【物理】安徽省宣城市宁国市津河中学等四校联考2014-2015学年高二上学期第二次段考物理试卷
四校联考-高二物理(试卷)
2013～2014学年度第一学期马鞍山市四校期中联考高 二 物 理 试 题（本卷满分100分，限时100分钟）命题人：孙兴树（和县二中） 何汀（和县二中）一、 单项选择题：（每小题5分，共60分）1、 如图所示，当ab 端接入100V 电压时，cd 两端为20V ；当cd 两端接入100V 时，ab 两端电压为50V ，则R 1∶R 2∶R 3之 比是( )A ．4∶1∶2B ．2∶1∶1C ．3∶2∶1D ．以上都不对2、一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向。
两个比荷（即粒子的电荷量与质量之比）不同的带正电的粒子a 和b ，从电容器边缘的P 点（如图）以相同的水平速度射入两平行板之间。
测得a 和b 与电容器的撞击点到入射点之间的水平距离之比为1∶2。
若不计重力，则a 和b 的比荷之比是（ ） A ．1∶2 B ．1∶1 C ．2∶1 D ．4∶13、如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷Q 产生的电场线，若带电粒子q （|Q |>>|q |）由a 运动到b ，电场力做正功。
已知在a 、b 两点粒子所受电场力分别为F a 、F b ，则下列判断正确的是（ ）A ．若Q 为正电荷，则q 带正电，F a ＞F bB ．若Q 为正电荷，则q 带正电，F a ＜F bC ．若Q 为负电荷，则q 带正电，F a ＞F bD ．若Q 为负电荷，则q 带正电，F a ＜F b4、匀强电场中的三点A 、B 、C 是一个三角形的三个顶点，AB 的长度为1 m ，D 为AB 的中点，如图所示。
已知电场线的方向平行于ΔABC 所在平面，A 、B 、C 三点的电势分别为14 V 、6 V 和2 V 。
设场强大小为E ，一电量为1×10－6 C 的正电荷从D 点移到C 点电场力所做的功为W ，则（ ）A ．W ＝8×10－6 J ，E ＞8 V/mB ．W ＝6×10－6 J ，E ＞6 V/mC ．W ＝8×10－6 J ，E ≤8 V/mD ．W ＝6×10－6J ，E ≤6 V/mA C5、两个质量相同的小球用不可伸长的细线连结，置于场强为E 的匀强电场中，小球1和小球2均带正电，电量分别为q 1和q 2（q 1＞q 2）。
安徽省宁国市津河中学、广德实验中学高二物理5月联考试题
津中、广实2013级高二年级联考物理学科试卷一、单项选择题（每题4分，共48分）1、如图所示，一固定斜面上两个质量相同的小物块和B 紧挨着一起匀速下滑，与B的接触面光滑．已知与斜面之间的动摩擦因数是B与斜面之间动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α，B与斜面之间的动摩擦因数是( )A.2tan3αB.23tanα C．tanα D．1tanα2、对于相互接触的两个物体之间,同一接触面上的弹力和摩擦力,以下说法中正确的是( )A.有弹力必有摩擦力B.有摩擦力必有弹力C.摩擦力的大小一定与弹力成正比D.摩擦力的方向一定与运动方向相反3、如图所示，建筑工人安装搭手架进行高空作业，有一名建筑工人由于不慎将抓在手中的一根长5m的铁杆在竖直状态下脱落了，使其做自由落体运动，铁杆在下落过程中经过某一楼层面可视为点的时间为0.2s.铁杆下落时其下端到该楼层的高度h为（）．(g取10m/s2，不计楼层面的厚度)A．6m B.6.2m C.28.8m D.10m4、一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的规律如右图所示．取物体开始运动的方向为正方向，则下列关于物体运动的v－t图像正确的是()5、一物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4 m/s,1 s后速度大小变为10 m/s，在这1 s 内物体的以下说法错误的是( )A．平均速度的大小可能是7 m/s B．位移的大小可能小于4 mC．速度变化量大小可能小于4 m/s D．加速度的大小可能小于10 m/s26、半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有一固定放置的竖直挡板MN.在半圆柱体P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于平衡状态，如图所示是这个装置的截面图．现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，发现P始终保持静止，则在此过程中，下列说法正确的是( )．A．MN对Q的弹力逐渐减小 B．P对Q的弹力逐渐增大C．地面对P的摩擦力逐渐减小 D．Q所受的合力逐渐增大7、磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量，如图所示，通有恒定电流的直导线MN与闭合线圈共面，第一次将线圈由位置1平移到位置2，第二次将线框由位置1绕cd边翻转到位置2，设前面两次通过线框的磁通量变化分别为ΔΦ1和ΔΦ2，则( )A．ΔΦ1>ΔΦ2B．ΔΦ1＝ΔΦ2C．ΔΦ1<ΔΦ2D．无法确定8如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角线匀速运动，穿过具有一定宽度的匀强磁场区域，已知对角线AC的长度为磁场宽度的两倍且与磁场边界垂直．下面对于线框中感应电流随时间变化的图像(电流以ABCD顺序流向为正方向，从C点进入磁场开始计时)正确的是( )9、一个电阻接在10V的直流电源上，它的发热功率为P，当接到电压U=10sinωt(V)的交流电源上，它的发热功率是( )A.0.25PB.0.5PC.PD.2P10、单匝线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量Φ随时间t的关系图象如图所示，则( )A．在t＝0时刻，线圈中磁通量最大，感应电动势也最大B．在t＝1×10－2s时刻，感应电动势最小C．在t＝2×10－2s时刻，感应电动势为零D．在0～2×10－2s时间内，线圈中感应电动势的平均值为零11、如图所示，粗细均匀的、电阻为r的金属圆环，放在图示的匀强磁场中，磁感应强度为B，圆环直径为L；长为L、电阻为r2的金属棒ab放在圆环上，以v0向左运动，当ab棒运动到图示虚线位置时，金属棒两端的电势差为( ) A．0 B．BLv0C．BLv0/2 D．BLv0/312、如图5517甲所示，变压器原副线圈的匝数比为3∶1，L1、L2、L3、L4为四只规格均为“9 V,6 W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端交变电压的u－t图像如图乙所示．则以下说法中不正确的是( )．A．电压表的示数为36 VB．电流表的示数为2 AC．四只灯泡均能正常发光D．变压器副线圈两端交变电流的频率为50 Hz二、实验题（13题每空2分，14题每空3分，共12分）13、在做“验证力的平行四边形定则”实验时．(1)下列说法正确的是( )A．两个分力F1 F2的夹角要尽量大些 B．两个分力F1 F2的大小要适当大些C．同次实验中O点位置允许变动D．实验时弹簧必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧刻度线(2)在“验证力的平行四边形定则”实验中，某同学的实验结果如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳结点的位置．图中__________是力F1与F2的合力的理论值；__________是力F1与F2的合力的实验值．通过把它们比较验证平行四边形定则．14、在“探究速度随时间变化的规律”实验中，打点计时器使用的交流电的频率是50Hz，记录小车运动的纸带如图所示．在纸带上选择7个计数点A、B、C、D、E、F、G，相邻两个计数点之间还有四个点未画出，各点到A点的距离如图所示．小车在B点的速度v B＝__________m/s，小车运动的加速度a＝__________m/s2.三、解答题(15题8分 16题8分 17题12分 18题12分)15、物体由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小是2 m/s2，它在某1 s内通过的距离是15 m，问：(1)物体在这1 s以前已运动了多长时间？(2)物体在这1 s以前已经通过了多少位移？16、如图所示，质量为m的物体用一轻绳挂在水平轻杆BC的C端，B端用铰链连接，C点由轻绳AC 系住，已知AC、BC夹角为 ，则轻绳AC上的张力和轻杆BC上的压力大小分别为多少？17、发电机转子是匝数n=100，边长L=20cm 的正方形线圈，其置于磁感应强度B=0.5T 的匀强磁场中，绕着垂直磁场方向的轴以ω=100π(rad／s)的角速度转动，当转到线圈平面与磁场方向垂直时开始计时.线圈的电阻r=1Ω，外电路电阻R=99Ω.试求： (1)写出交变电流瞬时值表达式； (2)外电阻上消耗的功率； (3)从计时开始，线圈转过3过程中，通过外电阻的电荷量是多少?18、如右图所示，一平面框架与水平面成37°角，宽L=0.4 m ，上、下两端各有一个电阻R 0＝1 Ω，框架的其他部分电阻不计，框架足够长.垂直于框平面的方向存在向上的匀强磁场，磁感应强度B ＝2T.ab 为金属杆，其长度为L ＝0.4 m ，质量m ＝0.8 kg ，电阻r ＝0.5Ω，棒与框架的动摩擦因数μ＝0.5.由静止开始下滑，直到速度达到最大的过程中，上端电阻R 0产生的热量Q 0＝0.375J(已知sin37°＝0.6，cos37°=0.8；g 取10m ／s 2)求：(1)杆ab 的最大速度；(2)从开始到速度最大的过程中ab 杆沿斜面下滑的距离以及在该过程中通过ab 的电荷量.津中、广实2013级高二年级联考物理答案及评分标准1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12A B C C C B C B B C D A二、实验题（13题每空2分，14题每空3分共12分）13、（1）______BD ______（2）___F′________、_____F_______14、______0.25m/s____________、 _____1.00m/s2_____________三、解答题（15、16每题8分，17、18每题12分，共40分）15、解：设这1s前物体运动了t s（1/2)a(t+1)^2 - (1/2)at^2 = 15 4分a=2m/s2代入,得: t=7s 2分这一秒前已经通过的位移：x=(1/2)at^2=49m 2分16、17、18、。
安徽省宁国市津河中学2014-2015学年高二第三次段考化学试卷
制卷人：龚光勇 审题人：储文华2015.4.14可能用到的原子量：H —1 O —16 S —32 Cu —64 C —12 Ca —40 Na-23 K-39Al-27 Zn-65 I-127 Cl-35.5 Ba-137 N-14第Ⅰ卷 选择题(60分)一、选择题(每小题3分，共60分。
每小题只有1个选项符合题意)1.下列物质中，属于芳香烃的是( )2H 6 D.C 2H 5OH2．某有机物的结构简式为HCOOCH 2CH===CH 2，它不具有的官能团是( )3．下列化学用语正确的是( )A ．乙酸根离子的结构式：B ．3甲基1丁烯的结构简式：(CH 3)2CHCH===CH 2C ．乙酸的结构简式C 2H 4O 2D ．醛基的电子式：4.相同物质的量的下列各烃，完全燃烧后消耗氧气最多的是( )A.甲烷B.乙烷C.乙烯D.乙炔5．下列有机物的命名正确的是( )A ．二溴乙烷：OHB．3乙基1丁烯：C．2甲基2,4己二烯：D．2,2,3三甲基戊烷：6．有机物的天然提取和人工合成往往得到的是混合物，假设给你一种这样的有机混合物让你研究，一般要采取的几个步骤是（）A．分离、提纯→确定化学式→确定实验式→确定结构式B．分离、提纯→确定实验式→确定化学式→确定结构式C．分离、提纯→确定结构式→确定实验式→确定化学式D．确定化学式→确定实验式→确定结构式→分离、提纯7．下列有机物可以形成顺反异构的是()A、丙烯B、1-氯-1-丙烯C、2-甲基-2-丁烯D、2,3-二甲基-2-丁烯8．某烃经催化加氢后得到2－甲基丁烷，该烃不可能是( ) A．3－甲基－1－丁炔B．3－甲基－1－丁烯C．2－甲基－1－丁炔D．2－甲基－1－丁烯9．设N A为阿伏加德罗常数的值，下列有关叙述不正确的是（）A、标准状况下，1L庚烷完全燃烧所生成的气态产物的分子数为7/22.4N AB、1 mol甲基（—CH3）所含的电子总数为9N AC、0.5 摩1, 3-丁二烯分子中含有C=C双键数为N AD、1 mol碳正离子（CH+ 3）所含的电子总数为8N A10．核磁共振氢谱是指有机物分子中的氢原子核所处的化学环境(即其附近的基团)不同，表现出的核磁性就不同，代表核磁性特征的峰在核磁共振氢谱图中坐标的位置(化学位移，符号为δ)也就不同。
安徽省宣城市宁国河沥中学高二物理测试题含解析
安徽省宣城市宁国河沥中学高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 牛顿第二定律的表达式可以写成m=F/a，对某个物体来说，它的质量mA . 跟合外力F成正比 B. 跟合外力F与加速度a都无关C. 跟它的加速度a成反比D. 跟合外力F成反比，跟它的加速度a成正比参考答案：B2. 图11所示的电路中，两平行金属板M、N水平放置，R1、R2、R3、R4为四个电阻箱。
闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从N板小孔以一定初速度竖直向上射入金属板间，不考虑空气阻力，小球到达M板的速度恰好为零。
关于以下操作产生的结果，叙述正确的是A．将M板上移一些，小球将无法到达M板B．将N板上移一些，小球到达M板的速度仍为零C．增大R1，小球将无法到达M板D．增大R3，小球将无法到达M板参考答案：A3. 如图所示为等量的正、负电荷，A、B为两电荷的连线上的两点，C、D为中垂线上的两点。
则关于电场性质的下列说法正确的是( ) A. 自A至B电场强度先增强后减弱；自C至D先减弱后增强B. 自A至B电场强度先减弱后增强；自C至D电场强度先增强后减弱C. 自A至B电势先降低后增高D. 自C至D电势一直降低参考答案：B【详解】AB.根据等量异种电荷场强分布特点，连线中点处场强最小，所以从A至B电场强度先减弱后增强，中垂线中点处，场强最大，从C至D电场强度先增强后减弱，A错误B正确CD.等量异种电荷的中垂面是一个等势面，C至D电势不变；连线上电场线从A指向B，沿电场线方向电势逐渐降低，所以A至B电势一直降低，CD错误4. 下列说法正确的是A．放射性元素的半衰期与核内部自身因素、原子所处的化学状态和外部条件都有关B．原子核的比结合能越大，核子结合得就越牢固，原子核越稳定C．光子具有波粒二象性，而电子和其它微观粒子不具有波粒二象性D．太阳内部发生的核反应是核聚变反应参考答案：BD5. ―通电直导线用细线悬挂于匀强磁场中，磁场及电流方向如图．通电导线所受安培力的方向是A．水平向左 B．水平向右C．竖直向上 D．竖直向下参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某发电站采用高压输电向外输送电能。
安徽省宁国市津河中学、广德实验中学2014-2015学年高二5月联考政治试卷
津中、广实2013级高二年级联考政治学科试卷2015.5一、选择题（下列各题四个选项中，只有一项是最符合题意的。
每小题2分，共50分。
）1、“亲，你大学本科毕业不？办公软件使用熟练不？英语交流顺溜不？驾照有木有？快来看，中日韩三国合作秘书处招人啦！”这则出自外交部的招聘广告引发疯狂转载和热议。
当今越来越多的网络语言在我们生活中被广泛使用。
