2023年广东省中考物理试卷(附答案)

2023 年广东省中考物理试题
学校:姓名：班级：考号：
一、单项选择题
1.以下关于一般教室内的物理量的估测，符合实际的是〔〕
A.一根粉笔的质量约为1kg C．室内大气压强约为100Pa
B.课桌的高度约为70cm D．室温约为60℃
2.小明觉察衣柜里防虫用的樟脑丸会越来越小，此现象属于哪种物态变化〔〕A．熔化B．升华C．汽化D．液化
3．以下微观粒子中，尺度最大的是〔〕
A.原子B．电子C．质子D．中子
4．以下关于声音的说法，不正确的选项是〔〕
A．临街住宅安装双层玻璃可以减弱噪声
B．长期佩戴耳机开大音量听音乐可能损伤听力
C．北京天坛的回音壁利用了声音反射的原理
D．声呐通过次声波的回声定位探究海洋的隐秘
5．关于能量和能源，以下说法正确的选项是〔〕
A.煤、石油、自然气都是可再生能源C．水力发电是将水的机械能转化为电能
B.电能是一次能源
D．太阳释放的能量是核裂变产生的
6.分别使用图中四种装置匀速提升同一重物，不计滑轮重、绳重和摩擦，最省力的是〔〕
A．B．
C．D．
A ．
B ．
C ．
D ．
7. 图中的 a 表示垂直于纸面的一段导线，它是闭合电路的一局部。

当a 在以下磁场中
沿图中所示方向运动时，不会产生感应电流的是〔
〕
二、填空题
8. 班级厨艺展现活动中，用煤气炉烹饪食物主要是通过 〔选填“做功”或 “热传递”〕的方式增大食物的内能；现场香气四溢属于 现象，说明分子在不停地做无规章的运动。

活动完毕，剩余煤气的热值 〔选填“变大”、“变
小”或“不变”〕。

9. 图表示四冲程汽油机处于
冲程。

汽车尾气带走的能量 〔选
填“能”或“不能”〕自动集合回来转化成燃料的化学能，这反映了能量的转化具有。

10. 一枚实心纪念币的质量为 16g ，体积为 2cm 3，纪念币的密度是
g/cm 3。

可见，这枚纪念币 〔选填“是”或“不是”〕纯金制成。

假设宇航员将这枚纪念币带到太空，其质量 〔选填“变大”、“变小”或“不
变”〕。

〔ρ 金
=19.3×103kg/m 3〕 11. 如下图，电子蜡烛的“烛焰”通过凸透镜在光屏上成一个清楚 立的实
像。

利用这一成像规律可制成 〔选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”〕，假
设保持蜡烛和光屏的位置不变，仅将凸透镜更换成另一个焦距一样、尺寸更大的凸透 镜，此时间屏上像的大小与原来的像比照应
〔选填“变大”“变小”或“不
变”〕。

12.家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器联。

假设用电热水壶加热0.8kg
的水，使其温度从30℃上升到80℃，则水吸取的热量是J。

此过程中，电热水
壶实际消耗的电能〔选填“大于”“等于”或“小于”〕水吸取的热量。

[c
水
=4.2×103J/〔kg·℃〕]
13.“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”〔[唐]张志和《渔歌子》〕。

图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。

水中的“白鹭”是由光的形成的〔选填“实”或“虚”〕像。

假设水深3m，当白鹭距离水面5m 时，它的像距离水面
m。

14.图甲中过山车从A 点动身，先后经过B、C、D、E 点。

图乙是过山车在B、C，
D、E 点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在点最大，B 点重力势能的大小 E 点动能的大小。

在这个过程中，过山车的机械能是〔选填“变化”或“不变”〕的。

15.图中，刻度尺的分度值是mm，木块的长度为cm；
16.与毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带电。

用带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔张开，如下图。

这两片金属箔带种电荷。

17.体温计是依据液体的规律制成的。

体温计离开人体后，直管内的水银
〔选填“能”或“不能”〕自动退回玻璃泡，所以体温计能离开人体读数。

图中的体温计示数是℃。

三、作图题
18.如下图，物体A 保持静止，画出A 所受重力G 和拉力F 的示意图。

19.如下图，一束光从水中射向水面O 点，画出法线、反射光线和大致的折射光线。

20.如下图，画出通电螺线管中的电流方向和它外部磁感线a 的方向。

四、试验题
21.在“探究杠杆的平衡条件”试验中：
（1）小明安装好杠杆后，觉察其左端下沉，如图甲所示。

为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向调整；
（2）如图乙所示，杠杆调整平衡后，在A 处悬挂3 个钩码，每个钩码重0.5N。

