2024届湖南省邵阳市邵东县创新实验学校物理高一下期末质量检测试题含解析

2024届湖南省邵阳市邵东县创新实验学校物理高一下期末质量
检测试题
注意事项：
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、某大型拱桥的拱高为h，如图所示．一质量为m的汽车在以不变的速率由A点运动到B点的过程中，以下说法正确的是( )
A．汽车的重力势能始终不变，重力始终不做功
B．汽车的重力势能先减小后增大，总的变化量大于零
C．汽车的重力先做正功，后做负功，总功为零
D．汽车的重力先做负功，后做正功，总功为零
2、(本题9分)一物体的质量保持不变，速度变为原来的2倍，则其动能变为原来的（）
A．2倍B．4倍C．6倍D．8倍
3、(本题9分)汽车在行驶过程中遇到紧急情况时，驾驶者迅速，正确的使用制动器，在最短距离内将车停住，称之为紧急制动。

假设汽车紧急制动后所受到的阻力的大小与汽车所受重力的大小差不多。

当汽车以20m/s的速度行驶时突然制动，它还能继续滑行的距离约为（）
A．40m B．20m C．10m D．5m
4、关于物体的动能，下列说法正确的是
A．质量大的物体，动能一定大
B．速度大的物体，动能一定大
C．速度方向变化，动能一定变化
D．物体的质量不变，速度变为原来的两倍，动能将变为原来的四倍
5、小球在光滑的水平桌面上以速度v做匀速直线运动，当它受到沿桌面向外的水平力F作用时，如图所示，小球运动的轨迹可能是
A．Oa B．Ob
C．Oc D．Od
6、(本题9分)真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们所带的电荷量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，它们之间的相互作用力变为（）A．F B．2F C．4F D．16F
7、(本题9分)如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h的B点速度减为零．不计空气阻力，重力加速度为g.关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的是()
A．小球克服阻力做的功为mgh
B．小球的机械能减少了mg(H＋h)
m gH
C．小球所受阻力的冲量大于2
D．小球动量的改变量等于所受阻力的冲量
8、(本题9分)如图甲，在光滑水平面上的两小球发生正碰，小球的质量分别为m1和m2，图乙为它们碰撞前后的位移-时间图象．已知m1=0.1kg，由此可以判断（）
A ．碰后m 2和m 1都向右运动
B ．m 2=0.3kg
C ．碰撞过程中系统没有机械能的损失
D ．碰撞过程中系统损失了0.4J 的机械能
9、(本题9分)如图所示，长为L 的水平传送带以恒定速率v 运行，质量为m 的物块(可视为质点),从传送带左端由静止释放，一直加速运动到传送带右端， 经历时间t ,若物体与传送带之间动摩擦因数为μ.在上述过程中，下列说法中一定 正确的是
A ．传送带对滑块做的功为µmgvt
B ．传送带对滑块做的功为
12
mv 2 C ．传送装置额外多做的功为µmgvt D ．传送装置额外多做的功为
()2221
2
m g t mg vt L μμ+- 10、 (本题9分)如图所示，平行金属板中带电质点P 原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R 1的阻值和电内阻r 相等．当滑动变阻器R4的滑片向b 端移动时
A ．电压表读数减小
B ．电流表读数减小
C ．电的输出功率逐渐增大
D ．质点P 将向上运动
11、 (本题9分)如图所示，蹦床比赛中的运动员正被蹦向空中向上运动（空气阻力不可忽略），下列关于此过程中的说法正确的有 （ ）
A．运动员处于失重状态
B．运动员机械能守恒
C．运动员克服重力做的功等于动能的减少量
D．空气阻力对运动员做负功
12、(本题9分)质量分别为m1、m1的两个物体A、B并排静止在水平地面上，用同向的水平拉力F1、F1分别作用于物体A和B上，且分别作用一段时间后撤去，之后，两物体各自滑行一段距离后停止下来，物体A、B在整个运动过程中的速度一时间图象分别如图中的图线a、b所示．已知物体A、B与水平地面的动摩擦因数分别为μ1、μ1，取重力加速度g=10m/s1．由图中信息可知
A．μ1=μ1=0.1
B．若F1 =F1，则m1 >m1
C．若m1=m1，则在整个过程中，力F1对物体A所做的功大于力F1对物体B所做的功D．若m1=m1，则在整个过程中，物体A克服摩擦力做的功等于物体B克服摩擦力做的功
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、(本题9分)一列简谐横波，沿x轴正向传播．t=0时刻的波形图如图甲所示，图乙是图甲中某质点的振动图象．则这列波的周期为____s，波速为___m/s。

