高一下学期入学考试物理试题 PDF版含答案
高一物理下学期开学试卷(含解析)高一全册物理试题
应对市爱护阳光实验学校一中高二〔下〕开学物理试卷一、选择题1．关于元电荷，以下说法中错误的选项是〔〕A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固距离变为，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． F D．12F3．如下图，一电子沿量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，那么电子所受另一个力的大小和方向变化情况是〔〕A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右4．两个量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．c点场强和电势都为0D．一个电子在a点无初速释放，那么它将在c点两侧往复振动5．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的势面和粒子的运动轨迹如下图，图中左侧前三个势面衢平行，不计粒子的重力．以下说法正确的有〔〕A．粒子带正电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，假设把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如下图，那么闭合电键后，以下有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的选项是〔〕A．图的A1、A2的示数相同B．图的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同7．在如下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多 D．a点的电势降低8．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，以下说法中正确的选项是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，那么电阻变为10RB ．常温下，假设将金属丝从中点对折起来，电阻变为RC．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，那么任一状态下的比值不变D．把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零9．如下图电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，假设将滑片向下滑动，那么在滑动过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电源内电路消耗功率一逐渐增大B．灯泡L2一逐渐变暗C．电源效率一逐渐减小D．R上消耗功率一逐渐变小10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管〔具有单向导通作用〕，电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，那么以下判断正确的有〔〕A ．的值变大B ．的值变大C ．的值不变，且始终于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少11．磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是〔〕A．将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸〞B．利用磁铁制成双面擦窗器C．在机械手表旁边放一个强磁性物质D．用磁带来记录声音12．关于磁感强度，以下说法正确的选项是〔〕A．假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线放入匀强磁场受到磁场力F，那么该匀强磁场的磁感强度大小为B．磁感强度的方向与放入该点的电流元所受磁场力的方向相同C．磁感强度的方向与放入该点小磁针N极所受磁场力的方向相同D ．由磁感强度可知，磁感强度B与电流元在该点受到的磁场力F成正比，与电流元IL成反比二、题13．某同学利用多用电表测量二极管的反向电阻〔二极管具有单向导电性，电流正向通过时几乎没有电阻，电流反向时，电阻很大〕．完成以下测量步骤：〔1〕检查多用电表的机械零点．〔2〕将红、黑表分别插入正、负表笔插孔，二极管的两个极分别记作a和b，将红表笔接a端时，表针几乎不偏转，接b端时偏转角度很大，那么为了测量该二极管的反向电阻，将红表笔接二极管的〔填“a〞或“b〞〕端．〔3〕将选择开关拨至电阻“×100〞挡位，进行正确的测量步骤后，发现表针偏角较小．为了得到准确的测量结果，让电表指针尽量指向表盘，重选择量程进行测量．那么该同学选择〔“×10〞或“×1k〞〕挡，然后，再进行测量．测量后示数如下图，那么测量结果为．〔4〕测量完成后，将选择开关拨向挡位置．14．某同学对电阻丝的电阻与哪些因素有关进行了探究，现有如下器材：电源E〔电动势为4V，内阻约为1Ω〕；电流表A1〔量程5mA，内阻约为10Ω〕；电流表A2〔量程0.6A，内阻约为1Ω〕；电压表V1〔量程3V，内阻约为l kΩ〕；电压表V2〔量程l5V，内阻约为3kΩ〕；滑动变阻器R1〔阻值0～2Ω〕；滑动变阻器R2〔阻值0～20Ω〕；开关及导线假设干．他对电阻丝做了有关测量，数据如下表所示．编号金属丝直径D/mm 金属丝直径的二次方D/mm2金属丝长度L/cm电阻R/Ω1 0.280 0.0784 100.00 102 0.280 0.0784 50.00 63 0.560 0.3136 100.00 4.07①他在某次测量中，用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图甲所示，此示数为mm．②图乙是他测量编号为2的电阻丝电阻的备选原理图，那么该同学选择电路〔选填“A〞或“B〞〕进行测量．电流表选，电压表选，滑动变阻器选．③请你认真分析表中数据，写出电阻R与L、D间的关系式R= 〔比例系数用k表示〕，并求出比例系数k= Ω•m〔结果保存两位有效数字〕．三、计算题15．如下图，真空中有两个质量都是1g的带电小球，它们的半径很小，分别系在长为30cm的两根细绳的一端，两细绳的另一端悬挂在天花板上的同一点O，两个小球带的是量同种电荷，当它们静止时，两根细绳之间的夹角为60°，求两个小球所带的电量q．〔静电力常数k=9.0×109N•m2/C2〕16．如下图的电路中，R1=2Ω，R2=6Ω，S闭合时，电压表V的示数为V，电流表A的示数为0.75A，S断开时，电流表A的示数为1A，求：〔1〕电阻R3的值；〔2〕电源电动势E和内阻r的值．17．如下图，变阻器R2的最大电阻是6Ω，与有关规格为〔6V，3W〕的灯泡R1串联接在电路中，电源的电动势E=8V，当电键S闭合，变阻器的滑片在中点位置时，灯泡正常发光，设灯泡阻值恒不变，求：〔1〕电源的内电阻r；〔2〕电源的输出功率．18．如下图，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中．现有一质量为m、带正电的小滑块〔可视为质点〕置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g．〔1〕假设滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，滑块到达与圆心O高的C点时速度为多大？〔2〕在〔1〕的情况下，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小；〔3〕改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小．一中高二〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．关于元电荷，以下说法中错误的选项是〔〕A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子的带电量最小，质子的带电量与电子相，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷【解答】解：AC、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×10﹣19C，并不是电子和质子本身．故A项错误，C项正确；B、所有带电体的电荷量都于元电荷的整数倍，故B正确；D、电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的，故D正确．此题要求选择错误的选项，应选：A．【点评】元电荷是带电量的最小值，它本身不是电荷，所带电量均是元电荷的整数倍．且知道电子的电量与元电荷的电量相，同时让学生明白电荷量最早是由家密立根用测得．2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固距离变为，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． F D．12F【考点】库仑律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先后均分．根据库仑律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：相距为r时，根据库仑律得：F=K；接触后，各自带电量变为Q′==Q，那么此时F′=K两式联立得F′= F，故A正确，BCD错误，应选：A．【点评】此题考查库仑律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决此题的关键．3．如下图，一电子沿量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，那么电子所受另一个力的大小和方向变化情况是〔〕A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右【考点】电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子做匀速直线运动，知受电场力和外力平衡，外力的大小与电场力的大小相，方向相反，根据电场力的变化判断外力的变化．【解答】解：根据量异种电荷周围的电场线分布知，从A→O→B，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小．那么电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，那么外力的大小先变大后变小，方向水平向右．故B正确，A、C、D错误．应选：B．【点评】解决此题的关键知道外力的大小与电场力的大小相，方向相反，是一对平衡力．4．两个量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．c点场强和电势都为0D．一个电子在a点无初速释放，那么它将在c点两侧往复振动【考点】势面．【专题】性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】两个量异种电荷连线的垂直平分线是一条势线．电场强度方向与势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．【解答】解：A、a、b、c是两个量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相，而且与无穷远处电势相．故A错误．B、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．由于b处电场线密，电场强度大于a处电场强度．故B正确．C、c点的场强由正负电荷叠加产生，不为零，故C错误．D、a、b、c是两个量异种电荷连线的垂直平分线的三点，场强方向都与垂直平分线垂直向右，所以电子在a、c之间受到的电场力的方向都向左，不可能在c 点两侧往复振动．故D错误．应选：B【点评】对于量异种电荷和量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和势面的对称性进行记忆．5．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的势面和粒子的运动轨迹如下图，图中左侧前三个势面衢平行，不计粒子的重力．以下说法正确的有〔〕A．粒子带正电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】势面的疏密可以表示场强的大小，电场线与势面；电场力做正功，电势能减小．【解答】解：A、电场线〔垂直于势面〕先向右后向上偏，而粒子后向下偏了，所以电场力与电场强度方向相反，所以粒子带负电，A错误；B、因为势面先平行并且密，后变疏，说明电场强度先不变，后变小，那么电场力先不变，后变小，所以加速度先不变，后变小，B正确；C、由于起初电场力与初速度方向相反，所以速度先减小，C错误；D、因为电场力先做负功，所以电势能先增大，D错误；应选：B．【点评】此题考查势面、电场线、电场力、电场力做功、电势能．可以先根据势面确电场线的分布情况再判断．6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，假设把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如下图，那么闭合电键后，以下有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的选项是〔〕A．图的A1、A2的示数相同B．图的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相，电流相，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．【解答】解：A、B图的A1、A2并联，表头的电压相，电流相，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．应选B【点评】此题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表〔表头〕与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．7．在如下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多 D．a点的电势降低【考点】电容器；闭合电路的欧姆律．【专题】电容器专题．【分析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压于电阻R2两端的电压，分析并联电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势于R2两端的电压．【解答】解：A、在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，那么电压表示数变大，A错误．C、电阻R2两端的电压U2=E﹣I〔R1+r〕，I增大，那么U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，C错误．B、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势于R2两端的电压，U2变小，那么a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，那么I A增大．即电流表示数变大．故BD正确．应选BD【点评】此题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势上下，由电压的变化判断电势的变化．8．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，以下说法中正确的选项是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，那么电阻变为10RB ．常温下，假设将金属丝从中点对折起来，电阻变为RC．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，那么任一状态下的比值不变D．把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零【考点】电阻律．【专题】恒电流专题．【分析】导体的电阻 R 与它的长度 L 成正比，与它的横截面积 S 成反比，还与导体的材料有关系，这个规律叫电阻律．公式：R=ρ﹣﹣制成电阻的材料电阻率，单位制为欧姆•米〔Ω•m〕；L﹣﹣绕制成电阻的导线长度，单位制为米〔m〕；S﹣﹣绕制成电阻的导线横截面积，单位制为平方米〔m2〕；R﹣﹣电阻值，单位制为欧姆〔Ω〕．其中ρ 叫电阻率：某种材料制成的长 1 米、横截面积是 1 平方米的导线的电阻，叫做这种材料的电阻率．是描述材料性质的物理量．单位制中，电阻率的单位是欧姆•米，常用单位是欧姆•平方毫米/米．与导体长度 L，横截面积 S 无关，只与物体的材料和温度有关．有些材料的电阻率随着温度的升高而增大，有些恰好相反．【解答】解：A、常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，横截面积减小为0.1倍，电阻率不变，根据电阻律，电阻增大为100倍，故A错误；B、常温下，假设将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为2倍，故电阻变为倍，故B正确；C、给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，由于功率增加，导致温度会略有升高，故金属丝的电阻率会变大，由于截面积和长度均不变，根据电阻律可得电阻值变大；再根据欧姆律可以得到比值变大，故C错误；D、金属电阻率会随温度的降低而降低，当温度降低到绝对零度附近时，电阻率会突然降为零，发生超导现象，故D正确；应选：BD．【点评】此题关键要能熟练运用电阻律，同时要明确电阻率的物理意义和温度对其的影响．9．如下图电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，假设将滑片向下滑动，那么在滑动过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电源内电路消耗功率一逐渐增大B．灯泡L2一逐渐变暗C．电源效率一逐渐减小D．R上消耗功率一逐渐变小【考点】闭合电路的欧姆律；电功、电功率．【专题】比拟思想；控制变量法；恒电流专题．【分析】将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆律分析总电流和路端电压的变化，再分析R上消耗功率的变化；据功率公式和电源效率公式判断选项．【解答】解：A、将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆律得知，总电流I增大．据P=I2r可知，电源内部消耗的功率逐渐增大，故A正确；BD、由于干路电流增大，路端电压减小，所以R1上的电流增大，电压增大；再由于路端电压减小，R1上电压增大，所以L2的电压减小〔滑动变阻器R的电压减小〕，即该灯泡变暗；由于R1上的电流增大，而L2的电流减小，所以通过滑动变阻器R的电流变大，而电压减小，据P=UI可知，R上消耗的功率不一变小，故B正确，D错误；C、据电源效率公式η==，可知，当总电阻R减小，电源效率减小，故C 正确．应选：ABC．【点评】对于电路中动态变化分析问题，一般先确局部电阻的变化，再确总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管〔具有单向导通作用〕，电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，那么以下判断正确的有〔〕A ．的值变大B ．的值变大C ．的值不变，且始终于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少【考点】电容；闭合电路的欧姆律．【专题】电容器专题．【分析】由电路图先明确电路的结构，再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化；由闭合电路欧姆律可知电路电流的变化，那么可分析内电压、路端电压及各电压的变化．【解答】解：由图可知R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．假设P向左端移动，那么滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆律可知，电路中总电流减小，那么内电压减小，路端电压增大，即电压表V2的示数增大，R1两端的电压减小，所以V1的示数增大．A 、根据欧姆律得的值于滑动变阻器的阻值，所以的值变大，故A正确；B、根据闭合电路欧姆律得：U1=E﹣I〔R1+r〕，那么=R1+r，所以的值不变；故B错误；C、根据闭合电路欧姆律得：由U2=E﹣Ir，那么=r，所以的值不变；故C正确；D、滑片向左移动的过程中，由于理想二极管具有单向导通作用，所以电容器所带的电荷量不变，故D错误；应选：AC．【点评】闭合电路欧姆律的动态分析类题目，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行分析，在分析时注意结合闭合电路欧姆律及串并联电路的性质．11．磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是〔〕A．将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸〞B．利用磁铁制成双面擦窗器C．在机械手表旁边放一个强磁性物质D．用磁带来记录声音【考点】磁现象和磁场．【专题】量思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】根据磁现象的用知，“门吸〞和双面擦窗器都是利用了磁体能吸引铁物质制成的，磁带是用磁性材料来记录声音信号的，故A、B、D是恰当的，而在机械手表旁边放一个强磁性物质，使机械手表变慢，故C是不恰当的【解答】解：A、利用了磁体能吸引铁物质的性质，恰当；B、利用了磁体能吸引铁物质的性质，恰当；C、在机械手表旁边放一个强磁性物质，使机械手表变慢，不恰当；D、利用了用磁信号来记录声音信号，恰当．应选：C【点评】此题考查了磁现象在生活中的用，注意磁性物质会使会使电视屏幕上的颜色失真12．关于磁感强度，以下说法正确的选项是〔〕A．假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线放入匀强磁场受到磁场力F，那么该匀强磁场的磁感强度大小为B．磁感强度的方向与放入该点的电流元所受磁场力的方向相同C．磁感强度的方向与放入该点小磁针N极所受磁场力的方向相同D ．由磁感强度可知，磁感强度B与电流元在该点受到的磁场力F成正比，与电流元IL成反比【考点】磁感强度．【专题】性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】在磁场中磁感强度有强弱，那么由磁感强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，那么所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．【解答】解：A、假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线“垂直〞放入匀强磁场受到磁场力F ，那么该匀强磁场的磁感强度大小为．故A错误；B、通电导线在磁场中的受力方向，由左手那么来确，所以磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直．故B错误；C、关键磁场方向的规可知，磁场中某点的磁场方向就是小磁针N极受磁场力的方向，故C正确；。
