恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考物理试题讲解

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人教版2015年春季普高试卷高二物理B卷

橡皮擦干净后再选涂其他答案标号答在试题卷草稿纸上无效 *+填空题和解答题的作答用%+&毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内答在试题卷草稿
纸上无效 "+考生必须保持答题卡的整洁考试结束后将试题卷和答题卡一并交回
第卷选择题共 &% 分
一选择题本大题共#%小题每题& 分共 &% 分其中 #' 题每小题只有一个选项正确,
#% 小题有多个选项正确全部选对得 & 分选对但不全得 * 分选错或不选得 % 分
前的波长为碰撞后的波长为&则以下说法中正确的是

-+碰撞过程中动量守恒能量守恒 0&
!+碰撞过程中动量守恒能量不守恒 &
.+碰撞过程中动量不守恒能量守恒 0&
/+上升过程克服重力做功的平均功率等于下降过程中重力的平均功率
(+氢原子从+0* 的激发态向低能级状态跃迁可能放出的光子中只有一种光子不能使金属 "
产生光电效应则下列说法正确的是
$+一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动穿过线圈的磁通量随时间! 变

湖北省恩施州高中教育联盟高二数学下学期期末联考试题理

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级期末联考数学试卷（理科）考试时间：2015年7月31日上午8:00-10:00 试卷满分150分★祝考试顺利★注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

答在试题卷、草稿纸上无效。

3．非选择题的作答：用黑色墨水签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

答在试题卷、草稿纸上无效。

考生必须保持答题卡的整洁。

考试结束后，请将答题卡上交。

一. 选择题（本题共12个小题，每小题5分，本题满分60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1、设集合{}{}{}1,2,3,4,5,|,,A B C x x b a a A b B ====-∈∈，则C 中元素的个数是（）A ．4B ．3C ．5D ．62、若复数3()1x i Z x R i+=∈-是实数，则x 的值为（） A .3 B .3- C .0 D .33、O 是平面上一点，,,A B C 是该平面上不共线的三个点，一动点P 满足(),0OP OA AB AC λλ=++>u u u r u u u r u u u r u u u r ，则直线AP 一定通过ABC ∆的（） A ．内心 B ．外心 C ．重心 D ．垂心4、下列命题中的假命题是（）A ．3,0x R x ∃∈<B ．“0a >”是“||0a >”的充分不必要条件C ．,20x x R ∀∈>D ．若p q ∧为假命题，则,p q 均为假命题2234主(正)视图左(侧)视图俯视图• 5、已知函数1()3sin cos cos 22f x x x x =+，若将其图象向右平移(0)ϕϕ>个单位后所得的图象关于原点对称，则ϕ的最小值为（）A ．6π B ．56π C ．12π D ．512π 6、某市践行“干部村村行”活动，现有3名干部可供选派，下乡到5个村蹲点指导工作，每个村至少有1名干部,每个干部至多住3个村，则不同的选派方案共有（）种．A ．243B ．210C ．150D ．1257．一个几何体的三视图如图所示，其主（正）视图是一个等边三角形，则这个几何体的体积为( ).12343A π+ 43943.33B π+43.1233C π+ 43.433D π+8、函数log (3)1,(01)a y x a a =+->≠且的图象恒过定点A ，若点A 在直线10mx ny ++=上，其中,m n 均大于0，则12m n+的最小值为（） A ．2 B ．8 C ．4 D ．169、锐角三角形ABC 中，,,a b c 分别是三内角,,A B C 的对边，设2B A =，则b a的取值范围是( ) A ．()2,2- B ．()0,2 C ．()2,3 D ．()2,210、以下几个结论中正确的个数为（）（1）一组数据中的每个数据都减去同一个数后，期望与方差均无变化；（2）在线性回归分析中相关系数为r ，||r 越小表明两个变量相关性越弱；（3）已知随机变量ξ服从正态分布(5,1)N ，(46)0.6826,P ξ≤≤=则(6)0.1587;P ξ>=（4）某单位有职工750人，其中青年职工350人，中年职工250人，老年职工150人．为了了解该单位职工的健康情况，用分层抽样方法从中抽取样本．若样本中老年职工为3人，则样本容量为15.A ．4B ．3C ．2D ．111、若a 和b 是计算机在区间(0,2)上产生的随机数，那么函数2()lg(44)f x ax x b =++的值域为R （实数集）的概率为（）A ．32ln 24-B ． 12ln 24+C ．1ln 22+D ．1ln 22-12、已知函数2342015()12342015x x x x f x x =+-+-+⋅⋅⋅+, 2342015()12342015x x x x g x x =-+-+-⋅⋅⋅-,()(1)(2)F x f x g x =+⋅- 且函数()F x 的零点均在区间[],a b (,,)a b a Z b Z <∈∈内,圆222()x y a b +=-的面积的最小值是（）A ．36πB ．25πC ．16πD ．9π二.填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在答题卷．．．中的横线上.）13、已知函数(2),2()1(),22x f x x f x x +<⎧⎪=⎨≥⎪⎩，则(1)f 的值为 . 14、对于x R ∀∈，等式()()()5522105222-++-+-+=x a x a x a a x Λ恒成立，则=2a .15、设A 是双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>在第一象限内的点，F 为其右焦点，点A 关于原点O 的对称点为,B 若,AF BF ⊥设6ABF π∠=则双曲线离心率是． 16、对于三次函数32()f x ax bx cx d =+++（0a ≠），定义：设()f x ''是函数()y f x ='的导数，若方程()0f x ''=有实数解0x ，则称点00(,())x f x 为函数()y f x =的“拐点”．有同学发现:“任何一个三次函数都有‘拐点’；任何一个三次函数都有对称中心；且‘拐点’就是对称中心．”请你将这一发现作为条件.（Ⅰ）函数32115()33212g x x x x =-+-的对称中心为 . （Ⅱ）若函数321151()3321221g x x x x x =-+-+-，则1232014()()()()2015201520152015g g g g +++⋅⋅⋅+= .三.解答题：(解答应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤.)17、（本小题满分10分）已知数列{}n a 是公差不为0的等差数列，12a =，且2a ，3a ，41a +成等比数列．（Ⅰ）求数列{}n a 的通项公式；（Ⅱ）设()22n n b n a =+，求数列{}n b 的前n 项和n S ． 18 . （本小题满分12分）上级教育主管部门要求，高中学生三年在校期间参加社区服务不少于80小时的，综合实践成绩才合格。

2023-2024学年湖北省恩施州高中教育联盟高二年级(上)期末考试物理试卷+答案解析

2023-2024学年湖北省恩施州高中教育联盟高二年级（上）期末考试物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.下列说法正确的是()A.根据公式可知，当两个电荷之间的距离趋近于零时库仑力变得无限大B.电动势在数值上等于非静电力在电源内把1C的电子从正极移送到负极所做的功C.由公式可知，若将电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功1J，则A、B 两点的电势差为1VD.由可知，磁场中某点磁感应强度B与磁场力F成正比，与电流元IL成反比2.2020年2月，中国科学家通过冷冻电镜捕捉到新冠病毒表面S蛋白与人体细胞表面ACE2蛋白的结合过程，首次揭开了新冠病毒入侵人体的神秘面纱。

电子显微镜是冷冻电镜中的关键部分，在电子显微镜中电子束相当于光束，通过由电场或磁场构成的电子透镜实现会聚或发散作用，其中的一种电子透镜的电场分布如图所示，其中虚线为等势面，相邻等势面间电势差相等。

一电子仅在电场力作用下运动，其轨迹如图中实线所示，a、b、c是轨迹上的三点，则下列说法正确的是()A.a点的电势高于b点的电势B.a点的电场强度大于c点的电场强度C.电子经过b点时的速度大于经过a点时的速度D.电子在a点的电势能小于在c点的电势能3.特高压直流输电是国家重点能源工程，图为特高压直流输电塔仰视图，两根等高、相互平行的水平长直导线分别通有方向相同的电流和，，a、b、c三点连线与两根导线等高并垂直，b点位于两根导线间的中点，a、c两点与b点距离相等，d点位于b点正下方。

不考虑地磁场的影响，则()A.a点处的磁感应强度方向竖直向上B.b点处的磁感应强度大小为零C.c点处的磁感应强度方向竖直向上D.d点处的磁感应强度大小为零4.2023年10月26日，中国自主研发的神舟十七号载人飞船发射成功，并实现与中国空间站的快速对接。

假设空间站在地球航天发射基地上方某高度的圆形轨道上运行。

下列说法正确的是()A.神舟十七号的发射速度小于空间站的运行速度B.神舟十七号在对接轨道上的运行周期小于空间站的运行周期C.对接时，神舟十七号的加速度小于空间站的加速度D.为了实现对接，神舟十七号应在对接时点火减速5.如图，边长均为a的立方体木块和空心铁块，用长度也为a的细绳连接，悬浮在平静的池中，木块上表面和水面的距离为h。

2024届湖北省恩施州高中教育联盟物理高二第一学期期中统考试题含解析

2024届湖北省恩施州高中教育联盟物理高二第一学期期中统考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、分别用如图所示的甲、乙两种电路测量同一未知电阻的阻值，图甲中两表的示数分别为3V 、4mA ，图乙中两表的示数分别为4V 、3.8mA ，则待测电阻R x 的真实值为（）A ．略小于1 kΩB ．略小于750 ΩC ．略大小1 kΩD ．略大于750 Ω2、真空中两相同的带等量同号电荷的金属小球A 和B （均可看作点电荷），分别固定在两处，两球间静电力大小为F 。

现用一个不带电的同样的绝缘金属小球C 与A 接触，再与B 接触，然后移开C ，此时A 、B 球间的静电力大小为 A ． 3FB ． 2FC ．3 4FD ．3 8F3、下列关于电源电动势的说法中正确的是A ．在某电源的电路中，每通过2C 的电荷量，电源提供的电能是4J ，那么这个电源的电动势是0.5VB ．电动势就是电源两极间的电压C ．电源的电动势与外电路无关D ．电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多4、在一条电场线上有A 、B 、C 三点，把一个正电荷q =3×10-6C ，从A 点移到B 点，电场力做功6×10-6J ，从B 点移到C 点克服电场力做功7.5×10-6J ，在A 、B 、C 三点中，电势最高和最低的点分别是（） A ．B 点和A 点 B ．A 点和C 点 C ．B 点和C 点D ．C 点和B 点5、如图所示，圆环以它的直径为轴做匀速转动，圆环上A 、B 两点的线速度大小分别为v A、v B，角速度大小分别为ωA、ωB，则()A．v A＝v BωA＝ωBB．v A≠v BωA≠ωBC．v A＝v BωA≠ωBD．v A≠v BωA＝ωB6、一带电粒子在匀强电场E 中的运动轨迹如图中虚线所示,电场方向竖直向下。

2014-2015学年湖北省部分重点中学联考高二(上)期中物理试卷(解析版)

