21高考文科数学不等式问题的题型与方法

专题三：高考文科数学不等式问题的题型与方法〔文科〕
一、考点回忆
1．高考中对不等式的要求是：理解不等式的性质及其证实；掌握两个〔不扩展到三个〕正数的算术平均数不小于它们的几何平均数的定理,并会简单的应用；掌握分析法、综合法、比拟法证实简单的不等式；掌握简单不等式的解法；理解不等式│a│-│b│≤│a+b│≤│a│+│b │.
2．不等式这局部内容在高考中通过两面考查,一是单方面考查不等式的性质,解法及证实；二是将不等式知识与集合、逻辑、函数、三角函数、数列、解析几何、立体几何、平面向量、导数等知识交汇起来进行考查,深化数学知识间的融汇贯穿,从而提升学生数学素质及创新意识．3．在不等式的求解中,换元法和图解法是常用的技巧之一,通过换元,可将较复杂的不等式化归为较简单的或根本不等式,通过构造函数,将不等式的解化归为直观、形象的图象关系,对含有参数的不等式,运用图解法,可以使分类标准更加明晰．
4．证实不等式的方法灵活多样,但比拟法、综合法、分析法仍是证实不等式的最根本方法．要依据题设、题断的结构特点、内在联系,选择适当的证实方法,要熟悉各种证法中的推理思维,并掌握相应的步骤,技巧和语言特点．比拟法的一般步骤是：作差(商)→变形→判断符号(值)．5．在近几年全国各省市的高测试卷中,不等式在各种题型中都有出现.在解做题中,不等式与函数、数列与导数相结合,难度比拟大,使用导数解决逐渐成为一般方法
6．知识网络
其中：指数不等式、对数不等式、无理不等式只需了解,不做过高要求.
二、 经典例题剖析 1．有关不等式的性质
此类题经常出现在选择题中,一般与函数的值域,最值与比拟大小等常结合在一起
例1．〔2022年江西卷〕假设a >0,b >0,那么不等式－b <1
x
<a 等价于〔 〕 A ．1b －<x <0或0<x <1a B.－1a <x <1b C.x <-1a 或x >1b D.x <1b －或x >1a
解析：－b <1x <a 等价于－b <1x <0或0<1x <a 等价于x <1b －或x >1
a
答案：D
点评：注意不等式b
a b a 1
1>⇔
<和适用条件是0>ab 例2.〔2022年北京卷〕如果正数a b c d ，，，满足4a b cd +==,那么〔 〕
Ａ．ab c d +≤,且等号成立时a b c d ，，，的取值唯一 Ｂ．ab c d +≥,且等号成立时a b c d ，，，的取值唯一 Ｃ．ab c d +≤,且等号成立时a b c d ，，，的取值不唯一 Ｄ．ab c d +≥,且等号成立时a b c d ，，，的取值不唯一
解析：正数a b c d ，，，满足4a b cd +==,∴ 4=a b +≥,即4ab ≤,当且仅当a =b =2时,“=〞成立；又4=2
(
)2
c d cd +≤,∴ c+d ≥4,当且仅当c =d =2时,“=〞成立；综上得ab c d +≤,且等号成立时a b c d ，，，的取值都为2
答案：A
点评：此题主要考查根本不等式,命题人从定值这一信息给考生提供了思维,重要不等式可以完成和与积的转化,使得根本不等式运用成为现实.
例3．(2022年安徽)假设对任意∈x R ,不等式x ≥ax 恒成立,那么实数a 的取值范围是 (A)a ＜-1 (B)a ≤1 (C) a ＜1 〔D 〕a ≥1 解析：假设对任意∈x R ,不等式x ≥ax 恒成立,当x ≥0时,x ≥ax,a ≤1,当x<0时, －x ≥ax,∴a ≥－1,综上得11a -≤≤,即实数a 的取值范围是a ≤1,选B.
2． 有关不等式的解法
此类问题在高考中选择题,填空题及解做题中均有出现,并且这几年考查也为较为平凡,要求掌握几
种简单的不等式的解法,如分式不等式,高次不等式,无理不等式及含有绝对值的不等式的解法,特别要注意含参数不等式,这类问题经常一集合结合在一起出现在解做题中.
