2018年浙江省普通高校招生选考模拟卷1
2018年浙江省普通高校招生选考科目模拟考试
浙江省普通高校招生选考科目模拟考试地理试题(一)本试题卷分选择题和非选择题两部分,共4页,满分100分,考试时间90分钟。
其中加试题部分为30分,用(加试题)标出。
选择题部分一、选择题(本大题共25小题,每小题2分,共50分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)20世纪初期,美国东北部传统工业城市底特律成为世界上汽车产业最集中的地区,20世纪50年代是底特律工业和城市发展的重要转折点,90年代成为“问题城市”,危机泛滥。
据此完成第1~2题。
1.底特律经济衰退的根本原因是()A.环境污染严重B.交通十分拥堵C.空间优势削弱D.产业结构单一2.下列产业与汽车产业有“投入—产出”联系的是()A.纺织工业B.钢铁工业C.化学工业D.食品工业3.2017年6月9日,中国和美国的科学家团队首次在琥珀中发现雏鸟标本。
琥珀是距今4 500万~9 900万年前松柏科植物的树脂滴落,掩埋在地下石化形成。
琥珀按其成因属于()A.侵入岩B.喷出岩C.沉积岩D.变质岩2017年底我国将发射“嫦娥五号”月球探测器,实现区域软着陆及采样返回。
右图为美国航空航天局网站公布的月球勘察轨道器拍摄到的影像,该影像是迄今为止最大细节度显示了人类登月计划在月球上留下的印记。
据此完成第4~5题。
4.“嫦娥五号”飞向月球的过程中,接触到最多的天体是()A.星云B.行星际物质C.彗星D.小行星5.关于该脚印40年来没有消失的原因推测,下列说法正确的是()A.昼夜温差小,风化作用弱B.地形起伏大,流水侵蚀弱C.没有太阳风,搬运作用弱D.缺少大气层,风力作用弱右图示意2015年11月29日14时地面天气形势(单位:百帕)。
读图,完成第6~7题。
6.图中()A.①地比②地的气压低B.①地比③地的风速小C.②地比④地的云量多D.③④两地风向偏南7.即将出现大风、降温天气的是()A.①地B.②地C.③地D.④地“广阔河床绿色吞,如同塞北碧无垠,鄱湖出现新风景,枯季洲滩变草原。
2018年浙江省普通高校招生选考科目模拟考试
浙江省普通高校招生选考科目模拟考试地理试题(五)本试题卷分选择题和非选择题两部分,共4页,满分100分,考试时间90分钟。
其中加试题部分为30分,用(加试题)标出。
选择题部分一、选择题(本大题共25小题,每小题2分,共50分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)1.2017年4月1日我国在河北设立雄安新区,重点打造北京非首都功能疏解集中承载地。
下列做法与新区功能相符的是()①打造优美生态环境②发展高端高新产业③承载全国政治中心④构建快捷高效交通网A.①②③B.①②④C.①⑧④D.②③④读四大圈层联系示意图和我国某地景观图,完成第2~3题。
2.与右图所示地貌的形成相对应的外力作用是()A.①B.②C.③D.④3.下列关于四大圈层说法正确的是()①水圈由液态水、固态水和气态水组成②岩石圈厚度分布不均,大陆部分厚,大洋部分薄,甚至缺失③生物圈占据大气圈的全部、水圈的上部④大气圈密度随高度增加迅速减小A.①②B.①④C.②③D.③④4.右图为某一公益广告用图,图中数字代表该生物灭绝时间,该图反映的主要环境问题是()A.矿产资源枯竭B.大气污染加剧C.厄尔尼诺影响强D.生物多样性减少冰岛被称为“冰火之国”,这一特征深刻地影响了该国能源利用方式。
读图,完成第5~6题。
5.在冰岛各种可再生能源中,开发利用最多的是()A.水能B.潮汐能C.风能D.地热能6.冰岛位于()①消亡边界②生长边界③海岭附近④海沟附近A.①②B.②③C.①④D.②④大湖效应是指冷空气遇到大面积未结冰的水面(通常是湖泊),从中得到水蒸气和热能,然后在向风的湖岸形成降水的现象。
受大湖效应影响,2014年美国部分地区遭受罕见的暴风雪。
图1为某次暴风雪形成过程示意图,图2为某区域地图。
读图,完成第7~9题。
图1图27.图1中()A.①气流强弱决定降水量多少B.②强弱由水平气压差决定C.③产生过程的原理类似暖锋D.④为高空冷气流受热后抬升8.此次暴风雪()A.能加剧地壳运动和变质作用B.直接减少全球干湿、冷热差异C.与旱灾属于同一种灾害类型D.对海陆交通运输造成严重破坏9.图2中出现降雪量最大的月份和地点可能是()A.1月,甲地B.4月,乙地C.9月,丙地D.11月,丁地读世界著名山脉、高原的雪线平均海拔示意图,完成第10~11题。
2018年浙江高考一轮 浙江省普通高校招生选考科目考试预测卷1
浙江省普通高校招生选考科目考试预测卷(一)本试卷分为选择题和非选择题两部分，共4页，满分100分，考试时间90分钟，其中加试题部分为30分，用[加试题]标出。
可能用到的相对原子质量：H—1C—12N—14O—16Na—23 Al—27S—32Ca—40Fe—56Cu—64Ba—137浙江省普通高校招生选考科目考试预测卷(一)| 选择题部分一、选择题(共25小题，每小题2分，共50分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．SiO2可用于制造光导纤维，SiO2属于()A．单质B．酸性氧化物C．碱性氧化物D．盐B[SiO2能与碱反应生成盐和水，故属于酸性氧化物，B正确。
]2．下列玻璃仪器名称错误的是()A．烧杯B．普通漏斗C．试管D．长颈漏斗D[D项的玻璃仪器名称是分液漏斗，故选D。
]3．常温下能与水反应的非金属单质是()A．S B．CO2C．Na D．Cl2D[常温下，硫单质不能与水反应，A错误；二氧化碳能与水反应生成碳酸，但不是非金属单质，B错误；Na与水反应生成氢氧化钠和氢气，但不是非金属单质，C错误；氯气能与水反应生成盐酸和次氯酸，且是非金属单质，D正确。
] 4．CaO＋H2O===Ca(OH)2的反应类型是()A．化合反应B．置换反应C．分解反应D．复分解反应A[两种物质反应生成一种物质的反应属于化合反应，A正确。
]5．硫元素在元素周期表中的位置是()A．第2周期ⅣA族B．第3周期ⅣA族C．第3周期ⅥA族D．第2周期ⅥA族C[硫元素的核电荷数是16，在周期表中的位置是第3周期ⅥA族，C正确。
]6．下列物质中，属于可再生能源的是()A．石油B．天然气C．乙醇D．核能C[石油、天然气、核能属于不可再生能源，乙醇是可再生能源，故选C。
] 7．下列化学用语表述正确的是()A．次氯酸分子的结构式：H—O—ClB．乙烯的结构简式：CH2CH2C．甲烷的比例模型：D．氯原子的结构示意图：A[氧原子最外层有6个电子，需要共用2对电子，氯原子最外层有7个电子，需要共用1对电子，A正确；乙烯的结构简式为CH2===CH2，B错误；图示是甲烷的球棍模型，C错误；氯原子核外有17个电子，且最外层为7个电子，D错误。
2018年10月浙江省普通高校招生学考选考模拟卷试卷及参考答案及答题纸
选择题部分
一、选择题（本大题共 25 小题，每小题 2 分，共 50 分。每小题列出的四个备选选项中只有
一个是符合题目要求的，不选、错选、多选均不得分）
1、下列属于酸性氧化物的是
A、NO
B、CaO
C、HNO3
2、下列仪器在“蒸馏”操作中不．需．使．用．的是
D、CO2
A、
B、
C、
D、
3、下列属于弱电解质的是
绝密★考试结束前
浙江省普通高校招生选考全真模拟卷
化学试题卷
2018 年 10 月 本试卷分选择题和非选择题两部分，共 8 页，满分 100 分，考试时间 90 分钟。其中加 试题部分为 30 分，用【加试题】标出。 考生注意：
1、答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸 规定的位置上。
D、原子半径由大到小的顺序为 Z>Y>X
13、下列离子方程式正确的是
通电
A、将铁粉加入稀硫酸中：2Fe+6H+=2Fe3 3H2 B、电解熔融氯化钠：2Cl+2H2O Cl2 +H2 +2OH
化学（选考）模拟卷 第 2页（共 8页）
C、将氯气溶于水制备次氯酸：Cl2＋H2O===2H＋＋Cl－＋ClO－ D、用 FeCl3 溶液腐蚀铜线路板：Cu＋2Fe3＋===Cu2＋＋2Fe2＋ 14、下列说法正确的是 A、天然气和沼气的主要成分都是甲醇，都属于非再生性能源 B、葡萄糖和蔗糖都含 C、H、O 三种元素，但不是同系物 C、葡萄糖和蛋白质在一定条件都能水解 D、利用变性后可再溶解的性质可分离提纯蛋白质 15、下列说法正确的是 A、煤中含有苯和甲苯，可以用先干馏后分馏的方法把它们分离出来 B、1 mol 乙炔与 Cl2 完全加成，然后与 Cl2 发生取代反应一共需要氯气 6 mol C、乙烷、乙烯、乙炔都不溶于水，且密度比水小 D、酸和醇发生的反应一定是酯化反应
2018年浙江省高考物理(选考)模拟试卷一试题(解析版)
2018年浙江省高考物理（选考）模拟试卷一试题（解析版）一、选择题Ⅰ1. 下列每组中三个单位均为国际单位制基本单位的是()A. 库仑、毫米、特斯拉B. 克、秒、牛顿C. 瓦特、焦耳、克D. 千克、米、秒【答案】D【解析】A、库仑、毫米不是国际单位制中基本单位，特斯拉是导出单位，故A错误；B、克和牛顿不是国际单位制中基本单位，秒是国际单位制中基本单位，故B错误．C、瓦特、焦耳、克都不是国际单位制中基本单位，故C错误；D、千克、米、秒均为国际单位制中基本单位，故D正确。
