2019年吉林省辽源五中高考物理二模试卷

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2019年吉林省辽源五中高考物理二模试卷
一、选择题:本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第1~4只有一项是符合题目要求,第5~8题有多项符合题目要求,全部选对得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.
1.(6分)某半导体激光器发射波长为1.5×10﹣6m,功率为5.0×10﹣3W的连续激光。

已知可见光波长的数量级为10﹣7m,普朗克常量h=6.63×10﹣34J•s,该激光器发出的()A.是紫外线
B.是红外线
C.光子能量约为1.3×10﹣13 J
D.光子数约为每秒3.8×1017个
2.(6分)如图1,光滑水平面上放着长木板B,质量为m=2kg的木块A以速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板B的上表面,由于A、B之间存在有摩擦,之后,A、B的速度随时间变化情况如图2所示,重力加速度g=10m/s2.则下列说法正确的是()
A.A、B之间动摩擦因数为0.1
B.长木板的质量为1 kg
C.长木板长度至少为2 m
D.A、B组成系统损失机械能为4 J
3.(6分)如图所示,处于竖直面的长方形导线框MNPQ边长分别为L和2L,M、N间连接两块水平正对放置的金属板,金属板距离为d,虚线为线框中轴线,虚线右侧有垂直线框平面向里的匀强磁场。

内板间有一个质量为m、电量为q的带正电油滴恰好处于半衡状态,重力加速度为g,则下列关于磁场磁感应强度大小B的变化情况及其变化率的说法正确的是()
A.正在增强,
B.正在减小,
C.正在增强,
D.正在减小,
4.(6分)如图所示,某物体自空间O点以水平初速度v0抛出,落在地面上的A点,其轨迹为一抛物线.现仿此抛物线制作一个光滑滑道并固定在与OA完全重合的位置上,然后将此物体从O点由静止释放,受微小扰动而沿此滑道滑下,在下滑过程中物体未脱离滑道.P为滑道上一点,OP连线与竖直成45°角,则此物体()
A.由O运动到P点的时间为
B.物体经过P点时,速度的水平分量为v0
C.物体经过P点时,速度的竖直分量为v0
D.物体经过P点时的速度大小为v0
5.(6分)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为5:1,原线圈接交流电源和交流电压表,副线圈通过电阻为R的导线与热水器、抽油烟机连接。

已知原线圈两端的电压保持不变,副线圈上的电压按图乙所示规律变化。

下列说法正确的是()
A.电压表示数为1100 V
B.热水器上电压的瞬时值表达式为u=220sin(100πt)V
C.若闭合开关S,热水器的实际功率不变
D.若闭合开关S,原线圈中电流增大
6.(6分)地月拉格朗日L2点,始终位于地月连线上的如图所示位置,该点距离地球40多万公里,距离月球约6.5万公里。

若飞行器P通过L2点时,是在地球和月球的引力共同作用下沿圆轨道Ⅰ绕地心做匀速圆周运动,其周期与月球沿圆轨道Ⅱ绕地心做匀速圆周运动的周期相等。

已知飞行器P线速度为v,周期为T,受地球和月球对它的万有引力大小之比为k。

若飞行器P只在地球万有引力作用下沿圆轨道Ⅰ绕地心做匀速圆周运动的线速度为v′,周期为T′,则()
A.v′>v B.v′<v C.D.
7.(6分)如图所示,两个带等量正电的点电荷分别位于x轴上的P、Q两点,其位置关于坐标原点O对称,圆弧曲线是一个以O点为圆心的半圆,c点为半圆与y轴的交点,a,b两点为一平行于x轴的直线与半圆的交点,下列说法正确的是()
A.a,b两点的场强相同
B.a,b两点的电势相同
C.将一个正电荷q沿着圆弧从a点经c点移到b点,电势能先增加后减小
D.将一个正电荷q放在半圆上任一点,两电荷对q的作用力大小分别是F1、F2,则
为一定值
8.(6分)如图所示,一质量为m的小球,用长为l的轻绳悬挂于O点,初始时刻小球静止于P点。

