甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题 Word版含答案
甘肃省兰州2014-2015学年高二上学期期末考试英语试题
甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试英语试题第一部分阅读理解（共两节，满分30分）第一节（共10小题；每小题2分，满分20分）阅读下列短文，从每题所给的四个选项中（A、B、C、D）中，选出最佳选项。
ANobody likes home economics(家政学). But restoring the program could help us in the fighting against obesity and chronic diseases today.The home economics movement was founded on the belief that housework and food preparation were important subjects that should be studied scientifically. The first classes occurred in the agricultural and technical colleges that were built in the 1860s. When most departments of universities rejected women, home economics was a back door into higher education.Indeed, in the early 20th century, home economics was a serious subject. When few people understood germ(微生物)theory and almost no one had heard of vitamins, home economics classes offered vital information about washing hands regularly, eating fruits and vegetables and not feeding coffee to babies.However, today we remember only the fixed ideas about home economics, forgetting the movement’s most important lessons on healthy eating and cooking. Too many Americans simply don’t know how to cook. Our diets, consisting of highly processed foods made cheaply outside the home, have contributed to many serious health problems. In the last decade, many cities and states have tried to tax junk food heavily or to ban the use of food stamps to buy soda. Clearly, many people are doubtful about any governmental steps to promote healthy eating. But what if the government put the tools of obesity prevention in the hands of children themselves by teaching them how to cook?My first experience with home economics happened two decades ago when I was a seventh grader in a North Carolina public school. A year later, my father’s job took our family to Wales, where I attended a large school for a few months. It was the first time I had ever really cooked anything. I remember that it was fun, and with an instructor standing by, it wasn’t hard. Those lessons stuck with me when I first started cooking for my husband and myself after college and they will do. Teaching cooking in public schools can help solve some problems facing Americans today. The history of home economics shows it’s possible.1.Home economics ______.A.is a subject becoming more and more popular with AmericansB.is often used to help fight against obesity and chronic diseasesC.once offered women a special approach to university educationD.was first taught in the agricultural and technical colleges in the early 1900s2.The third paragraph mainly tells us ______.A.the importance of regular hand washingB.the health benefits of fruits and vegetablesC.the contents of home economics classes in the early 20th centuryD.the significance of teaching home economics in the early 20th century3.What does the author imply in the last paragraph?A.Her family moved frequently in her childhoodB.Cooking classes have a far-reaching influence on her later life.C.To receive a better education, she went to a large school in WalesD.Teaching cooking is the key to solving Americans’ health problemsBSelf-esteem is all about how much we feel valued, loved , accepted and thought well of by others and how much we value , love and accept ourselves. People with healthy self-esteem are able to do better in school and find it easier to make friends. They tend to have better relationships with others, feel happier, find it easier to deal with mistakes and failures, and more likely to stick to something until they succeed. People with low self-esteem often feel as if no one will like them or accept them or that they don’t do well in anything.The following ways may help you improve your self-esteem.Try to stop thinking negative thoughts about yourself. If you’re used to focusing on your shortcomings, start thinking about positive aspects of yourself that overweigh them. It is good to aim high, but your goals for yourself should be within reach. That’s why you should set practical goals and never expect the impossible. Mistakes are part of learning, so view mistakes as learning opportunities. Accept that you make mistakes because everyone does. Also, you should recognize what you can change and what you can’t. If you realize that you’re unhappy with something about yourself that you can change, start today. If it’s something you can’t change(like your height), start to work toward loving yourself the way you are. Feeling like you’re making a difference and that your help is valued can do wonders to improve your self-esteem. So don’t hesitate to make a contribution. You can lend a hand to a classmate who’s having trouble, help clean up your neighborhood or volunteer to do some other things.Self-esteem plays a role in almost everything you do. It takes some work, but it’sa skill you’ll have for life.4.The passage is mainly about ______.A.what self-esteem meansB.what people with how self-esteem are likeC.how people improve their self-esteemD.what people with healthy self-esteem are like5.We can infer from the passage that ______.A.the old tend to have healthier self-esteem than the youngB.we should build healthy, positive self-esteem when youngC.there are more people with low self-esteemD.it is not easy to build healthy self-esteem6.The underlined word“them” in Paragraph 3 refers to ______.A.your strong pointsB.your weaknesses and faultsC.your aims and goalsD.your classmatesCEarly this month, the Obama Administration called for increased protection of the world’s most southern continent, Antarctica. Scientists say climate change and human activity have increasingly led to the melting of massive pieces of Antarctic ice. The disappearance of ice will not only affect wildlife in the area such as seals and penguins. The melting will also cause oceans and seas around the world to rise. This represents a major threat, especially to coastal areas. For example, the ancient city of Venice, Italy has long been threatened by rising sea levels. The situation is made worse by the fact that its ancient buildings, built on a body of water called a lagoon are slowly sinking. When the city was founded about 1,600 years ago, the levels of the Adriatic Sea was almost two meters lower than it is today. Rising sea levels are not the only threat. The salty water is also destroying Venice’s famous buildings and artworks. The Italian government is trying to fix the problem with the construction of a seven-billion-dollar of moving flood barriers.Climate change is also leading to the melting of ice in other areas, such as Mount Kilimanjaro in northern Tanzania. It is the highest point in Africa, measuring almost 6,000 meters. The mountain supports five vegetation zones and many kinds of animals. The ice glaciers on the mountain are disappearing very quickly. This will have a bad effect on the mountain’s ecosystems and on Tanzania’s travel industry. Also, a valuable record of thousands of years of weather history will also be lost if the ice melts. Scientists study pieces of glacier to understand weather patterns from thousands of years ago.In the United States, the icy masses in Glacier National Park in Montana may soon completely disappear because of climate change, In 1850, there were an estimated 150 glacier in the more than 400,000-hectare park.There are twenty-six glaciers remaining today. Scientists estimate that the glaciers will be gone by 2030. Warning temperatures are also threatening many kinds of plants and animals that live in this mountain ecosystem.7.According to the passage, what has been affected in Italy by rising sea levels?A.Its ancient buildings are slowly sinking.B.Venice’s famous buildings and artworks are also being destroyed.C.The ice glaciers on the mountain are disappearing very quickly.D.Both A and B.8.How many glaciers have disappeared since 1850 in Glacier National Parks?A.Around 150.B.About 26.C.About 400,000.D.Around 124.9.The writer developed the passage mainly by ______.A.listing reasonsB.giving examplesC.making comparisonsing quotations10..What could be the best title of the passage?A.Climate ChangeB.The Melting of Massive Pieces of Antarctic IceC.Visiting Endangered Places around the WorldD.The Disappearance of the Ice Glacier第二节（共5小题；每小题2分，满分10分）根据短文内容，从短文后的选项中选出能填入空白处的最佳选项。
甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试数学(文)试卷 Word版含答案
甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试数学（文）试题 说明：本试卷分第I 卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分.满分100分，考试时间100分钟.答案写在答题卷（卡）上，交卷时只交答题卷（卡） 第I 卷（选择题） 一、选择题(每小题3分，共30分，将答案写在答题卡上) 1已知为虚数单位，且，则的值为（） A B. C.-4 D. 2.过点P（2，4）且与抛物线y2=8x有且只有一个公共点的的直线有（） A0条 B.1条 C.2条 D..3条 3双曲线的一条渐近线方程是( ) A. B. C. D. 4.下列命题错误的是 ( ) A.命题“若，则”的逆否命题为“若，则” B.若命题，，则“”为： C.“ ”是“”的充分不必要条件 D.若或；q：或，则是的必要不充分条件. 5.曲线与曲线的（）A.焦点相同B.离心率相等C.准线相同D.焦距相等 6.根据右边程序框图，当输入10时，输出的是（） A .12 B.19 C.14.1 D.30 7.如果命题p?q为真命题，p?q为假命题，那么（）A.命题p、q都是真命题B.命题p、q都是假命题C.命题p、q只有一个真命题D.命题p、q至少有一个是真命题 8.设双曲线的一条渐近线与抛物线只有一个公共点，则双曲线的离心率为（） A. B.5 C. D. 9.已知p：关于x的不等式的解集为R；q：关于x的不等式的解集为R，则p是q成立的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件 10.已知F是双曲线的左焦点，E是该双曲线的右顶点，过点F且垂直于x轴的直线与双曲线交于A、B两点，若ABE是锐角三角形，则该双曲线的离心率e的取值范围为( )A.(1，+∞)B.(1,2)C.(1,1+)D.(2,1+) 第II卷（非选择题） 二、填空题（每小题4分，共1分，将答案写在答题卡上） 1的共轭复数是． 12.过抛物线的焦点作倾斜角为直线，直线抛物线，两点，则弦的长是13.已知椭圆与双曲线的公共焦点为F1，F2，点P是两条曲线的一个公共点，则cos∠F1PF2的值为 . 14.若椭圆与直线交于A，B两点，若，则过原点与线段AB的中点M的连线的斜率为 . 兰州一中201-2015学年第一学期高二年级期末数学试题 答题卡（） 第I 卷（选择题） 一、选择题(每小题分，共分) 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案第II卷（非选择题） 二、填空题（每小题4分，共1分） 11．__________________ 12．__________________ 13．14．__________________ 三、解答题（本题共5小题，共分） 15（10分），若， （）；（）的值 . 16.（10分）设分别为椭圆的左、右两个焦点. （）若椭圆上的点两点的距离之和等于，椭圆的方程和焦点坐标； （）设点是（）中所得椭圆上的动点，17.（10分）已知命题成立.命题有实数根.若为假命题，为假命题，求实数的取值范围 18.（本题12分）、， 且过点. （1）求双曲线方程； （2）若点在双曲线上，求证：； （3）对于（2）中的点，求的面积. 19.（本题12分）如图，设抛物线：的焦点为F，为抛物线上的任一点（其中≠0），过P 点的切线交轴于点 （），求证； （），过M点的直线抛物线于A、B两点，若，求的值 兰州一中201-2015学年第一学期高二年级期末数学试题 答（） 第I 卷（选择题） 一、选择题(每小题分，共分) 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B DD C C D B B 第II卷（非选择题） 三、解答题（本题共5小题，共分） 15．（10分）， …………………………….5分 （2）把Z=1+i代入，即， 得 …………………………….7分 所以 解得 所以实数,b的值分别为-3，4 …………………………….10分 16. （10分）解：（）椭圆C的焦点在x轴上， 由椭圆上的点A到F1、F2两点的距离之和是4，得2a=4，即a=2又点所以椭圆C的方程为…………4分（）设 …………8分又 ………….10分17．（10分） 解： 即命题…………………………分 有实数根…，即…………………………分 因为为假命题，为假命题 则为真命题，所以为假命题，为真命题，：…………………………分 由 即的取值范围是： …………………………1分 18．（本题12分）， 又双曲线过点，解得 故双曲线方程为. ……………………………4分，，∴， ∴，，∴， 又点在双曲线上，∴， ∴，即. ……………………………8分 ,∴的面积为6． ……………………………12分 19．（本题12分）解（Ⅰ）证明：由抛物线定义知， …….2分 设过P点的切线 由 令得， 可得PQ所在直线方程为 ∴得Q点坐标为(0, )∴即|PF|=|QF| ………………………….6分 （Ⅱ）设A(x1, y1)，B(x2, y2)，又M点坐标为(0, y0)∴AB方程为 由得 M P Q y x F O A B M P Q y x F O A B。
甘肃省兰州第一中学2015届高三上学期期中考试 物理
兰州一中2014-2015-1高三年级期中考试试题理科综合注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、座位号填写在三张答题卡上。
2.试卷满分300分，考试时间150分钟。
可能用到的相对原子质量：H —1 C —12 O —16 Mg —24 Cu —64二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
15．汽车在平直公路上以速度v 0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶，以下哪个图象正确表示了从司机减小油门后汽车的速度与时间的关系16．如图所示，质量为M 的物体内有光滑圆形轨道，现有一质量为m 的小滑块沿该圆形轨道的竖直面做圆周运动，A 、C 为圆周的最高点和最低点，B 、D 与圆心O 在同一水平线上．小滑块运动时，物体M 保持静止，关于物体M 对地面的压力N 和地面对物体的摩擦力，下列说法正确的是A ．滑块运动到A 点时，N >Mg ，摩擦力方向向左B ．滑块运动到B 点时，N =Mg ，摩擦力方向向右C ．滑块运动到C 点时，N <( M +m ) g ，M 与地面无摩擦力D ．滑块运动到D 点时，N =( M +m ) g ，摩擦力方向向左17．如图所示，AB 杆以恒定角速度ω绕A 点在竖直平面内转动，并带动套在固定水平杆OC 上的小环M 运动，AO 间距离为h 。
运动开始时AB 杆在竖直位置，则经过时间t （小环仍套A 0.5v vB 0.5v v D0.5v v C 0.5v v在AB和OC杆上）小环M的速度大小为A．ωhB．ωh tan（ωt）C．ωhcos(ωt)D．ωh cos2(ωt)18．如下图，穿在水平直杆上质量为m的小球开始时静止。
甘肃省兰州第一中学2015-2016学年高二物理下学期期末考试试题
兰州一中2015-2016-2学期期末考试试题高二物理说明：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
满分100分，考试时间100分钟。
2．答案写．．．．．。
．．．只交答题卡．．．在答题卡上．．．．．，交卷时第Ⅰ卷（选择题共54分）一、单项选择题(本大题共10小题,每小题3分, 共30分,其中每道题只有一个选项符合题意)1. 某种气体在不同温度下的气体分子速率分布曲线如右图所示，图中f(v)表示v处单位速率区间内的分子数百分率，所对应的温度分别为TⅠ、TⅡ、TⅢ，则( )．A．TⅠ>TⅡ>TⅢB．TⅢ>TⅡ>TⅠC．TⅡ>TⅠ，TⅡ>TⅢD．TⅠ＝TⅡ＝TⅢ2. 关于温度和内能的理解，下列说法中正确的是( ).A．温度是分子平均动能的标志，物体温度升高，则物体每一个分子的动能都增大B．不计分子之间的分子势能，质量和温度相同的氢气和氧气具有相同的内能C．1g100℃水的内能小于1g100℃水蒸气的内能D．做功和热传递对改变物体内能是等效的，也就是说做功和热传递的实质是相同的3. 下列说法正确的是( ).A. 液体表面层的分子分布比较稀疏，分子之间只存在引力，故液体表面具有收缩趋势B. 悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动C. 当液晶中电场强度不同时，液晶对不同颜色光的吸收强度不同，就显示不同颜色D. 高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的缘故4. 一定质量的理想气体，经等压升温，气体体积变大，用分子动理论的观点分析，这是因为( ).A．气体分子每次碰撞器壁的平均冲力不变B．单位时间内单位面积器壁上受到气体分子碰撞的次数减少C．随着气体分子之间距离的增大，分子力逐渐减小D．气体分子的数密度增大5. 关于热力学定律，下列说法正确的是( )．A．一定量气体吸收热量，其内能一定增大B．物体可以从单一热源吸收的热量可将其全部用于做功C．不可能使热量由低温物体传递到高温物体D．第二类永动机不仅违反了热力学第二定律，也违反了能量守恒定律6. 如图所示，由导热材料制成的气缸和活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞与气缸壁之间无摩擦，活塞上方存有少量液体。
甘肃省兰州一中2013-2014学年高二物理上学期期末考试试题新人教版
甘肃省兰州一中2013-2014学年高二物理上学期期末考试试题新人教版说明： 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分100分，考试时间100分钟。
答案写在答题卡上，交卷时只交答题卡。
第Ⅰ卷 选择题（48分）一、选择题（每小题4分，共48分。
其中1-7题是单选题，8-12题是多选题，全选对的得 4 分，选不全的得 2 分，有选错的或不答的得 0 分。
）1．质量为m ，电量为+q 的小球以初速度v 0以与水平方向成θ角射出，如图所示，如果在某方向加上一定大小的匀强电场后，能保证小球仍沿v 0方向做直线运动，则所加匀强电场的最小值为（ ）A ．mg q B ．cos mg q θ C ．sin mg q θ D ．tan mg qθ2．在一个专门研究地磁场的实验室的水平桌面上，放置一个边长为L 的正方形闭合线圈，线圈的ad 边指向南北，如图所示。
下列说法正确的是( ) A ．线圈以速度v 向东平动时，线圈中有感应电流 B ．线圈以速度v 向南平动时，线圈中有感应电流C ．以ab 边为轴，将cd 边迅速翻转90°的过程中，线圈中有感应电流D ．以ab 边为轴，将cd 边迅速翻转180°的过程中，线圈中无感应电流 3．如图所示，导线框abcd 与导线AB 在同一平面内，直导线中通有恒定的电流I ，当线框由左向右匀速通过直导线的过程中，线框中感应电流的方向是（ ）A ．先abcda ，再dcbad ，后abcdaB ．先abcda ，再dcbadC ．始终是dcbadD ．先dcbad ，再abcda ，后dcbad4．如图，电源A 、B 的电动势分别为6V 和4V ，当电键S 从A 转B 时，通过电流计的电荷量为l.2⨯10-5C ；则电容器的电容为( )A ．1.2⨯10-6FB ．1.5⨯10-6FC ．6⨯10-6FD ．2⨯10-5F5．如图所示，蹄形磁体用悬线悬于O 点，在磁铁的正下方有一水平放置的长直导线，当导线中通以由左向右的电流时，蹄形磁铁的运动情况将是（ ） A ．静止不动 B ．向纸外平动C ．N 极向纸外，S 极向纸内转动D ．N 极向纸内，S 极向纸外转动6．一根阻值为R 的均匀电阻丝，长为L ，横截面积为S ，设温度不变，在下列哪种情况下其电阻值仍为R （ ）A ．当L 不变，S 增大一倍时B ．当S 不变，L 增大一倍时C ．当L 和横截面的半径都增大一倍时D ．当L 和S 都缩为原来的一半时7．如图所示，图线a 是某一蓄电池组的伏安特性曲线，图线b 是一只某种型号的定值电阻的伏安特性曲线。
甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二下学期期末考试物理试卷 (Word
兰州一中2014-2015-2学期期末考试试题高二物理说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间100分钟。
答案写在答题卡上，交卷时只交答题卡。
第Ⅰ卷（选择题）一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分。
其中1、4、5、6、8、10、12为单选； 2、3、7、9、11为多选，多选的小题全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．如图甲是α、β、γ三种射线穿透能力的示意图，图乙是工业上利用射线的穿透性来检查金属内部伤痕的示意图，请问图乙中的检查利用的是A ．α射线B ．β射线C ．γ射线D ．三种射线都可以答案：C【解析】工业探伤要求射线能够穿过钢板的表面探测钢板内部有无伤痕，而α射线连一张纸都不能穿过，故一定不能用α射线．β射线不能穿过铝板，故一定不能用β射线工业探伤．γ射线用混凝土才能挡住，故工业探伤要用γ射线.所以选C.2．波粒二象性是微观世界的基本特征，以下说法正确的有A ．光电效应现象揭示了光的粒子性B ．热中子束射到晶体上产生衍射图样说明中子具有波动性C ．黑体辐射的实验规律可用光的波动性解释D ．康普顿效应表明光子有动量，揭示了光的粒子性的一面答案：ABD【解析】：A 、光电效应现象揭示了光的粒子性．故A 正确；B 、热中子束射到晶体上产生的衍射图样说明中子具有波动性．故B 正确；C 、黑体辐射的实验规律不能使用光的波动性解释，而普朗克借助于能量子假说，完美的解释了黑体辐射规律，破除了“能量连续变化”的传统观念．故C 错误；D. 康普顿效应表明光子有动量，揭示了光的粒子性的一面.故选：ABD3．水平抛出后在空中飞行的物体，不考虑空气阻力，则A ．在相等的时间间隔内动量的变化相同B ．在任何时间内，动量变化的方向都在竖直方向C ．在任何时间内，动量对时间的变化率恒定D ．在刚抛出时的瞬间，动量对时间的变化率为零答案：ABC【解析】A 、根据动量定理动量的变化△P=Gt G 恒定不变在相等的时间间隔内动量的变化△P 相同．故A 正确． B 、根据动量定理：平抛物体动量变化的方向与重力方向相同不变．故B 正确． C 、D 由动量定理变形得tP =G 平抛物体动量对时间的变化率恒定．故C 正确,D 错误．故选ABC ．4．一个德布罗意波波长为λ1的中子和另一个德布罗意波波长为λ2的氘核同向正碰后结合成一个氚核，该氚核的德布罗意波波长为A ． 2121λλλλ+B ．2121λλλλ-C ． 221λλ+D ． 221λλ- 答案：A【解析】动量守恒,氘核的动量=氕核动量+中子动量（能量不守恒,因为要吸收或释放光子）,p=p1+p2=h/λ1+h/λ2=h/λ所以λ=h/p=1/(1/λ1+1/λ2)=λ1*λ2/(λ1+λ2）,故选A.5．氢原子辐射出一个光子后，则A ．电子绕核旋转的半径增大B ．电子的动能增大C ．电子的电势能增大D ．原子的能级值增大答案：B【解析】：由玻尔理论可知,氢原子辐射光子后,应从离核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道,在此跃迁过程中,电场力对电子做了正功,因而电势能应减小.另由经典电磁理论知,电子绕核做匀速圆周运动的向心力即为氢核对电子的库仑力:k =m .所以Ek=mv2=.可见,电子运动半径越小,其动能越大.再结合能量转化和守恒定律,氢原子放出光子,辐射出一定的能量,所以原子的总能量减小.综上讨论,可知该题只有答案B 正确.答案：B6．2013年斯诺克上海沃德大师赛于9月16日至22日在上海体育馆举行。
