物理卷·2018届广东省揭西县河婆中学高二上学期期中考试(2016.11)

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2016-2017学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高二(上)期中物理试卷

2016-2017学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高二（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共10小题，共20.0分)1.如图所示，一只蚂蚁从半径为R的半球体底端缓慢地（速度可忽略不计）爬上顶端，下列说法正确的是（）A.蚂蚁受到球面的摩擦力变大B.蚂蚁受到球面的摩擦力变小C.蚂蚁受到球面的支持力不变D.蚂蚁受到球面的支持力变小【答案】B【解析】解：以蚂蚁为研究对象，受力分析，将重力正交分解，如图1所示，将重力分解有：F N-mgsinθ=0…①f-mgcosθ=0…②由①②解得：F N=mgsinθ，f=mgcosθ，随着蚂蚁向上爬，根据几何知识可知，θ增大，故sinθ增大，cosθ减小，因此支持力增大，摩擦力减小，故ACD错误，B正确．故选B．蚂蚁在缓慢爬行的过程中，时刻处于平衡状态，因此以蚂蚁为研究对象，根据平衡条件求出半球体对质点的支持力和摩擦力的表达式，结合几何知识可以正确解答．该题综合了受力分析、正交分解、平衡条件应用等知识，注意数学知识在解题过程中的应用．2.如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.甲的向心加速度比乙的小B.甲的运行周期比乙的小C.甲的角速度比乙的大D.甲的线速度比乙的大【解析】解：根据卫星运动的向心力由万有引力提供，有：A、由于，可知甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故A正确；B、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的周期大于乙的周期，故B错误；C、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的角速度小于乙的角速度，故C错误；D、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的线速度小于乙的线速度，故D错误．故选A．抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式展开讨论即可．抓住半径相同，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力展开讨论即可，注意区别中心天体的质量不同．3.放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（）A.m=0.5kg，μ=0.4B.m=1.5kg，μ=C.m=0.5kg，μ=0.2D.m=1kg，μ=0.2【答案】A【解析】解：由v-t图可知4-6s，物块匀速运动，有F f=F=2N．在2-4s内物块做匀加速运动，加速度a=2m/s2，由牛顿第二定律得ma=F-F f，将F=3N、F f=2N及a代入解得m=0.5kg．由动摩擦力公式得，所以A正确．故选A．根据v-t图和F-t图象可知，在4-6s，物块匀速运动，处于受力平衡状态，所以拉力和摩擦力相等，由此可以求得物体受到的摩擦力的大小，在根据在2-4s内物块做匀加速运动，由牛顿第二定律可以求得物体的质量的大小．本题考查学生对于图象的解读能力，根据两个图象对比可以确定物体的运动的状态，再由牛顿第二定律来求解．A.E P＞E Q，U P＞U QB.E P＞E Q，U P＜U QC.E P＜E Q，U P＞U QD.E P＜E Q，U P＜U Q【答案】A【解析】解：电场线越密代表场强越强，从图可以看出P点的电场线的密集程度大于Q点的密集程度，故P点的场强大于Q点的场强，所以E p＞E Q，又由于沿电场线方向电势逐渐降低，由图可知电场线的方向由P指向Q，所以P点的电势高于Q点的电势，即U P＞U Q，故A正确．故选A．根据电场线越密代表场强越强，可以判定P点的场强大于Q点的场强；根据沿电场线方向电势逐渐降低可以判定P点的电势高于Q点的电势．只要理解了电场线的特点即可顺利解决此题．5.如图所示，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点．不计重力，下列表述正确的是（）A.粒子在M点的速率最大B.粒子所受电场力沿电场方向C.粒子在电场中的加速度不变D.粒子在电场中的电势能始终在增加【答案】C【解析】解：A、电子受到的电场力向左，在向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电子的速度减小，运动到M点时，电子的速度最小，所以A错误；B、电子受到的电场力的方向与电场线的方向相反，所以B错误；C、由于电子是在匀强电场中运动的，受到的电场力的大小是不变的，所以粒子在电场中的加速度也不变，所以C正确；D、当电子向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电势能增加，在向左返回的过程中，电场力对电子做正功，电势能减小，所以D错误．故选C．电子在匀强电场中受到的电场力的方向向左，在向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电子的速度减小，电势能增加，根据电子的运动分析可以得出结论．本题就是对电场力做功特点的考查，掌握住电场力做正功，电势能减小，动能增加，电场力做负功时，电势能增加，动能减小．6.一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v-t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是（）A. B. C.D.【答案】C【解析】解：由v-t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确．故选C．v-t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v-t图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．本题结合v-t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．7.如图所示，平行板电容器两极A、B间有一个带电油滴P，正好静止在两极板正中间．现将两极板稍拉开一些，其它条件不变（拉开时间忽略），则（）A.油滴将向上加速B.油滴将向下加速C.电流计中电流由b流向aD.电流计中始终无电流流过【答案】B【解析】解：A、将两极板的距离拉开一些，由于电势差不变，d变大，则根据E=知，电场强度变小，电场力减小，油滴向下加速．故A错误，B正确．C、根据C=得，d变大，则电容变小，U不变，根据Q=CU知，电荷量减小，则电流计中的电流由a流向b．故C错误，D错误．故选：B带电油滴静止在两极板的正中间，知电场力和重力平衡，根据电场强度的变化判断油滴的运动情况，结合电容的变化得出电量的变化，从而确定电流计中电流的方向．解决本题的关键抓住电容器始终与电源相连，电势差不变，结合电容的变化判断电量的变化．8.图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A.甲表是电流表，R增大时量程增大B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电压表，R增大时量程减小D.上述说法都不对【答案】解：A、由图甲所示可知，电阻与G并联，甲为电流表，分流电阻R增大时，电阻分流电流减小，量程变小．故A错误，B正确；C、由图乙所示可知，电阻R与G串联，乙为电压表，R增大，电阻分压电压变大，量程变大．故C错误；D、由以上分析可知，B正确，则D的说法错误，故D错误；故选：B．灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表．甲表中，R增大时，变阻器分流减小，量程减小．乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大．本题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．9.如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A.I1变大，I2变小B.I1变大，I2变大C.I1变小，I2变大D.I1变小，I2变小【答案】C【解析】解：当可变电阻的滑片向a移动晨，变阻器有效电阻减小，使该支路的电阻减小，从而引起整个电路的总电阻R外减小，据闭合电路欧姆定律可知，电路的总电流I总增大，电路的外电压U外=E-I总r减小，即R1两端的电压U1=U外减小，通过R1的电流I1减小．又因I总增大，I1减小，通过R2的电流I2=I总-I1增大．故选：C当可变电阻的滑片向a移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析总电流I总的变化和路端电压的变化，进一步分析电阻R1的电流I1的变化．由I2=I总-I1来分析I2的变化．本题是电路中动态变化分析问题，难点是分析I2的变化，根据I2=I总-I1分析，这种方法常常被称为总量法．10.如图所示，有一带电粒子贴A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板中间；设两次射入电场的水平速度相同，则电压U1、U2之比为（）A.1：8B.1：4C.1：2D.1：1【答案】A【解析】解：设平行板电容器板为L，板间距离为d，粒子的初速度为v．则对于第一种情况：y1=d==•，则得U1=同理对于第二种情况：得到U2=8所以U1：U2=1：8故选：A一半；第二种情况：水平位移等于板长的一半，竖直位移等于板间距离，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．本题是类平抛运动的问题，采用运动的分解法处理．本题采用比例法研究时，要用相同的量表示出电压，再求解比值．二、多选题(本大题共6小题，共24.0分)11.如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球．给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为θ．下列说法中正确的是（）A.小球受重力、绳的拉力和向心力作用B.小球只受重力和绳的拉力作用C.θ越大，小球运动的速度越大D.θ越大，小球运动的周期越大【答案】BC【解析】解：A、B：小球只受重力和绳的拉力作用，二者合力提供向心力，∴A选项错误，B正确．C：向心力大小为：F n=mgtanθ，小球做圆周运动的半径为：R=L sinθ，则由牛顿第二定律得：mgtanθ=，得到线速度：v=，θ越大，sinθ、tanθ越大，∴小球运动的速度越大，∴C选项正确．D：小球运动周期：T=，因此，θ越大，小球运动的周期越小，∴D选项错误．故选：BC．分析小球的受力：受到重力、绳的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物体受到向心力．然后用力的合成求出向心力：mgtanθ，用牛顿第二定律列出向心力的表达式，求出线速度v和周期T的表达式，分析θ变化，由表达式判断V、T 的变化．理解向心力：是效果力，它由某一个力或几个力的合力提供，它不是性质的力，分析物体受力时不能分析向心力．同时，还要清楚向心力的不同的表达式．12.如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷-Q，且CO=OD，∠ADO=60°．下列判断正确的是（）A.O点电场强度为零B.D点电场强度为零C.若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D.若将点电荷-q从O移向C，电势能增大【答案】BD【解析】解：A、题中A、B两个+Q 在O点的场强矢量和为0，所以O点的场强等于C点在O点产E A、E B的矢量和沿x轴正方向，大小也等于E，E C方向沿x轴负方向，故三个场强的矢量和为0，B选项正确；C、D、x轴上x＜0的区间，合场强方向沿x轴负方向，所以将正电荷从O移向C，电场力做正功，电势能减小，将负电荷从O移向C，电场力做负功，电势能增加，C选项错误，D选项正确．故选BD．空间某点的电场强度是由三个点电荷叠加而成的，电势能变化要看电场力做功情况，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．本题关键在于用矢量合成的平行四边形定则来求解空间任意一点的和场强，根据电场力做功情况来判断电势能的变化情况．13.一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以初速度v0水平抛出，小球的加速度大小为，则小球在下落h高度过程中（）A.动能增加了mghB.电势能增加了mghC.