2012年上海市嘉定区、宝山区中考物理二模试卷

2012年上海市嘉定区、宝山区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析试卷总分：90分
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B、铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．（2分）在原子中，一定带正电的粒子是（）
A．质子 B．中子 C．核子 D．电子
【考点】分子与原子PH121
【难易度】容易题
【分析】根据原子结构的相关知识可知，原子核带正电，核外有电子带负电，二者大小相等，符号相反，原子整体呈中性．原子中带正电的微粒是质子，电子带负电，中子不带电，故选A。

【解答】A．
【点评】解决本题需要考生掌握分子与原子的相关知识，知道原子的构成，同时清楚物质都是由分子组成的，分子由原子组成的。

2．（2分）夏季为了节能，本市公共建筑室内空调温度设置一般不得低于（）A．19℃ B．24℃ C．26℃ D．37℃
【考点】温度和温标PH422
【难易度】容易题
【分析】空调温度越低，实际功率越大，耗电越多，为了节能，国务院办公厅发出《关于严格执行公共建筑空调温度控制标准的通知》，要求公共建筑内所有单位夏季室内空调温度不得低于26℃，故选C。

【解答】C．
【点评】解决本题需要考生知道，空调是大功率电器，耗能大，长期使用空调不符合节能减排的标准，故应遵循《关于严格执行公共建筑空调温度控制标准的通知》。

3．（2分）最早提出“维持运动不需要力”的科学家是（）
A．亚里士多德B．阿基米德 C．伽利略D．牛顿
【考点】力的作用效果PH213
【难易度】容易题
【分析】A、亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，故排除A；
B古希腊的阿基米德是“力学之父”，发现并证明了杠杆定律和浮力定律（阿基米德原理），故排除B；
C、伽利略用斜面实验证明了：运动的物体在不受外力作用时，保持运动速度不变，故选C；
D、牛顿是在伽利略等科学家的基础上提出了牛顿第三定律，故排除D。

【解答】C．
【点评】本题主要考查考生对物理学史的掌握，是常识性问题，考生对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，同时能够了解伽利略的斜面实验。

4．（2分）在现代社会生活和生产中，扮演了能量转化和传输中介角色的是（）
A．电能 B．化学能C．光能 D．核能
【考点】能的转化和能量守恒PH441
【难易度】容易题
【分析】日常生活中家用电器都是将电能转化为其他形式的能，比如光能、热能、动能等，而风力发电机、动力发电机等又将其他形式的能转化为电能，故电能在现代社会生活和生产中扮演了能量转化和传输中介角色，故选A。

【解答】A．
【点评】解决本题需要考生掌握能的转化和能量守恒相关知识，知道电能在日常生活中的重要性，同时了解其作用。

5．（2分）（2012•嘉定区二模）如图所示，吹笛子时用手指按住不同的笛孔，这主要是用来改变声音的（）
A．响度 B．音调 C．音色 D．传播速度
【考点】音调、响度和音色PH252
【难易度】容易题
【分析】1、乐音的三个特征：音调、响度、音色。

(1)音调：是指声音的高低，它与发声体的频率有关系；(2)响度：是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系；（3）音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同；
2、吹笛子时用手指按住不同的笛孔可以改变笛子内空气柱的长度，空气柱的长度不同时，空气柱振动的快慢不同，故可改变声音的音调，选B。