掌门1对1教育高中物理2014-2015学年湖北省部分重点中学联考高二（上）期中物理试卷一、选择题．（本题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得5分，选不全得3分，有错选或不选的得0分．）1．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是：（）A．甲图：与点电荷等距的a、b两点B．乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C．丙图：点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面与点电荷等距离的a、b两点D．丁图：匀强电场中的a、b两点2．初速度为v0的电子（重力不计），沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变D．电子将向右偏转，速率改变3．电源电压恒定，R1、R2是定值电阻，L为小灯泡，R3为半导体材料制成的光敏电阻（其电阻随光照强度增大而迅速减小），当照射光强度增大时（）A．电压表的示数增大B．R2中的电流减小C．小灯泡的功率增大D．电路消耗的总功率减小4．一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为l，拴有小球的细绳，小球由和悬点在同一水平面处释放，如图所示．小球在摆动过程中，不计一切阻力，下面说法正确的是（）A．小球的机械能守恒B．小球和小车的总机械能守恒C．小球和小车的总动量守恒D．小球和小车的总动量不守恒5．用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能．当调节滑动变阻器R，让电动机停止转动时，理想电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V．则这台电动机：（不计温度对电阻的影响）（）A．正常运转时的输出功率为32WB．正常运转时的输出功率为48WC．正常运转时的发热功率为1WD．正常运转时的发热功率为47W6．磁流体发电是一项新兴技术，它可以把气体的内能直接转化为电能，如图是它的示意图．平行金属板A、B之间有一个很强的匀强磁场，磁感应强度为B，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）垂直于磁场B的方向喷入磁场，每个离子的速度为v，电荷量大小为q，A、B两板间距为d，稳定时下列说法中正确的是（）A．图中A板是电源的正极B．图中B板是电源的正极C．电源的电动势为Bvd D．电源的电动势为Bvq7．光滑的水平桌面上，质量为m，速度为υ的A球跟质量为3m的静止B球发生正碰，碰后B球的速度可能为（）A．0.6υB．0.4υC．0.2υD．0.1υ8．A、B为平行板电容器的两块金属板，A极板与静电计的金属小球相连，静电计的外壳和B极板都接地，将它们水平放置．当A板带上一定量电荷后，静电计指针偏转一定角度，如图所示（静电计金属小球及金属杆、指针等所带的电量与金属板A所带的电量相比可以忽略不计）．此时，在A、B板间有一电荷量为q的油滴静止在P点，（油滴所带电荷量很少，它对A、B板间电场的影响可以忽略），以下结正确的是（）A．A极板不动，将B极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小B．B极板不动，将A极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小C．A极板不动，将B极板向右水平移动一小段距离，油滴q向上运动，静电计指针偏角增大D．B极板不动，将A极板向右水平移动一小段距离，油滴q向下运动，静电计指针偏角减小9．下图是示波管的原理图．它由由子枪、偏转电极（XX′和YY′）、荧光屏组成．管内抽成真空．给电子枪通电后，如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑，下列说法正确的是（）第3页（共24页）A．要想让亮斑沿OY向上移动，需在偏转电极YY′上加电压，且Y′比Y电势高B．要想让亮斑移到荧光屏的右上方，需在偏转电极XX′、YY′上加电压，且X比X′电势高，Y 比Y′电势高C．要想在荧光屏上出现一条水平亮线，需在偏转电极XX′上加特定的周期性变化的电压（扫描电压）D．要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，需在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压、在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压10．在同一光滑斜面上放同一导体棒，如图所示是两种情况的剖面图．它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次竖直向上：两次导体棒A分别通有电流I1和I2，都处于静止平衡．已知斜面的倾角为θ，则（）A．I1：I2=cosθ：1B．I1：I2=1：1C．导体棒A所受安培力大小之比F1：F2=sinθ：cosθD．斜面对导体棒A的弹力大小之比N1：N2=cos2θ：1二、本题共两小题，共18分．（按要求作答）11．通常游标卡尺的刻度有10分度，20分度，50分度三种规格，测量时游标卡尺的示数如图所示，其读数是mm．12．用半径相同的两个小球A、B的碰撞验证动量守恒定律，实验装置示意图如图所示，斜槽与水平槽圆滑连接．实验时先不放B球，使A球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹．再把B球静置于水平槽前边缘处，让A球仍从C处由静止滚下，A球和B球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹．记录纸上的O点是重垂线所指的位置，若测得各落点痕迹到O点的距离：OM=2.68cm，OP=8.62cm，ON=11.50cm，并知A、B两球的质量比为2：1，则未放B球时A球落地点是记录纸上的点，系统碰撞总动量p与碰撞后动量p′的百分误差=%（结果保留一位有效数字）．13．下列所给是“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中可供选择的实验仪器：序号器材规格序号器材规格1 小灯泡L 标有“4.0V，0.4A”字样 5 滑动变阻器R1最大阻值10Ω，额定电流1.0A2 电压表V 量程0﹣5V；内阻5kΩ 6 滑动变阻器R2最大阻值1kΩ，额定电流0.5A3 电流表A1量程0﹣100mA；内阻4Ω7 直流电源E 电压6V4 电流表A2量程0﹣500mA；内阻0.4Ω8 导线、电键K等（1）滑动变阻器应选；（2）在线框内画出实验电路图．（并标出所选器材的符号）（3）如图所示为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的I﹣U图象．图象是一条曲线而不是直线的原因是：；从图象中可求得小灯泡正常发光时的电阻是Ω．第5页（共24页）三、计算题．（本题共四小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．）14．如图A、B、C、D为一匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，电场线与矩形所在平面平行，已知将2.0×10﹣9C的正电荷从A点移到B点，克服电场力做功8.0×10﹣9C，将这个电荷从B移至C点电势能减少了4.0×10﹣8C，今设A点电势为20ν，则D点电势为多少？15．在如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=R3=4Ω，当电键K接a时，R2上消耗的电功率为4W，当电键K接b时，电压表示数为4.5V，试求：（1）电键K接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；（2）电源的电动势和内电阻；（3）当电键K接c时，通过R2的电流．16．如图，在平面直角坐标系xOy内，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限以ON为直径的半圆形区域内，存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，从y轴正半轴上y=h处的M点，以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上x=2h处的P点进入磁场，最后以垂直于y轴的方向射出磁场．不计粒子重力．求（1）电场强度大小E；（2）粒子在磁场中运动的轨道半径r；（3）粒子从进入电场到离开磁场经历的总时间t．17．P是一长度为L=0.64m的固定在水平地面上的绝缘平板，挡板R固定在平板的右端．整个空间有一个平行于PR的匀强电场E，在板的右半部分有一个垂直于纸面向里的匀强磁场B，磁场的宽度为d=0.32m．一个质量m=0.50×10﹣3Kg、带电荷量q=5×10﹣2C的小物体（可视为质点），从板的左端由静止开始向右做匀加速运动，从D点进入磁场后恰能做匀速直线运动．当物体碰到挡板R后被弹回，若在碰撞瞬间撤去电场（不计撤掉电场对原磁场的影响），物体返回时在磁场中仍做匀速运动，离开磁场后做减速运动，停在C点，PC=．若物体与平板间的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．（1）判断电场的方向及物体带正电还是带负电；（2）求磁感应强度B的大小；（3）求物体与挡板碰撞过程中损失的机械能．第7页（共24页）2014-2015学年湖北省部分重点中学联考高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题．（本题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得5分，选不全得3分，有错选或不选的得0分．）1．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是：（）A．甲图：与点电荷等距的a、b两点B．乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C．丙图：点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面与点电荷等距离的a、b两点D．丁图：匀强电场中的a、b两点考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低．解答：解：A、甲图为正的点电荷的电场，图中ab两点在同一个圆上，所以ab两点的电势相同，电场强度的大小也相同，但是场强的方向不同，所以A错误；B、乙图为等量的异种电荷的电场，在起中垂线上的所有的点的电势都为零，并且场强的方向均为水平的指向负电荷，所以此时ab两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同，所以B正确．C、丙图中ab处于金属平板上，处在电场中的金属平板处于静电平衡状态，金属板的表面为等势面，并且电场线与等势面垂直，又由于此时的ab是左右对称的，所以ab两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同，所以C正确．D、丁图是匀强电场，ab点的场强的大小和方向都相同，但是根据沿电场线的方向电势降低可知，b 点的电势要比a点的电势高，所以D错误．故选BC．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．2．初速度为v0的电子（重力不计），沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变D．电子将向右偏转，速率改变考点：判断洛仑兹力的方向；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据安培定则判断出通电导体右侧的磁场方向，然后根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力的方向，即得出电子的偏转方向，注意应用左手定则时四指指向与电子运动方向相反，洛伦兹力不做功．解答：解：由安培定则可知导体右侧磁场方向垂直纸面向里，然后跟左手定则可知运动电子所受洛伦兹力向右，因此电子将向右偏转，洛伦兹力不做功，故其速率不变，故BCD错误，A正确．故选A．点评：在解决带电粒子在磁场中运动问题时安培定则与左手定则经常联合应用，在平时练习中要加强训练，以提高应用它们的解题能力．3．电源电压恒定，R1、R2是定值电阻，L为小灯泡，R3为半导体材料制成的光敏电阻（其电阻随光照强度增大而迅速减小），当照射光强度增大时（）A．电压表的示数增大B．R2中的电流减小C．小灯泡的功率增大D．电路消耗的总功率减小考点：闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．专题：恒定电流专题．第9页（共24页）分析：根据当照射光强度增大时光敏电阻的变化，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，确定电压表示数如何变化．根据并联电路电压的变化分析R2中的电流如何变化，根据总电流与通过R2电流的变化，分析通过灯泡L电流的变化，确定灯泡亮度如何变化．电路总功率为P=EI，由电流变化确定总功率如何变化．解答：解：A、当照射光强度增大时光敏电阻阻值减小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流增大，电阻R1电压增大，则电压表的示数增大．故A正确．B、并联部分电压U并=E﹣I（R1+r），E、R1、r都不变，I增大，U并减小，R2中的电流减小．故B 正确．C、流过灯泡的电流I L=I﹣I2，I增大，I2减小，则I L增大，小灯泡的功率增大．故C正确．D、电路消耗的总功率P=EI，I增大，电路消耗的总功率增大．故D错误．故选ABC点评：本题是电路动态分析问题，光敏电阻类似于变阻器，外电路总电阻与局部电阻变化的情况是一致的．4．一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为l，拴有小球的细绳，小球由和悬点在同一水平面处释放，如图所示．小球在摆动过程中，不计一切阻力，下面说法正确的是（）A．小球的机械能守恒B．小球和小车的总机械能守恒C．小球和小车的总动量守恒D．小球和小车的总动量不守恒考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：以小球和小车组成的系统，只有重力做功，机械能守恒，当小球向下摆动的过程中，竖直方向具有向上的分加速度，小车和小球整体处于超重状态，即可得知整体所受的合力不为零，总动量不守恒．解答：解：A、B以小球和小车组成的系统为研究对象，只有小球的重力做功，系统的机械能守恒，而小球在下摆过程中，细绳的拉力对它做负功，其机械能减小．故A错误，B正确．C、D，当小球向下摆动的过程中，竖直方向具有向上的分加速度，小车和小球整体处于超重状态，地面对小车的支持力大于小车和小球的总重力，整体所受的合力不为零，则系统的总动量不守恒．故C错误，D正确．故选BD点评：本题对照机械能和动量守恒的条件进行判断．对于系统而言，机械能守恒、总动量不守恒，但由于系统所受的外力都在竖直方向上，系统水平方向上动量守恒．5．用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能．当调节滑动变阻器R，让电动机停止转动时，理想电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V．则这台电动机：（不计温度对电阻的影响）（）A．正常运转时的输出功率为32WB．正常运转时的输出功率为48WC．正常运转时的发热功率为1WD．正常运转时的发热功率为47W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：让电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出电阻．电动机正常运转时，根据输入的电功率和热功率之差求出输出功率．由焦耳定律求解热功率．解答：解：电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律得，电动机的电阻为R===4Ω电动机正常运转时，输入的电功率为P电=U2I2=48W，发热功率P热=I22R=22×4W=16W，所以输出功率为P出=P电﹣P热=32W故选A点评：电动机电路停止运转时其电路纯电阻电路，欧姆定律成立．电动机正常运转时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，根据能量转化和守恒定律求解输出功率．6．磁流体发电是一项新兴技术，它可以把气体的内能直接转化为电能，如图是它的示意图．平行金属板A、B之间有一个很强的匀强磁场，磁感应强度为B，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）垂直于磁场B的方向喷入磁场，每个离子的速度为v，电荷量大小为q，A、B两板间距为d，稳定时下列说法中正确的是（）第11页（共24页）A．图中A板是电源的正极B．图中B板是电源的正极C．电源的电动势为Bvd D．电源的电动势为Bvq考点：霍尔效应及其应用．分析：等离子体进入磁场，由于受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则判断出正负离子偏转的方向，从而确定极板带电的正负．最终离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，根据平衡求出电源的电动势．解答：解：等离子体进入磁场后，根据左手定则，知正离子向下偏，负离子向上偏．所以B板带正电，A板带负电．最终离子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：．电动势E=U=Bvd．故B、C正确，A、D错误．故选BC．点评：解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．7．光滑的水平桌面上，质量为m，速度为υ的A球跟质量为3m的静止B球发生正碰，碰后B球的速度可能为（）A．0.6υB．0.4υC．0.2υD．0.1υ考点：动量守恒定律．分析：碰撞过程，两球的总动量守恒、总动能不增加，根据动量守恒求出A的速度，根据总动能是否增加判断B的这种速度是否可能．解答：解：设碰撞后A、B的速度分别为v A、v B．根据动量守恒定律得mv=mv A+3mv B．碰撞前，总动能为E k=．碰撞后，总动能为E k′=+A、当v B=0.6v，代入上式得，v A=﹣0.8v，E k′=1.72E k，即得E k′＞E k，总动能增加，违反了能量守恒定律．故A错误．B、当v B=0.4v，代入上式得，v A=﹣0.2v，E k′=0.52E k，即得E k′＜E k，总动能减小，符合能量守恒定律．故B正确．C、当v B=0.2v，代入上式得，v A=0.4v＞v B=0.2v，可见，碰撞后两球同向运动，A在B的后面，速度不可能大于B的速度．故C错误．D、当v B=0.1v，代入上式得，v A=0.7v＞v B=0.2v，碰撞后两球同向运动，A在B的后面，速度不可能大于B的速度．故D错误．故选B点评：对于碰撞问题，关键抓住三个规律：1、动量守恒；2、总动能不增加；3、碰撞后同向运动，后面物体的速度不大于前面物体的速度．8．A、B为平行板电容器的两块金属板，A极板与静电计的金属小球相连，静电计的外壳和B极板都接地，将它们水平放置．当A板带上一定量电荷后，静电计指针偏转一定角度，如图所示（静电计金属小球及金属杆、指针等所带的电量与金属板A所带的电量相比可以忽略不计）．此时，在A、B板间有一电荷量为q的油滴静止在P点，（油滴所带电荷量很少，它对A、B板间电场的影响可以忽略），以下结正确的是（）A．A极板不动，将B极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小B．B极板不动，将A极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小C．A极板不动，将B极板向右水平移动一小段距离，油滴q向上运动，静电计指针偏角增大D．B极板不动，将A极板向右水平移动一小段距离，油滴q向下运动，静电计指针偏角减小考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器的电量不变，根据电容的变化，判断出电势差的变化，从而判断出电场强度即电场力的变化，确定出油滴的运动情况．解答：解：A、A极板不动，将B极板向下移动一小段距离，d变大，则电容减小，根据U=，则电势差增大，指针偏角增大．故A错误．第13页（共24页）B、B极板不动，将A极板向下移动一小段距离，d减小，则电容增大，根据U=，则电势差减小，指针偏角减小．电场强度E=，知电场强度不变，小球电场力不变，仍然与重力平衡，保持不动．故B正确．C、A极板不动，将B极板向右水平移动一小段距离，s减小，则电容减小，根据U=，则电势差增大，指针偏角增大．根据E=知，电场强度增大，电场力大于重力，则油滴向上运动．故C正确．D、B极板不动，将A极板向右水平移动一小段距离，s减小，则电容减小，根据U=，则电势差增大，指针偏角增大．根据E=知，电场强度增大，电场力大于重力，则油滴向上运动．故D错误．故选BC．点评：本题是电容器的动态分析，关键是抓住不变量，当电容器与电源相连，两端间电势差不变，当电容与电源断开，所带电量不变．9．下图是示波管的原理图．它由由子枪、偏转电极（XX′和YY′）、荧光屏组成．管内抽成真空．给电子枪通电后，如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑，下列说法正确的是（）A．要想让亮斑沿OY向上移动，需在偏转电极YY′上加电压，且Y′比Y电势高B．要想让亮斑移到荧光屏的右上方，需在偏转电极XX′、YY′上加电压，且X比X′电势高，Y 比Y′电势高C．要想在荧光屏上出现一条水平亮线，需在偏转电极XX′上加特定的周期性变化的电压（扫描电压）D．要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，需在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压、在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压考点：带电粒子在匀强电场中的运动；示波器的使用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子枪发射出电子，要想让亮斑沿OY向上移动，要使电子在YY′中受到的电场力向上，可判断电场强度方向，分析出电势的高低．要想让亮斑移到荧光屏的右上方，用同样的方法分析电子在两个电场中所受的电场力方向，判断出电势高低．根据水平方向偏转距离与偏转电压的关系，即可分析所加电压的特点．根据竖直方向偏转距离与偏转电压的关系，分析要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，水平方向和竖直方向所加电压的特点．解答：解：A、电子枪发射出电子，要想让亮斑沿OY向上移动，电子在YY′中受到的电场力必须向上，板间场强必须向下，则需在偏转电极YY′上加电压，且Y比Y′电势高．故A错误．B、要想让亮斑移到荧光屏的右上方，电子在偏转电极XX′间受到的电场力指向X、在YY′间受到的电场力指向Y，则需在偏转电极XX′、YY′上加电压，且X比X′电势高，Y比Y′电势高．故B正确．C、设加速电场的电压为U1，偏转电场的电压为U2，偏转电极的长度为L，板间距离为d，根据推论得知，偏转距离为y=，可见，偏转距离与偏转电压U2成正比，由几何知识得知，电子在荧光屏偏转的距离也与偏转电压成正比，则偏转电极XX′上加上随时间作线性变化的电压时，电子在荧光屏偏转的距离与时间也是线性关系，形成一条亮线，若电压是周期性变化，就可以使电子在水平方向不断扫描．故C正确．D、由上分析知，电子在荧光屏偏转的距离与偏转电压成正比，则在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压，电子在荧光屏偏转的距离按正弦规律变化，而在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压，水平方向电子不断从右向左匀速扫描，在荧光屏上出现一条正弦曲线．故D正确．故选BCD点评：本题考查对示波器工作原理的理解，其基本原理是电场的加速和偏转，根据偏转距离与偏转电压的关系，分析荧光屏上光斑的变化，10．在同一光滑斜面上放同一导体棒，如图所示是两种情况的剖面图．它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次竖直向上：两次导体棒A分别通有电流I1和I2，都处于静止平衡．已知斜面的倾角为θ，则（）A．I1：I2=cosθ：1B．I1：I2=1：1C．导体棒A所受安培力大小之比F1：F2=sinθ：cosθD．斜面对导体棒A的弹力大小之比N1：N2=cos2θ：1第15页（共24页）。