重力势能减少了mghD.机械能减少了mgh【答案】AB【解析】解：根据牛顿第二定律得，mg-F=ma，解得电场力F=，在小球下落h的过程中，合力做功为，则动能增加了，电场力做功为-，则电势能增加，重力做功为mgh，则重力势能减小mgh，除重力以外其它力，即电场力做功为，则机械能减小．故A、B正确，C、D错误．故选AB．根据牛顿第二定律得出电场力的大小，通过合力做功得出动能的变化，通过电场力做功得出电势能的变化，根据重力做功得出重力势能的变化，根据除重力以外其它力做功得出机械能的变化．解决本题的关键掌握合力做功与动能的关系，电场力做功与电势能的关系，重力做功与重力势能的关系，除重力以外其它力做功与机械能的关系．14.如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知（）A.导体的电阻是25ΩB.导体的电阻是0.04ΩC.当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是0.4AD.当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是2.5V【答案】解：A、I-U图象的斜率表示电阻的倒数，故电阻电阻R==25Ω，故A正确，B错误；C、当欧姆定律可知，当导体的电阻为10V时，电流I==0.4，故C正确；D、当电流为0.1A时，电压U=IR=0.1×25=2.5V，故D正确．故选：ACD．明确伏安特性曲线的性质，根据欧姆定律可求得电阻，再根据欧姆定律求出对应的电流和电压．本题考查欧姆定律的应用，要注意明确伏安特性曲线的性质，知道本题中图线为线性关系，即说明电阻是保持不变的．15.图中为两个不同闭合电路中两个不同电源的U-I图象，下列判断正确的是（）A.电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2B.电动势E1=E2，内阻r1＜r2C.电动势E1＞E2，内阻r1＜r2D.当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大【答案】ABD【解析】解：A、根据闭合电路欧姆定律知：U=E-I r，则知U-I图象与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，故有电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2，故A 正确；B、U-I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率的绝对值表示内阻，则得电动势E1=E2，内阻r1＜r2，故B正确，故C错误；D、电动势E1=E2，内阻r1＜r2，根据U=E-I r可知，当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大，故D正确；故选：ABDU-I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率的绝对值表示内阻．根据闭合电路欧姆定律分析．本题考查了闭合电路电源的U-I图象的相关知识，要求同学们理解U-I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率的大小表示内阻．16.如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，可以判断（）A.电动机消耗的总功率为550WB.提升重物消耗的功率为450WC.电动机线圈的电阻为22ΩD.电动机线圈的电阻为4Ω【答案】解：重物被提升的功率P1=F v=G v=500×0.9W=450W此时电路中的电流为5A．则电源的总功率P总=EI=110×5W=550W所以线圈电阻消耗的功率为P r=P总-P1=550-450W=100W由殴姆定律可得：r==故选：ABD．当电动机以恒定速度向上提升重物时，同时电动机因线圈电阻消耗功率．则电源产生的总功率等于提升物体消耗的功率加上线圈电阻消耗的功率．由能量守恒定律可知，提升功率与电阻发热功率之和为电源的总功率．三、实验题探究题(本大题共3小题，共16.0分)17.实验小组利用光电计时器验证物块沿斜面下滑过程中机械能守恒，装置如图甲．让小物块从斜面顶端滑下，若测得小物块通过A、B光电门时的速度为v1和v2，AB之间的距离为L，斜面的倾角为α，重力加速度为g．①若实验数据满足关系式______ ，则验证了物块沿斜面下滑过程机械能守恒．②本实验的误差主要来源于斜面对物块的______ 而造成物块机械能的损失．【答案】g L sinα=v22-v12；摩擦力做负功【解析】解：①若测得物块在通过A、B光电门时的速度为v1和v2，A、B之间的距离为L，斜面的倾角为α，物块重力势能减小量△E p=mg L sinα动能增加量△E k=mv22-mv12，所以若实验数据满足关系式g L sinα=v22-v12，则验证了物块沿该斜面下滑过程中机械能守恒．②本实验的误差主要来源于斜面对物块的摩擦力做负功而造成物块机械能的损失，使得重力势能有一部分转化给了摩擦阻力做功产生的内能．故答案为：（1）g L sinα=v22-v12②摩擦力做负功①根据重力势能减小量和动能增加量的表达式求解．②由于实验过程中摩擦阻力的存在，重力势能有一部分转化给了摩擦阻力做功产生的内能．本题为验证机械能守恒定律的实验，要注意分析题意，能正确利用所学物理规律解决实验问题，熟练应用物理基本规律，因此这点在平时训练中要重点加强．18.①某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则金属丝直径的读数值是______mm．②已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0～10Ω，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ，电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），电源电动势E=4.5V，内阻较小．则以下电路图中，______ （选填字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路，但用此最佳电路测量的金属丝电阻仍然会比真实值偏______ （选填“大”或“小”）．【答案】0.999；A；偏小【解析】解：①由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+49.9×0.01mm=0.999mm．②待测金属丝电阻很小约为几欧姆，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ，电压表内阻远大于待测金属丝电阻，电流表应采用外接法，应选择图A所示电路；电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流偏大，由欧姆定律可知，电阻丝的测量值小于真实值．故答案为：①0.999；②A；偏小．①螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．②根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表接法，然后选择电路图；根据电路图应用欧姆定律分析实验误差．本题考查了螺旋测微器读数、实验电路的选择、实验误差分析，要掌握常用器材的使用及读数方法；根据题意确定电流表接法是选择电路的关键．19.有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的如图1I-U图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～3V，内阻6kΩ）B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）E．滑动变阻器（10Ω，2A）F．滑动变阻器（200Ω，0.5A）G．蓄电池（电动势6V，内阻不计）①用如图2所示的电路进行测量，电流表应选用______ ．滑动变阻器应选用______ ．（用序号字母表示）②通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图1所示．由图线可求得此灯泡在正常工作时的电流为______ A．③若将此灯泡与电动势6V、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为______ Ω的电阻．【答案】D；E；0.28；11.4【解析】解：①由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，由P=UI可得电流为：I=0.28A，故电流表应选：D；本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选E；②由图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A；③灯泡正常发光时，串联电阻两端电压U R=U-U L=6V-2.8V=3.2V，串联电阻阻值R==≈11.4Ω；故答案为：①D E；②0.28；③11.4．①根据灯泡的额定功率可求出额定电流，则可确定出电流表；根据滑动变阻器的接法可选出滑动变阻器；②由图象可得出额定电压，由图象可求得灯泡的正常工作时的电流，③由欧姆定律可求得灯泡的正常工作时的电阻；本题考查了实验器材的选择、求灯泡电阻、串联电阻的阻值，要掌握实验器材的选择原则与方法；由图象求出灯泡电压对应的电流是正确求出灯泡电阻、串联电阻的关键四、计算题(本大题共4小题，共40.0分)20.飞行时间质谱仪可对气体分子进行分析．如图所示，在真空状态下，脉冲阀P喷出微量气体，经激光照射产生电荷量为q、质量为m的正离子，自a板小孔进入a、b间的加速电场，从b板小孔射出，沿中线方向进入M、N板间的偏转控制区，到达探测器．已知a、b板间距为d，极板M、N的长度和间距均为L．不计离子重力及进入a板时的初速度．（1）当a、b间的电压为U1，在M、N间加上适当的电压U2，使离子到达探测器．求离子到达探测器的全部飞行时间．（2）为保证离子不打在极板上，试求U2与U1的关系．【答案】解：（1）在加速过程中，电势能转化为动能，由动能定理有：离子在a、b间的加速度为：离子在a、b间做匀加速直线运动，运动的时间为：在MN间做类平抛运动，运动的时间为：离子达到探测器的时间：．（2）离子在MN间做类平抛运动，侧移距离为：离子不达到极板上，可知有：＜结合上式解得：U2＜2U1答：（1）离子到达探测器的全部飞行时间为．（2）为保证离子不打在极板上，U2与U1应满足U2＜2U1．【解析】（1）离子在a、b间做加速运动，进入M、N板间区域后做类平抛运动；运用能量的转化和守恒，求出进入M、N时的速度，利用运动学公式可求出加速所用的时间，离子在M、N间的水平方向上做匀速直线运动，从而可求出在M、N间运动的时间．（2）离子在M、N间是类平抛运动，在沿电场方向上，离子做初速度为零的匀加速直线运动，因离子是从沿中心线射入的，所以离子在此方向上的位移要小于M、N距离的一半．运用运动学公式可求出两个电压的关系．解决此类问题的关键是正确分析带电粒子的受力情况及运动特征，然后灵活选用力学规律解决问题．主要从以下几方面入手：1、首先要明确研究对象，对研究对象进行正确的受力分析．2、依据力与运动的关系，明确运动性质及运动过程，建立合理的运动模型．3、根据不同的运动模型，选择合适的定律、定理列方程组求解．在平行板电容器中，若离子沿中心线射入电场，离子将做类平抛运动；离子若能射出电场，射出电场时速度的反向延长线必经过两极板间中心线的中点．21.如图所示，ABCD为竖立放在场强为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的半圆环，轨道的水平部分与半圆环相切，A为水平轨道上的一点，而且A=R=0.2m．把一质量m=0.1kg、带电量q=10-4C的小球，放在水平轨道的A点由静止开始释放后，在轨道的内侧运动．（g取10m/s2）求：（1）它到达C点时的速度是多大？（2）若让小球安全通过D点，开始释放点离B点至少多远？【答案】解：（1）由A点到C点，应用动能定理，有：解得：v C=2m/s（2）在D点，小球要恰好通过，必有：设释放点距B点的距离为x，由动能定理得：E qx-2mg R=以上两式联立可得：x=0.5m．答：（1）它到达C点时的速度是2m/s；（2）若让小球安全通过D点，开始释放点离B点至少0.5m远．【解析】（1）应用动能定理研究小球由A→C的过程，求出小球在C点的速度大小，（2）先运用重力等于向心力求解D点的速度，应用动能定理与牛顿第二定律可求出小球开始运动的位置离B点的距离．在本题中物体不仅受重力的作用，还有电场力，在解题的过程中，一定要分析清楚物体的受力和运动过程，根据动能定理和牛顿第二定律灵活列式求解．22.如图所示，质量分别为m A=3kg、m B=1kg的物块A、B置于足够长的水平面上，F=13N的水平推力作用下，一起由静止开始向右做匀加速运动，已知A、B与水平面间的动摩擦因素分别为μA=0.1、μB=0.2，取g=10m/s2．（1）物块A、B一起做匀加速运动的加速度为多大？（2）物块A对物块B的作用力为多大？。