【解答】B．
【点评】解决本题需要考生掌握声音的三要素——音调、响度、音色，知道音调、响度和音色的定义，同时清楚影响音调大小的因素。

6．（2分）重力相同的甲、乙两件货物在两台吊车钢索的牵引下竖直向上运动，它们的s﹣t 图象如图（A）、（B）所示，则（）
A．它们都做匀速直线运动
B．前6秒内甲通过的路程长
C．甲、乙受到钢索的拉力相等
D．甲受到的合力小于乙受到的合力
【考点】路程—时间图像PH266
【难易度】中等题
【分析】A、甲货物的图像的斜率，乙货物的图像斜率不断变大，故判断甲货物做匀速直线运动，乙货物做加速运动，故排除A；
B、由图像可知，前6秒内甲通过的路程为0.4m，乙通过的路程为0.6m，故排除B；
C、甲货物做匀速直线运动，受力平衡，拉力等于重力，乙货物受到的重力与甲货物相等，乙货物做加速运动，故其拉力大于重力，乙受到钢索的拉力大于甲，故排除C；
D、甲货物做匀速直线运动，受到的重力等于拉力，合力为零，乙货物做加速运动，受到的拉力大于重力，合力大于零，故甲受到的合力小于乙受到的合力，故选D。

【解答】D．
【点评】解决本题需要考生学会看图、读图，能够由路程—时间图像得到有用信息，明白图像中每一点的斜率为其运动速度，同时知道加速运动的物体速度不断增大，故斜率不断增大。

7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，电路正常工作．一段时间后，发现电表的示数发生了变化，已知电路中只有一处故障，且只发生在电阻R1或R2上，则下列判断中正确的是（）
A．若电压表V示数变大，一定是电阻R1断路
B．若电流表A示数变小，一定是电阻R2断路
C．若两个电表的示数都变小，一定是电阻R1短路
D．若两个电表的示数都变大，一定是电阻R2短路
【考点】电压表、电流表在判断电路故障中的应用PH319
【难易度】中等题
【分析】A、电压表V测量电阻R1两端的电压，电压表V示数变大可能是电阻R1断路，也可能是电阻R2短路，故排除A；
B、电流表A测量电路电流，电流表A示数变小可能是电阻R2断路，也可能是电阻R1断路，故排除B；
C、串联电路总电阻等于各用电器电阻之和，电阻R1短路，故电路总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律U=IR可知，电路电流变大，故电流表A的示数变大，故排除C；
D、两个电表的示数都变大，电路故障不可能是断路，若电阻R1短路电压表示数变小，故一定是电阻R2短路，故选D。

【解答】D．
【点评】电路故障有短路和断路，用电器若短路，就相当于导线，用电器若断路，电路就会不闭合，电流表若测量电路电流，就会无示数，电压表无示数可能是测量的用电器断路，也可能是包含电源部分短路。

8．（2分）如图所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上，已知它们对地面的压强相等．若沿水平方向切去某一厚度，使甲、乙对地面的压力相同，则此时它们对地面的压强p甲、p乙和切去的厚度△h甲、△h乙的关系是（）
A．p甲＞p乙，△h甲=△h乙B．p甲＜p乙，△h甲＞△h乙
C．p甲＜p乙，△h甲=△h乙D．p甲＜p乙，△h甲＜△h乙
【考点】压强PH232
【难易度】较难题
【分析】（1）甲、乙物体受到竖直向下的重力，对地面有一个竖直向下的压力，二力大小相等，当甲、乙物体对地面压力相等时，两者的重力相等，甲的底面积大于乙的底面积，根据压强公式P=F/S可知，甲对地面的压强小于乙，即p甲＜p乙；
（2）由于甲、乙物体重力相等，m=ρV，V=Sh'=h2（h﹣△h），h甲＞h乙
故ρ甲h甲2（h甲﹣△h甲）=ρ乙h乙2（h乙﹣△h乙）
得：h甲﹣△h甲＜h乙﹣△h乙，故△h甲＞△h乙
故选B．
【解答】B
【点评】解决本题需要考生知道压强为单位面积物体受到的压力，甲、乙物体受到的压力等于重力，同时明白甲、乙物体的底面积等于受力面积，且甲的受力面积大于乙的受力面积。

二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）我国家庭电路中，空调器正常工作的电压为_____________伏，空调器与电灯之间是_____________连接的（选填“串联”或“并联”），它的工作状态可通过遥控器发出的
_____________指令控制（选填“声波”或“无线电波”）．
【考点】串联电路、并联电路PH316、无线电波及无线电通信PH323
【难易度】容易题
【分析】（1）家庭电路的电压是220V，家用电器正常工作时的电压是220V，故空调器正常工作时的电压为220V。

