甘肃省天水市2019-2020学年中考物理最后模拟卷含解析

甘肃省天水市2019-2020学年中考物理最后模拟卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．甲、乙两个完全相同的杯子盛有盐水，将同一枚鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，鸡蛋在两杯中所处的位置如图所示，则（）
A．甲杯底所受的液体压强较大
B．鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大
C．鸡蛋在两杯中排开液体的质量相等
D．甲杯子对桌面的压力较大
C
【解析】由图示可知，鸡蛋在甲中悬浮，在乙中漂浮，说明乙液体的密度大于甲液体的密度，两杯中液面相平，则可知甲杯底所受的压强小于乙杯底受到的压强，故A错；鸡蛋悬浮和漂浮时所受的浮力都等于本身的重力，所以在两杯中的浮力大小是相等的，故B错；浮力相等，根据阿基米德原理可知，排开液体的质量是相等的，故C正确；乙杯液体的密度大，则可知乙杯中液体的质量也较大，所以乙杯对桌面的压力大，故D错；应选C。

2．在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个电表的示数都发生了变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示，电阻R1、R2、R3消耗的电功率分别用P1、P2、P3表示，下列选项正确的是
A．U1/I不变，△U l/△I变小
B．U2/I变大，△U2/△I不变
C．U3/I不变，△U3/△I不变
D．P1变大，P2变小，P3变大
B
【解析】
【详解】
P向下滑动时，R2电阻变大，电路中总电阻变大。

D. 根据欧姆定律和串联电路电压特点可知，电路中电流I变小，U1变小，U2变大，U3变大，根据2
P I R
可知，电阻R 1、R 3的电功率变小，故错误； A.11U R I = ，所以1U I 是不变的，11U R I
∆=∆当然也不变，故错误； B.
22U R I =，是变大的，U 2=U−I(R 1+R 3)，U′2=U−I′(R 1+R 3)，△U 2=U 2−U′2=(I′−I)(R 1+R 3)，213U R R I ∆=+∆ ，所以不变，故正确；
C.133U R R I =+，所以3U I 变大，U 3=U−IR 3，U′3=U−I′R 3，△U 3=U 3−U′3=(I′−I)R 3，33U I I R I I '-=V ，则3U I
V 是变化的，故错误。

3．小明利用如图甲所示装置探究冰的熔化特点，他每隔相同时间记录一次温度计的示数， 并观察物质的状态.绘制成图像如图乙所示，下列分析错误的是（ ）
A ．冰是晶体
B ．冰的熔点是 0℃
C ．冰的熔化过程持续了 15 分钟
D ．冰在熔化过程中吸收热量，但温度不变
C
【解析】
【详解】
认识晶体和非晶体的区别：晶体有一定的熔点，在熔化过程中，温度不变；非晶体没有一定的熔点，在熔化过程中温度不断升高．根据图象分析温度随时间的变化情况，从而得出结论．由乙图知，从第5分钟到15分钟，冰的温度保持0℃不变，所以冰是晶体，且熔点为0℃，故A 、B 正确；由乙图知，冰从第5min 开始熔化，到第15min 完全熔化完，熔化过程经历了10min ．故C 错误；由乙图知，冰在熔化过程不断吸热，但温度保持不变；故D 正确．故选C ．
4．如图所示，电源电压和灯L 的电阻不变，灯L 上标有“6V 3W ”字样。

当开关S 闭合，滑片P 移至a 端时，电流表的示数为 1.0A ，灯L 正常发光；当开关S 断开，滑片 P 移至b 端时，电源电压U 和灯 L 消耗的电功率P 为（忽略温度对灯丝电阻的影响）（ ）
A ．3V 、1.5W
B ．3V 、0.75W
C ．6V 、1.5W
D ．6V 、0.75W
D
【解析】
【详解】 当开关S 闭合，滑片P 移至a 端时，灯泡和变阻器并联，电流表测干路电流，由于灯泡正常发光，所以，电源电压是：
U=U 变 =U L 额 =6V ，
通过灯泡的电流是：
3W 0.5A 6V
L L L P I U ===额额额， 则通过变阻器的电流是：
I 变= I-I L 额 =1A-0.5A=0.5A ，
滑动变阻器的最大阻值是：
6V 120.5A
L U R I ===Ω额变变 当开关S 断开，滑片P 移至b 端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，灯泡的电阻是：
6V 120.5A
L L L U R I ===Ω额
额， 此时电路中的电流是：
6V 0.25A 1212L U I R R '===Ω+Ω
+变 灯泡的实际功率是：
P 实 =I′2 R L =（0.25A ）2 ×12Ω=0.75W 。

