2-2 功和能(1)
人大附中初三物理一轮复习资料专题十一 功和能(功、功率、接卸效率、机械能)
专题十一功和能(功、功率、机械效率、机械能)基础知识:1.功①物理学中所说的力对物体做功包含两个必要因素:一是作用在物体上的力,二是物体在力的方向上通过的距离。
②功的计算:功等于力与物体在力的方向上通过距离的乘积。
即W=FS③功的单位:在国际单位制中功的单位是焦耳(J),简称焦。
1J=1N·m。
2.功率①功率是表示做功快慢的物理量。
②单位时间里完成的功,叫做功率。
③公式:P=④单位在国际单位制中,功率的单位是瓦特(W),简称瓦,1W=1J/s。
常用的单位还有毫瓦(mW)、千瓦(kW);1mW=10 3W1kW=103w3. 机械效率①有用功、额外功和总功有用功:使用机械时,机械对物体做的功是人们需要的,叫做有用功。
额外功:克服机械本身重力和摩擦力所做的功不是人们需要的,而是不得不额外增加的,叫做额外功。
总功:有用功和额外功的总和叫做总功。
总功是动力对机械做的功。
②机械效率:有用功跟总功的比叫做机械效率。
即=机械效率总小于1。
4. 机械能①能:一个物体能够做功,在物理学中就说这个物体具有能。
②动能:物体由于运动而具有的能叫做动能。
一切运动的物体都有动能。
物体质量越大,运动的速度越大,物体具有的动能就越大。
物体质量越小,运动速度越小,物体具有的动能就越小。
③势能物体由于被举高而具有的能叫做重力势能,物体被举得越高,质量越大,它的重力势能越大。
物体由于发生弹性形变而具有的能叫做弹性势能。
重力势能和弹性势统称为势能。
动能和势能统称为机械能。
物体的势能和动能是可以互相转化的,势能可以转化为动能,动能也可以转化为势能。
典型练习:1.一个人用60N 的水平推力推动一个箱子在水平地面上匀速前进2m ,所用时间是2s ,他对箱子做功的功率是________W .2.起重机将3000N 的物体在1min 内匀速升高20m ,在这段时间内起重机做的功为________J ,起重机的功率为________W . 3.某人用力推车,车仍然静止.则人做的功等于________J .竖直上抛的小球在上升过程中,将动能逐渐转化为________能(不计空气阻力).4.在水平地面上,小明用100N 的水平推力推动重为150N 的箱子,8s 内前进了12m ,这个过程中,木箱所受重力对木箱做功为________J ,小明对木箱做功的功率为________W .5.小李同学在实验室用图所示的滑轮组匀速提升重3N 的钩码.他测得的拉力为1.25N ,10s 内弹簧测力计移动的距离为1m .在此过程中,拉力的功率是________W ,该滑轮组的机械效率为________.6.用两个动滑轮和两个定滑轮组成的滑轮组提升重物,当将一重为1000N 的重物匀速提升2m 时,人站在地面上所用的拉力为312.5N ,若不计绳重和摩擦.则该滑轮组所做的有用功是________J ,机械效率是________. 7.自行车下坡时,不蹬脚踏板速度也会越来越大,在此过程中,自行车的动能逐渐________,自行车的重力势能逐渐________.(选填“增大”“减小”或“不变”)8.唐朝诗人杜甫的诗作《登高》中有这样的两句诗:“无边落木萧萧下,不尽长江滚滚来。
大学物理2-1第5章
若质量离散分布:
(质点,质点系)
J i mi ri2
J r2 dm
若质量连续分布:
dm dl
其中: d m d s
d m dV
例题补充 求质量为m,半径为R 的均匀圆环的对中心 轴的转动惯量。 解: 设线密度为λ; d m d l
J R dm
2
2R
0
R dl
2
o
R
dm
R2 2R mR2
例题5-3 求质量为m、半径为R 的均匀薄圆盘对中心轴 的转动惯量。 解: 设面密度为σ。
取半径为 r 宽为d r 的薄圆环,
R
d m d s 2 r d r
J r d m r 2 2r 2 d r
2
3 3g 2L
2)由v r得: v A L
L 3 3 gL 3 3 gL vB 2 8 2
5.2 定轴转动刚体的功和能
一、刚体的动能 当刚体绕Oz轴作定轴转动时,刚体上各质元某一瞬时 均以相同的角速度绕该轴作圆周运动。
2 2 质元mi的动能 E ki mi v i mi ( i ri )2 mi ri 2
2)取C 点为坐标原点。 在距C 点为x 处取dm 。 说明
A
A
x dm
B
L
C
x
x
xd m B
L2
L2
2 mL x 2 d x 12
JC x 2 d m
L 2 L 2
1) 刚体的转动惯量是由刚体的总质量、质量分布、 转轴的位置三个因素共同决定; 2) 同一刚体对不同转轴的转动惯量不同, 凡提到转动惯量 必须指明它是对哪个轴的。
高中物理 动能和动能定理1
动能
v1
v2 F l
2 2 1
W Fl
假设加速度为a,则有:
F
F ma
l
v2
1 1 2 2 W mv 2 - mv1 2 2
- v 2a
推导F做功表达式的过程
根据牛顿第二定律 F=ma 而v22 -v12 =2al,即 l = (v22 -v12 )/2a 把F、l的表达式代入W =Fl,可得F做的功 W =ma (v22 -v12 )/2a 也就是 W =m v22 /2 - m v12 /2
动能 动能定理 1、动能——Ek = mv2/2,式中v是物体的瞬时速度的大 小,即瞬时速率(简称速率)。 2、动能定理——W 总= ΔEk 应用动能定理的一般思维程序: 1、确定研究对象,进行受力分析,认真画出受力分析 示意图; 2、若问题中涉及到F、s 、v 、m 等物理量,考虑用动 能定理! 3、确定研究的物理过程(起点和终点),分析这过程 中有哪些力对研究对象作功,作了多少功,正功还是负功, 求出总功; 4、确定研究过程起点和终点的动能,列出动能定理表 达式; 5、求解,必要时讨论结果的合理性。
结 果 与 思 考
末态
初态
W= mv2
2-
mv1
2
初态和末态的表达式均为“mv2/2”, 这个“mv2/2”代表什么?
(2)动能的表达式
单位:焦耳(J)
v为物体的速度
Ek =
2 mv
m为物体的质量
(3)动能表达式Ek=mv2/2的理解
①表述:
物体的动能等于质量与速度平方乘积的一半
②动能是标量, 且只有正值。 (动能只与速度的大小有关,而与速度的方向无关) ③动能是状态量 ④动能具有相对性 一般选地面为参考系) (与参考系的选择有关,
专题61 带电粒子在叠加场中的运动-2025版高三物理一轮复习多维度导学与分层专练
2025届高三物理一轮复习多维度导学与分层专练专题61带电粒子在叠加场中的运动导练目标导练内容目标1带电粒子在叠加场中的直线运动目标2带电粒子在叠加场中的圆周运动目标3配速法处理带电粒子在叠加场中的运动【知识导学与典例导练】一、基础必备知识1.三种场的比较力的特点功和能的特点重力场大小:G=mg方向:竖直向下重力做功与路径无关重力做功改变物体的重力势能电场大小:F=qE方向:正电荷受力方向与场强方向相同,负电荷受力方向与场强方向相反电场力做功与路径无关W=qU电场力做功改变电势能磁场大小:F=qvB(v⊥B)方向:可用左手定则判断洛伦兹力不做功,不改变带电粒子的动能2.关于是否考虑粒子重力的三种情况(1)对于微观粒子,如电子、质子、离子等,因为其重力一般情况下与静电力或磁场力相比太小,可以忽略;而对于一些实际物体,如带电小球、液滴、尘埃等一般应当考虑其重力。
(2)在题目中有明确说明是否要考虑重力的,按题目要求处理。
(3)不能直接判断是否要考虑重力的,在进行受力分析与运动分析时,要结合运动状态确定是否要考虑重力。
二、带电粒子在叠加场中的直线运动1.带电粒子在电场和磁场的叠加场中做直线运动,电场力和洛伦兹力一定相互平衡,因此可利用二力平衡解题。
2.带电粒子在电场、磁场、重力场的叠加场中做直线运动,则粒子一定处于平衡状态,因此可利用平衡条件解题。
【例1】如图所示,质量为m 、电荷量为+q 的圆环可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动,细杆处于磁感应强度大小为B 、垂直于纸面向里的匀强磁场中,不计空气阻力,现给圆环向右的初速度v 0,在以后的运动过程中,圆环运动的速度—时间图像可能是下列选项中的()A .B .C .D .【答案】AD【详解】A .带电圆环在磁场中受到向上的洛伦兹力,若满足重力与洛伦兹力相等,即0qv B mg =圆环做匀速直线运动,A 正确;D .如果洛伦兹力大于重力,圆环受到摩擦力的作用,做减速运动,竖直方向有N qvB mg =-随着速度的减小,支持力减小,摩擦力减小,圆环做加速度逐渐减小的减速运动,当重力与洛伦兹力相等时,做匀速直线运动,D 正确;BC .如果重力大于洛伦兹力,圆环也受摩擦力作用,做减速运动,竖直方向有N mg qvB =-随着速度的减小,支持力增大,摩擦力增大,圆环将做加速度逐渐增大的减速运动,BC 错误。
2023届高考物理一轮复习--简明精要的考点归纳与方法指导--专题六 功能关系(八大考点)
