云南省曲靖一中高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

2016-2017学年云南省曲靖一中高三（上）第一次月考物理试卷
一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，满分48分）
1．许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史的是（）A．卡文迪许通过扭秤实验，总结并提出了真空中两个静止点电荷间的相互作用规律
B．库伦发现了点电荷的相互作用规律，安倍通过油滴实验测定了元电荷的数值
C．牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了引力常量
D．法拉第经过多年的实验探索终于发现了电磁感应现象
2．如图所示，A、B两物体质量分别为m和2m，在平行于固定斜面的推力F的作用下，沿倾角为30°的粗糙斜面向上做匀加速直线运动，A、B间轻弹簧的劲度系数为k，则运动过程中弹簧的压缩量为（）
A．B．C．D．
3．随着空间技术的发展，人类对月球的探索正在不断深入，假设在不远的将来人们将月球上的矿藏开采运回地球，月球的质量逐步减少（只考虑月球和地球质量的变化带来的影响，不考虑其他）若干年后，下列说法正确的是（）
A．月球环绕地球的周期变小
B．月球环绕地球的向心加速度变小
C．月球环绕地球的线速度变大
D．地球受到月球的引力减小
4．如图所示，一固定的水平玻璃均匀带上电荷，其中心O的正上方和正下方分别有两点A、B，OA=OB=h．先将一质量为m的带正电小球放在A点时恰好处于静止状态，若给小球一个沿竖直向下的初速度v0，重力加速度为g，则下列判断正确的是（）
A．带电圆环在B点产生的场强方向竖直向上
B．小球从A点运动到B点的过程中带电小球的电势能一直增大
C．小球从A点运动到B点的过程中通过O点时速度最大
D．小球通过B点时的速度大小为
5．如图所示，滑块A、B的质量均为m，B带正电，电荷量为q，A不带电，A套在固定竖直光滑直杆上，A、B通过转轴用长度为L的刚性轻杆连接，B放在光滑水平面上并靠近竖直杆，A、B均静止，现加上水平向右强度为E的匀强电场，B开始沿水平面向右运动，不计一切摩擦，滑块A、B视为质点，在A下滑的过程中，下列说法正确的是（）
A．运动到最低点时的速度大小为
B．在A落地之前轻杆对B一直做正功
C．A、B组成的系统机械能守恒
D．当A运动到最低点时，轻杆对A的拉力为零
6．如图所示，固定在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为L，其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B的匀强磁场中．一根质量为m（质量分布均匀）的导体杆ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为μ．现杆在水平向左、垂直于杆的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离d时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）．设杆接入电路的电阻为r，导轨电阻不计，重力加速度大小为g．则此过程（）
A．杆的速度最大值为
B．流过电阻R的电量为
C．恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量
D．恒力F做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量
7．如图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T为理想变压器，V1、A1为监控市电供电端的电压表和电流表，V2、A2为监控校内变压器的输出电压表和电流表，R1、R2为教室的负载电阻，V3、A3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S闭合时（）
A．电流表A1、A2和A3的示数都变大
B．只有电流表A1的示数变大
C．电压表V3的示数变小
D．电压表V2和V3的示数都变小
8．如图所示，一半径为R的圆内有垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度为B，CD是该圆一直径，质量为m，电荷量为q的带电粒子（不计重力），自A点沿平行CD的方向垂直射入磁场
