高二物理上学期第周周考试卷高二全册物理试题

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嗦夺市安培阳光实验学校四川省雅安市天全中学高二(上)第18周周考物理试卷
一、选择题
1.如图,在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强直流电流的长直导线,且导线中电流方向水平向右,则阴极射线将会()
A.向上偏转B.向下偏转C.向纸内偏转D.向纸外偏转
2.设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场,如图所示,已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下,从静止开始自A点沿曲线ACB运动,到达B点时速度为零,C点是运动的最低点,忽略重力,以下说法正确的是()A.这离子必带正电荷
B.A点和B点位于同一高度
C.离子在C点时速度最大
D.离子到达B点时,将沿原曲线返回A点
3.如图所示,有两根和水平方向成α角的光滑平行的金属轨道,上端接有可变电阻R,下端足够长,空间有垂直于轨道平面的匀强磁场,磁感强度为B,一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下.经过足够长的时间,金属杆的速度趋近于一个最大速度v m,则()
A.如果B增大,v m将变大B.如果α变大,v m将变大
C.如果R变大,v m将变大D.如果m变小,v m将变大
4.如图所示,金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时,线圈c中将没有感应电流产生()
A.向右做匀速运动B.向左做匀加速直线运动C.向右做减速运动D.向右做变加速运动
5.如图所示,电灯的灯丝电阻为2Ω,电池电动势为2V,内阻不计,线圈匝数足够多,其直流电阻为3Ω.先合上电键K,过一段时间突然断开,则下列说法中正确的有()
A.电灯立即熄灭
B.电灯立即先暗再熄灭
C.电灯会突然比原来亮一下再熄灭,且电灯中电流方向与K断开前方向相同D.电灯会突然比原来亮一下再熄灭,且电灯中电流方向与K断开前方向相反6.如图所示,匀强磁场存在于虚线框内,矩形线圈竖直下落.如果线圈受到的磁场力总小于其重力,则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为()A.a1>a2>a3>a4B.a1=a3>a2>a4C.a1=a3>a4>a2D.a4=a2>a3>a1
7.如图所示,一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域.从BC 边进入磁场区开始计时,到A点离开磁场区止的过程中,线框内感应电流的情况(以逆时针方向为电流的正方向)是如图所示中的()
A .
B .
C .
D .
8.甲、乙两图分别表示两个等量正电荷和两个等量异号电荷的电场,O为两电荷连线的中点,P、Q是连线上关于O对称的两点,M、N为连线中垂线上关于O 对称的两点,规定无穷远处电势为零,则下列说法中正确的是()
A.甲图中M、N两点电场强度相同,电势相等,乙图中M、N两点电场强度相同,电势相等
B.甲图中M、N两点电场强度不同,电势相等,乙图中M、N两点电场强度相同,电势不相等
C.甲图中P、Q两点电场强度不同,电势相等,乙图中P、Q两点电场强度相同,电势不相等
D.甲图中P、Q两点电场强度相同,电势相等,乙图中P、Q两点电场强度相同,电势不相等
二.实验题(每空3分,共18分)
9.有一只电压表,它的内阻是100Ω,量程为0.2V,现要改装成量程为10A
的电流表,电压表上应()
A.并联0.002Ω的电阻B.并联0.02Ω的电阻
C.并联50Ω的电阻D.串联4 900Ω的电阻
10.用如图甲所示的电路图研究灯泡L(2.4V,1.0W)的伏安特性,并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值.
(1)在闭合开关S前,滑动变阻器触头应放在端.(选填“a”或“b”)
(2)在图乙中以笔划线代替导线将实物图补充完整.
(3)实验得到的I﹣U图象如图丙所示,图线弯曲的主要原因是:.(4)灯泡在额定电压下正常工作时的电阻为Ω.