【精品解析纯word版】物理卷·2015届甘肃省兰州一中高二下学期期末考试
甘肃兰州一中2013—2014学年度下学期期末考试高二物理试题说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分100分。
考试时间100分钟。
答案写在答题卡上，交卷时只交答题卡。
【试卷综析】本试卷是高二期末试卷，包含了高中物理选修3-5的全部内容，主要包含了动量、动量守恒定理、原子能级跃迁、原子、原子核等，知识覆盖面广，知识点全面。
在考查上以分析综合为主，计算为辅。
全面考查学生的能力。
第Ⅰ卷（选择题）一、单项选择题（本题共有6小题，每小题4分，共24分）1.下列叙述中，不符合．．．物理学史的是A.普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论B.爱因斯坦为了解释光电效应的规律，提出了光子说C.卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，提出了原子的核式结构模型D.贝克勒尔通过对天然放射性的研究，发现原子核是由质子和中子组成的【知识点】物理学史．【答案解析】D 解析A、为了解释黑体辐射规律，普朗克引入了量子观点，成功解释了黑体辐射规律故A正确．B、爱因斯坦为了解释光电效应的规律，提出了光子说．故B正确．C、卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，根据少数α粒子能发生大角度偏转，提出了原子的核式结构学说．故C正确．D、贝克勒尔通过对天然放射性的研究，揭示了原子核有复杂的结构，但并没有发现质子和中子．故D错误．本题选不符合史实的，故选D【思路点拨】本题应抓住爱因斯坦的光子说、卢瑟福对α粒子散射实验的研究和贝克勒尔对天然放射性的研究，进行分析选择．本题考查了物理学史的有关内容，平时要注意物理学史知识的学习与积累．2.关于近代物理学的结论中，正确的是A.宏观物体的物质波波长非常小，极易观察到它的波动性B.物质波是一种概率波，在微观物理学中不可以用轨迹来描述粒子的运动C.光电效应现象中，光电子的最大初动能与照射光的频率成正比D.若氢原子从n = 6能级向n = 1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n = 6能级向n = 2能级跃迁时辐射出的光能使该金属发生光电效应故选：B．【思路点拨】A、根据德布罗意波长分析宏观物体的波长，波长越长，波动性越明显．B、物质波是一种概率波，没有确定的位置．C、根据光电效应方程E Km=hγ-W0分析光电子的最大初动能与光的频率的关系；D、根据E m-E n=hγ，即可判断从n=6能级向n=2能级跃迁时辐射出的光能否使该金属发生光电效应．本题考查了德布罗意波长、光电效应和能级等基本概念，难度不大，关键要对这些知识点熟悉，注意线性关系与正比的不同．3.在物体运动过程中，下列说法不正确．．．的有A.动量不变的运动，一定是匀速运动B.动量大小不变的运动，可能是变速运动C.若某一个力对物体做功为零，则这个力对该物体的冲量也一定为零D.如果在任何相等时间内物体所受的冲量相等(不为零)，那么该物体一定做匀变速运动【知识点】动量定理．【答案解析】C 解析A、物体的动量不变，知物体的速度不变，可知物体一定做匀速运动．故A正确．B、动量大小不变的运动，即速度大小不变，可能做变速运动，比如匀速圆周运动．故B正确．C、若某一个力对物体做功为零，即物体的动能变化量为零，但是动量的变化量不一定为零，即冲量不一定为零．故C错误．D、如果在任何相等时间内物体所受的冲量相等（不为零），知相等时间内动量的变化量相同，即速度变化量相同，一定做匀变速运动．故D正确．本题选错误的，故选：C．【思路点拨】动量是矢量，动量不变时，速度大小和方向都不变，合力的冲量等于动量的变化量，相同时间内所受的冲量相等，则相等时间内速度变化量相同，加速度不变．解决本题的关键知道动量是矢量，有大小，有方向，动能是标量，只有大小，没有方向．掌握动量定理，即合力的冲量等于动量的变化量，并能灵活运用．4.如图所示，一天然放射性物质射出三种射线，经过一个匀强电场和匀强磁场共存的区域，调整电场强度E和磁感应强度B的大小，使得在MN上只有两个点受到射线照射．下面的哪种判断是正确的A.射到b点的可能是α射线或β射线B.射到b点的一定是α射线C.射到b点的一定是β射线D.射到b点的一定是γ射线【知识点】带电粒子在混合场中的运动．【答案解析】A 解析因为γ射线不带电，所以射到b点的一定不是γ射线；αβ射线在电磁场中受到电场力和洛伦兹力：若电场力大于洛伦兹力，说明射线是α；若洛伦兹力大于电场力说明是β射线．故A正确，BCD错误．故选：A．【思路点拨】αβ射线分别带正电和负电，在电磁场中受到电场力和洛伦兹力，γ射线不带电，不受电场力和洛伦兹力．本题考查了αβγ三种射线的带电性质，结合力学的受力分析即可判断．5.质量为m的物体放在水平面上，在与水平方向成θ夹角的拉力F的作用下由静止开始运动，经过时间t 速度达到v ，在这一时间内拉力F 和重力G 的冲量大小分别为A.Ft cos θ，0B. Ft , 0C.Ft ，mgtD. mv ，Ft【知识点】 动量定理；牛顿第二定律．【答案解析】C 解析解；因两力作用时间均为t ，则有：重力的冲量为mgt ，拉力的冲量为Ft ；因物体受到的总冲量包括拉力的冲量、重力的冲量及支持力的冲量，由动量定理可知，合力的冲量才等于动量的变化量；故只有A 正确；故选A ．【思路点拨】分析物体的受力，由冲量的定义可求出两力的冲量；由动量定理分析动量变化与冲量的关系．本题要注意冲量的定义及动量定理的应用，明确动量定理中的冲量为合冲量．6.如图所示是某原子的能级图，a 、b 、c 为原子跃迁所发出的三种波长的光．在下列该原子光谱的各选项中，谱线从左向右的波长依次增大，则正确的是【知识点】 氢原子的能级公式和跃迁．【答案解析】B 解析从第3能级跃迁到第1能级，能级差最大，知c 光的频率最大，波长最短，从第3能级跃迁到第2能级，能级差最小，知a 光的光子频率最小，波长最长，所以波长依次增大的顺序为c 、b 、a ．故B 正确，A 、C 、D 错误．故选：B ．【思路点拨】能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，光子频率越大，波长越短, 解决本题的关键知道频率与波长的关系，以及知道能级间跃迁吸收或辐射的光子能量等于两能级的能级差进行分析．二、多项选择题（本题共有4小题，每小题4分，共16分，各小题四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得4分，有漏选的得2分，有错选或不选的得0分）7.下列说法正确的是A.发现中子的核反应方程是n C H B 10126e 42e 94+→+B.U 23592在中子轰击下生成r 9438S 和e 14054X 的过程中,原子核中的平均核子质量变小C.200个U 23892的原子核经过两个半衰期后剩下50个U 23892D.比结合能越大，表示原子核中核子结合的越牢固，原子核越稳定【知识点】 原子核衰变及半衰期、衰变速度；氢原子的能级公式和跃迁．【答案解析】ABD 解析A 、发现中子的核反应方程是49B e +24H e →612C+01n ，故A 正确；B 、23592U 在中子轰击下生成3894S e 和54140X e 的过程中，质量亏损，原子核中的平均核子质量变小，故BE 1 E 2 E 3正确；C、半衰期是大量原子核衰变的统计规律，统计少量个数原子核是没有意义的，故C错误；D、比结合能越大，表示原子核中核子结合的越牢固，原子核越稳定，故D正确；故选：ABD．【思路点拨】查德威克通过α粒子轰击铍核发现了中子．质子与中子的质量之和与原子核的质量之差是原子核的质量亏损；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，统计少量个数原子核是没有意义的；比结合能越大，表示原子核中核子结合的越牢固，原子核越稳定．对于物理学发展历史上几个重要的核反应方程如质子发现、中子等核反应方程要熟练掌握，知道质量亏损、半衰期、比结合能的概念、8.质量为m的物体以速度v0从地面竖直上抛到落回地面，在此过程中(不计空气阻力)A.上升过程和下落过程中动量的变化量大小均为mv0，但方向相反B.上升过程冲量大小为mv0，方向向下C.整个过程中重力的冲量为0D.整个过程中重力的冲量为2mv0【知识点】动量定理；竖直上抛运动．【答案解析】BD 解析根据竖直上抛运动的对称性可得落地的速度大小也v0，方向竖直向下．上升过程和下落过程中只受到重力的作用．AB、选取向上为正方向，上升过程动量的变化量：△P1=0-mv0=-mv0，下落过程中动量的变化量：△P2=-mv0-0=-mv0，大小均为mv0，但方向相同．故A错误，B正确；CD、整个过程中重力的冲量为：I=-mv0-mv0=-2mv0．故C错误，D正确．故选：BD．【思路点拨】根据竖直上抛运动的对称性求得落地的速度，然后结合动量定理即可解答．该题结合冲量的计算与动量定理考查竖直上抛运动，根据竖直上抛运动的对称性判定落地的速度大小也v0，方向竖直向下是解题的关键．9.如图所示，轻弹簧一端固定在墙上，另一端连一质量为m的档板，一物体沿光滑水平面以一定的速度撞向挡板，物体与挡板相接触的一面都装有尼龙搭扣，使得它们相撞后立即粘在一起.若碰撞时间极短，在对物体、挡板和轻弹簧组成的系统，下列说法正确的是A.在物体与挡板相撞的过程中，系统的动量守恒而机械能不守恒B.在物体与挡板相撞的过程中，系统的动量不守恒而机械能守恒弹簧，根据碰撞的特点及机械能守恒的条件即可求解．碰撞过程中内力远远大于外力，动量守恒，只有重力或弹簧弹力做功时机械能守恒．10.质量为1kg 的小球A 以4m/s 速度与质量为2kg 的静止小球B 正碰，关于碰后A 、B 的速度v A 和v B ，下列哪些是可能的 A.m/s 34==B A v v B.m/s 5.2m/s 1=-=B A v v ， C.m/s 3m/s 1==v v ， D.m/s 4m/s 4=-=v v ，于碰撞过程，往往根据三个规律去分析：一是动量守恒；二是总动能不增加；三是碰后，若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率第Ⅱ卷（非选择题）三、填空题（本题共有5小题，每空2分，共24分）11.U 23892经过核衰变成为n 22286R ，共发生了 次α衰变， 次β衰变，i 21083B 的半衰期是5天，12g 的i 21083B 经过15天以后剩下i 21083B 的质量为 g.【知识点】 原子核衰变及半衰期、衰变速度．【答案解析】 4 ， 2 ， 1.5 解析92238U 衰变为86222Rn ，质量数减小16，电荷数减小6．由于原子核经过一次α衰变，电荷数减小2，质量数减小4，经过一次β衰变后电荷数增加1，质量数不变，所以α衰变为23822244-=β衰变为8(9286)21--=由公式m=M 12t T ⎛⎫ ⎪⎝⎭ =12×15512⎛⎫ ⎪⎝⎭=1.5g ． 【思路点拨】原子核经过一次α衰变，电荷数减小2，质量数减小4，一次β衰变后电荷数增加1，质量数不变，根据衰变过程中质量数和电荷数守恒求解；再 根据半衰期公式求剩余的质量．要知道α衰变、β衰变的实质和衰变前后生成物的电荷数、质量数的变化；对半衰期公式要理解各数据表示的物理意义．12.中子的质量为1.0087u,质子的质量为1.0073u ，氘核的质量为2.0136u.中子和质子结合成氘核时质量亏损 ，需 (填―吸收‖、―放出‖)能量 Mev.(1u = 931.5Mev)【知识点】爱因斯坦质能方程．【答案解析】 0.0024u ， 放出 ，2.2356Mev 解析中子和质子结合成氘核时质量亏损△m=1.0087+1.0073-2.0136u=0.0024u ，根据爱因斯坦质能方程得，释放的能量：△E=0.0024×931.5MeV=2.2356MeV．【思路点拨】根据反应前后质量的关系得出质量亏损，从而结合爱因斯坦质能方程求出释放的核能．解决本题的关键掌握爱因斯坦质能方程，结合质量亏损求出释放的核能，基础题．13.在光滑的水平面上，质量为2kg 的平板小车以3m/s 速度做匀速直线运动，质量为1kg 的物体从5m 高处自由下落掉在车上.由于物体与车之间存在摩擦,经过0.4s 它们达到了共同的速度 m/s ，小车所受摩擦力的大小为 N.【知识点】 动量守恒定律．【答案解析】 2 ， 5 解析车与物体组成的系统水平方向动量守恒，设车初速度的方向为正，则：m 车v 车=（m 车+m 物）v 代入数据得：v=2m/s 两物体间的摩擦力大小相同，车的质量为物体质量的2倍，由牛顿第二定律：F=ma 解得两物体的加速度是1：2的关系，即车的加速度为a ，物体的加速度为2a ．经时间0.4s 后它们以共同的速度前进，由速度时间表达式：v=v 0-at=2at 代入数据解得：a=2.5m/s 2所以小车所受的摩擦力大小：f=m 车a=2×2.5=5N【思路点拨】由于两物体间的摩擦力大小相同，两物体质量为2倍关系，所以两物体的加速度是1：2的关系，它们的末速度相同，可以分别列速度时间关系式解出要求解的物理量．本题把牛顿第二定律与匀变速直线运动规律相结合，通过此题可以看出加速度是练习牛顿第二定律与匀变速直线运动规律的桥梁．14.甲乙两种光子的波长之比为4∶3，分别用它们照射同一金属板，发出光电子的最大初动能为E 甲、E 乙，则甲乙两种光子的能量之比为 ，该金属的逸出功为 .【知识点】 爱因斯坦光电效应方程．【答案解析】 3∶4 ， 甲乙4E -3E 解析波长之比为4：3，根据γ＝C λ及E=h γ，可知，甲乙两种光子的能量之比为E 甲：E 乙=λ乙：λ甲=3：4；设此金属的逸出功为W ，根据光电效应方程得如下两式：当用甲波的光照射时：E k 甲=hc λ甲-W…① 当用乙波的光照射时：E k 乙=hcλ乙-W…②解①②组成的方程组得：W=3E 乙-4E 甲．【思路点拨】根据光速、频率、波长之间的关系可知光子的能量为E=hc λ，然后根据爱因斯坦光电效应方程，即可求解．15.总质量为M 的火箭正以速度v 水平飞行，若以相对自身的速度u 向相反方向喷出质量为m 的气体，火箭的速度变为 ，在此过程中，系统的机械能增加【答案解析】u v M m +， ()212M m M mu - 解析以火箭和喷出的气体为研究对象，以火箭飞行的方向为正方向，由动量守恒定律得：Mv=（M-m ）v′-m （u-v ），得：v′=u v m +机械能增加了：△E K =12Mv′2+12m （u-v ）2-12Mv 2 代入得：△E K =()212M m M mu - 【思路点拨】以火箭和喷出的气体为研究对象，应用动量守恒定律，可以求出喷气后火箭的速度．本题考查了求火箭的速度，应用动量守恒定律即可正确解题，解题时要注意研究对象的选择、正方向的选取．四、计算题（本题共3小题，36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
甘肃省兰州第一中学2015届高三上学期期中考试理综试题
兰州一中2014-2015-1高三年级期中考试试题理科综合注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、座位号填写在三张答题卡上。
2.试卷满分300分，考试时间150分钟。
可能用到的相对原子质量：H—1 C—12 O—16 Mg—24 Cu—64第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．用蛋白酶去除大肠杆菌核糖体的蛋白质，处理后的核糖体仍可催化氨基酸的脱水缩合反应。
