黑龙江省鹤岗市第一中学2020_2021学年高一物理12月月考试题20210105016.doc

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2020-2021学年黑龙江省鹤岗一中高一(下)期末物理试卷(附答案详解)

2020-2021学年黑龙江省鹤岗一中高一（下）期末物理试卷1.关于圆周运动下列说法正确的是()A. 物体受一恒力作用，可能做匀速圆周运动B. 匀速圆周运动是变加速曲线运动C. 向心加速度描述的是线速度大小变化的快慢D. 做圆周运动(含变加速圆周运动)的物体，其加速度一定指向圆心2.1999年5月我国成功发射的气象卫星“风云一号”，在距地球表面高度为900km的圆形轨道上运行；2016年8月我国成功发射的“墨子号”量子科学实验卫星，在距地球表面高度为500km的圆形轨道上运行，如图所示。

下列说法正确的是()A. “墨子号”卫星的角速度比“风云一号”的角速度小B. “墨子号”卫星的线速度比“风云一号”的线速度小C. “墨子号”卫星的向心加速度比“风云一号”的向心加速度大D. “墨子号”卫星的运行周期比“风云一号”的运行周期大3.如图所示是一对不等量异种点电荷的电场线分布图，图中两点电荷连线长度为2r，左侧点电荷带电荷量为+2q，右侧点电荷带电荷量为−q，P、Q两点关于两电荷连线对称．由图可知()A. P、Q两点的电场强度相同B. M点的电场强度小于N点的电场强度C. 把同一试探电荷放在N点其所受电场力大于放在M点所受的电场力D. 两点电荷连线的中点处的电场强度为3k qr24.如图所示，长0.5m的轻质细杆，一端固定有一个质量为3kg的小球，另一端由电动机带动，使杆绕O在竖直平面内作匀速圆周运动，小球的速率为2m/s。

取g=10m/s2，下列说法正确的是()A. 小球通过最高点时，对杆的拉力大小是6NB. 小球通过最高点时，对杆的压力大小是6NC. 小球通过最低点时，对杆的拉力大小是24ND. 小球通过最低点时，对杆的拉力大小是54N5.如图所示，质量为m的物体(可视为质点)以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为34g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体()A. 重力势能增加了34mgℎ B. 克服摩擦力做功14mgℎC. 动能损失了mghD. 机械能损失了12mgℎ6.如图所示，水平地面上紧挨着的两个滑块P、Q之间有少量炸药(质量不计)，爆炸后P、Q沿水平地面向左、右滑行的最大距离分别为0.1m、0.4m。

2021届黑龙江省鹤岗市第一中学高三(上)12月第三次模拟物理试题(精品解析版)

鹤岗一中2020~12021学年度高三第三次模拟考试物理试题一、单项选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分，每小题只有一项符合题目要求）1. 某一物体受到几个恒力的作用而作匀速直线运动状态，如果撤掉其中的一个力而其它几个恒力保持不变，则此后（）A. 物体的动能一定不变B. 物体的动量一定不变C. 物体的动能随时间变化率一定不变D. 物体的动量随时间变化率一定不变【答案】D【解析】【详解】物体做匀速直线运动，所受合力为零，撤掉一个恒力，物体所受合力大小等于撤掉力的大小，方向与该力方向相反，物体所受合力为恒力；A．合外力对物体做功，由动能定理可知，物体动能发生变化，故A错误；B．物体所受合外力不为零，物体所受冲量不为零，由动量定理可知，物体动量发生变化，故B错误；C．如果合力与物体速度方向不垂直，物体动能变化，动能随时间的变化而变化，故C错误；D．物体动量随时间的变化率为P m vma F===t t由于力F是恒力，则物体动量随时间变化率一定不变，故D正确；故选D。

2. 汽车在水平面上刹车,其位移与时间的关系是x=24t-6t2,则它在前3s内的平均速度为( ）A. 6 m/sB. 8 m/sC. 10 m/sD. 12 m/s【答案】B【解析】【详解】由位移与时间的关系可知，v0=24m/s；a=-12m/s2则由v=v0+at可知，汽车在2s末即静止，故3s内的位移等于2s内的位移，故3s内汽车的位移242m24mx=⨯=2则汽车的平均速度24m/s8m/sv==3A．6m/s与分析不符，故A错误；B．8m/s与分析相符，故B正确；C．10m/s与分析不符，故C错误；D．12m/s与分析不符，故D错误．3. 一质量为m的乘客乘坐竖直电梯下楼，其位移s与时间t的关系图像如图所示。

乘客所受支持力的大小用F N表示，速度大小用v表示。

重力加速度大小为g。

以下判断正确的是（）A. 0~t1时间内，v增大，F N>mgB. t1~t2时间内，v减小，F N<mgC. t2~t3时间内，v增大，F N <mgD. t2~t3时间内，v减小，F N >mg【答案】D【解析】【详解】A．由于s-t图像的斜率表示速度，可知在0~t1时间内速度增加，即乘客的加速度向下，处于失重状态，则F N<mg，选项A错误；B．在t1~t2时间内速度不变，即乘客的匀速下降，则F N=mg，选项B错误；CD．在t2~t3时间内速度减小，即乘客的减速下降，超重，则F N>mg，选项C错误，D正确；故选D。

2020-2021学年黑龙江省鹤岗市第一中学高一上学期期末考试物理试题 Word版

鹤岗一中2020-2021年度高一上学期期末物理试题一、选择题（共48分，每小题4分，其中1-7题为单选题，8-12为多选题，多选题选不全得2分，有错误选项得0分）1.下列关于单位制的说法中,正确的是 ( )A.在国际单位制中力学的三个基本单位分别是长度单位m 、时间单位s 、力的单位NB.长度是基本物理量,其单位m 、cm , mm 都是国际单位制中的基本单位C.公式F=ma 中,各量的单位可以任意选取D.公式F=kma 中,各物理量的单位都采用国际单位时k=12．某人用绳子通过定滑轮拉木船，设人匀速拉绳的速度为0v 某时刻与水平方向夹角为α，则小船速度x v ，为（）A ．sin v α B ．0sin v αC ．0cos v αD ．0cos v α3.如图所示是皮带传动示意图，右侧轮是主动轮，左侧轮是从动轮，两轮水平放置。

当主动轮顺时针匀速转动时，重10N 的物体同传送带一起运动，若物体与传送带间最大静摩擦力为5N ，则物体所受传送带的摩擦力的大小和图中传送带上P 、Q 两处所受的摩擦力的方向是（） A ．5 N ，向下、向上 B ．0，向下、向上 C ．0，向上、向上D ．0，向下、向下4．在光滑水平面上运动的物体，受到水平恒力F 作用后，沿曲线MN 运动，速度方向改变了90°，如图所示，则此过程中，物体受到的恒力可能是（） A ．F 1B ．F 2C ．F 3D ．F 45．A 、B 两个球用轻弹簧连接，A 球质量为2m ，B 球质量为m ,小球A 由轻绳悬挂在天花板上O 点，两球处于平衡状态，如图所示。

现突然剪断轻绳OA ，让小球下落，在剪断轻弹绳的瞬间，设小球A B 、的加速度分别用1a 和2a 表示，则（） A ．12a g a g ==，B ．1202a a g ==，C ．120a g a ==，D ．1230a g a ==，6．质量为M 的人站在地面上，用绳通过定滑轮将质量为m 的重物从高处放下，如图所示，若重物以加速度a 向下降落（a ＜g ），则人对地面的压力大小为（） A ．（m+M ）g ﹣ma B ．M （g ﹣a ）﹣maC ．（M ﹣m ）g+maD ．Mg ﹣ma7.如图所示，在倾角为30的光滑斜面上，一质量为0.5kg 的小车的支架上用轻绳连接着质量也为0.5kg 的小球，小车在沿斜面向下的外力F 作用下下滑，在小车下滑的过程中，轻绳恰好处于水平，g 取210m /s ，则下列说法正确的是（）A. 轻绳的拉力大小为5NB. B. 轻绳的拉力大小为10NC. 小车的加速度大小为210m /sD. 小车的加速度大小为220m /s8．如图所示，从同一水平直线上的不同位置，沿同一方向水平抛出两个可视为质点的小球、，两个小球在空中相遇，不计空气阻力。

