2019-2020学年山东省济宁市任城区八年级(下)期末物理试卷(附答案详解)

2019-2020学年山东省济宁市任城区八年级（下）期末物
理试卷
1.下列关于力和运动的说法，正确的是( )
A. 子弹从枪膛射出后能继续前进是因为子弹受到惯性作用
B. 小聪同学沿水平方向用力推课桌没推动，则他的推力小于课桌受到的摩擦力
C. 茶杯静止在水平桌面上，茶杯受到的重力和桌面对茶杯的支持力是一对相互作
用力
D. 物体运动状态发生改变，一定受到力的作用
2.2019年6月6日，世界女排联赛香港站中，中国女排在比分落后的情况下，发扬顽
强拼搏的精神，连续扳回三局，最终以总比分3：2逆转夺冠。

下列有关情景中的说法不正确的是( )
A. 排球在空中运动过程中受力不平衡
B. 排球被重扣后加速向下运动的过程中，惯性越来越大
C. 队员发球时，击球瞬间对球做了功
D. 二传手向上撑球，球向上运动；主攻手用力向下扣球，球急转直下。

说明力的
方向会影响力的作用效果
3.生活处处有物理，留心观察皆学问。

下列生活中的现象及其解释正确的是( )
A. 啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子
B. 打开高速行驶的大巴车车窗时，窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强小
C. 水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而减小
D. 珠穆朗玛峰顶的大气压强比兰州市地面的大气压强大
4.将两个完全相同的小球分别放入装有不同液体的甲、乙两烧杯中，球静止时两烧杯
液面相平，如图所示。

下列判断正确的是( )
A. 两小球所受浮力大小相等
B. 乙烧杯中液体的密度大
C. 乙烧杯中小球排开的液体质量大
D. 甲烧杯底部受到液体的压强小
5.有一个圆柱形物体，用弹簧测力计在空气中称重时，测力计的示数为10N；当把物
体一半体积浸入水中时，测力计的示数为4N，取下物体投入水中静止时，物体受到的浮力是( )
A. 4N
B. 6N
C. 10 N
D. 12 N
6.如图所示，一个边长为10cm的正方体竖直悬浮在某液体中，上
表面受到液体的压力F1为5N，下表面受到液体的压力F2为13N.
下列说法错误的是( )
A. 正方体受到的浮力为8N
B. 液体的密度为0.8×103kg/m3
C. 正方体上表面到液面的距离ℎ=5cm
D. 液体对物体下表面的压强为1.3×103Pa
7.下列工具属于省力杠杆的是( )
A. 镊子
B. 船桨
C. 钓鱼杆
D. 扳手
8.如图所示，物重为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态(不计机械自重和摩
擦)，拉力F1、F2、F3、F4的大小关系是( )
A. F2<F3=F4<F1
B. F2<F4<F1<F3
C. F4=F2<F1<F3
D. F4<F2<F3<F1
9.如图所示，用相同的滑轮组装成甲、乙滑轮组，分别
将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，不计绳
重和摩擦，则( )
A. 甲、乙的拉力之比是2：3
B. 甲、乙绳的自由端速度之比是 1：1
C. 甲、乙拉力的功率之比是 3：2
D. 甲、乙的机械效率之比是1：1
10.用水平力F1拉动如图所示装置，使木板A在粗糙水平面上向右匀速运动，物块B在
木板A上表面相对地面静止，连接B与竖直墙壁之间的水平绳的拉力大小为F2.不计滑轮重和绳重，滑轮轴光滑。

则F1与F2的大小关系是( )
A. F1=F2
B. F2<F1<2F2
C. F1=2F2
D. F1>2F2
11.雨滴在空中下落时受到重力G和阻力f的作用，则雨滴下落过程中所受合力
=______。

若阻力f随雨滴下落速度的增大而增大；当速度逐渐增大至f=G时，F
合
此后雨滴的运动状态是______状态。

12.空铁桶重20N，桶的底面积为100cm2，平放在面积为1m2的水平桌面上，往桶里
倒入8kg水，水的深度为15cm，g取10N/kg，则水对桶底的压力为______ N，水桶对桌面的压强为______ Pa。