故只有D 正确。

5．把汤匙放在手指上，仔细调节使其在手指上平衡，如图所示，汤匙在手指上的左侧部分质量为m 左，右侧部分的质量为m 右，则m 左与m 右的关系正确的是
A．m左=m右
B．m左>m右
C．m左<m右
D．无法判断
C
【解析】
【分析】
【详解】
如图所示：
设较粗端的重力为G右，力臂为l右，细端的重力为G左，力臂为l左，根据杠杆平衡的条件G右L右=G左L
，因为右端重力的力臂比左端重力的力臂小，即l右＜l左，可得出G右＞G左；由G=mg得，m右＞m左，左
即右端的质量大于左端的质量，即m左<m右．
6．如图所示的三个装置中，弹簧和小球均完全相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的长度分别为L1、L2、L3，其大小关系是
A．L1＝L2＞L3B．L1＝L2＜L3
C．L1＞L2＞L3D．L1＝L2＝L3
D
【解析】
【分析】
【详解】
第一幅图：以下面小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的拉力等于小球的重力G；第二幅图：以小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的拉力等于小球的重力G；第三幅图：以任意一个小球为研究对象，
由平衡条件得知，弹簧的拉力等于小球的重力G；所以平衡时各弹簧的拉力大小相等，即有F1=F2=F3，在弹簧的弹性限度内，拉力与弹簧的伸长量成正比，所以L1=L2=L3；故ABC错误，D正确．
7．如图甲的电路中，R1、R2的电压与电流的关系如图乙所示，闭合开关，电阻R2两端的电压U1，电路中的总电流为I1，电路消耗的总功率为P1；在不改变电源电压的情况下，用20Ω的电阻R3替换R1，此时R2两端的电压为U2，电路中的总电流为I2，电路消耗的总功率为P2，则
A．R1：R2=1：3 B．P1：P2=2：3 C．U1：U2=1：2 D．I1：I2=3：2
B
【解析】
【详解】
由电路图知道，R1、R2并联，电源电压不变，由并联电路的电压特点知道U1：U2 =1：1，故C错误；由R1的图像知道，当它两端电压为6V时，通过它的电流I1′=0.1A，由I=U/R知道，R1的阻值是：R1 =U/I1′=6V/0.1A=60Ω，由R2的图像知道，当它两端电压为6V时，通过它的电流为I2′=0.3A，所以，R2的阻值是：R2 =U/I2′=6V/0.3A=20Ω，即R1：R2=60Ω：20Ω=3：1，故A错误；设该电路电源电压U=6V，由图乙知道，R1支路中的电流I1′=0.1A，R2支路中的电流I2′=0.3A，则干路上的电流是：I1
=I1′+I2′=0.1A+0.3A=0.4A，所以，电路消耗的总功率是：P1 =UI1 =6V×0.4A=2.4W；当用20Ω的电阻R3替换R1时，R3支路中的电流是：I3 =U/R3=6V/20Ω=0.3A，此时干路上的电流是：I2 =I3 +I2′=0.3A+0.3A=0.6A，则电路消耗的总功率是：P2 =UI2 =6V×0.6A=3.6W，即P1：P2 =2.4W：3.6W=2：3，I1：I2 =0.4A：0.6A=2：3，故B正确，D错误，故选B．
8．用轻质的细线将4N的物体系在标有“3V 0.5W”的小电动机上，当小电动机接在3V的电源上时，恰好正常工作，10s内将物体匀速提升了1m，关于该过程下列说法错误的是
A．电流做了5J的功
B．消耗了5J的电能
C．有4J的电能转化为机械能
D．有4J的电能转化为内能
D
【解析】
【详解】
电动机工作过程中电流做功为W=Pt=0.5W×10s=5J，则消耗电能为5J；
其中转化为机械能的电能为W=Gh=4N×
1m=4J ， 所以ABC 选项正确，D 选项错误符合题意。

