不对
正确答案:
(单选题) 9: 运动图像的压缩编码过程要比解码过程相对( )些。
A: 简单
B: 复杂
C: A和B都对
D: 以上选项都不对
正确答案:
T: 对
F: 错
正确答案:
(判断题) 12: 在XML文档中使用CSS,只用“引用式”这一种方式。
T: 对
F: 错
正确答案:
(判断题) 13: 迄今为止,W3C只给出了一种样式单语言的推荐标准,即CSS。
T: 对
F: 错
正确答案:
(判断题) 14: XML用样式单在浏览器中不能显示其中的数据信息。
正确答案:
(单选题) 6: 行程长度编码属于( )。
A: 可逆编码
B: 不可逆编码
C: 有失真编码
D: 以上选项都不对
正确答案:
(单选题) 7: 预测编码有( )。
A: 线性预测
B: 非线性预测
C: 线性预测和非线性预测两类
D: 以上选项都不对
正确答案:
(单选题) 10: DVD属于( )。
A: 模拟式磁记录设备
B: 数字式磁记录设备
C: 光存储设备
D: 以上选项都不对
正确答案:
(判断题) 1: 键盘是存储媒体。
T: 对
F: 错
正确答案:
(判断题) 2: 在多媒体技术中,通常我们所说的媒体一般指的是表现媒体。
T: 对
华工多媒体专业技术随堂练习
参考答案:对
问题解析：
19.（判断题)多媒体工具及应用系统,包括各种用于多媒体素材制作和作品开发的软件工具、编程语言，以及各类应用系统。
答题: 对． 错.(已提交)
参考答案:对
问题解析:
2０．(判断题)多媒体通信与分布式多媒体系统：如可视电话、电视会议、视频点播、远程医疗会诊等。
答题： 对． 错．（已提交)
参考答案：错
问题解析：
13.(判断题)采样的过程是每隔一个时间间隔在模拟声音的波形上取一个幅值,把时间上的不连续信号变成时间上的离散信号。
答题: 对. 错.(已提交）
参考答案：错
问题解析：
1４.(判断题)模拟信号的不同幅度分别对应不同的二进制值,如果用k位二进制码组来表示该样值的大小，那么，k位二进制码组只能表示M=２k个离散样值。
答题： A. B. C. Ｄ．(已提交)
参考答案：B
问题解析：
９.（单选题)多媒体研究的核心技术中，位居首位的技术是多媒体数据（)编解码技术。ﻫ A．压缩B．通信C．显示D.传输
答题: A. B． Ｃ． Ｄ.(已提交)
参考答案：A
问题解析:
10.（单选题）如果信号的采样时间间隔T为常数,则该采样称为（）采样。
答题: A. B. C. D.(已提交)
参考答案:B
问题解析：
3.(单选题)对声音信号进行数字化处理，是对声音信号（）。
A.采样并量化B.仅采样C．仅量化D．采样、量化并编码
答题: A. B. C. Ｄ.（已提交)
参考答案：D
问题解析:
4．(单选题)声音数字化时,存储表示每个数字化声音样本所用的二进制位数,称为(）。ﻫA．采样B.采样频率C．量化D．量化精度
华南理工 多媒体技术 平时作业
（4）数据量与压缩比是一对矛盾
A)仅（1）B)（1）（2）
C)（1）（2）（3）D)全部
答题： A. B. C. D.
20.视频卡的种类很多，主要包括（）。
（1）视频捕获卡（2）电影卡（3）电视卡（4）视频转换卡
A)仅（1）
B)（1）（2）
C)（1）（2）（3）
D)全部
答题： A. B. C. D.
C．（1）、（2）、（3）D．全部
答题： A. B. C. D.
2.能够区别多媒体系统和传统媒体系统的主要特性是（）。
A交互性B集成性C独立性D可控制性
答题： A. B. C. D.
3.帮助人们感知其周围世界的媒体是( )媒体。
A表示B表现C感知D存储
答题： A. B. C. D.
4.下列媒体中只有( )是连续的媒体
答题： 对. 错.
9.多媒体网络通信的关键技术是多媒体数据的压缩技术和高速的数据通信技术。
答题： 对. 错.
10.下列关于dpi的叙述（）是正确的。
（1）每英寸的bit数（2）每英寸像素点
（3）dpi越高图像质量越低（4）描述分辨率的单位
A．（1）（3）B．（2）（4）
C．（1）（4）D．全部
答题： A. B. C. D.
11.下列关于dpi的叙述，正确的是（）。
（1）每英寸的bit数（2）描述分辨率的单位
（3）dpi越高图像质量越低（4）每英寸像素点
A．（1）（3）
B．（2）（4）
C．（1）（2）（3）
D．全部
答题： A. B. C. D.