这说明( )①网络语言正潜移默化地影响着人们的生活②网络语言对人们的影响是深远持久的③人们接受文化的影响往往是被动的④文化影响人们的交往行为和交往方式A．①③ B．①④ C．②③D．②④2、农村是我国传统文明的发源地，乡土文化的根，人们乡愁的寄托。
推进城镇化要突出独特的村居风貌、传统的风土人情和田园风光，尊重农耕文明，推进传统村落保护发展。
这样做的原因是( )①精神产品离不开物质载体②传统村落具有明显的文化区域特征③乡土文化是优秀文化的集中表现④传统文化是维系民族生存和发展的精神纽带A.①②B. ②③C. ①④D. ③④3、一个国家，一个民族，没有现代科学，没有先进技术，一打就垮；一个国家，一个民族，没有民族精神，没有人文精神，不打自垮。
“一打就垮”和“不打自垮”都说明了必须提高( )A．国家的民族精神B．国家的文化竞争力 C．国家的科技水平 D．国家的综合实力4、读一本好书就仿佛和一位高尚的人谈话。
我们要有选择地读书，在有限的时间里读更多的好书。
通过读一些优秀书籍，感悟人生道理，开阔视野，增长知识。
这主要说明了( ) A．人们接受文化熏陶的过程往往是积极主动的 B．文化在有些时候对人是没有影响的C．不同性质的文化对人的影响是不一样的 D．文化对人的影响是深远持久的5、在一个“读首诗再睡觉”的微信公众号上，常有几万人一起读诗。
优美的图片、悦耳的声音，再配以雅俗共赏的解析文字，让人们重温诗的美好，让参与者的心灵得到滋润。
这表明( )①文化对人的影响具有深远持久的特点②文化环境可以影响人的文化素养③大众文化能够提高人们的思想道德素质④大众传媒具有文化沟通和共享功能A．①③ B．①④ C．②③D．②④6、第六届非洲工艺品博览会在尼日利亚首都举办，代表中国首次参加的南京工艺品剪纸、云锦、秦淮彩灯等在现场大受欢迎，销售火爆。
安徽省宁国市津河中学2014-2015学年高二第三次段考物理试题 (Word版含答案)
制卷人：李自炎审稿人：黄思华姓名：________ 班级：_________ 得分：___________一．（选择题14*4=56）1. 当一段导线在磁场中做切割磁感线运动时，则(B)A. 导线中一定有感应电流B.导线中一定有感应电动势C. 导线上一定会产生焦耳热D. 导线一定受到磁场的作用力，这个力阻碍导线运动2．将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是(A)A．感应电动势的大小与线圈的匝数有关B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大D．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同3．关于物体的动量和冲量，下列说法中不正确的是(A)．A．物体所受合外力的冲量越大，它的动量也越大B．物体所受合外力的冲量不为零，它的动量一定要改变C．物体的动量增量的方向，就是它所受合外力的冲量的方向D．物体所受的合外力越大，它的动量变化越快4．如图所示，在光滑水平面上，用等大异向的F1、F2分别同时作用于A、B两个静止的物体上，已知m A＜m B，经过相同的时间后同时撤去两力，以后两物体相碰并粘为一体，则粘合体最终将(B)A．向右运动B．静止C．向左运动D．无法确定5. 如图所示是著名物理学家费曼设计的一个实验，在一块绝缘板中部安装一个线圈，并接有电源，板的四周有许多带负电的小球。
整个装置悬挂起来，当接通电键瞬间，整个圆盘将(自上而下看)(D)A. 逆时针不断转动B. 逆时针转动一下C. 顺时针不断转动D. 顺时针转动一下6．如图所示是一个正弦式交变电流的图像，下列说法正确的是(A)A．周期是0.2 s，电流的峰值是10 AB．周期是0.15 s，电流的峰值是10 AC．频率是5 Hz，电流的有效值是10 AD．频率是0.2 Hz，电流的有效值是7.07 A7. 如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力F作用下做加速上升运动的一段时间内，力F做的功与安培力做的功的代数和等于(C)A. 棒的重力势能增加量B. 棒的动能增加量C. 棒的机械能增加量D. 电阻R上放出的热量8．如图所示，电路中有四个完全相同的灯泡，额定电压均为U，额定功率均为P，变压器为理想变压器，现在四个灯泡都正常发光，则变压器的匝数比n1：n2和电源电压U1分别为( C)A．1∶22U B．1∶24UC．2∶14U D．2∶12U9．如图，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈，当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方水平从左到右快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力F N 及在水平方向运动趋势的正确判断是(B)A．F N先小于mg后大于mg，运动趋势向左B．F N先大于mg后小于mg，运动趋势向右C．F N先小于mg后大于mg，运动趋势向右D．F N先大于mg后小于mg，运动趋势向左10．如图所示，导线框abcd与长直导线在同一平面内，直导线通有恒定电流I，当导线框由左向右匀速通过直导线时，线框中感应电流的方向是( D )A．先abcd，后dcba，再abcdB．先abcd，后dcbaC．始终dcbaD．先dcba，后abcd，再dcba11.如图甲所示，圆形线圈M的匝数为50匝，它的两个端点a、b与理想电压表相连，线圈中磁场方向如图，线圈中磁通量的变化规律如图乙所示，则ab两点的电势高低与电压表读数为（ B ）A.φa >φb ，20VB.φa >φb ，10VC.φa <φb ，20VD.φa <φb ，10V12．如图所示，电路中S 1、S 2是完全相同的两只灯泡，L 是电阻不计的电感线圈，下列说法中正确的是( D )A ．当开关S 闭合时，S 1灯先亮，S 2灯后亮B ．当开关S 闭合时，S 1、S 2两灯同时亮，以后两灯一样亮C ．当开关断开时，S 1、S 2两灯同时熄灭D ．当开关S 断开时，S 2先熄灭，S 1闪亮一下熄灭13．如图所示，两只阻值相同的电阻分别通以正弦波和方波电流，电流的最大值相等，则两只电阻产生的热功率的比是( B )A ．1:4B ．1:2C ．1:1D ．2:114. 两块水平放置的金属板间的距离为d ，用导线与一个n 匝线圈相连，线圈电阻为r ，线圈中有竖直方向的磁场，电阻R 与金属板连接，如图所示，两板间有一个质量为m 、电荷量＋q 的油滴恰好处于静止。
2024-2025学年安徽省宣城中学高二(上)开学考试物理试卷(含解析)
2024-2025学年安徽省宣城中学高二（上）开学考试物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.下列说法正确的是( )A. 做曲线运动的物体所受合力一定不断变化B. 物体做曲线运动时，速度一定在改变C. 做曲线运动的物体的速度大小一定不断变化D. 做曲线运动的物体在某一时刻加速度可能与速度同方向2.在电梯中用细绳静止悬挂一重物，当电梯在竖直方向运动时，突然绳子断了，由此可以判断电梯此时的运动情况是( )A. 电梯可能是加速上升B. 电梯可能是减速上升C. 电梯可能是匀速上升D. 电梯的加速度方向一定向下3.如图为某高速公路出口的ETC通道示意图一汽车驶入通道，到达O点的速度v0=22m/s，此时开始减速，到达M时速度减至v=6m/s，并以6m/s的速度匀速通过MN区，汽车从O运动到N共用时10s，v−t图像如下图所示，则下列计算正确的是( )A. 汽车减速运动的加速度大小a=5.5m/s2B. O、M间中点位置的速度为14m/sC. O、M间的距离为32mD. 汽车在ON段平均速度大小为9.2m/s4.如图所示，已知物块A、B的质量分别为m1=4kg、m2=1kg，A. B间的动摩擦因数为μ1=0.5，A与水平地面之间的动摩擦因数为μ2=0.5，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，g取10m/s2，在水平力F的推动下，要使A、B一起运动且B不下滑，则力F的大小可能是( )A.50 NB. 100 NC. 120 ND. 150 N5.如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物体。
现缓慢抬高A端，使木板以左端为轴转动。
当木板转到跟水平面的夹角为α时，小物体开始滑动，此时停止转动木板，小物体滑到底端的速度为v，则在整个过程中( )A. 木板对小物体做功为零B. 重力对小物体做功为−mgL sinαC. 支持力对小物体做功为零mv2D. 克服摩擦力做功为mgL sinα−126.“笔搁”又称“笔架”，即架笔之物，是中国传统文房常用器具之一。
安徽省宁国市津河中学、广德实验中学2014-2015学年高二5月联考生物试题 word版,含答案
津中、广实2013级高二年级联考生物学科试卷2015.5 一．选择题（每题1.5分，共60分，每题只有一个最佳选项）1．基因工程是在DNA分子水平上进行设计和施工的。
在基因工程操作的基本步骤中，无须进行碱基互补配对的步骤是( )A. 人工合成目的基因B. 基因表达载体的构建C. 将目的基因导入受体细胞D. 目的基因的检测与鉴定2．目的基因导入受体细胞后，是否可以稳定维持和表达其遗传特性，只有通过检测和鉴定才能知道。
下列属于目的基因的检测的是()①检测受体细胞是否含有目的基因②检测受体细胞是否有致病基因③检测目的基因是否转录出信使RNA④检测目的基因是否翻译出蛋白质A．①②③B．②③④ C．①③④D．①②④3．用基因工程的方法培育抗虫棉，下列导入目的基因的做法正确的是()①将毒素蛋白注射到棉花的受精卵中②将编码毒素蛋白的DNA序列注射到棉花的受精卵中③将编码毒素蛋白的DNA序列与质粒重组导入细菌，用该细菌感染棉花体细胞，再进行组织培养④将编码毒素蛋白的DNA序列与质粒重组，注射到棉花子房中，并进入受精卵A．①②B．②③C．③④ D．①④4.一环状DNA分子，设其长度为1，已知某种限制性核酸内切酶在该分子上有3个酶切位点，如图中A、B、C三处。
如果该DNA分子在3个酶切位点上都被该酶切断，则会产生0.2、0.3、0.5三种不同长度的DNA片段。
现有多个上述DNA分子，若在每个分子上至少有1个酶切位点被该酶切断；则从理论上讲，经该酶切后，这些DNA分子最多能产生长度不同的线状DNA的种类数是( )A．4 B．8C．6 D．75．下列关于生物工程的相关叙述，正确的是（）A．在基因工程中，PCR技术可用于任何目的基因的获取，且能迅速获得大量目的基因B．植物体细胞杂交时，可取两种植物的愈伤组织细胞直接进行诱导融合C．动物细胞培养时，常取传10代以内的细胞使用或保存，因其分化程度低，全能性高D．培养转基因动物、克隆动物、试管动物都需要用到动物细胞培养和胚胎移植技术6.下列关于转基因动物的描述，不正确的是( )A．可将外源生长激素基因导入动物细胞内，提高动物的生长速率B．可将肠乳糖酶基因导入奶牛基因组，降低乳汁中乳糖的含量，进而改善畜产品的品质C．可利用转基因技术制成乳腺生物反应器，使哺乳动物的产奶量增加D．可以利用转基因动物作为器官移植的供体7．下列有关蛋白质工程的叙述，不正确的是( )A．收集大量的蛋白质分子结构的信息，以便分析结构与功能之间的关系B．可以预测具有一定氨基酸序列的蛋白质的空间结构和生物功能C．根据特定的生物功能，设计蛋白质的氨基酸序列和空间结构D．根据人们的需要，直接对氨基酸的分子结构进行改造8．图甲、乙中的箭头表示三种限制性核酸内切酶的酶切位点，amp r表示氨苄青霉素抗性基因，neo表示新霉素抗性基因。
安徽省宣城市宁国市津河中学、广德实验中学2014-2015学年高一下学期联考物理试卷(5月份)【解析版】
安徽省宣城市宁国市津河中学、广德实验中学2014-2015学年高一（下）联考物理试卷（5月份）一、选择题（单项选择，每题4分，共40分）1．（4分）对质点运动的描述，以下说法正确的是（）A．平抛运动是加速度每时每刻都改变的运动B．匀速圆周运动是加速度不变的运动C．某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度一定为零D．某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度不一定为零2．（4分）下列关于平抛运动的说法正确的是（）A．平抛运动是非匀变速运动B．平抛运动是水平匀速直线运动和竖直自由落体运动的合运动C．平抛运动是匀速曲线运动D．平抛运动的物体落地时的速度有可能是竖直向下的3．（4分）2013年12月2日，我国探月卫星“嫦娥三号”在西昌卫星发射中心成功发射升空，此飞行轨道示意图如图所示，地面发射后奔向月球，先在轨道I上运行，在P点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，Q为轨道Ⅱ上的近月点，则“嫦娥三号”在轨道Ⅱ上（）A．运行的周期小于在轨道I上运行的周期B．从P到Q的过程中速率不断减小C．经过P的速度大于在轨道I上经过P的速度D．经过P的加速度小于在轨道I上经过P的加速度4．（4分）关于万有引力，下列说法正确的是（）A．万有引力是开普勒首先发现的B．只有质量极大的天体间才有万有引力，质量较小的物体间没有万有引力C．地面附近物体所受到的重力就是万有引力D．重力是由于地面附近的物体受到地球吸引而产生的，但重力并不是万有引力5．（4分）研究平抛物体的运动，在安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是（）A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小B．保证小球飞出时，初速度水平C．保证小球在空中运动的时间每次都相等D．保证小球运动的轨道是一条抛物线[]6．（4分）火车转弯做圆周运动，如果外轨和内轨一样高，火车能匀速通过弯道做圆周运动，下列说法中正确的是（）A．火车通过弯道向心力的来源是外轨的水平弹力，所以外轨容易磨损B．火车通过弯道向心力的来源是内轨的水平弹力，所以内轨容易磨损C．火车通过弯道向心力的来源是火车的重力，所以内外轨道均不磨损D．以上三种说法都是错误的7．（4分）关于物体做匀速圆周运动的正确说法是（）A．速度的大小和方向都改变B．速度的大小和方向都不变C．速度的大小改变，方向不变D．速度的大小不变，方向改变8．（4分）如图所示，天车下吊着两个质量都是m的工件A和B，系A的吊绳较短（但仍可将A可作质点），系B的吊绳较长，若天车运动到P处突然停止，则两吊绳所受拉力F A、F B的大小关系是（）A．F A＞F B B．F A=F B=mg C．F A＜F B D．F B=F A＞mg9．（4分）如图所示，用细线吊着一个质量为m的小球，使小球在水平面内做圆锥摆运动，关于小球受力，正确的是（）A．受重力、拉力、向心力B．受重力、拉力C．受重力D．以上说法都不正确10．（4分）如图所示，物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向上的速度v y（取向下为正）随时间变化的图象是（）A．B．C．D．二、实验题（每空3分共15分）11．（9分）在“探究平抛运动的运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：A．让小球多次从位置上滚下，记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置．B．按图安装好器材，注意，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线．C．取下白纸，以O为原点，以竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹．（1）完成上述步骤，将正确的答案填在横线上．（2）上述实验步骤的合理顺序是．12．（6分）在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=（用L、g表示），其值是．