(通用版)2017届高三物理二轮复习实验题15分强化练2

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2017年高考物理二轮复习模拟卷

1．（2016·全国新课标Ⅰ卷）如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO'悬挂于O 点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a ，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b 。

外力F 向右上方拉b ，整个系统处于静止状态。

若F 方向不变，大小在一定范围内变化，物块b 仍始终保持静止，则A ．绳OO'的张力也在一定范围内变化B ．物块b 所受到的支持力也在一定范围内变化C ．连接a 和b 的绳的张力也在一定范围内变化D ．物块b 与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化2．（2016·全国新课标Ⅲ卷）如图，两个轻环a 和b 套在位于竖直面内的一段固定圆弧上；一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m 的小球。

在a 和b 之间的细线上悬挂一小物块。

平衡时，a 、b 间的距离恰好等于圆弧的半径。

不计所有摩擦。

小物块的质量为A ．2m BC ．mD ．2m 3.我们的银河系的恒星中大约四分之一是双星.某双星由质量不等的星体S 1和S 2构成,两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C 做匀速圆周运动.由天文观察测得其运动周期为T ,S 1到C 点的距离为r 1,S 1和S 2的距离为r ,已知引力常量为G .由此可求出S 2的质量为A .B .C .D . 4．（2016·全国新课标Ⅱ卷）如图，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于O 点，另一端与小球相连。

现将小球从M 点由静止释放，它在下降的过程中经过了N 点。

已知M 、N 两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，且∠ONM<∠OMN<π2。

在小球从M 点运动到N 点的过程中212)(4GT r r r 2π2312π4GT r 232π4GT r 2122π4GT r rA ．弹力对小球先做正功后做负功B ．有两个时刻小球的加速度等于重力加速度C ．弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零D ．小球到达N 点时的动能等于其在M 、N 两点的重力势能差5．（2016·安徽师大附中最后一卷）如下图所示，质量m ＝1kg 的物体从高为h ＝0．2m 的光滑轨道上P 点由静止开始下滑，滑到水平传送带上的A 点，物体和皮带之间的动摩擦因数为g ＝0．2，传送带AB 之间的距离为L ＝5m ，传送带一直以v ＝4m/s 的速度匀速运动，则( )A ．物体从A 运动到B 的时间是1．5sB ．物体从A 运动到B 的过程中，摩擦力对物体做了2 J 功C ．物体从A 运动到B 的过程中，产生2J 热量D ．物体从A 运动到B 的过程中，带动传送带转动的电动机多做了10J 功6．（2016·全国新课标Ⅲ卷）平面OM 和平面ON 之间的夹角为30°，其横截面（纸面）如图所示，平面OM 上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B 、方向垂直于纸面向外。

2017届高三物理(通用版)二轮复习选择题48分强化练4Word版含答案

选择题48分强化练(四)选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第14～17题只有一个选项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．图1甲所示是工业上探测物件表面层内部是否存在缺陷的涡流探伤技术的原理图．其原理是用电流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，从而获得构件内部是否断裂及位置的信息．如图1乙所示的是一个带铁芯的线圈L、开关S和电源用导线连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈L上且使铁芯穿过其中，闭合开关S的瞬间，套环将立刻跳起．关于对以上两个运用实例理解正确的是()甲乙图1A．涡流探伤技术运用了互感原理，跳环实验演示了自感现象B．能被探测的物件和实验所用的套环必须是导电材料C．以上两个案例中的线圈所连接的电源都必须是变化的交流电源D．以上两个案例中的线圈所连接的电源也可以都是稳恒电源B[涡流探伤技术的原理是用电流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变；跳环实验演示线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，属于演示楞次定律，故A错误；无论是涡流探伤技术，还是演示楞次定律，都需要产生感应电流，而感应电流产生的条件是在金属导体内，故B正确；金属探伤时，是探测器中通过交变电流，产生变化的磁场，当金属处于该磁场中时，该金属中会感应出涡流；演示楞次定律的实验中，线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，故C错误，D错误．] 15．2016年8月17日北京时间17日凌晨，里约奥运体操最后一项赛事——男子单杠决赛落幕，德国体操领军人物汉布岑以15.766分摘金．假设汉布岑静止悬挂在单杠上，当两只手掌握点之间的距离增大时，汉布岑手臂受到的拉力，下列判断正确的是( )图2A ．不变B ．变小C ．变大D ．无法确定C [对汉布岑受力分析如图所示，汉布岑静止悬挂在单杠上，受力平衡，设两臂与竖直方向夹角α，当两只手掌握点之间的距离增大时，夹角α增大．根据三力平衡的特点可知汉布岑手臂受到的拉力F ＝mg 2cos α，α增大，cos α减小，F增大，故C 正确．]16．甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在某一时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5 m/s ，乙的速度为10 m/s ，甲车的加速度大小恒为1.2 m/s 2.以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如图3所示，根据以上条件可知( )图3A ．乙车做加速度先增大后减小的变加速运动B ．在前4 s 的时间内，甲车运动位移为29.6 mC ．在t ＝4 s 时，甲车追上乙车D ．在t ＝10 s 时，乙车又回到起始位置B [速度－时间图象的斜率表示加速度，据此判断乙的运动过程加速度先减小再增大最后减小，选项A 错．速度－时间图象与时间轴围成的面积代表位移，在t ＝4 s 时乙图象面积大于甲图象面积，所以乙的位移大于甲的位移，甲不可能追上乙车，选项C 错．前10秒，乙图象面积一直在增大，位移在增大，速度一直沿正方向，所以乙不可能回到初始位置，选项D 错．在前4 s 的时间内，甲车运动位移x ＝v 0t ＋12at 2＝5 m/s ×4 s ＋12×1.2 m/s 2×(4 s)2＝29.6 m ，选项B 对．]17．将一段导线绕成图4甲所示的闭合回路，并固定在水平面(纸面)内．回路的ab 边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中，回路的圆环区域内有垂直纸面的磁场Ⅱ，以向里为磁场Ⅱ的正方向，其磁感应强度B 随时间t 变化的图象如图乙所示．用F 表示ab 边受到的安培力，以水平向右为F 的正方向，能正确反映F 随时间t 变化的图象是( )图4B [根据B -t 图象知穿过线圈的磁通量在0～T 2时间内先向里减小再向外增加，根据楞次定律知该段时间内线圈中产生的感应电流方向沿顺时针，由法拉第电磁感应定律E ＝n ΔΦΔt ＝ΔB Δt S ＝kS ，根据B -t 图象知该段时间内图象的斜率不变，因此线框中产生的电动势大小恒定，由闭合电路欧姆定律得通过ab 边的电流大小恒定，根据左手定则知，ab 边所受的安培力方向向左，为负值，由F ＝BIL 知，导线受到的安培力大小不变；穿过线圈的磁通量在T 2～T 时间内先向外减小再向里增加，根据楞次定律知线圈中产生的感应电流方向沿逆时针，同理得电流大小恒定，根据左手定则知ab 边所受的安培力方向向右，为正值，由F ＝BIL 得导线受到的安培力大小不变，B 项正确．]18．某同学为研究电动机在启动和工作过程中电流的变化情况，设计如图5所示的电路，则下列说法中正确的是( )图5A ．电动机启动时的电流大于正常工作时的电流B ．电动机有负载时的电流小于空载时的电流C ．若增大电动机的负载，则电流增大D ．由于电动机内阻不变，因此电流与电动机的负载无关AC [电动机消耗的电能等于转化的机械能与产生的热能之和，由于电动机启动时的速度小于正常工作时的速度，故转化的机械能较小，此时产生的热能较大，即电流较大，A 正确；有负载时速度减慢，机械能输出减小，电流增大，大于空载时的电流，B 、D 错误，C 正确．]19．“超级地球”是指围绕恒星公转的类地行星．科学家发现有两颗未知质量的不同“超级地球”环绕同一颗恒星公转，周期分别为T 1和T 2.根据上述信息可以计算两颗“超级地球”的( )A ．角速度之比B ．向心加速度之比C ．质量之比D ．所受引力之比 AB [根据ω＝2πT 得，ω1ω2＝T 2T 1，所以可以计算角速度之比，故A 正确；根据开普勒第三定律r 3T 2＝k 得r 1r 2＝T 231T 232，由a ＝ω2r 得a 1a 2＝T 22T 21·T 231T 232＝T 432T 431，所以能求向心加速度之比，故B 正确；设“超级地球”的质量为m ，恒星质量为M ，轨道半径为r ，根据万有引力提供向心力，有：G Mm r 2＝m 4π2T 2r 得：M ＝4π2r 3GT 2，“超级地球”的质量同时出现在等号两边被约掉，故无法求“超级地球”的质量之比，故C 错误；根据万有引力定律F ＝G Mm r 2，因为无法知道两颗“超级地球”的质量比，所以无法求所受引力之比，故D 错误．]20．如图6所示为一滑草场．某条滑道由上下两段高均为h ，与水平面倾角分别为45°和37°的滑道组成，滑草车与草地之间的动摩擦因数为μ.质量为m 的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑，经过上、下两段滑道后，最后恰好静止于滑道的底端(不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)．则( )图6A ．动摩擦因数μ＝67B ．载人滑草车最大速度为2gh7C ．载人滑草车克服摩擦力做功为mghD ．载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为35 gAB [对整个过程，由动能定理得：2mgh －μmg cos 45°·h sin 45°－μmg cos 37°·h sin 37°＝0，解得：μ＝67，故A 正确；滑草车通过第一段滑道末端时速度最大，设为v ，由动能定理得：mgh －μmg cos 45°·h sin 45°＝12m v 2，解得：v ＝2gh7，故B正确；对整个过程，由动能定理得：2mgh －W f ＝0，解得载人滑草车克服摩擦力做功为：W f ＝2mgh ，故C 错误；载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为：a ＝μmg cos 37°－mg sin 37°m＝335g ，故D 错误．] 21．如图7所示，质量m ＝1 kg 的物体从高为h ＝0.2 m 的光滑轨道上P 点由静止开始下滑，滑到水平传送带上的A 点，物体和传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.2，传送带AB 之间的距离为L ＝5 m ，传送带一直以v ＝4 m/s 的速度匀速运动，则( )图7A ．物体从A 运动到B 的时间是1.5 sB ．物体从A 运动到B 的过程中，摩擦力对物体做了2 J 的功C ．物体从A 运动到B 的过程中，产生2 J 的热量D ．物体从A 运动到B 的过程中，带动传送带转动的电动机多做了10 J 的功AC [设物体下滑到A 点的速度为v 0，对P A 过程，由机械能守恒定律有：12m v 20＝mgh代入数据得：v 0＝2gh ＝2 m/s<v ＝4 m/s则物体滑上传送带后，在滑动摩擦力作用下做匀加速运动，加速度大小为a ＝μmg m ＝μg ＝2 m/s 2；加速至速度与传送带相等时用时：t 1＝v －v 0a ＝1 s匀加速运动的位移s 1＝v 0＋v 2t 1＝3 m<L ＝5 m所以物体与传送带共速后向右匀速运动，匀速运动的时间为t 2＝L －s 1v ＝0.5 s故物体从A 运动到B 的时间为：t ＝t 1＋t 2＝1.5 s ．故A 正确；物体运动到B 的速度是v ＝4 m/s ，根据动能定理得：摩擦力对物体做功W ＝12m v 2－12m v 20＝6 J ，故B 错误；在t 1时间内，皮带做匀速运动的位移为s 皮带＝v t 1＝4 m故产生热量Q ＝μmg Δs ＝μmg (s 皮带－s 1)，代入数据得：Q ＝2 J ．故C 正确；电动机多做的功一部分转化成了物体的动能，另一部分转化为内能，则电动机多做的功W ′＝W ＋Q ＝8 J ，故D 错误．]。