江西省赣州市2023-2024学年高一下学期开学考物理试卷2
江西高一下学期开学考物理考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。
满分100分，考试时间75分钟。
2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。
选择题每小题选出答亲后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色．墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
4．本卷命题范围：必修第二册、必修第二册第五章。
一、选择题（本题共10小题，共46分．在每小题给出的四个选项中，第17题中只有一项符合题目要求，每小题4分，第810~题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．下列有关亚运会比赛项目的说法正确的是（ ）A ．电子竞技项目某游戏一局的时间为15分钟，“分钟”是国际单位制的基本单位B ．研究皮划艇比赛中皮划艇的船体姿态时，皮划艇不可看成一个质点C ．两百米游泳比赛中运动员用时1分43秒，则平均速度大小约为2m /sD ．羽毛球比赛中运动员跳起扣球时速度增大，运动员的惯性增大2．如图所示是足球比赛过程中运动员踢出的“香蕉球”的情境示意图．下列说法正确的是（ ）A ．足球在空中运动过程中，速度方向与加速度方向在同一条直线上B ．足球在空中运动过程中，所受合力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧C ．足球在空中运动过程中，可能处于平衡状态D ．足球在空中运动时的速度方向沿运动轨迹的法线方向3．若某物体做直线运动的v t -图像如图所示，则下列说法中正确的是（ ）A ．2s t =时物体离出发点最远B ．3s t =时物体的加速度为零C ．01s ~内物体运动的加速度为230m /sD ．3s t =时物体运动的加速度方向发生改变4．如图所示，桌面上放置一张纸和一枚硬币，硬币静止在纸面上，现用手迅速拉动纸的一边，硬币相对纸滑动，则此过程中（ ）A ．拉动速度越大，硬币受到摩擦力越小B ．拉动速度越小，硬币离开纸时的速度越小C ．手用力越大，硬币受到摩擦力越大D ．手用力越小，硬币离开纸时的速度越大5．如图所示，堤坝倾角为53，一小朋友在安全地带，以 2.7m/s v =的水平速度扔出一个小石子，小石子恰好扔到水中．小石子离开手的位置距离地面1.4m ．重力加速度g 取210m /s ,sin530.8=，cos530.6=，则堤坝离水面高度H 为（ ）A ．6.4mB ．3.6mC ．2.4mD ．4.8m6．如图所示，当小车A 向左运动时，B 物体向上做匀速直线运动．图示时刻，小车A 的速度大小为v ．下列说法正确的是（ ）A ．图示时刻，B 物体的速度为cos v θ B ．小车A 向左以速度v 做匀速直线运动C ．绳子对A 的拉力大小将变大D ．绳子对B 的拉力大于B 的重力7．如图所示为通过轻杆相连的A B 、两小球，用两根细线将其悬挂在水平天花板上的O 点．已知A B 、的质量分别为123kg 2kg m m ==、，轻杆长度为12L ，细线OA 长为L ．现对B 施加一个水平外力F 使系统保持静止状态，A 球在悬点正下方，细线OB 与轻杆恰好垂直．现保持两小球位置不变，使F 缓慢从水平沿逆时针转过90的过程中，下面说法正确的是（取重力加速度大小210m /s g =）（ ）A ．细线OA 的拉力一定大于30NB ．轻杆AB 对B 的作用力一定大于10NC ．细线OB 的拉力不断减小D ．外力F 一定不小于30N 且先减小后增大 8．建筑工人常常徒手竖直向上抛砖块，当砖块上升到最高点时被楼上的师傅接住，在一次抛砖的过程中，砖块运动5m 到达最高点，将砖块的运动看作匀变速直线运动，忽略空气阻力(g 取)210m /s ，则下列说法正确的是（ ）A ．砖块被抛出的初速度大小为20m /sB ．砖块向上运动的时间是1sC ．砖块在整个上升过程中的平均速度为4m /sD ．砖块在前0.5s 内的位移为3.75m9．如图所示，质量为8kg 的物体A 静止在竖直的轻弹簧上，质量为2kg 的物体B 用细线悬挂，A B 、间相互接触但无压力，重力加速度g 取210m /s ．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间（ ）A ．物体B 的加速度大小为22m /sB ．物体A 的加速度为零C ．物体B 对物体A 的压力大小为16ND ．弹簧弹力大小为100N 10．如图所示，A B 、两物块的质量分别为2kg A m =和1kg B m =，静止叠放在水平地面上，A B 、间的动摩擦因数10.4,B μ=与地面间的动摩擦因数20.1μ=，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小210m /s g =．现对A 施加一水平拉力F ，则下列说法正确的是（ ）A ．当2N F =时，AB 、一定都相对地面静止B ．当15N F =时，A 的加速度大小为24m /sC ．当24N F =时，A B 、的加速度大小均为27m /sD ．无论F 多大，B 的加速度大小都不会超过25m /s 二、实验题（本题共2小题，共16分）11．（8分）高中课外兴趣小组在做“研究平抛物体的运动”实验中，准备了以下实验器材：图钉、铅笔、弧形斜槽、小球、薄木板、铁架台、重垂线．（1）实验过程还需要下列器材中的______．（填正确答案标号）A ．刻度尺B ．天平C ．白纸D ．秒表（2）图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置简图，关于实验中的操作及要求，下列说法正确的是______．（填正确答案标号）A ．斜槽轨道末端可以不水平B ．斜槽轨道不必光滑C ．本实验不需要平衡摩擦力D ．小球每次不用从斜槽上同一高度释放 （3）小球离开斜槽末端后，在水平方向上做的是______．（填正确答案标号）A ．匀速直线运动B ．匀变速直线运动C ．变加速直线运动D ．曲线运动 （4）如图乙所示，为一次实验记录中的一部分，图中背景方格的边长表示实际长度8mm ．从图像上分析，记录间隔T =______s ：小球做平抛运动的水平初速度大小是______m /s ，小球从抛出运动到B 点时，已经在空中飞行了______s ．（此问g 取210m /s ）12．（8分）小明在实验室探究物体加速度与所受合外力的关系，实验装置如图甲所示，主要实验步骤如下：（1）调整长木板倾角进行阻力补偿，使小车恰好沿长木板向下做匀速运动．（2）保持长木板的倾角不变，绳子下端只挂一个钩码，将小车移近打点计时器，接通电源然后释放小车，小车沿长木板向下做匀加速直线运动，得到一条纸带如图所示，A B C D E F G 、、、、、、为计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，打点计时器的频率为50Hz ．利用刻度尺测量得到1234562.19cm, 2.76cm, 3.35cm, 3.93cm, 4.58cm, 5.20cm x x x x x x ======．通过纸带求得小车在C 点的速度大小为______m /s ；通过纸带求得小车加速度大小为______2m /s ．（均保留2位有效数字）（3）保持绳子下端悬挂的钩码不变，在小车上放置不同数量的相同钩码，小车上钩码的个数记为n ，重复实验操作（2），求出小车对应的加速度a ，得到加速度a 的倒数和钩码个数n 的1n a-图像如图所示，已知一个钩码的质量为0m ，图像中直线斜率为k ，纵轴截距为b ，利用题中信息可得出重力加速度g =______ ，小车的质量M =______．（用0,,k b m 表示）．三、计算题（本题共3小题，共计38分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（10分）人从发现情况到采取相应行动经过的时间叫反应时间．如图，甲两个手指捏住木尺一端，乙在木尺另一端零刻度处做握尺准备，且手的任何部位都与尺不接触．当乙看到甲放手时，尺子自由下落，他立即去握木尺，发现所握处刻度值为20cm ，尺子下落的时间就是乙的反应时间，不计空气阻力，重力加速度g 取210m /s ．（1）求乙的反应时间．（2）在高速公路开车，超速是魔鬼，所以要保持足够的安全距离．若乙驾车在平直公路上以40m /s 的速度匀速行驶，发现前方有危险，乙决定刹车，刹车过程的加速度大小为25m /s ，求从发现危险到停下汽车向前行驶的距离（安全距离）．（设乙的反应时间保持一定）14．（13分）如图所示，两柱体的截面分别为半径均为R 的圆甲和半圆乙，甲、乙的质量相等，两柱体的曲面光滑，半圆柱乙与水平面之间的摩擦不能忽略，圆柱体甲的右侧用一光滑挡板挡住，开始两球心连线沿竖直方向，现将挡板缓慢地向右移动，直到圆柱体甲刚要落至地面为止，整个过程半圆柱乙始终保持静止．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：（1）两球心的连线与水平方向分别为60和45时，挡板所受压力之比；（2）为了保证半圆柱乙始终静止，求半圆柱乙与水平面间动摩擦因数的最小值．15．（15分）图甲为机场地勤工作人员利用传送带从飞机上装卸货物，简化示意图如图乙所示．已知此传送带与水平面的夹角37θ=，传送带AB 两端距离5m L =，传送带的传送速度0 1.6m /s v =，现要装卸一件小包裹（视为质点），该包裏与传送带间的动摩擦因数0.8μ=，放上传送带时初速度忽略不计，重力加速度g 取210m /s ,sin370.6=．（1）若要将包裹从飞机上卸下，该传送带的传动速度方向应设置为顺时针还是逆时针？并求包裹轻放上B 点瞬间的加速度大小a ；（2）若要将包裹运上飞机，传送带顺时针转动，求包裹从轻放上A 点至传到B 点的总时间t ；（3）若将包裹轻放上A 点后，传送带顺时针转动了3s t ∆=时由于故障突然停止转动，求包裹从A 点滑上传送带到最终静止的整个过程中相对传送带发生的位移大小．（结果保留一位小数） 江西高一下学期开学考·物理参考答案、提示及评分细则1．B 时间是基本物理量，其国际单位是秒，选项A 错误；研究皮划艇比赛中皮划艇运动过程中的船体姿态时，皮划艇不可看成一个质点，选项B 正确；两百米游泳比赛中运动员用时1分43秒，其位移不是200m ，选项C 错误；惯性只与质量有关，选项D 错误．2．B 足球被踢出去之后，受到重力和空气的作用力，其运动轨迹是一条曲线，其初速度与加速度方向不在同一条直线上，选项A 错误；足球做曲线运动时，其所受合力的方向指向运动轨迹的内侧，选项B 正确；足球在空中运动过程中，所受合力不为零，不可能处于平衡状态，选项C 错误；足球在空中运动时的速度方向沿运动轨迹的切线方向，选项D 错误．3．C 3s t =时物体离出发点最远，故A 错误；3s t =时物体的速度为零，但加速度为230m /s -，故B 错误；图线的斜率表示物体运动的加速度，所以01s ~内物体运动的加速度为211130m /s v a t ∆==∆，故C 正确；3s t =时物体运动的速度方向改变，但加速度不变，故D 错误．4．D 硬币在纸上滑动时受到滑动摩擦力，与手拉纸作用力的大小及速度大小无关，故A 、C 错误；手用力越小，即纸获得的加速度越小，无论是纸运动的加速度小还是手拉动纸速度小，都会导致硬币在纸上滑动的时间增加，硬币做匀加速直线运动，时间越长，离开纸时的速度越大，故B 错误，D 正确．5．B 根据平抛运动规律有21, 1.4m 2x vt H gt =+=，又tan53H x=，联立解得 3.6m H =，选项B 正确．6．A 将小车的速度沿着绳和垂直于绳正交分解，根据几何关系可得B 物体的速度为cos B v v θ=，小车向左运动时，θ减小，v 也将小，A 不是做匀速运动，选项A 正确，B 错误；B 物体速度不变，绳子对A 和B 拉力均等于B 的重力，选项C 、D 错误．7．C 由于系统处于静止状态，A 球在悬点正下方，故A 球只受重力和细绳OA 拉力作用，且二力平衡，故细线OA 的拉力不变，轻杆对A B 、均没有作用力，故A 、B 错误；小球B 受竖直向下的重力、沿悬线OB 斜向上的拉力OB F 和F 的作用而处于静止状态，三力的合力为零，表示三力的线段构成封闭三角形如图所示，由于重力的大小及方向不变，悬线拉力的方向不变，F 缓慢从水平沿逆时针转过90的过程中，细线OB 的拉力不断减小，外力F 先减小后增大，C 正确；细线OB 与轻杆恰好垂直，由几何关系可知，当F 的方向与OB 垂直时F 最小，由几何关系知此时min 21102F m g ==N ，D 错误． 8．BD 由运动学公式202v gh =可得，砖块被抛出的初速度大小为010m /s w ==，由公式0v gt =可得，砖块向上运动的时间为01s v t g==，A 错误，B 正确；由平均速度公式可得，砖块在整个上升过程中的平均速度为005m /s 2v v +==，C 错误；砖块在前0.5s 内的位移为210111 3.75m 2x w t gt =-=，D 正确． 9．AC 对A B 、组成的整体分析，根据牛顿第二定律得()22210m /s 2m /s 82A B B A B A B m m g F m g a m m m m +-⨯====+++，A 正确，B 错误；对B 隔离分析，有B B m g N m a -=，则有()()2102N 16N B N m g a =-=⨯-=，由牛顿第三定律知，B 对A 的压力大小为16N ，C 正确；由题意可知，原来弹簧的弹力大小等于A 的重力，即A F m g =，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，D 错误．10．ABD ,A B 间的最大静摩擦力为118N,A f m g B μ==与地面间的最大静摩擦力为()223N 2N A B f m m g μ=+=>，故当2N F =时，A B 、一定都相对地面静止，A 正确；若A B 、保持相对静止，B 的最大加速度根据12m B f f m a -=，解得2m 5m /s a =，对A 受力分析可得，A B 、保持相对静止时有m 1m A F f m a -=，解得A B 、保持相对静止时水平拉力的最大值为m 18N F =，当m 15N F F =<时，A B 、保持相对静止，对A B 、分别受力分析有2,A B F f m a f f m a -=-=，解得a =24m /s ，B 正确；当m 24N F F =>时，A B 、发生相对滑动，加速度不同，C 错误；当两物体发生相对滑动时，B 的加速度最大，根据牛顿第二定律得12m B f f m a -=，解得2m 5m /s a =，D 正确．11．（1）AC （1分）（2）BC （1分）（3）A （1分）（4）0.04（1分） 0.6（2分） 0.08（2分）解析：（1）除所给器材外，还需要刻度尺测量长度，需要白纸作图．由于实验不需要测量小球的质量以及运动的时间，故不需要天平、秒表，选项A 、C 正确．（2）为了保证小球离开斜槽轨道后做平抛运动，需调节使斜槽轨道的末端水平，选项A 错误；为了保证小球每次平抛的初速度大小相等，应使小球每次均从斜槽的同一位置由静止开始下滑，斜槽不需要光清，选项B 正确，D 错误；本实验中不需要平衡摩擦力，选项C 正确．（3）小球在水平方向上不受力，所以水平方向的运动是匀速直线运动．选项A 正确．（4）竖直方向上有253L L gT -=，解得0.04s T ==；小球做平抛运动的水平初速度大小是030.6m /s L w T ==；小球到B 点时，竖直方向上的速度为350.8m /s 2yB L L v T+==，飞镖到B 点时，已经在空中飞行了的时间为s 0.08s B B v t g== 12．（2）0.31（2分）0.60（2分）（3）1k （2分）01b m k ⎛⎫- ⎪⎝⎭（2分） 解析：（2）相邻计数点间还有4个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为50.02s 0.1s T =⨯=，根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则小车在C 点的速度大小为()223 2.76 3.3510m /s 0.31m /s 220.1C x x v T -+⨯+==≈⨯根据逐数法可得，小车加速度大小为()222223.93 4.58 5.20 2.19 2.76 3.3510m /s 0.60m /s 990.1DG AD x x a T -++---⨯-==≈⨯． （3）由牛顿第二定律可知()001m g M n m a ⎡⎤=++⎣⎦，可得0011M m n a gm g +=+，由图可知001,M m k b g m g +==，解得1g k =，01b M m k ⎛⎫=- ⎪⎝⎭． 13．解：（1）在反应时间内，木尺下落的高度为20cm h = 根据212h gt =解得0.2s t = （2）乙在反应时间内的位移为10x v t =（2分）代入数据可知18m x = 从开始刹车到停止的位移为2022v x a=（2分）代入数据可知2160m x = 从发现危险到停下汽车向前行驶的距离12d x x =+（1分）代入解得168m d =（1分）14．解：（1）设两圆心连线与水平方向的夹角为θ，对圆柱体甲受力分析，如图所示由力的平衡条件得N ,tan sin G G F F θθ==（1分） 当60θ=时，挡板对圆柱体甲的支持力为13tan603G F ==（1分） 当45θ=时，挡板对圆柱体甲的支持力为2tan45G F G ==（1分） 由牛顿第三定律可知θ分别为60和45时，圆柱体甲对挡板的压力分别为12,F F G ''==（2分） 则两球心的连线与水平方向分别为60和45时，挡板所受压力之比12:F F ''=1分）（2）当圆柱体甲恰好降到地面时（甲对地面无压力），乙受甲的压力在水平方向的分力最大 对甲受力分析可知max cos60F G =（1分）对乙有max max?sin60x FF =（1分）解得max x F（1分） 此时乙受地面的摩擦力f max x F F ==（1分）对甲、乙整体受力分析可知，地面对乙的支持力2N G G G =+=（1分）根据题意，乙保持静止，则1N F μ≥（1分）解得μ≥1分） 15．解：（1）要将包裹卸下，传送带速度应沿斜面向下，所以设置为逆时针（1分） 根据受力分析可知sin cos mg mg ma θμθ+=（1分）解得212.4m /s a =，方向沿斜面向下（1分）（2）共速前根据受力分析可知1cos sin mg mg ma μθθ-=（1分）又20112v x a =（1分）在加速阶段011w t a =（1分） 又因为cos sin mg mg μθθ>，可知当包裹与传送带共速后，将一起做匀速直线运动（1分） 匀速运动的时间1209s 8L x t v -==（1分） 总时间12t t t =+（1分）解得 5.125s t =（1分）（3）传送带停止前，包裹发生的位移大小22112x a t =∆（1分）此时包裹的速度大小11v a t =∆（1分） 传送带停止后，包裹发生的位移大小为2132v x a=（1分） 则包裹相对传送带发生的位移大小023x w t x x ∆=∆--（1分） 解得 2.9m x ∆≈（1分）。