14、(本题9分)质量为M的汽车在平直公路上从静止开始以额定功率P启动，受到的阻力恒定，经过时间t达到最大速度V，则此过程中汽车受到的阻力为________,牵引力做功为_________.
15、(本题9分)汽车发动机的功率为50kW，若汽车总质量为5×103kg，在水平路面上行驶时，所受阻力大小恒为5×103N，则汽车所能达到的最大速度为________m/s，若
汽车以0.5m/s2的加速度由静止开始做匀加速运动，这一过程能维持的时间为
________s．
三．计算题(22分)
16、（12分）(本题9分)将小球以3m/s的速度平抛出去，他落地时的速度为5m/s,求：小球在空中飞行的时间及水平位移．（取g＝10m/s2）
17、（10分）(本题9分)如图所示电路中，R=2Ω。

当R x=1Ω时，U ab=2V；当R x=3Ω，U ab=4.8V.求电池的电动势和内电阻.
参考答案
一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解题分析】
由A到B的过程中，重力先做负功，重力势能增加，后做正功，重力势能减小，整个过程中重力做的总功为零，重力势能变化量为零。

ABC.由上分析可知，ABC错误；
D.由上分析可知，D正确。

2、B
【解题分析】动能与质量成正比，与速度的平方成正比，则速度变为原来的2倍时，动能变成原来的4倍，故B正确，ACD错误。

点睛：本题考查动能的定义，只要明确动能的公式，再将变化关系导入即可顺利求解。

3、B
【解题分析】
根据“紧急制动”可知，考查了汽车刹车类问题。

由分析可知，汽车滑行过程中，只有阻
力做功，根据动能定理求它还能继续滑行的距离。

涉及力在空间的效果，要优先考虑动能定理，本题也可以根据牛顿第二定律求加速度，再由运动学公式求滑行距离。

【题目详解】
汽车紧急制动后所受到的阻力的大小为：f =mg ；根据动能定理得：；可
得它还能继续滑行的距离为：，故选：B 。

4、D 【解题分析】 动能公式为
，可见动能的大小与物体的质量和速度大小都有关系，但与速
度方向无关，ABC 错；D 对； 5、D 【解题分析】
由图可知，在没有受到外力作用时小球在水平桌面上做匀速直线运动，当有外力作用时，并且力的方向向下，应该指向圆弧的内侧，故小球的运动方向可能是Od ；故选D 。

6、D 【解题分析】
根据库仑定律，有：12
2q q F k
r
=，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的
122
22162q q F k
F
r ⋅'==⎛⎫ ⎪⎝⎭
．
7、BC 【解题分析】
对全过程运用动能定理得，mg （H +h ）-W f =0，则小球克服阻力做功W f =mg （H +h ）。

故A 错误。

小球在整个过程中，动能变化量为零，重力势能减小mg （H +h ），则小球的机械能减小了mg （H +h ）。

故B 正确。

落到地面的速度2v gH =
过程运用动量定理得：I G −I F ＝0−2gH I F ＝I G +2gH 2gH C 正确。

对全过程分析，运用动量定理知，动量的变化量等于重力的冲量和阻力冲量的矢量和。

故D 错误。

8、BC
【解题分析】
s-t （位移时间）图象的斜率等于速度，由数学知识求出碰撞前后两球的速度，分析碰撞前后两球的运动情况．根据动量守恒定律求解两球质量关系，由能量守恒定律求出碰撞过程中系统损失的机械能． 【题目详解】
由s-t （位移时间）图象的斜率得到，碰前2m 的位移不随时间而变化，处于静止．1m 向速度大小为14/s
v m s t
∆=
=∆，方向只有向右才能与2m 相撞，A 正确；由图读出，碰后m 2的速度为正方向，说明向右运动，1m 的速度为负方向，说明向左运动，B 错误；由图求出碰后2m 和1m 的速度分别为212/2/v m s v m s '='=-，，根据动量守恒定律得，
112211m v m v m v ='+'，代入解得20.3m kg =，C 正确；碰撞过程中系统损失的机械能
为2'2'2111122111222
E m v m v m v ∆=
--，代入解得△E=0，D 错误． 【题目点拨】
本题首先考查读图能力，抓住位移图象的斜率等于速度是关键；其次要注意矢量的方向． 9、CD 【解题分析】
A 、
B 项：传送带对滑块的摩擦力为：f mg μ=，滑块的位移为：L ，所以传送带对滑块做的功为W mgL μ=，由于滑块到达传送带右端的速度不一定为v ，所以传送带对滑块做的功不一定为
2
12
mv ，故AB 错误； C 项：传送装置额外多做的功即为传送带克服滑块与传送带间的摩擦做的功，传送带的位移为vt ，所以功为：mgvt μ，故C 正确；
D 项：由能量守恒可知，传送装置额外多做的功转化的系统的热量和滑块的动能，滑块到达右端时的速度为：v at gt μ==，所以动能为2221
2
k E m g t μ=
，产生的热量为：()Q mg vt L μ=-，所以传送装置额外多做的功为()2221
2
m g t mg vt L μμ+-，故D
正确。