由此可推测核糖体中能催化该反应的物质是A．蛋白酶B．RNA聚合酶C．逆转录酶D．RNA2．下列有关ATP的叙述，错误的是A．线粒体合成的ATP可在细胞核中发挥作用B．机体在运动时消耗ATP，睡眠时积累ATPC．在有氧与缺氧的条件下细胞质基质中都能形成ATPD．每个ATP分子中含有两个高能磷酸键3．下列关于物质跨膜运输的叙述，错误的是A．在顺浓度梯度情况下，葡萄糖可以通过协助扩散进入细胞B．低温环境会影响物质的主动运输速率，但不影响被动运输C．水分进出细胞取决于细胞膜两侧液体的浓度差D．土壤板结能影响植物根细胞膜转运K+速率4.下列关于细胞结构和功能的叙述，错误的是A．肺炎双球菌无线粒体，只能进行无氧呼吸B．线粒体、叶绿体中含有少量遗传物质C．分泌蛋白的形成与核糖体、内质网、高尔基体有关D．内质网既参与物质合成，也参与物质运输5．下列有关探究光合作用过程的描述，正确的是A．将充分暗处理后的天竺葵叶片一半遮光，光照一段时间，遮光部分遇碘变蓝B．载有水绵和好氧细菌的临时装片，用透过三棱镜的光照射一段时间，绿光区域聚集细菌最多C．向绿色植物提供H218O和CO2，光照一段时间，释放的气体含有18O2D．向小球藻提供14CO2，光照一段时间，14C5化合物先于14C3化合物出现6．下列有关生物实验选材的叙述，错误的是A．用紫色洋葱鳞片叶内表皮细胞可观察DNA和RNA在细胞中的分布情况B．用哺乳动物成熟红细胞可制备较纯净的细胞膜C．用过氧化氢酶可探究温度对酶活性的影响D ．用黑藻叶片可观察植物细胞质壁分离现象7．下列对有关化学反应过程或实验现象的解释中，正确的是A ．Cl 2的水溶液可以导电，说明Cl 2是电解质B ．在高温条件下，C 能置换出SiO 2中的Si ，说明C 的氧化性强于SiC ．向淀粉碘化钾的溶液中加入氯水，溶液变为蓝色，说明Cl 2的氧化性强于I 2D ．滴有酚酞的Na 2CO 3溶液中，加入BaCl 2溶液后，溶液褪色，说明BaCl 2溶液有酸性8．据最新报道，科学家发现了如下反应：O 2＋PtF 6 = O 2(PtF 6)，已知O 2(PtF 6)为离子化合物，其中Pt 为+5价，对于此反应，下列叙述正确的是A ．在此反应中，O 2是氧化剂，PtF 6是还原剂B ．反应中每生成1molO 2(PtF 6)转移1mol 电子C ．O 2(PtF 6)中氧元素的化合价是＋1价D ．O 2(PtF 6)中仅存在离子键不存在共价键9．符合右图的化学反应是层数的3倍，X 、M 同主族，Y 的原子在短周期主族元素中原子半径最大。
甘肃省兰州一中高二物理上学期期末试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
甘肃省兰州一中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分．在每个小题给出的四个选项中，其中1、6、10和12小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分〕1．〔4分〕如下说法中正确的答案是〔〕A．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的B．磁感线和磁场一样也是客观存在的C．一切磁现象都起源于电流或运动电荷，一切磁作用都是电流或运动电荷之间通过磁场而发生的相互作用D．根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内局部子电流取向变得大致一样时，物体被磁化，两端形成磁极2．〔4分〕关于对磁感应强度的定义式B=的理解，正确的答案是〔〕A．磁感应强度B的大小与磁场力F成正比，与电流强度I和导线长度L的乘积成反比B．磁感应强度B的方向由安培力F的方向决定C．磁感应强度B的方向与小磁针N极的指向一样D．处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F与电流强度和导线长度的乘积IL的比都是恒定的，且不为零3．〔4分〕要把动能和速度方向都一样的质子和α粒子别离开，如此〔〕A．用电场和磁场都可以B．用电场和磁场都不行C．只能用电场而不能用磁场D．只能用磁场而不能用电场4．〔4分〕如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定〔〕A．射向P1板的是a离子B．射向P2板的是b离子C．射向A1的是c离子D．射向A2的是d离子5．〔4分〕一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如下列图，如此A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A．B．C．D．6．〔4分〕有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子的电荷量为e，此时电子的定向移动速度为u，在t时间内，通过导线某一横截面积的自由电子数目可表示为〔〕A．nuSt B．nut C．D．7．〔4分〕如下列图，在两根平行长直导线M、N中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为〔〕A．沿abcda不变B．沿adcba不变C．由abcda变成adcba D．由adcba变成abcda8．〔4分〕如图，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当电键S接通一瞬间，两铜环的运动情况是〔〕A．同时向两侧推开B．同时向螺线管靠拢C．一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，无法具体判断D．同时被推开或同时向螺线管靠拢，但因电源正负极未知，无法具体判断9．〔4分〕一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如下列图．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小〔带电量不变〕．从图中情况可以确定〔〕A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电10．〔4分〕如下列图的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化如下表示正确的答案是〔〕A．A灯变亮B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗11．〔4分〕平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以与电源连成如下列图的电路．闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是〔〕A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只增大a、b两极板间的距离，其他不变12．〔4分〕一个质量为m，电荷量为+q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着假设干个如下列图的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔，竖直高度相等，电场区水平方向无限长．每一电场区的场强大小相等，方向竖直向上，不计空气阻力，如下说法正确的答案是〔〕A．小球在水平方向一直做匀速直线运动B．假设场强大小等于，如此小球经过每一电场区的时间均一样C．假设场强大小等于，如此小球经过每一无电场区的时间均一样D．无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均一样二、填空与实验探究题〔此题共3小题，共24分〕13．〔2分〕某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，示数如图．该游标卡尺示数为cm，螺旋测微器示数为mm．14．〔10分〕某同学在做多用电表测电阻的实验中：〔1〕测量某电阻时，用“×10Ω〞档时发现指针偏转角度过大，他应该换用档〔填“×1Ω〞或“×100Ω〞〕，换档后，在测量前先要．〔2〕如下列图，A、B、C是多用表在进展不同测量时，转换开关分别指示的位置，多用表表盘指针在测量时的偏转位置如下列图．假设是用A档测量，指针偏转如图，如此读数为；假设是用B档测量，指针偏转如图，如此读数为；假设是用C档测量，指针偏转如图，如此读数为．15．〔12分〕某课题研究小组的同学收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池与从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈等元件．现从这些材料中选取两个待测元件：一是定值电阻R0〔约为2kΩ〕，二是手机中常用的锂电池〔电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA〕，另外在操作台上还准备了如下所列的实验器材：A．电压表V〔量程4V，电阻R V约为4.0kΩ〕B．电流表A1〔量程100mA，电阻R A1约5Ω〕C．电流表A2〔量程2mA，电阻R A2约50Ω〕D．滑动变阻器R1〔0～40Ω，额定电流1A〕E．电阻箱R2〔0～999.9Ω〕F．开关一只、导线假设干〔1〕为了测量定值电阻R0的阻值，小组的一位成员设计了如下列图的电路图，所选取的相应器材〔电源用待测的锂电池〕均标在了图上，在其设计的电路或器材选取中仅有一处不妥，你认为是哪一处，请写在如下横线上：．〔2〕①在实际操作过程中，发现滑动变阻器R1、电流表A1、A2均已损坏，现要用余下的器材测量锂电池的电动势E和内电阻r，请在方框中画出你所设计的测量电路〔电路要标明相应的器材〕；②为了便于分析，一般采用线性图象处理实验数据，请在如下横线上写出与线性图象对应的相关物理量间的函数关系式：．三、分析计算题〔此题共3小题，共28分．分析解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕16．〔8分〕如下列图，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量m=0.2kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体质量M=0.3kg，棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，应在棒中通入多大的电流？方向如何？17．〔8分〕如下列图，在xOy坐标系y轴右侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，在第四象限还有沿x轴负方向的匀强电场，y轴上有一点P，坐标为〔0，L〕，一电荷量为q、质量为m的粒子从P点以某一大小未知的速度沿与y轴正方向夹角为30°的方向垂直射入磁场，粒子能够进入第四象限，并且在其中恰好做匀速直线运动．不计重力．求：〔1〕粒子在第一象限中运动的时间t；〔2〕电场强度E．18．〔12分〕如下列图，空间某平面内有一条折线是磁场的分界限，在折线的两侧分布着方向相反、与平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小都为B．折线的顶角∠A=90°，P、Q是折线上的两点，AP=AQ=L．现有一质量为m、电荷量为q的带负电微粒从P点沿PQ方向射出，不计微粒的重力．〔1〕为使微粒从P点射出后，途经折线的顶点A而到达Q点，求初速度v应满足什么条件？〔2〕求第〔1〕问中微粒从P点到达Q点所用的时间．甘肃省兰州一中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分．在每个小题给出的四个选项中，其中1、6、10和12小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分〕1．〔4分〕如下说法中正确的答案是〔〕A．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的B．磁感线和磁场一样也是客观存在的C．一切磁现象都起源于电流或运动电荷，一切磁作用都是电流或运动电荷之间通过磁场而发生的相互作用D．根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内局部子电流取向变得大致一样时，物体被磁化，两端形成磁极考点：磁现象和磁场．分析：磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场是客观存在的物质，磁感线是人们为形象地描述磁场而引入的线；一切磁作用都是通过磁场而发生的相互作用；物体被磁化的过程是物体内局部子电流取向变得大致一样的过程．解答：解：A、磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，故A正确；B、磁场是客观存在的物质，磁感线是人们为形象地描述磁场而引入的线；故B错误；C、一切磁现象都起源于电流或运动电荷；而一切磁作用都是通过磁场而发生的相互作用；故C正确；D、根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内局部子电流取向变得大致一样时，物体被磁化．故D正确．应当选：ACD点评：该题考查磁场与磁感线的根本性质与物体的磁化，物体的磁化是物体内局部子电流取向变得大致一样的过程．根底题目．2．〔4分〕关于对磁感应强度的定义式B=的理解，正确的答案是〔〕A．磁感应强度B的大小与磁场力F成正比，与电流强度I和导线长度L的乘积成反比B．磁感应强度B的方向由安培力F的方向决定C．磁感应强度B的方向与小磁针N极的指向一样D．处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F与电流强度和导线长度的乘积IL的比都是恒定的，且不为零考点：磁感应强度．分析：在磁场中磁感应强度有强弱，如此由磁感应强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，如此所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．解答：解：A、磁场中某处的磁感应强度大小，就是通以电流I、长为L的一小段导线垂直放在该处时所受磁场力F与I、L的乘积的比值，由磁场本身决定，与电流强度I和导线长度L的乘积无关．故A错误；B、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定如此来确定，所以磁场力的方向与磁场与电流方向相互垂直，故B错误；C、磁感应强度B的方向与小磁针静止时N极的指向一样，故C错误；D、处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F与电流强度和导线长度的乘积IL的比都是恒定的，且不为零．故D正确；应当选：D点评：磁感应强度的定义式B=可知，是属于比值定义法，且导线垂直放入磁场中．即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．例如：电场强度E=一样．同时还要注意的定义式B=是有条件的．3．〔4分〕要把动能和速度方向都一样的质子和α粒子别离开，如此〔〕A．用电场和磁场都可以B．用电场和磁场都不行C．只能用电场而不能用磁场D．只能用磁场而不能用电场考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：根据带电粒子在磁场中受到洛伦兹力，做匀速圆周运动，再由运动半径公式，结合带电粒子的电量与质量的关系，即可求解．解答：解：由题意可知，粒子在磁场中运动的半径与粒子的荷质比有关，而质子和α粒子的荷质一样，因此无法用磁场分开．当带电粒子在电场中受电场力，因它们的电量不同，因此受到的电场力不同，即可分开，故C正确，ABD错误；应当选：C．点评：考查电场力与电量的关系，理解洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动对应的半径与荷质比有关，是解题的关键．4．〔4分〕如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定〔〕A．射向P1板的是a离子B．射向P2板的是b离子C．射向A1的是c离子D．射向A2的是d离子考点：质谱仪和盘旋加速器的工作原理；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：在速度选择器中，粒子受到的电场力和洛伦兹力相等，有qE=qvB．知只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．进入磁场B2后，有r=，v、B2、q一样，质量大的半径大．解答：解：A、通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有qE=qvB．v=，只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a 的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误． C、只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据r=，知质量大的半径大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误．应当选A．点评：解决此题的关键知道只有速度满足一定的值，才能通过速度选择器．由速度选择器出来进入磁场，速度一定，根据r=，可比拟粒子偏转半径的大小．