(解析版)广东省揭西县河婆中学2017-2018学年高二上学

高二第一学期物理科期末测试试卷(2018年1年)一、单项选择题(每题2分，本题共10小题，共20分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得2分，错误、不选或多选均不得分)1. 在电磁学发展过程中,许多科学家作出了重要贡献,下列表述与物理史实不相符的是()A. 库仑通过扭秤实验,发现了点电荷的相互作用规律B. 密立根通过油滴实验,测定了元电荷的数值C. 奥斯特发现了电流的磁效应D. 安培提出了分子电流的假说,发现了磁场对运动电荷的作用规律【答案】D【解析】A项：库仑通过扭秤实验,发现了点电荷的相互作用规律，即库仑定律，故A与物理史实相符；B项：密立根通过油滴实验,测定了元电荷的数值，故B与物理史实相符；C项：奥斯特发现了电流的磁效应，故C与物理史实相符；D项：发现了磁场对运动电荷的作用规律的是洛伦兹，故D与物理史实不相符。

2. 下列关于磁场和磁感线的描述中正确的是( )A. 磁感线可以形象地描述各点磁场的方向B. 磁感线是磁场中客观存在的线C. 磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止D. 实验中观察到的铁屑的分布就是磁感线【答案】A【解析】磁感线是为了形象描述磁场而引入的假想线，它可以描述磁场的强弱和方向，A正确B错误；磁铁的外部，磁感线从N极到S极，内部从S极到N极，内外部磁感线为闭合曲线，C错误；实验中观察到的铁屑的分布只是模拟磁感线的形状，不是磁感线，磁感线是看不到的，D错误．3. 真空中A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和4r，则A、B两点的电场强度大小之比为( )A. 16∶1B. 1∶16C. 9∶1D. 1∶9【答案】A【解析】引入一个试探电荷q，则它在电场中受到的电场力为：则此处的电场强度为：可知电场强度与距离平方成反比，故则A、B 两点的电场强度大小之比为：故应选B。

点晴：本题很简单直接考查了库伦定律和电场强度定义式的应用，对于这些公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义。

2017-2018年广东省揭阳市揭西县河婆中学高二(上)期中物理试卷和答案

2017-2018学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高二（上）期中物理试卷一、单选题（共10小题，每小题2分，共20分，每小题的四个选项中只有一个符合题意．）1．（2分）下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是（）A．元电荷最早由库仑通过油滴实验测出B．牛顿通过扭秤实验测定出了万有引力恒量GC．法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律2．（2分）下列静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离，则（）①F=k②E=③E=④U=Ed．A．它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B．①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C．①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D．①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立3．（2分）关于电流，下列说法正确的是（）A．通过导线横截面的电量越多，电流越大B．电子运动的速率越大，电流越大C．单位时间内通过导体横截面的电量越多，导体中的电流越大D．电流的方向与自由电荷定向移动的方向相反4．（2分）如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度（）A．一定减小B．一定增大C．一定不变D．可能不变5．（2分）如图是两个等量异种点电荷，周围有1、2、3、4、5、6各点，其中1.2之间距离与2.3之间距离相等，2、5之间距离与2、6之间距离相等．两条虚线互相垂直，且平分，那么关于各点电场强度和电势的叙述不正确的是（）A．1、3两点电场强度相同B．5、6两点电场强度相同C．4、5两点电势相同D．1、3两点电势相同6．（2分）假设月球均匀带负电，在探月过程中发现有一电子粉尘悬浮在距月球表面100km的地方不动．如果将同样的电子粉尘带到距月球表面500km的地方，相对月球无初速释放，则此电子粉尘（）A．仍在原处悬浮B．向月球下落C．向太空运动D．无法判断7．（2分）如图所示的电路，是用一个灵敏电流计G和一个变阻器R改装成的量程更大的电表，下列判断正确的是（）A．改装成了电流表，R增大时量程减小B．改装成了电流表，R增大时量程增大C．改装成了电压表，R增大时量程减小D．改装成了电压表，R增大时量程增大8．（2分）如图所示，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面．两个带电粒子M、N（重力忽略不计）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示．已知M是带正电的带电粒子．则下列说法中正确的是（）A．N一定也带正电B．a点的电势高于b点的电势，a点的场强大于b点的场强C．带电粒子M的动能减小，电势能增大D．带电粒子N的动能增大，电势能减小9．（2分）如图所示，四个质量相同、带电荷量均为+q的a、b、c、d微粒，距离地面的高度相同，以相同的水平速度抛出，除了a微粒没有经过电场外，其他三个微粒均经过场强大小相同的匀强电场（mg＞qE）．这四个微粒从抛出到落地的时间分别是t a、t b、t c、t d，则（）A．＜t a=t c＜t d B．t b=t c＜t a=t d C．t a=t d＜t b＜t c D．t b＜t a=t d＜t c10．（2分）如图所示，在竖直平面内，AB⊥CD且A、B、C、D位于同一半径为r的圆上，在C点有一固定点电荷，电荷量为﹣Q．现从A点将一质量为m、电荷量为﹣q的点电荷由静止释放，该点电荷沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时的速度大小为4．已知重力加速度为g．规定电场中B点的电势为零，则在﹣Q形成的电场中（）A．D点的电势为B．A点的电势高于D点的电势C．D点的电场强度大小是A点的倍D．点电荷﹣q在D点具有的电势能为7mgr二、多选题（共6小题，每小题4分，共24分．每小题给出的四个选项中，有两个及两个以上选项符合题目要求，全选对得4分，漏选得2分，错选、不选得0分．）11．（4分）下列各种说法中不正确的是（）A．电流的定义式I=适用于任何电荷的定向移动形成的电流B．电源的负载增加，输出功率一定增大C．电动势在数值上等于电源将单位正电荷从正极经用电器移送到负极时电场力所做的功D．从R=可知，导体的电阻跟两端的电压成正比，跟导体的电流成反比12．（4分）如表是一辆电动自行车的部分技术指标，参考表中数据判断以下说法正确的是（）A．自行车每秒钟消耗的电能为216JB．电动机每秒钟消耗的电能为180JC．电动机的内电阻为6ΩD．电动机的内电阻为1Ω13．（4分）如图所示，可视为点电荷的小物块A、B分别带负电和正电，B固定，其正下方的A静止在绝缘斜面上，则A受力个数可能为（）A．A可能受到2个力作用B．A可能受到3个力作用C．A可能受到4个力作用D．A可能受到5个力作用14．（4分）如图所示，用绝缘细线拴住一带正电的小球，在方向竖直向上的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动，则正确的说法是（）A．若电场力大于重力，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B．若电场力小于重力，当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C．小球可能做匀速圆周运动D．小球不可能做匀速圆周运动15．（4分）有同学想通过静电除尘的方法净化空气．她用玻璃圆桶密闭含灰尘的空气，圆桶的高和直径相等．方法一是：在圆桶顶面和底面间加上电压U，沿圆桶的轴线方向形成一个匀强电场，尘粒的运动方向如图甲所示；方法二是：在圆桶轴线处放一直导线，在导线与桶壁间加上的电压也等于U，形成沿半径方向的辐向电场，尘粒的运动方向如图乙所示．已知空气阻力与尘粒运动的速度成正比，即F=kv（k为一定值），假设每个尘粒的质量和带电荷量均相同，不计尘埃阻的重力，则（）A．两种方法中尘粒最终一定都做匀速运动B．两种方法下尘粒受到的电场力大小相等C．电场对单个尘粒做功的最大值相等D．乙容器中的尘粒不可能做匀速直线运动16．（4分）如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t=0时，在此匀强电场中由静止释放一个带正电的粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）A．带电粒子将始终向同一个方向运动B．2 s末带电粒子回到原出发点C．3 s末带电粒子的速度不为零D．0～3 s内，电场力做的总功为零三、实验题（共3小题，共25分．按题目要求作答．）17．（6分）用如图1所示的装置“探究加速度与力和质量的关系”，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上定滑轮的两根细线均处于水平．①实验时，一定要进行的操作是．（填序号）A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数F0B．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C．用天平测出砂和砂桶的质量D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量②以拉力传感器示数F0的二倍F（F=2F0）为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的a﹣F图象如图2所示，则可能正确的是．③在实验中，得到一条如图3所示的纸带，取0、1、2、…、5共6个计数点，1～5每相邻两个点间各有四个点未画出，用刻度尺测出1、2、…、5各点到0点的距离分别为：10.92、18.22、23.96、28.30、31.10（cm），通过电磁打点计时器的交流电频率为50Hz．则小车的加速度大小为m/s2（保留3位有效数字）．18．（7分）在测量金属丝电阻率的实验中，（1）用螺旋测微器测量时，可以精确到mm，读出图1情况下的测量结果cm．（2）已知电压表内阻约3kΩ，电流表内阻约1Ω，若采用图2﹣甲电路测量，则R x的测量值比真实值（填“偏大”或“偏小”）．若R x约为10Ω应采用（选“甲”或“乙”）的电路，误差会比较小．（3）某次测量时，电压表和电流表的示数图3所示，则电流表示数为A，电压表示数为V．19．（12分）要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A、电源E（电动势3.0V，内阻可不计）B、电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约2kΩ）C、电压表V2（0～15.0V，内阻约6kΩD、电流表A1（0～0.6A，内阻约1Ω）E、电流表A2（0～100mA，内阻约2Ω）F、滑动变阻器R1（最大值10Ω）G、滑动变阻器R2（最大值2kΩ）（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择，电流表应选择，滑动变阻器应选择（填各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你在如图1中设计实验电路图，并画在如图2的虚线框中．（3）实验中测得一组数据如下表所示，根据表格中的数据在方格纸上作出该电珠的伏安特性曲线．（4）该小电珠的额定功率是．（5）由图象可知，小电珠电阻的变化特点是．四、计算题（共3小题，共31分．）20．（8分）使用功率为P=1kW的电加热装置把m=2kg的水从25℃加热到100℃，=4.2×103J/kg•℃．求：已知c水（1）水吸收的热量；（2）若这个装置的效率为60%，则加热时间是多久？21．（9分）两平行板间有水平匀强电场，一根长为L，不可伸长的不导电细绳的一端连着一个质量为m、带电量为q的小球，另一端固定于O点．把小球拉起直至细线与电场线平行，然后无初速度释放．已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为θ，求：（θ=37°且sin37°=cos37°=）（1）匀强电场的场强；（2）小球到最低点的速度；（3）经过最低点时，细线对小球的拉力．22．（14分）如图所示，水平放置的平行板电容器，原来两板不带电，上极板接地，极板长L=0.1m，两板间距离d=0.4cm．有一束由相同粒子组成的带电粒子流从两板中央平行于板射入，由于重力作用，粒子能落到下板上，已知粒子质量为m=2×10﹣6kg，电荷量q=1×10﹣8C，电容器的电容C=10﹣6F．不计带电粒子流之间的相互作用，求：（1）为使第一个粒子能落在下板中点O到紧靠边缘的B点之间，粒子入射速度v0应为多大？（2）以上述速度入射的带电粒子，最多能有多少个落到下极板上？（g取10m/s2）2017-2018学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（共10小题，每小题2分，共20分，每小题的四个选项中只有一个符合题意．）1．（2分）下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是（）A．元电荷最早由库仑通过油滴实验测出B．牛顿通过扭秤实验测定出了万有引力恒量GC．法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律【解答】解：A、元电荷最早由密里根通过油滴实验测出，故A错误；B、卡文迪许通过扭秤实验测定出了万有引力恒量G，故B错误；C、法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场，故C正确；D、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律，故D错误；故选：C。