（2）所有家用电器和插座都是并联的，接在火线和零线之间，开关与它所控制的用电器串联，故空调器与电灯之间是并联的。

（3）无线电波属于电磁波，可以在真空中传播，空调遥控器就是发出无线电波来控制空调的。

【解答】220；并联；无线电波．
【点评】解决本题需要考生结合家庭电路相关知识来解答，知道家庭电路电压，清楚家庭电路用电器和插座的连接特点，明白空调和电灯都属于家用电器，同时了解无线电波的用途。

10．（3分）在“神舟八号”飞船与“天宫一号”对接的某一过程中，已知用时220秒，它们间的距离减少110米，这说明以“天宫一号”为参照物，飞船的速度是____________米/秒；它们成功对接时，若以____________为参照物，飞船是静止的；当它穿越大气层返回地面时，飞船表面温度升高，这是通过____________方式使其内能增加．
【考点】参照物及其选择PH262、速度公式及其应用PH265、改变内能的方式PH426
【难易度】容易题
【分析】（1）由题意得：t=220s，s=110m，
根据速度公式v=s/t得：飞船速度v=s/t=110m/220s=0.5m/s
（2）参照物选择注意点：①说物体是在运动还是静止，要看参照物作标准。

②判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化。

在对接时，飞船与天宫一号的位置没有发生变化，估以天宫一号为参照物时，飞船是静止的。

（3）穿越大气层返回地面时，飞船与大气层摩擦，外界对飞船做功，飞船的内能增大，表面温度升高，这是通过做功的方式使内能增加。

【解答】0.5；天宫一号；做功．
【点评】解决本题需要考生掌握速度的计算公式，知道参照物的选择要求，同时清楚改变内能的方式有做功和热传递，飞船表面温度升高是由于摩擦生热。

11．（3分）（2012•嘉定区二模）如图所示的杂技表演《手技》情景，演员将小球向上抛出，表明力可以改变物体的_____________；小球被抛以后，由于具有_____________会继续向上运动；在_____________力的作用下，小球最终会落向地面．
【考点】惯性、、牛顿第一定律PH271、重力PH215、力的作用效果PH213
【难易度】容易题
【分析】（1）演员将小球向上抛出，对小球施力，改变了小球的运动状态，说明力的改变物体运动状态的原因。

（2）惯性是维持物体运动状态的原因，故小球被抛以后，由于惯性会继续向上运动。

（3）重力：地面附近物体由于地球吸引而受到的力叫重力，重力的方向总是竖直向下的。

小球在重力作用下，向上运动速度逐渐减小，达到最高点后向下运动，最终落向地面。

【解答】（1）运动状态；（2）惯性；（3）重．
【点评】解决本题需要考生知道力是改变物体运动状态的原因，惯性是维持物体运动状态的原因，惯性只与物体的质量有关，同时清楚重力的定义，明白重力的方向总是竖直向下。

12．（3分）小娟同学的身高是1.6米，站在竖直放置的平面镜前1米处，她在镜中的像高是_____________米，她到像的距离是_____________米，若将一块和平面镜一样大小的木板放在平面镜后面0.5米处，如图所示，她_____________（选填“能”或“不能”）在镜中看到自己的像．
【考点】平面镜成像规律PH335
【难易度】容易题
【分析】（1）平面镜成像像与物的大小相等，小娟同学的身高是1.6米，故其镜中的像高是1.6米。

（2）平面镜成像像与物到镜面的距离相等，小娟同学站在竖直放置的平面镜前1米处，故像到镜面的距离为1米，故她到像的距离是2米。

（3）平面镜成像是虚像，不能投影在屏幕上，在镜面后放置物体不影响成像，故若将一块和平面镜一样大小的木板放在平面镜后面0.5米处，她能在镜中看到自己的像．
【解答】1.6；2；能．
【点评】解决本题需要考生掌握平面镜成像规律，知道其利用的是光的反射定律，同时明白像到物的距离等于像距加物距。

