宁夏银川市唐徕回民中学高二物理上学期12月月考试卷(含解析)

宁夏银川市唐徕回民中学2014-2015学年高二上学期月考物理试卷
（12月份）
一、选择题（本题共12小题，单选每小题3分，多选每小题3分，共40分．其中第9、10、
11、12小题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全得2分，错选不得分）
1．如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则( )
A．小磁针保持不动
B．小磁针的N将向下转动
C．小磁针的N极将垂直于纸面向里转动
D．小磁针的N极将垂直于纸面向外转动
2．图表示一条放在磁场里的通电直导线，导线与磁场方向垂直，图中分别标明电流、磁感应强度和安培力这三个物理量的方向，关于三者方向的关系，下列选项中正确的是( )
A．B．C．D．
3．下述说法正确的是( )
A．根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比
B．根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比
C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强
D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹
4．如图甲所示，A、B是一条电场线上的两点，当一个电子以某一初速度只在电场力作用下沿AB由A点运动到B点，其速度﹣时间图象如图乙所示，电子到达B点时速度恰为零．下列判断正确的是( )
A．A点的场强一定大于B点的场强
B．电子在A点的加速度一定大于在B点的加速度
C．A点的电势一定高于B点的电势
D．该电场可能是负点电荷产生的
5．如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是( )
A．Q变小，C不变，U不变，E变小B．Q变小，C变小，U不变，E不变
C．Q不变，C变小，U变大，E不变D．Q不变，C变小，U变大，E变小
6．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )
A．P甲=P乙B．P甲=3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲
7．如图所示是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是( )
A．B．C．D．
8．如图所示电路，电源的内电阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中( )
A．电压表的示数增大 B．电流表的示数增大
C．R1消耗的电功率增大 D． R2消耗的电功率增大
9．关于静电场，下列结论普遍成立的是( )
A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低
B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关
C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向
D．电场力做功与重力做功类似，均与路径无关
10．如图，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=，滑动变阻器的最大值是2r，当滑动片由a端向b端滑动时，下列说法正确的是( )
A．电源的输出功率先变大后变小
B．电源的工作效率变大
C．R0上消耗的电功率先变大后变小
D．滑动变阻器上消耗的功率先变大后变小
11．如图所示，四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表．安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则下列说法正确的是( )
A．安培表A1的读数大于安培表A2的读数
B．安培表A1的偏转角小于安培表A2的偏转角
C．伏特表V1的读数大于伏特表V2的读数
D．伏特表V1的偏转角小于于伏特表V2的偏转角
12．如图所示电路中，电源内阻不计，三个小灯泡完全相同且外电路变化时每个灯泡两端的电压都不会超过其额定电压，开始时只有S1闭合，当S2也闭合后，下列说法正确的是( )
A．灯泡L1变亮
B．灯泡L2变亮
C．电容器C的带电荷量将增加
D．闭合S2的瞬间流过电流表的电流方向自右向左
二、实验题.本题共5小题，共30分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答. 13．用电压表、电流表测定一节干电池的电动势和内阻实验．
（1）实验采用下列（图1）__________电路图．
（2）某同学将实验测得的数据作U﹣I图，如图2所示．根据该图线得到电源电动势的大小是__________V；内阻是__________Ω
14．练习使用多用表实验：
（1）某同学用使用多用表的欧姆挡测量某电阻阻值，他用欧姆挡×10，调零后测量，指针指在a处，欲较准确测量阻值，应选择欧姆挡__________ （请填写“×1”、“×10”或“×100”），再次正确操作后测量，指针指在b处，则该电阻阻值为__________Ω．