揭西县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

揭西县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．桌面上放着一个10匝矩形线圈，如图所示，线圈中心上方一定高度上有一竖立的条形磁体，此时穿过线圈内的磁通量为0.01Wb. 把条形磁体竖放在线圈内的桌面上时，穿过线圈内磁通量为0.12Wb. 如果把条形磁体从图中位置在0.5s内放到线圈内的桌面上，计算可得该过程线圈中的感应电动势的平均值为A. 2.2VB. 0.55VC. 0.22VD. 2.0V2．如图所示为直升飞机由地面垂直起飞过程的速度时间图象，则关于飞机的运动，下面说法正确的是（）0~5sA. 内飞机做匀加速直线运动5~15sB. 内飞机在空中处于悬停状态15~20sC. 内飞机匀减速下降0~25s300mD. 内飞机上升的最大高度为3．在图示的四幅图中，正确标明了带正电的粒子所受洛伦兹力f方向的是A. B. C. D.4．以下各选项中属于交流电的是5．如图所示，虚线是小球由空中某点水平抛出的运动轨迹，A、B 为其运动轨迹上的两点。

小球经过A点时，速度大小为10 m/s、与竖直方向夹角为60°；它运动到B点时速度方向与竖直方向夹角为30°。

不计空气阻力，重力加速度取10m/s²，下列叙述正确的是A. 小球通过B点的速度为12m/sB. 小球的抛出速度为5m/sC. 小球从A点运动到B点的时间为1sD. A、B之间的距离为6m6．下面哪个符号是电容的单位A. JB. CC. AD. F7．下列说法中正确的是A. 在家庭电路中洗衣机和电冰箱是串联的B. 节能灯比白炽灯的发光效率高C. 变压器是用于改变直流电压的装置D. 交流电的周期越长，频率也越高8．高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷。

当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后。

人就向上弹起，进而带动高跷跳跃，如图乙。

广东省揭阳市揭西县河婆中学2019-2020学年高二上学期期中物理试卷 (有解析)

广东省揭阳市揭西县河婆中学2019-2020学年高二上学期期中物理试卷一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）1.如图所示，abcd是一正方形区域，处于匀强电场中，并与电场方向平行．大量电子从正方形的中心O，以相同速率ｖ向各个方向发射，电子从正方形边界上的不同点射出，其中到达c点的电子速度恰好为零，不计电子的重力，下面判断正确的是()A. 在正方形边界上c点电势最高B. 到达a点的电子电势能最小，速率是2vC. 到达b、d两点的电子电势能相等，速率均是vD. 到达dc边中点的电子速率是√2v22.如图所示，放置在水平地面上的箱子内，带电小球a、b用绝缘细线分别系于箱子的上、下两边，均处于静止状态，下列说法正确的是()A. 两球一定带异种电荷B. 若增大b球带电量，连接b的绳子拉力可能变小C. 若增大b球带电量，连接b的绳子拉力可能不变D. 若增大b球带电量，箱子对地面的压力一定增大3.如图所示的各情况下，关于a、b两点的相关判断正确的是()A. 图1中平行金属板带等量异种电荷时，极板之间的a、b两点场强相等B. 图3中离点电荷场源等距离的任意两点a、b场强相等，电荷从a到b移动，电场力不做功C. 图4中两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上关于连线对称的a、b两点场强相等D. 图4中两个等量同种电荷，若在其连线的中垂线上从a到b移动点电荷，电场力先做负功后做正功4.A，B为等量异种电荷，图中水平虚线为A、B连线的中垂线。

现将另两个等量异种试探电荷a、b用如图所示绝缘杆连接后从离A、B无穷远处平移到A、B的连线上，平移过程中两试探电荷位置始终关于中垂线对称。

若规定离A、B无穷远处电势为零，则下列说法正确的是()A. a、b运动路径上各点电势不断降低B. a、b整体在AB连线处具有的电势能为0C. a、b两个试探电荷一起移动过程中电势能都增大D. a、b两个试探电荷一起移动过程受到的电场力始终大小相等方向相同5.一个电源的U−I图象如图所示，θ角为图象和横轴所夹的锐角，则决定θ角的大小的有关因素是()A. 电源电动势EB. 电源的内电阻rC. 外电路的电阻RD. 由r和R共同决定6.如图所示为可调电容器结构图，下列有关说法错误的是()A. 动片完全旋出时电容最小，完全旋入时电容最大B. 利用该电容器可制作测量角度的电容式传感器C. 为增大该电容器的电容，可在动片与定片之间充入某种非导电物质作为电介质D. 可调电容器的定片必须接电源的正极，动片必须接电源的负极7.如图所示是一带正电的离子P在只受某一点电荷Q(Q未画出)的电场力作用从A运动到B再到C的轨迹，轨迹以水平轴线MN对称，非圆形轨迹B点是曲线的最右端．则()A. A到B过程电势能减小B. B到C过程电势能减小C. A到C过程B点加速度最大D. A到C过程B点速率可能最大8.如图所示，质量为m、电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，带有电荷量也为q的小球B固定在O点正下方绝缘柱上，其中O点与小球A的间距为l，O点与小球B的间距为√3l.当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角θ=30°，带电小球A、B均可视为点电荷，静电力常量为k。

高中广东省揭西县河婆中学高二上学期期中考试物理试题[答案解析]

广东省揭西县河婆中学【精品】高二上学期期中考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列关于静电场的说法正确的是（）A．在孤立点电荷形成的电场中没有场强相等的两点，但有电势相等的两点B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势向低电势运动C．场强为零处，电势一定为零；电势为零处，场强一定为零D．初速为零的正电荷在电场力作用下一定沿电场线运动2．真空中有两个静止的点电荷q1、q2 ，若保持它们之间的距离不变，而把它们的电荷量都变为原来的2倍，则两电荷间的静电力将变为原来的（）A．2倍B．4倍C．8倍D．16倍3．在如图所示的静电场中，正检验电荷仅在电场力作用下从静止开始自a点运动到b 点，下列说法正确的是A．a点的场强比b点的场强小B．a点的电势比b点的电势小C．正检验电荷在a点受到的电场力比b点的大D．正检验电荷在a点电势能比b点的小4．如图所示，甲、乙两图分别有等量同种的电荷A1、B1和等量异种的电荷A2、B2．在甲图电荷A1、B1的电场中，a1、O1、b1在点电荷A1、B1的连线上，c1、O1、d1在A1、B1连线的中垂线上，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1；在乙图电荷A2、B2的电场中同样也存在这些点，它们分别用a2、O2、b2和c2、O2、d2表示，且O2a2=O2b2=O2c2=O2d2．则A．a1、b1两点的场强相同，电势相同B．c1、d1两点的场强相同，电势相同C．a2、b2两点的场强相同，电势相同D．c2、d2两点的场强相同，电势相同5．如图所示是某导体的I－U图线，图中α＝45°，下列说法不正确的( )A．通过该导体的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R不变C．I－U图线的斜率表示电阻的倒数，所以R＝cot 45°＝1 ΩD．在该导体两端加6V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3C6．研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示，下列说法正确的是( )A．实验前，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器带电B．实验中，只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角变小C．实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大D．实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大7．如图所示点电荷电场中，将检验电荷从A点分别移到以点电荷为中心的同一圆周上的B、C、D、E各点，则电场力做的功（）A．从A到B做功最多B．从A到C做功最多C．从A到E做功最多D．做功一样多8．如图所示，可视为点电荷的小球A、B分别带负电和正电，B球固定，其正下方的A 球静止在绝缘斜面上，则A球受力个数为（）A．可能受到2个力作用B．可能受到3个力作用C．一定受到4个力作用D．可能受到5个力作用9．如图所示，平行板电容器两极板A，B间有一个带电油滴P，正好静止在两极板正中间。