恩施州高中教育联盟2016年春季学期高二年级期末联考物理答

恩施州高中教育联盟2016年春季学期高二年级期末联考物理答案一、选择题1．C 2．A 3．选D正电小球从光滑绝缘的斜面上O点由静止释放，开始做匀加速直线运动，进入电场区域后受到水平方向电场力偏转，出电场后向下偏转，所以能正确表示小球的运动轨迹的是D。

4．A 5．选D 4 s内物体在做直线运动，4 s内物体的速度先减小后增大，选项A、B错误；物体的速度在2.5 s时方向改变，4 s内物体速度的变化量的大小为8 m/s，选项C错误D正确。

6．D 7．C 8．AD 解析：热气球离开地面后地面后做加速度逐渐减小的加速运动，对热气球从地面刚开始竖直上升时，由牛顿第二定律，F-mg=ma，解得所受浮力大小为4830N，选项A正确。

加速上升过程中所受空气阻力逐渐增大，选项B错误。

由于做加速度逐渐减小的加速运动，热气球从地面开始上升10s后的速度小于5m/s，选项C错误。

由平衡条件可得，F-mg-f=0，以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为f=F-mg=4830N -4600N =230N，选项D正确。

9．AC【解析】：原线圈电压有效值U1=220V，由电压比等于匝数比可得副线圈电压U2=55V，A对；电阻R上的电流为2A，由原副线圈电流比等于匝数的反比，可得电流表示数为0.5A，C对；输入功率为P=220×0.5W=110W，D错；周期T= 2πω=0.02s，B错。

10. BD二、实验题11．（1）①细线与木板不平行（1分）②打点计时器接的是直流电源（1分）③小车离打点计时器距离太远（1分）(2) 2 , （2分） 2.4（2分）12. 解析：(1)读数为4 mm＋48.6×0.01 mm＝4.486 mm. （4.483 mm---4.488mm）（2分）(2)①流过电流表的最大电流为Imax＝35A＝0.6 A，故电流表选A2. （2分）②因为被测电阻较小，电流表应外接，由于电压表的分流，电阻的测量值小于真实值．（2分）③电路可采用限流式，电流表外接．（2分）答案：(1)4.486(±0.002)(2)①A2②小于③如图所示三、计算题13．（8分）解析：(1)由于导线ab做匀加速直线运动，设它在第5 s末速度为v，所以v＝at＝10.0 m/s（1分）根据法拉第电磁感应定律：E＝BLv，（1分）代入数据得E＝2.0 V（1分）根据闭合电路欧姆定律：I＝ER＋r，代入数据得I＝2.0 A（1分）方向为d→c（1分）(2)因为金属直导线ab做匀加速直线运动，故F－F安＝ma（1分）其中：F安＝BIL＝0.40 N（1分）F＝F安＋ma，代入数据得F＝0.6 N（1分）答案：(1)2.0 V(2)2.0 A方向为d→c(3)0.6 N14．（10分）解：小鸟飞行时获得向上举力与重力平衡。