点睛：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量，它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位。
2. 11月6日早上8时,2016年杭州马拉松(以下简称杭马)在黄龙体育中心开跑,来自50个国家和地区的32 000余名选手参加比赛。
最终埃塞俄比亚男选手门达耶以2小时11分22秒的破赛会纪录成绩夺冠,女子冠军被肯尼亚选手博莱韦以2小时31分21秒夺得。
已知马拉松全程长度为42 195米,男女选手的路径相同,则()A. 马拉松比赛中,选手一定不能看成质点B. 马拉松全程长度指的是位移C. 可以计算男、女冠军的平均速度大小D. 可以比较男、女冠军的平均速度大小【答案】D3. 2016年8月14日里约奥运会羽毛球男单最后一轮小组赛中,中国选手林丹以2∶0轻取对手。
在其中一个回合的对拍期间,林丹快速扣杀的羽毛球在飞行中受到的力有()A. 重力B. 重力、击打力C. 重力、空气阻力D. 重力、空气阻力、击打力【答案】C【解析】试题分析：由题意可知，快速扣杀的羽毛球在飞行中受到的力，除重力外，还受到空气的阻力，故ABD错误，C正确。
考点：物体的弹性和弹力【名师点睛】考查物体的受力分析，掌握力既有施力物体，也有受力物体，力不可能单独存在的。
4. 在物理学建立和发展的过程中,许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。
2018年浙江省普通高校招生选考科目模拟试题1 (1)
2017年浙江省普通高校招生选考科目考试模拟卷(一)本试题卷分选择题和非选择题共4页，满分35分，考试时间30分钟。
【XZB2018YLZJXUETJ001】一、选择题(本大题共10小题，每小题2分，共20分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1．如图所示是一款带LED灯的显微镜，用一节5号电池供电，常用于珠宝鉴定。
从设计中的人机关系分析，下列关于该产品的说法不恰当．．．的是()A．手持显微镜，使用方便、灵活B．选用了轻质材料，便于长时间手持使用C．选用了LED灯泡，光线柔和又省电D．选用了一节5号电池，降低了产品价格D[本题考查的是人机关系实现的目标。
A选项使用方便、灵活主要体现了高效；B选项便于长时间手持使用主要体现了舒适；C选项光线柔和也是体现舒适。
]2．图甲和图乙是两个不同的自行车卡槽，通过比较，下列说法不合理．．．的是()图甲图乙A．图甲方案比图乙方案制作过程简单B．图甲方案比图乙方案使用材料少C．图甲方案在不存放自行车时可以折叠，不占用道路D．图甲方案和图乙方案都可以直接放在道路上D[本题主要考查方案的评价。
题图乙的自行车卡槽要是直接放在道路上会影响交通安全。
所以本题的正确答案是D。
]3．如图所示的木制椅子，靠背和椅面断裂分离了，现要使用金属材料设计连接件进行修复，以下连接件的结构合理的是()A B C DC[本题考查方案的权衡和比较。
方案C安装在椅子侧面，可以将靠背、椅面和椅脚三者固定，连接较牢固，因此C项正确。
方案A受到椅面的阻碍，无法固定；方案B、D连接均不够牢固，因此A、B、D项错误。
]4．锯子是金属加工中常用的工具，下列图形是锯割过程中形成的锯割线(虚线表示划针划出的轮廓线)，在实际加工中最不可能出现的结果是()A B C DA[本题主要考查加工工艺。
A是最不可能出现的，因为锯割的时候偏移是慢慢发生的，不可能突变。
所以本题的正确答案是A。
2018年4月浙江省普通高校招生选考(学考)科目考试试卷
2018年4月浙江省普通高校招生选考科目考试物理试题选择题部分一、选择题I （本题共13小题，每小题3分，共39分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．通过理想斜面实验得到“力不是维持物体运动的原因”的物理学家是 A ．亚里士多德 B ．伽利略 C ．笛卡尔 D ．牛顿2．某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里。
其中“时速11O 公里”、“行驶200公里”分别是指A ．速度、位移B ．速度、路程C ．速率、位移D ．速率、路程 3．用国际单位制的基本单位表示能量的单位，下列正确的是A ．kg ·m 2/s 2B ．kg ·m/s 2C ．N/mD ．N ·m 4．A 、B 两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动(如图)．在相同时间内，它们通过的路程之比是4：3，运动方向改变的角度之比是3：2，则它们 A ．线速度大小之比为4：3 B ．角速度大小之比为3：4 C ．圆周运动的半径之比为2：1 D ．向心加速度大小之比为l ：25．杭州市正将主干道上的部分高压钠灯换成LED 灯。
已知高压钠灯功率为400W ，LED 灯功率为180W ，若更换4000盏，则一个月可节约的电能约为 A ．9×103kW ·h B ．3×105kW ·h C ．6×105kW ·h D ．1×l011kW ·h6．真空中两个完全相同、带等量同种电荷的金属小球A 和B(可视为点电荷)，分别固定在两处，它们之间的静电力为F 。
用一个不带电的同样金属球C 先后与A 、B 球接触，然后移开球C ，此时A 、B 球间的静电力为 A ．8F B ．4F C ．83F D ．2F 7．处于磁场B 中的矩形金属线框可绕轴00´转动，当线框中通以电流I 时，如图所示。
2018年11月选考试题 -高清图片绘制
绝密★考试结束前2018年11月浙江省普通高校招生选考科目考试生物试题姓名：____________ 准考证号：_________________本试卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分100分，考试时间90分钟。
其中加试题部分为30分，用【加试题】标出。
考生注意：1．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试卷和答题纸规定的位置上。
2．答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试卷上的作答一律无效。
3．非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内，作图时可先用2B 铅笔，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本试题卷上无效。
选择题部分一、选择题（本大题共28小题，每小题2分，共56分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 1．下列关于全球气候变暖的叙述，正确的是 A ．植树造林可减缓全球气候变暖 B ．全球气候变暖可减缓永冻土融化 C ．全球气候变暖不会影响农业生产 D ．大气中CO 2减少导致全球气候变暖2．某森林曾被开垦用于种植农作物，后因产量不高而弃耕，若干年后又恢复到森林。
下列关于该演替的叙述，错误的是 A ．该演替属于次生演替 B ．演替过程中群落结构不变 C ．人为因素引发了该演替 D ．弃耕地中有种子等繁殖体3．母亲年龄与生育后代先天愚型病发病风险曲线图如下。
据图可知，预防该病发生的主要措施是A ．孕前遗传咨询B ．禁止近亲结婚C ．提倡适龄生育D ．妊娠早期避免接触致畸剂 4．下列关于原核细胞的叙述，正确的是 A ．有膜包被的细胞器 B ．不能进行光合作用C ．拟核区有DNA 分子D ．细胞壁的主要成分是纤维素5．人体细胞凋亡和衰老是细胞生命活动的必然规律。
下列叙述正确的是 A ．细胞凋亡仅发生在衰老细胞中 B ．细胞凋亡由机械损伤引发 C ．衰老细胞中所有酶的活性降低 D ．衰老细胞的需氧呼吸变慢6．下列关于人体内环境的叙述，正确的是 A ．生长激素只通过组织液运输到靶细胞 B ．细胞进行正常代谢的场所是内环境 C ．淋巴细胞是内环境的组成成分D ．组织液中的pH 是相对稳定的 7．酶是生物催化剂，其作用受pH 等因素的影响。
2018年浙江省普通高校高考模拟语文试题一)及答案解析
浙江省2018届高三年级高考一模语文试卷一、语言文字运用（共20分）1．（3分）下列句子中，没有错别字且注音正确的一项是（）A．中国梦应是一幅（fú）多维度的篮图，它需要以更加宽广的胸怀包容各种文化思潮的交融碰撞，需要弘扬源远流长的中华文明，传承优秀璀璨（càn）的中国文化．B．陈明还是没吱（z hī）声，默默地坐着，连江老师什么时候走的都不知道．好久，他才瞥（p iē）了一眼门口，露出了极难捉摸的有些玩世不恭的神态．C．周文略是个虚构高手，做着“宇宙梦”，在小说内容介绍中，书写宣言似（s hì）的写道：“一滩稀泥，也可以面对浩瀚（hàn）的天空，站在最高处的石头，就是星辰！”D．《幻想交响曲》中的音浪裹挟着你栖惶的内心左奔右突，直到古典的形式扭曲、变形、坍圮（pǐ），然后，听他高唱挣脱灵魂桎梏（gù）、摧毁旧日城堡的浪漫主义的赞歌．2．（6分）阅读下面的文字，完成下列各题。
[甲]《诗》云：“如切如磋，如琢如磨。
”切磋，追求完美；琢磨，追求卓越。
人生于世，无法干很多事，故切忌心浮气躁，每干一件事，便应发挥到极致。