13．（3分）一艘货船停在长江锚地时排开水的体积为5×105米3，它受到的浮力大小为
_____________牛，方向是_____________；当它从长江驶入大海时，它所受的浮力将
_____________（选填“变大”、“不变”或“变小”）．
【考点】阿基米德原理PH242、浮力PH241
【难易度】中等题
【分析】（1）由题意可知；V排=5×105m3，ρ水=1×103kg/m3，
根据浮力公式F浮=ρgV得；F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×9.8N/kg×5×105m3=4.9×109N （2）浮力：一切浸入液体的物体，都受到液体对它竖直向上的力，这个力叫浮力。

浮力方向总是竖直向上的。

（3）货船处于漂浮状态，收到的浮力等于自身重力，从长江驶入大海后，其自身重力不变，故所受的浮力不变。

【解答】4.9×109，竖直向上，不变．
【点评】解决本题需要考生掌握阿基米德原理，知道浮力的方向总是竖直向上的，能够熟练运用浮力公式，同时明白物体处于漂浮或悬浮状态时，收到的浮力等于自身重力。

14．（3分）（2013•嘉定区二模）加在某导体两端的电压为6伏，通过它的电流为0.3安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为_____________库，其电阻为_____________欧．当通过该导体的电流为0.1安时，其电阻为_____________欧．
【考点】欧姆定律PH315、电量及其计算PH434、电阻、滑动变阻器PH314
【难易度】容易题
【分析】（1）由题意得：I=0.3A，t=10s，根据电量计算公式Q=It得：10秒内通过该导体横截面的电荷量Q=It=0.3A×10s=3C。

（2）由题意得：U=6V，I=0.3A，根据欧姆定律U=IR得：导体电阻R=U/I=6V/0.3A=20Ω。

（3）电阻是导体本身的一种性质，与加在两端的电压与通过的电流无关，故当I=0.1A时，导体电阻仍为R=20Ω。

【解答】3；20；20．
【点评】解决本题需要考生掌握欧姆定律及其相关知识，牢记电量的计算公式，知道影响电阻大小的因素，导体电阻大小与其两端的电压与通过的电流无关。

15．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，将滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表A示数_____________，电压表V1示数跟电压表V2示数的比值
_____________（均选填“变大”、“不变”或“变小”）．
【考点】欧姆定律PH315、电路的动态分析PH31A
【难易度】容易题
【分析】（1）如图为一串联电路，电流表A测量电路电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R2两端的电压；当滑动变阻器滑片P向右移动时，其接入电路的电阻变大，串联电路电阻等于各用电器电阻之和，故电路总电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律U=IR可知，电路电流变小，故电流表A的示数变小。

（2）串联电路电流处处相等，电路电流变小，定值电阻R1的阻值不变，根据欧姆定律U=IR 可知，定值电阻R1两端的电压变小，故电压表V1示数变小，电源电压不变，串联电路电压等于各用电器分压之和，故滑动变阻器R2两端的电压变大，故电压表V2示数变大，故电压表V1示数跟电压表V2示数的比值变小。

【解答】变小；变小．
【点评】解决本题需要考生掌握欧姆定律及其相关应用，知道串联电路电流、电压和电阻的规律，同时清楚本题电压表和电流表测量的对象，了解滑动变阻器在电路中的作用。

16．（6分）某同学在研究杠杆的使用特点时，他先用弹簧测力计直接提重物A；然后在带有均匀刻度的轻质杠杆上挂重物A，他先后三次用弹簧测力计提着杠杆使其在水平位置静止，研究过程如图所示，请仔细观察图中的操作和测量结果，然后归纳得出初步结论．
（1）比较图中（A）、（B）[或（A）、（C）或（A）、（D）]，可知：_____________．
（2）比较图中（B）、（C）、（D）可知：_____________．
【考点】探究杠杆的平衡条件实验PH283
【难易度】中等题
【分析】物块A的重力为阻力，物块A到支点的距离为阻力臂，弹簧测力计的示数为动力，弹簧测力计到支点的距离为动力臂。