11.如图是测量电源电动势和内电阻的电路,关于误差的说法正确的是()A.由于电流表的分压作用,使内电阻的测量值小于真实值
B.由于电流表的分压作用,使内电阻的测量值大于真实值
C.由于电压表的分流作用,使内电阻的测量值小于真实值D.由于电压表的分流作用,使内电阻的测量值大于真实值
E.测出的电动势与真实值相同
F.测出的电动势比真实值小
三、计算题(共44分)
12.如图所示,变阻器R2的最大电阻是10Ω,R3=5Ω,电源的内电阻r=1Ω,当电键S闭合,变阻器的滑片在中点位置时,电源的总功率为16W,电源的输出功率为12W.此时电灯R1正常发光,求:
(1)电灯阻值R1是多少?(设R1阻值恒定不变)
(2)当电键S断开时,要使电灯正常工作,应使变阻器的电阻改变多少?13.如图,一绝缘细圆环半径为r,环面处于竖直平面内,场强为E的匀强电场与圆环平面平行.环上穿有一电量为+q、质量为m的小球,可沿圆环做无摩擦的圆周运动.若小球经A点时速度的方向恰与电场垂直,且圆环与小球间沿水平方向无力的作用(设地球表面重力加速度为g).则:
(1)小球经过A点时的速度大小v A是多大?
(2)当小球运动到与A点对称的B点时,小球的速度是多大?圆环对小球的作用力大小是多少?
(3)若Eq=mg,小球的最大动能为多少?
14.如图所示,平行U形导轨倾斜放置,倾角为θ=37°,导轨间的距离L=1.0m,电阻R=0.8Ω,导轨电阻不计.匀强磁场的方向垂直于导轨平面向上,磁感应强度B=1T,质量m=0.5kg、电阻r=0.2Ω的金属棒ab垂直置于导轨上.现用沿轨道平面且垂直于金属棒的大小为F=7.0N的恒力,使金属棒ab从静止开始沿导轨向上滑行,已知当ab棒滑行s=0.8m后保持速度不变,并且金属棒ab与导
轨间的动摩擦因数μ=0.5.(可能用到的数据:sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)求:
(1)画出金属棒匀速运动时的受力分析图并求出匀速运动时的速度大小;(2)金属棒匀速运动时电阻R上的功率;
(3)金属棒从静止起到刚开始匀速运动的过程中,电阻R上产生的热量为多少?
四川省雅安市天全中学高二(上)第18周周考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题
1.如图,在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强直流电流的长直导线,且导线中电流方向水平向右,则阴极射线将会()
A.向上偏转B.向下偏转C.向纸内偏转D.向纸外偏转
【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动.
【分析】首先由安培定则分析判断通电直导线周围产生的磁场方向,再由左手定则判断出电子流的受力方向,可知电子流的偏转方向.
【解答】解:由安培定则判断可知,通电直导线上方所产生的磁场方向向外,电子向右运动,运用左手定则可判断出电子流受到向上的洛伦兹力作用,所以电子流要向上偏转.故A正确,BCD错误.
故选:A
2.设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场,如图所示,已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下,从静止开始自A点沿曲线ACB运动,到达B点时速度为零,C点是运动的最低点,忽略重力,以下说法正确的是()A.这离子必带正电荷
B.A点和B点位于同一高度
C.离子在C点时速度最大
D.离子到达B点时,将沿原曲线返回A点
【考点】带电粒子在混合场中的运动.
【分析】(1)由离子从静止开始运动的方向可知离子必带正电荷;
(2)在运动过程中,洛伦兹力永不做功,只有电场力做功根据动能定理即可判断BC;
(3)达B点时速度为零,将重复刚才ACB的运动.
【解答】解:A.离子从静止开始运动的方向向下,电场强度方向也向下,所以离子必带正电荷,A正确;
B.因为洛伦兹力不做功,只有静电力做功,A、B两点速度都为0,根据动能定理可知,离子从A到B运动过程中,电场力不做功,故A、B位于同一高度,B 正确;
C.C点是最低点,从A到C运动过程中电场力做正功做大,根据动能定理可知离子在C点时速度最大,C正确;
D.到达B点时速度为零,将重复刚才ACB的运动,向右运动,不会返回,故D 错误.
故选:ABC.