《师说》2017届高考物理二轮复习专题复习专项训练实验题标准练(一)Word版含解析

学需要验证的机械能守恒的表达式为________(用题中所给物理量的字母表示在该实验中下列说法正确的是________．
．该实验中先接通电源，后释放小车
．由于摩擦力对实验结果有影响，所以把木板搭在台阶上是为了平衡摩擦
．由于阻力的存在，该实验中小车增加的动能一定小于小车减少的重力势能．在该实验中还需要用天平测量小车的质量
本题考查了验证机械能守恒定律的实验原理、操作步骤及数据的处理等
中的实验器材连接成测量电路．
．在烧杯中加入适量冷水和冰块，形成冰水混合物，正确连接电路，闭合开关，记录电流表、电压表的示数和温度计的示数，断开开关；
．在烧杯中添加少量热水，闭合开关，记录电流表、电压表示数和温度计的的操作若干次，测得多组数据．
①若某次测量中，温度计的示数为t，电流表、电压表的示数分别为
阻值随温度变化的函数关系为R＝________.
本题考查探究热敏电阻随温度变化规律的实验，涉及仪器选取、电路设计、器材连接等，意在考查学生的实验能力．
热敏电阻中的最大电流约为I＝E
R＝30 mA，因此电流表选择量程为
15 kΩ×10 Ω，电流表采用外接法．
②如图所示。

【4份】2017届高考物理二轮复习(全国通用)实验题模拟小卷含答案

【4份】2017届高考物理二轮复习（全国通用）实验题模拟小卷含答案目录实验题模拟小卷(一) (1)实验题模拟小卷(二) (4)实验题模拟小卷(三) (7)实验题模拟小卷(四) (10)实验题模拟小卷(一)实验题(本题共2小题，共15分)22．(5分)气垫导轨(如图1所示)工作时，空气从导轨表面的小孔喷出，在导轨表面和滑块内表面之间形成一层薄薄的空气层，使滑块不与导轨表面直接接触，大大减小了滑块运动时的阻力。

为了验证动量守恒定律，在水平气垫导轨上放置两个质量均为a的滑块，每个滑块的一端分别与穿过打点计时器的纸带相连，两个打点计时器所用电源的频率均为b。

气垫导轨正常工作后，接通两个打点计时器的电源，并让两滑块以不同的速度相向运动，两滑块相碰后粘在一起继续运动。

图2为某次实验打出的点迹清晰的纸带的一部分，在纸带上以相同间距的6个连续点为一段划分纸带，用刻度尺分别量出其长度x1、x2和x3。

若题中各物理量的单位均为国际单位，那么，碰撞前两滑块的动量大小分别为______、______，两滑块的总动量大小为________；碰撞后两滑块的总动量大小为________。

重复上述实验，多做几次。

若碰撞前、后两滑块的总动量在实验误差允许的范围内相等，则动量守恒定律得到验证。

图1图2【详细分析】打点周期T ＝1b ，打x 1、x 2、x 3均用时5b 。

碰前其中一滑块的动量p 1＝m v 1＝m x 1t ＝a bx 15＝0.2abx 1，碰前另一滑块的动量p 2＝m v 2＝m x 3t ＝a bx 35＝0.2abx 3，故碰前总动量p ＝p 1－p 2＝0.2ab (x 1－x 3)，同理碰后总动量p ′＝2m x 2t ＝0.4abx 2。