2023年高考物理一轮复习--简明精要的考点归纳与方法指导专题六功能关系(八大考点)考点一功的正负判断和大小计算1.功的正负判断方法(1)恒力功的判断:依据力与位移方向的夹角来判断。
(2)曲线运动中功的判断:(3)依据能量变化来判断:功是能量转化的量度,若有能量转化,则必有力对物体做功。
此法常用于两个相联系的物体之间的相互作用力做功的判断。
2.恒力功的计算方法3.总功的计算方法方法一:先求合力F合,再用W总=F合l cos α求功,此法要求F合为恒力。
方法二:先求各个力做的功W 1、W 2、W 3、…,再应用W 总=W 1+W 2+W 3+…求总功,注意代入“+”“-”再求和。
4.变力做功的计算方法方法常见情境方法概述微元法将物体的位移分割成许多小段,因小段很小,每一小段上作用在物体上的力可以视为恒力,这样就将变力做功转化为在无数个无穷小的位移方向上的恒力所做功的代数和。
此法在中学阶段,常应用于求解大小不变、方向改变的变力做功问题 平均 力法在求解变力做功时,若物体受到的力方向不变,而大小随位移呈线性变化,即力均匀变化,则可以认为物体受到一大小为F =F 1+F 22的恒力作用,F 1、F 2分别为物体初、末态所受到的力,然后用公式W=F l cos α求此力所做的功图像法在F -x 图像中,图线与x 轴所围“面积”的代数和就表示力F 在这段位移所做的功,且位于x 轴上方的“面积”为正,位于x 轴下方的“面积”为负,但此方法只便于求图线所围图形规则的情况(如三角形、矩形、圆等规则的几何图形)化变力 为恒力在F -x 图像中,图线与x 轴所围“面积”的代数和就表示力F 在这段位移所做的功,且位于x 轴上方的“面积”为正,位于x 轴下方的“面积”为负,但此方法只便于求图线所围图形规则的情况(如三角形、矩形、圆等规则的几何图形)用W= Pt计算这是一种等效代换的观点,用W=Pt计算功时,必须满足变力的功率是不变的这一条件考点二功率的分析与计算1.平均功率的计算方法(1)利用P=Wt。
2022-2023年高考物理一轮复习 功和能课件 (2)(重点难点易错点核心热点经典考点)
过程由动能定理得 mg2R-2×R2+Wf=12mvB2 -12mv2A,解得 Wf=-mgR,故 A 项 正确。
答案 A
6.我国将于 2022 年举办冬奥会,跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一。 如图所示,质量 m=60 kg 的运动员从长直助滑道 AB 的 A 处由静止开始以加 速度 a=3.6 m/s2匀加速滑下,到达助滑道末端 B 时速度 vB=24 m/s,A 与 B 的竖直高度差 H=48 m。为了改变运动员的运动方向,在助滑道与起跳台之间 用一段弯曲滑道衔接,其中最低点 C 处附近是一段以 O 为圆心的圆弧。助滑 道末端 B 与滑道最低点 C 的高度差 h=5 m,运动员在 B、C 间运动时阻力做 功 W=-1 530 J,取 g=10 m/s2。
A.4 320 J C.720 J
B.144 J D.7 200 J
解析 一次俯卧撑重心上升的高度 h=0.41×.50.9 m=0.24 m,则 1 min 内克服重力做功 W=30mgh图甲所示,质量 m=2 kg 的小物体放在长直的水平地面上,用水 平细线绕在半径 R=0.5 m 的薄圆筒上。t=0 时刻,圆筒由静止开始绕竖直 的中心轴转动,其角速度随时间的变化规律如图乙所示,小物体和地面间 的动摩擦因数 μ=0.1,重力加速度 g 取 10 m/s2,则( )
答案 D
3.(多选)总质量为 m 的汽车在平直公路上以速度 v0 匀速行驶时,发动 机的功率为 P。司机为合理进入限速区,减小了油门,使汽车功率立即减 小到23P 并保持该功率继续行驶,设汽车行驶过程中所受阻力大小不变。从 司机减小油门开始,汽车的 v-t 图象如图,从汽车开始减速到再次达到匀 速运动的过程中,行驶的位移为 s,汽车因油耗而改变的质量可忽略。则在 该过程中,下列说法正确的是( )
大学物理第三章课后习题答案
L 时时, (1)摩擦力做功多少? (2)弹性力做功多少? (3)其他力做功多少? (4)外力做的总功是多少? 8. 小球系于细绳的一端,质量为 m ,并以恒定的角速
度 ω 0 在光滑水平面上围绕一半径为 R 的圆周运动。细 绳穿过圆心小孔, 若手握绳的另一端用力 F 向下拉绳,使小球运转的半径减小一半, 求 力对小球所做的功。 9. 如图所示, 一小车从光滑的轨道上某处由
9. 解:由题意知小车飞越 BC 缺口时做斜抛运动,其射程 BC = 2 R sin α 。 设小车在 B 点时的速度为 υ B , 欲使小车 刚 好 越 过 BC , 应 满 足 2υ B ⋅ sin α g
-7-
2 R sin α = υ B ⋅ cos α ⋅
自治区精品课程—大学物理学
题库
gR (1) cos α 由 A 点运动到 B 点时机械能守恒得: 1 2 mgh = mg ( R + R cos α ) + mυ B (2) 2 由式(1)与(2)得 1 h = (1 + cos α + )R 2 cos α
自治区精品课程—大学物理学
题库
第三章 功和能
一、 填空 1. 功等于质点受的 和 的标量积,功是 变化的量度。 2. 物理学中用 来描述物体做功的快慢。力的瞬时功率等于 与 的标积。对于一定功率的机械,当速度小时,力就 (填“大”或“小” ) , 速度大时,力必定 (填“大”或“小” ) 。 3. 合外力对质点所做的功等于质点动能的增量,此即 定理。 4. 质点动能定理的微分形式是 。 5. 质点动能定理的积分形式是 。 6. 按做功性质,可以将力分为 和 。 7. 所做的功只取决于受力物体的初末位置,与物体所经过的路径无 关。做功与路径有关的力叫做 。 8. 物体在 力作用下,沿任意闭合路径绕一周所做的功等于零。 9. 保守力做功与物体势能改变量之间的关系是 。 10. 若保守力做正功,则势能 ( “增加”或“减少” ) ,若保守力做负功, 则 势能 ( “增加”或“减少” ) 。 11. 势能的增量与势能零点的选取 (填“有关”或“无关” ) ,势能的大小 与势能零点的选取 (填“有关”或“无关” ) 。 12. 质点系内各质点之间的相互作用力称为 ,质点系以外的其他物体对 质点系内各质点的作用力称为 。 13. 质点系在运动过程中, 所做的功与 所做的功的总 和等于质点系的机械能的增量,此即质点系的 原理。 14. 在只 有 做功 的情 况下, 质点 系的机 械能 保持不 变, 这就是 定律。 15. 行星沿 轨道绕太阳运行, 太阳位于椭圆的一个 上; 对任一行星, 以 太阳 中 心为 参 考点 , 行星 的 位置 矢 量在 相 等的 时 间内 扫 过的 面 积填 ( “相 等 ”或 “ 不 相等 ” ) ; 行星 绕 太阳 运 动的 和 椭圆 轨 道的 成正比。 16. 第一宇宙速度是 所需要 的速度。 17. 第二宇宙速度是 所需要的 最小速度。 18. 第三宇宙速度是 所需的 最小速度。 二、 简答 1. 2. 3. 4. 5. 简述质点动能定理的内容,并写出其微分形式和积分形式。 简述保守力做功与物体势能改变量之间的关系。 简述质点系功能原理的内容。 简述机械能守恒定律的内容。 简述行星运动的三大定律的内容。
高考物理最新力学知识点之功和能基础测试题及解析(1)
高考物理最新力学知识点之功和能基础测试题及解析(1)一、选择题1.一滑块在水平地面上沿直线滑行,t =0时其速度为1 m/s .从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用F ,力F 和滑块的速度v 随时间的变化规律分别如图a 和图b 所示.设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F 对滑块做的功分别为123W W W 、、,则以下关系正确的是( )A .123W W W ==B .123W W W <<C .132W W W <<D .123W W W =<2.如图所示,质量分别为m 和3m 的两个小球a 和b 用一长为2L 的轻杆连接,杆可绕中点O 在竖直平面内无摩擦转动.现将杆处于水平位置后无初速度释放,重力加速度为g ,则下列说法正确的是A .在转动过程中,a 球的机械能守恒B .b 球转动到最低点时处于失重状态C .a 球到达最高点时速度大小为gLD .运动过程中,b 球的高度可能大于a 球的高度3.如图,光滑圆轨道固定在竖直面内,一质量为m 的小球沿轨道做完整的圆周运动.已知小球在最低点时对轨道的压力大小为N 1,在高点时对轨道的压力大小为N 2.重力加速度大小为g ,则N 1–N 2的值为A .3mgB .4mgC .5mgD .6mg4.假设某次罚点球直接射门时,球恰好从横梁下边缘踢进,此时的速度为v .横梁下边缘离地面的高度为h ,足球质量为m ,运动员对足球做的功为W 1,足球运动过程中克服空气阻力做的功为W 2,选地面为零势能面,下列说法正确的是( )A.运动员对足球做的功为W1=mgh+mv2B.足球机械能的变化量为W1-W2C.足球克服空气阻力做的功为W2=mgh+mv2-W1D.运动员刚踢完球的瞬间,足球的动能为mgh+mv25.如图所示,长为l的轻杆一端固定一质量为m的小球,另一端有固定转轴O,杆可在竖直平面内绕轴O无摩擦转动.已知小球通过最低点Q时,速度大小为,则小球的运动情况为()A.小球不可能到达圆周轨道的最高点PB.小球能到达圆周轨道的最高点P,但在P点不受轻杆对它的作用力C.小球能到达圆周轨道的最高点P,且在P点受到轻杆对它向上的弹力D.小球能到达圆周轨道的最高点P,且在P点受到轻杆对它向下的弹力6.如图是一汽车在平直路面上启动的速度-时间图象,t1时刻起汽车的功率保持不变.由图象可知()A.0-t1时间内,汽车的牵引力增大,加速度增大,功率不变B.0-t1时间内,汽车的牵引力不变,加速度不变,功率不变C.t1-t2时间内,汽车的牵引力减小,加速度减小D.t1-t2时间内,汽车的牵引力不变,加速度不变7.一质量为m的木块静止在光滑的水平面上,从0t=开始,将一个大小为F的水平恒力作用在该木块上,作用时间为1t,在10~t内力F的平均功率是()A.212Fmt⋅B.2212Fmt⋅C.21Fmt⋅D.221Fmt⋅8.小明和小强在操场上一起踢足球,若足球质量为m,小明将足球以速度v从地面上的A 点踢起。