例4．〔2022年安徽〕解不等式(|31|1)(sin 2)x x ---＞0
解析：由于对任意x ∈R ,sin 20x -<,所以原不等式等价于3110x --<．即
311x -<,1311x -<-<,032x <<,故解为203
x <<
． 所以原不等式的解集为203x x ⎧⎫<<
⎨⎬⎩⎭
点评：此题将绝对不等式与三角函数知识结合起来考查,属中档题
例5．〔2022年湖北卷〕设P 和Q 是两个集合,定义集合{}|P Q x x P x Q -=∈∉，且,如果{}2|log 1P x x =<,{}|21Q x x =-<,那么P Q -等于〔 〕
Ａ．{}|01x x <<
Ｂ．{}|01x x <≤
Ｃ．{}|12x x <≤
Ｄ．{}|23x x <≤
解析：先解两个不等式得{
}02P x x =<<,}{
13Q x x =<<.由P Q -定义选Ｂ 答案：Ｂ
点评：此题通过考察两类简单不等式的求解,进一步考察对集合的理解和新定义的一种运算的应用,表达了高考命题的创新趋向.此处的新定义一般称为两个集合的差.
注意点：对新定义理解不全,忽略端点值而误选Ａ,以及解{}2|log 1P x x =<时出错.
例6．〔2022年江西卷〕函数21(0)
()2(1)
x c cx x c f x k c x -+<<⎧⎪
=⎨⎪+<⎩ ≤在区间(01)，
内连续,且29
()8
f c =
．〔1〕求实数k 和c 的值；〔2
〕解不等式()18f x >+．
解析：〔1〕由于01c <<,所以2c c <,由2
9()8f c =
,即3
918c +=,12
c =． 又由于4111022()1212x x x f x k x -⎧⎛
⎫+<< ⎪⎪⎪⎝
⎭=⎨⎛⎫
⎪+< ⎪⎪⎝⎭⎩
≤在12x =处连续,
所以2
15224f k -⎛⎫=+=
⎪
⎝⎭
,即1k =． 〔2〕由〔1〕得：4111022()12112x x x f x x -⎧⎛
⎫+<< ⎪⎪⎪⎝
⎭=⎨⎛⎫
⎪+< ⎪⎪⎝⎭⎩
≤
由()18f x >+得,当1
02
x <<时,
解得142x <<． 当
112x <≤时,解得1528
x <≤,
所以()1f x >
+
的解集为58x ⎧⎫⎪⎪
<<⎨⎬⎪⎪⎩
⎭． 点评：此题在分段函数的背景下考查不等式的解法,巧妙地将连续结合在一起,近几年来这类以分段函数为背景下的命题很多,逐步形成了热点问题,很值得重视
3．有关不等式的证实
不等式的证实非常活泼,它可以和很多知识如函数、数列、三角、导数等相联系,证实时不仅要用到不等式的相关知识,还要用到相关的技能、技巧,应注意增强逻辑推理水平的练习. 例7．〔2022年天津卷〕数列{}n x 满足121x x ==并且 11
,(n n n n x x
x x λλ+-=为非零参
数,2,3,4,...).n = 〔I 〕假设1x 、3x 、5x 成等比数列,求参数λ的值；
〔II 〕设01λ<<,常数*
k N ∈且3,k ≥
证实：*
1212...().1k k k n k k
n x x x n N x x x λλ
++++++<∈-
〔I 〕解：由121,x x ==且
36335244345213243
,,.x x x x x x
x x x x x x x x x λλλλλλ=⇒==⇒==⇒= 假设1x 、3x 、5x 成等比数列,那么2315,x x x =即26
.λλ=而0,λ≠解得 1.λ=±
〔II 〕证实：设1,n n n x a x +=
由,数列{}n a 是以21
1x
x =为首项、λ为公比的等比数列,故11,n n n x x λ-+=那么 1112....n k n k n k n n n k n k n
x x x x x x x x +++-++-+-=(3)
2312
.....k k kn n k n k n λλλλ-++-+--== 因此,对任意*
,n N ∈
1212...k k n k
n
x x x x x x ++++++(3)(3)(3)
2222
...k k k k k k k k kn λλλ---+++=+++ (3)(3)22
2
(1)
(...).1k k k k k nk k k
nk
k
λλλλλ
λλ
λ
---=+++=- 当3k ≥且01λ<<时,(3)2
01,011,k k nk λλ-<≤<-<所以
*
1212...().1k k k n k k
n x x x n N x x x λλ