13.一小球质量为3kg，体积为6dm3，放入水中，静止后它受到的浮力为______ N，排
开水的体积为______m3。

(g=10N/kg)
14.小明同学用如图所示的滑轮组拉动货箱，已知货箱的质量为60kg，在F=50N的拉
力作用下，货箱以0.1m/s的速度做匀速直线运动，地面对货箱的滑动摩擦力f为货箱重的0.2倍。

则拉力F的功率为______；货箱运动了1min，克服摩擦所做的功为______。

15.2020年6月23日9时43分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成
功发射北斗系统第55颗导航卫星。

至此中国提前半年全面完成北斗三号全球卫星导航系统星座部署。

若某卫星沿椭圆轨道绕地球运行，如图所示，则卫星从远地点向近地点运行的过程中______能转化为______能。

16.在图中，画出A对到支持面的压力和A受到重力的示意图。

17.如图所示，在C点用力把桌腿A抬离地面时，桌腿B
始终没有移动，请在C点画出最小作用力F的示意图，
并作出F的力臂L。

18.根据图给出的滑轮，要求承重的绳子股数n=4，请画出滑轮组绳子的
绕法。

19.小秋为探究“运动与力的关系”，设计了如图的斜面实验。

让同一小车滑到接触面
分别为毛巾、棉布和木板的水平面上，观察小车在水平面上滑行的距离。

(1)为了使小车滑到水平面时的初速度相同，实验时应让小车从同一斜面的______
滑下，这种研究问题的方法是______法(选填“微小量放大”、“模型”或“控制变量”)。

(2)比较甲、乙、丙三次实验，发现阻力越小，小车滑行的距离就越______(选填“远”
或“近”)，说明小车运动的速度改变得越______(选填“快”或“慢”)。

(3)伽利略对类似的实验进行了分析，并进一步推测：如果水平面光滑，小车在运
动时不受阻力，则小车将在水平面上______。

说明运动的物体______力来维持(选填“需要”、“不需要”)。

(4)牛顿在伽利略等人的研究成果上概括出了牛顿第一定律。

该定律______
A.能用实验直接验证
B.不能用实验直接验证，所以不能确定这个定律是否正确
C.是在大量经验事实的基础上，通过进一步的推理概括得出的
20.以下为“探究杠杆平衡条件”实验：
(1)挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆______(填“达到”或“没
有达到”)平衡状态，接下来应将平衡螺母______调节，使杠杆在______位置平衡，目的之一是方便测量______。

(2)如图乙，在已经调节好的杠杆左A处挂4个钩码，要使杠杆仍在水平位置平衡，
应在杠杆右边离支点4格的B处挂______个相同的砝码。

(3)如图丙，在杠杆左边离支点4格的C处，用弹簧测力计与水平方向成30∘角斜向
上拉，也可使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计示数为______N(每个钩码重0.5N)。

21.小明和小强在测“滑轮组机械效率”的实验中，一同学组装好如图所
示实验装置，他们分别记下了钩码和弹簧测力计的位置．
(1)实验时，小明______ 竖直向上拉动弹簧测力计，使钩码升高，弹簧
测力计读数为0.5N；同时小强也用刻度尺测出钩码被提升的高度为
10cm，以上测量结果准确无误，其他被测物理量和计算数据记录如表：
钩码重G/N弹簧测力计提升的高度s/m有用功W有/J总功W总/J机械效率η
10.20.10.1100%
(2)小明和小强通过计算得出该滑轮组机械效率为100%，他们意识到出现了错误，
请你帮他俩找出错误的原因：______ .
(3)该滑轮组的机械效率实际为______ .
(4)在实验中，若将钩码的重增加到6N，则该滑轮组的机械效率将______ (选填“变
大”、“变小”或“不变”).
22.如图所示，在容器底部固定一轻质弹簧，弹簧上端连有一边长为
0.1m的正方体物块A。