2014-2015年湖北省恩施州高中教育联盟高二(下)期末数学试卷(理科)与解析

2014-2015学年湖北省恩施州高中教育联盟高二（下）期末数学试卷（理科）一.选择题（本题共12个小题，每小题5分，本题满分60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．（5分）设集合A={1，2，3}，B={4，5}，C={x|x=b﹣a，a∈A，b∈B}，则C 中元素的个数是（）A．3B．4C．5D．62．（5分）若复数是实数，则x的值为（）A．﹣3B．3C．0D．3．（5分）O是平面上一点，A，B，C是该平面上不共线的三个点，一动点P满足+，λ∈（0，+∞），则直线AP一定通过△ABC的（）A．内心B．外心C．重心D．垂心4．（5分）下列命题中的假命题是（）A．∃x∈R，x3＜0B．“a＞0”是“|a|＞0”的充分不必要条件C．∀x∈R，2x＞0D．若p∧q为假命题，则p、q均为假命题5．（5分）已知函数f（x）=sinxcosx+cos2x，若将其图象向右平移φ（φ＞0）个单位所得的图象关于原点对称，则φ的最小值为（）A．B．C．D．6．（5分）某市践行“干部村村行”活动，现有3名干部可供选派，下乡到5个村蹲点指导工作，每个村至少有1名干部，每个干部至多住3个村，则不同的选派方案共有（）种．A．243B．210C．150D．1257．（5分）一个几何体的三视图如图所示，其主（正）视图是一个等边三角形，则这个几何体的体积为（）A．B．C．D．8．（5分）函数y=log 3（x+3）﹣1（a＞0，且a≠1）的图象恒过定点A，若点A 在直线mx+ny+1=0上，其中m，n均大于0，则的最小值为（）A．2B．4C．8D．169．（5分）锐角三角形ABC中，a b c分别是三内角A B C的对边设B=2A，则的取值范围是（）A．（﹣2，2）B．（0，2）C．（，2）D．（，）10．（5分）以下几个结论中正确的个数为（）（1）一组数据中的每个数据都减去同一个数后，期望与方差均无变化；（2）在线性回归分析中相关系数为r，|r|越小表明两个变量相关性越弱；（3）已知随机变量ξ服从正态分布N（5，1），P（4≤ξ≤6）=0.6826，则P（ξ＞6）=0.1587；（4）某单位有职工750人，其中青年职工350人，中年职工250人，老年职工150人．为了了解该单位职工的健康情况，用分层抽样方法从中抽取样本．若样本中老年职工为3人，则样本容量为15．A．4B．3C．2D．111．（5分）若a和b是计算机在区间（0，2）上产生的随机数，那么函数f（x）=lg（ax2+4x+4b）的定义域为R（实数集）的概率为（）A．B．C．D．12．（5分）已知函数f（x）=1+x﹣，g（x）=1﹣x+，F（x）=f（x+1）•g（x﹣2）且函数F（x）的零点均在区间[a，b]（a＜b，a∈Z，b∈Z）内，圆x2+y2=（a﹣b）2的面积的最小值是（）A．36πB．25πC．16πD．9π二.填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在答题卷中的横线上.）13．（5分）如果函数，则f（1）的值为．14．（5分）对于∀x∈R，等式x5=a0+a1（x﹣2）+a2（x﹣2）2+A+a5（x﹣2）5恒成立，则a 2=．15．（5分）设A是双曲线=1（a＞0，b＞0）在第一象限内的点，F为其右焦点，点A关于原点O的对称点为B，AF⊥BF，设∠ABF=则双曲线离心率是．16．（5分）对于三次函数f（x）=ax3+bx2+cx+d（a≠0），定义：设f″（x）是函数y=f′（x）的导数，若方程f″（x）=0有实数解x0，则称点（x0，f（x0））为函数y=f（x）的“拐点”．有同学发现：“任何一个三次函数都有‘拐点’；任何一个三次函数都有对称中心；且‘拐点’就是对称中心．”请你将这一发现作为条件．（Ⅰ）函数g（x）=的对称中心为；（Ⅱ）若函数g（x）=，则=．三.解答题：（解答应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤.）17．（10分）已知数列{a n}是公差不为0的等差数列，a1=2，且a2，a3，a4+1成等比数列．（Ⅰ）求数列{a n}的通项公式；（Ⅱ）设b n=，求数列{b n}的前n项和S n．18．（12分）某市规定，高中学生三年在校期间参加不少于80小时的社区服务才合格．教育部门在全市随机抽取200位学生参加社区服务的数据，按时间段[75，80），[80，85），[85，90），[90，95），[95，100]（单位：小时）进行统计，其频率分布直方图如图所示．（1）求抽取的200位学生中，参加社区服务时间不少于90小时的学生人数，并估计从全市高中学生中任意选取一人，其参加社区服务时间不少于90小时的概率；（2）从全市高中学生（人数很多）中任意选取3位学生，记ξ为3位学生中参加社区服务时间不少于90小时的人数．试求随机变量ξ的分布列和数学期望Eξ．19．（12分）如图，已知AB⊥平面ACD，DE∥AB，△ACD是正三角形，AD=DE=2AB，且F是CD的中点．（Ⅰ）求证：平面BCE⊥平面CDE；（Ⅱ）求平面BCE与平面ACD所成锐二面角的大小．20．（13分）在平面直角坐标系xoy中，椭圆的焦距为2，一个顶点与两个焦点组成一个等边三角形．（Ⅰ）求椭圆C的标准方程；（Ⅱ）椭圆C的右焦点为F，过F点的两条互相垂直的直线l1，l2，直线l1与椭圆C交于P，Q两点，直线l2与直线x=4交于T点．（i）求证：线段PQ的中点在直线OT上；（ii）求的取值范围．21．（13分）已知函数f（x）=aln（x+1）﹣ax﹣x2．（Ⅰ）若x=1为函数f（x）的极值点，求a的值；（Ⅱ）讨论f（x）在定义域上的单调性；（Ⅲ）证明：对任意正整数n，ln（n+1）＜2+．选做题22．（10分）如图，在△ABC中，CD是∠ACB的角平分线，△ADC的外接圆交BC于点E，AB=2AC（Ⅰ）求证：BE=2AD；（Ⅱ）当AC=3，EC=6时，求AD的长．选做题23．在平面直角坐标系中，曲线C1的参数方程为（ϕ为参数），以O 为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2是圆心在极轴上且经过极点的圆，射线与曲线C2交于点．（1）求曲线C1，C2的普通方程；（2）是曲线C1上的两点，求的值．选做题24．已知函数f（x）=|2x﹣a|+a，a∈R，g（x）=|2x﹣1|．（Ⅰ）若当g（x）≤5时，恒有f（x）≤6，求a的最大值；（Ⅱ）若当x∈R时，恒有f（x）+g（x）≥3，求a的取值范围．2014-2015学年湖北省恩施州高中教育联盟高二（下）期末数学试卷（理科）参考答案与试题解析一.选择题（本题共12个小题，每小题5分，本题满分60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．（5分）设集合A={1，2，3}，B={4，5}，C={x|x=b﹣a，a∈A，b∈B}，则C 中元素的个数是（）A．3B．4C．5D．6【解答】解：A={1，2，3}，B={4，5}，∵a∈A，b∈B，∴a=1，或a=2或a=3，b=4或b=5，则x=b﹣a=3，2，1，4，即B={3，2，1，4}．故选：B．2．（5分）若复数是实数，则x的值为（）A．﹣3B．3C．0D．【解答】解：==，∵复数是实数，∴x+3=0，∴x=﹣3．故选：A．3．（5分）O是平面上一点，A，B，C是该平面上不共线的三个点，一动点P满足+，λ∈（0，+∞），则直线AP一定通过△ABC的（）A．内心B．外心C．重心D．垂心【解答】解：设BC中点为D，则AD为△ABC中BC边上的中线，由向量的运算法则可得，∵+，∴==2λ，∴=2λ∴A、P、D三点共线所以点P一定过△ABC的重心．故选：C．4．（5分）下列命题中的假命题是（）A．∃x∈R，x3＜0B．“a＞0”是“|a|＞0”的充分不必要条件C．∀x∈R，2x＞0D．若p∧q为假命题，则p、q均为假命题【解答】解：当x=﹣1时，x3=﹣1＜0，故A为真命题；∵“a＞0”时，“|a|＞0”成立，而“|a|＞0”时，“a＞0”不一定成立，故“a＞0”是“|a|＞0”的充分不必要条件，故B为真命题由对数函数的性质，2x＞0恒成立，故C为真命题若p∧q为假命题，则p，q可能一个为真命题，一个为假命题，故D为假命题故选：D．5．（5分）已知函数f（x）=sinxcosx+cos2x，若将其图象向右平移φ（φ＞0）个单位所得的图象关于原点对称，则φ的最小值为（）A．B．C．D．【解答】解：由题意可得函数f（x）=sinxcosx+cos2x=sin2x+cos2x=sin （2x+），将其图象向右平移φ（φ＞0）个单位后解析式为，则，即（k∈N），所以φ的最小值为，故选：C．6．（5分）某市践行“干部村村行”活动，现有3名干部可供选派，下乡到5个村蹲点指导工作，每个村至少有1名干部，每个干部至多住3个村，则不同的选派方案共有（）种．A．243B．210C．150D．125【解答】解：3名干部可供选派，下乡到5个村蹲点指导工作，每个村至少有1名干部，每个干部至多住3个村，于是可以把5个村为（1，1，3）和（1，2，2）两组，当为（1，1，3）时，有C53A33=60种，当为（1，2，2）时，有•A33=90种，根据分类计数原理可得60+90=150种．故选：C．7．（5分）一个几何体的三视图如图所示，其主（正）视图是一个等边三角形，则这个几何体的体积为（）A．B．C．D．【解答】解：由已知中的三视图，可知该几何体是一个以俯视图为底面的三棱锥和半圆锥的组合体，其底面面积S==6+2π，由主（正）视图是一个等边三角形，可得该几何体的高h=2，故该几何体的体积V==，故选：D．8．（5分）函数y=log3（x+3）﹣1（a＞0，且a≠1）的图象恒过定点A，若点A在直线mx+ny+1=0上，其中m，n均大于0，则的最小值为（）A．2B．4C．8D．16【解答】解：∵y=log3（x+3）﹣1（a＞0，且a≠1）的图象恒过定点A，当x+3=1时，即x=﹣2时，y=﹣1，∴A点的坐标为（﹣2，﹣1），∵点A在直线mx+ny+1=0上，∴﹣2m﹣n+1=0，即2m+n=1，∵m，n均大于0，∴=+=2+++2≥4+2=8，当且仅当m=，n=时取等号，故的最小值为8，故选：C．9．（5分）锐角三角形ABC中，a b c分别是三内角A B C的对边设B=2A，则的取值范围是（）A．（﹣2，2）B．（0，2）C．（，2）D．（，）【解答】解：根据正弦定理得：=；则由B=2A，得：====2cosA，而三角形为锐角三角形，所以A∈（，）所以cosA∈（，）即得2cosA∈（，）．故选：D．10．（5分）以下几个结论中正确的个数为（）（1）一组数据中的每个数据都减去同一个数后，期望与方差均无变化；（2）在线性回归分析中相关系数为r，|r|越小表明两个变量相关性越弱；（3）已知随机变量ξ服从正态分布N（5，1），P（4≤ξ≤6）=0.6826，则P（ξ＞6）=0.1587；（4）某单位有职工750人，其中青年职工350人，中年职工250人，老年职工150人．为了了解该单位职工的健康情况，用分层抽样方法从中抽取样本．若样本中老年职工为3人，则样本容量为15．A．4B．3C．2D．1【解答】解：（1）一组数据中的每个数据都减去同一个数后，期望也减这个数，但方差无变化，故（1）错误；（2）在线性回归分析中相关系数为r，|r|越小（越接近0），表明两个变量相关性越弱，故（2）正确；（3）根据正态分布的对称性P（ξ＞6）=×（1﹣0.6826）=0.1587，故（3）正确；（4）若样本中老年职工为3人，则抽样比k==，则样本容量为：×750=15，故（4）正确；综上，正确的命题个数为3个，故选：B．11．（5分）若a和b是计算机在区间（0，2）上产生的随机数，那么函数f（x）=lg（ax2+4x+4b）的定义域为R（实数集）的概率为（）A．B．C．D．【解答】解：由已知，a和b是计算机在区间（0，2）上产生的随机数，对应区域的面积为4，要函数f（x）=lg（ax2+4x+4b）的定义域为R（实数集），则（ax2+4x+4b）恒为正，∴△=16﹣16ab＜0，即ab＞1；在平面直角坐标系中画出点（a，b）所在区域：满足ab＞1的区域面积为：=3﹣2ln2；∴所求概率为P=；故选：A．12．（5分）已知函数f（x）=1+x﹣，g（x）=1﹣x+，F（x）=f（x+1）•g（x﹣2）且函数F（x）的零点均在区间[a，b]（a＜b，a∈Z，b∈Z）内，圆x2+y2=（a﹣b）2的面积的最小值是（）A．36πB．25πC．16πD．9π【解答】解：f′（x）=1﹣x+x2﹣x3+ (x2014)x＞﹣1时，f′（x）＞0，f′（﹣1）=1＞0，x＜﹣1时，f′（x）＞0，因此f（x）是R上的增函数，∵f（0）=1＞0，f（﹣1）=（1﹣1）+（﹣﹣）+…+（﹣﹣）＜0∴函数f（x）在[﹣1，0]上有一个零点；∴函数f（x+1）在[﹣2，﹣1]上有一个零点，同理，g′（x）=﹣1+x﹣x2+ (x2014)x＞﹣1时，g′（x）＜0，g′（﹣1）=﹣2015＜0，x＜﹣1时，g′（x）＜0，因此g（x）是R上的减函数，∵g（2）＜0，g（1）=（1﹣1）+（﹣）+…+（﹣）＞0∴函数g（x）在[1，2]上有一个零点；∴函数g（x﹣2）在[3，4]上有一个零点，∵函数函数F（x）的零点均在区间[a，b]（a＜b，a∈Z，b∈Z）内，∴a max=﹣2，b min=4，∴（b﹣a）min=4﹣（﹣2）=6，∴圆x2+y2=（a﹣b）2的面积的最小值是36π，故选：A．二.填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在答题卷中的横线上.）13．（5分）如果函数，则f（1）的值为．【解答】解：∵1＜2，当x＜2时，f（x）=f（x+2）∴f（1）=f（3）而3＞2，当x＞2时，f（x）=∴f（1）=f（3）==故答案为：14．（5分）对于∀x∈R，等式x5=a0+a1（x﹣2）+a2（x﹣2）2+A+a5（x﹣2）5恒成立，则a2=80．【解答】解∵x5=[（x﹣2）+2]5=a0+a1（x﹣2）+a2（x﹣2）2+A+a5（x﹣2）5∴a2=×23=80．故答案为：8015．（5分）设A是双曲线=1（a＞0，b＞0）在第一象限内的点，F为其右焦点，点A关于原点O的对称点为B，AF⊥BF，设∠ABF=则双曲线离心率是+1．【解答】解：∵点A关于原点O的对称点为B，∴OA=OB，∵AF⊥BF，∠ABF=，∴△AOF是等边三角形，∴A（，c），代入双曲线=1，可得﹣=1，∴b2c2﹣3a2c2=4a2b2，∴（c2﹣a2）c2﹣3a2c2=4a2（c2﹣a2），∴e4﹣8e2+4=0，∵e＞1，∴e=+1．故答案为：+1．16．（5分）对于三次函数f（x）=ax3+bx2+cx+d（a≠0），定义：设f″（x）是函数y=f′（x）的导数，若方程f″（x）=0有实数解x0，则称点（x0，f（x0））为函数y=f（x）的“拐点”．有同学发现：“任何一个三次函数都有‘拐点’；任何一个三次函数都有对称中心；且‘拐点’就是对称中心．”请你将这一发现作为条件．（Ⅰ）函数g（x）=的对称中心为（，1）；（Ⅱ）若函数g（x）=，则=2014．【解答】解：（Ⅰ）函数的导数g′（x）=x2﹣x+3，g″（x）=2x﹣1，由g″（x0）=0得2x0﹣1=0解得x0=，而f（）=1，故函数g（x）关于点（，1）对称，（Ⅱ）由（Ⅰ）知g（x）+g（1﹣x）=2，故设=m，则g（）+g（）+…+g（）=m，两式相加得2×2014=2m，则m=2014．故答案为：（，1），2014．三.解答题：（解答应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤.）17．（10分）已知数列{a n}是公差不为0的等差数列，a1=2，且a2，a3，a4+1成等比数列．（Ⅰ）求数列{a n}的通项公式；（Ⅱ）设b n=，求数列{b n}的前n项和S n．【解答】解：（Ⅰ）设数列{a n}的公差为d，由a1=2和a2，a3，a4+1成等比数列，得（2+2d）2﹣（2+d）（3+3d），解得d=2，或d=﹣1，当d=﹣1时，a3=0，与a2，a3，a4+1成等比数列矛盾，舍去．∴d=2，∴a n=a1+（n﹣1）d=2+2（n﹣1）=2n．即数列{a n}的通项公式a n=2n；（Ⅱ）由a n=2n，得b n==，∴S n=b1+b2+b3+…+b n==．18．（12分）某市规定，高中学生三年在校期间参加不少于80小时的社区服务才合格．教育部门在全市随机抽取200位学生参加社区服务的数据，按时间段[75，80），[80，85），[85，90），[90，95），[95，100]（单位：小时）进行统计，其频率分布直方图如图所示．（1）求抽取的200位学生中，参加社区服务时间不少于90小时的学生人数，并估计从全市高中学生中任意选取一人，其参加社区服务时间不少于90小时的概率；（2）从全市高中学生（人数很多）中任意选取3位学生，记ξ为3位学生中参加社区服务时间不少于90小时的人数．试求随机变量ξ的分布列和数学期望Eξ．【解答】解：（1）根据题意，参加社区服务时间在时间段[90，95）小时的学生人数为60（人），参加社区服务时间在时间段[95，100]小时的学生人数为20先求出（人）．所以抽取的200位学生中，参加社区服务时间不少于90小时的学生人数为80人．所以从全市高中学生中任意选取一人，其参加社区服务时间不少于90小时的概率估计为．（2）由（Ⅰ）可知，从全市高中生中任意选取1人，其参加社区服务时间不少于90小时的概率为．由已知得，随机变量ξ的可能取值为0，1，2，3．所以；；；．随机变量ξ的分布列为：因为ξ～，所以．19．（12分）如图，已知AB⊥平面ACD，DE∥AB，△ACD是正三角形，AD=DE=2AB，且F是CD的中点．（Ⅰ）求证：平面BCE⊥平面CDE；（Ⅱ）求平面BCE与平面ACD所成锐二面角的大小．【解答】解：（Ⅰ）证明：∵△ACD为正三角形，∴AF⊥CD．∵AB⊥平面ACD，DE∥AB，∴DE⊥平面ACD，又AF⊂平面ACD，∴DE⊥AF．又AF⊥CD，CD∩DE=D，∴AF⊥平面CDE又BP∥AF，∴BP⊥平面CDE．又∵BP⊂平面BCE，∴平面BCE⊥平面CDE （5分）（Ⅱ）延长EB．DA，设EB．DA交于一点O，连结CO．则面EBC∩面DAC=CO．由AB是△EDO的中位线，则DO=2AD．在△OCD中，∵OD=2AD=2AC，∠ODC=60°．OC⊥CD，又OC⊥DE．∴OC⊥面ECD．而CE⊂面ECD，∴OC⊥CE，∴∠ECD平面BCE与平面ACD所成锐二面角的平面角，在Rt△EDC中，∵ED=CD，∴∠ECD=45°，即平面BCE与平面ACD所成锐二面角为45°．（12分）20．（13分）在平面直角坐标系xoy中，椭圆的焦距为2，一个顶点与两个焦点组成一个等边三角形．（Ⅰ）求椭圆C的标准方程；（Ⅱ）椭圆C的右焦点为F，过F点的两条互相垂直的直线l1，l2，直线l1与椭圆C交于P，Q两点，直线l2与直线x=4交于T点．（i）求证：线段PQ的中点在直线OT上；（ii）求的取值范围．【解答】解：（Ⅰ）由椭圆得，解得a=2，c=1，b=，故所求椭圆的标准方程为．（Ⅱ）（i）设直线PQ的方程为：x=my+1，代入椭圆方程得（3m2+4）y2+6my﹣9=0，则判别式△=36m2+4×9（3m2+4）＞0，设P（x1，y1），Q（x2，y2），PQ的中点G（x0，y0），则y1+y2=，y1y2=，则y0=（y1+y2）=，x0=my0+1=，即G（，），k OG==﹣，设直线FT的方程为：y=﹣m（x﹣1），得T点坐标为（4，﹣3m），∵k OT=﹣，∴k OG=k OT，即线段PQ的中点在直线OT上；（ii）当m=0时，PQ的中点为F，T（4，0），则|TF|=3，|PQ|=，，当m≠0时，|TF|==，|PQ|====12，则==（3+），设t=，则t＞1，则y=3+=3t+=3（t+）在（1，+∞）为增函数，则y＞3+1=4，则（3+），综上≥1，故求的取值范围是[1，+∞）．21．（13分）已知函数f（x）=aln（x+1）﹣ax﹣x2．（Ⅰ）若x=1为函数f（x）的极值点，求a的值；（Ⅱ）讨论f（x）在定义域上的单调性；（Ⅲ）证明：对任意正整数n，ln（n+1）＜2+．【解答】解：（1）因为，令f'（1）=0，即，解得a=﹣4，经检验：此时，x∈（0，1），f'（x）＞0，f（x）递增；x∈（1，+∞），f'（x）＜0，f（x）递减，∴f（x）在x=1处取极大值．满足题意．（2），令f'（x）=0，得x=0，或，又f（x）的定义域为（﹣1，+∞）①当，即a≥0时，若x∈（﹣1，0），则f'（x）＞0，f（x）递增；若x∈（0，+∞），则f'（x）＜0，f（x）递减；②当，即﹣2＜a＜0时，若x∈（﹣1，，则f'（x）＜0，f（x）递减；若，0），则f'（x）＞0，f（x）递增；若x∈（0，+∞），则f'（x）＜0，f（x）递减；③当，即a=﹣2时，f'（x）≤0，f（x）在（﹣1，+∞）内递减，④当，即a＜﹣2时，若x∈（﹣1，0），则f'（x）＜0，f（x）递减；若x∈（0，，则f'（x）＞0，f（x）递增；若，+∞），则f'（x）＜0，f（x）递减；（3）由（2）知当a=1时，f（x）在[0，+∞）上递减，∴f（x）≤f（0），即ln （x+1）≤x+x2，∵，∴，i=1，2，3，…，n，∴，∴．选做题22．（10分）如图，在△ABC中，CD是∠ACB的角平分线，△ADC的外接圆交BC于点E，AB=2AC（Ⅰ）求证：BE=2AD；（Ⅱ）当AC=3，EC=6时，求AD的长．【解答】（Ⅰ）证明：连接DE，∵ACED是圆内接四边形，∴∠BDE=∠BCA，又∠DBE=∠CBA，∴△DBE∽△CBA，即有，又∵AB=2AC，∴BE=2DE，∵CD是∠ACB的平分线，∴AD=DE，∴BE=2AD；…（5分）（Ⅱ）解：由条件知AB=2AC=6，设AD=t，则BE=2t，BC=2t+6，根据割线定理得B D•BA=BE•BC，即（6﹣t）×6=2t•（2t+6），即2t2+9t﹣18=0，解得或﹣6（舍去），则．…（10分）选做题23．在平面直角坐标系中，曲线C1的参数方程为（ϕ为参数），以O 为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2是圆心在极轴上且经过极点的圆，射线与曲线C2交于点．（1）求曲线C1，C2的普通方程；（2）是曲线C1上的两点，求的值．【解答】解：（1）曲线C1的参数方程为（ϕ为参数），普通方程为．曲线C2是圆心在极轴上且经过极点的圆，射线与曲线C2交于点，曲线C2的普通方程为（x﹣2）2+y2=4﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（4分）（2）曲线C1的极坐标方程为，所以=+=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（10分）选做题24．已知函数f（x）=|2x﹣a|+a，a∈R，g（x）=|2x﹣1|．（Ⅰ）若当g（x）≤5时，恒有f（x）≤6，求a的最大值；（Ⅱ）若当x∈R时，恒有f（x）+g（x）≥3，求a的取值范围．【解答】解：（Ⅰ）当g（x）≤5时，|2x﹣1|≤5，求得﹣5≤2x﹣1≤5，即﹣2≤x≤3．由f（x）≤6可得|2x﹣a|≤6﹣a，即a﹣6≤2x﹣a≤6﹣a，即a﹣3≤x≤3．根据题意可得，a﹣3≤﹣2，求得a≤1，故a的最大值为1．（Ⅱ）∵当x∈R时，f（x）+g（x）=|2x﹣a|+|2x﹣1|+a≥|2x﹣a﹣2x+1|+a≥|a ﹣1|+a，f（x）+g（x）≥3恒成立，∴|a﹣1|+a≥3，∴a≥3，或．求得a≥3，或2≤a＜3，即所求的a的范围是[2，+∞）．赠送—高中数学知识点【1.3.1】单调性与最大（小）值（1）函数的单调性②在公共定义域内，两个增函数的和是增函数，两个减函数的和是减函数，增函数减去一个减函数为增函数，减函数减去一个增函数为减函数．③对于复合函数[()]y f g x =，令()u g x =，若()y f u =为增，()u g x =为增，则[()]y f g x =为增；若()y f u =为减，()u g x =为减，则[()]y f g x =为增；若()y f u =为增，()u g x =为减，则[()]y f g x =为减；若()y f u =为减，()u g x =为增，则[()]y f g x =为减．（2）打“√”函数()(0)af x x a x=+>的图象与性质 ()f x 分别在(,]a -∞-、[,)a +∞上为增函数，分别在[,0)a -、]a 上为减函数．（3）最大（小）值定义①一般地，设函数()y f x =的定义域为I ，如果存在实数M 满足：（1）对于任意的x I ∈，都有()f x M ≤；（2）存在0x I ∈，使得0()f x M =．那么，我们称M 是函数()f x 的最大值，记作max ()f x M =．②一般地，设函数()y f x =的定义域为I ，如果存在实数m 满足：（1）对于任意的x I ∈，都有()f x m ≥；（2）存在0x I ∈，使得0()f x m =．那么，我们称m 是函数()f x 的最小值，记作max ()f x m =．【1.3.2】奇偶性（4）函数的奇偶性①定义及判定方法yxo②若函数()f x 为奇函数，且在0x =处有定义，则(0)0f =．③奇函数在y 轴两侧相对称的区间增减性相同，偶函数在y 轴两侧相对称的区间增减性相反．④在公共定义域内，两个偶函数（或奇函数）的和（或差）仍是偶函数（或奇函数），两个偶函数（或奇函数）的积（或商）是偶函数，一个偶函数与一个奇函数的积（或商）是奇函数．。