第一次小球在水平拉力F1作用下,从P点缓慢地移动到Q点,此时轻绳与竖直方向夹角为θ(θ<90o),张力大小为F T1;第二次在水平恒力F2作用下,从P点开始运动并恰好能到达Q点,在Q点时轻绳中的张力大小为F T2.关于这两个过程,下列说法中正确的是(不计空气阻力,重力加速度为g)()
A.两个过程中,轻绳的张力均变大
B.第一个过程中,拉力F1在逐渐变大,且最大值一定大于F2
C.F T1=,F T2=mg
D.第二个过程中,重力和水平恒力F2的合力的功率先增大后减小
二、非选择题(包括必考题和选考题两部分.第9题~第12题为必考题,每个试题考生都必须作答.第13题~第14题为选考题,考生根据要求作答)
9.如图1所示,在“探究拉力做功与弹簧弹性势能增量的关系”实验中,轻弹簧左端固定,右端在水平拉力F作用下从A位置(弹簧原长位置)拉仲x到B位置,仵出的F﹣x图象为过坐标原点O的直线,如图2所示,实验过程中,弹簧始终处于弹性限度内。

(1)F﹣x图象中,图线OP的斜率的物理意义是:。

(2)根据所学知识,可以判断直角三角形PQO的面积的物理意义是:。

(3)由此可推断,如果一劲度系数为k的轻弹簧,在弹性限度内,当其形变大小为x时,弹簧的弹性势能的表达式为E p=。

10.用图甲所示装置测量磁场的磁感应强度和某导电液体(有大量的正、负离子)的电阻率。

水平管道长为l、宽度为d、高为h,置于竖直向上的匀强磁场中。

管道上下两面是绝缘板,前后两侧面M、N是电阻可忽略的导体板,两导体板与开关S、电阻箱R、灵敏电流表G(内阻为R g)连接。

管道内始终充满导电液体,液体以恒定速度v自左向右通过。

闭合开关S,调节电阻箱的取值,记下相应的电流表读数。

(1)图乙所示电阻箱接入电路的电阻值为Ω。

(2)与N板相连接的是电流表G的极(填“正”或“负”)。

(3)图丙所示的电流表读数为μA。

(4)将实验中每次电阻箱接入电路的阻值R与相应的电流表读数I绘制出﹣R图象为图丁所示的倾斜直线,其延长线与两轴的交点坐标分别为(﹣a,0)和(0,b),则磁场的磁感应强度为,导电液体的电阻率为。

11.某次足球比赛中,攻方使用“边路突破,下底传中”的战术。

如图,足球场长90m、宽60m。

前锋甲在中线处将足球沿边线向前踢出,足球的运动可视为在地面上做匀减速直线运动,其初速度v0=12m/s,加速度大小a0=2m/s2。

(1)甲踢出足球的同时沿边线向前追赶足球,设他做初速为零、加速度a1=2m/s2的匀加速直线运动,能达到的最大速度v m=8m/s。

求他追上足球的最短时间。

(2)若甲追上足球的瞬间将足球以某速度v沿边线向前踢出,足球仍以a0在地面上做匀减速直线运动;同时,甲的速度瞬间变为v1=6m/s,紧接着他做匀速直线运动向前追赶足球,恰能在底线处追上足球传中,求v的大小。

12.如图所示,虚线OL与y轴的夹角θ=45°,在OL上侧有平行于OL向下的匀强电场,在OL下侧有垂直纸面向外的匀强磁场,一质量为m、电荷量q(q>0)的粒子以速率
v0从y轴上的M(OM=d)点垂直于y轴射入匀强电场,该粒子恰好能够垂直于OL进入匀强磁场,不计粒子重力。

(1)求此电场的场强大小E;
(2)若粒子能在OL与x轴所围区间内返回到虚线OL上,求粒子从M点出发到第二次经过OL所需要的最长时间。

三、选择题(共4小题,每小题3分,满分12分)
13.(3分)如图所示,一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A.其中,A→B和C→D为等温过程,B→C和D→A为绝热过程(气体与外界无热量交换)。

这就是著名的“卡诺循环”。

该循环过程中,下列说法正确的是()
A.A→B过程中,气体对外界做功
B.B→C过程中,气体分子的平均动能增大
C.C→D过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多
D.D→A过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化
E.该循环过程中,气体吸热
14.(3分)如图所示,向一个空的铝制饮料罐(即易拉罐)中插入一根透明吸管,接口用蜡密封,在吸管内引入一小段油柱(长度可以忽略)。