++++++<∈- 点评：此题以数列的递推关系为载体,主要考查等比数列的等比中项及前n 项和公式、等差数列前n 项和公式、不等式的性质及证实等根底知识,考查运算水平和推理论证水平
4．有关不等式的综合问题
例8．用一块钢锭烧铸一个厚度均匀,且外表积为2平方米的正四棱锥形有盖容器(如右图)设容器高为h 米,盖子边长为a 米,
(1)求a 关于h 的解析式；
(2)设容器的容积为V 立方米,那么当h 为何值时,V 最大？求出V 的最大值(求解此题时,不计容器厚度)
解析 ①设h ′是正四棱锥的斜高,由题设可得
⎪⎪⎩
⎪⎪⎨⎧=+='⋅+12
222
412214h a a a h a 消去)0(11:.2
>+='a h a h 解得 ②由)
1(3312
2+==
h h
h a V (h ＞0) 得 21
21)
1(31
=⋅=+
+=
h
h h h h h V 而 所以V ≤61,当且仅当h =h
1
即h =1时取等号
故当h =1米时,V 有最大值,V 的最大值为6
1
立方米
点评 此题主要考查建立函数关系式,棱锥外表积和体积的计算及用均值定论求函数的最值
注意 在求得a 的函数关系式时易漏h ＞0
例9．〔2022年全国卷I 〕设函数32
()2338f x x ax bx c =+++在1x =及2x =时取得极值. 〔Ⅰ〕求a 、b 的值；
〔Ⅱ〕假设对任意的[0,3]x ∈,都有2
()f x c <成立,求c 的取值范围.
解析：〔Ⅰ〕2
()663f x x ax b '=++,由于函数()f x 在1x =及2x =取得极值,那么有
(1)0f '=,(2)0f '=．即6630241230a b a b ++=⎧⎨
++=⎩
，
． ,解得3a =-,4b =． 〔Ⅱ〕由〔Ⅰ〕可知,32()29128f x x x x c =-++,2
()618126(1)(2)f x x x x x '=-+=--．
当(01)x ∈，时,()0f x '>；当(12)x ∈，时,()0f x '<；当(23)x ∈，时,()0f x '>． 所以,当1x =时,()f x 取得极大值(1)58f c =+,又(0)8f c =,(3)98f c =+． 那么当[]03x ∈，时,()f x 的最大值为(3)98f c =+．
由于对于任意的[]03x ∈，,有2
()f x c <恒成立,所以 298c c +<,解得 1c <-或9c >,因
此c 的取值范围为(1)(9)-∞-+∞，，．
点评：此题将导数、极值的应用、恒成立问题的解法交汇在一起考查,要求要有较强的运用数学知识解决问题的水平.
例10〔2022年福建卷〕函数f(x)＝－kx,. 〔1〕假设k ＝e,试确定函数f(x)的单调区间；
〔2〕假设k>0,且对于任意
确定实数k 的取值范围；
〔3〕设函数F(x)＝f(x)+f(-x),求证：F(1)F(2)…F(n)>
〔〕.
解析：〔Ⅰ〕由e k =得()e e x f x x =-,所以()e e x
f x '=-．
由()0f x '>得1x >,故()f x 的单调递增区间是(1)+∞，, 由()0f x '<得1x <,故()f x 的单调递减区间是(1)-∞，． 〔Ⅱ〕由()()f x f x -=可知()f x 是偶函数．
于是()0f x >对任意x ∈R 成立等价于()0f x >对任意0x ≥成立． 由()e 0x
f x k '=-=得ln x k =．
①当(01]k ∈，时,()e 10(0)x f x k k x '=->->≥． 此时()f x 在[0)+∞，上单调递增． 故()(0)10f x f =>≥,符合题意． ②当(1)k ∈+∞，时,ln 0k >．
当x 变化时()()f x f x '，的变化情况如下表：
x (0ln )k ，
ln k (ln )k +∞，
()f x ' -
+
()f x
单调递减
极小值
单调递增
由此可得,在[0)+∞，
上,()(ln )ln f x f k k k k =-≥． 依题意,ln 0k k k ->,又11e k k >∴<<，． 综合①,②得,实数k 的取值范围是0e k <<． 〔Ⅲ〕
()()()e e x x F x f x f x -=+-=+,
12()()F x F x ∴=12121212121212()()e e e e e e 2e 2x x x x x x x x x x x x x x +-+--++-+++++>++>+, 1(1)()e 2n F F n +∴>+,
11(2)(1)e 2
()(1)e 2.