（2）下述关于关于多用电表使用操作的说法中正确的是__________
A．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果
B．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开
C．测量阻值换不同倍率时，都必须重新调零
D．多用电表使用后，应将选择开关旋到OFF挡或交流电压最高挡．
15．某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度．读出图中的示数．金属圆片的直径测量值为__________mm．厚度测量值为__________mm．
16．如图所示，一电压表有两个量程，当使用a、b两个端点时，量程为0～10V；当使用a、c两个端点时，量程为0～50V．已知电流表的内阻为100Ω，满偏电流为1mA，则电阻R1的阻值为__________Ω、R2的阻值为__________Ω．
17．一个未知电阻R x（阻值大约为20kΩ），为了较为准确地测定其电阻值，实验室中有如下器材：
电压表V1（量程3V、内阻约为3kΩ），电压表V2（量程15V、内阻约为15kΩ）
电流表A1（量程200μA、内阻约为100Ω），电流表A2（量程0.6A、内阻约为1Ω）
电源E（电动势为3V），滑动变阻器R（最大阻值为20Ω），开关S
（1）在实验中电压表选__________，电流表选__________．（填V1、V2，A1、A2）
（2）实验中R x的测量值比它的真实值__________（填“偏大”、“偏小”）
（3）实验中要求尽可能减小误差，请你在虚线框中画出本实验的电路图．
（4）将图中的实物按电路图的电路连线．
三、计算题（本题共4小题，共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18．分如图所示，AB两端接直流稳压电源，U AB=100V，R0=40Ω，滑动变阻器总电阻R=20Ω，当滑动片处于滑动变阻器中点时，求：
（1）CD两端的电压；
（2）通过电阻R0的电流．
19．如图所示，将U形导轨以倾角θ斜放在匀强磁场中，磁感强度B方向竖直向上，现将一光滑的金属棒水平放在导轨上，且已知导轨宽度为L，棒质量为m，棒的电阻为R，其他电阻忽略不计，为使金属棒静止在导轨上，所加电源电动势E大小为多少？
20．如图所示，有一水平向右的匀强电场，场强为E=1.25×104N/C，一根长L=1.5m、与水平方向的夹角为θ=37°的光滑绝缘细直杆MN固定在电场中，杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q=+4.5×10﹣6 C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6C，质量m=1.0×10﹣2kg．现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．（静电力常量k=9.0×109N•m2/C2，取g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）求：
（1）小球B开始运动时的加速度为多大？
（2）小球B的速度最大时，与M端的距离r为多大？
21．如图所示电路中，电阻器阻值R1=200Ω，R2=300Ω，当开关k断开时，电压表示U1=60V，电流表示数为I1=0.1A；当开关k接通1时，电流表示数为I2=0.28A，电容器的电容C=3.0×10﹣6C．且电压表和电流表都有一定的内阻，求：
（1）电源电动势是多少伏？
（2）开关k接2时，电流表的示数是多少？
（3）当开关k由1接2时电容器的电量变化了多少？
宁夏银川市唐徕回民中学2014-2015学年高二上学期月考物理试卷（12月份）
一、选择题（本题共12小题，单选每小题3分，多选每小题3分，共40分．其中第9、10、
11、12小题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全得2分，错选不得分）
1．如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则( )
A．小磁针保持不动
B．小磁针的N将向下转动
C．小磁针的N极将垂直于纸面向里转动
D．小磁针的N极将垂直于纸面向外转动
考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．
分析：小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．
解答：解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动．
故选：C
点评：右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向．
2．图表示一条放在磁场里的通电直导线，导线与磁场方向垂直，图中分别标明电流、磁感应强度和安培力这三个物理量的方向，关于三者方向的关系，下列选项中正确的是( )
A． B．C．D．
考点：安培力；左手定则．
分析：左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．根据左手定则的内容判断安培力的方向．