答案 0.2abx 1 0.2abx 3 0.2ab (x 1－x 3) 0.4abx 223．(10分)一小灯泡上标有“3 V 1.0 W ”的字样，现在要用伏安法描绘这个小灯泡的I －U 图线，要求测量数据从零开始。

物理_2017年某校高考物理二模试卷_复习 (2)

2017年某校高考物理二模试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分．1. 下列说法中不正确的是（）A 太阳与行星间的引力规律可适用于任何两物体之间的引力B 一定强度的入射光照射某金属发生光电效应时，入射光的频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多C 根据玻尔理论可得，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小，核外电子的运动速度增大D 伽利略通过他的理想斜面实验说明了物体的运动不需要力来维持2. 启动后做匀加速直线运动的汽车上的司机，发现尚有乘客未上车，急忙使汽车做匀减速运动直至停止，若整个过程历时t，行驶位移s，那么，此过程中汽车的最大速度大小为（）A s2t B stC 3s2tD 2st3. 2017年4月23日07时26分，“天舟一号”与“天宫二号”对接成功，组合体开始进行推进剂补加试验，将持续5天时间，目前组合体状态良好．这是“天宫二号”与货运飞船进行的第一次推进剂补加，也是中国首次推进剂补加试验．我们假设“天舟一号”质量为M1，“天宫二号”质量为M2，组合体在原“天宫二号”的距地心r处的轨道上做圆周运动，下列说法正确的是（）A 组合体的运动周期比原“天宫二号”的运动周期大B 在没有进行推进剂补加试验和其它操作时，“天舟一号”和“天宫二号”之间的连接机构存在着相互作用的拉力 C 组合体的加速度为a=R 2gr2（R为地球半径，g为地球表面处的重力加速度） D 组合体的机械能与原“天宫二号”的机械能相等4. 一摩托车在竖直的圆轨道内侧做匀速圆周运动，人和车的总质量为m，轨道半径为R，车经最高点时发动机功率为P0、车对轨道的压力为mg．设轨道对摩托车的阻力与车对轨道的压力成正比，则（）A 车经最低点时对轨道的压力为mgB 车运动过程中发动机的功率一直不变C 车经最低点时发动机功率为3P0D 车从最高点经半圆轨道到最低点的过程中，人和车重力做功的功率不变5. 如图所示，理想变压器原线圈接电压一定的交流电，在下列措施中能使电流表示数增大的是（）A 只将变阻器R3的滑动触头上移B 只将S2从4拨向3C 只将S3从闭合改为断开 D 只将S1从2拨向16. 理论研究表明，无限大的均匀带电平板在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场．现有两块无限大的均匀绝缘带电平板正交放置，如图所示，A1B1板两面带正电，A2B2板两面带负电，且两板单位面积所带电荷量相等（设电荷不发生移动）．图中直线A1B1和A2B2分别为带正电平面和带负电平面与纸面正交的交线，O为两交线的交点，C、D、E、F恰好位于纸面内正方形的四个顶点上，且CE的连线过O点．则下列说法中正确的是（）A D、F两点电势相同B E、F两点场强相同C U EF＝U ED D 在C、D、E、F四个点中电子在F点具有的电势能最大7. 如图所示，xOy平面位于光滑水平桌面上，在O≤x≤2L的区域内存在着匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面向下．由同种材料制成的粗细均匀的正六边形导线框，放在该水平桌面上，AB与DE边距离恰为2L，现施加一水平向右的拉力F拉着线框水平向右匀速运动，DE边与y轴始终平行，从线框DE边刚进入磁场开始计时，则线框中的感应电流i（取逆时针方向的电流为正）随时间t的函数图像和拉力F随时间t的函数图像大致是（）A B C D8. 如图所示，A为放在光滑水平桌面上的长方形物块，在它上面放有物块B和C 外力F的大小等于22 N A B、A之间沿水平方向的作用力的大小等于1 N B B、A之间沿水平方向的作用力大于C、A之间的D 外力F的大小等于12 N三、非选择题9. 用如图所示的装置“探究加速度与力的关系”，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上定滑轮的两根细绳均处于水平．利用图像分析、处理数据．请回答下列问题：（1）以下操作或措施不必要的是（）．（填序号）A 用天平测出砂和砂桶的质量B 将小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数F0 C 改变砂和砂桶质量，打出几条纸带，为利用图像处理数据做准备 D 为减小误差，使砂和砂桶的总质量远小于小车的质量（2）根据本实验方案，以拉力传感器示数的二倍F(F＝2F0)为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的a−F直线在________（填“F”或“a”）轴上有截距．（3）若计算得到a−F直线的斜率为k，则小车的质量为________．10. 为测量一电阻R x的阻值，某探究小组同学设计了如图所示的测量电路，其中电源的电动势为E＝3.0V，电压表的量程为0∼5V，电流表满偏电流为0.6A，电流计G为理想电流表，实验步骤如下：①按图示的电路原理图连接好实验电路，分别将滑动变阻器R0的滑片置于图中的A端、滑动变阻器R3的滑片置于Q端，闭合开关S。

【4份】2017届高考物理二轮复习(全国通用)选考题15分练含答案

【4份】2017届高考物理二轮复习（全国通用）选考题15分练含答案目录3－3 选考题15分练(一) (1)3－3 选考题15分练(二) (4)3－4 选考题15分练(一) (6)3－4 选考题15分练(二) (10)3－3 选考题15分练(一)1．【物理——选修3－3，33】(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________。

(填正确答案标号。

选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。

每选错1个扣3分，最低得分为0分) A．分子间的距离增大时，分子势能一定增大B．晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点C．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体D．物体吸热时，它的内能可能不增加E．一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热(2) (10分)如图1甲所示，一玻璃管两端封闭，管内有一10 cm长的水银柱将玻璃管中理想气体分割成两部分，上部分气柱长20 cm，下部分气柱长5 cm，现将玻璃管下部分浸入高温液体中，如图乙所示，发现水银柱向上移动了2 cm。

已知上部分气柱初始时压强为50 cmHg，且上部分气体温度始终与外界温度相同，上、下两部分气体可以认为没有热交换，外界温度是20 ℃，试求高温液体的温度。

图1【详细分析】(1)分子间的距离有一个特殊值r0，此时分子间引力与斥力平衡，分子势能最小。

当分子间的距离小于r0时，分子势能随距离的增大而减小，当分子间的距离大于r0时，分子势能随距离的增大而增大，选项A错误；根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体而不引起其他变化，在有外力做功的情况下热量可以从低温物体传到高温物体，选项C错误；故正确答案为B、D、E。

(2)上部分气体做等温变化，根据玻意耳定律有p11V11＝p12V12①(2分)其中p11＝50 cmHg，V11＝20 cm·S，V12＝18 cm·S(2分)对于下部分气体，由理想气体状态方程有p21V21 T21＝p22V22T22②(2分)其中p21＝60 cmHg，V21＝5 cm·S，T21＝293 K，p22＝p12＋10 cmHg，V22＝7 cm·S(2分)联立①②并代入数值解得T22＝448.2 K(2分)答案(1)BDE(2)448.2 K2．【物理——选修3－3，33】(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________。

高考物理二轮复习实验题15分满分练二20181213257.doc

实验题15分满分练(二)22.(5分)某同学现用如图1甲所示的气垫导轨和光电门装置来验证动量守恒定律，在气垫导轨右端固定一弹簧，滑块b的右端有强粘性的胶水。

图中滑块a和挡光片的总质量为m1＝0.620 kg，滑块b的质量为m2＝0.410 kg，实验步骤如下：①按图安装好实验器材后，接通气源，先将滑块a置于气垫导轨上，然后调节底脚螺丝，直到轻推滑块后，滑块上的挡光片通过两个光电门的时间________；②将滑块b置于两光电门之间，将滑块a置于光电门1的右端，然后将滑块a水平压缩弹簧，滑块a在弹簧的作用下向左弹射出去，通过光电门1后继续向左滑动并与滑块b发生碰撞；③两滑块碰撞后粘合在一起向左运动，并通过光电门2；④实验后，分别记录下滑块a挡光片通过光电门1的时间t1，两滑块一起运动挡光片通过光电门2的时间t2。