n n F F n F n F ++->+>
+
由此得,21[(1)(2)()][(1)()][(2)(1)][()(1)](e 2)n n F F F n F F n F F n F n F +=->+
故1
2
(1)(2)
()(e
2)n n F F F n n +*>+∈N ，．
点评：本小题主要考查函数的单调性、极值、导数、不等式等根本知识,考查运用导数研究函数性质的方法,考查分类讨论、化归以及数形结合等数学思想方法,考查分析问题、解决问题的水平．
三、 方法总结与2022年高考预测 〔一〕方法总结
1．熟练掌握不等式的根本性质,常见不等式的解法,二元的重要不等式及应用,不等式的常用证实方法
2．数学中有许多相似性,如数式相似,图形相似,命题结论的相似等,利用这些相似性,通过构造辅助模型,促进转化,以期不等式得到证实.可以构造函数、方程、数列、向量、复数和图形等数学模型,针对欲证不等式的结构特点,选择恰当的模型,将不等式问题转化为上述数学模型问题,顺利解决不等式的有关问题.
〔二〕2022年高考预测
在近年的高考中,不等式的考查有选择题、填空题、解做题都有,不仅考查不等式的根底知识,根本技能,根本方法,而且还考查了运算水平,分析问题、解决问题的水平.解做题以函数、不等式、数列导数相交汇处命题,函数与不等式相结合的题多以导数的处理方式解答,函数不等式相结合的题目,多是先以直觉思维方式定方向,以递推、数学归纳法等方法解决,具有一定的灵活性.
由上述分析,预计不等式的性质,不等式的解法及重要不等知识将以选择题或填空的形式出现；解做题可能出现解不等与证不等式.如果是解不等式含参数的不等式可能性比拟大,如果是证实题将是不等式与数列、函数、导数、向量等相结合的综合问题,用导数解答这类问题仍然值得重视.
四、 强化练习 （一） 选择题
1．设a b ，是非零实数,假设b a <,那么以下不等式成立的是〔 〕 Ａ．2
2
b a < Ｂ．b a ab 2
2
< Ｃ．
b
a a
b 2211< Ｄ．b a
a b <
解析：C 用21a b =-=，可以排除A,1
22a b ==，可以排除B,D,应选C
答案：选C
评注：解选择题时一定注意解题方法,特值检验对有些选择题是正确快捷的选择. 2．以下四个数中最大的是〔 〕
A ．2
(ln 2)
B ．ln(ln 2)
C ．
D ．ln 2
解析：∵ 0ln 21<<,∴ ln(ln2)<0,(ln2)2< ln2,而ln 2=
2
1
ln2<ln2,∴ 最大的数是ln2,选D. 答案：选D
3．不等式1()()9a
x y x y
++
≥对任意正实数x,y 恒成立,那么正实数a 的最小值为( ) A.2 B.4 C.6 D.8
解析：
)
2
1()()111a y ax
x y a a x y x y ++=+++≥++=,当y =等号成立,所以
1
()()a
x y x y
++的最小值为
)2
1,
)
2
19,4a ≥∴≥
答案：选B
4．函数y =
〕
〔A 〕[,1)(1,2]- 〔B 〕(,1)(1,2)- 〔C 〕[2,1)(1,2]-- 〔D 〕(2,1)(1,2)--
解
析
：
要
使
函
数
有
意
义
,
那
么
2212
log (1)00111x x x x -≥⇔<-≤⇔<-≤<或1
答案：选A.