当容器中水的深度为0.2m时，物块A有3
的
5
=1×103kg/m3，g取体积露出水面，此时弹簧恰好处于自然伸长状态(已知ρ
水
10N/kg)。

求：
(1)水对容器底产生的压强；
(2)物块A受到的浮力；
(3)往容器缓慢加水，至物块A刚好浸没水中，立即停止加水，弹簧伸长了3cm，
此时弹簧对木块A的作用力。

23.小夏利用如图的滑轮组，将重量为280N的物体匀速提升了2m。

已知他自身的重量为500N，对绳子施加的拉力F=200N，两脚
与地面接触的总面积S=400cm2.求此过程中：
(1)小夏对地面的压强；
(2)拉力F做的功；
(3)该滑轮组的机械效率。

答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、子弹从枪膛射出后能继续前进是因为子弹具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B、小聪同学沿水平方向用力推课桌没推动，处于平衡状态，则他的推力等于课桌受到的摩擦力，故B错误；
C、茶杯静止在水平桌面上，处于平衡状态，茶杯受到的重力和桌面对茶杯的支持力符合二力平衡条件，是一对平衡力，故C错误；
D、物体运动状态发生改变，一定受到力的作用，故D正确。

故选：D。

(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(2)静止或匀速直线运动的物体受到平衡力的作用；
(3)平衡力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；
(4)力是改变物体运动状态的原因。

此题考查惯性、平衡力的辨别、力的作用效果、力与运动的关系，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

2.【答案】B
【解析】解：A、排球在空中运动过程中速度和大小都在变化，处于非平衡状态，所以受力不平衡。

故A正确；
B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，排球被重扣后加速向下运动的过程中，质量不变，惯性大小不变。

故B错误；
C、队员发球时，击球瞬间对球施加了力的作用，同时排球在力的方向上通过了一定距离，所以做了功。

故C正确；
D、二传手向上撑球，球向上运动；主攻手用力向下扣球，球急转直下。

力的方向不同，球的运动方向不同，说明力的方向会影响力的作用效果，故D正确。

故选：B。

(1)静止或匀速直线运动是运动状态不变，受的是平衡力，物体的速度大小或运动方向的变化都是运动状态变化，一定受到不平衡力，受到单独一个力也是不平衡力；(2)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。

(3)力做功的条件是：作用在物体上有力，同时沿力的方向有一段距离。

(4)力的大小、方向和作用点共同影响力的作用效果。

此题考查了平衡状态的判断、力是否做功的判断、力的作用效果、惯性等，涉及的考点
众多，但都属于基础知识，难度不大。

3.【答案】B
【解析】
【分析】
此题考查了大气压强、流体压强和流速的关系、增大压强的方法、大气压与高度的关系等，是一道综合性较强的题目。

(1)增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。

(2)气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。

(3)液体压强随深度的增加而增大。

(4)气压随海拔的升度而减小。

【解答】
A.啄木鸟的嘴很尖细，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子，故A错误；
B.看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产生向外的压力差，故B正确；
C.水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而增大，故C错误；
D.珠穆朗玛峰顶的高度大于兰州市地面的高度，海拔越高，气压越低，因此珠穆朗玛峰顶的大气压强比兰州市地面的大气压强小，故D错误。

故选：B。

4.【答案】A
【解析】解：
A、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，故A正确；
B、由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。

根据浮沉条件可知，ρ
甲液
>
ρ球，ρ
乙液
=ρ
球
.所以ρ
甲液
>ρ
乙液
，故B错误；
C、由于两球漂浮或悬浮，排开液体的重力等于球的重力，则小球排开的液体质量等于球的质量，故C错误；
D、由于两杯中液面相平，所以根据p=ρ
液gℎ可知，烧杯底受到液体的压强：p
甲液
>p
乙液
.
故D错误。

故选：A。

(1)根据物体浮沉条件判断小球在两种液体中所受浮力与其重力的关系，进而得出小球在两种液体中所受浮力的大小关系。

(2)根据小球在甲、乙两杯中的状态判断两种液体与小球的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
(3)根据阿基米德原理即可判断排开的液体质量；
(4)根据液面的高度关系，利用p=ρ
液
gℎ比较甲、乙两烧杯底受到液体的压强大小。