如果不计大气压的变化,这就是一个简易的气温计。

已知铝罐的容积是360cm3,吸管内部粗细均匀,横截面积为0.2cm2,吸管的有效长度为20cm,当温度为25℃时,油柱离管口10cm。

(i)估算这个气温计的测量范围;
(ii)证明吸管上标刻温度值时,刻度线一定均匀分布。

15.(3分)如图所示,半圆形玻璃砖半径为8cm,使直径AB垂直于屏幕并接触于B点,当激光束a以i=40°的入射角射向玻璃砖的圆心O时,在屏幕上M点出现光斑,测得M到B的距离为8cm。

则玻璃砖的折射率为。

要使激光束不能从AB面射出,则入射角i至少应为。

16.(3分)如图所示为一列简谐横波沿x轴传播在t=0(实线)和t=0.5s(虚线)时刻的波形图。

(i)若t=0时刻,x=2.5m处质点正沿y轴负方向振动,求该质点第一次回到t=0时刻的位置所经过的最长时间;
(ii)若波动的周期T≤0.5s≤2T,则在1s内波形传播的距离为多少?
2019年吉林省辽源五中高考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题:本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第1~4只有一项是符合题目要求,第5~8题有多项符合题目要求,全部选对得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.
1.(6分)某半导体激光器发射波长为1.5×10﹣6m,功率为5.0×10﹣3W的连续激光。

已知可见光波长的数量级为10﹣7m,普朗克常量h=6.63×10﹣34J•s,该激光器发出的()A.是紫外线
B.是红外线
C.光子能量约为1.3×10﹣13 J
D.光子数约为每秒3.8×1017个
【考点】ID:光子及其动量.
【专题】32:定量思想;4E:模型法;54J:光的波粒二象性和物质波专题.
【分析】根据波长的大小判断激光器发射的是哪种电磁波。

根据E=h求出每个光子能量。

根据Pt=nE求出单位时间内发生的光子数。

【解答】解:AB、该激光的波长比可见光的波长长,属于红外线。

故A错误,B正确。

C、光子能量E=h=6.63×10﹣34×J=1.326×10﹣19 J.故C错误。

B、每秒钟发出的光子数n==≈3.8×1016个。

故D错误。

故选:B。

【点评】解决本题的关键要熟悉电磁波谱中波长的大小关系,以及掌握光子能量与波长的大小关系E=h。

2.(6分)如图1,光滑水平面上放着长木板B,质量为m=2kg的木块A以速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板B的上表面,由于A、B之间存在有摩擦,之后,A、B的速度随时间变化情况如图2所示,重力加速度g=10m/s2.则下列说法正确的是()
A.A、B之间动摩擦因数为0.1
B.长木板的质量为1 kg
C.长木板长度至少为2 m
D.A、B组成系统损失机械能为4 J
【考点】37:牛顿第二定律;53:动量守恒定律;6B:功能关系.
【专题】32:定量思想;43:推理法;52G:动量和能量的综合.
【分析】根据图象的斜率求加速度,结合牛顿第二定律求摩擦因数;
根据动量守恒定律求长木板的质量;
根据碰撞前后动能的减少量求系统损失机械能;
【解答】解:A、由图象可知,木板A匀减速运动的加速度为:,对A 根据牛顿第二定律得:μmg=ma,解得动摩擦因数为:μ=0.1,故A正确;
B、从图可以看出,A先做匀减速运动,B做匀加速运动,最后一起做匀速运动,共同速
度v=1 m/s,取向右为正方向,根据动量守恒定律得:mv0=(m+M)v
解得:M=m=2 kg,故B错误;
C、由v﹣t图象面积表示位移,可知前1 s内B的位移为:,A
的位移为:,所以木板最小长度L=x A﹣x B=1m,故C错误;
D、,A、B组成系统损失机械能为:
,故D错误。

故选:A。

【点评】本题首先要求同学们能根据位移图象的斜率读出碰撞前后两球的速度,其次要明确碰撞的基本规律是动量守恒定律,并要注意动量的方向。

3.(6分)如图所示,处于竖直面的长方形导线框MNPQ边长分别为L和2L,M、N间连接两块水平正对放置的金属板,金属板距离为d,虚线为线框中轴线,虚线右侧有垂直线框平面向里的匀强磁场。

