江苏省南京市雨花区梅山二中2016届九年级(上)第二次月考物理试卷(五四制)(解析版)

2015-2016学年江苏省南京市雨花区梅山二中九年级（上）第二次月考物理试卷（五四制）一、选择题1．揭示电流与电压的关系是具有里程碑意义的电学发现，做出这一贡献的科学家是（ ）A ．安培B ．奥斯特C ．欧姆D ．伏特2．一只普通家用白炽灯正常发光时，通过它的电流约为（ ）A ．2×101安B ．2×102安C ．2×10﹣1安D ．2×10﹣2安3．火车车厢里有两间厕所，只要有一间厕所的门关闭时（相当于电键闭合），指示灯就会发光，以提醒乘务人员有人正在使用某个厕所，在图中符合上述要求的电路是（ ）A ．B ．C ．D ．4．对于某个导体电阻的大小，以下说法正确的是（ ）A ．加在导体两端的电压增大两倍，导体的电阻也增大两倍B ．通过导体的电流减小一半，则导体的电阻增大两倍C ．当导体的电压和通过导体的电流为零时，导体的电阻为零D ．导体的电阻等于导体两端电压与通过它的电流之比5．两个导体R 1和R 2，其中R 1=6欧姆，将R 1与R 2串联后其总电阻为18欧姆，则R 1与R 2并联后的总电阻为（ ）A ．12欧姆B ．8欧姆C ．4欧姆D ．2欧姆6．把阻值分别为R 1、R 2的两个电阻并联接在电压为U 的电路里，这时通过R 1的电流为I 1，通过R 2的电流为I 2，且I 1＞I 2；若将R 1、R 2串联后仍接在电压为U 的电路里，则R 1两端的电压U 1和R 2两端电压U 2的关系是（ ）A ．U 1=U 2B ．U 1＜U 2C ．U 1＞U 2D ．无法比较7．在图所示的电路中，将电流表A 1，A 2正确接入电路，闭合电键S ，电路正常工作，各电表的示数均不为零，移动滑动变阻器R 2的滑片P ，电压表V 与电流表A 1示数的比值不发生变化，电压表V 与电流表A 2示数的比值发生变化，则（ ）A．电流表A1一定测量通过R2的电流B．电流表A1可能测量通过R1和R2的电流C．电流表A2一定测量通过R2的电流D．电流表A2可能测量通过R1和R2的电流8．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．当电键S闭合后，电路正常工作，一会儿后灯L熄灭，电压表V的示数发生变化．若电路故障只发生在电阻R或小灯L上，则故障是（）A．当电压表V的示数变大时，一定是小灯L断路B．当电压表V的示数变大时，一定是电阻R断路C．当电压表V的示数变小时，一定是小灯L短路D．当电压表V的示数变小时，一定是电阻R短路二、填空题9．家用冰箱正常工作电压为伏，冰箱与洗衣机之间是的（选填“并联”或“串联”）．10．用一节新的干电池给小电珠供电，发现通电60秒钟，流过小电珠的电荷量为9库，则通过该小电珠的电流为安，加在该小电珠两端的电压为伏，此时该小电珠灯丝的电阻为欧．11．导体的电阻是由导体的材料、和决定，滑动变阻器是通过改变接入电路导体的来改变电阻的．12．某导体两端的电压为12伏，通过它的电流为0.6安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为库，其电阻为欧．当通过它的电流为0.3安时，该导体的电阻为欧．13．甲白炽灯标有“220V 40W”字样，乙白炽灯标有“220V 60W”的字样，若两灯均正常工作，则灯较亮（选填“甲”或“乙”），通过乙灯的电流为安．一度电可供甲灯连续正常工作小时．14．现将长度相同、横截面积不同的不同种材料制成的导体A和B接到如图所示的电路中，闭合电键S，通过A的电流为I A，通过B的电流为I B，则I A I B（选填“大于”、“等于”或“小于”），若此时导体A和B两端的电压关系是U A=U B，则R A R B（选填“大于”、“等于”或“小于”），由此可知导体的材料导电性能好．（选填“A”或“B”）15．如图所示的电路中，电源电压不变．当电键S由闭合到断开时，电流表A2的示数将．电流表A1的示数将，电压表V和电流表A2的示数的比值将．（均选填“变大”、“不变”或“变小”）16．若将电阻R1、变阻器R2、电压表、电流表、电源、电键用导线连接成两个不同的电路，如图A 和图B所示．闭合电键S，将两图中变阻器的滑片P均向左移动，在此过程中：图A中电压表V1的示数将，电压表V1示数的变化量和与电流表A1示数的变化量的比值将．图B的电流表A2的示数将，电压表V2示数与电流表A2示数的比值将．（均选填“变大”、“不变”或“变小”）三、作图题17．在如图所示电路的○里填上适当的电表符号；填上后使之成为正确的电路图，且闭合电键S，两灯均能发光．