湖北省恩施州高中教育联盟高二物理下学期期末联考试题

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级期末联考物理试卷考试时间：2015年7月试卷满分110分★祝考试顺利★注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

答在试题卷、草稿纸上无效。

3．非选择题的作答：用黑色墨水签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

答在试题卷、草稿纸上无效。

4．考生必须保持答题卡的整洁。

考试结束后，请将答题卡上交。

一、选择题：本大题共10个小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．以下说法不．正确的是 A ．2T m ⋅与V s ⋅能表示同一个物理量的单位B ．电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置C ．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量的数值，从而使万有引力定律有了真正的使用价值D ．奥斯特发现电流周围存在磁场,并提出分子电流假说解释磁现象2．长期以来“卡戎星（Charon ）”被认为是冥王星惟一的卫星，它的公转轨道半径r 1=19600km ，公转周期T 1=6.39天。

近年来天文学家新发现两颗冥王星的小卫星，其中一颗的公转轨道半径r 2=48400km ，则它的公转周期T 2最接近于A.45天B.35天C.25天D.15天3．如图所示，虚线为电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等。

一个带正电的点电荷在A 点的电势能大于其在B 点的电势能，则下列说法正确的是A ．A 点的电势比B 点的低B ．无法比较A 、B 两点的电势高低C ．无法比较A 、B 两点的场强大小D ．A 点的电场强度比B 点的大4．电子式互感器是数字变电站的关键装备之一。