假设在B 处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为时，拉力最小，大小为N；
（3）课后，小明制作了一个简易杠杆，调整杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位置分别放上不同数量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂
l : l。

假设两边同时各取走一枚硬币，则杠杆的端将下沉。

1 2
22.图甲是测量小灯泡在不同电压下电阻的试验电路图〔小灯泡额定电压为1.5V〕。

（1）小明按电路图连接实物，刚接上最终根导线，看到电流表指针马上有偏转。

假设电路连线正确，造成这种特别现象的缘由是。

（2）试验中，调整滑动变阻器，分别记录电压表和电流表的示数如下：
测量次序12345
电压U/V 1.8 1.5 1.0 0.3
电流I/A 0.32 0.30 0.26 0.18
℃第4 次测量对应的电压表和电流表示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压是V，通过它的电流是A。

℃小灯泡正常发光时的电阻是Ω。

℃第5 次测量中，小灯泡不发光。

小明断定是灯丝断了。

这个推断是〔选填“正确”或“错误”〕的，理由是。

五、计算题
23.图中某智能机器人的质量为80kg，其轮子与水平地面接触的总面积为5×104 m2。

在水平地面上工作时，该机器人匀速直线移动的速度为1m/s，所受阻力是机器人重力的0.05倍。

求：〔取g=10N/kg〕
（1）机器人对水平地面的压强；
（2）机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力；
（3）机器人在水平地面上匀速直线移动30s，此过程中牵引力做的功。

24.某电热取暖器的简化电路如下图，R
1、R
2
为发热电阻。

取暖器工作时，通过开关
S 1 和S
2
实现低温、高温的挡位掌握。

高温挡功率为1320W，R
1
=55Ω。

求：
（1）取暖器工作时通过R1的电流；
（2）取暖器处于低温挡时，工作1min 产生的热量；（3）R2的阻值。

六、综合题
25.我国自主研制的载人深潜器下潜深度已突破10000m，在载人深潜领域到达世界领
先水平。

〔取ρ=1.03×103kg/m3，ρ
海水
=1.0×103kg/m3，g=10N/kg〕水
（1）潜水艇活动的海水深度一般为300m 至600m。

它可以通过水舱排水或充水来转变，从而实现浮沉；
（2）深潜器可进入更深的水域，在10000m 的深处，海水产生的压强为
Pa。

由于深海海水压强太大，深潜器实现浮沉的方法与潜水艇有所不同；（3）小明阅读资料后，利用图的装置模拟深潜器在水中的运动过程。

物体甲、乙由一条细线连接且在水中处于静止状态，乙的质量为0.2kg，体积为25cm3，则乙所受浮力的大小为N，乙受到细线的拉力为N。

假设剪断细线，甲将
〔选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”〕，此时甲所受浮力〔填字母〕。

A．增大，且大于重力B．不变，且等于重力
C．不变，且大于重力D．减小，且小于重力
26．题22 图甲为局部电磁波的频率分布示意图。

（1）由图可知，紫外线〔选填“是”或“不是”〕电磁波。

它在真空中的传播速度约为m/s。

（2）以下实例中，属于紫外线应用的是〔填字母〕。

A．遥控器掌握电视B．体检时拍X 光片
C．医院杀菌消毒灯D．“测温枪”测量体温
（3）少量的紫外线照耀是有益的，过量的紫外线照耀会损伤皮肤。

紫外线能使荧光物
质发光，小明想检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，利用图乙所示的试验装置在暗室
及肯定防护下进展试验。

步骤一：如图乙所示，固定好紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板，将一块大小适宜的玻璃板放置在〔选填“I”“℃”或“℃”〕区域，且调整玻璃板与硬纸板平行；步骤二：翻开紫外线灯，荧光物质发光；
步骤三：关闭紫外线灯，荧光物质不发光；
步骤四：按产品的说明书要求在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次翻开紫外线灯，荧光物质有微弱发光。

由此可推断，该防晒霜〔选填“能”或“不能”〕阻挡全部紫外线。

27．阅读以下短文，答复以下问题。

直流充电桩
直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示，它能够将电网中的沟通电转化为直流电，再将电能充入汽车动力电池〔以下简称电池〕。