练习32功和能之往复运动问题-2021年高考物理一轮复习习题课(必修2)
功和能习题课--往复运动问题练习1.如图所示,ABCD 是一个盆式容器,盆内侧壁与盆底BC 的连接处都是一段与BC 相切的圆弧,BC 是水平的,其宽度d =0.50 m ,盆边缘的高度为h =0.30 m ,在A 处放一个质量为m 的小物块并让其从静止开始下滑。
已知盆内侧壁是光滑的,而盆底BC 面与小物块间的动摩擦因数为μ=0.10。
小物块在盆式容器内来回滑动,最后停下来,则小物块最终的位置到B 点的距离为(g 取10 m/s 2)( )A .0.50 mB .0.25 mC .0.10 mD .02、如图所示,斜面的倾角为θ,质量为m 的滑块与挡板P 的距离为x 0,滑块以初速度v 0沿斜面上滑,滑块与斜面间的动摩擦因数为μ,滑块所受摩擦力小于重力沿斜面向下的分力。
若滑块每次与挡板相碰均无机械能损失,滑块经过的总路程是( ) A.1μ⎝⎛⎭⎫v 022g cos θ+x 0tan θ B.1μ⎝⎛⎭⎫v 022g sin θ+x 0tan θ C.2μ⎝⎛⎭⎫v 022g cos θ+x 0tan θ D.1μ⎝⎛⎭⎫v 022g cos θ+x 0tan θ 3.如图所示,ABCD 为一竖直平面的轨道,其中BC 水平,A 点比BC 高出H =10 m ,BC 长l =1 m ,AB 和CD 轨道光滑。
一质量为m =1 kg 的物体,从A 点以v 1=4 m/s 的速度开始运动,经过BC 后滑到高出C 点h =10.3 m 的D 点时速度为零。
求:(g =10 m/s 2)(1)物体与BC 轨道间的动摩擦因数;(2)物体第5次经过B 点时的速度;(3)物体最后停止的位置(距B 点)。
4.如图所示,在某竖直平面内,光滑曲面AB 与水平面BC 平滑连接于B 点,BC 右端连接内、外壁光滑、半径r =0.2 m 的四分之一细圆管CD ,管口D 端正下方直立一根劲度系数为k =100 N/m 的轻弹簧,弹簧一端固定,另一端恰好与管口D 端平齐.一个质量为1.0 kg 的小滑块(可视为质点)放在曲面AB 上,现从距BC 的高度为h =0.6 m 处由静止释放小滑块,它与BC 间的动摩擦因数μ=0.5,小滑块进入管口C 端时,它对上管壁有F N =2.5mg 的相互0v P N f mg θ作用力,通过CD 后,在压缩弹簧过程中小滑块速度最大时弹簧的弹性势能为E p =0.5 J .取重力加速度g =10 m/s 2.求:(1)小滑块在C 处受到的向心力大小;(2)在压缩弹簧过程中小滑块的最大动能E km ;(3)小滑块最终停止的位置.5、如图所示,斜面的倾角为θ,质量为m 的物体距挡板P 距离为S 0,以初速度v 0沿斜面下滑。
鲁科版物理必修二1.2 功和能
退出
【我的见解】
做功与能量转化的关系是 怎样的?
做功的过程总是伴随着能量的变化。下面我们以“人将重物举高”这一生活现 象为例,做出这一过程的流程图。
除了“人将重物举高”这一生活现象,你可以自行分析“子弹在枪筒中的发射 过程”“汽车起动时加速行驶”等许多现象,画出这些现象发生过程中功和能变化 的流程图。 通过对这些现象及对应的流程图的分析,可以发现任何做功的过程,必然存在 一种形式的能量增加,另一种形式的能量减少,这种增与减体现了这一过程中能量 的转化,而这一转化正是通过做功过程得以实现。我们可以发现,做功越多,物体 能量的转化也越多。 实验证明,做功的过程就是能量转化的过程,做多少功,就有多少能量发生转 化。因此,我们可以通过做多少功,判断有多少能量发生转化,也可以通过有多少 能量发生转化,判定做多少功,即功是能量转化的量度。
【例2】A、B两物体在光滑的水平面上,分别在相同的水平 恒力F作用下,由静止开始通过相同的位移s,若A的质 量大于B的质量,则在这一过程中( C ) A.A获得的动能较大 B.B获得的动能较大 C.A、B获得的动能一样大 D.无法比较A、B获得的动能的大小 【解析】本题考查能量的转化过程,力做功和动能 变化之间的数值关系。 因为水平拉力F相同,由静止开始通过相同位移s, 所以力做的功相同,力F对物体做功,把其他形式的能 转化为物体的动能,又因为力F做的功相同,故两物体 获得的动能相同。
1.2 功和能
学点1 机械功的原理 (1)总功、有用功、额外功
利用机械做功时,动力对机械所做的功为总功W总,机械克服阻力所 做的功包括两个部分:克服有用阻力所做的功为有用功W有用,克服额外 阻力所做的功为额外功W额外。 所谓有用阻力是由做功的目的所决定的,如利用机械提升重物时,有 用阻力即为重物的重力,利用机械拖动地面上的物体时,有用阻力即为地 面对物体的摩擦力。额外阻力则是利用机械做功时,须附加克服的那部分 阻力,如利用滑轮提升重物时,须同时克服动滑轮的重力、绳索的重力以 及轴处的摩擦力,利用斜面提升重物时,须克服斜面的摩擦力等。
2024-2024年上海市高考物理核心考点一模汇编之《功和能》(基础必刷)
2024-2024年上海市高考物理核心考点一模汇编之《功和能》(基础必刷)一、单项选择题(本题包含8小题,每小题4分,共32分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)(共8题)第(1)题如图甲所示的双缝干涉实验,用绿光照射单缝S时,在屏上观察到如图乙所示的条纹,仅改变一个实验条件后,观察到的条纹如图丙所示.他改变的实验条件可能是( )A.减小双缝到光屏之间的距离B.增大双缝之间的距离C.将绿光换为红光D.减小光源到单缝的距离第(2)题如图所示,图1为速度选择器,图2为磁流体发电机,图3为回旋加速器,图4为质谱仪。
下列说法正确的是( )A.图1中电子、质子能够沿直线通过速度选择器的条件是B.图2是磁流体发电机,A点电势比B点电势高C.图3要增大某种粒子的最大动能,可减小磁场的磁感应强度D.图4中不同离子经过质谱仪偏转半径之比等于粒子的比荷之比第(3)题硼中子俘获疗法(BNCT)是将与癌细胞有很强亲和力的含同位素硼的化合物引入体内,迅速聚集于癌细胞内,然后用被正常组织慢化的热中子与硼-10发生核反应,生成粒子和锂核,释放光子,杀死肿瘤细胞的治疗方法。
已知核反应过程中质量亏损为,一个光子的能量为,普朗克常量为,真空中光速为。
若核反应产生的能量全部以光子的形式释放,则( )A.光子有很强电离能力B.硼中子俘获疗法的核反应方程为C.射线的波长为D.一次核反应释放光子的个数为第(4)题谷歌和NASA宣布,他们发现了第二个“太阳系”,也是迄今为止距离太阳最远的系外行星系——开普勒—90系统。
开普勒-90系统的中心恒星质量约为太阳的1.13倍,半径约为太阳的1.2倍,纵观整个行星系统,即使是发现的最外侧的行星开普勒,其轨道也不及地球,因此开普勒-90星系又被人们称为“迷你版的太阳系”,则开普勒-90系统中心恒星与太阳表面处的重力加速度之比约为( )A.0.94B.1.27C.0.78D.1.06第(5)题温度较低的恒星,在天空中呈现()A.暗红色B.黄色C.白色D.蓝色第(6)题某均匀介质中两持续振动的振源P、Q分别位于x轴上和处,时刻两振源同时开始振动,时刻在x轴上第一次形成如图所示的波形。
高一物理必修一 知识脉络、重点难点及易错易混点总结
高一物理 必修一【知识脉络、重点难点及易错易混点总结】一、【匀变速直线运动的规律及其应用】匀变速直线运动的基本规律,主要有以下四个基本关系式:(1)t 0v v t a =+ (2)201v t 2x at =+(3)22t 0v =2ax v - (4)()0t v v v 2x t +==平均 外加一个常用推论公式:某段时间内中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度 0t2v v v 2t +=易错现象:1、在这些基本公式中,不注意速度和加速度正、负;2、滥用初速度为零的匀加速直线运动的一些特殊公式。