（g取9.8m/s2）三、计算题：（第13题10分，14题10分，15题10，16题15分）13．（10分）在水平路上骑摩托车的人，遇到一个壕沟，宽5m，高度差为0.8m，如图所示，摩托车的速度至少要有多大，才能越过这个壕沟？（g取10m/s2）14．（10分）质量为m=2kg的物体，在水平推力F=5N的作用下沿水平面运动了l=2m．已知物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.1，g=10m/s．求：（1）推力F所做的功；（2）摩擦力所做的功；（3）外力对物体所做的总功．15．（10分）如图所示，一质量为0.5kg的小球，用0.4m长的细线拴住在竖直平面内作圆周运动，求：（1）当小球在圆上最高点速度为4m/s时，细线的拉力是多少？（2）当小球在圆下最低点速度为4m/s时，细线的拉力是多少？（g=10m/s2）16．（15分）两颗人造地球卫星，都在圆形轨道上运行，质量之比为m A：m B=1：2，轨道半径之比r A：r B=1：2，求它们的（1）线速度之比v A：v B（2）角速度之比ωA：ωB（3）周期之比T A：T B（4）向心加速度之比a A：a B．安徽省宣城市宁国市津河中学、广德实验中学2014-2015学年高一（下）联考物理试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题（单项选择，每题4分，共40分）1．（4分）对质点运动的描述，以下说法正确的是（）[来源:]A．平抛运动是加速度每时每刻都改变的运动B．匀速圆周运动是加速度不变的运动[来源:]C．某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度一定为零D．某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度不一定为零考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据牛顿第二定律知道物体的合力方向决定物体加速度方向．加速度是描述速度变化快慢的物理量．解答：解：A、物体做平抛运动，物体只受重力，根据牛顿第二定律得：平抛运动的加速度就是重力加速度，所以平抛运动是加速度不变的运动．故A错误．B、匀速圆周运动的加速度就是向心加速度，向心加速度的方向始终指向圆心，不断改变．所以匀速圆周运动是加速度每时每刻都改变的运动．故B错误．C、某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度不一定为零，例如匀速直线运动，故C 错误，D正确．故选D．点评：解决本题的关键要知道由物体的合力与质量决定加速度以及加速度的物理意义．2．（4分）下列关于平抛运动的说法正确的是（）A．平抛运动是非匀变速运动B．平抛运动是水平匀速直线运动和竖直自由落体运动的合运动C．平抛运动是匀速曲线运动D．平抛运动的物体落地时的速度有可能是竖直向下的考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．解答：解：A、平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，故A错误，C错误．B、平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，故B正确．D、平抛运动落地时，水平方向上有分速度，根据平行四边形定则知，平抛运动落地的速度方向不可能竖直向下，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道平抛运动的特点，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，基础题．3．（4分）2013年12月2日，我国探月卫星“嫦娥三号”在西昌卫星发射中心成功发射升空，此飞行轨道示意图如图所示，地面发射后奔向月球，先在轨道I上运行，在P点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，Q为轨道Ⅱ上的近月点，则“嫦娥三号”在轨道Ⅱ上（）A．运行的周期小于在轨道I上运行的周期B．从P到Q的过程中速率不断减小C．经过P的速度大于在轨道I上经过P的速度D．经过P的加速度小于在轨道I上经过P的加速度考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：地球的第一宇宙速度为7.9km/s，这是发射卫星的最小速度．在轨道Ⅱ上运行时，根据万有引力做功情况判断P到Q的速度变化．从轨道Ⅰ上P点进入轨道Ⅱ需减速，使得万有引力大于向心力．根据牛顿第二定律比较经过P点的加速度大小解答：解：A、根据开普勒第三定律可知，轨道的半长轴越大，则周期越大，故A错误；B、“嫦娥三号”从P到Q的过程中月球的万有引力做正功，速率不断增大．故B错误；C、“嫦娥三号”在轨道Ⅰ上的P点减速，使万有引力大于向心力，做近心运动才能进入轨道Ⅱ，故在轨道Ⅱ上经过P的速度小于在轨道Ⅰ上经过P的速度，故C错误．D、根据万有引力提供向心力=ma，得a=，由此可知在轨道Ⅱ上经过P的加速度等于在轨道Ⅰ上经过P的加速度，故D错误．故选：A点评：在轨道Ⅱ上从P到Q的过程中速率大小比较，也可以根据开普勒第二定律比较，远月点速度大、近月点的速度小．要能够根据牛顿第二定律，通过比较所受的万有引力比较加速度的大小4．（4分）关于万有引力，下列说法正确的是（）A．万有引力是开普勒首先发现的B．只有质量极大的天体间才有万有引力，质量较小的物体间没有万有引力C．地面附近物体所受到的重力就是万有引力D．重力是由于地面附近的物体受到地球吸引而产生的，但重力并不是万有引力[]考点：万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定．专题：万有引力定律的应用专题．分析：万有引力是牛顿首先发现的．任何两个物体之间都有万有引力．地面附近物体所受到的重力是由于万有引力而产生的，它只是万有引力的一个分力．解答：解：A、万有引力是牛顿首先发现的，开普勒描述了行星运动的规律，提出开普勒三定律，故A错误．B、任何两个物体之间都有万有引力，万有引力定律具有普适性，故B错误．CD、地面附近物体所受到的重力是由于万有引力而产生的，它只是万有引力的一个分力，故C错误，D正确．故选：D点评：了解基本的物理学史，掌握万有引力与重力的关系：重力是由于万有引力而产生的，它只是万有引力的一个分力．5．（4分）研究平抛物体的运动，在安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是（）A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小B．保证小球飞出时，初速度水平C．保证小球在空中运动的时间每次都相等D．保证小球运动的轨道是一条抛物线考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．分析：在实验中让小球在固定斜槽滚下后，做平抛运动，记录下平抛后运动轨迹．然后在运动轨迹上标出特殊点，对此进行处理，由于是同一个轨迹，因此要求抛出的小球初速度是相同的，所以在实验时必须确保抛出速度方向是水平的，同时固定的斜槽要在竖直面．解答：解：研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出时小球才做平抛运动，故ACD错误，B正确．故选：B．点评：在实验中如何实现让小球做平抛运动是关键，因此实验中关键是斜槽末端槽口的切线保持水平及固定后的斜槽要竖直．6．（4分）火车转弯做圆周运动，如果外轨和内轨一样高，火车能匀速通过弯道做圆周运动，下列说法中正确的是（）A．火车通过弯道向心力的来源是外轨的水平弹力，所以外轨容易磨损B．火车通过弯道向心力的来源是内轨的水平弹力，所以内轨容易磨损C．火车通过弯道向心力的来源是火车的重力，所以内外轨道均不磨损[]D．以上三种说法都是错误的考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：当内外轨一样高，火车所受重力和支持力相等，火车拐弯靠外轨的水平弹力提供向心力．解答：解：火车在弯道做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，因为内外轨一样高，所以重力和支持力平衡，合力为外轨的水平弹力，所以外轨容易磨损．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道向心力的来源，结合牛顿第二定律分析．[]7．（4分）关于物体做匀速圆周运动的正确说法是（）A．速度的大小和方向都改变B．速度的大小和方向都不变C．速度的大小改变，方向不变D．速度的大小不变，方向改变考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：匀速圆周运动的线速度的大小不变，方向时刻改变．解答：解：匀速圆周运动的线速度的大小不变，方向时刻改变．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道匀速圆周运动的线速度的大小不变，方向时刻改变．8．（4分）如图所示，天车下吊着两个质量都是m的工件A和B，系A的吊绳较短（但仍可将A可作质点），系B的吊绳较长，若天车运动到P处突然停止，则两吊绳所受拉力F A、F B的大小关系是（）A．F A＞F B B．F A=F B=mg C．F A＜F B D．F B=F A＞mg考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：天车运动到P处突然停止时，A、B由于惯性，要继续运动，都将做圆周运动，根据合力提供向心力，求出拉力，从而比较出F A、F B的大小关系．[]解答：解：天车运动到P处突然停止时，A、B以相同的速度将做圆周运动，设原来的速度为v，绳长为L．根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m得：F=mg+m，因为A的绳长小于B的绳长，则A的拉力大于B的拉力，即F A＞F B＞mg．故A正确，BCD错误．故选：A点评：解决本题的关键能够判断出天车突然停止时A、B的运动情况，以及知道圆周运动径向的合力提供向心力．9．（4分）如图所示，用细线吊着一个质量为m的小球，使小球在水平面内做圆锥摆运动，关于小球受力，正确的是（）A．受重力、拉力、向心力B．受重力、拉力C．受重力D．以上说法都不正确考点：向心力；牛顿第二定律．分析：先对小球进行运动分析，做匀速圆周运动，再找出合力的方向，进一步对小球受力分析！解答：解：小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图小球受重力、和绳子的拉力，由于它们的合力总是指向圆心并使得小球在水平面内做圆周运动，故在物理学上，将这个合力就叫做向心力，即向心力是按照力的效果命名的，这里是重力和拉力的合力！故选B．点评：向心力是效果力，匀速圆周运动中由合外力提供，是合力，与分力是等效替代关系，不是重复受力！10．（4分）如图所示，物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向上的速度v y（取向下为正）随时间变化的图象是（）A．B．C．D．考点：平抛运动；运动的合成和分解．分析：根据平抛运动的规律，水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动，由竖直方向的运动规律分析可以求出．解答：解：平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，竖直方向的速度为v y=gt，所以速度与时间成正比，所以D正确．故选：D．点评：本题就是考查了平抛运动的规律，根据竖直方向上是自由落体运动就可以求出速度与时间的关系，比较简单．二、实验题（每空3分共15分）11．（9分）在“探究平抛运动的运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：A．让小球多次从同一位置上滚下，记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置．B．按图安装好器材，注意调整斜槽末端水平，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线．C．取下白纸，以O为原点，以竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹．（1）完成上述步骤，将正确的答案填在横线上．（2）上述实验步骤的合理顺序是B，A，C．考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．分析：（1）该实验成功的关键是，确保小球每次抛出的初速度相同，而且初速度是水平的，因此实验过程中要特别注意这两点．（2）实验步骤的排列要符合逻辑顺序，不能颠三倒四，要便于操作．解答：解：（1）该是实验中要保证每次小球做平抛运动的轨迹相同，这就要求小球平抛的初速度相同，而且初速度是水平的，因此在具体实验操作中要调整斜槽末端水平，同时让小多次从同一位置无初速度的释放．故答案为：同一；调整斜槽末端水平．（2）实验操作中要先安装仪器，然后进行实验操作，故实验顺序为：B，A，C．故答案为：A、同一；B、调整斜槽末端水平；（2）B，A，C．点评：关于平抛运动实验要掌握实验的注意事项、实验步骤、实验原理，要亲自动手实验，体会实验步骤和注意事项．12．（6分）在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=2（用L、g表示），其值是0.70m/s．（g取9.8m/s2）考点：平抛运动；运动的合成和分解．分析：平抛运动的水平方向做匀速直线运动，从图中可以看出：a、b、c、d 4个点间的水平位移均相等为2L，因此这4个点是等时间间隔点，v0=，而竖直方向是自由落体运动，两段相邻的位移之差是一个定值△y=gT2=L，联立方程即可解出．解答：解：从图中看出，a、b、c、d 4个点间的水平位移均相等，是x=2L，因此这4个点是等时间间隔点．竖直方向两段相邻位移之差是个定值，即△y=gT2=L，再根据v0=解出v0=2代入数据得v0=0.70m/s．[]故答案为：2；0.70m/s．点评：本题考查平抛物体的运动规律．要求同学们能够从图中读出有用信息，再根据平抛运动的基本公式解题，难度适中．三、计算题：（第13题10分，14题10分，15题10，16题15分）13．（10分）在水平路上骑摩托车的人，遇到一个壕沟，宽5m，高度差为0.8m，如图所示，摩托车的速度至少要有多大，才能越过这个壕沟？（g取10m/s2）考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合水平位移求出摩托车的最小速度．解答：解：若摩托车恰好越过壕沟，则由平抛运动规律知：竖直方向：水平方向：x=v0t代入数据解得：v0=12.5m/s答：摩托车的速度至少为12.5m/s．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．14．（10分）质量为m=2kg的物体，在水平推力F=5N的作用下沿水平面运动了l=2m．已知物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.1，g=10m/s．求：（1）推力F所做的功；（2）摩擦力所做的功；（3）外力对物体所做的总功．考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：（1）由功的公式可直接求出推力的功；（2）先由摩擦力公式求解摩擦力，再由功的公式求解摩擦力的功；（3）总功等于各力做功的代数和，注意摩擦力做负功．解答：解：（1）推力的功为：W=FL=5×2=10J；（2）摩擦力为：f=μmg=0.1×20=2N；摩擦力做功为：W f=﹣fl=﹣2×2=﹣4J；（3）外力所做的总功：W总=W+W f=10﹣4=6J答：（1）推力F所做的功为10J；[]（2）摩擦力所做的功为﹣4J；（3）外力对物体所做的总功为6J．点评：本题考查功的计算，要注意功是标量，但功有正功，当力与位移夹角为钝角时力即做负功．15．（10分）如图所示，一质量为0.5kg的小球，用0.4m长的细线拴住在竖直平面内作圆周运动，求：（1）当小球在圆上最高点速度为4m/s时，细线的拉力是多少？（2）当小球在圆下最低点速度为4m/s时，细线的拉力是多少？（g=10m/s2）考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：（1）小球在最高点靠重力和拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出细线的拉力．（2）在最低点靠重力和拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出细线的拉力．解答：解：（1）在最高点，根据牛顿第二定律得：解得：N=15N．（2）在最低点，根据牛顿第二定律得：，解得：N=45N．答：（1）细线的拉力为15N．（2）细线的拉力为45N．点评：解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．16．（15分）两颗人造地球卫星，都在圆形轨道上运行，质量之比为m A：m B=1：2，轨道半径之比r A：r B=1：2，求它们的（1）线速度之比v A：v B（2）角速度之比ωA：ωB（3）周期之比T A：T B（4）向心加速度之比a A：a B．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动的向心力，由此分析描述圆周运动的物理量与半径的有关系，从而由半径得出结论．解答：解：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，所以有：所以：（1）由线速度知=（2）由角速度ω=知（3）由周期T=知（4）由向心加速度a=知答：（1）（2）（3）[]（4）点评：卫星绕地球做匀速圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，熟悉万有引力公式和向心力表达式是解决问题的关键．注意描述圆周运动的物理量与环绕天体质量的关系．。