图1(1)完成实验步骤①中所缺少的内容。

(2)实验前用一游标卡尺测得挡光片的宽度d如图乙所示，则d＝________ cm。

(3)设挡光片通过光电门的时间为Δt，则滑块通过光电门的速度可表示为v＝________(用d、Δt表示)。

(4)实验中测得滑块a经过光电门1的速度为v1＝2.00 m/s，两滑块经过光电门2的速度为v2＝1.20 m/s，将两滑块和挡光片看成一个系统，则系统在两滑块相互作用前、后的总动量分别为p1＝________ kg·m/s，p2＝________ kg·m/s(结果均保留3位小数)。

解析(1)在步骤①中气垫导轨安装时应保持水平状态，滑块在轨道上应做匀速直线运动，故滑块上的挡光片通过两光电门的时间相等。

(2)游标卡尺的主尺读数为15 mm，游标尺读数为0.05×10 mm＝0.50 mm，所以挡光片的宽度为d＝15 mm＋0.50 mm＝15.50 mm＝1.550 cm。

(3)由于挡光片的宽度比较小，故挡光片通过光电门的时间比较短，因此可将挡光片通过光电门的平均速度看成滑块通过光电门的瞬时速度，故滑块通过光电门的速度可表示为v＝dΔt。

高三物理二轮复习实验题15分强化练1

实验题15分强化练(一)1．(6分)如图1所示是三个涉及纸带和打点计时器的实验装置图．图1(1)如图1三个实验装置中，摩擦力对实验结果没有影响的是________(选“A”或“B”或“C”)．A．甲B．乙C．丙(2)若某同学实验时所用的电源如图2甲所示，则打点计时器应选图2乙中的________(选“A”或“B”)．甲乙图2(3)如果操作都正确，则通过装置________(选填“甲”、“乙”或者“丙”)可打出图3中的纸带________(选填“①”或者“②”)图3【解析】(1)在匀变速直线运动的实验中，受到的拉力恒定，摩擦力也恒定，那么物体受到的合力恒定，对实验没有影响，在研究功和速度的关系的实验中，每次实验时受到的拉力加倍，但是摩擦力不加倍，对实验会产生影响，在研究加速度与力、质量的关系的实验中，改变车的拉力时，摩擦力不变，对实验的计算会产生影响，所以没有影响的是A.(2)由于电源是学生电源，电磁打点计时器的电压为4～6 V，所以要选择电磁打点计时器，故选B；(3)分析纸带可以得到，纸带①中两点间的距离逐渐增大，说明是加速运动，可能是甲图、也可能是丙图的实验结果．纸带②中后面两点间的距离相等，说明是匀速运动，实验纸带②应该是研究功和速度的关系的实验中得到的，即乙．所以通过装置乙可以得到纸带②.【答案】(1)A (2)B (3)乙②2．(9分)(1)如图甲所示是用主尺最小分度为1 mm，游标上有20个小的等分刻度的游标卡尺测量一工件内径的实物图，图乙是游标部分放大后的示意图．则该工件的内径为________cm.用螺旋测微器测一金属杆的直径，结果如图丙所示，则杆的直径是________mm.图4(2)多用电表调到欧姆挡时，其内部等效电路是下列图中的________(选填图下所对应的字母)A B C D(3)用伏安法测一节干电池的电动势E和内阻r，所给的器材有：A．电压表V：0～10 VB．电流表A：0～0.6 AC．滑动变阻器R1(总阻值20 Ω)D．固定电阻R2(阻值10 Ω)E ．固定电阻R 3(阻值4 Ω)F ．固定电阻R 4(阻值3 Ω)S ．单刀双掷开关S 和导线若干①根据以上器材，在误差尽可能小的情况下，组成一个测量电路，画出测量电路的原理图．(要求电路中各器材用题中给定的符号标出．)②用已知的量和实验中测的量表示待测干电池的电动势E ________和内阻r ________.【解析】 (1)游标卡尺的主尺读数为22 mm ，游标尺上第18个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.05×18 mm＝0.90 mm ，所以最终读数为：主尺读数＋游标尺读数＝22 mm ＋0.90 mm ＝22.90 mm ＝2.290 cm ；螺旋测微器的固定刻度读数2.5 mm ，可动刻度读数为0.01×20.0＝0.200 mm ，所以最终读数为：固定刻度读数＋可动刻度读数＝2.5 mm ＋0.200 mm ＝2.700 mm.(2)多用电表的欧姆挡内部表头的正负极应与内部电源的正负极形成通路，保护电阻应用滑动变阻器，以用于欧姆调零，故选C.(3)一节干电池的电动势E 约1.5 V ，内阻r 很小，为了减小读数误差，不能选电压表量程0～10 V, 只能选电流表；由闭合电路欧姆定律可知，若用电流表则不能用滑动变阻器；只能用单刀双掷开关和两个定值电阻组成回路．电流表量程选择0～0.6 A ，回路最小总电阻约R ≈1.5 V 0.6 A ＝2.5 Ω，若电流表三分之一处读数，所以其电路的电阻大约为R ′＝1.50.2Ω＝7.5 Ω，若电流表三分之二处读数，所以其电路的电阻大约为R ′＝1.50.4Ω＝3.75 Ω，故电阻选择固定电阻R 3和固定电阻R 4即可．按图连接好电路，设按固定电阻R 3和固定电阻R 4时测的电流分别为I 1和I 2，由闭合电路欧姆定律可得E ＝(R 3＋r )I 1 E ＝(R 4＋r )I 2联立解得r ＝R 4I 2－R 3I 1I 1－I 2，E ＝R 4－R 3I 1I 2I 1－I 2【答案】 (1)2.290 2.695—2.700 (2) C(3)①见解析②E ＝R 4－R 3I 1I 2I 1－I 2 r ＝R 4I 2－R 3I 1I 1－I 2。

高三物理二轮复习实验题15分专练(一)-

实验题15分专练(一)22．(2017·石家庄市毕业班一模)(6分)某同学用如图甲所示的装置来验证动量守恒定律，该装置由水平长木板及固定在长木板一端的硬币发射器组成，硬币发射器包括支架、弹片及弹片释放装置。

释放弹片可将硬币以某一初速度弹出。

已知一元硬币和五角硬币与长木板间动摩擦因数相同。

主要实验步骤如下：①将一元硬币置于发射槽口，释放弹片将硬币发射出去，硬币沿着长木板中心线运动，在长木板中心线的适当位置取一点O，测出硬币停止滑动时硬币右侧到O点的距离。

再从同一位置释放弹片将硬币发射出去，重复多次，取该距离的平均值记为x1，如图乙所示；②将五角硬币放在长木板上，使其左侧位于O点，并使其直径与中心线重合。

按步骤①从同一位置释放弹片，重新弹射一元硬币，使两硬币对心正碰，重复多次，分别测出两硬币碰后停止滑行时与O点距离的平均值x2和x3，如图丙所示。

(1)为完成该实验，除长木板，硬币发射器，一元及五角硬币，刻度尺外，还需要的器材有________________________________________________________________________。

(2)实验中还需测量的物理量有________，验证动量守恒定律的表达式为________________________________________________________________________(用测量物理量对应的字母表示)。