12..普通视频的纵横比W/H的值是( )。
A.4:3 B.16:9 C.1:1 D.2:1
华南理工大学网络工程和网络管理平时作业答案
一、选择题共20题;每题2分1、计算机网络的拓扑结构不包括D ..A 总线型B 环型C 星型D 对等型2、千兆以太网普遍使用在区域网络的骨干上;其单个网段的最大长度为C ..A 10mB 100mC 1000mD 10000m3、交换机的工作模式是D ..A 单工B 半双工C 全双工D 以上都可以4、防火墙是一种控制隔离技术;以下不属于其体系结构的是A ..A虚拟局域网 B 屏蔽主机 C 双重宿主主机D 屏蔽子网5、路由器不能通过B 与Internet接入设备进行连接..A 异步串行端口B 同步串行接口C Uplink端口D ISDN BRI端口6、通常将网络划分为三种典型系统;以下不属于该典型系统的是C..A 电路转接B 呼叫接入C 信息转接D 多址接入7、按源节点发送分组的方式进行分类;分组交换网路由选择方法不包括 D ..A 分布式B 扩散式C 选择扩散式D 单路式8、以下不属于自适应式的单路式路由选择算法的是D..A 集中式B 孤立式C 分布式D 选择式9、网络故障管理的主要功能不包括A..A 拓扑管理B 告警监测C 故障定位D 业务恢复10、OSI网络管理功能中;接收告警事件、分析相关信息、及时发现正在进行的攻击和可疑迹象的功能属于B ..A 配置管理B 审计管理C 用户管理D 安全管理11、如果将SNMP模型视为客户/服务器结构;则下面的说法正确的是C..A 管理者可以是客户;也可以是服务器B 管理站是服务器;代理是客户C 管理者是客户;代理是服务器D 以上说法都不对12、以下不属于公共对象请求代理CORBA体系结构组成部分的是A ..A 接口定义语言IDLB 对象管理组OMGC 对象适配器OAD 动态驱动接口DII13、配置交换机时的登陆方式不包括C..A 控制台端口B 远程登陆C Uplink端口D 基于Web的管理方式14、关于虚拟局域网VLAN的说法中;不正确的是D..A VLAN可以控制广播风暴B 可以将某个交换机端口划分到某个VLAN中C 不同VLAN间的数据传输通过FTP协议实现D VLAN可以防止局域网内产生广播效应15、以下不属于交换机链路配置方式的是B..A vlanB accessC dynamicD trunk16、关于以太网交换机;以下说法中不正确的是D..A 交换机工作在数据链路层B 交换机的每个端口形成一个冲突域C 交换机支持多端口同时收发数据D 交换机是一种多端口中继器17、以下选项中;属于动态配置VLAN方法的是 B ..A 按交换机端口分配VLANB 按MAC地址分配VLANC 由DHCP服务器分配VLAND 由智能交换机来划分VLAN18、以下对路由配置命令“”的解释;错误的是A ..A ip route表示静态路由配置命令B ip route表示动态路由配置命令19、下列静态路由配置正确的是 D ..A ip route 129.1.0.0 16 serial 0C ip route 1220、以下关于外部网关协议EGP的说法中;错误的是B..A EGP是距离矢量路由协议B EGP的扩展性较差1、简述典型计算机网络拓扑结构及其各自的特点..答：计算机网络的拓扑结构主要有：总线型拓扑、星型拓扑、环型拓扑、树型拓扑和混合型拓扑..总线型拓扑总线型结构由一条高速公用主干电缆即总线连接若干个结点构成网络..网络中所有的结点通过总线进行信息的传输..这种结构的特点是结构简单灵活;建网容易;使用方便;性能好..其缺点是主干总线对网络起决定性作用;总线故障将影响整个网络.. 总线型拓扑是使用最普遍的一种网络..星型拓扑星型拓扑由中央结点集线器与各个结点连接组成..这种网络各结点必须通过中央结点才能实现通信..星型结构的特点是结构简单、建网容易;便于控制和管理..其缺点是中央结点负担较重;容易形成系统的“瓶颈”;线路的利用率也不高..环型拓扑环型拓扑由各结点首尾相连形成一个闭合环型线路..环型网络中的信息传送是单向的;即沿一个方向从一个结点传到另一个结点；每个结点需安装中继器;以接收、放大、发送信号..这种结构的特点是结构简单;建网容易;便于管理..其缺点是当结点过多时;将影响传输效率;不利于扩充..树型拓扑树型拓扑是一种分级结构..在树型结构的网络中;任意两个结点之间不产生回路;每条通路都支持双向传输..这种结构的特点是扩充方便、灵活;成本低;易推广;适合于分主次或分等级的层次型管理系统..网型拓扑主要用于广域网;由于结点之间有多条线路相连;所以网络的可靠性较搞高..由于结构比较复杂;建设成本较高..混合型拓扑混合型拓扑可以是不规则型的网络;也可以是点-点相连结构的网络..蜂窝拓扑结构蜂窝拓扑结构是无线局域网中常用的结构..它以无线传输介质微波、卫星、红外等点到点和多点传输为特征;是一种无线网;适用于城市网、校园网、企业网..编辑本段局域网的结构局域网中常见的结构为总线型或星型..2、OSI划分的网络管理功能域分别是什么请简单描述..