比如作画，你必须坚持对大自然做长期静心的观察，才能让你的作品竹影扶疏，迎风摇曳；荷塘新叶，晨露欲滴；兰蕙飘香，清芬可挹。
[乙]一部《红楼梦》，为什么能穿越历史的云河，传唱不衰？其中奥秘，全在于曹雪芹字斟句酌，精益求精，于悼红轩中“批阅十载，增删五次”，“字字看来皆是血，十年辛苦不寻常”。
感动自己，震撼世人。
然而，[丙]当今社会，人们追求“短、平、快（投资少、周期短、见效快）”带来的及时利益，从而忽略了产品的品质。
因此企业更需要工匠精神，才能在长期的竞争中获得成功。
中国很多企业的产品质量为什么提不高、原因虽然很多，但最终可以归结到一个方面来，就是做事缺乏严谨的工匠精神。
（1）文段中加点词运用不正确的一项是A．心浮气躁B．清芬可挹C．及时D．从而（2）文段中画横线的甲、乙、丙句，标点有误的一项是A．甲B．乙C．丙。
2018版浙江地理选考部分B版习题：模拟卷1 含解析
浙江省普通高校招生选考科目考试地理模拟卷(一)(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本大题共25小题，每小题2分，共50分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．人类正设法探寻太空生命。
如果某颗星球上存在生命，那么这颗星球必须具有()①适中的体积和质量②能使水常处于液体状态的适宜温度③与地球完全相同的各种化学元素④安全的宇宙环境A．①②③B．①②④C．①③④D．②③④解析如果某颗星球上存在生命，那么这颗星球必须具有以下三个条件：一是有适中的体积和质量，二是能使水常处于液体状态的适宜温度，三是有安全的宇宙环境。
故选B。
答案 B2．图中正确指示北半球近地面风向的是()A．a B．b C．c D．d解析北半球近地面，风向与等压线斜交，向右偏转。
答案 D3．下列四幅图中正确反映北半球中低纬海区洋流流向的是()解析北半球中低纬度海区洋流以副热带为中心呈顺时针方向流动。
答案 C读地质剖面图，回答4～6题。
4．图中①处河谷的成因是() A．向斜构造向下弯曲形成B．背斜构造顶部遭侵蚀形成C．陡坡地带流水侵蚀力较强形成D．断层地带岩层破碎易遭侵蚀形成5．图中③处的岩石最有可能是() A．花岗岩B．大理岩C．砂岩D．砾岩6．图示地段发生过的地质作用不能确定的是() A．水平拉伸作用B．岩浆活动C．变质作用D．堆积作用解析第4题，①处为断层地带，因岩层破碎易遭侵蚀而形成河谷。
第5题，从断层左侧的岩层关系可以看出③处位于砾岩的下方，而从断层右侧的岩层关系可以看出砾岩的下方是石灰岩，说明③处原为石灰岩，后因接触高温岩浆而变质形成大理岩。
第6题，图中有岩浆活动形成的花岗岩，变质作用形成的大理岩，堆积作用形成的岩层④，不能确定是否发生了水平拉伸作用。
答案 4.D 5.B 6.A读我国某城市等地租线分布图，结合所学知识完成7～9题。
7．沿图中四条线，交通通达度最好的是() A．OA B．OB C．OC D．OD8．O处最可能是() A．工业区B．商业区C．住宅区D．文化区9．图中甲、乙、丙、丁四处地理事物，分布比较合理的是() A．甲B．乙C．丙D．丁解析第7题，从图中可以看出沿OA线等地租线向外凸出最明显，表明OA 线附近地租比两侧高，由此可以判断沿OA线的交通最便利。
最新-2018年浙江省普通高校招生模拟考试 精品
2018年浙江省普通高校招生模拟考试语文试题本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷两部分，共150分，考试时间为150分钟。
第Ⅰ卷(选择题共42分)一、（18分，每小题3分）1．下列词语中加点字的读音各不相同的一组是（）A．揣．摩气喘．吁吁湍．流惴．惴不安B．靓．妆绥靖．政策倩．影靛．蓝之色C．谙．熟黯．然泪下喑．哑暗．无天日D．嚅．动耳濡．目染懦．弱孺．子可教2．下列词语中没有错别字的一组是（）A．毗邻人所不齿沼汽池既往不咎B．浮浅卑躬屈膝文身术拾人牙慧C．永诀开源节流照相机飞扬拔扈D．污蔑穷原竟委明信片协从不问3．依次填入下列各句横线处的词语，最恰当的一组是（）①在呈给法院的状里，她历陈了多年来在家庭暴力事件中所受到的种种非人的虐待。
②为了让本市的第一个旅游暨招商节吸引更多更广人士的关注，主办方动用了各类宣传媒体渲染。
③你不要再执迷不悟了，赶紧去向她认个错，事情还有挽回的余地。
A．自诉大肆或则B．自述大肆或者C．自诉大事或者D．自述大事或则4．下列各句中加点的熟语不能用句后括号中的成语替换的一项（）A．“3·15”那天，当听说工商人员要来商城进行执法检查时，不少商家纷纷关门大吉，这种“此地无银三百两，隔壁阿二不曾曾偷．．．．．．．．．．．．．．．．”的做法不正说明他们心中有鬼吗？（欲盖弥彰）B．美英两国扛着“消灭大规模杀伤性武器”和“维护世界和平”两块牌子，以武力干涉伊拉克内政，其实是“醉翁之意不在酒．．．．．．．”，只不过借此瞒人耳目而已。
（别有用心）C．企业转制是一项关系到国计民生的重大改革，但我们的有些执行者却因从中遇到的某些问题而对这一改革的前景产生怀疑，这种“一叶障目，不见泰山．．．．．．．．．”的思想才是改革的最大阻力。
（目无全牛）D．还大自然以蓝天青山碧水是所有环保人士的共同心声，然而“树欲静而风不止．．．．．．．”，在利欲的驱使下，不法分子的肆意破坏，却日益加剧着环境的污染。
2018年浙江省高考仿真卷(一)-含答案解析
2018年浙江省高考仿真卷(一)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共150分，考试时间120分钟．第Ⅰ卷一、选择题(本大题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．若i 是虚数单位，复数z 满足(1－i)z ＝1，则|2z －3|＝( ) A. 3 B. 5 C. 6D.7B [由题意得z ＝11－i＝1＋i 1－i 1＋i ＝12＋12i ，则|2z －3|＝|－2＋i|＝22＋12＝5，故选B.]2．若a ，b 都是正数，则⎝⎛⎭⎪⎫1＋b a ⎝⎛⎭⎪⎫1＋4a b的最小值为( ) A ．7 B ．8 C ．9D ．10 C [⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋b a ⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋4a b＝1＋4a b ＋b a ＋4≥5＋24ab·ba＝9，当且仅当2a ＝b 时，等号成立，所以⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋b a ⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋4a b 的最小值为9，故选C.] 3．已知抛物线y 2＝2px (p >0)上一点M 到焦点F 的距离等于2p ，则直线MF 的斜率为( ) A ．± 3 B ．±1 C ．±34D ．±33A [因为点M 到抛物线的焦点的距离为2p ，所以点M 到抛物线的准线的距离为2p ，则点M 的横坐标为3p 2，即M ⎝ ⎛⎭⎪⎫3p 2，±3p ，所以直线MF 的斜率为±3，故选A.]4．函数f (x )＝x ecos x(x ∈[－π，π])的图象大致是( )B [由题意得f (－x )＝－x ecos(－x )＝－x ecos x＝－f (x )(x ∈[－π，π])，所以函数f (x )为奇函数，函数图象关于原点成中心对称，排除A 、C.又因为f ′(x )＝e cos x＋x ecos x·(－sin x )，则f ′(0)＝e ，即函数f (x )在原点处的切线的斜率为e ，排除D ，故选B.]5．由棱锥和棱柱组成的几何体的三视图如图1所示，则该几何体的体积为( )图1A ．14B.2132 C ．22 D.2732A [由三视图得该几何体为一个底面为底为3，高为2的三角形，高为4的直三棱柱和一个底面为底为3，高为2的三角形，高为2的三棱锥的组合体，则其体积为4×12×2×3＋13×2×12×2×3＝14，故选A.] 6．在三棱锥P ABC 中，PA ⊥平面ABC ，∠BAC ＝60°，AB ＝AC ＝23，PA ＝2，则三棱锥P ABC 外接球的表面积为( ) A ．20π B ．24π C ．28πD ．32πA [因为∠BAC ＝60°，AB ＝AC ＝23，所以△ABC 为边长为23的等边三角形，则其外接圆的半径r ＝232sin 60°＝2，则三棱锥P ABC 的外接球的半径R ＝r 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫PA 22＝5，则三棱锥P ABC 的外接球的表面积为4πR 2＝20π，故选A.]7．将5名同学分到甲、乙、丙3个小组，若甲组至少两人，乙、丙组每组至少一人，则不同的分配方案的种数为( )A．50 B．80C．120 D．140B [当甲组有两人时，有C25C23A22种不同的分配方案；当甲组有三人时，有C35A22种不同的分配方案．综上所述，不同的分配方案共有C25C23A22＋C35A22＝80种不同的分配方案，故选B.]8．定义在R上的偶函数f(x)的导函数为f′(x)．若对任意的实数x，都有2f(x)＋xf′(x)<2恒成立，则使x2f(x)－f(1)<x2－1成立的实数x的取值范围为( )A．