内板间有一个质量为m、电量为q的带正电油滴恰好处于半衡
状态,重力加速度为g,则下列关于磁场磁感应强度大小B的变化情况及其变化率的说法正确的是()
A.正在增强,
B.正在减小,
C.正在增强,
D.正在减小,
【考点】BB:闭合电路的欧姆定律;D8:法拉第电磁感应定律.
【专题】32:定量思想;4C:方程法;53C:电磁感应与电路结合.
【分析】由题意可知,线框处于垂直纸面向里的均匀变化的磁场中,根据小球受到向上的电场力确定等效电源正负极,由楞次定律判断磁场的变化情况;根据小球的平衡可求出两极板间的电压,即线框产生的感应电动势的大小,再法拉第电磁感应定律E=n
即可求解磁感应强度的变化率。

【解答】解:电荷量为q的带正电的油滴恰好处于静止状态,电场力竖直向上,则电容器的下极板带正电,所以线框下端相当于电源的正极,感应电动势顺时针方向,感应电流的磁场方向和原磁场同向,根据楞次定律,可得穿过线框的磁通量在均匀减小;
线框产生的感应电动势:E==;
油滴所受电场力:F=E场q,
对油滴,根据平衡条件得:q=mg;
所以解得,线圈中的磁通量变化率的大小为:=;
故选:B。

【点评】解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律,欧姆定律等等电磁感应与电路、电场的基本规律;还会用楞次定律判端电动势的方向。

注意感应电动势与电场强度符号容易混淆。

4.(6分)如图所示,某物体自空间O点以水平初速度v0抛出,落在地面上的A点,其轨迹为一抛物线.现仿此抛物线制作一个光滑滑道并固定在与OA完全重合的位置上,然后将此物体从O点由静止释放,受微小扰动而沿此滑道滑下,在下滑过程中物体未脱离滑道.P为滑道上一点,OP连线与竖直成45°角,则此物体()
A.由O运动到P点的时间为
B.物体经过P点时,速度的水平分量为v0
C.物体经过P点时,速度的竖直分量为v0
D.物体经过P点时的速度大小为v0
【考点】43:平抛运动.
【专题】518:平抛运动专题.
【分析】若做平抛运动,OP连线与竖直方向成45°角,所以竖直分位移与水平分位移大小相等,根据时间可求出竖直方向的分速度和速度的大小和方向,若从O点由静止释放,受微小扰动而沿此滑道滑下,运动过程中只有重力做功,速度方向沿切线方向.【解答】解:A、物体若做平抛运动,有:,则t=.现在物体做的运
动不是平抛运动,运动时间不等于.故A错误。

B、物体若做平抛运动,运动到P点时竖直方向上的分速度v y=gt=2v0,此时速度与水
平方向的夹角为α,则.物块沿该轨道滑动,只有重力做功,根据动能定理得,mgh=,解得,所以v=2v0.则物体经过P点时,速度的竖直分量.速度的水平分量
.故B正确,C、D错误。

故选:B。

【点评】解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法,注意物体的运动情况与平抛运动的情况不同.
5.(6分)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为5:1,原线圈接交流电源和交流电压表,副线圈通过电阻为R的导线与热水器、抽油烟机连接。

已知原线圈两端的电压保持不变,副线圈上的电压按图乙所示规律变化。

下列说法正确的是()
A.电压表示数为1100 V
B.热水器上电压的瞬时值表达式为u=220sin(100πt)V
C.若闭合开关S,热水器的实际功率不变
D.若闭合开关S,原线圈中电流增大
【考点】E3:正弦式电流的图象和三角函数表达式;E8:变压器的构造和原理.
【专题】32:定量思想;4C:方程法;53A:交流电专题.
【分析】电压表测的是电流的有效值。

根据图乙所示图象求出交变电流的峰值、角频率初位相,然后写出交变电流的瞬时值表达式。

根据动态分析法分析实际功率。

由W=Pt 可以求出抽油烟机消耗的电能。

【解答】解:A、根据变压器原理可得U1==,则电压表示数为1100V,故A正确;
B、由图乙可知,交变电流的峰值是220V,ω==100π rad/s,则副线圈两端电
压的瞬时值表达式为u=220sin100πtv,因有电阻R的存在,220V不是抽油烟机两端的电压瞬时值,故B错误;
C、接通开关,副线圈电阻减小,电流增大,R上的分压增大,热水器两端的电压减小,
所以实际功率减小,故C错误;
D、接通开关,电流增大,电压不变,所以线圈消耗的功率增大,输入功率等于输出功率,
则原线圈中电流增大,故D正确。