5．〔4分〕一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如下列图，如此A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A．B．C．D．考点：电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件．专题：电场力与电势的性质专题．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，如此电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确．应当选C．点评：此题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以与电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．6．〔4分〕有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子的电荷量为e，此时电子的定向移动速度为u，在t时间内，通过导线某一横截面积的自由电子数目可表示为〔〕A．nuSt B．nut C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：首先根据电流强度的定义可以求得t时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．解答：解：在t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为vt，由于铜导线的横截面积为S，如此在t时间内，电子经过的导线体积为V=vtS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，如此在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt．由于流经导线的电流为I，如此在t时间内，流经导线的电荷量为Q=It，而电子的电荷量为e，如此t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：N=，故C正确．应当选：C点评：此题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．7．〔4分〕如下列图，在两根平行长直导线M、N中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为〔〕A．沿abcda不变B．沿adcba不变C．由abcda变成adcba D．由adcba变成abcda考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：两根平行长直导线M、N中，通以同方向同强度的电流，产生磁场，根据安培定如此和磁场的叠加原理可知，在中线OO′右侧磁场向外，左侧磁场向里．当导线框向左运动时，磁通量变化，产生感应电流，根据楞次定律判断感应电流方向．解答：解：根据安培定如此和磁场的叠加原理判断得知，在中线OO′右侧磁场向外，左侧磁场向里．当导线框位于中线OO′右侧运动时，磁场向外，磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流方向为adcba；当导线框经过中线OO′，磁场方向先向外，后向里，磁通量先减小，后增加，根据楞次定律，可知感应电流方向为adcba；当导线框位于中线OO′左侧运动时，磁场向里，磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流方向为adcba．应当选：B．点评：此题考查运用楞次定律判断感应电流方向的能力，难点在于分析导线框经过中线时磁场方向和磁通量的变化情况．8．〔4分〕如图，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当电键S接通一瞬间，两铜环的运动情况是〔〕A．同时向两侧推开B．同时向螺线管靠拢C．一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，无法具体判断D．同时被推开或同时向螺线管靠拢，但因电源正负极未知，无法具体判断考点：楞次定律．专题：电磁感应中的力学问题．分析：当电键S接通瞬间，小铜环中磁通量从无到有增加，产生感应电流，铜环受到安培力将发生运动，根据楞次定律判断两环的运动方向．解答：解：当电键S接通瞬间，小铜环中磁通量从无到有增加，根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍磁通量的增加，如此两环将向两侧运动．故A正确．应当选A．点评：此题考查运用楞次定律判断电磁感应现象中导体运动方向问题的能力．此题也可以按因果关系，按部就班的分析两环受到的安培力方向判断．9．〔4分〕一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如下列图．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小〔带电量不变〕．从图中情况可以确定〔〕A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电考点：洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据粒子在磁场中运动的半径公式r=来分析粒子的运动的方向，在根据左手定如此来分析电荷的性质．解答：解：由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r=可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定如此可知，粒子带正电，所以B正确．应当选B．点评：根据r=可知，粒子运动的半径与速度的大小有关，根据半径的变化来判断粒子的运动的方向，这是解决此题的关键．10．〔4分〕如下列图的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化如下表示正确的答案是〔〕A．A灯变亮B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流和路端电压，再分析局部电流和电压的变化，判断灯泡亮度的变化．解答：解：当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir，如此U增大，A灯变亮．由于I总减小，流过A灯的电流I A增大，如此B灯和R并联的总电流减小，B灯变暗，B和R 并联的电流减小，电压U BR减小，C灯的电压U C=U﹣U BR，得到U C增大，C灯变亮．应当选AC点评：此题电路中动态变化分析问题，按照局部到整体再到局部的思路进展分析．11．〔4分〕平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以与电源连成如下列图的电路．闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是〔〕A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只增大a、b两极板间的距离，其他不变考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：电容器与R3串联，与R2并联，电容器两端间的电势差等于R2两端间的电势差，电阻R3相当于导线．判断出R2两端电压的变化，根据Q=CU2得出电容器电量的变化．解答：解：A、只增大R1，其他不变，电路中的电流变小，R2两端的电压减小，根据Q=CU2，知电容器所带的电量减小．故A错误．B、只增大R2，其他不变，电路中的电流变小，内电压和R1上的电压减小，电动势不变，所以R2两端的电压增大，根据Q=CU2，知电容器所带的电量增大．故B正确．C、只减小R3，其他不变，R3在整个电路中相当于导线，所以电容器的电量不变．故C 错误．D、增大ab间的距离，根据C=，知电容C减小，而两端间的电势差不变，所以所带的电量减小．故D错误．应当选B．点评：解决此题的关键通过闭合电路的动态分析判断电阻R2的电压变化，即电容器两端的电压变化，根据Q=CU判断电量变化．12．〔4分〕一个质量为m，电荷量为+q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着假设干个如下列图的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔，竖直高度相等，电场区水平方向无限长．每一电场区的场强大小相等，方向竖直向上，不计空气阻力，如下说法正确的答案是〔〕A．小球在水平方向一直做匀速直线运动B．假设场强大小等于，如此小球经过每一电场区的时间均一样C．假设场强大小等于，如此小球经过每一无电场区的时间均一样D．无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均一样考点：运动的合成和分解．分析：将小球的运动沿着水平方向和竖直方向正交分解，其水平方向不受外力，做匀速直线运动，竖直方向在无电场区做匀加速运动，有电场区也做匀变速运动，但加速度不同，运用速度时间关系公式分析，可以得到小球在竖直方向的运动规律．解答：解：A、将小球的运动沿着水平方向和竖直方向正交分解水平方向不受外力，以v0做匀速直线运动，故A正确；B、竖直方向，在无电场区只受重力，加速度为g，竖直向下，有电场区除重力外，还受到向上的恒定的电场力作用，加速度的大小和方向取决于合力的大小和方向当电场强度等于时，电场力等于mg，故在电场区小球所受的合力为零，在无电场区小球匀加速运动，故经过每个电场区，小球的速度均不等，因而小球经过每一无电场区的时间均不相等，故B错误；C、当电场强度等于时，电场力等于2mg，故在电场区小球所受的合力大小等于mg，方向竖直向上，加速度大小等于g，方向竖直向上，根据运动学公式，有经过第一个无电场区y=gt12v1=gt1。
甘肃省甘谷县第一中学2014-2015学年高二上学期第一次月考物理试题
甘肃省甘谷县第一中学2014-2015学年高二上学期第一次月考物理试题第Ⅰ卷(选择题，共45分)一、选择题（本题共15小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，第1～11题只有一项符合题目要求，第12～15题有多项符合题目要求。
全部选对得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
把正确的答案涂在答题卡上，答在试卷上的无效）1.下列说法正确的是( )A.静电感应不是创造了电荷，而是电荷从物体的一部分转移到另一部分引起的B.一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C.摩擦起电是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷D.摩擦起电是质子从一物体转移到另一物体2.关于电场强度E的说法正确的是()A.根据E=F/q可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q 成反比；B.电场中某点的场强方向跟正电荷在该点所受的电场力的方向相同；C.E是矢量，与F的方向一致；D.公式E=kQ/r2对任何电场都适用。
3.下列关于点电荷和元电荷的说法中，不．正确的是( )A.把1.6×10－19 C的电荷量叫元电荷B.带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至于带电体的形状和大小对它们间的相互作用力的影响可忽略不计时，带电体就可以视为点电荷C.只有体积很小的带电体才可以看成点电荷D.任何带电体所带电荷量都是元电荷的整数倍4.如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷-Q，且CO=OD，∠ADO=600。
下列判断正确的是（）A.O点电场强度为零B.D点电场强度为零C.若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D.若将点电荷-q从O移向C，电势能减小5.关于场强和电势差的关系，下列说法正确的是( )A.电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大B.沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等C.电势降低的方向必定是电场强度的方向D.沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，则场强越大6.下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有()①场强E=F/q ②场强E=U/d ③场强E=kQ/r2④电场力做功W=UqA.①③B.①④C.②④D.②③7.如图所示，电荷量为Q1、Q2的两个正点电荷分别置于A点和B点，两点相距L，在以L为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球q(视为点电荷)，在P点平衡，若不计小球的重力，那么PA与AB的夹角a与Q1、Q2的关系满足( )A.tan 2a ＝Q 1Q 2B.tan 2a ＝Q 2Q 1C.tan 3a ＝Q 1Q 2D.tan 3a ＝Q 2Q 18.如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O 点处有一正点 电荷，带负电的小物体以初速度V1从M 点沿斜面上滑，到达N 点时速度为零，然后下滑回到M 点，此时速度为V 2（V 2＜V 1）。
甘肃兰州一中第一学期高二期末考试物理试卷参考答案
2012-2013学年度甘肃兰州一中第一学期高二期末考试物理试卷参考答案一、选择题：1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 CBCDCADBDADCABCB二、填空题（本大题共3小题，11题6分，12题4分，13题10分，共计20分） 11．33.35 3.266（6分） 12．AB （4分）13．（10分）（1）用A 2替换A 1 （2）①如图所示②3.5 7或7.014．（8分）解：电子经加速电场加速后，速度为v ，则由动能定理得221mv eU =（2分） 电子进入匀强磁场中作匀速圆周运动，轨迹如图，由几何关系得，电子运动半径αsin LR =（2分） 由牛顿第二定律，有R v m evB 2= （2分）由以上各式解得加速电压α222sin 2m L eB U = （2分）15．（10分）（1）v a <v c =v d <v b （2分）（2）c 、d 不偏转，故有Eq=Bqv即：qv B q dU1=（2分） 得，v c =v d =1dB U（2分） （3）不等，m c <m d （1分）代入得和将d c cc d d d v v q B v m q B v m Rc R x )(2)(222-=-=∆Uxdq B B m 221∆=∆（3分）16．（10分）解：（1）电场反转前mg=qE （1分）电场反转后，小球先沿斜面向下做匀加速直线运动，到对斜面压力减为零时开始离开斜面，此时有：qvB =（mg + qE ）cos θ （2分）解得小球离开斜面时的速度qBmg v θcos 2=（1分）小球在斜面上滑行的加速度θθsin 2sin )(g mqE mg a =+=（2分）小球在斜面上滑行的距离为：av s 22= （1分）小球沿斜面滑行距离θθsin cos 2222B q g m s =（1分）（2）所用时间qBm a v t θcot == （2分） 17．（12分）（1）进入磁场时速度2v gh =（2分）切割产生的感应电动势2E BLv BL gh == （2分）（2）回路中产生的感应电流EI R =， ,c d ∴两点间的电压值gh BL R I U 24343=⋅=.（4分）（3），安合mg F mg F 21=-=有R gh BL BL F 2⋅=安，44228L B R gm h =∴（4分）。
甘肃省肃南县第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题
甘肃省肃南县第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题（满分：100分时间：100分钟）一.单项选择题（共12题，每题3分，共36分。
每小题只有一个选项符合题意，请将正确答案填在答题卡）1.根据楞次定律可知感应电流的磁场一定是：（）A.阻碍引起感应电流的磁通量；B.与引起感应电流的磁场反向；C.阻碍引起感应电流的磁通量的变化；D.与引起感应电流的磁场方向相同。
2．下列说法中，正确的是( )A．电场中电场强度越大的地方，电势就越高；B．磁感应强度的方向与磁场中通电直导线所受安培力方向相同；C．由定义式B=F/IL可知，电流I越大，导线长度L越长，则某处的磁感应强度越小；D．当穿过线圈的磁通量为零时，线圈中仍可能产生感应电动势。
