2019-2020年高三第二次模拟考试物理试题含解析

+
■
B
+ -N
l+ A T 3
+ g M
5 2
2019-2020年高三第二次模拟考试物理试题
含解析
一、单项选择题1（共 16分，每小题2分•每小题只有一个正确选项.）
1. （ 2分）（2015?奉贤区二模）下列属于标量的物理量是（
A. 平均速度B .电场强度C .磁感应强度 D .电流强度
【考点】：矢量和标量.
【分析】：即有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、 加速度、位移、动量等都是矢量；
只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量、速率等都是标量.
【解析】：解：A 、平均速度的位移与时间的比值，是有大小又有方向的物理量是矢量.故 A
错误；
B 、 电场强度有大小又有方向的物理量是矢量.故 B 错误；
C 、 磁感应强度有大小又有方向的物理量是矢量.故 C 错误；
D 、 电流强度只有大小，没有方向的物理量是标量，故
D 正确.
故选：D .
【点评】：该题考查矢量与标量的区别，如力、速度、加速度、位移、动量、电场强度、磁 感应强度等都是矢量；如路程、时间、质量、速率等都是标量.基础题目.
2. （2分）（2015?奉贤区二模）二十世纪初，为研究物质的内部结构，物理学家做了大量的实
【考点】：粒子散射实验.
【专题】：原子的核式结构及其组成.
【分析】：解答本题应抓住：该实验是卢瑟福和他的助手们做的 a 粒子散射实验，根据这个 实验的结果，卢瑟福提出了原子的核式结构模型.
【解析】：解：本实验是a 粒子散射实验，卢瑟福根据极少数 a 粒子产生大角度偏转，提出
了原子的核式结构模型.故 A 正确. 故选：A
【点评】：本实验是a 粒子散射实验装置，是卢瑟福和他的助手们做的，是物理上著名的实 验，要加强记忆.
3. （ 2分）（2015?奉贤区二模）下列核反应属于
a 衰变的是（ ）
验，如图装置的实验是（
A . a 粒子散射实验 C .发现电子的实验
）
B .发现质子的实验 D .发现中子的实验
C .
Th i • ；Ra+ -He SO S3 2
【考点】：原子核衰变及半衰期、衰变速度. 【专题】：衰变和半衰期专题.
【分析】：a 衰变是指原子核分裂并只放射出氦原子核的反应过程，根据这一特定即可判断. 【解析】：解：A 、方程 「B+ -Hei 1 -N+ -n ;是人工核反应方程，是方向中子的核反 5 2 7 0 应方程.故A 错误；
D 、方程 :H+ : H i :.-He 是轻核的聚变反应•故 D 错误.
故选：C
【点评】：该题考查a 衰变的本质与常见的核反应方程，比较简单，在平时学习中要掌握衰 变，裂变，聚变和几种粒子发现的方程式.
4. （2分）（2015?奉贤区二模）一颗恒星的寿命取决于（
）
A. 体积B .质量C .温度D .离地球的距离
【考点】：恒星的演化.
【分析】：知道恒星的寿命和它的质量有关，质量越大的恒星寿命越短，反之亦然.
【解析】：解：恒星的寿命和它的质量有关，质量越大的恒星寿命越短，这是因为质量越大 压力就越大，这种情况下恒星内部的核反应就更加剧烈，故 ACD 错误，B 正确.
故选：B .
【点评】：本题考查学生对恒星的理解，这要求在平时的学习中要对积累相关的知识，但此 题极易出错.
5. （2分）（2015?奉贤区二模）如图所示的 4种明暗相间的条纹，分别是红光、蓝光各自通过 同一个双缝干涉仪
器和同一单缝衍射仪器形成的图样 （灰黑色部分表示亮纹）.则属于蓝光
的干涉图样的是（
）
IIIIIL MIIIL IIIIIIL IIIII
【考点】：双缝干涉的条纹间距与波长的关系. 【专题】：光的干涉专题.