2020-2021学年度第二学期开学考试高一物理试题及答案
2020—2021学年度第二学期开学考试高一物理测试题考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。
满分100分，考试时间90分钟。
2．本卷命题范围：必修①。
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一个选项正确，第9~12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．下列说法中正确的是（ ）A ．拔河时，胜方对绳子的作用力大于败方对绳子的作用力B ．人走路时，地对脚的向上的作用力与脚蹬地的向下的作用力大小相等C ．以蛋击石，石没损伤而蛋破，蛋对石块的作用力小于石块对蛋的作用力D ．物体A 静止在物体B 上，若A 的质量是B 的质量的10倍，则A 作用于B 的力是B 作用于A的力的10倍2．如图所示，在一辆表面光滑且足够长的小车上，有质量为1m 和2m 的两个小球（12m m >），两个小球在水平面上随小车一起做匀速运动，当车突然停止运动时，若不考虑其他阻力，则两个小球（ ）A ．一定相碰B ．不一定相碰C ．一定不相碰D ．条件不足，无法判断3．如图所示，A 、B 两物体并排放在水平桌面上，C 物体叠放在A 、B 上；D 物体悬挂在竖直悬线的下端，且与斜面接触，若接触面均光滑，下列说法正确的是（ ）A ．桌面对A 的作用力大于A 的重力B ．B 对A 的弹力方向水平向左C ．C 对桌面的压力大小等于C 的重力D ．斜面对D 的支持力方向垂直斜面向上4．为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示．当此车减速上坡时，则乘客（仅考虑乘客与水平面之间的作用）（ ）A ．处于超重状态B ．所受合力竖直向上C ．受到向前（水平向右）的摩擦力作用D ．受到向后（水平向左）的摩擦力作用5．如图所示，小球在斜面上由静止开始匀加速滑行距离15mx =后，又在水平面上匀减速滑行距离215mx =后停下，小球经过两平面交接处速率不变，则小球在斜面上的加速度1a 与在水平面上的加速度2a 的大小关系为（ ）A ．12a a = B ．123a a = C ．123a a = D ．126a a =6．2020年12月20日，中国海军山东舰航母编队顺利通过台湾海峡，赴南海相关海域开展训练，如图所示，歼15舰载机保持牵引力F 大小不变在匀速航行的山东舰上降落时受到阻拦而静止，此时阻拦索夹角90θ=︒，空气阻力和甲板阻力不计，则阻拦索承受的张力大小为（ ）A ．2FB ．22FC ．2FD ．2F7．甲车以23m/s 的加速度由静止开始做匀加速直线运动，乙车落后5s 在同一地点由静止出发，以24m/s 的加速度做匀加速直线运动，两车速度方向一致．在乙车追上甲车之前，两车距离的最大值是（ ）A ．50mB ．100mC ．150mD ．300m8．如图所示，质量分别为Am 和Bm 的A 、B 两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾角为30︒的光滑斜面上，若不计弹簧质量，重力加速度为g ，在细线被剪断瞬间A 、B 两球的加速度大小分别为（ ）A ．()2A B Bm m gm +和0 B ．0和()2A B Bm m gm +C ．0和2gD ．都等于2g9．一滑雪者沿一倾角为α的山坡滑下，然后又滑上另一倾角为β的山坡（αβ>），如图所示，两山坡摩擦因数相同，则下列说法正确的是（ ）A ．在A 山坡上重力是动力，在B 山坡上重力是阻力 B ．在A 山坡上摩擦力是动力，在B 山坡上摩擦力是阻力C ．在A 、B 两山坡上，滑雪者都受到重力、支持力、下滑力和摩擦力作用D ．在A 、B 两山坡上滑行过程中，摩擦力都是阻力，且滑雪者在A 山坡上所受摩擦力小于在B 山坡上所受摩擦力10．如图所示为甲、乙两物体相对于同一坐标的x t -图象，则下列说法正确的是（ ）A ．甲、乙均做匀速直线运动B ．乙比甲早出发时间0tC ．甲、乙运动过程中相遇一次D ．乙的速率大于甲的速率11．如图，质量为m 的圆球放在两光滑挡板M 、N 之间，其中M 与水平面的夹角为α，N 始终保持竖直．缓慢转动M 板，使夹角α由60︒逐渐减小到零的过程中（重力加速度为g ）（ ）A ．圆球对M 的压力由3mg 逐渐变小B ．圆球对M 的压力由2mg 逐渐变小C ．圆球对N 的压力由2mg 逐渐变小D ．圆球对N 的压力由3mg 逐渐变小12．如图所示，在水平面上有一质量1kg m =的物块与水平细绳相连，物块在与水平方向的夹角30θ=︒、大小为10N 的拉力F 作用下处于静止状态．已知物块与水平面间的动摩擦因数3=2μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取210m/s ，以下说法正确的是（ ）A ．此时细绳的弹力大小为53NB ．当撤去拉力F 的瞬间，物块的加速度为零C ．若剪断细绳，则细绳剪断的瞬间物块的加速度大小为253m/s 2，方向向右D ．若剪断细绳，则细绳剪断的瞬间物块的加速度大小为253m/s ，方向向右二、实验题：本题共2小题，共15分．13.（6分）某实验小组做“探究弹簧弹力和弹簧长度关系”的实验，根据测得的数据绘出了弹簧弹力F 随弹簧长度L 的变化图线，如图甲所示：（1）由图甲可知，弹簧的原长为 cm ；图象尾端发生偏折是因为 ； （2）该小组用两个与（1）中相同的弹簧制成弹簧测力计，继续验证“力的平行四边形定则”实验，如图乙，则弹簧测力计a 中弹簧的伸长量为 cm ；实验中误差不可避免，故a 、b 两个力合力的方向 （选填“一定”或“不一定”）沿AO 方向。
2021年高一物理下学期开学考试试题(含解析)
2021年高一物理下学期开学考试试题（含解析）第Ⅰ卷一、选择题(本题12小题，共60分。
1-6题为单选，7-12题为多选，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分)1．关于描述运动的物理量，下列说法中正确的是（）A．在某段时间内，质点运动的位移为零，该质点不一定是静止的B．物体通过的路程越大，其位移一定越大C．物体的加速度减小时，其速度一定减小D．物体做曲线运动，位移的大小与路程有可能相等【答案】A【考点】位移与路程．【解析】解：A、路程是物体运动轨迹的长度，路程等于零，该质点一定静止，故A正确；B、质点运动的初末位置重合，位移为零，但物体是运动的，故B错误；C、当物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程．故C错误；D、当物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程，其它情况位移的大小小于路程．故D错误；故选：A．2有关下列说法正确的是：( )A.飞机投弹时，如果发现目标在飞机的正下方才投下炸弹，一定能击中目标B.向上抛出的物体，能向上运动是因为受到了向上的力的作用C.汽车行驶速度越大越难停下来，是因为速度越大惯性越大D.惯性越大，物体的运动状态越难改变【答案】D【考点】抛体运动，惯性【解析】飞机投弹时，如果发现目标在飞机的正下方才投下炸弹，由于炸弹在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做匀速直线运动，所以炸弹将落在目标的正前方．故A错误．向上运动的物体可以由于惯性向上运动；惯性之于物体的质量有关，与其他因素无关。
3．下列关于速度和加速度的说法中正确的是（）A．物体速度很大，加速度一定很大B．物体有加速度，速度就增大C．物体加速度增大，速度就增大D．物体运动快慢和运动速度变化快慢不是一样的【答案】D【考点】加速度．【解析】加速度表示物体速度变化的快慢，与速度没有直接的关系．物体的速度大，加速度不一定大，速度为零，加速度也不一定为零．速度变化量越大，加速度不一定大．4．一物体从H高处自由下落，经时间t 落地.则当它下落t/2时.离地面的高度为（）A． B． C． D．【答案】C【考点】自由落体运动．【解析】解：物体做自由落体运动，由当时间为时，物体下落的高度为所以离地面的高度为，所以C正确．故选C．5．一个力F1=5N，另一个力F2=10N，试判断它们作用于同一点时合力大小的可能值为：( ) A．2N B．4N C．12N D．18N【答案】C【考点】力的合成．【解析】解：当二力夹角为零时，即两个力在同一直线上，并且方向相同，合力最大、最大值为F1+F2=5N+10N=15N；当夹角180°时，即两个力在同一直线上，并且方向相反，合力最小、最小值为|F1-F2|=10N-5N=5N；故合力的范围为5N≤F≤15N；故选：C．6．质量为的物体静止在粗糙的水平面上，当用水平推力F作用于物体上时，物体的加速度为a，若作用力方向不变，大小变为2F时，物体的加速度为′，则 ( )A．′=2 a B．a<′<2a C．′>2a D．′=1.5a【答案】C【考点】牛顿第二定律．【解析】解：设物体所受的滑动摩擦力大小为f，当拉力变为2F时物体的加速度为a′．根据牛顿第二定律得F-f=ma2F-f=ma′则，即a′＞2a故选：C．7、粗糙的水平地面上，质量为1kg的木块以一定的初速度向右滑行的同时还受到一个向左的水平推力F=1N的作用，已知地面的动摩擦因数为μ=0.2．进行有关计算时重力加速度g取10m/s2．则在木块停止运动之前，下列说法中正确的是（）A．木块受到水平向右的摩擦力B．木块受到水平向左的摩擦力C．地面对木块的摩擦力大小为2ND．地面对木块的摩擦力大小为1N【考点】摩擦力的判断与计算．【解析】解：滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，方向水平向左，大小f=μFN=μmg=2N．故选：BC．8、如图所示，重力大小为G的木块静止在水平地面上，对它施加一竖直向上且逐渐增大的力F，若F总小于G，下列说法中正确的是（）A．木块对地面的压力随F增大而减小B．木块对地面的压力就是木块的重力C．地面对木块的支持力的大小等于木块的重力大小D．地面对木块的支持力的大小等于木块对地面的压力大小【答案】AD【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【解析】解：A、C对物体受力分析，受到重力mg、支持力N和拉力F，根据共点力平衡条件，有F+N=mg ①物体对地面的压力N′和地面对物体的支持力N是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，有N=N′②解得N′=mg-F，当F逐渐增大时，N′逐渐减小，故A正确；由此式可知，N′＜G，即地面对木块的支持力的大小小于木块的重力大小，故C错误．B、木块对地面的压力是弹力，重力源自于万有引力，两者的性质不同，不能说木块对地面的压力就是木块的重力，故B错误；D、地面对木块的支持力和木块对地面的压力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律可知，两者大小相等，故D正确．故选AD9．某物体运动的速度图象如图，根据图象可知（）A．物体是从静止开始运动的B．物体位移方向一直没有改变C．物体运动方向一直没有改变D．物体在运动过程中受到的合力一直没有改变【答案】ABC【考点】匀变速直线运动的图像．【解析】解：A、由图知，t=0时刻的速度，即初速度为0，所以物体是从静止开始运动的，B、速度图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，可以看出物体位移方向一直为正，没有改变，故B正确．C、速度的正负表示物体的运动方向，由于速度一直为正，可知，物体运动方向一直没有改变，故C正确．D、速度图象的斜率表示加速度，斜率的正负表示加速度的方向，可知，加速度先正后负，根据牛顿第二定律得知，加速度方向与合力方向相同，所以合力方向先正后负，故D错误．故选：ABC10．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时，则：（）A．物块M受摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大C．物块M仍能相对于车厢静止D．物块将沿车厢向上运动【答案】BC【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【解析】解：对物块M受力分析，受重力、静摩擦力和向右的支持力，如图所示：根据牛顿第二定律，有：竖直方向：f=mg水平方向：N=ma当车的加速度增大时，静摩擦力不变，支持力增加，物体仍能相对于车厢静；故AD错误，BC正确；故选：BC．11如图所示，物体A和B相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑，则（）A．A、B间无摩擦力的作用B．B受到的滑动摩擦力的大小为（mA＋mB）gsinθC．B受到的静摩擦力的大小为mA gcosθD．取走A物后，B物仍能做匀速直线运动【答案】BD【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【解析】解：B、对AB整体受力分析，如图由共点力平衡条件可得f=（mA+mB）gsinθN=（mA+mB）gcosθ滑动摩擦力f=μN由以上三式可以解得μ=tanθ整体受到的摩擦力就是斜面对物体B的摩擦力，故B正确；A、C、再对A物体受力分析，如图由共点力平衡条件可得fA=mAgsinθNA=mAgcosθ故A选项错误，C选项错误；D、撤去物体A后，物体B受到的滑动摩擦力变为f=μmBgcosθ=mBgsinθ，等于重力的下滑分力，故D正确；故选BD．12 ．某同学把一体重计放在一升降机的底板上，该同学站在体重计上，当升降机静止时，此时体重计显示的示数为60kg；当升降机运动时，该同学能够通过体重计示数的变化情况判断出升降机的运动情况，则有关下列说法正确的是：( )A.当体重计的示数大于60kg时，升降机可能正在加速上升B.当体重计的示数大于60kg时，升降机可能正在加速下降C.当体重计的示数等于60kg时，升降机可能正在匀速上升D.当体重计的示数小于60kg时，升降机可能正在减速上升【答案】ACD【考点】牛顿第二定律；超重和失重．【解析】解：A、B、当体重计的示数大于60kg时，支持力大于重力，加速度向上，升降机可能正在加速上升，也可能是减速下降，故A正确，B错误；C、当体重计的示数等于60kg时，重力等于支持力，合力为零，加速度为零，升降机可能正在匀速上升，故C正确；D、当体重计的示数小于60kg时，重力小于支持力，合力向下，加速度向下，升降机可能正在加速下降，也可能减速上升，故D正确；故选：ACD．第Ⅱ卷二、实验题（本题共3小题，共16分）13．（5分）在做“验证牛顿第二定律”的实验时（装置如图），下列说法中正确的是 ( )A．平衡运动系统的摩擦力时，应把装沙的小桶通过定滑轮拴在小车上B．连接沙桶和小车的轻绳应和长木板保持平行C．平衡摩擦力后，长木板与水平面夹角不能改变D．小车应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车【答案】_BCD__【考点】验证牛顿第二运动定律．【解析】解：A、平衡摩擦力时，不需挂砂和小桶，但小车后面必须与纸带相连，因为运动过程中纸带受到阻力．故A错误．B、连接砂桶和小车的轻绳应和长木板保持平行，使绳子的拉力等于小车受到的合力．故B正确．C、平衡摩擦力后，长木板与水平面夹角不能改变，否则要重新平衡摩擦力．故C正确．D、实验前小车应靠近打点计时器，实验时应先接通电源再释放小车，否则纸带上打不了几个点．故D正确．故选：BCD．14．（5分）在“验证力的平行四边形定则”实验中，橡皮条的一端固定在A点，另一端被两个弹簧秤拉到O点，两弹簧秤的读数分别为F1和F2，两细绳的方向分别与橡皮条延长线的夹角为和，如图所示，以下说法正确的是 ( )A．在实验中无论怎样改变两弹簧秤的夹角合力F必大于F1和 F2B．用一个弹簧秤拉橡皮条时，只要使橡皮条与AO等长就可以，不用把橡皮条拉到同一点O。
高一物理下学期开学考试试题(含解析)
高一物理下学期开学考试试题（含解析）一、单选题（本大题共9小题，共36.0分）1.如图所示为质点做匀变速曲线运动的轨迹示意图，且质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则在质点从A点运动到E点的整个过程中，下列说法中正确的是（）A. 质点从B点运动到E点的过程中，加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小B. 质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90︒C. 质点经过C点时的速度比经过D点时的大D. 质点经过D点时的加速度比经过B点时的大【答案】C【解析】【详解】A．质点从B点运动到E点的过程中，加速度方向与速度方向的夹角一直减小，故错误；BC．由做曲线运动的物体所受合力指向曲线的内侧可知，质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则经过A、B、C三点时的速度方向与加速度方向的夹角大于90︒，合外力做负功，由动能定理可得，经过D点时的速度比经过C点时的小，故B错误，C正确；D．质点做匀变速曲线运动，则加速度不变，所以质点经过D点时的加速度与经过B点时的相同，故D错误。
故选C。
2.如图所示，在竖直放置的半圆形容器中心O点分别以水平速度V1，V2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA⊥OB，且OA与竖直方向夹角为α角，则两小球初速度大小之比值12VV为（）A. tanαB. CosαC tanαtanα D.CosαCosα【答案】C【解析】试题分析：由几何关系可知，A的竖直位移h A=R cosα，水平位移x A=Rsinα；B的竖直位移h B=Rcos（90°-α）=Rsinα，水平位移x B=Rsin（90°-α）=Rcosα由平抛运动的规律可知，h=12gt2 x=v0t 解得v0=x2gh，则12A BAbv x hv x h=⨯=tan tanαα考点：本题考查平抛运动的规律．3.荡秋千是儿童喜爱的一项体育运动．图为小孩荡秋千运动到最高点的示意图，下列说法正确的是(不计空气阻力)( )A. 小孩运动到最高点时，小孩所受的合力为零B. 小孩从最高点运动到最低点过程做匀速圆周运动C. 小孩运动到最低点时处于失重状态D. 小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力的合力提供其做圆周运动的向心力【答案】D【解析】【详解】A．小孩运动到最高点时，速度为零，受重力和绳子拉力作用，合力不为零，合力方向沿着切线方向，A错误；B．小孩从最高点运动到最低点过程中，线速度越来越大，B错误；C．小孩运动到最低点时，具有向心加速度，方向竖直向上，故小孩处于超重状态，C错误；D．小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力的合力提供其做圆周运动的向心力，D正确．故选D。
高一下学期开学考试物理试题(解析版)
B.墙壁、木板受到P球的压力均减小
C. Q球对P球 压力增大，对木板的压力减小
D. P球受到墙壁、木板和Q球的作用力的合力变大
【答案】C
【解析】
【详解】AB.以小球P、Q整体为研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，有：
由图可知，墙壁给球的压力F2= ，逐渐增大，故A错误，B错误；
A.航天器的轨道半径为 B.航天器的环绕周期为
C.月球的的质量为 D.月球的密度为
【答案】C
【解析】
A项：由题意可知，线速度 ，角速度 ，由线速度与角速度关系 可知， ，所以半径为 ，故A错误；
B项：根据圆周运动的周期公式 ，故B错误；
C项：根据万有引力提供向心力可知， 即 ，故C正确；
D项：由于不知月球的半径，所以无法求出月球的密度，故D错误；
故选BCD
考点：运动的合成与分解
点评：物体B的运动在研时要根据效果进行分解，一般分解为沿绳子方向的运动和垂直于绳子方向的运动．
10.质量为m的物体沿着半径为r的半球形金属球壳滑到最低点时的速度大小为υ，如图所示，若物体与球壳之间的摩擦因数为μ，则物体在最低点时的（ ）
A.向心加速度为
B.向心力为m（g+ ）
【答案】(1). BAC (2). (3).