18．在如图中根据标出的电流方向，从电池组、电压表、电流表三个元件的符号中选出两个元件符号，分别填进电路的空缺处，填进后要求灯泡L1和L2串联，且都能发光．19．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：①电压表测小灯两端电压．②闭合电键S，向左端移动滑动变阻器的滑片P，小灯变亮．四、计算题（4+4+7+9=24分）20．将电阻R接在电压为3伏的电源两端，30秒内通过电阻R的电荷量为12库仑．求：（1）通过电阻R的电流；（2）电阻R的电功率．21．如图所示的电路中，电阻R2的电阻为10欧，断开电键S，电流表的示数为0.4安，闭合电键S，电流表的示数为1.2安．求：（1）电源电压；（2）R1的阻值．22．在图（a）所示的电路中，电源电压恒定不变，电阻R1为20欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω2A”字样．闭合电键S，滑动变阻器R2上的滑片P移至某处时，电路中两个电表的指针恰好指在相同的位置上，如图（b）所示．求：①电源电压U．②变阻器连入电路的阻值R2．③通电5分钟，电阻R1消耗的电能．23．如图所示的电路中，电源电压为18伏且不变．电阻R1的阻值为6欧，滑动变阻器上标有“50Ω 2A”字样．闭合电键S后，电压表V1的示数为6伏．求：①通过电阻R1的电流．②滑动变阻器接入电路的阻值．③若电压表V1、V2所接的量程均为0～15伏，在保证电路安全工作的情况下，计算滑动变阻器R2允许接入的电阻范围．五、实验题24．在图（a）所示的电路中，灯L1与L2是连接，电流表是在电路中（均选填“串联”或“并联”）．电压表测量的是灯的电压，它的示数如图（b）所示为伏．25．小章同学用“伏安法”测量一只小灯泡的电阻．实验时他按图（a）所示的电路连接实物，并把实）在电路连接过程中，电键应该处于状态；（2）闭合电键前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处，目的是．（3）小章同学进行了三次实验，部分记录见上表．若电压表示数为2.7伏时，电流表的指针位置如图（b）所示，读数为安，此时小灯泡的电阻为欧．（4）老师看了他的记录，提示说：你注意到三次测量的电阻相差较大这个现象吗？通过交流，其他小组同学也都有类似现象：灯泡电阻随电压增大、亮度增强而增大．经讨论，同学们认识到：实验有误差是肯定的，但这个现象不能单纯用误差来解释．因为：如果是误差，那么三次测得的电阻值应该相差（选填“较大”或“较小”），并具有的特点（选填“逐次增大”、“逐次减小”或“时大时小”）．后来，同学们注意到灯泡发热发光的特殊性，认为灯泡的电阻可能与有关，并通过查阅资料得到了证实．26．在“测定小灯泡的电功率”实验中，小红同学所用电源电压不变，小灯标有“2.5V”字样．她正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键时，电压表、电流表的示数分别为1.3伏和0.16安．然后她将滑动变阻器的滑片移动到中点位置时，发现小灯正常发光．接着她将滑片移动到另一端，发现小灯闪亮一下熄灭了，此时电流表的示数为安，而电压表的示数如图（a）所示．于是她更换电压表量程，发现电压表的示数如图（b）所示，则电源电压为伏，滑动变阻器的最大阻值为欧，小灯的额定功率为瓦．27．小李和小明为研究导体的某种性质．选用的器材有：多节新干电池、电流表、电压表、电键、若干导线，以及长度相同，但材料不同（A、B两种金属）和横截面积不同（粗、细两种规格）的甲、在实验过程中，同学是用的方法改变导体两端的电压．②分析比较实验序号1、2与3（或4、5与6或7、8与9）的电压和电流变化的倍数关系可得的初步结论是：．③分析比较实验序号可得的初步结论是：当导体两端电压相同时，通过不同导体的电流是不同．④进一步分析比较表一或表二或表三中的电压和电流的比值，可得到的结论是：．⑤小李和小明在仔细研究了表一、表二和表三后又有了新发现：导体的材料和导体的横截面积会影响导体两端电压和通过导体电流的比值．小明分析表二和表三得出了“导体横截面积越小，导体两端电压和通过导体电流的比值越小”的结论，你认为这一结论是的（选填“正确”或“错误”）．2015-2016学年江苏省南京市雨花区梅山二中九年级（上）第二次月考物理试卷（五四制）参考答案与试题解析一、选择题1．揭示电流与电压的关系是具有里程碑意义的电学发现，做出这一贡献的科学家是（）A．安培 B．奥斯特C．欧姆 D．伏特【考点】物理常识．【专题】顺推法．