通常，直流充电桩比沟通充电桩的充电电压更高、电流更大，因而可实现快速充电。

设电池当前储能占布满状态储能的百分比为D。

充电时，充电桩的充电功率P 会随着电池的 D 的变化而变化，同时用户还可以通过充电桩显示屏了解充电过程中的其他相关信息。

现实际测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能。

假定测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能。

充电前，D 为30%，充电桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为0。

开头充电后，P 与D 的关系如图乙所示〔为便利计算，图像已作近似处理〕，布满后，马上停顿充电。

当D到达70%时充电桩显示屏的局部即时信息如下表。

充电电压充电电流充电时长充电度数充电费用〔V〕〔A〕〔min〕〔kW h〕〔元〕
400 45 24.0 28.80
（1）通常，直流充电桩比沟通充电桩的充电电压更高、电流更大，故充电功率更；
（2）在D 从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是。

当D 为70%时，充电电流为A；
（3）假设充电过程中充电电费单价不变，则测试全过程的充电费用为元；
（4）设D 从70%增至80%所需时间为t
1，从80%增至90%所需时间为t
2
，且t
1
：
t
2
=2：3，则测试全过程的充电总时长为min。

参考答案：
1．B
【解析】
【详解】
A．一根粉笔的质量约为5g，故A 不符合题意；
B．教室内课桌的高度约在70cm~80cm 之间，故B 符合题意；
C．室内大气压强约为一个标准大气压，约为1.01×105Pa，故C 不符合题意；
D．正常教室内的温度约在20℃~30℃之间，故D 不符合题意。

应选B。

2．B
【解析】
【详解】
樟脑丸会越来越小是由于樟脑丸渐渐由固体直接变为气体，这属于升华现象。

故ACD 不符合题意，B 符合题意。

应选B。

3．A
【解析】
【详解】
原子是由原子核及核外电子组成，而原子核由质子及中子组成，所以尺度最大的是原子。

故A 符合题意，BCD 不符合题意。

应选A。

4．D
【解析】
【详解】
A．为了改善室内的居住环境，建筑师在设计窗户时常承受双层玻璃，这样做的主要优点是：℃隔热，℃隔声；故A 正确，不符合题意；B．长期戴着耳机听高分贝音量的音乐，有可能损伤鼓膜，致使听力下降，故B 正确，不符合题意；
C．著名中外的北京天坛里的回音壁，三音石，圜丘三处建筑有格外奇特的声音现象，它是我国古代建筑师利用声音的反射形成的音响效果，故C 正确，不符合题意；
D．声呐利用超声波进展回声定位，而不是利用次声波，故D 错误，符合题意。

应选D。

5．C
【解析】
【详解】
A．煤、石油、自然气不能短时期内从自然界得到补充，属于不行再生能源，故A 错误；B．生活中所使用的电能是从自然界中的一次能源转化而来的，因此电能属于二次能源，故 B 错误；C．水力发电时，消耗水的机械能，转化为电能，因此水力发电是将水的机械能转化为电能，故C 正确；D．太阳内部发生的是热核反响，太阳释放的的巨大能量是由核聚变产生的，故D 错误；应选C。

6．A
【解析】
【详解】
A.不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数n=3，则拉力
G
F = 物
1 3
B.不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数n=2，则拉力
G
F = 物
2 2
C.定滑轮相当于等臂杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力
F =G
3 物
D.动滑轮相当于省力杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力
G
F = 物
4 2
综上，四种装置匀速提升同一重物，则最省力的是A 中的装置。

应选A。

7．D
【解析】
【详解】
m 16g 当闭合电路的一局部导体切割磁感线时，会产生感应电流，而ABC 导体都在切割磁感线， 而只有D 顺着磁感线运动，不会切割磁感线，故ABC 不符合题意，D 符合题意。

应选D 。

8.
热传递 集中 不变
【解析】
【详解】
[1] 用煤气炉烹饪食物时，煤气燃烧释放出来的热量主要通过热传递的方式给食物加热，使食物的内能增加。

[2] 现场香气四溢属于集中现象，说明分子在不停的做无规章运动。

[3] 热值是燃料的一种特性，煤气燃烧一局部后，剩余煤气的种类没变，状态没变，则其热值不变。

9.
排气 不能 方向性
【解析】
【详解】
[1]由图示知，汽缸的进气门关闭，排气门翻开，活塞向上运动，是排气冲程。

[2][3]燃料燃烧放出的能量中有局部热散失，被尾气带走，而尾气带走的能量不会再自动变成燃料的化学能，这是由于能量的转化具有方向性。

10.
8 不是 不变
【解析】
【详解】
[1][2]纪念币的密度
ρ = = = 8g / cm 3 = 8⨯103 kg / m 3 < ρ = 19.3⨯103 kg / m 3
V 2cm 3
金
由于纪念币的密度小于纯金的密度，则纪念币不是纯金制作的。