广东省揭阳市揭西县河婆中学2017-2018学年高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19、20、21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．一滑块从固定的斜面底端冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回斜面底端．下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v、加速度a、势能E p、机械能E随时间变化的图象，则下列图象可能正确的是（）A．B．C．D．2．如图甲所示，高楼上某层窗口违章抛出一石块，恰好被曝光时间（光线进入相机镜头的时间）为0.2s的相机拍摄到，如图是石块落地前0.2s时间内所成的像（照片已经放大且方格化），每个小方格代表的实际长度为1.5m，忽略空气阻力，g取10m/s2，则（）A．石块水平抛出的初速度大小约为22.5 m/sB．石块将要落地时的速度大小约为7.5 m/sC．图乙中像的反向延长线与楼的交点就是石块抛出的位置D．石块抛出位置离地高度约为28 m3．17世纪，英国天文学家哈雷跟踪过一颗彗星，他算出这颗彗星轨道的半长轴约等于地球公转半径的18倍，并预言这颗彗星将每隔一定的时间飞临地球，后来哈雷的预言得到证实，该彗星被命名为哈雷彗星．哈雷彗星围绕太阳公转的轨道是一个非常扁的椭圆，如图所示．从公元前240年起，哈雷彗星每次回归，中国均有记录．它最近一次回归的时间是1986年．从公元前240年至今，我国关于哈雷彗星回归记录的次数，最合理的是（）A．24次B．30次C．124次D．319次4．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面C上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．水平面对C的支持力等于B、C的总重力B．B一定受到C的摩擦力C．C一定受到水平面的摩擦力D．若将细绳剪断，B物体开始沿斜面向下滑动，则水平面对C的摩擦力可能为零5．如图，由某种粗细均匀的总电阻为3R的金属条制成的矩形线框abcd，固定在水平面内且处于方向竖直向下的匀强磁场B中．一接入电路电阻为R的导体棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v匀速滑动，滑动过程PQ始终与ab垂直，且与线框接触良好，不计摩擦．在PQ从靠近ad处向bc滑动的过程中（）A．PQ中电流先增大后减小B．PQ两端电压先减小后增大C．PQ上拉力的功率先减小后增大D．线框消耗的电功率先减小后增大6．如图所示，某同学用同一弹簧测力计按图甲、乙两种方式测量某小桶的重力，甲图中系小桶的轻绳较长．下列说法中正确的是（）A．甲图中弹簧测力计的示数比乙图中的大B．两图中弹簧测力计的示数一样大C．甲图中绳的拉力比乙图中的大D．乙图中绳的拉力比甲图中的大7．如图所示为真空中两个异种点电荷a、b电场的等势面分布，A、B为电场中的两点，且A点电势高于B点电势，则下列说法正确的是（）A．a带正电B．a的场强方向沿该处等势面的切线方向C．同一检验电荷，在A点受到的电场力大于在B点受到的电场力D．正检验电荷从A点移到B点，电场力做正功8．如图，一个理想变压器上有三组线圈，三组线圈匝数之比为n1：n2：n3=3：2：1，现将三只相同的灯泡分别接入三组线圈中，并把n1的接线端接上交变电源，接通电源后，下列各项正确的是（）A．若EL1正常发光，那么EL2、EL3都不能正常发光B．若EL2正常发光，那么EL1将烧毁C．若EL2正常发光，那么EL1、EL3都不能到正常亮度D．若EL3正常发光，那么EL2将烧毁三、非选择题（包括必考题和选考题两部分．）（一）必考题（共47分）9．在“验证机械能守恒定律”实验中，某研究小组采用了如图甲所示的实验装置．实验的主要步骤是：在一根不可伸长的细线一端系一金属小球，另一端固定于O点，记下小球静止时球心的位置A，在A处放置一个光电门，现将小球拉至球心距A高度为h 处由静止释放，记下小球通过光电门时的挡光时间△t．（1）如图乙，用游标卡尺测得小球的直径d=cm；（2）该同学测出一组数据如下：高度h=0.21m，挡光时间△t=0.0052s，设小球质量为m=100g，g=9.8m/s2．计算小球重力势能的减小量△E p=J，动能的增加量△E k=J，得出的结论：，分析误差产生的原因是．（结果均保留三位有效数字）10．用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组（电动势约4.5V，内电阻约1Ω）的电动势和内电阻，除待测电池组、电键、导线外，还有下列器材供选用：A．电流表：量程0.6A，内电阻约1ΩB．电流表：量程3A，内电阻约0.2ΩC．电压表：量程3V，内电阻约30kΩD．电压表：量程6V，内电阻约60kΩE．滑动变阻器：0～1 000Ω，额定电流0.5AF．滑动变阻器：0～20Ω，额定电流2A（1）为了使测量结果尽量准确，电流表应选用，电压表应选用，滑动变阻器应选用（均填仪器的字母代号）．（2）图为正确选择仪器后，连好的部分电路．为了使测量误差尽可能小，还需在电路中用导线将和相连、和相连、和相连（均填仪器上接线柱的字母代号）．（3）实验时发现电流表坏了，于是不再使用电流表，剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器，重新连接电路，仍能完成实验．实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U．用图象法处理采集到的数据，为在直角坐标系中得到的函数图象是一条直线，则可以为纵坐标，以为横坐标．11．如图所示，在直角坐标系xOy的第二象限存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度的大小为E1，在y轴的左侧存在垂直于纸面的匀强磁场．现有一质量为m，带电荷量为﹣q的带电粒子从第二象限的A点（﹣3L，L）以初速度v0沿x轴正方向射入后刚好做匀速直线运动，不计带电粒子的重力．（1）求匀强磁场的大小和方向；（2）撤去第二象限的匀强磁场，同时调节电场强度的大小为E2，使带电粒子刚好从B点（﹣L，0）进入第三象限，求电场强度E2的大小．12．如图所示，一个长度为L=1m、高度为h=0.8m的长木板静止在水平地面上，其质量M=0.4kg，一质量m=0.1kg的小物块（可视为质点）放置在其上表面的最右端．物块与长木板、长木板与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.5．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现给长木板施加一个水平向右持续作用的外力F．（g=10m/s2）（1）若F恒为4N，试求长木板的加速度大小；（2）若F恒为5.8N，试判断物块是否能从长木板上掉下，如能，请求出小物块落地时距长木板左端的距离；如不能，求出物块距长木板右端的距离；（3）若F=kt，k＞0，在t=0时刻到物块刚滑落时间内，试定性画出物块与长木板间摩擦力大小随时间变化的图线，无需标注时间以及力的大小．【选修3-3】13．下列四幅图分别对应四种说法，其中正确的是（）A．微粒运动就是物质分子的无规则热运动，即布朗运动B．当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等C．食盐晶体的物理性质沿各个方向都是一样的D．小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用14．如图，一定质量的理想气体由状态a沿abc变化到状态c，吸收了340J的热量，并对外做功120J．若该气体由状态a沿adc变化到状态c时，对外做功40J，则这一过程中气体（填“吸收”或“放出”）J热量．【选修3-4】15．下列有关光纤及光纤通信的说法正确的是（）A．光纤由内芯和外套两层组成，内芯的折射率比外套的小B．光在光纤中的传输利用了全反射的原理C．光纤通信是一种以光波为传播介质的通信方式，光波按其波长长短，依次可分为红外线光、可见光和紫外线光，但红外线光和紫外线光属不可见光，它们都不可用来传输信息D．光波和无线电波同属电磁波，光波的频率比无线电波的频率低，波长比无线电波的波长大，在真空中传播的速度都约为3.0×108m/s16．如图所示为一弹簧振子的振动图象，试完成以下问题：①写出该振子简谐运动的表达式．②在第2s末到第3s末这段时间内，弹簧振子的加速度、速度、动能和弹性势能各是怎样变化的？③该振子在前100s的总位移是多少？路程是多少？【选修3-5】17．下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过对α粒子散射实验现象的分析，发现了原子是可以再分的B．β射线与γ射线一样都是电磁波，但穿透本领远比γ射线弱C．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量D．裂变时释放能量是因为发生了质量亏损E．光和电子都具有波粒二象性18．A、B两个小球半径相同，质量不同，并排悬挂在同样长度的绳子上，彼此相互接触，把质量为m0的A球拉开后由静止释放，当A球与B球相碰前其速度为v0，碰撞后量小球的动量相等，则：①求碰撞后A球的速度②若碰撞我弹性碰撞，求碰撞后B球的动能．2016-2017学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19、20、21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．一滑块从固定的斜面底端冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回斜面底端．下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v、加速度a、势能E p、机械能E随时间变化的图象，则下列图象可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】滑块在斜面上运动过程中，先上滑后下滑，由于存在摩擦力，上滑与下滑过程不再具有对称性，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，上滑运动的时间较短．根据牛顿第二定律分析上滑与下滑过程的加速度大小关系．根据运动学公式和重力势能公式得出重力势能与时间的关系式．根据功能关系分析E与t的关系．【解答】解：A、滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，机械能不断减小，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，回到出发点时的速度比出发时的初速度小．故A错误．B、设斜面的倾角为α．物体在上滑与下滑两个过程中，所受的合力方向均沿斜面向下，加速度方向相同．设上滑与下滑两个过程加速度大小分别为a1和a2．根据牛顿第二定律得：mgsinα+μmgcosα=ma1；mgsinα﹣μmgcosα=ma2；则得：a1=gsinα+μgcosα，a2=gsinα﹣μgcosα．则有：a1＞a2．故B正确．C、在上滑过程中：上滑的位移大小为：x1=v0t﹣a1t2重力势能为：E P=mgx1sinα=mgsinα（v0t﹣a1t2），E P﹣t图象为抛物线．下滑过程：重力势能为：E P=mg[H﹣a2（t﹣t0）2sinα]，H为斜面的最大高度，t0是上滑的时间，此为开口向下的抛物线方程．所以C是不可能的．故C错误．D、由于物体克服摩擦力做功，其机械能不断减小，根据功能关系得：E=E0﹣f1x=E0﹣f1•（v0t﹣a1t2），可知E﹣t图象应为抛物线．故D错误．故选：B．2．如图甲所示，高楼上某层窗口违章抛出一石块，恰好被曝光时间（光线进入相机镜头的时间）为0.2s的相机拍摄到，如图是石块落地前0.2s时间内所成的像（照片已经放大且方格化），每个小方格代表的实际长度为1.5m，忽略空气阻力，g取10m/s2，则（）A．石块水平抛出的初速度大小约为22.5 m/sB．石块将要落地时的速度大小约为7.5 m/sC．图乙中像的反向延长线与楼的交点就是石块抛出的位置D．石块抛出位置离地高度约为28 m【考点】平抛运动．【分析】石块做平抛运动，石块将要落地时，由于时间短，可近似看成匀速运动，根据石块的像长度和时间，求出速度大小和方向．根据石块在空中为平抛运动，轨迹为一条曲线，不是直线，不能反向延长求交点．由速度的分解法求．【解答】解：A、由图可知，在0.2s的时间内石块的位移为1.5m，所以石块水平抛出初速度大小v0===7.5m/s，故A错误．