【分析】电流与电压、电阻的关系确立是电学发展史上重要的里程碑．其基本关系是：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；电压一定时，通过导体的电流与其阻值成反比．【解答】解：通过导体的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比，这就是欧姆定律．最早是德国物理学家欧姆于1826年总结得出的．故选C．【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意．2．一只普通家用白炽灯正常发光时，通过它的电流约为（）A．2×101安B．2×102安C．2×10﹣1安 D．2×10﹣2安【考点】电流的大小．【专题】电流和电路．【分析】普通家用照明白炽灯泡比如“220V 40W”，正常工作时，电压为220V，功率为40W，由公式P=UI估算电流的值．【解答】解：普通家用照明白炽灯泡，一般为“220V、40W”，正常工作时，电压为220V，功率为40W，由公式P=UI得I==≈0.2A=2×10﹣1A．故选C．【点评】本题关键对普通家用照明白炽灯泡的额定电压和额定功率有所了解，考查生活常识，比较简单．3．火车车厢里有两间厕所，只要有一间厕所的门关闭时（相当于电键闭合），指示灯就会发光，以提醒乘务人员有人正在使用某个厕所，在图中符合上述要求的电路是（）A．B．C．D．【考点】串、并联电路的设计．【专题】电流和电路．【分析】根据串并联电路中开关的作用来判断，即两个开关应该并联连接，共同控制一个灯泡．【解答】解：根据题意可知，每个开关都可以单独控制指示灯的明暗，因此两开关并联后与指示灯串联，故B选项符合题意．故选B．【点评】会设计串联电路和并联电路，会用元件符号画出准确的电路图．4．对于某个导体电阻的大小，以下说法正确的是（）A．加在导体两端的电压增大两倍，导体的电阻也增大两倍B．通过导体的电流减小一半，则导体的电阻增大两倍C．当导体的电压和通过导体的电流为零时，导体的电阻为零D．导体的电阻等于导体两端电压与通过它的电流之比【考点】电阻．【专题】电压和电阻．【分析】电阻是导体本身的属性，只与导体的长度，导体的横截面积和导体的材料有关，与电流、电压的大小无关；据此即可判断哪个选项正确．【解答】解：电阻是导体本身的属性，只与导体的长度，导体的横截面积和导体的材料有关，与电流、电压的大小无关，但导体的电阻等于导体两端电压与通过它的电流之比．故选D．【点评】本题是考查影响电阻大小的因素，知道电阻是导体本身的属性，导体的电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度等有关，与电流以及电压的大小无关．5．两个导体R1和R2，其中R1=6欧姆，将R1与R2串联后其总电阻为18欧姆，则R1与R2并联后的总电阻为（）A．12欧姆B．8欧姆C．4欧姆D．2欧姆【考点】电阻的串联；电阻的并联．【专题】电压和电阻．【分析】（1）已知两电阻的阻值，根据串联电路的特点可求出串联电阻的阻值；（2）已知两电阻的阻值，根据并联电路的特点可求出并联电阻的阻值．【解答】解：∵R串=R1+R2∴R2=R串﹣R1=18Ω﹣6Ω=12Ω；由并联电路特点知：=+，则R并===4Ω；故选C．【点评】本题考查了学生对电阻串联、并联特点的了解与掌握．6．把阻值分别为R1、R2的两个电阻并联接在电压为U的电路里，这时通过R1的电流为I1，通过R2的电流为I2，且I1＞I2；若将R1、R2串联后仍接在电压为U的电路里，则R1两端的电压U1和R2两端电压U2的关系是（）A．U1=U2B．U1＜U2C．U1＞U2D．无法比较【考点】电阻的并联；欧姆定律的应用；电阻的串联．【专题】电压和电阻；欧姆定律．【分析】根据并联电路的电压特点可知两电阻并联时两端的电压关系；根据欧姆定律可知通过它们的电流关系．根据串联电路的电流特点可知两电阻串联时通过的电流关系，根据欧姆定律可知两电阻两端的电压关系．【解答】解：∵R1、R2并联，∴两电阻两端的电压相等，即U1=U2=U，∵I=，∴I1：I2=R2：R1，∵I1＞I2，∴R1＜R2；∵串联电路各处的电流相等，∴两电阻串联时通过的电流相等，即I1′：I2′=1：1；∵U=IR，∴它们两端的电压之比U1′：U2′=R1：R2，∵R1＜R2，∴U1′＜U2′．故选B．【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题．7．