中，恰好从D点飞出磁场，A点到CD的距离为，则（）
A．从D点飞出磁场时，粒子运动方向与CD延长线间的夹角为
B．从D点飞出磁场时，粒子运动方向与CD延长线间的夹角为
C．粒子在磁场中运动的时间为
D．利用题中已知条件，还可求出进入磁场时的速度大小
二、非选择题：
9．在追寻科学家研究足迹的过程中，某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图1所示的实验装置．
（1）实验时，该同学用钩码的重力表示小车受到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为应该采取的措施是（填选项前的字母）．
A．保证钩码的质量远小于小车的质量
B．选取打点计时器所打第1点与第2点间的距离约为2mm的纸带来处理数据
C．把长木板不带滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力
D．必须先接通电源再释放小车
（2）如图2所示是实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间的距离已在图中标出，测出小车的质量为M，钩码的总质量为m．从打B点到打E点的过程中，合力对小车做的功是，小车动能的增量是．（用题中和图中的物理量符号表示）
10．由以下可供选用的器材及导线若干条，要求尽可能精确地测量出待测电流表的满偏电流．A．待测电流表A0（满偏电流约为700﹣800μA，内阻约100Ω，已知表盘斜度均匀，总格数为N）
B．电流表A（量程0.6A，内阻0.1Ω）
C．电压表V（量程3V，内阻3kΩ）
D．滑动变阻器R（最大阻值200Ω）
E．电源E（电动势约3V，内阻约1.5Ω）
F．开关S一个
（1）根据你的测量需要电流表、电压表中应选择（填序号）
（2）请在图所示虚线框内画出你设计的实验电路图
（3）测量过程中，测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A0的指针偏转了n格，可算出满偏电流I=，式中除N、n外，其他字母符号代表的物理量是．
11．飞索过河可能让许多成年人都胆战心惊，然而在云南省福贡县，一些学生的小朋友却必须用溜索飞渡激流汹涌的怒江上学，尽管这样，小朋友们依然自信满满地走在上学路上，最终通过知识走出大山，改变命运，这些溜索可以看成一条理想化的抛物线，建立如图所示的直
角坐标系．已知该粗糙的溜索对应的抛物线方程为y=x2（x＜0），一个质量为m的小朋友
从静止沿粗糙的溜索从（﹣2，2）点滑到B（﹣2，1）点时速度最大，之后该小朋友运动到O点时速度恰好减为零，已知B点的向心力可以忽略，A到B的过程中摩擦力做功的大小为W，重力加速度为g，求：
（1）过B点的速度v的大小
（2）B点到O点的过程中摩擦力做的功
（3）求索曲面的动摩擦因素的大小．
12．如图所示，两互相平行的水平金属导轨MN，PQ放在竖直平面内相距为L，左端接平行板电容器，板间距离为d，右端接滑动变阻器R，水平匀强磁场磁感应强度为B，垂直于导轨所在平面，导体棒CD （不计重力）与导轨接触良好，棒的电阻为r，其他电阻及摩擦不计，现用与导轨平行的大小为F，使棒从静止开始运动，已知F=2N，L=0.4m，d=0.2m，B=10T，r=1Ω，R的最大值为2Ω，取g=10m/s2．求：
（1）求导体棒处于稳定状态时，拉力的最大功率
（2）导体棒处于稳定状态且滑动触头在动变阻器中点时，一带电小球从平行板电容器左侧沿两极板的正中间入射，在两极板间恰好做匀速直线运动；当滑动触头位于最下端时，该带电小球以同样的方式和速度入射，小球恰好在两极板间做匀速圆周运动，求圆周的半径？
[物理--选修3-3]（共2小题，满分15分）
13．下列说法正确的是（）
A．布朗运动虽然不是液体分子运动，但是它可以说明分子在永不停息地做无规则运动B．只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数
C．在使两个分子间的距离由很远（r＞109m）减小到很难再近的过程中，分子间作用力先减小再增大，分子势能不断增大
D．同一温度下，氮气分子的平均速率一定大于氧气分子的平均速率
E．一定质量的理想气体，压强一定，若体积增大，则分子热运动变得剧烈，气体则放热14．如图所示，粗细均匀，横截面积为S的直角玻璃管处于竖直面内，两直角边长度均为L=8cm，