【解析】
【详解】(1)[1]实验操作中要先安装仪器,然后进行实验操作,在进பைடு நூலகம்数据处理，故实验顺序为:B,A,C
(2)[2])由图可以知道a、b、c、d之间 时间间隔是相同的,因此根据匀变速直线运动的规律有:
由题可以知道 ,带入计算得出每相邻两个位置的时间间隔为：
C错误；
D．以最短时间渡河时，那么沿水流方向位移大小为
高一物理下学期入学试卷(班含解析)高一全册物理试题
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔下〕入学物理试卷〔班〕一．选择题〔此题共12小题，每题4分，在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．以下情形中的物体可以看做质点的是〔〕A．研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时B．一枚硬币用力上抛，猜想它落地时是正面朝上还是反面朝上C．研究邢慧娜在万米长跑中运动的快慢时D．研究足球运发动踢出的“香蕉球〞的旋转运动特点时2．以下关于速度的说法中正确的选项是〔〕A．速度是表示物体运动快慢的物理量，既有大小，又有方向，是矢量B．平均速度就是速度的平均值，既有大小，又有方向，是矢量C．运动物体在某一时刻或某一位置的速度，叫做瞬时速度，它是标量D．上的速度计是用来测量平均速度大小的仪器3．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中〔〕A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度到达最小值B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度到达最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移到达最小值4．以下说法中正确的选项是〔〕A．鸡蛋碰石头，鸡蛋破而石头完好无损，说明石头对鸡蛋施加了力，而鸡蛋对石头没有施加力B．甲用力把乙推倒，说明只是甲对乙有力的作用，乙对甲没有力的作用C．只有有生命或有动力的物体才会施力，无生命或无动力的物体只会受到力，不会施力D．任何一个物体，一既是受力物体，又是施力物体5．以下关于摩擦力的表达中正确的选项是〔〕A．滑动摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比B．滑动摩擦力的大小与接触面的性质有关，与接触面面积的大小也有关C．静摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比D．最大静摩擦力随物体间正压力增大而增大6．如图是在同一条直线上运动的A、B两质点的位移图象，由图可知〔〕A．t=0时，A在B前面B．B在t2秒末追上A并在此后跑在A的前面C．在0﹣t1时间内B的运动速度比A大D．B开始运动时速度比A小，t2秒后才大于A的速度7．如图，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v﹣t图象，根据图象可以判断〔〕A．甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反B．两球在t=8s时相距最远C．两球在t=2s时速率相D．两球在t=8时相遇8．如下图，细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面接触，并处于静止状态，关于小球受力情况的说法中，正确的选项是〔〕A．小球受到重力和绳的拉力B．小球受到重力，绳的拉力和斜面的弹力C．小球受到重力和斜面的弹力D．小球只受重力的作用9．如下图，一木块放在水平桌面上，受水平方向的推力F1和F2的作用，木块处于匀速直线运动状态，F1=10N，F2=2N，假设撤去F1的瞬间，那么木块受到合力F和摩擦力f的大小，方向是〔〕A．F=0；f=2N，方向向右B．F=10N，方向向左；f=8N，方向向左C．F=10N，方向向左；f=8N，方向向右D．F=0，f=010．如下图，A、B两物体的重力分别是G A=3N，G B=4N．A用细线悬挂在顶板上，B放在水平面上，A、B间轻弹簧中的弹力F=2N，那么细线中的张力T及B 对地面的压力N的可能值分别是〔〕A．7N和0N B．1N和2N C．1N和6N D．2N和5N11．如下图，质量为50kg的某同学站在升降机中的磅秤上，某一时刻该同学发现磅秤的示数为40kg，那么在该时刻升降机可能是以以下哪种方式运动？〔〕A．匀速上升B．加速上升C．减速上升D．减速下降12．在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动．途中用了6s时间经过A、B两根电杆，A、B间的距离为60m，车经过B时的速度为15m/s，那么〔〕A．经过A杆时速度为5m/sB．车的加速度为15m/s2C．车从出发到B杆所用时间为9sD．从出发点到A杆的距离是m二、填空题〔2小题共14分〕13．如下图是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带〔中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz〕，从O点后开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、6，测得S1=8cm，S2=0cm，S3=0cm，S4=8cm，S5=2.00cm，S6=0cm．〔结果保存两位有效数字〕〔1〕物体的加速度大小a= m/s2；〔2〕打点计时器打记数点3时，物体的速度大小为v3= m/s．14．两个相同的小车并排放在光滑水平桌面上，小车前端系上细线，线的另一端跨过滑轮各挂一个小盘，盘里分别放有不同质量的砝码〔图a〕．小车所受的水平拉力F的大小可以认为于砝码〔包括砝码盘〕所受的重力大小．小车后端也系有细线，用一只夹子夹住两根细线〔图b〕，控制两辆小车同时开始运动和结束运动．由于两个小车初速度都是零，运动时间又相同，s=，即s∝a，只要测出两小车位移s之比就于它们的加速度a之比．结果是：当小车质量相同时，加速度与拉力成；当拉力F相时，加速度与质量成．中用砝码〔包括砝码盘〕所受的重力G=mg的大小作为小车所受拉力F的大小，这样做会引起误差．为了减小这个误差，G与小车所受重力Mg之间需要满足的关系是：．三、计算题〔38分，要求写出必要的公式和文字说明，直接写结果的不给分〕15．沪高铁是连接和州的化高速铁路，现已进入试运行阶段，试运行时的最大时速到达了41公里，再次刷纪录．沪高速列车在一次试运行中由A站开往B 站，A、B车站间的铁路为直线．技术人员乘此列车从A车站出发，列车从启动匀加速到360km/h，用了250s时间，在匀速运动了10分钟后，列车匀减速运动，经过5分钟后刚好停在B车站．〔1〕画出该高速列车的v﹣t图象．〔2〕求此高速列车启动、减速时的加速度；〔3〕求A、B两站间的距离．16．用两根绳AC和BC吊起一重为100N的木块，如下图，两绳AC、BC与竖直方向的夹角分别为30°和45°．求AC和BC绳的拉力的大小．17．如下图，物体的质量m=4kg，与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.2，在倾角为37°，F=10N的恒力作用下，由静止开始加速运动，当t=5s时撤去F，〔g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕．求：〔1〕物体做加速运动时的加速度a；〔2〕撤去F后，物体还能滑行多长时间？一中高一〔下〕入学物理试卷〔班〕参考答案与试题解析一．选择题〔此题共12小题，每题4分，在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．以下情形中的物体可以看做质点的是〔〕A．研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时B．一枚硬币用力上抛，猜想它落地时是正面朝上还是反面朝上C．研究邢慧娜在万米长跑中运动的快慢时D．研究足球运发动踢出的“香蕉球〞的旋转运动特点时【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略，物体可以看成质点．【解答】解：A、研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时，形状和大小不能忽略，不能看成质点．故A错误．B、一枚硬币用力上抛，猜想它落地时是正面朝上还是反面朝上，硬币的大小和形状不能忽略，不能看成质点．故B错误．C、研究邢慧娜在万米长跑中运动的快慢时，运发动的形状和大小能忽略，可以看成质点．故C正确．D、研究足球运发动踢出的“香蕉球〞的旋转运动特点时，足球的大小和形状不能忽略，不能看成质点．故D错误．应选：C．【点评】解决此题的关键掌握物体能否看成质点的条件，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．2．以下关于速度的说法中正确的选项是〔〕A．速度是表示物体运动快慢的物理量，既有大小，又有方向，是矢量B．平均速度就是速度的平均值，既有大小，又有方向，是矢量C．运动物体在某一时刻或某一位置的速度，叫做瞬时速度，它是标量D．上的速度计是用来测量平均速度大小的仪器【考点】平均速度；瞬时速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】速度是反映运动快慢的物理量，是矢量，平均速度于某段位移与时间的比值，是矢量．瞬时速度表示某一位置或某一时刻的速度．【解答】解：A、速度是表示物体运动快慢的物理量，既有大小，又有方向，是矢量．故A正确．B、平均速度于某段位移与时间的比值，不是速度的平均值．是矢量．故B错误．C、瞬时速度是在某一时刻或某一位置的速度，是矢量．故C错误．D、上的速度计是用来测量瞬时速率的仪器．故D错误．应选A．【点评】解决此题的关键知道平均速度和瞬时速度的区别，知道速度是矢量，速率是标量．3．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中〔〕A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度到达最小值B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度到达最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移到达最小值【考点】加速度．【专题】用题；压轴题．【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．【解答】解：A、一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动，速度不变，而此时速度到达最大值．故A错误．B、根据A选项分析，故B正确．C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大．故C错误．D、根据C选项分析，故D错误．应选B．【点评】要清楚物理量的物理意义，要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确的．4．以下说法中正确的选项是〔〕A．鸡蛋碰石头，鸡蛋破而石头完好无损，说明石头对鸡蛋施加了力，而鸡蛋对石头没有施加力B．甲用力把乙推倒，说明只是甲对乙有力的作用，乙对甲没有力的作用C．只有有生命或有动力的物体才会施力，无生命或无动力的物体只会受到力，不会施力D．任何一个物体，一既是受力物体，又是施力物体【考点】牛顿第三律．【分析】任何一个物体，一既是受力物体，又是施力物体，作用力与反作用力总是大小相，方向相反．【解答】解：A、鸡蛋碰石头，蛋破而石头完好无损，是由于鸡蛋与石头的硬度不同的原因，作用力与反作用力总是大小相，方向相反．故A错误；B、作用力与反作用力总是大小相，方向相反，所以甲对乙有力的作用，乙对甲也有力的作用．故B错误；C、D、任何一个物体，一既是受力物体，又是施力物体，与是否由生命无关．故C错误，D正确．应选：D【点评】该题中，鸡蛋碰石头，蛋破而石头完好无损，是由于鸡蛋与石头的硬度不同的原因，要牢记力的作用是相互的．5．以下关于摩擦力的表达中正确的选项是〔〕A．滑动摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比B．滑动摩擦力的大小与接触面的性质有关，与接触面面积的大小也有关C．静摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比D．最大静摩擦力随物体间正压力增大而增大【考点】滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】滑动摩擦力的大小由公式f=μF N求出，而静摩擦力大小与正压力无关，只与沿接触面方向的外力大小有关；最大静摩擦力一般认为于滑动摩擦力．【解答】解：A、滑动摩擦力f=μF N求，故滑动摩擦力的大小于物体间的正压力大小成正比，故A正确；B、由公式可知，滑动摩擦力与接触面的面积的大小无关，故B错误；C、静摩擦力只能由力的平衡关系或牛顿第二律求出，与正压力无关，故C错误；D、最大静摩擦力的大小与正压力成正比，故随正压力的增大而增大，故D正确；应选AD．【点评】摩擦力为高中物理的难点之一，关键在于分清摩擦力有两类，要会求两种情况下的摩擦力的大小，并能分析摩擦力的方向．6．如图是在同一条直线上运动的A、B两质点的位移图象，由图可知〔〕A．t=0时，A在B前面B．B在t2秒末追上A并在此后跑在A的前面C．在0﹣t1时间内B的运动速度比A大D．B开始运动时速度比A小，t2秒后才大于A的速度【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．【解答】解：A、t=0时，A物体的位置坐标为x1，B的位置坐标为0，所以A 物体在B物体的前面，故A正确．B、B在t2秒末之前任意时刻位置坐标均小于A物体的位置坐标，直到t2秒末与A物体的位置坐标相同，即两物体相遇，在此之后B物体的位置坐标大于A物体的位置坐标，即B物体跑在前面，故B正确．C、由于位移﹣时间图的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向，所以在0﹣t1时间内A物体的斜率大于B物体的斜率即A的速度大于B的速度，故C错误．D、由于位移﹣时间图的斜率表示该时刻的速度，由图可以看出t1s之前A的斜率大于B的斜率，即A的速度大于B的速度，但是在此之后A的斜率为零，即A物体速度为零，B物体的速度保持不变，所以从t1s后B物体的速度大于A物体的速度，故D错误．应选：AB【点评】理解位移﹣时间图象上点和斜率的物理意义；特别是斜率代表速度，求解斜率的方法为v=．7．如图，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v﹣t图象，根据图象可以判断〔〕A．甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反B．两球在t=8s时相距最远C．两球在t=2s时速率相D．两球在t=8时相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】由速度时间图象直接读出两球的速度大小．分析两球的运动情况，判断两球在t=8s时是否相距最远．两球先做匀减速直线运动，后做匀加速直线运动．【解答】解：A、两球开始做匀减速直线运动，而后做匀加速直线运动．A的加速度大小为a A =||=m/s2=10m/s2，B的加速度大小为a B =||=7m/s2，加速度方向相反．故A错误．B、D依据运动的对称性知，两球在t=8s时均回到出发点相遇，显然不是相距最远．故B错误，D正确．C、由图知，t=2s时两球的速率均为20m/s．故C正确．应选CD【点评】这是直线运动中速度图象的问题，关键要抓住斜率表示加速度，“面积〞表示位移来分析物体的运动情况．8．如下图，细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面接触，并处于静止状态，关于小球受力情况的说法中，正确的选项是〔〕A．小球受到重力和绳的拉力B．小球受到重力，绳的拉力和斜面的弹力C．小球受到重力和斜面的弹力D．小球只受重力的作用【考点】力的合成与分解的运用；物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】小球和光滑斜面接触，受到重力和绳的拉力．斜面对小球没有弹力，如有弹力，小球将受到三个力作用，重力和绳的拉力在竖直方向上，弹力垂直于斜面向上，三个力的合力不可能为零，小球将向左上方运动，与题设条件矛盾．【解答】解：小球和光滑斜面接触，受到重力和绳的拉力，斜面对小球没有弹力．应选A【点评】此题采用假设法分析斜面的弹力是否存在，这是判断弹力和摩擦力是否存在常用的方法．9．如下图，一木块放在水平桌面上，受水平方向的推力F1和F2的作用，木块处于匀速直线运动状态，F1=10N，F2=2N，假设撤去F1的瞬间，那么木块受到合力F和摩擦力f的大小，方向是〔〕A．F=0；f=2N，方向向右B．F=10N，方向向左；f=8N，方向向左C．F=10N，方向向左；f=8N，方向向右D．F=0，f=0【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【专题】受力分析方法专题．【分析】撤去F1前木块做匀速直线运动，合力为零，可求出木块所受的滑动摩擦力大小，撤去F1的瞬间，其他力没有变化，再分析此时的合力和摩擦力大小．【解答】解：木块在水平推力F1、F2的作用下处于匀速直线运动状态，由共点力平衡可得，木块所受的滑动摩擦力f1=F1﹣F2=10﹣2=8N，方向水平向左．撤去F1后，木块所受的其他力没有改变，那么合外力F=f1+F2=10N，方向向左．应选B．【点评】此题根据平衡条件分析木块的摩擦力，关键抓住撤去F1的瞬间，木块所受的其他力没有改变，运用平衡条件推论也可判断．10．如下图，A、B两物体的重力分别是G A=3N，G B=4N．A用细线悬挂在顶板上，B放在水平面上，A、B间轻弹簧中的弹力F=2N，那么细线中的张力T及B 对地面的压力N的可能值分别是〔〕A．7N和0N B．1N和2N C．1N和6N D．2N和5N【考点】胡克律．【分析】由题，弹簧的弹力大小为2N，而弹簧可能处于伸长状态，也可能处于压缩状态，分两种情况，分别对A、B研究，由平衡条件求出细线对A的拉力和地面对B的支持力．由牛顿第三律可知，B对地面的压力大小于地面对B的支持力大小．【解答】解：当弹簧处于伸长状态，以A为研究对象，由平衡条件得到，细线对A的拉力F=G A+F弹=3N+2N=5N．对B研究可得，地面对B的支持力为F N=G B﹣F 弹=4N﹣2N=2N，那么B对地面的压力大小于2N．