二、【自由落体运动 竖直上抛运动】自由落体运动规律的基本公式: ①t v gt = ②21h 2gt = ③2t v 2gh = 竖直上抛运动: (1)时间对称性:物体上升过程从A →C 所用时间t AC 和下降过程中从C →A 所用时间t CA 相等,同理t AB =t BA .(2)速度对称性:物体上升过程中经过A 点时的速度大小与下降过程中经过A 点时的速度大小相等. 【关键点】:在竖直上抛运动过程中,当物体经过抛出点上方某一位置时,可能处于上升阶段,也可能处于下降阶段。
易错现象 :1、忽略自由落体运动必须同时具备的两个条件:仅受重力和初速度为零;2、忽略竖直上抛运动中的多解情况。
三、【运动的图象 运动的相遇和追及问题】1、图象:(1) x —t 图象图线上某点切线的斜率大小表示物体速度的大小,正负则表示物体速度的方向。
(2)v —t 图象图线上某点切线的斜率大小表示物体运动的加速度的大小.正负则表示加速度的方向. (3)图象与坐标轴围成的“面积”的意义:A 、图象与两个坐标轴所围成的面积的数值表示相应时间内的位移大小。
B 、若此面积在时间轴的上方,则表示这段时间内的位移方向为正方向;若此面积在时间轴的下方,则表示这段时间内的位移方向为负方向。
2、相遇和追及问题:(1)物体A 追上物体B :开始时,两个物体相距x 0,则A 追上B 时一定有A B 0x x x -=,且A B V V ≥ (2)物体A 追赶物体B :开始时,两个物体相距x 0,要使A 与B 不相撞,则有A B 0A B x V V x x -=≤,且 易错现象:1、混淆x —t 图象和v-t 图象,不能区分它们的物理意义;2、不能正确计算图线的斜率、面积等;3、在计算汽车刹车、飞机降落等实际问题时要注意,汽车、飞机停止后不能后退。
2023年高考物理一轮复习讲义——功能关系 能量守恒定律
第4讲 功能关系 能量守恒定律目标要求 1.熟练掌握几种常见的功能关系,并会用于解决实际问题.2.掌握一对摩擦力做功与能量转化的关系.3.会应用能量守恒观点解决综合问题.考点一 功能关系的理解和应用1.对功能关系的理解(1)做功的过程就是能量转化的过程,不同形式的能量发生相互转化是通过做功来实现的. (2)功是能量转化的量度,功和能的关系,一是体现在不同的力做功,对应不同形式的能转化,具有一一对应关系,二是做功的多少与能量转化的多少在数值上相等. 2.常见的功能关系能量功能关系表达式势能重力做功等于重力势能减少量 W =E p1-E p2=-ΔE p弹力做功等于弹性势能减少量静电力做功等于电势能减少量 分子力做功等于分子势能减少量动能 合外力做功等于物体动能变化量 W =E k2-E k1=12m v 2-12m v 02机械能 除重力和弹力之外的其他力做功等于机械能变化量W 其他=E 2-E 1=ΔE 摩擦 产生 的内能 一对相互作用的滑动摩擦力做功之和的绝对值等于产生的内能Q =F f ·x 相对电能 克服安培力做功等于电能增加量W 电能=E 2-E 1=ΔE1.一个物体的能量增加,必定有别的物体能量减少.( √ ) 2.合力做的功等于物体机械能的改变量.( × )3.克服与势能有关的力(重力、弹簧弹力、静电力等)做的功等于对应势能的增加量.( √ ) 4.滑动摩擦力做功时,一定会引起机械能的转化.( √ )1.功的正负与能量增减的对应关系(1)物体动能的增加与减少要看合外力对物体做正功还是做负功.(2)势能的增加与减少要看对应的作用力(如重力、弹簧弹力、静电力等)做负功还是做正功.(3)机械能的增加与减少要看重力和弹簧弹力之外的力对物体做正功还是做负功.2.摩擦力做功的特点(1)一对静摩擦力所做功的代数和总等于零;(2)一对滑动摩擦力做功的代数和总是负值,差值为机械能转化为内能的部分,也就是系统机械能的损失量;(3)说明:无论是静摩擦力还是滑动摩擦力,都可以对物体做正功,也可以做负功,还可以不做功.考向1功能关系的理解例1在奥运比赛项目中,高台跳水是我国运动员的强项.质量为m的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动,设水对他的阻力大小恒为F,当地的重力加速度为g,那么在他减速下降高度为h的过程中,下列说法正确的是()A.他的动能减少了FhB.他的重力势能增加了mghC.他的机械能减少了(F-mg)hD.他的机械能减少了Fh答案 D解析运动员进入水中后,克服合力做的功等于动能的减少量,故动能减少(F-mg)h,故A 错误;运动员进入水中后,重力做功mgh,故重力势能减小mgh,故B错误;运动员进入水中后,除重力外,克服阻力做功Fh,故机械能减少了Fh,故C错误,D正确.例2如图所示,弹簧的下端固定在光滑斜面底端,弹簧与斜面平行.在通过弹簧中心的直线上,小球P从直线上的N点由静止释放,在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中,下列说法中正确的是()A.小球P的动能一定在减小B.小球P的机械能一定在减少C.小球P与弹簧系统的机械能一定在增加D.小球P重力势能的减小量大于弹簧弹性势能的增加量答案 B解析小球P与弹簧接触后,刚开始弹力小于重力沿斜面向下的分力,合力沿斜面向下,随着形变量增大,弹力大于重力沿斜面向下的分力,合力方向沿斜面向上,合力先做正功后做负功,小球P的动能先增大后减小,A错误;小球P与弹簧组成的系统的机械能守恒,弹簧的弹性势能不断增大,所以小球P的机械能不断减小,B正确,C错误;在此过程中,根据系统机械能守恒,可知小球P重力势能的减小量与动能减小量之和等于弹簧弹性势能的增加量,即小球P重力势能的减小量小于弹簧弹性势能的增加量,D错误.考向2功能关系与图像的结合例3(多选)(2020·全国卷Ⅰ·20)一物块在高3.0 m、长5.0 m的斜面顶端从静止开始沿斜面下滑,其重力势能和动能随下滑距离s的变化如图中直线Ⅰ、Ⅱ所示,重力加速度取10 m/s2.则()A.物块下滑过程中机械能不守恒B.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C.物块下滑时加速度的大小为6.0 m/s2D.当物块下滑2.0 m时机械能损失了12 J答案AB解析由E-s图像知,物块动能与重力势能的和减小,则物块下滑过程中机械能不守恒,故A正确;由E-s图像知,整个下滑过程中,物块机械能的减少量为ΔE=30 J-10 J=20 J,重力势能的减少量ΔE p=mgh=30 J,又ΔE=μmg cos α·s,其中cos α=s2-h2s=0.8,h=3.0m,g=10 m/s2,则可得m=1 kg,μ=0.5,故B正确;物块下滑时的加速度大小a=g sin α-μg cosα=2 m/s2,故C错误;物块下滑2.0 m时损失的机械能为ΔE′=μmg cos α·s′=8 J,故D错误.考向3摩擦力做功与摩擦生热的计算例4(多选)如图所示,一个长为L,质量为M的木板,静止在光滑水平面上,一个质量为m的物块(可视为质点),以水平初速度v0,从木板的左端滑向另一端,设物块与木板间的动摩擦因数为μ,当物块与木板相对静止时,物块仍在长木板上,物块相对木板的位移为d,木板相对地面的位移为s,重力加速度为g.则在此过程中()A.摩擦力对物块做功为-μmg(s+d)B.摩擦力对木板做功为μmgsC.木板动能的增量为μmgdD.由于摩擦而产生的热量为μmgs答案AB解析根据功的定义W=Fs cos θ,其中s指物体对地的位移,而θ指力与位移之间的夹角,可知摩擦力对物块做功W1=-μmg(s+d),摩擦力对木板做功W2=μmgs,A、B正确;根据动能定理可知木板动能的增量ΔE k=W2=μmgs,C错误;由于摩擦而产生的热量Q=F f·Δx =μmgd,D错误.例5(多选)(2019·江苏卷·8)如图所示,轻质弹簧的左端固定,并处于自然状态.小物块的质量为m,从A点向左沿水平地面运动,压缩弹簧后被弹回,运动到A点恰好静止.物块向左运动的最大距离为s,与地面间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,弹簧未超出弹性限度.在上述过程中()A.弹簧的最大弹力为μmgB.物块克服摩擦力做的功为2μmgsC.弹簧的最大弹性势能为μmgsD.物块在A点的初速度为2μgs答案BC解析 物块处于最左端时,弹簧的压缩量最大,然后物块先向右加速运动再减速运动,可知弹簧的最大弹力大于滑动摩擦力μmg ,选项A 错误;物块从开始运动至最后回到A 点过程,由功的定义可得物块克服摩擦力做功为2μmgs ,选项B 正确;物块从最左侧运动至A 点过程,由能量守恒定律可知E p =μmgs ,选项C 正确;设物块在A 点的初速度为v 0,对整个过程应用动能定理有-2μmgs =0-12m v 02,解得v 0=2μgs ,选项D 错误.考点二 能量守恒定律的理解和应用1.