在图所示的电路中，将电流表A1，A2正确接入电路，闭合电键S，电路正常工作，各电表的示数均不为零，移动滑动变阻器R2的滑片P，电压表V与电流表A1示数的比值不发生变化，电压表V与电流表A2示数的比值发生变化，则（）A．电流表A1一定测量通过R2的电流B．电流表A1可能测量通过R1和R2的电流C．电流表A2一定测量通过R2的电流D．电流表A2可能测量通过R1和R2的电流【考点】电流表的使用．【专题】电流和电路．【分析】由图知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表测量电源电压．电压表与电流表示数的比值是电阻，根据定值电阻和滑动变阻器的特点和位置，判断电流表的位置．【解答】解：A、电流表A1如果测量通过R2的电流，必须与R2串联，当R2的滑片移动时，R2接入电路电阻变化，通过R2的电流相应变化，电流表示数变化，的比值发生变化．不符合题意；B、电流表A1如果测量通过R1和R2的电流，必须串联在干路中，当R2的滑片移动时，R2接入电路电阻变化，通过R2的电流相应变化；定值电阻两端电压和阻值不变，通过的电流不变，但干路电流发生变化，电流表示数变化，的比值发生变化．不符合题意；C、D、电流表A2如果测量通过R2的电流，必须与R2串联，当R2的滑片移动时，R2接入电路电阻变化，通过R2的电流相应变化，电流表示数变化，的比值发生变化．电流表A2如果测量通过R1和R2的电流，必须串联在干路中，当R2的滑片移动时，R2接入电路电阻变化，通过R2的电流相应变化；定值电阻两端电压和阻值不变，通过的电流不变，但干路电流发生变化，电流表示数变化，的比值发生变化．选项C不符合题意，选项D符合题意．故选D．【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时对电路影响和各表示数的变化分析．8．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．当电键S闭合后，电路正常工作，一会儿后灯L熄灭，电压表V的示数发生变化．若电路故障只发生在电阻R或小灯L上，则故障是（）A．当电压表V的示数变大时，一定是小灯L断路B．当电压表V的示数变大时，一定是电阻R断路C．当电压表V的示数变小时，一定是小灯L短路D．当电压表V的示数变小时，一定是电阻R短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】压轴题．【分析】先分析电路的连接方式，即电阻和灯泡串联连接，电压表测量灯泡两端的电压；然后根据选项逐一分析，并选出符合要求的选项．【解答】解：灯泡熄灭，则电路故障可能为灯泡短路或断路；当电压表示数变大时，电压表测量电源电压，因此故障可能是灯泡断路或电阻短路，因此灯泡不亮，所以不可能是电阻短路；当电压表示数变小时，可能是灯泡短路或电阻断路，电压表示数均为零；故选A．【点评】识别电路是正确分析的前提，该题考查了电路故障的一种常见情况，关于这种题型一定要理解掌握．二、填空题9．家用冰箱正常工作电压为220伏，冰箱与洗衣机之间是并联的（选填“并联”或“串联”）．【考点】家庭电路的连接．【专题】应用题；电与热、生活用电．【分析】了解家庭电路的电压，知道家庭电路中各用电器的连接方式可顺利解答．【解答】解：家用冰箱正常工作电压为220伏，冰箱与洗衣机之间是并联的，这样它们在工作时才会互不影响．故答案为：220；并联．【点评】本题主要考查对家庭电路中的电压和家庭电路中用电器连接方式的了解，属用电常识．10．用一节新的干电池给小电珠供电，发现通电60秒钟，流过小电珠的电荷量为9库，则通过该小电珠的电流为0.15安，加在该小电珠两端的电压为 1.5伏，此时该小电珠灯丝的电阻为10欧．【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题；电流和电路；欧姆定律．【分析】知道通电60秒钟内流过小电珠的电荷量，根据I=求出通过该小电珠的电流，根据一节新干电池的电压为1.5V可知加在该小电珠两端的电压，再根据欧姆定律求出此时该小电珠灯丝的电阻．【解答】解：通过该小电珠的电流：I===0.15A，因一节新干电池的电压为1.5V，所以，加在该小电珠两端的电压U=1.5V，由I=可得，此时该小电珠灯丝的电阻：R===10Ω．故答案为：0.15；1.5；10．【点评】本题考查了电流定义式和欧姆定律的应用，要注意一节新干电池的电压为1.5V．11．导体的电阻是由导体的材料、长度和横截面积决定，滑动变阻器是通过改变接入电路导体的长度来改变电阻的．【考点】影响电阻大小的因素；滑动变阻器的工作原理．【分析】导体电阻的大小决定于导体的材料、长度和横截面积．