黑龙江省鹤岗市第一中学2020_2021学年高一物理12月月考试题

黑龙江省鹤岗市第一中学2020-2021学年高一物理12月月考试题一、选择(每题4分，共计48分，1－8题，每题只有一个正确答案，9－12题为多选，有选不全的得2分，有错误选项得0分)1.如图所示，小明撑杆使船离岸，则下列说法正确的是( )A.小明与船之间存在摩擦力B.杆的弯曲是由于受到杆对小明的力C.杆对岸的力大于岸对杆的力D.小明对杆的力和岸对杆的力是一对相互作用力2.如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，先后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为F和F′，已知支架间的距离为AB长度的一半，则FF′等于( )A. 3B.3 2C.233 D.333.如图所示，物体A放在斜面体B上，A恰能沿斜面匀速下滑，而斜面体B静止不动.若沿斜面方向用力向下推此物体A，使物体A沿斜面加速下滑，则此时斜面体B受地面的摩擦力( )A.方向水平向右B.方向水平向左C.大小为零D.无法判断大小和方向4.如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A ，A 的左端紧靠竖直墙，A 与竖直墙之间放一光滑圆球B ，整个装置处于静止状态，若把A 向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则( )A.B 对墙的压力增大B.A 与B 之间的作用力增大C.地面对A 的摩擦力减小D.A 对地面的压力减小5.如图所示，在倾角为θ的斜面上方的A 点处旋转一光滑的木板AB ，B 端刚好在斜面上，木板与竖直方向AC 所成角度为α，一小物块由A 端沿木板由静止滑下，要使物块滑到斜面的时间最短，则α与θ角的大小关系( )A.α＝θB.α＝θ2C.α＝2θD.α＝θ36.如图所示，质量为4 kg 的物体A 静止在竖直的轻弹簧上面.质量为1 kg 的物体B 用细线悬挂起来，A 、B 紧挨在一起但A 、B 之间无压力.某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，B对A的压力大小为(取g＝10 m/s2)( )A.0 NB.8 NC.10 ND.50 N7.如图所示，水平线OO′在某竖直平面内，距地面的高度为h，一条长为l(l<h)的轻绳两端分别系有小球A和B，小球A在水平线OO′上，竖直向上的外力作用在A上，A和B都处于静止状态，现从OO′上另一点静止释放小球1，当小球1下落至与小球B等高位置时，从OO′上静止释放小球A和小球2，小球2在小球1的正上方，则下列说法正确的是( )A.小球1将与小球B同时落地B.h越大，小球A与小球B的落地时间差越小C.在小球B下落过程中，轻绳对B的拉力竖直向上D.在小球1落地前，小球1与2之间的距离始终保持不变8.如图所示，质点a、b在直线PQ上运动，质点a从P沿PQ方向做初速度为零的匀加速直线运动，经过位移x1时质点b也开始从Q沿QP方向做初速度为零的匀加速直线运动，经过位移x2时和质点a相遇，两质点的加速度大小相同，则P、Q间的距离为( )A.x1＋2x2＋2x1x2B.2x1＋x2＋2x1x2C.x1＋2x2＋2x1x2D.2x1＋x2＋2x1x29.如图所示，物体以5 m/s的初速度沿光滑的斜面向上做减速运动，经过2 s速度大小变为3 m/s，则物体的加速度( )A.大小为1 m/s2，方向沿斜面向上B.大小为1 m/s2，方向沿斜面向下C.大小为4 m/s2，方向沿斜面向下D.大小4 m/s2，方向沿斜面向上10.如图所示，竖直挡板对小球的弹力为F N1，小车斜面对小球的弹力为F N2.若小车向左加速运动且加速度a逐渐增加，则( )A.F N2逐渐减小B.F N2不变C.F N1逐渐增大D.F N1与F N2的合力有可能不变11.如图所示，传送带带面AB与水平面间夹角为α＝37°，物块与传送带之间动摩擦因数为0.5，传送带保持匀速运转.现将物块由静止放到传送带中部，A、B间距离足够大(即物块可与带面等速，且物块与带面等速时，物块尚未到达A或B).下列关于物块在带面AB上的运动情况的分析正确的是 ( )A .若传送带沿顺时针方向匀速运转，物块沿传送带向上加速滑动B.若传送带沿顺时针方向匀速运转，物块沿传送带向下加速滑动C.若传送带沿逆时针方向匀速运转，物块加速度的大小先为10 m/s 2，后为0 D.若传送带沿逆时针方向匀速运转，物块加速度的大小先为10 m/s 2，后为2 m/s212.甲、乙两质点从同一位置出发，沿同一直线运动，它们的v t 图象如图所示.对这两质点在0～3 s 内运动的描述，下列说法正确的是( )A.t ＝2 s 时，甲、乙两质点相遇B.在甲、乙两质点相遇前，t ＝67 s 时，甲、乙两质点相距最远 C.甲质点的加速度比乙质点的加速度小 D.t ＝3 s 时，乙质点在甲质点的前面二、实验题(每空2分，共计16分)13.如图为“探究求合力的方法”实验，三个细绳套L 1、L 2、L 3共系于一个结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计A 、B 和重物M 上，A 挂于固定点P .手持B 拉动细绳，使结点静止于O 点.(1)某次实验中A的指针位置如图所示，其读数为________N；(2)实验时要在贴于竖直木板的白纸上，记录________________________________________、________和L1、L2、L3的方向及M的重力.(3)下列实验要求中必要的是________(填选项的字母代号).A.弹簧测力计需要在实验前进行校零B.细绳套方向应与木板平面平行C.弹簧测力计B始终保持水平14.某实验小组利用图示的装置探究加速度与力、质量的关系.(1)下列做法正确的是________.(填字母代号)A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C.实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D.通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度(2)为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量________木块和木块上砝码的总质量.(填“远大于”“远小于”或“近似等于”)(3)甲、乙两同学在同一实验室各取一套图示装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线.设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为μ甲、μ，由图可知，m甲________m乙，μ甲________μ乙.(填“大于”“小于”或“等于”)乙三、计算题(本题4个小题，共36分，在答题卡上解答，应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分.有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位.)15.(6分)一质量为m的小孩站在电梯内的体重计上.电梯从t＝0时刻由静止开始上升，在0到6 s内体重计示数F的变化如图所示.试问：在这段时间内电梯上升的高度是多少？(重力加速度g＝10 m/s2)16.(8分)如图所示，质量为4 kg的小球用细绳拴着吊在行驶的汽车后壁上，绳与竖直方向夹角为37°.已知g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求：(1)当汽车以a＝2 m/s2向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力和小球对车后壁的压力；(2)当汽车以a′＝10 m/s2的加速度向右匀减速运动时，细线对小球的拉力和小球对车后壁的压力.17. (10分)如图所示，水平面上有一个倾角为θ＝30°的斜劈，质量为m.一个光滑小球，质量也为m，用绳子悬挂起来，绳子与斜面的夹角为α＝30°，整个系统处于静止状态.(1)求出绳子的拉力F T；(2)若地面对斜劈的最大静摩擦力F fm等于地面对斜劈的支持力的k倍，为了使整个系统始终保持静止，k值必须满足什么条件？18. (12分)在平台AD中间有一个长为2l的凹槽BC，质量为m的滑板上表面与平台AD等高，质量为2m的铁块(可视为质点)与滑板间的动摩擦因数为μ1，铁块以一定的初速度滑上滑板后，滑板开始向右做匀加速运动，当滑板右端到达凹槽右端C时，铁块与滑板的速度恰好相等，滑板与凹槽右侧边碰撞后立即原速反弹，左端到达凹槽B端时速度恰好为零，而铁块则滑上平台CD.重力加速度为g.(1)若滑板反弹后恰好能回到凹槽左端，则滑板与凹槽间动摩擦因数μ2多大？(2)求铁块滑上滑板时的初速度大小v0.高一物理试题一、选择(每题4分，共计48分，1－8题，每题只有一个正确答案，9－12题为多选，有选不全的得2分，有错误选项得0分) 1.答案：A解析：若小明与船之间没有摩擦力，小明将与船产生相对滑动，所以小明和船之间肯定存在摩擦力，A 正确；杆的弯曲是由于杆受到了小明的力，B 错误；杆对岸的力与岸对杆的力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，两者大小相等，C 错误；小明对杆的力与杆对小明的力是一对相互作用力，D 错误.2.解析：选A 设两半球的总质量为m ，当球以AB 沿水平方向放置，可知F ＝12mg ；当球以AB 沿竖直方向放置，单独对右半球受力分析如图所示，可得：F ′＝mg2tan θ，根据支架间的距离为AB 的一半，可得：θ＝30°，则F F ′＝1tan θ＝3，则A 正确.3.解析：根据物体A 放在斜面体B 上，A 恰能沿斜面匀速下滑，把物体和斜面看作整体，可判断出此时斜面体B 受地面的摩擦力大小为零.此时斜面体B 受A 的滑动摩擦力.沿斜面方向用力向下推此物体A ，此时斜面体B 受A 的滑动摩擦力不变，此时斜面体B 受地面的摩擦力大小仍为零，选项C 正确. 答案：C4.解析：受力分析如图，A 右移少许.由图解法可知，B 对墙压力F 减小，A 、B 间作用力N 减少，A 、B 选项错.由整体法可知，地面对A 的摩擦力等于F ，故减小，C 选项正确.A 对地面的压力等于A 、B 两物块的重力，保持不变，故D 选项错.答案：C5.解析：如图所示，在竖直线AC 上选取一点O ，以适当的长度为半径画圆，使该圆过A 点，且与斜面相切于D 点.由等时圆模型的特点知，由A 点沿斜面滑到D 点所用时间比由A 点到达斜面上其他各点所用时间都短.将木板下端B 点与D 点重合即可，而∠COD ＝θ，则α＝θ2.答案：B6.解析：细线剪断瞬间，弹簧弹力不变，A 和B 整体受到的合外力等于物体B 的重力，因此整体的加速度为a ＝m B g m A ＋m B ＝15g ，对物体B ：m B g －F N ＝m B a ，所以A 、B 间作用力F N ＝m B (g －a )＝45m B g ＝8 N. 答案：B 7.答案：B解析：设小球1下落到与B 等高的位置时的速度为v ，小球1还需要经过时间t 1落地，则h －l ＝vt 1＋12gt 12，设B 运动的时间为t 2，由h －l ＝12gt 22，可知t 1<t 2，故A 错误；设A 运动时间为t 3，则h ＝12gt 32，可得t 3－t 2＝2hg －2(h －l )g，l 是一个定值时，h 越大，小球A 与小球B 的落地时间差越小，故B 正确；小球A 与B 都做自由落体运动，所以二者之间的轻绳没有作用力，故C 错误；1与2两球的距离L ＝vt ＋12gt 2－12gt 2＝vt ，可见两球间的距离随时间的推移会越来越大，故D 错误 8.答案：A解析：设质点a 经过时间t 1运动位移x 1，再经过t 2与质点b 相遇，加速度大小为a 0，则t 1末a 的速度为a 0t 1，根据运动学公式有x 1＝12a 0t 12，x 2＝12a 0t 22，两式相除可得t 2＝x 2x 1t 1，在t 2时间内质点a 运动的位移x 3＝(a 0t 1)t 2＋12a 0t 22＝x 2＋2x 1x 2，则PQ ＝x 1＋x 2＋x 3＝x 1＋2x 2＋2x 1x 2，故A 正确.9.解析：取初速度方向为正方向，则v 0＝5 m/s.若2 s 后的速度方向沿斜面向上，v ＝3 m/s ，则a ＝Δv Δt ＝v －v 0Δt ＝3－52 m/s 2＝－1 m/s 2，即加速度大小为1 m/s 2，方向沿斜面向下；若2 s 后的速度方向沿斜面向下，v ＝－3 m/s ，则a ＝Δv Δt ＝v －v 0Δt ＝－3－52 m/s 2＝－4 m/s 2，即加速度大小为4 m/s 2，方向沿斜面向下.故选项A 、D 错误，B 、C 正确. 答案：BC 10.答案：BC解析：对小球进行受力分析，作出受力图：重力mg 、竖直挡板对小球的弹力F N1、小车斜面对球的弹力F N2.设加速度大小为a ，斜面的倾角为α.根据牛顿第二定律得：竖直方向：mg ＝F N2cos α① 水平方向：F N1－F N2sin α＝ma ② 由①看出，m 、α不变，则F N2不变. 由②得，F N1＝F N2sin α＋ma .则向左加速运动且加速度a 逐渐增加时，F N1逐渐增大.故B 、C 正确，A 、D 错误. 11.答案：BD解析：因为mg sin α＞μmg cos α，若传送带沿顺时针方向匀速运转，物块沿传送带向下加速滑动，A 错误，B 正确；若传送带沿逆时针方向匀速运转，刚开始由于物块的速度小于传送带的速度，所以此时物块相对传送带向上运动，故受到的摩擦力方向沿传送带向下，根据牛顿第二定律可得a 1＝mg sin α＋μmg cos αm＝10 m/s 2，当物块速度和传送带速度相同时，由于mg sin α＞μmg cos α，所以物块仍会向下加速运动，此时物块相对传送带向下运动，所以受到的摩擦力方向沿传送带向上，故根据牛顿第二定律可得a 2＝mg sin α－μmg cos αm＝2 m/s 2，故C 错误，D 正确. 12.答案：BD解析：由题图可知，甲的加速度a 甲＝－23 m/s 2，乙的加速度a 乙＝0.5 m/s 2，加速度是矢量，其正负只表示方向，不表示大小，C 错误；由图象可得t ＝67 s 时，两者速度相等，甲、乙两质点的距离为甲、乙两质点相遇前的最大值，故B 正确；t ＝2 s 时，甲的位移x 甲＝12×(2＋23)×2 m＝83 m ，乙的位移x乙＝12×(1＋2)×2 m＝3 m ，这时乙已在甲前，A 错误；t ＝2 s之后乙的速度一直大于甲的速度，乙在甲前，D 正确.二、实验题(每空2分，共计16分)13.答案：(1)2.00 (2)O 点的位置 A 、B 的示数 (3)AB解析：(1)A 的读数为2.00；(2)实验时要在贴于竖直木板的白纸上，记录O 点的位置、A 、B 的示数和L 1、L 2、L 3的方向及M 的重力；(3)弹簧测力计需要在实验前进行校零，选项A 正确；细绳套方向应与木板平面平行，以减小实验的误差，选项B 正确；弹簧测力计B 不一定要始终保持水平，选项C 错误；故选A 、B.14.答案：(1)AD (2)远小于 (3)小于大于解析：(1)为使木块运动过程中受到的拉力恒定，应调节细绳与长木板平行，A 正确.在调节木板倾斜度平衡摩擦力时应拿掉砝码桶，并且实验过程中改变木块上的砝码质量时，不需要重新平衡摩擦力，B 错误，D 正确.实验时，先接通打点计时器的电源，再放开木块，C 错误. (2)在此实验中可以认为木块所受细绳的拉力F 等于砝码及砝码桶的重力，而实际上对木块和木块上的砝码：F ＝Ma对砝码及砝码桶：mg －F ＝ma联立解得F ＝MM ＋m mg故只有当m <<M 时才能近似满足F ＝mg (3)在水平桌面上未平衡摩擦力时木块的加速度a ＝Fm －μga —F 图线的斜率k ＝1m 在纵轴负方向的截距b ＝μg由图象知k 甲>k 乙，b 甲>b 乙，所以m 甲<m 乙，μ甲>μ乙三、计算题(本题4个小题，共36分，在答题卡上解答，应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分.有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位.) 15.(6分)答案：18 m解析：在0～2 s 内，电梯做匀加速运动，加速度为：a 1＝F 1－mgm ＝2 m/s 2上升高度为：h 1＝12a 1t 21＝12×2×4 m＝4 m 2 s 末速度为：v ＝a 1t 1＝4 m/s在中间3 s 内，电梯加速度为0，做匀速运动，上升高度为：h 2＝vt 2＝4×3 m＝12 m最后1 s 内做匀减速运动，加速度为：a 2＝F 3－mgm ＝－4 m/s 2在第6 s 末恰好停止.上升高度为：h 3＝12vt 3＝12×4×1 m＝2 m故在这段时间内上升高度为：h ＝h 1＋h 2＋h 3＝4 m ＋12 m ＋2 m ＝18 m.16.(8分)解析：(1) 当汽车向右匀减速行驶时，设车后壁弹力为0时(临界条件)的加速度为a 0，受力分析如图所示.由牛顿第二定律得：T 2sin θ＝ma 0，T 2cos θ＝mg 代入数据得：a 0＝g tan θ＝10×34 m/s 2＝7.5 m/s 2当汽车以a ＝2 m/s 2向右匀减速行驶时，小球受力分析如图.由牛顿第二定律得：T 1cos θ＝mg ，T 1sin θ－F N ＝ma代入数据得：T 1＝50 N ，F N ＝22 N由牛顿第三定律知，小球对车后壁的压力大小为22 N. (2)因为a ＝10 m/s 2>a 0 所以小球飞起来，F N ′＝0所以，当汽车以a ′＝10 m/s 2向右匀减速运动行驶时，由牛顿第二定律得T 2cos θ′＝mgT 2sin θ′＝ma ′代入数据得T 2＝40 2 N.答案：(1)50 N 22 N (2)40 2 N 017. (10分)答案：(1)33mg (2)k≥39解析：(1)对小球受力分析，如图甲所示，由平衡条件得：mg sin θ－F T cos α＝0，解得F T＝33mg.(2)对斜劈和小球组成的整体受力分析，如图乙所示，由平衡条件得：水平方向：F T cos(θ＋α)－F f＝0竖直方向：F N2＋F T sin(θ＋α)－2mg＝0又F f≤F fm＝kF N2联立各式解得k≥3 9.18. (12分)解析：(1)设滑板向右加速滑动时加速度大小为a1，反弹后向左滑动时加速度大小为a2，滑板与凹槽右端碰撞时的速度大小为v，由运动规律得滑板向右做初速度为零的匀加速运动，则v2＝2a1l ①反弹后向左做匀减速运动，末速度为零，则0－v2＝－2a2l②滑板向右运动时水平方向受到铁块向右的滑动摩擦力和槽底向左的滑动摩擦力，向左滑动时只受槽底向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律得μ12mg －μ23mg ＝ma 1 ③ μ2mg ＝ma 2 ④联立①②③④解得μ2＝12μ1 ⑤ (2)由②④⑤得v ＝μ1gl ⑥铁块向右滑动的加速度大小为a ，则μ12mg ＝2ma ⑦ 铁块向右做匀减速运动，有v 2－v 20＝－2a ·2l ⑧ 由⑥⑦⑧解得v 0＝5μ1gl ⑨ 答案：(1)12μ1 (2)5μ1gl。