一端封闭，一端开口，封闭端水平放置，长为L的一段水银柱封存了的空气，现从开口端
用滴管缓慢滴入水银，大气压强为P0，整个过程环境温度不变，求：（已知P0=76cmHg，计算结果保留两位有效数字）
i．需从开口端注入多长的水银柱，才能使水银面与管口齐平；
ii．在i的前提下，水银面与管口齐平时，以直角玻璃管下端的直角边为轴，将直角玻璃管缓慢旋转90°到水平面内，则封存的气体柱为多长？
[物理--选修3-4】
15．下列说法正确的是（）
A．用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉
B．光线通信利用了全反射的原理
C．对于同一障碍物，频率越大的光波越容易绕过去
D．电子表的液晶显示用到了偏振光的原理
E．变化的磁场一定产生变化的电场
16．如图所示为一半径为R，折射率n=的半圆形棱镜，以该半圆形棱镜的直径为y轴，圆心为原点建立直角坐标系，一束平行于x轴的光线垂直射入棱镜，其中某一条光线经过折射
后恰好到达x轴上的P点（R，0），求该入射光线距x轴的距离．
[物理--选修3-5]
17．下列说法正确的是（）
A．α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂结构
B．光电效应实验说明光具有粒子性
C．对放射性的物质施加压力使温度越高，放射性元素的半衰期将减少
D．某放射性原子核经过2次α衰变和1次β衰变，核内质子数减少3个
E．根据波尔理论，氢原子的核外电子由较高级跃迁到较低级能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小
18．如图所示，在光滑水平面上静置有质量均为m的木板AB和光滑圆弧滑块CD，其始端
D点切线水平且在木板AB上表面内，它们紧靠在一起，一可视为质点的物块P，质量也为m，
从木板AB的右端以初速度v0滑上木板AB，过B点时速度为，此后又滑上滑块CD，最
终恰好能滑到滑块CD圆弧的最高点C处，已知木板AB上表面粗糙，与物块间的动摩擦因数为μ，求：
（1）物块滑到B处时木板的速度v AB；
（2）木板的长度L；
（3）滑块CD圆弧的半径R．
2016-2017学年云南省曲靖一中高三（上）第一次月考物
理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，满分48分）
1．许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史的是（）A．卡文迪许通过扭秤实验，总结并提出了真空中两个静止点电荷间的相互作用规律
B．库伦发现了点电荷的相互作用规律，安倍通过油滴实验测定了元电荷的数值
C．牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了引力常量
D．法拉第经过多年的实验探索终于发现了电磁感应现象
【考点】物理学史．
【分析】根据物理学史和常识解答，记住牛顿、卡文迪许、法拉第等著名物理学家的主要贡献即可．
【解答】解：A、库仑在前人的基础上，通过实验得到真空中点电荷的相互作用规律，故A错误；
B、库伦发现了点电荷的相互作用规律，密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值，故B错误；
C、牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量，故C错误；
D、法拉第经过多年的实验探索终于在1832年发现了电磁感应现象，故D正确
故选：D
2．如图所示，A、B两物体质量分别为m和2m，在平行于固定斜面的推力F的作用下，沿倾角为30°的粗糙斜面向上做匀加速直线运动，A、B间轻弹簧的劲度系数为k，则运动过程中弹簧的压缩量为（）
A．B．C．D．
【考点】牛顿第二定律；胡克定律．
【分析】先以整体为研究对象，由牛顿第二定律建立方程，再以B为研究对象，由牛顿第二定律建立方程，联立求出弹簧的压缩量．
【解答】解：以AB整体为研究对象，由牛顿第二定律可得：
F﹣（m+2m）gsin30°﹣μ（m+2m）gcos30°=（m+2m）a
设弹簧压缩量为x，单独对B研究，由牛顿第二定律可得：
kx﹣2mgsin30°﹣μ•2mgcos30°=2ma
联立两式解得：x=，故C正确，ABD错误．
故选：C．
