甘肃省金川公司第二高级中学2013-2014学年高二物理上学期期中试题文

合集下载

甘肃省金川第二高级中学2014届高三第二次月考物理试卷(无答案)全国通用-一轮复习

第二高级中学2013—2014学年度高三年级第二次月考试卷物理一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分）.给出的四个选项中，只有一个选项是正确. 1、以下说法正确的是( )A ．丹麦天文学家第谷通过长期的天文观测，指出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆B ．电荷量e 的数值最早是由美国物理学家密立根测得的C ．库仑测出了引力常量G 的数值D ．万有引力定律和牛顿运动定律一样都是自然界普遍适用的基本规律2、汽车以20m/s 的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5m/s 2，则自驾驶员急踩刹车开始，2s 与5s 时汽车的位移之比为（） A ．5∶4B ．4∶5C ．3∶4D ．4∶33、如图所示，A 、B 是甲、乙小球从同一地点沿同一直线运动的v-t 图象，根据图象可以判断( ) A ．两球在t =2s 时速率相等 B ．两球在t =8s 时相距最远 C ．两球运动过程中不会相遇D ．甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动4、如图所示，清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为G ，悬绳与竖直墙壁的夹角为α，悬绳对工人的拉力大小为F 1 ，墙壁对工人的弹力大小为F 2 ，则（）A ．F 1=αsin GB ．F 2=G tan αC ．若缓慢减小悬绳的长度，F 1与F 2的合力变大D ．若缓慢减小悬绳的长度，F 1减小，F 2增大 5、在探究超重和失重规律时，某体重为G 的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作。

传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F 随时间t 变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）6、一个质量为m 的小球做自由落体运动，那么，在前t 秒内重力对它做功的平均功率P －及在t 秒末重力做功的瞬时功率P 分别为( )A ．P －＝mg 2t 2，P ＝12mg 2t 2B ．P －＝mg 2t 2，P ＝mg 2t 2C ．P －＝12mg 2t ，P ＝mg 2t D ．P －＝mg 2t ，P ＝2mg 2tG ABCD7、狗拉雪橇沿位于水平面内的圆弧形道路匀速行驶，图为四个关于雪橇受到的牵引力F 及摩擦力f 的示意图（图中O 为圆心），其中正确的是（）8、继“天宫”一号空间站之后，我国又发射“神舟八号”无人飞船，它们的运动轨迹如图所示．假设“天宫”一号绕地球做圆周运动的轨道半径为r ，周期为T ，地球半径R ，万有引力常量为G ．则下列说法正确的是（）A ．在远地点P 处，“神舟”八号的加速度比“天宫”一号大B ．根据题中条件可以计算出地球的密度C ．根据题中条件可以计算出地球对“天宫”一号的引力大小D ．要实现“神舟”八号与“天宫”一号在远地点P 处对接，“神舟”八号需在靠近P 处点火减速二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分）．每题给出的四个选项中，有多个选项是正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.9、物体受到几个力的作用处于平衡状态，若再对物体施加一个恒力，则物体可能做( )． A ．匀速直线运动或静止 B ．匀变速直线运动 C ．曲线运动 D ．匀变速曲线运动10、质量为2 kg 的物体在xy 平面上做曲线运动，在x 方向的速度图象和y 方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是( ) A ．质点的初速度为5 m/s B ．质点所受的合外力为3 NC ．质点初速度的方向与合外力方向垂直D ．2 s 末质点速度大小为6 m/s11、如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r =0.4m ，最低点处有一小球（半径比r 小很多），现给小球以水平向右的初速度v 0，则要使小球不脱离圆轨道运动，v 0应当满足（g =10m/s 2）（） A ．00≥v B ．m/s 40≥vC ．m/s 520≥v D ．m/s 220≤v12、如图所示，质量为M、长度为l的小车静止在光滑的水平面上，质量为m的小物块放在小车的最左端．现用一水平恒力F作用在小物块上，使物块从静止开始做匀加速直线运动．物块和小车之间的摩擦力的大小为f。

2013-2014学年甘肃省金昌市金川公司二中高二(上)期中物理试卷(理科)

2013-2014学年甘肃省金昌市金川公司二中高二（上）期中物理试卷（理科）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共24.0分)1.最早提出用电场线描述电场的物理学家是（）A.牛顿B.法拉第C.伽利略D.阿基米德【答案】B【解析】解：A、牛顿对物理学的贡献主要在力学部分，如牛顿运动的三定律；故A错误；B、法拉第提出用电场线描述电场的物理学家，故B正确；C、伽利设想了理想斜面实验，表明了力不是维持物体运动的原因，故C错误；D、阿基米德提出了浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体的重力．故D错误；故选：B．根据各位物理学家的贡献，逐项分析解答即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.下列物理量中哪些与检验电荷无关（）A.电场强度EB.电势φC.电势能E PD.电场力F【答案】AB【解析】解：电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关，而电势能E P和电场力F均与电荷有关，故CD错误，AB正确．故选AB．本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义．对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累．3.法拉第首先提出电场线形象生动地描绘电场．如图为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，下列说法中正确的是（）A.a、b为异种电荷，a带电量大于b的带电量B.a、b为异种电荷，a带电量小于b的带电量C.a、b为同种电荷，a带电量大于b的带电量D.a、b为同种电荷，a带电量小于b的带电量【答案】B【解析】解：若为同种电荷，根据点电荷的场强公式E=可知在两电荷的连线上的某点的电场强度为零．而电场线的疏密代表电场的强弱，若电场为0，则无电场线，由电场线的分布图可知在ab的连线上无场强为0的点，故a、b为异种电荷．故C、D 错误．又由公式E=可知场源的电荷量越大距离场源相同距离的位置场强越大，电场线越密．由图可知b的右侧电场线密，a的左侧电场线稀疏，故Q b＞Q a．故A错误，B正确．故选：B．解决本题的关键是熟练掌握真空中点电荷的场强的表达式E=含义和电场线的疏密含义即电场线越密，电场越强．根据图象的细微区别寻找突破口，是我们必须掌握的一种解题技巧，例如根据两电荷之间电场强度是否为0判定是否是同种电荷，根据异侧电场线的疏密判定电荷量的大小．4.电源电动势的大小反映的是（）A.电源把电能转化为其他形式的能的本领大小B.电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C.电源单位时间内传送电荷量的多少D.电流做功的快慢【答案】B【解析】解：电动势在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功，就有多少其它形式的能转变为电能．所以电动势的大小反映电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小．单位时间内流过的电荷量表示电流，做功的快慢表示功率．所以A、C、D错误，B正确．故选：B．电动势这样定义的，在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功，就有多少其它形式的能转变为电能．解决本题的关键是理解电动势在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功，就有多少其它形式的能转变为电能．．5.A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的试探电荷，所受电场力为F，A 点的场强为E，则（）A.若在A点换上-q，A点场强方向发生变化B.若在A点换上电量为2q的试探电荷，A点的场强将变为2EC.若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D.A点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关【答案】D【解析】解：电场强度E=是通过比值定义法得出的，其大小及方向与试探电荷无关；故放入任何电荷时电场强度的方向大小均不变，故ABC均错误；故选：D．电场强度为电场本身的性质，其大小及方向与试探电荷的电量及电性无关．比值定义法是物理学中常用方法，但要注意所定义的量不一定与式中的物理有比例关系．6.真空中甲、乙两个固定的点电荷，相互作用力为F，若甲的带电量变为原来的2倍，乙的带电量变为原来的8倍，要使它们的作用力仍为F，则它们之间的距离变为原来的（）A.2倍B.4倍C.8倍D.16倍【答案】B【解析】解：由库仑定律可得：F=；当甲的带电量变为原来的2倍，即2Q；乙的带电量变为原来的8倍，即8q由于作用力相等，所以变化后距离变为原来的4倍故选B．由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得相等的相互作用力对应的距离．本题考查库仑定律的直接应用，只需注意电量值的变化即可顺利求出．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)7.关于电流，下列说法中正确的是（）A.通过导线横截面的电量越多，电流就越大B.导体中电荷只要运动就形成了电流C.单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大D.虽然电流有方向，但电流是标量【答案】CD【解析】解：AC、据I=可知，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大，并非导线横截面的电量越多，电流就越大，故A错误，C正确；B、电荷的定向移动形成电流，故B错误；D、电流虽有方向，但电流是标量，故D正确．故选：CD．据电流的形成条件、电流的定义式和电流是标量分析判断即可．明确电流的定义式I=的意义和电流的形成条件是解题的关键；注意电流是标量．三、单选题(本大题共3小题，共12.0分)8.如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带负电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为φa，b点电势为φb，则（）A.场强方向一定向左，且电势φa＞φbB.场强方向一定向左，且电势φa＜φbC.场强方向一定向右，且电势φa＜φbD.场强方向一定向右，且电势φa＞φb【答案】B【解析】解：由曲线运动条件可知合力指向曲线的内侧，而电场强度方向应该是电场线上每一点的切线方向，所以该带电粒子所受的电场力一定向右．由于该粒子是负电荷，所以场强方向一定向左．根据沿着电场线的方向电势降低的．作出a、b点的等势点（要同在一根电场线），根据沿着电场线电势降低可判定a点的电势小于b点，即φa＜φb．故B正确．故选：B．粒子在电场力作用下做曲线运动，根据轨迹的弯曲方向，可判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向．根据沿着电场线的方向电势降低的．可作出a、b点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定电势高低．对于带电粒子的轨迹问题，本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．9.当一个电容器所带电荷量为Q时，两极板间的电势差为U，如果所带电荷量增大为2Q，则以下说法正确的是（）A.电容器的电容增大为原来的2倍，两极板间电势差保持不变B.电容器的电容减小为原来的倍，两极板间电势差保持不变C.电容器的电容保持不变，两极板间电势差增大为原来的2倍D.电容器的电容保持不变，两极板间电势差减少为原来的倍【答案】C【解析】解：电容器的电容与电势差及电量无关；故电荷量增大时，电容不变；由C=可知，U′=2=2U；故C正确；故选：C．给定的电容器，其电容一定，由电容的定义式C=，根据电容公式可求出电势差．本题考查电容器的定义式，要注意电容与电量及电势差无关．10.如右图所示，四只电阻并联起来使用时，通过各个电阻的电流分别是I1、I2、I3、I4，则其大小顺序为（）A.I2＞I4＞I3＞I1B.I4＞I3＞I2＞I1C.I1=I2=I3=I4D.I1＞I2＞I3＞I4【答案】D【解析】解：由于在I-U图象中，直线的斜率的倒数等于导体的电阻值；R4在斜率最小．电阻值最大，R1的斜率最大，电阻值最小；这四个电阻并联起来使用时，它们两端的电压是相等的，根据欧姆定律：，电阻值大的电阻，流过的电流小，所以：I1＞I2＞I3＞I4．故D正确．故选：D在I-U图象中，直线的斜率的倒数等于导体的电阻值；根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析，即电流之比等于电阻的反比．会熟练应用欧姆定律，知道并联电路电阻与电流的比值关系．四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)11.在电场中处于静电平衡状态的导体（）A.其外表面附近任何一点的电场方向都与该点的表面垂直B.其外表面附近任何一点的电场方向都与该点的表面平行C.自由电荷仍会发生定向移动D.自由电荷不再发生定向移动【答案】AD【解析】解：A、处于静电平衡状态的导体，电荷只分布于外表面，导体是个等势体，在导体外表面移动电荷，电场力不做功，则外表面附近任何一点的电场方向都与该点的表面垂直，故A正确，B错误；C、处于静电平衡状态的导体，因内部的电场强度为零，其中的自由电荷不再发生定向移动，故C错误，D正确；故选：AD．导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在导体内部出现感应电荷的电场，该电场与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会再定向移动．此时导体的内部场强处处为0，这种状态叫静电平衡状态．处于静电平衡状态的导体整个的导体是一个等势体．考查静电平衡的电荷分布情况、等势面与电场强度的方向垂直，注意此时导体内部的合电场强度为零，是解题的关键．五、单选题(本大题共1小题，共4.0分)12.如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且相邻两等势线间的电势差相等．一正电荷在φ2上时，具有动能20ev，它运动到等势线φ1上时，速度为零，令φ2=0，那么该电荷的电势能为4ev时其动能大小为（）A.6evB.10evC.16evD.4ev【答案】C【解析】解：由题，正电荷在等势面φ2上时动能20e V，又φ2=0，在等势面φ2上时电势能为零，所以电荷的动能与电势能的总量为20e V，根据能量守恒定律得到，电势能为4e V 时它的动能为16e V．故选：C．由题，相邻等势面间的电势差相等，电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，根据动能定理求出电荷经经过φ2等势面时的动能及电势能，确定电荷总能量，再由能量守恒定律求出电势能为4e V时它的动能．本题要充分运用匀强电场的特点，确定出总能量是关键．注意动能与电势能的相互转化及守恒是解题的关键．六、填空题(本大题共2小题，共8.0分)13.电路中有一段导体，给它加上3V的电压时，通过它的电流为20m A，可知这段导体的电阻为______ Ω；如果给它两端加上2V的电压，它的电阻为______ Ω．【答案】150；150【解析】解：一段导体，给它加上3V的电压时，通过它的电流为20m A，根据欧姆定律，有：R=电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关，故如果给它两端加上2V的电压，它的电阻仍然为150Ω；故答案为：150，150．已知电压与电流，利用R=即可求出电阻值；电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关．注意电阻的大小与长度、橫截面积以及材料有关，并且会灵活运用欧姆定律，基础题．14.设金属导体的横截面积为S，单位体积内的自由电子数为n，自由电子定向移动速度为v，那么在时间t内通过某一横截面积的自由电子数为______ ；若电子的电量为q，那么在时间t内，通过某一横截面积的电量为______ ．（用题目中所给字母表示）【答案】nvst；nqvst【解析】解：据电流的微观表达式I=nqvs和I=得：t内通过某一横截面积为：Q=nqvst即t内通过某一横截面积的自由电子数：N==nvst故答案为：nvst；nqvst．根据电流的定义式和电流的微观解释式即可解决此问题，知道总的电荷量Q=N e．此题考查电流的定义式和微观解释式的应用，需要学生熟练记忆电流的相关公式．七、计算题(本大题共1小题，共2.0分)15.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V，由此可知D点电势φD= ______ ；并画出电场方向（至少画3条，保留作图痕迹）．【答案】9V【解析】解：匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，故连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接BE，则BE为一条等势线，根据几何知识可知，DF∥BE，则DF也是一条等势线，所以D点电势U D=9V．过A点作出垂直于BE的有向线段，由高电势点A直线BE，如图中红线所示，即为电场线．故答案为：9V．连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC线上找出与D等势点，再确定D点的电势．本题关键是找到等势点，作出等势线．电场线与等势面之间的关系要理解，常常是作电场线的依据．八、填空题(本大题共2小题，共10.0分)16.一个平行板电容器，当其电荷量增加△Q=1.0×10-6C时，两板间的电压升高△U=10V，则此电容器的电容C= ______ F．若两板间电压为35V，此时电容器的带电荷量Q= ______ C．【答案】1.0×10-7；3.5×10-6【解析】解：已知△Q=1.0×10-6C，△U=10V，则电容器的电容C==1.0×10-7F由C=变形得，Q=CU=1.0×10-7×35C=3.5×10-6C故答案为：1.0×10-7，3.5×10-6电容的定义式为C=，对于给定的电容器，电容是一定的，根据数学知识得到C=，由此式求解电容．由C=变形求解电量．本题考查电容器的电容公式的掌握情况和应用能力，对于给定的电容器，其电容是一定的，由电容器本身的特性决定，与电容器的电量、电压无关．17.在图所示的实验装置中，已充电的平行板电容器的极板A与一静电计金属球相连接，极板B接地．若极板B稍向上移，则电容器电容______ ，静电计指针偏角______ ；若极板B稍向右水平移动，则电容器的带电荷量______ ．（填“增大”、“减小”或“不变”）【答案】减小；增大；不变【解析】解：电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q不变；若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式可知，电容C变小．电容器的电量Q不变，由电容的定义式得到，板间电压U变大．故静电计指针偏角增大；若极板B稍向右移动一点，电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q不变；故答案为：减小增大不变若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式：，分析电容的变化．电容器的电量不变，由电容的定义式分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化．电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q不变；本题是电容器动态变化分析的问题，根据电容的决定式和电容的定义式综合分析，是常用思路．九、计算题(本大题共4小题，共32.0分)18.用30cm的细线将质量为8×10-3kg的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态．（1）分析小球的带电性质；（2）求小球的带电量；（3）求细线的拉力．【答案】解：（1）小球受重力、拉力和电场力处于平衡，受力示意图如图所示，电场力的方向水平向右，与场强方向相同，所以小球带正电．（2）根据共点力平衡可知电场力为：F=q E=mgtan37°解得：q=°=°C=6×10-6C．=N=0.1N．（3）根据共点力平衡得，细线的拉力为：T=°答：（1）小球的带正电；（2）小球的带电量为6×10-6C；（3）细线的拉力0.1N．【解析】对小球受力分析，根据共点力平衡得出电场力的方向和大小，以及细线拉力的大小，从而根据电场强度的定义式求出小球的电荷量．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．19.如图所示，a、b、c、d为匀强电场中四个等势面，相邻等势面间距离为2cm，已知U AC=60V，求：（1）求该匀强电场的电场强度为多大？请在图中至少画出三条电场线．（2）求将q=-1.0×10-10C的点电荷由A移到D电场力做的功．【答案】解：（1）AC间的距离为4cm．则：V/m．故匀强电场的场强大小为1500V/m．根据A点的电势大于C点的电势，知电场强度的方向向右，如图．（2）U AD=E•d ad=1500×3×0.02V=90V则：=-9×10-9J．故点电荷由A移到D电场力所做的功为-9×10-9J．答：（1）该匀强电场的电场强度为1500V/m，在图中至少画出三条电场线如图．（2）将q=-1.0×10-10C的点电荷由A移到D电场力做的功-9×10-9J．【解析】（1）电场线和等势面垂直，求出AC间的距离，根据E=求出匀强电场的电场强度．（2）求出AD间的电势差，根据W AD=q U AD求出电场力做功．解决本题的关键知道等势面与电场线关系，掌握匀强电场的场强公式，以及电场力做功与电势差的关系．20.在电场中把电荷量为q1=2.0×10-9C的正电荷从A点移到B点，需要克服静电力做功2.0×10-7J，再把电荷从B点移到C点，静电力做功为4.0×10-7J．（1）求U AB=？U BC=？（2）如果取C点的电势为零，则A、B两点的电势分别是多少？【答案】解：（1）电势差U AB==V=-100V；电势差U BC==V=200V．（2）根据U AB=φA-φB，U BC=φB-φC，又由题意：φC=0解得：φB=200V，φA=100V．答：（1）U AB=-100V，U BC=200V．（2）如果取C点的电势为零，则A、B两点的电势分别是100V和200V．【解析】（1）根据电势差公式U=，代入数据求解电势差，注意各个量均要代入符号．（2）根据电势差与电势的关系：U AB=φA-φB，U BC=φB-φC，求解A、B两点的电势．电势差的定义式：U=，采用比值法定义，求电势差时，要注意各个量均要代入符号．21.带电量为q，质量为m的原子核由静止开始经电压为U1的电场加速后进入一个平行板电容器，进入时速度和电容器中的场强方向垂直．已知：电容器的极板长为L，极板间距为d，两极板的电压为U2，重力不计，求：（1）经过加速电场后的速度v0；（2）离开电容器电场时的偏转量y．【答案】解：（1）根据动能定理得，解得．（2）粒子在偏转电场中运行的时间t=，则粒子的偏转位移y==．答：（1）经过加速电场后的速度；（2）离开电容器电场时的偏转量y=．【解析】（1）根据动能定理求出粒子经过加速电场加速后的速度；（2）粒子进入偏转电场，在沿电场方向上做匀加速直线运动，在垂直电场方向上做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出离开电容器电场时的偏转量y．解决本题的关键知道粒子进入偏转电场后，在沿电场方向和垂直电场方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．。