滑动变阻器是靠改变连入电路中的电阻丝长度来改变电阻的．【解答】解：电阻是导体的一种性质，影响电阻大小的因素有三个，除了材料、长度以外还有横截面积．滑动变阻器之所以能变阻，靠的是改变连入电路中电阻丝的长度来变阻的．长度变长，电阻变大；长度变小，电阻变小．故答案为：长度；横截面积；长度．【点评】本题考查的是影响电阻大小的因素和滑动变阻器的工作原理，不光要记住，还要理解．12．某导体两端的电压为12伏，通过它的电流为0.6安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为6库，其电阻为20欧．当通过它的电流为0.3安时，该导体的电阻为20欧．【考点】电量及其计算；欧姆定律的变形公式．【专题】电流和电路；欧姆定律．【分析】（1）已知电流和通电时间，根据Q=It可求出电荷量；（2）已知电压和电流，根据欧姆定律的变形公式即可求出电阻；（3）电阻是导体本身的一种性质，不随着导体两端的电压改变而改变．【解答】解：（1）通过该导体横截面的电荷量：Q=It=0.6A×10s=6C；（2）由I=得导体的电阻：R===20Ω；（3）电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度和横截面积有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，因此当通过它的电流为0.3安时，导体的电阻仍为20Ω．故答案为：6；20；20．【点评】本题考查了电量和电阻的计算，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目．13．甲白炽灯标有“220V 40W”字样，乙白炽灯标有“220V 60W”的字样，若两灯均正常工作，则乙灯较亮（选填“甲”或“乙”），通过乙灯的电流为0.27安．一度电可供甲灯连续正常工作25小时．【考点】电功率与电能、时间的关系．【专题】计算题；电能和电功率．【分析】（1）因为灯泡的亮度由实际功率决定，可根据灯泡的实际判断灯泡的亮度；（2）已知乙白炽灯标有“220V 60W”的字样，可根据I=求出电流；（3）已知甲白炽灯标有“220V 40W”字样，可知甲灯额定功率为40W，又知消耗的电能，根据P=可求出时间．【解答】解：（1）由甲白炽灯标有“220V 40W”字样，乙白炽灯标有“220V 60W”的字样可知，若两灯均正常工作时，甲灯的实际功率是40W，乙灯的实际功率是60W，所以乙灯较亮；（2）由P=UI可得，通过乙灯的电流：I乙==≈0.27A；（3）由P=可得，1度电可供甲灯连续正常工作时间t===25h．故答案为：乙；0.27；25．【点评】本题主要考查了电功的计算，对“220V 40W”、“220V 60W”的字样理解是关键，关于计算都是直接运用公式的计算，比较简单．14．现将长度相同、横截面积不同的不同种材料制成的导体A和B接到如图所示的电路中，闭合电键S，通过A的电流为I A，通过B的电流为I B，则I A等于I B（选填“大于”、“等于”或“小于”），若此时导体A和B两端的电压关系是U A=U B，则R A等于R B（选填“大于”、“等于”或“小于”），由此可知A导体的材料导电性能好．（选填“A”或“B”）【考点】欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素．【专题】应用题；电路和欧姆定律．【分析】由电路图可知，A、B串联，根据串联电路的特点可知通过它们的电流关系；已知电压、电流关系，根据欧姆定律可知电阻关系；假如A、B的材料相同，则长度相同、A的横截面积小时A 的电阻大，而实际上两电阻相等，说明A的导电性能好．【解答】解：由电路图可知，A、B串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，I A=I B，因U A=U B，所以，由I=的变形式R=可知，R A=R B，因A、B的长度相同，A的横截面积小，且电阻相等，所以，A的导电性能好．故答案为：等于；等于；A．【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律以及影响电阻大小因素的应用，关键是利用假设法灵活的判断导体的导电性能的好坏．15．如图所示的电路中，电源电压不变．当电键S由闭合到断开时，电流表A2的示数将不变．电流表A1的示数将变小，电压表V和电流表A2的示数的比值将不变．（均选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律．