答：网络故障管理计算机网络服务发生意外中断是常见的;这种意外中断在某些重要的时候可能会对社会或生产带来很大的影响..但是;与单计算机系统不同的是;在大型计算机网络中;当发生失效故障时;往往不能轻易、具体地确定故障所在的准确位置;而需要相关技术上的支持..因此;需要有一个故障管理系统;科学地管理网络发生的所有故障;并记录每个故障的产生及相关信息;最后确定并改正那些故障;保证网络能提供连续可靠的服务..○网络配置管理一个实现中使用的计算机网络是由多个厂家提供的产品、设备相互连接而成的;因此各设备需要相互了解和适应与其发生关系的其它设备的参数、状态等信息;否则就不能有效甚至正常工作..尤其是网络系统常常是动态变化的;如网络系统本身要随着用户的增减、设备的维修或更新来调整网络的配置..因此需要有足够的技术手段支持这种调整或改变;使网络能更有效地工作..○网络性能管理由于网络资源的有限性;因此最理想的是在使用最少的网络资源和具有最小通信费用的前提下;网络提供持续、可靠的通信能力;并使网络资源的使用达到最优化的程度.. ○网络计费管理当计算机网络系统中的信息资源是有偿使用的情况下;需要能够记录和统计哪些用户利用哪条通信线路传输了多少信息;以及做的是什么工作等..在非商业化的网络上;仍然需要统计各条线路工作的繁闲情况和不同资源的利用情况;以供决策参考..○网络安全管理计算机网络系统的特点决定了网络本身安全的固有脆弱性;因此要确保网络资源不被非法使用;确保网络管理系统本身不被未经授公的访问;以及网络管理信息的机密性和完整性3、简要描述防火墙体系结构..答：防火墙主要的体系结构：1、包过滤型防火墙2、双宿/多宿主机防火墙3、被屏蔽主机防火墙4、被屏蔽子网防火墙5、其他防火墙体系结构优缺点：1、包过滤型防火墙优点：1处理数据包的速度较快与代理服务器相比；2实现包过滤几乎不再需要费用；3包过滤路由器对用户和应用来说是透明的..缺点：1包过滤防火墙的维护较困难；2只能阻止一种类型的IP欺骗；3任何直接经过路由器的数据包都有被用作数据驱动式攻击的潜在危险;一些包过滤路由器不支持有效的用户认证;仅通过IP地址来判断是不安全的；4不能提供有用的日者或者根本不能提供日志；5随着过滤器数目的增加;路由器的吞吐量会下降；6IP包过滤器可能无法对网络上流动的信息提供全面的控制..2、双宿/多宿主机防火墙优点：1可以将被保护的网络内部结构屏蔽起来;增强网络的安全性；2可用于实施较强的数据流监控、过滤、记录和报告等..缺点：1使访问速度变慢；2提供服务相对滞后或者无法提供..3、被屏蔽主机防火墙优点：1其提供的安全等级比包过滤防火墙系统要高;实现了网络层安全包过滤和应用层安全代理服务；2入侵者在破坏内部网络的安全性之前;必须首先渗透两种不同的安全系统；3安全性更高..缺点：路由器不被正常路由..4、被屏蔽子网防火墙优点：安全性高;若入侵者试图破坏防火墙;他必须重新配置连接三个网的路由;既不切断连接;同时又不使自己被发现;难度系数高..缺点：1不能防御内部攻击者;来自内部的攻击者是从网络内部发起攻击的;他们的所有攻击行为都不通过防火墙；2不能防御绕过防火墙的攻击；3不能防御完全新的威胁：防火墙被用来防备已知的威胁；4不能防御数据驱动的攻击：防火墙不能防御基于数据驱动的攻击..4、简述SNMP体系结构模型及其特点..答：SNMP的网络管理模型包括以下关键元素：管理站、代理者、管理信息库、网络管理协议..管理站一般是一个分立的设备;也可以利用共享系统实现..管理站作为网络管理员与网络管理系统的接口;它的基本构成为：一组具有分析数据、发现故障等功能的管理程序; 一个用于网络管理员监控网络的接口; 将网络管理员的要求转变为对远程网络元素的实际监控的能力; 一个从所有被管网络实体的MIB中抽取信息的数据库..网络管理系统中另一个重要元素是代理者..装备了SNMP的平台;如主机、网桥、路由器及集线器均可作为代理者工作..代理者对来自管理站的信息请求和动作请求进行应答;并随机地为管理站报告一些重要的意外事件..网络资源被抽象为对象进行管理..但SNMP中的对象是表示被管资源某一方面的数据变量..对象被标准化为跨系统的类;对象的集合被组织为管理信息库MIB..MIB作为设在代理者处的管理站访问点的集合;管理站通过读取MIB中对象的值来进行网络监控..管理站可以在代理者处产生动作;也可以通过修改变量值改变代理者处的配置..5、简述入侵检测系统IDS的构成及其功能..答：入侵检测系统Intrusion Detection System;简称IDS是进行入侵检测的软件与硬件的组合;事实上入侵检测系统就是“计算机和网络为防止网络小偷安装的警报系统”.. 入侵检测系统的作用主要是通过监控网络、系统的状态;来检测系统用户的越权行为和系统外部的入侵者对系统的攻击企图..6、简述内部网的分层设计模型;并说明各个层次的主要功能..答：网络的3层分别为核心层、汇聚层、接入层核心层是是所有流量的汇聚点和处理点;它实现数据包的高速交换..汇聚层的主要功能是汇聚网络流量;屏蔽接入层变化对核心层的影响..