高二物理-2013-2014学年高二上学期期中物理试题

2013-2014学年高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）（2013秋•雅安期末）用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个物理量都是用比值法定义的．以下公式不属于定义式的是（）A．电流强度I=B．磁感应强度C．电阻R=D．电容C=考点：电流、电压概念；电容；电阻定律；磁感应强度．分析：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．解答：解：A、电流强度与流过截面的电量和时间无无直接关系，所以I=属于比值定义法．故A正确．B、磁感应强度与放入磁场中的电流元无关．所以属于比值定义法．故B正确．C、电阻R与电压、电流无关，是其本身的属性，属于比值定义法，故C正确．D、电容与正对面积S成正比，与极板间的距离成反比，C=不属于比值定义法．故D错误．本题选不是定义式的故选D．点评：解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．2．（3分）（2013秋•东台市校级期中）物理老师在讲授“摩擦起电”时，请同学们用塑料直尺在头发上摩擦几下后试试能否吸引碎纸片，结果塑料直尺能够吸引碎纸片．如果以橡胶棒与毛皮摩擦作类比，这个现象说明（）A．摩擦时，同时发生了正、负电荷的转移，头发带负电，塑料直尺带正电B．摩擦时，同时发生了正、负电荷的转移，头发带正电，塑料直尺带负电C．摩擦时，头发上的电子向塑料直尺转移，使塑料直尺带了负电D．摩擦时，只发生了正电荷的转移，使塑料直尺带了正电考点：静电现象的解释．分析：用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷．带电体能吸引轻小物体．解答：解：当用毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，使橡胶棒有了多余的电子而带负电．同理，当用塑料尺与头皮摩擦时，头发上的电子也转移到塑料尺上，使塑料尺带负电．故选：C．点评：此题考查了摩擦起电的原因电子的转移，要理解到位．3．（3分）（2006•永州模拟）如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点通过P点时电势能较大C．带电质点通过P点时的动能较大D．带电质点通过P点时的加速度较小考点：等势面．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．解答：解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D错误．故选B．点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．4．（3分）（2013秋•东台市校级期中）某一探测器因射线照射，内部气体电离，在时间t内有K个二价正离子到达阴极，有2K个电子到达探测器的阳极，则探测器电路中的电流为（）A．0B．C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的公式I=，q是通过导体截面的电量；电离时正负电荷分别向两个方向运动；通过截面的电量只能为正离子或电子的．解答：解：由题意可知，电离时通过导体截面的电量为4ke；由电流公式I=得：I=故选：D．点评：本题应注意区分电离与电解液导电的区别！若为电解液导电，则答案为D，而电离时只能考虑一种离子．5．（3分）（2013秋•东台市校级期中）两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ 连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动．取无限远处的电势为零，则（）A．q由A向O的运动是匀加速直线运动B．q由A向O运动的过程电势能逐渐减小C．q运动到O点时的动能最小D．q运动到O点时电势能为零考点：电势能．分析：根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷q的受力情况，确定其运动情况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况．解答：解：A、两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向．故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动做非匀加速直线运动，故A错误．B、电场力方向与AO方向一致，电场力做正功，电势能逐渐减小；故B正确．C、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故C错误．D、取无限远处的电势为零，从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值．故D错误．故选：B点评：本题考查静电场的基本概念．关键要熟悉等量同种点电荷电场线的分布情况，运用动能定理进行分析功能关系．二.多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）6．（4分）（2013•贵州学业考试）如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变B．尘埃仍静止C．检流计中有a→b的电流D．检流计中有b→a的电流考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．解答：解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小．故A错误．B、由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．CD、电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流．故C正确，D错误．故选：BC．点评：本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进行分析．7．（4分）（2013秋•东台市校级期中）干电池的电动势为1.5V，其意义为（）A．B．C．D．考点：电源的电动势和内阻．分析：电源的电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压，电动势与电功率不同．当1s内能使1.5C的电量通过导线的某一截面时，电路中电流是1.5A，但电动势不一定等于1.5V．导线某一截面每通过1C的电量，这段导线就消耗1.5J的电能．解答：解：A、由W=Eq可知，在电源内部把1C正电荷从负极搬到正极，非静电力做功1.5J；故A正确；B、内部电压小于电源的电动势，故静电力做功不等于1.5J；故B错误；D、电动势反映电池的做功能力；1.5V的电池做功能力大于1.2V的电池；故C正确；D、由于不知道1s中移送的电荷量，无法求出转化的电能；故D错误；故选：AC．点评：本题考查电动势的定义及内部非静电力做功的问题，要明确区分静电力做功与非静电力做功的区别．8．（4分）（2011秋•沈阳期中）小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的电阻为R=考点：电阻率与温度的关系；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据电阻的定义R=，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大．对应P点，灯泡的电阻等于过P点的切线斜率的倒数．解答：解：AB、图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大．故A正确．C、D对应P点，小灯泡的电阻为R=≠．故C错误，D正确．故选AD点评：本题中灯泡是非线性元件，其电阻R=，但R．9．（4分）（2013秋•东台市校级期中）如图所示，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，从M点无初速释放一带有恒定负电荷的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止．则从M点运动到N点的过程中，下列说法中正确的是（）A．小物块所受电场力逐渐减小B．小物块具有的电势能逐渐增大C．Q电场中M点的电势高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据物块与负电荷间距离的变化，由库仑定律分析小物块受到的电场力变化情况．由电场力做正功知，电荷的电势能减小．由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电．电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据电场线的方向判断电势的高低．根据动能定理分析物块电势能变化量的大小与克服摩擦力做的功的关系．解答：解：A、从M点运动到N点的过程中，物块与点电荷Q的距离增大，带电量均不变，根据库仑定律分析可知，小物块所受电场力逐渐减小．故A正确．B、点电荷对物块的电场力方向向左，对物块做正功，物块的电势能一直减小．故B错误．C、由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电，电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据顺着电场线电势降低可知，M点的电势低于N点的电势．故C错误．D、物块的初速度为零，末速度也为零，动能的变化量为零，根据动能定理可知，电场力做功与克服摩擦力做功相等，而小物块电势能变化量的大小等于电场力做功，则小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正确．故选AD点评：由库仑定律分析电场力的变化，根据电场力做功的正负判断电势能的变化，由电场线的方向判断电势高低等等都是电场中基本问题，要加强训练，熟练掌握．三、填空题（本题共2小题，共14分，每空2分）则R1的测量值为300Ω，真实值是290Ω，R2的测量值为300Ω，真实值是333Ω．用伏安法测R2电阻应采用电流表内接法较好．（”外接法”或”内接法”）考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题的关键是求电阻的真实值时，应考虑电表内阻的影响，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可．解答：解：甲图中：电阻测量值：=；真实值为：=；乙图中：电阻测量值为：=；真实值为：=；比较它们的绝对误差可知，伏安法测时，采用内接法测量误差较小，所以电流表应用内接法较好．故答案为：300，290，300，333，内接法点评：伏安法测电阻内外接法的选择方法是：当满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法．11．（4分）（2014秋•杨浦区校级期末）如图，已知R1=10Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，AB两端间电压恒为30V，若CD之间接理想电压表，则电压表示数U=20V；若CD之间改接理想电流表，则电流表示数I=0.75A．考点：欧姆定律；电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：若CD之间接理想电压表，则电阻R1与R2串联；若CD之间改接理想电流表，则电阻R2与R3并联后与R1串联；根据串并联电路的电压和电流关系列式求解即可．解答：解：若CD之间接理想电压表，则电阻R1与R2串联，故电压表读数为：U=IR2=•R2=20V；若CD之间改接理想电流表，则电阻R2与R3并联后与R1串联，则电流表示数为：I A=I==0.75A；故答案为：20，0.75．点评：本题是串并联电路的运用问题，关键理清电路结构，明确理想电压表相当于断路，理想电流表相当于短路．四.计算题（本题共5小题，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.共75分）12．（15分）（2011•甘肃模拟）在一个点电荷Q的电场中，Ox坐标轴与它的一条电场线重合，坐标轴上A、B两点的坐标分别为2.0m和5.0m．放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，电场力的大小跟试探电荷所带电量的关系图象如图中直线a，b所示，放在A点的电荷带正电，放在B点的电荷带负电．求：（1）B点的电场强度的大小和方向．（2）试判断点电荷Q的电性，并说明理由．（3）点电荷Q的位置坐标．考点：电场强度；库仑定律；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=．方向与正电荷所受电场力方向相同．（2）放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反．从而知道点电荷位于A、B 之间．（3）根据点电荷场强公式E=分析．解答：解：（1）由图可知，B点的电场强度，方向指向x负方向．同理A点的电场强度E A=40N/C，方向指向x正方向．（2）放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反．若点电荷在A的左侧或在B 的右侧，正负电荷所受电场力方向不可能相同，所以点电荷Q应位于A、B两点之间，根据正负电荷所受电场力的方向，知该点电荷带负电．（3）设点电荷Q的坐标为x，由点电荷的电场E=，可知解得x=2.6m．（另解x=1舍去）所以点电荷Q的位置坐标为（2.6m，0）．答：（1）B点的电场强度的大小为E B=2.5N/C，方向指向x负方向．（2）点电荷带负电．（3）点电荷Q的位置坐标为（2.6m，0）．点解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=和点电荷的场强公式E=，以及知道电场强度的评：方向，与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．13．（15分）（2013秋•泰安期末）如图所示，两平行金属板A．B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，C点在A板上，且CD=4cm，CD连线和场强方向成60°角．已知电子从D点移到C点电场力做功为3.2×10﹣17J，电子电量为1.6×10﹣19C．求：（1）匀强电场的场强；（2）A．B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？考点：电场强度；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据电场力做功W=qEd，d是沿电场方向两点间的距离，求解电场强度．（2）根据匀强电场中，场强与电势差之间的关系U=Ed求出电场强度E．（3）由公式U=Ed求出AD间电势差，再求解D点电势．解答：解：（1）由题，D→C电场力做正功，为：W=qEL CD cos60°得：E==N/C=1×104N/C（2）因电场力做正功，则知电子在电场中受到的电场力方向向上，电子带负电，则场强方向为A→B．所以A、B间电势差为：U AB=Ed AB=104×6×10﹣2=600V（3）A、D间电势差为：U AD=Ed AD cos60°=1×104×4×10﹣2×0.5V=200V由U AD=φA﹣φD，φA=0，得：φD=﹣200V答：（1）匀强电场的场强为1×104N/C；（2）A、B两点间的电势差是600V；（3）若A板接地，D点电势为是﹣200V．点评：电场力具有力的一般性质，电场力做功可根据功的一般计算公式W=Flcosα计算．本题还要掌握公式U=Ed，知道d是沿电场线方向两点间的距离．14．（12分）（2013秋•东台市校级期中）有一电流表G，内阻为R=30Ω，满偏电流是1mA，求：（1）如果它改装成量程为0﹣15V的电压表，要串联多大的电阻？改装后电压表的内阻是多大？（2）如果它改装成量程0﹣3A的电流表，要并联多大的电阻？改装后电流表的内阻是多大？考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题（1）的关键是根据串并联规律写出表达式，然后解出分压电阻的阻值即可；题（2）的关键是根据串并联规律列出表达式，然后解出分流电阻即可．解答：解：（1）：改装为电压表时，根据串并联规律应有：U=，代入数据解得：=14970Ω；改装后电压表的内阻为：=；（2）：改装为电流表时，应有：I=，代入数据解得：=0.01Ω；改装后电流表的内阻为：=；答：（1）如果它改装成量程为0﹣15V的电压表，要串联14970Ω的电阻，改装厚1电压表的内阻为15000Ω（2）如果它改装成量程0﹣3A的电流表，要并联0.01Ω的电阻，改装后电流表的内阻为0.01Ω．点评：应明确电压表是由电流表与分压电阻串联改装成的，电流表是由电流表与分流电阻并联改装成的．15．（16分）（2013秋•东台市校级期中）小明准备参加玩具赛车比赛，她想通过实验挑选一只能量转换效率较高的电动机，实验时她先用手捏住电动机的转轴，使其不转动，然后放手，让电动机正常转动，分别将2次实验的有关数据记录在表格中．请问：电动机的电压/V 电动机工作状态通过电动机的电流/A不转动正常转动（1）这只电动机线圈的电阻为多少？（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率是多少？（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能是多少？（4）该玩具电动机正常工作时电能转化为机械能的效率是多少？考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）电动机不转动时，是纯电阻电路，根据欧姆定律求解线圈电阻；（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率等于总功率减去内阻消耗的功率；（3）电动机消耗的电能Q=UIt；（4）电能转化为机械能的效率η=×100%．解答：解：（1）电动机不转动时，是纯电阻电路，根据欧姆定律得：r=Ω（2）当电动机正常工作时，（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能Q=UIt=2×1×60=120J（4）电能转化为机械能的效率η=×100%=100%=75%．答：（1）这只电动机线圈的电阻为0.5Ω；（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率是1.5W；（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能是120J；（4）该玩具电动机正常工作时电能转化为机械能的效率是75%．点评：本题关键在于电动机不是个纯电阻，所以对电动机正常转动和卡住不转的分析计算是不同的，这个需要同学们注意．16．（17分）（2013秋•东台市校级期中）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子在偏转场运动的时间t；（3）电子从偏转电场射出时的侧移量；（4）P点到O点的距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小；（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，根据进入偏转电场时的速度和极板长度求出粒子在偏转电场中运动的时间；（3）粒子在偏转电场中做类平抛运动，竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动，根据粒子受力和运动时间求出侧向位移量；（4）粒子离开偏转电场后做匀速直线运动，水平方向做匀速直线运动求出运动时间，竖直方向亦做匀速直线运动由时间和速度求出偏转位移，再加上电场中的侧位移即为OP的距离．解答：解：（1）粒子在加速电场中只有电场力做功，根据动能定理有：得电子加速后的速度大小为（2）电子进入偏转电场后，在电场力作用下做类平抛运动，令电子运动时间为t1，电子在水平方向做匀速直线运动故有：vt1=L1得电子在偏转电场中的运动时间（3）在竖直方向电子做初速度为0的匀加速运动，已知偏电压为U2，极板间距为d，则电子在偏转电场中受到的电场力：F=由牛顿第二定律知，电子产生的加速度a=所以电子在偏转电场方向上的侧位移y===（4）由（3）分析知，电子离开偏转电场时在竖直方向的速度v y=at=电子离开偏转电场后做匀速直线运动，电子在水平方向的分速度，产生位移为L2，电子运动时间电子在竖直方向的分速度，产生位移=所以电子偏离O点的距离PO==答：（1）电子穿过A板时的速度大小为；（2）电子在偏转场运动的时间t=；（3）电子从偏转电场射出时的侧移量；（4）P点到O点的距离PO=．点评：能根据动能定理求电子加速后的速度，能根据类平抛运动计算电子在电场中偏转的位移和速度，这是解决本题的关键，本题难点是全部是公式运算，学生不适应．本题难度适中．。