本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。

5.【答案】C
【解析】解：把物体一半体积浸入水中时，测力计的示数为4N，
浮力F
浮
=G−F=10N−4N=6N；
根据阿基米德原理F
液=ρ
水
gV
排
可知，物体全部浸没水中时浮力：F
浮
′=2F
浮
=
2×6N=12N；
浮力F
浮
大于物体的重力G，故物体上浮，直至漂浮，
物体此时受到的浮力：F
浮
′′=G=10N。

故选：C。

根据称重法计算出物体一半浸入在水中的浮力大小，根据阿基米德原理计算物体浸没在水中时的浮力；再根据漂浮条件确定物体在水中的状态，最后根据漂浮条件计算物体受到的浮力大小。

本题考查了浮力的计算方法(漂浮条件、阿基米德原理)，涉及到用称重法测量物体受到的浮力，知识点多，要能熟练解答。

6.【答案】C
【解析】解：
A.由浮力产生的原因可得，正方体受到的浮力F
浮
=F2−F1=13N−5N=8N，故A正确；
B.物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，
则V
排
=V=L3=(10cm)3=1000cm3=1×10−3m3，
由F
浮=ρgV
排
可得，液体的密度ρ=
F
浮
gV
排
=8N
10N/kg×1×10−3m3
=0.8×103kg/m3，故B正
确；
CD.正方体下表面的面积S=L2=(10cm)2=100cm2=1×10−2m2，
液体对物体下表面的压强：p=F2
S =13N
1×10−2m2
=1.3×103Pa，故D正确；
由p=ρgℎ可得，正方体下表面到液面的距离：
ℎ下=p
ρg
= 1.3×103Pa
0.8×103kg/m3×10N/kg
=0.1625m=16.25cm，
则正方体上表面到液面的距离：ℎ=ℎ
下
−L=16.25cm−10cm=6.25cm，故C错误。

故选：C。

(1)知道正方体上、下表面受到液体的压力，根据浮力产生的原因F
浮=F
下
−F
上
求出受
到的浮力；
(2)物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，根据V=L3求出其体积，根据阿基米德原理求出液体的密度；
(3)根据S=L2求出正方体的下表面积，根据p=F
S
求出液体对物体下表面的压强，根据p=ρgℎ求出正方体下表面到液面的距离，然后减去正方体的边长即为上表面到液面的距离。

本题考查了浮力产生的原因和阿基米德原理、压强定义式、液体压强公式的应用，计算过程要注意单位的换算。

7.【答案】D
【解析】解：
A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不合题意；
B、船桨在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不合题意；
C、钓鱼杆在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不合题意；
D、扳手在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D符合题意。

故选：D。

结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；
②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；
③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。

8.【答案】B
【解析】解：
不计机械自重和摩擦。

由第一个图可知，L1=L2，由杠杆平衡条件可得F1=G；
由第二个图可知，使用的滑轮组n=3，F2=1
3
G；
由第三个图可知，使用动滑轮，动力作用在轴上，F3=2G；
由第四个图可知，使用的斜面ℎ
L =sin30∘=1
2
，因为FL=Gℎ，所以F4=1
2
G。

可见，F2<F4<F1<F3。

故选：B。

不计机械自重和摩擦。

第一个图，使用的是等臂杠杆，由杠杆平衡条件可得F1=G；第二个图，使用的滑轮组n=3，F2=1
3
G；
第三个图，使用动滑轮，动力作用在轴上，F3=2G；
第四个图，使用的斜面，ℎ
L =sin30∘=1
2
，根据FL=Gℎ求解。