汇聚层起了承上启下的作用..接入层为最终用户提供访问网络的能力..7、什么是VLAN VLAN有什么优点答：VLANVirtual Local Area Network即虚拟局域网;是一种通过将局域网内的设备逻辑地而不是物理地划分成一个个网段从而实现虚拟工作组的新兴技术..IEEE于1999年颁布了用以标准化VLAN实现方案的802.1Q协议标准草案..VLAN技术允许网络管理者将一个物理的LAN逻辑地划分成不同的广播域或称虚拟LAN;即VLAN;每一个VLAN都包含一组有着相同需求的计算机工作站;与物理上形成的LAN 有着相同的属性..但由于它是逻辑地而不是物理地划分;所以同一个VLAN内的各个工作站无须被放置在同一个物理空间里;即这些工作站不一定属于同一个物理LAN网段..一个VLAN内部的广播和单播流量都不会转发到其他VLAN中;即使是两台计算机有着同样的网段;但是它们却没有相同的VLAN号;它们各自的广播流也不会相互转发;从而有助于控制流量、减少设备投资、简化网络管理、提高网络的安全性..VLAN是为解决以太网的广播问题和安全性而提出的;它在以太网帧的基础上增加了VLAN头;用VLAN ID把用户划分为更小的工作组;限制不同工作组间的用户二层互访;每个工作组就是一个虚拟局域网..虚拟局域网的好处是可以限制广播范围;并能够形成虚拟工作组;动态管理网络..既然VLAN隔离了广播风暴;同时也隔离了各个不同的VLAN之间的通讯;所以不同的VLAN之间的通讯是需要有路由来完成的..VLAN的优点1. 限制广播域..广播域被限制在一个VLAN内;节省了带宽;提高了网络处理能力..2. 增强局域网的安全性..不同VLAN内的报文在传输时是相互隔离的;即一个VLAN内的用户不能和其它VLAN内的用户直接通信;如果不同VLAN要进行通信;则需要通过路由器或三层交换机等三层设备..3. 灵活构建虚拟工作组..用VLAN可以划分不同的用户到不同的工作组;同一工作组的用户也不必局限于某一固定的物理范围;网络构建和维护更方便灵活..8、什么是生成树协议它有什么作用•答：生成树协议STP; Spanning Tree Protocol;又称扩展树协定;是一基于OSI网路模型的数据链路层第二层通讯协定;用作确保一个无回圈的区域网络环境..通过有选择性地阻塞网络冗余链路来达到消除网络二层环路的目的;同时具备链路的备份功能..生成树协议的主要功能有两个：一是在利用生成树算法、在以太网络中;创建一个以某台交换机的某个端口为根的生成树;避免环路..二是在以太网络拓扑发生变化时;通过生成树协议达到收敛保护的目的..9、 IEEE802.11无线局域网有哪些主要部件答：①计算机特别是PC机; ②传输媒体; ③网络适配器; ④网络连接设备;⑤网络操作系统..10、简述代理方式下的基于Web的网络管理实现过程..答：第一种方式是代理方式;即在一个内部工作站上运行Web服务器代理..这个工作站轮流与端点设备通信;浏览器用户与代理通信;同时代理与端点设备之间通信..在这种方式下;网络管理软件成为操作系统上的一个应用..它介于浏览器和网络设备之间..在管理过程中;网络管理软件负责将收集到的网络信息传送到浏览器Web服务器代理;并将传统管理协议如SNMP转换成Web协议如HTTP..第二种实现方式是嵌入式..它将Web功能嵌入到网络设备中;每个设备有自己的Web地址;管理员可通过浏览器直接访问并管理该设备..在这种方式下;网络管理软件与网络设备集成在一起..网络管理软件无须完成协议转换..所有的管理信息都是通过HTTP协议传送..11、什么是网络地址翻译NAT 其实现方式有哪几种答：借助于NAT;私有保留地址的"内部"网络通过路由器发送数据包时;私有地址被转换成合法的IP地址;一个局域网只需使用少量IP地址甚至是1个即可实现私有地址网络内所有计算机与Internet的通信需求..NAT的实现方式有三种;即静态转换Static Nat、动态转换Dynamic Nat和端口多路复用OverLoad..12、交换机的配置必须借助于计算机才能实现;通常情况下;可以通过哪几种方式实现交换机配置答：1、直通交换方式采用直通交换方式的以太网交换机可以理解为在各端口间是纵横交*的线路矩阵电话交换机..它在输入端口检测到一个数据包时;检查该包的包头;获取包的目的地址;启动内部的动态查找表转换成相应的输出端口;在输入与输出交*处接通;把数据包直通到相应的端口;实现交换功能..由于它只检查数据包的包头通常只检查14个字节;不需要存储;所以切入方式具有延迟小;交换速度快的优点所谓延迟Latency是指数据包进入一个网络设备到离开该设备所花的时间..它的缺点主要有三个方面：一是因为数据包内容并没有被以太网交换机保存下来;所以无法检查所传送的数据包是否有误;不能提供错误检测能力；第二;由于没有缓存;不能将具有不同速率的输入／输出端口直接接通;而且容易丢包..