2014-2015学年甘肃省金川公司第二高级中学高一上学期期中考试物理试题(无答案)

2014-2015学年第二高级中学度第一学期期中试卷高一物理全卷共100分，考试时间为100分钟．第Ⅰ卷（选择题共48分)注意事项：1.答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目涂写在答题卡上．2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再先涂其他答案标号．不能答在试题卷上．一、选择题：（本大题包括12小题。

每小题4分，共48分。

期中第2、3、5、7、8、10、11题中，只有一个选项符合题意；第1、4、6、9、12题中，至少有两个选项是符合题意的，全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错或不答的得0分）1、下列说法中指时刻的有( )A．新闻30分每天中午12点开播B．一场足球比赛90分钟C．火车9点20分到站D．数学测试的时间是45min2、下面的几个速度中表示平均速度的是( )A．子弹射出枪口的速度是800 m/s，以790 m/s的速度击中目标B．汽车从甲站行驶到乙站的速度是40 km/hC．百米赛跑运动员冲线的速度是10.3 m/sD．小球第3 s末的速度是6 m/s3、某学校田径运动场跑道示意图如图所示，其中A点是所有跑步项目的终点，也是400 m、800 m赛跑的起点；B点是100 m赛跑的起跑点，在校运动会中，甲、乙、丙三个同学分别参加了100 m、400 m和800 m比赛，则( )A．甲的位移最小B．丙的位移最大C．乙、丙的路程相等D．丙的路程最大4、物体运动的初速度为6 m/s，经过10 s速度的大小变为20 m/s，则加速度大小可能是( )A．0.8 m/s2B．1.4 m/s2 C．2.0 m/s2D．2.6 m/s25、一物体沿直线向东运动，前一半位移平均速度是3 m/s，后一半位移的平均速度是2 m/s，则整个位移内的平均速度为( )A．2.5 m/s B．1.2 m/s C．2.4 m/s D．2.3 m/s6、小鹏摇动苹果树，从同一高度一个苹果和一片树叶同时从静止直接落到地上，苹果先落地，下面说法中正确的是( )A．苹果和树叶做的都是自由落体运动B．苹果和树叶的运动都不能看成自由落体运动C．苹果的运动可看成自由落体运动，树叶的运动不能看成自由落体运动D ．假如地球上没有空气，则苹果和树叶会同时落地7、一质点沿直线ox 做匀加速直线运动，它离开o 点的距离随时间t 的变化关系为x=5t+2t 2，其中x 的单位是m ，t 的单位是s 。

甘肃省会宁县第二中学2013-2014学年高二物理上学期期中试题文新人教版

SB甘肃省会宁县第二中学2013-2014学年高二物理上学期期中试题文新人教版一、单项选择题(共10小题，每小题4分，共40分)1、下列哪一位物理学家首先提出磁场对运动电荷有作用力的观点？( )A 、牛顿B 、安培C 、洛伦兹D 、奥斯特 2、下列关于电荷的说法正确的是（） A 、同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥B 、电荷既不会消失，也不会被创造，它只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到物体的另一部分C 、摩擦起电的过程就是电荷被创造的过程D 、电荷的多少叫电量，电量的单位是法拉3、真空中有两个点电荷所带的电量分别是Q 和2Q ，相距为r 时相互作用的静电力为F 。

如果它们之间的的距离减少为r/2，其余条件不变，则它们之间的静电力大小变为（） A 、F/2 B 、2F C 、F/4 D 、4F4、一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将( )A 、向右移动B 、向左移动C 、顺时针转动D 、逆时针转动5、如图所示使物体A 、B 带电的实验为：( )A 、摩擦起电B 、传导起电C 、感应起电D 、以上都不对6、如图所示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向内），有一离子恰能沿直线飞过此区域（不计离子重力） A 、若离子带正电，E 方向应向下 B 、若离子带负电，E 方向应向上 C 、若离子带正电，E 方向应向上 D 、不管离子带何种电，E 方向都向下7、电容器电容的单位是（）A 、库仑B 、法拉C 、安培D 、伏特8、如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直，给导线通以垂直纸面向外的电（）A 、磁铁对桌面压力减小，不受桌面的摩擦力作用．B 、磁铁对桌面压力减小，受到桌面的摩擦力作用．C 、磁铁对桌面压力增加，不受桌面的摩擦力作用．D 、磁铁对桌面压力增加，受到桌面的摩擦力作用．9、下图所示是磁场对直流电流的作用的示意图,其中不正确．．．的是（）ＡＢＣＤ10、如图所示，不同的带电粒子以不同的方向进入下列的匀强磁场，其中表示粒子受到洛仑兹力F 的方向正确的是（）三、填空题（共30分，每空3分）11、如图所示为一束粒子沿Ob 方向垂直射入匀强磁场，在磁场中分为a 、b 、c 三束，其中a 、c 发生偏转，b 不发生偏转，不计粒子的重力，判断各粒子的电性：a_________,b___________,c____________12、如图所示，电子射线管位于通电导线ab 正下方，该装置可以演示电子在磁场中的偏转。