3.如图所示,有两根和水平方向成α角的光滑平行的金属轨道,上端接有可变电阻R,下端足够长,空间有垂直于轨道平面的匀强磁场,磁感强度为B,一
根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下.经过足够长的时间,金属杆的速度趋近于一个最大速度v m,则()
A.如果B增大,v m将变大B.如果α变大,v m将变大
C.如果R变大,v m将变大D.如果m变小,v m将变大
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律.
【分析】金属杆受重力、支持力、安培力做加速度逐渐减小的加速运动,当加速度减小到零,速度最大.根据合力为零,求出金属杆的最大的速度.
根据最大的速度的表达式进行求解.
【解答】解:金属杆受重力、支持力、安培力,开始时重力沿斜面的分力大于安培力,所以金属杆做加速运动.随着速度的增加,安培力在增大,所以金属杆加速度逐渐减小,当加速度减小到零,速度最大.
当加速度为零时,速度最大.有mgsinα=BIL,
I=
v m =
A、如果B增大,v m将变小,故A错误.
B、如果α变大,v m将变大,故B正确.
C、如果R变大,v m将变大,故C正确.
D、如果m变小,v m将变小,故D错误.
故选:BC.
4.如图所示,金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时,线圈c中将没有感应电流产生()
A.向右做匀速运动B.向左做匀加速直线运动C.向右做减速运动D.向右做变加速运动
【考点】感应电流的产生条件.
【分析】导体棒ab在匀强磁场中沿导轨运动时,根据右手定则判断感应电流方向,感应电流通过螺线管时,由安培定则判断磁场方向,根据楞次定律判断线圈c中感应电流方向,再确定c是否被螺线管吸引.
【解答】解:A、B导体棒ab向右做匀速运动时,ab中产生的感应电流不变,螺线管产生的磁场是稳定的,穿过c的磁通量不变,c中没有感应电流.故A 符合题意.
B、导体棒ab向左做匀加速运动时,根据右手定则判断得到,感应电流增大,螺线管产生的磁场增强,穿过c的磁通量增大,根据楞次定律得知,c中产生感应电流.故B不符号题意.
C、导体棒ab向右做减速运动时,根据右手定则判断得到,感应电流减小,螺线管产生的磁场减弱,穿过c的磁通量减小,根据楞次定律得知,c中产生感应电流.故C不符号题意.
D、导体棒ab向右做变加速运动时,根据右手定则判断得到,感应电流增大,螺线管产生的磁场增强,穿过c的磁通量增大,根据楞次定律得知,c中产生感应电流.故D不符号题意.
本题选择没有感应电流的,故选:A.
5.如图所示,电灯的灯丝电阻为2Ω,电池电动势为2V,内阻不计,线圈匝数足够多,其直流电阻为3Ω.先合上电键K,过一段时间突然断开,则下列说法中正确的有()
A.电灯立即熄灭
B.电灯立即先暗再熄灭
C.电灯会突然比原来亮一下再熄灭,且电灯中电流方向与K断开前方向相同D.电灯会突然比原来亮一下再熄灭,且电灯中电流方向与K断开前方向相反【考点】自感现象和自感系数.
【分析】断开K,线圈L将产生自感现象,且与电灯构成一闭合回路,通过电灯的电流向上,与断开前的电流方向相反,线圈直流电阻比灯泡大,断开前通过线圈是电流小于通过灯泡的电流.
【解答】解:突然断开K,线圈将产生自感现象,且与电灯构成一闭合回路,此时通过电灯的电流向上,与断开前的电流方向相反;因线圈直流电阻比灯泡大,断开前通过线圈是电流小于通过灯泡的电流,即电灯会突然比原来暗一下再熄灭,B正确,ACD错误.
故选:B
6.如图所示,匀强磁场存在于虚线框内,矩形线圈竖直下落.如果线圈受到的磁场力总小于其重力,则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为()A.a1>a2>a3>a4B.a1=a3>a2>a4C.a1=a3>a4>a2D.a4=a2>a3>a1
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;牛顿第二定律;楞次定律.
【分析】未进入磁场前,仅受重力,加速度为g,进磁场的过程中,受到重力和向上的安培力,通过牛顿第二定律可以分析出加速度的大小,完全进入磁场后,不产生感应电流,不受安培力,仅受重力,加速度又为g.