黑龙江省鹤岗市一中最新高一物理上学期第一次月考试题含解析

黑龙江省鹤岗市一中２019－2０20学年高一物理上学期第一次月考试题（含解析）一、选择题(1－８为单选题，9－12为多选题，每题4分，共48分）1.关于质点的下列说法正确的是( ）A。

研究地球公转时，由于地球很大,所以不能将地球看做质点B. 研究火车经过南京长江大桥所用的时间时，可以将火车看做质点C．万吨巨轮在大海中航行，研究巨轮所处的地理位置时，巨轮可看做质点D. 研究短跑运动员的起跑姿势时,由于运动员是静止的，所以可以将运动员看做质点【答案】Ｃ【解析】【分析】质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质,看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略；【详解】A、研究地球公转时，虽然地球很大，但公转半径比地球大得多,所以能将地球看做质点,所以A 错误；B、研究火车经过南京长江大桥所用的时间时，火车的长度与大桥的长度相差不大，则不可以将火车看做质点，所以B错误；ﻫＣ、巨轮的大小和形状不影响它在海面的位置，所以可以看做质点，所以Ｃ正确；D、短跑运动员的起跑姿势时，虽然运动员是静止的，但要研究运动员的起跑姿势,此时不能看成质点,所以Ｄ错误.【点睛】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件,看物体的大小和形状对所研究的问题是否产生影响，物体的大小和形状能否忽略。

2。

对于平均速度、瞬时速度与速率,下列说法正确的是（）Ａ。

　平均速度的大小等于平均速率B。

　平均速度的大小一定等于初速度和末速度的平均值C. 平均速度可认为等于瞬时速度Ｄ。

　瞬时速度的大小叫瞬时速率，简称速率【答案】D【解析】【详解】A、平均速度的大小不等于平均速率，平均速度等于位移除以时间,平均速率等于路程除以时间，故A错误；B、平均速度等于位移除以时间，表示一段位移内的平均快慢程度，不一定等于初速度和末速度的平均值,故B错误；C、平均速度对应一段时间的运动快慢，而瞬时速度是某一瞬间的运动快慢，二者不一定相等,故C错误;D、瞬时速度的大小叫瞬时速率,简称速率,故D正确。

黑龙江省鹤岗市第一中学2020-2021学年高一(下)期中物理试题

黑龙江省鹤岗市第一中学2020-2021学年高一（下）期中物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．用如图所示的装置可以探究做匀速圆周运动的物体需要的向心力的大小与哪些因素有关。

本实验采用的科学方法是（）A．控制变量法B．累积法C．微元法D．放大法2．我国发射的“嫦娥一号”卫星经过多次加速、变轨后，最终成功进入环月工作轨道。

如图所示，卫星既可以在离月球比较近的圆轨道a上运动，也可以在离月球比较远的圆轨道b上运动。

下列说法正确的是（）A．卫星在a上运行的周期大于在b上运行的周期B．卫星在a上运行的加速度大于在b上运行的加速度C．卫星在a上运行的线速度小于在b上运行的线速度D．卫星在a上运行的角速度小于在b上运行的角速度3．“辞别月宫去，采得月壤归”－北京时间2020年12月17日1时59分，探月工程嫦娥五号返回器在内蒙古四子王旗预定区域成功着陆，标志着我国首次地外天体采样返回任务圆满完成。

如图所示是嫦娥五号卫星绕月球运行的三条轨道，轨道1是近月圆轨道，轨道2和3是变轨后的椭圆轨道。

轨道1上的A点也是轨道2、3的近月点，B点是轨道2的远月点，C点是轨道3的远月点。

则下列说法中正确的是（）A ．卫星在轨道2的周期大于在轨道3的周期B ．卫星在轨道2经过A 点时的速率小于在轨道1经过A 点时的速率C ．卫星在轨道2经过A 点时的加速度大于在轨道3经过A 点时的加速度D ．卫星在轨道2上B 点所具有的机械能小于在轨道3上C 点所具有的机械能 4．一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为0v 假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m 的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N ，已知引力常量为G,则这颗行星的质量为A ．2mv GNB ．4mv GNC ．2Nv GmD ．4Nv Gm5．如图所示，质量为m 的物块从A 点由静止开始下落，加速度是2g，下落H 到B 点后与一轻弹簧接触，又下落h 后到达最低点C ，在由A 运动到C 的过程中，空气阻力恒定，则( )A ．物块机械能守恒B ．物块和弹簧组成的系统机械能守恒C ．物块机械能减少1()2mg H h + D ．物块和弹簧组成的系统机械能减少1()2mg H h + 6．如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的v ﹣t 图像，Oa 为过原点的倾斜直线，ab 段表示以额定功率行驶时的加速阶段。

鹤岗市第一中学2020_2021学年高一物理10月月考试题

黑龙江省鹤岗市第一中学2020—2021学年高一物理10月月考试题一、选择题（1-8单选，每题3分选错0分,9—12多选题每题4分，少选2得分共40分）1．金丽温高铁的开通，大幅缩短了沿线各城市的时空距离,金华到温州线路全长188千米，从丽水乘坐动车到杭州只需要1小时34分，最高时速可达300 km/h，下列说法正确的是（)A．1小时34分是指时刻B．全长188千米指位移C．300 km/h指瞬时速度D．研究动车完全通过短隧道的时间,动车可看成质点2由加速度的公式a＝错误!可知(）A．加速度a与速度变化量Δv成正比B．物体的加速度大小由Δv决定C．加速度a的方向与速度变化量Δv的方向相反D。

错误!叫做速度的变化率，也即加速度3沿直线运动的一列火车和一辆汽车速度分别为v1和v2，v1、v2在各个时刻的大小如下表所示,从表中数据可以看出（）A.火车的速度变化较慢B．汽车的加速度较小C．火车的位移在减小D．汽车的位移在减小4下列关于物体重力的说法中正确的是(）A．地球上的物体只有运动时才受到重力B．同一物体在某处向上抛出后所受重力较小，向下抛出后所受重力较大C．某物体在同一位置时，所受重力与静止还是运动有关，重力大小不同D．物体所受重力大小与其质量有关5沿直线做匀变速运动的质点在第一个0.5 s内的平均速度比它在第一个1.5 s内的平均速度大2。

45 m/s，以质点的运动方向为正方向,则质点的加速度为(）A．2.45 m/s2B．－2.45 m/s2 C．4。

90 m/s2D．－4.90 m/s26科学研究发现：在月球表面没有空气，重力加速度约为地球表面处重力加速度的错误!。

若宇航员登上月球后,在空中同一高度处同时由静止释放羽毛和铅球，忽略地球和其他星球对它们的影响，下列说法中正确的是()A．羽毛将加速上升，铅球将加速下落B．羽毛和铅球都将下落，且同时落到月球表面C．羽毛和铅球都将下落，但铅球先落到月球表面D．羽毛和铅球都将下落,但落到月球表面时的速度不同7如图1所示，为甲、乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x 随时间t变化的图象,已知甲做匀变速直线运动，乙做匀速直线运动，则0～t2时间内，下列说法正确的是（）A．两物体在t1时刻速度大小相等B．t1时刻乙的速度大于甲的速度C．两物体的平均速度大小相等D．甲的平均速度小于乙的平均速度图18甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶，其v－t图象如图2所示，下列对汽车运动状况的描述正确的是()A．在第10 s末,乙车改变运动方向B．在第10 s末，甲、乙两车相距150 mC．在第20 s末，甲、乙两车相遇D．若开始时乙车在前，则两车可能相遇两次图29如图3为伽利略研究自由落体运动规律时设计的斜面实验．他让铜球在阻力很小的斜面上从静止滚下,利用滴水计时记录铜球运动的时间．关于伽利略的“斜面实验”，下列说法不正确的是（）图3A．在倾角较小的斜面上进行实验，可“冲淡”重力的作用，使测量时间更容易B．伽利略通过对自由落体运动的研究，进行合理外推得出铜球在斜面做匀变速运动C ．若斜面倾角一定,不同质量的铜球在斜面上运动时速度变化的快慢不同D ．若斜面倾角一定，铜球沿斜面运动的位移与所用时间成正比 10在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t 1时刻，速度达较大值v 1时打开降落伞，做减速运动，在t 2时刻以较小速度v 2着地,他的速度-时间图象如图所示，下列关于该空降兵在0～t 1或t 1~t 2时间内的平均速度v 的结论正确的是( ) A 。

