┃精选3套试卷┃2020届桂林市九年级上学期期末检测物理试题

初三上学期期末物理试卷

一、选择题

1．根据你的生活经验判断，下列数据中最接近生活实际的是（）

A．手机电池的电压约为36V

B．教室里一只灯管中的电流约为1A

C．液晶电视机的电功率约为100 W

D．家里电饭锅工作1小时耗电约为5kW·h

【答案】C

【详解】A．手机电池的电压约为3.7V左右，故A不符合题意；

B．教室里的灯管中的电流约为0.2A，故B不符合题意；

C．液晶电视机的电功率约为100W左右，故C符合题意；

D．家里电饭锅的功率约1000W，工作半小时耗电能约

W=Pt=1kW×0.5h=0.5kW?h

故D不符合题意。

故选C。

2．小希同学在探究通过导体的电流与其两端电压的关系时，将记录的实验数据通过整理做出了如图所示的图象，根据图象判断，下列说法中正确的是（）

A．导体甲的电阻大于导体乙的电阻

B．当在导体乙的两端加上2V的电压时，通过导体乙的电流为0.4A

C．将甲、乙两导体串联接到电压为3V的电源上时，通过导体的总电流为0.2A

D．将甲、乙两导体并联接到电压为3V的电源上时，通过导体的总电流为0.6A

【答案】C

【详解】A．由图可知，当电压为3V时，通过甲的电流为0.6A，通过乙的电流为0.3A，甲乙的电阻

R甲=

3V

=

0.6A

U

I

甲

甲

=5Ω

R乙=

3V

=

0.3A

U

I

乙

乙

=10Ω

R甲＜R乙

故A错误；

B．由图象可知，在导体乙的两端加2V的电压时，通过导体乙的电流为0.2A，故B错误；C．导体甲、乙串联接到电压为3V的电源上时，根据电阻的串联和欧姆定律，电路的总电流

I=

3V

=

5+10

U

R R

+ΩΩ

甲乙

=0.2A

故C正确；

D．将甲、乙两导体并联接到电压为3V的电源上时，根据并联电路电压的规律，每个导体两端的电压都为3V，通过甲的电流是0.6A，通过乙的电流是0.3A，根据并联电路电流的规律，通过导体的总电流为

I总=I甲+I乙=0.6A+0.3A=0.9A

故D错误。

故选C。

3．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是

A．所有家用电器的外壳都需要接地

B．家庭电路中各个用电器都是串联的

C．使用试电笔判断哪条导线是火线时，手不要按住笔尾金属体

D．若空气开关“跳闸”，可能是电路中出现了短路

【答案】D

【详解】A．有些电器的外壳是金属的，为了防止漏电，把外壳接地让漏出来的电导入到大地，避免触电，并不是所有的用电器的外壳都接地，故A错误；

B．家庭电路中各用电器之间互不影响，并且能正常工作，所以各家用电器之间是并联的，故B错误；C．使用试电笔时笔尖应该接触被测导线，手指按住笔尾金属体，故C错误；

D．空气开关“跳闸”，是由于电路中的电流过大，可能是短路，也可能是电路中的总功率过大，故D正确。

4．下列做法中不能提高滑轮组机械效率的是

A．增加物体提升的高度B．使用轻质动滑轮

C．增加物体的质量D．在轴上加润滑油

【答案】A

【详解】A．增大物体提升的高度，绳端移动的距离也变长了，滑轮组的机械效率：

η=W

W

有用

总

=

Gh

Fs

=

Gh

Fnh

=

G

nF

由此可知机械效率并不受影响，故A符合题意；

B．使用轻质动滑轮，额外功减少了，在有用功一定时，滑轮组的机械效率会增大，故B不符合题意；

C．增大被提升物体的质量，在动滑轮、摩擦不变的情况下，即额外功不变的情况下，有用功增大了，所以机械效率就提高了，故C不符合题意；

D．在轴上加润滑油，减少摩擦，减少额外功，在有用功一定时，滑轮组的机械效率会增大，故D不符合题意。

5．某家用电器正常工作时的电流约为10A，该电器最可能是

A．电视机B．节能灯C．洗衣机D．空调

【答案】D

【解析】用电器正常时的电功率P=UI=220V×10A=2200W．A、电视机的电功率在200W左右，故A不符合题意；B、节能灯的电功率在10W左右，故B不符合题意；C、洗衣机的功率在200W左右，故C不符合题意；D、空调的电功率一般在2000W以上，故D符合题意．故选D．