如果要连到高速网络上;如提供快速以太网100BASE－T、FDDI或ATM连接;就不能简单地将输入／输出端口“接通”;因为输入／输出端口间有速度上的差异;必须提供缓存；第三;当以太网交换机的端口增加时;交换矩阵变得越来越复杂;实现起来就越困难..2、存储转发方式存储转发Store and Forward是计算机网络领域使用得最为广泛的技术之一;以太网交换机的控制器先将输入端口到来的数据包缓存起来;先检查数据包是否正确;并过滤掉冲突包错误..确定包正确后;取出目的地址;通过查找表找到想要发送的输出端口地址;然后将该包发送出去..正因如此;存储转发方式在数据处理时延时大;这是它的不足;但是它可以对进入交换机的数据包进行错误检测;并且能支持不同速度的输入／输出端口间的交换;可有效地改善网络性能..它的另一优点就是这种交换方式支持不同速度端口间的转换;保持高速端口和低速端口间协同工作..实现的办法是将10Mbps低速包存储起来;再通过100Mbps速率转发到端口上..3、碎片隔离式Fragment Free这是介于直通式和存储转发式之间的一种解决方案..它在转发前先检查数据包的长度是否够64个字节512 bit;如果小于64字节;说明是假包或称残帧;则丢弃该包；如果大于64字节;则发送该包..该方式的数据处理速度比存储转发方式快;但比直通式慢;但由于能够避免残帧的转发;所以被广泛应用于低档交换机中..。
计算机网络第一次·平时作业2020春华南理工大学网络教育答案
华南理工大学网络教育学院2019-2020第二学期《计算机网络》作业一填空题（每题2分共10分）1、Internet中的用户远程登录，是指用户使用Telnet 命令，使自己的计算机暂时成为远程计算机的一个仿真终端的过程。
一、2、目前局域网系统中采用的物理拓扑结构大多数是星状。
3、在IP地址中，C类IP地址在一个网络中最多只能连接 254 台设备。
4、计算机网络中，实际应用最广泛的是TCP/IP协议，由它组成了Internet的一整套协议。
5、我国的顶级的域名是 CN 。
二、简述题（每题5分共35分）1、计算机网络有哪些常用的性能指标？答：速率、带宽2、计算机网络常见的传输媒体有哪些？试分类描述答：常见的传输媒体有以下几种：1.双绞线特点：①可以传输模拟信号和数字信号；②双绞线容易受到外部高频电磁波的干扰，误码率高；③因为其价格便宜，且安装方便，既适于点到点连接，又可用于多点连接，故仍被广泛应用。
2.同轴电缆特点：①在局域网发展初期被广泛采用；②具有很好的抗干扰性能。
3.光导纤维特点：①传输损耗小，可实现长距离传输；②直径小、质量轻；③传播速率高、通信容量大；④抗雷电和电磁干扰性能好，保密性好、误码率低。
4.无线电微波通信无线电微波通信分为地面微波接力通信和卫星通信。
特点：①传输频率宽，通信容量大；②受外界干扰小，传输质量较高；③初建成本低，易于跨越山区、江河。
3、以太网适配器（网卡）的作用有哪些？答：1、数据的封装与解封发送时将上一层交下来的数据加上首部和尾部，成为以太网的帧。
接收时将以太网的帧剥去首部和尾部，然后送交上一层。
2、链路管理主要是CSMA/CD（Carrier Sense Multiple Access with Collision Detection ，带冲突检测的载波监听多路访问）协议的实现3、编码与译码即曼彻斯特编码与译码。
4、网络层向上提供的服务有哪两种？试比较其优缺点。
答：网络层向运输层提供“面向连接”虚电路（Virtual Circuit）服务或“无连接”数据报服务。
华工《多媒体技术》2020年随堂练习参考资料
（C）4.7GB （D）17GB
答题： A. B. C. D. （已提交）
参考答案：C
问题解析：
3.(单选题) 目前市面上应用最广泛的CD-ROM驱动器是（ ）。
（A）内置式的 （B）外置式的
（C）便携式的 （D）专用型的
答题： A. B. C. D. （已提交）
参考答案：A
问题解析：
4.(单选题) CD-ROM驱动器的主要技术指标是（ ）。
（A）感应度 （B）分辨率
（C）容错性 （D）平均出错时间
答题： A. B. C. D. （已提交）
参考答案：D
问题解析：
5.(单选题) 下列关于触摸屏的叙述正确的是（ ）。
（A）触摸屏是一种定位设备 （B）触摸屏不是基本的多媒体系统交互设备之一
答题： 对. 错. （已提交）
参考答案：√
1.(单选题) 下列配置中哪些是MPC必不可少的？（ ）
（A）CD-ROM驱动器 （B）高质量的声卡
（C）USB接口 （D）高质量的视频采集
答题： A. B. C. D. （已提交）
参考答案：A
问题解析：
2.(单选题) 16. DVD光盘最小存储容量是（ ）
参考答案：A
问题解析：
7.(单选题) 下列选项属于表示媒体的是（ ）
A. 照片 B.显示器 C.纸张 D.条形码
答题： A. B. C. D.（已提交）
参考答案：D
问题解析：
8.(单选题) 下列不属于多媒体的基本特性的是（ ）
A. 多样性 B. 交互性 C. 集成性 D. 主动性
答题： A. B. C. D.（已提交）
参考答案：B