3．如图所示，在水平放置的光滑金属板中点的正上方，有带正电的点电荷Q。
一表面绝缘、带正电的金属球(可视为质点，且不影响原电场)以速度v0开始在金属板上向右运动，在运动过程中( ) A．小球作匀速直线运动B．小球先作减速后作加速运动C．电场力对小球先做正功后做负功D．以上说法都不正确4．一带电粒子从电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则下列说法正确的是( )A．粒子带正电B．粒子的速度逐渐减小C. 粒子的加速度逐渐增大D．粒子的电势能减小5．如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面,它们的电势分别为φa、φb和φc，φa>φb>φc。
一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示，由图可知哪项叙述错误（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，电势能增加D．粒子从L到M的过程中，动能增加6. 如图所示的电路中，由于电路出现故障，灯L1变暗，灯L2变亮，故障原因是（）A．R4短路 B．R1断路C．R3断路D．R2短路7.如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电电动势，r为电的内电阻，以下说法中正确的是（）A．当R2=R l + r时，R2上获得最大功率B．当R l=R2 + r时，R l上获得最大功率C．当R2=O时R l上获得功率不一定最大D．当R2=O时，电的输出功率一定最大8. 直流电跟一个线圈连接成闭合回路，线圈的上方和右侧各有一个可以自由转动的小磁针，它们静止时如图所示，则下列判断正确的是 ( )A．小磁针的c端为N极，电的a端为正极B．小磁针的c端为N极，电的a端为负极C．小磁针的d端为N极，电的a端为正极D．小磁针的d端为N极，电的a端为负极9．设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A 点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C点是运动的最低点，忽略重力，以下说法不正确的是( )A．这离子必带正电荷B．A点和B点位于同一高度C．离子在C点时速度最大D．离子到达B点时，将沿原曲线返回A点10．如图所示，两个垂直纸面的匀强磁场方向相反。
甘肃省兰州第一中学2014_2015学年高一物理下学期期末考试试题(含解析)
兰州一中2014-2015-2学期期末考试试题高一物理说明：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
满分100分，考试时间100分钟。
2．答案写．．．在答题卡上．．．．．，交卷时．．．只交答题卡．．．．．。
第Ⅰ卷 （选择题 共48分）一、选择题（每题4分，共48分，其中1-8题为单项选择题，9-12为多项选择题）。
1． 下列说法中正确的是（ ）A ．在公式122Q Q F k r=中，22Qk r 是点电荷Q 2产生的电场在点电荷Q 1处的场强大小B ．由公式FE q=可知，电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受到的电场力成正比 C ．公式F E q =只适用于真空中点电荷产生的电场D ．电场线是电荷在电场中的运动轨迹 答案：A【解析】A. 库仑定律公式公式F=k 221r Q Q 中，点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小,E=1Q F ；解得E=22r KQ 是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小．故A 正确．B.该公式为场强的定义式，是比值定义式，场强与受力和检验电荷的电量均无关。
适用于一切电场。
所以B,C 均错。
D ，电场线是认为规定的，表示电场大小和方向的曲线，不是轨迹，有时能与轨迹重合。
故选A.2．如图所示，质量为m 的物体静止在水平光滑的平台上，系在物体上的绳子跨过光滑的定滑轮，由地面上的人以速度v 0水平向右匀速拉动，设人从地面上平台的边缘开始向右行至绳与水平方向夹角为45°处，在此过程中人的拉力对物体所做的功为（ ）A ．2012mv B20 C ．2014mv D ．20mv 答案：C【解析】人做功只增加了动能，根据动能定理，故只要求物体最后时刻的动能即可，由速度分解得物体的速度u ，即： w=221mu =22221⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛v m =41mv²故选C.3．如图，质量为m的物块始终静止在倾角为θ的斜面上，则下列说法中不正确．．．的是（）A．若斜面向左匀速移动距离x，斜面对物块不做功B．若斜面向上匀速移动距离x，斜面对物块做功mgxC．若斜面向左以加速度a匀加速移动距离x，斜面对物块做功maxD．若斜面向下以加速度a匀加速移动距离x，斜面对物块做功m(g+a)x答案：D【解析】A、若斜面向右匀速移动，物体受力平衡，斜面对物体的作用力等于重力，故斜面对物体做功为零，故A对； B、斜面向上匀速运动，物体受力平衡斜面对物体的作用力F=mg，则作用力做功W=FS=mgx，故B正确； C、若斜面向左加速度a运动时，物体对斜面的作用力可分解为向上的大小等于重力的支持力，水平方向上F=ma，则斜面对物体做功W=Fs=max，故C对； D、若斜面向下以加速度a加速移动时，由牛顿第二定律可知，mg-F=ma，作用力F=mg-ma，则斜面对物体做功W=Fs=（mg-ma）s，故D错误。
兰州一中2014-2015学年高二上学期期末试卷物理试题及答案物理试题及答案
甘肃省兰州一中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每个小题给出的四个选项中，其中1、6、10和12小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．（4分）下列说法中正确的是（）A．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的B．磁感线和磁场一样也是客观存在的C．一切磁现象都起源于电流或运动电荷，一切磁作用都是电流或运动电荷之间通过磁场而发生的相互作用D．根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内部分子电流取向变得大致相同时，物体被磁化，两端形成磁极考点：磁现象和磁场．分析：磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场是客观存在的物质，磁感线是人们为形象地描述磁场而引入的线；一切磁作用都是通过磁场而发生的相互作用；物体被磁化的过程是物体内部分子电流取向变得大致相同的过程．解答：解：A、磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，故A正确；B、磁场是客观存在的物质，磁感线是人们为形象地描述磁场而引入的线；故B错误；C、一切磁现象都起源于电流或运动电荷；而一切磁作用都是通过磁场而发生的相互作用；故C正确；D、根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内部分子电流取向变得大致相同时，物体被磁化．故D正确．故选：ACD点评：该题考查磁场与磁感线的基本性质与物体的磁化，物体的磁化是物体内部分子电流取向变得大致相同的过程．基础题目．2．（4分）关于对磁感应强度的定义式B=的理解，正确的是（）A．磁感应强度B的大小与磁场力F成正比，与电流强度I和导线长度L的乘积成反比B．磁感应强度B的方向由安培力F的方向决定C．磁感应强度B的方向与小磁针N极的指向相同D．处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F与电流强度和导线长度的乘积IL的比都是恒定的，且不为零考点：磁感应强度．分析：在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．解答：解：A、磁场中某处的磁感应强度大小，就是通以电流I、长为L的一小段导线垂直放在该处时所受磁场力F与I、L的乘积的比值，由磁场本身决定，与电流强度I和导线长度L的乘积无关．故A错误；B、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定则来确定，所以磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直，故B错误；C、磁感应强度B的方向与小磁针静止时N极的指向相同，故C错误；D、处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F与电流强度和导线长度的乘积IL的比都是恒定的，且不为零．故D正确；故选：D点评：磁感应强度的定义式B=可知，是属于比值定义法，且导线垂直放入磁场中．即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．例如：电场强度E=一样．同时还要注意的定义式B=是有条件的．3．（4分）要把动能和速度方向都相同的质子和α粒子分离开，则（）A．用电场和磁场都可以B．用电场和磁场都不行C．只能用电场而不能用磁场D．只能用磁场而不能用电场考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：根据带电粒子在磁场中受到洛伦兹力，做匀速圆周运动，再由运动半径公式，结合带电粒子的电量与质量的关系，即可求解．解答：解：由题意可知，粒子在磁场中运动的半径与粒子的荷质比有关，而质子和α粒子的荷质相同，因此无法用磁场分开．当带电粒子在电场中受电场力，因它们的电量不同，因此受到的电场力不同，即可分开，故C正确，ABD错误；故选：C．点评：考查电场力与电量的关系，理解洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动对应的半径与荷质比有关，是解题的关键．4．（4分）如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定（）A．射向P1板的是a离子B．射向P2板的是b离子C．射向A1的是c离子D．射向A2的是d离子考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：在速度选择器中，粒子受到的电场力和洛伦兹力相等，有qE=qvB．知只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．进入磁场B2后，有r=，v、B2、q相同，质量大的半径大．解答：解：A、通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有qE=qvB．v=，只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a 的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误．C、只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据r=，知质量大的半径大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道只有速度满足一定的值，才能通过速度选择器．由速度选择器出来进入磁场，速度一定，根据r=，可比较粒子偏转半径的大小．5．（4分）一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是（）A．B．C．D．考点：电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件．专题：电场力与电势的性质专题．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确．故选C．点评：本题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．6．（4分）有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子的电荷量为e，此时电子的定向移动速度为u，在t时间内，通过导线某一横截面积的自由电子数目可表示为（）A．nuSt B．nut C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：首先根据电流强度的定义可以求得t时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．解答：解：在t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为vt，由于铜导线的横截面积为S，则在t时间内，电子经过的导线体积为V=vtS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，则在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt．由于流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为Q=It，而电子的电荷量为e，则t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：N=，故C正确．故选：C点评：本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．7．（4分）如图所示，在两根平行长直导线M、N中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为（）A．沿abcda不变B．沿adcba不变C．由abcda变成adcba D．由adcba变成abcda考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：两根平行长直导线M、N中，通以同方向同强度的电流，产生磁场，根据安培定则和磁场的叠加原理可知，在中线OO′右侧磁场向外，左侧磁场向里．当导线框向左运动时，磁通量变化，产生感应电流，根据楞次定律判断感应电流方向．解答：解：根据安培定则和磁场的叠加原理判断得知，在中线OO′右侧磁场向外，左侧磁场向里．当导线框位于中线OO′右侧运动时，磁场向外，磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流方向为adcba；当导线框经过中线OO′，磁场方向先向外，后向里，磁通量先减小，后增加，根据楞次定律，可知感应电流方向为adcba；当导线框位于中线OO′左侧运动时，磁场向里，磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流方向为adcba．故选：B．点评：本题考查运用楞次定律判断感应电流方向的能力，难点在于分析导线框经过中线时磁场方向和磁通量的变化情况．8．（4分）如图，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当电键S接通一瞬间，两铜环的运动情况是（）A．同时向两侧推开B．同时向螺线管靠拢C．一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，无法具体判断D．同时被推开或同时向螺线管靠拢，但因电源正负极未知，无法具体判断考点：楞次定律．专题：电磁感应中的力学问题．分析：当电键S接通瞬间，小铜环中磁通量从无到有增加，产生感应电流，铜环受到安培力将发生运动，根据楞次定律判断两环的运动方向．解答：解：当电键S接通瞬间，小铜环中磁通量从无到有增加，根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍磁通量的增加，则两环将向两侧运动．故A正确．故选A．点评：本题考查运用楞次定律判断电磁感应现象中导体运动方向问题的能力．本题也可以按因果关系，按部就班的分析两环受到的安培力方向判断．9．（4分）一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如图所示．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电量不变）．从图中情况可以确定（）A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电考点：洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据粒子在磁场中运动的半径公式r=来分析粒子的运动的方向，在根据左手定则来分析电荷的性质．