9．如图所示，用不变的拉力F 匀速拉动重为G 的物体A ，使物体A 沿水平方向移动了一段距离s ，在此过程中拉力F 做的功为（ ）
A ．Fs
B ．Gs
C ．2Fs
D ．（G+F ）s
C
【解析】 试题分析：由图可以看出，该滑轮组绳子的有效股数n=2，绳子自由端移动2s ，已知拉力为F ，由功的公式可以计算拉力所做的功．
解：由题知：
拉力为F ，绳子自由端移动距离是2s ；
由功的公式得：W=2Fs ．
故选C ．
【点评】本题考查功的计算，做功的两个必要因素是：一是作用在物体上的力，一是物体在力的方向上移动的距离，本题中的难点是判断拉力方向上移动的距离．
10．如图所示，电源电压恒定，电阻1R 的阻值为02R ，2R 的阻值为0R ，R 的阻值一定但未知．当单刀双掷开关S 掷向a 时，电压表示数为02U ；再将开关S 掷向b 时，下列关于电压表示数的判断正确的是
A ．大于0U
B ．小于0U
C ．等于0U
D ．无法判断
A
【解析】
【分析】 根据题意“下列关于电压表示数的判断正确的是”可知，本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，本题无法直接求出电压表的电压值，只是求可能的值，故可通过列出表达式后利用数学知识进行分析判断，从而得出最后的结果．
【详解】
由电路图可知，当单刀双掷开关S 掷向a 时，R 1与R 串联，电压表测R 1两端的电压，因串联电路中各处
的电流相等，所以，电路中的电流：0011002
2U U U I R R R ===， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：()()0100
2U U I R R R R R =+=+， 当单刀双掷开关S 掷向b 时，R 2与R 串联，电压表测R 2两端的电压，此时电路中的电流：2U I R R '=
+， 此时电压表的示数：()()0000022200200
22U R R U R R R U U I R R R U R R R R R R ++==⨯=++'=+＞，故A 正确． 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．如图甲所示，R 1为定值电阻，滑动变阻器R 2的滑片从a 端滑到b 端的过程中，R 2消耗的电功率P 与其两端电压U 的关系图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A ．R 1的阻值为20Ω
B ．R 2的最大阻值为50Ω
C ．电源电压为6V
D ．该电路消耗的最大电功率为0.9W
BC
【解析】
如图两电阻串联，电压表测量滑动变阻器R 2的电压，电流表测量电路中的电流；
由乙图知，R 2的电压2V 时，功率为0.8W ，根据P UI =得：
此时电流为：220.8W =0.4A 2V
P I U ==， 当R 2的电压5V 时，功率为0.5W ，电流又为：22'0.5W '=0.1A '5V P I U =
=； 根据电源电压不变得：
112V '5V IR I R +=+，解得：110ΩR =，故A 错误；
电源电压为：12V=0.4A 10Ω2V=6V U IR =+⨯+，故C 正确；
R 2的最大阻值为，22'5V 50Ω'0.1A
U R I ===，故B 正确； 当滑动变阻器滑片位于最左端时，只有R1接入电路工作，此时功率最大，所以该电路消耗的最大电功率
为：
(
)2
2 16V
=3.6W 10Ω
U
P
R
==，故D错误；
故选BC．
点睛：重点是欧姆定律和电功率的计算，关键是根据乙图中的两次功率求出两次的电流，再根据电源电压不变列出关系式，解得R1和电源电压，然后根据相关公式可判断其他选项的正确与否．
12．崇左市八大住宅区的建设正如火如荼地进行．如图甲是建筑工地上的塔式起重机示意图，它是通过电动机带动如图乙所示滑轮组起吊物料的．如果这个滑轮组把6×103N的重物在10s内匀速提升10m，绳索自由端的拉力F=2.1×103N，不计一切摩擦和绳重，则下列说法正确的是
A．拉力做的功是6.3×104J B．绳索自由端的速度是10m/s
C．该滑轮组的动滑轮重300N D．该滑轮组的机械效率是80%
AC
【解析】
（1）拉力F做的有用功：W有=Gh=6×103N×10m=6×104J；
（2）W总=FS=F×3h=2.1×103N×3×10m=6.3×104J，A正确；