高二物理上学期期中试卷(含解析)高二全册物理试题110

嘴哆市安排阳光实验学校武平一中高二（上）期中物理试卷（实验班）一．选择题（每小题4分）1．（4分）（2013秋•滑县期末）下列选项对公式认识正确的是（）A．公式E=k可以用来求平行板电容器两极板间的匀强电场的电场强度，其中Q为一极板所带电量的绝对值，r为研究点到带正电极板的距离B．P=I2R可用来计算电风扇正常工作时内阻的发热功率C．由公式R=可知导体的电阻与加在导体两端电压成正比，与通过导体的电流成反比D．由公式B=可知，磁场中某一点的磁感应强度由公式中的电流I的大小来决定2．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示为一带电体的电场线，已知a、b、c 为电场线上的点，其中a、b两点的电势关系为φa＞φb，分别用E a、E b表示a、b两点的电场强度，则下列说法正确的是（）A．a、c两点所在的电场线方向由a指向cB．a、c两点所在的电场线方向由c指向aC．E a＜E bD．a、c两点处在同一等势面上3．（4分）（2013秋•重庆期末）如图所示，方框中有一能产生磁场的装置，在方框右边放一通电直导线（电流方向如图中箭头方向），发现通电导线受到向右的作用力，则方框中放置的装置可能是下图中的哪个（）A．通电螺线管B．垂直纸面的通电导线C．通电圆环D．通电直导线4．（4分）（2012秋•威海期末）关于带电粒子在电场或磁场中运动的表述，以下正确的是（）A．带电粒子在电场中某点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相同B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势处向低电势处运动C．带电粒子在磁场中运动时受到的洛伦兹力方向与粒子的速度方向垂直D．带电粒子在磁场中某点受到的洛伦兹力方向与该点的磁场方向相同5．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示，平行板电容器C与一电源E连接，P为一自动控制元件，只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路，关于该电路的工作原理，下列叙述正确的是（）A．当电键S闭合后，增大平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用B．当电键S闭合后，减小平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用C．将电键S断开，增大平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用D．将电键S断开，减小平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用6．（4分）（2012秋•威海期末）根据磁场对电流会产生作用力的原理，人们研制出一种新型的发射炮弹的装置﹣﹣电磁炮，其原理如图所示：把待发炮弹（导体）放置在强磁场中的两平行导轨上，给导轨通以大电流，使炮弹作为一个通电导体在磁场作用下沿导轨加速运动，并以某一速度发射出去．现要提高电磁炮的发射速度，你认为下列方案在理论上可行的是（）A．增大磁感应强度B的值B．增大电流I的值C．减小磁感应强度B的值D．改变磁感应强度B的方向，使之与炮弹前进方向平行7．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示，现有一带正电的粒子能够在正交的匀强电场和匀强磁场中匀速直线穿过．设产生匀强电场的两极板间电压为U，板间距离为d，匀强磁场的磁感应强度为B，粒子带电荷量为q，进入速度为v （不计粒子的重力）．以下说法正确的是（）A．匀速穿过时粒子速度v与U、d、B间的关系为v=B．若只增大v，其他条件不变，则粒子仍能直线穿过C．若只增大U，其他条件不变，则粒子仍能直线穿过D．若保持两板间电压不变，只减小d，其他条件不变，粒子进入两板间后将向下偏8．（4分）（2013秋•滑县期末）如图所示，直线A 是电源的路端电压和电流的关系图象，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图象，若将这两个电阻分别接到该电源上，下列说法正确的是（）A．两电阻阻值R1＞R2B．R2接在电源上时，电源的内阻消耗功率大C．R2接在电源上时，电源的效率高D．电源的内阻和R2的阻值相等9．（4分）（2013秋•江期末）如图所示，虚线为一静电场中的等势面1、2、3、4，相邻等势面间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷仅在静电力的作用下沿图中实线从a点运动到b点，经过a、b两点时粒子的动能分别为5eV和26eV．当这一点电荷运动到某一位置c时，其电势能变为﹣5eV．下列说法正确的是（）A．粒子从a点运动到b点的过程中电场力做负功B．粒子在a点的电势能小于其在b点的电势能C．粒子在c点时的动能为24eVD．a、b点的电势关系为φa＞φb10．（4分）（2011秋•校级期末）如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（）A．L1和L3变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值D．L1上电压变化值小于L2上的电压变化值11．（4分）（2012秋•东安区校级期末）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒．两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速．两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示．在保持匀强磁场和加速电压不变的情况下用同一装置分别对质子（H ）和氦核（He）加速，则下列说法中正确的是（）A．质子与氦核所能达到的最大速度之比为1：2B．质子与氦核所能达到的最大速度之比为2：1C．加速质子、氦核时交流电的周期之比为2：1D．加速质子、氦核时交流电的周期之比为1：212．（4分）（2014秋•校级期中）一个矩形线圈面积为4.0×10﹣4m2，将它放入水平方向的匀强磁场中，线圈与磁场之间的夹角为30°，ad、bc边与磁场垂直，如图，该匀强磁场的磁感应强度为0.2T．现将线圈以ab为轴按图中所示方向旋转60°，则穿过线圈的磁通量的变化量为（）A．0 B．8×10﹣5Wb C．8×10﹣5Wb D． 1.6×10﹣4Wb三、实验题（18分）13．（12分）（2014秋•校级期中）小明同学在测定金属丝电阻率的实验中，进行了如下操作，请你将相应的操作步骤补充完整．（1）他首先用螺旋测微器测金属丝的直径，如图甲所示，该金属丝的直径为mm．（2）他再用多用电表粗测金属丝的阻值，操作过程如下：①将红、黑表笔分别插入多用电表的“+”、“﹣”插孔，选择开关旋至电阻挡“×10”挡位；②将红、黑表笔短接，调节旋钮（填图乙中的“A”或“B”或“C”），使欧姆表指针对准电阻的0刻线处；③把红、黑表笔分别与金属丝的两端相接，此时多用电表的示数如图丙所示；④为了使金属丝的阻值读数能够再准确一些，小明将选择开关旋至电阻挡挡位（填“×1”或“×1k”），重新进行；⑤重新测量得到的结果如图丁所示，则金属丝的电阻为Ω．（3）他想用伏安法更精确地测量该金属丝的阻值，他用如图所示的装置进行测量，其中部分器材的规格为：电源E（两节干电池，3V），电流表（量程0.6A，内阻约1Ω），电压表（量程3V，内阻约10kΩ），滑动变阻器（阻值范围0～20Ω，额定电流1A）．要求滑动变阻器采用限流式接法，为了减小实验误差，请你在图戊中加两条导线将未连接完的电路连起来．14．（6分）（2013秋•德州期末）某同学想用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻，其原理如图1所示，电路中串联了一只2Ω的保护电阻R0．该同学通过实验得到电压表和电流表显示的五组数据（见表格）．U（V） 1.40 1.30 1.20 1.10 1.00I（A）0.04 0.07 0.12 0.17 0.20（1）请你根据表中数据在图2的坐标图中画出U﹣I图线．（2）并求出该电池的电动势E= V，内阻r= Ω．三．计算题15．（8分）（2013秋•滑县期末）如图所示，两根平行光滑金属导轨MP、NQ与水平面成θ=37°角固定放置，导轨电阻不计，两导轨间距L=0.5m，在两导轨形成的斜面上放一个与导轨垂直的均匀金属棒ab，金属棒ab处于静止状态，它的质量为m=5×10﹣2kg．金属棒ab两端连在导轨间部分对应的电阻为R2=2Ω，电源电动势E=2V，电源内阻r=1Ω，电阻R1=2Ω，其他电阻不计．装置所在区域存在一垂直于斜面MPQN的匀强磁场．（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）所加磁场磁感应强度方向；（2）磁感应强度B的大小．16．（8分）（2012秋•威海期末）如图所示，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ为电场和磁场的理想边界，一束电子（电量为e，质量为m，重力不计）由静止状态从P点经过Ⅰ、Ⅱ间的电场加速后垂直到达边界Ⅱ的Q点．匀强磁场的磁感应强度为B，磁场边界宽度为d，电子从磁场边界Ⅲ穿出时的速度方向与电子原来的入射方向夹角为30°．求：（1）电子在磁场中运动的时间t；（2）若改变PQ间的电势差，使电子刚好不能从边界Ⅲ射出，则此时PQ间的电势差U是多少？17．（9分）（2012秋•威海期末）如图所示，在倾角为θ的绝缘斜面上，有相距为L的A、B两点，分别固定着两个带电量均为Q的正点电荷．O为AB连线的中点，a、b是AB连线上两点，其中Aa=Bb=．一质量为m、电荷量为+q的小滑块（可视为质点）以初动能E K0从a点出发，沿AB直线向b点运动，其中小滑块第一次经过O点时的动能为2E K0，第一次到达b点时的动能恰好为零，已知静电力常量为k．求：（1）两个带电量均为Q的正点电荷在a点处的合场强大小和方向；（2）小滑块由a点向b点运动的过程中受到的滑动摩擦力大小；（3）aO两点间的电势差．18．（9分）（2012秋•威海期末）如图所示，真空中有以O′为圆心，r为半径的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度为B．圆的最下端与x轴相切于直角坐标原点O，圆的右端与平行于y轴的虚线MN相切，在虚线MN右侧x轴上方足够大的范围内有方向竖直向下、场强大小为E的匀强电场，在坐标系第四象限存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小也为B的匀强磁场，现从坐标原点O沿y轴正方向发射速率相同的质子，质子在磁场中做半径为r的匀速圆周运动，然后进入电场到达x轴上的C点．已知质子带电量为+q，质量为m，不计质子的重力、质子对电磁场的影响及质子间的相互作用力．求：（1）质子刚进入电场时的速度方向和大小；（2）OC间的距离；（3）若质子到达C点后经过第四限的磁场后恰好被放在x轴上D点处（图上未画出）的一检测装置俘获，此后质子将不能再返回电场，则CD间的距离为多少．武平一中高二（上）期中物理试卷（实验班）参考答案与试题解析一．选择题（每小题4分）1．（4分）（2013秋•滑县期末）下列选项对公式认识正确的是（）A．公式E=k可以用来求平行板电容器两极板间的匀强电场的电场强度，其中Q为一极板所带电量的绝对值，r为研究点到带正电极板的距离B．P=I2R可用来计算电风扇正常工作时内阻的发热功率C．由公式R=可知导体的电阻与加在导体两端电压成正比，与通过导体的电流成反比D．由公式B=可知，磁场中某一点的磁感应强度由公式中的电流I的大小来决定考点：安培力；点电荷的场强；欧姆定律．专题：电磁感应——功能问题．分析：决定式是根据物理量的产生和变化由哪些因素决定而写成的数学式；定义式是根据物理量的定义写成的数学表达式．比值定义法是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法；比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小改变而改变．解答：解：A、公式E=k只可以用来求点电荷的电场的电场强度，故A错误；B、根据焦耳定律Q=I2Rt和热功率公式P=，可知P=I2R可用来计算电风扇正常工作时内阻的发热功率，故B正确；C、公式R=是电阻的定义公式，是利用比值定义法定义的，但电阻有导体自身的因素决定，与电压无关，故C错误；D、公式B=是磁感应强度的定义公式，是利用比值定义法定义的，但磁感应强度是有磁场自身的因素决定，与电流元IL无关，故D错误；故选：B．点评：本题关键是要能够区分定义公式与决定公式间的区别，明确各个公式的适用范围，基础题．2．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示为一带电体的电场线，已知a、b、c 为电场线上的点，其中a、b两点的电势关系为φa＞φb，分别用E a、E b表示a、b两点的电场强度，则下列说法正确的是（）A．a、c两点所在的电场线方向由a指向cB．a、c两点所在的电场线方向由c指向aC．E a＜E bD．a、c两点处在同一等势面上考点：电场线；电场强度．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．沿着电场线方向电势是降低的．解答：解：由于电场线的疏密可知，b点的电场强度最强，c点的电场强度最弱所以E a＜E c＜E b沿着电场线，电势是降低的，因a、b两点的电势关系为φa＞φb，所以电场线方向由a指向c，则a、c两点处不在同一等势面上；故AC正确，BD错误；故选：AC点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．掌握电场线的疏密表示电场强度的强弱，考查沿着电场线的方向电势降低．3．（4分）（2013秋•重庆期末）如图所示，方框中有一能产生磁场的装置，在方框右边放一通电直导线（电流方向如图中箭头方向），发现通电导线受到向右的作用力，则方框中放置的装置可能是下图中的哪个（）A．通电螺线管B．垂直纸面的通电导线C．通电圆环D．通电直导线考点：安培力．分析：由右手定则可判断电流所在位置的磁场分布，再由右手螺旋定则可知方框内的通电导线的形状．解答：解：由左手定则可知，导线受向右的作用力则所在位置处的磁场向外；则由右手螺旋定则可知；A、产生的右侧磁场水平向右，故A错误；B、导线产生的磁场为正面看去瞬时针，导体上半部分受向里的安培力，下半部分受向外的安培力，故B错误；C、由右手定则可知，通电圆环在导线处的磁场向里，故C错误；D、通电直导线的磁感线在导线处的磁场向外，故D正确；故选：D．点评：本题考查右手螺旋定则及左手定则的应用，判断磁场的方向用右手，判断力的方向用左手，要注意正确应用．4．（4分）（2012秋•威海期末）关于带电粒子在电场或磁场中运动的表述，以下正确的是（）A．带电粒子在电场中某点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相同B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势处向低电势处运动C．带电粒子在磁场中运动时受到的洛伦兹力方向与粒子的速度方向垂直D．带电粒子在磁场中某点受到的洛伦兹力方向与该点的磁场方向相同考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：正带电粒子在电场中受到电场力与电场强度方向相同，负电荷受到的电场力与电场强度方向相反；正电荷由静止只在电场力作用下，从高电势处向低电势处运动；带电粒子在磁场中运动时，由左手定则可知，受到的洛伦兹力方向与粒子的速度方向垂直；解答：解：A、正带电粒子在电场中某点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相同，而负电荷受到的电场力与该点的电场强度方向相反，故A错误．B、正电荷从静止只在电场力作用下，一定从高电势处向低电势处运动，故B 错误；C、根据左手定则可知，带电粒子在磁场中运动时受到的洛伦兹力方向与粒子的速度方向垂直，故C正确，故D错误．故选：C点评：本题要抓住电场力与洛伦兹力特点的不同进行分析，注意正负电荷受到的电场力与电场强度方向的不同，同时注意洛伦兹力与磁场方向总是垂直．5．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示，平行板电容器C与一电源E连接，P为一自动控制元件，只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路，关于该电路的工作原理，下列叙述正确的是（）A．当电键S闭合后，增大平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用B．当电键S闭合后，减小平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用C．将电键S断开，增大平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用D．将电键S断开，减小平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：抓住四个用电器串联且只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路；据平行板电容器公式C=和C=分析选项即可．解答：解：A、当电键s闭合后，电流自a向b的电流通过P时，电容器处于充电过程，P自动控制外电路；当充电完毕后，P不控制外电路，增大极板间的距离，据C=知C 变小，据公式C=知，U变大，但只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路，所以P不会对外电路起到控制作用，故A错误．B、当电键s闭合后，电流自a向b的电流通过P时，电容器处于充电过程，P 自动控制外电路；当充电完毕后，P不控制外电路，减小极板间的距离，据C=知C 变大，据公式C=知，U变小，电流从高电势流向低电势，所以P 会对外电路起到控制作用，故B正确．CD、当电键S断开，不具备产生电流的条件，无论怎样改变极板间的距离，都不会有电流通过P，所以P不会对外电路起到控制作用，故CD错误．故选：B．点评：此题的关键抓住题眼“只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路”，灵活应用据平行板电容器公式C=和C=；此题另一个注意点：用公式C=分析Q和U时，注意谁变谁不变．6．（4分）（2012秋•威海期末）根据磁场对电流会产生作用力的原理，人们研制出一种新型的发射炮弹的装置﹣﹣电磁炮，其原理如图所示：把待发炮弹（导体）放置在强磁场中的两平行导轨上，给导轨通以大电流，使炮弹作为一个通电导体在磁场作用下沿导轨加速运动，并以某一速度发射出去．现要提高电磁炮的发射速度，你认为下列方案在理论上可行的是（）A．增大磁感应强度B的值B．增大电流I的值C．减小磁感应强度B的值D．改变磁感应强度B的方向，使之与炮弹前进方向平行考点：安培力；匀变速直线运动的公式；牛顿第二定律．专题：应用题．分析：炮弹加速运动的动力为安培力，根据安培力公式F=BIL进行分析即可．解答：解：A、B、C、要提高电磁炮的发射速度，需要增加安培力做的功，在加速距离不变的情况下，可以考虑增加安培力，根据安培力公式F=BIL，可以增加磁感应强度B、增加电流I，故A正确，B正确，C错误；D、改变磁感应强度B的方向，使之与炮弹前进方向平行，安培力减小为零，故D错误；故选：AB．点评：本题关键明确电磁炮的工作原理，明确炮弹加速运动的动力为安培力，然后结合安培力公式列式分析即可．7．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示，现有一带正电的粒子能够在正交的匀强电场和匀强磁场中匀速直线穿过．设产生匀强电场的两极板间电压为U，板间距离为d，匀强磁场的磁感应强度为B，粒子带电荷量为q，进入速度为v （不计粒子的重力）．以下说法正确的是（）A．匀速穿过时粒子速度v与U、d、B间的关系为v=B．若只增大v，其他条件不变，则粒子仍能直线穿过C．若只增大U，其他条件不变，则粒子仍能直线穿过D．若保持两板间电压不变，只减小d，其他条件不变，粒子进入两板间后将向下偏考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：粒子在场中受竖直向下的电场力和竖直向上的洛伦兹力，分析二力大小情况，判断粒子运动．解答：解：分析粒子在场中受力，如图：A、粒子匀速穿过时，则竖直方向受力平衡，即qvB=qE=q，解得：v=，故A 正确；B、若只增大v，其他条件不变，则洛伦兹力增大，即竖直向上的力增大，粒子合力不为零，因力的方向与运动方向垂直，则粒子将无法沿直线穿过，故B 错误；C、若只增大U，其他条件不变，则合力方向竖直向下，且与粒子运动方向垂直，则粒子不可能然直线穿过；D、板间电压不变，减小d，其他条件不变，则粒子所受电场力增长，则粒子所受合力方向竖直向下，故粒子将向下偏，故D正确；故选：AD点评：本题关键是分析粒子在场中受力情况，根据合力的情况判断粒子运动，难度不大．8．（4分）（2013秋•滑县期末）如图所示，直线A 是电源的路端电压和电流的关系图象，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图象，若将这两个电阻分别接到该电源上，下列说法正确的是（）A．两电阻阻值R1＞R2B．R2接在电源上时，电源的内阻消耗功率大C．R2接在电源上时，电源的效率高D．电源的内阻和R2的阻值相等考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：斜率表示电阻值，电源的内阻等于A的斜率绝对值．电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比．根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率．电源与电阻的U﹣I图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．解答：解：A、由U﹣I图象的斜率表示电阻值，可得R1、R2的关系为两电阻阻值R1＞R2，故A正确．BC、电源的效率η=，效率与路端电压成正比，由图可知R1接在电源上时路端电压大，效率高，故B正确，C错误．D 、由图可知，电源内阻为：；R2的电阻为：；故D正确．故选：ABD点评：本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．9．（4分）（2013秋•江期末）如图所示，虚线为一静电场中的等势面1、2、3、4，相邻等势面间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷仅在静电力的作用下沿图中实线从a点运动到b点，经过a、b两点时粒子的动能分别为5eV和26eV．当这一点电荷运动到某一位置c时，其电势能变为﹣5eV．下列说法正确的是（）A．粒子从a点运动到b点的过程中电场力做负功B．粒子在a点的电势能小于其在b点的电势能C．粒子在c点时的动能为24eVD．a、b点的电势关系为φa＞φb考点：等势面；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，根据题意曲线3电势为零，列式求解即可．解答：解：A、经过a、b点时的动能分别为5eV和26eV；粒子的动能增大，说明电场力做正功．故A错误；B、电场力做正功，粒子的电势能减小，所以粒子在a点的电势能大．故B错误；C、图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，故电荷再各个等势面上的电势能相等；故电荷经过相邻两个等势面时的动能减小量为，故经过等势面3时的动能为：E k3=E b+△E=26﹣7=19eV；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故当这一点电荷运动到某一位置c 时，其电势能变为﹣5eV：0eV+19eV=﹣5eV+E k；解得E k=24eV；故C正确；D、正电荷在电势高的地方电势能大，粒子在a点的电势能大，所以可得a点的电势能大．故D正确．故选：CD点评：“在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变；相邻等势面之间的电势差相同”是我们解决此类问题时的突破口．10．（4分）（2011秋•校级期末）如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（）A．L1和L3变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值D．L1上电压变化值小于L2上的电压变化值考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知L3与R串联后与L2并联，再与R0、L1串联；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化，即可知L1亮度的变化；将R0、L1作为内电阻处理，由U=E﹣Ir可知并联部分电压的变化，由欧姆定律可得出两灯亮度的变化；因两灯电阻均为定值，则可由欧姆定律得出电压变化值的大小关系．解答：解：A、B当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故L1变亮；电路中总电流增大，故内电压及R0、L1两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故L2变暗；因L2中电流减小，干路电流增大，故流过L3的电流增大，故L3变亮；故A正确，B错误；C、因L1中电流增大，L3中电流增大，而L2中电流减小；开始时有：I1=I2+I3，故I1电流的变化值一定小于L3中电流的变化值；故C正确；D、因并联部分的电压与L1、R0及内电阻上的总电压等于电源的电动势；L2两端的电压减小，L1、R0及内阻r两端的电压增大，而电动势不变，故L1上电压变化值小于L2上的电压变化值，故D正确；故选ACD．点评：本题不但考查电路中各量的变化方向，还考查了各电阻中电流及电压的变化值，题目较为新颖，要求学生能灵活应用串并联电路的电流电压规律及闭合电路的欧姆定律．11．（4分）（2012秋•东安区校级期末）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒．两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速．两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示．在保持匀强磁场和加速电压不变的情况下用同一装置分别对质子（H ）和氦核（He）加速，则下列说法中正确的是（）A．质子与氦核所能达到的最大速度之比为1：2B．质子与氦核所能达到的最大速度之比为2：1C．加速质子、氦核时交流电的周期之比为2：1D．加速质子、氦核时交流电的周期之比为1：2考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．。

