高考信息技术一轮专题25：图像、音频、视频的数字化和存储量的计算

高考信息技术一轮专题25：图像、音频、视频的数字化和存储量的计算
一、单选题
1. ( 2分) 通过“采样”和“量化”可以实现声音的数字化。

一般情况下，采样频率、量化的分辨率越高，则
A. 音质越好，存储容量越小
B. 音质越好，存储容量越大
C. 音质越差，存储容量越大
D. 音质越差，存储容量越小
2. ( 2分) 在计算机中以0和1来表示文字、图像、声音等信息的技术称为（）
A. 模拟技术
B. 网络技术
C. 数字技术
D. 多媒体技术
3. ( 2分) 将一段时长2分钟，画面1140*900像素、24位、PAL制式的视频压缩为MP4格式文件，压缩后的MP4格式文件大小为880MB，则其压缩比约为( )
A. 8:1
B. 9:1
C. 10:1
D. 88:1
4. ( 2分) 数字音频的采样使用的主要器件是( )
A. 数字编码器
B. 数字解码器
C. 数字信号到模拟信号的转换器(D/A转换器)
D. 模拟信号到数字信号的转换器(A/D转换器)
5. ( 2分) 【加试题】有一个8秒钟的视频文件1024*768 25pfs，经某压缩算法压缩后容量为4.41MB，已经方式压缩算法压缩比为34 : 1，则该视频单帧的位深度是多少（）
A. 3 位
B. 4位
C. 8位
D. 16位
6. ( 2分) 录制一段时长5 秒的WAVE 格式音频，文件属性如下图，存储该音频文件需的磁盘空间约为（）
A. 19MB
B. 2.5KB
C. 310KB
D. 155KB
7. ( 2分) 如下列三个图片均是用画图软件生成，且尺寸均为60×30像素，均保存为24位位图，
其中所占存储空间最大的图片是( )
A. colour.bmp
B. red.bmp
C. white.bmp
D. 一样大
8. ( 2分) 某文件夹下共有100张属性相同的BMP图片，共占用了约75MB的存储空间，已知图片的分辨率为1024*768，问这种图片包括多少种颜色（）
A. 8
B. 16
C. 256
D. 512
9. ( 2分) 用Windows系统中的“录音机”软件打开音频文件“演讲.wav”，执行菜单命令“效果→降低音量”，然后将这个音频文件另存为“演讲1.wav”，则“演讲1.wav”文件的大小与“演讲.wav”相比( )
A. 变大
B. 变小
C. 相等
D. 不确定
10. ( 2分) 将一个时长为1分钟、采样频率为44.1kHz、量化位数为16、双声道未经压缩的Wave格式音频文件压缩为MP3格式文件，压缩后的MP3格式文件大小为940KB，则其压缩比约为（）
A. 11 : 1
B. 11 : 2
C. 11：4
D. 88 : 1
11. ( 2分) 将一幅未经压缩的1024×576像素、24位色BMP图片，转换成PNG格式后，存储容量为350KB，则压缩比约为( )
A. 40∶1
B. 8∶1
C. 5∶1
D. 1∶1
12. ( 2分) 以下哪个数字图像文件所占的存储空间最大？( )
A. 320×240像素的24位位图
B. 640×480像素的256色位图
C. 1024×768像素的2色或黑白位图
D. 640×480像素的16色位图
13. ( 2分) 下列四个图均为200*100像素，24位色的图像，其存储容量大小的说法正确的是：（）
a b c d
A. 如果是BMP文件，文件容量大小依次是D>C>B>A
B. 如果是JPG文件，文件容量大小无法判断
C. 如果是BMP文件，文件容量一样大
D. 如果是JPG文件，文件容量一样大
14. ( 2分) 按下图某JPG格式照片的详细信息，文件大小为725KB。