【分析】：根据双缝干涉条纹间距 △<-■入可判定哪个图样是双缝干涉，它们的波长又有什么
d
关系；根据单缝衍射条纹是中间亮条纹明亮且宽大，越向两侧宽度越小，而波长越大，中央 亮条纹越粗进行判断
B 、 方程
C 、 方程
C 正确；
+ g M
5 2
一-He ,该反应是人工核反应方程.故 B 错误;
OTh
3 O 2 9
=」Ra+ :He ,是二川Th 原子核分裂并只放射出氦原子核的反应过程.
故
u 9 2 9 U
Al
+
【解析】：解：双缝干涉的图样是明暗相间的干涉条纹，所有条纹宽度相同且等间距，故从
左边两个是双缝干涉现象，根据双缝干涉条纹间距△=、入可知波长入越大，△越大，故左边
d
第一个是红光，第三个是蓝光.
单缝衍射条纹是中间明亮且宽大，越向两侧宽度越小越暗，而波长越大，中央亮条纹越粗，故从左向右依次是红光（双缝干涉）、蓝光（单缝衍射）、蓝光（双缝干涉）和红光（单缝衍
射）.
以上分析可知，故ABD错误，C正确.
故选：C.
【点评】：掌握单缝衍射和双缝干涉的图样的特点和图样与波长的关系是解决此题的唯一途径，故要加强对基础知识的记忆.
6. （2分）（2015?奉贤区二模）两个分子相距r i时，分子力表现为引力，相距匕时，分子力表现为斥力，则（）
A .相距r i时，分子间没有斥力存在
B. 相距「2时的斥力大于相距r i时的斥力
C. 相距「2时，分子间没有引力存在
D. 相距r i时的引力大于相距 s时的引力
【考点】：分子间的相互作用力.
【专题】：分子间相互作用力与分子间距离的关系.
【分析】：分子间的相互作用力由引力f引和斥力f斥两部分组成，这两种力同时存在，实际的分子力是引力和斥力的合力. 引力f引和斥力f斥随着分子间距离增大而减小，随着分子间距离
减小而增大.
【解析】：解：A、分子间的相互作用力由引力f引和斥力f斥两部分组成，这两种力同时存在，实际的分子力是引力和斥力的合力，故A错误；
B、两个分子相距为r i,分子间的相互作用力表现为引力，相距为r2时，表现为斥力，故r i >S；分子间的引力和斥力随着分子间距的增加而减小，故相距为r2时，分子间的斥力大于相距为r i时的斥力，故B正确；
C、分子间的相互作用力由引力f引和斥力f斥两部分组成，这两种力同时存在，实际的分子力是引力和斥力的合力，故C错误；
D、两个分子相距为r i,分子间的相互作用力表现为引力，相距为r2时，表现为斥力，故r i >r2；分子间的引力和斥力随着分子间距的增加而减小，故相距为r i时，分子间的引力小于相距为r2时的引力，故D错误；
故选：B.
【点评】：对于分子力的特点，要抓住三个同”：分子间的引力和斥力是同时存在的；随着分
子间距离变化，分子引力和斥力是同增同减的.
7. （2分）（2015?奉贤区二模）做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量减小为原来的
球经过平衡位置时速度增大为原来的
2倍，则单摆振动的（
）
A .频率、振幅都不变
B .频率、振幅都改变
C .频率不变、振幅改变
D .频率改变、振幅不变
【考点】：单摆周期公式. 单摆的能量的变化，从而可以判断振幅的变化. 振幅A 是反映单摆运动过程中的能量大小的物理量，据动能公式可知，摆球经过平衡位置时 的动能不变，但质量增加，所以高度减小，因此振幅改变，故
ABD 错误，C 正确.
故选：C .
【点评】：
知道单摆的摆长和重力加速度的大小决定单摆的周期的大小，单摆的能量决定单 摆的振幅的大小；从机械能守恒的角度分析振幅的变化.
&（ 2分）（2015?奉贤区二模）如图，在斜面上木块
A 与
B 的接触面是水平的，绳子呈水平
状态，两木块均保持静止•则关于木块
A 和木块
B 受力个数不可能的（
）
【考点】：物体的弹性和弹力. 【专题】：受力分析方法专题.