B、石块将要落地时，由于时间短，可近似看成匀速运动，位移为s=1.5×m=≈4.74m，v==m/s=23.72m/s，即石块将要落地时的速度大小约为23.72m/s，故B错误；C、石块在空中为平抛运动，轨迹为一条曲线，不是直线，不能反向延长求石块抛出位置，故C错误；D、石块在竖直方向的平均速度v y==m/s=22.5m/s，即形成的像中间时刻的瞬时速度，形成的像总时间为0.2s，即从开始起经0.1s的瞬时速度为22.5m/s，可得：石块从抛出点至该点的时间t==2.25s，=（2.25﹣0.1）s=2.15s，对应形成的像上端所以石块从发射点至形成的像上端所需时间：t上离发射点的竖直高度h==m=23.11m=27.61m≈28m，故D正确；加上形成的像在图片中的竖直高度4.5m，h总故选：D．3．17世纪，英国天文学家哈雷跟踪过一颗彗星，他算出这颗彗星轨道的半长轴约等于地球公转半径的18倍，并预言这颗彗星将每隔一定的时间飞临地球，后来哈雷的预言得到证实，该彗星被命名为哈雷彗星．哈雷彗星围绕太阳公转的轨道是一个非常扁的椭圆，如图所示．从公元前240年起，哈雷彗星每次回归，中国均有记录．它最近一次回归的时间是1986年．从公元前240年至今，我国关于哈雷彗星回归记录的次数，最合理的是（）A．24次B．30次C．124次D．319次【考点】万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】因为地球和彗星的中心天体相等，根据开普勒第三定律（常数），通过半径关系求出周期比，从而得出哈雷彗星的周期，求出哈雷彗星回归记录的次数．【解答】解：设彗星的周期为T1，地球的公转周期为T2，由开普勒第三定律得：=，可知哈雷彗星的周期大约为76年，．所以最合理的次数是30次．故B正确，A、C、D错误．故选：B．4．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面C上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．水平面对C的支持力等于B、C的总重力B．B一定受到C的摩擦力C．C一定受到水平面的摩擦力D．若将细绳剪断，B物体开始沿斜面向下滑动，则水平面对C的摩擦力可能为零【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【分析】充分利用整体法和隔离体法对物体进行受力分析，结合摩擦力产生的条件，可判断各接触面是否存在摩擦力；把BC看做一个整体进行受力分析，可判定地面的支持力和二者重力的关系．【解答】解：A、把BC当做一个整体进行受力分析，在竖直方向上有：N+m A gsinθ=（m B+m C）g，绳子的拉力在竖直方向上的分量m A gsinθ不为零，所以水平面对C的支持力小于B、C 的总重力．故A错误；B、对B：当B受到绳子的拉力与B的重力在斜面上的分力大小相等，即m B gsinθ=m A g时，B在斜面上没有运动趋势，此时BC间没有摩擦力．故B错误；C、把BC当做一个整体进行受力分析，可知绳子的拉力在水平方向上的分量不为零，整体有向右的运动趋势，所以C受到地面的摩擦力不会为零，方向一定向左．故C正确；D、若将细绳剪断，B物体在斜面上加速下滑时具有沿斜面向下的加速度，该加速度在水平方向上有分量故对C的作用力有水平向右的分量，而C处于平衡状态可知，地面对C的摩擦力肯定不为零，故D错误；故选：C．5．如图，由某种粗细均匀的总电阻为3R的金属条制成的矩形线框abcd，固定在水平面内且处于方向竖直向下的匀强磁场B中．一接入电路电阻为R的导体棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v匀速滑动，滑动过程PQ始终与ab垂直，且与线框接触良好，不计摩擦．在PQ从靠近ad处向bc滑动的过程中（）A．PQ中电流先增大后减小B．PQ两端电压先减小后增大C．PQ上拉力的功率先减小后增大D．线框消耗的电功率先减小后增大【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】本题分段过程分析：当PQ从左端滑到ab中点的过程和从ab中点滑到右端的过程，抓住PQ产生的感应电动势不变．导体棒由靠近ab边向dc边匀速滑动的过程中，产生的感应电动势不变，外电路总电阻先增大后减小，由欧姆定律分析PQ两端的电压如何变化；由题意，PQ上外力的功率等于电功率，由P=，分析功率的变化；当PQ从左端滑到ab中点的过程中，由于总电阻增大，则干路电流减小，PQcb回路的电阻减小，通过cb的电流增大，可知ab中电流减小；当PQ从ab中点滑到右端的过程中，干路电流增大，PQda回路的电阻增大，PQ两端的电压减小，可知ab中电流减小；根据矩形线框总电阻与PQ电阻的关系，分析其功率如何变化．当矩形线框的总电阻等于PQ的电阻时，线框的功率最大．【解答】解：根据右手定则可知，PQ中电流的方向为Q→P，画出该电路的等效电路图如图，其中R1为ad和bc上的电阻值，R2为ab上的电阻与cd上的电阻的和，电阻之间的关系满足：R1+R2+R1=3R，由题图可知，当导体棒向右运动的过程中，开始时的电阻值：当导体棒位于中间位置时，左右两侧的电阻值是相等的，此时：，可知当导体棒向右运动的过程中，开始时的电阻值小于中间位置处的电阻值，所以当导体棒向右运动的过程中电路中的总电阻先增大后减小．A、导体棒由靠近ad边向bc边匀速滑动的过程中，产生的感应电动势E=BLv，保持不变，外电路总电阻先增大后减小，由欧姆定律分析得知电路中的总电流先减小后增大，即PQ中电流先减小后增大．故A错误．B、PQ中电流先减小后增大，PQ两端电压为路端电压，U=E﹣IR，可知PQ两端的电压先增大后减小．故B错误；C、导体棒匀速运动，PQ上外力的功率等于回路的电功率，而回路的总电阻R先增大后减小，由P=得知，PQ上外力的功率先减小后增大．故C正确．D、由以上的分析可知，导体棒PQ上的电阻始终大于线框的电阻，当导体棒向右运动的过程中电路中的总电阻先增大后减小，根据闭合电路的功率的分配关系与外电阻的关系可知，当外电路的电阻值与电源的内电阻相等时外电路消耗的电功率最大，所以可得线框消耗的电功率先增大后减小．故D错误．故选：C．6．如图所示，某同学用同一弹簧测力计按图甲、乙两种方式测量某小桶的重力，甲图中系小桶的轻绳较长．下列说法中正确的是（）A．甲图中弹簧测力计的示数比乙图中的大B．两图中弹簧测力计的示数一样大C．甲图中绳的拉力比乙图中的大D．乙图中绳的拉力比甲图中的大【考点】力的合成．【分析】弹簧秤测量的是小桶的重力，与绳子的长短无关；而当一力进行分解时，根据力的平行四边形定则，即可确定分力与夹角的关系，从而求解．【解答】解：A、由题意可知，弹簧秤是测量小桶的重力，而与绳子的长短无关，故A错误，B正确；C、当一力进行分解时，当夹角越小，分力越小，当夹角越大时，分力也越大，甲图中绳的拉力之间的夹角小于乙图中的夹角，则甲图中绳的拉力比乙图中的小，故C错误，D正确；故选：BD．7．如图所示为真空中两个异种点电荷a、b电场的等势面分布，A、B为电场中的两点，且A点电势高于B点电势，则下列说法正确的是（）A．a带正电B．a的场强方向沿该处等势面的切线方向C．同一检验电荷，在A点受到的电场力大于在B点受到的电场力D．正检验电荷从A点移到B点，电场力做正功【考点】等势面．【分析】该电场是不等量同种异号电荷的电场，具有上下对称性、左右不对称．电场线从正电荷出发到负电荷终止，顺着电场线方向电势逐渐降低，由电势的变化，分析电势能的变化．【解答】解：A、由题可知，由于A点的电势高于B点的电势，结合顺着电场线方向电势逐渐降低可知，a处的电势一定高于b点处的电势，所以a带正电，b带负电．故A正确；B、由于等势面与电场线的方向总是垂直，所以a的场强方向沿该处等势面的切线的垂直方向．故B错误；C、由图可知，由于B处等势面比较密，所以B处的电场强度大，而A处的电场强度小，所以同一检验电荷，在A点受到的电场力小于在B点受到的电场力．故C错误；D、由题可知，由于A点的电势高于B点的电势，所以正检验电荷从A点移到B点，电场力做正功．故D正确．故选：AD8．如图，一个理想变压器上有三组线圈，三组线圈匝数之比为n1：n2：n3=3：2：1，现将三只相同的灯泡分别接入三组线圈中，并把n1的接线端接上交变电源，接通电源后，下列各项正确的是（）A．若EL1正常发光，那么EL2、EL3都不能正常发光B．若EL2正常发光，那么EL1将烧毁C．若EL2正常发光，那么EL1、EL3都不能到正常亮度D．若EL3正常发光，那么EL2将烧毁【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数成正比，输入功率等于输出功率求出三个灯泡的电流比例，再逐项分析．【解答】解：变压器除了改变电压，还会改变电流．当次级线圈接通时，电流就按一定的比例会反馈到初级线圈上．I1由I2与I3的反馈而成，因为n1：n2：n3=3：2：1，设原线圈电压为3U，则副线圈分别为2U和U，根据输入功率等于输出功率知：3UI1=2UI2+UI3，又I2=2I3，联立得：I1==I2．设正常发光时电流为I．A、若EL1正常发光，那么EL2电流大于I将烧坏、EL3电流小于I不能正常发光，A正确；B、若EL2正常发光，那么EL1和EL3电流都小于I不能正常发光，B错误，C正确；D、若EL3正常发光，那么EL2电流大于I烧毁，D正确；故选：ACD三、非选择题（包括必考题和选考题两部分．）（一）必考题（共47分）9．在“验证机械能守恒定律”实验中，某研究小组采用了如图甲所示的实验装置．实验的主要步骤是：在一根不可伸长的细线一端系一金属小球，另一端固定于O点，记下小球静止时球心的位置A，在A处放置一个光电门，现将小球拉至球心距A高度为h 处由静止释放，记下小球通过光电门时的挡光时间△t．（1）如图乙，用游标卡尺测得小球的直径d= 1.04cm；（2）该同学测出一组数据如下：高度h=0.21m，挡光时间△t=0.0052s，设小球质量为m=100g，g=9.8m/s2．计算小球重力势能的减小量△E p=0.206J，动能的增加量△E k=0.200J，得出的结论：在误差范围内，小球机械能守恒，分析误差产生的原因是克服空气阻力做功．（结果均保留三位有效数字）【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球通过最低点的速度，从而得出动能的增加量，根据小球下降的高度求出重力势能的减小量，判断是否相等．【解答】解：（1）游标卡尺的读数为10mm+0.1×4mm=10.4mm=1.04cm．（2）小球重力势能的减小量△E p=mgh=0.1×9.8×0.21≈0.206J．小球通过最低点的速度v==m/s=2m/s，则动能的增加量△E k=mv2=×0.1×22=0.200J，可以看出，在误差范围内，小球机械能守恒，产生误差的原因是克服空气阻力做功．故答案为：（1）1.04；（2）0.206；0.200；在误差范围内，小球机械能守恒；克服空气阻力做功．10．用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组（电动势约4.5V，内电阻约1Ω）的电动势和内电阻，除待测电池组、电键、导线外，还有下列器材供选用：A．电流表：量程0.6A，内电阻约1ΩB．电流表：量程3A，内电阻约0.2ΩC．电压表：量程3V，内电阻约30kΩD．电压表：量程6V，内电阻约60kΩE．滑动变阻器：0～1 000Ω，额定电流0.5AF．滑动变阻器：0～20Ω，额定电流2A（1）为了使测量结果尽量准确，电流表应选用A，电压表应选用D，滑动变阻器应选用F（均填仪器的字母代号）．（2）图为正确选择仪器后，连好的部分电路．为了使测量误差尽可能小，还需在电路中用导线将a和d相连、c和g相连、f和h相连（均填仪器上接线柱的字母代号）．（3）实验时发现电流表坏了，于是不再使用电流表，剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器，重新连接电路，仍能完成实验．实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U．用图象法处理采集到的数据，为在直角坐标系中得到的函数图象是一条直线，则可以为纵坐标，以为横坐标．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】1、根据电路电流选择电流表，根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．2、根据伏安法测电源电动势与内阻的原理作出实验图，注意分析已有线路，从而确定连接方式；3、根据闭合电路欧姆定律得出对应的表达式，让图象为直线，便于我们处理．【解答】解：①实验中电流较小，若选用3A量程测量误差较大；故为了准确测量，电流表应选A，电源电动势约为1.5×3=4.5V，电压表应选D，电阻值太大，调节不方便，为方便实验操作，滑动变阻器应选F；②测量电源电动势和内阻的时候，由于电源的内阻是很小的，为了减小内阻的测量误差，我们选用的是电流表的相对电源的外接法，故应将ad、cg以及fh相连组成电路；③由于电流表坏，故只能利用电压表和电阻箱进行实验，由闭合电路欧姆定律可得：电源电动势E=U+Ir=U+r，则变形得：=+•，故应作出﹣图象；故答案为：①ADF；②ad，cg，fh；③；11．如图所示，在直角坐标系xOy的第二象限存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度的大小为E1，在y轴的左侧存在垂直于纸面的匀强磁场．现有一质量为m，带电荷量为﹣q。