这个文件的压缩比是：（）
A. 11:1
B. 13:1
C. 28:1
D. 112:1
15. ( 2分) 某同学利用Goldwave编辑音频素材，其中操作界面如下图所示：
下列说法正确的是（）
A. 当前选中的音频区间为10秒到40秒，执行“删除”后音频变为30秒
B. 该音频每秒钟采样44100个采样点，每个采样点需要16位二进制进行存储
C. 该音频的存储容量的计算公式为44100×16×30×1/8/1024KB
D. 增大所选区域音量为2db，存储容量将大大增加
二、填空题
16. ( 1分) 录制一段时长10秒、采样频率为24KHz、量化位数为16位、双声道立体声的WAVE格式音频，需要的磁盘存储空间大约________KB
三、综合题
17. ( 3分) .根据下图，回答题目
该音频的采样频率 1 ，量化位数 2 ，选中部分的存储容量约为 3 MB。

（保留2位小数）
答案解析部分
一、单选题
1.【答案】B
【解析】【解答】一般情况下，采样频率、量化的分辨率越高，数字化声音的保真程度越好，数据量也越大。

故答案选B。

【分析】此题考查声音的采样、量化对音频效果的影响。

2.【答案】C
【解析】【解答】选项A：模拟技术即将信号转为模拟信号的技术。

选项B：网络技术即通过网络实现数据共享和分布式处理的技术。

选项C：在计算机中以0和1来表示文字、图像、声音等信息即将信息转为二进制数表示，这种技术称为数字技术。

选项D：多媒体技术即在计算机中处理声音、图像、视频等多种媒体的技术。

故答案选C。

【分析】本题考查的是数字技术的概念。

在计算机中以0和1来表示文字、图像、声音等信息也就是将其数字化。

3.【答案】C
【解析】【解答】每帧画面的数据两=1140*900*24/8/1024=3005.86KB，PAL制式的视频的帧频为每秒25帧，2分钟视频总的数据量=3005.86*25*120/1024=8806MB，压缩比=8806/880=10：1，故答案选C。

【分析】此题考查视频数据量的计算，先计算出每帧画面的数据量，再根据视频图像制式的帧频计算总的数据量。

4.【答案】D
【解析】【解答】数字音频的采样使用的主要器件是模拟信号到数字信号的转换器(A/D转换器)。

故答案选D。

【分析】本题主要考查模拟信号和数字信号的转换。

数字音频采样的时候，是需要将模拟信息转换为数字信号，当进行音频输出的时候，就需要将数字信号转换为模拟信号。

学生应该理解这种机制。

5.【答案】C
【解析】【解答】根据视频存储容量的算法以及压缩比的概念，视频文件的大小字节数=分辨率×色彩位×每秒帧数×秒数÷8，可以算出结果为8位。

故答案选C。

【分析】本题主要考查视频文件存储容量的算法，视频存储容量与分辨率、色位数、帧频、播放时间直接相关，通过某项压缩技术减少了颜色位数，其他参数都不变，但存储容量变为原来的三分之一，所以压缩后颜色位数是原来的三分之一。

6.【答案】C
【解析】【解答】音频数据量（字节/秒）= (采样频率（Hz）× 采样位数（bit）× 声道数× 时间（s)/ 8，该音频大小=32000*16*1*5/8/1024=312.5KB，故答案选C。

【分析】此题考查音频数据量的计算公式，计算过程中注意各数据的单位。

7.【答案】D
【解析】【解答】画图软件生成的都是位图软件，位图图像的大小与分辨率和色彩位的大小有关系，此题目中四幅图的分辨率都是60*30像素，位数都是24位色，因此存储容量大小都一样，故正确答案选D。

【分析】本题主要考查位图图像的存储容量的计算方法，位图图像文件字节数=分辨率×色彩位数÷8。

这个是经常会考到的考点，学生记住公式即可。

8.【答案】C
【解析】【解答】已知图片大小=图片分辨率*位深/8，位深=图片大小*8/图片分辨率
=75*1024*1024/100*8/1024*768=8，位深为8的图片颜色数位2^8=256故答案选C。

【分析】此题考查对图片大小计算的运用。

9.【答案】C
【解析】【解答】音频文件的存储容量=（采样频率× 采样位数× 声道数× 时间) / 8，降低音量后没有影响到采样频率、采样位数、声道数和时间，所以两个文件的大小相同，故选C。