鹤岗市第一中学2020-2021学年高一上学期期中考试物理试题(含答案)

鹤岗市第一中学2020-2021学年高一上学期期中考试物理试题分值：100分时间：90分钟一、选择（1-6题，每小题只有一个正确答案，7-12题为多选，有选不全的得2分，有错误选项得0分，每小题4分，共计48分）1.日常生活中所说的速度有时指平均速度，有时指瞬时速度，下列选项中所讲的速度是平均速度的是（）A．子弹在枪筒中的速度B．百米赛跑运动员以10m/s的速度冲过终点线C．汽车速度计指示的速度D．高速公路的速度路标上标有“限速”字样2.一质点的位移-时间图象（x-t图象）如图所示，能正确表示该质点的速度-时间图象（v-t的图象）的是（）A．B．C．D．3.小球从靠近竖直砖墙的某位置由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3和4所示。

已知连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d。

由此可知小球（）A ．下落过程中的加速度大小约为22d T B ．经过位置3时的瞬时速度大小约为2gT C ．经过位置4时的瞬时速度大小约为92d TD ．从位置1到4过程中的平均速度大小约为94d T4.一根轻质弹簧一端固定，用大小为1F 的力压弹簧的另一端，平衡时长度为1l ；改用大小为2F 的力拉弹簧，平衡时长度为2l .弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为（） A.2121F F l l --B.2121F F l l ++ C.2121F F l l +-D.2121F F l l -+5.如图所示，倾角为θ的斜面体C 置于水平面上，B 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B 的一段细绳与斜面平行，外力F 水平向右推B ，A 、B 、C 处于静止状态；若F 方向不变，大小逐渐增大，A 、B 、C 处仍处于静止状态则（）A ．滑轮对绳的作用力逐渐减小B ．物块B 所受到的支持力和摩擦力的合力一定增大C ．物块C 受到的摩擦力一定减小D ．物块B 受到的摩擦力一定增大6.如图所示，一轻质光滑定滑轮固定在倾斜木板上，质量分别为m 和2m 的物块A 、B ，通过不可伸长的轻绳跨过滑轮连接，AB 、间的接触面和轻绳均与木板平行。

黑龙江省鹤岗市第一中学2019-2020学年高一上学期12月月考物理试题 Word版含解析

鹤岗一中2019-2020学年上学期12月考考试高一物理试题一、选择题1.有关力和运动的关系，下列说法中正确的是（）A. 伽利略理想斜面实验说明力是维持物体运动的原因B. 若物体所受的合力为零，则物体一定是静止状态C. 牛顿第一定律指明力是改变物体运动状态的原因D. 运动物体的速度方向与所受合力方向一定相同【答案】C【解析】【详解】A. 牛顿第一定律告诉我们，一切物体都有保持原来速度不变的性质，力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，故A错误；B. 若物体所受的合力为零，则物体静止或匀速运动，故B错误．C. 牛顿第一定律指明力是改变物体运动状态的原因，故C正确．D. 运动物体的速度方向与所受合力方向可以成任意角度，故D错误．2.如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重力为2N 的小球，小球处于静止状态，则弹性杆对小球的弹力（）A. 大小为2N，方向平行于斜面向上B. 大小为1N，方向平行于斜面向上C. 大小为2N，方向垂直于斜面向上D. 大小为2N，方向竖直向上【答案】D【解析】【详解】小球受到重力G和弹性杆对小球的弹力F，由于小球处于静止状态，弹力与重力平衡，故弹性杆对小球的弹力方向应竖直向上，大小为F=G=2N；A. 大小为2N，方向平行于斜面向上，与结论不相符，选项A错误；B. 大小为1N，方向平行于斜面向上，与结论不相符，选项B错误；C. 大小为2N ，方向垂直于斜面向上，与结论不相符，选项C 错误；D. 大小为2N ，方向竖直向上，与结论相符，选项D 正确；3.足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的是（G 为重力，F 为脚对球的作用力，Ff 为空气阻力）（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】对物体受力分析，明确物体和周围几个物体相接触，即每个力应找到施力物体．【详解】足球飞在空中时，一定受重力，且竖直向下；同时由于空气的作用，受到空气阻力；方向与运动方向相反；故选B ．【点睛】本题解答时学生易错选D 答案，原因是没有真正惯性的意义，同时应注意在受力分析时养成找施力物体的习惯．4.一质点沿直线运动，其平均速度与时间数量关系满足2v t =+（各物理量均选用国际单位制单位），则关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A. 质点可能做匀减速直线运动B. 5s 内质点的位移为35mC. 质点运动的加速度为21m /sD. 质点在3s 末的速度为5m /s 【答案】B【解析】【详解】AC ．将平均速度x v t=与2v t =+联立可得， 22x vt t t ==+，对比2012x v t at =+知，质点的初速度v 0=2m/s ，加速度22m /s a =，质点做匀加速直线运动，故AC 错误． B.5s 内质点的位移201(2525)m 35m 2x v t at =+=⨯+= 故B 正确．D.质点在3s 末的速度：0(223)m /s 8m /s v v at =+=+⨯=故D 错误． 5.如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O 点，现用水平F 缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N ，以及绳对小球的拉力F T 的变化情况是（）A. F N 保持不变，F T 不断增大B. F N 不断增大，F T 不断减小C. F N 保持不变，F T 先增大后减小D. F N 不断增大，F T 先减小后增大【答案】D【解析】【详解】对小球进行受力分析，重力、支持力F N 、拉力F T 组成一个闭合的矢量三角形，由于重力不变、支持力F N 方向不变，斜面向左移动的过程中，拉力F T 与水平方向的夹角β减小，当β=θ时，F T ⊥F N ，细绳的拉力F T 最小，由图可知，随β的减小，斜面的支持力F N 不断增大，F T 先减小后增大．故D 正确，ABC 错误．6. 质量为M 的人站在地面上，用绳通过定滑轮将质量为m 的重物从高处放下，如右图所示，若重物以加速度a 向下降落(a<g)，则人对地面的压力大小为( )A. (m ＋M )g －maB. M (g －a )－maC. (M －m )g ＋maD. Mg －ma【答案】C【解析】研究重物：受到绳子的拉力和重力，根据牛顿第二运动定律可得mg T ma -=，所以T mg ma =-，研究人：受到绳子的拉力，重力，地面的支持力，处于静止状态，所以T N Mg +=,所以N Mg T Mg mg ma =-=-+，选C7.如图所示，小球A 置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上，小球B 用水平轻弹簧拉着系于竖直板上，两小球A 、B 通过光滑滑轮O 用轻质细线相连，两球均处于静止状态，已知B 球质量为m ，O 点在半圆柱体圆心O 1的正上方，OA 与竖直方向成30°角，OA 长度与半圆柱体半径相等，OB 与竖直方向成45°角，则下列叙述正确的是A. 小球A 、B 受到的拉力T OA 与T OB 相等，且T OA ＝T OB 3mgB. 2mgC. A 6mD. 光滑半圆柱体对A 球支持力的大小为mg【答案】C【解析】【详解】A 、B 、隔离对B 分析，根据共点力平衡得：水平方向有：T OB sin45°=F竖直方向有：T OB cos45°=mg ，则2OB T mg =，弹簧弹力 F =mg ，根据定滑轮的特性知：T OA 与T OB 相等；故A ，B 错误. C 、D 、对A 分析，如图所示：由几何关系可知拉力T OA 和支持力N 与水平方向的夹角相等，夹角为60°，则N 和T 相等，有：2T OA sin60°=m A g ，解得：6A m m =，由对称性可得：2OA N T mg ==，故C 正确，D 错误.故选C.【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．本题采用隔离法研究比较简便．8.如图(俯视)所示，完全相同的四个足球彼此相互接触叠放在水平面上处于静止状态，每个足球的质量都是m ，不考虑转动情况，下列说法正确的是（重力加速度为g ）A. 下面每个球对地面的作用力均为43mg B. 下面的球不受地面给的摩擦力 C. 下面每个球受地面给的摩擦力均为26mg D. 上面球对下面每个球的压力均为33mg 【答案】AC【解析】【详解】A. 根据整体法，下面每个球对地面的压力为N ，3N =4mg下面每个球对地面的作用力均为43mg ，故A 正确． B. 四个球的球心连线构成了正四面体，对下面的一个球受力分析，如图，可知会受到摩擦力作用，否则不会静止．故B 错误C. 根据几何关系可求，F 与mg 63 6433mg F mg N +== 33F f = 联立解得：266f mg F == 故C 正确，D 错误 9.下列关于重心、弹力和摩擦力的说法，正确的是( )A. 物体的重心一定在物体的几何中心上B. 劲度系数越大的弹簧，产生的弹力越大C. 动摩擦因数与物体之间的压力成反比，与滑动摩擦力成正比D. 静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化【答案】D【解析】试题分析：A ．重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心，故A 错误；B ．根据弹簧弹力的表达式F=kx ，x 为伸长量或压缩量，k 为弹簧的劲度系数，可知：弹力不仅跟劲度系数有关，还跟伸长量或压缩量有关，故B错误；C．动摩擦因数与接触面的粗糙程度有关，与物体之间的压力、滑动摩擦力无关，故C错误；D．静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化的，当超过最大静摩擦力之后就开始相对运动了，此后就是滑动摩擦力了，故D正确．故选D10.如图所示，将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，整个装置静止，则A. 绳子上拉力可能为零B. 地面受的压力可能为零C. 地面与物体间可能存在摩擦力D. A、B之间可能存在摩擦力【答案】AD【解析】【详解】A．如果B对A的作用力和A的重力平衡，则绳子拉力为零，A正确；B．地面受的压力一定不可能为零，B错误；C．以整体为研究对象可知，整体水平方向合力为零，地面与物体间不存在摩擦力，C错误；D．当绳子拉力与A的重力相等时，A和B之间没有摩擦力，如果不相等，则A和B之间一定存在摩擦力，所以D正确．11.1F和2F合力方向竖直向下，若保持1F的大小和方向都不变，保持F2的大小不变，而将2F 的方向在竖直平面内转过600角，合力的方向仍竖直向下，下例说法中正确的是( )A. F1一定大于2FB. 1F可能小于2FC. 2F的方向与水平面成300角D. 1F的方向和2F的方向成600角【答案】AC【解析】试题分析：由于合力始终向下，可知2F 与2F '的水平分力相同．故2F 与2F '关于水平方向对称．所以2F 与水平方向成30°，设1F 与竖直方向成α，如图所示．对各力进行分解可得：12sin cos30F F α=︒…①12cos sin 30F F α>︒…②，由①2+②2得：2212F F >，即12F F >,故AC 正确；考点：考查了力的合成【名师点睛】本题关键在于2F 方向虽然改变，但合力方向仍不变，，因此根据力的合成与分解，结合平行四边形定则，即可求解12.一倾角为30°的斜劈放在水平地面上，一物体沿斜劈匀速下滑．现给沿斜面下滑的物体施加如图所示力F ，F 与竖直方向夹角为30°，斜劈仍静止，则下列说法中正确的是（）A. 施加力F 后，地面对斜劈的摩擦力大小为零B. 施加力F 后，地面对斜劈的摩擦力方向水平向左C. 施加力F 后，斜面对物体的摩擦力变大D. 若施加给沿斜面下滑的物体的推力F 变为水平向右且斜劈仍静止，此时地面对斜劈的摩擦力为零【答案】ACD【解析】【详解】物块匀速下滑时，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，故支持力和摩擦力的合力与重力平衡，竖直向上，根据牛顿第三定律得到滑块对斜面体的作用力方向竖直向下，等于mg ；当加推力F 后，将力F 沿着水平方向与竖直方向分解，那么竖直方向分力，使得物体仍处于匀速下滑，原因是：根据滑动摩擦定律f =μN ，支持力和滑动摩擦力同比增加，故其合力的方向不变，根据牛顿第三定律，滑块对斜面体的压力和滑动摩擦力的合力方向也不变，竖直向下；因此地面对斜面没有静摩擦力，只要物体沿斜面下滑，支持力和滑动摩擦力同比变化，地面对斜面没有静摩擦力，与外力F的方向无关．A. 施加力F后，地面对斜劈的摩擦力大小为零与分析相符，故A正确．B. 施加力F后，地面对斜劈的摩擦力方向水平向左与分析不符，故B错误．C. 施加力F后，斜面对物体的摩擦力变大与分析相符，故C正确．D. 若施加给沿斜面下滑的物体的推力F变为水平向右且斜劈仍静止，此时地面对斜劈的摩擦力为零与分析相符，故D正确．二、填空题13.如图甲所示，在研究弹力和弹簧伸长量的关系时，把弹簧上端固定在横梁上，下端悬吊不同重力的砝码，用刻度尺测量弹簧的长度，把弹簧的伸长Δx和弹簧弹力F的关系在F－Δx 坐标系中描点如图乙所示．(1)从坐标系中的实验数据可知，该弹簧的劲度系数是________(精确到两位有效数字)．(2)关于实验注意事项，以下哪项是没有必要的？(填入字母序号)________．A．悬吊砝码后，在砝码静止后再读数B．弹簧的受力不超过它的弹性限度C．尽量减小弹簧和横梁之间的摩擦【答案】(1). 1.2×102N/m (2). C【解析】【详解】(1)[1] 在F-△x图象中，图象的斜率大小等于弹簧的劲度系数，根据题意图象如下所示：21.210N/m F k x==⨯∆ 故弹簧的劲度系数为：k =1.2×102N/m(2)[2] A.弹簧悬吊砝码后，当砝码静止后，处于平衡状态，这时读数才是准确的，故A 正确不符合题意．B. 当弹簧受力超过它的弹性限度时，胡可定律不再成立，造成大的实验误差，故B 正确不符合题意．C. 弹簧和横梁之间的摩擦大小不影响弹簧读数，对于该实验没有影响，故C 错误符合题意．14.用等效替代法验证力的平行四边形定则的实验情况如图甲所示，其中A 为固定橡皮筋的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点，OB 和OC 为细绳，图乙是白纸上根据实验结果画出的图．(1)本实验中“等效替代”的含义是________．A ．橡皮筋可以用细绳替代B ．左侧弹簧测力计的作用效果可以替代右侧弹簧测力计的作用效果C ．右侧弹簧测力计的作用效果可以替代左侧弹簧测力计的作用效果D ．两弹簧测力计共同作用的效果可以用一个弹簧测力计的作用效果替代(2)图乙中的F 与F ′两力中，方向一定沿着AO 方向的是________．(3)完成该实验的下列措施中，能够减小实验误差的是________．A ．拉橡皮筋的绳细一些且长一些B ．拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板面平行C．拉橡皮筋的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些D．使拉力F1和F2的夹角很小【答案】 (1). D (2). F′ (3). ABC【解析】【详解】(1)[1]验证平行四边形定则的实验中，第一次同时用两个弹簧测力计作用在橡皮筋上，将橡皮筋与细线的结点拉到一个合适的位置，第二次只用一个弹簧测力计作用在橡皮筋上，使橡皮筋与细线的结点到达同样的位置，可见两次弹簧测力计对橡皮筋产生的作用效果相同，可以等效替代，故D正确ABC错误．(2)[2]根据第(1)问的分析可知，力F′一定沿AO方向．(3)[3]细绳越细，重力等因素的影响越小，弹簧测力计的读数越准确；拉橡皮筋的细绳长些，在标记同一细绳方向时两点就可以画得适当远一些，这样作图造成的误差就小；拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板面平行，可以避免弹簧测力计中的金属杆与测力计外壳之间的摩擦；拉力F1和F2的夹角很小时，作图造成的误差会较大．综上所述，故ABC正确D错误．三、计算题15.滑板运动是一项非常刺激的水上运动，研究表明，在进行滑板运动时，水对滑板的作用力F N垂直于板面，大小为kv2，其中v为滑板速率(水可视为静止).某次运动中，在水平牵引力作用下，当滑板和水面的夹角θ＝37°时(如图)，滑板做匀速直线运动，相应的k＝54 kg/m，人和滑板的总质量为108 kg，试求：(重力加速度g取10 m/s2，sin 37°取 0.6，忽略空气阻力)(1)水平牵引力的大小；(2)滑板的速率.【答案】（1）810 N （2）5 m/s【解析】（1）以滑板和运动员为研究对象，其受力如图所示由共点力平衡条件可得①②由①、②联立，得（2）得16.一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的v-t图像如图所示，求：(1)摩托车在0-20s这段时间的加速度大小a；(2)摩托车在0-75s这段时间的平均速度大小v．【答案】（1）1.5 m/s2 ；（2）20m/s【解析】（1）由图知，在0-20s内做匀加速运动，根据，可求加速度a=1.5m/s2；（2）根据v-t图像与坐标轴围面积表示位移可求在0-75s时间内位移为x=1500m，所以平均速度为.【考点定位】匀变速直线运动17.如图所示，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B接触面竖直），此时A恰好不滑动，B刚好不下滑．已知A与B间的动摩擦因数为μ1，A与地面间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求A与B的质量之比为？【答案】12121μμμμ-【解析】【详解】试题分析：对A、B整体和B物体分别受力分析，然后根据平衡条件列式后联立求解即可．解：对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=μ2（m1+m2）g ①再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N竖直方向：m2g=f其中：f=μ1N联立有：m2g=μ1F ②联立①②解得：=故选B点评：本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，注意最大静摩擦力约等于滑动摩擦力．18.如图所示为一倾角θ＝37°足够长的斜面，将一质量m＝1kg的物体在斜面上由静止释放，同时施加一沿斜面向上的恒定拉力，拉力大小F=15N，1s后物体的速度沿斜面向上，大小为5m/s，（取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）．(1)求物体与斜面间动摩擦因数μ；(2)若在物体的速度为5m/s时撤去力F，求撤掉力F后0.8s内的位移.【答案】(1)0.5 (2)1.16m 方向沿斜面向上【解析】【详解】(1) 1s 后物体的速度沿斜面向上，大小为5m/s ，故物体的加速度2Δ5m/s Δv a t== 根据牛顿第二定律可知 sin cos F mg mg ma θμθ--=解得：0.5μ=(2) 若在物体的速度为5m/s 时撤去力F ，求撤掉力F 后2'sin cos 10m/s a g g θμθ=+=所以，物体减为零的时间0.5s 'v t a == 位移1 1.25m 2x vt == 物体向下匀加速加速度2''sin cos 2m/s a g g θμθ=-= 反向运动0.3s ，位移2211''''20.30.09m 22x a t ==⨯⨯= 所以，撤掉力F 后0.8s 内的位移''' 1.16m x x x =-=方向沿斜面向上．。