（1）比较图中（A）、（B）[或（A）、（C）或（A）、（D）]发现它们的动力臂总是大于阻力臂，弹簧测力计示数总是小于物块重力，故得出结论：使用动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力。

（2）比较图中（B）、（C）、（D）可发现，动力臂和阻力臂的比值4/3<11/7<7/3，弹簧测力计的示数越来越小，故得出结论：阻力一定时，动力臂与阻力臂的比值越大，越省力。

【解答】（1）使用动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力；（2）阻力一定时，动力臂与阻力臂的比值越大，越省力．
【点评】解决本题需要考生掌握杠杆的平衡条件，知道什么是动力、动力臂、阻力和阻力臂，同时能够看懂图，从图中提取有用信息。

三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B、铅笔．17．（3分）在图中，重为200牛的物体静止在水平地面上，在图中用力的图示法中画出它所受的支持力F．
【考点】力和力的图示PH211
【难易度】容易题
【分析】（1）物体受到竖直向下的重力，对地面有一个竖直向下的压力，地面给物体一个竖直向上的支持力，物体受到的重力与支持力大小相等。

（2）画力的图示要确定力的大小、方向、作用点，设标度为100N，力的作用点为物体与地面接触的中点，从力的作用点开始，沿竖直向上的方向画两段等长的线段，在线段的末端标上箭头表示力的方向。

【解答】如图所示：
【点评】解决本题考生需要看清题目的要求，知道画力的示意图还是画力的图示，力的示意图没有标度，力的图示必须选取合适的标度，同时了解如何判断力的作用点。

18．（3分）根据如图中通电螺线管的N极，标出磁感应线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．
【考点】电流的磁场和右手螺旋定则PH322、磁场和磁感线PH321
【难易度】容易题
【分析】（1）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；由于通电螺线管的左端是N极，故判断小磁针静止时左端是S极，右端是N极。

（2）磁感线：描述磁场的强弱和方向而假想的曲线；磁体周围的磁感线是从它北极出来，回到南极（磁感线是不存在的，用虚线表示，且不相交）。

故图中的磁感线是由小磁针的北极出来回到通电螺旋管的南极，由通电螺旋管的北极出来回到小磁针和通电螺旋管的南极。

（3）安培定则：用右手握螺线管，让四指弯向螺线管中电流方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极（N极）。

通电螺线管的左端是N极，右端是S极，由安培定则判断电流由通电螺旋管右端流入，故电源的右端为正极，左端为负极。

【解答】如图所示：
【点评】解决本题需要考生知道磁感线的定义，清楚同名磁极相互排斥和异名磁极相互吸引，明白其是不存在的、假象的，同时熟悉右手螺旋定则，能够根据右手螺旋定则判断电流流入通电螺旋管方向，进而判断电源的正负极。

四、计算题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（4分）质量为2千克的水，温度降低了50℃，求水放出的热量．[c水=4.2×103焦/（千克•℃）]．
【考点】热量的计算PH424
【难易度】容易题
【分析】比热（c ）：单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热；热量的计算公式是Q放=cm△t。

【解答】由题意得：m=2kg，△t=50℃，c=4.2×103J/（kg•℃）…………………………1分根据热量公式得；Q放=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×50℃=4.2×105J………………3分答：水吸收的热量为4.2×105J．……………………………………………………4分
【点评】解决本题考生需要掌握热量的计算公式，知道热量是指在热传递过程中，传递能量的多少，物体含有多少热量的说法是错误的。

20．（4分）某物体在20牛的竖直向上拉力作用下，沿重垂线匀速向上运动10秒，上升的高度为4米．求此过程中拉力做的功W和功率P．
【考点】功、功率PH411
【难易度】中等题
【分析】（1）物体受到力的作用，在力的方向上发生了一段位移，这就说明力对物体做了功。