[3]质量是物质的一种属性，它不随外形、状态、位置和温度的转变而变化，因此将纪念币带到太空，其质量不变。

11.
倒 照相机 不变
【解析】
【详解】
[1][2]由图可知，物距大于像距，即电子蜡烛位于凸透镜的二倍焦距之外，凸透镜成倒立、缩小的实像，照相机的成像原理与之一样。

[3]凸透镜成像性质是由物距所打算的，试验中保持蜡烛和光屏的位置不变，仅更换焦距相同、尺寸更大的凸透镜，相当于物距大小不变，此时间屏上所成像的大小不变。

12．并 1.68⨯105J 大于
【解析】
【详解】
[1]家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器之间互不干扰，都能独立工作，所以它们是并联的。

[2]用电热水壶加热0.8kg 的水，使其温度从30℃上升到80℃，则水吸取的热量
Q =c
m∆t=4.2⨯103J/(kg⋅℃)⨯0.8kg⨯(80℃-30℃)=1.68⨯105J
水
[3]由于在烧水过程中，水会不断的向外散热，所以电热水壶实际消耗的电能会大于水吸取的热量。

13.反射虚5
【解析】
【详解】
[1][2]安静的水面相当于平面镜，所以水中的“白鹭”相当于平面镜成像，平面镜成像成的是虚像，其原理是光的反射。

[3]依据平面镜成像的特点，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离，故白鹭距离水面5m 时，它的像距离水面5m。

14. C 等于变化
【解析】
【详解】
〔1〕[1]过山车在 B 点重力势能最大，在下降的过程中，重力势能转化为动能，再加上之前前进的动能，所以在C 点动能最大。

[2]由图乙可知，B 点的重力势能与E 点的动能大小在一个水平线上。

所以大小相等。

[3]由于有摩擦以及空气阻力的缘由，一局部机械能转化为内能，所以过山车的机械能是变化的。

15． 1 3.80
【详解】
图示刻度尺1cm 又分为10 个小刻度，故最小刻度值为1mm；木块起始端对应的刻度值为0.00cm；末端对应的刻度值为3.80cm，木块长度为3.80cm.
【点睛】
刻度尺相邻刻度线间的距离是刻度尺的分度值，由图示刻度尺确定刻度尺的分度值，物体端点与刻度尺零刻度线对齐，物体另一端点所对应刻度尺的示数是物体的长度．
16.负同
【解析】
【详解】
[1]摩擦起电的实质是电子的转移，与毛皮摩擦过的橡胶棒得到电子而带负电，毛皮失去电子而带正电。

[2]验电器的两片金属箔带上了同种电荷，同种电荷相互排斥，所以金属箔片会张开。

17.热胀冷缩不能36.5
【解析】
【详解】
[1]体温计属于液体温度计，玻璃泡内装有液态的水银，工作时利用液体的热胀冷缩的性质来测量人的体温。

[2]由于体温计的玻璃泡和直玻璃管之间有一个很细的弯管，在温度下降时水银在细弯管处断开而不能自动流回到玻璃泡内，因此体温计能离开被测人体读数。

[3]体温计的测量范围为35~42℃，体温计的一个大格表示1℃，里面有10 个小格，分度值为0.1℃，则图中体温计的示数为36.5℃。

18．
【解析】
物体A 保持静止，受到的重力和拉力是一对平衡力，这两个力大小相等，方向相反，如以下图所示：
19．
【解析】
【详解】
一束光从水中射向水面O 点，过O 点作垂直于分界面的一条虚线，即法线，依据光的反射定律可知，反射光线与入射光线分居法线两侧，且反射角等于入射角，据此画出反射光线；依据光的折射定律可知，折射光线与入射光线分居法线两侧且不在同一介质中，由于光从水中射入空气，所以折射角大于入射角，据此画出折射光线，如下图：
【解析】
【详解】
由图可知，电流从正极动身，回到负极，依据安培定则可知，右手握住通电螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指方向，即通电螺线管的右端为N 极，磁感线由N 极动身，回到S 极，如下图：
21.右竖直向下 2 4：1 左
【解析】
【详解】
〔1〕[1]由图甲知，杠杆的左端下沉，应向右调整平衡螺母才能让杠杆在水平位置平衡。

