福建省南平市政和县第一中学2015_2016学年高二物理下学期第一次月考试题(无答案)
福建省南平市政和县第一中学2015_2016学年高二地理下学期第一次月考试题(无答案)
2016学年度政和一中高二下第一次月考地理试卷学校：__________姓名：__________班级：__________考号：__________一、单项选择（每题2分共60分）1、亚洲是世界上自然灾害发生最多的大洲，澳大利亚大陆、西欧则是自然灾害发生较少的区域。
反映出自然灾害的特征是( )A．广泛性 B．区域性 C．频繁性 D．不可避免性阅读材料，新华社3月25日报道料峭的冬日刚刚过去，一场前所未有的沙尘暴即席卷了半个中国。
3月16日沙尘暴首先在甘肃民勤等地出现，随即而生的扬沙天气迅速蔓延至甘肃全省。
几乎在同时，从蒙古高原上卷起的弥漫黄沙随着强劲大风席卷南下，不到三天，就几乎淹没了中国。
“半空中，黑黄上下，渐渐混合，结成一片深灰的沙雾，遮住阳光。
太阳所在的地方，黄中透出红来，像凝固了的血块。
”3月19日的北京，正如老舍先生《正红旗下》中的描写。
“沙雾”并未就此停步。
三天之内，它随西北风一路而南，经西北和华北跨越黄河，随后越过长江，向湖北、湖南、安徽、浙江、福建等地进发，直达港台。
回答2-4题：2、导致扬尘、沙尘暴加剧的原因主要是 ( )①人们过度放牧，羊群破坏草原②采掘发菜，导致草场破坏，泥沙裸露③西西伯利亚冷高压势力逐年增强，风力逐年增大④世界气候变暖，蒸发量不断增大A．①② B．③④ C．②③ D．①④3、对扬尘、沙尘暴起影响作用的天气系统是( )A．气旋 B．暖锋 C．冷锋 D．反气旋4、以下哪一个不是形成沙尘暴所必须的条件（）A．强风 B．沙源 C．不稳定的天气 D．干旱赞比亚的卡利巴水库坝高128米，1958年开始蓄水。
施工前，该水库库区周围仅发生过小震。
到1963年水库蓄满水后，库区周围地区的地震仅记录到的就有2 000多次。
绝大多数地震震中都位于库区下部。
1969年库区发生了一次里氏5.8级的较大地震。
据此完成5--6题。
5、赞比亚位于( )A.环太平洋地震带B.地中海—喜马拉雅地震带C.大陆断裂地震带D.大洋海岭地震带6、关于修建水库后地震次数增多原因的叙述，不正确的是( )A.人类工程诱发了地震B.岩石上部重量的增加引发地震C.水对地下深处岩石的滑动起了润滑作用D.修建水库增加了地表环境的稳定性7、下列不是我国干旱多发原因的是( )A．热带面积广，太阳辐射强 B．季风气候显著，大陆性强C．降水季节分配不均 D．土壤保水性能差8、当地震来临时，我们要抓住一切机会逃生。
福建省政和县第一中学2015-2016学年高一化学下学期第一次月考试题 理
2015-2016年政和一中高一下学期第一次月考化学试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共16小题，共48分)1. 手机芯片是一种在半导体材料上集合多种电子元器件的电路模块。
下列可用作半导体材料的是A. 铝B.硅 C. 碳D. 铁2. 放射性同位素钬的原子核内的中子数与核外电子数之差是A. 32B. 67C. 99D. 1663. 下列说法正确的是（）A. SiH 4比CH 4稳定B. O 2-半径比 F -的小C. Na和Cs属于第ⅠA族元素，Cs失电子能力比Na的强D. HClO 4、H 2SO 4、H 3PO 4的酸性依次增强4. 与氢氧根具有相同的质子数和电子数的微粒是A. CH 4B. NH 4 +C. NH2 - D. Cl -5. 短周期元素X、Y、Z在周期表中的位置关系如图所示，已知X最外层电子数为2，则下列叙述中正确的是（）A. Z 是活泼的金属元素B. Y的最高价氧化物的水化物是一种强酸C. 1molX的单质跟足量水反应时，发生转移的电子为2molD. Y的氢化物稳定性大于Z的氢化物稳定性6. 已知七种短周期元素a～g的有关信息如下表所示：下列推断不正确的是（）A. 氢化物稳定性的强弱：b＞dB. 金属性的强弱：f＜gC. 元素e的氧化物只能与酸反应D.最高价氧化物对应的水化物的碱性：e＜g7. 既能与盐酸反应，又能与氢氧化钠溶液反应的化合物是( )①Al(OH) 3②Al 2O 3③Al④NaHCO 3⑤Mg(OH) 2．A. ①②③④B. ①②③④⑤ C. ①②④ D. ①②④⑤8. 下列叙述中正确的是( )A. 除零族元素外，短周期元素的最高化合价在数值上都等于该元素所属族序数B.除短周期外，其他周期均有18种元素C.副族元素中没有非金属元素D. 碱金属元素是指ⅠA族的所有元素9. 若将铝粉分别加入下列溶液中，能放出氢气，且可能大量共存的是（）A.B.C. D.10. 向Al 2(SO 4) 3和MgSO 4的混合溶液中滴加NaOH溶液，生成沉淀的量与滴入NaOH溶液的体积关系如图所示。
高二物理第二学期第一次月考试卷.doc
高二物理第二学期第一次月考试卷（必修2）试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）和答题卷．全卷共18小题，满分120分．考试时间100分钟．第Ⅰ卷 选择题（31分）一、单选题(每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的．选对的得分，选错或不答的得0分答案必须填涂在答题卡上)1、水平恒力F 先后作用于甲、乙两物体，第一次使甲物体沿粗糙水平面运动了L ，做功W1；第二次使乙物体沿光滑水平面向前运动了L ，做功W 2，则 （ ）A ．W 1>W 2B ．W 1=W 2C ．W 1<W 2D ．无法比较２、一物体从某高度以初速度v 0水平抛出，落地时的速度为v t ，则它运动的时间为（ ）A ． 0/t v v g - Ｂ．0/2t v v g -Ｃ．220/2t v v g - g3、在匀速转动的水平转盘上，有一个相对盘静止的物体，随盘一起转动，关于它的受力情况，下列说法中正确的是 （ ）A ．只受到重力和盘面的支持力的作用B ．只受到重力、支持力和静摩擦力的作用C ．除受到重力和支持力外，还受到向心力的作用D ．受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用4、一个物体在地球表面所受的重力为G ，则在距地面高度为地球半径的2倍时，所受的引力为： （ ）A ．G/2B ．G/3C ．G/4D ．G/95、1995年，美国的航天飞机成功地与俄罗斯“和平号”空间站对接，航天飞机为了追上轨道上的空间站 （ ）A ．只能从较低轨道上加速B ．只能从较高轨道上加速C ．只能从空间站同一高度轨道上加速D ．无论在哪个高度轨道上，只要加速都行二、多选题(每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有一个以上选项符合题意．全对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分答案必须填涂在答题卡上)6、关于质点做曲线运动，下列说法正确的是： （）A．曲线运动是一种变速运动B ．变速运动一定是曲线运动C ．质点做曲线运动，运动速度一定发生变化D ．曲线运动一定不可能是匀变速运动7、若人造卫星绕地球做匀速圆周运动，则离地面越远的卫星 （ ）A ．速度越大B ．周期越大C ．角速度越小D ．向心加速度越大8、某人将原来放在地上质量为1kg 的物体匀加速向上提升1m ，这时物体获得2m/s 的速度，在这个过程中（g=10m/s 2），以上说法正确的是 （ ）A ．手对物体做功为12JB ．合外力对物体做功为12JC ．合外力对物体做功为2JD ．物体重力势能增加了12J9、三颗人造地球卫星A 、B 、C 绕地球作匀速圆周运动，如图所示，已知M A =M B >M C ，则对于三个卫星，正确的是 （ ）A ．运行线速度关系为 CB A υυυ=>B ．运行周期关系为 T A <T B =T CC ．向心力大小关系为 F A > F B >F CD ．半径与周期关系为 232323CC B B A AT R T R T R == 第Ⅱ卷 非选择题（89分）三、实验、填空题(每空3分，共15分．答案填在答卷上对应的横线上)10A ．在用打点计时器打纸带时，应该先放开小车，再接通打点计时器的电源B ．在探究加速度与质量的关系时，应该改变拉力F 的大小C ．在探究加速度与质量的关系时，为了直观判断两者间的关系，应作出a —1m图像 D ．在探究加速度与力的关系时，作a-F 图像应该用折线将所描的点依次连接11如图所示是他拍摄的一幅照片。
高二物理下学期第一次月考试题7(精品文档)
投稿兼职请联系：2355394692 2016-2017年度第二学期高二级第一阶段考试物 理 试 题一、选择题（其中1-10小题为单选每小题4分，11-12小题题为多选每小题5分，共50分）1、 电磁感应现象揭示了电和磁之间的内在联系，根据这一发现，发明了许多电器设备．下列电器设备中，哪个没有利用电磁感应原理：A 、动圈式话筒B 、白炽灯泡C 、磁带录放音机D 、电磁炉2、如图所示，一个长直导线穿过圆环导线的中心，并与圆环导线平面垂直；当长直导线中的电流逐渐减小时，环形导线内将：A 、没有感应电流B 、有逆时针方向的电流(俯视)C 、有顺时针方向的电流(俯视)D 、有电流，但方向不能确定3、如图所示，通有恒定电流的导线MN 与闭合金属框共面，第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ，第二次将金属框绕cd 边翻转到Ⅱ，设先后两次通过金属框的磁通量变化量大小分别为1∆Φ 和2∆Φ，则：A 、1∆Φ＞2∆ΦB 、1∆Φ=2∆ΦC 、1∆Φ＜2∆ΦD 、不能判断4、一飞机在北半球的上空以速度v 水平飞行，飞机机身长为a ，翼展为b ；该空间地磁场磁感应强度的竖直分量为B 1，水平分量为B 2；驾驶员左侧机翼的端点用A 表示，右侧机翼的端点用B 表示，用E 表示飞机产生的感应电动势，则：A 、E =B 1vb ，且A 点电势低于B 点电势 B 、E =B 1vb ，且A 点电势高于B 点电势C 、E =B 2vb ，且A 点电势低于B 点电势D 、E =B 2vb ，且A 点电势高于B 点电势 5、如图所示，三只白炽灯L 1、L 2、L 3分别和电感、电阻、电容器串联后并联接在同一个交变电源上，当交变电源的电压为U ，频率为50Hz 时，三只灯泡的亮度相同，那么当交变电源的电压不变，而频率增大后，三只灯泡的亮度变化将是：A 、L 1变暗，L 2不变，L 3变亮B 、L 1变亮，L 2不变，L 3变亮C 、L 1变暗，L 2变亮，L 3变亮D 、L 1变亮，L 2变亮，L 3变暗第3题图第2题图投稿兼职请联系：2355394692 26、如图所示，半径为L ＝1 m 的金属圆环，其半径Oa 是铜棒，两者电阻均不计且接触良好．今让Oa 以圆心O 为轴，以角速度ω＝10 rad/s 匀速转动，圆环处于垂直于环面、磁感应强度为B ＝2 T 的匀强磁场中．从圆心O 引出导线，从圆环上接出导线，并接到匝数比为n 1∶n 2＝1∶4的理想变压器原线圈两端．则接在副线圈两端的理想电压表的示数为：A ．40 VB ．20 VC ．80 VD ．0７、如下图所示，水平桌面上放一闭合铝环，在铝环轴线上方有一条形磁铁.当条形 磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，下列判断中正确的是：A.铝环有收缩趋势，对桌面压力减小B.铝环有收缩趋势，对桌面压力增大C.铝环有扩张趋势，对桌面压力减小D.铝环有扩张趋势，对桌面压力增大 ８、如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v 匀速穿过匀强磁场区域．从BC 边进入磁场区开始计时，到A 点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况(以逆时针方向为电流的正方向)是如图所示中的：9、电阻R 、电容器C 与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的 正上方，N 极朝下，如图所示，现使磁铁开始下落，在N 极接近线圈上 端的过程中，流过R 的电流方向和电容器极板的带电情况是： A.从a 到b ，上极板带正电 B.从a 到b ，下极板带正电 C.从b 到a ，上极板带正电D.从b 到a ，下极板带正电10、粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行。
高二物理月考试题及答案-福建四地六校联考2015-2016学年高二下学期第一次月考试卷