{x|x≠±1}B．(－∞，－1)∪(1，＋∞)C．(－1,1)D．(－1,0)∪(0,1)B [设g(x)＝x2[f(x)－1]，则由f(x)为偶函数得g(x)＝x2[f(x)－1]为偶函数．又因为g′(x)＝2x[f(x)－1]＋x2f′(x)＝x[2f(x)＋xf′(x)－2]，且2f(x)＋xf′(x)<2，即2f(x)＋xf′(x)－2<0，所以当x>0时，g′(x)＝x[2f(x)＋xf′(x)－2]<0，函数g(x)＝x2[f(x)－1]单调递减；当x<0时，g′(x)＝x[2f(x)＋xf′(x)－2]>0，函数g(x)＝x2[f(x)－1]单调递增，则不等式x2f(x)－f(1)<x2－1⇔x2f(x)－x2<f(1)－1⇔g(x)<g(1)⇔|x|>1，解得x<－1或x>1，故选B.]9．已知f(x)＝x2＋3x，若|x－a|≤1，则下列不等式一定成立的是( )A．|f(x)－f(a)|≤3|a|＋3B．|f(x)－f(a)|≤2|a|＋4C．|f(x)－f(a)|≤|a|＋5D．|f(x)－f(a)|≤2(|a|＋1)2B [∵f(x)＝x2＋3x，∴f(x)－f(a)＝x2＋3x－(a2＋3a)＝(x－a)(x＋a＋3)，∴|f(x)－f(a)|＝|(x－a)(x＋a＋3)|＝|x－a||x＋a＋3|，∵|x－a|≤1，∴a－1≤x≤a＋1，∴2a＋2≤x＋a＋3≤2a＋4，∴|f(x)－f(a)|＝|x－a||x＋a＋3|≤|2a＋4|≤2|a|＋4，故选B.]10．如图，四边形ABCD是矩形，沿直线BD将△ABD翻折成△A′BD，异面直线CD与A′B所成的角为α，则( )图A ．α<∠A ′CDB ．α>∠A ′CDC ．α<∠A ′CAD ．α>∠A ′CAD [∵AB ∥CD ，∴∠A ′BA 为异面直线CD 与A ′B 所成的角α，假设四边形ABCD 是正方形，AB ＝2，平面A ′BD ⊥平面ABCD ，连接AC 交BD 于点O ，连接A ′A ，A ′C ，则A ′O ⊥平面ABCD ，A ′O ＝AO ＝BO ＝CO ＝DO ＝12AC ＝2，∴A ′A ＝A ′C ＝A ′B ＝A ′D ＝2，∴△A ′BA ，△A ′CD 是等边三角形，△A ′CA 是等腰直角三角形，∴∠A ′CA ＝45°，∠A ′CD ＝∠A ′BA ＝60°，即α>∠A ′CA ，α＝∠A ′CD ，排除A ，B ，C ，故选D.]第Ⅱ卷二、填空题(本大题共7小题，多空题每题6分，单空题每题4分，共36分．把答案填在题中横线上)11．设全集U ＝R ，集合A ＝{x |x 2－3x －4<0}，B ＝{x |log 2(x －1)<2}，则A ∩B ＝________，∁R A ＝________.(1,4) (－∞，－1]∪[4，＋∞) [A ＝(－1,4)，B ＝(1,5)，所以A ∩B ＝(1,4)，∁R A ＝(－∞，－1]∪[4，＋∞)．]12.⎝⎛⎭⎪⎫3x ＋1x 6的展开式中常数项为________(用数字作答)．135 [二项式⎝ ⎛⎭⎪⎫3x ＋1x 6的展开式的通项公式为T r ＋1＝C r 6(3x )6－r ⎝ ⎛⎭⎪⎫1x r ＝36－r C r6x，令6－32r ＝0，得r ＝4，所以⎝⎛⎭⎪⎫3x ＋1x 6的展开式中常数项为32C 46＝135.] 13．已知△ABC 的外接圆半径为1，圆心为O ，且3OA →＋4OB →＋5OC →＝0，则OB →·OC →＝____________，cos A ＝__________.－45 1010 [由4OB →＋5OC →＝－3OA →，|OB →|＝|OC →|＝|OA →|＝1得(4OB →＋5OC →)2＝9OA →2，即16＋25＋40 OB →·OC →＝9，OB →·OC →＝－45，OB →·OC →＝1×1×cos ∠BOC ＝－45，解得cos ∠BOC ＝－45，因为∠BOC ＝2∠A ，所以cos A ＝1＋⎝ ⎛⎭⎪⎫－452＝1010.] 14. 已知变量x ，y 满足⎩⎪⎨⎪⎧x －4y ＋3≤0，x ＋y －4≤0，x ≥1，点(x ，y )对应的区域的面积________，x 2＋y 2xy的取值范围为________．85 ⎣⎢⎡⎦⎥⎤2，103 [不等式组对应的平面区域是以点(1,1)，(1,3)和⎝ ⎛⎭⎪⎫135，75为顶点的三角形区域，该区域的面积为12×2×⎝ ⎛⎭⎪⎫135－1＝85.yx 的几何意义是可行域上的点(x ，y )与原点连线的斜率，当(x ，y )为点⎝ ⎛⎭⎪⎫135，75时，⎝ ⎛⎭⎪⎫y x min ＝713，当(x ，y )为点(1,3)时，⎝ ⎛⎭⎪⎫y x max ＝3，所以y x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤713，3，令y x ＝t ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤713，3，则x 2＋y 2xy ＝x y ＋y x ＝1t ＋t ，当t ＝1时，取得最小值2，当t ＝3时，取得最大值103，故x 2＋y 2xy 的取值范围是⎣⎢⎡⎦⎥⎤2，103.]15．已知双曲线C ：x 2a 2－y 2b2＝1(a >0，b >0)的左、右焦点分别为F 1、F 2，点P 在双曲线上，若|PF 1|＋|PF 2|＝6a ，且△PF 1F 2最小内角的大小为30°，则双曲线的渐近线方程为________．2x ±y ＝0 [由题意不妨设|PF 1|－|PF 2|＝2a ，∵|PF 1|＋|PF 2|＝6a ，∴|PF 1|＝4a ，|PF 2|＝2a .∵|F 1F 2|＝2c >2a ，∴△PF 1F 2最小内角为∠PF 1F 2＝30°，∴在△PF 1F 2中，由余弦定理得4a 2＝4c 2＋16a 2－2×2c ×4a ×cos 30°，解得c ＝3a ，∴b ＝2a ，故双曲线的渐近线方程为y ＝±b ax ＝±2x ，即2x ±y ＝0.]16．甲、乙两人被随机分配到A ，B ，C 三个不同的岗位(一个人只能去一个工作岗位)．记分配到A 岗位的人数为随机变量X ，则随机变量X 的数学期望E (X )＝________，方差D (X )＝________.23 49 [由题意可得X 的可能取值有0,1,2，P (X ＝0)＝2×23×3＝49，P (X ＝1)＝C 12×23×3＝49，P (X ＝2)＝13×3＝19，则数学期望E (X )＝0×49＋1×49＋2×19＝23，方差D (X )＝⎝ ⎛⎭⎪⎫0－232×49＋⎝ ⎛⎭⎪⎫1－232×49＋⎝ ⎛⎭⎪⎫2－232×19＝49.] 17．若函数f (x )＝x 2(x －2)2－a |x －1|＋a 有四个零点，则a 的取值范围为________．⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫a ⎪⎪⎪a ＝－3227或－1<a <0或a >0[显然x ＝0和x ＝2为函数f (x ) 的两个零点．当x ≠0且x ≠2时，令x 2(x －2)2－a |x －1|＋a ＝0得a ＝x 2x －22|x －1|－1＝⎩⎪⎨⎪⎧x 2x －2x ≥1，－x x －22，x <1，设g (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧x 2x －2x ≥1，－x x －22，x <1，则由题意得直线y ＝a 与函数g (x )的图象有两个横坐标不为0,2的相异交点，在平面直角坐标系内画出函数g (x )的图象如图所示，由图易得当a ＝－3227或－1<a <0或a >0时，直线y ＝a 与函数g (x )的图象有两个横坐标不为0,2的相异交点，即a 的取值范围为⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫a ⎪⎪⎪a ＝－3227或－1<a <0或a >0.] 三、解答题(本大题共5小题，共74分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤) 18．(本小题满分14分)在△ABC 中，三个内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c .已知函数f (x )＝sin(2x ＋B )＋3cos(2x ＋B )为偶函数，b ＝f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π12.(1)求b ；(2)若a ＝3，求△ABC 的面积S .[解] (1)f (x )＝sin(2x ＋B )＋3cos(2x ＋B )＝2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x ＋B ＋π3， 由f (x )为偶函数可知B ＋π3＝π2＋k π，k ∈Z ，所以B ＝π6＋k π，k ∈Z.5分又0<B <π，故B ＝π6，所以f (x )＝2sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x ＋π2＝2cos 2x ， b ＝f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π12＝ 3.7分 (2)因为B ＝π6，b ＝3，由正弦定理可得sin A ＝a sin B b ＝32，12分所以A ＝π3或A ＝2π3. 