（2）功率指单位时间做的功，功的计算公式为W=FS。

【解答】（1）由题意得：拉力F=20N，位移S=4m
根据功的公式W=FS得；拉力做的功W=FS=20N×4m=80J…………………………2分
答：此过程中拉力做的功是80J。

（2）由题意得：功W=80J，时间t=10s
根据功率公式P=W/t得；拉力的功率：P=W/t=80J/10s=8W……………………………4分答：此过程中拉力的功率是8W．
【点评】解决本题需要考生知道功和功率的定义，能够牢记并能够熟练运用功和功率的计算公式，清楚功和功率之间的关系。

21．（7分）在图（a）所示的电路中，电阻R1的阻值为20欧，变阻器R2标有“20Ω 2A”字样，闭合电键S后，电流表A1的示数为0.3安．
①求电源电压值．
②将变阻器R2的滑片P移至某点时，该电路中某电流表的示数如图（b）所示，求变阻器R2连入电路的阻值．
③求变阻器R2所消耗的最大功率．
【考点】欧姆定律PH315、串、并联电路的电流规律PH317、串、并联电路的电压规律PH318 【难易度】较难题
【分析】（1）并联电路电压相等，电源电压等于电阻R1两端的电压。

（2）电流表A1的示数为0.3安并保持不变，故图b中的电流表示数为电流表A2的示数，其测量干路电流，并联电路总电流等于各分支电路电流之和。

（3）滑动变阻器R2两端电压等于电源电压，不变，根据铭牌信息可知其允许通过的最大电流为2A，故根据电功率公式P=UI可知其最大功率。

【解答】（1）由题意得：R1=20Ω，I1=0.3A
根据欧姆定律U=IR得：电阻R1的电压U1=I1R1=0.3A×20Ω=6V…………………………1分并联电路电压相等，故电源电压U=U2=U1=6V………………………………………………2分答：电源电压是6V．
（2）通过滑动变阻器最小电流I2最小=U/R2最大=6V/20Ω=0.3A
并联电路电流等于各分支电路电流之和，故电路总电流大于0.3A+0.3A=0.6A
故电流表A2的量程为0-3A，如图可知其示数为0.7A，故电路总电流I=0.7A…………3分故流过滑动变阻器R2的电流I2=I﹣I1=0.7A﹣0.3A=0.4A，U2=6V
根据欧姆定律U=IR得：滑动变阻器接入电路的阻值R2=U2/I2=6V/0.4A=15Ω………………………………………………………………………………………………………………4分答：变阻器R2连入电路的阻值是15Ω．
（3）由题意得：滑动变阻器允许通过的最大电流是I2最大=2A，U2=6V
根据电功率公式P=UI得：变阻器R2所消耗的最大功率P2最大=U2I2最大=6V×2A=12W………………………………………………………………………………………………………6分答：变阻器R2所消耗的最大功率是12W．………………………………………………7分【点评】解决本题需要考生掌握欧姆定律相关知识，知道并联电路的电压、电流和电阻的规律，能够灵活运用电功率公式，同时知道电流表的使用规则。

22．（9分）如图所示，实心均匀正方体A、B放置在水平地面上，它们的重均为980牛，A 的边长为0.25米，B的边长为0.4米．
①求正方体A的密度ρA．
②求正方体B对水平地面的压强p B．
③若在正方体A、B上沿水平方向分别截去相同的体积△V后，A、B剩余部分对水平地面的压强p A′和p B′，请通过计算比较它们的大小关系及其对应的△V的取值范围．
【考点】压强PH232、密度PH113
【难易度】较难题
【分析】（1）正方体的体积等于边长的三次方，密度指单位体积物质的质量。