2015-2016学年福建省四地六校联考高二（下）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．每小题给出的四个选项中，1-8为单选题，9-12为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分．）1．物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用．在下面器件中，利用电磁感应原理工作的是（）A．回旋加速器B．电磁炉C．质谱仪D．示波管2．首先发现电磁感应现象的科学家是（）A．奥斯特B．安培 C．法拉第D．特斯拉3．下列提到的交流电，哪一个不是指有效值（）A．电容器的击穿电压 B．保险丝的熔断电流C．交流电压表读数D．220V交流电压4．如图所示，在电路两端接上交流电，保持电压不变，使频率增大，发现各灯的亮暗变化情况是：灯1变暗，灯2变亮，灯3不变．则M、N、L所接元件可能是（）A．M为电阻，N为电容器，L为电感器B．M为电阻，N为电感器，L为电容器C．M为电感器，N为电容器，L为电阻D．M为电容器，N为电感器，L为电阻5．一线圈在匀强磁场中匀速转动，在如图所示位置时（）A．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小B．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最大C．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最大D．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最小6．两只相同的电阻，分别通过正弦波形的交流电和方波形的交流电．两种交变电流的最大值相等，波形如图甲、乙所示．在一个周期内，两电阻产生的热量之比等于（）A．B．C．D．7．交流发电机在工作时的电动势为e=E m sinωt，若将其线框的转速提高到原来的两倍，其他条件不变，则其电动势变为（）A．E m sin B．2E m sin C．E m sin2ωt D．2E m sin2ωt8．如图所示，三条平行虚线位于纸面内，中间虚线两侧有方向垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度等大反向，菱形闭合导线框ABCD位于纸面内且对角线AC与虚线垂直，磁场宽度与对角线AC长均为d．现使线框沿AC方向匀速穿过磁场，以逆时针方向为感应电流的正方向，则从C点进入磁场到A点离开磁场的过程中，线框中电流i随时间t的变化关系，以下不正确的是（）A．B．C．D．9．如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动．则PQ所做的运动可能是（）A．向右匀加速运动B．向左匀加速运动C．向右匀减速运动D．向左匀减速运动10．如图所示电路中的变压器为一理想变压器，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，原线圈两端接电压恒定的交变电流，则能使原线圈的输入功率变大的是（）A．保持P的位置不变，S由b切换到aB．保持P的位置不变，S由a切换到bC．S置于b位置不动，P向上滑动D．S置于b位置不动，P向下滑动11．如图（a）、（b）所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则（）A．在电路（a）中，断开S，A将逐渐熄灭B．在电路（a）中，断开S，A将先变得更亮，然后逐渐熄灭C．在电路（b）中，断开S，A将逐渐熄灭D．在电路（b）中，断开S，A将先变得更亮，然后逐渐熄灭12．如图所示圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向上滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生顺时针方向的感应电流（俯视）B．穿过线圈a的磁通量变大C．线圈a有扩大的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F将减小二、填空题（本题每空2分，共18分．把答案填在相应的横线上）13．一灵敏电流计，当电流从它的正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转．现把它与一个线圈串联，将磁铁从线圈上方插入或拔出．请完成下列填空：（1）图（a）中灵敏电流计指针的偏转方向为．（填“偏向正极”或“偏向负极”）（2）图（b）中磁铁下方的极性是．（填“N极”或“S极”）（3）图（c）中磁铁的运动方向是．（填“向上”或“向下”）（4）图（d）中线圈从上向下看的电流方向是．（填“顺时针”或“逆时针”）14．在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，实验室中备有下列可供选择的器材：A．可拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈）B．条形磁铁C．直流电源D．多用电表E．开关、导线若干上述器材在本实验中不必用到的是（填器材前的序号），本实验中还需用到的器材有．15．为了演示接通电源的瞬间和断开电源的瞬间的电磁感应现象，设计了如图所示的电路图，A、B两灯规格相同，L的直流电阻和R相等，开关接通的瞬间，A灯的亮度（填“大于”“等于”或“小于”）B灯的亮度；通电一段时间后，A灯的亮度（填“大于”“等于”或“小于”）B灯的亮度；断电的瞬间，A灯（填“立即”或“逐渐”）熄灭，B灯（填“立即”或“逐渐”）熄灭．三、计算题（三小题共34分；解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的，答案中必须明确写出数值和单位．）16．半径为r、电阻为R的n匝圆形线圈在边长为l的正方形abcd外，匀强磁场充满并垂直穿过该正方形区域，如图甲所示．磁场随时间的变化规律如图乙所示．图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0．求：（1）穿过圆形线圈磁通量的变化率；（2）t0时刻线圈产生的感应电流大小；（3）0至t0时间内通过的电荷量q．17．交流发电机转子是匝数n=100，边长L=20cm的正方形线圈，置于磁感应强度B=T 的匀强磁场中，绕着垂直磁场方向的轴以ω=100π（rad/s）的角速度转动．当转到线圈平面与磁场方向垂直时开始计时，已知线圈的电阻r=1Ω，外电路电阻R=99Ω．试求：（1）电动势的最大值E m；（2）交变电流的有效值I；（3）外电阻R上消耗的功率P R．18．两根相距L=1m的平行金属导轨如图放置，其中一部分水平，连接有一个“6V，3W”的小灯泡，另一部分足够长且与水平面夹角θ=37°，两金属杆ab、cd与导轨垂直并良好接触，分别放于倾斜与水平导轨上并形成闭合回路，两杆与导轨间的动摩擦因数均为μ=0.5，导轨电阻不计．金属杆ab质量m1=1kg，电阻R1=1Ω；cd质量m2=2kg，电阻R2=4Ω．整个装置处于磁感应强度B=2T、方向垂直于倾斜导轨向上的匀强磁场中，ab杆在平行于倾斜导轨向上的恒力F作用下由静止开始向上运动，当ab杆向上匀速运动时，小灯泡恰好正常发光，整个过程中ab杆均在倾斜导轨上运动，cd 杆始终保持静止．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）ab杆向上匀速运动的速度大小；（2）ab杆向上匀速运动时，cd杆受到的摩擦力大小；（3）ab杆从开始运动到最大速度过程中上升的位移x=4m，恒力F作功56J，求此过程中由于电流做功产生的焦耳热．2015-2016学年福建省四地六校联考高二（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．每小题给出的四个选项中，1-8为单选题，9-12为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分．）1．物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用．在下面器件中，利用电磁感应原理工作的是（）A．回旋加速器B．电磁炉C．质谱仪D．示波管【考点】电磁感应在生活和生产中的应用．【分析】回旋加速器利用磁场使带电粒子旋转，电场使粒子加速．电磁炉是利用电磁感应原理．质谱仪是利用电场加速，磁场使粒子偏转．示波器利用了电场加速和偏转的原理．【解答】解：A、回旋加速器利用磁场使带电粒子旋转，电场使粒子加速．故A错误．B、电磁炉是利用电磁感应原理使产生涡流，将电能最终转化成内能．故B正确．C、质谱仪是利用电场加速，磁场使粒子偏转，不是电磁感应现象．故C错误．D、利用了电场加速和电场偏转的原理．故D错误．故选B2．首先发现电磁感应现象的科学家是（）A．奥斯特B．安培 C．法拉第D．特斯拉【考点】物理学史．【分析】根据课本中的基础知识可知英国物理学家法拉第是第一个发现电磁感应现象的科学家．【解答】解：英国物理学家法拉第最早发现了电磁感应现象．故选：C．3．下列提到的交流电，哪一个不是指有效值（）A．电容器的击穿电压 B．保险丝的熔断电流C．交流电压表读数D．220V交流电压【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】正弦式电流给灯泡供电，电压表显示是电源电压的有效值，要求电路中灯泡的电流或功率等，均要用正弦式电流的有效值．【解答】解：A、电容器的耐压值，是指的最大值．故A错误；B、保险丝的熔断电流，也是有效值，故B正确；C、交流电表的示数，是有效值，故C正确；D、220v的交流电压，也是有效值，故D正确；题目要求不是有效值，故选：A．4．如图所示，在电路两端接上交流电，保持电压不变，使频率增大，发现各灯的亮暗变化情况是：灯1变暗，灯2变亮，灯3不变．则M、N、L所接元件可能是（）A．M为电阻，N为电容器，L为电感器B．M为电阻，N为电感器，L为电容器C．M为电感器，N为电容器，L为电阻D．M为电容器，N为电感器，L为电阻【考点】电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．【分析】线圈的感抗与交流电的频率成正比，电容器的容抗与频率成反比，而电阻与频率没有关系．交流电频率减小，灯泡变暗，阻抗变大，变亮，阻抗变小．【解答】解：交流电频率增大，灯1变暗，阻抗变大，说明M是电感线圈．灯2变亮，阻抗变小，说明N为电容器．灯3亮度不变，说明L为电阻，故C正确，ABD错误．故选：C5．一线圈在匀强磁场中匀速转动，在如图所示位置时（）A．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小B．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最大C．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最大D．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最小【考点】磁通量．【分析】根据法拉第电磁感应定律公式，当时间足够小时，可以用该公式近似求解瞬时电动势，而磁通量的变化量与瞬时电动势成正比．【解答】解：当线圈处于图中所示位置时，线框与磁场方向平行，磁通量为零，最小；该位置与中性面垂直，感应电动势最大，根据法拉第电磁感应定律公式E=n，磁通量的变化率最大；故选：C．6．两只相同的电阻，分别通过正弦波形的交流电和方波形的交流电．两种交变电流的最大值相等，波形如图甲、乙所示．在一个周期内，两电阻产生的热量之比等于（）A．B．C．D．【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】根据焦耳定律Q=I2Rt求解热量，其中I是有效值．对于正弦式电流有效值I1=；对于方波，有效值I2=I m【解答】解：两种交变电流的最大值为I m．对于正弦式电流有效值为：I1=．对于方波，有效值为：I2=I m．根据焦耳定律得：Q1=I12RTQ2=I22RT则Q1：Q2=1：2故选：B7．交流发电机在工作时的电动势为e=E m sinωt，若将其线框的转速提高到原来的两倍，其他条件不变，则其电动势变为（）A．E m sin B．2E m sin C．E m sin2ωt D．2E m sin2ωt【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】感应电动势的瞬时值表达式为e=E m sinωt，其中E m=nBSω，当将其电枢的转速提高到原来2倍时，E m和ω都增加2倍，再进行选择．【解答】解：感应电动势的瞬时值表达式为e=E m sinωt，当将其电枢的转速提高到原来2倍时，由ω=2πn，E m=nBSω，可知，E m和ω都增加2倍，其表达式变为：e′=2E m sin2ωt．故D正确，ABC错误；故选：D．8．如图所示，三条平行虚线位于纸面内，中间虚线两侧有方向垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度等大反向，菱形闭合导线框ABCD位于纸面内且对角线AC与虚线垂直，磁场宽度与对角线AC长均为d．现使线框沿AC方向匀速穿过磁场，以逆时针方向为感应电流的正方向，则从C点进入磁场到A点离开磁场的过程中，线框中电流i随时间t的变化关系，以下不正确的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】根据楞次定律判断感应电流的方向，结合切割产生的感应电动势公式判断感应电动势的变化，从而结合闭合电路欧姆定律判断感应电流的变化．【解答】解：BC 、线圈在进入磁场的过程中，根据楞次定律可知，感应电流的方向沿逆时针方向，为正值，在通过两个磁场的分界线时，根据楞次定律可知，感应电流的方向沿顺时针方向，为负值，线圈出磁场的过程中，根据楞次定律知，感应电流的方向为逆时针，为正值．故B 、C 错误．A 、D 、设BD=L ．在线圈进入磁场一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，感应电动势均匀增大，则感应电流均匀增大，当BD 刚进入磁场时，感应电流最大为 I 1==i 0； 在线圈进入磁场全部过程中，切割的有效长度均匀减小，感应电动势均匀减小，则感应电流均匀减小至零；线圈通过两个磁场的分界线时，切割的有效长度先均匀增大，感应电流均匀增大，当BD 通过磁场分界线时，感应电流最大为 I 2==2i 0；后均匀减小至零；在线圈出磁场一半的过程中，在线圈全部出磁场的过程中，切割的有效长度先均匀增大后均匀减小，感应电流先均匀增大后均匀减小，此过程感应电流最大为 I 3==i 0；故D 正确，A 错误．