高二第一学期物理期中考试卷(文科)

xxxx中学20 —20 学年度第一学期期中考试题（卷）高二物理（文科）命题人：审核人：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

注意事项：1.本试题分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷和答题卡。

全卷满分100分。

2.考生答题时，必须将第Ⅰ卷上所有题的正确答案用2B铅笔涂在答题卡上所对应的信息点处，答案写在Ⅰ卷上无效。

3.考试结束时，将第Ⅱ卷和答题卡交给监考老师。

）第Ⅰ卷（选择题，共42分）一、择题（每小题3分，共42分，每小题只有一个正确答案）。

1.在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定。

若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仓力将增大到原来的( )A.3倍B.6倍C.9倍D.3倍2．把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为：A．A球的正电荷移到B球上B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上D．B球的正电荷移到A球上3．以下关于静电现象的说法中,不正确．．．的是: （）A、穿着化纤服装的人在晚上脱衣服时，常常会看见闪光并伴有轻微的“噼啪”声，这是由于摩擦起电所造成的现象B．摩擦起电产生的电压总是很低的，因此对人并不会造成伤害C．脱化纤服装时，由于摩擦起电所产生的电压可能高达几千伏以上D．脱化纤服装时，由于摩擦起电所产生的静电能量很微小，通常不会对人造成伤害4．下列说法不正确．．．的是：A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在电场B．电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的性质是对处在它当中的电荷有力的作用D．电荷只有通过接触才能产生力的作用5.图1是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则()A.P点的电场强度方向向左B.P点的电场强度方向向右C.正点电荷在P点所受的电场力的方向向左D.负点电荷在P点所受的电场力的方向向右6．A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A．若在A点换上－q，A点场强方向发生变化B．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关7．四种电场的电场线如图2所示．一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动，且加速度越来越大．则该电荷所在的电场是图中的( )8．关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是：（）A、磁感线总是从磁体的N极出发，终止于S极B、磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向C、沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D、在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小9．如图3所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）10．关于电荷所受电场力和洛伦兹力，正确的说法是（）A．电荷在磁场中一定受洛伦兹力作用B．电荷在电场中一定受电场力作用C．电荷所受电场力一定与该处电场方向一致D．电荷所受的洛伦兹力不一定与磁场方向垂直11．下面有关磁场中某点的磁感应强度方向的说法中，错误．．的是（）A．磁感应强度的方向就是通电导体在该点的受力方向。