大工20春《多媒体技术》在线作业3.doc
1.从( )角度来分,显示器主要有固定扫描频率与可变扫描频率两种。
A.扫描状态B.扫描频率C.扫描范围D.以上选项都不对【参考答案】: B2.投影仪属于多媒体信息( )设备。
A.输入B.输出C.A和B都对D.以上选项都不对【参考答案】: B3.手持式图像扫描仪适用于精度( )的环境。
A.要求高B.要求不高C.没有要求D.以上选项都不对【参考答案】: B4.摄像机的摄像方式有( )。
A.同时摄像方式B.依次摄像方式C.A和B都对D.以上选项都不对【参考答案】: C5.摄像机性能主要表现在( )上。
A.清晰度B.信杂比C.A和B都对D.以上选项都不对【参考答案】: C6.VCD播放机的组成包括( )。
A.CD驱动器或称CD加载器B.MPEG解码器C.微控制器D.以上选项都对【参考答案】: D7.DVD盘读出机构的组成包括( )。
A.马达B.激光读出头C.相关的驱动电路D.以上选项都对【参考答案】: D8.文本在组织上是( )结构。
A.线性B.非线性C.立体D.以上选项都不对【参考答案】: A9.HAM模型的数据库层提供( )功能。
A.存储B.共享数据C.网络访问D.以上选项都对【参考答案】: D10.( )是超文本系统结构模型。
A.HAM模型B.Dexter模型C.A和B都对D.以上选项都不对【参考答案】: C11.运动图像的压缩编码过程与还原解码过程是不对称算法。
T.对 F.错【参考答案】: T12.运动补偿技术主要用于消除P图像和B图像在时间上的冗余性,提高压缩效率。
T.对 F.错【参考答案】: T13.声卡的分类中,包括ISA声卡。
T.对 F.错【参考答案】: T14.对大型工程图的输入往往采用滚动式扫描仪。
T.对 F.错【参考答案】: T15.光笔是一种笔状的光检测器。
T.对 F.错【参考答案】: T16.计算机处理的音频种类包括MIDI音频。
T.对 F.错【参考答案】: T17.图像大小指描述图像中每个像素的数据所占的位数。
多媒体技术第一次·平时作业2020秋华南理工大学网络教育答案
多媒体技术——平时作业1
一、什么是多媒体，什么是多媒体技术？
答：（1）多媒体（Multimedia）是由两种以上单一媒体融合而成的信息表现形式，是多种媒体的综合处理和利用的结果。
概括来说，是多种媒体表现、多种感官作用、多种设备支持、多学科交叉、多领域应用。
（2）多媒体技术是以计算机为中心，将文本、图形图像、音频、视频和动画等多种媒体信息通过计算机进行数字化综合处理，使多种媒体信息建立逻辑链接，并集成一个具有交互性的系统技术。
这里的“综合处理”主要是指对这些媒体信息的采集、压缩、存储、控制、编辑、变换、解压缩、播放和传输等。
在应用上，多媒体一般泛指多媒体技术。
二、设一幅RGB彩色静态图像的分辨率为512512像素，每一种颜色用8bit表示，即：R用8bit 256级别表示，G 用8bit 256级别表示，B用8bit 256级别表示。
请计算这幅彩色静态图像的数据量。
答：格子总数=横向分辨率×纵向分辨率=512×512=262144
每格的描述数量=颜色数×颜色表示位数=3×8bit=24bit
总数据位数=格子总数×每格的描述数量=262144×24bit=6291456bit
数据量=总数据位数÷8=786432(B)=768(KB)。
多媒体技术课后答案
多媒体技术课后答案《多媒体技术及应⽤》习题参考答案第1章多媒体技术概论1．什么是多媒体？答：使⽤计算机交互式综合技术和数字通信⽹络技术处理多种表⽰媒体——⽂本、图形、图像和声⾳，使多种信息建⽴逻辑连接，集成为⼀个交互式系统。
2．多媒体技术中的主要多媒体元素有哪些？答：图形、图像、⽂本、动画、⾳频、视频等。
3．什么是多媒体技术？什么是多媒体计算机？简述多媒体技术的主要特点。
答：多媒体技术可以定义为：计算机综合处理⽂本、图形、图像、⾳频与视频等多种媒体信息，使多种信息建⽴逻辑连接，集成为⼀个系统并且具有交互性。
多媒体计算机是指具有多媒体处理功能的计算机。
多媒体技术的主要特点有：集成性、实时性、交互性、媒体的多样性等。
4．多媒体计算机标准的意义是什么？答：对于技术开发⼈员⽽⾔是⽤来指导多媒体个⼈计算机及其软件的设计规范；对于⽤户⽽⾔，是把现有PC机升为MPC的指导原则；对于经销商⽽⾔，可作为多媒体的性能及兼容性的尺度。
5．简述多媒体系统的组成。
答：⼀般多媒体系统由多媒体硬件系统、多媒体软件系统两个部分组成。
硬件是多媒体系统的物质基础，是软件的载体，软件是多媒体系统的核⼼，两者相辅相成，缺⼀不可。
6．试从实例出发，谈谈多媒体技术的应⽤对⼈类社会的影响。
略7．谈谈你如何看待多媒体技术的发展前景。
略8．选择题。
（1）⾳频卡是按（）分类的。
（A）采样频率（B）声道数（C）采样量化位数（D）压缩⽅式（2）⼀个⽤途⼴泛的⾳频卡应能够⽀持多种声源输⼊，下列（）是⾳频卡⽀持的声源。
①话筒②线输⼊③CD Audio ④MIDI（A）仅①（B）①②（C）①②③（D）全部（3）（）是MPC 对视频处理能⼒的基本要求。