【物理】湖北省恩施州2014-2015学年高二(下)期末试卷

2014-2015学年湖北省恩施州高二（下）期末物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．（4分）（2015春?恩施州期末）在物理学的研究过程中，科学家们采用了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（）A．在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法B．在探究加速度、力和质童三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法C．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段都近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D．根据平均速度定义式：=，当△t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想方法考点：物理学史．分析：本题根据常用的物理研究方法，如理想模型法、等效替代法等，进行解答即可．解答：解：A、在验证力的平行四边形定则的实验中使用了等效替代的方法，故A错误．B、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验使用了控制变量的方法，故B错误；C、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，故C错误；D、平均速度定义式：=，当△t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想方法，故D正确．故选：D点评：解决此题的关键要知道物理常用的研究方法，如理想模型法、等效替代法、控制变量法、比值定义等．2．（4分）（2015春?恩施州期末）如图所示，物块A静止放在倾角为θ的长木板上，现使木板绕O点逆时针方向缓慢旋转，旋转时物块A与木板保持相对静止，则下列对于物块A 的受力情况的说法中正确的是（）A．木板对物块A的作用力不变B．木板对物块A的作用力变小C．木板对物块A的支持力变大D．木板对物块A的摩擦力变小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：要求支持力和摩擦力如何变化，需要对物体进行受力分析，然后通过正交分解求出重力的沿木板方向和垂直木板方向的分力，再根据物体处于平衡状态求出支持力和摩擦力的表达式，最后根据倾角的变化判断出支持力和摩擦力的变化情况．解答：解：AB、物体A受力平衡，木板对A的作用力始终等于木板的重力，不变，故A 正确，B错误；CD、对物体进行受力分析可知物体受竖直向下的重力mg，垂直木板向上的支持力N，沿木板向上的静摩擦力F，由于物体始终处于静止状态，故垂直木板方向合力为零，则物块所受支持力与摩擦力的合力与重力相平衡，故合力不变．因此，N=mgcosθ在沿斜面方向有F=mgsinθ，由题意可知θ逐渐增大，故N逐渐减小，F逐渐增大，故CD错误．故选：A点评：本类题目的解题步骤：确定研究对象，对研究对象进行受力分析，再进行正交分解，最后根据受力平衡写出所求力的数学表达式，从而可以根据角度的变化情况判断出力的变化情况3．（4分）（2015春?恩施州期末）如图所示，从一根内壁光滑的空心竖直钢管A的上端边缘，沿直径方向向管内以水平初速度V0抛入一个弹性小球，球与管壁多次相碰后落地（球与管壁相碰时间不计）．若换一根等高但直径更大的内壁光滑的钢管B，用同样的方法抛入此钢球，则以下说法正确的是（）A．在A管中的球运动时间长B．在B管中的球运动时间长C．在两管中的球运动时间一样长D．小球与B管碰撞的次数比A管碰撞的次数多考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，结合竖直方向上的运动规律判断运动的时间．根据水平方向上的运动规律判断碰撞的次数．解答：解：ABC、小球在竖直方向上做自由落体运动，换一根等高但直径更大的内壁光滑的钢管B，竖直方向上的运动规律相同，则运动的时间相同，故A、B错误，C正确．D、小球在水平方向上与管壁碰撞前后均做匀速直线运动，直径变大，碰撞的时间间隔变长，总时间一定，则小球与B管碰撞的次数比A管碰撞的次数少，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道小球在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住等时性，结合运动学公式分析求解，基础题．4．（4分）（2015春?恩施州期末）如图，足够长的光滑导轨倾斜放置，其下端连接一个灯泡，匀强磁场垂直于导轨所在平面向上．灯泡的电阻不变，导轨和导体棒电阻不计，导体棒ab 垂直导轨且与导轨接触良好，现将导体棒从静止释放，则在下滑过程中（）A．导体棒上感应电流从a流向 bB．导体棒ab受到的安培力方向平行斜面向上C．导体棒ab开始做匀加速直线运动后做匀速直线运动D．灯泡一直变亮考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：根据右手定则判断感应电流的方向，再根据左手定则判断安培力的方向，通过速度的变化，得出电动势的变化，电流的变化，从而得出安培力的变化．根据能量守恒判断机械能的变化，根据克服安培力做功与产生的电能关系判断安培力做功与灯泡消耗电能的关系．解答：解：A、导体棒ab下滑过程中，由右手定则判断感应电流I在导体棒ab中从b到a，故A错误；B、导体棒ab下滑过程中，由右手定则判断感应电流I在导体棒ab中从b到a，由左手定则判断导体棒ab受沿斜面向上的安培力F安，故B正确；C、由分析知，导体棒ab开始速度增大，感应电动势增大，感应电流增大，安培力增大，如果导轨足够长，当F安=mgsinθ时达到最大速度v m，之后做匀速直线运动，速度不再增大，安培力不变，因此导体棒做先做加速度减小的加速运动，直到匀速运动．故C错误；D、导体棒先做加速度减小的加速运动，后做匀速直线运动，由E=BLv可知，产生的感应电动势E先变大后不变，由P=可知的，灯泡实际功率先变大后不变，灯泡亮度先变亮后亮度保持不变，故D错误；故选：B．点评：解决这类导体棒切割磁感线产生感应电流问题的关键时分析导体棒受力，进一步确定其运动性质，并明确判断过程中的能量转化及功能关系如安培力做负功量度了电能的产生，克服安培力做什么功，就有多少电能产生．5．（4分）（2015春?恩施州期末）如图所示，小球自a点由静止自由下落，到b点时与竖直弹簧接触，d点是小球运动的最低点，bc=cd．不计弹簧质量和空气阻力，小球在由a到d 向下运动过程中，下列说法正确的是（）A．小球的机械能守恒B．小球在b点时其重力做功功率最大C．到c点时小球的动能最大D．由a到d的整个过程中小球重力势能的减小量等于弹簧弹性势能的增加量考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：开始小球做自由落体运动，小球从b点接触弹簧，弹力逐渐增大，开始小于重力，到bd间某位置等于重力，后大于重力，因此，小球从b到d过程中先做加速运动，后做减速运动，到d点速度减为零，弹簧压缩到最短，因此明确了整个过程中小球的运动情况，根据功能关系可正确解答本题．解答：解：A、以小球和弹簧组成的系统为研究对象，小球运动过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，符合机械能守恒的条件，因此，系统的机械能守恒，小球机械能不守恒．故A 错误；B、重力做功功率最大即小球速度最大，当小球重力等于弹力时，加速度为零，速度最大，即动能最大，该位移处于b与d之间，不在b点，故B错误；C、假定c点时小球动能最大即速度最大，根据能量守恒在bc间运动时，弹簧增加的弹性势能为△E P1+△E k1，在cd间运动时增加的弹性势能等于△E P2+△E k2，因为bc=cd，△E P1=△E P2，△E k1＜△E k2，可知在bc和cd间弹簧增加的弹性势能不同，故不满足机械能守恒，故在C点时小球的动能不是最大．故C错误；D、在a点小球的动能为零，在d点小球的动能也为零，根据机械能守恒可知，整个过程中小球重力势能的减小量等于弹簧弹性势能的增加量，故D正确．故选：D．点评：本题关键是明确小球的运动情况和整个过程中能量的转化情况，特别是小球从b 到d的过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增加的减速运动．6．（4分）（2015春?恩施州期末）从地面竖直向上抛出一小球，小球在上升运动过程中所受空气阻力大小与小球的速度大小成正比，小球上升的最大高度为H0，上升时间为t0，规定竖直向上方向为正方向，用v表示小球的瞬时速度，x表示小球的位移，E表示小球的机械能．下列图象正确的是（）A．B．C．D．考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：对于图象问题可以根据物理知识求出两个坐标轴所代表物理量的函数关系来判断其图象性质如是直线还是曲线等，也可以通过特殊点来进行判断．解答：解：AB、小球上升过程中的加速度a=，因为小球做减速运动，小球的加速度逐渐减小，故小球向上做加速度减小的减速运动，因为A是匀减速运动图象，B是加速度增大的减速运动图象，故AB均错误；CD、根据能量守恒定律可知，小球机械能的变化等于阻力对小球所做的功，因为阻力f=kv，所以W f=kvx，又小球做减速运动，故小球机械能减小的变化率随位移的增加而减小，不是均匀减小，故C错误，D正确．故选：D．点评：本题考查了图象问题、涉及加速度、位移、功率和机械能，涉及到矢量性考查知识点全面，运动学图象是解决运动学最简单的方法，用好图象可起到事半功倍的效果，在学习中应注意图象的掌握．7．（4分）（2015春?恩施州期末）如图所示水平桌面由粗糙程度不同的AB、BC两部分组成，且AB=BC，小物块P（可视为质点）以某一初速度从A点滑上桌而，最后恰好停在C 点，P物块在AB、BC上所做的运动均可看作匀变速直线运动．已知小物块经过AB与BC两部分的时间之比为1：4，则小物块P与桌面上AB、BC两部分之间的动摩擦因数μ1、μ2之比为（）A．8：1 B．4：1 C．1：4 D． 1：8考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据匀变速直线运动的平均速度推论，抓住位移相等求出在AB和BC上的运动时间之比，结合速度时间公式和牛顿第二定律求出在AB和BC上的动摩擦因数之比．解答：解：设B点的速度为v B，根据匀变速直线运动平均速度的推论有：，又t1：t2=1：4解得：．在AB上的加速度为：，则BC上的加速度为：，联立解得：μ1：μ2=8：1．故选：A．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，要知道加速度是联系力学和运动学的桥梁并能正确应用．8．（4分）（2015春?恩施州期末）如图所示，匀强电场中有一圆，其所在平面与电场线平行，O为圆心，A、B、C、D为圆周上的四个等分点．若将某带电粒子从A点以相同的初动能向各个不同的方向发射，到达圆周上各点时，过D点动能最大，不计重力和空气阻力．则（）A．该电场的电场线一定与OD平行B．该带电粒子一定带正电C．带电粒子若经过C点，则其动能不可能与初动能相同D．带电粒子不可能经过B点考点：电场线；带电粒子在匀强电场中的运动．分析：带正电微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中，只在电场力作用下从圆周上不同点离开圆形区域，从D点离开圆形区域的带电微粒的动能最大．则说明电场力做功最大，从而得D点是沿电场强度方向离A点最远．根据动能定理分析动能的变化．解答：解：A、据题，带电粒子从A点以相同的初动能向各个不同方向发射，到达D点动能最大，说明D点是沿电场强度方向离A点最远的点，D点电势能最小，若带电粒子带正电，D点为电势最低点；若带电粒子带负电，D点为电势最高点；该电场的电场线一定是与OD平行，故A正确、B错误．C、由于C点与A点为电势相等的点．所以带电粒子若经过C点，则其动能一定与初动能相同，故C错误．D、由于题述带电粒子向各个不同方向发射，带电粒子可能经过B点，故D错误．故选：A．点评：本题的关键要分析粒子到达D点动能最大的原因，知道匀强电场等势面的分布情况，运用动能定理分析动能的变化．9．（4分）（2015春?恩施州期末）如图所示，A为离地高度为R的人造地球卫星，B为地球同步卫星．设卫星A的速度大小为V A、周期为T A、机械能为E A，卫星B的速度大小为V B、周期为T B、机械能为E B．则下列关系正确的是（）A．V A＞V B B．T A＞T B C．T A＜T B D．E A＜E B考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由万有引力公式与牛顿第二定律求出线速度与周期，然后答题．解答：解：卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力；A、由牛顿第二定律得：G=m，解得：v=，由于r A＜r B，则：V A＞V B，故A正确；BC、由牛顿第二定律得：G=m r，解得：T=2，由于r A＜r B，则T A＜T B，故B错误，C正确；D、卫星的机械能：E=E K+E P=﹣，由于不知道卫星间的质量关系，无法判断它们机械能间的关系，故D错误；故选：AC．点评：本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以解题．10．（4分）（2015春?恩施州期末）如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里．匀强磁场中有一折成θ角的金属导轨aOb，导轨平而垂直磁场方向．一条直导线MN 垂直Ob方向放置在导轨上并接触良好，MN受水平拉力F以初速v从导轨O点开始向右沿水平方向匀速运动，若导轨和直导线的单位长度的电阻都为r，设闭合回路的感应电流大小为I，则下列的I﹣t、F﹣t图象正确的是（）A． B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：由E=BLv求出感应电动势，由电阻定律求出回路电阻，然后欧姆定律求出电流，再分析图示图象答题．解答：解：MN向右匀速运动，切割磁感线的长度为：L=vttanθ，闭合回路总电阻：R=r（vt+vttanθ+），感应电动势：E=BLv，电路电流：I===，由于B、v、r、θ不变，则电流I不变，故B正确；故选：B．点评：本题考查了判断电流随时间变化的关系，是一道电磁感应与电学相结合的题目，由E=BLv求出感应电动势，应用电阻定律与欧姆定律可以解题．11．（4分）（2015春?恩施州期末）如图甲所示，电阻不计的矩形线框绕垂直于匀强磁场的轴以角速度ω匀速转动，产生了如图乙所示的正弦交变电流．理想变压器的原副线圈匝数之比为10：1，为交流电压表，灯泡的电阻R L=10Ω，以下说法正确的是（）A．通过小灯泡的电流的频率为5HzB．t=0．Ols时刻，电压表的示数为0C．t=0．O1s时刻，穿过矩形线框的磁通量最大D．灯泡在1分钟内发热2400J考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．。