本题选不正确的，故选：ABC ．9．如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ 、MN ，当PQ 在外力作用下运动时，MN 在磁场力作用下向右运动．则PQ 所做的运动可能是（ ）A．向右匀加速运动B．向左匀加速运动C．向右匀减速运动D．向左匀减速运动【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律．【分析】MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；根据右手螺旋定则，与楞次定律可知PQ的运动情况．【解答】解：MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手螺旋定则与楞次定律可知，PQ可能是向左加速运动或向右减速运动．故BC正确，AD错误．故选：BC．10．如图所示电路中的变压器为一理想变压器，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，原线圈两端接电压恒定的交变电流，则能使原线圈的输入功率变大的是（）A．保持P的位置不变，S由b切换到aB．保持P的位置不变，S由a切换到bC．S置于b位置不动，P向上滑动D．S置于b位置不动，P向下滑动【考点】变压器的构造和原理．【分析】理想变压器输入功率等于输出功率，原副线圈电流与匝数成反比，原副线圈电压与匝数成正比．【解答】解：A、S由b切换到a，副线圈匝数变大，所以副线圈电压变大，电阻不变，所以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，故A正确；B、S由a切换到b副线圈匝数变小，副线圈电压变小，所以副线圈功率变小，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变小，故B错误；C、S置于b位置不动，P向上滑动，电阻变小，电压不变，所以所以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，故C正确；D、S置于b位置不动，P向下滑动，电阻变大，电压不变，所以输出功率变小，故原线圈的输入功率变小，故D错误．故选：AC．11．如图（a）、（b）所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则（）A．在电路（a）中，断开S，A将逐渐熄灭B．在电路（a）中，断开S，A将先变得更亮，然后逐渐熄灭C．在电路（b）中，断开S，A将逐渐熄灭D．在电路（b）中，断开S，A将先变得更亮，然后逐渐熄灭【考点】自感现象和自感系数．【分析】电感总是阻碍电流的变化．线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡1构成电路回路．【解答】解：A、在电路a中，断开S，由于线圈阻碍电流变小，导致灯A将逐渐变暗，因为断开前后的电流一样，灯不会变得更亮．故A正确，B错误；C、在电路b中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小的多，断开S时，由于线圈阻碍电流变小，导致灯泡将变得更亮，然后逐渐变暗．故C错误，D正确；故选：AD．12．如图所示圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向上滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生顺时针方向的感应电流（俯视）B．穿过线圈a的磁通量变大C．线圈a有扩大的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F将减小【考点】楞次定律．【分析】此题的关键首先明确滑动触头向上滑动时通过判断出线圈b中的电流减小，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向．根据感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因，可以很好判断线圈的运动趋势．【解答】解：A、B、当滑动触头P向上移动时电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流减小，b线圈产生的磁场减弱，故穿过线圈a的磁通量变小；根据b中的电流方向和安培定则可知b产生的磁场方向向下穿过线圈a，根据楞次定律，a 中的感应电流的磁场要阻碍原来磁场的减小，故a的感应电流的磁场方向也向下，根据安培定则可知线圈a中感应电流方向俯视应为顺时针，故A正确，B错误．C、再根据微元法将线圈a无限分割根据左手定则不难判断出线圈a应有扩张的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向上滑动导致穿过线圈a的磁通量减小，故只有线圈面积增大时才能阻碍磁通量的减小，故线圈a应有扩张的趋势，故C正确；D、开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向上滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁互相吸引，故线圈a对水平桌面的压力F将减小，故D正确．故选：ACD．二、填空题（本题每空2分，共18分．把答案填在相应的横线上）13．一灵敏电流计，当电流从它的正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转．现把它与一个线圈串联，将磁铁从线圈上方插入或拔出．请完成下列填空：（1）图（a）中灵敏电流计指针的偏转方向为偏向正极．（填“偏向正极”或“偏向负极”）（2）图（b）中磁铁下方的极性是S．（填“N极”或“S极”）（3）图（c）中磁铁的运动方向是向上．（填“向上”或“向下”）（4）图（d）中线圈从上向下看的电流方向是顺时针．（填“顺时针”或“逆时针”）【考点】楞次定律．【分析】根据磁铁的运动方向分析磁通量变化，由楞次定律确定感应电流方向，结合题给条件：当电流从它的正接线柱流人时，指针向正接线柱一侧偏转判断指针偏转方向分析判断．【解答】解：（1）磁铁向下运动，穿过线圈的磁通量增加，原磁场方向向下，根据楞次定律感应电流方向俯视为逆时针方向，从正接线柱流入电流计，指针偏向正极．（2）由图可知，电流从负接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流的磁场方向向下，又磁通量增加，根据楞次定律可知，磁铁下方为S极．（3）磁场方向向下，电流从负接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流的磁场方向向下，根据楞次定律可知，磁通量减小，磁铁向上运动．（4）图（d）中磁铁向下运动，穿过线圈的磁通量增加，原磁场方向向上，根据楞次定律感应电流方向俯视为顺时针方向．故答案为：偏向正极，S极，向上，顺时针14．在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，实验室中备有下列可供选择的器材：A．可拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈）B．条形磁铁C．直流电源D．多用电表E．开关、导线若干上述器材在本实验中不必用到的是BC（填器材前的序号），本实验中还需用到的器材有低压交流电源．【考点】探究变压器电压与匝数的关系．【分析】变压器线圈两端的电压与匝数的关系：；所以需要的器材有：可拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈），多用电表（测电压），导线、开关，低压交流电源．【解答】解：A：变压器线圈两端的电压与匝数的关系：；所以需要知道原副线圈的匝数，可拆变压器就能满足条件．故A必用．B：变压器的原理是互感现象的应用，是原线圈磁场的变化引起副线圈感应电流的变化，所以不需要外界的磁场，故B不必用到．C：变压器的原理是互感现象的应用，是原线圈磁场的变化引起副线圈感应电流的变化，如果原线圈中通的是直流电源，则副线圈中不会有感应电流产生，故C不必用到，需要用到低压交流电源．D：变压器线圈两端的电压与匝数的关系：，需要测电压，所以需要一个测电压的仪器．故D必用．E：做电学实验，当然需要用到开关、导线，故E必用．故答案为：上述器材在本实验中不必用到的是：BC，本实验中还需用到的器材有：低压交流电源15．为了演示接通电源的瞬间和断开电源的瞬间的电磁感应现象，设计了如图所示的电路图，A、B两灯规格相同，L的直流电阻和R相等，开关接通的瞬间，A灯的亮度大于（填“大于”“等于”或“小于”）B灯的亮度；通电一段时间后，A灯的亮度等于（填“大于”“等于”或“小于”）B灯的亮度；断电的瞬间，A灯逐渐（填“立即”或“逐渐”）熄灭，B灯立即（填“立即”或“逐渐”）熄灭．【考点】自感现象和自感系数．【分析】L与R的直流电阻相等说明闭合开关S达到稳定后两灯均可以正常发光；闭合开关的瞬间，通过L的电流增大，产生自感电动势，阻碍原电流的变化，从而使通过A灯的电流比B灯的电流大，即而判断灯的亮度；断电瞬间，通过L的电流减小，产生自感电动势，阻碍原电流的变化，从而使通过A灯的电流比B灯的电流消失的慢，即而判断灯是否立即熄灭．【解答】解：闭合开关的瞬间，通过L的电流增大，产生自感电动势，阻碍原电流的变化，从而使通过A灯的电流比B灯的电流大，所以灯A的亮度大于灯B的亮度；当通电一段时间后，电路的电流稳定，通过两灯的电流相同，所以两灯亮度相同；断电瞬间，通过L的电流减小，产生自感电动势，阻碍原电流的变化，从而使通过A灯的电流比B灯的电流消失的慢，即而判断灯A逐渐熄灭，灯B立即熄灭．故答案为：大于；等于；逐渐；立即．三、计算题（三小题共34分；解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的，答案中必须明确写出数值和单位．）16．半径为r、电阻为R的n匝圆形线圈在边长为l的正方形abcd外，匀强磁场充满并垂直穿过该正方形区域，如图甲所示．磁场随时间的变化规律如图乙所示．图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0．求：（1）穿过圆形线圈磁通量的变化率；（2）t0时刻线圈产生的感应电流大小；（3）0至t0时间内通过的电荷量q．【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．。
高二物理下学期第一次月考试题.doc
高二物理下学期第一次月考试题（考试时间：90分钟总分：100分）命题人：永安一中陈心焕审题人：永安一中江翔一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。
每小题只有一个选项符合题意。
）1、下列提到的交流电，哪个指的不是交流电的有效值（）A.电容器的击穿电压B.交流电压表的读数C.保险丝的熔断电流D.电动机铭牌上的额定电压2、A、B两个单摆，A摆的固有频率为f，B摆的固有频率为4f，若让它们在频率为5f的驱动力作用下做受迫振动，那么A、B两个单摆比较（）A.A摆的振幅较大，振动频率为fB.B摆的振幅较大，振动频率为5fC.A摆的振幅较大，振动频率为5fD.B摆的振幅较大，振动频率为4f3、当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到的汽笛声的音调变高了，这是因为（）A.声源振动的频率变高了B.声波传播的速度变大了C.耳膜振动的频率变大了D.耳膜振动的频率变小了4、一列简谐波在第一种介质中的波长为λ1，在第二种介质中传播时波长为λ2，λ2=4λ1，那么波在这两种介质中的频率之比和波速之比分别为（）A.4：1、1：1B.1：1、1：4C.1：1、4：1D.1：4、1：15、两列相干波在空间相遇，以下说法正确的是（）A.振动加强区域内质点的位移始终最大B.振动加强区域内的介质质点，在任何时刻一定比振动减弱区域内的介质质点位移大C.振动加强区域内的介质质点有时在平衡位置D.振动减弱区域内的介质质点的振幅随时间变化6、一矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e随时间变化如图1所示，下面说法正确的是（）A.t1时刻通过线圈的磁通量为零B.t2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大图1C.t3时刻通过线圈的磁通量变化率最大D.每当e改变方向时，通过线圈的磁通量的绝对值都为最大7、如图2所示，开关S 与直流恒定电源接通时，L 1、L 2两灯泡的亮度相同，若将S 与交变电源接通（ ） A.L 1和L 2两灯泡亮度仍相同 B.L 1比L 2更亮些 C.L 1比L 2更暗些D.若交变电源电压的有效值与直流电压相同，两灯与原来一样亮8、如图3所示的含有变压器的交流电路中，在开关S 从闭合到断开的过程中，A 1、A 2电流表的读数I 1和I 2的变化情况是（ ） A. I 1、I 2都变小B. I 1、I 2都变大C. I 1变大，I 2变小D. I 1变小，I 2变大9、如图4所示，弹簧振子在A 、B 之间做简谐运动，O 为平衡位置，A 、B 间的距离为20cm ，由A 运动到B 的最短时间为1s ，则下述说法正确的是()A.从0到A 再到O 振子完成一次全振动B.振子的周期是1s ，振幅是20cmC.振子完成两次全振动所通过的路程是40cmD.从O 开始经过2s 时,振子对平衡位置的位移为零10、如图5所示为一列沿x 轴负方向传播的简谐波在某一时刻的图象下列说法中正确的是（ ）A.该时刻a 点和d 点处的质点位移相同，加速度方向相反B.该时刻b 点和c 点处的质点位移相同，速度方向也相同C.质点b 比质点c 先回到平衡位置D.质点a 比质点d 先回到平衡位置二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。