【专题】应用题；电路和欧姆定律．【分析】由电路图可知，电键S闭合时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，A2测R2支路的电流；电键S断开时，电路为R2的简单电路，电压表仍侧电源的电压，电流表A1、A2测R2支路的电流；根据电源的电压不变可知电压表的示数不变；根据并联电路独立工作、互不影响可知通过R2支路的电流不变，进一步可知电流表A1示数的变化，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知电压表V和电流表A2的示数的比值的变化．【解答】解：由电路图可知，电键S闭合时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，A2测R2支路的电流；电键S断开时，电路为R2的简单电路，电压表仍侧电源的电压，电流表A1、A2测R2支路的电流；∵电源的电压不变，∴电压表的示数不变；∵并联电路各支路独立工作、互不影响，∴当电键S由闭合到断开时，通过R2支路的电流不变，即电流表A2的示数不变；∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴当电键S由闭合到断开时，通过电流表A1示数变小；∵并联电路各支路两端的电压相等，∴根据欧姆定律可知，电压表V和电流表A2的示数的比值等于定值电阻R2的阻值，故当电键S由闭合到断开时电压表V和电流表A2的示数的比值不变．故答案为：不变；变小；不变．【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是开关闭合、断开时电路变化的分析和电表所测电路元件的判断．16．若将电阻R1、变阻器R2、电压表、电流表、电源、电键用导线连接成两个不同的电路，如图A 和图B所示．闭合电键S，将两图中变阻器的滑片P均向左移动，在此过程中：图A中电压表V1的示数将变小，电压表V1示数的变化量和与电流表A1示数的变化量的比值将不变．图B的电流表A2的示数将不变，电压表V2示数与电流表A2示数的比值将变大．（均选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】电路的动态分析．【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．【分析】（1）图A中，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，根据串联电路的电压特点和欧姆定律结合R1的阻值判断电压表V1示数的变化量和与电流表A1示数的变化量的比值变化；（2）图B中，R1与R2串联，电压表V2测滑片右侧电阻两端的电压，电流表A2测电路中的电流，根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知，滑片移动时不能改变接入电路中的电阻，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据欧姆定律结合滑片右侧部分电阻的阻值判断电压表V2示数与电流表A2示数的比值变化．【解答】解：（1）图A中，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，当变阻器的滑片P均向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R1两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压变小，即电压表V1的示数变小；设变阻器的滑片P均向左移动前后电路中的电流分别为I1、I2，则电压表V1示数的变化量：△U2=U2﹣U2′=（U﹣I1R1）﹣（U﹣I2R1）=（I2﹣I1）R1=△IR1，即电压表V1示数的变化量和与电流表A1示数的变化量的比值等于R1的阻值，所以，电压表V1示数的变化量和与电流表A1示数的变化量的比值不变．（2）图B中，R1与R2串联，电压表V2测滑片右侧电阻两端的电压，电流表A2测电路中的电流，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片移动时不能改变接入电路中的电阻，则电路中的电流不变，即电流表的示数不变，当变阻器的滑片P均向左移动时，滑片右侧电阻变大，由R=可知，电压表V2示数与电流表A2示数的比值等于滑片右侧部分电阻的阻值，所以，电压表V2示数与电流表A2示数的比值变大．。