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考语文参考答案

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级期末联考语文考试参考答案一、现代文阅读（9分，每小题3分）1．B（B项谈的是专制主义与封建主义的关系而非与孔孟之道的关系）2．C（C项“古代贤君良臣面对各种情形时的行为举止”是“道统”的具体“体现”，而非“就是”）3．D（A．儒家也是专制主义的思想资源，不是“主要的”，从结尾“纯粹”一词也可以体味出；B．“人君行为不当”并不是引起五行变化和四季失常的唯一原因；C．“有一点威慑性”，故“决定性作用”不正确。

）二、古代诗文阅读（36分）4、答案：B经济：经世济民，指治理国家5、答案，A 自经，上吊自杀。

6、答案：C老成：“阅历多而稳重”,或者“年高德重”；守法不易：坚守法度不改变。

7、（10分）答案：①法令（法规，法律）可以逃避，手指斩断后就不能再连上，为什么不离开呢？“复”“盍”“”“去”各1分，句意2分。

复：再重新；盍：相当于“何不”，为什么不；去，离开，此处可以引申为逃离，逃跑。

②恰逢要增设一位京卫知事，皇帝下令吏部挑选合适的人。

“会”“诏”“可”各1分，句意2分。

会：恰巧，适逢，正好；诏：下令，下诏；可：合适，适合，适宜，能够胜任。

8、（5分）第四联。

(1分）①写出了曲终时的景色。

（1分）②写出了作者沉醉于琴声之中的状态，侧面描写(衬托)了琴声的魅力。

（3分）（只答第四联没有分析不给分）9、（6分）（1）首联点明琴师来自四川峨眉山，一方面表达诗人对他的倾慕，另一方面也吐露出诗人对故乡的热爱和怀念。

（2）第二联表达对琴声的赞美。

（3）第三联用典，期待着同样能得到人生的知音。

（共6分，每点2分）10，（6分）（1）黄鹤之飞尚不得过，猿猱欲度愁攀援。

（2）献愁供恨，玉簪螺髻。

（3）悟已往之不谏，知来者之可追。

三、文学类文本阅读（25分）11、（1）答A给3分，C 给2分，D给1分(D 不仅仅想起了棕香，更多的是对姥姥的怀念。

B表现姥姥的慈爱、善良和对儿孙辈健康成长的满足。

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考政治参考答案

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级期末联考政治参考答案（咸丰一中陶茂乾）1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13D D A A B D C C B D B C A14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25C C CD B B B A B A C C1.选D。

国家调整卷烟消费税的原因可能有多方面，材料没有交代原因调整的原因在于成本的变化，A不选。

卷烟不属于生活必需品，否则国家控烟则不利于维护群众基本利益，B不选。

开发高档卷烟与国家加大控烟力度的大形势相背离，D不选。

2.选D。

随着消费的升级，生存资料所占比重可能会减少，但是总量不一定会大幅度降低，①不选。

收入是消费的基础和前提，但是收入水平与消费水平没有必然的关系，③不选。

3.选A。

企业才是科技创新的主体，③错误。

创客不一定是利用公司制进行，④不选。

4.选A。

开展农产品地理标志登记保护与提高产品科技含量没有直接关系，②不选。

市场竞争压力来自多方面，走特色农业发展道路，能够获得新的竞争优势，不一定能减少市场竞争压力，③不选。

5.选B。

股票是高风险的投资方式，不一定是高收益，A错误。

投资股票的收入由两部分构成，只有股息或红利收入来源于企业利润，C不选。

股东不能够把股票返还给公司，只能转售第三人，D不选。

6.选D。

选D。

“定向降准+降息”属于经济手段，不属于行政手段，①不选。

材料发挥的是货币政策的作用，不是财政政策的作用，③不选。

7.选C。

①项错误，影响企业利润有经营成本和经营收入两个方面的因素，工业机器人有利于降低人力成本，但不一定带来利润率的提高。

④重获科技优势不符合我国制造业的发展历史和现实。

8.选C。

“限制引进外资”错误，新时期仍要注重引进外资，且“大量走出去”不一定符合“优出”的原则，①不选。

价格优势与劳动密集型产品不符合“优出”的原则，③不选。

9.选B。

自己选举当家人是村民自治的基础，①不选。

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考化学试卷

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考化学试卷命题学校：建始一中命题教师：黄维华粟晓黎审题教师：田春梅考试时间：2015年 7 月 30 日下午16:00-17:30 试卷满分：100分可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 Al-27 S-32Cl-35.5 K-39 Br-80第Ⅰ卷选择题（总分45分）一、以下每小题只有一个．．．．正确选项（每小题3分，共15小题，满分45分）。

1.2015年两会期间，国务院总理李克强在回答中外记者提问时说，要打造中国经济的升级版，就包括在发展中要让人民呼吸洁净的空气，饮用安全的水，食用放心食品。

下列说法不正确．．．的是（）A．2015年建始县城区各社区完成了天然气管道铺装，从此每家每户结束了燃煤使用时代，天然气的主要成分是CO、H2，属于清洁能源B．2015年春节期间，恩施各县市城区全面禁鞭，这有利于减少雾霾天气的出现C．地沟油若被回收重新流入餐桌，对人体伤害极大，应倡导加工处理生成生物柴油D．电动汽车、甲醇燃料汽车的出现，有利于节能减排，保护环境2.关于下列各装置图的叙述中，正确的是（）①②③④A．实验室用①装置和原理制取氨气B．可用③制备氢氧化亚铁胶体并观察其颜色C．装置②是利用排水法测量氨气体积D．装置④是实验室制备氯气的反应发生装置3. 化学科学需要借助化学专业语言描述，下列有关化学用语正确的是（）A ．水合氢离子的电子式：B ．中子数为 138、质子数为88 的镭（Ra ）原子：C ．CO 2的分子比例模型：D ．麻醉剂三氟氯溴乙烷（CF 3CHClBr ）的同分异构体有5种4. N A 表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（）A ．常温常压下，0.1molC 3H 8所含有的共价键数目为1.1 N AB ．标准状况下，2.24L 乙酸乙酯中所含氧原子数为0.2N AC ．常温常压下，15g 甲基（—CH 3）所含的电子数为10N AD ．现有乙烯、丙烯、丁烯的混合气体共14 g ，其原子数为3N A5. 某温度下纯水中c(H +)＝1×10-6mol•L -1，下列各组离子在该条件下能大量共存的是（）A ．由水电离产生的c(OH －)＝1×10-10mol•L -1的溶液中：Ba 2+、K +、NO 3-、Cl -B ．c(NaHSO 4)＝0.1mol•L -1的溶液：K +、Ba 2+、HCO 3-、Cl -C ．c(OH －)＝1×10-11mol•L -1的盐酸溶液中：Na +、Fe 2+、ClO -、SO 42-D ．滴入少量硫氰化钾显血红色的溶液：Na +、K +、I -、SO 42-6. 短周期元素W 、X 、Y 、Z 在周期表中的位置如下表所示，它们原子的最外层电子数之和为18，下面推断正确的是（）A ．X 的最低价气态氢化物比Y 的最低价气态氢化物稳定B ．W 3+、X 4-、Y 3-的离子半径依次减小C ．W 、Z 的单核离子均能促进水的电离D ．W 的氧化物能在氨水中溶解7. 右图是某有机物分子的键线式，该有机物中仅含C 、H 、O 三种元素。

2015年春季物理期末统考答案

2015年春季学而思期末统考
初二物理参考答案及评分标准
说明：本评分标准每题给出了一种或几种解法供参考，如果考生的解法与本解答不同，参
照本评分标准的精神给分.
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分）
题号
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
答案
DDBDACBDCA B B
二、填空题（本大题每空 1 分，共 28 分）
=
8
×
104��
1
分
∆��排
=
∆��浮 ρ水��
=
8×104N 1×103��⁄��3×10��/��
=
8��3
（3）p=ρ 水 gh=1 × 103��⁄��3 × 10��/�� × 20�� = 2 × 105��
（2）FV/L FL/V
（3）注射器内的空气没有完全排尽（4）甲 29. （1）18 （2）12 （3）1.5×103 （4）大（5）物体完全浸没后受到的浮力与深度无关 30. （1）盐水密度大，马铃薯会上浮而不会下沉（2）1.21 （3）错误；马铃薯的密度变大，大于盐水的密度五、计算题（本大题共 2 小题，共 10 分）
23. （1）（2 分）
（2）（2 分）
（2 分）
四、实验题（本大题共 7 小题，共 32 分） 24. （1）向左调节平衡螺母
（2）38.4 （3）4.00 （4）0.6 25. （1）匀速直线（2）接触面的粗糙程度；甲；乙（3）D；滑动摩擦力的大小与物体运动的速度无关 26. （1）ρgh；3 （2）形变程度；错误；没有控制压力大小相同 27. （1）○2 （2）深度（3）没有控制深度相同（4）酒精 28. （1）排尽注射器内的空气，并防止外界空气进入

湖北省恩施州高中教育联盟高二历史下学期期末联考试题

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级期末联考历史试题考试时间：2015年 7 月 30 日 16:00-17:30 试卷满分 100分【本试题卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

考生作答时，将答案写在答题卡上（注意事项见答题卡），在试卷上答题无效】☆祝☆考☆试☆顺☆利☆第Ⅰ卷（选择题共48分）本卷共24小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．西周建立以后，在延续前代制度的基础上进行了一系列的完善与创新，以便达到“天下归周”、“天下归宗”和“天下归心”的目的。

下列与“天下归心”相对应的是A．世袭制 B．分封制 C．礼乐制 D．宗法制2．从右面的漫画作品中，能够显示关于秦朝的历史信息的是①实现了国家的统一②确立封建土地制度③建立君主专制体制④建立官僚政治体制A．①②③ B．②③④C．①②④ D．①③④3．明初发行纸币后，政府下令禁止白银甚至铜钱的流通，但纸币发行后贬值严重。

永乐后，民间流通货币兼有宝钞、白银和稻谷布帛，朝廷屡禁不止。

至成化年间，白银大量流入我国，民间契约文书中已主要用银。

至英宗颁布白银货币新法后，白银逐渐成为法定货币。

对此，下列说法最准确的是A．贵重金属的短缺导致宝钞贬值 B．白银大量流入推动白银货币化C．白银货币化是民间推动的结果 D．货币改革推动白银成法定货币4．南宋时期的宋慈是被公认的“法医鉴定学”鼻祖。

他所著的《洗冤集录》记述了人体解剖、勘察现场、鉴定死因、自杀或谋杀、各种解毒方法等十分广泛的内容。

作为朱熹的同乡，宋慈受过理学的系统教育和长期熏陶。

如果从取得的业绩来看，宋慈A．表现出实事求是的科学精神 B．“心包万理，万理具于一心”C．忠实地践行了“格物致知” D．具有浓厚的理学唯心主义精神5．“从整体上说，中国大部分时间是重农不抑商，农业固然受到重视，但商业也并没有受到抑制，私人工商业一直有充分发展的空间。

”能为这一观点提供佐证的是①商鞅变法“事末利及怠而贫者，举以为收孥”②汉高祖“贾人不得衣丝乘车，重租税以困辱之”③宋太宗“贩夫贩妇细碎交易，并不得收其算”④明清“商贾捐资，建设会馆，便往还而通贸易”A．①④ B．①② C．③④ D．②③6．数学史专家钱宝琮深入研究《九章算术》后，认为《九章算术》的编纂者对待数学的态度是：“掌握数学知识的人应该满足于能够解答生活实践中提出的应用问题，数学的理论虽属可知，但很难全部搞清楚，学者应该有适可而止的态度。