解析：(1)动量与质量与速度的乘积，因此本实验需要测量硬币的质量，即还需要的实验器材为天平。

(2)在验证动量守恒定律时，需要测量一元硬币的质量m1以及五角硬币的质量m2；由牛顿第二定律可知两枚硬币的加速度均为a＝μg，由运动学公式v2＝2ax可得，碰前一元硬币的速度为v1＝2μgx1，碰后一元硬币和五角硬币的速度分别为v2＝2μgx2、v3＝2μgx3，若满足m1v1＝m1v2＋m2v3，即m1x1＝m1x2＋m2x3，即可验证动量守恒定律。

高考物理二轮复习实验题18分强化练二word版本

实验题18分强化练(二)1. (8分)用如图1所示的装置测量弹簧的弹性势能．将弹簧放置在水平气垫导轨上，左端固定，右端在O 点；在O 点右侧的B 、C 位置各安装一个光电门，计时器(图中未画出)与两个光电门相连．先用米尺测得B 、C 两点间距离s ，再用带有遮光片的滑块压缩弹簧到某位置A ，静止释放，计时器显示遮光片从B 到C 所用的时间t ，用米尺测量A 、O 之间的距离x .【导学号：25702110】图1(1)计算滑块离开弹簧时速度大小的表达式是________． (2)为求出弹簧的弹性势能，还需要测量________． A ．弹簧原长 B ．当地重力加速度 C ．滑块(含遮光片)的质量 (3)增大A 、O 之间的距离x ，计时器显示时间t 将________________． A ．增大B ．减小 C ．不变【解析】 (1)计算滑块离开弹簧时速度大小的表达式是v ＝s t.(2)弹簧的弹性势能等于滑块得到的动能，则为求出弹簧的弹性势能，还需要测量滑块(含遮光片)的质量，故选C.(3)增大A 、O 之间的距离x ，弹簧压缩量变大，滑块得到的速度变大，则滑块经过计时器显示的时间t 将减小，故选B. 【答案】 (1)v ＝s t (2)C (3)B 2．(10分)小王和小李两同学分别用电阻箱、电压表测量不同电源的电动势和内阻．(1)小王所测电源的内电阻r 1较小，因此他在电路中接入了一个阻值为2.0 Ω的定值电阻R 0，所用电路如图2所示．图2①请用笔画线代替导线将图3所示器材连接成完整的实验电路图3②闭合开关S ，调整电阻箱的阻值R ，读出电压表相应的示数U ，得到了一组U 、R 数据．为了比较准确地得出实验结论，小王同学准备用直线图象来处理实验数据，图象的纵坐标表示电压表读数U ，则图象的横坐标表示的物理量应该是________． (2)小李同学所测电源的电动势E 2约为9 V ，内阻r 2为35～55 Ω，允许通过的最大电流为50 mA.小李同学所用电路如图4所示，图中电阻箱R 的阻值范围为0～9 999 Ω.图4①电路中R 0为保护电阻．实验室中备有以下几种规格的定值电阻，本实验中应选用________．A ．20 Ω，125 mAB ．50 Ω，20 mAC ．150 Ω，60 mAD ．1 500 Ω，5 mA ②实验中通过调节电阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值R 及相应的电压表的示数U ，根据测得的多组数据，作出1U 1R ＋R0图线，图线的纵轴截距为a ，图线的斜率为b ，则电源的电动势E 2＝________，内阻r 2＝________.【解析】 (1)①根据电路图，实物图连接如图所示：②根据欧姆定律可知：E 1＝U ＋U R (R 0＋r 1)，可得U ＝E 1－U R (R 0＋r 1)，故横坐标为U R . (2)①电路最小总电阻约为R min ＝90.05Ω＝180 Ω，为保护电路安全，保护电阻应选C ；②在闭合电路中，电源电动势为E 2＝U ＋Ir 2＝U ＋U R0＋R r 2，则1U ＝r2E2 ·1R ＋R0＋1E2，则1U1R ＋R0图象是直线，截距a ＝1E2，得E 2＝1a ，斜率b ＝r2E2，得r 2＝b a. 【答案】 (1) ①见解析 ②U R (2) ① C ②1a b a。

高三物理第二轮《设计实验》强化训练题

高三物理第二轮《设计实验》强化训练题1、某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验中，设计了如图所示的实验装置。

所用的钩码每只的质量差不多上30g ，他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在了下面的表中。

(弹力始终未超过弹性限度，取g =9.8m/s 2)⑴试依照这些实验数据在右图给定的坐标纸上作出弹簧所受弹力大小F 跟弹簧总长L 之间的函数关系图线，说明图线跟坐标轴交点的物理意义。

⑵上一问所得图线的物理意义是什么?该弹簧的劲度k 是多大?2、一同学要研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系，它的实验如下：在离地面高度为h 的光滑水平桌面上，沿着与桌子边缘垂直的方向放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与质量为m 的一小钢球接触。

当弹簧处于自然长度时，小钢球恰好在桌子边缘，如右图4所示。

让钢球向左压缩弹簧一段距离后由静止开释，使钢球沿水平方向射出桌面，小球在空中飞行后落到水平地面，水平距离为S 。

（1）请你推导出弹簧的弹性势能E P 与小钢球质量m 、桌面离地面高度h ，水平距离S 等物理量的关系式：；（2）弹簧长度的压缩量x 与对应的钢球在空中飞行的水平距离S 的实验数据如下表示：弹簧长度压缩量x/cm 1.00 1.50 2.00 2.50 3.00 3.50 钢球飞行水平距离S/m1.01 1.502.012.483.013.50P 的关系；并说明理由：。

3、（2001年上海卷）利用打点计时器研究一个约1. 4高的商店卷帘窗的运动。

将纸带粘在卷帘底部，纸带通过打点计时器随帘在竖直面内向上运动。

打印后的纸带如图4所示，数据如表格所示。

纸带中AB 、BC 、CD ……每两点之间的时刻间隔为0.10s ，依照各间距的长度，可运算出卷帘窗在各间距内的平均速度平均v 。

能够将平均v 近似地作为该间距中间时刻的瞬时速度v 。

（1）请依照所提供的纸带和数据，绘出卷帘窗运动的v - t 图线。

(全国通用)2017版高考物理二轮复习模拟卷(三)