本题考查了使用杠杆、滑轮组、动滑轮、斜面时的拉力的计算，要细心，明确各种装置的省力特点是关键。

9.【答案】AD
【解析】解：
A、不计绳重及摩擦，拉力F=1
n (G
物
+G
动
)，
由图知，n
甲=3，n
乙
=2，所以绳端自由端的拉力分别为：F
甲
=1
3
(G
物
+G
动
)，F
乙
=
1 2(G
物
+G
动
)，
则甲乙拉力之比为F
甲：F
乙
=1
3
(G
物
+G
动
)：1
2
(G
物
+G
动
)=2：3，故A正确；
B、将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，则提升物体的速度相同，
由图知，n
甲=3，n
乙
=2，所以甲、乙绳的自由端速度分别为：v
甲
=3v，v
乙
=2v，
所以，甲、乙绳的自由端速度之比v
甲：v
乙
=3v：2v=3：2，故B错；
C、由AB的解答可知，F
甲：F
乙
=2：3，v
甲
：v
乙
=3：2，
由P=W
t =Fs
t
=Fv可得，甲、乙拉力的功率之比P
甲
：P
乙
=
F
甲
v
甲
F
乙
v
乙
=2×3
3×2
=1：1，故C
错；
D、不计绳重及摩擦，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，由W
额=G
轮
ℎ、W
有用
=
G
物
ℎ可知，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则拉力做的总功相同，
由η=W
有用
W
总
可知，两滑轮组的机械效率相同，即甲、乙的机械效率之比η
甲
：η
乙
=1：1，
故D正确。

故选：AD。

由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nℎ；
(1)不计绳重及摩擦，拉力F=1
n (G
物
+G
动
)，据此比较拉力大小之比；
(2)拉力端移动距离s=nℎ，拉力端移动距速度等于物体提升速度的n倍，据此求甲、乙绳的自由端速度之比；
(3)上面求出了拉力、绳的自由端速度之比，利用P=Fv求甲、乙拉力的功率之比；
(4)把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。

本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同。

10.【答案】D
【解析】解：由图知，
(1)动滑轮在水平方向上受到三个力的作用：水平向右的拉力F1，墙壁对它水平向左的
拉力F
墙，木板A对它水平向左的拉力F
木板
，
由于木板向右匀速运动，所以F1=F墙+F木板，
由于同一根绳子各处的拉力相等，所以F
木板=1
2
F1，
由于力的作用是相互的，所以动滑轮对木板A的拉力为F
动=F
木板
=1
2
F1----------①；
(2)物块B在水平方向上受到两个力的作用：绳子对它向左的拉力F2，木板A对它向右的摩擦力f
A对B
；由于物块B保持静止，所以F2=f A对B；
木板A在水平方向上受到三个力的作用：动滑轮对木板向右的拉力F
动
，物体B对木板
向左的摩擦力f
B对A ，地面对木板向左的摩擦力f
地面
，
由于木板向右匀速运动，所以F
动=f
B对A
+f
地面
-----------②
由于力的作用是相互的，所以f
B对A =f
A对B
=F2----------③
由②③可得F
动=F2+f
地面
，
即1
2F1=F2+f
地面
，
也就是F1=2F2+2f地面，
所以F1>2F2。

故选：D。

在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态。

对动滑轮、物块B和木板A 进行受力分析，明确各自受哪些力，方向如何，确定大小关系。

此题考查了运动和力的关系及力的作用相互性的应用，正确对物体进行受力分析，明确物体受力情况，是解答此题的关键。

11.【答案】G−f匀速直线运动
【解析】解：
(1)雨滴受到重力和空气阻力的作用，重力的方向竖直向下，空气阻力的方向竖直向上，下落时，合力为重力和空气阻力之差，所以这两个力的合力F
合
=G−F；
(2)当阻力等于重力时，雨滴做匀速直线运动。

故答案为：G−f；匀速直线运动。

(1)雨滴下落过程受到重力和阻力的作用，两个力的方向相反，合力等于二力之差；
(2)当雨滴受到的力为平衡力时，雨滴将做匀速直线运动。

(1)同一直线上二力合成时，同向相加，大小等于二力之和，反向相减，大小等于二力之差；
(2)物体受合力等于零时，物体处于静止或匀速直线运动状态，受合力不等于零时，物
体处于变速运动状态。

12.【答案】15 10000
【解析】解：(1)水对杯底的压强：
p =ρgℎ=1.0×103kg/m 3×10N/kg ×0.15m =1500Pa ， 由p =F
S 可得桶底受到水的压力：
F =pS =1500Pa ×100×10−4m 2=15N ； (2)桶里水的重力：
G 水=m 水g =8kg ×10N/kg =80N ， 水平桌面受到桶的压力：
F ′=
G 桶+G 水=20N +80N =100N ， 水平桌面受到的压强： p′=
F′S =100N
100×10−4m 2=10000Pa 。