2020-2021学年黑龙江省鹤岗市第一中学高一12月月考生物试题

2020-2021学年黑龙江省鹤岗市第一中学高一12月月考生物试题一、单选题（共40题；1-30每题1分，30-40每题2分，共50分）1.某些铁细菌生活在含有高浓度二价铁离子的池塘、湖泊、温泉等水域中，能将二价铁盐氧化成三价铁化合物，并能利用此氧化过程中产生的能量来同化二氧化碳合成有机物，关于铁细菌的说法正确的是（）A. 铁细菌合成有机物过程中所需要的酶在核糖体上合成后还需运送至内质网和高尔基体上加工B. 铁细菌合成有机物的过程发生在细胞的叶绿体中C. 该类细菌的代谢类型为自养需氧型D. 与人体细胞相比，铁细菌在结构上的最主要区别是有细胞壁2.对下列生物分类错误的是()①颤藻②酵母菌③变形虫④小球藻⑤水绵⑥HIV⑦大肠杆菌⑧甲型H7N9流感病毒⑨肺炎双球菌A. 无核糖体的生物是⑥⑧B. 具核膜的生物只有③④⑤C. ①⑦⑨有核糖体但无染色体D. ①④⑤是自养型生物3.关于细胞结构和功能的叙述中正确的有几项（）①蓝藻、霉菌、水绵的细胞不是都含有核糖体、DNA和RNA；②磷脂是构成动物细胞膜的重要成分，还参与血液中脂质的运输；③细胞壁都可以被纤维素酶和果胶酶分解；④分泌蛋白的运输过程是通过囊泡实现的；⑤细胞中具有双层膜结构的细胞器是叶绿体、线粒体和核膜；A. 1项B. 2项C. 3项D. 4项4.如图a、b、c是三种生物体的细胞，关于三种细胞结构的总结，不合理的是（）A. a和b是真核细胞，c是原核细胞，因为c中无成形的③B. 用纤维素酶分别处理a、b、c细胞的外层结构，a、c外层结构被破坏，b无影响C. c和a、b共有的结构是①⑥⑦，共有的有机物是蛋白质、DNA，RNA等D. a、b分别是高等植物细胞、动物细胞，因为a有细胞壁、无b中的⑧，b无细胞壁5.下列关于水和无机盐的叙述，正确的是（）A. 植物秸秆燃烧产生的灰烬中含有丰富的无机盐B. 晒干的种子细胞内不含有水分，有利于种子长时间储存C. 与休眠时相比，种子萌发时细胞中自由水/结合水的值低D. 多数无机盐以化合物的形式存在，如骨骼中的CaCO36.下图是生物体内核酸的基本组成单位：核苷酸的模式图，相关叙述正确的是（）A. 若a为核糖，则m，有4种，分别是A、T、G、CB. 构成人体遗传物质的b共有8种，a有2种，m有5种C. 若m为鸟嘌呤，则b的名称是鸟嘌呤核糖核苷酸或鸟嘌呤脱氧核苷酸D. 在新冠病毒和SARS病毒中共可以检测到2种a，5种m，8种b7.在新冠肺炎防疫期间，有医务工作者建议大家多摄入高蛋白食物，有助于增强人体免疫。

黑龙江省鹤岗市第一中学2020届高三物理12月月考试题

黑龙江省鹤岗市第一中学2020届高三物理12月月考试题一、选择题（1-8小题为单项选择题，9-12小题为多项选择题；每小题4分，共计48分）1.下列说法中符合实际的是( )A.出租汽车按位移的大小收费B.在“空间站”工作的宇航员因受力平衡而在舱中悬浮或静止C.重力势能、电势、功、磁通量全部是标量，但有正负D.质量、长度、电荷量都是国际单位制中的基本物理量，单位分别为 kg、m、C2.“飞针穿玻璃”是一项高难度的绝技表演，曾引起质疑．为了研究该问题，以下测量能够得出飞针在穿越玻璃的时间内，对玻璃平均冲击力大小的是( )A．测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃前后的速度B．测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间C．测出飞针质量、玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间D．测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度3.电子在电场中仅受电场力作用运动时，由a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示．图中一组平行等距实线是等势线．下列说法正确的是( )A．电子受力水平向右 B．电子在b点电势能较大C．由a到b电场力做正功 D．电子在b点电势较高4.如图所示是电视显像管原理示意图(俯视图)，电流通过偏转线圈，从而产生偏转磁场，电子束经过偏转磁场后运动轨迹发生偏转，不计电子的重力，下列说法正确的是( )A.电子经过磁场时速度增大B.欲使电子束打在荧光屏上的A点，偏转磁场的方向应垂直纸面向里C.欲使电子束打在荧光屏上的位置由A点调整到B点，应调节偏转线圈中的电流使磁场增强D.若电子束离开电子枪的速度减小，则原先打在B点的电子束有可能打在A点5.教师在课堂上做了两个小实验，让小明同学印象深刻。