当A ＝π3时，△ABC 的面积S ＝332；当A ＝2π3时，△ABC 的面积S ＝334.14分19．(本小题满分15分)如图2，在梯形ABCD 中，AB ∥CD ，AD ＝DC ＝CB ＝1，∠BCD ＝120°，四边形BFED 为矩形，平面BFED ⊥平面ABCD ，BF ＝1.图3(1)求证：AD ⊥平面BFED ；(2)点P 在线段EF 上运动，设平面PAB 与平面ADE 所成锐二面角为θ，试求θ的最小值． [解] (1)证明：在梯形ABCD 中，∵AB ∥CD ，AD ＝DC ＝CB ＝1，∠BCD ＝120°， ∴AB ＝2.∴BD 2＝AB 2＋AD 2－2AB ·AD ·cos 60°＝3. 2分∴AB 2＝AD 2＋BD 2，∴AD ⊥BD .∵平面BFED ⊥平面ABCD ，平面BFED ∩平面ABCD ＝BD ，DE ⊂平面BFED ，DE ⊥DB ， ∴DE ⊥平面ABCD ，5分∴DE ⊥AD ，又DE ∩BD ＝D ， ∴AD ⊥平面BFED .7分(2)由(1)可建立以直线DA ，DB ，DE 为x 轴，y 轴，z 轴的如图所示的空间直角坐标系，令EP ＝λ(0≤λ≤3)，则D (0,0,0)，A (1,0,0)，B (0，3，0)，P (0，λ，1)， ∴AB →＝(－1，3，0)，BP →＝(0，λ－3，1)，8分 设n 1＝(x ，y ，z )为平面PAB 的法向量， 由⎩⎪⎨⎪⎧n 1·AB →＝0，n 1·BP →＝0，得⎩⎨⎧－x ＋3y ＝0，λ－3y ＋z ＝0，取y ＝1，则n 1＝(3，1，3－λ).12分 ∵n 2＝(0,1,0)是平面ADE 的一个法向量，∴cos θ＝|n 1·n 2||n 1||n 2|＝13＋13－λ2×1＝1λ－32＋4.∵0≤λ≤3，∴当λ＝3时，cos θ有最大值12.∴θ的最小值为π3.15分20．(本小题满分15分)设函数f (x )＝1－x ＋1＋x . (Ⅰ)求函数f (x )的值域；(Ⅱ)当实数x ∈[0,1]，证明：f (x )≤2－14x 2.[解] (Ⅰ)函数f (x )的定义域是[－1,1]， ∵f ′(x )＝1－x －1＋x 21－x2，当f ′(x )>0时，解得－1<x <0， 当f ′(x )<0时，解得0<x <1，∴f (x )在(0,1)上单调递减，在(－1,0)上单调递增， 4分 ∴f (x )min ＝f (1)＝f (－1)＝2，f (x )max ＝f (0)＝2， 7分∴函数f (x )的值域为[2，2]．(Ⅱ)证明：设h (x )＝1－x ＋1＋x ＋14x 2－2，x ∈[0,1]，h (0)＝0，∵h ′(x )＝－12(1－x )－12＋12(1＋x )－12＋12x＝12x ⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－21－x21＋x ＋1－x ，10分∵1－x 2(1＋x ＋1－x )＝1－x 2·2＋21－x 2≤2， ∴h ′(x )≤0.∴h (x )在(0,1)上单调递减， 13分又h (0)＝0，∴h (x )≤h (0)＝0， ∴f (x )≤2－14x 2.15分21．(本小题满分15分)已知椭圆C 1：x 24＋y 23＝1，抛物线C 2：y 2＝4x ，过抛物线C 2上一点P (异于原点O )作切线l 交椭圆C 1于A ，B 两点．图4(1)求切线l 在x 轴上的截距的取值范围；(2)求△AOB 面积的最大值．[解] (1)设P (t 2,2t )(t ≠0)，显然切线l 的斜率存在， 设切线l 的方程为y －2t ＝k (x －t 2)，即y ＝k (x －t 2)＋2t .1分由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝k x －t 22t ，y 2＝4x 消去x 得ky 2－4y －4kt 2＋8t ＝0，由Δ＝16－16k (－kt 2＋2t )＝0，得k ＝1t，从而切线l 的方程为x ＝ty －t 2，3分令y ＝0，得切线l 在x 轴上的截距为－t 2.由⎩⎪⎨⎪⎧x ＝ty －t 2，x 24＋y23＝1，得(3t 2＋4)y 2－6t 3y ＋3t 4－12＝0，令Δ＝36t 6－12(3t 2＋4)(t 4－4)>0，得0<t 2<4， 则－4<－t 2<0，6分 故切线l 在x 轴上的截距的取值范围为(－4,0).7分(2)设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，由(1)知y 1＋y 2＝6t 33t 2＋4，y 1y 2＝3t 4－123t 2＋4，|AB |＝1＋t 2|y 1－y 2|＝1＋t 2·y 1＋y 22－4y 1y 2＝1＋t 2·⎝ ⎛⎭⎪⎫6t 33t 2＋42－43t 4－123t 2＋4 ＝43·1＋t 2·－t 4＋3t 2＋43t 2＋42， 9分原点O 到切线l 的距离为d ＝t 21＋t2，∴S ＝12|AB |×d ＝23·t 4t 4＋3t 2＋43t 2＋42. 12分令3t 2＋4＝u ，∵0<t 2<4，∴4<u <16，则有S ＝23·u －429⎣⎢⎡⎦⎥⎤－u －429＋u u 2＝239·u 2－8u ＋16u 2＋17u －16u 2，∴S ＝239·⎣⎢⎡⎦⎥⎤⎝ ⎛⎭⎪⎫u ＋16u －8·⎣⎢⎡⎦⎥⎤17－⎝ ⎛⎭⎪⎫u ＋16u ＝239·－⎝⎛⎭⎪⎫u ＋16u 2＋25⎝⎛⎭⎪⎫u ＋16u －136. 令y ＝u ＋16u，∵4<u <16，∴y ＝u ＋16u在(4,16)上为增函数，得8<y <17，∴S ＝239·－y 2＋25y －136，当y ＝252∈(8,17)时，S max ＝239·－6254＋6252－136＝ 3. 14分 由y ＝u ＋16u ＝252得u ＝25＋3414，有t ＝3＋412<2，故当t ＝3＋412时，△OAB 面积S 有最大值 3. 15分22．(本小题满分15分)设各项均为正数的数列{a n }的前n 项和S n 满足S n a n ＝13n ＋r .(1)若a 1＝2，求数列{a n }的通项公式； (2)在(1)的条件下，设b n ＝1a 2n －1(n ∈N *)，数列{b n }的前n 项和为T n ，求证：T n ≥2n 3n ＋1. [解] (1)令n ＝1，得13＋r ＝1，∴r ＝23，1分则S n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫13n ＋23a n ，∴S n －1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫13n ＋13a n －1(n ≥2)，两式相减得a n a n －1＝n ＋1n －1(n ≥2)， 3分∴a 2a 1·a 3a 2·a 4a 3·…·a n a n －1＝31·42·53·…·n ＋1n －1， 化简得a n a 1＝n n ＋11×2(n ≥2)，∴a n ＝n 2＋n (n ≥2)，6分11 又a 1＝2适合a n ＝n 2＋n (n ≥2)，∴a n ＝n 2＋n .7分(2)证明：由(1)知a 2n －1＝(2n －1)·2n ，∴b n ＝1a 2n －1＝12n －12n ＝12n －1－12n ，∴T 1＝12≥23＋1不等式成立， ∴T n ＝11－12＋13－14＋15－16＋…＋12n －1－12n(n ≥2)， ∴T n ＝11＋12＋13＋…＋12n －2⎝ ⎛⎭⎪⎫12＋14＋…＋12n ＝11＋12＋13＋…＋12n －⎝ ⎛⎭⎪⎫11＋12＋…＋1n ， ∴T n ＝1n ＋1＋1n ＋2＋…＋12n ， 10分 ∴2T n ＝⎝⎛⎭⎪⎫1n ＋1＋12n ＋⎝ ⎛⎭⎪⎫1n ＋2＋12n －1＋…＋⎝ ⎛⎭⎪⎫1n ＋k ＋12n －k ＋1＋…＋⎝ ⎛⎭⎪⎫12n ＋1n ＋1. ∵1n ＋k ＋12n －k ＋1＝3n ＋1n ＋k 2n －k ＋1≥43n ＋1(仅在k ＝n ＋12时取等号)， ∴2T n ≥4n 3n ＋1，即结论T n ≥2n 3n ＋1成立. 15分。
浙江省2018年普通高等学校全国招生统一考试数学模拟测试卷