3．随着空间技术的发展，人类对月球的探索正在不断深入，假设在不远的将来人们将月球上的矿藏开采运回地球，月球的质量逐步减少（只考虑月球和地球质量的变化带来的影响，不考虑其他）若干年后，下列说法正确的是（）
A．月球环绕地球的周期变小
B．月球环绕地球的向心加速度变小
C．月球环绕地球的线速度变大
D．地球受到月球的引力减小
【考点】万有引力定律及其应用．
【分析】根据万有引力定律，表示出地球与月球间万有引力，根据地球和月球质量的变化求出地球与月球间万有引力的变化．
研究月球绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出周期，再根据已知量找出周期的变化．
【解答】解：A、设月球质量为m，地球质量为M，月球与地球之间的距离为r，开始时月球做匀速圆周运动，受到的向心力等于万有引力，即：
①
设第一次车月球采回m0的矿石时，月球的线速度还没有来得及变化，半径也没有变化，二者
之间的万有引力：②
此时月球做匀速圆周运动需要的向心力：③
联立①③得：④
可知此时月球u哦圆周运动需要的向心力小于提供的向心力，所以月球开始做向心运动．
假定一定的时间后，地球仍可看作是均匀的球体，月球仍做匀速圆周运动，则月球做圆周运动的轨道半径r减小，地球的质量增大，
根据万有引力提供向心力得：，得：T=2π
随着地球质量的逐步增加，轨道半径r减小，将使月球绕地球运动周期将变短．故A正确；
B、向心加速度：a=，由于地球的质量增大，轨道半径r减小，所以月球环绕地球的向心
加速度变大．故B错误；
C、月球环绕地球的向心加速度变大则月球将做向心运动，轨道半径减小，根据万有引力提供
向心力得：v=，可知月球环绕地球的线速度变大．故C正确；
D、根据万有引力定律得地球与月球间的万有引力为：F=，
由于不断把月球上的矿藏搬运到地球上，所以m减小，M增大．
由数学知识可知，当m与M相接近时，它们之间的万有引力较大，当它们的质量之差逐渐增大时，m与M的乘积将减小，它们之间的万有引力值将减小，故D正确．
故选：ACD
4．如图所示，一固定的水平玻璃均匀带上电荷，其中心O的正上方和正下方分别有两点A、B，OA=OB=h．先将一质量为m的带正电小球放在A点时恰好处于静止状态，若给小球一个沿竖直向下的初速度v0，重力加速度为g，则下列判断正确的是（）
A．带电圆环在B点产生的场强方向竖直向上
B．小球从A点运动到B点的过程中带电小球的电势能一直增大
C．小球从A点运动到B点的过程中通过O点时速度最大
D．小球通过B点时的速度大小为
【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．
【分析】根据小球原来静止在A点，电场力与重力平衡，判断出A点的电场方向，由对称性分析B点的电场方向．由电场力方向与位移方向的关系分析电场力做功的正负，由动能定理分析速度的变化，并计算小球通过B点的速度．
【解答】解：A、小球原来静止在A点，电场力与重力平衡，电场力方向竖直向上，所以A 点的场强方向竖直向上，由对称性分析知B点的场强方向竖直向下．故A错误．
B、小球从A点运动到B点的过程中电场力先竖直向上，后竖直向下，则电场力做先做负功后做正功，电势能先增大再减小，故B错误．
C、小球从A点运动到B点的过程中，电场力做先做负功后做正功，重力一直做正功，由动能定理知，通过B点时的速度最大，故C错误．
D、从A到B，由对称性可知电场力做的总功为0，由动能定理得：2mgh=m﹣m，
则v B=．故D正确．
故选：D．
5．如图所示，滑块A、B的质量均为m，B带正电，电荷量为q，A不带电，A套在固定竖直光滑直杆上，A、B通过转轴用长度为L的刚性轻杆连接，B放在光滑水平面上并靠近竖直杆，A、B均静止，现加上水平向右强度为E的匀强电场，B开始沿水平面向右运动，不计一切摩擦，滑块A、B视为质点，在A下滑的过程中，下列说法正确的是（）
A．运动到最低点时的速度大小为
B．在A落地之前轻杆对B一直做正功
C．A、B组成的系统机械能守恒
D．当A运动到最低点时，轻杆对A的拉力为零
【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；机械能守恒定律．
【分析】分析A、B系统中受力情况和各力做功情况，根据动能定理可求得落地时的速度；再根据机械能守恒定律的规律分析机械能是否守恒；对A落地时的水平方向受力进行分析，从而明确A的受力情况．
【解答】解：A、在下落过程中重力和电场力做功，落地时B的速度为零，则根据动能定理可