模拟卷(三)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.)14.复印机的核心部件是有机光导体鼓，它是在一个金属圆柱表面涂覆一层有机光导体OPC(没有光照时OPC是绝缘体，受到光照时变成导体)制成的.如图1所示，复印机的基本工作过程是(1)在暗处的有机光导体鼓和一个金属丝电极之间加上高电压，金属丝附近空气发生电离，使转动鼓体均匀带上正电；(2)文件反射的强光通过光学系统在鼓上成像，鼓上形成“静电潜像”；(3)鼓体转动经过墨粉盒，潜像将带相反电荷的墨粉吸引到鼓体带电部位；(4)鼓体继续转动经过复印纸，带电复印纸又将墨粉吸引到复印纸上.以下说法正确的是( )图1A.步骤(1)中发生了静电感应现象B.步骤(2)中发生了局部导电现象C.步骤(3)中发生了静电平衡现象D.步骤(4)中发生了静电屏蔽现象答案 B解析步骤(1)中发生了金属丝附近空气发生电离现象，选项A错误.文件反射的强光通过光学系统在鼓上成像，受到光照时变成导体，步骤(2)中发生了局部导电现象，选项B正确.鼓体转动经过墨粉盒，潜像将带相反电荷的墨粉吸引到鼓体带电部位；发生了静电感应现象，选项C错误.鼓体继续转动经过复印纸，带电复印纸又将墨粉吸引到复印纸上，发生了静电感应现象，选项D错误.15.如图2所示，竖直平面内有一光滑直杆AB，杆与水平方向的夹角为θ(0°≤θ≤90°)，一质量为m的小圆环套在直杆上.给小圆环施加一与该竖直平面平行的恒力F，并从A端由静止释放.改变直杆和水平方向的夹角θ，当直杆与水平方向的夹角为30°时，小圆环在直杆上运动的时间最短，重力加速度为g，则以下选项不正确的是( )图2A.恒力F 一定沿与水平方向夹角30°斜向右下的方向B.恒力F 和小圆环的重力的合力一定沿与水平方向夹角30°斜向右下的方向C.若恒力F 的方向水平向右，则恒力F 的大小为3mgD.恒力F 的最小值为32mg 答案 A解析小圆环受到竖直向下的重力、光滑直杆AB 对小圆环的支持力和恒力F .由于光滑直杆AB 对小圆环的支持力沿直杆方向无分力.要使小圆环在直杆上运动的时间最短，由L ＝12at 2可知，小圆环运动的加速度必须最大，由牛顿第二定律可知，恒力和重力的合力沿光滑直杆方向时加速度最大，所以选项A 错误、B 正确.若恒力F 的方向水平向右，由tan 30°＝mg F，解得F ＝3mg ，选项C 正确.当恒力F 的方向垂直光滑直杆时，恒力F 最小，由sin 60°＝F mg，解得F 的最小值为F min ＝mg sin 60°＝32mg ，选项D 正确. 16.玩具弹力球(如图3)具有较好的弹性，碰撞后能等速反向弹回.一小孩将弹力球举高后由静止释放做自由落体运动，与水平地面发生碰撞，弹力球在空中往返运动.若从释放弹力球时开始计时，且不计弹力球与地面发生碰撞的时间和空气阻力，则弹力球运动的速度－时间图线是( )图3答案 D解析小球与地面碰撞时，速度大小不变，但方向发生突变，A 、B 图中速度没有突变，故A 、B 错误；由图象可以看出，速度先减小到零，再反向增加到原来的值(竖直上抛运动)，然后反弹(速度大小不变、方向突变)，再重复这种运动，是上抛运动，不符合弹力球的运动情况，故C 错误；由图象可以看出，速度先增加(自由落体运动)，然后反弹(速度大小不变、方向突变)，再减小到零(竖直上抛运动中的上升过程)，再重复这种运动，故D 正确.17.如图4甲所示，矩形线圈abcd 固定于方向相反的两个磁场中，两磁场的分界线OO ′恰好把线圈分成对称的左右两部分，两磁场的磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示，规定磁场垂直纸面向里为正，线圈中感应电流逆时针方向为正.则线圈感应电流随时间的变化图象为( )图4答案 A解析当垂直纸面向里的磁通量在增大时，垂直纸面向外的磁通量在减小，故总磁通量变化为垂直纸面向里增大，根据楞次定律，可知感应电流方向为正，B 、D 错误；由E ＝ΔΦΔt ＝ΔB ΔtS 可知，电路中电流大小恒定不变，故A 正确.18.手摇发电机产生的正弦交流电经变压器给灯泡L 供电，其电路如图5.当线圈以角速度ω匀速转动时，电压表示数为U ，灯泡正常发光.已知发电机线圈的电阻为r ，灯泡正常发光时的电阻为R ，其它电阻可忽略，变压器原线圈与副线圈的匝数比为k ，变压器可视为理想变压器.则( )图5A.灯泡的额定电压为U kB.灯泡的额定功率为k 2U 2RC.发电机的线圈中产生的电动势最大值为2R ＋rRUD.从中性面开始计时，原线圈输入电压的瞬时值表达式为u ＝2U sin ωt 答案 AD解析由变压公式可知，变压器副线圈输出电压为U 2＝U k，灯泡正常发光，说明灯泡的额定电压为Uk ，选项A 正确.灯泡的额定功率为P ＝U k 2R＝U 2k 2R，选项B 错误.设发动机的线圈中产生的电动势最大值为E m ，有效值为E ＝E m2，由闭合电路欧姆定律，E ＝U ＋Ir ，IU ＝U 2k 2R ，联立解得：E m ＝2k 2R ＋rk 2RU ，选项C 错误.从中性面开始计时，原线圈输入电压的瞬时值表达式为u ＝2U sin ωt ，选项D 正确. 19.下列说法正确的是( )A.天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构B.α、β和γ三种射线，α射线的穿透力最强C.23892U 衰变成20682Pb 要经过6次β衰变和8次α衰变D.根据玻尔理论可知，一群处于n ＝4能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出6种不同频率的光答案 ACD解析天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构，选项A 正确；α、β和γ三种射线，γ射线的穿透力最强，选项B 错误；23892U 衰变成20682Pb 要经过(238－206)÷4＝8次α衰变和2×8－(92－82)＝6次β衰变，选项C 正确；根据玻尔理论可知，一群处于n ＝4能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出C 24＝6种不同频率的光，选项D 正确.20.宇宙中存在一些质量相等且离其他恒星较远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用，如图6，设四星系统中每个星体的质量均为m ，半径均为R ，四颗星稳定分布在边长为L 的正方形的四个顶点上.已知引力常量为G ，关于四星系统(忽略星体自转的影响)，下列说法正确的是( )图6A.四颗星的向心加速度的大小为22GmL2B.四颗星运行的线速度大小是Gm 1＋2222LC.四颗星表面的重力加速度均为G m R2 D.四颗星的周期均为2πL 2LGm 1＋22答案 BC解析四星系统的圆心在正方形中心，半径为r ＝22L ，向心力由合力提供，故F n ＝Gm 21＋222L2＝ma n 解得a n ＝Gm 1＋222L2，A 错误；根据公式a n ＝v 2r，解得v ＝Gm 1＋2222L ，B 正确；根据公式T ＝2πrv，解得T ＝2πL2L 22＋1Gm，D 错误；由Gm ＝gR 2，g ＝GmR2，C 正确.21.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x 轴正向运动，其电势能E p 随位移x 变化的关系如图7所示，其中0～x 2段是对称的曲线，x 2～x 3段是直线，则下列说法正确的是( )图7A.x1处电场强度最大B.x2～x3段是匀强电场C.x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D.粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动答案BC解析因为从0～x1负电荷电势能减小，故电势升高，电场线由x1指向O点，同理在x1到x3区域电场线由x1指向x3，可知x1处电场强度为零，选项A错误；x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故B正确，D错误；由于在x1到x3区域电场线由x1指向x3，顺着电场线电势降低，所以有：φ1＞φ2＞φ3.故C正确.二、非选择题(本题共5小题，共47分)22.(5分)某实验小组利用如图8甲所示的实验装置测量小物块与水平面之间的动摩擦因数μ.粗糙曲面AB固定在水平面上，其与水平面相切于B点，P为光电计时器的光电门，实验时将带有遮光条的小物块m从曲面AB上的某点自由释放，小物块通过光电门P后停在水平面上某点C.已知当地重力加速度为g.图8(1)用游标卡尺测量遮光条的宽度d如图乙所示，其读数d＝________ cm；(2)为了测量动摩擦因数，除遮光条宽度d及数字计时器显示的时间t，还需要测量的物理量是_________(要写出该物理量的名称和符号)，动摩擦因数μ＝ _______(用上面的量表示).答案(1)0.375 (2)光电门与C点之间的距离sd2 2gst2解析(1)由题图乙所示游标卡尺可知，主尺示数为0.3 cm，游标尺示数为15×0.05 mm＝0.75 mm＝0.075 cm，游标卡尺读数d＝0.3 cm＋0.075 cm＝0.375 cm；(2)物块通过光电门时的速度v ＝dt，然后物块在水平面上做匀减速直线运动，由动能定理得：－μmgs ＝0－12mv 2，解得：μ＝d22gst 2，由此可知，要测动摩擦因数，除d 与t 外，还需要测量光电门与C 点间的距离s .23.(8分)目前汽车上都有车载电瓶作为备用电源，用久以后性能会下降，表现之一为电瓶的电动势变小，内阻变大.某兴趣小组将一块旧的车载电瓶充满电，准备利用下列器材测量电瓶的电动势和内电阻.A.待测电瓶，电动势约为3 V ，内阻约几欧姆B.直流电压表V 1、V 2，量程均为3 V ，内阻约为3 kΩC.定值电阻R 0未知D.滑动变阻器R ，最大阻值R mE.导线和开关(1)根据如图9甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的电路图.图9(2)实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R 0的阻值，方法是先把滑动变阻器R 调到最大阻值R m ，再闭合开关，电压表V 1和V 2的读数分别为U 10，U 20，则R 0＝________________(用U 10、U 20、R m 表示).(3)实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V 1和V 2的多组数据U 1、U 2，描绘出U 1－U 2图象如图丙所示，图中直线斜率为k ，与横轴的截距为a ，则电瓶的电动势E ＝________________，内阻r ＝____________(用k 、a 、R 0表示). 答案 (1)见解析图 (2)U 20－U 10U 10R m (3)ka k －1 R 0k －1解析 (1)滑动变阻器和定值电阻串联，电压表V 1测量滑动变阻器电压，电压表V 2测路端电压，电路如图所示.