高二物理下学期第一次月考试题(2)
旧州中学2015～2016学年度第二学期高二年级第一次月考物理试题一、单项选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分）1、在电磁感应现象中，下列说法中正确的是（）A．感应电流的磁场总是跟原来的磁场方向相反B．导体作切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流C．闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定能产生感应电流D．感应电流的磁场总是阻碍原来磁场磁通量的变化2、如图所示，图甲和图乙分别表示正弦脉冲波和方波的交变电流与时间的变化关系．若使这两种电流分别通过两个完全相同的电阻，则经过1 min的时间，两电阻消耗的电功之比W甲∶W乙为( )A．1∶6B．1∶3C．1∶2D．1∶23、如图所示，导线框abcd与导线在同一平面内，直导线通有恒定电流I，当线框由左向右匀速通过直导线时，线框中感应电流的方向是( )A．先abcd，后dcba，再abcdB．始终dcbaC．先dcba，后abcd，再dcbaD ．先abcd ，后dcba4、一正弦交变电流的有效值为10A ，频率为50Hz ，此交变电流的瞬时值表达式为（ ）A. i ＝10sin314t AB. t i 314sin 210= AC. i ＝10sin50t AD. t i 50sin 210= A5、闭合线圈的匝数为n ，每匝线圈面积为S ，总电阻为R ，在t ∆时间内穿过每匝线圈的磁通量变化为∆Φ，则通过导线某一截面的电荷量为 （ ）A ．R∆ΦB ．R nS∆Φ D ．R n ∆Φ C ．tR n ∆∆Φ6、在收音机线路中，经天线接收到的电信号既有高频成分又有低频成分，经放大后送给下一级，需要把低频成分和高频成分分开，只让低频成分输入给下一级，我们采用了如图装置电路，其中代号a 、b 应选择的元件是( )A ．a 是电容较大的电容器，b 是低频扼流线圈B ．a 是电容较大的电容器，b 是高频扼流线圈C ．a 是电容较小的电容器，b 是高频扼流线圈D ．a 是电容较小的电容器，b 是低频扼流线圈7、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图1所示，当磁场的磁感应强度B 随时间如图2变化时，图中正确表示线圈中感应电动势E 变化的是 （ ）12345t /s E20E 0 O-E 0-20 12345t /s E 20E 0O-E 0-20 E 0 E12345t /s 20 O-E 0-20E 0E12345t /s 20 O-E 0-20 I B图1Bt /s O12345 图2A B C D8、如下图所示的四个日光灯的接线图中，S1为起动器，S2为电键，L为镇流器，能使日光灯正常发光的是（）二、多项选择题(本大题共4小题, 每小题给出的四个答案中有两个或两个以上答案是正确的，全选对得6分, 选对但不全，得3分,有选错或不答的，得0分.)9、如图右所示，发电机每个绕组两端的电压(相电压)为220 V，三个负载电阻均为100 Ω，下列说法中不正确的是( )A．发电机采用“Y”接法，负载采用“△”接法B．每个负载电阻两端的电压为220 VC．每个负载电阻两端的电压为380 VD．通过每个负载的电流为3.8 A10、在右图所示电路中，L为电感线圈，灯泡电阻为R，电流表内阻为零，电压表内阻无限大，交流电源的电压u＝2202sin100πt V，若保持电压的有效值不变，只将电源频率改为100 Hz，下列说法正确的是( )A．电流表示数减小B．电压表示数减小C．灯泡变暗D．灯泡变亮11、如右图为一交流发电机发出的电流随时间的变化图象，则下列说法正确的是（）A、在A点时穿过线圈的磁通量最大；B、在B点时穿过线圈的磁通量变化率最小；C、在A点时线圈处在中性面，电流方向改变；D、在B点时线圈处在中性面，电流方向改变。
福建省南平市政和县第一中学2015-2016学年高二数学下学期第一次月考试题 理
政和一中2015-2016学年下学期高二第一次月考数学（理）试题（本科考试时间为120分钟，满分为150分）一．选择题（本大题有12小题，每小题5分,共60分） 1．复数i i ⋅-)21(的虚部是（ ）（A ）1 （B ）-1 （C ） i （D ）-i2. 用反证法证明命题“三角形的内角中至少有一个不大于60度”时，反设正确的是（ ） (A) 假设三内角都不大于60度 (B)假设三内角都大于60度 (C) 假设三内角至多有一个大于60度 (D)假设三内角至多有两个大于60度3. 一点沿直线运动，如果由起点起经过t 秒后的距离32112132s t t t =--+，那么速度为零的时刻是 （ ） (A)1秒末 (B) 2秒末 (C) 3秒末 (D) 4秒末 4．设f (x )在x ＝0x 处可导，且limΔx →01)()3(00=∆-∆+xx f x x f ，则)(0/x f 等于( )(A) 1 (B) 0 (C) 3 (D) 135．点P 在曲线y ＝3x －x ＋23上移动，设点P 处的切线的倾斜角为α，则α的取值范围是( )（A ） [0，π2] (B) [0，π2]∪[34π，π) (C) [34π，π) (D) [π2，34π]6．设f(x)＝ ⎩⎨⎧∈-∈]2,1[,2]1,0[,2x x x x ，则⎰2)(dx x f 等于( )(A) 34 (B) 45 (C) 56(D) 不存在7. 六件不同的奖品送给5个人, 每人至少一件,不同的分法种数是 ( )(A)45C (B) 65 (C)1556A A ⋅ (D) 5526A C ⋅8.已知函数()sin cos f x x x =+，且()()'003f x f x =，则0tan 2x 的值是（ ）(A) 43-(B) 43 (C) 34- (D) 349．若a>2，则方程13x 3－ax 2＋1＝0在(0,2)上恰好有( )（A ）0个根 (B)1个根 (C)2个根 (D)3个根10. 设函数)(/x f 是奇函数f(x)(x ∈R ）的导函数，f(-1)=0,当x>0时，0)()(/<-x f x xf ，则使得f(x)>0成立的x 的取值范围是( )(A) )1,0()1,(⋃--∞ (B) ),1()0,1(+∞⋃- (C) )0,1()1,(-⋃--∞ (D) ),1()1,0(+∞⋃11．已知函数f(x)＝124x －23x ＋3m ，x ∈R ，若f(x)＋9≥0恒成立，则实数m 的取值范围是( )(A) m ≥32 (B) m ＞32 (C) m ≤32 (D) m ＜3212.已知),0(+∞∈x ，有下列各式：,21≥+x x ,3422422≥++=+x x x x x ,4273332733≥+++=+x x x x xx ，成立，观察上面各式，按此规律若,54≥+x ax 则正数a=（ ） (A) 4 (B) 5 (C) 44 (D) 55二．填空题（本大题有4小题，每小题5分，共20分）13.设i 是虚数单位，则复数21ii-在复平面内所对应的点位于第 象限 14.设曲线xy e =在点（0,1）处的切线与曲线1(0)y x x=>上点p 处的切线垂直，则p 的坐标为 ．15. 6把椅子摆成一排,3人随机就座,任何两人不相邻的坐法种数为 ．16．下面的数组均由三个数组成，它们是：(1,2,1)-，(2,4,2)-，(3,8,5)-，(4,16,12)-，(5,32,27)-，……(,,)n n n a b c ，若数列{}n c 的前n 项和为n S ，则10S = ．三 解答题（本大题共6小题，共70分）17.（本小题满分10分）(1)设复数z 满足(1)2i z +=，其中i 为虚数单位，求复数z .(2)实数m 取何值时，复数z ＝m 2－1+(m 2－3 m ＋2)i,（ⅰ）是实数；（ⅱ）是纯虚数.18．(本小题满分12分）求由曲线xy ＝1及直线x ＝y ，y ＝3所围成平面图形的面积．19. (本小题满分12分）已知a ，b 是正实数，求证：b a ab ba +≥+20.(本小题满分12分)21．（本小题满分12分）已知函数f (x )＝x －1ex －1(x ∈R )．(1)求函数f (x )的单调区间和极值；(2)已知函数y ＝g (x )对任意x 满足g (x )＝f (4－x )，证明当x ＞2时，f (x )＞g (x ).22.（本小题满分12分）已知函数()()ln f x x x a x =+-,其中a 为常数. （Ⅰ）当1a =-时,求()f x 的极值； （Ⅱ）若()f x 是区间1,12⎛⎫⎪⎝⎭内的单调函数,求实数a 的取值范围； （Ⅲ）过坐标原点可以作几条直线与曲线y=f(x)相切？请说明理由.政和一中2015－2016学年下学期高二第一次月考数学（理）答案一 选择题二 填空题 13. 二 14. ()1,1 15.24 16.－1991 三．解答题：17. （10分）(1)设i iz bi a z -=+=+=112， …………4分 (2)210232===+-m m m m 或解得 …………7分1-0230122=⎪⎩⎪⎨⎧≠+-=-m m m m 解得 …………10分18、（12分）解：作出曲线xy ＝1，直线x ＝y ，y ＝3的草图，所求面积为图中阴影部分的面积．由⎩⎪⎨⎪⎧ xy ＝1y ＝3得⎩⎪⎨⎪⎧ x ＝13y ＝3，故A (13，3)；由⎩⎪⎨⎪⎧ xy ＝1y ＝x 得⎩⎪⎨⎪⎧ x ＝1y ＝1或⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－1y ＝－1(舍去)，故B(1,1)；由⎩⎪⎨⎪⎧ y ＝x y ＝3得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝3y ＝3，故C(3,3)．19（12分）、证明：要证b a ab ba +≥+，只需证)(b a ab b b a a +≥+即证)())((b a ab b a ab b a +≥+-+即证ab ab b a ≥-+即证ab b a 2≥+，即0)(2≥-b a 该式显然成立，所以ba ab ba +≥+20．解：（1）令2n =，∵116a =，∴222(21)2s a ⨯+=，即1223a a a +=，∴2112a =．令3n =，得333(31)2S a ⨯+=，即12336a a a a ++=，∴3120a =． 令4n =，得444(41)2S a ⨯+=，即1234410a a a a a +++=，∴4130a =． （2）猜想1(1)(2)n a n n =++，下面用数学归纳法给出证明．①当1n =时，1116(11)(12)a ==++，结论成立． ②假设当n k =时，结论成立， 即1(1)(2)k a k k =++，则当1n k =+时，(1)(1)122(1)(2)2(2)k k k k k k kS a k k k ++===+++ ， 11(1)(2)2k k k k S a --++=，即11(1)(2)2k k k k k S a a --+++=．∴11(1)(2)2(2)2k k k k k a a k -++++=+，∴112(2)(1)(2)(3)(2)(2)(3)12k kk k a k k k k k k k ++===++++++-． 当1n k =+时结论成立．由①②可知，对一切n N +∈都有1(1)(2)n a n n =++．21.（12分）解析 (1)由f (x )＝x －1ex －1得f ′(x )＝2－xex －1.令f ′(x )＝0，解得x ＝2，则x ，f ′(x )，f (x )的变化情况如下表：－所以f (x )在(－∞，函数f (x )在x ＝2时取得极大值f (2)＝1e .(2)证明 因为g (x )＝f (4－x )，所以g (x )＝3－xe .令F (x )＝f (x )－g (x )，即F (x )＝x －1ex －1－3－xe3－x则F ′(x )＝2－x e x －1－2－x e 3－x ＝ 2－x e 3－e2x －1ex ＋2.当x ＞2时，2－x ＜0,2x －1＞3，从而e 3－e2x －1＜0，则函数F ′(x )＞0，F (x )在(2，＋∞)是增函数．所以F (x )＞F (2)＝1e －1e＝0，故当x ＞2时，f (x )＞g (x )成立．22. (12分)（Ⅰ）当1a =-时, ()()()()2'211121210x x x x f x x x x x x+---=--==>, 所以()f x 在区间()0,1 内单调递减,在()1,+∞内单调递增.于是()f x 有极小值()10f =,无极大值. （Ⅱ）易知()'12fx x a x =+-在区间1,12⎛⎫⎪⎝⎭内单调递增，所以 由题意可得()'120fx x a x =+-=在1,12⎛⎫ ⎪⎝⎭内无解,即'102f ⎛⎫≥ ⎪⎝⎭或()'10f ≤, 解得实数a 的取值范围是(][),11,-∞-+∞ .（Ⅲ）设切点()2,ln t t at t +-,则切线方程为()212ln y t a x t t at t t ⎛⎫=+--++- ⎪⎝⎭.因为过原点,所以()2102ln t a t t at t t ⎛⎫=+--++- ⎪⎝⎭,化简得21ln 0t t -+=（※）.设()2()1ln 0h t t t t =-+>,则()'120h t t t=+>,所以()h t 在区间()0,+∞内单调递增.又()10h =,故方程(※)有唯一实根1t =, 从而满足条件的切线只有一条.。