绳索自由端的速度是v=s/t=3×10m/10s=3m/s；B错误；
（3）η=W有/W总×100%=6×104J /6.3×104J ×100%≈95%，D错误．
该滑轮组的动滑轮重G动=nF-G物=3×2.1×103N-6×103N=300N,C正确．
13．能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（）
A．太阳能、风能、水能、核能都是可以充分利用的可再生能源
B．光导纤维是利用电磁波从而实现远距离、大容量传输信息的
C．到目前为止，人类获得核能的途径只有核裂变和核聚变两种
D．利用超导材料制成的输电导线，可以实现远距离大功率输电
BCD
【解析】
【详解】
A．核能使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生，所以是不可再生能源，故A错误；
B．激光是一种电磁波，在光导纤维中利用激光传递信息，因为激光的频率很高，可以在相同的时间内传
输更多的信息，故B 正确；
C ．到目前为止，人类获得核能的途径有两条：核裂变、核聚变，故C 正确；
D ．远距离输电中的输电导线若用超导体材料制成，将降低输电过程中的电能损耗，节约能源，故D 正确． 故选BCD ．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．装甲车通常用履带而不用车轮，是为了增大接触面积来_______（选填“增大”或“减小）压强；飞机通过机翼来获得向上的升力．是因为流体压强随流速的减小而_______（填“增大”或“减小．）；水库的大坝呈上窄下宽的形状，是因为液体的压强随深度增大而_______（选填“增大”或“减小）
减小 增大 增大
【解析】
【分析】
减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．伯努利原理告诉我们：流体在流速大的地方压强小、却在流速小的地方压强大．液体的压强随着深度的增加而增大．
【详解】
装甲车通常用履带而不用车轮，是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；根据流体压强和流速的关系可知，飞机通过机翼来获得向上的升力，是因为流体压强随流速的减小而增大；水库的大坝呈上窄下宽的形状，是因为液体的压强随深度增大而增大．
【点睛】
此题考查压强的相关知识，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力．
15．图示，是某同学研究液体压强时，绘制的甲、乙两种液体的压强与深度的关系图象．由图象可知，甲、乙两种液体的密度关系为ρ甲_______ρ乙(填“>”、“<’’或“=”)，其中_______种液体是水．（g 取10N ／kg ）
大于 乙
【解析】
根据公式p gh ρ=可知液体压强跟液体的密度和液体的深度有关，在深度相同时，液体的密度越大压强越大．由图象可知，甲、乙两种液体的密度关系为：
ρ 甲大于ρ 乙，其中乙种液体的密度为：
2
33
810a
=110/
0.0810/
p P
kg m
gh m N kg
ρ
⨯
==⨯
⨯
是水．本题考查的
是液体的压强和密度的计算；学生应把握液体压强跟液体的密度和液体的深度有关，在深度相同时，液体的密度越大压强越大．
16．如图1所示测物体的长度，刻度尺的读数是____cm；如图2中，弹簧测力计的读数是___N．
2.802.4
【解析】
【分析】
【详解】
由图知：
刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧与2.8cm对齐，估读为2.80cm，所以物体的长度为L=2.80cm.
弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N.此时指针指在“2.4”处，所以弹簧测力计的读数为2.4N.
17．如图所示，建筑工人用滑轮组提升重为220N的泥桶，其中桶重20N．动滑轮重为20N，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重；若工人在5s内将绳子匀速向上拉6m，则泥桶上升______ m，手拉绳子的力为
______N，拉力的功率为______ W，滑轮组的机械效率为______。