知，mgL+EqL=mv2，解得v=，故A正确；
B、A到最低点时，B物体到达最右端，速度为0．分析它们的受力与运动情况：B先受到竖直杆向右的推力，使其具有向右的加速度，导致B向右加速．当B的速度达到一定值时，杆又对B有向左的拉力作用，阻止B向右运动，使B减速运动，当A落地时，B速度减为0，且即不向左又不向右运动．由于B受到杆的力先向右，后向左，而运动方向始终向右，所以杆对B先做正功，后做负功．故B错误；
C、由于整体有电场力做功，故系统机械能不守恒，故C错误；
D、杆到达最低点时，两物体均静止，由于B受向右的电场力，故A一定受杆的拉力，故D 错误．
故选：A．
6．如图所示，固定在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为L，其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B的匀强磁场中．一根质量为m（质量分布均匀）的导体杆ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为μ．现杆在水平向左、垂直于杆的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离d时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）．设杆接入电路的电阻为r，导轨电阻不计，重力加速度大小为g．则此过程（）
A．杆的速度最大值为
B．流过电阻R的电量为
C．恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量
D．恒力F做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量
【考点】电磁感应中的能量转化；安培力；导体切割磁感线时的感应电动势．
【分析】导体棒在水平恒力作用下，在磁场中切割磁感线，沿粗糙导轨由静止运动到速度最大．在此过程中通过恒力F做功将其他形式能转化为导体棒的动能、电路电阻的内能及摩擦产生的内能．由动能定理可知恒力、安培力、摩擦力做的总功等于导体棒的运动变化．当恒力等于安培力与摩擦力之和时，导体棒达到最大速度．而流过电阻的电量则此过程中平均电
流与时间的乘积，所以利用法拉第电磁感应定律可求出平均感应电动势，从而求出流过电阻的电量．
【解答】解：A 、当导体棒受到的恒力等于安培力与摩擦力之和时，导体棒达到最大速度．
即F=F 安+f 而F 安=BIL=BL = f=μN=μmg
所以 故A 正确；
B 、导体棒从静止开始沿导轨运动距离d 过程中，产生的感应电动势E=
而Q=I △t
所以Q== 故B 正确； C 、由动能定理可知恒力、安培力、摩擦力做的总功等于导体棒的运动变化．故C 错误； D 、由动能定理可知恒力、安培力、摩擦力做的总功等于导体棒的运动变化，所以恒力F 做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量．故D 正确；
故选：ABD
7．如图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T 为理想变压器，V 1、A 1为监控市电供电端的电压表和电流表，V 2、A 2为监控校内变压器的输出电压表和电流表，R 1、R 2为教室的负载电阻，V 3、A 3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S 闭合时（ ）
A ．电流表A 1、A 2和A 3的示数都变大
B ．只有电流表A 1的示数变大
C ．电压表V 3的示数变小
D ．电压表V 2和V 3的示数都变小
【考点】远距离输电．
【分析】抓住原线圈的输入电压不变，结合输出端总电阻的变化得出输电线上电流的变化，从而得出电压损失的变化，根据输出电压不变，得出用户端电压的变化，从而得知通过负载电阻电流的变化．抓住输电线上电流的变化，根据原副线圈电流比等于匝数之反比求出原线圈中电流的变化．
【解答】解：当开关闭合后，副线圈的总电阻变小，由于升压变压器的输入电压不变，则输出电压不变，即U 2不变，可知输电线中的电流增大，即A 2增大，则输电线上损失的电压增大，可知用户端得到的电压减小，即U 3减小，所以通过R 1的电流减小，即A 3减小，副线圈
中电流决定原线圈中的电流，根据