安徽省宣城市宁国津河中学高二物理月考试题含解析
安徽省宣城市宁国津河中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）“奥的斯电梯”在北京、上海、深圳、惠州等地频出事故，致使大家“谈奥色变”，为此检修人员对电视塔的观光电梯作了检修，如图是检修人员搭乘电梯从一楼到八楼上下的v﹣t图（取电梯向上运动方向为正方向），下列说法正确的是（）A．检修人员在2～6s内对地板的压力相同B．检修人员在0～2s和在4～6s内处于超重状态C．0～2s内和4～6s内电梯对检修人员作用力不同D．0～2s内和6～8s内电梯对检修人员作用力相同参考答案：ACD【考点】牛顿运动定律的综合应用；作用力和反作用力．【分析】物体做匀加速直线运动时加速度应保持不变，根据速度图象的斜率等于加速度，由斜率判断电梯的加速度是否变化，确定电梯的运动性质．再根据牛顿第二定律分析作用力大小变化情况．【解答】解：A、在2～6秒内速度图象是一条直线，其斜率保持不变，说明加速度保持不变，根据牛顿第二定律可知检修人员在2～6秒内对地板的压力相同．故A正确．B、根据图象可知，检修人员在0～2s内加速度为正，方向向上，处于超重状态，4～6s内加速度为负，方向向下，处于失重状态，故B错误；C、由图可知，0～2s内和4～6s内人员的加速度方向不同；则由牛顿第二定律可知，电梯对检修人员作用力不同；故C正确；D、0～2s内和6～8s内人员的加速度相同，则由牛顿第二定律可知，电梯对检修人员作用力相同；故D正确；故选：ACD．2. （多选）如图所示，螺线管匝数n=1500匝，横截面积S=0.002m2，螺线管导线电阻r=1Ω，电阻R=4Ω，磁感应强度B的B-t图象所示（以向右为正方向），下列说法正确的是A．电阻R的电流方向是从A到C B．感应电流的大小保持不变C．电阻R的电压为4.8V D．电阻R的电压为6V参考答案：BC3. (单选)关于做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法正确的是（）．在离地面高为R（R为地球半径）的高处，所受地球引力为在地面时引力的解：A、据万有引力提供圆周运动向心力知，轨道半径越大，周期越大，故A错误；B、卫星做匀速圆周运动时，上面的物体处于完全失重状态，仅受地球的引力作用，故B错误；C、根据知，万有引力与R的二次方成反比，故C正确；D、因为绕地球做匀速圆周运动的轨道半径越小，线速度越大，第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，所以7.9km/s是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度．故D错误．故选：C4. （单选）如图（a）所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图（b）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处。
安徽省宣城市宁国市津河中学高三物理上学期第一次段考试卷(含解析)
2014-2015学年安徽省宣城市宁国市津河中学高三（上）第一次段考物理试卷一、单项选择题（每题4分，共计40分）1．下列说法正确的是（）A．高速公路上限速牌上的速度值指平均速度B．运动员在处理做香蕉球运动的足球时，要将足球看成质点C．运动员的链球成绩是指链球从离开手到落地的位移大小D．选取不同的参考系，同一物体的运动轨迹可能不同2．如图所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a、b、c，它们距斜面底端A点的距离分别为s1、s2、s3，对应到达最高点的时间分别为t1、t2、t3，则下列关系正确的是（）A．==B．＞＞C．==D．＞＞3．一辆汽车在平直公路上做刹车实验，0时刻起运动过程的位移与速度的关系为x=（10﹣0.1v2）m，下列分析正确的是（）A．上述过程的加速度大小为10 m/s2B．刹车过程持续的时间为5 sC． 0时刻的初速度为10 m/sD．刹车过程的位移为5 m4．一条悬链长7.2m，从悬点处断开，使其自由下落，不计空气阻力．则整条悬链通过悬点正下方12.8m处的一点所需的时间是（g取10m/s2）（）A． 0.3 s B． 0.54 s C． 0.7 s D． 1.2 s5．一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地．汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止．其速度﹣时间图象如图所示，那么在0～t0和t0～3t0两段时间内（）A．加速度大小之比为3：1 B．位移大小之比为1：3C．平均速度大小之比为2：1 D．平均速度大小之比为1：16．如图所示，物体P放在粗糙水平面上，左边用一根轻弹簧与竖直墙相连，物体静止时弹簧的长度小于原长．若再用一个从0开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到拉动，那么在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的弹力F T的大小和地面对P的摩擦力F f的大小的变化情况（）A．弹簧对P的弹力F T始终增大，地面对P的摩擦力始终减小B．弹簧对P的弹力F T保持不变，地面对P的摩擦力始终增大C．弹簧对P的弹力F T保持不变，地面对P的摩擦力先减小后增大D．弹簧对P的弹力F T先不变后增大，地面对P的摩擦力先增大后减小7．如图，质量分别为m a和m b的两木块a、b之间有一轻弹簧被压缩，两木块在水平面上都保持静止，a、b所受的摩擦力分别F a和F b，下面表述正确的是（）A． F a和 F b是一对作用力与反作用力B．若m a＜m b，则F a＜F bC．若m a＜m b，则F a＞F bD． F a和 F b大小一定相等8．两物体M、m 用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图放置，OA、OB与水平面的夹角分别为30°、60°，M、m均处于静止状态．则（）A．绳OA对M的拉力大小大于绳OB对M的拉力B．绳OA对M的拉力大小等于绳OB对M的拉力C． m受到水平面的静摩擦力大小为零D． m受到水平面的静摩擦力的方向水平向左9．如图在倾斜的滑杆上套一个质量为m 的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向．则（）A．环只受三个力作用B．环一定受四个力作用C．物体做匀加速运动D．悬绳对物体的拉力小于物体的重力10．质量为M的半球形物体A和质量为m的球形物体B紧靠着放在倾角为α的固定斜面上，并处于静止状态，如图所示．忽略B球表面的摩擦力，则关于物体受力情况的判断正确的是（）A．物体A对物体B的弹力方向沿斜面向上B．物体A受到3个力的作用C．物体B对斜面的压力等于mgcosαD．物体B对物体A的压力大于mgsinα二、实验题（每空3分，共21分）11．用等效代替法验证力的平行四边形定则的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是白纸上根据实验结果画出的图．（1）本实验中“等效代替”的含义是．A．橡皮筋可以用细绳替代B．左侧弹簧测力计的作用效果可以替代右侧弹簧测力计的作用效果C．右侧弹簧测力计的作用效果可以替代左侧弹簧测力计的作用效果D．两弹簧测力计共同作用的效果可以用一个弹簧测力计的作用效果替代（2）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿着AO方向的是，图中是F1、F2合力的理论值．（3）完成该实验的下列措施中，能够减小实验误差的是．A．拉橡皮筋的绳细一些且长一些B．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板面平行C．拉橡皮筋的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些D．使拉力F1和F2的夹角很小．12．某实验小组做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验．实验时，先把弹簧平放在桌面上，用刻度尺测出弹簧的原长L0=4.6cm，再把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只钩码均记下对应的弹簧的长度x，数据记录如表所示．钩码个数 1 2 3 4 5弹力F/N 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0弹簧的长度x/cm 7.0 9.0 11.0 13.0 15.0（1）根据表中数据在图中作出F﹣X图象；（2）由此图线可得，该弹簧劲度系数k= N/m；（结果保留2位有效数字）（3）图线与x轴的交点坐标大于L0的原因是．三、计算题（每题13分，共计39分）13．某人站在高楼的平台边缘，以20m/s的初速度竖直向上抛出一石子．不考虑空气阻力，g=10m/s2．求：（1）物体上升的最大高度是多少？回到抛出点的时间是多少？（2）石子抛出后落到距抛出点下方20m处所需的时间是多少？14．如图所示，光滑固定斜面上有一个质量为10kg的小球被轻绳拴住悬挂在天花板上，已知绳子与竖直方向的夹角为45°，斜面倾角30°，整个装置处于静止状态，（g取10m/s2）；求：（所有结果均保留三位有效数字）（1）绳中拉力的大小和斜面对小球支持力的大小；（2）若另外用一个外力拉小球，能够把小球拉离斜面，求最小的拉力的大小．15．斜面长度为4m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v的关系图象（即xv图象）如图所示．（1）求滑块下滑的加速度大小．（2）若滑块下滑的初速度为5.0m/s，则滑块沿斜面下滑的时间为多长？2014-2015学年安徽省宣城市宁国市津河中学高三（上）第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每题4分，共计40分）1．下列说法正确的是（）A．高速公路上限速牌上的速度值指平均速度B．运动员在处理做香蕉球运动的足球时，要将足球看成质点C．运动员的链球成绩是指链球从离开手到落地的位移大小D．选取不同的参考系，同一物体的运动轨迹可能不同考点：平均速度；参考系和坐标系；质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：物体在某段时间内或通过某段位移时的速度叫平均速度；物体通过某一位置或某一时刻的速度叫瞬时速度．平均速度对应时间段或位置段，而瞬时速度对应时间点或位置点．能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．解答：解：A、高速公路上限速牌上的速度值指瞬时速度，故A错误B、运动员在处理做香蕉球运动的足球时，要看足球的旋转，不能看成质点，故B错误C、运动员的链球成绩是指链球从起点位置到落地的位移大小，故C错误D、选取不同的参考系，同一物体的运动轨迹可能不同，故D正确故选D．点评：本题考查了瞬时速度，质点，参考系多个知识点，属于基础题．2．如图所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a、b、c，它们距斜面底端A点的距离分别为s1、s2、s3，对应到达最高点的时间分别为t1、t2、t3，则下列关系正确的是（）A．==B．＞＞C．==D．＞＞考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：抓住小球在斜面上运动时加速度大小相等，结合速度位移公式比较出初速度的大小，结合平均速度的推论比较平均速度的大小．采用逆向思维，结合位移时间公式比较位移与时间的平方之比．解答：解：A、因为小球匀减速运动的加速度大小相等，根据知，v01＞v02＞v03，平均速度，可知，故A、B错误．C、采用逆向思维，有：，则，因为加速度大小相等，则．故C正确，D错误．故选：C．点评：本题考查学生运用匀变速直线运动规律分析问题的能力．关键掌握匀变速直线运动的公式和推论，并能灵活运用．3．一辆汽车在平直公路上做刹车实验，0时刻起运动过程的位移与速度的关系为x=（10﹣0.1v2）m，下列分析正确的是（）A．上述过程的加速度大小为10 m/s2B．刹车过程持续的时间为5 sC． 0时刻的初速度为10 m/sD．刹车过程的位移为5 m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：由位移与速度的关系式为x=（10﹣0.1t2）m可知刹车时初速度和加速度，就可判断刹车时间，从而可求刹车位移．解答：解：AC、根据x=（10﹣0.1v2）m和位移与速度的关系公式为x=，可得：=﹣0.1v2，=10，解得：a=﹣5m/s2，v0=10m/s，加速度大小为5m/s2．故A错误，C正确；B、刹车持续时间t0==s=2s，故B错误D、刹车位移为 x0==m=10m，故D错误，故选：C点评：解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，以及掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at和位移速度公式．4．一条悬链长7.2m，从悬点处断开，使其自由下落，不计空气阻力．则整条悬链通过悬点正下方12.8m处的一点所需的时间是（g取10m/s2）（）A． 0.3 s B． 0.54 s C． 0.7 s D． 