中学2013-2014学年高二(上)期中物理试卷 Word版含解析

2013-2014学年宁夏银川市育才中学高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（共12道小题，每道小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，请把正确答案选出来，填涂在机读卡上．）1．（3分）（2013秋•曲阜市校级期中）关于元电荷的理解，下列说法正确的是（）A．元电荷就是电子或质子B．元电荷是指跟电子所带电量数值相等的带电体C．元电荷是指带电量为1.60×10﹣19C的带电体D．带电体所带的电量只能是元电荷的整数倍考点：元电荷、点电荷．专题：应用题．分析：物体所带的电荷量是最小电荷量的整数倍，该最小电荷量等于电子、质子所带电荷量，最小的电荷量是元电荷．解答：解：自然界中最小的电荷量等于电子或质子所带电荷量，为1.60×10﹣19C，该电荷量叫做元电荷；元电荷是一个电荷量，不是一种带电微粒，故ABC错误，D正确；故选D．点评：元电荷是电荷量，不是一种微粒，本题难度不大，是一道基础题．2．（3分）（2013秋•平江县校级期中）电场强度的定义式为E=，下列说法中正确的是（）A．该定义式只适用于点电荷产生的电场B．F是检验电荷所受到的力，q是产生电场的电荷电量C．电场强度是用比值定义法定义的物理量D．场强的方向与F的方向相同考点：电场强度．分析：电场强度的定义式为E=，适用于任何电场，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关；利用场强方向的规定判断．解答：解：AC、该定义式为E=，适用于任何电荷产生的电场，是用比值定义法定义的物理量，故A错误，C正确．B、F是检验电荷所受到的力，q是检验电荷的电量，并不是产生电场的电荷量．故B错误．D、由场强方向的规定，正电荷所受的电场力的方向与场强方向相同，负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，故D错误．故选：C．点评：电场强度定义式E=中，q是试探电荷的电荷量，定义式适用于一切电场，不能简单地从数学角度来理解物理公式．3．（3分）（2010•通州区模拟）在真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为F．如果保持它们各自所带的电荷量不变，将它们之间的距离减小到原来的一半，那么它们之间静电力的大小等于（）A．2F B．C．4F D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：各自所带的电荷量及它们之间的距离均减小到原来的一半，根据点电荷库仑力的公式F=K可以求得改变之后的库仑力的大小．解答：解：由点电荷库仑力的公式F=K可以得到，将它们之间所带的电荷量不变，它们各自的距离减小到原来的一半，库仑力减小为原来的4倍，所以C正确，ABD错误．故选C．点评：本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了．4．（3分）（2010秋•东莞市校级期末）一根粗细均匀的导线，其电阻为10Ω，现把它对折起来，其电阻变为（）A．5ΩB．4ΩC．2.5ΩD．2Ω考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：由电阻定律可知：可判定结果．解答：解：由电阻定律可知：，对折起来后，长度变为原来，横截面积变为原来2倍，则电阻变为：．故C正确．故选：C点评：掌握电阻定律，知道这个是电阻的决定式，电阻与长度成正比，与横截面积成反比．5．（3分）（2011•中山市校级学业考试）如图所示各图中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．考点：电场线．分析：电场强度是矢量，只有两点的场强大小和方向都相同时，电场强度才相同，根据这个条件进行判断．解答：解：A、AB是同一圆上的两点，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A 错误；B、AB场强大小不等，但方向相同，则电场强度不同，故B错误；C、AB是匀强电场中的两点，电场强度相同，故C正确；D、电场线的疏密表示场强的大小，所以A、B场强不等，故D错误．故选：C．点评：明确矢量大小和方向都相同才相同，对于常见电场的电场线分布要了解，有助于解题．6．（3分）（2013秋•怀远县校级期中）把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一定距离，发现两球之间相互排斥，则A、B两球原来的带电情况不可能是（）A．带有等量异种电荷B．带有等量同种电荷C．带有不等量异种电荷D．带有不等量同种电荷考点：库仑定律．分析：两个小球接触后再分开，两球相互排斥，说明两球带同种电荷，将选项逐一代入，选出符合题意的选项．解答：解：A、两个小球原来分别带等量异种电荷，接触后电荷完全中和，两球不存在排斥力．故A不可能．B、D、两个小球原来分别带同种电荷，把两个完全相同的小球接触后电荷重新平分，带上等量同种电荷，存在排斥力．故BD可能．C、两个小球原来分别带不等量异种电荷，小球接触后电荷先中和再平分，带上等量同种电荷，存在排斥力．故C可能．本题选不可能的，故选：A．点评：本题考查应用基本规律分析、判断物理现象的能力．7．（3分）（2011•上海）电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知E a和E b，电势分别为φa和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb 考点：电势；电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题．解答：解：根据电场线疏密表示电场强度大小，E a＜E b；根据沿电场线电势降低，φa＞φb，故ABD错误，C正确．故选C．点评：本题考查用电场线如何表示的电场强度大小及电势高低．8．（3分）（2012秋•普宁市校级期中）如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的I﹣U图象，则下述说法不正确的是（）A．电动势E1=E2，发生短路时的电流强度I1＞I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1=E2，内阻r1＜r2D．当两个电源工作电流变量相同时，电源2的路端电压变化较大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．解答：解：A．U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，故电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2，故A不符合题意；B．U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，电动势E1=E2，内阻r1＜r2，故B符合题意；C．由B的分析可知C不符合题意；D．电动势E1=E2，内阻r1＜r2，根据U=E﹣Ir可知，当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大，故D不符合题意．故选：B．点评：本题考查了闭合电路U﹣I图象的相关知识，要求同学们理解U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．9．（3分）（2011秋•临清市校级期末）有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（）A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．两电阻两端电压相同时，流过电阻A的电流强度较小D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大考点：电功、电功率；欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断AB电阻的大小；根据电阻的大小，再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小．解答：解：A、在伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，从图中可得A的斜率大，所以A的电阻小，所以A错误，B正确；C、由于A的电阻小，所以当电压相同的时候，流过电阻A的电流强度较大，所以C错误；D、当两电阻串联时，电阻的电流相同，由P=I2R可得，电阻大的电阻的功率大，所以电阻B消耗的功率较大，所以D错误．故选B．点评：本题就是考察学生对于伏安特性曲线的理解，在做题时一定要区分开U﹣I图象和I ﹣U图象，不同的图象中的直线的斜率的含义不同．10．（3分）（2010春•湖北期末）如图所示，电路两端的电压U保持不变，电阻R1，R2，R3消耗的电功率一样大，电阻之比R1：R2：R3是（）A．1：1：1B．4：1：1C．1：4：4D．1：2：2考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：串联部分电流相等，并联部分电压相等，根据P=I2R和P=进行分析．解答：解：R2、R3电压相等，根据P=得，功率相等，则R2=R3．通过电阻R1的电流是R2电流的2倍，根据P=I2R得，功率相等，则．所以电阻之比R1：R2：R3=1：4：4．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道串并联电路的特点，以及掌握功率的公式P=UI、P=I2R和P=．11．（3分）（2012•镜湖区校级模拟）为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，用磁报警装置可以检测到断针的存在．如图所示是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中R B是磁敏传感器，它的电阻随断针的出现而减小，a、b接报警器，当传感器R B所在处出现断针时，电流表的电流I、ab两端的电压U将（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变大，U变小D．I变小，U变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知磁敏电阻与R2并联后与R1串联，电压表测量电源的路端电压；由题意可知，出现断针时磁敏电阻的阻值减小，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由电流的变化可得出内电压的变化，即可判断路端电压的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表的示数变化．解答：解：发现断针时，磁敏电阻的阻值减小，则总阻值减小，由闭合电路的欧姆定律可知，电路中电流增大，内电压增大，故路端电压减小，电压表的示数减小；因电流增大，R1两端的电压增大，则并联电路两端的电压减小，故流过R3的电流减小，由并联电路的电流规律可知流过电流表的电流增大，故C正确；故选C．点评：闭合电路的欧姆定律的动态分析类题目一般按外电路、内电路、外电路的分析思路进行，要掌握其解决的方法．12．（3分）（2011•丹东二模）在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻．当开关S 闭合后，两平行金属板MN中有一带电液滴正好处于静止状态．为使带电液滴向上加速运动，可采取的措施是（）A．增大R1B．减小R2C．减小R3D．增大MN间距考点：带电粒子在匀强电场中的运动；闭合电路的欧姆定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：R1、R2为滑动变阻器，而R3为变阻箱．当开关闭合后，带电液滴正好处于静止，为使能加速向上，则电场力大于重力．可以提高两极板的电压，即提高变阻箱R3的电压；也可以变化两极板的距离，从而实现提高两板间的电场强度．解答：解：A、当增大R1电阻时，没有作用，因为R1电阻与两平行金属板相串联，然而两板间没有电流，所以R1电阻两端没有电势差．故A错误；B、当R2减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则R3变阻器电压变大，故B正确；C、当R3减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则R2电阻两端电压变大，那么R3变阻器电压变小，故C错误；D、当增大MN间距时，由于平行板两端电压不变，则两板间的电场强度变小，所以电场力小于重力，故D错误．故选：B．点评：电阻R1与两平行板相串联，由于没有电流，所以没有电势降落，因此可将R1电阻去除．当改变间距时，会导致两板间的电容变化．二、多项选择题（本题共4道小题，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，每小题全选对的得5分，选对但不全的得3分，错选得0分．请把正确答案选出来，填涂在机读卡上．）13．（5分）（2011春•灌云县校级期末）某电场的电场线的分布如图6所示．一个带电粒子由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点．则下列判断正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在M点的加速度大C．粒子在N点的速度大D．电场力对粒子做正功考点：电场线；物体做曲线运动的条件；动能定理的应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：A、电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子的受到的电场力的方向也向上，所以电荷为正电荷，所以A错误；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大，所以B错误；C、从M点到N点，电场力做正功，电势能减小，粒子的速度增大，所以C正确；D、由C的分析可知D正确．故选CD．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．14．（5分）（2013•贵州学业考试）如图所示，A、B为平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，两板的中央各有一个小孔M、N，今有一带电质点，自A板上方相距为d 的P点由静止自由下落（P、M、N在同一竖直线上），空气阻力不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返回，若保持两极板间的电压不变，则（）A．把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回B．把A板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落C．把B板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回D．把B板向下平移一小段距离后，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：一带电质点自A板上方相距为d的P点由静止自由下落（P、M、N在同一竖直线上），空气阻力不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返回，根据动能定理知，在此过程中重力做功与电场力做功大小相等．移动上下极板，抓住两板间的电势差不变，通过动能定理判断带电质点的运动情况．解答：解：A、由题设条件知，mg•2d﹣qU=0，知电场力做功等于重力做功的大小．把A 板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落，根据动能定理知，mg•2d﹣qU=0，小球到达N点速度为零然后返回．故A正确．B、将A板向下移动一小段距离，根据动能定理知，mg•2d﹣qU=0，小球到达N点速度为零然后返回．故B错误．C、把B板向上平移一小段距离，根据动能定理知，h＜2d，mgh﹣qU＜0，知小球未到达N点速度已减为零，然后返回．故C正确．D、把B板向下平移一小段距离后，根据动能定理知，h＞2d，mgh﹣qU＞0，知小球到达N点速度不为零，小球会穿过N孔继续下落．故D正确．故选ACD．点评：对于本题选择全过程为研究过程，运用动能定理进行求解比较方便，在运用动能定理时，抓住电势差不变，电场力做功不变，比较电场力做功与重力做功的关系进行分析．15．（5分）（2008•宁夏）一个T型电路如图所示，电路中的电阻R1=10Ω，R2=120Ω，R3=40Ω，另有一测试电源，电动势为100V，内阻忽略不计，则（）A．当cd端短路时，ab之间的等效电阻是40ΩB．当ab端短路时，cd之间的等效电阻是40ΩC．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为80VD．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为80V考点：闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联．当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压．根据欧姆定律求解电压．解答：解：A、当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为R==40Ω．故A正确．B、当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为R==128Ω．故B错误．C、当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，为U3=E=80V．故C正确．D、当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压，为U3==25V．故D错误．故选AC．点评：对于电路的问题，首先要识别电路的结构，有时要画出等效电路图．基础题，比较容易．16．（5分）（2006•崇明县二模）如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R2获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1获得最大功率C．当R2=0时，R1上获得最大功率D．当R2=0时，电源的输出功率最大考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大．解答：解：A、将R1等效到电源的内部，R2上的功率等于电源的输出功率，当外电阻等于内阻时，即R2=R1+r时，输出功率最大，即R2上的功率最大．故A正确．B、根据P=I2R，电流最大时，R1上的功率最大．当外电阻最小时，即R2=0时，电流最大．故B错误．C正确．D、当外电阻等于内阻时，即R1+R2=r时，电源的输出功率最大．故D错误．故选AC．点评：解决本题的关键掌握当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大．三、实验探究题（共2道小题，每空、每图3分，共21分）17．（6分）（2013秋•兴庆区校级期中）一灵敏电流计，满刻度电流为I g=500μA，表头电阻R g=200Ω，若将改装成量程为1.0V的电压表，应再串联一个1800 Ω的电阻．考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=﹣R g，U为改装后的量程．解答：解：将小量程的电流表改装成电压表利用串联电路的分压原理，需要串联一个大一些的电阻；把电流表改装成量程为1.0V的电压表时，串联电阻的阻值：R=﹣R g=﹣200=1800Ω；故答案为：串联；1800．点评：考查电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会根据公式R=﹣R g，U为改装后的电压表量程．18．（15分）（2013•包河区校级一模）某同学为了较精确地测量一节干电池的电动势和内阻，实验室准备了下列器材：A．待测干电池E（电动势约为1.5V，内阻约为1Ω）B．电流表G（满偏电流3.0mA，内阻为100Ω）C．电流表A（量程0～0.6A，内阻约为1Ω）D．滑动变阻器R1（0～10Ω，额定电流为2A）E．滑动变阻器R2（0～1kΩ，额定电流为1A）F．定值电阻R0（阻值为900Ω）G．开关一个，导线若干（1）为了能比较准确地进行测量，同时还要考虑操作的方便，实验中滑动变阻器应选 D ．（2）根据题意在图1中画出该实验所需要的电路图．（3）根据图2电路图，将实物图连接起来，组成完整的电路．（4）如图3所示，是某同学根据正确的实验得到的数据作出的图线，其中纵坐标I1为电流表G的示数横坐标I2为电流表A的示数，由图可知，被测干电池的电动势为 1.4 V，内电阻为0.67 Ω（保留2位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；（2）所给实验器材中，有两个电流表，没有电压表，也没有电阻箱，只能用伏安法测电池电动势与内阻，可以用电流表与定值电阻组装一个电压表，根据伏安法测电源电动势与内阻的原理作出电路图．（3）根据电路图连接实物电路图；（4）根据欧姆定律和串联的知识求出I1和电源两端电压U的关系，根据图象与纵轴的交点求出电动势，由与横轴的交点可得出路端电压为某一值时电流，则可求得内阻．解答：解：（1）电源电动势为1.5V较小，电源的内阻较小，为多次几组实验数据，方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器，因此滑动变阻器应选D，（2）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G与定值电阻R0串联，改装成电压表，用电流表A测电路电流，滑动变阻器R1串联接入电路，实验电路图如图所示．（3）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后用直线把各点连接起来，作出图象如图所示；（4）根据欧姆定律和串联的知识得电源两端电压为：U=I1（900+100）=1000I1，根据图象与纵轴的交点得电动势为E=1.4mA×1000Ω=1.4V，与横轴的交点可得出路端电压为1.0V时电流是0.6A，由闭合电路欧姆定律E=U+Ir可得，电源内阻r==≈0.67Ω；故答案为：（1）D；（2）电路图如左图所示；（3）实物电路图如右图所示；（4）1.4；0.67．点评：在测量电源电动势和内阻时，要注意根据画出的U﹣I图象分析出电动势及内阻．四、计算题（4小题，共23分．要求写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案而未写出计算过程的不能得分，有数值计算的题，答案必须写出数值和单位．）19．（4分）（2011春•凉州区校级期末）在真空中的O点放一点荷Q=1.0×10﹣9C，直线MN过O点，OM=30cm，M点放有一点电荷q=﹣2.0×10﹣10C，如图所示．求：（1）电荷Q在M点的电场强度大小；（2）若M点的电势比N点的电势高15V，则电荷q从M点移到N点，电势能变化了多少？考点：点电荷的场强；电势能．分析：（1）知道点电荷的电荷量，知道距离点电荷的距离，由点电荷的场强公式可以直接求得结果．（2）根据电场力做功的公式可以直接求得电场力做的功的大小，从而可以知道电势能的变化．解答：解：（1）由点电荷的场强公式E=k可知，，所以电荷Q在M点的电场强度大小是100N/C．（2）电荷q从M点移到N点，电场力做的功为：W MN=qU MN=q（φM﹣φN）=﹣3×10﹣9J，所以电势能增加了3×10﹣9J．点评：本题是对点电荷的场强公式和电场力做的功与电势能的转化之间关系的考查，掌握住基本内容就可以解决这道题．20．（5分）（2011秋•凉州区校级期末）利用如图所示的电路可以测量电源的电动势和内电阻．当滑动变阻器的滑片滑到某一位置时，电流表和电压表的示数分别为0.20A和2.90V．改变滑片的位置后，两表的示数分别为0.40A和2.80V．这个电源的电动势和内电阻各是多大？考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由闭合电路欧姆定律列出两次的表达式，联立即可求解．解答：解；由电路图可知，电压表测得路端电压；设电源的电动势为E，电源内阻为r，所以由E=U+Ir得：E=0.2r+2.90 …①E=0.4r+2.80…②联立①②解得：r=0.5Ω，E=3V答：电动势为3V，内阻为0.5Ω点评：本题属于对闭合电路欧姆定律的直接考查，只需列出闭合电路欧姆定律表达式联立即可求解．21．（6分）（2011秋•扶余县校级期末）如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻r=0.6Ω，R=10Ω，U=160V，电压表的读数为110V，求：（1）通过电动机的电流是多少？（2）输入到电动机的电功率是多少？（3）在电动机中发热的功率是多少？（4）电动机工作1h所产生的热量是多少？考点：电功、电功率；欧姆定律；焦耳定律．专题：恒定电流专题．分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．解答：解：（1）电动机和电阻串联，所以电流相等，电阻R两端电压U1=160﹣110=50V，I==5 A．（2）电动机的电功率P=UI=110×5=550W，（3）电动机的热功率P热=I2R=52×0.6=15W，（4）产生的热量Q=P热t=15×3600=5.4×104J．点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．22．（8分）（2011•九龙坡区校级一模）如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．考点：动能定理的应用；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用；电场强度．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，则可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．（2）当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．（3）选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．解答：解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，。

甘肃省金川公司第二高级中学2013-2014学年高二上学期期中考试化学(文)试题(无答案).pdf

活质量的不断提高，对废电池必须进行集中处理的问题被提到议事日程，其首要原因（）
A利用电池外壳的金属材料不使电池中渗漏的电解液腐蚀其他物品
C防止电池中汞、镉和铅等重金属离子对土地和水源的污染D．回收其中的石墨电池“下列食品添加剂与类别对应正
确的是（）
A．
B．C．
D．下列
A．B．
C．D．
（4）蛋白质、淀粉、脂肪是三种重要的营养物质，其中
不是高分子化合物。医学证明，人体
缺钙易患多种疾病，特别是儿童和中老年人应经常补钙，在各种补钙制剂中钙元素呈
（填
“游离”或“化合”）态。
35、有四种常见药物①阿司匹林②青霉素③胃舒平④麻黄碱。请回答：
（1）某同学胃酸过多，应选用的药物是?（填序号），抗酸药的成分Al(OH)3中和胃酸过多的离
A④⑤
B．②④⑤
C．①②③
D．②③④⑤
17、燃气灶中心的金属容易生锈，这说明化学腐蚀速率与（）有关
A. 催化剂B. 温度C. 反应物本性D. 气体浓度
科技文献中出现的词汇，其中与相关物质的颜色并无联系的是（）
A. 赤色海潮
B. 棕色烟气 C. 白色污染 D. 绿色食品
下列关于食品添加剂的叙述中不正确的是（）
A．
B．C．
D．
32、金属盐可使人中毒。当人误食重金属盐时，可以喝
解毒。原因是上述食品中含有较多的
，可以跟重金属盐形成不溶于水的化合物，可以减轻重金属盐类对胃肠黏膜的危害，起到缓解毒性的作用。：
、
、
。
34、合理膳食，保持营养均衡，是青少年学生健康成长的重要保证。
（1）维生素C能增强人体对疾病的抵抗能力，促进人体生长发育，中学生每天要补充60mg的维生素