知，原线圈中的电流I 1增大，所以A 1示数增大．故
C 正确，A 、B 、
D 错误．
故选：C ．
8．如图所示，一半径为R的圆内有垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度为B，CD是该圆一直径，质量为m，电荷量为q的带电粒子（不计重力），自A点沿平行CD的方向垂直射入磁场
中，恰好从D点飞出磁场，A点到CD的距离为，则（）
A．从D点飞出磁场时，粒子运动方向与CD延长线间的夹角为
B．从D点飞出磁场时，粒子运动方向与CD延长线间的夹角为
C．粒子在磁场中运动的时间为
D．利用题中已知条件，还可求出进入磁场时的速度大小
【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．
【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，结合左手定则和圆的对称性特点找到轨迹圆的圆心，利用几何关系得到速度偏转角和轨道半径，再根据牛顿第二定律列式分析即可．
【解答】解：ABC、粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出运动轨迹，如图所示：
A点到CD的距离，∠OAQ=60°，∠DAQ=75°，则∠AQD=30°，偏转角为30°，即，由
此可求出粒子在磁场中运动时间为t==，故A正确，B错误，C正确；
D、结合几何关系，可以求解轨道半径r，则根据洛仑兹力等于向心力，有：qvB=m，可以
求解速度v，故D正确；
故选：ACD
二、非选择题：
9．在追寻科学家研究足迹的过程中，某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图1所示的实验装置．
（1）实验时，该同学用钩码的重力表示小车受到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为应该采取的措施是AC（填选项前的字母）．
A．保证钩码的质量远小于小车的质量
B．选取打点计时器所打第1点与第2点间的距离约为2mm的纸带来处理数据
C．把长木板不带滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力
D．必须先接通电源再释放小车
（2）如图2所示是实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间的距离已在图中标出，测出小车的质量为M，钩码的总质量为m．从打B点到打E点的过程中，合力对小车做的功是mgs，小车动能的
增量是M（）2﹣M（）2．（用题中和图中的物理量符号表示）
【考点】探究功与速度变化的关系．
【分析】（1）由于小车运动过程中会遇到（滑轮和细绳、小车和木板、打点计时器和纸带之间等）阻力，所以要平衡摩擦力．平衡摩擦力时，要轻推一下小车，观察小车是否做匀速运动；由于小车加速下降，处于失重状态，拉力小于重力，小ma，勾码重量越小，ma越小，拉力与重力越接近．
（2）对系统研究，根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，从而得出系统动能的变化量，判断系统动能的增加量与合力做功是否相等．
【解答】解：（1）为使钩码的重力近似等于小车受到的合力，需要把长木板不带滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力，故C正确；同时保证钩码的质量远小于小车的质量，减小钩码失重带来的误差，故A正确；D项是打点计时器实验的正确做法，对减小本题中的实验误差无影响，故D错误；B项为保证重物由零开始做自由落体运动的措施，故B错误；
故选：AC
（2）从打B 点到打E 点的过程中，合力对小车做的功为：W=mgh=mgS
根据中间时刻的速度等于平均速度得：v B=，v E=，
小车动能的增量是：△E K=Mv E2﹣Mv B2=M（）2﹣M（）2．
故答案为：（1）AC；（2）mgs，M（）2﹣M（）2
10．由以下可供选用的器材及导线若干条，要求尽可能精确地测量出待测电流表的满偏电流．A．待测电流表A0（满偏电流约为700﹣800μA，内阻约100Ω，已知表盘斜度均匀，总格数为N）
B．电流表A（量程0.6A，内阻0.1Ω）
C．电压表V（量程3V，内阻3kΩ）
D．滑动变阻器R（最大阻值200Ω）
E．电源E（电动势约3V，内阻约1.5Ω）。