故选:AD。

【点评】会写交变电流的瞬时值表达式,应知道电压表与电流表测的是交变电流的有效值,能用动态分析法判断电流、电压的变化。

6.(6分)地月拉格朗日L2点,始终位于地月连线上的如图所示位置,该点距离地球40多万公里,距离月球约6.5万公里。

若飞行器P通过L2点时,是在地球和月球的引力共同作用下沿圆轨道Ⅰ绕地心做匀速圆周运动,其周期与月球沿圆轨道Ⅱ绕地心做匀速圆周运动的周期相等。

已知飞行器P线速度为v,周期为T,受地球和月球对它的万有引力大小之比为k。

若飞行器P只在地球万有引力作用下沿圆轨道Ⅰ绕地心做匀速圆周运动的线速度为v′,周期为T′,则()
A.v′>v B.v′<v C.D.
【考点】4A:向心力;4F:万有引力定律及其应用.
【专题】32:定量思想;43:推理法;528:万有引力定律的应用专题.
【分析】分析飞行器的受力,根据向心力的表达式分析速度和周期。

【解答】解:AB、设地球对飞行器的引力为F1,月球对飞行器的引力为F2,则F1=m,F1+F2=m,其中F1=kF2,所以v′<v,故A错误,B正确;
CD、F1=m r,F1+F2=m,其中F1=kF2,联立解得,故C 正确,D错误;
故选:BC。

【点评】解决本题的关键知道物体做圆周运动,明确向心力的来源,选择合适的向心力表达式即可。

7.(6分)如图所示,两个带等量正电的点电荷分别位于x轴上的P、Q两点,其位置关于坐标原点O对称,圆弧曲线是一个以O点为圆心的半圆,c点为半圆与y轴的交点,a,b两点为一平行于x轴的直线与半圆的交点,下列说法正确的是()
A.a,b两点的场强相同
B.a,b两点的电势相同
C.将一个正电荷q沿着圆弧从a点经c点移到b点,电势能先增加后减小
D.将一个正电荷q放在半圆上任一点,两电荷对q的作用力大小分别是F1、F2,则
为一定值
【考点】A6:电场强度与电场力;AG:电势差和电场强度的关系.
【专题】34:比较思想;4E:模型法;532:电场力与电势的性质专题.
【分析】根据等量同号电荷的电场分布图,可知各点的电势高低和场强大小;由电场力做功情况可知电势能的大小;根据库仑定律推导的值。

【解答】解:等量同种正电荷电场线和等势面的分布图如图所示,
A、电场强度的方向沿电场线的切线方向,由图可知,a,b两点的场强大小相等、方向
不同,场强不同。

故A错误;
B、根据等量同种电荷的电场分布的对称性知,a点的电势等于b。

故B正确;
C、将一个正电荷q沿着圆弧从a点经c点移到b点,电场力先做正功,后做负功,故电
势能先减小后增加,故C错误;
D、设圆直径为d,将一个正电荷q放在半圆上任一点,设该点到a的距离为r1,到b的
距离为r2,则由勾股定理得:r12+r22=d2,
两电荷对q的作用力大小分别是F1、F2,则由库仑定律得:F1=,F2=,
所以==,为定值。

故D正确。

故选:BD。

【点评】本题考查等量同种电荷的电场分布,要牢记等量异号电荷的电场分布特点图,抓住对称性是关键。

8.(6分)如图所示,一质量为m的小球,用长为l的轻绳悬挂于O点,初始时刻小球静止于P点。

第一次小球在水平拉力F1作用下,从P点缓慢地移动到Q点,此时轻绳与竖直方向夹角为θ(θ<90o),张力大小为F T1;第二次在水平恒力F2作用下,从P点开始运动并恰好能到达Q点,在Q点时轻绳中的张力大小为F T2.关于这两个过程,下列说法中正确的是(不计空气阻力,重力加速度为g)()
A.两个过程中,轻绳的张力均变大
B.第一个过程中,拉力F1在逐渐变大,且最大值一定大于F2
C.F T1=,F T2=mg
D.第二个过程中,重力和水平恒力F2的合力的功率先增大后减小
【考点】3C:共点力的平衡;63:功率、平均功率和瞬时功率.
【专题】31:定性思想;43:推理法;52C:功率的计算专题.
【分析】第一次小球在水平拉力F作用下,从P点缓慢地移动到Q点,则小球处于平衡状态,第二次在水平恒力F′作用下,从P点开始运动并恰好能到达Q点,则到达Q点时速度为零,由于重力和拉力都是恒力,可以把这两个力合成为新的“重力”,则第二次小球的运动可以等效于单摆运动,找出“最低点”,最低点的速度最大,在Q点速度为零,则向心力为零,判断F T2与mg的关系。