1.2 s考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：抓住链条的上下两端经过同一点的时间位移关系列式即可求解．解答：解：设链条的长度为L，悬链的下端到P点的距离是h，经t1链条的下端经过P点，则；；经t2链条的上端经过P点，此时悬链的总位移是h+L，则：h+L=gt22，；整条悬链通过悬点正下方12.8m处的P点所需的时间：△t=t2﹣t1=1.6s﹣1.06s=0.54s；故B正确，ACD错误；故选：B．点评：本题主要考查了自由落体运动位移时间公式的直接应用，难度不大，属于基础题．5．一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地．汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止．其速度﹣时间图象如图所示，那么在0～t0和t0～3t0两段时间内（）A．加速度大小之比为3：1 B．位移大小之比为1：3C．平均速度大小之比为2：1 D．平均速度大小之比为1：1考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度图象的斜率等于加速度求解加速度之比．速度图象与坐标轴所围“面积”等于位移大小，由几何知识求解位移大小之比．根据匀变速直线运动的平均速度公式求解平均速度之比．解答：解：A、根据速度图象的斜率等于加速度大小，则有在0～t0和t0～3t0两段时间内加速度大小之比为：a1：a2=：=2：1．故A错误．B、根据“面积”等于位移大小，则有位移之比为x1：x2=v0t0：v0•2t0=1：2．故B错误．C、D平均速度大小之比为：=：=1：1．故C错误，D正确故选D点评：本题只要抓住速度图象的两个数学意义就能正解作答：斜率等于加速度，“面积”等于位移大小．6．如图所示，物体P放在粗糙水平面上，左边用一根轻弹簧与竖直墙相连，物体静止时弹簧的长度小于原长．若再用一个从0开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到拉动，那么在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的弹力F T的大小和地面对P的摩擦力F f的大小的变化情况（）A．弹簧对P的弹力F T始终增大，地面对P的摩擦力始终减小B．弹簧对P的弹力F T保持不变，地面对P的摩擦力始终增大C．弹簧对P的弹力F T保持不变，地面对P的摩擦力先减小后增大D．弹簧对P的弹力F T先不变后增大，地面对P的摩擦力先增大后减小考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：在P被拉动之前的过程中，弹簧仍处于原状，因此弹力不变，而物体静止时弹簧的长度小于原长，物体P受到向左的静摩擦力，当拉力渐渐增大时，导致向左的静摩擦力增大，因而根据进行受力分析，即可判断．根据胡克定律判定弹簧弹力的变化．解答：解：由题意可知，放在粗糙水平面上，静止时弹簧的长度小于原长，则弹簧对P的弹力向右，由于粗糙水平面，因此同时受到水平向左的静摩擦力．当再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到把P拉动前过程中，物体P受到的静摩擦力大小一直增大．在物体被拉动之前，弹簧的长度没有发生变化，所以弹簧的弹力保持不变．故只有B正确，ACD 错误．故选：B．点评：本题解题的关键是对P物体进行正确的受力分析，知道当P没有运动时，弹簧弹力不变，而由于拉力的变化，从而导致静摩擦力的方向变化，难度适中．7．如图，质量分别为m a和m b的两木块a、b之间有一轻弹簧被压缩，两木块在水平面上都保持静止，a、b所受的摩擦力分别F a和F b，下面表述正确的是（）A． F a和 F b是一对作用力与反作用力B．若m a＜m b，则F a＜F bC．若m a＜m b，则F a＞F bD． F a和 F b大小一定相等考点：动量守恒定律；牛顿第三定律．分析：分别对a、b受力分析，根据平衡判断摩擦力与弹簧弹力的大小关系，从而比较出大小．解答：解：A、作用力、反作用力是相互作用的一对力，a、b所受的摩擦力不是相互作用的一对力．故 A错误．B、a在水平方向受摩擦力与弹簧弹力处于平衡，则F a=F，b在水平方向上受摩擦力和弹簧弹力处于平衡，则F b=F，则F a和 F b大小一定相等．故D正确，B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．8．两物体M、m 用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图放置，OA、OB与水平面的夹角分别为30°、60°，M、m均处于静止状态．则（）A．绳OA对M的拉力大小大于绳OB对M的拉力B．绳OA对M的拉力大小等于绳OB对M的拉力C． m受到水平面的静摩擦力大小为零D． m受到水平面的静摩擦力的方向水平向左考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对结点O受力分析，再沿水平方向对正交分解，然后利用平衡条件求出AO、BO绳的张力F1和F2．对m受力分析，两绳对m的拉力为水平向左的F1，水平向右的F2，有平衡条件知F1和F2的差就等于m受到的摩擦力的大小．解答：解：A、B、对接点O受力分析如图：把F1和F2分别分解到水平方向和竖直方向．沿水平方向列方程：F1cos30°=F2cos60°…①沿竖直方向列方程：F1sin30°+F2sin60°=Mg…②由①②联立得：F1=．F2=故F2＞F1故A错误，B错误；C、D、对m受力分析如下图：水平方向列平衡方程：F1+f=F2…③由③解得：f=F2﹣F1=，故m受到的摩擦力为静摩擦力方向水平向左．故C错误，D正确．故选：D．点评：本题综合了受力分析、正交分解、平衡条件应用等内容．解题过程中要注意研究对象选取，正确选取研究对象是解决此类问题的关键，该题难度中等．9．如图在倾斜的滑杆上套一个质量为m 的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向．则（）A．环只受三个力作用B．环一定受四个力作用C．物体做匀加速运动D．悬绳对物体的拉力小于物体的重力考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先以物体为研究对象，分析物体的受力情况，判断运动情况，再分析环的受力情况．解答：解：A、B、C以物体为研究对象，物体沿滑杆向下做直线运动，加速度为零，或加速度与速度在同一直线上，而物体受到竖直向下重力和绳子竖直向上的拉力，这两个力的合力必为零，说明物体做匀速直线运动，则环也做匀速直线运动，环受到重力、绳子竖直向下的拉力、滑杆的支持力和滑动摩擦力，共四个力作用．故AC错误，B正确．D、由平衡得到，悬绳对物体的拉力等于物体的重力．故D错误．故选B点评：本题抓住物体做直线运动的条件是关键：物体做直线运动时，合外力（或加速度）与速度在同一直线上，或合外力为零．10．质量为M的半球形物体A和质量为m的球形物体B紧靠着放在倾角为α的固定斜面上，并处于静止状态，如图所示．忽略B球表面的摩擦力，则关于物体受力情况的判断正确的是（）A．物体A对物体B的弹力方向沿斜面向上B．物体A受到3个力的作用C．物体B对斜面的压力等于mgcosαD．物体B对物体A的压力大于mgsinα考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：先对物体B受力分析，根据平衡条件判断A对B的弹力和斜面对B的支持力情况；再结合牛顿第三定律判断B对A的压力情况．解答：解：A、C、D、对物体B受力分析，受重力、斜面的支持力和A对B的支持力，由于弹力与接触面垂直，故A对B的支持力不是平行斜面向上，而是偏向上一点；根据平衡条件，有：mgsinα=FcosθFsinθ+N=mgcosα结合牛顿第三定律，物体B对斜面的压力小于mgcosα，物体B对物体A的压力大于mgsinα，故A错误，C错误，D正确；B、物体A受重力、支持力、摩擦力、B对A的压力，共4个力，故B错误；故选：D．点评：本题关键是明确物体A对B的弹力与接触面垂直，不是平行斜面向上，然后根据平衡条件并结合牛顿第三定律分析，不难．二、实验题（每空3分，共21分）11．用等效代替法验证力的平行四边形定则的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是白纸上根据实验结果画出的图．（1）本实验中“等效代替”的含义是 D ．A．橡皮筋可以用细绳替代B．左侧弹簧测力计的作用效果可以替代右侧弹簧测力计的作用效果C．右侧弹簧测力计的作用效果可以替代左侧弹簧测力计的作用效果D．两弹簧测力计共同作用的效果可以用一个弹簧测力计的作用效果替代（2）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿着AO方向的是F′，图中 F 是F1、F2合力的理论值．（3）完成该实验的下列措施中，能够减小实验误差的是ABC ．A．拉橡皮筋的绳细一些且长一些B．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板面平行C．拉橡皮筋的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些D．使拉力F1和F2的夹角很小．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：（1）该实验采用了“等效替代”的方法，即两次拉橡皮筋，要使橡皮筋的形变相同；（2）该实验采用了“等效法”，由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值与与理论值存在差别．（3）实验时，为便于准确记录拉力的方向，细绳应细一些、长一些，实验时，测力计应靠近木板且与木板平行，但不能与木板接触．解答：解：（1）该实验采用了“等效法”，即用两个弹簧秤拉橡皮筋的效果和用一个弹簧秤拉橡皮筋的效果是相同的，即要求橡皮筋的形变量相同，故ABC错误，D正确；故选：D（2）F是通过作图的方法得到合力的理论值，在平行四边形的对角线上，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力，因此其方向沿着AO方向．（3）A、为减小实验误差，拉橡皮筋的绳细一些且长一些，故A正确；B、为减小实验误差，拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板面平行，故B正确；C、拉橡皮筋的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故C正确；D、使拉力F1和F2的夹角要大些，故D错误；故选：ABC．故答案是：（1）D，（2）F′，F；（3）ABC点评：该题属于基础题目，考查了“验证力的平行四边形定则”的实验中基础知识，如等效思想即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代．12．某实验小组做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验．实验时，先把弹簧平放在桌面上，用刻度尺测出弹簧的原长L0=4.6cm，再把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只钩码均记下对应的弹簧的长度x，数据记录如表所示．钩码个数 1 2 3 4 5弹力F/N 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0弹簧的长度x/cm 7.0 9.0 11.0 13.0 15.0（1）根据表中数据在图中作出F﹣X图象；（2）由此图线可得，该弹簧劲度系数k= 50 N/m；（结果保留2位有效数字）（3）图线与x轴的交点坐标大于L0的原因是竖直悬挂时，它自身的重力作用．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：（1）通过描点法作图即可；（2）根据胡克定律可得：k=，即斜率表示劲度系数；（3）弹簧自身有重力会导致弹簧竖直放置时长度变长．解答：解：（1）描点作图，如图所示：如图所示（2）图象的斜率表示劲度系数，故有：k==50N/m（3）图线与x轴的交点坐标表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于弹簧原长，因为弹簧自身重力的影响．故答案为：（1）如图所示；（2）50；（3）竖直悬挂时，弹簧自身重力的影响点评：本题关键明确胡克定律F=kx中x为伸长量，不是长度，同时题目中弹簧自身的重力不能忽略不计．三、计算题（每题13分，共计39分）13．某人站在高楼的平台边缘，以20m/s的初速度竖直向上抛出一石子．不考虑空气阻力，g=10m/s2．求：（1）物体上升的最大高度是多少？回到抛出点的时间是多少？（2）石子抛出后落到距抛出点下方20m处所需的时间是多少？考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：（1）物体做竖直上抛运动，应用匀变速运动的运动学公式可以求出高度与时间．（2）应用匀变速直线运动的位移公式可以求出物体的运动时间．解答：解：（1）物体做竖直上抛运动，上升的最大高度：h===20m，物体落回抛出点的时间：t===4s；（2）以向上为正方向，由题意可知：v0=20m/s，a=﹣g=﹣10m/s2，x=﹣20m，由匀变速直线运动的位移公式得：x=v0t+at2，即：﹣20=20t﹣×10×t2，解得：t=2（1+）s；答：（1）物体上升的最大高度是20m，回到抛出点的时间是4s；（2）石子抛出后落到距抛出点下方20m处所需的时间是2（1+）s．点评：处理竖直上抛的运动的方法，可以分段运用运动学公式求解，也可以全过程运用运动学公式求解，知道竖直上抛运动上升过程和下降过程的对称性．14．如图所示，光滑固定斜面上有一个质量为10kg的小球被轻绳拴住悬挂在天花板上，已知绳子与竖直方向的夹角为45°，斜面倾角30°，整个装置处于静止状态，（g取10m/s2）；求：（所有结果均保留三位有效数字）（1）绳中拉力的大小和斜面对小球支持力的大小；（2）若另外用一个外力拉小球，能够把小球拉离斜面，求最小的拉力的大小．考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）对小球受力分析，建立直角坐标系，根据平衡条件列方程，求解；（2）要能够把小球拉离斜面，当所用的拉力与绳子垂直向右时，根据平衡条件求解最小拉力．解答：解：（1）如图，水平竖直建立直角坐标系，对小球做受力分析，把不在轴上的力沿轴分解，列平衡方程如下Tcos45°﹣Nsin30°=0Tsin45°+Ncos30°﹣mg=0由以上两式解得N=73.2N，T=51.8N（2）当所用的拉力与绳子垂直向右时，经分析得拉力的最小值为F m=mgsin45°代数解得F m=70.7N答：（1）绳中拉力的大小和斜面对小球支持力的大小分别为51.8N和73.2N；（2）若另外用一个外力拉小球，能够把小球拉离斜面，最小的拉力的大小为70.7N．点评：解决本题的关键是正确的选取研究对象，进行受力分析，运用正交分解进行求解．15．斜面长度为4m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v的关系图象（即xv图象）如图所示．（1）求滑块下滑的加速度大小．（2）若滑块下滑的初速度为5.0m/s，则滑块沿斜面下滑的时间为多长？。
高二数学月考试题及答案-安徽宁国市津河中学、广德实验中学2014-2015学年高二5月联考(理)