福建省南平市政和一中2015_2016学年高一物理下学期第一次月考试卷(含解析)
2015-2016学年福建省南平市政和一中高一（下）第一次月考物理试卷一、单选题（本大题共8小题，每小题4分，共32.0分）1．如图所示，某物块分别沿三条不同的轨道由离地高h的A点滑到同一水平面上，轨道1、2是光滑的，轨道3是粗糙的，则（）A．沿轨道1滑下重力做功多B．沿轨道2滑下重力做功多C．沿轨道3滑下重力做功多D．沿三条轨道滑下重力做的功一样多2．以一定的初速度竖直向上抛出质量为m的小球，它上升的最大高度为h，空气阻力的大小恒为f．则从抛出点至回到原出发点的过程中，各力做功的情况正确的是（）A．重力做的功为2mgh B．空气阻力做的功为﹣2fhC．合力做的功为2fh D．物体克服重力做的功为﹣mgh3．汽车在平直的公路上行驶，它受到的阻力大小不变，若发动机的功率保持不恒定，汽车在加速行驶的过程中，它的牵引力F和加速度a的变化情况是（）A．F逐渐减小，a也逐渐减小B．F逐渐增大，a逐渐减小C．F逐渐减小，a逐渐增大D．F逐渐增大，a也逐渐增大4．一个质量为1kg的物体被人用手由静止向上提升1m，这时物体的速度是2m/s，则下列说法中错误的是（）A．手对物体做功12J B．合外力对物体做功12JC．合外力对物体做功2J D．物体克服重力做功10J5．如图所示，在水平桌面上的A点有一个质量为m的物体以初速度v0被抛出，不计空气阻力，当它达到B点时，其机械能为（）A． mv02+mgh B． mv02+mgH C．mgH﹣mgh D． mv02+mg（H﹣h）6．如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零，在小球下降阶段中，下列说法正确的是（）A．在B位置小球动能最大B．从A→C位置小球重力势能的减少量等于小球动能的增加量C．从A→D位置小球动能先增大后减小D．从B→D位置小球动能的减少量等于弹簧弹势能的增加量7．物体在合外力作用下做直线运动的υ﹣t图象如图所示．下列表述正确的是（）A．在0﹣1s内，合外力做正功B．在0﹣2s内，合外力总是做负功C．在1﹣2s内，合外力不做功D．在0﹣3s内，合外力总是做正功8．质量m=2kg的物体以50J的初动能在粗糙的水平面上滑行，其动能与位移关系如图所示，则物体在水平面上的滑行时间t为（）A．5s B．4s C．2s D．2s二、多选题（本大题共4小题，每小题4分，共16.0分）9．某物体在力F的作用下从光滑斜面的底端运动到斜面的顶端，动能的增加量为△E k，重力势能的增加量为△E p，则下列说法正确的是（）A．重力所做的功等于△E pB．力F所做的功等于△E k+△E pC．合外力对物体做的功等于△E kD．合外力对物体所做的功等于△E k+△E p10．一物体沿直线运动，其 v﹣t图象如图所示．已知在前2s内合力对物体做的功为W，则（）A．从第1s末到第2s末合力做功为WB．从第3s末到第5s末合力做功为﹣WC．从第5s末到第7s末合力做功为WD．从第3s末到第7s末合力做功为﹣2W11．如图所示，重10N的滑块在倾角为30°的斜面上，从a点由静止开始下滑，到b点开始压缩轻弹簧，到c点时达到最大速度，到d点（图中未画出）开始弹回，返回b点离开弹簧，恰能再回到a点，若bc=0.1m，弹簧弹性势能的最大值为8J，则下列说法正确的是（）A．轻弹簧的劲度系数是50N/mB．从d到b滑块克服重力做功8JC．滑块的动能最大值为8JD．从d点到c点弹簧的弹力对滑块做功8J12．在光滑水平面上质量为m=1kg的物体在水平拉力F的作用下从静止开始运动，如图甲所示，若力F随时间的变化情况如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．拉力在前2s内和后4s内做功之比为1：1B．拉力在前2s内和后4s内做功之比为1：3C．拉力在前4s末和6s末做功的功率之比为2：3D．拉力在前2s内和后4s内做功的功率之比为2：3三、实验题探究题（本大题共2小题，共18.0分）13．在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中（装置如图甲）：①下列说法哪一项是正确的．（填选项前字母）A．平衡摩擦力时必须将钩码通过细线挂在小车上B．为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量C．实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放②图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，选取O、A、B、C计数点，已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则打B点时小车的瞬时速度大小为m/s（保留三位有效数字）．14．在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为2.00kg．若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点的距离如图所示（相邻计数点时间间隔为0.02s），那么：（1）纸带的端与重物相连；（2）打点计时器打下计数点B时，物体的速度v B= ；（3）从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是△E p= ，此过程中物体动能的增加量△E k= （取g=9.8m/s2）；（4）通过计算，数值上△E p△E k（填“＞”“=”或“＜”），这是因为；（5）实验的结论是．四、计算题（本大题共3小题，共34分）15．质量为2.0kg的物体，从竖直平面内高h=0.45m的光滑弧形轨道上的A点，无初速地沿轨道滑下，并进入水平轨道BC，如图所示．已知物体与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.40，求：（1）物体滑至B点时速度的大小；（2）物体最后停止在离B点多远的位置上．16．质量是2000kg、额定功率为80kW的汽车，在平直公路上行驶中的最大速度为20m/s．若汽车从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为2m/s2，运动中的阻力不变．求：（1）汽车所受阻力的大小；（2）3s末汽车的瞬时功率；（3）汽车做匀加速运动的时间．17．质量均为m的物体A和B分别系在一根不计质量的细绳两端，绳子跨过固定在倾角为30°的斜面顶端的定滑轮上，斜面固定在水平地面上，开始时把物体B拉到斜面底端，这时物体A离地面的高度为0.8m，如图所示．．若摩擦力均不计，从静止开始放手让它们运动．（斜面足够长，g取10m/s2）求：（1）物体A着地时的速度；（2）物体B能沿斜面滑行的最大距离是多少？2015-2016学年福建省南平市政和一中高一（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（本大题共8小题，每小题4分，共32.0分）1．如图所示，某物块分别沿三条不同的轨道由离地高h的A点滑到同一水平面上，轨道1、2是光滑的，轨道3是粗糙的，则（）A．沿轨道1滑下重力做功多B．沿轨道2滑下重力做功多C．沿轨道3滑下重力做功多D．沿三条轨道滑下重力做的功一样多【考点】重力势能的变化与重力做功的关系．【分析】重力做功 W=mgh，h是物体初末位置的高度差．根据这个公式进行分析．【解答】解：物块分别沿三条不同的轨道由离地高h的A点滑到同一水平面上，重力做功都是 W=mgh，所以沿三条轨道滑下重力做的功一样多，故D正确．ABC错误．故选：D2．以一定的初速度竖直向上抛出质量为m的小球，它上升的最大高度为h，空气阻力的大小恒为f．则从抛出点至回到原出发点的过程中，各力做功的情况正确的是（）A．重力做的功为2mgh B．空气阻力做的功为﹣2fhC．合力做的功为2fh D．物体克服重力做的功为﹣mgh【考点】动能定理的应用；功能关系．【分析】重力做功只与物体的初末位置有关，与物体所经过的路径无关，但是阻力对物体做功与物体经过的路径有关，由此可以判断重力和摩擦力的做功的情况．【解答】解：A、由于重力做功只与物体的初末位置有关，与物体所经过的路径无关，所以从抛出点至回到原出发点的过程中，重力做功为零，所以AD错误．B、阻力对物体做功与物体经过的路径有关，上升和下降阻力做的功都是﹣fh，所以空气阻力做的总功为﹣2fh，所以B正确．C、由于重力不做功，所以合力的功即为全程中阻力做的功，应该是﹣2fh，所以C错误．故选：B．3．汽车在平直的公路上行驶，它受到的阻力大小不变，若发动机的功率保持不恒定，汽车在加速行驶的过程中，它的牵引力F和加速度a的变化情况是（）A．F逐渐减小，a也逐渐减小B．F逐渐增大，a逐渐减小C．F逐渐减小，a逐渐增大D．F逐渐增大，a也逐渐增大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】抓住功率不变，结合P=Fv分析牵引力的变化，根据牛顿第二定律分析加速度的变化．【解答】解：根据P=Fv知，在加速运动的过程中，功率不变，速度v增大，则F逐渐减小，根据牛顿第二定律得，a=，可知加速度逐渐减小，故A正确，B、C、D错误．故选：A．4．一个质量为1kg的物体被人用手由静止向上提升1m，这时物体的速度是2m/s，则下列说法中错误的是（）A．手对物体做功12J B．合外力对物体做功12JC．合外力对物体做功2J D．物体克服重力做功10J【考点】功的计算．【分析】由物体的运动的情况可以求得物体的加速度的大小，根据牛顿第二定律可以求得物体受到的支持力的大小，从而可以根据功的公式求出各个力对物体做的功的大小．【解答】解：根据物体的运动的状态，由V2﹣V02=2 ax可得，物体的加速度a===2m/s2，对物体受力分析可知，F﹣mg=ma，所以F=mg+ma=12N，所以手对物体做功为W=Fh=12×1J=12J，所以A正确；物体受到的合力大小为F合=ma=2N，所以合力的功为W合=F合h=2×1J=2J，所以B错误，C正确；物体重力做的功为W G=﹣mgh=﹣10J，所以物体克服重力做功10J，所以D正确．本题选错误的，故选B．5．如图所示，在水平桌面上的A点有一个质量为m的物体以初速度v0被抛出，不计空气阻力，当它达到B点时，其机械能为（）A． mv02+mgh B． mv02+mgH C．mgH﹣mgh D． mv02+mg（H﹣h）【考点】机械能守恒定律．【分析】抛出过程中机械能守恒，B点的机械能等于A点的机械能，根据A点的动能和重力势能求出机械能的大小．【解答】解：物体运动的过程中机械能守恒，则A点的机械能等于B点的机械能，所以，故B正确，A、C、D错误．故选：B．6．如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零，在小球下降阶段中，下列说法正确的是（）A．在B位置小球动能最大B．从A→C位置小球重力势能的减少量等于小球动能的增加量C．从A→D位置小球动能先增大后减小D．从B→D位置小球动能的减少量等于弹簧弹势能的增加量【考点】动能和势能的相互转化．【分析】在小球下降过程中，小球在AB段做自由落体运动，只有重力做功，则重力势能转化为动能．在BD段先做加速运动后减速运动．过程中重力做正功，弹力做负功．所以减少的重力势能转化为动能与弹性势能，当越过C点后，重力势能与动能减少完全转化为弹性势能．【解答】解：A、小球达到B点后，由于重力仍大于弹力，所以继续加速，直到C点，速度达到最大．故A错误；B、从A→C位置小球重力势能的减少量等于小球动能与弹簧的弹性势能增加量．故B错误；C、从A→D位置过程中，小球达到B点后，由于重力仍大于弹力，所以继续加速，直到C 点，速度达到最大．所以小球动能先增大后减小．故C正确；D、从B→D位置小球先增加，到达C点后动能减小．过程中动能的减少量小于弹簧弹性势能．故D错误；故选：C7．物体在合外力作用下做直线运动的υ﹣t图象如图所示．下列表述正确的是（）A．在0﹣1s内，合外力做正功B．在0﹣2s内，合外力总是做负功C．在1﹣2s内，合外力不做功D．在0﹣3s内，合外力总是做正功【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据动能定理W合=△E K判断合力做功．【解答】解：A、在0～ls内，动能增加，根据动能定理W合=△E K，合外力做正功．故A正确．B、在0～2s内，动能增加，根据动能定理W合=△E K，合外力做正功．故B错误．C、在1～2s内，动能减小，根据动能定理W合=△E K，合外力做负功．故C错误．D、在0～3s内，动能变化为0，根据动能定理W合=△E K，合外力做功为0．故D错误．故选A．8．质量m=2kg的物体以50J的初动能在粗糙的水平面上滑行，其动能与位移关系如图所示，则物体在水平面上的滑行时间t为（）A．5s B．4s C．2s D．2s【考点】动能定理的应用．【分析】由图象求出物体动能与对应的位移，由动能定理求出物体受到的摩擦力；由动能的计算公式求出物体的初速度，由牛顿第二定律求出物体的加速度，由匀变速运动的速度公式求出物体的运动时间．【解答】解：根据动能定理得：E K2﹣E K1=﹣fx，即：0﹣50=﹣10f，解得：f=5N；由图象可得初动能为：E K1=mv2=50J，解得初速度为：v=5m/s，由牛顿第二定律得，物体的加速度为：a===2.5m/s2，物体的运动时间为：t==s=2s；故选：C．二、多选题（本大题共4小题，每小题4分，共16.0分）9．某物体在力F的作用下从光滑斜面的底端运动到斜面的顶端，动能的增加量为△E k，重力势能的增加量为△E p，则下列说法正确的是（）A．