第一个实验叫做“旋转的液体”，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，沿边缘内壁放一个圆环形电极，把它们分别与电池的两极相连，然后在玻璃皿中放入导电液体，例如盐水，如果把玻璃皿放在磁场中，液体就会旋转起来，如图甲所示。

第二个实验叫做“振动的弹簧”，把一根柔软的弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触，通电后，发现弹簧不断上下振动，如图乙所示。

黑龙江省鹤岗市第一中学2021届高三上学期第一次月考物理(含答案)

鹤岗市第一中学2021届高三物理上学期第一次月考一、选择题：每题4分，少选得2分，总分48分1.如图所示，在水平面上一只蚂蚁沿半径为r 的半圆弧从a 点爬到b 点，下列关于它通过的位移和路程的说法，正确的是( )A ．路程为πr ，方向沿圆弧由a 指向bB ．位移为2r ，方向沿ab 直线由a 指向bC ．位移为πr ，方向沿圆弧由a 指向bD ．路程为2r ，方向沿ab 直线由a 指向b2.(多选）下列关于加速度的说法正确的是( )A ．加速度表示运动中增加的速度B ．加速度表示速度变化的快慢程度C ．加速度表示速度的变化量D ．加速度在数值上等于单位时间内速度的变化量3．（多选）下列核反应或核衰变方程中，符号“X ”表示中子的是(A) X C He Be 1264294+→+ (B)XO He N +→+17842147(C)X H Pt n Hg ++→+112027810204802 (D)XNp U +→23993239924. (多选)如图3－8所示是某金属在光的照射下，光电子最大初动能E k 与入射光频率ν的关系图象，由图象可知( )．A ．该金属的逸出功等于EB ．该金属的逸出功等于h ν0C．入射光的频率为ν0时，产生的光电子的最大初动能为ED．入射光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为2E5．现有大量处于n=4能级的氢原子，当这些氢原子向低能级跃迁时会辐射出若干种不同频率的光，氢原子能级示意图如图所示。

下列说法正确的是（）A．跃迁后核外电子的动能减小B．最多可辐射出4种不同频率的光C．由n=4能级跃迁到n=1能级产生的光的波长最短D．用n=4能级跃迁到n=2能级辐射的光照射逸出功为2.65eV的某种金属能发生光电效应6．某探险者在野外攀岩时，踩落一小石块，约5 s后听到石块直接落到崖底的声音．探险者离崖底的高度最接近的是( )A．25 m B．50 m C．110 m D．150 m7．(多选）如图所示为飞机起飞时，在同一底片上相隔相等时间多次曝光“拍摄”的照片，可以看出在相等时间间隔内，飞机的位移不断增大，则下列说法中正确的是( )A．由“观察法”可以看出飞机做匀加速直线运动B．若测出相邻两段位移之差都相等，则飞机做匀变速直线运动C．若已知飞机做匀变速直线运动，测出相邻两段相等时间内的位移，则可以用逐差法计算出飞机的加速度D．若已知飞机做匀变速直线运动，测出相邻两段相等时间内的位移，可以求出这两段总时间的中间时刻的速度8．（多选）物体从A点由静止出发，先以加速度a1做匀加速直线运动到某速度v后，立即以加速度a2做匀减速运动至B点速度恰好减为0，所用总时间为t.若物体以速度v0匀速通过AB之间，所用时间也为t ，则( )A ．v ＝2v 0B.＋＝1a 11a 2t vC.－＝D.＋＝1a 11a 2t 2v 1a 11a 2t 2v9.在珠海航展中，中国展出了国产“运－20”和“歼－31”等最先进飞机．假设航展中有两飞机甲、乙在平直跑道上同向行驶，0～t 2时间内的v －t 图象如图所示，下列说法正确的是( )A ．飞机乙在0～t 2内的平均速度等于v 22B ．飞机甲在0～t 2内的平均速度比乙大C ．两飞机在t 1时刻一定相遇D ．两飞机在0～t 2内不可能相遇10.（多选）如图所示，在一个桌面上方有三个金属小球a 、b 、c ，离桌面高度分别为h 1∶h 2∶h 3＝3∶2∶1.若先后顺次释放a 、b 、c ，三球刚好同时落到桌面上，不计空气阻力，则( )A ．三者到达桌面时的速度大小之比是 ∶∶132B ．三者运动时间之比为3∶2∶1C ．b 与a 开始下落的时间差小于c 与b 开始下落的时间差D ．三个小球运动的加速度与小球受到的重力成正比，与质量成反比11．如图5所示，左侧是半径为R 的四分之一圆弧，右侧是半径为2R 的一段圆弧．二者圆心在一条竖直线上，小球a 、b 通过一轻绳相连，二者恰好于等高处平衡．已知θ＝37°，不计所有摩擦，则小球a 、b 的质量之比为( )A ．3∶4B ．3∶5C ．4∶5D ．1∶212.(多选)如图8所示，固定在地面上的带凹槽的长直杆与水平面成α＝30°角，轻质环a 套在杆上，置于凹槽内质量为m 的小球b 通过一条细绳跨过定滑轮与环a 连接．a 、b 静止时，滑轮右侧细绳与杆间的夹角为30°，重力加速度为g ，不计一切摩擦，下列说法正确的是( )A ．a 受到3个力的作用B ．b 受到3个力的作用C ．细杆对b 的作用力大小为mgD ．细绳对a 的拉力大小为mg 1233二、填空题：没空2分，总分8分13．（8分）在学生实验“用打点计时器测速度”和“探究小车速度随时间变化的规律”中，都使用了电火花计时器，并打出纸带进行有关数据处理，已知所用交流电源的频率是50 Hz.(1)关于打点计时器的使用，下列说法中正确的是________．(可能有一个或多个正确选项)A ．实验中需用停表记下运动的时间B ．开始释放小车时，应使小车靠近电火花计时器C ．先接通电火花计时器电源，然后放开小车(2)有一次实验中某小组得到如图所示的纸带，并按照打点时间先后，依次选定了O 、A 、B 、C 、D 、E 、F 七个计数点(每两个计数点之间还有四个点没有画出)，经过测量后计算得到相邻计数点间的距离．请根据实验数据，判断这个纸带做的是________(填“加速”“匀速”或“减速”)运动．电火花计时器打下相邻两点的时间间隔是________ s ．根据纸带上测量的数据可以计算得到加速度大小为________(结果保留3位有效数字)．三、计算题：15、（10分）半径为R 、折射率n 的半球形玻璃砖，截面如图所示，O 为圆心，相同频率的单色光束a 、b 相互平行，从不同位置进入介质，光线a 在O 点恰好发生全反射。