安徽省宁国市津河中学、广德实验中学2014-2015学年高二5月联考（理）一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，共50分．）1.已知z 是z 的共轭复数，且21zi i=++，则复数z =（ ） A ．13i -+B.13i -C ．3i +D ．3i -2. 用反证法证明命题“三角形的内角中至少有一个不大于60度”时，反设正确的是 ( ) A ．假设三个内角都不大于60度 B ．假设三个内角都大于60度 C ．假设三个内角至多有一个大于60度 D ．假设三个内角至多有两个大于60度3.32()32f x x x =-+在区间[11]-，上的最大值是 （ ） A ．2-B ．0C ．2D ．44函数()x x a x f +=ln 在1=x 处取到极值，则a 的值为( )21.A 1.-B 0.C 21.-D 5.从集合{ 0，1，2，3，4，5，6}中任取两个互不相等的数a ，b 组成复数a bi +，其中虚数有（ ）A ．30个B ．42个C ．36个D ．35个6.由直线12x =，2x =，曲线1y x =及x 轴所围成的图形的面积是（ ） A ． 154 B ． 174 C ． 1ln 22D ． 2ln 27.函数x y e x =+在点(0,1)处的切线方程是（ ）A . 21y x =+ B. 2y x =+ C . 1y x =+ D. 21y x =- 8.给出下面四个类比结论：①实数,a b ，若0ab =，则0a =或0b =；类比向量,a b ，若0a b ⋅=，则0a =或0b = ②实数,a b ，有222()2a b a ab b +=++；类比向量,a b ，有222()2a b a a b b +=+⋅+③向量a ，有22a a =；类比复数z 有22z z =④实数,a b ，有220a b +=，则0a b ==；类比复数12,z z ，有22120z z +=，则120z z ==其中类比结论正确的命题个数是( )A. 0 B . 1 C. 2 D. 3 9.函数x exx f -=)( ()1<<b a ,则（ ） A ．)()(b f a f = B. )()(b f a f <C ．)()(b f a f > D.)(),(b f a f 大小关系不能确定10.函数221ln )(x x x f -=的图象大致是（ ）二、填空题(本大题共5小题，每小题5分，共25分．把答案填在题中横线上．) 11. 今有2个红球、3个黄球、4个白球，同色球不加以区分，将这9个球排成一列有 种不同的方法（用数字作答）;12.一物体沿直线以速度()23v t t =-（t 的单位为:秒,v 的单位为:米/秒）的速度作变速直线运动，则该物体从时刻t=0秒至时刻 t=5秒间运动的路程是_____ 13.下表给出了一个“三角形数阵”：1411,24333,,48161111,,,248依照表中数的分布规律，可猜得第10行第6个数是14.将10个学生干部的培训指标分配给7个不同的班级，每班至少分到一个名额，不同的分配方案共有 （ ）种。
安徽省宁国中学高二物理上学期第一次段考试题(无答案)
宁国中学2013-2014学年度第一学期高二年级第一次段考物理试卷本试卷满分：100分；考试时间：90分钟一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，请把答案正确填涂在答题卡上；每题4分，总计40分）1. 半径相同的两个金属小球A 和B 带有电量相等的电荷，相隔一定距离，两球之间的相互吸引力的大小是F ，今让第三个半径相同的不带电的金属小球C 先后与A 、B 两球接触后移开．这时，A 、B 两球之间的相互作用力的大小是 ( )A. 18F B .14F C .38F D. 34F2.由电场强度的定义式E ＝F /q 可知，在电场中的同一点 ( )A ．电场强度E 跟F 成正比，跟q 成反比B ．无论检验电荷所带的电量如何变化，F /q 始终不变C ．不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变D ．一个不带电的小球在P 点受到的电场力为零，则P 点的场强一定为零3. 下列各电场中，A 、B 两点电场强度相同的是 ( )4. 如图所示，P 、Q 是带等量异种电荷的两个点电荷，PQ 连线的中点为O , a 、b 为中垂线上的两点． a 、b 两点场强的大小分别为Ea 、Eb ，a 、b 两点电势的大小分别为φa 、φb ，则有（ ） A ．E a ＞E b ，φa ＞φbB ．E a ＞E b ，φa ＝φbC ．E a ＜E b ，φa ＜φbD ．E a ＜E b ，φa ＝φb5. 在点电荷 Q 形成的电场中有一点A ，当一个带电量为－q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为 （ ）A.q W U W A A =-=,εB.qW U W A A -==,ε C.q W U W A A ==,ε D.qW U W A A -=-=,ε 6. 如图，A 、B 、C 三点都在匀强电场中，已知AC ⊥BC ，∠ABC ＝60°，BC ＝20 cm ．把一个电量q ＝10－5C 的正电荷从A 移到B ，电场力做功为零：从B 移到C ，电场力做功为－1.73×10－3 J ，则该匀强电场的场强大小和方向是 （ ）A ．865 V ／m ，垂直AC 向左B ．865 V ／m ，垂直AC 向右C ．1000 V ／m ，垂直AB 斜向上D ．1000 V ／m ，垂直AB 斜向下7. 如图所示 ，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中．导体处于静电平衡时，下列说法正确的是 ( )A ．A 、B 两点场强相等，且都为零B ．A 、B 两点场强不相等C ．感应电荷在A 、B 两点产生的场强E A <E BD ．当电键S 闭合时，电子从导体沿导线向大地移动8. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态。
安徽省宣城市四合中学高三物理联考试题含解析
安徽省宣城市四合中学高三物理联考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. (单选)如图所示，水平细线NP 与斜拉细线OP 把质量为m 的小球维持在位置P ，OP 与竖直方向夹角为θ，这时斜拉细线中的张力为TP ，作用于小球的合力为FP ；若剪断NP ，当小球摆到位置Q 时，OQ 与竖直方向夹角也为θ，细线中的张力为TQ ，作用于小球的合力为FQ ，则A. TP ＝TQ ，FP ＝FQB. TP ＝TQ ，FP FQC. TPTQ ，FP ＝FQD. TPTQ ，FPFQ参考答案：D2. （单选）甲同为某简谐机械横渡在t=0时刻波的图像，乙图为波的传播方向上某质点的振动图像。
下列说法正确的是A ．该波的波速是15 m/sB ．该波一定沿x 轴正方向传播C ．若乙是质点P 的振动图像，则t=0．15 s 时刻，质点Q 的坐标为（0．5 m 、0 cm ）D ．若乙是质点Q 的振动图像，则t=0．15 s 时刻，质点P 的坐标为（1m 、－4 cm ）参考答案：D3. 下列说法正确的是A ．只要有光照射在金属表面上，就一定能发生光电效应B ．一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出六种不同频率的光子C ．是衰变方程D ．，式中d=3参考答案： BC4. （单选）如图所示，汽车通过轻质光滑的定滑轮，将一个质量为m 的物体从井中拉出，绳与汽车连接点距滑轮顶点高h ，开始时物体静止，滑轮两侧的绳都竖直绷紧，汽车以v 向右匀速运动，运动到跟汽车连接的细绳与水平夹角为30°，则（ ）从幵始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mgh+mv 2 在绳与水平夹角为30°时，拉力功率为mgv 在绳与水平夹角为30°时，拉力功率等于mgv参考答案：考点： 运动的合成和分解；机械能守恒定律．版权所有分析： 先将汽车的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解，得到货物速度的表达式，分析出货物的运动规律；然后根据动能定理和牛顿第二定律列式分析．解答： 解：A 、B 、将汽车的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解，如图所示；货物速度为：v 货物=vcos θ，由于θ逐渐变小，故货物加速上升；当θ=30°时，货物速度为v；当θ=90°时，货物速度为零；根据功能关系，拉力的功等于货物机械能的增加量，故有：W F=△E P+△E K=mgh+mv2，故A错误，B正确；C、D、在绳与水平夹角为30°时，拉力的功率为：P=Fv货物，其中v货物=v，由于加速，拉力大于重力，故P＞mgv，故CD错误；故选：B．点评：本题关键将找出车的合运动与分运动，正交分解后得到货物的速度表达式，最后根据功能关系和牛顿第二定律分析讨论．5. （多选题）一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=12m处的质元的振动图线如图1所示，在x=18m 处的质元的振动图线如图2所示．下列说法正确的是（）A．该波的周期为12sB．x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰C．在0～4s内x=12m处和x=18m处的质元通过的路程均为6cmD．该波的波长可能为8mE．该波的传播速度可能为2m/s参考答案：解：A、由图可知，该波的周期为12s．故A正确；B、由图可知，t=3s时刻，x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故B正确；C、据图2知t=2s时，在x=18m处的质元的位移为零，正通过平衡位置向上运动，在t=4s时刻，在x=18m处的质元的位移大于2cm，所以在0～4s内x=18m处的质元通过的路程小于6cm．故C错误；D、由两图比较可知，x=12m处比x=18m处的质元早振动9s，即，所以两点之间的距离为：（n=0、1、2、3…）所以：（n=0、1、2、3…）n=0时，波长最大，为：m．故D正确；E、波的速度：m/s（n=0、1、2、3…）n=0时，最大速度：v=m/s；故E错误；故选：ABD．【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【分析】首先明确两种图象的意义，获取相关信息，如波长、周期和振幅；利用波速、波长和周期的关系求波速；利用质点的振动情况，判断波的传播方向．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 磁场对放入其中的长为l、电流强度为I、方向与磁场垂直的通电导线有力F的作用，可以用磁感应强度B描述磁场的力的性质，磁感应强度的大小B＝，在物理学中，用类似方法描述物质基本性质的物理量还有等。
安徽省宣城市四校高二物理上学期期中联考试题(含解析)
安徽省宣城市四校2016-2017学年高二物理上学期期中联考试题（含解析）一、单项选择题（共8小题每小题4分计32分）1；图示两个相同的带电小球A B （可视为点电荷）。
质量分别是m 1、m 2、电量分别是q 1、q 2，用长度相同的细线拴住并悬挂在同一点。
静止时两悬线与竖直方向夹角相同。
则关于m 1与m 2。
q 1与q 2的关系正确的是。
A.q 1 = q 2 ， m 1<m 2B. q 1<q 2 ， m 1 =m 2C.q 1<q 2 ，m 1<m 2D. q 1>q 2 ， m 1>m 2 【答案】B 【解析】考点：库仑定律；物体的平衡 2．下列说法正确的是( )A ．根据电场强度的定义式E=F/q 可知电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量成反比B ．根据电容的定义式C=Q/U 电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C ．真空中点电荷的电场强度公式2QE kr ，知电场中某点电场强度和场源电荷的电荷量无关 D ．根据电势差的定义式U AB ＝W AB /q 可知带电荷量为1 C 的正电荷，从电场中的A 点移动到B 点克服电场力做功为1 J ，则A 、B 两点间的电势差为－1 V【答案】D 【解析】试题分析：电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量及所受的电场力无关，选项A 错误；电容器的电容与所带电荷量及两极板间的电压无关，选项B 错误；真空中点电荷的电场强度公式2QE kr =，知电场中某点电场强度和场源电荷的电荷量成正比，选项C 错误；根据电势差的定义式U AB ＝W AB /q 可知带电荷量为1 C 的正电荷，从电场中的A 点移动到B 点克服电场力做功为1 J ，则A 、B 两点间的电势差为-1=11AB AB W U V V q =-＝，选项D 正确；故选D. 考点：电场强度；电容器；电场力的功3. 如图所示，用两根绝缘线把两个小球悬挂起，a 球带电+q ，b 球带电-2q ，若两球的库仑力远小于b 球的重力，且两根线都处于绷紧状态，现加一水平向左的匀强电场，待平衡时，表示平衡状态的图是【答案】C 【解析】试题分析：以ab 整体为研究对象，整体电量相当于-q ，水平方向受向右的电场力，故上面绳子向右倾斜；以最下面小球为研究对象，带负电，受向右的电场力，故下面的绳子也是向右倾斜；故选C 。
安徽省宣城市宁国县宁阳中学高二物理上学期期末试题带解析
安徽省宣城市宁国县宁阳中学高二物理上学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 关于质量相同的0℃的水和0℃的水蒸气，下列说法中正确的应是 ( )A．分子数相同，分子平均动能不相同，分子势能相同，它们的内能相同B．分子数相同，分子平均动能相同，分子势能不相同，内能相同C．分子数相同，分子平均动能相同，分子势能不相同，内能不相同D．分子数不同，分子平均动能不相同，分子势能相同，内能不相同参考答案：2. 灯泡中灯丝断了，将灯丝搭接起来再用，则以下判断正确的是（）A．和原来一样亮 B．搭接起来的地方容易烧断，其它地方不易断C．比原来更亮 D．搭接起来的地方不容易断，其它地方容断参考答案：CD3. 电流的磁效应揭示了电与磁的关系。
若直导线通有方向垂直纸面向外的恒定电流，则电流的磁感线分布正确的是（）参考答案：D4. 下面各单位中不属于电动势的单位（伏特）的是（）A．H?A/s B．A?m2/s C．J/C D．Wb/s参考答案：B【考点】力学单位制；电源的电动势和内阻．【分析】物理学中，各个物理量都有自己专用的单位，电动势的单位是伏特，简称伏，符号V，列出各个物理量的单位，结合物理公式分析即可．【解答】解：A、电感上电压计算公式U=L可知，1V=1H?A/s，故A正确；B、根据U=IR可知，1V=1AΩ≠1A?m2/s，故B错误；C、根据U=可知，1V=1J/C，故C正确；D、根据可知，1V=1Wb/s，故D正确．本题选错误的故选：B5. （多选）一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有（）A．t时刻线圈位于中性面电动势的有效值为一个周期内交变电流的方向改变一次B 、由图t 2时刻，感应电动势为最大值，通过线圈的磁通量为零，故B错误；C、电动势的有效值为．故C 正确；D 、一个周期内交变电流的方向改变两次．故D 错误；[来源:学,科,网]故选：AC．填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 右图中竖直方向的平行线表示电场线，但未标明方向。
安徽省宁国中学高二物理上学期精选试卷检测题
安徽省宁国中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。
已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。
选项D 正确。
故选BD 。