内容能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为其他形式,或者从一个物体转移到别的物体,在转化或转移的过程中,能量的总量保持不变. 2.表达式 ΔE 减=ΔE 增.3.应用能量守恒定律解题的步骤(1)首先确定初、末状态,分清有几种形式的能在变化,如动能、势能(包括重力势能、弹性势能、电势能)、内能等.(2)明确哪种形式的能量增加,哪种形式的能量减少,并且列出减少的能量ΔE 减和增加的能量ΔE 增的表达式.例6 (2020·浙江1月选考·20)如图所示,一弹射游戏装置由安装在水平台面上的固定弹射器、竖直圆轨道(在最低点E 分别与水平轨道EO 和EA 相连)、高度h 可调的斜轨道AB 组成.游戏时滑块从O 点弹出,经过圆轨道并滑上斜轨道.全程不脱离轨道且恰好停在B 端则视为游戏成功.已知圆轨道半径r =0.1 m ,OE 长L 1=0.2 m ,AC 长L 2=0.4 m ,圆轨道和AE 光滑,滑块与AB 、OE 之间的动摩擦因数μ=0.5.滑块质量m =2 g 且可视为质点,弹射时从静止释放且弹簧的弹性势能完全转化为滑块动能.忽略空气阻力,各部分平滑连接.求:(1)滑块恰好能过圆轨道最高点F 时的速度v F 大小;(2)当h =0.1 m 且游戏成功时,滑块经过E 点对圆轨道的压力F N 大小及弹簧的弹性势能E p0; (3)要使游戏成功,弹簧的弹性势能E p 与高度h 之间满足的关系. 答案 见解析解析 (1)滑块恰好能过F 点的条件为mg =m v F 2r解得v F =1 m/s(2)滑块从E 点到B 点,由动能定理得 -mgh -μmgL 2=0-12m v E 2在E 点由牛顿第二定律得F N ′-mg =m v E 2r解得F N =F N ′=0.14 N从O 点到B 点,由能量守恒定律得: E p0=mgh +μmg (L 1+L 2) 解得E p0=8.0×10-3 J(3)使滑块恰能过F 点的弹性势能 E p1=2mgr +μmgL 1+12m v F 2=7.0×10-3 J到B 点减速到0E p1-mgh 1-μmg (L 1+L 2)=0 解得h 1=0.05 m设斜轨道的倾角为θ,若滑块恰好能停在B 点不下滑, 则μmg cos θ=mg sin θ解得tan θ=0.5,此时h 2=0.2 m 从O 点到B 点E p =mgh +μmg (L 1+L 2)=2×10-3(10h +3) J 其中0.05 m ≤h ≤0.2 m.例7 如图所示,固定斜面的倾角θ=30°,物体A 与斜面之间的动摩擦因数μ=34,轻弹簧下端固定在斜面底端,弹簧处于原长时上端位于C 点,用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑的定滑轮连接物体A 和B ,滑轮右侧绳子与斜面平行,A 的质量为2m =4 kg ,B 的质量为m =2 kg ,初始时物体A 到C 点的距离L =1 m ,现给A 、B 一初速度v 0=3 m/s ,使A 开始沿斜面向下运动,B 向上运动,物体A 将弹簧压缩到最短后又恰好能弹回到C 点.已知重力加速度g =10 m/s 2,不计空气阻力,整个过程中轻绳始终处于伸直状态.求在此过程中:(1)物体A 向下运动刚到C 点时的速度大小; (2)弹簧的最大压缩量; (3)弹簧的最大弹性势能. 答案 (1)2 m/s (2)0.4 m (3)6 J解析 (1)在物体A 向下运动刚到C 点的过程中,对A 、B 组成的系统应用能量守恒定律可得 μ·2mg cos θ·L =12×3m v 02-12×3m v 2+2mgL sin θ-mgL解得v =2 m/s.(2)对A 、B 组成的系统分析,在物体A 从C 点压缩弹簧至将弹簧压缩到最大压缩量,又恰好返回到C 点的过程中,系统动能的减少量等于因摩擦产生的热量,即 12×3m v 2-0=μ·2mg cos θ·2x 其中x 为弹簧的最大压缩量 解得x =0.4 m.(3)设弹簧的最大弹性势能为E pm ,从C 点到弹簧最大压缩量过程中由能量守恒定律可得 12×3m v 2+2mgx sin θ-mgx =μ·2mg cos θ·x +E pm 解得E pm =6 J.课时精练1.(多选)如图所示,质量为m 的物体(可视为质点)以某一速度从A 点冲上倾角为30°的固定斜面,其减速运动的加速度为34g ,此物体在斜面上能够上升的最大高度为h ,则在这个过程中物体( )A .重力势能增加了mghB .机械能损失了12mghC .动能损失了mghD .克服摩擦力做功14mgh答案 AB解析 加速度大小a =34g =mg sin 30°+F f m ,解得摩擦力F f =14mg ,机械能损失等于克服摩擦力做的功,即F f x =14mg ·2h =12mgh ,故B 项正确,D 项错误;物体在斜面上能够上升的最大高度为h ,所以重力势能增加了mgh ,故A 项正确;动能损失量为克服合力做功的大小,动能损失量ΔE k =F 合x =34mg ·2h =32mgh ,故C 项错误.2.某同学用如图所示的装置测量一个凹形木块的质量m ,弹簧的左端固定,木块在水平面上紧靠弹簧(不连接)将其压缩,记下木块右端位置A 点,静止释放后,木块右端恰能运动到B 1点.在木块槽中加入一个质量m 0=800 g 的砝码,再将木块左端紧靠弹簧,木块右端位置仍然在A 点,静止释放后木块离开弹簧,右端恰能运动到B 2点,测得AB 1、AB 2长分别为27.0 cm 和9.0 cm ,则木块的质量m 为( )A .100 gB .200 gC .300 gD .400 g 答案 D解析 根据能量守恒定律,有μmg ·AB 1=E p ,μ(m 0+m )g ·AB 2=E p ,联立解得m =400 g ,D 正确. 3.一木块静置于光滑水平面上,一颗子弹沿水平方向飞来射入木块中.当子弹进入木块的深度达到最大值2.0 cm 时,木块沿水平面恰好移动距离1.0 cm.在上述过程中系统损失的机械能与子弹损失的动能之比为( ) A .1∶2 B .1∶3 C .2∶3 D .3∶2答案 C解析 根据题意,子弹在摩擦力作用下的位移为x 1=(2+1) cm =3 cm ,木块在摩擦力作用下的位移为x 2=1 cm ;系统损失的机械能转化为内能,根据功能关系,有ΔE 系统=Q =F f ·Δx ;子弹损失的动能等于子弹克服摩擦力做的功,故ΔE 子弹=F f x 1;所以ΔE 系统ΔE 子弹=23,所以C 正确,A 、B 、D 错误.4.如图所示,一质量为m的滑块以初速度v0从固定于地面的斜面底端A开始冲上斜面,到达某一高度后返回A,斜面与滑块之间有摩擦.下图分别表示它在斜面上运动的速度v、加速度a、势能E p和机械能E随时间的变化图像,可能正确的是()答案 C解析由牛顿第二定律可知,滑块上升阶段有:mg sin θ+F f=ma1;下滑阶段有:mg sin θ-F f=ma2,因此a1>a2,故选项B错误;速度-时间图像的斜率表示加速度,当上滑和下滑时,加速度不同,则斜率不同,故选项A错误;重力势能先增大后减小,且上升阶段加速度大,所用时间短,势能变化快,下滑阶段加速度小,所用时间长,势能变化慢,故选项C可能正确;由于摩擦力始终做负功,机械能一直减小,故选项D错误.5.如图所示,赫章的韭菜坪建有风力发电机,风力带动叶片转动,叶片再带动转子(磁极)转动,使定子(线圈,不计电阻)中产生电流,实现风能向电能的转化.若叶片长为l,设定的额定风速为v,空气的密度为ρ,额定风速下发电机的输出功率为P,则风能转化为电能的效率为()A.2Pπρl2v3 B.6Pπρl2v3 C.4Pπρl2v3 D.8Pπρl2v3答案 A解析风能转化为电能的工作原理为将风的动能转化为输出的电能,设风吹向发电机的时间为t,则在t时间内吹向发电机的风柱的体积为V=v t·S=v tπl2,则风柱的质量M=ρV=ρv tπl2,因此风吹过的动能为E k =12M v 2=12ρv t πl 2·v 2,在此时间内发电机输出的电能E =P ·t ,则风能转化为电能的效率为η=E E k =2Pπρl 2v3,故A 正确,B 、C 、D 错误.6.(多选)如图所示,在竖直平面内有一半径为R 的圆弧轨道,半径OA 水平、OB 竖直,一个质量为m 的小球自A 点的正上方P 点由静止开始自由下落,小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力.已知AP =2R ,重力加速度为g ,则小球从P 点运动到B 点的过程中( )A .重力做功2mgRB .机械能减少mgRC .合外力做功12mgRD .克服摩擦力做功12mgR答案 CD解析 小球从P 点运动到B 点的过程中,重力做功W G =mg (2R -R )=mgR ,故A 错误;小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力,则有mg =m v B 2R ,解得v B =gR ,则此过程中机械能的减少量为ΔE =mgR -12m v B 2=12mgR ,故B 错误;根据动能定理可知,合外力做功W 合=12m v B 2=12mgR ,故C 正确;根据功能关系可知,小球克服摩擦力做的功等于机械能的减少量,为12mgR ,故D 正确.7.