当弹簧处于压缩状态，以A为研究对象，由平衡条件得到，细线对A的拉力F=G A﹣F弹=3N﹣2N=1N．对B研究可得，地面对B的支持力为F N=G B+F弹=4N+2N=6N，那么B对地面的压力大小于6N，因此只有选项C正确．应选：C．【点评】此题考查了受力分析与平衡条件，对物体正确受力分析、灵活用平衡条件是解题的关键；解题时要注意讨论：弹簧的弹力为拉力与支持力两种情况，否那么要出错．11．如下图，质量为50kg的某同学站在升降机中的磅秤上，某一时刻该同学发现磅秤的示数为40kg，那么在该时刻升降机可能是以以下哪种方式运动？〔〕A．匀速上升B．加速上升C．减速上升D．减速下降【考点】超重和失重．【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度．【解答】解：质量为50kg，这是人的真实的质量，发现磅秤的示数是40kg，说明人的重力小了，是处于失重状态，所以该有向下的加速度，那么此时的运动可能是向下加速运动，也可能是向上减速运动，所以C正确．应选：C．【点评】此题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，此题就可以解决了．12．在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动．途中用了6s时间经过A、B两根电杆，A、B间的距离为60m，车经过B时的速度为15m/s，那么〔〕A．经过A杆时速度为5m/sB．车的加速度为15m/s2C．车从出发到B杆所用时间为9sD．从出发点到A杆的距离是m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】先解出AB之间的平均速度，即为AB中间时刻的瞬时速度，根据加速度的义求得加速度，根据速度公式求得A点的速度和到达B所用的时间，用速度和位移的关系公式求得从出发点到A点的距离．【解答】解：A、B：根据中间时刻的瞬时速度于这段时间内的平均速度，得AB 中间时刻的速度为：v C ==．根据加速度的义， ==．故B错误．根据速度公式，故．故A正确．C 、根据速度公式：，故C正确．D、从出发点到A 杆的距离为：，故D正确．应选ACD．【点评】此题难度不大，关键是能熟练记得并理解匀变速运动的根本公式，此题的突破口是先求出加速度．此题属于中档题．二、填空题〔2小题共14分〕13．如下图是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带〔中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz〕，从O点后开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、6，测得S1=8cm，S2=0cm，S3=0cm，S4=8cm，S5=2.00cm，S6=0cm．〔结果保存两位有效数字〕〔1〕物体的加速度大小a= 0.80 m/s2；〔2〕打点计时器打记数点3时，物体的速度大小为v 3= 0.32 m/s ．【考点】打点计时器中纸带的处理．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：〔1〕由于从O点后开始每5个计时点取一个记数点，所以计数点间的时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=〔a1+a2+a3〕代入题目告诉的条件，即小车运动的加速度计算表达式为：a=；a=m/s2=0.80m/s2〔2〕根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．v3==0.32m/s2故答案为：0.80；0.32【点评】要提高用匀变速直线的规律以及推论解答问题的能力，在平时练习中要根底知识的理解与用．14．两个相同的小车并排放在光滑水平桌面上，小车前端系上细线，线的另一端跨过滑轮各挂一个小盘，盘里分别放有不同质量的砝码〔图a〕．小车所受的水平拉力F的大小可以认为于砝码〔包括砝码盘〕所受的重力大小．小车后端也系有细线，用一只夹子夹住两根细线〔图b〕，控制两辆小车同时开始运动和结束运动．由于两个小车初速度都是零，运动时间又相同，s=，即s∝a，只要测出两小车位移s之比就于它们的加速度a之比．结果是：当小车质量相同时，加速度与拉力成正比；当拉力F相时，加速度与质量成反比．中用砝码〔包括砝码盘〕所受的重力G=mg的大小作为小车所受拉力F的大小，这样做会引起误差．为了减小这个误差，G与小车所受重力Mg之间需要满足的关系是：G＜＜Mg〔或m＜＜M〕．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】题．【分析】本是控制变量法的，不能让小车和砝码的质量都不同，该保持一个量是相同的．通过比拟绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车拉力大小于盘和盘中砝码的重力．【解答】解：本是控制变量法的，结果是：当小车质量相同时，加速度与拉力成正比．当拉力F相时，加速度与质量成反比．小车的加速度为a，拉力为F，设砝码盘和砝码的总质量m，小车质量M，对砝码盘和砝码：mg﹣F=ma；对小车：F=Ma；联立得：F=，故只有在M＞＞m的情况下近似认为拉力于mg．故答案为：正比；反比；G＜＜Mg〔或m＜＜M〕．【点评】只要真正掌握了原理就能顺利解决此类题目，而步骤，数据的处理都与原理有关，故要对原理的学习和掌握．三、计算题〔38分，要求写出必要的公式和文字说明，直接写结果的不给分〕15．沪高铁是连接和州的化高速铁路，现已进入试运行阶段，试运行时的最大时速到达了41公里，再次刷纪录．沪高速列车在一次试运行中由A站开往B 站，A、B车站间的铁路为直线．技术人员乘此列车从A车站出发，列车从启动匀加速到360km/h，用了250s时间，在匀速运动了10分钟后，列车匀减速运动，经过5分钟后刚好停在B车站．〔1〕画出该高速列车的v﹣t图象．〔2〕求此高速列车启动、减速时的加速度；〔3〕求A、B 两站间的距离．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】作图题；量思想；模型法；运动的图像专题．【分析】〔1〕、〔2〕分别确高速列车启动、减速运动过程的初速度、末速度和时间，由加速度义式a=求出加速度．建立坐标系，作出v﹣t图象．〔3〕根据图象的面积表示位移，求出AB间的距离．【解答】解：〔1〕、〔2〕高速列车启动过程，初速度为0，末速度为v=360km/h=100m/s，时间为t=250s，那么加速度为：a===0.4m/s2；匀减速运动过程，初速度为v0=100m/s，末速度为0，时间为t′=5min=300s，那么加速度为：a′===﹣0.33m/s2．画出该高速列车的v﹣t图象如下图．〔3〕根据速度时间图象的“面积〞表示位移，可知A、B两站间的距离为。
新高一入学考试物理试卷(3)附答案
新高一入学考试物理试卷（三）附答案一、选择题（每题3 分，共30 分）1. 下列数据中，最接近生活实际的是（）A. 一名中学生的体重约为50NB. 教室中日光灯的额定功率约为40WC. 人体的正常体温约为38.5℃D. 一本物理课本的质量约为2kg2. 下列关于声音的说法，正确的是（）A. “闻其声知其人”，主要是根据声音的音调来判断的B. 吹奏笛子时，演奏者用手指按住不同气孔，是为了改变发出声音的响度C. 公共场合要“轻声慢语”指的是减小声音的音调D. 超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量3. 下列现象中，属于光的反射的是（）A. 立竿见影B. 黑板反光C. 小孔成像D. 水中倒影4. 下列物态变化中，属于液化的是（）A. 春天，冰雪消融B. 夏天，湿衣服晾干C. 秋天，草叶上出现露珠D. 冬天，湖水结成冰5. 下列关于力的说法中，正确的是（）A. 力只能改变物体的运动状态B. 相互接触的物体间一定有力的作用C. 物体间力的作用是相互的D. 不相互接触的物体间一定没有力的作用6. 下列实例中，为了增大摩擦的是（）A. 给自行车轴加润滑油B. 移动重物时，在它下面垫上钢管C. 在机器的转动部分装滚动轴承D. 汽车轮胎上刻有花纹7. 如图所示的工具中，属于省力杠杆的是（）A. 镊子B. 钓鱼竿C. 羊角锤D. 筷子8. 下列关于压强的说法中，正确的是（）A. 压力越大，压强越大B. 受力面积越大，压强越小C. 压力一定时，受力面积越大，压强越小D. 受力面积一定时，压力越大，压强越大9. 一个物体在平衡力的作用下（）A. 动能一定不变B. 重力势能一定不变C. 机械能一定不变D. 以上说法都不对10. 下列关于能量转化的说法中，正确的是（）A. 电饭锅工作时，将内能转化为电能B. 电风扇工作时，将机械能转化为电能C. 干电池给灯泡供电时，将电能转化为化学能D. 燃料燃烧时，将化学能转化为内能二、填空题（每空2 分，共20 分）11. 完成下列单位换算：20m/s = ________km/h；7.9×10³kg/m³ = ________g/cm³。
人教版高一下学期开学考试物理试题(解析版)
高一物理注意事項：1．你現在拿到的這份試卷是滿分100分，作答時間為90分鐘2．答題前請在答題卷上填寫好自己的姓名、班級、考號等資訊3．請將答案正確填寫在答題卡上第I 卷（選擇題 48分）一、選擇題(本大題共12個小題，每小題4分，共48分。
)1.一物體初速度為0的勻加速直線運動，測得它在第ns 內的位移為S ，則物體在1S 末的速度為（ ） A. 221s n + B. 221s n - C. ()212n s + D. ()212n s - 2.某一物體從靜止開始做直線運動，其加速度隨時間變化的圖線如圖所示，則該物體前4s 內（ ）A. 第 1s 內加速運動，第 2、3s 內減速運動，第 3s 末回到出發點B. 第3s 末離出發點最遠C. 第 2s 末物體速度是 4m/sD. 第 3s 末速度為零，且此時開始改變運動方向3.已知OABC 為同一直線上的四點，AB 間的距離為l 1，BC 間的距離為l 2，一物體自O 點由靜止出發，沿此直線做勻加速運動，依次經過A 、B 、C 三點，已知物體通過AB 段與BC 段所用的時間相等．則O 與A 的距離（ ）A. ()()2122138l l l l -- B. ()()212218l l l l +- C. ()()21221l l l l +- D. 21221l l l l ⎛⎫+ ⎪-⎝⎭ 4.對靜止在水平面上的物體施加一個與水準方向成θ角斜向上的拉力F ，保持θ角不變，使F 從零開始逐漸增大的過程中，物體始終未離開水平面，在此過程中物體受到的摩擦力將 ( )A. 逐漸增大B. 逐漸減小C. 先逐漸增大後逐漸減小D. 先逐漸減小後逐漸增大5.如圖所示，一個半球形的碗放在桌面上，碗口水準，0點為其球心，碗的內表面及碗口是光滑的, 一根細線跨在碗口上，線的兩端分別系有品質為m 1和m 2的小球，當它們處於平衡狀態時，品質為m 1的小球與0點的連線與水平線的夾角為θ=600，則兩個球的品質比12m m 為( )3232 6.如圖所示，傾角為θ的斜面體C 置於水準地面上，小物塊B 置於斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與物體A 相連接，連接B 的一段細繩與斜面平行，已知A 、B 、C 都處於靜止狀態，則（ ）A. B受C的摩擦力一定不為零B. C受地面的摩擦力一定為零C. C有沿地面向右滑的趨勢，一定受到地面向左的摩擦力D. 將細繩剪斷，若B依然靜止在斜面上，此時地面對C的摩擦力水準向左7.蹦床運動要求運動員在一張繃緊的彈性網上蹦起、騰空並做空中運動．為了測量運動員躍起的高度，訓練時可在彈性網上安裝壓力感測器，利用感測器記錄彈性網所受的壓力，並在電腦上作出壓力-時間圖象，假如作出的圖象如圖所示．設運動員在空中運動時可視為質點，則運動員躍起的最大高度約為（g取10m/s2）（）A. 1.8mB. 3.6mC. 5.0mD. 7.2m8.豎直上拋的物體，又落回拋出點，關於物體運動的下列說法中正確的有（）A．上升過程和下落過程，時間相等、位移相同B．物體到達最高點時，速度和加速度均為零C．整個過程中，任意相等時間內物體的速度變化量均相同D．不管豎直上拋的初速度有多大（v0＞10 m/s），物體上升過程的最後1 s時間內的位移總是不變的9.如圖所示，某一纜車沿著坡度為30°的山坡以加速度a上行，在纜車中放一個與山坡表面平行的斜面，斜面上放一個品質為m的小物塊，小物塊相對斜面靜止(設纜車保持豎直狀態運行)，則( )A. 小物塊受到的摩擦力方向平行斜面向下B. 小物塊受到的滑動摩擦力大小為mamg＋maC. 小物塊受到的靜摩擦力大小為12D. 小物塊受到斜面的彈力大小為3mg210.如圖所示，小車上有一直立木板，木板上方有一槽，槽內固定一定滑輪，跨過定滑輪的輕繩一端系一重球，另一端系在輕質彈簧測力計上，彈簧測力計固定在小車上，開始時小車處於靜止狀態，輕繩豎直且重球恰好緊挨直立木板，假設重球和小車始終保持相對靜止，則下列說法正確的是( )A. 若小車勻加速向右運動，彈簧測力計讀數及小車對地面壓力均不變B. 若小車勻加速向左運動，彈簧測力計讀數及小車對地面壓力均不變C. 若小車勻加速向右運動，彈簧測力計讀數變大，小車對地面壓力不變D. 若小車勻加速向左運動，彈簧測力計讀數變大，小車對地面壓力變大11.如圖所示，a、b為兩根相連的輕質彈簧，原長分別為l a=6 cm、l b=4 cm，勁度係數分別為k a=1×103 N/m、k b=2×103 N/m，在下端掛一重10 N的物體G，平衡時( )A. 彈簧a下端受的拉力為4 N，b下端受的拉力為6 NB. 彈簧a下端受的拉力為10 N，b下端受的拉力為10 NC. 彈簧a的長度變為6.4 cm，b的長度變為4.3 cmD. 彈簧a的長度變為7 cm，b的長度變為4.5 cm12.粗糙水平面上放置品質分別為m和2m的四個木塊，其中兩個品質為m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連。
高一(下)开学物理试卷(解析版)
高一（下）开学物理试卷一、选择题1．以下说法正确的是（）A．“抬头望明月，月在云中行”中的“月在云中行”，是选取地面为参考系B．德州市出租车汽车的起步价是7.00（3公里内），其中“3公里”是指位移C．17世纪意大利科学家伽利略通过理想斜面实验，说明了物体的运动不需要力来维持D．国际单位制中与力学有关的是基本单位有三个，它们是“牛”、“千克”、“秒”2．甲、乙两物体在同一水平面上作匀变速直线运动，甲做加速运动，经过1s速度由5m/s增加到10m/s；乙做减速运动，经过8s速度由20m/s减小到0，则（）A．乙的速度变化量大，甲的加速度大B．乙的速度变化量大，乙的加速度大C．甲的速度变化量大，甲的加速度大D．甲的速度变化量大，乙的加速度大3．如图是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况的判断，正确的是（）A．1s末物体的加速度大小为5m/s2B．2s末物体离出发点最远C．2s末与6s末物体的速度相同D．4s末物体的加速度为零4．一物体受到三个共面共点力F1+F2+F3的作用，三力的矢量关系如图所示（小方格边长相等），则下列说法正确的是（）A．三力的合力有最大值F1+F2+F3，方向不确定B．三力的合力有唯一值3F3，方向与F3同向C．三力的合力有唯一值2F3，方向与F3同向D．由题给条件无法求出合力大小5．如图所示，A和B两物块的接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，在下滑过程中B的受力个数为（）A．3个 B．4个 C．5个 D．6个6．如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是（）A．B与水平面间的摩擦力减小B．地面对B的弹力减小C．牵引物块B的细绳的拉力大小不变D．悬于墙上的绳所受拉力不变7．如图所示，一小球m自空中自由下落，落到正下方的直立轻弹簧上与其A端接触，从小球与弹簧A端接触到继续压缩弹簧直到小球降至最低位置的过程中，下列关于小球运动状态描述正确的是（）A．小球的速度一直减小B．小球的速度先增大后减小C．小球的加速度方向保持不变D．小球所受的合力先减小后增大8．某人在地面上静止时用体重秤的体重为490N．他将体重秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，体重秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是图中的（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．9．如图所示，两个质量分别为m1=1kg、m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=4N、F2=10N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A．弹簧秤的示数是10 NB．弹簧秤的示数是14 NC．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度不变D．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为6m/s210．如图所示，小车在水平面上做直线运动，车厢顶部用竖直细线悬挂一小球，小球下方与一倾角为θ的光滑斜面接触，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．若小车做匀速运动，则小球受到两个力的作用B．若小车做匀速运动，则小球受到三个力的作用C．若小车做匀加速运动，加速度增大，小球受到斜面的弹力增大D．若小车做匀加速运动，在加速度增大至gtanθ的过程中，小球受到细线的拉力减小二、实验题11．（6分）某同学利用如图丙所示的装置来验证力的平行四边形定则．在竖直木板上铺有白纸，在A、B两点固定两个光滑定滑轮，用一个轻绳跨过两滑轮悬挂钩码组N1、N2，用另一轻绳C在O点打一结，悬挂钩码组N3，每个钩码的质量相等．当系统达到平衡时，记录各组钩码个数，回答下列问题：（1）改变钩码个数，可以完成实验的是A．钩码的个数N1=2，N2=2，N3=4B．钩码的个数N1=3，N2=3，N3=4C．钩码的个数N1=4，N2=4，N3=4D．钩码的个数N1=3，N2=4，N3=8（2）在拆下钩码和绳子前，必须的一个步骤是A．记录OA、OB、OC三段绳子的方向B．用刻度尺测出OA、OB、OC三段绳子的长度C．用天平测出钩码的质量（3）在操作正确的前提下，你认为甲、乙两图比较合理的是图．（填“甲”或“乙”）12．（8分）2013年6月20日上午十点，“神舟七号”航天员王亚平在太空授课过程中，解释太空测质量的原理时应用了牛顿第二定律，某同学受到启发，想利用“探究加速度与物体受力和质量的关系”实验装置测量小车质量．