2．如图所示，竖直平面内有半径为R 的半圆形光滑绝缘轨道ABC ，A 、C 两点为轨道的最高点，B 点为最低点，圆心处固定一电荷量为+q 1的点电荷．将另一质量为m 、电荷量为+q 2的带电小球从轨道A 处无初速度释放，已知重力加速度为g ，则（）A ．小球运动到B 2gR B ．小球运动到B 点时的加速度大小为3gC ．小球从A 点运动到B 点过程中电势能减少mgRD ．小球运动到B 点时对轨道的压力大小为3mg ＋k 122q q R 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】A.带电小球q 2在半圆光滑轨道上运动时，库仑力不做功，故机械能守恒，则：212B mgR mv =解得：2B v gR故A 正确；B.小球运动到B 点时的加速度大小为：22v a g R==故B 错误；C.小球从A 点运动到B 点过程中库仑力不做功，电势能不变，故C 错误；D.小球到达B 点时，受到重力mg 、库仑力F 和支持力F N ，由圆周运动和牛顿第二定律得：2122BN q q v F mg k m R R--=解得：1223N q q F mg kR=+ 根据牛顿第三定律，小球在B 点时对轨道的压力为：1223q q mg kR + 方向竖直向下，故D 正确．3．电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美．如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A 、B ，AB 连线中点为O.在A 、B 所形成的电场中，以O 点为圆心半径为R 的圆面垂直AB 连线，以O 为几何中心的边长为2R 的正方形平面垂直圆面且与AB 连线共面，两个平面边线交点分别为e 、f ，则下列说法正确的是( )A ．在a 、b 、c 、d 、e 、f 六点中找不到任何两个场强和电势均相同的点B ．将一电荷由e 点沿圆弧egf 移到f 点电场力始终不做功C ．将一电荷由a 点移到圆面内任意一点时电势能的变化量相同D ．沿线段eOf 移动的电荷，它所受的电场力先减小后增大 【答案】BC 【解析】图中圆面是一个等势面，e 、f 的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e 、f 的场强相同，故A 错误．图中圆弧egf 是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式W=qU 可知：将一正电荷由e 点沿圆弧egf 移到f 点电场力不做功，故B 正确．a 点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式W=qU 可知：将一电荷由a 点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同．故C 正确．沿线段eof 移动的电荷，电场强度 先增大后减小，则电场力先增大后减小，故D 错误．故选BC ．【点睛】等量异种电荷连线的垂直面是一个等势面，其电场线分布具有对称性．电荷在同一等势面上移动时，电场力不做功．根据电场力做功W=qU 分析电场力做功情况．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，从而电场力的变化．4．如图所示，空间有竖直方向的匀强电场，一带正电的小球质量为m ，在竖直平面内沿与水平方向成30º角的虚线以速度v 0斜向上做匀速运动．当小球经过O 点时突然将电场方向旋转一定的角度，电场强度大小不变，小球仍沿虚线方向做直线运动，选O 点电势为零，重力加速度为g ，则A ．原电场方向竖直向下B ．改变后的电场方向垂直于ONC ．电场方向改变后，小球的加速度大小为gD ．电场方向改变后，小球的最大电势能为204mv【答案】CD 【解析】 【分析】 【详解】开始时，小球沿虚线做匀速运动，可知小球受向下的重力和向上的电场力平衡Eq=mg ，小球带正电，则电场竖直向上，选项A 错误；改变电场方向后，小球仍沿虚线做直线运动，可知电场力与重力的合力沿着NO 方向，因Eq=mg ，可知电场力与重力关于ON 对称，电场方向与NO 成600，选项B 错误；电场方向改变后，电场力与重力夹角为1200，故合力大小为mg ，小球的加速度大小为g ，选项C 正确；电场方向改变后，小球能沿ON 运动的距离为202m v x g = ，则克服电场力做功为：220011cos 60224m v W Eq x mg mv g ==⨯= ，故小球的电势能最大值为2014mv ，选项D 正确；故选CD.5．如图所示，两个带电小球A 、B 分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上，且在同一竖直平面内，用水平向左的推力F 作用于B 球，两球在图示位置静止，现将B 球沿斜面向下移动一小段距离，发现A 球随之向上移动少许，两球在新位置重新平衡，重新平衡后与移动前相比，下列说法正确的是（ ）A．推力F变小B．斜面对B的弹力不变C．墙面对A的弹力不变D．两球之间的距离减小【答案】AB【解析】【详解】CD．先对小球A受力分析，受重力、支持力、静电力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：mgFcos=库α，NF mgtan=α由于α减小，可知墙面对A的弹力变小，库仑力减小，故两球间距增加，选项CD错误；AB．对AB整体受力分析，受重力、斜面支持力N、墙壁支持力F N、推力F，如图所示：根据共点力平衡条件，有NNsin F FNcos m M g+==+（）ββ解得()F mgtan m M gtanM m gNcos=-++=（）αββ由于α减小，β不变，所以推力F减小，斜面对B的弹力N不变，选项AB正确。
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安徽省宣城市宁国市津河中学等四校联考2014-2015学年高二上学期第二次段考物理试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共计40分．每小题只有一个选项符合题意）1．A、B、C三点在同一直线上，AB：BC=1：2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为﹣2q的点电荷，其所受电场力为（）A．﹣B．C．﹣F D．F2．两根完全相同的金属裸导线甲、乙，如果把甲均匀拉长到原来的2倍，把乙对折后绞合起来，然后给它们分别加上相同电压后，则通过甲乙的电流之比为（）A．1：4 B．1：8 C．1：16 D．16：13．有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q，此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（）A．n vt B．n vst C．D．4．如图所示为有两个量程的电压表，当使用a、b两端点时，量程为1V；当使用a、c两端点时，量程为10V．已知电流表的内阻R g为50Ω，满偏电流I g为1mA．则R1和R2的电阻值（）A．R1=950Ω，R2=9kΩB．R1=9kΩ，R2=950ΩC．R1=9kΩ，R2=1kΩD．R1=1kΩ，R2=9kΩ5．如图所示，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1，q2分别置于A、B 两点，虚线为等势线．取无限远处的电势为零，若将q1，q2移到无限远处的过程中电场力所做的正功相等，则下列说法中正确的是（）A．q1的电荷量小于q2的电荷量B．A点电势低于B点电势C．A、B两点的电场强度大小相等D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能6．两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，如图所示，OA=h，此电子具有的初动能是（）A．B．e dUh C．D．7．在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，电表均为理想电表，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是（）A．电流表示数变大，电压表示数变大B．电流表示数变小，电压表示数变大C．电流表示数变大，电压表示数变小D．电流表示数变小，电压表示数变小8．如图所示，虚线a、b、c表示电场中的三个等势面与纸平面的交线，且相邻等势面之间的电势差相等．实线为一带正电荷粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，M、N 是这条轨迹上的两点，则下列说法中正确的是（）A．三个等势面中，a的电势最高B．对于M、N两点，带电粒子通过M点时电势能较大C．该正电荷一定从M向N运动D．带电粒子由M运动到N时，加速度增大9．如图所示，两个等量同种点电荷分别固定于光滑绝缘水平面上A、B两点．一个带电粒子由静止释放，仅受电场力作用，沿着AB中垂线从C点运动到D点（C、D是关于AB对称的两点）．下列关于粒子运动的v﹣t图象中可能正确的是（）A．B．C．D．10．已知表面电荷均匀分布的带电球壳，其内部电场强度处处为零．现有表面电荷均匀分布的带电半球壳上，如图所示，CD为通过半球顶点C与球心O的轴线．P、Q为CD轴上关于O点对称的两点．则（）A．P点的电场强度与Q点的电场强度大小相等，方向相同B．P点的电场强度比Q点的电场强度大小相等，方向相反C．P点的电场强度比Q点的电场强度强D．P点的电场强度比Q点的电场强度弱二、实验题：本题共3小题，共计18分．请将解答填写在答题卡上的相应位置11．某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图1所示，则该金属丝的直径d=_____mm．另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图2所示，则该工件的长度L=_____mm．12．某同学在“测定金属的电阻率”实验中，测得待测金属丝接入电路部分的长度约为L=94.2cm，用螺旋测微器测得金属丝的直径为D=0.400mm．经过伏安法测电阻得到电阻值为R x=8.0Ω．则根据以上的数据可以估算出该金属丝电阻率约为_____Ω•m（结果保留两位有效数字）．13．有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～3V，内阻6kΩ）B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）E．滑动变阻器（10Ω，2A）F．滑动变阻器G．蓄电池（电动势6V，内阻不计）（1）用如图所示的电路进行测量，电压表应选用_____，电流表应选用_____，滑动变阻器应选用_____．（用序号字母表示）（2）请在如图1的方框处画出该实验的电路图．（3）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图2所示，由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为Ω．三、简答题：本题共4小题，共计42分．请将解答填写在答题卷上的相应位置14．如图所示的电路中，R1（0﹣50Ω）为滑动变阻器，电阻R2=15Ω，R3=30Ω，电源的电动势E=12V，电源内电阻r=1Ω，调节滑动变阻器R1使电流表的读数I=0.4A（电流表内电阻为零），求此时可变电阻R1的工作电阻值．15．如图所示，电子（重力可忽略）在电势差为U0=4.5×103 V的加速电场中，从左极板由静止开始运动，经加速电场加速后从右板中央垂直射入电势差为U=45V的偏转电场中，经偏转电场偏转后打在竖直放置荧光屏M上，整个装置处在真空中．已知电子的质量为m=9.0×10﹣31 kg，电量为e=﹣1.6×10﹣19 C，偏转电场的板长为L1=10cm，板间距离为d=1cm，光屏M到偏转电场极板右端的距离L2=15cm．求：（1）电子飞出偏转电场时偏转角的正切tanθ；（2）电子打在荧光屏上时到中心O的距离Y．16．如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1始终闭合．当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．17．如图所示，竖直放置的半圆形绝缘光滑轨道半径R=40cm，下端与绝缘光滑的水平面平滑连接，整个装置处于方向竖直向下，大小为E=1×103V/m的匀强电场中，一质量为m=10g、带电量为q=+1×10﹣4C的小物块（可视为质点），从水平面上的A点以初速度v0水平向左运动，沿半圆形轨道恰好能通过最高点C，取g=10m/s2，试求：（1）小物块从C点抛出后落地点与B点间的水平距离；（2）v0的大小和过B点时轨道对小物块的支持力大小．安徽省宣城市宁国市津河中学等四校联考2014-2015 学年高二上学期第二次段考物理试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共计40分．每小题只有一个选项符合题意）1．A、B、C三点在同一直线上，AB：BC=1：2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为﹣2q的点电荷，其所受电场力为（）A．﹣B．C．﹣F D．F考点：电场强度；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：首先确定电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向的关系，再根据库仑定律得到F与AB的关系，即可求出﹣2q的点电荷所受电场力．解答：解：根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同．设AB=r，则有BC=2r．则有：F=k故电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受电场力为：F C=k=故选B点评：本题关键是根据库仑定律研究两电荷在两点所受的电场力大小和方向关系，难度不大．2．两根完全相同的金属裸导线甲、乙，如果把甲均匀拉长到原来的2倍，把乙对折后绞合起来，然后给它们分别加上相同电压后，则通过甲乙的电流之比为（）A．1：4 B．1：8 C．1：16 D．16：1考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：电阻定律：导体的电阻R跟它的长度L成正比，跟它的横截面积S成反比，还跟导体的材料有关系；公式为R=．再根据欧姆定律可分析电流之比．解答：解：两根完全相同的金属裸导线，把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，长度变为2倍，截面积变为倍，根据电阻定律公式R=，电阻增加为4倍；另一根对折后绞合起来，长度变为0.5倍，截面积变为2倍，根据电阻定律公式R=，电阻增加为；故这两根导线后来的电阻之比为4：=16：1；加上相同的电压后，电流之比等于电阻的反比；故电流之比为：1：16．故选：C．点评：本题关键是根据电阻定律直接判断，要注意金属裸导线体积一定，长度变化后截面积也是改变的．3．有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q，此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（）A．n vt B．n vst C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：首先根据电流强度的定义可以求得总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．