重力所做的功等于△E pB．力F所做的功等于△E k+△E pC．合外力对物体做的功等于△E kD．合外力对物体所做的功等于△E k+△E p【考点】功能关系；功的计算．【分析】根据动能定理求出合力做功的大小，从而得出拉力做功的大小．根据重力做功与重力势能的关系求出物体克服重力做功的大小．【解答】解：A、因为克服重力做功等于重力势能的增加量，即W G=﹣△E p，故A错误；B、根据动能定理得，W F﹣W G=△E k，则拉力做功W F=W G+△E k，因为W G=△E p，拉力F做的功等于△E K+△E P．故B正确．C、根据动能定理，合外力做功等于动能的变化量，即W合=△E k．故C正确，D错误；故选：BC．10．一物体沿直线运动，其 v﹣t图象如图所示．已知在前2s内合力对物体做的功为W，则（）A．从第1s末到第2s末合力做功为WB．从第3s末到第5s末合力做功为﹣WC．从第5s末到第7s末合力做功为WD．从第3s末到第7s末合力做功为﹣2W【考点】功的计算；匀变速直线运动的图像．【分析】由图可读出物体的初速度和末速度的大小，根据动能定理求解合力做功．【解答】解：A、从第1s末到第2s末，物体的速度不变，根据动能定理可知合力做功为0．故A错误．B、设物体在1﹣3s内速度大小为v．据题：由动能定理得：前2s内，W=；从第3s末到第5s末，由动能定理可知合力做功 W合=0﹣=﹣W，故B正确．C、从第5s末到第7s末，由动能定理可知合力做功 W合=﹣0=W，故C正确．D、从第3s末到第7s末，合力做功 W合==0．故D错误．故选：BC11．如图所示，重10N的滑块在倾角为30°的斜面上，从a点由静止开始下滑，到b点开始压缩轻弹簧，到c点时达到最大速度，到d点（图中未画出）开始弹回，返回b点离开弹簧，恰能再回到a点，若bc=0.1m，弹簧弹性势能的最大值为8J，则下列说法正确的是（）A．轻弹簧的劲度系数是50N/mB．从d到b滑块克服重力做功8JC．滑块的动能最大值为8JD．从d点到c点弹簧的弹力对滑块做功8J【考点】机械能守恒定律．【分析】了解滑块的运动过程，滑块先加速运动到b，接触弹簧后滑块没有减速，而是继续加速，当滑块的合力为0时，滑块速度最大，再向下做减速运动，速度减到0时，弹簧压得最紧，弹性势能最大．选择适当的过程运用动能定理列式求解弹力做功．【解答】解：A、当滑块的合力为0时，滑块速度最大，即知在c点时滑块的速度最大，此瞬间滑块受力平衡，则有：mgsin30°=k可得 k===50N/m，故A正确．B、滑块从d到a，运用动能定理得：W G+W弹=0﹣0又 W弹=E p=8J可得W G=﹣8J，即克服重力做功8J，所以从d到b滑块克服重力做功小于8J．故B错误．C、滑块从a到c，由系统的机械能守恒知：滑块的动能增加量与重力势能增加量之和等于弹簧弹性势能的减小量8J，所以滑块的动能最大值小于8J．故C错误．D、弹簧弹性势能的最大值为8J，根据功能关系知从d点到b点弹簧的弹力对滑块做功为8J．从d点到c点弹簧的弹力对滑块做功小于8J．故D错误．故选：A12．在光滑水平面上质量为m=1kg的物体在水平拉力F的作用下从静止开始运动，如图甲所示，若力F随时间的变化情况如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．拉力在前2s内和后4s内做功之比为1：1B．拉力在前2s内和后4s内做功之比为1：3C．拉力在前4s末和6s末做功的功率之比为2：3D．拉力在前2s内和后4s内做功的功率之比为2：3【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】物体在0﹣2s内，加速度不变，做匀加速直线运动，2﹣6s内物体也做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律、运动学基本公式、恒力做功公式及平均功率公式即可求解．【解答】解：A、根据牛顿第二定律得：在0﹣2s内，加速度，在2﹣6s内，加速度，拉力在前2s内的位移，在2﹣6s内的位移，则拉力在前2s内做功为W1=F1s1=4×8=32J，在后4s做功为W2=F2s2=2×48=96J，所以，故A错误，B正确；C、4s末的速度v4=a1t1+a2t3=4×2+2×2=12m/s，6s末的速度v6=a1t1+a2t2=4×2+2×4=16m/s，则=，故C错误；D、拉力在前2s内的功率后4s内做功的功率，则，故D正确．故选：BD三、实验题探究题（本大题共2小题，共18.0分）13．在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中（装置如图甲）：①下列说法哪一项是正确的 C ．（填选项前字母）A．平衡摩擦力时必须将钩码通过细线挂在小车上B．为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量C．实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放②图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，选取O、A、B、C计数点，已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则打B点时小车的瞬时速度大小为0.653 m/s（保留三位有效数字）．【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】①平衡摩擦力是用重力的下滑分量来平衡小车受到的摩擦力，故不应该将钩码通过细线挂在小车上，为减小系统误差，应使钩码质量远小于小车质量，实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放；②用平均速度等于中间时刻的瞬时速度的结论求解．【解答】解：①A、平衡摩擦力时要将纸带、打点计时器、小车等连接好，但不要通电和挂钩码，故A错误；B、为减小系统误差，应使钩码质量远小于小车质量，使系统的加速度较小，避免钩码失重的影响，故B错误；C、实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放，故C正确；故选：C；②B为AC时间段的中间时刻，根据匀变速运动规律得，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故：v B==m/s=0.653m/s故答案为：①C ②0.653．14．在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为2.00kg．若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点的距离如图所示（相邻计数点时间间隔为0.02s），那么：（1）纸带的左端与重物相连；（2）打点计时器打下计数点B时，物体的速度v B= 0.98m/s ；（3）从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是△E p= 0.98J ，此过程中物体动能的增加量△E k= 0.96J （取g=9.8m/s2）；（4）通过计算，数值上△E p＞△E k（填“＞”“=”或“＜”），这是因为实验过程中存在空气及纸带与计时器的摩擦；（5）实验的结论是在实验误差允许范围内，重物下落过程中机械能守恒．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．该实验的误差主要来源于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在．【解答】解：（1）物体下落时做加速运动，因此所打点距会越来越大，故纸带的左端与重物相连；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度有：v B=m/s=0.98m/s根据功能关系可知，当打点计时器打在B点时，重锤的重力势能的减少量为：△E P=mgh=2.0×9.8×0.05J=0.98 J△E k=mv B2=0.96J（4）通过计算，数值上△E p＞△E k．这是因为实验过程中存在空气及纸带与计时器的摩擦．（5）实验的结论是在实验误差允许范围内，重物下落过程中机械能守恒．故答案为：（1）左（2）0.98 m/s （3）0.98 J；0.96J（4）＞；实验过程中存在空气及纸带与计时器的摩擦（5）在实验误差允许范围内，重物下落过程中机械能守恒．四、计算题（本大题共3小题，共34分）15．质量为2.0kg的物体，从竖直平面内高h=0.45m的光滑弧形轨道上的A点，无初速地沿轨道滑下，并进入水平轨道BC，如图所示．已知物体与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.40，求：（1）物体滑至B点时速度的大小；（2）物体最后停止在离B点多远的位置上．【考点】动能定理的应用．【分析】（1）物体从A滑到B点过程中，应用动能定理可以求出物体在B点的速度．（2）对整个过程，应用动能定理可以求出物体停下时与B点间的距离．【解答】解：（1）物体从弧形轨道下滑过程中，由动能定理可得：mgh=mv2﹣0，解得v===3m/s；（2）在整个运动过程中，由动能定理可得：mgh﹣μmgx=0﹣0，即：2×10×0.45﹣0.4×2×10x=0﹣0，解得：x=1.125m；答：（1）物体滑至B点时的速度为3m/s．（2）物体停下时与B点间的距离为1.125m．16．质量是2000kg、额定功率为80kW的汽车，在平直公路上行驶中的最大速度为20m/s．若汽车从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为2m/s2，运动中的阻力不变．求：（1）汽车所受阻力的大小；（2）3s末汽车的瞬时功率；（3）汽车做匀加速运动的时间．【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）当速度最大时，牵引力等于阻力，根据P=Fv m=fv m求出阻力的大小．（2）根据牛顿第二定律求出牵引力的大小，以及根据速度时间公式求出3s末的速度，再根据P=Fv求出汽车的瞬时功率．（3）根据P=Fv求出汽车匀加速直线运动的最大速度，再根据速度时间公式求出匀加速直线运动的时间．【解答】解：（1）当速度最大时，F=f．有P=fv m，则f==4000N．（2）根据牛顿第二定律有：F﹣f=ma．则牵引力F=f+ma=4000N+2×103×2N=8000N．所以匀加速运动的最大速度为v=V2=at2=6m/s所以3s末时汽车还在匀加速运动状态则3秒末汽车的瞬时功率P=Fv=8000×6W=48000W=48kW（3）匀加速直线运动的时间t=答：（1）汽车所受阻力为4000N；（2）3s末汽车的瞬时功率为48kW；（3）汽车做匀加速运动的时间为5s17．质量均为m的物体A和B分别系在一根不计质量的细绳两端，绳子跨过固定在倾角为30°的斜面顶端的定滑轮上，斜面固定在水平地面上，开始时把物体B拉到斜面底端，这时物体A离地面的高度为0.8m，如图所示．．若摩擦力均不计，从静止开始放手让它们运动．（斜面足够长，g取10m/s2）求：（1）物体A着地时的速度；（2）物体B能沿斜面滑行的最大距离是多少？【考点】机械能守恒定律；动能定理．【分析】A、B开始运动到A着地过程中，分析系统的受力及做功情况，系统的机械能守恒，运用机械能守恒定律求出它们的速度．A着地后，B沿斜面做匀减速运动，当速度减为零时，B能沿斜面滑行的距离最大．【解答】解：（1）、设A落地时的速度为v，系统的机械能守恒：，代入数据得：V=2 m/s．（2）、A落地后，B以v为初速度沿斜面匀减速上升，设沿斜面又上升的距离为S，由动能定理得：物体m能沿斜面滑行的最大距离：L=h+S代入数据得：L=1.2m答：（1）、物体A着地时的速度是2m/s．（2）、物体B能沿斜面滑行的最大距离是1.2m．。
福州市高二下学期物理第一次月考试卷(I)卷
福州市高二下学期物理第一次月考试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共5题；共10分)1. （2分）某同学在实验里熟悉各种仪器的使用．他将一条形磁铁放在水平转盘上，如图（甲）所示，磁铁可随转盘转动，另将一磁感应强度传感器固定在转盘旁边．当转盘（及磁铁）转动时，引起磁感应强度测量值周期性地变化，该变化的周期与转盘转动周期一致．经过操作，该同学在计算机上得到了如图（乙）所示的图象．该同学猜测磁感应强度传感器内有一线圈，当测得磁感应强度最大时就是穿过线圈的磁通量最大时，按照这种猜测（）A . 在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化B . 在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化C . 在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值D . 在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值2. （2分） (2015高二下·集宁期中) 如图，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈．当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力FN及在水平方向运动趋势的正确判断是（）A . FN先小于mg后大于mg，运动趋势向左B . FN先大于mg后小于mg，运动趋势向左C . FN先小于mg后大于mg，运动趋势向右D . FN先大于mg后小于mg，运动趋势向右3. （2分）穿过闭合回路的磁通量φ随时间t变化的图象分别如图①～④所示，下列关于回路中产生的感应电动势的论述，正确的是（）A . 图①中回路产生的感应电动势恒定不变B . 图②中回路产生的感应电动势一直在变大C . 图③中回路在0～t1时间内产生的感应电动势是t1～t2时间内产生的感应电动势的2倍D . 图④中回路产生的感应电动势先变大再变小4. （2分） (2019高二下·佛山月考) 采用220 kV高压向远方的城市输电。