2809683.3%
【解析】
【详解】
如图，泥桶由3股绳子承担，n=3，∵s=3h，s=6m，∴泥桶上升的高度：h=2m。

不计滑轮与轴之间的摩
擦及绳重，拉力大小：()()1120N +220N =80N 33
F G G =+=轮物 ；拉力做功：W 总=Fs=80N ×6m=480J ，拉力的功率：480J =96W 5s W P =t =总；提升泥桶中的泥沙做的有用功：W 有=G 泥h=（G 泥桶-G 桶）h=（220N-20N ）×2m=400J ，滑轮组的机械效率：400J ×100%83.3%480J
W W η==≈有
总。

18．电视机遥控器是通过出_____（选填“红外线”或“紫外线”）来实现遥控、彩虹是由光的_____现象来形成的，小孔成像的原理是_____
红外线 色散 光的直线传播
【解析】
【详解】
电视机的遥控器可以发射一种不可见光，这种不可见光是红外线，通过红外线来实现遥控；
下雨后空气中有水汽或者小水滴，它们的效果相当于很多小的三棱镜，阳光通过它们时，就会发生色散现象，将白光分解成七色光，就是我们看到的彩虹；
因在同一种均匀介质中光沿直线传播，所以光线穿过小孔时光源上下部分交换，但成像形状不变，像与光源形状相同．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．某同学为自己设计了一盏调光灯，其原理如图所示，已知灯L 的规格为“6V 3W”，滑动变阻器R 的滑片P 从B 端移动到A 端的过程中，经过灯的电流与其两端电压关系如图所示。

闭合开关S ，当滑动变阻器两端电压是2V 时，求：
（1）调光灯的实际功率；
（2）滑动变阻器接入电路的阻值。

（1）1.6W ；（2）5Ω
【解析】
【详解】
（1）当S 闭合，滑片滑至最左端后，滑动变阻器连入电路的电阻为零，只有灯泡工作，灯泡两端的电压就是电源电压，根据I=U R
可知通过电路的电流最大，由图像可知电流最大时，灯泡两端的电压是6V ，电源电压U=U L =6V ，滑动变阻器两端电压是2V 时，灯泡两端的电压U 1=U-U 滑=6V-2V=4V ，由图像可知，
当灯泡两端的电压U 1=4V 时，对于的电流I=0.4A ，灯的实际功率P=U 1I=4V×
0.4A=1.6W ；
（2）根据串联电路电流的规律可知通过变阻器的电流为0.4A，滑动变阻器接入电路的阻值R滑
=
2V
0.4A
U
I
=
滑=5Ω。

答：（1）调光灯的实际功率是1.6W；
（2）滑动变阻器接入电路的阻值是5Ω。

20．如图所示，R0、R x为定值电阻，其中R0＝20欧。

开关S断开时，电流表求数为0.5A，开关S闭合时，电流表求数为0.9A，求：
电源电压。

电阻R x的阻值。

开关S闭合时，通电1分钟电阻R x产生的热量。

（1）10V（2）25Ω（3）240J
【解析】
【详解】
由电路图可知，开关S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测通过的电流。

（1）由
U
I
R
=可得，电源的电压：U＝I0R＝0.5A×20Ω＝10V；
（2）开关S闭合时，R0与R x并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R0的电流不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R x的电流：I x＝I﹣I0＝
0.9A﹣0.5A＝0.4A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R x的阻值：
10V
25
0.4A
x
x
U
R
I
===Ω；（3）开关S闭合时，通电1分钟电阻R x产生的热量：Q x＝I x2Rt＝（0.4A）2×25Ω×60s＝240J。

答：（1）电源电压为10V；
（2）电阻R x的阻值为25Ω；
（3）开关S闭合时，通电1分钟电阻R x产生的热量为240J。

21．赵磊和家人在郊外野餐，用木炭烧水．锅内装有5kg水，把水从18℃加热至98℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）．在这个过程中用掉500g的木炭，已知木炭的热值3.36×107J/kg．求：
（1）在这个过程中水吸收的热量；
（2）在这个过程中木炭放出的热量；
（3）烧水的效率．
（1）1.68×106J （2）1.68×107J （3）10%
【解析】
【分析】
【详解】
（1）水吸收的热量Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×(98℃−18℃)=1.68×106J，（2）木炭完全燃烧放出的热量Q放=qm=3.36×107J/kg×0.5kg=1.68×107J；
（3）烧水的效率η=Q
Q
吸
放
×100%=
6
7
1.6810J
1.6810J
⨯
⨯
×100%=10%．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，根据入射光线画出折射光线；
如下图所示
【解析】
【详解】
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，折射光线过焦点，如图所示：
23．在图甲中画出拉力F对支点O的力臂l.
【解析】
沿力F做力的作用线，从支点O向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂．如图所示：
点睛：力臂是从支点到力的作用线的距离．先确定支点O，再做出力的作用线，从支点O向F的作用线
引垂线，垂线段的长度即为力臂．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．如图是探究凸透镜成像的实验。