5．设2
()lg(
)1f x a x
=+-是奇函数,那么使()0f x <的x 的取值范围是〔 〕 A ．(1,0)- B ．(0,1) C ．(,0)-∞ D ．(,0)
(1,)-∞+∞
解析：由10)0(-==a f 得 011lg )(<-+=x x x f 得⎪⎪⎩⎪⎪⎨
⎧<-+>-+111011x
x x
x
01<<-∴x 选A 答案：选A
6．设函数f (x )=⎪⎪⎩⎪
⎪⎨⎧
≥-<<-+-≤+)1(11
)11(22)1()1(2x x
x x x x ,f (a )＞1,那么a 的取值范围是( )
A (－∞,－2)∪(－
21
,+∞) B (－
21,2
1) C (－∞,－2)∪(－2
1
,1)
D (－2,－
2
1
)∪(1,+∞) 解析 由f (x )及f (a )＞1可得
⎩⎨⎧>+-≤1)1(12
a a ① 或⎩⎨⎧>+<<-12211a a ② 或⎪⎩⎪
⎨⎧>-≥1111
a
a ③ 解①得a ＜－2,解②得－21
＜a ＜1,解③得x ∈∅ ∴a 的取值范围是(－∞,－2)∪(－2
1
,1〕
答案 C
7．定义在R 上的奇函数f (x )为增函数,偶函数g (x )在区间［0,+∞)的图像与f (x )的图 像重合,设a ＞b ＞0,给出以下不等式,其中正确不等式的序号是( )
①f (b )－f (－a )＞g (a )－g (－b ) ②f (b )－f (－a )＜g (a )－g (－b ) ③f (a )－f (－b )＞g (b )－g (－a ) ④f (a )－f (－b )＜g (b )－g (－a ) A ①③
B ②④
C ①④
D ②③
解析 由题意f (a )=g (a )＞0,f (b )=g (b )＞0,且f (a )＞f (b ),g (a )＞g (b )∴f (b )－f (－
a )=f (
b )+f (a )=g (a )+g (b ),
而g (a )－g (－b )=g (a )－g (b )∴g (a )+g (b )－［g (a )－g (b )］=2g (b )＞0, ∴f (b )－f (－a )＞g (a )－g (－b ),同理 f (a )－f (－b )＞g (b )－g (－a )
答案 A
8．以下四个命题中 ①a +b ≥2ab ②sin 2x +
x
2
sin 4
≥4 ③设x ,y 都是正数,假设y x 91+=1,那么x +y 的最小值是12 ④假设|x －2|＜ε,|y －2|＜ε,那么|x －y |＜2ε,其中所有真命题的个数为〔 〕
A ．0
B ．3
C ．2
D ．1
解析 ①②③不满足均值不等式的使用条件“正、定、等〞
④式 |x －y |=|(x －2)－(y －2)|≤|(x －2)－(y －2)|≤|x －2|+|y －2|＜ε+ε=2ε ④为真命题
答案 D
评注：此题考查重要不等式的使用条件及绝对值不等式的应用
9．|5||3|x x m m -+-<若不等式有解，则实数的取值范围是〔 〕
.1.1.2.2A m B m C m D m >≥>≥
解析：由不等式的意义知,|5||3|y x x =-+-的最大值的为2,从而2m > 答案：C
10．2(1,2)1)log a x x x a ∈-<当时，不等式（恒成立，则实数的取值范围是〔 〕
.[2,).(1,2)
.(0,1).(1,2]A B C D +∞
解析：令2
()(1)f x x =-,()log a g x x =,()y f x =与()y g x =的图象均过点(1,0),由不等式21)log a x x -<（恒成立,得1a >.点(2,1)在()y f x =图象上,当()y g x =的图象过点(2,1)时,2a =.由图象知,12a <≤.
答案：D
评注：此题考查了对数函数的图象与性质,不等式的知识以及数形结合的数学思想 11．某地2022年第一季度应聘和招聘人数排行榜前5个行业的情况列表如下： 行业名称 假设用同一行业中应聘人数与招聘人数比值的大小来衡量该行业的就业情况,那么根据表中
数据,就业形势一定是〔 〕
A ．计算机行业好于化工行业
B ．建筑行业好于物流行业
C ．机械行业最紧张
D ．营销行业比贸易行业紧张
解析：就业情况＝应聘人数招聘人数
, 计算机就业情况＝215 830
124 620＞1,
化工就业情况＝65 28070 436＜1,那么A 不适宜.同理：建筑业就业情况＜65 280
76 518＜1
物流行业就业情况＝74 570
70 436＞1,应选B. 答案：B
评析：读懂题意是关键,这里比值越小,就业情况越好.