质量为2 kg 的物体以10 m/s 的初速度,从起点A 出发竖直向上抛出,在它上升到某一点的过程中,物体的动能损失了50 J ,机械能损失了10 J ,设物体在上升、下降过程空气阻力大小恒定,则该物体再落回到A 点时的动能为(g =10 m/s 2)( ) A .40 J B .60 J C .80 J D .100 J 答案 B解析 物体抛出时的总动能为100 J ,物体的动能损失了50 J 时,机械能损失了10 J ,则动能损失100 J 时,机械能损失20 J ,此时到达最高点,由于空气阻力大小恒定,所以下落过程,机械能也损失20 J ,故该物体从A 点抛出到落回到A 点,共损失机械能40 J ,所以该物体再落回到A点时的动能为60 J,A、C、D错误,B正确.8.(多选)(2019·全国卷Ⅱ·18)从地面竖直向上抛出一物体,其机械能E总等于动能E k与重力势能E p之和.取地面为重力势能零点,该物体的E总和E p随它离开地面的高度h的变化如图所示.重力加速度取10 m/s2.由图中数据可得()A.物体的质量为2 kgB.h=0时,物体的速率为20 m/sC.h=2 m时,物体的动能E k=40 JD.从地面至h=4 m,物体的动能减少100 J答案AD解析根据题图可知,h=4 m时物体的重力势能E p=mgh=80 J,解得物体质量m=2 kg,抛出时物体的动能为E k0=100 J,由公式E k0=12可知,h=0时物体的速率为v=10 m/s,2m v选项A正确,B错误;由功能关系可知F f h4=|ΔE总|=20 J,解得物体上升过程中所受空气阻力F f=5 N,从物体开始抛出至上升到h=2 m的过程中,由动能定理有-mgh-F f h=E k-E k0,解得E k=50 J,选项C错误;由题图可知,物体上升到h=4 m时,机械能为80 J,重力势能为80 J,动能为零,即从地面上升到h=4 m,物体动能减少100 J,选项D正确.9.(多选)如图所示,楔形木块abc固定在水平面上,粗糙斜面ab与水平面的夹角为60°,光滑斜面bc与水平面的夹角为30°,顶角b处安装一定滑轮.质量分别为M、m(M>m)的两滑块A和B,通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接,轻绳与斜面平行.两滑块由静止释放后,沿斜面做匀加速运动,A、B不会与定滑轮碰撞.若不计滑轮的质量和摩擦,在两滑块沿斜面运动的过程中()A.轻绳对滑轮作用力的方向竖直向下B.拉力和重力对M做功之和大于M动能的增加量C.拉力对M做的功等于M机械能的增加量D .两滑块组成系统的机械能损失等于M 克服摩擦力做的功答案 BD解析 根据题意可知,两段轻绳的夹角为90°,轻绳拉力的大小相等,根据平行四边形定则可知,合力方向与绳子方向的夹角为45°,所以轻绳对滑轮作用力的方向不是竖直向下的,故A 错误;对M 受力分析,受到重力、斜面的支持力、绳子拉力以及滑动摩擦力作用,根据动能定理可知,M 动能的增加量等于拉力和重力以及摩擦力做功之和,而摩擦力做负功,则拉力和重力对M 做功之和大于M 动能的增加量,故B 正确;根据除重力以外的力对物体做功等于物体机械能的变化量可知,拉力和摩擦力对M 做的功之和等于M 机械能的增加量,故C 错误;对两滑块组成系统分析可知,除了重力之外只有摩擦力对M 做功,所以两滑块组成的系统的机械能损失等于M 克服摩擦力做的功,故D 正确.10.(多选)如图所示,光滑水平面OB 与足够长粗糙斜面BC 交于B 点.轻弹簧左端固定于竖直墙面,现将质量为m 1的滑块压缩弹簧至D 点,然后由静止释放,滑块脱离弹簧后经B 点滑上斜面,上升到最大高度,并静止在斜面上.不计滑块在B 点的机械能损失.换用相同材料质量为m 2的滑块(m 2>m 1)压缩弹簧至同一点D 后,重复上述过程,下列说法正确的是( )A .两滑块到达B 点的速度相同B .两滑块沿斜面上升的最大高度相同C .两滑块上升到最高点过程克服重力做的功相同D .两滑块上升到最高点过程机械能损失相同答案 CD解析 两滑块到B 点的动能相同,但速度不同,故A 错误;两滑块在斜面上运动时加速度相同,由于质量不同,则在B 点时的速度不同,故上升的最大高度不同,故B 错误;滑块上升到斜面最高点过程克服重力做的功为mgh ,由能量守恒定律得E p =mgh +μmg cos θ·h sin θ,则mgh =E p 1+μtan θ,故两滑块上升到斜面最高点过程克服重力做的功相同,故C 正确;由能量守恒定律得E 损=μmg cos θ·h sin θ=μmgh tan θ,结合C 可知D 正确. 11.(多选)如图所示,质量为M 的长木板静止在光滑水平面上,上表面OA 段光滑,AB 段粗糙且长为l ,左端O 处有一固定挡板,挡板上固定轻质弹簧,右侧用不可伸长的轻绳连接在竖直墙上,轻绳所能承受的最大拉力为F .质量为m 的小滑块以速度v 从A 点向左滑动压缩弹簧,弹簧的压缩量达到最大时细绳恰好被拉断,再过一段时间后长木板停止运动,小滑块恰未掉落.重力加速度为g ,则( )A .细绳被拉断瞬间长木板的加速度大小为F MB .细绳被拉断瞬间弹簧的弹性势能为12m v 2 C .弹簧恢复原长时滑块的动能为12m v 2 D .滑块与长木板AB 段间的动摩擦因数为v 22gl答案 ABD解析 细绳被拉断瞬间弹簧的弹力等于F ,对长木板,由牛顿第二定律得F =Ma ,得a =F M,A 正确;滑块以速度v 从A 点向左滑动压缩弹簧,到弹簧压缩量最大时速度为0,由系统的机械能守恒得,细绳被拉断瞬间弹簧的弹性势能为12m v 2,B 正确;弹簧恢复原长时长木板与滑块都获得动能,所以滑块的动能小于12m v 2,C 错误;弹簧最大弹性势能E p =12m v 2,小滑块恰未掉落时滑到木板的最右端B ,此时小滑块与长木板均静止,又水平面光滑,长木板上表面OA 段光滑,则有E p =μmgl ,联立解得μ=v 22gl,D 正确. 12.如图所示,一物体质量m =2 kg ,在倾角θ=37°的斜面上的A 点以初速度v 0=3 m/s 下滑,A 点距弹簧上端挡板位置B 点的距离AB =4 m .当物体到达B 点后将弹簧压缩到C 点,最大压缩量BC =0.2 m ,然后物体又被弹簧弹上去,弹到的最高位置为D 点,D 点距A 点的距离AD =3 m .挡板及弹簧质量不计,g 取10 m/s 2,sin 37°=0.6,求:(结果均保留三位有效数字)(1)物体与斜面间的动摩擦因数μ;(2)弹簧的最大弹性势能E pm .答案 (1)0.521 (2)24.4 J解析 (1)物体从A 点到被弹簧弹到D 点的过程中,弹簧弹性势能没有发生变化,机械能的减少量全部用来克服摩擦力做功,即:12m v02+mgAD·sin θ=μmg cos θ·(AB+2BC+BD)代入数据解得:μ≈0.521.(2)物体由A到C的过程中,动能减少量ΔE k=12m v02重力势能减少量ΔE p=mg sin θ·AC摩擦产生的热量Q=μmg cos θ·AC由能量守恒定律可得弹簧的最大弹性势能为:E pm=ΔE k+ΔE p-Q≈24.4 J.13.如图所示,在倾角为37°的斜面底端固定一挡板,轻弹簧下端连在挡板上,上端与物块A 相连,用不可伸长的细线跨过斜面顶端的定滑轮把A与另一物体B连接起来,A与滑轮间的细线与斜面平行.已知弹簧劲度系数k=40 N/m,A的质量m1=1 kg,与斜面间的动摩擦因数μ=0.5,B的质量m2=2 kg.初始时用手托住B,使细线刚好处于伸直状态,此时物体A 与斜面间没有相对运动趋势,物体B的下表面离地面的高度h=0.3 m,整个系统处于静止状态,弹簧始终处于弹性限度内.重力加速度g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.(1)由静止释放物体B,求B刚落地时的速度大小;(2)把斜面处理成光滑斜面,再将B换成一个形状完全相同的物体C并由静止释放,发现C 恰好到达地面,求C的质量m3.答案(1) 2 m/s(2)0.6 kg解析(1)因为初始时刻A与斜面间没有相对运动趋势,即A不受摩擦力,此时有:m1g sin θ=F弹此时弹簧的压缩量为:x1=F弹k=m1g sin θk=0.15 m当B落地时,A沿斜面上滑h,此时弹簧的伸长量为:x2=h-x1=0.15 m所以从手放开B到B落地过程中以A、B和弹簧为系统,弹簧伸长量和压缩量相同,弹性势能不变,弹簧弹力不做功,根据能量守恒定律可得:m 2gh =m 1gh sin θ+μm 1g cos θ·h +12(m 1+m 2)v 2 代入数据解得:v = 2 m/s(2)由(1)分析同理可知换成光滑斜面,没有摩擦力,则从手放开C 到C 落地过程中以A 、C 和弹簧为系统,根据机械能守恒可得:m 3gh =m 1gh sin θ代入数据解得m 3=0.6 kg.。