（2）物体受到竖直向下的重力，对地面有一个向下的压力，二力大小相等，压强指单位面积物体受到的压力。

（3）正方体A的体积较小，故△V的最大取值为其体积；求A、B剩余部分对水平地面的压强p A′和p B′相等时的△V，然后比较它们的大小。

【解答】（1）由题意得：G A=980N，h A=0.25m，V A=h A3
根据重力公式G=mg得：正方体A的质量m A=G A/g=980N/9.8N/kg=100kg……………1分根据密度公式m=ρV得：ρA=m A/V A=100kg/(0.25m)3=6.4×103kg/m3
答：正方体A的密度为6.4×103kg/m3。

……………………………………2分
（2）由题意得：G B=980N，F B=G B，h B=0.4m，S B=h B2
根据压强公式P=F/S得：P B=F B/S B=980N/（0.4m）2=6.125×103Pa……………………4分答：正方体B对水平地面的压强为6.125×103Pa．
（3）由题意得：h B=0.4m，S B=h B2，h A=0.25m，S A=h A2，F A=G A=980N，F B=G B=980N，
ρA=6.4×103kg/m3，ρB=m B/V B=G B/V B g=980N/[(0.4m)3×9.8N/kg]=1.5625×103kg/m3……………………………………………………………………………………………5分
在正方体A、B上沿水平方向分别截去相同的体积V后，P A′=P B′
P A′=（G A-ρA△Vg）/S A，P B′=(G B-ρB△Vg)/S B…………………………………………6分
故（G A-ρA△Vg）/S A=(G B-ρB△Vg)/S B
(980N-6.4×103kg/m3×9.8N/kg△V)/(980N-1.5625×103kg/m3×9.8N/kg△V)
得△V=0.010525m3，△V<(0.25m)3<0.015625m3……………………………………8分答：当△V=0.010525m3时，p A′=p B′；当0＜△V＜0.010525m3时，p A′＞p B′；当0.015625m3＞△V＞0.010525m3时，p A′＜p B′。

…………………………………………………………9分【点评】解决本题需要考生掌握压强的相关知识，能够熟练运用压强公式、重力公式和密度公式，知道正方体的体积和底面积的计算公式。

五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．（4分）天平来测量物体的_____________，若将最小砝码放入托盘上，指针偏右，再将这最小砝码取出，指针偏左，下一步的操作应是_____________使横梁水平平衡．在用弹簧测力计测量物体重力大小前，应先对弹簧测力计_____________，测量时要使挂钩下的被测物处于_____________状态．
【考点】探究二力平衡的条件PH282、用天平测质量PH141
【难易度】容易题
【分析】（1）天平是实验室常用来测量物体质量的仪器，天平的正确使用：①把天平放在水平台上，把游码放在标尺左端的零刻线处；②调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，这时天平平衡；③把物体放在左盘里，用镊子向右盘加减砝码并调节游码在标尺上的位置，直到横梁恢复平衡；④这时物体的质量等于右盘中砝码总质量加上游码所对的刻度值。

故下一步的操作应是向右移动游码。

（2）弹簧测力计是测量力的大小的工具，在“探究二力平衡的条件”实验中，使用弹簧测力计测量力的大小；使用弹簧测力计首先要看清它的量程与分度值，测量前要将测力计调零校正，使用时力的方向应与弹簧的轴线一致，使被测物处于平衡状态，读数时视线应与刻度版面垂直。

【解答】质量；向右移动游码；零点校正；平衡．
【点评】解决本题需要考生熟悉托盘天平的使用方法，了解弹簧测力计的使用规则，同时清楚实验室的常用工具的基本用途。

24．（4分）在“验证凸透镜成像规律”实验中，要将蜡烛、_____________和光屏依次放置在光具座上，将它们的中心位置调节到____________．利用如图装置做“验证凸透镜成实像规律”的实验时，陈刚和李娟分别使蜡烛和光屏同时在光具座上不停地左右移动，但没能在光屏上看到烛焰所成的清晰的像．他们实验失败的原因是____________，正确的做法是
_____________．
【考点】验证凸透镜成像规律PH345。