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考历史参考答案

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级期末联考历史答案第Ⅰ卷（选择题共24题48分）第Ⅱ卷（共52分）【必考部分】25．（25分）（1）（10分）条件：政府重视，推行对外开放政策；农业手工业发达，商业空前繁荣；天文地理知识的先进（或掌握季风变化）；指南针的发明并用一于航海；造船技术的进步等（5分）特点：主要有亚欧之间的太平洋一印度洋海上贸易线、亚欧大陆贸易线和地中海贸易线；阿拉伯人、中国商人、意人利商人在世界贸易中占重要地位；中国的商品受到各国的欢迎。

（6分）（2）（7分）特征：以英国为中心，西方资本主义国家在全球化中起主导作用。

列强在世界范围内扩张，亚非拉广大地区沦为商品市场和原料产地世界市场形成并逐渐走向成熟。

（4分）变化：从清统治者的夜郎自大，推行闭关锁国的政策到受到西方侵略，被迫打开国门，被动地参与经济全球化。

（3分）（3）（8分）新发展：地域范围更广，开放性更强，合作范畴更大。

联系更密切，是现有合作的延续和升级，实现利益共享。

（4分）有利因素：改革开放，综合国力的增强；社会主义市场经济体制的逐步形成；外交政策的调整；上海合作组织建立；中国加入世界贸易组织；正确的民族政策和对外政策；经济区域化和全球化发展：（4分，4点即可）26.（12分）示例：（1）南北议和。

（1分）1911年10月武昌起义后，南方的革命党人和北方袁世凯所控制的清政府进行的和谈。

和谈虽迫于帝国主义和袁世凯的压力，南方的革命党人妥协退让达成协议，但有利于减轻南方革命政府内外交困所面临的压力，一定程度上又避免了流血斗争。

（3分）（2）第一次国共合作。

（1分）1924年1月起至1927年7月，国共两党以新三民主义为合作的政治基础，建立革命统一战线，推动了国民大革命的发展，加速了中国民主革命的进程。

（3分）（3）西安事变的和平解决。

（1分）1936年12月，张学良、杨虎城在西安发动的“兵谏”。

在中共主导下，最终以蒋介石接受“停止内战，联共抗日”的主张而和平解决。

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考物理参考答案

2015年春季学期高二年级期末联考物理试题参考答案二、实验题 11、（1）5.015；（2分）（2）220；（2分）（3）如右图所示．（作图2分器材选择2分共4分） 12、：（1）上侧（2）上侧，＜（3）上侧（每空2分） 13、代入数据可得6m/s 14、（1）小物块在BC 上匀速运动，支持力N ＝mgcosθ滑动摩擦力f ＝μN由平衡条件得m gsinθ＝μmgcosθ 解得μ＝tanθ小物块在CA 段做匀加速直线运动，则N 1＝mgcos θ－qE 11N f μ= 根据动能定理得：()221001m sin 22gl f l m v v θ⎡⎤-=-⎣⎦解得2032tan mv E ql θ= （1分）（2）设小物块可以到达A 点，则：0sin m cos K K mgl g qE l E E θμθ-+=-（）得020<-=mv E K 故小物块不能到达A 点设小物块从C 处进入电场滑行距离x 后停止，则：00cos m sin K E x qE g mgx -=+-）（θμθ s l x =-得23s l =15、（1）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，在偏转后粒子若发生碰撞，则只有在粒子偏转900时，才可能发生碰撞，所以碰撞的位置在OO ′的连线上．洛伦兹力提供向心力，即：2mv evB R=即0mv B eR=由于洛伦兹力只改变磁场的方向，不改变粒子的速度，所以粒子经过磁场后的速度的大小不变，由于所有粒子的速度大小相等，所以应先后到达同一点，所以碰撞的时间：l t v =（2）某次实验时将磁场O加速后的速度不变，而运动的轨迹不再对称．对于上边的粒子，不是对着圆心入射，而是从F 点入射，如图：E 点是原来C 点的位置，连接OF 、OD ，作FK 平行而且等于OD ，再连接KD ，由于OD=OF=FK ，则四边形ODFK 是菱形，即KD=KF ，所以粒子仍然从D 点射出，但方向不是沿OD 的方向，K 为粒子束的圆心．sin ∠得：3COF π∠=，6DOF FKD π∠=∠=而对于下边的粒子，没有任何的改变，故两束粒子若相遇，则一定在D 点相遇．下方的粒子到达C ′后先到达D点的粒子需要的时间：(2)22RH R t v π+-'=而上方的粒子到达E 点后，最后到达D 点的粒子需要的时间：00001()26l R R Rl EF FD t v v π+-+++==要两粒子相碰则比满足t ′≤t 即：023l R R π≥+16、【物理——选修3-3】（1）ACE （2）【答案】①3atm ②198L ；如图所示 17、【物理——选修3-4】（1）ADE（2）（ⅰ）作出光路图，如图所示过E 点的法线是三角形的中位线，由几何关系可知△DEB 为等腰三角形4L DB DE == 由几何知识可知光在AB 边折射时折射角为30°所以︒︒=30sin 45sin n解得：2=n（ⅱ）设临界角为θ，有sin θ＝n1，可解得θ＝45°，由光路图及几何知识可判断，光在BC 边发生全反射，在AC 边第一次射出玻璃砖根据几何知识可知2L EF =则光束从AB 边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需要的时间DE EF FGt v++=代入c v n =可解得：t c= 18、【物理——选修3-5】（1）ABC（2）第一颗子弹射入木块的过程，系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv 0=（m+M ）v 1，系统由O 到C 的运动过程中机械能守恒，由机械能守恒定律得：211()()2m M v m M gR +=+由以上两式解得：v 0=可解得4R H =。

湖北省恩施州高中教育联盟2014-2015学年高二下学期期末联考地理试卷

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考地理试卷命题学校：建始一中命题教师：审题教师：考试时间：2015年 7 月 31 日上午10:30-12:00 试卷满分：100分第I卷选择题（44分）一、选择题：本大题共22小题，每小题2分，共44分，每小题只有一个正确答案，请将正确答案填涂在答题卡上。

右图示意我国南极长城站附近区域图，该区域有冰川分布，读图完成1～2题。

1.“站在这里向北看去，山丘下的湖泊，就像一块碧玉一般，镶嵌在大地上；而湖泊北部和东部两座延伸出来的长长山脊，如同一双温柔的手，以无限的深情呵护着这熟睡的精灵”。

文中的“这里”最可能是（）A．甲地B．乙地C．丙地D．丁地2.理论上R河流量最大的月份应该是（）A．1月B．2月C．7月D．8月地转偏向力只在物体相对于地面有水平运动时才产生，它只能改变水平运动物体运动的方向，不能改变物体运动的速率。

读下面某河流水系图完成3～4题。

3.在河流A处逆水行船，仅从节省动力角度考虑，船的航线应选在（）A．靠近河中心航行B．航道最深处航行C．靠向顺水的右岸航行D．靠向逆水的右岸航行4.当图中B支流的源头和该支流与干流汇合处同时迎来日出，此时期下列地理现象可信的是（）A．印度半岛气候凉爽干燥B．黑龙江冰封河面，雪景迷人C．澳大利亚北部草木枯黄D．非洲大草原上动物大规模向南迁徙下图为电视剧《平凡的世界》中双水村景观和陕西省略图。

据此完成5～6题。

5.双水村最有可能位于( )A．汉中B．商洛C．绥德D．西安6.双水村所在地区可( )A．在沟谷建造拦截坝，淤积泥沙形成耕地B．利用坚硬的岩石开挖安全的窑洞式民居C．利用水草丰美的条件发展大牧场放牧业D．利用年温差小的特点发展优质果木业地处西天山的伊犁河谷兼有南北方的特点，素有“中亚绿洲”、“塞外江南”的称誉，读图回答7～9题。

7.据图分析地形对伊犁河谷自然环境影响正确的是( )①似向西开口的三角形，利于河谷形成地形雨②北部高大山脉可抵御来自西伯利亚的干冷气流③南部高大山脉可阻挡来自塔里木盆地的风沙入侵④地形封闭，各大洋水汽都难以到达，但有四周高山冰川的融水⑤独特的地形使该地比同纬度其它地区冬冷夏热A．①②④B．①②③C．③④⑤D．②③④8.该地区的森林草场交错带，树木生长在山的阴坡，而阳坡多为草场，出现山脉“阴阳脸”。

人教版2015年春季普高试卷高二物理A卷

$+如右图所示金属棒'(置于水平放置的光滑框架)*+, 上棒与框架接触良
好匀强磁场垂直于'( 棒斜向下从某时刻开始磁感应强度均匀减小同
时施加一个水平外力 - 使金属棒'( 保持静止则 -

!+方向向右且为恒力
,+方向向右且为变力
率为4.槡$在此截面所在的平面内一条光线以与 !: 成 "&5的入射角从 !# 边的中点 :
射入棱镜 #画出光路图 $求出光线从棱镜 "# 边射出的点的位置到" 点的距离
湖北省普通高中联考协作体期中考试高二物理试卷! 卷共"页第"页
(+下列说法正确的是

!+在不同的惯性参考系中一切物理规律都是相同的
,+真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的
1+一条沿自身长度方向运动的直杆其长度总要比静止时长
$%#&年春季湖北省普通高中联考协作体期中考试
高二物理试卷! 卷
命题学校十堰车城高中命题教师向凌王家恒审题学校蔡甸区二中审题教师曾庆锋
考试时间 $%#& 年 " 月 $' 日上午 (%%)*% 试卷满分 ##% 分
祝考试顺利
注意事项 #+答卷前考生务必将自己的学校考号班级姓名等填写在答题卡上 $+选择题的作答每小题选出答案后用$, 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑如需改动用

湖北省恩施州高二物理质量监测试卷(扫描版)

2015年恩施土家族苗族自治州高二年级统一考试物理试卷参考答案13、(1)夹子离电火花计时器应更近一些(3分,其他相似答案都给分) (2) 2126T S S -(3分) 14、（1）①cd (1分) 、0-0.1A(1分) ②ab (1分)、0-10V (1分) （2）①乙（2分）②（连线3分）15、(1)据牛顿第二定律：ma mg N =-max ------ 1分 ma N mg =-min ----------- 1分解得：= --------------------- -----------------------------1分(2)电梯加(减)速时间：s av t 2m ax1==----------------1分加(减)速距离：m av s 222max 1== ------------------------1分从1楼大厅到2楼的时间：sv s h t t 5.422m ax112=-+=----1分从2楼到4楼的时间：sv s h t t 7222m ax113=-+=---------1分因此从1楼大厅坐电梯到10楼的最短时间：t t t t ∆++=4432----------2分解得：t=92.5s -----------------1分16、(1)设小球在最高点D 的速度为V ，据牛顿第二定律：RV mmg qE 2=+ 解得：mR mg qE V )(+=----------2分(2)小球从D 点做平抛运动回到C 点，据平抛运动规律：题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 DACBDDAAACBDCDCDA2212at R =--------1分 Vt s =mmg qE a +=------------------1分解得：R s 2=----------------------1分 (3)据动能定理：20221212)(mV mV R mg qE -=•+- --------------2分解得： mR mg qE V )(5+=--------------2分17、⑴垂直于AB 边射出的粒子轨迹对应圆心角为600，则：60T t =----------1分据牛顿第二定律得：rv mqvB 2=解得：qB mv r =qBm T π2=----------1分解得：03qt mB π=-----------------2分⑵ 当粒子轨迹圆与AB 、AC 都相切时，能从BC 边射出的粒子的半径最大，对应速度为最大值，此时： L L r 4360sin 20== -------- 2分解得：0min123t Lv π=--------------2分⑶由⑵知，当轨迹圆与AC 相切时，从AC 边射出的粒子距C 最远，故有粒子射出的范围为CE 段，460cos 20L L CE == --------2分当轨迹圆与AD 边的交点D 恰在圆心O 正上方时，射出的粒子距B 点最远。

恩施州高中教育联盟2015年春季学期高二年级联考物理试题讲解

人教版2015年春季普高试卷高二物理B卷

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【物理】湖北省恩施州2014-2015学年高二(下)期末试卷

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2015年春季物理期末统考答案

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