必修一必考物理知识点归纳
必修一必考物理知识点归纳物理学是研究物质和能量的基本规律的科学。
在高中物理必修一的课程中,学生将学习到许多基础的物理概念和原理,以下是对这些知识点的归纳总结:一、力学基础1. 力的概念:力是物体间相互作用的结果,可以改变物体的运动状态。
2. 牛顿运动定律:- 第一定律(惯性定律):物体在没有外力作用下,将保持静止或匀速直线运动。
- 第二定律(动力定律):物体的加速度与作用力成正比,与物体质量成反比。
- 第三定律(作用与反作用定律):作用力和反作用力大小相等,方向相反。
3. 重力:地球对物体的吸引力,其大小与物体质量成正比,方向垂直向下。
二、运动学1. 位移:物体从初始位置到最终位置的直线距离。
2. 速度:物体位置变化的快慢,是位移对时间的导数。
3. 加速度:速度变化的快慢,是速度对时间的导数。
4. 匀速直线运动:物体以恒定速度沿直线运动。
5. 匀变速直线运动:物体加速度恒定的直线运动。
三、动力学1. 功和能:- 功:力在物体上产生位移时所做的工作。
- 动能:物体由于运动而具有的能量。
- 势能:物体由于位置而具有的能量,如重力势能。
2. 能量守恒定律:在一个封闭系统中,能量既不能被创造也不能被消灭,只能从一种形式转换为另一种形式。
四、圆周运动1. 圆周运动:物体沿圆周轨迹的运动。
2. 向心力:使物体沿圆周轨迹运动所需的力,指向圆心。
3. 角速度:物体绕圆心旋转的速度,是弧长对时间的导数。
五、简谐振动1. 简谐振动:物体在回复力作用下,沿直线做周期性往复运动。
2. 振幅:振动物体离开平衡位置的最大距离。
3. 周期:完成一次全振动所需的时间。
六、机械波1. 波的形成:介质中能量的传播。
2. 波的类型:- 横波:振动方向与传播方向垂直。
- 纵波:振动方向与传播方向平行。
3. 波速:波在介质中传播的速度。
七、热学基础1. 温度:物体冷热程度的量度。
2. 热量:物体间能量转移的量度。
3. 热力学第一定律:能量守恒在热力学过程中的表现。
八年级功和能的知识点
八年级功和能的知识点功和能是物理学中的基本概念,也是初中物理学习的重难点之一。
在初中物理中,力是产生物体运动和变形的原因,而功和能则是力对物体做工作的效果的表现和度量。
本文将详细介绍八年级功和能的知识点,包括功、势能、动能、机械能守恒定律和简单机械等方面。
一、功功是力对物体做功的效果的度量。
当物体沿力方向发生位移时,力对物体做功,这个过程中的功等于力与位移的乘积,即:W=F*s。
单位是焦耳(J)。
1.正功和负功当力与物体位移方向相同时,所做的功为正功;当力与物体位移方向相反时,所做的功为负功。
2.功率功率是功对时间的比值,它表示单位时间内所做的功,通常用符号P表示,单位是瓦特(W),公式为:P=W/t。
二、势能势能是物体因处于某些位置而具有的能量,它是一种静能。
势能可以转化为动能,也可以通过力做功将一种形式的能量转换成另一种形式的能量。
势能可以分为重力势能和弹性势能。
1.重力势能重力势能是由于物体高度位置不同而具有的势能,公式为:Ep=mgh。
其中,m为物体的质量,g为重力加速度,h为物体的高度。
2.弹性势能弹性势能是由于弹性物体受到的形变而具有的势能,公式为:Ee=1/2kx²。
其中,k为弹性系数,x为形变量。
三、动能动能是物体由于运动而具有的能量,它是一种动能。
动能可以由静止或初始状态到达末速度或动作状态的改变,也可以通过力做功将一种形式的能量转换成另一种形式的能量。
动能可以分为转动动能和平动动能。
1.转动动能转动动能是由于物体绕轴的旋转而具有的能量,公式为:Er=1/2Iω²。
其中,I为物体的转动惯量,ω为角速度。
2.平动动能平动动能是由于物体做匀速直线运动而具有的能量,公式为:Ek=1/2mv²。
其中,m为物体的质量,v为物体的速度。
四、机械能守恒定律机械能守恒定律是物理学中的守恒定律之一,指的是在机械系统内,当仅受保守力的作用时,机械能守恒。
机械能守恒可以分为重力势能和动能的转化,以及弹性势能和动能的转化。
2019-2020学年鲁科版物理必修二新素养同步讲义:第1章 第2节 功和能 Word版含答案
姓名,年级:时间:第2节功和能1。
知道机械功的原理,理解使用任何机械都不能省功.2。
知道能量的定义,知道对应于不同的运动形式具有不同的能量. 3.理解功是能量转化的量度,会用能量的观点分析和解决问题.[学生用书P5]一、机械功的原理1.内容:使用任何机械时,动力对机械所做的功总是等于机械克服阻力所做的功.2.表达式:W动=W阻=W有用+W额外或写成W输入=W输出+W损失.3.结论:功的原理是机械的基本原理,是机械做功所遵循的基本规律.实际上,使用任何机械都不能省功,反而费功.1.(1)如果考虑摩擦和机械自身的重力,功的原理就不适用了.( )(2)实际上,使用任何几何机械都不能省功.( )(3)使用任何机械都不能既省力同时又省距离.( )提示:(1)×(2)√(3)√二、做功和能的转化1.能的概念:如果一个物体能够对别的物体做功,我们就说这个物体具有能量.2.功和能之间的关系:做功的过程就是能量转化的过程.做了多少功,就表示有多少能从一种形式转化为另一种形式.因此,功是能量转化的量度.3.机械做功的本质:做功的机械是传递能量、实现能量转化的装置.机械做功,只能将能量从一个物体转移到另一个物体,或者将一种形式的能量转化为另一种形式的能量.2.(1)能够做功的物体具有能量.( )(2)机械能够对外做功是因为机械能够产生能量.()(3)能量的转化并不一定需要做功来完成.( )提示:(1)√(2)×(3)×机械功原理的理解及应用[学生用书P6]1.对功的原理表达式的理解(1)不使用机械时:W输入=W输出(或W动=W阻).(2)使用机械时:W动=W阻=W有用+W额外(或W输入=W输出+W损失).(3)功的意义①W动=W总表示动力对机械做的功;②W阻表示机械克服所有阻力做的功;③W有用=W输出表示机械克服有用阻力做的功;④W额外=W损失表示机械克服额外阻力做的功.2.“不省功"的理解(1)等于(即理想机械),是指使用机械做的功与不使用机械而直接用手所做的功是相等的.(2)大于,即费功(即非理想机械),是指使用机械做的功比不使用机械而直接用手所做的功多.3.机械在生活中的应用(1)省力机械:千斤顶、螺丝刀、斜面、钳子、扳手、开瓶器等.(2)省位移的机械:自行车、理发剪、筷子、鱼竿等.(3)不省力也不省位移,只改变工作方式的机械:定滑轮、等臂杠杆等.命题视角1 机械功原理的理解(多选)对于机械做功,下列说法中正确是( )A.使用机械时,输入功可以大于、小于或等于机械克服阻力做的功B.使用机械时,输入功一定不能小于输出功C.使用机械时,动力对机械做的功一定不能小于输出功D.使用机械时,动力对机械做的功等于机械输出功和损失功之和[解析]根据功的原理,动力对机械做的功即输入功等于机械克服阻力所做的功,选项A 错误;而机械克服阻力所做的功包括输出功和损失功两部分,所以动力对机械做的功等于输出功和损失功之和,且一定不小于输出功,选项B、C、D正确.[答案] BCD命题视角2 机械功原理的应用如图所示,甲、乙、丙三位建筑工人用三种不同的方法把水泥从一楼运到三楼,根据图中的数据分析,这三种方法中:(1)所做的有用功分别是多少?(2)哪种方法所做的总功最多,是多少?哪种方法所做的总功最少,是多少?[解题探究] (1)题目中三种不同方法的目的是什么?(2)三种方法中有用阻力和无用阻力分别是什么力?[解析] (1)甲、乙、丙三位工人都是将重为400 N的水泥从一楼运到三楼,有用阻力相同,都为水泥的重力,故三人所做的有用功都为W有用=G水泥h=400×6 J=2 400 J.(2)工人甲做的总功为W=(G水泥+G桶+G人)h=(400+20+400)×6 J=4 920 J甲工人乙做的总功为W=(G水泥+G桶+G滑轮)h=(400+20+10)×6 J=2 580 J乙工人丙做的总功为W=(G水泥+G口袋+G滑轮)h=(400+5+10)×6 J=2 490 J丙可见,工人甲做的总功最多,为4 920 J,工人丙做的总功最少,为2 490 J。
初中物理苏科版九年级上册一、动能 势能 机械能
6、自行车下坡时,不瞪脚踏板速度也会 越来越大,在此过程中,自行车的动能逐
渐_增__大____,自行车的重力势能逐渐 _减__小___。(选填“增大”、“减小”或
“不变”)
7、物体从光滑斜面的顶端下滑时,
它的能量变化是
(B )
A.动能转化为势能B.势能转化为动能
C.机械能总量增加D.机械能总量减少
机械能=动能+势能
9、试分析下列几种情况下物体的机械能是 如何变化的。
(1)光滑水平面上匀速滚动的小球。机械能不变 (2)匀速下落的雨滴。机械能变小 (3)起重机匀速提升的货物。机械能变大 (4)沿不计一切阻力的光滑斜面自由下落
如果一个物体能够对另一物体做功, 那么这个物体就具有能量。
2、能量的多少:
物体能够做的功越多, 那么它具有的能量就越多。
∴ “功是能的量度”
J 3、能量的单位:焦耳( )
足球、小轿车、火箭有能量吗?