解析黑龙江省鹤岗一中2020┄2021学年高一下学期期中物理试卷

黑龙江省鹤岗一中2020┄2021学年高一（下）期中物理试卷一、选择题（1、4、6、7、8、９、11为单选，每个4分;2、3、5、１0、12为多项选择,全部选对的得４分，选不全的得２分,有选错的或不答的得0分,共４8分)1.（４分）发现万有引力定律的物理学家是（）A. 安培ﻩB．牛顿 C.ﻩ伽利略Ｄ．ﻩ开普勒2.（４分)有关开普勒关于行星运动的描述，下列说法中正确的是（）A．所有的行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上B．所有的行星绕太阳运动的轨道都是圆,太阳处在圆心上ﻩＣ．ﻩ所有的行星轨道的半长轴的二次方跟公转周期的三次方的比值都相等D.ﻩ不同的行星绕太阳运动的椭圆轨道是不同的3．（4分)关于地球同步卫星，下列说法正确的是（)A.ﻩ同步是指该卫星运行的角速度与地球的自转角速度相同ﻩB. 地球同步卫星的轨道一定与赤道平面共面ﻩC.ﻩ同步卫星的高度是一个确定的值ﻩD.ﻩ它运行的线速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间４.（4分)关于功和功率.以下说法正确的是(）A．滑动摩擦力对物体一定做负功ﻩＢ．静摩擦力对物体可能做正功C．功率是描述力对物体做功多少的物理量ﻩD．某个力对物体做功越多,它的功率就一定大5.(４分)一条河宽度为d，河水流速为v1，小船在静水中的速度为v2,要使小船在渡河过程中所行路程最短，则(）ﻩA. 当v1<v2时,s=dB．当v1＜v２时,s=dC.ﻩ当ｖ1＞ｖ２时,s＝dﻩD．当v1>v2时,s=d6.(4分）地球的第一宇宙速度为v,若某行星质量是地球质最的4倍，半径是地球半径的.该行星的第一宇宙速度为(）A. ２vB. vﻩC. ﻩD. ４v 7．（4分）在高处的同一点将三个质量相同的小球以大小相等的初速度v分别上抛、平抛和下抛，则(）ﻩA．ﻩ从抛出到落地过程中，重力对它们做功相同Ｂ．从抛出到落地过程中,重力的平均功率相同ﻩC. 三个小球落地时,重力的瞬时功率相同D. 三个小球落地时的速度相同8．( 4分)若地球绕太阳公转周期及公转轨道半径分别为T和Ｒ,月球绕地球公转周期和公转轨道半径分别为t和r,则太阳质量与地球质量之比为(）ﻩＡ． B. Ｃ.ﻩD．ﻩ９．（4分）西昌卫星发射中心的火箭发射架上，有一待发射的卫星,它随地球自转的线速度为ｖ1、加速度为ａ1；发射升空后在近地轨道上做匀速圆周运动,线速度为v2、加速度为a2;实施变轨后，使其在同步卫星轨道上做匀速圆周运动，运动的线速度为v3、加速度为a３．则v1、v2、v３的大小关系和a1、a2、a3的大小关系是()ﻩA．ﻩv3＞v2＞v1 ,ａ2＞a３＞a1ﻩＢ. v2>ｖ3=v1 ,ａ２=a1>a3ﻩC．ﻩv２>v3＞v1 ，a2>a3>a1Ｄ．v2>v3>v1 ，a3＞ａ2>ａ1 10.（4分)如图所示,在发射地球同步卫星的过程中,卫星首先进入椭圆轨道Ｉ，然后在Q点通过改变卫星速度,让卫星进人地球同步轨道Ⅱ,则(）A.ﻩ该卫星的发射速度必定大于１1.2 km/sB．卫星在同步轨道ＩＩ上的运行速度大于７.９km/sC. 在轨道I上,卫星在Ｐ点的速度大于在Q点的速度D．ﻩ卫星在Q点通过加速实现由轨道I进入轨道Ⅱ11.（4分)如图所示，内壁光滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动,两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运()ﻩA. 球A的角速度一定大于球B的角速度Ｂ．球A的线速度一定大于球B的线速度ﻩＣ．球Ａ的运动周期一定小于球B的运动周期Ｄ．球A对筒壁的压力一定大于球B对筒壁的压力1２．(4分)如图所示,一块橡皮用细线悬挂于O点,现用一支铅笔贴着细线的左侧水平向右以速度v匀速移动,运动过程中保持铅笔的高度不变,悬挂橡皮的那段细线始终保持竖直，则在铅笔未碰到橡皮前，橡皮的运动情况是()A．ﻩ橡皮在水平方向上作匀速运动ﻩB．ﻩ橡皮在竖直方向上作加速运动ﻩC. 橡皮的运动轨迹是一条直线D．橡皮在图示位置时的速度大小为v二、填空题(每空３分,共１2分）１３．（9分）如图是研究小球的平抛运动时拍摄的闪光照片的一部分，其背景是边长为５厘米的小方格，重力加速度取ｇ=１0m/.由此可知:闪光频率为；小球抛出时的初速度大小为;从抛出A到C点，小球速度的改变量为.14．（3分)如图所示，物体质量1kｇ，斜向上拉Ｆ=1０N，物体和水平面间的滑动摩擦因数μ＝0.２5，物体在F的作用下前进10m，则在这段时间内,拉力F对物体做功．(g=10m/）三、解答题:（本大题共４小题，１5题1０分，16题10分，1７题10分,18题１0分,共4０分，解答时要求写出必要的文字说明,方程式和重要演算步骤,若只有最后答案而无演算过程的不能得分．）15．(1０分）如图,质量为0.5kg的杯子里盛有1kｇ的水，用绳子系住水杯在竖直平面内做“水流星”表演，转动半径为1m，水杯通过最高点的速度为4ｍ／s,求:（１）在最高点时，绳的拉力？(２）在最高点时水对杯底的压力？1６．（10分)汽车发动机的额定功率为6０kＷ,汽车的质量为5t，汽车在水平路面上行驶时,阻力是5000N，汽车保持额定功率不变从静止启动（g取10m/）,求：（1)汽车所能达到的最大速度．（2)当汽车的速度为6ｍ／s时的加速度.17．(10分)如图所示，细绳一端系一个质量M=0.６kｇ的物体,静止在水平面上,另一端通过光滑小孔吊着质量m＝0.3kｇ的物体，Ｍ的中心与圆孔距离为0.2m,并已知M和水平面间的最大静摩擦力为２N，现使此平面绕过小孔的中心轴线转动，问角速度数值在什么范围内m才会处于静止状态?１8．(10分)如图，P、Q为某地区水平地面上的两点，在P点正下方一球形区域内储藏有石油，假定区域周围岩石均匀分布,密度为ρ；石油密度远小于ρ,可将上述球形区域视为空腔．如果没有这一空腔,则该地区重力加速度（正常值)沿竖直方向;当存在空腔时，该地区重力加速度的大小和方向会与正常情况有微小偏离．重力加速度在原竖直方向(即PO方向)上的投影相对于正常值的偏离叫做“重力加速度反常”．为了探寻石油区域的位置和石油储量，常利用Ｐ点附近重力加速度反常现象．已知引力常数为Ｇ．（1）设球形空腔体积为V，球心深度为d(远小于地球半径）,ＰQ=ｘ,求空腔所引起的Q点处的重力加速度反常.(２)若在水平地面上半径L的范围内发现：重力加速度反常值在ｇ与ｋg（k>1)之间变化,且重力加速度反常的最大值出现在半为L的范围的中心,如果这种反常是由于地下存在某一球形空腔造成的，试求此球形空腔球心的深度和空腔的体积．黑龙江省鹤岗一中202０┄2021学年高一(下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(1、4、6、7、8、９、1１为单选，每个4分；2、3、5、１0、１2为多项选择,全部选对的得４分，选不全的得２分,有选错的或不答的得0分,共４８分）1．（4分）发现万有引力定律的物理学家是（)ﻩA．ﻩ安培Ｂ. 牛顿C．伽利略D．ﻩ开普勒考点：ﻩ物理学史．专题：常规题型.分析：解答本题关键要知道发现万有引力定律的物理学是牛顿．解答:解：是牛顿发现了万有引力定律，不是开普勒、伽利略和安培.故Ｂ正确．故选：B.点评：本题考查物理学史，对于牛顿的成就要记牢,不能混淆.2．（4分)有关开普勒关于行星运动的描述，下列说法中正确的是（)A．所有的行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上ﻩB.ﻩ所有的行星绕太阳运动的轨道都是圆，太阳处在圆心上ﻩC.ﻩ所有的行星轨道的半长轴的二次方跟公转周期的三次方的比值都相等ﻩＤ.ﻩ不同的行星绕太阳运动的椭圆轨道是不同的考点：开普勒定律.分析:熟记理解开普勒的行星运动三定律:第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆,太阳处在所有椭圆的一个焦点上．第二定律：对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等.第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等解答：解:A、B：第一定律的内容为:所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动，太阳处于椭圆的一个焦点上．故A正确,B错误．C、由第三定律:所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等.故C 错误．D、由第一定律知道所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动，故D正确.故选：ＡD点评:正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键3．（4分)关于地球同步卫星,下列说法正确的是()ﻩＡ.ﻩ同步是指该卫星运行的角速度与地球的自转角速度相同B. 地球同步卫星的轨道一定与赤道平面共面C. 同步卫星的高度是一个确定的值D．ﻩ它运行的线速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间考点：同步卫星．专题：人造卫星问题.分析：了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同.物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力,也就是合力要指向轨道平面的中心.第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度,也是最大的圆周运动的环绕速度．解答：解:A、同步卫星的周期与地球自转周期相同，根据ω=得该卫星运行的角速度与地球的自转角速度相同.故A正确.Ｂ、它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”,那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上,这是不可能的.故B正确.C、因为同步卫星要和地球自转同步，即ω相同,根据F=G=mω2r,因为ω一定,所以r 必须固定,所以同步卫星的高度是一个确定的值,故C正确．D、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径,根据ｖ=可以发现,同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，第二宇宙速度是脱离地球的束缚的速度，第二宇宙速度大于第一宇宙速度，故D错误.故选ABC.点评:地球质量一定、自转速度一定,同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度．4．（4分)关于功和功率．以下说法正确的是（)ﻩA．ﻩ滑动摩擦力对物体一定做负功ﻩB．ﻩ静摩擦力对物体可能做正功C.ﻩ功率是描述力对物体做功多少的物理量D.ﻩ某个力对物体做功越多，它的功率就一定大考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题: 功率的计算专题.分析：力做功的正负决于力和位移的方向关系；功率是描述做功快慢的物理量,功率大说明物体做功快，功率小说明物体做功慢，在分析功率的时候，一定要注意公式的选择，P=只能计算平均功率的大小，而Ｐ＝Ｆv可以计算平均功率也可以是瞬时功率,取决于速度是平均速度还是瞬时速度．解答:ﻩ解：A、滑动摩擦力与速度方向可以同向、反向或垂直,故滑动摩擦力可以做正功、负功、不做功;故Ａ错误；B、静摩擦力与速度方向可以同向、反向或垂直，故静摩擦力可以做正功、负功、不做功；故B正确;Ｃ、功率是描述做功快慢的物理量，故C错误；D、功率是描述做功快慢的物理量,根据P=，某个力对物体做功越多，它的功率不一定大,故Ｄ错误；故选：B点评：ﻩ作用力与反作用力虽然大小相等,方向相反,但是做功与力的大小以及物体的位移两个因素有关,要综合考虑问题;功率是表示做功的快慢的物理量，做的功多,功率也不一定大. 5.（4分)一条河宽度为d，河水流速为v1,小船在静水中的速度为v２，要使小船在渡河过程中所行路程最短,则(）A．ﻩ当v1<ｖ2时,s=dB．ﻩ当ｖ1<v2时,s=dﻩC．ﻩ当v1>ｖ2时，s=dＤ. 当v１>v2时，s=d考点:ﻩ运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题.分析：ﻩ当静水速大于水流速,合速度方向可以垂直于河岸,渡河位移最短．当静水速小于水流速,合速度方向不可能垂直于河岸，即不可能垂直渡河，当合速度的方向与静水速的方向垂直时，渡河位移最短．解答:ﻩ解:A、当静水速大于水流速,即v1＜v2时,合速度方向可以垂直于河岸,渡河位移最短，最小位移就是河的宽度即s=d.故A正确，B错误．Ｃ、当静水速小于水流速,即v1>v2时,合速度方向不可能垂直于河岸，即不可能垂直渡河，当合速度的方向与静水速的方向垂直时，渡河位移最短.设此时合速度的方向与河岸的夹角为θ，sinθ=则渡河的最小位移x==，故C正确,D错误．故选AC.点评：ﻩ解决本题的关键知道合运动与分运动具有等时性，若静水速大于水流速，合速度方向与河岸垂直时，渡河位移最短;若静水速小于水流速,则合速度方向与静水速方向垂直时,渡河位移最短.6.（4分)地球的第一宇宙速度为v，若某行星质量是地球质最的４倍,半径是地球半径的．该行星的第一宇宙速度为(）A. ２vB.ﻩｖﻩC．ﻩD.ﻩ４ｖ考点: 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.专题：ﻩ人造卫星问题.分析:物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度，大小7.9km/s，可根据卫星在圆轨道上运行时的速度公式v=解得.解答:解：设地球质量M，某星球质量4Ｍ,地球半径ｒ，某星球半径0.5r由万有引力提供向心力做匀速圆周运动得:=m解得:卫星在圆轨道上运行时的速度公式v=分别代入地球和某星球的各物理量得：v星球=解得:v星球=2ｖ,故选C.点评：ﻩ本题要掌握第一宇宙速度的定义，正确利用万有引力公式列出第一宇宙速度的表达式．７．（4分)在高处的同一点将三个质量相同的小球以大小相等的初速度v分别上抛、平抛和下抛,则（）ﻩA. 从抛出到落地过程中，重力对它们做功相同ﻩB．ﻩ从抛出到落地过程中,重力的平均功率相同ﻩＣ.ﻩ三个小球落地时，重力的瞬时功率相同D. 三个小球落地时的速度相同考点：功率、平均功率和瞬时功率.专题：ﻩ功率的计算专题．分析:ﻩ根据动能定理判断三个物体落地时的速度大小,平抛运动和竖直上抛、竖直下抛运动落地时的速度方向不同,根据P=mgvcosθ比较重力做功的功率，根据运动的时间,比较重力做功的平均功率解答:解：A、根据动能定理得,mgｈ=,重力做功相等,则落地时的速度大小相等，根据P=mgvcoｓθ，知落地时竖直上抛和竖直下抛运动的重力功率相等,但是与平抛运动的重力功率不等.故A正确,C错误.B、三个物体落地的时间不等，根据P=知,重力做功的平均功率不等.故B错误.D、三个小球落地时的速度大小相等,方向不同,故D错误．故选:Ａ．点评:解决本题的关键知道重力做功与路径无关,与首末位置的高度差有关，以及掌握平均功率和瞬时功率的区别,知道如何求解平均功率和瞬时功率8.(4分）若地球绕太阳公转周期及公转轨道半径分别为Ｔ和R，月球绕地球公转周期和公转轨道半径分别为ｔ和r，则太阳质量与地球质量之比为（）Ａ. ﻩB.ﻩﻩC.ﻩﻩＤ．考点:ﻩ万有引力定律及其应用；向心力.专题: 万有引力定律的应用专题.分析:ﻩ地球绕太阳公转，知道了轨道半径和公转周期，利用万有引力提供向心力可求出太阳的质量.月球绕地球公转,知道了轨道半径和公转周期,利用万有引力提供向心力可求出地球的质量．解答:解：地球绕太阳公转,由太阳的万有引力提供地球的向心力,则得：G解得太阳的质量为M=月球绕地球公转,由地球的万有引力提供月球的向心力，则得：G解得月球的质量为m＝所以太阳质量与地球质量之比,故Ａ正确.故选:Ａ点评：解决本题的关键要建立物理模型,掌握万有引力提供向心力可求出中心体质量,难度适中.９．（4分)西昌卫星发射中心的火箭发射架上，有一待发射的卫星,它随地球自转的线速度为v1、加速度为a1；发射升空后在近地轨道上做匀速圆周运动，线速度为v2、加速度为a2；实施变轨后,使其在同步卫星轨道上做匀速圆周运动,运动的线速度为v3、加速度为a3．则v1、v2、ｖ3的大小关系和a1、ａ2、a3的大小关系是(）ﻩA．v3>v2＞v1 ,a2＞a3>ａ１B． v2＞ｖ3＝ｖ1 ,a2=a1＞a３C．ﻩv２>v3>v1 ,a２>a3>a1 D.ﻩv2>v３＞ｖ１，a３>a2＞a1考点:ﻩ人造卫星的加速度、周期和轨道的关系;向心力；万有引力定律及其应用．专题: 人造卫星问题.分析:ﻩ根据万有引力提供向心力，比较近地卫星和同步卫星的线速度和加速度大小,根据同步卫星与地球自转的角速度相等，通过v=rω，以及a=ｒω2比较待发射卫星的线速度与同步卫星的线速度以及加速度关系解答：ﻩ解：对于近地卫星和同步卫星而言，有：G=ma＝m,解得ａ=,v=,知ｖ2>v3，a2＞a3.对于待发射卫星和同步卫星，角速度相等，根据v=rω知,v3＞v1,根据ａ＝rω２知，a3＞a1．则v2＞v3＞v1;，a2>ａ3>ａ1,故Ｃ正确．故选：C点评:解决本题的关键知道线速度与向心加速度与轨道半径的关系,以及知道同步卫星与地球自转的角速度相等10.(4分)如图所示,在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道I，然后在Q点通过改变卫星速度,让卫星进人地球同步轨道Ⅱ,则(）Ａ. 该卫星的发射速度必定大于11.2 kｍ/sB．ﻩ卫星在同步轨道II上的运行速度大于7.9 km/sＣ.ﻩ在轨道I上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度Ｄ．卫星在Q点通过加速实现由轨道I进入轨道Ⅱ考点:ﻩ同步卫星．专题:ﻩ人造卫星问题．分析：了解同步卫星的特点和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义．当万有引力刚好提供卫星所需向心力时卫星正好可以做匀速圆周运动１.若是供大于需则卫星做逐渐靠近圆心的运动2．若是供小于需则卫星做逐渐远离圆心的运动解答：ﻩ解：A、11．2km/s是卫星脱离地球束缚的发射速度，而同步卫星仍然绕地球运动,故Ａ错误．B、7．9ｋm／s即第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度,也是最大的圆周运动的环绕速度．而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径,根据v的表达式可以发现,同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度.故B错误.C、在轨道Ｉ上，P点是近地点,Q点是远地点,则卫星在P点的速度大于在Q点的速度．故C正确．D、从椭圆轨道Ⅰ到同步轨道Ⅱ,卫星在Q点是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须卫星所需向心力大于万有引力,所以应给卫星加速,增加所需的向心力.所以在轨道Ⅱ上Q 点的速度大于轨道上ⅠＱ点的速度,故D正确．故选:CＤ．点评:知道第一宇宙速度的特点.卫星变轨也就是近心运动或离心运动,根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定．1１．(４分）如图所示，内壁光滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运（)ﻩA. 球A的角速度一定大于球B的角速度ﻩB．ﻩ球A的线速度一定大于球B的线速度Ｃ．ﻩ球A的运动周期一定小于球B的运动周期D．球Ａ对筒壁的压力一定大于球B对筒壁的压力考点: 向心力；牛顿第二定律．专题:ﻩ压轴题;牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．解答:解：A、对小球受力分析，受重力和支持力，如图根据牛顿第二定律,有F=ｍｇｔａnθ=m解得ｖ=由于A球的转动半径较大,故线速度较大,ω==，由于A球的转动半径较大，故角速度较小,故A错误，B正确;C、Ｔ=，A的角速度小，所以周期大，故Ｃ错误;D、由A选项的分析可知，压力等于,与转动半径无关,故D错误；故选B.点评:本题关键是对小球受力分析，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析．1２．(4分)如图所示,一块橡皮用细线悬挂于O点,现用一支铅笔贴着细线的左侧水平向右以速度ｖ匀速移动,运动过程中保持铅笔的高度不变，悬挂橡皮的那段细线始终保持竖直，则在铅笔未碰到橡皮前,橡皮的运动情况是(）Ａ．橡皮在水平方向上作匀速运动B．ﻩ橡皮在竖直方向上作加速运动C.ﻩ橡皮的运动轨迹是一条直线Ｄ.ﻩ橡皮在图示位置时的速度大小为ｖ考点: 运动的合成和分解．专题：ﻩ运动的合成和分解专题.分析:ﻩ将铅笔与绳子接触的点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳子方向，求出沿绳子方向上的分速度,而沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度，橡皮在水平方向上的分速度为v，根据平行四边形定则求出橡皮的速度.解答:解:A、橡皮在水平方向上的速度与铅笔速度相同，为ｖ，所以橡皮在水平方向上作匀速运动,故A正确；B、将铅笔与绳子接触的点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳子方向，如图,则沿绳子方向上的分速度为vsinθ，因为沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度，所以橡皮在竖直方向上速度为vｓｉnα,因为θ逐渐增大,所以橡皮在竖直方向上做加速运动，故B正确;C、橡皮在水平方向上做匀速运动,竖直方向做加速运动，则合力在竖直方向上,合力与速度方向不在同一直线上，所以橡皮做曲线运动，故Ｃ错误；D、根据平行四边形定则得：橡皮在图示位置时的速度大小为，故Ｄ错误．故选：AＢ点评：ﻩ解决本题的关键知道铅笔与绳子接触的点的速度在沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度,然后根据平行四边形定则进行求解.二、填空题（每空3分，共1２分）13．（9分)如图是研究小球的平抛运动时拍摄的闪光照片的一部分,其背景是边长为５厘米的小方格，重力加速度取g=１0m／．由此可知:闪光频率为10Ｈz；小球抛出时的初速度大小为2．５m/ｓ；从抛出A到Ｃ点,小球速度的改变量为2m/s.考点：研究平抛物体的运动.专题: 实验题;平抛运动专题．分析:ﻩ平抛运动在水平方向做匀速直线运动,在竖直方向上做自由落体运动,抓住竖直方向上在相等时间间隔内的位移之差是一恒量求出闪光的周期，从而得出闪光的频率.通过闪光周期和水平位移求出小球的初速度.根据通过的时间间隔，求出小球的速度改变量．解答:解：在竖直方向上有：△y=gT2,得,T=＝=s=０.1s.则闪光的频率f=＝10Hz.小球抛出时的初速度大小v0==m/ｓ=2.５m／s.从A到Ｃ点,经历的时间t=0.2s.则速度的变化量△v=gt＝10×０.2=２m/s故答案为:10Hz，2．5m/ｓ，2m／ｓ．点评:解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,结合运动学公式和推论灵活求解.14.（３分)如图所示,物体质量1kg，斜向上拉F=１0N，物体和水平面间的滑动摩擦因数μ=0.2５，物体在Ｆ的作用下前进1０m,则在这段时间内，拉力F对物体做功80. (ｇ＝１0m/)考点:ﻩ功的计算;力的合成与分解的运用．专题:ﻩ功的计算专题.分析:ﻩ由恒力做功的公式直接求得拉力对物体所做的功.解答：ﻩ解：由恒力做功的公式得:W=FLcos37°=10×1０×0.８=80J故答案为：８0Ｊ点评：ﻩ本题考查功的计算公式,属公式的直接应用,与摩擦力无关,难度不大，属于基础题三、解答题:（本大题共4小题,15题10分,１6题10分,17题10分，１8题10分，共40分，解答时要求写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤,若只有最后答案而无演算过程的不能得分.）1５．(10分）如图,质量为0.5kg的杯子里盛有１ｋg的水,用绳子系住水杯在竖直平面内做“水流星”表演,转动半径为１m，水杯通过最高点的速度为４m／s,求：（1）在最高点时，绳的拉力?。