2018年普通高等学校招生全国统一考试数学模拟试题（浙江卷）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合，则（）A. B. C. D.【答案】A【解析】分析：求出中不等式解集，找出解集中的整数解确定出，找出中不等式的整数解确定出，求出与的交集即可．详解：∵集合∴集合又∵∴集合∴故选A.点睛：此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键．2. 双曲线的离心率是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】分析：直接利用双曲线方程，求出实轴长以及焦距的长，即可得到双曲线的离心率．详解：∵双曲线的方程为∴，∵∴∴故选C.点睛：本题考查了双曲线简单性质的应用，离心率的求法.求双曲线的离心率(或离心率的取值范围)，常见有两种方法：①求出，代入公式；②只需要根据一个条件得到关于的齐次式，转化为的齐次式，然后转化为关于的方程(不等式)，解方程(不等式)，即可得 (的取值范围)．3. 某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是（）...........................A. B. C. D.【答案】B【解析】分析：由已知中的三视图，可知该几何体右边是三棱锥，左边是直三棱柱，分别计算出体积，相加即可.详解：由三视图知：几何体右边是三棱锥，其底面为腰长为1的等腰直角三角形，高为1，其体积为；左边为直三棱柱，其底面为腰长为1的等腰直角三角形，高为1，其体积为.∴该几何体的体积为.故选B.点睛：本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型，也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键，不但要注意三视图的三要素“高平齐，长对正，宽相等”，还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响，对简单组合体三视图问题，先看俯视图确定底面的形状，根据正视图和侧视图，确定组合体的形状.4. 若满足约束条件，则的最小值是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】分析：根据约束条件作出平面区域，化为，从而结合图象，即可求得最小值．详解：由约束条件作出平面区域如图所示：化为，由，解得.由图可得，当直线经过点时，直线在轴上的截距最大，此时有最小值，即.故选B.点睛：本题主要考查线性规划中利用可行域求目标函数的最值，属简单题.求目标函数最值的一般步骤是“一画、二移、三求”：（1）作出可行域（一定要注意是实线还是虚线）；（2）找到目标函数对应的最优解对应点（在可行域内平移变形后的目标函数，最先通过或最后通过的顶点就是最优解）；（3）将最优解坐标代入目标函数求出最值.5. 在等差数列中，若，且它的前项和有最小值，则当时，的最小值为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】分析：根据题设条件，利用等差数列的性质推导出，，由此能求出时，的最小值．详解：∵数列是等差数列，它的前项和有最小值∴公差，首项，为递增数列∵∴，由等差数列的性质知：，.∵∴当时，的最小值为16．故选C.点睛：本题考查等差数列的前项和的应用，考查数列的函数特性，是中档题．解答本题的关键是根据，，确定时，的最小值.6. 如图，是双曲线与椭圆的公共焦点，点是在第一象限的公共点.若，则的离心率是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析：由题意知，，∵，∴，∴，∵，∴的离心率是，选考点：椭圆离心率【方法点睛】解决椭圆和双曲线的离心率的求值及范围问题其关键就是确立一个关于a，b，c 的方程或不等式，再根据a，b，c的关系消掉b得到a，c的关系式，建立关于a，b，c的方程或不等式，要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.7. 已知二次函数，则“与有相同的零点”是“”的（）A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】C【解析】分析：若是函数与函数相同的零点可推出，即，再根据充要条件的定义判断即可.详解：若是函数与函数相同的零点，则，.∴，即.∴二次函数，则“与有相同的零点”是“”的充要条件.故选C.点睛：充分、必要条件的判断方法（1）利用定义判断：直接判断“若p，则q”和“若q，则p”的真假．在判断时，确定条件是什么、结论是什么．（2）从集合的角度判断：利用集合中包含思想判定．抓住“以小推大”的技巧，即小范围推得大范围，即可解决充分必要性的问题．（3）利用等价转化法：条件和结论带有否定性词语的命题，常转化为其逆否命题来判断真假．8. 已知随机变量的分布列如表所示：若，则（）A. B.C. D.【答案】D【解析】分析：根据定义用表示出，，根据函数单调性得出结论．详解：由题意得.∵∴∵∴设，则在上单调递减.∵∴故选D.点睛：求离散型随机变量均值与方差的基本方法(1)已知随机变量的分布列求它的均值、方差，按定义求解．(2)已知随机变量的均值、方差，求的线性函数的均值、方差，可直接用的均值、方差的性质求解．(3)如果所给随机变量是服从常用的分布(如两点分布、二项分布等)，利用它们的均值、方差公式求解．9. 已知得内角所对的边分别为，且，点在所在平面上的投影恰好是的重心，设平面与底面所成的锐二面角分别为，则（）A. B. C. D.【答案】A【解析】分析：由题意画出图形，分别求出平面，，与底面所成的锐二面角，根据为的重心，可得，再由的大小关系可得到三边的距离关系，在直角三角形中由、、的大小得到三个角的大小关系．详解：根据题意画出如图所示的图形：∵为的重心∴过分别作、、垂直于、、，连接、、，可知、、分别为平面，，与底面所成的锐二面角，分别为.在、、中，，且.∴在、、中，，.∴，即.∵正切函数在上为增函数∴故选A.点睛：线面角找垂线，即通过线面垂直关系确定射影，再根据解直角三角形确定大小，二面角找垂面，即找棱垂直的平面，得到平面角之后再解三角形即可.10. 已知为锐角的外心，，若，且.记，，，则（）A. B. C. D.【答案】D【解析】分析：由已知结合数量积的几何意义列关于，，的方程组，求得，再由余弦定理求得，展开数量积，结合，且余弦函数在上为减函数即可得答案．详解：分别取，的中点为，，连接，，根据题设条件可得，.∴，.∵∴①②∵③∴由①②③得根据余弦定理可得∴在中，由大边对大角得：.∵，且余弦函数在上为减函数∴∴故选D.点睛：(1)向量的运算将向量与代数有机结合起来，这就为向量和函数的结合提供了前提，运用向量的有关知识可以解决某些函数问题.(2)以向量为载体求相关变量的取值范围，是向量与函数、不等式、三角函数等相结合的一类综合问题.(3)向量的两个作用：①载体作用：关键是利用向量的意义、作用脱去“向量外衣”，转化为我们熟悉的数学问题；②工具作用：利用向量可解决一些垂直、平行、夹角与距离问题.二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）11. 若复数满足（为虚数单位），则复数的虚部为__________； _________．【答案】 (1). 3 (2).【解析】分析：把已知等式变形，利用复数代数形式的乘除运算化简求得虚部，再由模的计算公式求模．详解：∵∴∴复数的虚部为，.故答案为，.点睛：本题重点考查复数的基本运算和复数的概念，属于基本题.首先对于复数的四则运算，要切实掌握其运算技巧和常规思路，如. 其次要熟悉复数相关基本概念，如复数的实部为、虚部为、模为、对应点为、共轭为12. 已知函数，则__________；函数的单调递减区间是__________．【答案】 (1). 1 (2).【解析】试题分析：因为，所以；当时，为单调递增函数；当时，，函数在上单调递增，在上单调递减，所以函数的单调递减区间为．考点：1、分段函数的求值；2、对数的运算；3、函数的单调性．13. 多项式的展开式中，含的系数是__________；常数项是__________．【答案】 (1). 200 (2). 144【解析】分析：根据题意，由二项式定理分析可得的展开式的通项为，进而令、3、0、1，求出对应的值，分析可得答案．详解：根据题意，的展开式的通项为.∴当时，有；当时，有；当时，有；当时，有.∴多项式的展开式中，含的项为，即含的系数是；常数项是.故答案为，．点睛：求二项展开式有关问题的常见类型及解题策略(1)求展开式中的特定项.可依据条件写出第项，再由特定项的特点求出值即可.(2)已知展开式的某项，求特定项的系数.可由某项得出参数项，再由通项写出第项，由特定项得出值，最后求出其参数.14. 在中，角所对的边分别为，已知，，，点满足，则__________；__________．【答案】 (1). 8 (2).【解析】分析：由已知利用余弦定理即可求得的值，进而求得的值，利用余弦定理可求的值.详解：如图，，，.∴根据余弦定理得，即.∴或（舍去）∵点满足∴∴在中，由余弦定理可得. ∴故答案为，.点睛：本题主要考查余弦定理解三角形. 对余弦定理一定要熟记两种形式：（1）；（2），同时还要熟练掌握运用两种形式的条件.另外，在解与三角形、三角函数有关的问题时，还需要记住等特殊角的三角函数值，以便在解题中直接应用.15. 分配名水暖工去个不同的民居家里检查暖气管道，要求名水暖工部分配出去，并每名水暖工只能去一个居民家，且每个居民家都要有人去检查，那么分配的方案共有__________种（用数字作答）.【答案】36【解析】分析：根据题意，分2步分析：①，将4名水暖工分成3组，②，将分好的三组全排列，对应3个不同的居民家，由分步计数原理计算可得答案．详解：根据题意，分2步分析：①将4名水暖工分成3组，有种分组方法；②将分好的三组全排列，对应3个不同的居民家，有种分配方法.∴共有6×6=36种不同的分配方案故答案为36．