【分析】：先对A 分析，可能受到2个力，重力与支持力；也可能受到
4个力，增加拉力与
B 对A 有向右的静摩擦力；再分析 B 受力，除受到重力、支持力、 A 对B 的静摩擦力，A 对 B 的压力，可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，
B 受力情况有两种可能.
【解析】：解：B 至少受到重力、A 对B 的压力和静摩擦力、斜面的支持力四个力•斜面对 物体B 可能有静摩擦力，也有可能没有静摩擦力，因此
B 受到4个力或5个力；
而A 受到力支持力与重力外，可能受到拉力与
B 对A 的摩擦力.因此 A 可能受到2个力或4
个力.故ACD 正确，B 错误； 题目要求选不可能的，故选： B .
【点评】：本题关键先对 A 分析，根据平衡条件得到 B 对A 有向左的静摩擦力，然后根据牛 顿第三定律得到 A 对
B 有向右的静摩擦力；再按照重力、弹力、摩擦力的顺序找力.
二、单项选择题H （共 24分，每小题3分.每小题只有一个正确选项.）
9. （3分）（2015?奉贤区二模）关于光的说法正确的是（
）
A .有的光是波，有的光是粒子
B .光子可以被电场加速
C .光的波长越长，其波动性越显著
D .大量光子产生的效果往往显示粒子性
【专题】：
【分
单摆问题. 由单摆的周期公式 可以判断单摆的周期的变化，由机械能守恒可以判断
【解析】：解：由单摆的周期公式
A . 2个和4个
B . 3个和4个
C . 4个和4个
D . 4个和5个
T=2
T=2
则周期不变，频率不变;
【考点】：光子.
【分析】：光子是电磁波，不带电；光既有波动性，又有粒子性，个别光子的作用效果往往表现为粒子性；大量光子的作用效果往往表现为波动性；根据E=h 丫判断出光子的能量与什么
因素有关，可知波长与频率成反比.
【解析】：解：A、光既有波动性，又有粒子性，不能说有的光是波，有的光是粒子•故A错误；
B、光子不带电，不可以被电场加速•故B错误，
C、光的波长越长，光的波动性越显著，频率越高，贝恍的粒子性越显著.故C正确；
D、个别光子的作用效果往往表现为粒子性；大量光子的作用效果往往表现为波动性. 故D错误.
故选：C.
【点评】：该题考查光子的特性与本质，解决本题的关键知道光子的能量E=h Y与频率成正
比.同时知道光有波粒两象性.
10. （3分）（2015?奉贤区二模）趣味投篮比赛中，运动员站在一个旋转较快的大平台边缘上，相对平台静止，向平台圆心处的球筐内投篮球.则如图（各俯视图）篮球可能被投入球筐（图中箭头指向表示投篮方向）的是（）
【考点】：运动的合成和分解.
【专题】：运动的合成和分解专题.
【分析】：球参与了沿圆周切线方向运动和出手方向的运动，根据平行四边形定则确定合速度的方向，从而确定篮球能否被投入球框.
【解析】：解：当沿圆周切线方向的速度和出手速度的合速度沿篮筐方向，球就会被投入篮
筐.故C正确，A、B、D错误.
故选：C.
【点评】：解决本题的关键知道球参与了两个方向的运动，通过平行四边形定则进行判断.
11. （3分）（2015?奉贤区二模）将一个6V、6W”的小灯甲连接在内阻不能忽略的电源上，小灯恰好正常发光，现改将一个6V、3W”的小灯乙连接在这一电源上，则（）
A .小灯乙可能正常发光
B .小灯乙一定正常发光
C.小灯乙可能因电压较低而不能正常发光
D .小灯乙可能因电压过高而烧毁
【考点】：闭合电路的欧姆定律.
【专题】：恒疋电流专题.
【分析】：根据公式R^ •可知，乙灯的电阻比甲灯电阻大•根据路端电压与外电阻的关系，
P
分析乙灯的电压与额定电压的关系，判断乙灯能否正常发光.