揭西县高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

揭西县高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．（2018开封质检）如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示。

T=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，0~T/3时间内微粒做匀速运动，T时刻微粒恰好经金属边缘飞出。

微粒运动过程中未与金属板接触。

重力加速度的大小为g。

关于微粒在0~T时间内运动的描述，正确的是A0B．末速度沿水平方向C．克服电场力做功为12 mgdD．微粒只能从下极板边缘飞出【答案】BCD【解析】本题考查带电微粒在复合场中的匀速直线运动、平抛运动和类平抛运动、电场力做功及其相关的知识点。

2．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。

如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板x应带正电B．极板x´应带正电C ．极板y 应带正电D ．极板y ´应带正电【答案】AC3．远距离输电中，发电厂输送的电功率相同，如果分别采用输电电压为和输电电压为输电。

则两种情况中，输电线上通过的电流之比I1∶I 2等于（）A ．1∶1B ．3∶1C ．1∶3D ．9∶1 【答案】B【解析】由公式122121I I U U n n ==可知B 对； 4．如图4所示，一理想变压器，当原线圈两端接U 1=220V 的正弦式交变电压时，副线圈两端的电压U 2=55V ．对于该变压器，下列说法正确的是（）A ．原、副线圈的匝数之比等于4:1B ．原、副线圈的匝数之比等于1:4C ．原、副线圈的匝数之比等于2:1D ．原、副线圈的匝数之比等于1:2 【答案】A【解析】2121n n U U =，A 对5．如图所示，m=1.0kg 的小滑块以v 0=4m/s 的初速度从倾角为37°的斜面AB 的底端A 滑上斜面，滑块与斜面间的动摩擦因数为，取g=10m/s 2，sin37°=0.6。

2024届广东省揭阳市揭西河婆中学物理高二第一学期期中综合测试试题含解析

家长如何引导幼儿尊重他人家长在幼儿成长过程中扮演着至关重要的角色，他们不仅是孩子的第一任教师，更是孩子价值观和行为习惯的引导者。

尊重他人是社会交往中最基本的礼仪之一，而幼儿期正是孩子形成价值观念和行为准则的关键时期。

因此，家长在日常生活中应该如何引导幼儿尊重他人呢？建立积极的亲子关系建立积极的亲子关系是引导幼儿尊重他人的首要步骤。

家长应该注重与孩子之间的沟通和互动，倾听孩子的想法和感受，尊重孩子的个性和独立性。

通过与孩子建立良好的亲子关系，孩子会更愿意接受家长的引导和教育，从而更容易理解并接受尊重他人的重要性。

以身作则，做出榜样家长是孩子最好的榜样和榜样。

孩子在成长过程中会模仿家长的言行举止，因此家长应该时刻注意自己在孩子面前展现出来的态度和行为。

如果家长能够以身作则，展现出对他人的尊重和礼貌，孩子自然会从中学习到正确的价值观念，并将其内化为自己的行为准则。

培养孩子的同理心和善良品质同理心是培养孩子尊重他人的重要素质之一。

家长可以通过讲故事、观看电影等方式，引导孩子从他人的角度去思考问题，体会他人的感受和需求。

同时，家长还应该表扬孩子展现出来的善良行为，鼓励他们帮助他人、关心弱势群体，从而逐渐培养出孩子内心深处真正尊重他人的品质。

建立清晰明确的规矩和奖惩机制在家庭教育中，建立清晰明确的规矩和奖惩机制对于引导幼儿尊重他人至关重要。

家长可以与孩子一起制定家规家纪，并告知孩子违反规定将会受到怎样的惩罚。

同时，在孩子表现出尊重他人行为时及时给予表扬和奖励，让孩子明白尊重他人是值得鼓励和奖励的行为。

鼓励孩子主动参与社交活动社交活动是培养孩子尊重他人意识和能力的有效途径之一。

家长可以鼓励孩子参加各类集体活动、团队游戏等，在与其他小朋友相处过程中学会分享、合作、尊重他人。

通过社交活动，孩子能够更好地理解团队合作的重要性，培养出尊重他人、包容差异的良好品质。

注重教育方式方法在引导幼儿尊重他人过程中，家长需要注重教育方式方法。

揭西县高中2018-2019学年高二上学期9月月考物理试卷含解析

揭西县高中2018-2019学年高二上学期9月月考物理试卷含解析班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．磁流体发电是一项新兴技术，它可以把气体的内能直接转化为电能，下图是它的示意图。