福建省南平市政和县一中2015-2016学年高二下学期第一次月考化学试卷.pdf
2016政和一中高二下学期第一次月考 化 学 试 卷 时间：90分钟 满分100分 本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。
可能用到的原子量：H—1 C—12 N—14 O—16 Cl—35.5 Fe—56 Cu—64 Ag—108 Ba—137 Al-27 注意事项：第Ⅰ卷 (选择题 共4分) 14．某兴趣小组设计如下微型实验装置。
实验时，先断开K2，闭合K1，两极均有气泡产生；一段时间后，断开K1，闭合K2，发现电流表A指针偏转。
下列有关描述正确的是 A．断开K2，闭合K1时，总反应的离子方程式为： 2H++2Cl—Cl2↑+H2↑ B．断开K1，闭合K2时，铜电极作正极 C．断开K2，闭合K1时，石墨电极附近溶液变红 D．断开K1，闭合K2时，铜电极上的电极反应为： H2—2e—＝2H+ 15．可逆反应mA（s）＋nB（g） eC（g）＋fD（g），反应过程中，当其它条件不变时，C的百分含量（C％）与温度（T）和压强（P）的关系如下图：下列叙述正确的是( ) A．达平衡后，加入催化剂则C％增大 B．达平衡后，若升温，平衡向左移动 C．化学方程式中n＞e+f D．达平衡后，增加A的量有利于平衡向右移动 16.25 ℃时，将pH均为2的HCl与HX的溶液分别加水稀释，溶液pH随溶液体积变化的曲线如图所示。
下列说法正确的是( ) A．a、b两点：c(X－)＞c(Cl－) B．稀释10倍，HX溶液的pH＝3 C．稀释前，c(HX)＝0.01 mol·L－1 D．溶液的导电性：a＞b 第Ⅱ卷 (非选择题 共5分) 19．（12分）Ⅰ、 左下图中电极a、b分别为Ag电极和Pt电极，电极c、d都是石墨电极。
通电一段时间后，在c电极上收集的气体为d电极上收集的气体的一半，且共收集到336mL气体（标况下）。
回答： （1）直流电源中，M为_________极。
（2）Pt电极上生成的物质是___________，其质量为__________g。
福建省政和县第一中学高二物理下学期第二次月考试题(无答案)
福建省政和县第一中学2015-2016学年高二物理下学期第二次月考试题（无答案）一、选择题56分（1-8单选，每题4分，共32分；9-12多选，选对但不全得3分，全对得6分，有错不得分共24分）1、.在右图所示的电路中,电键S 断开之前与断开之后的瞬间,通过灯A的电流方向应是( ).(A)一直是由a 到b (B)先是由a 到b,后无电流(C)先是由a 到b,后是由b 到a (D)无法判断2、电路如图所示，已知电池组的总内阻r ＝1 Ω，外电路电阻R ＝5 Ω，电压表的示数U ＝2.5 V ，则电池组的电动势E 应等于( )A.2.0 VB.2.5 VC.3.0 VD.3.5 V3、甲、乙两同学使用欧姆挡测同一个电阻时，他们都把选择开关旋到“×100”挡，并能正确操作。
他们发现指针偏角太小，于是甲把选择开关旋到“×1 k”挡，乙把选择开关旋到“×10”挡，但乙重新调零，而甲没有重新调零，则以下说法正确的是( )A.甲选挡错误，但操作正确B.乙选挡正确，但操作错误C.甲选挡错误，操作也错误D.乙选挡错误，但操作正确4、通过一理想变压器,经同一线路输送相同的电功率P,原线圈的电压U 保持不变,输电线路的总电阻为R 。
当副线圈与原线圈的匝数比为k 时,线路损耗的电功率为P 1,若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk,线路损耗的电功率为P 2,则P 1和21P P 分别为( ) A.PR 1,kU nB.2P 1()R,kU nC.2PR 1,kU n D.22P 1()R,kU n5、右图表示一交流电的电流随时间而变化的图像,此交流电流的有效值是( )(A)25 A(B)5A (C)25.3 A(D)3.5A6、家用电热灭蚊器中电热部分的主要元件是PTC ，PTC 元件是由钛酸钡等半导体材料制成的用电器，其电阻率与温度的关系如图所示，由于这种特性，因此，PTC 元件具有发热、控温双重功能.对此，下列判断中正确的组合是( ).(A)通电后，其电功率先减小后不变(B)通电后，其电功率先减小后增大(C)当其产生的热量与散发的热量相等时，温度保持在T 1或T 2不变(D)当其产生的热量与散发的热量相等时，温度保持在T 1～T 2的某一值不变7、按如图所示装置进行操作时,发现放在水平光滑金属导轨上的ab 导体棒发生移动,其不可能的原因是(). (A)闭合S 的瞬间 (B)断开S 的瞬间(C)闭合S 后,减少电阻R 时(D)闭合S 后,电阻不变时 8、如图,质量为M 的小船在静止水面上以速率v 0向右匀速行驶,一质量为m 的救生员站在船尾,相对小船静止.若救生员以相对水面速率v 水平向左跃入水中,则救生员跃出后小船的速率为 .A.0m v v M +B.0m v v M -C.00()m v v v M ++D.00()m v v v M +- 9、用图像法计算电动势和内电阻时，先要描点，就是在U-I 坐标系中描出与每组I 、U 值对应的点，以下说法中正确的是( )A.这些点应当准确地分布在一条直线上，即U-I 图线应通过每个点B.这些点应当基本上在一条直线上，由于偶然误差不能避免，所以U-I 图线不可能通过每一个点C.不在U-I 图线上的点应当大致均匀地分布在图线两侧D.个别偏离直线太远的点，应当舍去10、A 、B 两球在光滑水平面上相向运动，两球相碰后有一球停止运动，则下述说法中正确的是( )A ．若碰后A 球速度为0，则碰前A 的动量一定大于B 的动量B ．若碰后A 球速度为0，则碰前A 的动量一定小于B 的动量C ．若碰后B 球速度为0，则碰前A 的动量一定大于B 的动量D ．若碰后B 球速度为0，则碰前A 的动量一定小于B 的动量11、木块a和b用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是( )A．a尚未离开墙壁前，a和b系统的动量守恒B．a尚未离开墙壁前，a与b系统的动量不守恒C．a离开墙后，a、b系统动量守恒D．a离开墙后，a、b系统动量不守恒12、.如图所示,(a)图表示光滑平台上,物体A以初速度v0滑到上表面粗糙的水平小车上,车与水平面间的动摩擦因数不汁,(b)图为物体A与小车的v-t图像,由此可知( ).(A)小车上表面至少的长度(B)物体A与小车B的质量之比(C)A与小车上B上表面的动摩擦因数(D)小车B获得的动能二、填空每空2分共24分13、验证机械能守恒定律”的实验中,已知打点计时器所用电源的频率为50Hz,查得当地的重力加速度g=9.80m/s2,测得所用的重物的质量为1.00㎏.实验中得到一条点迹清晰的纸带如图所示,把第一个点记作0,另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点.经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm.根据以上数据,可知重物由O点运动到C点,重力势能的减少量等于_____J,动能的增加量等于__________J(取三位有效数字).14、如图为“描绘小灯泡伏安特性曲线”实验的实物电路图,已知小灯泡额定电压为2.5 V.(1)完成下列实验步骤:①闭合开关前,调节滑动变阻器的滑片:②闭合开关后,逐渐移动变阻器的滑片:,.③断开开关，……。
南平一中2015-2016学年高二下学期期中物理试卷 含解析
2015—2016学年福建省南平一中高二（下)期中物理试卷一、单项选择题(共12小题，每小题3分,共36分．每小题只有一个正确答案）1．理想变压器正常工作时，原、副线圈中不相同的物理量为（）A．每匝线圈中磁通量的变化率B．交变电流的频率C．原线圈的输入功率和副线圈的输出功率D．原线圈中的感应电动势和副线圈中的感应电动势2．将输入为220V,输出为6V的变压器，改绕成输出为30V的变压器．若副线圈原来的匝数为30匝，原线圈匝数不变，则副线圈应增加的匝数是()A．150匝B．120匝C．130匝D．144匝3．如图所示是街头变压器给用户供电的示意图．变压器的输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动，输出电压通过输电线输送给用户．输电线的电阻用R0表示，变阻器R表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P向下移动时，下列说法不正确的是（）A．相当于在增加用电器的数目B．A1表的示数随A2表的示数的增大而增大C．V1表的示数随V2表的示数的增大而增大D．变压器的输入功率增大4．一般发电机组输出的电压在十千伏上下，不符合远距离输电的要求．要在发电站内用升压变压器，升压到几百千伏后再向远距离输电．到达几百千米甚至几千千米之外的用电区之后，再经“一次高压变电站”“二次变电站”降压．已知经低压变电站降压变压器（可视为理想变压器）后供给某小区居民的交流电u=220sin 100πt V，该变压器原、副线圈匝数比为50：1,则（）A．原线圈上的电压为11 000VB．原线圈中电流的频率是50HzC．原线圈使用的导线应该比副线圈的要粗D．采用高压输电有利于减少输电线路中的损耗，是因为增大电流强度了5．某物体受到一个﹣6Ns的冲量作用，则（）A．物体的动量一定减小B．物体的末动量一定是负值C．物体动量增量的方向一定与规定的正方向相反D．物体原来动量的方向一定与这个冲量的方向相反6．如图所示，一个木箱原来静止在光滑水平面上,木箱内粗糙的底板上放着一个小木块．木箱和小木块都具有一定的质量．现使木箱获得一个向右的初速度v0,则(）A．小木块和木箱最终都将静止B．小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动C．小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动D．如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止,则二者将一起向左运动7．两个质量不同的物体,在光滑的水平面上相向运动，并发生正碰，则下列说法中正确的是（）A．碰撞后,质量小的物体速度变化大B．碰撞后，质量大的物体速度变化大C．若碰撞后连成整体,则整体运动方向与原来动量大的物体的运动方向相同D．若碰撞后连成整体，则整体运动方向与原来速度大的物体的运动方向相同8．铀是常用的一种核燃料，若它的原子核发生了如下的裂变反应：则a+b可能是(）A．B．C．D．9．如图是氢原子的能级图，大量处于n=4激发态的氢原子向低能级跃迁时，一共可以辐射出6种不同频率的光子，其中巴耳末系是指氢原子由高能级向n=2能级跃迁时释放的光子，则（）A．6种光子中波长最长的是n=4激发态跃迁到基态时产生的B．6种光子中有3种属于巴耳末系C．使n=4能级的氢原子电离至少要0.85eV的能量D．若从n=2能级跃迁到基态释放的光子能使某金属板发生光电效应，则从n=3能级跃迁到n=2能级释放的光子也一定能使该板发生光电效应10．下列四幅图的有关说法中,正确的是（)A．若两球质量相等，碰后m2的速度一定为vB．射线甲是α粒子流，具有很强的穿透能力C．在光颜色保持不变的情况下，入射光越强,饱和光电流越大D．链式反应属于重核的裂变．11．核能作为一种新能源在现代社会中已不可缺少，我国在完善核电安全基础上将加大核电站建设．核泄漏中的钚(Pu）是一种具有放射性的超铀元素，它可破坏细胞基因,提高罹患癌症的风险．已知钚的一种同位素Pu的半衰期为24100年,其衰变方程为Pu→X+He+γ,下列有关说法正确的是（）A．X原子核中含有92个中子B．100个Pu经过24100年后一定还剩余50个C．由于衰变时释放巨大能量，根据E=mc2，衰变过程总质量增加D．衰变发出的γ放射线是波长很短的光子,具有很强的穿透能力12．以往我们认识的光电效应是单光子光电效应，即一个电子在极短时间内只能吸收到一个光子而从金属表面逸出．强激光的出现丰富了人们对于光电效应的认识，用强激光照射金属,由于其光子密度极大，一个电子在极短时间内吸收多个光子成为可能,从而形成多光子电效应,这已被实验证实．光电效应实验装置示意如图．用频率为ν的普通光源照射阴极K，没有发生光电效应．换用同样频率为ν的强激光照射阴极K，则发生了光电效应；此时，若加上反向电压U，即将阴极K 接电源正极，阳极A接电源负极,在KA之间就形成了使光电子减速的电场，逐渐增大U，光电流会逐渐减小;当光电流恰好减小到零时，所加反向电压U可能是下列的(其中W为逸出功，h为普朗克常量，e为电子电量）（）A．B． C．U=2hν﹣W D．二、多项选择题（本大题共5小题，每小题4分,共20分．漏选得2分，错选不得分）13．理想变压器正常工作时，原、副线圈中的电流为I1、I2，电压为U1、U2,功率为P1、P2,关于它们之间的关系，下列说法中正确的是（)A．I1由I2决定B．U2与负载有关C．P1由P2决定D．以上说法都不正确14．“轨道电子俘获”是放射性同位素衰变的一种形式，即原子核俘获一个核外电子,核内一个质子变为中子,原子核衰变成一个新核,并且放出一个中微子（其质量小于电子质量且不带电）．若一个静止的原子核发生“轨道电子俘获”（电子的初动量可不计），则(）A．生成的新核与衰变前的原子核质量数相同B．生成新核的核电荷数增加C．生成的新核与衰变前的原子核互为同位素D．生成的新核与中微子的动量大小相等15．如图甲所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2．图乙为它们碰撞前后的s﹣t(位移时间)图象．已知m1=0.1㎏．由此可以判断（)A．碰前m2静止，m1向右运动B．碰后m2和m1都向右运动C．m2=0。