【分析】本题考查的是音频文件的存储容量的计算。

10.【答案】A
【解析】【解答】先计算未经压缩的Wave格式音频文件的大小，音频数据量
=44.1*1000*16*2*60/8/1024=10336，压缩比例=10336/940约等于11，故答案选A。

【分析】此题考查音频大小的计算，音频数据量=数据量=（采样频率×采样位数×声道数×时间）/8.
11.【答案】C
【解析】【解答】未经压缩的bmp图像的大小=1024*576*24/8/1024=1078kb,压缩比例=1078/350约等于5：1.故答案选择C。

【分析】此题考查未经压缩的位图大小计算公式，位图大小=图像像素*位深/8.
12.【答案】B
【解析】【解答】图像存储量的计算：存储量=水平像素×垂直像素×每个像素色彩所需位数／8(单位：字节B)。

A选项，320×240像素的24位位图，容量为320×240×24/8=225B；B选项，640×480像素的256色位图，256色是8位，容量为640×480×8/8=300B；C选项，1024×768像素的2色或黑白位图，2色是1位，容量是1024×768×1/8=96B；D选项，640×480像素的16色位图，16色是4位，容量是640×480×16/8=150B。

经过比较可知300B最大，故答案选B。

【分析】此题主要考查位图容量的计算。

13.【答案】C
【解析】【解答】位图图像的大小与分辨率和色彩位的大小有关系，此题目中四幅图的分辨率都是200*100像素，位数都是24位色，因此存储容量大小都一样，故答案选C。

【分析】本题主要考查位图图像的存储容量的计算方法，位图图像文件字节数=分辨率×色彩位数÷8。

这个是经常会考到的考点，学生记住公式即可。

14.【答案】B
【解析】【解答】根据图像存储空间的计算方法，一般来说24位色不压缩，一个像素点占三个字节，此图像的不压缩的存储大小=2048×1536×3÷1024=9216kb，9216:725约等于13:1，故答案选B。

【分析】本题考查学生对图像存储空间大小的计算方法的掌握情况，对于不压缩的图像的计算方法和位图的图像大小计算方法的公式略有不同，此题稍有难度，对于学生来讲需要认真分析思考才能做出。

15.【答案】B
【考点】声音素材的基本处理
【解析】【解答】通过图片观察可以得出，该音频的频率为44100，故该音频每秒钟采样44100个采样点，每个采样点需要16位二进制进行存储，所以正确答案选择B。

【分析】本题主要考查Goldwave软件的使用，学生对这个软件的状态栏的解读，各部分工具的功能要熟知。

二、填空题
16.【答案】937—960之间都对
【解析】【解答】音频数据量= (采样频率× 采样位数× 声道数× 时间) / 8，即存储空间大小
=24000*16*2*10/8=960000B,B和KB的换算单位为1024（可以看作1000），故答案为937—960之间都对【分析】此题考查音频数据量的计算公式，值得注意的是计算时采样频率的单位为HZ，时间单位为s,立体声的声道数为2，单声道的声道数为1。

三、综合题
17.【答案】44100hz；16bit；1.43~1.50
【解析】【解答】由图中状态栏可知：Wave PCM signed 16 bit 的意思是采用模拟信号录入并转为16位数字信号，44100Hz是采样频率为44100赫兹。

1411kbps意为每秒1411千位（1411000/8=176375字节），该音频文件约8.5秒，故大小为1411000*8.5/(8*1024*1024)=1.43MB。

1处问的是采样频率，2处问的是量化位数，3处问的是存储容量，故1处填写：44100Hz，2处填写16bit，3处填写1.43MB。

【分析】本题考查的是音频软件的工作参数及存储容量的换算。

在软件的状态栏可以看出软件的部分工作参数。

在本软件中每秒的存储容量为1411千位每秒，选中部分从第10秒到约18.5秒所以时长为8.5秒，这样可以算出存储的位数，另外每字节为8位，每千字节为1024字节，每兆字节为1024千字节，故可以依此算出存储容量。

试卷分析部分1. 试卷总体分布分析
2. 试卷题量分布分析
3. 试卷难度结构分析
4. 试卷知识点分析。