【解析】：解：根据公式R^ '可知，乙灯的电阻比甲灯电阻大•由题，甲灯接在电源上正常
P
发光，甲灯的电压为 6V ，乙灯的电阻比甲灯电阻大，当乙灯接到同一电源上时，分得的电压 将大于6V ，所以灯乙可能因电压过高而烧毁，不能正常发光•故 ABC 错误，D 正确.
故选：D •
【点评】：本题关键抓住路端电压与外电阻的关系，来分析乙灯得到的电压与额定电压的关 系进行判断.
12. （ 3分）（2015?奉贤区二模）如图为伽利略设计的一种测温装置示意图，玻璃管的上端与 导热良好的玻璃泡连
通，下端插入水中，玻璃泡中封闭有一定量的空气•若玻璃管内水柱上 升，则导致原因可能是外界大气（ ）
【考点】：
理想气体的状态方程• 【专题】： 理想气体状态方程专题•
【分析】：
此温度计不是根据液体的热胀冷缩原理制成的，它是靠气体作为膨胀物质，液体 的受热膨胀忽略不计；外界大气的压强变化时，根据理想气体的状态方程也可以判定.
【解析】： 解：设玻璃泡中气体压强为 p ,外界大气压强为p',则p'=p+p gh ,且玻璃泡中气体
与外界大气温度相同•液柱上升，气体体积减小，根据理想气体的状态方程•可知，若P 不
变，则V 减小时，T 减小；若T 不变时，V 减小时，P 变大.即温度T 降低或压强P 变大是 可能的情况•故 BCD 均不符合要求，A 正确. 故选：A
【点评】： 本题考查了气体温度计的原理，膨胀物质不是液体，而是气体，依据气体的热胀 冷缩性质制成的
13・（3分）（2015?奉贤区二模）如图所示，光滑小球放置在半球面的底端，竖直放置的挡板 水平向右缓慢地推动
小球，则在小球运动（始终未脱离球面）的过程中，挡板对小球的推力 F 、 半球面对小球的支持力 F N 的变化情况正确的是（
）
A • F 增大，F N 减小
B • F 减小，F N 增大
C • F 减小，F N 减小
D • F 增大，F N 增大
A •温度降低，压强增大 C ・ 温度升高，压强减小
B •温度升高，压强不变 D •温度不变，压强减小
【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力. 【专题】：共点力作用下物体平衡专题.
【分析】：对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，根据平衡条件 列式求解. 【解析】：解：对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，如图
F=mgtan 0
K
― mg r
N-C0S e
由于0不断增加，故F 增大、F N 增大； 故选：D .
【点评】：本题关键是画出受力图，根据平衡条件求解出两个弹力的表达式进行分析讨论.
14. （ 3分）（2015?奉贤区二模）如图所示，将小球甲、乙、丙（都可视为质点）分别从 A 、B 、 C 三点由静止同
时释放，最后都到达竖直面内圆弧的最低点
D ，其中甲是从圆心 A 开始做自
由落体运动，乙沿弦轨道从与圆心等咼的 动到D .忽略一切阻力，则正确的是（
B 到达D ，丙沿圆弧轨道从
C 点（很靠近
D 点）运
）
W
A.
甲球最先到达D 点，乙球最后到达 D 点
B. 甲球最先到达 D 点，丙球最后到达 D 点
C. 丙球最先到达 D 点，乙球最后到达 D 点
D .甲球最先到达 D 点，无法判断哪个球最后到达 D 点
【考点】：牛顿第二定律；自由落体运动. 【专题】：牛顿运动定律综合专题.
【分析】：A 为自由落体，运用自由落体的公式求出时间， B 是利用匀变速运动的知识求出所
【解析】：解：A 点，AD 距离为r ，加速度为g ，时间 冷二萨；B 点，设/ ADB= 0, BD 距
明显t 2>t 3>t 1,知乙球最后到，甲球最先到.故 A 正确，B 、C 、D 错误.
用时间,
C 是单摆，求出周期，所用时间只是周期.
离为2rcos 0,加速度为gcos0,时间丫.-=
;C 点，简谐振动，周期T=' —：：_，时间
故选：A .
【点评】：解得本题的关键是分清三种不同的运动形态，然后分别计算出每条线路所用的时间，比较大小皆可解决.