甘肃省金川公司第二高级中学2014届高三上学期第二次月考数学(文)试题

第二高级中学2013—2014学年度高三年级第二次月考试卷数学（文科）第Ⅰ卷一、选择题：（本大题共12小题，每小题5分，满分60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.） 1.已知集合{}2,0xM y y x ==>，{})2lg(2x x y x N -==，则M ⋃ N 为（）A.()2,1B. ），（∞+0C.()2,0 D.[)+∞,1 2. 幂函数的图象过点(2, 41), 则它的单调递增区间是( )A ．(0, ＋∞)B ．[0, ＋∞）C ．(－∞, 0)D ．(－∞, ＋∞)3.设α是第二象限角,(),4P x 为其终边上的一点,且1cos 5x α=,则tan α=（） A.43 B.34 C.34- D.43-4. 设)4tan(,41)4tan(,52)tan(παπββα+=-=+则的值是（）A ．1813B ．2213C ．223D ．615.设0x 是方程ln 4x x +=的解，则0x 属于区间（） A.（0，1） B.（1，2） C .（2，3） D.（3，4）6.下列函数中，既是偶函数又在单调递增的函数是（）A ．B ．C ．D ．7.下列判断错误的是（）A. 命题“,20xx ∀∈>R ”的否定是“ 00,20x x ∃∈≤R ”B. 命题“若0xy =，则0x =”的否命题为“若0≠xy ，则0x ≠”C. 函数123+=-x y 的图像恒过定点A （3,2）D. “1sin 2α=”是“ 6πα=”的充分不必要条件 8．函数()sin f x x =在区间[,]a b 上是增函数，且()1,()1,f a f b =-=则cos 2a b+=（）A ． 1BC ．-1D ．09. 已知),0(πα∈，且,21cos sin =+αα则αcos 的值为A ．471- B ．271- C ．461- D ．261- 10.函数)(x f 在定义域R 内可导，若)(x f = )2(x f -，且)()1(x f x '-＜0，设a =f (0)， b=f (21)，c=f (3)，则c b a ,,的大小关系是（） A ． a ＜b ＜c B ．c ＜a ＜b C ．c ＜b ＜a D ．b ＜c ＜a 11.已知)(x f 是R 上的奇函数，)0(0)()(,0)2(>>-'=x x f x f x f ，则不等式0)(>x xf 的解集是( )A ． (-2,2)B ．(-2,0 )⋃(0,2)C ．(-∞,-2 )⋃(2,+ ∞)D ．(-2,0 )⋃ (2,+ ∞)12.已知函数)(x f 的周期为2，当∈x [0,2]时，)(x f =2)1(-x ,如果|1|log )()(5--=x x f x g ，则函数)(x g y =的所有零点之和为（）A ． 2B ．4C ．6D ．8第Ⅱ卷（非选择题，共90分）二、填空题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分.将答案填在答题卷相应位置上.）13．函数y=e x+x 在点(0,1)处的切线方程是_________14. 已知函数)(x f 满足)2(+x f =—)(x f ，且f （1）=2，则f （99）=_________ 15. 设210,1,()xx a a f x a ++>≠=函数有最小值，则不等式0)1(log >-x a 的解集为16.已知函数()cos 2cos(2)2f x x x π=+-，其中R x ∈，下面是关于f （x ）的判断：①．函数)(x f 最小正周期为π②．函数)(x f 的一个对称中心是（—0,8π） ③．将函数x y 2sin 2=的图象左移4π得到函数)(x f 的图象④． )(x f 的一条对称轴是85π=x 其中正确的判断是_________（把你认为正确的判断都填上）。

甘肃省金川公司第二高级中学13-14学年高二上学期期中考试政治(文)试题(附答案)

第二高级中学2013—2014学年度第一学期期中试卷高二政治（文科）本试题分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分：100分，测试时间：100分钟。

第Ⅰ卷(选择题，共60分)一、单项选择题(本大题共35小题，其中1-15题每小题2分，16-35题每小题1.5分)1.面对当前世界经济的不景气，有人提出“心暖经济暖”,只有信心才能产生勇气,只有勇气和力量才能战胜困难,这从一个侧面证明了：A.文化是人类特有的现象B.文化是一种强大的社会力量C.文化和政治、经济相互交融D.文化能推动社会的发展和进步2.人民网兰州2013年7月23日电：甘肃金昌第二届骊靬文化国际旅游节8月开幕，在为期一个月的节会期间，金昌将相继举办第二届丝绸之路国际青少年生存训练营、金水湖户外音乐帐篷节、旅游节开幕式及《骊靬情》大型演出、骊靬文化题材影视剧首映（首播）式、骊靬文化主题节目演出、金昌精品旅游景区参观考察、金川区永昌河道汽车越野赛等九项系列活动。

这一系列节会活动安排说明：A．文化的产生离不开大脑B．人们的文化素养是生来就有的C．精神产品要通过物质载体来体现D．一切物质现象都是文化的表现形式3. 在骊靬文化国际旅游节期间，甘肃省永昌县依托当地文化遗产，致力于挖掘当地独特的历史文化和宗教文化，力塑文化旅游品牌，以助推地方经济发展。

该县的这一做法是基于：①文化独特性是区域文化发展的基础②经济与文化的发展是同步的③文化在继承的基础上发展④文化对经济具有反作用A．①③B．①④C．②③D．③④4.据统计，90%以上的世界新闻由西方七国垄断，美国影片占全球总放映时间的50%以上、票房收入的三分之二以上。

这告诉我们：A．必须加强文化建设，提升我国的文化竞争力B．反对文化霸权主义，必须反对外来文化C．文化是综合国力的重要基础D．文化与经济相互交融、相互决定5．漫画《十指连心》给我们发展中国特色社会主义文化的启示是：①打牢社会主义核心价值体系的基础②把握社会主义核心价值体系的精髓③牢记社会主义思想道德建设的原则④紧抓社会主义思想道德建设的着力点A．①②B．①④C．②④D．②③6.《墨子·所染》中说:“染于苍则苍,染于黄则黄。

高二物理上学期期中考试试题附答案

2013—2014学年度第一学期高二物理中期考试试题第Ⅰ卷（选择题共60分）一、单项选择题（本题共12小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分，共36分。

）1．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上的感应电荷的分布情况，正确的是( )2．某静电场的电场线分布如图所示，图中P 、Q 两点的电场强度的大小分别为E P 和E Q ，电势分别为P ϕ和Q ϕ，则（） A ．E P ＞E Q ，P ϕ＞Q ϕ B ．E P ＞E Q ，P ϕ＜Q ϕ C ．E P ＜E Q ，P ϕ＞Q ϕ D ．E P ＜E Q ，P ϕ＜Q ϕ3．带正电荷的粒子只受到电场力作用从静止开始运动，它在任意一段时间内( ) A ．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动 B ．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C ．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D ．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动4．电场中有A 、B 两点，A 点的电势φA ＝30 V ，B 点的电势φB ＝10 V ，一个电子由A 点运动到B 点的过程中，下列说法中正确的是( )A ．电场力对电子做功20 eV ，电子的电势能减少了20 eVB ．电子克服电场力做功20 eV ，电子的电势能减少了20 eVC ．电场力对电子做功20 eV ，电子的电势能增加了20 eVD ．电子克服电场力做功20 eV ，电子的电势能增加了20 eV 5．如图所示，在两个固定电荷＋q 和－q 之间放入两个原来不带电的导体，1、2、3、4为导体上的四个点，在达到静电平衡后，各点的电势分别是φ1、φ2、φ3、φ4，则( )A ．φ4＞φ3＞φ2＞φ1B ．φ4＝φ3＞φ2＝φ1C ．φ4＜φ3＜φ2＜φ1D ．φ4＝φ3＜φ2＝φ16、如图所示，先接通S 使电容器充电，然后断开S ．当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q 、电容C 、两板间电势差U ，电容器两极板间场强E 的变化情况是 ( ) A ．Q 变小，C 不变，U 不变，E 变小 B ．Q 变小，C 变小，U 不变，E 不变 C ．Q 不变，C 变小，U 变大，E 不变 D ．Q 不变，C 变小，U 变小，E 变小7．如右图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边沿垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边沿飞出，现在使电子入射速度变为原来的两倍，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边沿飞出，则两极板的间距应变为原来的( )A ．2倍B ．4倍 C.12倍 D.14倍 8.如图所示，将左边的铜导线和右边的铝导线连接起来，已知截面面积S 铝=2S 铜，在铜导线上取一截面A ，在铝导线上取一截面B ，若在1 s 内垂直地通过它们的电子数相等，那么，通过这两截面的电流的大小关系是( )A.I A =I BB.I A =2I BC.I B =2I AD.不能确定 9、以下有关电动势的说法正确的是（）A 、电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电量成反比B 、电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是两极间的电压C 、非静电力做的功越多，电动势就越大D 、电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的10．一个定值电阻，两端电压为2 V ，通过的电流是0.5 A 如果两端的电压是6 V ，要测量流过的电流，电流表的量程可选用( )A ．0.5B ．1 AC ．2 AD ．10 A11、一电流表的满偏电流Ig=1mA ，内阻为200Ω。

甘肃省金川公司第二高级中学2014届高三上学期第三次月考物理试题 Word版无答案

左右第二高级中学2013—2014学年度高三年级第三次月考试卷物理一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分）.给出的四个选项中，只有一个选项是正确.1．．如图所示，水平横梁的一端A 插在墙壁内，另一端装有一小滑轮B .一轻绳的一端C 固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量m ＝10 kg的重物，∠CBA ＝30°，则滑轮受到绳子的作用力为(g 取10 N/kg)( )A ．50 NB ．50 NC ．100 ND ．100 N2．一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行，现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹。

下列说法中正确的是（）A ．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B ．木炭包的质量越大，径迹的长度越短C ．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短D ．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短3、以下说法正确的是A ．一个物体所受的合外力为零，它的机械能一定守恒B ．一个物体做匀速运动，它的机械能一定守恒C ．一个物体所受的合外力不为零，它的机械能可能守恒D ．一个物体所受合外力的功为零，它一定保持静止或匀速直线运动4、如图所示的电路，闭合开关S 后，a 、b 、c 三盏灯均能发光，电源电动势E 恒定且内阻r 不可忽略。

现将变阻器R 的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是（）A ．a 灯变亮，b 灯和c 灯变暗B ．a 灯和c 灯变亮，b 灯变暗C ．a 灯和c 灯变暗，b 灯变亮D ．a 灯和b 灯变暗，c 灯变亮5、下列所给的图像中能反映作直线运动物体不会回到初始位置的是 ()6．某用电器与供电电源的距离为L ，线路上的电流为I ，若要求线路上的电压降不超过U ，已知输电导线的电阻率为ρ，那么，该输电导线的横截面积的最小值是( )A.ρL UB.2ρLI UC.U ρLID.2UL Iρ7．美国的NBA 篮球赛非常精彩，吸引了众多观众.经常有这样的场面：在临终场0.1s 的时候，运动员把球投出且准确命中，获得比赛的胜利.如果运动员投篮过程中对篮球做功为W ，出手高度为h 1，篮筐距地面高度为h 2，球的质量为m ，空气阻力不计，则篮球进筐时的动能为（）A ．W +21mgh mgh - B ．W +12mgh mgh - C ．21mgh mgh +－W D ．12mgh mgh -－W8．一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮，绳的一端系一质量m =15kg 的重物，重物静止于地面上，有一质量m 1=10kg 的猴子，从绳子另一端沿绳向上爬，如图5所示。

甘肃省金川公司第二高级中学13-14学年高二上学期期中考试地理(理)试题(无答案)

第二高级中学2013—2014学年度第一学期期中试卷高二地理（理科）地理（理科）第1页（共8页）本试题分为Ⅰ卷(选择题)和Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分：100分，测试时间：100分钟。

第Ⅰ卷(选择题，共60道，每小题1分，共计60分)1、关于所划分功能区域的叙述,正确的是( )A、各区域都有一定的面积和范围B、各区域内部特征完全一致C、各区域优势特色相同D、各区域开发政策和措施完全一样长江三角洲和松嫩平原都是平原地区，但地理环境存在显著的差异。

据此回答下列问题。

2、长江三角洲和松嫩平原在地理位置方面的共同点是( )A、都临海洋B、都处在大河的入海口C、同属地势平坦的大平原D、同在北半球中纬度地区3、松嫩平原与长江三角洲气候的共同点是雨热同期，原因是( )A、同属温带地区B、气候的大陆性强C、同属东部季风区D、都是平原地区4、下列关于长江中下游平原不同发展阶段，地理环境对农业生产活动的影响的叙述，不正确的是（）A、开发早期，人们利用和改造自然的能力低下，稠密的水系成为人们交通的阻隔。

B、当船作为交通工具被广泛使用时，稠密的水系为扩大交通联系提供了天然水道。

C、我国历史上人口从北方至南方几次大规模的迁移，为长江中下游平原的水稻种植业提供了丰富的劳动力资源。

D、在农业生产走向规模化、专业化、机械化的今天，长江中下游平原作为全国“粮仓”的地位已超过东北平原和华北平原，成为全国最大的商品粮供应地。

5、下列关于松嫩平原自然地理环境对农业生产的影响，叙述正确的是( )A、地势平坦开阔，利于农业机械化的实施，是我国重要的商品粮基地B、生长季节短，适宜玉米、棉花、冬小麦、油菜的种植C、水稻土分布广泛，因此主要发展水田耕作业，大面积种植水稻D、受长白山的阻挡，降水量由西向东减少，东部由于降水少，草原分布较广，适宜发展畜牧业6、关于长三角农业发展的地理环境的叙述，正确的是( )A、地处我国东部沿海中部，为雨热同期的温带季风气候B、因河、湖众多，多为集中分布的水田C、该地农业种植制度是一年两熟至三熟D、该地土壤以生产力较高的水稻土为主有专家教授把中国划分为四个区域-------“金色中国”、“银色中国”、“黄色中国”、“绿色中国”。