(2)串联电路电流处处相等，滑动变阻器调到最大即阻值为R m ，所以U 20U 10＝R 0＋R mR m，可得定值电阻R 0＝U 20－U 10R mU 10.(3)滑动变阻器R 的电压为U 1，路端电压为U 2，则定值电阻的电压为U 2－U 1，电流I ＝U 2－U 1R 0，可得U 2＝E －Ir ＝E －U 2－U 1R 0r ，整理可得U 2＝E －U 2R 0r ＋U 1R 0r ，即U 1＝(1＋R 0r )U 2－R 0rE ，结合图象可得1＋R 0r＝k ，R 0r ＋R 0E ＝a ，从而可得内阻r ＝R 0k －1，电动势E ＝kak －1.24.(10分)如图10所示，截面为直角三角形的斜面体固定在水平地面上，两斜面光滑，斜面倾角分别为60°和30°，一条不可伸长的轻绳跨过固定在斜面顶端的光滑定滑轮连接着两个小物体，物体B 的质量为m ，起始距地面的高度均为h ，重力加速度为g .图10(1)若A 的质量也为m ，由静止同时释放两物体，求当A 刚到地面时的速度大小；(2)若斜面体不固定，当斜面体在外力作用下以大小为a 的加速度水平向右做匀变速直线运动时，要使A 、B 两物体相对斜面都不动，分析物体A 的质量和加速度a 的关系. 答案 (1)1－33gh (2)见解析解析 (1)设A 刚落地面时的速度为v ，由A 和B 运动中的机械能守恒得，mgh ＝mg sin30°h sin 60°＋122mv 2v ＝1－33gh .(2)对两个物体分别进行受力分析，沿垂直斜面和平行斜面方向建立坐标系进行正交分解 . 当斜面体向右做匀加速直线运动时，加速度方向水平向右：对A 物体， F T －m A g sin 60°＝m A a cos 60° 对B 物体， mg sin 30°－F T ＝ma cos 30° 解得m A ＝mg －3ma3g ＋a由等式右侧的分子得，加速度的大小应满足0＜a＜33g 加速度a 越大，A 物体的质量越小，A 物体质量应满足0＜m A ＜33m . 当斜面体向右做匀减速直线运动时，加速度方向水平向左：对A 物体， m A g sin 60°－F T ＝m A a cos 60° 对B 物体，F T －mg sin 30°＝ma cos 30° 解得m A ＝mg ＋3ma3g －a由等式右侧的分母得，加速度的大小满足0＜a ＜3g 加速度a 越大，A 物体的质量越大，A 物体质量应满足m A ＞33m . 25.(12分)在如图11所示的装置中，电源电动势为E ，内阻不计，定值电阻为R 1，滑动变阻器总阻值为R 2，置于真空中的平行板电容器水平放置，极板间距为d .处在电容器中的油滴A 恰好静止不动，此时滑动变阻器的滑片P 位于中点位置.图11(1)求此时电容器两极板间的电压；(2)求该油滴的电性以及油滴所带电荷量q 与质量m 的比值；(3)现将滑动变阻器的滑片P 由中点迅速向上滑到某位置，使电容器上的电荷量变化了Q 1，油滴运动时间为t ；再将滑片从该位置迅速向下滑动到另一位置，使电容器上的电荷量又变化了Q 2，当油滴又运动了2t 的时间，恰好回到原来的静止位置.设油滴在运动过程中未与极板接触，滑动变阻器滑动所用的时间与电容器充电、放电所用时间均忽略不计.求：Q 1 与Q 2的比值.答案 (1)ER 22R 1＋R 2 (2)负电gd 2R 1＋R 2ER 2(3)4∶9解析 (1)电路中的电流I ＝E R 1＋R 22平行板两端电压为U ＝I R 22联立得：U ＝ER 22R 1＋R 2(2)油滴带负电，对油滴受力分析，得：qU d＝mg 所以q m ＝gd 2R 1＋R 2ER 2(3)设电容器的电容为C ，极板原来具有的电荷量为Q ，电容器上的电荷量变化Q 1后，油滴在电场中向上做初速度为零的匀加速直线运动，t 秒末油滴的速度为v 1、位移为x ，板间的电压 U 1＝Q ＋Q 1C根据牛顿第二定律qU 1d－mg ＝ma 1 根据运动学公式x ＝12a 1t 2v 1＝a 1t电容器上的电量又变化了Q 2后，油滴在电场中向上做匀减速直线运动，2t 秒末位移为－x 极板间的电压为U 2＝Q ＋Q 1－Q 2C根据牛顿第二定律mg －qU 2d＝ma 2 根据运动学公式－x ＝2v 1t －12a 2(2t )2解得：Q 1Q 2＝4926.(12分)如图12所示，在光滑的水平面上，一质量为m A ＝0.1 kg 的小球A ，以8 m/s 的初速度向右运动，与质量为m B ＝0.2 kg 的静止小球B 发生正碰.碰后小球B 滑向与水平面相切、半径为R ＝0.5 m 的竖直放置的光滑半圆形轨道，且恰好能通过最高点N 后水平抛出.g ＝10 m/s 2.求：图12(1)碰撞后小球B 的速度大小；(2)小球B 从轨道最低点M 运动到最高点N 的过程中所受合外力的冲量； (3)碰撞过程中系统损失的机械能. 答案 (1)5 m/s (2)(55＋1) N·s，方向向左 (3)0.5 J解析 (1)小球B 恰好能通过圆形轨道最高点，有mg ＝m v2N R①解得v N ＝ 5 m/s小球B 从轨道最低点M 运动到最高点N 的过程中机械能守恒，有 12m B v 2M ＝2m B gR ＋12m B v 2N②联立①②解得v M ＝5 m/s.(2)规定向右为正方向，则v N ＝－ 5 m/s(负号表示方向向左)，合外力对小球B 的冲量为I ＝m B v N －m B v M ＝－(55＋1) N·s，负号表示方向向左. (3)碰撞过程中动量守恒，有m A v 0＝m A v A ＋m B v B 水平面光滑所以式中v B ＝v M ，解得v A ＝－2 m/s ，碰撞过程中损失的机械能为ΔE ＝12m A v 20－12m A v 2A －12m B v 2B＝0.5 J. 三、选做题(请从两道题中任选一题作答，每小题15分，如果多做，则按所做的第一题计分) 33.(1)(5分)下列说法中正确的是( )A.分子a 从远处趋近固定不动的分子b ，当a 到达受b 的作用力为零处时a 的动能一定最大B.微粒越大，撞击微粒的液体分子数量越多，布朗运动越明显C.液体与大气相接触，表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互吸引D.单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数减少，气体的压强一定减小E.一定量的理想气体的内能只与它的温度有关(2)(10分)一质量M ＝10 kg 、高度L ＝35 cm 的圆柱形汽缸，内壁光滑，汽缸内有一薄活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞质量m ＝4 kg 、截面积S ＝100 cm 2.温度t 0＝27 ℃时，用绳子系住活塞将汽缸悬挂起来，如图13甲所示，汽缸内气体柱的高L 1＝32 cm ，如果用绳子系住汽缸底，将汽缸倒过来悬挂起来，如图乙所示，汽缸内气体柱的高L 2＝30 cm ，两种情况下汽缸都处于竖直状态，取重力加速度g ＝9.8 m/s 2，求：图13(i)当时的大气压强；(ii)图乙状态时，在活塞下挂一质量m ′＝3 kg 的物体，如图丙所示，则温度升高到多少时，活塞将从汽缸中脱落.答案 (1)ACE (2)(i)9.8×104Pa (ii)66 ℃解析 (1)分子间的相互作用力：当分子间的距离r >r 0时，分子间表现为引力，当分子a 向b 靠近时，分子力做正功，当a 到达受b 的作用力为零处时，a 的动能一定最大，A 对；微粒越大，撞击微粒的液体分子数量越多，分子受力越易平衡，布朗运动越不明显，B 错；液体与大气相接触，表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互吸引，C 对；单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数减少，若每次撞击的力度加大，气体压强可能增加、不变或者减小，D 错；一定量的理想气体，分子间的势能不考虑，故内能也即分子的平均动能，只与温度有关，E 对.(2)(i)由图甲状态到图乙状态，等温变化：p 1 ＝p 0－Mg S ，p 2＝p 0－mgS，由玻意耳定律：p 1L 1S ＝p 2L 2S 所以(p 0－Mg S )L 1S ＝(p 0－mg S)L 2S ，可解得p 0＝ML 1－mL 2g L 1－L 2S＝9.8×104Pa(ii)活塞脱落的临界状态：气柱体积LS 、压强p 3＝p 0－mg ＋m ′gS设温度为t ，由气态方程：p 2L 2S t 0＋273＝p 3LSt ＋273得t ＝p 3L t 0＋273p 2L 2－273≈66 ℃34.(1)(5分)一列简谐横波沿x 轴正方向传播，t 时刻波形图如图14中的实线所示，此时波刚好传到P 点，t ＋0.6 s 时刻x 轴上0～90 m 区域的波形如图中的虚线所示，a 、b 、c 、P 、Q 是介质中的质点，则以下说法正确的是( )图14A.这列波的波速可能为450 m/sB.质点a 在这段时间内通过的路程一定小于30 cmC.质点c 在这段时间内通过的路程可能为60 cmD.如果T ＝0.8 s ，则当t ＋0.5 s 时刻，质点b 、P 的位移不相同E.质点P 与Q 的速度不可能相同(2)(10分)如图15所示，三角形ABC 为某透明介质的横截面，O 为BC 中点，位于截面所在平面内的一束光线自O 以角度i 入射，第一次到达AB 边恰好发生全反射.已知θ＝15°，BC 边长为2L ，该介质的折射率为 2.求：图15(i)入射角i ；(ii)从入射到发生第一次全反射所用的时间(设光在真空中的速度为c ，可能用到：sin 75°＝6＋24或tan 15°＝2－3). 答案 (1)ACD (2)(i)45° (ii)6＋2L2c解析 (1)在0.6 s 内，这列波的传播距离可能：x ＝nλ＋3λ4＝(40n ＋30) m ，则传播速度可能值：v ＝x t ＝40n ＋300.6 m/s ＝(200n3＋50) m/s(n ＝0,1,2,3……).当v ＝450 m/s 时，n ＝6，选项A 正确；质点a 在平衡位置上下振动，振动的最少时间为3T4，故路程最小为30 cm ，选项B错误；质点c 在这段时间内振动1.5T 时通过的路程即为60 cm ，选项C 正确；在t 时刻，因波沿x 轴正方向传播，所以此时质点P 是向上振动的，经0.5秒后，P 是正在向下振动(负位移)，是经过平衡位置后向下运动0.1秒；而质点b 是正在向下振动的(负位移)，是到达最低点后向上运动0.1秒，由于从平衡位置和从最低点运动0.1 s 时的加速度大小不同，可见此时两个质点的位移是不相同的，故D 正确；质点P 与Q 之间的距离是3λ4，它们的速度可能相同.故E 错误；故选A 、C 、D.(2)(i)根据全反射定律可知，光线在AB 面上P 点的入射角等于临界角C ，由折射定律得：sinC ＝1n，代入数据得：C ＝45°设光线在AB 面上的折射角为r ，由几何关系得：r ＝30°由折射定律得：n ＝sin isin r，联立代入数据得：i ＝45°.(ii)在△OPB 中，根据正弦定理得：OPsin 75°＝Lsin 45°，设所用时间为t ，光线在介质中的速度为v ，得：OP ＝vt ，光在玻璃中的传播速度v ＝c n ，联立代入数据得：t ＝6＋2L2c.。