【解答】解:未进磁场前和全部进入磁场后,都仅受重力,所以加速度a1=a3=g.磁场的过程中,受到重力和向上的安培力,根据牛顿第二定律知加速度a2<g.而由于线框在磁场中也做加速度为g的加速运动,故4位置时的速度大于2时的速度,故此时加速度一定小于2时的加速度,故a4<a2;
故关系为:a1=a3>a2>a4
故选:B
7.如图所示,一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域.从BC 边进入磁场区开始计时,到A点离开磁场区止的过程中,线框内感应电流的情况(以逆时针方向为电流的正方向)是如图所示中的()
A .
B .
C .
D .
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律.
【分析】分三个阶段分析感应电流的变化情况,根据感应电流产生的条件判断线框中是否由感应电流产生,根据E=BLv及欧姆定律判断感应电流的大小.【解答】解:根据感应电流产生的条件可知,线框进入或离开磁场时,穿过线框的磁通量发生变化,线框中有感应电流产生,当线框完全进入磁场时,磁通量不变,没有感应电流产生,故C错误;
感应电流I==,线框进入磁场时,导体棒切割磁感线的有效长度L减小,感应电流逐渐减小;
线框离开磁场时,导体棒切割磁感线的有效长度L减小,感应电流逐渐减小;故A正确,BD错误;
故选A.
8.甲、乙两图分别表示两个等量正电荷和两个等量异号电荷的电场,O为两电荷连线的中点,P、Q是连线上关于O对称的两点,M、N为连线中垂线上关于O 对称的两点,规定无穷远处电势为零,则下列说法中正确的是()
A.甲图中M、N两点电场强度相同,电势相等,乙图中M、N两点电场强度相同,电势相等
B.甲图中M、N两点电场强度不同,电势相等,乙图中M、N两点电场强度相同,电势不相等
C.甲图中P、Q两点电场强度不同,电势相等,乙图中P、Q两点电场强度相同,电势不相等
D.甲图中P、Q两点电场强度相同,电势相等,乙图中P、Q两点电场强度相同,电势不相等
【考点】电场的叠加;电场强度;电势.
【分析】等量同种正点电荷的连线中垂线不是一条等势线.根据电场线的分布情况,判断电势的高低.
等量异种点电荷的连线中垂线是一条等势线.根据电场线的分布情况,判断电势的高低.
【解答】解:根据等量同种正点电荷的电场线分布得:
P、Q两点的场强大小相等,方向相反,电场强度是矢量,所以P、Q两点的场强不同.根据对称性,可知,M、N两点电场强度大小相等,方向不同,
根据等量异种点电荷的电场线分布得:
P、Q两点的场强大小相等,方向相同,电场强度是矢量,所以P、Q两点的场强相同,而M、N两点电场强度也相同,等量同种正点电荷,其连线的中垂线不是一条等势线,可根据电场强度的方向可知,根据PQ关于O点对称,MN关于O点也对称,则P、Q两点电势相等,M、N电势也相等.
等量异种点电荷,其连线的中垂线是一条等势线,根据沿电场线方向电势降低,所以M、N两点电势相等,也P点电势高于Q,故C正确,ABD错误;
故选:C.
二.实验题(每空3分,共18分)
9.有一只电压表,它的内阻是100Ω,量程为0.2V,现要改装成量程为10A
的电流表,电压表上应()
A.并联0.002Ω的电阻B.并联0.02Ω的电阻
C.并联50Ω的电阻D.串联4 900Ω的电阻
【考点】把电流表改装成电压表.
【分析】把电表改装成电流表应并联一个分流电阻,应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值.
【解答】解:电表的满偏电流为:I g ===0.002A,
把它改装成量程为10A的电流表需要并联一个分流电阻,并联电阻阻值为:
R==≈0.02Ω;
故选:B.
10.用如图甲所示的电路图研究灯泡L(2.4V,1.0W)的伏安特性,并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值.
(1)在闭合开关S前,滑动变阻器触头应放在 a 端.(选填“a”或“b”)
(2)在图乙中以笔划线代替导线将实物图补充完整.