15. （3分）（2015?奉贤区二模）如图，闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合.若取磁铁中心O为坐标原点，建立竖直向下为正方向的x轴，则下图中最能正确反映环中感应电流i随环心位置坐标x
变化的关系图象是（）
ft
【考点】：楞次定律；闭合电路的欧姆定律.
【专题】：电磁感应与电路结合.
【分析】：由楞次定律可知，感应线圈中电流方向变化，综合分析两个峰值不可能相等，由排除法可知.
【解析】：解：A、圆形闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴始终保持重合，圆环中磁通量变化不均匀，产生的感应电流不是线性变化，故A错误；
B、铜环下落到磁铁顶端的速度小于下落到磁铁底端的速度，铜环下落到磁铁顶端产生的感应电流小于下落到磁铁底端产生的感应电流，选项B正确，C错误.
D、由楞次定律可知，圆环靠近磁体的过程中向上的磁通量最大，而离开磁体的过程中向上的磁通量减小，磁通量的变化相反，所以感应电流的方向也相反，故D错误.
故选：B
【点评】：本题考查了对楞次定律的理解和应用，注意重点判断磁通量的大小和方向的变化，其中判断出感应电流的大小与方向不相同是解答的关键.
16. （3分）（2015?奉贤区二模）水平路面上行驶的汽车所受到的阻力大小f与汽车行驶的速
率成正比.若汽车从静止出发，先做匀加速直线运动，达到额定功率后保持额定功率行驶，
则在整个行驶过程中，汽车受到的牵引力大小
【考点】：功率、平均功率和瞬时功率. 【专题】：功率的计算专题.
【分析】：汽车先做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知牵引力与阻力的关系式，功率 达到额定功率后，根据 F 宾及f=kv 求出牵引力与阻力的关系式，进而选择图象
V
【解析】：解：汽车先做匀加速直线运动， 速度增大，f=kv 增大，根据牛顿第二定律得：F=f+ma 可知，牵引力随着
f 的增大而均匀增大，图象是一条倾斜的直线，
功率达到额定功率后，F=「，f=kv ，则F='，则牵引力与阻力成反比，故 A 正确.
v f
故选：A
【点评】：解决本题的关键会根据汽车的运动情况判断受力情况，能结合牛顿第二定律判断
牵引力的变化情况，难度适中 三、（16分）多项选择题.（本大题共4小题，每小题4分.每小题给出的四个答案中，有两 个或两个以上是正确的•每一小题全选对得 4分；选对但不全，得 2分；有选错或不答的, 得0分.）
17. （4分）（2015?奉贤区二模）如图所示，用恒力 F l 、F 2分别将同一重物由静止开始沿同一 固定的粗糙斜面由底
端推到顶端，
F i 沿斜面向上，F 2沿水平方向.已知两次所用时间相等，
C.
物体克服摩擦力做功相同 D .恒力F i 、F 2对物体做功相同
【考点】：功的计算；牛顿第二定律. 【专题】：功的计算专题.
【分析】：根据匀变速直线运动的位移时间公式比较加速度的大小.根据末速度的大小关系 得出动能的变化量大小，结
合动能定理比较合外力做功情况.根据动能定理，通过摩擦力做 功和重力做功的大小关系得出恒力 F 做功的大小关系 【解析】：解：A 、根据x=—一厂••知，位移相同，运动时间相同，则加速度相同.故
A 正确.
B 、 根据v=at 知，加速度相同，运动时间相同，则末速度大小相等，根据动能定理知，动能变 化量相等，物体上升的
顶端，重力势能的增加量相同，动能的增加量相等，则机械能变化量 相等，故B 正确；
C 、 运动过程中，重力做功相等，第二次的摩擦力大于第一次的摩擦力，则第二次克服摩擦力
做功大，而动能的变化量相等，根据动能定理知， F i 做的功比F 2做的少，故CD 错误.