解答：解：A、磁场方向垂直纸面向上，电流方向水平向里，根据左手定则，安培力的方向竖直向右．故A错误．
B、磁场方向垂直纸面向右，电流方向垂直纸面向外，根据左手定则，安培力的方向向上．故B错误．
C、磁场方向水平向里，电流方向垂直纸面向右，根据左手定则，安培力的方向竖直向上．故C错误．
D、磁场方向竖直向外，电流方向水平向左，根据左手定则，安培力的方向垂直纸面向上．故D正确．
故选：D．
点评：解决本题的关键掌握左手定则判定磁场方向、电流方向和安培力方向的关系．
3．下述说法正确的是( )
A．根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比
B．根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比
C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强
D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹
考点：电场强度；点电荷的场强；电场的叠加．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，不能简单从数学理
解．E=k是真空中点电荷Q产生的电场强度的计算式，E与Q成正比．场强的叠加遵守平
行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但大小不一定比分场强大．电场线与运动轨迹不是一回事．
解答：解：A、E由电场本身决定，与F、q无关．故A错误．
B、E=k是真空中点电荷Q产生的电场强度的计算式，E与Q成正比．故B正确．
C、场强的叠加遵守平行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但不一定比分场强大，也可能相等，也可能比分场强小．故C错误．
D、电场线表示电场的强弱和方向，与电荷的轨迹不一定重合．故D错误．
故选B．
点评：本题考查对场强两个公式的理解能力，要注意区分试探电荷还是场源电荷，电场强度与场源电荷有关，与试探电荷无关．
4．如图甲所示，A、B是一条电场线上的两点，当一个电子以某一初速度只在电场力作用下沿AB由A点运动到B点，其速度﹣时间图象如图乙所示，电子到达B点时速度恰为零．下列判断正确的是( )
A．A点的场强一定大于B点的场强
B．电子在A点的加速度一定大于在B点的加速度
C．A点的电势一定高于B点的电势
D．该电场可能是负点电荷产生的
考点：电场线；电场强度；电势．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：由图可知带电粒子速度变化情况，则可明确粒子在两点的加速度大小关系，即可确定电场强度的大小；
由功能关系可以确定电势的高低．
解答：解：A、由图可知，电子加速度恒定，则可知受电场力不变，由F=Eq可知，A点的场强要等于B点场强；故AB错误；
C、而电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，电子带负电，由φ=可知，A点的电势要大于B点电势，故C正确，
D、点电荷产生的电场中，一条电场线上的点的场强都不相同，D错误；
故选：C．
点评：本题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化，再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断；
同时还需注意，电势能是由电荷及电场共同决定的，故不能忽视了电荷的极性．
5．如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是( )
A．Q变小，C不变，U不变，E变小B． Q变小，C变小，U不变，E不变
C．Q不变，C变小，U变大，E不变D． Q不变，C变小，U变大，E变小
考点：电容器的动态分析．
专题：电容器专题．
分析：题中平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由
C=，分析电容的变化，根据C=分析电压U的变化，根据E=分析场强的变化．
解答：解：A、B，平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变．故A、B错误．
C、D，增大电容器两极板间的距离d时，由C=知，电容C变小，Q不变，根据
C=知，U变大，而E===，Q、k、ɛ、S均不变，则E不变．故C正确，D错误．
故选C
点评：对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．
6．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )
A．P甲=P乙B．P甲=3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲
考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．
专题：恒定电流专题．
分析：电路所消耗的总功率的大小等于电路两端的总的电压与总电流的乘积，由此即可直接得出结论．
解答：解：设灯泡正常发光时的电流为I，
对于甲图，电路的总的电流为3I，