2017届高三物理上学期第二次模拟考试试题资料

山东师大附中2014级高三第二次模拟考试物理试题本试卷分第I 卷和第II 卷两部分。

第I 卷1至4页，第II 卷5至8页。

注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡上。

2．第I 卷每小题选出答案后用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

第II 卷用黑色墨水签字笔在答题卡上规定的答题区域内书写作答，超出答题区域书写的答案无效。

在试题卷上作答，答案无效。

3．保持卡面清洁，不要折叠、弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

第I 卷(选择题共48分)一、选择题(本题共14小题，1-8为单项选择题，每小题3分。

9-14为多项选择题，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

)1．在平直公路上行驶的a 车和b 车，其位移-时间图像分别为图中直线a 和曲线b ，由图可知A ．b 车运动方向始终不变B ．在t 1时刻a 车与b 车速度相同C ．t 1到t 3时间内a 车与b 车的平均速度相等D ．t 1到t 2时间内有一时刻两车的速度相同2．一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前5s 内做匀加速直线运动，5s 末达到额定功率，之后保持以额定功率运动．其v —t 图象如图所示．已知汽车的质量为m =2×103kg ，汽车受到地面的阻力为车重的0.l 倍．则以下说法正确的是A ．汽车在前5 s 内的牵引力为4×103N B ．汽车的最大速度为30m ／s C ．汽车的额定功率为50kw D ．0～t 0时间内汽车牵引力做功为212m mv3．如图，一小球从一半圆轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动(小球可视为质点)，飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点．O为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R，OB与水平方向夹角为60°，重力加速度为g，则小球抛出时的初速度为A B D4．如图所示，叠放在水平转台上的小物体A、B、C能随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B、C的质量分别为3m、2m、m，A与B、B与转台、C与转台间的动摩擦因数都为μ，B．C离转台中心的距离分别为r、1.5r。