解答：解：由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r=可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定则可知，粒子带正电，所以B正确．故选B．点评：根据r=可知，粒子运动的半径与速度的大小有关，根据半径的变化来判断粒子的运动的方向，这是解决本题的关键．10．（4分）如图所示的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化下列叙述正确的是（）A．A灯变亮B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流和路端电压，再分析局部电流和电压的变化，判断灯泡亮度的变化．解答：解：当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir，则U增大，A灯变亮．由于I总减小，流过A灯的电流I A增大，则B灯和R并联的总电流减小，B灯变暗，B和R 并联的电流减小，电压U BR减小，C灯的电压U C=U﹣U BR，得到U C增大，C灯变亮．故选AC点评：本题电路中动态变化分析问题，按照部分到整体再到部分的思路进行分析．11．（4分）平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图所示的电路．闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是（）A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只增大a、b两极板间的距离，其他不变考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：电容器与R3串联，与R2并联，电容器两端间的电势差等于R2两端间的电势差，电阻R3相当于导线．判断出R2两端电压的变化，根据Q=CU2得出电容器电量的变化．解答：解：A、只增大R1，其他不变，电路中的电流变小，R2两端的电压减小，根据Q=CU2，知电容器所带的电量减小．故A错误．B、只增大R2，其他不变，电路中的电流变小，内电压和R1上的电压减小，电动势不变，所以R2两端的电压增大，根据Q=CU2，知电容器所带的电量增大．故B正确．C、只减小R3，其他不变，R3在整个电路中相当于导线，所以电容器的电量不变．故C 错误．D、增大ab间的距离，根据C=，知电容C减小，而两端间的电势差不变，所以所带的电量减小．故D错误．故选B．点评：解决本题的关键通过闭合电路的动态分析判断电阻R2的电压变化，即电容器两端的电压变化，根据Q=CU判断电量变化．12．（4分）一个质量为m，电荷量为+q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着若干个如图所示的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔，竖直高度相等，电场区水平方向无限长．已知每一电场区的场强大小相等，方向竖直向上，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．小球在水平方向一直做匀速直线运动B．若场强大小等于，则小球经过每一电场区的时间均相同C．若场强大小等于，则小球经过每一无电场区的时间均相同D．无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均相同考点：运动的合成和分解．分析：将小球的运动沿着水平方向和竖直方向正交分解，其水平方向不受外力，做匀速直线运动，竖直方向在无电场区做匀加速运动，有电场区也做匀变速运动，但加速度不同，运用速度时间关系公式分析，可以得到小球在竖直方向的运动规律．解答：解：A、将小球的运动沿着水平方向和竖直方向正交分解水平方向不受外力，以v0做匀速直线运动，故A正确；B、竖直方向，在无电场区只受重力，加速度为g，竖直向下，有电场区除重力外，还受到向上的恒定的电场力作用，加速度的大小和方向取决于合力的大小和方向当电场强度等于时，电场力等于mg，故在电场区小球所受的合力为零，在无电场区小球匀加速运动，故经过每个电场区，小球的速度均不等，因而小球经过每一无电场区的时间均不相等，故B错误；C、当电场强度等于时，电场力等于2mg，故在电场区小球所受的合力大小等于mg，方向竖直向上，加速度大小等于g，方向竖直向上，根据运动学公式，有经过第一个无电场区y=gt12v1=gt1经过第一个电场区y=v1t﹣gt22v2=v1﹣gt2由①②③④联立解得t1=t2v2=0接下来小球的运动重复前面的过程，即每次通过无电场区都是自由落体运动，每次通过电场区都是末速度为零匀减速直线运动故C正确；D、通过前面的分析可知，物体通过每个无电场区的初速度不一定相同，所以，通过电场的时间不同；故D错误；故选AC．点评：本题将小球的运动沿水平方向和竖直方向正交分解后，对于竖直方向的运动，关键是找出小球的运动的一般规律，然后分析计算．二、填空及实验探究题（本题共3小题，共24分）13．（2分）某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，示数如图．该游标卡尺示数为1.240cm，螺旋测微器示数为1.683mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的固定刻度读数为12mm，游标读数为0.05×8=0.40mm，所以最终读数为12.40mm=1.240cm．螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×18.3mm=0.183mm，所以最终读数为1.683mm．故答案为：1.240；1.683．点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数，注意游标卡尺不需估读，螺旋测微器需估读．14．（10分）某同学在做多用电表测电阻的实验中：（1）测量某电阻时，用“×10Ω”档时发现指针偏转角度过大，他应该换用×1Ω档（填“×1Ω”或“×100Ω”），换档后，在测量前先要进行欧姆调零．（2）如图所示，A、B、C是多用表在进行不同测量时，转换开关分别指示的位置，多用表表盘指针在测量时的偏转位置如图所示．若是用A档测量，指针偏转如图，则读数为1280Ω；若是用B档测量，指针偏转如图，则读数为6.4mA；若是用C档测量，指针偏转如图，则读数为32.2V．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：（1）由欧姆表测电阻，要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．（2）根据选择开关位置确定多用电表测量的两及量程，然后根据多用电表表盘确定其分度值，读出其示数．解答：解：（1）测量某电阻时，用×10Ω档时，发现指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，为准确测量，应该换用×1Ω档，换档后，在测量前要先进行欧姆调零．（2）若用A档测量，多用电表测电阻，挡位是×100Ω，指针偏转如D，测量值为12.8×100Ω=1280Ω；若用B档测量，多用电表测电流，量程为100mA，由表盘可知，其分度值为2mA，则测量值为6.4mA；若用C档测量，多用电表测电压，量程为50V，指针偏转如D，则由D可知，其分度值为1V，测量值为32.2V；故答案为：（1）×1Ω；进行欧姆调零；（2）1280Ω；6.4mA；32.2V．点评：本题考查了多用电表的读数，对多用电表读数时，要根据选择开关的位置确定电表所测量的量与电表的量程（或倍率），然后根据表盘确定其分度值，根据指针位置读出其示数，读数时视线要与电表刻度线垂直．15．（12分）某课题研究小组的同学收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池及从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈等元件．现从这些材料中选取两个待测元件：一是定值电阻R0（约为2kΩ），二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA），另外在操作台上还准备了如下所列的实验器材：A．电压表V（量程4V，电阻R V约为4.0kΩ）B．电流表A1（量程100mA，电阻R A1约5Ω）C．电流表A2（量程2mA，电阻R A2约50Ω）D．滑动变阻器R1（0～40Ω，额定电流1A）E．电阻箱R2（0～999.9Ω）F．开关一只、导线若干（1）为了测量定值电阻R0的阻值，小组的一位成员设计了如图所示的电路图，所选取的相应器材（电源用待测的锂电池）均标在了图上，在其设计的电路或器材选取中仅有一处不妥，你认为是哪一处，请写在下列横线上：电流表应使用A2，用A2替换A1．（2）①在实际操作过程中，发现滑动变阻器R1、电流表A1、A2均已损坏，现要用余下的器材测量锂电池的电动势E和内电阻r，请在方框中画出你所设计的测量电路（电路要标明相应的器材）；②为了便于分析，一般采用线性图象处理实验数据，请在下列横线上写出与线性图象对应的相关物理量间的函数关系式：=．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）由欧姆定律求出通过待测电阻的最大电流，然后根据该电流确定电流表的量程，选择实验器材．（2）只有待测电池、电阻箱、电压表，可以用伏阻法测电池的电动势与内阻，根据实验原理作出实验电路图；由闭合电路的欧姆定律列方程，然后找出具有线性关系的量，并写出函数关系式．解答：解：（1）流过R0的最大电流约为：I max==A=1.85×10﹣3A=1.85mA＜2mA，电流表应使用：电流表A2（量程2mA，电阻R A2约50Ω），因为使用电流表A1时，电表示数太小，读数误差较大．（2）①实验器材只有电压表与电阻箱，因此可以用伏阻法测电池的电动势与内阻，实验电路图如图所示．②由闭合电路欧姆定律得：E=U+Ir=U+r，整理得：=+•=，即：=，由此可见，与成正比，可以作﹣图象，函数关系式是：=，故答案为：（1）电流表应使用A2，用A2替换A1；（2）①电路图如图所示；②=．点评：本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、实验数据分析等问题；选择实验器材时，既要保证安全，又要注意测量精度，要注意实验器材量程的选择．三、分析计算题（本题共3小题，共28分．分析解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．（8分）如图所示，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量m=0.2kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体质量M=0.3kg，棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，应在棒中通入多大的电流？方向如何？考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．分析：若要保持物体匀速上升，受力必须平衡．由于M所受的最大静摩擦力为0.5mg=1N，而M的重力为Mg=3N，要保持导体棒匀速上升，则安培力方向必须水平向左，则根据左手定则判断电流的方向．根据平衡条件和安培力公式求出导体棒中电流的大小．解答：解：导体棒的最大静摩擦力大小为f m=0.5mg=1N，M的重力为G=Mg=3N，则f m＜G，要保持导体棒匀速上升，则安培力方向必须水平向左，则根据左手定则判断得知棒中电流的方向为由a到b．根据受力分析，由平衡条件，则有F安=T+2f=BIL，所以==2.5A；答：为了使物体匀速上升，应在棒中通入2.5A的电流，流过棒的电流方向为由a到b．点评：此题是通电导体在磁场中平衡问题，要抓住静摩擦力会外力的变化而变化，挖掘临界条件进行求解．17．（8分）如图所示，在xOy坐标系y轴右侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，在第四象限还有沿x轴负方向的匀强电场，y轴上有一点P，坐标已知为（0，L），一电荷量为q、质量为m的粒子从P点以某一大小未知的速度沿与y轴正方向夹角为30°的方向垂直射入磁场，已知粒子能够进入第四象限，并且在其中恰好做匀速直线运动．不计重力．求：（1）粒子在第一象限中运动的时间t；（2）电场强度E．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）粒子能够进入第四象限，并且在其中恰好做匀速直线运动，说明粒子在第四象限运动时，电场力对粒子也不做功，所以粒子运动的方向一定垂直于电场的方向．然后根据这一条件画出粒子在磁场中运动的轨迹，根据洛伦兹力提供向心力，求得粒子运动的周期的公式，进而结合运动的时间与偏转角之间的关系求出粒子在磁场中运动的时间．（2）粒子在电场与磁场的复合场中做匀速直线运动，洛伦兹力等于电场力，写出公式，求得电场强度．解答：解：（1）由题意可得，粒子在第一象限沿顺时针方向做匀速圆周运动，垂直x轴方向进入第四象限，粒子运动轨迹如图，设做匀速圆周运动的周期为T，轨道半径为r，则：周期运动时间解得；（2）设粒子的速度大小为v，做匀速圆周运动的轨道半径为r，则，又∵粒子在第四象限恰好做匀速直线运动，则qυB=qE，解得：；答：（1）粒子在第一象限时间为．（2）电场强度为．。
甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试地理试题
兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试地理试题说明：本试卷分第I 卷(选择题)和第II 卷（非选择题）两部分。
满分100分，考试时间100分钟。
第I 卷为单项选择题，1～30题每题1分计30分，31～40题每题2分计20分，选择题共计50分。
请将答案填写在答题卡上；第II 卷为非选择题。
交卷时只交答题卡（第5～8页）。
第I 卷（单项选择题，共计50分）1.未某一天，人类在遥远的河外星系，发现了一颗与地球一样存在生命的行星。
下列对这颗行星特点的推测，可能性较小的是 A.该行星外部应存在大气层B.该行星的温度应能使水经常处于液体状态C.离该行星最近的恒星像太阳一样比较稳定D.该行星昼夜温差超过100℃第29届奥运会于2008年8月8日20时（北京时间）在北京举行开幕式，据此回答2～3题。
2.这一天，地球运行至图1中的位置是A.a-b 之间B.b-c 之间C.c-d 之间D.d-a 之间 3.与此同时，莫斯科的区时（东三区）是A.7时B.9时C.15时D.2l 时 4.赤道平面与黄道平面的夹角是A.0°B.23°26′C.66°34′D.90° 5.形成珠江三角洲的主要外力作用是A.风化作用B.侵蚀作用C.搬运作用D.沉积作用6.下列影响农业生产的区位因素中，属于自然因素的是A.劳动力B.土壤 C ．技术 D ．市场 7.夏至日这一天，下列地点白昼最长的是A.哈尔滨 B ．北京 C ．上海 D ．广州 8.从自然因素考虑，下列四个地形区中单位里程高速公路建设成本最高的是A.东北平原B.华北平原C.云贵高原D.内蒙古高原读图2，结合所学知识，回答9～11题。
9.图2四个箭头中能正确表示全球该纬度带近地面盛行风向的是A.①B.②C.③D.④ 10.在大陆西岸，长年受该纬度带盛行风影响的气候类型是A.地中海气候B.温带大陆性气候C.温带季风气候D.温带海洋性气候 11.副热带高压控制下的地区的天气特征是A.高温多雨B.高温少雨C.温和多雨D.温和少雨 12.下列选项与逆城市化成因无关的是图 1图 2A.市中心环境质量下降B.城乡之间交通条件不断改善C.郊区基础设施日益完善D.乡村人口出生率高 13.下列著名风景名胜主要由内力作用形成的是A.黄河壶口瀑布B.华山西峰绝壁C.广西桂林芦笛岩溶洞D.海南天涯海角沙滩据有关专家分析，新的太阳活动周期已经开始，估计活跃时期在2013年左右，从而给人类生活带一定程度的影响。
【物理】甘肃兰州第一中学2014-2015学年高一上期期末考试卷(精校解析版)
挂图或试题答案．如图所示．关于小磁铁，下列说法中正确的是（
）
A ．磁铁受到的电磁吸引力大于受到的弹力才能被吸在黑板上
B．磁铁受到五个力的作用 C．磁铁与黑板间在水平方向上存在两对作用力与反作用力
D ．磁铁受到的支持力与黑板受到的压力是一对平衡力 【答案】 C 【解析】 因磁铁在水平方向受力平衡， 故磁铁受到的电磁吸引力等于受到的弹力，
时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（
）
A ．两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为
gsin θ
B．B 球的受力情况未变，瞬时加速度为零
C．A 球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为 2gsin θ D．弹簧有收缩的趋势， B 球的瞬时加速度向上， A 球的瞬时加速度向下， A、B 两球瞬
）