6．同学们要应用如图所示的装置（R1＝R2）、若干节干电池、开关、导线和停表探究电热跟电流的关系，提出的下列说法错误的是（）

A．为了使实验现象明显一些，应该选用粗一些的玻璃管

B．实验时通过比较相同时间，红色液柱上升的高度比较电热的多少

C．实验时应该将1、2两装置分别接到电池节数不同的电源上

D．只用装置1和给出的器材也能完成探究

【答案】A

【解析】A．为了使实验现象明显一些，应该选用细一些的玻璃管，玻璃管越细，液柱上升的高度越高，实验现象越明显，选项不正确符合题意；

B．实验时通过比较红色液柱上升的高度比较电热的大小，上升的高度越大，表明吸收的热量越多，这是转换法的应用，选项正确不符合题意；

C．实验时应该将1、2两装置分别接到电池节数不同的电源上，这样通过两电阻的电流大小不同，可以探究电热跟电流关系，选项正确不符合题意；

D．只用装置1和给出的器材也能完成探究，通过改变电池的节数可以探究电热跟电流关系，选项正确不符合题意。

故选A。

7．小辉想探究电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关。他连接了如图所示的电路进行实验，其中两个完全相同的烧瓶内分别装有质量相等、初温均为25℃的煤油，阻值为5Ω和10Ω的电阻丝1R、2R，闭

合开关一段时间后，记录此时两个温度计的示数。根据上述实验，下列说法中正确的是（）

A．此实验探究的是电流产生的热量与电压的关系

B．此实验探究的是电流产生的热量与电流的关系

C．此实验探究的是电流产生的热量与通电时间的关系

D．此实验中用温度计示数变化的大小反映产生热量的多少

【答案】D

【详解】ABC．从图中可以看到，这是一个串联电路，电路中的电流处处相等，开关闭合后，同时加热，通电时间相同，电阻不同，所以探究的是电流产生的热量与电阻的关系，A、B、C错误；

D．电流流过电阻丝做功，消耗的电能转化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量然后温度升高，所以此实验中用温度计示数变化的大小反映产生热量的多少，D正确。

故选D。

8．下列对电磁实验现象相应的解释正确的是（）

A．闭合开关小磁针N极向左旋转B．线圈匝数越多的电磁铁，磁性强

C．该装置用来研究电磁感应现象D．导体竖直向上运

动，电流表指针一定会偏转

【答案】B

【详解】A．根据安培定则可知，螺线管的右端是N极，左端是S极，则小磁针N极将向右偏转，故A 错误；

B．电磁铁的磁性与电流大小和线圈匝数有关，电流相同时，线圈匝数越多，磁性越强，故 B 正确；C．图中装置为研究通电导体在磁场中受力的作用，与电磁感应现象无关，故 C错误；

D．丁图中，蹄形磁铁的磁感线方向为竖直方向，当导体竖直向上运动时，不能切割磁感线，也就不会产生感应电流，故 D错误。

故选B。

9．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害．这主要是因为水的

A．密度较小B．凝固点较低C．沸点较高D．比热容较大

【答案】D

【详解】因为水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，因此生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害．故D正确．

10．在标准大气压下，将0.2kg水从25℃加热至沸腾需吸收的热量是（C水=4.2×103J/（kg?℃））（）A．2.1×103J B．6.3×103J C．2.1×104J D．6.3×104J

【答案】D

【详解】由吸热公式Q吸=cm△t知道水吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103 J/（kg?℃）×0.2kg×（100℃-25℃）=6.3×104J，

二、填空题

11．如图所示，是有关电与磁实验的装置图，其中发电机是根据图______的原理制成；电动机是根据图_____的原理制成．

【答案】 A D

【解析】A、这是研究电磁感应现象的实验，是发电机的制作原理；

B、这是奥斯特实验装置，说明通电导线周围存在磁场；

C、这是研究电磁铁的磁性强弱与匝数多少关系的实验，结论是当电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；

D、此实验探究的是通电导体在磁场中受力运动的现象，是电动机的制作原理.