南平市政和一中2015-2016学年高二下学期第一次月考物理试卷 含解析
2015—2016学年福建省南平市政和一中高二（下）第一次月考物理试卷一、选择题：（1-8只有一个正确答案，9—13有多个正确答案，每题4分，错选或多选0分，少选得2分，共52分）1．关于自感现象,正确的说法是(）A．感应电流一定和原电流方向相反B．线圈中产生的自感电动势较大的其自感系数一定较大C．对于同一线圈，当电流变化越大时,线圈中产生的自感电动势也越大D．自感电动势总是阻碍原来电流变化的2．如图所示,在一个绕有线圈的可拆变压器铁芯上分别放一小铁锅水和一玻璃杯水．给线圈通入电流，一段时间后，一个容器中水温升高,则通入的电流与水温升高的是（)A．恒定直流、小铁锅 B．恒定直流、玻璃杯C．变化的电流、玻璃杯D．变化的电流、小铁锅3．如图所示图象中不属于交流电的有(）A．B．C．D．4．如图所示，金属矩形线框abcd用细线悬挂在U形磁铁中央，磁铁可绕OO′轴缓慢转动（从上向下看是逆时针转动)，则当磁铁转动时,从上往下看，线框abcd的运动情况是（)A．顺时针转动B．逆时针转动C．向外平动 D．向里平动5．如图所示，一闭合的金属环从静止开始由高处下落通过条形磁铁后继续下落,空气阻力不计,则在圆环运动过程中，下列说法正确的是（)A．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g,在下方时大于gB．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g，在下方时也小于gC．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g，在下方时等于gD．圆环在磁铁的上方时,圆环的加速度大于g,在下方时小于g6．如图所示,矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外．下述过程中使线圈产生感应电流的是（）A．以bc为轴转动45° B．以ad为轴转动45°C．将线圈向下平移D．将线圈向左平移7．如图所示，一对大磁极，中间处可视为匀强磁场，上、下边缘处为非匀强磁场，一矩形导线框abcd保持水平，从两磁极间中心上方某处开始下落，并穿过磁场(）A．线框中有感应电流，方向是先a→b→c→d→a后d→c→b→a→dB．线框中有感应电流,方向是先d→c→b→a→d后a→b→c→d→aC．受磁场的作用，线框要发生转动D．线框中始终没有感应电流8．一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5。
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高二下学期第一次月考物理试卷一、选择题：（1-8只有一个正确答案，9-13有多个正确答案，每题4分，错选或多选0分，少选得2分，共52分）1. 关于自感现象，正确的说法是：（ ）A.感应电流一定和原电流方向相反；B.线圈中产生的自感电动势较大的其自感系数一定较大；C 、自感电动势总是阻碍原来电流变化的D 、对于同一线圈，当电流变化越大时，线圈中产生的自感电动势也越大；2. 在一个绕有线圈的可拆变压器铁芯上分别放一小铁锅水和一玻璃杯水。
给线圈通入电流，一段时间后，一个容器中水温升高，则通入的电流与水温升高的是( )A ．恒定直流、小铁锅B ．变化的电流、小铁锅C ．恒定直流、玻璃杯D ．变化的电流、玻璃杯3. 如图所示图象中不属于交流电的有()4.如图2-1-12所示，金属矩形线框abcd 用细线悬挂在U 形磁铁中央，磁铁可绕OO ˊ轴转动（从上向下看是逆时针转动），则当磁铁转动时，从上往下看，线框abcd 的运动情况是 ( )A.顺时针转动B. 向外平动C. 逆时针转动D.向里平动5、如图，一闭合的金属环从静止开始由高处下落通过条形磁铁后继续下落，空气阻力不计，则在圆环的运动过程中，下列说法正确的是：（ ）A ．圆环在磁铁上方时，加速度小于g ，在下方时也小于g ；B ．圆环在磁铁的上方时，加速度小于g ，在下方时大于g ；C ．圆环在磁铁的上方时，加速度小于g ，在下方时等于g ；D ．圆环在磁铁的上方时，加速度大于g ，在下方时小于g 。
6、、如图4所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外。
下述过程中能使线圈产生感应电流的是( )A ．以bc 为轴转动45°B ．以ad 为轴转动45°C ．将线圈向下平移D ．将线圈向上平移7. 如图所示，一对大磁极形成的磁场，中间处可视为匀强磁场，上、下边缘处为非匀强磁场。
一矩形导线框abcd 保持水平，从两磁极间中心正上方某处开始下落，并穿过磁场，在此过程中( )A ．线框中有感应电流，方向是先a →b →c →d →a 后d →c →b →a →dB ．线框中有感应电流，方向是先d →c →b →a →d 后a →b →c →d →a图2-1-12 图2-1-15C．线框受磁场力的作用，要发生转动D．线框中始终没有感应电流8、一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图3－2－6甲所示。
已知发电机线圈内阻为5.0 Ω，外接一只电阻为95.0 Ω的灯泡。
如图3－2－6乙所示，则( )图3－2－6A．电压表的示数为220 VB．电路中的电流方向每秒钟改变50次C．灯泡实际消耗的功率为484 WD．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2 J9、如图2-2-5所示，AB是相同的小灯泡，L是带铁芯的线圈，电阻不计，调节R，电路稳定时，两灯泡都正常发光，则在开关合上和断开时（）A、两灯同时亮，同时灭B、合上S，B比A先达到正常发光状态C、断开S，AB两灯都不会立即灭，通过AB两灯的电流方向都与原电流方向相同D、断开S时，A灯会突然闪亮一下后，再熄灭10、如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，开关S断开，当开关S接通时，下列说法中正确的是（）A．副线圈两端M、N的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R上的电压降增大C．通过灯泡L1的电流减小D．原线圈上电流增大11．如图所示，两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽略不计．斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上．质量为m、电阻可以不计的金属棒ab，在沿着斜面与棒垂直的恒力F 作用下沿导轨匀速上滑，并上升h高度，在这一过程中( )A．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零B．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于mgh与电阻R上产生的焦耳热之和C．恒力F与安培力的合力所做的功等于零D．恒力F与重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热12、关于远距离输电，若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是( )A．升压变压器原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率有关B．输电线路中的电流只由升压变压器的匝数比决定C．当用户消耗的总功率增大时，输电线上损失的功率增大D．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压13、电感和电容对交流电的阻碍作用的大小不但跟电感、电容本身有关，还跟交流电的频率有关，下列说法中正确的是（）A．电感是通直流、阻交流，通高频、阻低频B．电感是通直流、阻交流，通低频、阻高频C．电容是通直流、阻交流，通高频、阻低频图2-2-5D ．电容是通交流、隔直流，通高频、阻低频二：填空题：（每空3分，共18分）14、图甲所示线圈总电阻r=0.5Ω，匝数n=10，其端点a 、b 与R=1.5Ω的电阻相连，线圈内磁通量变化规律如图乙所示。
关于a 、b 两点电势a ϕb ϕ（填“大于”或“小于”），两点电势差ab U = V 。
15、在研究电磁感应现象的实验中所用器材如图10所示。
它们是①电流表；②直流电源；③带铁芯的线圈A ；④线圈B ；⑤开关；⑥滑动变阻器(用来控制电流大小以改变磁场强弱)。
图10(1)试按实验的要求完成实物图上的连线。
开关闭合，移动滑动变阻器，指针________（“会”或者“不会”）发生偏转。
(2)若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C 和D 上，而在开关刚刚闭合时电流表指针右偏，则开关闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C 移动时，电流表指针将________(填“左偏”“右偏”或“不偏”)。
16、通过某电阻的周期性交变电流的图象如图所示。
求该交变电流的有效值I= A 。
17、如图7所示，接于理想变压器的四个灯泡规格相同，且全部正常发光，求三个线圈的匝数比n 1∶n 2∶n 3三计算题：（8+10+12，共30分）18、水电站给远处山村送电的输出功率是100 kW ，用2 000 V 电压输电，线路上损失的功率是2.5×104 W ，如果改用20 000 V 高压输电，线路上损失的功率是多少？19、如图所示，匀强磁场的磁感应强度B ＝0.5 T ，边长L ＝10 cm 的正方形线圈abcd 共100匝，线圈电阻r ＝1 Ω， 线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO ′匀速运动，角速度ω＝2π rad/s ，外电路电阻R ＝4 Ω，求：(1)转动过程中感应电动势的最大值。
(2)由图示位置(线圈平面与磁感线平行)转过60°角时的瞬时感应电动势。
(3)线圈转动一周外力所做的功。
(4)16周期内通过R 的电荷量为多少。
20、如图所示，一个质量m=16g ，长d=0.5m ，宽L=0.1m ，电阻R=0.1Ω的矩形线框从高处自由落下，经过H1=5m 高度，下边开始进入一个跟线框平面垂直的匀强磁场，线框进入磁场时恰好匀速下落。
已知磁场区域的高度H2=1.55m ，求：（1）磁场的磁感应强度多大？（2）线框下边将要出磁场时的速率；（3）线框下边刚离开磁场时感应电流的大小和方向。
图2-1-23高二下学期第一次月考物理答案一、选择题（1-8只有一个正确答案，9-13有多个正确答案，每题4分，错选或多选0分，少选得2分，共52分）1、C2、B3、C4、C5、A6、B7、D8、D9、BD10、BCD 11、AD 12、AC 13、BD 3分，共18分）14 15、 左偏 16、 17、3：2：1三、计算题（8+10+12，共30分）18、（8分）解析：因为P ＝UI ，所以用2 000 V 送电，电流为I 1＝P U 1＝100 0002 000A ＝50 A ，设输电线电阻为R ，输电线上损失的功率P 1＝I 21R ＝2 500 R ，改用20 000 V 高压送电时送电电流I 2＝P U 2＝100 00020 000A ＝5 A ，此时输电线上损失的功率P 2＝I 22R ＝25R ，由P 1＝2.5×104 W 得P 2＝2.5×102W 。
答案：2.5×102 W19、（10分）[解析] (1)感应电动势的最大值为E m ＝nB ωS ＝3.14 V 。
(2)转过60°时的瞬时感应电动势为e ＝E m cos60°＝3.14×0.5 V＝1.57 V 。
(3)转动一周所做的功等于电流产生的热量W ＝Q ＝(E m2)2·1R ＋r ·T ＝0.99 J 。
(4)16周期内通过电阻R 的电荷量为Q ＝I ·T 6＝ER ＋r ·T 6＝nBS sin60°T 6R ＋r ·T 6＝nBS sin60°R ＋r＝0.086 6 C 。
[答案] (1)3.14 V (2)1.57 V (3)0.99 J (4)0.086 6 C20、（12分）解、（1）线圈匀速下降的条件:mg F =安由法拉第电磁感应定律得：E BLV =由闭合电路欧姆定律得：E IR =导棒受到的安培力为：F BIL =安联立得:122gh l m gR B =代入数据解得：T B 4.0=（2）线框匀速运动进入磁场的过程中，重力的功全部转化为线框中产生的热量， mgd Q =，设线框下边将要出磁场时的速率为v2，整个过程， 由能量守恒定律：Q mv h h mg +=+222121)( ∴ )(2212d h h g v -+=，代入数据解得：s m v /112=（3）由法拉第电磁感应定律得：E BLV =由闭合电路欧姆定律得：'E I R =线框中的电流： A I 4.4'=，垂直纸面向里看为顺时针方向。
【答案】：（1）T B 4.0=,（2）s m v /112=,（3）A I 4.4'=,方向:垂直纸面向里看为顺时针方向。