①播放已压缩好的较低质量的视频图象②实时采集视频图象③实时压缩视频图象④播放已压缩好的⾼质量分辨率的视频图象（A）仅①（B）①②（C）①②③（D）全部（4）（）是MMX 技术的特点。
①打包的数据类型②与IA 结构安全兼容③64 位的MMX 寄存储器组④增强的指令系统（A）①③④（B）②③④（C）①②③（D）全部（5）下列关于触摸屏的叙述（）是正确的。
多媒体技术第一次·平时作业2020春华南理工大学网络教育答案
一、什么是多媒体，什么是多媒体技术？答：多媒体技术是将计算机技术、电子技术和通信技术融合在一起的一种新技术。
二、列出主要的多媒体硬件和多媒体软件。
答：多媒体硬件：CD光盘、DVD光盘、触摸屏、扫描仪、数码相机、数字笔、彩色打印机。
多媒体软件：1、文字处理软件：word、Excel、WPS2、音频处理软件：Adobe Audition、GIF Construction Set、Real Jukebox、Acid WAV、Goldwave、L3Enc 、Xingmp3 Encoder 、WinDAC323、图像处理软件：Photoshop、CorelDraw4、视频处理软件：Adobe Premiere和After Effects5、动画制作软件：主要是Flash以及Animator Pro、3ds max、Maya、Cool3D 、Poser6、多媒体制作工具：Authorware、Director、Multimedia Tool Book三、设一幅RGB彩色静态图像的分辨率为512 512像素，每一种颜色用8bit表示，即：R用8bit 256级别表示，G用8bit 256级别表示，B用8bit 256级别表示。
请计算这幅彩色静态图像的数据量。
答：大小=图像数据量大小=图像中的像素总数×图像深度÷8÷1024 单位为KB 所以=512*512*24/8/1024=768KB实验：用GoldWave软件处理音频实验设备（环境）及要求：Windows10，GoldWave应用软件实验素材：音频素材（MP3、WAV、MIDI，至少准备两种格式的文件，每种格式准备2个以上文件）实验要求：对处理音频的制作做详细说明需要每一个页面截图，并对照制作要求进行说明，录制你的声音、声音内容是你的专业、姓名和学号。
实验内容：1、文件拆分与合并打开一个音频文件，将该音频文件拆分成两个文件分别存盘；打开两个音频文件，将两个音频文件合成一个音频文件。
最新电大《多媒体应用技术基础》形考作业任务01-04网考试题及答案电大多媒体形考
最新电大《多媒体应用技术基础》形考作业任务01-04网考试题及答案电大多媒体形考最新电大《多媒体应用技术基础》形考作业任务01-04网考试题及答案100%通过考试说明：《多媒体应用技术基础》形考共有4个任务。
任务1至任务4是客观题，任务1至任务4需在考试中多次抽取试卷，直到出现01任务_0001、02任务_0001、03任务_0001、04任务_0001试卷，就可以按照该套试卷答案答题。
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01任务 01任务_0001一、单项选择题（共25道试题，共100分。
）1.（）信息处理和传播技术的第四次飞跃。
A.电视技术B.多媒体计算机C.无线电技术D.超媒体计算机2.超文本是一种按信息之间关系（）地存储、链接、管理和查阅信息的计算机技术。
A.随便B.非线性C.交叉D.线性3.（）支持透明色和多帧动画。
A.BMP格式B.GIF格式C.JPG格式D.TGA格式 4.电子乐器（合成器）可以根据（）文奏出相应的音乐。
A.CD唱片B.MIDIC.MP3D.WAV 5.从应用角度讲，（）更接近人类。
A.超媒体B.超文本C.纯文本D.多媒体6.（）一词是从超文本衍生而来的。
A.多媒体B.超媒体C.数据库D.网络节点7.（）常见于扫描仪所保存的格式，并支持将多个扫描页保存在单个文中 A.BMP格式 B.TIFF格式 C.PSD格式 D.TGA格式 8.下列（）为矢量格式。
A.BMP格式B.GIF格式C.JPG格式D.SVG格式 9.（）属于呈现媒体。
A.优盘B.网线C.液晶显示器D.磁带10.下面属于传输媒体的是（）。
A.光盘B.光纤C.ITUD.温度11.（）是“超文本编辑系统”。
A.画图B.HypertextEditingSystemC.ExcelD.Windows记事本12.（）是有损压缩的音频文格式。
2020春华南理工大学网络教育计算机基础平时作业
2020春华南理工大学网络教育《计算机应用基础》平时作业1.按照电子元件划分，计算机经历了几代?（8分）答：按照电子元件划分，计算机经历了四代：1)第一代计算机：电子管计算机时期，属于计算机发展的初级阶段，主要用于科学计算，采用机器语言和汇编语言方式设计程序。
2)第二代计算机：晶体管计算机时期，主要用于科学计算和事务处理，采用类似于自然语言的高级程序语言设计程序。