解答：解：A、在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线体积为v△tS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt．故B正确；A错误；B、由于流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为It，而电子的电荷量为q，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=；故CD错误；故选：B．点评：本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．4．如图所示为有两个量程的电压表，当使用a、b两端点时，量程为1V；当使用a、c两端点时，量程为10V．已知电流表的内阻R g为50Ω，满偏电流I g为1mA．则R1和R2的电阻值（）A．R1=950Ω，R2=9kΩB．R1=9kΩ，R2=950ΩC．R1=9kΩ，R2=1kΩD．R1=1kΩ，R2=9kΩ考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：改装后的量程为U=I g（R g+R串）据此可求出R串=﹣R g．解答：解：接a、b时，为串联的R1，则R1=﹣R g=﹣﹣50=950Ω接a、c时，为串联的R1和R2，则R2=﹣R g﹣R1=﹣50﹣950=9000Ω故选：A．点评：电流表串联电阻后量程变大，为U=I g R总．5．如图所示，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1，q2分别置于A、B 两点，虚线为等势线．取无限远处的电势为零，若将q1，q2移到无限远处的过程中电场力所做的正功相等，则下列说法中正确的是（）A．q1的电荷量小于q2的电荷量B．A点电势低于B点电势C．A、B两点的电场强度大小相等D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能考点：电场线；电势．分析：据电势能与电场力做功的关系与电势能公式判断两电荷的电量；由点电荷形成电场的特点分析场强和电势；根据电场力做功与电势能的关系，即可判断q1在A点的电势能与q2在B点的电势能的大小．解答：解：AB、由题，将两个带正电的试探电荷q1、q2从A、B两点，移动到无限远的过程中电场力做的正功相等，则知Q与两个试探电荷之间存在斥力，说明Q带正电，电场线方向从Q指向无限远，则A点电势高于B点电势；根据电场力做功公式W=qU，得知，q1的电荷量小于q2的电荷量．故A正确，B错误；C、由点电荷场强公式E=k分析可知，A点的场强大于B点的场强．故C错误；D、将q1、q2移动到C的过程中外力电场力做的功相等，由于无限远为零电势点，所以q1在A点的电势能等于于q2在B点的电势能，故D错误；故选：A．点评：本题根据电场力做功与电势能变化的关系分析电势能的大小，根据点电荷的场强特点分析场强的大小和电势等等，都是常用的思路．6．两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，如图所示，OA=h，此电子具有的初动能是（）A．B．e dUh C．D．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：设出电子的初动能，末动能为零，全程只有电场力做功，根据动能定理解出电子的初动能．解答：解：设出电子的初动能E k0，末动能为零，极板间的电场E=，根据动能定理：﹣eEh=0﹣E k0，解得：E k0=故选：D点评：注意动能定理应用时要找准全过程物体一共受到几个，并判断哪几个力做功．7．在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，电表均为理想电表，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是（）A．电流表示数变大，电压表示数变大B．电流表示数变小，电压表示数变大C．电流表示数变大，电压表示数变小D．电流表示数变小，电压表示数变小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：先分析电路结构，当滑动变阻器滑片P向右移动时，分析变阻器接入电路电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析电压表和电流表示数的变化．解答：解：当滑动变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律得知，总电流减小，即电流表示数减小，则电源内阻和R0所占电压减小，所以电压表示数增大，故B正确，ACD错误．故选；B点评：本题是电路的动态变化分析问题，按“部分→整体→部分”的思路进行分析，分析电路结构是基础，难度适中．8．如图所示，虚线a、b、c表示电场中的三个等势面与纸平面的交线，且相邻等势面之间的电势差相等．实线为一带正电荷粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，M、N 是这条轨迹上的两点，则下列说法中正确的是（）A．三个等势面中，a的电势最高B．对于M、N两点，带电粒子通过M点时电势能较大C．该正电荷一定从M向N运动D．带电粒子由M运动到N时，加速度增大考点：电场线．分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向左上方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向左上方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大解答：解；A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向左上方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a点的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从M到N过程中电场力做负功，电势能增加，故N点的电势能大于M点的电势能，故B错误；C、实线为一带正电荷粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，仅仅根据轨迹，不能确定运动的方向，故C错误；D、由相邻等势面之间的电势差相等，从M到N相邻等势面之间距离变小，可知电场变强，带电粒子由M运动到N时，电场力变大，加速度增大，故D正确故选：D．点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．9．如图所示，两个等量同种点电荷分别固定于光滑绝缘水平面上A、B两点．一个带电粒子由静止释放，仅受电场力作用，沿着AB中垂线从C点运动到D点（C、D是关于AB对称的两点）．下列关于粒子运动的v﹣t图象中可能正确的是（）A．B．C．D．考点：电场的叠加；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：A、B为两个等量的同种电荷，其连线中垂线上电场强度方向若是负电荷则为C→O、D→O，若是正电荷则为O→C、O→D；点电荷q仅受电场力作用从C点到D点运动的过程中，由于释放位置不清楚．则电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．因此可能加速度先增加后减小再增加最后减小；也可能先减小后增加．解答：解：A、B为两个等量的同种电荷，其连线中垂线上电场强度方向，若是负电荷则电场强度方向为C→O、D→O，若是正电荷则电场强度方向为O→C、O→D；点电荷q仅受电场力作用从C点到D点运动的过程中，当从电场强度最大的位置释放时，则带电粒子所受电场力先减小后增大，那么加速度也是先减小后增大，而v﹣t图象的斜率表示加速度的大小，故D正确；故选：D．点评：本题考查对等量异种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性．10．已知表面电荷均匀分布的带电球壳，其内部电场强度处处为零．现有表面电荷均匀分布的带电半球壳上，如图所示，CD为通过半球顶点C与球心O的轴线．P、Q为CD轴上关于O点对称的两点．则（）A．P点的电场强度与Q点的电场强度大小相等，方向相同B．P点的电场强度比Q点的电场强度大小相等，方向相反C．P点的电场强度比Q点的电场强度强D．P点的电场强度比Q点的电场强度弱考点：电场的叠加．分析：利用等效法分析电场强度，利用叠加原理判断电场线的分布，由受力分析判断带电粒子的运动状态．解答：解：均匀带电半球相当于一个均匀带正电的球和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边．然后看PQ两点，可以看到，PQ两点在在上述涉及到的正电半球和负电半球中的相同的位置上．而由题目给出的条件，正电球在PQ两点产生的电场为零．所以，Q 点正电半球产生的电场强度相当于负电半球产生的电场强度，而与P点的环境比较，唯一的区别是电荷符号相反，从而电场大小相同，只有可能有方向的区别，而分析可知，方向是相同的，故电场强度相等，故A正确，BCD错误；故选：A点评：本题考查了电势和电场强度的知识，题目较新颖，难度也较大，要认真分析．二、实验题：本题共3小题，共计18分．请将解答填写在答题卡上的相应位置11．某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图1所示，则该金属丝的直径d=3.205﹣3.206mm．另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图2所示，则该工件的长度L=50.15mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、螺旋测微器的固定刻度为3mm，可动刻度为20.6×0.01mm=0.206mm，所以最终读数为3mm+0.206mm=3.206mm，由于需要估读，最后的结果可以在3.205﹣3.206 之间．2、游标卡尺的主尺读数为：5cm=50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm．故答案为：3.205﹣3.206，50.15点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12．某同学在“测定金属的电阻率”实验中，测得待测金属丝接入电路部分的长度约为L=94.2cm，用螺旋测微器测得金属丝的直径为D=0.400mm．经过伏安法测电阻得到电阻值为R x=8.0Ω．则根据以上的数据可以估算出该金属丝电阻率约为1.1×10﹣6Ω•m（结果保留两位有效数字）．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据电阻定律表达式写出电阻率表达式，然后代入数据即可．解答：解：由R=可得ρ=，代入数据可得ρ=1.1×10﹣6Ω•m，故答案为：1.1×10﹣6．点评：考查电阻定律的应用，注意半径与直径不同，同时注意单位的统一．13．有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～3V，内阻6kΩ）B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）E．滑动变阻器（10Ω，2A）F．滑动变阻器G．蓄电池（电动势6V，内阻不计）（1）用如图所示的电路进行测量，电压表应选用A，电流表应选用D，滑动变阻器应选用E．（用序号字母表示）（2）请在如图1的方框处画出该实验的电路图．（3）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图2所示，由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为10Ω．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据小灯泡的额定电压可以选出电压表，根据灯泡的额定功率可求出额定电流，则可确定出电流表；根据滑动变阻器的接法可选出滑动变阻器；由图象可得出额定电压，由图象可求得灯泡的正常工作时的电流，由欧姆定律可求得灯泡的正常工作时的电阻；解答：解：（1）题目中要求多测几组数据，故滑动变阻器采用分压接法；灯泡内阻较小；故电流表选用外接法；（2）由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，故电压表的量程应大于2.8V，故电压表应选3V量程，故选A；由P=UI可得，电流为I=0.28A，故电流表应选D；本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选E；（3）由图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A，故电阻R==Ω=10Ω故答案为：（1）如图所示：（2）ADE（3）10点评：测量小灯泡的伏安特性曲线时，根据实验的要求一般采用滑动变阻器的分压接法，电流表应采用外接法．对于电学实验要从仪器选择、实验原理、误差分析、实验电路图等各个方面进行理解，同时注意图象及欧姆定律的应用．三、简答题：本题共4小题，共计42分．请将解答填写在答题卷上的相应位置14．如图所示的电路中，R1（0﹣50Ω）为滑动变阻器，电阻R2=15Ω，R3=30Ω，电源的电动势E=12V，电源内电阻r=1Ω，调节滑动变阻器R1使电流表的读数I=0.4A（电流表内电阻为零），求此时可变电阻R1的工作电阻值．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由欧姆定律可求得R2的电压，即可得到R3上的电压．由欧姆定律可求得干路电流；由闭合电路欧姆定律求解可变电阻R1的工作电阻值解答：解：由欧姆定律可知R2两端的电压：U2=I2R2=0.4×15V=6.0V则根据并联电路电压相等的特点可知R3上的电压为：U3=U2=6.0VR3的电流为I3==0.2AR1的电流为I1=I+I3=0.4+0.2=0.6AR1的电压为U1=E﹣U3﹣I1r=12﹣6﹣0.6×1=5.4V所以R1的工作电阻值为R1==9Ω答：此时可变电阻R1的工作电阻值为9Ω．点评：本题考查闭合电路欧姆定律的应用，在解题时要注意分析电路结构，正确应用串并联电路的规律及部分电路的欧姆定律分析电路的电流及电压关系．15．如图所示，电子（重力可忽略）在电势差为U0=4.5×103 V的加速电场中，从左极板由静止开始运动，经加速电场加速后从右板中央垂直射入电势差为U=45V的偏转电场中，经偏转电场偏转后打在竖直放置荧光屏M上，整个装置处在真空中．已知电子的质量为m=9.0×10﹣31 kg，电量为e=﹣1.6×10﹣19 C，偏转电场的板长为L1=10cm，板间距离为d=1cm，光屏M到偏转电场极板右端的距离L2=15cm．求：（1）电子飞出偏转电场时偏转角的正切tanθ；（2）电子打在荧光屏上时到中心O的距离Y．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，电子离开偏转电场后做匀速直线运动，应用动能定理可以求出电子的速度，应用类平抛运动规律与几何知识可以求出偏移量与夹角．解答：解析：（1）在加速电场中，末速度为v0，由动能定理得：eU0=mv02﹣0，电子在偏转电场中做类平抛运动，加速度：a=，时间：t=，电子离开电场时的竖直分速度：v y=at，速度偏角的正切值：tanθ==，代入数据解得：tanθ=0.05；（2）屏上距离O点的距离：Y=（L2+L1）tanθ=（15cm+5cm）×0.05=1cm；答：（1）电子飞出偏转电场时偏转角的正切tanθ为0.05；（2）电子打在荧光屏上时到中心O的距离Y为1cm．点评：本题考查了电子在电场中的运动，分析清楚电子运动过程是正确解题的前提与关键，应用动能定理、运动的合成与分解、类平抛运动规律即可正确解题．。