平行金属板A 、B 之间有一个很强的匀强磁场，磁感应强度为B ，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）垂直于B 的方向喷入磁场，每个离子的速度为v ，电荷量大小为q ，A 、B 两板间距为d ，稳定时下列说法中正确的是（）A ．图中A 板是电源的正极B ．图中B 板是电源的正极C ．电源的电动势为BvdD ．电源的电动势为Bvq 2．如图1所示，1R 为定值电阻，2R 为可变电阻，E 为电源电动势，r 为电源内阻，以下说法正确的是A ．当2R =1R +r 时，2R 上获得最大功率B ．当1R =2R +r 时，1R 上获得最大功率C ．当2R 增大时，电源的效率变大D ．当2R =0时，电源的输出功率一定最小3．水平方向做简谐运动的物体偏离平衡位置的位移为x ，速度为v ，加速度为a ，则（）A ．x 与v 同向时，物体加速B ．x 与v 反向时，物体加速C ．v 与a 同向时，位移变大D ．v 与a 反向时，位移变大4．关于质点的位移和路程，下列说法中正确的是（）A ．位移是矢量，位移的方向就是质点运动的方向B ．路程是标量，即位移的大小C ．质点做直线运动时，路程等于位移的大小D ．位移的大小不会比路程大5．在某一高度以020/v m s 的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为10m/s 时，以下判断错误的是（g 取210/m s ）（） A ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为15m/s ，方向向上B ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s ，方向向下C ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s ，方向向上D ．小球的位移大小一定是15m6．关于地磁场，下列说法正确的是A. 地磁场的N极在地理的北极附近B. 地磁场的磁极与地理的南北极不完全重合C. 地磁场的S极在地理的北极附近D. 北京地区的地磁场有朝北和向下的两个分量7．用一根绳子竖直向上拉一个物块，物块从静止开始运动，绳子拉力的功率按如图所示规律变化，0～to时间内物块做匀加速直线运动，to时刻后物体继续加速，t1时刻物块达到最大速度。

广东省揭阳市河婆中学高二物理模拟试题含解析

广东省揭阳市河婆中学高二物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图所示，真空室中电极K发出电子（初速度不计），经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板间．金属板长为L，相距为d，当A、B间电压为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点．已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子重力．下列情况中一定能使亮点偏离中心距离变大的是：（）A．U1变大，U2变大B．U1变小，U2变大C．U1变大，U2变小D．U1变小，U2变小参考答案：B【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】在加速电场中运用动能定理求出末速度v，粒子进入偏转电场后做类平抛运动，根据平抛运动的规律求出偏转位移，再进行讨论即可解题．【解答】解：设经过电压为U1的加速电场后，速度为v，则：=U1ev=电子进入偏转电场后做类平抛运动，设偏移量为y，y=L=vta=所以y==当U1变小，U2变大时，y变大，故选B．2. （多选）如图所示，电源内阻不可忽略，R1为半导体热敏电阻(温度升高时，阻值减小)，R2为锰铜合金制成的可变电阻。

当发现灯泡L的亮度逐渐变暗时，可能的原因是( )A.R1的温度逐渐降低B.R1的温度逐渐升高C.R2的阻值逐渐增大D.R2的阻值逐渐减小参考答案：AD3. （单选）如图1所示，矩形导线框ABCD固定在匀强磁场中，磁感线垂直于线框所在平面向里。

规定垂直于线框所在平面向里为磁场的正方向；线框中沿着ABCDA方向为感应电流i的正方向。

要在线框中产生如图2所示的感应电流，则磁感应强度B随时间t变化的规律可能为参考答案：B本题主要考查楞次定律；第一阶段产生了顺时针方向电流，由楞次定律知可能是磁场向里减弱，或者向外增强，因此只能在选项B、C里面选择，第二阶段产生了逆时针电流，可能是磁场向外减弱，或者向里增强，故选项B正确。

广东揭西县河婆中学2016-2017学年高二物理上学期期中试题

广东省揭西县河婆中学2016-2017学年高二物理上学期期中试题一、单选题（每小题2分，共20分．每小题只有一个选项正确）1．如图所示，一只蚂蚁从半径为R 的半球体底端缓慢地（速度可忽略不计）爬上顶端，下列说法正确的是（）A ．蚂蚁受到球面的摩擦力变小B ．蚂蚁受到球面的摩擦力变大C ．蚂蚁受到球面的支持力不变D ．蚂蚁受到球面的支持力变小2．如图3，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M 和2M 的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是 ( )A.甲的向心加速度比乙的小B.甲的运行周期比乙的小C.甲的角速度比乙的大D.甲的线速度比乙的大3．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F 的作用，F 的大小与时间t 的关系和物块速度v 与时间t 的关系如图所示。

取重力加速度g ＝10m/s 2。

由此两图线可以求得物块的质量m 和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（）A ．m ＝0.5kg ，μ＝0.2B ．m ＝1.5kg ，μ＝152 C ．m ＝0.5kg ，μ＝0.4 D ．m ＝1kg ，μ＝0.24.某静电场的电场线分布如图所示，图中P 、Q 两点的电场强度的大小分别为E P 和E Q ，电势分别为U P 和U Q ，则( )246810s246810sA．E P＞E Q，U P＞U QB．E P＞E Q，U P＜U QC．E P＜E Q，U P＞U QD．E P＜E Q，U P＜U Q5.如图所示，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹。

M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点。

不计重力，下列表述正确的是（）A．粒子在M点的速率最大B．粒子所受电场力沿电场方向C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能始终在增加6．一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v－t图象如图所示，则两点A、B所在区域的电场线分布情况可能是图乙中的( )7．如图所示，平行板电容器两极A、B间有一个带电油滴P，正好静止在两极板正中间。

2018-2019学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高三(上)期中物理试卷

2018-2019学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高三（上）期中物理试卷一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.如图所示为甲、乙两物体做直线运动的x－t图象，对于0～t1时间内两物体的运动，下列说法中正确的是A. 甲物体速度方向与加速度方向相同B. 乙物体加速度方向与速度方向相反C. 甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度D. 乙物体位移变小，速度变大2.如图，某次空中投弹的军事演习中，战斗机以恒定速度沿水平方向飞行，先后释放两颗炸弹，分别击中山坡上的M点和N点。

释放两颗炸弹的时间间隔为△t1，击中M、N的时间间隔为△t2，不计空气阻力，则（）A. △t2=0B. △t2＜△t1C. △t2=△t1D. △t2＞△t13.如图，长为l的绝缘轻绳上端固定于O点，下端系一质量为m的小球，小球在竖直平面内运动。

某时刻给小球一水平向右的初速度，小球能做完整的圆周运动。

不计空气阻力，重力加速度为g。

则（）A. 小球做匀速圆周运动B. 小球运动过程机械能不守恒C. 小球在最高点的最小速度v1=D. 最低点与最高点的绳子拉力差值为5mg4.如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）A. B.C. D.二、多选题（本大题共5小题，共29.0分）5.如图所示，斜面体abc静止于粗糙水平地面上，物块m1、m2均沿斜面匀速下滑，已知m1＞m2，θ1＜θ2，下列说法中正确的是（）A. 地面对斜面体的摩擦力水平向右B. 地面对斜面体没有摩擦力C. 所给条件不足，不能判断摩擦力方向D. 斜面体ab面和ac面的动摩擦因数不同6.如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，当小环沿直杆下滑距离也为d时（图中B处），下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A. 小环刚释放时轻绳中的张力一定大于2mgB. 小环达到B处时，重物上升的高度为（-1）dC. 小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D. 小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于7.我国发射的某卫星，其轨道平面与地球赤道在同一平面内，卫星距地面的高度约为500km，而地球同步卫星的轨道高度约为36000km，已知地球半径约为6400km。

2021-2022学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高二上学期期中物理复习卷(含答案解析)

2021-2022学年广东省揭阳市揭西县河婆中学高二上学期期中物理复习卷一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）1.等量异种电荷在周围空间产生静电场，其连线(x轴)上各点的电势φ随坐标x的分布图象如图所示，x轴上AO<OB，A、O、B三点的电势分别为φA、φO、φB，电场强度大小分别为E A、E O、E B，电子在A、O、B三点的电势能分别为E PA、E PO、E PB，下列判断正确的是()A. φB>φA>φOB. E A>E O>E BC. E PO<E PA<E PBD. E PB−E PO>E PO−E PA2.真空中两个带正电的点电荷，分别置于光滑水平面上A和B两点．如果引入第三个点电荷，使得三个点电荷都处于静止，则该点电荷()A. 一定带正电B. 一定带负电C. 可以置于AB直线外的某处D. 应置于AB的延长线上．3.如图所示，在一个真空环境里，有一个空心导体球，半径为a，另有一个半径为b的细圆环，环心与球心连线长为L(L>a)，连线与环面垂直，已知环上均匀带电，总电荷量为Q.当导体球接地，k为静电力恒量)，下时(取无穷远处电势为零，与带电量为q的点电荷相距r处电势为φ=k qr列说法正确的是()A. 球面上感应电荷量为q感=−aQ√b2+L2B. 球面上感应电荷量为q感=−aQLC. 感应电荷在O点的场强为E感=k QL2D. 感应电荷在O点的场强为E感=k Qa24.如图所示，将两个等量的正点电荷分别固定在M、N两点，图中圆的圆心位于两点电荷连线的中点，be为两点电荷的中垂线与圆弧的交点，a、c、d、f分别为圆弧Mb、bN、Ne、eM的中点，下列说法正确的是()A. a、c、d、f四点的电场强度相同B. a、c、d、f四点的电势相同C. 如果将一带负电的重力不计的粒子由e点无初速放，则该粒子将沿中垂线向O点做匀加速运动D. 如果将带一负电的重力不计的粒子由a点沿圆弧abc运动到c点，则电场力先做正功后做负功5.由欧姆定律I=UR 导出U=IR和R=UI，下列叙述中不正确的是()A. 导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B. 导体的电阻由导体本身的物理条件决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流的大小无关C. 对确定的导体，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值D. 一定的电流流过导体，电阻越大，其电压降越大6.如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接，极板M接地．用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U.在两板相距一定距离d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q不变，下面操作能使静电计指针张角变大的是()A. 将M板向下平移B. 将M板沿水平向右方向靠近N板C. 在M、N之间插入云母板(介电常数ε>1)D. 在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触7.如图所示，在A、B两点分别固定着所带电荷量相等的正、负点电荷，O点是两个点电荷连线的中点，C、D是关于O点对称的两点。