如图1所示为实验装置图，小车通过纸带与电火花打点计时器相连．（1）下列说法正确的是A．平衡摩擦力时，应将砝码盘及盘内砝码通过定滑轮拴在小车上B．牵引小车的细绳应跟长木板保持平行C．平衡摩擦力后，长木板不能移动D．小车释放前应靠近打点计时器，且应先释放小车再接通电源（2）图2为实验中打出的一条纸带的一部分，已知打点计时器接在频率为50Hz 的交流电源两端，则由纸带测量数据可得此次实验中小车运动的加速度的测量值a=m/s2．（结果保留两位有效数字）（3）若实验时，该同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a﹣F图象如图3所示，可能是图中的（选填“甲”“乙”或“丙”），设图中直线的斜率均为k，根据牛顿第二定律可知，小车的质量为．三、计算题13．（12分）雾霾不仅危害人的身体健康，而且还会严重影响交通，2015年12月8日印度就因雾霾天气发生两列火车相撞事件，已知A、B两列火车，在同一轨道上同向匀速行驶，A车在前，其速度v A=10m/s，B车在后，速度v B=30m/s，因大雾能见度很低，B车在距A车x0=75m时才发现前方的A车，这时B车立即刹车，做匀减速直线运动，加速度大小为a=2.5m/s2，求：（1）若不考虑A、B两车相撞，从刹车开始经过多长时间B车与A车速度相等；（2）通过计算判断A、B两车能否相撞．14．（14分）如图所示，球A加在竖直墙与倾角为45°的三角劈B之间，三角劈B的质量为M，劈的底部与水平地面间的动摩擦因数为μ（μ＜1），劈的斜面与竖直墙面是光滑的，球A与三角劈B均处于静止状态，重力加速度为g，求：（1）若球A质量为m，则球A对三角劈B的压力多大；（2）若三角劈恰好静止不动，球A的质量为多大（设劈的最大静摩擦力等于滑动摩擦力）15．（16分）如图所示为一足够长斜面，其倾角为θ=37°，一质量m=10kg物体，在斜面底部受到一个沿斜面向上的F=100N的力作用由静止开始运动，物体在2s 内位移为4m，2s末撤去力F，（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ；（2）从撤掉力F开始1.5s末物体的速度v；（3）从静止开始3.5s内物体的位移和路程．参考答案与试题解析一、选择题1．以下说法正确的是（）A．“抬头望明月，月在云中行”中的“月在云中行”，是选取地面为参考系B．德州市出租车汽车的起步价是7.00（3公里内），其中“3公里”是指位移C．17世纪意大利科学家伽利略通过理想斜面实验，说明了物体的运动不需要力来维持D．国际单位制中与力学有关的是基本单位有三个，它们是“牛”、“千克”、“秒”【考点】力学单位制；位移与路程．【分析】参考系的选取是任意的，要根据题意明确在研究问题中的参考系；出租车是按路程收费的；伽利略通过斜面实验说明了力是改变物体运动状态的原因；国际单位制中力学的基本单位为“千克”、“米”、“秒”．【解答】解：A、月在云中行是说相对于云来说，月亮在运动，故是选择了云为参考系；故A错误；B、出租车是按路程收费；故“3公里”是指路程；故B错误；C、17世纪意大利科学家伽利略通过理想斜面实验，说明了物体的运动不需要力来维持，而是改变物体运动状态的原因；故C正确；D、国际单位中力学的基本单位为：“千克”、“米”、“秒”；故D错误；故选：C【点评】本题考查了参考系、路程及国际单位制中的基本单位等；属于基本物理知识的考查；应熟练准确把握．2．甲、乙两物体在同一水平面上作匀变速直线运动，甲做加速运动，经过1s速度由5m/s增加到10m/s；乙做减速运动，经过8s速度由20m/s减小到0，则（）A．乙的速度变化量大，甲的加速度大B．乙的速度变化量大，乙的加速度大C．甲的速度变化量大，甲的加速度大D．甲的速度变化量大，乙的加速度大【考点】加速度；牛顿第二定律．【分析】根据甲乙初末速度得出速度变化量，结合加速度的定义式求出加速度，从而比较大小．【解答】解：甲的速度变化量△v1=10﹣5m/s=5m/s，加速度，乙的速度变化量△v2=0﹣20m/s=﹣20m/s，加速度，可知乙速度变化量大，甲的加速度大，故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的正负表示方向，不表示大小．3．如图是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况的判断，正确的是（）A．1s末物体的加速度大小为5m/s2B．2s末物体离出发点最远C．2s末与6s末物体的速度相同D．4s末物体的加速度为零【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度图象的斜率表示加速度，速度的符号表示速度的方向，根据物体速度的变化，分析物体的运动情况．【解答】解：A、根据速度图象的斜率表示加速度，得1s末物体的加速度大小为a===5m/s2．故A正确．B、物体在前4s内沿正向运动，在后4s内沿负向返回，8s末驾到出发点，所以4s末物体离出发点最远．故B错误．C、2s末与6s末物体的速度大小相等，方向相反，则速度不同，故C错误．D、2﹣6s内物体的加速度恒定，且不为零，则4s末物体的加速度不为零，故D 错误．故选：A【点评】本题是速度﹣时间图象问题，关键要明确图象的斜率表示加速度，速度的正负表示速度的方向．4．一物体受到三个共面共点力F1+F2+F3的作用，三力的矢量关系如图所示（小方格边长相等），则下列说法正确的是（）A．三力的合力有最大值F1+F2+F3，方向不确定B．三力的合力有唯一值3F3，方向与F3同向C．三力的合力有唯一值2F3，方向与F3同向D．由题给条件无法求出合力大小【考点】力的合成．【分析】先根据平行四边形定则求出F1、F2的合力，再跟F3合成，求出最终三个力的合力．【解答】解：根据平行四边形定则，出F1、F2的合力如图，大小等于2F3，方向与F3相同，再跟F3合成，两个力同向，则三个力的合力为3F3．故B正确，ACD 错误；故选：B．【点评】解决本题的关键知道合力与分力遵循平行四边形定则，会根据作图法，运用平行四边形定则求合力．5．如图所示，A和B两物块的接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，在下滑过程中B的受力个数为（）A．3个 B．4个 C．5个 D．6个【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】先以A为研究对象，分析受力情况，再对B研究，按顺序进行分析受力情况．【解答】解：先以A为研究对象，分析受力情况：重力、B的竖直向上的支持力，B对A没有摩擦力，否则A不会匀速运动．再对B研究，B受到重力、A对B竖直向下的压力，斜面的支持力和滑动摩擦力，共4个力．故选B【点评】本题考查分析物体受力的能力，采用隔离法的思维，要结合平衡进行分析，同时一般按重力、弹力、摩擦力顺序进行分析．6．如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是（）A．B与水平面间的摩擦力减小B．地面对B的弹力减小C．牵引物块B的细绳的拉力大小不变D．悬于墙上的绳所受拉力不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】对A分析可知绳上的拉力不变，再对B分析，根据共点力的平衡条件可得出摩擦力的变化和支持力的变化，根据平行四边形定则分析悬于墙上的绳所受拉力变化情况．【解答】解：A、对A分析，由于A处于静止，故绳子的拉力等于A的重力，绳子对B的拉力也保持不变，等于A的重力，对B分析，B向右移动时，绳与地面的夹角减小，绳水平分量增大，而水平方向B受力平衡，摩擦力增大，故A错误，C正确；B、B向右移动时，绳与地面的夹角减小，绳拉力竖直分量减小，则支持力变大，故B错误；D、由于两绳间夹角增大，而两拉力不变，故悬于墙上的绳子的拉力将减小，故D错误；故选：C【点评】本题要注意分别对A、B及滑轮分析，根据共点力的平衡条件可得出各物体受力的关系，同时注意要根据力的合成与分解等知识进行讨论．7．如图所示，一小球m自空中自由下落，落到正下方的直立轻弹簧上与其A端接触，从小球与弹簧A端接触到继续压缩弹簧直到小球降至最低位置的过程中，下列关于小球运动状态描述正确的是（）A．小球的速度一直减小B．小球的速度先增大后减小C．小球的加速度方向保持不变D．小球所受的合力先减小后增大【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】小球自由落下，接触弹簧时有竖直向下的速度，接触弹簧后，弹簧被压缩，弹簧的弹力随着压缩的长度的增大而增大．以小球为研究对象，分析受力情况以及运动情况，明确合力和速度、加速度的变化．【解答】解：A、小球与弹簧接触后，开始重力大于弹力，加速度向下，做加速运动，加速度减小．当加速度减小到零以后，弹力大于重力，加速度向上，做减速运动到零．故AC错误，B正确．D、根据小球的运动过程可知，开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，加速度向下；与速度方向相同，小球做加速运动，合力减小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，加速度向上，小球做减速运动，合力增大，故D正确；故选：BD．【点评】本题考查牛顿第二定律中的动态变化问题；含有弹簧的问题，是高考的热点．关键在于分析小球的受力的变化情况，来确定小球的运动情况，抓住弹力是变化的这一特点．不能简单认为小球一接触弹簧就做减速运动．8．某人在地面上静止时用体重秤的体重为490N．他将体重秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，体重秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是图中的（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律．【分析】升降机内的弹簧秤的读数是人对弹簧秤的拉力的大小，也就是人受到的拉力的大小，通过图象的读数，和人的真实的重力相对比，可以判断人处于超重还是失重状态，从而可以判断升降机的运动状态．【解答】解：由于电梯是从静止开始运动的，初速度是零，速度﹣时间图象应该从0开始，由此可以判断B、D是错误的．人的体重为490N，在第一段时间内读数是550N，大于人的真实的体重，此时人处于超重状态，应该有向上的加速度，即加速度应该是正的，所以第一段时间的图象应该是向上倾斜的，所以A错误；之后的第二段时间内弹簧秤的示数和人的真实的体重相等，说明此时应该处于平衡状态，所以电梯是匀速运动，在速度﹣时间图象中应该是水平的直线，在第三段时间内弹簧秤的示数小于人的真实的体重，此时人处于失重状态，应该有向下的加速度，即加速度应该是负的，所以第三段时间的图象应该是向下倾斜；由以上分析可知，只有C正确；故选：C．【点评】本题是判断物体的运动的状态，通过牛顿第二定律求得物体的加速度的大小，根据加速度就可以判断物体做的是什么运动．9．如图所示，两个质量分别为m1=1kg、m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=4N、F2=10N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A．弹簧秤的示数是10 NB．弹簧秤的示数是14 NC．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度不变D．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为6m/s2【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律求出系统的加速度，然后以其中一个物体为研究对象，由牛顿第二定律求出弹簧称的示数；弹簧的弹力不能突变，分析弹力撤去后物体的受力情况，然后根据物体的受力情况是否变化，进一步判断物体加速度是否变化．【解答】解：A、以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律可知，系统的加速度a=m/s2，方向水平向左；设弹簧秤的拉力是F，以m1为研究对象，由牛顿第二定律得：F1﹣F=m1a，则F=F1﹣m1a代入数据得：F=6N，故AB错误；C、D、弹簧的弹力不能突变，在突然撤去F1的瞬间，m2受力情况不变，m1则只受到弹簧的拉力，由牛顿第二定律可知，a=，故C错误，D正确；故选：D【点评】本题运用整体法和隔离法结合求解弹簧秤的弹力，是常用的方法．撤去外力时，弹簧的弹力不能突变．10．如图所示，小车在水平面上做直线运动，车厢顶部用竖直细线悬挂一小球，小球下方与一倾角为θ的光滑斜面接触，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．若小车做匀速运动，则小球受到两个力的作用B．若小车做匀速运动，则小球受到三个力的作用C．若小车做匀加速运动，加速度增大，小球受到斜面的弹力增大D．若小车做匀加速运动，在加速度增大至gtanθ的过程中，小球受到细线的拉力减小【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【分析】AB选项物体处于平衡状态，根据弹力有无的判断，确定物体的受力；CD选项物体处于加速运动状态，根据牛顿第二定律结合力的合成与分解求解．【解答】解：AB、小车做匀速运动，小球处于平衡状态，合外力为零，对小球受力分析知，受竖直向下重力、竖直向上的绳子拉力，假设受到斜面的弹力，三个力的合力不可能为零，小球将向右上方运动，与题设条件矛盾，故斜面对小球没有弹力．故小球只受到重力和细线对它的拉力两个力．故A正确，B错误；C、车做加速运动，合外力水平向右，对小球受力分析，如只受竖直向下重力、竖直向上的绳子拉力，合力不可能水平向右，故小球必受到斜面的弹力，方向垂直斜面向上，弹力在水平方向的分力等于合力，加速度增大，小球受到斜面的弹力增大，故C正确；D、随着加速度的增大，绳子拉力逐渐减小，当绳子拉力等于零时，有：mgtanθ=ma，解得：a=gtanθ，所以在加速度增大至gtanθ的过程中，小球受到细线的拉力逐渐减小到零，故D正确；故选：ACD．【点评】本题采用假设法分析斜面的弹力是否存在，这是判断弹力和摩擦力是否存在常用的方法．二、实验题11．某同学利用如图丙所示的装置来验证力的平行四边形定则．在竖直木板上铺有白纸，在A、B两点固定两个光滑定滑轮，用一个轻绳跨过两滑轮悬挂钩码组N1、N2，用另一轻绳C在O点打一结，悬挂钩码组N3，每个钩码的质量相等．当系统达到平衡时，记录各组钩码个数，回答下列问题：（1）改变钩码个数，可以完成实验的是BCA．钩码的个数N1=2，N2=2，N3=4B．钩码的个数N1=3，N2=3，N3=4C．钩码的个数N1=4，N2=4，N3=4D．钩码的个数N1=3，N2=4，N3=8（2）在拆下钩码和绳子前，必须的一个步骤是AA．记录OA、OB、OC三段绳子的方向B．用刻度尺测出OA、OB、OC三段绳子的长度C．用天平测出钩码的质量（3）在操作正确的前提下，你认为甲、乙两图比较合理的是甲图．（填“甲”或“乙”）【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】（1）两头挂有钩码的细绳跨过两光滑的固定滑轮，另挂有钩码的细绳系于O点（如图所示）．由于钩码均相同，则钩码个数就代表力的大小，所以O 点受三个力处于平衡状态，由平行四边形定则可知：三角形的三个边表示三个力的大小；（2）为验证平行四边形，必须作图，所以要强调三力平衡的交点、力的大小（钩码的个数）与力的方向；（3）明确“实际值”和“理论值”的区别即可正确解答．【解答】解：（1）对O点受力分析OA OB OC分别表示三个力的大小，由于三共点力处于平衡，所以0C等于OD．因此三个力的大小构成一个三角形．A、2、2、4不可以构成三角形，则结点不能处于平衡状态，故A错误．B、3、3、4可以构成三角形，则结点能处于平衡．故B正确．C、4、4、4可以构成三角形，则结点能处于平衡．故C正确．D、3、4、8不可以构成三角形，则结点不能处于平衡．故D错误．故选：BC．（2）为验证平行四边形定则，必须作受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，要记录砝码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向，故A正确，BC错误．故选：A．（3）以O点为研究对象，F3的是实际作用效果在OC这条线上，由于误差的存在，F1、F2的理论值要与实际值有一定偏差，故甲图符合实际，乙图不符合实际．故答案为：（1）B C （2）A （3）甲【点评】掌握三力平衡的条件，理解平行四边形定则，同时验证平行四边形定则是从力的图示角度去作图分析，明确“理论值”和“实际值”的区别．12．2013年6月20日上午十点，“神舟七号”航天员王亚平在太空授课过程中，解释太空测质量的原理时应用了牛顿第二定律，某同学受到启发，想利用“探究加速度与物体受力和质量的关系”实验装置测量小车质量．如图1所示为实验装置图，小车通过纸带与电火花打点计时器相连．（1）下列说法正确的是BCA．平衡摩擦力时，应将砝码盘及盘内砝码通过定滑轮拴在小车上B．牵引小车的细绳应跟长木板保持平行C．平衡摩擦力后，长木板不能移动D．小车释放前应靠近打点计时器，且应先释放小车再接通电源（2）图2为实验中打出的一条纸带的一部分，已知打点计时器接在频率为50Hz 的交流电源两端，则由纸带测量数据可得此次实验中小车运动的加速度的测量值a= 3.2m/s2．（结果保留两位有效数字）（3）若实验时，该同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a﹣F图象如图3所示，可能是图中的丙（选填“甲”“乙”或“丙”），设图中直线的斜率均为k，根据牛顿第二定律可知，小车的质量为．【考点】验证牛顿第二运动定律．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚，如果没有平衡摩擦力的话，就会出现当有拉力时，物体不动的情况．小车做的是匀加速直线运动，可由△x=at2求解加速度．【解答】解：（1）A、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故A 错误；B、若连接砝码盘和小车的细绳与长木板不保持平行，则绳子的拉力分力等于小车的外力，这样导致误差增大，故B正确；C、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，故长木板的位置不能移动，以防摩擦力不再平衡，故C正确；D、实验时，应先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，同时要求开始小车要靠近打点计时器，故D错误．故选：BC（2）由△x=aT2结合作差法得：a==3.2m/s2（3）遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况．故图线为丙．设图中直线的斜率均为k，根据牛顿定律F=ma可知，则有：a=F，小车的质量为m=故答案为：（1）BC；（2）3.2；（3）【点评】对于实验我们要明确实验原理、具体实验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在的理由，比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等，同时掌握图象的斜率含义，也是解题的突破口．三、计算题13．（12分）（2015秋•德州期末）雾霾不仅危害人的身体健康，而且还会严重影响交通，2015年12月8日印度就因雾霾天气发生两列火车相撞事件，已知A、B两列火车，在同一轨道上同向匀速行驶，A车在前，其速度v A=10m/s，B车在后，速度v B=30m/s，因大雾能见度很低，B车在距A车x0=75m时才发现前方的。