〔2〕[2][3]在 B 处施加的动力方向竖直向下时，对应的动力臂最大。

据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变时，动力臂最大，对应的动力最小。

杠杆在水平位置平衡时，有
3×0.5N×4l=F
1
×3l
解得最小拉力
F
1
=2N
〔3〕[4]由图示知，左边对杠杆的作用力为2 个硬币的重力，右边对杠杆的作用力为4 个
硬币的重力，设每个硬币的重力为G，则有
G 1：G
2
=2G：4G=1：4
据杠杆的平衡条件有20．
⨯ = l 1：l 2=G 2：G 1=4：1
[5]在两边同时取走一枚硬币，则左边和右边分别是
(2G -G )×l 1=G ×l 1=4Gl 2
(4G -G )×l 2=3Gl 2
所以杠杆的左端下沉。

22.
连接电路时，开关没有断开 0.6 0.22 5 错误 见解析
【解析】
【详解】
〔1〕[1]由题意可知，刚接上最终根导线，看到电流表指针马上有偏转，说明电路是一个通路，所以造成这种特别现象的缘由是连接电路时，开关没有断开。

〔2〕[2]由图乙中的电压表图可知，电压表选择的量程为0~3V ，依据指针所在的位置可得，该电压表的示数为 0.6V 。

[3] 由图乙中的电流表图可知，电流表选择的量程为0~0.6A ，依据指针所在的位置可得，该电流表的示数为 0.22A 。

[4] 由题意可知，小灯泡额定电压为 1.5V ，再由表格可知，当小灯泡两端电压为额定电压 时，通过小灯泡的电流为 0.3A ，依据欧姆定律I =
U 可得小灯泡正常发光时的电阻是
R U R = 额 I
= 1.5V 0.3A =5Ω 额
[5][6]小灯泡不发光，小明断定是灯丝断了，这个推断是错误的，由于假设是小灯泡灯丝断 了，那么电压表将串联在电路之中，此时电压表的示数将接近于电源电压，电流表的示数接近于 0，依据表格中的数据可知，与实际状况不符，所以不是小灯泡灯丝断了，故小明的推断是错误的。

23．〔1〕1.6 ⨯106Pa ；〔2〕40N ；〔3〕1200J
【解析】
【详解】
解：〔1〕机器人的重力
G = mg =80kg ⨯10N/kg=800N
机器人对水平地面的压强
F G 800N p = = =1.6 106 Pa S S 5⨯10-4 m 2
1
2 （2） 机器人在水平地面上匀速直线移动时，受平衡力，牵引力等于阻力，则牵引力
F = f = 0.05
G =0.05 ⨯ 800N=40N
（3） 机器人在水平地面上匀速直线移动30s 移动的距离
s = vt =1m/s ⨯30s=30m
此过程中牵引力做的功
W = Fs =40N ⨯ 30m=1200J
答：〔1〕机器人对水平地面的压强是1.6 ⨯106Pa ；
（2） 机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力是40N ；
（3） 机器人在水平地面上匀速直线移动30s ，此过程中牵引力做的功是 1200J 。

24．〔1〕4A ；〔2〕52800J ；〔3〕110Ω
【解析】
【详解】
解：〔1〕由电路图知，两个开关都闭合时，两个电阻并联在电路中，电路中的总电阻较
小，据P = U 2 知，电路中的总电功率较大，处于高温挡；S 闭合、S 断开时，电路中只
R 1 2 有 R 1 工作，电路中的电阻较大，据P =
U 2 知，电路中的总电功率较小，处于低温挡。

R 此时通过 R 1 的电流
I =
U = 220V = 4A 1 R 1
（2） 电热取暖器处于低温挡时，功率
55Ω
工作 1min 产生的热量
P =UI =220V×4A=880W 低温 Q =P
t =880W×60s=52800J
低温 （3） 高温挡工作，R 2 消耗的功率
所以 R 2 的阻值
P =P -P 高温 =1320W-880W=440W
低温 R = U 2 = (220V)2 = 110Ω
2 P 440W 2
答：〔1〕取暖器工作时通过
R 1 的电流为 4A ；
（2）取暖器处于低温挡时，工作1min 产生的热量为52800J；
（3）R
2
的阻值为110Ω。