此时甲的总功率的大小为P甲=U•3I，
对于乙图，电流的总电流的大小就为I，
此时乙的总功率的大小为P乙=U•I，
所以P甲=3P乙，所以B正确．
故选：B．
点评：对于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单．
7．如图所示是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是( )
A．B．C．D．
考点：用多用电表测电阻．
专题：实验题；恒定电流专题．
分析：红表笔插在正极孔中，与内部电源的负极相连，选档后要进行调零．
解答：解：正极插孔接电源的负极，所以BC错误；每次换挡时都要进行短接调零，所以电阻要可调节，故A正确，D错误．
故选：A．
点评：本题考查了欧姆表的内部结构，要记住电流从红表笔进，从黑表笔出．
8．如图所示电路，电源的内电阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中( )
A．电压表的示数增大 B．电流表的示数增大
C．R1消耗的电功率增大 D． R2消耗的电功率增大
考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．
专题：恒定电流专题．
分析：在变阻器R0的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压如何变化，即可知电压表示数的变化情况．由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断电流表示数的变化．由功率公式
P=I2R分析R1消耗的功率如何变化，根据公式P=分析R2消耗的功率如何变化．
解答：解：A、B、在变阻器R0的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器R0与R2并联电阻R并减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小．
并联部分电压U并=E﹣I（R1+r），I增大，E、R1、r均不变，则U并减小，故电流表示数减小．故AB错误．
C、干路电流I增大，由功率公式P=I2R分析得知，R1上消耗的功率增大．故C正确．
D、由于U并减小，据公式P=分析知，R2消耗的功率减小，故D错误．
故选：C
点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先确定出变阻器接入电路的电阻如何变化，再按局部到整体，再到部分的思路进行分析．
9．关于静电场，下列结论普遍成立的是( )
A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低
B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关
C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向
D．电场力做功与重力做功类似，均与路径无关
考点：电场线；电势能．
分析：电场强度与电势之间无必然联系，但沿电场方向电势降低，而且速度最快；电势差与两点的场强无关，只与两点间沿电场方向的距离和两点间的场强有关；电场力做功，只与电荷以及两点间的电势差有关，与运动路径没有关系．
解答：解：A：在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，故A错误；
B：电势差的大小决定于两点间沿电场方向的距离和电场强度，故B错误；
C：沿电场方向电势降低，而且速度最快，故C正确；
D：电场力做功，只与电荷以及两点间的电势差有关，与运动路径无关，故D正确．
故选：CD
点评：电场强度、电势、电势差、电场力的功，它们的定义以及它们之间的关系要记清，有不好理解的题目可找实际的例子加以分析．
10．如图，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=，滑动变阻器的最大值是2r，当滑动片由a端向b端滑动时，下列说法正确的是( )
A．电源的输出功率先变大后变小
B．电源的工作效率变大
C．R0上消耗的电功率先变大后变小
D．滑动变阻器上消耗的功率先变大后变小
考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．
专题：恒定电流专题．
分析：滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，接入电路的电阻减小，电路的电流增大，定值电阻的功率减小．电源的输出功率根据内外电阻的关系分析．分析滑动变阻器上消耗的功率时，可将R0看成电源的内阻，进行分析．
解答：解：A、当滑动片由a端向b端滑动时，变阻器接入电路的电阻从2r→0，外电路的总电阻从2.5r→0.5r，先大于r，后小于r，当电源的内电阻等于外电路总电阻时，电源的输出功率最大，可知，电源的输出功率先变大后变小，故A正确．
B、电源的工作效率为η==．当滑动片由a端向b端滑动时，变阻器接入电路的电阻减
小，路端电压U减小，则电源的工作效率变小，故B错误．
C、R0是定值电阻，电路中电流增大，则R0上消耗的电功率一直变大，故C错误．