12．假设函数2
()log (2)(0,1)a f x x x a a =+>≠在区间〔0,12〕恒有()0f x >,那么()f x 的单调递增区间是〔 〕
A ．〔－∞,－1
4
〕
B ．〔－1
4
,+∞〕
C ．〔0,+∞〕
D ．〔－∞,－1
2
〕
解析：设u ＝2x 2+x ,当x ∈〔0,1
2〕时,u ∈〔0,1〕,而此时f 〔x 〕＞0恒成立,
∴0＜a ＜1,
∴u ＝2x 2+x ＝2〔x +14〕2－18,那么递减区间为〔－∞,－1
4
〕,
又u ＝2x 2+x ＞0,∴x ＞0或x ＜－12,∴f 〔x 〕的单调递增区间为〔－∞,－1
2〕 答案：D
评析：此题考查复合函数的单调性,对数函数的性质及解不等式等知识,这里要特别注意复合函数的定义域.
（二） 填空题 13．不等式()
120lg cos 2≥x
〔()π,0∈x 〕的解集为__________.
解析： 注意到120lg >,于是原不等式可变形为.0cos 0cos 2≥⇔≥x x 而π<<x 0,所以2
0π
≤
<x ,故应填.20⎭
⎬⎫
⎩
⎨⎧∈≤
<R x x x ，π
答案：.20⎭
⎬⎫
⎩
⎨⎧∈≤
<R x x x ，π
14．当(12)x ∈，时,不等式2
40x mx ++<恒成立,那么m 的取值范围是 ． 解析：构造函数2
()4,f x x mx =++[12]x ∈，.由于当(12)x ∈，时,不等式
240x mx ++<恒成立.那么(1)0,(2)0f f ≤≤,即140,4240m m ++≤ ++≤.
解得：5m ≤-.
答案：5m ≤-
15．函数()f x =
的最小值为 ．
解析：要使()f x =
有意义,需2
20x x -≥且2
540x x -+≥,解得
{}
20x x x ≥≤或且
{}
41x x x ≥≤或所以()f x =
的定义域是
}{
04x x x ≤≥或,当0x ≤时()f x =,在0x =处取最小值
为4；当4x ≥时()f x =,在4x =处取最小值为1+比
拟得最小值为1+
答案：1+评注：此题考查了不等式的解法,以及利用复合函数的单调性来求最值,考查全面,表达了分类讨论的思想.
16．不等式|2log |2|log |(01)a a x x x x a -<+<<的解集为___________ 解析：原不等式2(log )0log 0a a x x x ⇔⋅-<⇔⋅>解得01x << 答案：(0,1)
点评：按常规解法需讨论去绝对值,但此路不通.注意到不等式的结构,可联想到
||||||a b a b +≤+中等号成立的条件是0ab <,从而获解.
（三） 解做题
17． 适合不等式|x 2－4x +p |+|x －3|≤5的x 的最大值为3
(1)求p 的值；
(2)假设f (x )=11+-x x p p ,解关于x 的不等式1
1()log p x f x k
-+>(k ∈R +)
解析：(1)∵适合不等式|x 2－4x +p |+|x －3|≤5的x 的最大值为3, ∴x －3≤0,∴|x －3|=3－x
假设|x 2－4x +p |=－x 2+4x －p ,那么原不等式为x 2－3x +p +2≥0,其解集不可能为{x |x ≤3}的子集,∴|x 2－4x +p |=x 2－4x +p ∴原不等式为x 2－4x +p +3－x ≤0,即x 2－5x +p －2≤0,
令x 2－5x +p －2=(x －3)(x －m ),可得m =2,p =8
(2) f (x )=1
818+-x x ,∴f -－
1(x )=log 8x x -+11 (－1＜x ＜1),
∴有log 8
x x -+11＞log 8k
x
+1,∴log 8(1－x )＜log 8k ,∴1－x ＜k ,∴x ＞1－k ∵－1＜x ＜1,k ∈R +,∴当0＜k ＜2时,原不等式解集为{x |1－k ＜x ＜1}；当k ≥2时,原不等式的解集为{x |－1＜x ＜1}
18．设222,1,1,a b c R a b c a b c a b c ∈++=++=>>、、若且,c 求的取值范围。

222222222222
112121(1)00
11()(1),02
3()01
03
a b c a b c
a b ab c c a b c ab c c a b x c x c c a b c c c f x x c x c c c c f c c ++=+=-++=-++=-=---+-=>>∆>⎧⎪-⎪=--+->⇒-<<⎨
⎪>⎪⎩- 解：由得①
①得而则②
由①②可知，，是方程的二两实根，而，故方程有均大于的
两不等实根
设则：故的取值范围为（，）
点评：此题根据等式特征,构造二次函数,再根据二次函数的根的分布知求得范围. 19．求证：对于任意的,,(0,1),x y z ∈不等式(1)(1)(1)1x y y z z x ⋅-+⋅-+⋅-<成立. 证实：设()(1)(1),f x y z x y z z =--⋅+⋅-+显然该函数是以x 为主元的一次函数. 当(0,1)x ∈时,()f x 是单调函数,且(0)(1)(1)11,f y y z z y z =-⋅+=-⋅-+<
(1)1 1.f y z =-⋅<
所以,当(0,1)x ∈时,()f x 的最大值小于1,即(1)(1)(1)1x y y z z x ⋅-+⋅-+⋅-<
点评：此题根据不等式特征,构造一次函数,再根据一次函数的保号性证实不等式,简单明了.