A ． 8m/s2
B ． 5m/s2
C．1m/s 2
D ． 7m/s2
【答案】 A
【解析】设物体为质量为 m，根据牛顿第二定律得： F1 =ma1，F 2=ma 2；则 F 1 和 F2 共同
作用于该物体时合力范围为： F 2-F1≤F 合≤F2+F 1，代入得： m≤F 合≤６m；又由牛顿第二定律得 加速度的范围为： 12m/s2≤a≤ 6m/2s
F2- mg=ma
③
代入数据解得 m=2kg ； k=500N/m=5N/cm ； a=5m/s 2 故 B 错误， C D 正确；故选： CD ．
10．建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料．质量为
70.0 kg 的建筑工人站在
地面上，通过定滑轮将 20.0 kg 的建筑材料以 0.5 m/s2 的加速度竖直加速拉升，忽略绳子和
5 m/s2
甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试化学试卷 Word版含答案.pdf
甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试化学试题 说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分100分，考试时间100分钟。
答案写在答题卡上，交卷时只交答题卡。
可能用到的相对原子质量：Cu 64 O 16 一、选择题（每题只有一个正确的选项每题2分） 下列热化学方程式书写正确的是(ΔH的绝对值均正确) A．C(s)＋ O2(g)＝CO(g) ΔH＝－110.5kJ·mol－1 (燃烧热) B．2H2O(g)＝2H2(g)＋O2(g) ΔH＝＋483.6 kJ·mol－1(反应热) C．C2H5OH＋3O2＝2CO2＋3H2O ΔH＝－1368.8 kJ·mol－1(反应热) D．2NaOH(aq)＋H2SO4(aq)＝Na2SO4 (aq)＋2H2O(l) ΔH＝－114.6 kJ·mol－(中和热) 根据图，下列判断中正确的是 A．烧杯a中的溶液pH升高 B烧杯a中发生的反应为2H2O＋2e－＝H2↑＋2OH－ C烧杯b中发生还原反应 D烧杯b中发生的反应为2Cl－－2e－＝Cl2↑ A．Fe2+、Mg2+、ClO-、Cl- B．含Br-、K+、Na+、HSO3- C．含K+、Na+、NO3-、CH3COO-c(H+) D．硝酸钠和碘化钡混合溶液中，溶质离子浓度为c(Ba2+）=0.2mol·L－1，c（Na+）=0.2mol·L－1，c（NO3-）=0.3mol·L－1，c（I-）=0.1mol·L－1 25.00mLKMnO4溶液,可选用的仪器是： A．50mL量筒 B. 10mL量筒 C．50mL酸式滴定管 D. 50mL碱式滴定管 5.下列说法不正确的是： A． Ksp只与难溶电解质的性质和温度有关 B．由于Ksp（ZnS）＞Ksp（CuS） C．其他条件不变，离子浓度改变时， Ksp不变 D．两种难溶电解质作比较时， Ksp小的，溶解度一定小 6.图中a曲线表示一定条件下可逆反应X(g)+Y(g)2Z(g)+W(s)，△H＜0的反应过程。
甘肃省兰州第一中学2023-2024学年高二上学期1月期末考试物理试卷(含答案)
甘肃省兰州第一中学2023-2024学年高二上学期1月期末考试物理试卷学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列有关物理学史的说法，其中正确的是( )A.法拉第发现了电流的磁效应B.安培提出了著名的分子电流假说C.奥斯特首先发现了电磁感应现象D.洛伦兹发现磁场对通电导线有作用力2．图示为长度相同的通电直导线放在磁感应强度大小相等的匀强磁场中，已知通电直导线中的电流均为I，长度均为L，磁感应强度均为B，则通电导线受到的安培力的是( )F BILA. B. C. D.3．如图所示，在水平桌面上有一金属圆环，在它圆心正上方有一条形磁铁（极性如图所示），当条形磁铁下落时，可以判定( )A.环中将产生俯视顺时针的感应电流B.环对桌面的压力将减小C.环有面积减少的趋势D.磁铁将受到竖直向下的电磁作用力4．如图所示，虚线框MNPQ内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。
a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹。
若不计粒子所受重力，则( )A.粒子a带负电，粒子b、c带正电B.粒子c在磁场中的速度最大C.粒子c在磁场中的加速度最大D.粒子c在磁场中运动的时间最长5．某眼动仪可以根据其微型线圈在磁场中随眼球运动时所产生的电流来追踪眼球的运动。
若该眼动仪线圈面积为S，匝数为N，处于磁感应强度为B的匀强磁场中，线圈平面最初平行于磁场，经过时间t后线圈平面逆时针转动至与磁场夹角为θ处，则在这段时间内，线圈中产生的平均感应电动势的大小和感应电流的方向（从左往右看）为( )NBSθcosNBSθsin117．中国环流器二号M装置（HL-2M）在成都建成并实现首次放电，该装置通过磁场将粒子约束在小范围内实现核聚变。
其简化模型如图所示，半径为R和2R两个同心圆之间的环形区域存在与环面垂直的匀强磁场，核聚变原料氕核()11H和氘核()21H均以相同的速度从圆心O沿半径方向射出，全部被约束在大圆形区域内。
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甘肃省兰州第一中学2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题说明：本试题分为第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，共18小题，满分100分，考试时间100分钟。
答题时请将答案写在答题卡上相应的位置，考试结束后只交答题卡。
第I 卷（选择题，共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每个小题给出的四个选项中，其中1、6、10和12小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分） 1、下列说法中正确的是A ．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的B ．磁感线和磁场一样也是客观存在的C ．一切磁现象都起于电流或运动电荷，一切磁作用都是电流或运动电荷之间通过磁场而发生的相互作用D ．根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内部分子电流取向变得大致相同时，物体被磁化，两端形成磁极 2、关于对磁感应强度的定义式ILF=B 的理解，正确的是 A ．磁感应强度B 的大小与磁场力F 成正比，与电流强度I 和导线长度L 的乘积成反比 B ．磁感应强度B 的方向由安培力F 的方向决定C ．磁感应强度B 的方向与小磁针N 极的指向相同D ．处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F 与电流强度和导线长度的乘积IL 的比都是恒定的，且不为零3、要把动能和速度方向都相同的质子和α粒子分离开，则A ．用电场和磁场都可以B ．用电场和磁场都不行C ．只能用电场而不能用磁场D ．只能用磁场而不能用电场4、如图所示，有a 、b 、c 、d 四种离子，它们带等量同种电荷，质量不等，且m a =m b <m c =m d ，以不等的速率d c b a v v v v <=<进入速度选择器后，有两种从速度选择器中射出，进入B 2磁场，由此可判定 A ．射向P 1的是a 离子 B ．射向P 2的是b 离子 C ．射到A 1的是c 离子D ．射到A 2的是d 离子 5、一个负电荷从电场中的A 点由静止释放，仅在电场力作用下沿电场线由A 点运动到B 点，它运动的v －t 图象如甲图所示。
则A 、B 两点所在区域的电场线分布情况可能是乙图中的哪一个？甲 乙6、有一横截面积为s 的铜导线，流经其中的电流强度为I ，设每单位体积的导线中有n 个自由电子，电子的电荷量为e ，此时电子的定向移动速度为v ，则在t 时间内，通过导线某一横截面积的自由电子数目可表示为A ．nvstB ．nvtC ．It /eD ．It /se7、如图所示，在两根平行长直导线M 、N 中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为 A ．沿abcda 不变 B ．沿adcba 不变C ．由abcda 变成adcbaD ．由adcba 变成abcda 8、如图所示，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当开关S 接通的一瞬间，两铜环的运动情况是 A ．同时向两侧推开 B ．同时向螺线管靠拢C ．一个被推开，一个被吸引，但因电正负极未知，无法具体判断D ．同时被推开或同时向螺线管靠拢，但因电正负极未知，无法具体判断9、一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场中，粒子的一段运动径迹如图所示。
若径迹上的每一小段都可近似看成圆弧，由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小(带电量不变)，则从图中情况可以确定 A ．粒子是从a 运动到b ，带正电 B ．粒子是从b 运动到a ，带正电 C ．粒子是从a 运动到b ，带负电 D ．粒子是从b 运动到a ，带负电10、在如图所示的电路中，闭合开关S ，A 、B 、C 三只灯均正常发光。
当可变电阻R ′的滑动触头上移时，对A 、B 、C 三灯亮度的变化，下列叙述正确的是A ．A 灯变亮B ．B 灯变亮C ．C 灯变亮D ．三灯均变暗11、平行板电容器C 与三个可变电阻器R 1、R 2、R 3以及电连成如图所示的电路。
闭合开关S 待电路稳定后，电容器C 两极板带有一定的电荷。
要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是 A ．只增大R 1，其他不变 B ．只增大R 2，其他不变 C ．只减小R 3，其他不变D ．只增大a 、b 两极板间的距离，其他不变 12、一个质量为m 、电荷量为+q 的小球以初速度v 0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着若干个如图所示的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔、竖直高度相等，电场区水平方向无限长，已知每一电场区的场强大小相等、方向均竖直向上，不计空气阻力，则下列说法正确的是SIINB ．若场强大小等于mgq ，则小球经过每一电场区的时间均相同 C ．若场强大小等于qmg2，则小球经过每一无电场区的时间均相同D ．无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均相同第Ⅱ卷（非选择题，共52分）二、填空及实验探究题（本题共3小题，共24分）13、(每空1分，共2分)某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，示数如图。
该游标卡尺示数为 cm ，螺旋测微器示数为 mm 。
14、(每空2分，共10分某同学在做多用电表测电阻的实验中：（1）测量某电阻时，用“×10Ω”档时发现指针偏转角度过大，他应该换用 档（填 “×1Ω”或“×100Ω”），换档后，在测量前先要 。
（2）如图所示，A 、B 、C 是多用表在进行不同测量时，转换开关分别指示的位置，多用表表盘指针在测量时的偏转位置如下图所示。
若是用A 档测量，指针偏转如图，则读数为 ；若是用B 档测量，指针偏转如图，则读数为 ；若是用C 档测量，指针偏转如图，则读数为 。
15、(共12分)某课题研究小组的同学收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池及从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈等元件。
现从这些材v 0第一无电场区第二无电场区 E……标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA)，另外在操作台上还准备了如下所列的实验器材：A．电压表V(量程4V，电阻R V约为4.0kΩ)B．电流表A1(量程100mA，电阻R A1约5Ω)C．电流表A2(量程2mA，电阻R A2约50Ω)D．滑动变阻器R1(0～40Ω，额定电流1A)E．电阻箱R2(0～999.9Ω)F．开关一只、导线若干(1)(4分)为了测量定值电阻R0的阻值，小组的一位成员设计了如图所示的电路图，所选取的相应器材(电用待测的锂电池)均标在了图上，在其设计的电路或器材选取中仅有一处不妥，你认为是哪一处，请写在下列横线上：______________________________________________。
(2)①(4分)在实际操作过程中，发现滑动变阻器R1、电流表A1、A2均已损坏，现要用余下的器材测量锂电池的电动势E和内电阻r，请在方框中画出你所设计的测量电路(电路要标明相应的器材)；②(4分)为了便于分析，一般采用线性图象处理实验数据，请在下列横线上写出与线性图象对应的相关物理量间的函数关系式：。
答题卡说明：考试结束后只交答题卡。
第I卷（选择题，共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选第Ⅱ卷（非选择题，共52分）二、填空及实验探究题（本题共3小题，共24分）13、(每空1分，共2分)；14、（每空2分，共10分）(1)；(2)；；15、(共12分)(1)(4分)(2)①电路图请画在方框内(4分)②(4分)_________________________________三、分析计算题（本题共3小题，共28分。
分析解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最后答案的不得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16、(8分)如图所示，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab垂直导轨跨放在导轨上，棒的质量m=0.2㎏，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体质量M=0.3㎏，棒与导轨间的动摩擦因数 =0.5，匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，则应在棒中通入多大的电流？电流方向如何？（取g=10m/s2）17、(8分)如图所示，在xOy坐标系的y轴右侧有垂象限还有沿x轴负方向的匀强电场，y轴上有一点P，坐标已知为(0，L)，一电荷量为q、质量为m的带负电的粒子从P点以某一大小未知的速度沿与y轴正方向夹角为30°的方向垂直射入磁场，已知粒子能够进入第四象限，并且在其中恰好做匀速直线运动。
不．计．粒子所受的．．．．．重力．．，求：（1）粒子在第一象限中运动的时间t；（2）电场强度E。
18、(12分)如图所示，空间某平面内有一条折线是磁场的分界线，在折线的两侧分布着方向相反、与平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小都为B。
折线的顶角∠A＝90°，P、Q是折线上的两点，AP=AQ=L。
现有一质量为m、电荷量为q的带．负电．．微粒从P点沿PQ方向射出，不计微粒的重力。
（1）为使微粒从P点射出后，途经折线的顶点A而到达Q点，求初速度v应满足什么条件？（2）求第（1）问中微粒从P点到达Q点所用的时间。
B ArrayB高二年级期末考试物理参考答案及评分标准一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每个小题给出的四个选项中，其中1、6、10和12小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）二、填空及实验探究题（本题共3小题，共24分） 13、（每空3分，共6分）1.240；1.682(1.680～1.685之间均给1分) 14、（每空1分，共6分）（1）⨯1；重新进行（欧姆档）调零 （2）1.28×103Ω；6.4mA ；32.2V （注意有效数字位数．．．．．．．．） 15、（共12分）(1)（4分）用A 2替换A 1 (2)①（4分）电路图如图所示②（4分）1U ＝1E ⎝⎛⎭⎫1＋r R 2 分析：(1)流过R 0的最大电流约为I max ＝E R 0＝3.72000A ＝1.85×10－3A ＝1.85mA 《100mA因此使用电流表A 1时，电表示数太小，误差太大，故应调换为A 2。
(2)①电路如图所示；②根据闭合电路欧姆定律得：E ＝U ＋U R 2r ，整理得：1U ＝1E ＋r E ·1R 2＝1E ⎝⎛⎭⎫1＋r R 2 三、分析计算题（本题共3小题，共26分。