故答案为：15；10000。

(1)根据p =ρgℎ求出水对桶底的压强；根据F =pS 求出桶底受到水的压力；
(2)根据G =mg 求出水的重力，水平桌面受到桶的压力等于铁桶和水的总重力之和，利用公式p =F
S 求桌面受到桶的压强。

本题考查压力、压强的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道在水平面上压力等于物体自身的重力，最容易出错的是受力面积的判断，本题给出了水平桌面的面积，这是一个陷阱，受力面积指的是两个物体相互接触的面积，所以做题的时候一定要注意，还要注意解题过程中单位的换算。

13.【答案】303×10−3
【解析】解：小球浸没在水中时受到的浮力为：F 浮=ρ水gV 排=1×103kg/m 3×10N/kg ×6×10−3m 3=60N ；
小球的重力为：G =mg =3kg ×10N/kg =30N ；
小球浸没时所受浮力大于重力，所以小球会上浮，静止时漂浮在水面上，
静止时受到的浮力为：F 浮′=G =30N ，
此时排开的水的体积为：V 排′
=F 浮
′
ρ水g
=
30N
1×103kg/m 3×10N/kg
=3×10−3m 3。

故答案为：30；3×10−3。

根据阿基米德原理求出小球浸没在水中时受到的浮力，利用物体的浮沉条件判定小球的浮沉情况；根据阿基米德原理求出排开的水的体积。

本题考查了物体浮沉条件的应用、阿基米德原理的应用，难度不大。

14.【答案】15W 720J
【解析】解：(1)由图可知，n=3，则绳端移动的速度：
v 绳=nv
物
=3×0.1m/s=0.3m/s，
则拉力F的功率：
P=Fv
绳
=50N×0.3m/s=15W；
(2)货箱受到的摩擦力：
f=0.2G=0.2mg=0.2×60kg×10N/kg=120N，
由v=s
t
可得，1min内货箱运动的距离：
s=v
物
t=0.1m/s×60s=6m，
克服摩擦所做的功：
W=fs=120N×6m=720J。

故答案为：15W；720J。

(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据v
绳=nv
物
求出绳端移动的速度，根据P=W
t
=
Fs
t
=Fv求出拉力F的功率；
(2)根据f=0.2G=0.2mg求出摩擦力的大小，又知道货箱运动的速度和时间，根据s= vt求出货箱运动的距离，根据W=fs求出克服摩擦所做的功。

本题考查了功率公式、速度公式、做功公式的应用等，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。

15.【答案】势动
【解析】解：卫星从远地点向近地点运行的过程中，其质量不变，相对高度降低，则势能减小；同时质量不变、速度增大，动能增大，是势能转化为动能。

故答案为：重力势；动。

(1)重力势能的大小和物体的质量以及所处位置的高度有关，判断重力势能是否改变，看它的质量和高度是否变化就可以了；动能的大小和物体的质量以及运动的速度快慢有关，判断动能的大小看它的质量和运动快慢是否变化就可以了。

(2)判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。

本题主要考查了势能与动能之间的转化，了解各自的影响因素是判断的关键。

16.【答案】解：
过物体的重心画一条竖直向下的带箭头的线段，符号为G，即为重力的示意图；
在斜面(水平面)上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜
面向下、带箭头的线段，符号为F，即为压力的示意图；如图所示：
【解析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；
压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。

本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。

注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力。

17.【答案】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；在C点用力把桌腿A抬离地面时，支点在B点，连接BC，则BC 就是最长的动力臂，从C点垂直于BC向上作出最小动力示意图，如下图所示：
【解析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。

本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。

18.【答案】解：根据题意可知，要求承重的绳子股数n=4，这说明有4段绳子拉着动滑轮，题干图片中有两个动滑轮，所以每个动滑轮各自有两段绳子，则绳子的起始点连接在定滑轮的下挂钩上，然后依次绕过上面的动滑轮、定滑轮、下面的动滑轮，拉力的。