20．〔1〕,a b 是正常数,a b ≠,,(0,)x y ∈+∞,求证：222
()a b a b x y x y
++≥+,指出等号成立的条件；
〔2〕利用〔1〕的结论求函数29()12f x x x =+
-〔1
(0,)2
x ∈〕的最小值,指出取最小值时x 的值．
解析：
〔1〕22222222()()a b y x x y a b a b a b x y x y ++=+++≥++2()a b =+, 故222()a b a b x y x y ++≥+．当且仅当22y x a b x y =,即a b x y =时上式取等号； 〔2〕由〔1〕222
23(23)()252122(12)
f x x x x x +=
+≥=-+-． 当且仅当
23212x x =
-,即1
5
x =时上式取最小值,即min [()]25f x = 21．设函数f (x )=tx 2+2t 2x +t -1(x ∈R,t >0). (I)求f (x )的最小值h (t );
(II)假设h (t )<-2t +m 对t ∈(0,2)恒成立,求实数m 的取值范围. 解：〔I 〕∵1)()(3
2
-+-+=t t t x t x f 〔0,>∈t R x 〕, ∴当x =-t 时,f (x )取最小值f (-t )=-t 2+t -1, 即h (t )=-t 3+t -1.
(II)令g (t )=h (t )-(-2t +m )=-t 3+3t -1-m ,
由g ’(t )=-3t 2+3=0得t =1,t =-1〔不合题意,舍去〕. 当t 变化时g ’(t )、g (t )的变化情况如下表：
T (0,1) 1 (1,2) g ’(t ) ＋ 0 － g (t )
递增
极大值1－m
递减
∴g (t )在〔0,2〕内有最大值g (1)=1-m
h (t )<-2t+m 在〔0,2〕内恒成立等价于g (t )<0在〔0,2〕内恒成立,
即等价于1-m <0 所以m 的取值范围为m >1
点评：此题主要考查函数的单调性、极值以及函数导数的应用,考查运用数学知识分析问题解决问题的水平..