并且这些物体有什么共同特点?
物体都在运动
物体由于运动 而具有的能量叫做动能
二、动能:
(1)概念:物体由于运动而具有的能量叫做动能
请你思考:如何判断一个物体具有能量?
例1:运动着的锤子能 将钉子钉入木板中。
运动着的锤子 对钉子做功吗?
∵锤子对钉子做功了 ∴运动着的锤子
具有能量。
例2:运动着的子弹射穿障碍物
请你分析:
∵运动着的子弹对障碍物 做功了。 ∴运动着的子弹 有 能量。
一、功和能
1、能量的概念: 高山上的石头有能量吗?
4、重力势能
( 1 )定义:物体由于被举高而具有的能量
( 2 )重力势能大小: 与 物体的质量 、被举的有高关度。
物体的质量越大,高度越大, 它的重力势能就越大
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
[S’]
[S]
u
Δrr
AΔrr0
B
Δrr′
o’(t1) o’(t2)
o 位移与参照系有关
3.质点所受合力的功等于各分力的功的代数和。
∫ ∑ ∑∫ ∑ b
A= ( a
r Fi
)
⋅
drr=
br a Fi
⋅
drr
=
Ai
i
i
i
4. 平均功率 瞬时功率
P = ΔA Δt
P
=
dA
=
r F
⋅ drr
=
r F
⋅ vr
=
m1
dv dt
+
u
dm1 dt
箭体运动方程可适用于所有质量流动物体的动力学问题。
注意:dm1可正可负,当dm1取负时,表明物体质 量减小。
例、宇宙飞船以初速 v0 在宇宙尘埃中飞行,飞船质量为 m0 ,前表面积为 S ,
尘埃密度为 ρ 。假设宇宙尘埃在飞船上的淀积速率 dm = ρSv ,求飞船
xb xa
Fx
dx
+
yb ya
Fy
dy
+
zb za
Fz
dz
≠
Ax
+
Ay
+
Az
自然坐标系:
∫ ∫ ∫ ∫ A=
b
r F
⋅
drr
=
ra
b
a Ft
drr
=
b
a Ftds =
b F cosαds
a
2. F 与参照系无关,位移与参照系有关,故
A与参照系有关。
rr = rr0 + rr′ Δrr = Δrr0 + Δrr′
dt dt
瓦特(W)=(J/s)
[例]
小球在水平变力
r F
作用下缓慢移动,即在所有位
求置上:(均1)近Fr 似的处功于,力(2平) 衡重状力态的,功直。到绳子与竖直方向成θ 角。
解:F cosθ = mg sinθ F = mg tanθ θ l
∫ ∫ ∫ Ft = mg tanθ cosθ = mg sinθ
v+dv
t+dt
+ dm2(v + dv − u) − m1v = m1dv − udm2
z
u dm2
F
=
m1
dv dt
−
u
dm2 dt
o
m1
t
v
Q Fp
=
u
dm2 dt
F
+
FP
=
m1
dv dt
dm1 = −dm2
F
+
FP
=
m1
dv dt
FP + F > 0 时,加速上升。
Qdm2 = −dm1
F
vmax
=
u ln
m10 m1min
——齐奥尔科夫斯基公式
提高火箭速度的途径:
(1) u ↑ ,
(2) m10 ↑ m1min
•当 v0 =0,u =2000 m/s 时,要达到第一宇宙速度
v=v1=7.9 km/s,须有: m10 m1min ≈ 50
•若u ~4000 m/s,m10 /m1 min~15 , v=10.8 km/s 。
(v + dv − u)dm2 − vdm2 ≈ −udm2
由动量定理: Fdt = −udm2 喷气受力: F = −u dm2
z u
o
m1
dm2
t
dt
v
箭体受到喷气的推力:FP
=
u
dm2 dt
二、箭体运动方程
r
F
对箭体和喷气组成的系统(设受外力F): m1 −dm2
Fdt = (m1 − dm2 )(v + dv)
=
∫ rrdm ∫ dm
¾ 质心运动定理
∑i
ri Fi =
m dvrc dt
=
marc
§2.1.4 火箭的运动
一、火箭推力
设 t 时刻,火箭质量为 m1,速度为 v (向 m1 −dm2
上),在 dt 内,喷出气体 dm2,喷气相对 v+dv
t+dt
火箭的速度(称喷气速度)为 u (向下)。
喷气的动量变化:
dt 的速度与其在尘埃中飞行的时间的关系。
解: F = m dv + u dm = 0 dt dt
u=v
v
=
v0
m0 m
(动量守恒)
m dv + v ⋅ ρ Sv = 0
dt
m0v0 dv + v ⋅ ρ Sv = 0
m dt
v=
m0v0
m02 + 2m0v0ρ St
三、火箭的速度公式
只计重力:
F
∑ A = Fi cosαi Δrri
∑ =
i
r Fi
⋅
Δrri
Δrri
αi
b(xb, yb,zb)
Fr
i
a(xa, ya,za)
i
∫ ∫ A =
b
r F
⋅
drr
=
b F cosαds
a
a
1. 一般情况下,功与力和路径有关.
说明
直角坐标系:
dA
=
r F
⋅
drr
=
Fxdx
+
Fydy
+
Fz dz
∫ ∫ ∫ A =
=
−m1g
=
m1
dv dt
+
u
dm1 dt
设 t=0 时,v=0 ,m1=m10 ,任一时刻 t 时为 v 和 m1。
∫ ∫ ∫ t
− gdt =
v
dv + u
m1 dm1
0
0
m m10
1
− gt = v − u ln m10 m1
v = u ln m10 − gt m1
不计重力:
v = u ln m10 m1
采用多级火箭技术: (设N1、 N2 、N3 …为各级火箭的质量比)
v1 = u ln N1
v2 − v1 = u ln N2, v3 − v2 = u ln N3,⋅⋅⋅
最终速度:
∑ v = u ln Ni = u ln(N1N2N3 ⋅⋅⋅)
i
¾ 如美国发射“阿波罗”登月飞船的“土星五号” 运载 火箭,N1 =16, u1 =2.9 km/s , N2 = 14, N3=12, u2,3 =4 km/s ,则有:v =28.5 km/s ,考虑重力和阻力 后仍大于第二宇宙速度,足够完成登月。
AF =
r F
⋅
drr
=
θ
Ftds =
mg sinθ ldθ
0
m θr
mgr F
= mgl(1− cosθ ) 变力
∫ ∫ Amg =
Hale Waihona Puke mgr ⋅ drr = θ − mg sinθ ldθ 0
= −mgl(1− cosθ ) 恒力 曲线运动
二、内力的功
一 质ddr点对rrrAiijj系内=====内力FFFdrrrr,的riiiijjj(内功−⋅⋅⋅rrid(d力:dr−rr(ri是rrrjrii+rr成−−j F)对rdrr相相jjir出r)j对⋅对现)d位元rr的j矢位。移OrrdidbrdrrriirriijirrFrjirrjij
“神州五号”运载火箭 长征2号F(CZ-2F)
两级捆绑式运载火箭
END
§2.2 功和能
§2.2.1 功 动能定理
一、功
功是度量能量转换的基本物理量,它描写了
力对空间的积累效应。
恒力的功:
A= =
Fr F
cosα
⋅ Δrr
Δrr
焦耳(J)
Fv
α Δrv
变力的功: ΔAi = Fi cosαi Δrri
上次课主要内容
¾
∫ ∫∑ ¾
质点动量定理
r I
质点系的动量定理
=
t t0
tr F ⋅ dt to r
Fidt
= =
pr − pr −
pr0 pr0
= mvr = Δpr
−
mvr0
¾ 动量守恒定律
∑ ∑ 当
r Fi
=0
时,
pr =
mivri =常矢量。
¾ 质心的位矢
∑∑ rrc ≡
mi rri
i
mi
rrc