12．用砂轮磨刀具，刀具会发烫，这是利用________的形式来改变刀具的内能。

【答案】做功

【解析】试题分析：做功和热传递是改变物体内能的两种方式。

用砂轮磨刀具，刀具会发烫，这是利用做功的形式来改变刀具的内能。

答案：做功

13．某同学家里的电能表在12月初和l2月底的示数分别如图甲和乙所示，他家12月份消耗的电能是__kW·h ，他家同时工作的用电器总功率不能超过__W 。表盘上“1600 imp/(kW·h)”表示电能表所在电路每消

耗1 kW·

h 的电能，指示灯闪烁1600次。该同学想利用电能表测量家里电水壶的电功率，他应把家中的其他用电器都与电源__，仅让电水壶工作，若他观察到电能表指示灯在2 min 内闪烁80次，则电水壶的实际电功率是__W 。

【答案】182 8800 断开 31.50?

【详解】[1]他家12月份消耗的电能为

1500.5kW h-1318.5kW h 182kW h W =??=?

[2]由电能表参数可知，他家同时工作的用电器总功率不能超过

max max 220V 40A 8800W P UI ==?=

[3]该同学想利用电能表测量家里电水壶的电功率，他应把家中的其他用电器都与电源断开，仅让电水壶工作；

[4]电能表指示灯闪烁80次，用电器消耗的电能为

()

80imp 0.05kW h 1600imp/kW h W ==?? 电水壶的实际电功率为

30.05kW h 1.5kW 1.510W 2h 60

W P t ?====? 14．在家庭电路中，__________表用来测量用户消耗电能的多少。一只标有“220V 40W”字样的白炽灯正常工作10h ，消耗的电能为__________度。

【答案】电能 0.4

【解析】电能表是用来测量用户消耗电能的，

消耗的电能W=Pt=0.04kw ×10h=0.4kw ?h.

15．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S 后，滑片P 从b 端移动到a 端的过程中，电压表示数U 与电流表示数I 的关系图像如图乙所示，R 1的阻值为______ Ω，电源电压为_____V ，电路消耗的最小功率为_________W 。

【答案】10 6 1.2

【解析】[1][2]由图甲可知，两电阻串联，电压表测R 2两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑片于a 端时，其接入电路电阻为0，电路中的电流最大，由图乙可知I 1=0.6A ，由U I R

=可得，电源的电压： 1110.6A U I R R ==?---①；

当滑片于b 端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知，I 2=0.2A ，U 2=4V ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：

21210.2A 4V U I R U R =+=?+---②；

因电源的电压不变，联立①②解得：R 1=10Ω，U=6V ；

[3]电路消耗的最小功率：

26V 0.2A 1.2W P UI ==?=小。

16．一金属块所受的重力为53.9牛，用弹簧测力计吊着金属块并把它浸没在水里，这时弹簧测力计的示数为44.1 牛。该金属块受到水对它的浮力为_________牛，金属块的体积为_________米3，金属块的密度为_________ 千克/米3。

【答案】9.8 1.0×10-3 5.5×103

【详解】[1]由称重法得：

F 浮=G-F=53.9N-44.1N=9.8N

[2]由阿基米德原理F 浮=ρ水gV 排 ，得：

-33339.8N 1.010m 1.010kg/m 9.8N/kg

F V g ρ===???浮排水， [3]因为用弹簧秤吊着金属块并把它浸没在水里，则排开水的体积为：

V 物=V 排= 1.0×10-3m 3，

可得：

33-3353.9N =5.510kg/m 1.010m 9.8N/kg

m G V Vg ρ===???。 17．如下图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S ，电压表V 1的示数为3V ，电压表V 2的示数为8V ，则灯L 1两端的电压为________V ，灯L 1与L 2的电功率之比为________。

【答案】3 3:5

【分析】本题考查串联电路中的电功率之间的关系，分析电路是本题求解的关键。

【详解】由图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测量L1两端电压，V2测量电源电压。

[1]电压表V1的示数为3V，则灯L1两端的电压为3V。

[2]电压表V1的示数为3V，电压表V2的示数为8V，则灯L2两端的电压为5V，又因为灯泡L1、L2串联，电流相等，则灯L1与L2的电功率之比为

111

2

22

3V3 ====

5V5

P U I U

P U I U

18．图所示的是某地下停车场烟雾报警器的简化原理图．电源电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R 的阻值随光照强度的减弱而增大，当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，电流表的示数_____，电压表示数_____（增大/减小/不变）；当电压表示数增大到某一数值时报警器开始报警．要使报警器在浓度更低的烟雾下报警，R0应选用_____（更大/更小）阻值的电阻．

【答案】减小增大更小

【解析】由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．因为有烟雾遮挡射向光敏电阻时光敏电阻的光照强度将减弱，而光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而