25．自身重力 1.03×108 0.25 1.75 上浮C
【解析】
【详解】
〔1〕[1]由于潜水艇排开水的体积不变，所受浮力不变，当它向水舱充水或向外排水时，转变了自身的重力，从而实现上浮或下沉。

〔2〕[2]深潜器在10000m 深处受到海水的压强
p=ρgh=1.03×103kg/m3×10N/kg×10000m=1.03×108Pa
海水
〔3〕[3]由图可知，乙在水中浸没且处于静止状态，则乙所受浮力
F =ρ
浮乙
gV =ρ
水排
gV =1.0×103kg/m3×10N/kg×25×10-6m3=0.25N 水乙
[4]物体乙的重力
G =m
乙
g=0.2kg×10N/kg=2N 乙
物体乙受到竖直向下的重力、竖直向上的细线的拉力和浮力的作用而静止，则物体乙受到细线的拉力
F =G
细线
-F =2N-0.25N=1.75N 乙浮乙
[5][6]物体甲在水中浸没且静止，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和细线的拉力而处于平衡状态，则
F =G
浮甲
+F
甲细线
假设剪断细线，细线对物体甲的拉力消逝，物体甲排开水的体积不变，即物体甲所受浮力不变，物体甲的重力也不变，则物体甲所受浮力大于物体甲的重力，物体甲将上浮。

故ABD 不符合题意，C 符合题意。

应选C。

26．是 3.0×108 C ℃不能
【解析】
【详解】
〔1〕[1] 由于光是电磁波的一种，而紫外线又属于看不见得光，所以紫外线属于电磁波。

[2]光在真空中的传播速度是3×108m/s，而紫外线属于看不见得光，所以紫外线在真空中的传播速度约为3×108m/s。

〔2〕[3]A．遥控器是利用红外线可以进展遥控来工作的，故A 不符合题意；
B．拍X 光片利用的是X 射线，不属于紫外线，故B 不符合题意；
C．医院杀菌消毒灯，利用的是紫外线具有杀菌作用，故C 符合题意；
D．测温枪的工作原理是利用红外线的热效应，故D 不符合题意。

应选C。

〔3〕[4]由题意可知，小明要检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，由于光沿直线传播，所以应当把玻璃板放在紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板之间，观看荧光物质的发光状况；然后在玻璃板上均匀涂满防晒霜，观看荧光物质的发光状况，通过比照，得出某防晒霜对紫外线是否有阻挡作用。

[5]由题意可知，在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次翻开紫外线灯，荧光物质有微弱发光，说明仍有局部紫外线照耀在荧光物质上，所以该防晒霜不能阻挡全部紫外线。

27．大先变大，后不变100 72 109
【解析】
【详解】
〔1〕[1]直流充电桩比沟通充电桩的电压更高、电流更大，据P=UI 知，充电功率会更大。

〔2〕[2]由图乙知，D 由30%到55%时，充电功率变大，D 由55%到70%时，充电功率保持不变，所以D 从30%增至70%的过程中，充电功领先变大，再保持不变。

[3]由图乙知，D 为70%时，充电功率为40kW。

由表格数据知，充电电压为400V，据
P=UI 知，充电电流
I =
P
=
40 ⨯103kW = 100A U 400V
〔3〕[4]由表格数据知，D 为70%时，消耗的电能为24.0kW⋅h，充电费用为28.80 元。

则每度电的费用
布满电时，需要消耗的电能
28.8元
= 1.2元/kW ⋅h 24.0kW ⋅ h
测试全过程的充电费用为
W
W = 1 =
η
24.0kW ⋅ h
70% - 30%
= 60kW ⋅ h 60kW⋅h×1.2 元/kW⋅h=72 元
〔4〕[5]D 从80%增至90%，消耗的电能
W =ηW =(90% -80%)⨯60kW⋅h = 6kW⋅h
2
由图乙知，这个过程充电功率15kW，用时
t =
W
2 P
2 那么，D 从70%增至80%用时=
6kW ⋅h
= 0.4h = 24min 15kW
t =2 t 1 3 2
2
=
3
⨯ 24min = 16min
D 从90%增至100%的充电功率与80%增至90%的一样，用时一样，所以整个过程充电时长
t=t
0+t
1
+t
2
+t
3
=45min+16min+24min+24min=109min 2。