点睛：解答排列、组合问题的角度：解答排列、组合应用题要从“分析”、“分辨”、“分类”、“分步”的角度入手；(1)“分析”就是找出题目的条件、结论，哪些是“元素”，哪些是“位置”；(2)“分辨”就是辨别是排列还是组合，对某些元素的位置有、无限制等；(3)“分类”就是将较复杂的应用题中的元素分成互相排斥的几类，然后逐类解决；(4)“分步”就是把问题化成几个互相联系的步骤，而每一步都是简单的排列、组合问题，然后逐步解决．16. 已知向量满足，则的取值范围是__________．【答案】【解析】分析：根据绝对值三角不等式即可求出.详解：∵∴∴，即；，即.∴的取值范围是故答案为.点睛：本题考查向量的模，解答本题的关键是利用绝对值三角不等式，即.17. 已知，则的最大值是__________．【答案】【解析】分析：将通分后，再将分子分母同时除以，再设，根据对勾函数的性质，即可求得的最大值.详解：∵∴令，则.∵∴∴又∵在上为单调递增∴∴的最大值是故答案为.点睛：解答本题的关键是将等式化简到，再通过换元将其形式进行等价转化，最后运用对勾函数的单调性求出该函数的最值，从而使得问题获解.形如的函数称为对勾函数，其单调增区间为，；单调减区间为，. 三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）18. 已知函数（1）若，求的值域；（2）若的最大值是，求的值.【答案】（1）；（2）【解析】分析：（1）时，化简函数，利用三角函数的性质求出的值域；（2）化简函数，根据三角函数的图象与性质求出的值．详解：（1）由题意.∴函数的值域为.（2）由题意.∵函数的最大值为∴∴又∵∴.点睛：对三角函数考查是近几年高考考查的一类热点问题，一般难度不大，但综合性较强.解答这类问题，两角和与差的正余弦公式、诱导公式以及二倍角公一定要熟练掌握并灵活应用，特别是二倍角公式的各种变化形式要熟记于心在研究三角函数的图象和性质问题时，一般先运用三角恒等变形，将表达式转化为一个角的三角函数的形式求解.19. 设平面平面，，，，，，（1）证明：平面；（2）求直线与平面所成角的正弦值.【答案】（1）见解析；（2）【解析】分析：（1）由于，，可得，进而可得四边形是平行四边形．可得，利用线面平行的判定定理可得平面；（2）取中点，连结交于点，连结，先证与平面所成角等于与平面所成角，再证平面平面，然后作,交直线于点，得平面，即可得是与平面所成角，再求出、，即可得直线与平面所成角的正弦值.详解：（1）∵，∴.又∵∴四边形是平行四边形∴，因此平面.（2）取中点，连结交于点，连结.∵∴与平面所成角等于与平面所成角.∵，平面平面∴平面.又∵∴平面∴.在正方形中，，故平面.∴平面平面.在平面中，作,交直线于点，得平面.∴是与平面所成角.过点作.∵∴∵∴点睛：本题主要考查线面平行的判定定理、直线和平面成的角的定义及求法，属于难题.求直线和平面所成角的关键是作出这个平面的垂线进而斜线和射影所成角即为所求，有时当垂线较为难找时也可以借助于三棱锥的等体积法求得垂线长，进而用垂线长比上斜线长可求得所成角的正弦值，当空间关系较为复杂时也可以建立空间直角坐标系，利用向量求解.20. 已知函数.（1）求的导函数；（2）求的定义域及值域.【答案】（1）；（2）【解析】分析：（1）根据复合函数以及幂函数的求导公式进行运算；（2）根据根式的性质以及二次函数的值域求出函数的定义域，对函数求导，判断出单调性求出函数的极大值，即函数的最大值，再由根式的性质得出函数的值域．详解：（1）对求导得：.（2）∵∴对一切恒成立∴的定义域为.令，即，解得（舍去），或.当时，，；当时，，.∴当时，取最大值又∵，所以∴的值域为点睛：利用导数解答函数最值或值域的一般步骤：第一步：先求出函数的定义域；第二步：利用或求单调区间；第三步：解得两个根；第四步：比较两根同区间端点的大小；第五步：求极值；第六步：比较极值同端点值的大小．21. 设抛物线的焦点为，过点的动直线交抛物线于不同两点，线段中点为，射线与抛物线交于点.（1）求点的轨迹方程；（2）求面积的最小值.【答案】（1）；（2）【解析】分析：（1）设直线方程为，代入，消去，运用韦达定理和中点坐标公式，再运用代入法消去，即可得到的轨迹方程；（2）设，根据（1）可得，由点在抛物线上，化简可得，由点到直线的距离公式，以及弦长公式，求出的面积，再构造新函数，利用导数即可求得的面积的最小值.详解：（1）设直线方程为，代入得设，则，，.∴.设，由消去得中点的轨迹方程为（2）设.∵，∴由点在抛物线上，得.又∵∴，点到直线的距离又.所以，面积设，有，故在上是减函数，在上是增函数，因此，当时取到最小值.所以，面积的最小值是.点睛：在圆锥曲线中研究范围，若题目的条件和结论能体现一种明确的函数关系，则可首先建立目标函数，再求这个函数的最值.在利用代数法解决最值与范围问题时，常从以下方面考虑：①利用判别式来构造不等关系，从而确定参数的取值范围；②利用已知参数的范围，求新参数的范围，解这类问题的关键是两个参数之间建立等量关系；③利用隐含或已知的不等关系建立不等式，从而求出参数的取值范围；④利用基本不等式求出参数的取值范围；⑤利用函数的值域的求法，确定参数的取值范围.22. 已知数列满足：.证明：当时，（1）；（2）；（3）.【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）见解析【解析】分析：（1）用数学归纳法和反证法证明即可；（2）由数列的递推式以及作差法可得，构造函数，利用导数求出函数函数的单调性，从而可以证明；（3）由数列的递推式，以及（2）的结论可得，根据等比数列的通项公式即可证明，再结合已知可得，即可证明不等式成立.详解：（1）数学归纳法证明：当时，成立假设时，成立，那么时，假设，则，矛盾所以，故得证所以，故（2）由得设则由于与在上单调递增，所以故在上单调递增，所以所以即（3）由（2）得，则所以又，所以，所以，故所以，所以点睛：1．数学归纳法是一种重要的数学思想方法，主要用于解决与正整数有关的数学问题．证明时步骤(1)和(2)缺一不可，步骤(1)是步骤(2)的基础，步骤(2)是递推的依据．2．在用数学归纳法证明时，第(1)步验算的不一定为1，而是根据题目要求选择合适的起始值．第(2)步，证明时命题也成立的过程，一定要用到归纳假设，否则就不是数学归纳法.。
2018年浙江省普通高等学校高考科目模拟考试语文试题(一)AllwPH
浙江省普通高等学校高考科目模拟考试语文试题(一)一、语言文字运用(共20分)1.下列各句中,没有错别字且加点字的注音全都正确的一项是( )(3分)A.村庄历史悠久、风光秀丽,满坡的翠竹摇曳(yè)着江南的灵秀。
这得天独厚的自然风貌,给村民带来了诸多真实慧。
B.敦煌不是灵光一现的结果,为创造它,无数匿名的大师、工匠、艺人前仆后继,不是凭飓风般的激情,而是凭持久如沙漠、绵亘(gèn)如沙漠的激情以及一代比一代娴熟的手艺。
C.欣赏《黄大仙》巨幅联屏作品,犹如看到跳动着的曲(qǔ)线起伏的音符,人物表情惟妙惟肖,栩栩如生,色彩、纹理搭配自然,具有极强的艺术感染力。
D.正是他们这种惊天地、泣鬼神的大无畏牺牲精神,凝聚成了无艰不摧的强大战斗力,使红军胜利完成了震撼世界、彪炳(bǐng)史册的长征。
阅读下面的文字,完成第2~3题。
关于公元前3000~前1700年世界其他地区人类生活的变化,我们所知的要少得多。
在中国文明即将诞生的黄河中游地区,相当稠密的农业人口形成了,他们以粟为主要食物。
[甲]这些农民在一种特殊的土壤“黄土”上耕作,这种土壤由冰川时期的风吹来的尘土沉积而成,因此容易挖掘。
黄土地区森林不多,因此,耕作技术与中东的刀耕火种大相径庭。
正因如此,加上粟在其他地方不是重要作物,所以大多数学者认为,中国的农业独立于中东农业而兴起,虽然中东独特的作物小麦和大麦也从很早的时候就在黄土地区培植了。
在更南部的东南亚大河流域,公元前2000年代,另一种截然不同的农业也取得了更大的发展。
[乙]在这些地区,季风是决定性因素:一年中有半年下雨。
实际上这半年几乎天天下雨,其他时间则是干旱。
雨季和旱季的明显交替意味着当地有洪涝,然后是土地逐步干旱。
[丙]各种根茎作物天性都适合这种气候条件;水稻也是如此,它是季风地区的主要农作物。
2.文段中加点的词,运用不正确的一项是( )(3分)A.沉积B.大相径庭C.虽然D.逐步3.文段中画线的甲、乙、丙句,标点有误的一项是( )(2分)A.甲B.乙C.丙4.下列各句中,没有语病的一项是( )(3分)A.为了毕业致辞,校长们也是拼了,年年挖空心思,最后就难免落入重形式不重内容,玩弄辞藻,虚伪矫情。
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2017年浙江省普通高校招生选考模拟卷(一) 本试卷分选择题和非选择题两部分，共4页，满分100分，考试时间90分钟。
一、选择题(每小题2分，共50分)读北半球某区域示意图，完成1～2题。
1．图中的洋流性质及其对沿岸气候的影响是()A．暖流降温增湿B．暖流增温增湿C．寒流降温减湿D．寒流增温减湿2．图中植被类型的变化主要体现了()A．从沿海到内陆的地域分异规律B．从赤道到两极的地域分异规律C．山地的垂直地域分异规律D．地方性地域分异规律1．B 2.C[第1题，图示为北半球大陆西岸，该区域的地表植被为阔叶林，说明位于中纬度地区，因此沿海海域的洋流向北流，是暖流，对沿岸气候的影响是增温增湿。
第2题，图中山麓地带是阔叶林，随海拔升高变为针叶林，体现了山地的垂直地域分异规律。
]3．(2017·金丽衢选考模拟)2016年2月冰岛夜空现凤凰极光，千古奇观令人震撼。
极光产生的条件有三个：大气、磁场、高能带电粒子。