高一物理下学期开学试卷高一全册物理试题 (4)
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔下〕开学物理试卷一、此题共8小题，每题6分，共48分，【1-5为单项选择，6-8为多项选择．】1．在乒乓球比赛中，有一次某运发动采用如下的高抛发球，他紧贴台面将球向上抛出，球竖直上升m后下落，在距离台面0.3m处被球拍击中，那么在这一过程中，乒乓球经过的路程和位移大小分别为〔〕A．m，0.3m B．m，0.3m C．m，m D．m，0.3m2．如下图运动图象中，哪幅图说明物体在作匀速直线运动〔〕A ．B ．C ．D ．3．以下关于加速度的说法，正确的选项是〔〕A．只要物体的速度变化量大，加速度就大B．只要物体的速度变化率大，加速度就大C．只要物体的速度大，加速度就大D．只要物体的速度不为零，加速度就不为零4．水平桌面上覆盖有玻璃板，玻璃板上放置一木块，以下说法正确的选项是〔〕A．木块受到的弹力是由于木块的弹性形变要恢复造成的，因为玻璃板没有形变B．木块的重力就是木块对玻璃板的压力C．木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力D．木块对玻璃板的压力大小于玻璃板对木块的支持力大小，因此二者合力为零5．电梯内放置一木块，木块的重力大小为G，电梯地板对木块的支持力大小为N，木块对电梯地板的压力大小为N′，支持力和压力的方向如下图．现在电梯加速上升，那么〔〕A．N=N′＞G B．N=N′=G C．N＞N′＞G D．N＞N′=G6．关于摩擦力，以下情况不可能的是〔〕A．物体运动，它所受摩擦力却向西B．物体在运动，它却受静摩擦力C．正压力增大，摩擦力大小却不变化D．正压力为零，摩擦力大小却不为零7．两个力F1与F2的大小分别为3N和5N，那么它们的合力大小可能于〔〕A．9 N B．7 N C．1 N D．3 N8．如下图，某木块在力F作用下，静止在水平地面上，力F与水平面的夹角为θ，现减小力 F的大小，木块仍静止，那么〔〕A．木块所受摩擦力增大B．木块所受摩擦力减小C．木块所受支持力不变D．木块所受支持力减小二、此题共4小题，每题8分，共32分，把答案填在题中的横线上．9．某轻弹簧竖直悬挂于天花板上，当挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm；再挂一个50g的钩码，它的总长为18cm，那么弹簧的原长为cm，劲度系数为N/m 〔g=10N/kg〕．10．重为10N的物块在垂直于斜面向下的2N的压力作用下，静止于斜面上，如下图，假设斜面倾角为37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，那么物块与斜面间的正压力大小为N．11．某辆在平直公路上试车时的运动图象如下图，那么该加速阶段的加速度大小为m/s 2，减速阶段的位移大小为m．12．如图是用打点计时器研究小车的匀变速直线运动时所打出的一条纸带．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．相邻计数点间还有4个点未画出．那么，打点计时器打下C点时小车的瞬时速度为m/s，小车的加速度大小为 m/s2．13．三条轻绳结于O点，通过一轻弹簧秤将一重物悬挂起来，如下图．系在竖直墙上的绳与墙成37°角，弹簧秤水平且读数为3N，求重物的质量〔g=10m/s2〕14．某工人用F=100N的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．〔1〕4s末木箱的速度为多大？〔2〕假设4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边．15．一辆平板式大货车载着一个木箱在平直公路上匀速行驶，木箱前部与驾驶室后部的距离为L=4m，如下图．木箱与车厢底板的动摩擦因数为μ=0.4，假设无论木箱处于车厢的何处，车厢底板一直保持水平，且认为木箱与车厢底板的最大静摩擦力于滑动摩擦力，g=10m/s2．〔1〕为了使木箱在车厢底板上不发生相对滑动，货车刹车的最大加速度a为多大？〔2〕假设货车某次刹车的加速度恒为a，为了保证木箱在此次刹车期间不撞上驾驶室，此次刹车最多持续多长时间？〔设刹车后货车并没有停下来．〕一中高一〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、此题共8小题，每题6分，共48分，【1-5为单项选择，6-8为多项选择．】1．在乒乓球比赛中，有一次某运发动采用如下的高抛发球，他紧贴台面将球向上抛出，球竖直上升m后下落，在距离台面0.3m处被球拍击中，那么在这一过程中，乒乓球经过的路程和位移大小分别为〔〕A．m，0.3m B．m，0.3m C．m，m D．m，0.3m【考点】位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移的大小只与初末的位置有关，与经过的路径无关；路程是指物体所经过的路径的长度．【解答】解：乒乓球经过的路程是运动轨迹的长度，所以是m，位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以是0.3m．应选：B．【点评】此题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．2．如下图运动图象中，哪幅图说明物体在作匀速直线运动〔〕A．B． C． D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】性思想；几何法；运动的图像专题．【分析】匀速直线运动的特点是物体的速度保持不变．位移图象的斜率于速度，根据这两个知识分析物体的运动性质，并选择图象．【解答】解：A、该图表示的斜率于零，说明物体的速度为零，处于静止状态，故A错误．B、该图的斜率不变，物体的速度不变，说明物体做匀速直线运动．故B正确．C、该图表示物体的速度随时间均匀减小，做匀减速直线运动．故C错误．D、该图表示物体的速度随时间均匀增大，做匀加速直线运动．故D错误．应选：B【点评】图象能直观形象地表示两个物理量之间的变化规律，是物理上常用的研究物理物体的方法，分析图象时，看清楚图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律．3．以下关于加速度的说法，正确的选项是〔〕A．只要物体的速度变化量大，加速度就大B．只要物体的速度变化率大，加速度就大C．只要物体的速度大，加速度就大D．只要物体的速度不为零，加速度就不为零【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是物体速度变化和所用时间的比值，也叫速度的变化率，加速度是矢量方向与速度变化的方向相同．【解答】解：A、加速度于速度变化量与时间的比值，速度变化量大由于时间未知，故不能确加速度肯大，故A错误；B、加速度是物体速度变化量与所用时间的比值，而速度变化量与所用时间的比会上也叫速度的变化率，故B正确；C、物体的速度大，如果速度没有变化那么其加速度为0，故C错误；D、物体的速度不为零，加速度可以为零，如匀速直线运动，故D错误．应选：B．【点评】掌握加速度的概念及其物理意义是正确解题的关键，知道加速度与速度及速度变化的关系即可．4．水平桌面上覆盖有玻璃板，玻璃板上放置一木块，以下说法正确的选项是〔〕A．木块受到的弹力是由于木块的弹性形变要恢复造成的，因为玻璃板没有形变B．木块的重力就是木块对玻璃板的压力C．木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力D．木块对玻璃板的压力大小于玻璃板对木块的支持力大小，因此二者合力为零【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变；作用力和反作用力．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体间的弹力是由物体发生弹性形变，而要恢复原状时产生的力．平衡力是作用在同一物体上，大小相方向相反；而作用力和反作用力分别作用在两个物体上，大小相，方向相反．【解答】解：A、木块受到的弹力是由于施力物体玻璃的微小形变要恢复造成的，故A错误；B、木块的重力施力物体是地球，木块对玻璃板的压力施力物体是木块，故重力和压力不是同一个力，故B错误；C、木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力，故C 正确D、木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力是相互作用力，值、反向、共线，都是弹力，故D错误；应选：C．【点评】考查弹力产生的原因，及平衡力与作用力和反作用力的区别．注意此题中的压力与重力大小相，方向相同，但不是同一个力．5．电梯内放置一木块，木块的重力大小为G，电梯地板对木块的支持力大小为N，木块对电梯地板的压力大小为N′，支持力和压力的方向如下图．现在电梯加速上升，那么〔〕A．N=N′＞G B．N=N′=G C．N＞N′＞G D．N＞N′=G【考点】牛顿第二律．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】根据牛顿第三律，作用力与反作用力大、反向、共线，根据牛顿第二律可知，合外力提供加速度．【解答】解：电梯地板对木块的支持力和木块对电梯地板的压力是一对作用力和反作用力，大小相，所以N=N′对物体进行受力分析，根据牛顿第二律得：N﹣G=ma所以N＞G所以N=N′＞G应选A 【点评】此题关键是对物体受力分析，然后根据牛顿第二律并结合牛顿第三律分析讨论．6．关于摩擦力，以下情况不可能的是〔〕A．物体运动，它所受摩擦力却向西B．物体在运动，它却受静摩擦力C．正压力增大，摩擦力大小却不变化D．正压力为零，摩擦力大小却不为零【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】对于摩擦力首先要明确其种类，然后再根据摩擦力的产生条件及两种摩擦力的性质进行分析．【解答】解：A、物体假设在地面上运动，那么它相对于地面是相东的，故摩擦力一向西；故A可能；B、物体在运动，但与它接触的物体也在运动，并且二都速度相时，二者不会有滑动摩擦力；但是如果有相对运动趋势，将会产生静摩擦力；如加速运动的车厢里静止的物体受到的就是静摩擦力；故B可能；C、静摩擦力与正压力无关，故增大正压力不会改变摩擦力的大小，故C可能；D、要产生摩擦力首先必须有正压力，故正压力为零时，摩擦力一也会零；故D 不可能；此题选不可能的，应选D．【点评】摩擦力一直是学生掌握的和难点，在学习摩擦力时一要掌握好其性质，并能分清滑动与静摩擦力的区别．7．两个力F1与F2的大小分别为3N和5N，那么它们的合力大小可能于〔〕A．9 N B．7 N C．1 N D．3 N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】性思想；推理法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且有|F1﹣F2|≤F≤F1+F2【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；故合力范围为：2N≤F≤8N；所以BD正确，AC错误．应选：BD．【点评】此题关键根据平行四边形那么得出合力的范围：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2．8．如下图，某木块在力F作用下，静止在水平地面上，力F与水平面的夹角为θ，现减小力 F的大小，木块仍静止，那么〔〕A．木块所受摩擦力增大B．木块所受摩擦力减小C．木块所受支持力不变D．木块所受支持力减小【考点】摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】摩擦力专题．【分析】先对木块进行受力分析，然后建立直角坐标系根据共点力的平衡条件进行求解摩擦力和支持力的表达式，看F减小θ减小如何影响摩擦力和支持力的变化．【解答】解：对木块进行受力分析，设所受重力为G，所受地面支持力为N，所受摩擦力为f，如以下图所示：根据平衡条件：x轴方向：Fcosθ=fy轴方向：N+Fsinθ=G 得：N=G﹣FsinθF减小时，f=Fcosθ减小；N增大．应选：B．【点评】此题考查共点力的平衡条件，一要受力分析正交分解后列方程求解，不要想当然的进行判断．二、此题共4小题，每题8分，共32分，把答案填在题中的横线上．9．某轻弹簧竖直悬挂于天花板上，当挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm；再挂一个50g的钩码，它的总长为18cm，那么弹簧的原长为14 cm，劲度系数为0.25 N/m 〔g=10N/kg〕．【考点】胡克律．【专题】题．【分析】在弹性限度内，物体的形变跟引起形变的外力成正比．这个律是英国家胡克发现的，所以叫做胡克律．【解答】解：轻弹簧竖直悬挂于天花板上，挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm，故再挂一个50g的钩码，伸长4cm，它的总长为18cm，故原长为14cm；劲度系数为：k=；故答案为：14，0.25．【点评】此题关键明确胡克律的内容，可以根据公式直接计算，根底题．10．重为10N的物块在垂直于斜面向下的2N的压力作用下，静止于斜面上，如下图，假设斜面倾角为37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，那么物块与斜面间的正压力大小为10 N．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物体受力分析，根据平衡条件求物块与斜面间的正压力大小．【解答】解：对物体受力分析，垂直斜面方向：N=F+Gcos37°得：N=2+10×0.8=10N故答案为：10．【点评】此题考查平衡条件的用，当物体受三个力处于平衡时通常用合成法，受三个以上力时通常用正交分解法．11．某辆在平直公路上试车时的运动图象如下图，那么该加速阶段的加速度大小为m/s2，减速阶段的位移大小为150 m．【考点】匀变速直线运动的图像；加速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】解决此题要明确v﹣t图象的含义：在v﹣t图象中每时刻对于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负．【解答】解：图象的斜率表示物体运动的加速度，那么该加速阶段的加速度大小a=，由图象可知，10﹣30s，做匀减速直线运动，减速阶段的位移大小x=故答案为： 150【点评】图象由于具有形象直观的特点，因此在物理中广泛用，对于图象问题要明确两坐标轴的含义，图象斜率、截距、围成面积含义．12．如图是用打点计时器研究小车的匀变速直线运动时所打出的一条纸带．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．相邻计数点间还有4个点未画出．那么，打点计时器打下C点时小车的瞬时速度为0.3 m/s，小车的加速度大小为0.4 m/s2．【考点】打点计时器中纸带的处理．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据在匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度于该过程中的平均速度，可以求出某点的瞬时速度大小；利用逐差法可以求出加速度的大小．【解答】解：根据匀变速直线运动规律有：由题意可知：x1=24mm=cm，x2=52mm﹣24mm=cm，x3=84mm﹣52mm=cm，x4=120mm﹣84mm=cm△x=aT2，其中△x=0.4cm，T=0.1s，故带入数据解得：a=0.4m/s2；故答案为：0.3，0.4．【点评】此题借助考查了匀变速直线的规律以及推论的用，在平时练习中要根底知识的理解与用，提高解决问题能力．13．三条轻绳结于O点，通过一轻弹簧秤将一重物悬挂起来，如下图．系在竖直墙上的绳与墙成37°角，弹簧秤水平且读数为3N，求重物的质量〔g=10m/s2〕【考点】共点力平衡的条件及其用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以结点O为研究对象，它受到重物的拉力、弹簧称的拉力和绳的拉力而处于平衡状态．根据平衡条件求解重物对O的拉力，并得到重物的质量．【解答】解：重物对O点的拉力于重力．将竖直绳对O点的拉力T沿另两绳的反方向进行分解，分力分别为T1和T2，如下图．那么T1=mgtan37°由T1=3N，即3=mg•得：m=0.4kg答：重物的质量为0.4kg．【点评】此题是简单的力平衡问题，首先要选择研究对象，此题不是以重物为研究对象，而是以结点O为研究对象，这是对有绳子悬挂重物经常用到的思路．14．某工人用F=100N的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．〔1〕4s末木箱的速度为多大？〔2〕假设4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边．【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】〔1〕根据牛顿第二律求出加速度，根据速度时间公式求解4s末木箱的速度；〔2〕木箱恰好能运动到墙边时速度为零，根据0﹣v2=2ax求解加速度，再根据牛顿第二律求解F．【解答】解：根据牛顿第二律得：木箱的加速度为，代入数据得：a=0.5 m/s2由v=a t得4 s后木箱的速度v=2 m/s〔2〕由0﹣v2=2a1x 得，代入数据得：a1=﹣1 m/s2由，代入数据得：F1=40 N答：〔1〕4s末木箱的速度为2m/s；〔2〕他的推力减小为40N时，木箱恰好能运动到墙边．【点评】此题主要考查了牛顿第二律及运动学根本公式的直接用，知道木箱恰好能运动到墙边时速度为零，难度不大，属于根底题．15．一辆平板式大货车载着一个木箱在平直公路上匀速行驶，木箱前部与驾驶室后部的距离为L=4m，如下图．木箱与车厢底板的动摩擦因数为μ=0.4，假设无论木箱处于车厢的何处，车厢底板一直保持水平，且认为木箱与车厢底板的最大静摩擦力于滑动摩擦力，g=10m/s2．〔1〕为了使木箱在车厢底板上不发生相对滑动，货车刹车的最大加速度a为多大？〔2〕假设货车某次刹车的加速度恒为a，为了保证木箱在此次刹车期间不撞上驾驶室，此次刹车最多持续多长时间？〔设刹车后货车并没有停下来．〕【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】隔离对木箱分析，根据最大静摩擦力求出临界的加速度，从而得知刹车时的最大加速度．求出木箱的相对加速度，通过相对位移，结合运动学公式，求出刹车最多持续的时间．【解答】解：〔1〕木箱与车厢底板的最大静摩擦力f m=μmg．那么木箱的最大加速度a=．所以货车刹车的最大加速度a为﹣4m/s2．〔2〕当货车刹车，发生相对移动，对木箱的阻力为摩擦力，有a'=a 对于木箱，相对加速度a1=a'﹣a=0.5a=2m/s2初速度为零，那么有L=，解得t=2s．答：〔1〕货车刹车的最大加速度a为﹣4m/s2．〔2〕此次刹车最多持续2s．【点评】此题综合考查了牛顿第二律和运动学公式的运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，第二问，也可以通过货车和木箱的位移关系，结合运动学公式进行求解．。