故选：AB
【点评】：本题考查了动能定理的基本运用，关键抓住动能变化量相等，重力做功相等，通 过摩擦力做功不等，比较出恒力
F 做功的大小关系
18. （ 4分）（2015?奉贤区二模）位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示, ab 、cd 分别是正方形两条边的中垂线，
O 点为中垂线的交点，P 、Q 分别为cd 、ab 上的点,
则正确的是（
）
B .物体机械能增量相同
A . P、O两点的电势关系为护=如
B. P、Q两点电场强度的大小关系为E p> E Q
C. 若在0点放一正点电荷，则该正点电荷受到的电场力为零
D. 若将某负电荷由P点沿着曲线PQ移到Q点，电场力做负功
【考点】：电势；电场强度.
【专题】：电场力与电势的性质专题.
【分析】：根据电场线的方向确定场源电荷的正负•电势的高低看电场线的指向，沿着电场
线电势一定降低.电场线的疏密表示场强的大小，根据电势高低判断功的正负.
【解析】：解：A、根据电场叠加，由图象可知ab、cd两中垂线上各点的电势都为零，所以P、0两点的电势相等.故A正确.
B、电场线的疏密表示场强的大小，根据图象知E P>E Q,故B正确；
C、四个点电荷在0点产生的电场相互抵消，场强为零，故在0点放一正点电荷，则该正点电荷受到的电场力为零，故C正确.
D、P、Q电势相等，所以a、c两点电势相等，若将某一负电荷由P点沿着图中曲线PQ移到Q 点，电场力做功为零•故D错误.
故选：ABC
【点评】：本题的关键要掌握电场线的分布情况，能根据曲线的弯曲方向可知粒子的受力方
向.通过电场线的指向看电势的高低
19. （4分）（2015?奉贤区二模）如图，电源电动势为3V，内阻不可忽略，滑动变阻器的滑片
P从a滑向b的过程中，三只理想电压表的示数变化的绝对值分别为汕1、汕2、△U s，下列
各值不可能出现的是（）
A . ^U i=3V、^U2=2V、△U3=1V
B . △U1=1V、^U2=3V、△U3=2V
C. △U i=0.5V、^U2=1V、^U3=1.5V D . △U l=0.2V、^U2=1V、△U3=0.8V
【考点】：闭合电路的欧姆定律.
【专题】：恒定电流专题.
【分析】：滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电灯两端的电压增大，路端电压减小，分析变阻器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断A U2、汕3的大小，再选择符合题意的选项.
【解析】：解：滑动变阻器的滑片 P 从a 滑向b 的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电 路中电流增大，电灯两端的电压
U 2增大，电源的内电压增大，则路端电压 U i 减小，则变阻
器两端电压 U 3减小.由于 U 仁U 2+U 3, U i 减小，则知 △U 2>A U 3, △U I V A U2,由于E=3V , △U 2< 3V ，所以△
U i =0.2V 、^U 2=1V 、△U 3=0.8V 是可能的， ^U i =3V 、^U 2=2V 、△U 3=1V ;
△U i =1V 、△U 2=3V 、^U 3=2V ; △△J i =0.5V 、^U 2=1V 、^U 3=1.5V 不可能.故 D 正确，ABC 错误. 本题选不可能的，故选：
ABC .
【点评】：本题解题的关键是抓住 U 仁U 2+U 3,根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小.
20. （ 4分）（2015?奉贤区二模）如图所示，由一根绝缘导线绕成半径相同的两个小圆（中央
缺口很小）组成的线圈水平放置，匀强磁场 B 垂直通过线圈平面，若将磁场的磁感强度从 B 增大到2B 的过程中通过线圈的电量为 Q ,则下列可使线圈中通过电量为 Q 的过程是（ ）
【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动. 【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题. 【分析】：由法拉第电磁感应定律和欧姆定律，
结合电量表达式，可得出电量的综合表达式. 从
而分析判断.