(3)实验得到的I﹣U图象如图丙所示,图线弯曲的主要原因是:灯丝的电阻随温度升高而增大.
(4)灯泡在额定电压下正常工作时的电阻为 4.8 Ω.
【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线.
【分析】(1)做电学实验时首先要注意安全性原则,在变阻器使用分压式接法时,为保护电流表应将变阻器有效电阻打到零.
(2)根据原理图可得出正确的实物图;
(3)根据伏安特性曲线可明确电阻的变化;
(4)由坐标值结合欧姆定律可求得电阻大小.
【解答】解:(1)因当滑动触头打到a端时待测电路电压或电流为零,从而保护电流表.故答案为a.
(2)根据电路图连接实物图,如图所示.
(3)由图可知,图象的斜率越来越小,则说明小灯泡的电阻随着温度的升高而增大;
(4)由图象可读出U=2.4V时对应的电流为I=0.5A,得:R===4.8Ω.
故答案为:(1)a;(2)电路图如图所示;(3)灯丝的电阻随温度升高而增大;(4)4.8.
11.如图是测量电源电动势和内电阻的电路,关于误差的说法正确的是()A .由于电流表的分压作用,使内电阻的测量值小于真实值
B.由于电流表的分压作用,使内电阻的测量值大于真实值
C.由于电压表的分流作用,使内电阻的测量值小于真实值D.由于电压表的分流作用,使内电阻的测量值大于真实值
E .测出的电动势与真实值相同
F.测出的电动势比真实值小
【考点】伏安法测电阻.
【分析】分析清楚电路结构,根据电路结构答题.
【解答】解:由图示可得,电流表测电路电流,由于电流表的分压作用,电压表测量值小于路端电压,实验误差是由于电流表分压造成的;
当外电路断路时,电压表示数等于路端电压,电源的U﹣I图象如图所示:
由图示可知,电源电动势的测量值与真实值相等,电源内阻的测量值大于真实值,
故ACDF错误,BE正确;
故选:BE.
三、计算题(共44分)
12.如图所示,变阻器R2的最大电阻是10Ω,R3=5Ω,电源的内电阻r=1Ω,当电键S闭合,变阻器的滑片在中点位置时,电源的总功率为16W,电源的输出功率为12W.此时电灯R1正常发光,求:
(1)电灯阻值R1是多少?(设R1阻值恒定不变)
(2)当电键S断开时,要使电灯正常工作,应使变阻器的电阻改变多少?【考点】闭合电路的欧姆定律.
【分析】(1)当电键S闭合时,滑动变阻器连入电路的阻值为5Ω.电源的总功率与输出功率之差等于内电路的功率,由P内=I2r求出总电流I.由P总=EI,
求得电动势E,由U=E﹣Ir求出U;根据欧姆定律可求出通过R3的电流,得到电灯的电流.再由欧姆定律求出电灯R1的阻值;
(2)当电键S断开时,灯泡正常发光,灯泡的电流和电压不变,由闭合电路欧姆定律求出R2的阻值.
【解答】解:(1)当电键S闭合时,由P总﹣P出=I2r得:I==A=2A 由P总=EI,得:E===8V
路端电压U=E﹣Ir=8V﹣2×1V=6V
通过R3的电流为I3==A=1.2A,通过灯泡的电流为I2=I﹣I3=2﹣1.2=0.8(A)电灯R1的阻值R1==Ω=2.5Ω;
(2)当电键S断开时,灯泡正常发光,灯泡的电流仍为I2=0.8A
则变阻器R2的阻值R2′=﹣r﹣R1=﹣1﹣2.5=6.5Ω;
答:
(1)电灯阻值R1是2.5Ω.
(2)当电键S断开时,要使电灯正常工作,应使变阻器的电阻改变为6.5Ω.13.如图,一绝缘细圆环半径为r,环面处于竖直平面内,场强为E的匀强电场与圆环平面平行.环上穿有一电量为+q、质量为m的小球,可沿圆环做无摩擦的圆周运动.若小球经A点时速度的方向恰与电场垂直,且圆环与小球间沿水平方向无力的作用(设地球表面重力加速度为g).则:
(1)小球经过A点时的速度大小v A是多大?