【解答】解:A、第一次小球在水平拉力F作用下,从P点缓慢地移动到Q点,则小球处于平衡状态,根据平衡条件得:F 1=mgtanθ,随着θ增大,逐渐增大;第二次从P 点开始运动并恰好能到达Q点,则到达Q点时速度为零,在此过程中,根据动能定理得:F2lsinθ=mgl(1﹣cosθ)
解得:
因θ<90°,则有:
即为:F1>F2。

第一次运动过程中,根据几何关系可知,绳子的拉力为:,所以轻绳的张力变大
第二次由于重力和拉力都是恒力,可以把这两个力合成为新的“重力”,则第二次小球的运动可以等效于单摆运动,当绳子方向与重力和F2方向在同一直线上时,小球处于“最低点”,最低点的速度最大,此时绳子张力最大,所以第二次绳子张力先增大,后减小,故A错误,B正确;
C、第一次运动到Q点时,受力平衡,根据几何关系可知:
第二次运动到Q点时,速度为零,则向心力为零,则绳子拉力为:
,故C正确;
D、第二个过程中,重力和水平恒力F′的合力是个恒力,在等效最低点时,合力方向与
速度方向垂直,此时功率最小为零,到达Q点速度也为零,则第二个过程中,重力和水平恒力F2的合力的功率先增大,后减小,再增大,最后再减小为0,故D错误。

故选:BC。

【点评】第一次小球在水平拉力作用下,从P点缓慢地移动到Q点,则小球处于平衡状态,第二次在水平恒力F2作用下,从P点开始运动并恰好能到达Q点,则到达Q点时速度为零,由于重力和拉力都是恒力,可以把这两个力合成为新的“重力”,则第二次小球的运动可以等效于单摆运动,找出“最低点”,最低点的速度最大,在Q点速度为零,则向心力为零,判断与mg的关系。

二、非选择题(包括必考题和选考题两部分.第9题~第12题为必考题,每个试题考生都必须作答.第13题~第14题为选考题,考生根据要求作答)
9.如图1所示,在“探究拉力做功与弹簧弹性势能增量的关系”实验中,轻弹簧左端固定,右端在水平拉力F作用下从A位置(弹簧原长位置)拉仲x到B位置,仵出的F﹣x图象为过坐标原点O的直线,如图2所示,实验过程中,弹簧始终处于弹性限度内。

(1)F﹣x图象中,图线OP的斜率的物理意义是:弹簧的劲度系数k。

(2)根据所学知识,可以判断直角三角形PQO的面积的物理意义是:拉力做的功(或弹簧增加的弹性势能)。

(3)由此可推断,如果一劲度系数为k的轻弹簧,在弹性限度内,当其形变大小为x时,弹簧的弹性势能的表达式为E p=。

【考点】MJ:探究功与速度变化的关系.
【专题】13:实验题;23:实验探究题;34:比较思想;4B:图析法;52D:动能定理的应用专题.
【分析】(1)根据胡克定律列式,分析图线OP的斜率的物理意义。

(2)直角三角形PQO的面积的物理意义表示拉力F做的功。

(3)根据“面积”法和胡克定律求出拉力做功的表达式,再根据功能关系得到弹簧的弹性势能的表达式。

【解答】解:(1)根据胡克定律得:F=kx,知图线OP的斜率表示弹簧的劲度系数k。

(2)直角三角形PQO的面积大小为:S==x,则知直角三角形PQO的面积表示拉力做的功(或弹簧增加的弹性势能)。

(3)当其形变大小为x时,拉力做的功为:W===,根据功能关系知,弹簧的弹性势能的表达式为:E p=W=。

故答案为:(1)弹簧的劲度系数k;(2)拉力做的功(或弹簧增加的弹性势能);(3)。

【点评】解决本题的关键是通过解析式分析图象斜率的物理意义,要知道拉力是变力,要用拉力的平均值来求拉力做的功。

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