D、将R0看成电源的内阻，等效电源的内阻为：1.5r，变阻器是外电路，由于变阻器接入电路的电阻从2r→0，先接近等效电源的内阻，后增大与等效电源内阻的差值，所以滑动变阻器上消耗的功率先变大后变小，故D正确．
故选：AD
点评：分析滑动变阻器的功率如何变化是本题的关键，把把定值电阻R0和电源看成一个整体，此时电源的输出功率即为滑动变阻器消耗的功率．
11．如图所示，四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表．安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则下列说法正确的是( )
A．安培表A1的读数大于安培表A2的读数
B．安培表A1的偏转角小于安培表A2的偏转角
C．伏特表V1的读数大于伏特表V2的读数
D．伏特表V1的偏转角小于于伏特表V2的偏转角
考点：闭合电路的欧姆定律．
专题：恒定电流专题．
分析：由题：两个安培表和两个伏特表均是由四个相同的电流表改装成的，表头的满偏电流和内阻相同．安培表A1、A2并联，电压相同，表头的电流，指针偏转角度相同，量程越大，其读数越大．伏特表V1与V2串联，流过表头的电流相同，指针偏转的角度相同，则量程越大，其读数越大．
解答：解：A、B安培表A1、A2并联，电压相同，表头的电流，指针偏转角度相同，由于安培表A1的量程大于A2的量程，则安培表A1的读数大于安培表A2的读数．故A正确，B错误．
C、D伏特表V1与V2串联，流过表头的电流相同，指针偏转的角度相同，由于伏特表V1的量程大于V2的量程，则伏特表V1的读数大于伏特表V2的读数．故C正确，D错误．
故选AC
点评：安培表和伏特表都是由小量程电流表（表头）改装而成的，其核心是表头，表头指针的偏转角度取决于流过表头的电流．
12．如图所示电路中，电源内阻不计，三个小灯泡完全相同且外电路变化时每个灯泡两端的电压都不会超过其额定电压，开始时只有S1闭合，当S2也闭合后，下列说法正确的是( )
A．灯泡L1变亮
B．灯泡L2变亮
C．电容器C的带电荷量将增加
D．闭合S2的瞬间流过电流表的电流方向自右向左
考点：闭合电路的欧姆定律；电容．
专题：恒定电流专题．
分析：分析清楚电路结构，判断S2闭合后电路总电阻如何变化，由闭合电路的欧姆定律判断电路电流如何变化，由功率公式判断灯泡实际功率如何变化；由欧姆定律判断出电容器两端电压如何变化，然后判断电容器电荷量如何变化，判断电流表的电流方向．
解答：解：A、由电路图可知，当S2也闭合后，电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流变I大，P L1=I2R L1变大，灯L1变亮，故A正确；
B、电路电流变大，U L1=IR L1变大，U L2=E﹣U L1变小， P L2=变小，灯L2变暗，故B错误；
C、S2闭合前电容器两端电压等于电源电动势，S2闭合后，电容器两端电压等于L1两端电压，电压变小，由Q=CU可知电容器所带电荷量减小，故C错误；
D、S2闭合后电容器所带电荷量减小，电容器放电，闭合S2的瞬间流过电流表的电流方向自右向左，故D正确；
故选AD．
点评：本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、应用串并联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键；闭合电路动态分析是常考题型，要掌握其解题思路．
二、实验题.本题共5小题，共30分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答. 13．用电压表、电流表测定一节干电池的电动势和内阻实验．
（1）实验采用下列（图1）D电路图．
（2）某同学将实验测得的数据作U﹣I图，如图2所示．根据该图线得到电源电动势的大小是1.425V；内阻是0.41Ω
考点：测定电源的电动势和内阻．
专题：实验题；恒定电流专题．
分析：（1）根据伏安法测电源电动势与内阻的原理选择实验电路图．
（2）根据图示电源U﹣I图象求出电源电动势与内阻．
解答：解：（1）伏安法测电源电动势与内阻实验，电压表测路端电压，电流表测电路电流，由于干电池内阻较小，相对于电源来说应采用电流表外接法，因此应选择图D所示电路进行实验．
（2）由图2所示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.425，电源电动势E=1.425V，电源内阻：r==≈0.41Ω；
故答案为：（1）D；（2）1.425；0.41．
点评：本题考查了实验电路的选择、求电源电动势与内阻，知道实验原理、掌握应用图象法处理实验数据的方法即可正确解题．
14．练习使用多用表实验：
（1）某同学用使用多用表的欧姆挡测量某电阻阻值，他用欧姆挡×10，调零后测量，指针指在a处，欲较准确测量阻值，应选择欧姆挡×1（请填写“×1”、“×10”或“×100”），再次正确操作后测量，指针指在b处，则该电阻阻值为15Ω．
（2）下述关于关于多用电表使用操作的说法中正确的是BCD
A．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果
B．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开
C．测量阻值换不同倍率时，都必须重新调零
D．多用电表使用后，应将选择开关旋到OFF挡或交流电压最高挡．。