高二物理上学期期中考试试题1

高二物理上学期期中考试试题1第I卷（选择题共60分）一、选择题（每小题4分，共６０分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂到答题卡上）１、真空中有两个点电荷Q1和Q2，它们之间的静电力为F，下面哪些做法能够使它们之间的静电力变为1.5FA．使Q1的电量变为原先的2倍，Q2的电量变为原先的3倍，同时使它们的距离变为原先的2倍B．使每个电荷的电量都变为原先的1.5倍，距离变为原先的1.5倍C．使其中一个电荷的电量和它们的距离变为原先的1.5倍D．保持它们的电量不变，使它们的距离变为原先的2/3倍２、如图所示，电灯L1、L2上分别有“220V，100W”、“220V，40W”字样，那么A．a、b接220V电压时，L1、L2均能正常发光B．a、b接440V电压时，L1、L2均能正常发光C．不管a、b两端接多少伏电压，L1、L2都不可能正常发光；D．不管a、b两端接多少伏电压，L1确信不能正常发光；３、关于电源电动势，以下说法中正确的是A．电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，因此当电源接入电路时，电动势将发生变化B．在闭合电路中，并联在电源两端电压表的读数是电源的电动势C．电源电动势是表示电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量D．在闭合电路中，电源电动势在数值上等于内外电压之和４、关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是A．磁感线从磁体的N极动身，终止于S极B ．磁感线能够表示磁场的方向和强弱C ．沿磁感线方向，磁场逐步减弱D ．因为异名磁极相互吸引，因此放入通电螺线管内的小磁针的Ｎ极一定指向螺线管的Ｓ极５、已知π+介子、π—介子差不多上由一个夸克（夸克u 或夸克d ）和一个反夸克（反夸克u 或反夸克d ）组成的，它们的带电量如下表所示，表中e 为元 π+ π—u d ud带电量+e－e+e 32 e 31- e 32- e 31+A ．π+由u 和d 组成B ．π+由d 和u 组成C ．π—由u 和d 组成 D ．π—由d 和u 组成６、两根长直漆包线交叉放置并分别通以如图所示的电流Ｉ，那么两根电流的磁场在导线平面内方向一致的是A ．区域１、２B ．区域３、４C ．区域１、３D ．区域２、４７、如图所示电路，开关S 闭合后，四个灯泡都正常发光，某时刻t ，L 4因灯丝烧断而突然熄灭，假设其它三灯丝都没烧断，则A ．L 2变暗，L 3更亮，L 1不变B ． L 1、L 3更亮，L 2变暗C ．L 1更亮，L 2、L 3变暗D ．L 1、L 2、L 3都更亮８、如图所示，匀强电场方向竖直向下，在此电场中有a 、b 两个带电微粒（不计微粒间的相互作用），分别竖直向上、竖直向下做匀速运动，则下列说法中正确的是A ．两带电微粒带异种电荷１２３４ＩＩB ．两微粒所受的电场力等大、反向C ．带电微粒a 重力势能、电势能均增加D ．带电微粒b 电势能增加，机械能减小９、如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。

2013-2014上学期中考试试卷高二文

2013-2014上学期中考试试卷高二文1 / 32013—2014学年度上学期期中考试高二物理试卷（文）本试卷分为第I 卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分满分100分考试时间：60分钟第I 卷(选择题共60分)一、单项选择题（每题3分，20题,共60分）1.下列四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是（）2.关于库仑定律，下列说法正确的是 ( )A.库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B.根据公式221rqq k F 当两个点电荷距离趋于0时，电场力将趋于无穷大C.若点电荷Q 1的电荷量大于Q 2的电荷量，则Q 1对 Q 2的电场力大于Q 2 对 Q 1电场力 D.库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用3．两个等量点电荷P 、Q 在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示，下列说法中正确的是（） A ．P 、Q 是两个等量正电荷B ．P 、Q 是两个等量负电荷C ．P 、Q 是两个等量异种电荷D ．P 、Q 产生的是匀强电场4.某个磁场的磁感线如图4所示，如果把一个小磁针放入磁场中，小磁针将 ( )A ．向右移动；B ．向左移动；C ．顺时针转动；D ．逆时针转动 5．下列哪些措施是为了防止静电产生的危害? ( )A ．在高大的建筑物顶端装上避雷针；B ．在高大的烟囱中安装静电除尘器C ．静电复印；D ．静电喷漆6．下面有关静电现象的解释，说法错误．．的是 ( ) A ．接触起电的实质是一个物体的电子转移到另一个物体上B ．静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到另一部分C ．摩擦起电时，一个物体失去电子而带正电，另一个物体得到电子而带负电D ．摩擦起电是在摩擦的过程中分别创造了正电荷与负电荷7．下列说法中错误．．的是 ( ) A ．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在着电场B ．电场是为了研究方便而假想出来的，实际并不存在C ．电荷间的相互作用是通过电场而产生的D ．电场最基本的性质是对处在其中的电荷有力的作用8．在电场中某一点，当放入正电荷时受到的电场力向右，当放入负电荷时受到电场力向左，下列说法正确的是A ．当放入正电荷时，该点的场强向右，当放入负电荷时，该点的场强向左B ．只有在该点放入电荷时，该点才有场强C ．该点的场强方向一定向右D ．电场强度的方向与电场力的方向相同9．如图所示，为某一点电荷形成电场中的一条电场线，a 、b 为线上的两点，则下列判断正确的是( )A ．a 、b 点场强大小相同B ．a 、b 点场强方向相同C ．a 、b 点场强大小、方向都相同D ．无法确定10．下列关于磁感应强度方向的说法中，错误．．的是Ａ．磁感线上某点的切线方向就是该点磁感应强度的方向Ｂ．某处磁感应强度的方向就是该处小磁针北极所指的方向Ｃ．磁感应强度是个标量，没有方向Ｄ．某处磁感应强度的方向就是某处磁场方向 11．磁场中某区域的磁感线如图所示，则A ．a 点磁感应强度比b 点的小B ．a 点磁感应强度比b 点的大C ．两处的磁感应强度的方向相同D ．同一闭合线圈放在a 处时磁通量较大12．某同学画的表示磁场B 、电流I 和安培力F 的相互关系如图所示，其中正确的是 ( )B CA D图4F B2013-2014上学期中考试试卷高二文2 / 313．如图所示，一带负电的粒子（不计重力）进入磁场中，图中的磁场方向、速度方向及带电粒子所受的洛仑兹力方向标示正确的是14．在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根通以由西向东的直线电流，则此导线受到的安培力方向A ．竖直向上B ．竖直向下C ．由南向北D ．由西向东15.如图所示是用阴极射线管演示电子在磁场中受洛仑兹力的实验装置，图上管中虚线是电子的运动轨迹，那么下列相关说法中正确的有（） A ．阴极射线管的A 端应接正极 B ．C 端是蹄形磁铁的N 极 C ．无法确定磁极C 的极性 D ．洛仑兹力对电子做正功16．关于感应电动势的大小，下列说法中正确的是: A ．磁通量越大，感应电动势一定越大B ．磁通量减小，感应动势一定减小C ．磁通量变化越快，感应电动势一定越大D ．磁通量变化越大，感应电动势一定越大17．关于电磁感应的说法中，正确的是A ．通过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B ．通过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C ．通过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大D ．通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大18．在下图各电场中，A 、B 两点电场强度E 相同的是（）19．如图，三个线圈放在匀强磁场中，面积S 1<S 2<S 3 ，穿过三个线圈的磁通量分别为Φ1、Φ2、Φ3 ，下列判断正确的是（） A ．Φ1=Φ2 B ．Φ2=Φ3C ．Φ1>Φ2D ．Φ2<Φ320．如右图所示的稳恒电路中, R 1=1Ω，R 2=2Ω，R 3=3Ω那么通过电阻R 1、R 2、R 3的电流强度之比I 1:I 2:I 3为（） A ．1：2：3 B ．3：2：1 C ．2：1：3 D ．3：1：2二、填空题（1-2题每空1分，3-8题,每题3分，共26分）1．磁体是通过对铁一类物质发生作用的，磁场和电场一样，是存在的另一种形式；磁体上磁性最强的部分叫，同名磁极，异名磁极。

甘肃省金川公司第二高级中学13-14学年高二上学期期中考试政治(理)试题(附答案)

第二高级中学2013-2014学年度第一学期期中试卷高二政治（理科）第I卷（选择题共70分）一、选择题：本大题共35小题，每小题2分，共70分（每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求，请把答案涂在答题卡上。

）1．在校内校外，我们要参加各种课余文化活动；回到家，我们可以看到自己所在社区的文化活动；打开电脑，一个神奇的世界展现在我们面前。

这说明A．文化现象无时不在、无处不在B．我们的生活就是文化生活C．文化生活高于一切D．并不是所有的人都有自己的文化生活何振梁先生说，“奥林匹克运动会经过100多年的发展,已经成为当今世界最无与伦比的最广泛的社会文化现象。

”据此回答2～3题。

2.环顾我们身边的生活，各种文化活动目不暇接，文化现象无处不在。

文化是指A．思想、理论、信仰等具有意识形态性质的精神产品B．自然科学和技术、语言和文字等非意识形态的精神产品C．自然界和人类社会存在的各种现象D．人类全部的精神活动及其产品3.奥运会是整个世界人民共同的伟大节日，这不仅仅是因为奥运会是展现人们体能的舞台，更主要的是产生了伟大的奥运精神，并不断地赋予它新的内容，由此可见A．人们在社会实践中创造文化和发展文化B．体育活动和文化活动是没有区别的C．文化包括语言、文字等非意识形态的部分D．文化是体育活动的派生物和附属品4.文化产业是21世纪的朝阳产业，就全世界范围来看，各国都在大力发展文化产业。

文化产业已成为西方发达国家的支柱产业，其产值约占GDP的1/5。

这说明①文化产业已成为国民经济的基础②文化力成为一国综合国力的重要标志③各国政治分歧逐渐消失，文化竞争越来越激烈④文化在国际竞争中的地位和作用越来越突出A. ①②B. ①③C. ②④D. ②③5.近年来全国各地出台政策扶持动漫产业，支持企业打造动漫精品项目。

从文化生活角度看，我国重视动漫产业发展的原因是A.经济、政治、文化相互影响B.先进的健康的文化会促进社会的发展C.文化生产力在现代经济总体格局中的作用越来越突出D.反对霸权主义的斗争成为当代国际政治斗争的重要内容6.我国正处于一个思想大活跃、观念大碰撞、文化大交融的时代。

1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。

第二高级中学2012—2013学年度第一学期期中考试卷
高二物理（文科班）
第Ⅰ卷（选择题，共48分）
一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分）.每题给出的四个选项中，只有
．．一个选项是正确.选对的得4分，有选错或不答的得0分.
1、下列哪一位物理学家首先提出磁场对运动电荷有作用力的观点？( )
A．牛顿 B.安培 C.洛伦兹 D.奥斯特
2、下列说法正确的是：（）
A.静电感应不是创造了电荷，而是电子从一个物体转移到另一个物体或从物体的一部分转移到另一部分引起的。

B.一个带电物体接触另一个不带电物体,两个物体有可能带上异种电荷。

C.摩擦起电，是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷。

D.以上说法都不对。

3、两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图3 所示．下
列说法中正确的是 ( )
A．P 、Q 是两个等量正电荷
B．P 、Q 是两个等量负电荷
C．P 、Q 是两个等量异种电荷
D．P 、Q 产生的是匀强电场
4、某电场的电场线分布如图所示，则a、 b两点场强的大小关系是（）
A．b点场强大 B. a点场强大
C. a、b点场一样大
D. 无法确定
5、根据电场强度的定义式E=F/q，在国际单位制中，电场强度的单位应是（） A．牛／库 B．牛／焦 C．焦／库 D．库／牛
6、关于电容器的电容，下列说法正确的是（）
A．电容器所带的电荷越多，电容就越大
B．电容器两极板间的电压越高，电容就越大图
3
C ．电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍
D ．电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量
7、关于静电的应用和防止，下列说法不正确．．．的是（）
A ．为了美观，通常把避雷针顶端设计成球形
B ．为了防止静电危害，飞机轮胎用导电橡胶制成
C ．为了避免因尖端放电而损失电能, 高压输电导线表面要很光滑
D ．为了消除静电, 油罐车尾装一条拖地铁链
8、物理学中规定的电流方向是（）
A ．负电荷的定向移动方向 B. 正电荷的定向移动方向
C. 自由电荷的定向移动方向
D. 正负离子的定向移动方向
9、关于电动势，下列说法中错误的是（）
A. 电动势的单位是伏特
B.电动势大小等于没有接入外电路时电源两端的电压
C.电动势大小由电源本身性质决定
D .电动势的单位是焦耳
10、下列电器中不是利用电流热效应的是( )
A ．电烙铁
B ．电水壶
C ．电冰箱
D ．电熨斗
11、关于磁感线，以下说法中正确的是（）
A.磁感线是磁场中客观存在的曲线
B.磁感线不是闭合曲线
C.磁感线上某点的切线方向表示该点的磁场方向，也是该点的磁感应强度方向
D.磁感线起始于磁铁的N 极，中止与磁铁的S 极
12、一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将( )
A 、向右移动
B 、顺时针转动
C 、向左移动
D 、逆时针转动
N B
第Ⅱ卷（非选择题，共52分）
二、填空题（本题7小题，共14分）
13、磁感应强度B 是 ( 填标量或矢量)，它的单位是
14、真空中有一电场，在电场中的P 点放一电量为4.0×10-9C 的检验电荷，它受到的电场力为2.0×10-5N ，则P 点的场强为 N ／C
15、如图所示为一束粒子沿Ob 方向垂直射入匀强磁场，在磁场中分为a 、
b 、
c 三束，其中a 、c 发生偏转，b 不发生偏转，不计粒子的重力，判断
各粒子的电性（正或负）：a ,b .
16、如图所示所在通电螺丝管内部中间的小磁针，静止时N 极指向右端，则电源的c 端为极（填“正”或“负”），螺线管的a 端为极（填“N ”或“S ”）
三、作图题（本题2小题，共12分）
17、画出图中导体受到的安培力的方向.
18、画出带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向.
四、计算题（本题3小题，共26分。

请写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤）
19、点电荷A 和B 之间的距离为r ，A 带电量为Q ，B 带电量为-3Q ，求：
（1）A 、B 之间的库仑力大小？
（2）若将A 、B 接触后再分开，然后放回原来的位置，则它们之间的库仑力多大？
B +q
B -q
20、在磁感应强度为5T 的匀强磁场中，有一条与磁场方向垂直的通电直导线，电流为6A ，
导线长80cm ，则通电直导线所受的安培力F 是多少？
21、某导体的电阻为2R =Ω.试求当有1A I =的电流流过时，该导体1分钟产生的热量Q 和此时的热功率P.
第二高级中学2012—2013学年度第一学期期中考试卷
高二物理（文科班）
答题卡
二、填空题（每空2分，共14分）
13、、
14、
15、、
16、、
三、作图题（本题2小题，共12分）
17、画出图中导体受到的安培力的方向.
18、画出带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向.
四、计算题（本题
3小题，共26
分）
19、点电荷A
和B之间的距离为r，A
带电量为Q，B带电量为-3Q，求：
（1）A、B之间的库仑力大小？
（2）若将A、B接触后再分开，然后放回原来的位置，则它们之间的库仑力多大？
20、在磁感应强度为5T的匀强磁场中，有一条与磁场方向垂直的通电直导线，电流为6A，
导线长80cm，则通电直导线所受的安培力F是多少？
B
+q
B
-q
21、某导体的电阻为2R =Ω.试求当有1A I =的电流流过时，该导体1分钟产生的热量Q 和此时的热功率P.。