10、AC 【解题分析】
当滑动变阻器R 4的滑片向b 端移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知干路电流I 增大．电容器板间电压等于R 3的电压．R 4
减小，AB 间并联部分的总电阻减小，则R 3的电压减小，R 3上消耗的功率逐渐减小，电容器板间场强减小，质点P 所受的电场力减小，所以质点P 将向下运动，故D 错误；流过电流表的电流I A =I-I 3，I 增大，I 3减小，则I A 增大，所以电流表读数增大，故B 错误；R 4的电压U 4=U 3-U 2，U 3减小，U 2增大，则U 4减小，所以电压表读数减小．故A 正确；由于R 1的阻值和电源内阻r 相等，则外电路总电阻大于电源的内阻r ，当外电阻减小时，电源的输出功率逐渐增大． C 正确．故选AC ． 【题目点拨】
本题是电路动态变化分析问题，先分析变阻器接入电路的电阻变化，再分析外总电阻变化和总电流的变化，接着分析局部电路电压和电流的变化． 11、AD
【解题分析】运动员被蹦向空中向上运动的过程中，加速度向下，故运动员处
于失重状态，选项A 正确；由于空气阻力的作用，故机械能不守恒，选项B 错误；根据动能定理可知，运动员克服重力做的功与克服阻力做功之和等于动能的减少量，选项C 错误；空气阻力方向与位移方向相反，故空气阻力对运动员做负功，选项D 正确；故选AD.
12、AD 【解题分析】
根据撤除拉力后物体的运动情况进行分析，分析动摩擦因数的关系．由于水平拉力F 1和F 1的大小关系未知，故要求只能要比较摩擦力对物体所做的功的多少，一定要知道两物体位移的大小关系． 【题目详解】
A 项：由图线可知，在车撤去外力后，两图线平行，说明加速度相同，而只受摩擦力，a=μg 所以，μ相同，且由图象可知，1g μ=，所以0.1μ=，故A 正确；
B 项：由牛顿第二定律，F-μmg=ma ，解得：F
m a g
μ=+，由图象可知，a 的加速度大
于b 的加速度，所以12m m <，故B 错误；
C 、
D 项：若m 1=m 1，则f 1=f 1，根据动能定理，对a 有 W F1-f 1s 1=0 同理对b 有 W F1-f 1s 1=0 因为11
4 2.
5 5.02
s m m =⨯⨯
=
21
25 5.02
s m m =⨯⨯=
W F1=W F1，故C 错误，D 正确． 【题目点拨】
本题综合性很强，所以熟练掌握牛顿第二定律，动能定理，会根据v-t 图求解加速度，位移是能否成功解题的关键．
二．填空题(每小题6分，共18分) 13、0.2；10； 【解题分析】
由甲图得到波长为2m ，由乙图得到周期为0.2s ，故波速为：。

14、
P
V
Pt 【解题分析】
[1].当汽车达到最大速度时，加速度为零，此时牵引力F=f ，则由P=FV=fV ，解得：P f V
=；[2]. 牵引力做功为W=Pt. 15、10 40/3 【解题分析】
试题分析：根据P m =f·
v m ，可得汽车所能达到的最大速度为10 m/s ．根据P m =F·v ，其中F-f=ma ，v=at ，代入数据可知匀加速阶段持续的时间为s ．
考点：本题考查发动机的启动功率问题．
三．计算题(22分) 16、0.4s 1.2m 【解题分析】
（1）小球的竖直分速度
220259m/s 4m/s y v v v --＝＝＝
则小球在空中的运动时间
4
0.410
y v t s s g
=
＝
＝． （2）水平射程 x=v 0t =3×0.4m=1.2m ． 【题目点拨】
解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．
17、16V E =，5r =Ω 【解题分析】
当R x =1Ω时，U ab =2V ；此时电路中的电流：
12A ab
x
U I R =
=; 由闭合电路的欧姆定律：E=U +I (r +R ) 可得： E =2+2(r +2)
当R x =3Ω时，U ab =4.8V ；此时电路中的电流：
2 1.6A ab
x
U I R =
=; 由闭合电路的欧姆定律：E =U +I (r +R ) 可得： E =4.8+1.6(r +2)
联立解得：E =16V ，r =5Ω。