3)第三代计算机：集成电路计算机时期，计算机广泛应用于各个领域，采用计算机高级程序语言设计程序。
4)第四代计算机：大规模或超大规模集成电路计算机时期，应用领域更加广泛，计算机程序设计的效率更高。
2.冯·诺依曼计算机体系机构的主要思想是什么?（8分）答：冯·诺依曼计算机体系机构的主要思想可以归纳为：(1)计算机中的程序和数据全部采用二进制数表示。
(2)计算机由输入设备、存储设备、运算器、控制器、输出设备组成。
(3)计算机由存储程序控制完成有关工作。
3.说明计算机的工作原理。
（8分）答：计算机的工作原理有：(1)计算机在控制器的控制下，把以文字符号形式存在的数据或程序，通过输人设备转换成二进制代码，存储到计算机的内部存储器。
(2)计算机在控制器的控制下，根据程序的处理要求，从内部存储器中取得数据传送到运算器进行加工，运算器将运算的结果返回到内部存储器。
(3)计算机在控制器的控制下，根据程序的处理要求，从内部存储器中取得数据传送到输出设备，经输出设备将进制代码转换成文字符号显示或打印。
(4)计算机在控制器的控制下，根据操作需要，可以将内部存储器中的数据保存到计算机的外部存储器。
4.什么是Windows文件夹？如何创建一个新的文件夹？（8分）答：(1)Windows文件夹，也叫作目录，文件夹可以存储其他文件夹或文件。
(2)创建新的文件夹的步骤有：选择需要创建文件夹的位置，鼠标右键单击你需要创建文件夹的位置，选择“新建”命令，再选择“文件夹”，这样就会有一个新建文件夹，需要编辑文件夹名称。
多媒体技术基础形考作业1答案
《多媒体技术基础》形考作业1答案第一章多媒体技术概论一、填空1、图形、图像、动画2、计算机、数字通讯网3、集成性、实时性、交互性4、现代通信技术、计算机技术二、单项选择题1、B2、D3、C4、C5、A三、简答题1、答：促进多媒体技术发展的关键技术是（1）CD-ROM解决了多媒体信息的存储问题；（2）高速计算机网络可以传送多媒体信息；（3）高速位处理技术、专用集成电路技术和亚微米集成电路技术的发展，为多媒体技术提供了高速处理的硬件环境；（4）多媒体压缩技术、人机交互技术和分布式处理技术的出现促进了多媒体系统的产生与发展。
2、处理器类型：Intel®Pentium®42.4GHz磁盘容量（内/外存）：80GB硬盘/256MBRDRAM内存显示器：17"纯屏彩色显示器显卡：64MBNvidiaGeForce4MXAGP显卡声卡：SoundBlasterLive！5.1Digital声卡光驱：16倍速最大DVD-ROM这台计算机是多媒体计算机，预装软件是Microsoft®Windows®XP（家庭版）NortonAntiVirus20023、答：多媒体系统的主要部分有：计算机硬件、多媒体计算机所配置的硬件、多媒体I/O控制及接口、多媒体的核心系统、创作系统、应用系统。
第二章多媒体信息的表示一、判断题1、音频大约在20KHz-20MHz的频率范围内。
（错）音频大约在20Hz-20KHz的频率范围内。
2、音的三要素是音调、音高和音色。
（错）音的三要素是音调、音强和音色。
3、在音频数字处理技术中，要考虑采样、量化和编码问题。
（对）4、对音频数字化来说，在相同条件下，立体声比单声道占的空间大，分辨率越高则占的空间越小，采样频率越高则占的空间越大。
（错）对音频数字化来说，在相同条件下，立体声比单声道占的空间大，分辨率越高则占的空间越大，采样频率越高则占的空间越大。
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一、什么是多媒体，什么是多媒体技术？
答：多媒体技术是将计算机技术、电子技术和通信技术融合在一起的一种新技术。
二、列出主要的多媒体硬件和多媒体软件。
答：多媒体硬件：CD光盘、DVD光盘、触摸屏、扫描仪、数码相机、数字笔、彩色打印机。
多媒体软件：
1、文字处理软件：word、Excel、WPS
2、音频处理软件：Adobe Audition、GIF Construction Set、Real Jukebox、Acid WAV、
Goldwave、L3Enc 、Xingmp3 Encoder 、WinDAC32
3、图像处理软件：Photoshop、CorelDraw
4、视频处理软件：Adobe Premiere和After Effects
5、动画制作软件：主要是Flash以及Animator Pro、3ds max、Maya、Cool3D 、Poser
6、多媒体制作工具：Authorware、Director、Multimedia Tool Book
三、设一幅RGB彩色静态图像的分辨率为512 512像素，每一种颜色用8bit表示，即：R用8bit 256级别表示，G用8bit 256级别表示，B用8bit 256级别表示。
请
计算这幅彩色静态图像的数据量。
答：大小=图像数据量大小=图像中的像素总数×图像深度÷8÷1024 单位为KB 所以=512*512*24/8/1024=768KB。