增大，所以光敏电阻R的阻值变大，电路的总电阻变大，由I

U

R

=

总

可知，电路中的电流变小，即电流表

的示数变小，由U IR

=可知，定值电阻R0两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变大，即电压表的示数变大；烟雾浓度更低，光照强度更大，光敏电阻的阻值更小，此时电压表示数增大到某一数值时报警器开始报警，R0应选用更小阻值的电阻．

19．入冬以来，各地因为不安全用电引起的火灾事故明显有上升趋势．在家庭电路中除了_____和过载（用电器总功率过大）会造成电流过大引发安全事故外，线路连接处因为接触不良，也容易造成该处_____变大，造成局部过热，从而加速导线老化，引起火灾．

【答案】短路电阻

【详解】引起家庭电路中电流过大的原因是：一是短路，二是过载，即用电器总功率过大．这些可能造成

电流过大引发安全事故；在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，导线连接处与导线串联在电路中,通过的电流相等、通电时间相等,由Q＝I2Rt可知，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾．

【点睛】

（1）家庭电路中电流过大的原因有两种，一是用电器短路，二是用电器总功率过大．（2）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比．导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析．

三、作图题

20．请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路．

【答案】

【详解】首先辨别图中三根线地线、火线、零线．灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全．三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如图所示：

21．将如图所示电水壶的3条接线按照安全用电的原则对应连接到插头上．

（________）

【答案】

【详解】火线与带保险丝的一端连接，零线与中间一条连接，地线应与电水壶的金属外壳连接，如下图所示：

四、实验题

22．在研究“磁场对通电导体（电流）有力的作用”实验中。

（1）利用图甲所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，应在“a”、“b”之间接入_______（填灵敏电流计或电源），根据该原理可制成_______（填发电机或电动机）；

（2）如图乙、丙中，磁体间磁场的磁感线方向都是从磁体N极水平指向S极，且线圈所处的空间磁场强弱是恒定不变的（也称匀强磁场）；

①在乙图中，通电后cd段导线受磁场力的方向为竖直向下，此时，ab段导线所受磁场力的方向是竖直向____（填上或下）；

②图丙中的线圈可以持续转动，是因为在外部加装了换向器，该装置能使线圈平面处于_____ （填平行或垂直）磁感线位置时，自动改变线圈中的电流方向。

【答案】电源电动机上垂直

【详解】(1)[1][2]因为通电导体在磁场中受力会运动，观察图可知缺少一个电源，因此利用如图甲所示的装置研究磁场对电流的作用时，应在a、b之间接入电源，根据此原理制成了电动机。

(2)①[3]在乙图中，通电后cd段导线受磁场力的方向为竖直向下，此时，ab段导线所受磁场力的方向与cd段导线受磁场力的方向相反，即竖直向上。

②[4]图丙中的线圈可以持续转动，是在外部加装了换向器，当通电线圈所在平面与磁感线垂直时（平衡位置），它能自动改变线圈中的电流方向，从而使线圈持续转动。

23．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同。

（1）比较不同燃料的热值，应选择________两图进行实验，实验通过________比较液体吸收热量的多少； （2）比较不同物质的比热容，选用如图合适装置加热相同时间后，液体a 升温多，由此可知，液体a 吸收的热量____（选填“大于”、“小于”或“等于”)液体b 吸收的热量，液体_____的比热容大；

（3）若甲图烧杯中为50mL 的水，10g 酒精完全燃烧温度计示数升高了20℃，则水吸收了______J 热量，若按酒精完全燃烧放出的热量全部被水吸收计算，算出的热值比标准值____选填“偏大”“偏小”或“一样”。

【答案】甲乙 温度计示数 等于 b 4.2×103 偏小

【详解】(1)[1][2]为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过液体升高的温度即温度计示数来比较吸热多少，进而判断热值大小，故应选择甲和乙两图进行实验；

(2)[3]比较不同物质的比热容，选用甲、丙两实验，加热相同一段时间，燃料放出的热量相，液体a 、b 吸收的热量也相等；

[4]两种液体吸收的热量相等，液体a 升温多，由c=

ΔQ m t

吸可知，液体a 的比热容小，液体b 的比热容大； (3)[5] 50mL 水的质量为：

m=ρ水V=1×103kg/m 3×50×10?6m 3=0.05kg

水吸收的热量：

Q 吸=cm Δt=4.2×103J/(kg ?℃)×0.05kg×20℃=4.2×103J ；

[6]由于酒精完全放出的热量并没有全部被水吸收，所以算出的热值比标准值偏小。

五、计算题

24．【答案】

初三上学期期末物理试卷

一、选择题

1．高层建筑的墙体中有三根绞在一起的电线，可以用如图乙所示的“测量仪”把它们区分开．小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光；小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光．则（）