(2)当小球运动到与A点对称的B点时,小球的速度是多大?圆环对小球的作用力大小是多少?(3)若Eq=mg,小球的最大动能为多少?
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动;功能关系.
【分析】(1)“小球经A点时圆环与小球间沿水平方向无力的作用”是解题的突破口,即小球到达A点时电场力提供向心力,这样可以求出v A;
(2)根据从A到B的运动过程中只有电场力做功可以求出小球运动到B点时的速度v B,再根据向心力公式可得N B.
(3)若qE=mg,由于球只受到重力和电场力的作用,并且重力和电场力的大小相等,当两个力的合力沿半径向外时,相当于经过单摆的最低点,动能最大,根据动能定理求解最大动能.
【解答】解:(1)小球在水平面内沿圆环作圆周运动,由题意,在A点电场力提供向心力,则有:
…①
解得:…②
(2)球从A到B 点的过程中,由动能定理得:…③
解得:…④
球在B点受到圆环作用力F的水平分力为F x ,则:
即F x=6qE…⑤
又圆环对球作用力F 的竖直分力大小等于小球的重力,所以:
…⑥
(3)由qE=mg.由于球只受到重力和电场力的作用,并且重力和电场力的大小相等,当两个力的合力沿半径向外时,如图所示经过D点时,动能最大,CD与竖直方向的夹角为45°,根据动能定理得:
从A→B:mgrc os45°+qE(1+sin45°)r=E k ﹣
解得球最大动能为E k =
答:(1)小球经过A点时的速度大小v A 是;
(2)当小球运动到与A点对称的B点时,小球的速度是,圆环对小球的作用力大小是6qE;
(3)若Eq=mg ,小球的最大动能为.
14.如图所示,平行U形导轨倾斜放置,倾角为θ=37°,导轨间的距离L=1.0m,电阻R=0.8Ω,导轨电阻不计.匀强磁场的方向垂直于导轨平面向上,磁感应强度B=1T,质量m=0.5kg、电阻r=0.2Ω的金属棒ab垂直置于导轨上.现用沿轨道平面且垂直于金属棒的大小为F=7.0N的恒力,使金属棒ab从静止开始沿导轨向上滑行,已知当ab棒滑行s=0.8m后保持速度不变,并且金属棒ab与导轨间的动摩擦因数μ=0.5.(可能用到的数据:sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)求:
(1)画出金属棒匀速运动时的受力分析图并求出匀速运动时的速度大小;(2)金属棒匀速运动时电阻R上的功率;
(3)金属棒从静止起到刚开始匀速运动的过程中,电阻R上产生的热量为多少?
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;动能定理.【分析】(1)当金属棒所受的合力为零时,金属棒做匀速直线运动,根据共点力平衡,结合切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律、安培力的大小公式求出匀速运动的速度.
(2)通过闭合电路欧姆定律求出电流的大小,从而根据功率的公式求出匀速运动时电阻R上消耗的功率.
(3)根据能量守恒定律求出金属棒从静止到刚开始匀速运动的过程中整个回路产生的热量,从而得出电阻R上的产生的热量.
【解答】解:(1)金属棒匀速运动时受到重力、支持力、摩擦力、安培力作用,受力分析如图:
匀速运动时,金属棒受平衡力作用,故沿着斜面方向有:
F=F A+f+Gsinθ…①
其中:f=μGcosθ…②
…③
由①②③得:
v==m/ s=2m/s
(2)金属棒匀速运动时有:E=BLv
感应电流为:I=
电阻R上的功率为:P=I2R
故:P==3.2W
(3)在金属棒滑行s=0.8 m的过程中,由动能定理得:
回路所产生的总热量:Q=﹣W安
联立以上方程得:Q=0.6 J
电阻R上产生的热量为:
Q R=Q=0.48 J
答:(1)金属棒匀速运动时的受力分析图如下:匀速运动时的速度大小为2m/s (2)金属棒匀速运动时电阻R上的功率为3.2W
(3)金属棒从静止起到刚开始匀速运动的过程中,电阻R上产生的热量为0.48J。

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