22．某水库进入汛期的水位升高量h n (标高)与进入汛期的天数n 的关系是h n ＝205n 2＋6n ,汛期共计约40天,当前水库水位为220(标高),而水库警戒水位是400(标高),水库共有水闸15个,每开启一个泄洪,一天可使水位下降4(标高)．
⑴ 假设不开启水闸泄洪,这个汛期水库是否有危险？假设有危险,将发生在第几天？ ⑵ 假设要保证水库平安,那么在进入汛期的第一天起每天至少应开启多少个水闸泄洪？ (参考数据：2.272＝5.1529,2.312＝5.3361)
解析：⑴ 进入汛期的水库水位标高f (n )＝205n 2＋6n ＋220,
令205n 2＋6n ＋220>400,整理得5n 2＋6n >81,代值验证得n ≥4,
所以,会发生危险,在第4天发生． ⑵设每天开启p 个水闸泄洪,那么f (n )＝205n 2＋6n ＋220－4np ,
令205n 2＋6n ＋220－4np ≤400,
即 p ≥55n 2＋6n －45n ＝5(5n 2＋6n n
－9
n )＝5(5＋6n －9n )．
下证g (n )＝
5＋6n －9
n 为增函数．
事实上,令g (x )＝5＋6x －9
x (x ≥1),
g ′(x )＝(
5＋6x －9
x )′＝
12
5＋
6x
(－6x 2)＋9x 2＝3
x 2(3－15＋
6x
)．
当x ≥1时,g ′(x )>0,于是函数g (x )在x ≥1时是增函数, 所以 g (n )＝
5＋6n －9
n
为增函数．
从而 g (n )max ＝g (40)＝
5＋640－9
40
≈2.04,
故 p ≥5×2.04＝10.20．
即每天开启11个水闸泄洪,才能保证水库平安．
点评：此题主要复习函数、解不等式、利用重要不等式求最值的方法等根底知识,考查与不等式相关的构建数学模型的水平
（四） 创新试题
1. 三个同学对问题“关于x 的不等式2x ＋25＋|3x －52x |≥ax 在[1,12]上恒成立,求实数a 的取值范围〞提出各自的解题思路．
甲说：“只须不等式左边的最小值不小于右边的最大值〞．
乙说：“把不等式变形为左边含变量x 的函数,右边仅含常数,求函数的最值〞． 丙说：“把不等式两边看成关于x 的函数,作出函数图像〞．
参考上述解题思路,你认为他们所讨论的问题的正确结论,即a 的取值范围是 ．
解析：
225[1,2]|5|n a x x x x ∈∴≤+
+-,设225
()|5|f x x x x x
=++-, 25
10x x
+
≥,当5x =时取到最小值10,2|5|10x x -≥,当5x =或0x =〔舍〕.所以当5x =时取到最小值10.所以()f x 取到最小值10,10a ∴≤
答案：10a ≤
点评：此题命题新奇,由三个人的说出了这个题目的解题思路,可以减轻在考场上的紧张感,使学生感到有趣,有利于发挥出好的水平的.
2. 对于定义在区间[],m n 上的两个函数()f x 和()g x ,如果对任意的[],x m n ∈,均有不等式
()()1f x g x -≤成立,那么称函数()f x 与()g x 在[],m n 上是“友好〞的,否那么称“不友好〞的.现在有两个函数()()log 3a f x x a =-与()1
log a
g x x a
=-()0,1a a >≠,给定区间[]2,3a a ++.
〔1〕假设()f x 与()g x 在区间[]2,3a a ++上都有意义,求a 的取值范围； 〔2〕讨论函数()f x 与()g x 在区间[]2,3a a ++上是否“友好〞. 答案：〔1〕函数()f x 与()g x 在区间[]2,3a a ++上有意义,
必须满足23020010,1a a a a a a a +->⎧⎪
+->⇒<<⎨⎪<≠⎩
〔2〕假设存在实数a ,使得函数()f x 与()g x 在区间[]2,3a a ++上是“友好〞的, 那么()()(
)()2
2
2
2log 43log 431a a
f x
g x x ax a
x
ax a -=-+⇒-+≤
即 (
)22
1log 431a x ax a
-≤-+≤ 〔*〕
由于()()0,120,2a a ∈⇒∈,而[]2,3a a ++在2x a =的右侧,
所以函数()()
22log 43a g x x ax a =-+在区间[]2,3a a ++上为减函数,从而
()()()()()()
max min 2log 443log 96a a g x g a a g x g a a =+=-⎡⎤⎣⎦=+=-⎡⎤⎣⎦
于是不等式〔*〕成立的充要条件是
()(
)log 441log 961001
a a
a a a a -≤⎧⎪-≥-⇒<≤⎨⎪<<⎩
因此,
当0a <≤
时,函数()f x 与()g x 在区间[]2,3a a ++
上是“友好〞的；当a >
时,函数()f x 与()g x 在区间[]2,3a a ++上是不“友好〞的. 五、 复习建议
1．证实不等式不但用到不等式的性质,不等式证实的技能、技巧,还要注意到横向结合内容的方方面面.如与数列、二次曲线、三角函数、函数、导数等相结合,解答时需要综合运用这些知识. 2．在解不等式时要特别注意等价转化与分类讨论的数学思想的运用.根椐各类不等式的特点,变形的特殊性,归纳出各类不等式的解法和思路以及具体解法.。