A．A和Y是同一根电线，B和Z是同一根电线

B．B和Z是同一根电线，C和Y是同一根电线

C．A和Y是同一根电线，B和X是同一根电线

D．B和X是同一根电线，C和Y是同一根电线

【答案】D

【分析】根据“小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光；小华将B、C 连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光”利用排除法可作出选择．

【详解】将A、B连在一起时，小华将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光，如图1所示；

图1中上面只剩下C端，下面只剩下的是Y端，则说明C和Y是同一根电线；

将B、C连在一起时，小华将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光，如图2所示；

图1中上面只剩下A端，下面只剩下的是Z端，则说明A和Z是同一根电线；

综上分析，C和Y是同一根电线，A和Z是同一根电线，则剩下的B和X是同一根电线，故D正确，ABC

错误．

故选D．

2．在如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法中正确的是

A．电流表A1的示数变大，电压表V的示数变小

B．电流表A2的示数变小，电压表V的示数变大

C．电压表V与电流表A2的示数之比变大

D．电流表A2与A1的示数之差变大

【答案】D

【解析】由电路图可知,R1和R2并联,电流表A2测干路电流,电流表A1测通过R2的电流，电压表测电源的电压。

AB．当开关S闭合,滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中,滑动变阻器接入电路的电阻变小,由欧姆定律可知,通过滑动变阻器的电流变大, 由于并联电路中,各支路互不影响,因此电流表A1的示数不变,而干路电流等于各支路电流之和,故电流表A2示数变大；而电压表测量电源电压，因此电压表示数不变；故AB错误；

C．电压表V读数与电流表A2读数的比值等于电路总电阻，滑片向右移动的过程,电路中的总电阻随滑动变阻器接入电路阻值的减小而减小,因此比值变小，故C错误；

D．根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知,电流表A2与电流表A1的示数差等于通过R1的电流，则该差值变大，故D正确；

3．一只电阻两端的电压从2 V增加到2.8 V时，通过该电阻的电流增加了0.1 A，则该电阻的阻值是A．8 ΩB．20 ΩC．28 ΩD．无法确定

【答案】A

【详解】∵导体的电阻不变，

∴根据欧姆定律可知△U=△IR，

∴导体的电阻为R===8Ω．

故选A．

4．如图为某物质熔化时温度随加热时间变化的图象（被加热物质的质量和加热装置的功率不变），图中得到的信息正确的是

A．该物质为非晶体，熔点为0℃

B．该物质熔化过程持续了5min

C．该物质在B点的内能小于C点的内能

D．该物质在AB段的比热容是CD段比热容的2倍

【答案】C

【详解】A．该固体熔化过程中有不断吸热温度保持不变的特征，是晶体，故A错误；

B．由图可知从1min时开始熔化，4min时熔化结束，熔化过程持续了3min故B错误；

C．熔化过程不断吸热，虽然温度保持不变，但是内能不断增加，故C正确；

D．相同加热器，相同时间放出热量相同的，AB段温度变化是CD段温度变化的2倍，所以AB段比热容

是CD段的1

2

，故D错误；

5．中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是

A．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热

B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热

C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热

D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热

【答案】A

【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．

（2）物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华．

【详解】露的形成是液化现象，需要放热，A正确；雾是悬浮在空气中的小水珠，水水蒸气液化形成的，需要放热B.错误；C. “霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要放热故C错误；D. “已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要放热，故D错误．故选A.

【点睛】

此题考查了生活中的物态变化现象，要求学生运用所学知识解答生活、自然现象．

6．下列关于磁的说法正确的是

A．磁体能吸引铜片

B．磁场看不见、摸不着，不是真实存在的

C．磁体的磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极

D．小磁针静止时指南北方向是因为受到地磁场的作用

【答案】D

【解析】A. 磁体只能吸引铁、钴、镍等少数金属，不能吸引铜片，故错误；

B. 磁感线实际上并不存在，是为了研究的方便，人们在磁体周围画出来的，故错误；

C. 在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极；磁体内部，磁感线从磁体的S极出发，回到N 极，故错误；