湖南省长沙市2023-2024学年高一下学期入学考试物理试卷含答案
2024年上学期入学考试试卷高一物理（答案在最后）时量：75分钟分值：100分一、选择题：本题共6小题，每小题4分．共24分。
在每小愿给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.关于曲线运动，下列说法正确的是（）A.速度发生变化的运动，一定是曲线运动B.物体在恒力作用下不可能做曲线运动C.做匀速圆周运动的物体，其线速度不变D.做曲线运动的物体所受合外力的方向一定指向其轨迹的凹侧【答案】D 【解析】【详解】A ．物体做变速直线运动时速度发生变化，A 错误；B ．物体在恒力作用下可能做曲线运动，如平抛运动，B 错误；C ．做匀速圆周运动的物体，其线速度大小不变，方向时刻变化，C 错误；D ．做曲线运动的物体的轨迹总是沿合力的方向弯曲，即做曲线运动的物体所受合外力的方向一定指向轨迹的凹侧，D 正确。
故选D 。
2.某轻质弹簧的劲度系数为k ，不挂钩码时，弹簧长度为x 0，如图甲所示。
挂上钩码，静止后弹簧长度为x 1(弹簧处于弹性限度内)，如图乙所示。
则乙图中弹簧的弹力大小等于A.kx 0B.kx 1C.k (x 1+x 0)D.k (x 1一x 0)【答案】D 【解析】【详解】不挂钩码时，弹簧处于原长，故原长为x 1，由胡克定律，挂上钩码后弹簧弹力为()110F k x x =-，D正确。
故选D。
3.飞机与水平方向成60°角斜向上飞行，飞机的速度大小是200m/s，这个速度在水平方向的分速度为（）m/s D.A.100m/sB.200m/sC.【答案】A【解析】【详解】速度在水平方向的分速度为vｘ=v cos600=100m/s所以A正确；BCD错误；故选A。
4.如图，ab两条曲线为汽车a、b在同一条平直公路上的v t 图像，已知a、b曲线关于它们两交点的连线对称，且在2t时刻两车相遇，下列说法正确的是（）A.1t时刻两车也相遇t t 时间内的任一时刻，a车与b车加速度相等B.在12t t 这段时间内，两车平均速度相等C.在12D.1t时刻a车在后，b车在前【答案】D【解析】t t 这段时间内，a图线与坐标轴所围的面积大于b图线与坐标轴所围的面积，所以这段【详解】A．在12时间内，a车的位移大，1t时刻两车不相遇，故A错误；t t 这段时间内的相同时刻，图像的斜率不相等，a车与b车加速度不相等，故B错误；B．在12t t 这段时间内，a图线与坐标轴所围的面积大于b图线与坐标轴所围的面积，所以这段时间内，a C．在12车的位移大，a车的平均速度大，故C错误；D ．在12t t 这段时间内，a 图线与坐标轴所围的面积大于b 图线与坐标轴所围的面积，所以这段时间内，a 车的位移大，在2t 时刻两车相遇，1t 时刻a 车在后，b 车在前，故D 正确。
高一下学期开学考试(物理)试题含答案
高一下学期开学考试（物理）（考试总分：100 分）一、单选题（本题共计8小题，总分32分）1.（4分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．曲线运动一定是匀变速运动C．曲线运动一定是变加速运动D．速度大小不变的运动一定不是曲线运动2.（4分）2．如图所示，一个物体在外力F的作用下沿光滑的水平面沿曲线从M减速运动到N，下面关于外力F和速度的方向的图示正确的是（）A．B．C．D．3.（4分）3．“研究平抛物体的运动”实验的装置如图所示，下列说法错误的是（）A．在实验前应将斜槽的末端切线调成水平B．将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行C．小球每次必须从斜面上同一位置由静止开始释放D．斜槽对小球的摩擦对本实验有影响，应该选择尽量光滑的斜槽4.（4分）4．将石块从空中某一高度水平抛出，不计空气阻力，石块运动的过程中（）A．速度的大小不变B．速度的方向不变C．竖直向下的分速度不变D．任意时间间隔内的速度的变化量的方向不变5.（4分）5．如图所示为一个做匀变速曲线运动的质点从A到E的运动轨迹示意图，已知在B点的速度与加速度相互垂直，则下列说法中正确的是（）A．D点的速率比C点的速率大B．A点的加速度与速度的夹角小于90°C．A点的加速度比D点的加速度大D．从A到D速度先增大后减小6.（4分）6．2020年是农历庚子鼠年，如图所示，一只小老鼠和一只大象在转动的跷跷板上。
跷跷板上A、B两点之间长度为L，当A点的速度为v1时，B点的速度为v2，则转轴O到B点的距离为（）A．L B．LC．L D．L7.（4分）7．如图所示，在室内自行车比赛中，运动员以速度v在倾角为θ的赛道上做匀速圆周运动。
已知运动员的质量为m，做圆周运动的半径为R，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．将运动员和自行车看做一个整体，整体受重力、支持力、摩擦力和向心力的作用B．运动员受到的合力为，是一个恒力C．若运动员加速，则可能沿斜面上滑D．若运动员加速，则一定沿斜面下滑8.（4分）8．如图所示，光滑的水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动，若小球到达P点时F突然发生变化，则下列关于小球运动的说法正确的是（）A．F突然变大，小球将沿轨迹Pb做离心运动B．F突然变大，小球将沿轨迹Pc做近心运动C．F突然变小，小球将沿轨迹Pc做离心运动D．F突然变小，小球将沿轨迹Pc做近心运动二、多选题（本题共计4小题，总分16分）9.（4分）9．如图所示，小球甲从A点水平抛出的同时小球乙从B点自由释放，两小球先后经过C点时的速度大小相等，方向间的夹角为θ＝45°，已知BC高h，不计空气的阻力。
湖南省长沙市2023-2024学年高一下学期入学考试物理试题含答案
湖南2023-2024学年度高一第二学期入学考试物理（答案在最后）命题人：高一物理备课组时量：75分钟满分：100分得分：_________一、选择题（本题共有11个小题，共计49分，其中1~6为单项选择题，每小题4分，只有一个正确选项，7~11题为多项选择题，每小题5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.关于物体运动加速度的方向，下列说法正确的是（）A.物体做直线运动时，其加速度的方向一定与速度方向相同B.物体做变速率曲线运动时，其加速度的方向一定改变C.物体做圆周运动时，其加速度的方向指向圆心D.物体做匀速率曲线运动时，其加速度的方向与速度方向垂直【答案】D【解析】【详解】A．物体做加速直线运动时，加速度的方向与速度方向相同，做减速直线运动时，加速度方向与速度方向相反，故A错误；B．物体做变速率曲线运动时，加速度的方向可能不变，例如平抛运动，故B错误；C．物体做匀速圆周运动时，其加速度的方向指向圆心，故C错误；D．物体做匀速率曲线运动时，其加速度的方向与速度方向垂直，只改变速度的方向，不改变速度的大小，故D正确。
故选D。
2.交通部门常用测速仪检测车速。
测速原理是测速仪前后两次发出并接受到被测车反射回的超声波信号，再根据两次信号的时间差，测出车速，如图甲。
某次测速中，测速仪发出与接收超声波的情况如图乙所示，x表示超声波与测速仪之间的距离。
则该被测汽车速度是（假设超声波的速度为340米/秒，且保持不变）（）A.28.33米/秒B.13.60米/秒C.14.78米/秒D.14.17米/秒【答案】D 【解析】【详解】由题图可知：超声波第一次从测试仪发出到与汽车相遇的地点，经过的时间为1(0.320)s=0.16s 2t -=由sv t=可得，超声波通过的距离为11340m/s 0.16s=54.4ms v t ==⨯声超声波第二次从测试仪发出到与汽车相遇的地点，经过的时间为()2 1.24 1.00s=0.12s2t -=超声波通过的距离为22340m/s 0.12s=40.8ms v t ==⨯声故汽车行驶的距离为1254.4m-40.8m=13.6ms s s =-=由题图可知测试仪发出的超声波两次间隔时间为1s ，则超声波第一次从测试仪发出到与汽车相遇的地点，经过的时间为0.16s ；超声波第二次发出的时间为1s 末，超声波第二次与汽车相遇的时刻应该是：1s+0.12s=1.12s ，故汽车行驶的时间为1.12s 0.16s=0.96st =-所以汽车行驶的速度为13.6m 14.17m/s 0.96ss v t ==≈车故选D 。
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A．磅秤的示数等于0.1mg B．人的重力势能增加了 mgh
2/5
C．人的动能增加了 0.9mgh D．人的机械能增加了 1.1mgh
10.如图所示，假设某陌生星球表面上有一倾角为 θ＝37°的固定斜面，一质量为 m＝1.0kg 的小物块从斜面底 端以速度 9m/s沿斜面向上运动，小物块运动 1.5s时速度恰好为零。已知小物块和斜面间的动摩擦因数为 0.25， 该星球半径为 R＝1.2×103km（不考虑星球的自转，G=6.67×10-11Nm2/kg2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），则下 列正确的是（ ）
成实验误差的主要原因是__________________（只写一条即可）。
三、计算题（请在答题纸上写出简要的文字说明和条理规范的步骤，共 3 小题，共 42 分）
14．（10 分）2019 年 5 月 17 日 23 时 48 分，我国在西昌卫星发射 中心用长征三号丙运载火箭，成功发射 了第四十五颗北斗导航卫星。假设该卫星在距离地球表面高为 h 处绕地球做匀速圆周运动，地球半径为 R，
的
5/5
地球表面重力加速度为
g，万有引力常量为
G，地球的体积为V体
=
4 3
πR3 ，忽略地球自转。求：
（1）地球的平均密度 ρ；
（2）该人造卫星绕地球运动的周期 T。
4/5
15.（15 分）如图所示，水平轨道 AB 的间距为 s＝4m，BC 是半径为 R＝0.40m 的竖直半圆形光滑轨道，B 为两轨道的连接点，C 为轨道的最高点。一小物块以 v0＝6m/s 的初速度从 A 点出发，经过 B 点滑上半圆形 光滑轨道，恰能经过轨道的最高点，之后落回到水平轨道 AB 上的 D 点处。g 取 10m/s2，求： (1)落点 D 到 B 点间的距离 x； (2)小物块经过 B 点时的速度大小 vB（结果可含根号）； (3)小物块与水平轨道 AB 间的动摩擦因数 μ。
(3)若是测量重力加速度 g。为减少实验的偶然误差，采用逐差法处理数据，则加速度大小可以表示为
g=_______________（用题中和图中所示字母表示）。
(4)为了验证重锤下落过程机械能是否守恒，则重锤的质量是否有必要测量__________（填“是”或“否”）
(5)在研究重锤在 AE 运动过程中机械能是否守恒时，结果发现重锤增加的动能总是小于减小的重力势能，造
1/5
D．在 0.4 s 时间内物块运动的位移 6 m
5.将三个质量均为 m 的小球 a、b、c 用细线相连后(b、c 间无细线相连)，再用细线悬挂于 O 点，如图所示．用
力 F 拉小球 c，使三个小球都处于静止状态，且细线 Oa 与竖直方向的夹角保持为 θ＝30°，则 F 的最小
值为
()
A．mg
B. 物体做加速运动，且 v2 v1 C. 物体做加速运动 ，且 FT = G D. 物体做匀速运动，且 FT = G
4.如图甲，一维坐标系中有一质量为 m＝2 kg 的物块静置于 x 轴上的某位置(图中未画出)，从 t＝0 时刻开始， 物块在外力作用下沿 x 轴做匀变速直线运动，如图乙为其位置坐标和速率平方关系图象，下列说法正确的 是( ) A．t＝4 s 时物块的速率为 2 m/s B．加速度大小为 1 m/s2 C．t＝4 s 时物块位于 x＝4 m 处
(1)按装置安装器材，然后先给计时器通电后释放重物，释放重锤时应使重锤_______________计时器（填“靠
近”或“远离”）。
(2)若是探究重力做功和物体动能的变化时
重锤运动的瞬时速度 vE=__________________（用题中和图中所示字母表示）。
5 月高一物理月考试题
第I卷 一、选择题（1~8 题为单选、9~12 为多选，选对得 4 分、不全得 2 分、多选错选不得分，12 小题共 48 分）
1.下面说法中正确的是（ ） A. 平抛运动是匀变速运动 B. 物体在恒力作用下不可能做曲线运动 C. 匀速圆周运动是速度大小、方向都不变的运动 D. 做匀速圆周运动物体的角速度时刻改变 2.如图所示，一轻绳的一端系在固定粗糙斜面上的 O 点，另一端系一小球。给小球一足够大的初速度，使 小球在斜面上做圆周运动。在此过程中（ ） A. 斜面对小球的支持力做功 B. 绳的张力对小球不做功 C. 重力对小球不做功
16.（17 分）如图所示，质量为 m＝2kg 的小球置于平台末端 A 点，平台的右下方有一个表面光滑的斜面体， 在斜面体的右边固定一竖直挡板，轻质弹簧拴接在挡板上，弹簧的自然长度为 x0＝0.3m，斜面体底端 C 点 距挡板的水平距离为 d2＝10m，斜面体的倾角为 θ＝37°，斜面体的高度 h＝4.8m。现给小球一大小为 v0＝4m/s 的初速度，使之在空中运动一段时间后，恰好从斜面体的顶端 B 点无碰撞地进入斜面，并沿斜面运动，经 过 C 点后再沿粗糙水平面运动，过一段时间开始压缩轻质弹簧。小球速度减为零时，弹簧被压缩了 Δx＝0.1m。 已知小球与水平面间的动摩擦因数 μ＝0.5，设小球经过 C 点时无能量损失，重力加速度 g 取 10m/s2，求： (1)平台与斜面体间的水平距离 d1 (2)小球在斜面上的运动时间 t (3)弹簧压缩过程中 最大弹性势能 Ep
B. 飞船在 A 点处点火变轨时，动能增大
C. 飞船在 A 点点火后一直到 B 点过程中速度一直在减小
R
D. 飞船在轨道Ⅲ绕月球运动一周所需的时间 T=2π
g0
8．将一小球从地面上方高 H 处水平抛出，不计空气阻力，则小球在随后（落地前）的运动中 A．初速度越大，落地瞬间小球重力的瞬时功率越大 B．初速度越大，在相等的时间间隔内，速度的改变量越大 C．初速度越大，小球落地的瞬时速度与水平方向的夹角越大 D．无论初速度为何值，在相等的时间间隔内，速度的改变量总是相同的
A. EK1＞EK2
B. v1＞v2
C. t1＜t2
D. W1＜W2
12．如图甲所示，质量为 4kg 的物块 A 以初速 度 v0=6m/s 从左端滑上静止在粗糙水平地面上的木板 B。已 知物块 A 与木板 B 之间的动摩擦因数为 μ1，木板 B 与地面之间的动摩擦因数为 μ2，A、B 运动过程的 v-t 图像如图乙所示，A 始终未滑离 B。则
A．μ1=0.4，μ2=0.2
B．物块 B 的质量为 4k g C．木板的长度至少为 3m
甲
乙
D．A、B 间因摩擦而产生的热量为 72J
3/5
第 II 卷 二、实验题 （每空 2 分，共 10 分）
13.某实验小组利用电磁打点计时器和如图的其他器材开展多项实验探究，选择了一条符合实验要求的纸带， 数据如图（已知相邻计数点的时间为 T），回答下列问题：
B．2mg
3 C.2mg
3 D. 2 mg
6.质量为 m 的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为 P，且行驶过程中受到摩擦阻力大小一
定，汽车速度能够达到的最大值为 v，那么当汽车的车速为 v 时，汽车的瞬时加速度的大小为（ ） 4
P
A.
mv
2P
B.
mv
3P
C.
mv
4P
D.
mv
7.按照我国整个月球探测活动 计划，在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，第二步
的 是“落月”工程，已在 2013 年以前完成。假设月球半径为 R，月球表面的重力加速度为 g0，飞船沿距月球
表面高度为 3R 的圆形轨道Ⅰ运动，到达轨道的 A 点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点 B 时再 次点火进入月球近月轨道Ⅲ绕月球做圆周运动。下列判断正确的是（ ）
A. 飞船在轨道Ⅰ上的运行速率 v= g0R 4
A. 小物块沿斜面上升的加速度大小为 a=6m/s2
B. 该星球的重力加速度 g=8m/s2
C. 该星球的质量约为 M=1.6×1023kg
D. 该星球的第一宇宙速度 v=3.0×103m/s
11.如图所示，AC 和 BC 是两个固定的斜面，斜面的顶端 AB 在同一竖直线上，甲、乙两个小物块（可视为 质点）分别从斜面 AC 和 BC 顶端由静止开始下滑，它们的质量分别是 m1，m2（m1＜m2），与斜面间的动摩 擦因数均为 μ。若甲、乙滑至底端 C 的过程中克服摩擦力做的功分别是 W1、W2，所 需时间分别是 t1、t2，甲、乙滑至底端 C 时速度分别是 v1、v2，动能分别是 EK1、EK2， 则（ ）
.D. 在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球动能的减少量
3.在水平地面上做匀速直线运动的小车，通过定滑轮用绳子吊起一个物体，若小车和被吊的物体在同一时刻
速度分别为 v1 和 v2 ，绳子对物体的拉力为 FT，物体所受重力为 G ，则下面说法正确的是
A 物体做匀速运动，且 v1 = v2