下列关于极光的叙述，正确的是()A．极光的形成与耀斑的发生直接相关B．极光的发生与色球层的太阳风有关C．高能带电粒子主要来自太阳光球层D．高纬地区的冬季夜空利于观赏极光D[本题考查极光产生的原因及观赏位置。
极光是由于太阳带电粒子流(太阳风)进入地球磁场，在地球南北两极附近地区的高空，出现的灿烂美丽的光辉；太阳风来自于日冕层，可排除A、B、C，正确选项为D。
]4．(2017·金华市外国语学校选考模拟)“落红不是无情物，化作春泥更护花”说明()A．生物是土壤形成中最活跃的因子B．生物是土壤有机质主要来源C．春季，微生物分解作用非常迅速D．生物风化使有机残体归还多B[诗句说明的是植被最终落叶归根，成为了土壤的一部分，是土壤有机质的主要来源。
](2017·金丽衢十二校联考)2016年6月发布的《中国北斗卫星导航系统》白皮书提出，2020年左右我国要完成35颗卫星发射组网，实现全球系统建设。
完成下题。
5．下列领域中，跟北斗系统高精度技术的直接应用无关的是()A．泥石流变形监测B．洪水淹没范围监测C．120系统应急救援D．无人汽车驾驶导航B[本题考查“3S”的应用范围。
北斗卫星导航系统属于全球定位系统，可能应用于A、C、D的定位和导航；洪水淹没范围监测需要通过遥感系统进行监测，可知本题的正确选项为B。
](2017·金华市选考模拟) 2016年9月28日，北京市政府提出未来北京将不再扩大高等教育的办学规模，并支持高校通过整体搬迁、办分校、联合办学方式向外疏散，推动老校区向研究生培训基地、研发创新基地转型，在疏解中优化高校布局和办学规模。
完成6～7题。
6．北京不再扩大高等教育办学规模的主要原因是()A．高等教育亏损严重B．经济水平高于科技水平C．控制城市人口规模D．科技水平高于经济水平7．周边地区迁入北京高校一定会导致当地()A．环境污染加剧B．城市化水平提高C．粮食产量增加D．第二产业比重提高6．C7.B[第6题，北京属于特大城市，为缓解逐渐增多的城市环境问题，必须控制城市人口规模。
第7题，北京市高校外迁会促进迁入地的城市建设，提高其城市化水平。
]下图为地球圈层结构示意图。
读图，完成8～9题。
8．下列关于图中各圈层的叙述，正确的是()A．C为大气圈B．A为水圈C．E、F合为岩石圈D．B为生物圈9．一般认为，岩浆的主要发源地是()A．软流层B．下地幔C．图中D层D．图中G层8．D9.A[从图中的结构特点看，A为大气圈，B为生物圈，C为水圈，D为地壳，E为上地幔顶部，F为下地幔，G为地核。
火山喷发的岩浆主要来自软流层。
]10．大规模的火山爆发可能造成地表温度下降。
其合理的解释是火山爆发导致()A．大气二氧化碳浓度增加B．高纬度地区极光现象减少C．地球表面长波辐射增强D．到达地面的短波辐射减弱D[大气中二氧化碳浓度增加，大气中逆辐射增强，会使地表温度上升；极光现象与地表温度无关；地表长波辐射增强表明地表温度升高；而火山爆发所产生的火山灰会削弱到达地面的太阳短波辐射，使地表温度下降。
](2015·浙江10月选考)下图为北半球亚热带地区大陆东西两侧①②两地降水量逐月累积折线图。
据此完成11～12题。
11．②地降水量与①地相比()A．春季较多B．夏季较多C．秋季较多D．冬季较多12．夏季影响①地的大气环流是()A．夏季风B．副极地低压带C．西风带D．副热带高压带11．D12.A[第11题，①②两地位于北半球亚热带地区大陆东西两侧，读降水量逐月累积折线图可知，②地年降水量比①地少，则①地为亚热带季风气候，②地为地中海气候。
所以，②地降水量与①地相比，冬季降水多。
第12题，①地为亚热带季风气候，影响①地的大气环流是海陆热力性质差异形成的季风环流，夏季是受夏季风的影响。
](2017·绍兴模拟)植生滞留槽，又称作“雨水花园”，是建设海绵型城市的新亮点。
下图为城市植生滞留槽示意图以及城市郊区水循环示意图。
读图，回答13～14题。
植生滞留槽示意图城市和郊区水循环示意图13．若天津城市建设采用“植生滞留槽”后()A．①减少B．②减少C．③增加D．④增加14．若天津城市建设采用“植生滞留槽”可以()A．根治城市地下水水位下降B．加大城市气温日较差C．加大海陆热力性质差异D．增加城市水资源13．D14.D[第13题，采用“植生滞留槽”可减少地表径流，对大气降水影响不大，地表水下渗增加。
第14题，“植生滞留槽”可减轻地表土壤干燥度，降低城市气温日较差，下渗增加，可增加城市水资源。
](2017·宁波选考模拟)网络冷链销售模式是指人们利用网络订购生鲜食品，生产厂家通过冷链物流把商品快递到购买人手中，是逐渐兴起的生鲜食品的销售模式。
据此回答15～16题。
15．网络生鲜食品冷链销售，将使生产商()A．增加原料成本B．扩大市场C．降低生产效率D．减少利润16．与传统的生鲜食品销售方式相比，网络冷链销售()A．促进技术革新和产品升级换代B．使生产企业不必致力于市场开拓C．增加营销环节降低销售成本D．增加了商业网点布局的空间限制15．B16.A[第15题，本题考查产业活动的地域联系。
网络生鲜食品冷链销售属于商贸信息联系，它将会使生产商扩大市场，增加利润，提高生产效率。
该模式下原料成本不会增加。
第16题，本题考查工业的销售方式。
网络冷链销售与传统的生鲜食品销售方式相比，可以促进技术革新和产品升级换代，有利于市场开拓，销售成本可能会增加，商业网点的空间布局会扩大。
]下图示意某国部分地区的地形和人口密度。
读图，完成17～19题。
17．M、N、P、Q四地中，降水量最多的是()A．M地B．N地C．P地D．Q地18．影响L地人口稀少的主要自然因素是()A．地形B．纬度位置C．洋流D．距海远近19．图示地区主要的农业地域类型是()A．商品谷物农业B．乳畜业C．大牧场放牧业D．游牧业17．A18.A19.B[第17题，英国的降水受西风和北大西洋暖流影响，降水由西向东减少。
M、N两地都位于西风的迎风坡，但是N地地形平坦，受地形抬升不明显；M地地势起伏大，抬升明显，地形雨显著。
第18题，世界人口主要分布在气温适中、降水适中的中低纬度沿海地带，L地位于沿海地区，且有暖流经过；但其人口比同纬度其他地区少。
再根据地形图，可知L地海拔比同纬度其他地区高，故影响L地人口稀少的主要自然因素是地形。
第19题，英国的纬度位置较高，又属于温带海洋性气候，光照不足，但气候湿润，比较适宜发展乳畜业。
]成昆铁路是我国上世纪70年代初建成的一条重要铁路。
近年来，国家开始规划修建成昆铁路复线。
下图为成昆铁路的某部分路段。
据此回答20～21题。
20．影响图中铁路布线的主要因素是()A．河流走向B．地势起伏C．耕地分布D．城镇分布21．成昆铁路复线与老成昆线基本一致，但部分路段将截弯取直，其主要目的是()A．减少对自然环境的破坏B．降低铁路建设的难度C．提高列车运行的速度D．促进沿线地区的发展20．B21.C[第20题，由图可知，该铁路线迂回曲折，多次跨过河流，且所经地区(云贵高原)海拔较高，故影响其布线的主要因素为地形地势。
第21题，结合所学知识可知，裁弯取直主要是为了减少铁路线路长度，以提高列车运行速度。
]读图，回答22～23题。
22．①②两地区共同存在的环境问题是()A．水土流失B．酸雨危害C．土壤侵蚀和草地退化D．土壤盐碱化23．③④⑤三个地区土壤侵蚀严重，其形成的共同原因有()①以山地丘陵为主的地形②季风气候，雨热同期③人口密集，过度开垦④酸雨危害严重A．①②B．③④C．①③D．②④22．C23.C[第22题，①位于塔里木盆地边缘，②位于内蒙古高原，两地都位于我国的干旱区和半干旱区，风力作用强劲，土壤遭受风蚀作用严重；过度放牧导致草地退化。
第23题，③④⑤三个地区都以低山丘陵为主，地势起伏大，水土流失严重；再加上三地区都是人口密集区，过度开垦，造成植被破坏，加重了土壤侵蚀。
](2016·金华选考模拟)2016年7月，武汉大水围城，洪灾严重，然而武汉的地貌也是洪水“造就”的。
完成24～25题。
24．武汉此次洪灾的诱灾原因主要是()A．海水顶托作用B．春季台风带来的暴雨C．下游植被破坏D．雨带稳定地维持数日25．武汉的地貌也是洪水“造就”的，这说明武汉地貌形成与下列选项相关性最大的是()A．内力抬升B．河道变窄C．流速减慢D．湖泊众多24．D25.C[第24题，武汉位于江汉平原地区，2016年7月，锋面雨带长时间滞留于此，降水较多，导致此次洪灾。
第25题，武汉所在地区，地形平坦，河流流速缓慢加剧了洪灾的发生。
]二、非选择题(共50分)26．读亚洲西部部分示意图，完成下列问题。
(10分)(1)死海所在的地质构造是________。
当地光照强，湿度小导致________(填水循环环节)强。
(2)①地冬季降水________，其形成原因是该季节受________控制。
该地的自然带类型是________。
(3)甲山脉是亚洲和________洲分界线。
(4)古巴比伦依托幼发拉底河和底格里斯河创造了辉煌的古代文明，两河下游大致流向是________，分析两河对农业生产的影响。
【解析】第(1)题，死海位于断层地带，海拔很低，应是地堑构造，其所在地区气候干旱，蒸发旺盛。
第(2)题，图中①地位于地中海沿岸，冬季降水较多，主要受西风带影响，属于亚热带常绿硬叶林带。
第(3)题，甲山脉为大高加索山脉，属于亚欧两洲分界线。
第(4)题，两河流域地形平坦，灌溉水源充足，利于农业发展。
【答案】(1)地堑蒸发(2)多盛行西风亚热带常绿硬叶林带(3)欧(4)自西北流向东南提供水源，形成平坦的地形，带来肥沃的土壤。