【解析】：解：电量公式q=l
而法拉第电磁感应定律 E=N 厶一，电流1=：'，因此电量的
At F
表达式Q=：；上一.由题意可知，当磁感应强度由
B 增强至2B 的过程中有电量 Q 通过线圈，
要使线圈通过电量仍为 Q ,则有：磁通量变化为 BS ，或电阻变为原来的一半，
A 、 保持
B 不变，将线圈平面翻转 90°,根据磁通量的变化，可知， △①=BS ，故A 正确； B 、 保持B 不变，将线圈平面翻转 180°,根据磁通量的变化，可知， △①=2BS ，故B 错误；
C 、 保持B 不变，将线圈的一个小圆平面翻转
180°根据磁通量的变化，可知，
△①=BS ，故C
正确；
D 、 保持B 不变，将线圈拉大成一个大圆，根据周长相同，则有大圆的半径是小圆半径的
2
倍，因此磁通量的变化，为 △①=B?2S -BS=BS ，故D 正确； 故选：ACD .
【点评】：考查电量的综合表达式，注意掌握经过变化后，磁通量变化必须为 BS ,才能满足
题意，同时注意线圈拉成大圆时，圆的周长不变，从而确定大圆与小圆的半径关系.
四、（20分）填空题.（本大题共6小题，每空格2分.不要求写出演算过程.本大题中第 22
题，23题为分叉题，考生可任选一题答题.若两题均做，一律按第一题题计分.
）
21. （ 4分）（2015?奉贤区二模）禾U 用发波水槽得到的水面波形如
a 、
b 所示，则图a 显示了波
的 衍射 现象.为了能更明显看到此现象， 可以 减小 水波的振源频率（选填 增大” 减
小”.
x K
a
o
X X X X
A . 保持磁场
B 不变，将线圈平面翻转 90° B . 保持磁场B 不变，将线圈平面翻转
180°
C . 保持磁场B 不变，将线圈的一个小圆平面翻转
D . 保持磁场B 不变，将线圈拉成一个大圆
180°
【考点】：波的干涉和衍射现象.
【分析】：波绕过障碍物继续传播的现象就是波的衍射现象；当频率相同的两列波相遇时有的地方振动减弱，有的地方振动加强，且加强和减弱的区域交替出现说明发生了干涉现象.
【解析】：解：波绕过障碍物继续传播的现象就是波的衍射现象，故图a说明发生了明显的衍
射现象.
当频率相同的两列波相遇时当波程差为波长的整数倍时振动加强，当波程差为半个波长的奇数倍时振动减弱，使有的地方振动加强有的地方振动减弱，且加强和减弱的区域交替出现，故图b是发生了干涉现象.
当波长越长，发生明显干涉和衍射越明显；再由于波速有介质决定，所以增大波长需减小波的频率.
故答案为：衍射；减小.
【点评】：掌握干涉和衍射的图样的特点和发生条件，是解决此类题目的关键所在•注意干涉现象的条件与明显的衍射现象条件.
22. （4分）（2015?奉贤区二模）总质量为M的装砂的小车，正以速度V0在光滑水平面上向右前进，突然车底漏了，不断有砂子漏出来落到地面，则漏出的砂的速度为__ vo_，在漏砂的过
程中，小车的速度的变化情况是不变（选填变大” 不变”或变小”.
【考点】：动量守恒定律.
【专题】：动量定理应用专题.
【分析】：车以及沙子在水平方向动量守恒，根据动量守恒列方程求解即可.
【解析】：解：设漏掉质量为m的沙子后，砂子从车上漏掉的瞬间由于惯性速度仍然为v o,
汽车速度为v',根据水平方向动量守恒可得：
Mv o=mv o+ （M - m）v，
解得：v'=v o，小车的速度保持不变. 故答案为：v o,不变.
【点评】：本题考查了动量守恒定律的应用，应用时注意：正确选取研究对象，明确公式中各物理量含义.
23.
（2oi5?奉贤区二模）已知一颗人造卫星在某行星表面上空做匀速圆周运动，经时间t,卫
星的行程为s,它与行星中心的连线扫过的角度为1rad,则卫星的环绕周期为 2 n ，若减
小该卫星的速度，则卫星的轨道半径将变小（选填变大” 不变”或变小”）.
【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.
【专题】：人造卫星问题.
【分析】：根据圆周运动的规律间的关系解出T ,由万有引力与需要的向心力之间的关系，判
定轨道半径的变化.
【解析】：解：（1）由圆周运动的规律得：T=<'，。