{高中试卷}黑龙江省2020年上学期鹤岗市第一中学高三物理第一次月考试题答案

20XX年高中测试高中试题试卷科目：年级：考点：监考老师：日期：黑龙江省2021年上学期鹤岗市第一中学高三物理第一次月考试题答案一、选择题：每题4分，少选得2分，总分48分1. B2.BD 3．AC4.AB5．C6．C7．BCD8．AB9.B10.AC11．A12.BD 二、填空题：没空2分，总分8分 14． (1)BC (2)加速 0.02 2.00 m/s 2 三、计算题： 15、（10分）①a 光线在O 点恰好发生全反射，有1n sinC =其中n =045C =②由①中的结论和几何关系可知，b 光线在玻璃砖顶的入射角i 45=，折射角为r ，由折射定律有：sin sin in r =解得：030r =根据几何关系有：OB Rtanr =解得：OB R 3=16．（10分）【答案】6 m/s 2 方法一临界法设两车减速后速度相同时为v ，所用时间为t ，乙车的加速度大小为a 2，则v 1－a 1t ＝v 2－a 2t ＝v ，v1＋v 2t ＝v2＋v2t －x 0，解得t ＝2 s ，a 2＝6 m/s 2，即t ＝2 s 时，两车恰好未相撞，显然此后到停止运动前，甲的速度始终大于乙的速度，故可避免相撞．满足题意的条件为乙车的加速度至少为6 m/s 2. 方法二函数法甲运动的位移x 甲＝v 1t －12a 1t 2，乙运动的位移x 乙＝v 2t －12a 2t 2避免相撞的条件为x 乙－x 甲≤x 0 即12(a 2－a 1)t 2＋(v 1－v 2)t ＋x 0≥0 代入数据有(a 2－2)t 2－16t ＋16≥0由数学知识得，不等式成立的条件是162－4×16(a 2－2)≤0，且a 2－2>0解得a 2≥6 m/s 2. 17．（12分）(1)人做自由落体运动，所以h ＝12gt 2解得t ＝2h g ＝2×8010s ＝4 s 所以汽车运动的时间也为4 s. (2)(3)因为汽车匀加速时间为t 1＝3 s 所以汽车匀速运动的时间为t 2＝t －t 1＝1 s匀加速位移x 1＝12at 21匀速运动速度v ＝at 1 匀速运动位移x 2＝vt 2x 1＋x 2＝60 m解得a ＝8 m/s 2，v ＝24 m/s.【答案】(1)4 s (2)24 m/s (3)8 m/s 2 18．（12分）【答案】(1)10N ；(2)1.37kg ；(3)1.5m (1)以球为研究对象，受力如图小球受力平衡，根据三角形定则可知，墙壁对球的弹力2tan 10N N mg θ==(2)以正方体和球整体为研究对象，竖直方向受重力()m M g +和地面的支持力NF ，水平方向受墙壁的弹力2N 和地面的摩擦力f F ，根据平衡条件有N ()F m M g =+2f tan 45N mg F =︒又因为f N F F μ=联立解得311.37kg mM += 所以球质量的最大值为1.37kg ； (3)根据N ()F m M g =+2f tan N mg F θ=<f N F F μ=得tan ()mg m M g θμ+所以()tan m M mμθ+<=无论球的质量是多少都必须满足以上条件，则3tan θ得30θ︒故3sin30 1.5m 2L R R R +︒==。

黑龙江省鹤岗市第一中学2020-2021学年高一上学期期中考试物理答案

解得μ=0.35.---------------------------1 分
答案:(1)30° (2)0.35
17.(12 分）(1)设 B 车减速运动的加速度大小为 a,有 0-vB2=-2ax1, ---------------------------2 分解得:a=0.25m/s2 ---------------------------1 分
v3 v0 at 5m / s -----------------1 分
方向：向东------------------------------1 分（2）汽车速度减为 0 时需要的时间为：
vt v0 at ------------1 分
t=4s<6s------------1 分
在这段时间中，汽车的位移为：
一、选择题题号 1 2
答案 A A
2020-2021 学年度上学期高一学年期中考试物理答案及评分标准
3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 C C B C ABC AC ACD AC BC BC
二、实验题. 13．（1）BCD
（2）D
（3）乙
14．（1）F=2000x，（2）2000；（3）40 15. （1）(6 分）据题意，已知汽车初速度为 20m/s，加速度为 5m/s2，且汽车做匀减速直线运动，则：
(2)以木块和小球这一整体为研究对象,其受力如图(乙)所示. 据共点力平衡条件得 Fcos 30°-Ff=0-----------------2 分
FN+Fsin 30°-(M+m)g=0-----------------1 分
Ff=μFN -------------------------------1 分