将蜡烛、透镜、光屏放在如图所示的位置时，光屏上出现了清晰的像，利用这一原理的光学仪器是______（“照相机”“投影仪”“放大镜”）；如要使光屏上的像变的更小些，可将凸透镜向______（“左”“右”）移动一段距离。

照相机右
【解析】
【详解】
烛焰到凸透镜的距离是物距，光屏到凸透镜的距离是像距。

由图知道，物距大于像距，由凸透镜成像规律知道，此时成倒立、缩小的实像，应用于照相机；要使光屏上的像变的更小，应增大物距，减小像距，凸透镜要向右移动。

25．在研究杠杆平衡条件的实验中：
（1）如图甲所示，此时应把杠杆左端的平衡螺母向_____（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。

（2）如图乙所示是小华在探究时杠杆静止的情况，此时杠杆_____（选填“是”或“不是”）平衡状态，理由是_____。

（3）如图丙所示是小明在探究杠杆平衡时的情况，按照他的方法，当杠杆静止时杠杆平衡条件将_____
成立（选填“仍然”“不”或“可能”）；若每个钩码重0.5N，弹簧测力计的示数_____2N（填“大于”“小于”或“等于”）。

（4）小虎还想探究当动力和阻力在杠杆同侧时杠杆的平衡情况，于是他将杠杆左侧的所有钩码拿掉，结果杠杆转至竖直位置。

如图丁所示，小虎在A点施加一个始终水平向右的拉力F，却发现无论用多大的力都不能将杠杆拉至水平位置使其平衡，你认为原因是_____。

右是杠杆处于静止或匀速转动时，都是平衡状态仍然大于当杠杆在水平位置时，动力臂为零，杠杆无法平衡
【解析】
【详解】
（1）如图甲所示，杠杆的左端偏低，说明杠杆右端的重力偏小，欲使杠杆在水平位置平衡，则平衡螺母应向右调；
（2）杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图乙中杠杆处于静止状态，因而杠杆处于平衡状态；
（3）如图（丙）所示，此时力的方向不与杠杆垂直，不便于测量力臂；但此时杠杆仍处于平衡状态，因而杠杆平衡条件仍然成立；
当右边测力计竖直向下拉时，每个钩码重0.5N，左边拉力0.5N×3=1.5N，左边1.5N拉力在4格处，右边在3格处拉力为F，由杠杆平衡条件得，1.5N×4L＝F×3L，解得，F＝2N，考虑现在拉力斜右下拉，对应的力臂变小，弹簧测力计的拉力应变大，故大于2N；
（4）将杠杆左侧的所有钩码拿掉，在A点施加一个始终水平向右的拉力F，当杠杆拉到水平位置时F的力臂通过支点，即力臂为0，根据杠杆的平衡条件所以始终不能平衡。

26．在探究“光反射时的规律”实验中，如图甲小华在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，接着她把纸板NOF向前折或向后折（如图乙），在纸板上_______(选填“能”或“不能”)看到反射光，由此得出______________的结论。

在图甲所示的实验中如果让光沿FO方向射到镜面，会发现反射光沿OE方向射出，这表明在反射现象中，______________。

反射光线与入射光线和法线在同一平面上光路是可逆的略
【解析】实验中，把纸板NOF向前折或向后折，在纸板上不能看到反射光，说明反射光已经不在纸板上了，而此时左右2个纸板也不在同一个平面了，由此说明：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；一次实验具有很大的偶然性，为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当改变入射角的大小进行多次实验；在图甲所示的实验中，如果让光沿FO方向射到镜面，会发现反射光沿OE方向射出，这表明在反射现象中，光路是可逆的。