高考物理专题电磁学知识点之稳恒电流经典测试题附答案解析

高考物理专题电磁学知识点之稳恒电流经典测试题附答案解析
一、选择题
1．在如图所示电路中，合上开关S，将滑动变阻器R2的滑动触点向b端移动，则三个电表A1、A2和V的示数I1、I2和U的变化情况是（）
A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2不变，U减小
C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2增大，U减小
2．如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，若将滑动片P向下滑动，则（）
A．A灯变亮
B．B灯变亮
C．总电流变小
D．R1上消耗功率变大
3．硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。

如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I变化的关系图象，图线b是某电阻R的U−I图象。

在该光照强度下将它们组成闭合回路时，下列说法中正确的是（）
A．硅光电池的电动势大于3.6V
B．硅光电池的总功率为0.4W
C．硅光电池的内阻消耗的热功率为0.32W
D．若将R换成阻值更大的电阻（光照不变），电源效率将减小
4．如今电动动力平衡车非常受年轻人的喜爱，已慢慢成为街头的一种时尚，如图所示为某款电动平衡车的部分参数，则该电动平衡车（）
电池容量：5000mAh
充电器输出：直流24V/1000mA
续航里程：40km 额定功率：40W
行驶速度：20km/h ≤ 工作电压：24V
A ．电池从完全没电到充满电所需的时间约为8.3h
B ．电池最多能储存的电能为54.3210J ⨯
C ．骑行时的工作电流为1A
D ．充满电后能工作5h
5．如图是某款能一件自动上水的全自动智能电热壶，当壶内水位过低时能自动加满水，加热之后的水，时间长了冷却，机器又可以自动加热到设定温度。

某同学为了研究其工作原理，经进一步查阅厂家相关技术说明了解到：“一键加水”是由一水泵（电动机）和传感器来实现的，单独对这一部分进行测试时发现，当其两端所加电压110V U =时，电动机带不动负载，因此不转动，此时通过它的电流12A I =；当其两端所加电压236V U =时（通过变压器实现），电动机能带动负载正常运转，这时电流21A I =，则下列说法正确的是（）
A ．这种电热壶工作时加热部分的电阻值约为5Ω
B ．正常工作时，其输出的机械功率为31W
C ．正常工作时，其电动机内阻两端电压为32V
D ．使用一天该水壶消耗的电能为36KWh
6．如图所示，电源电动势E =30V ，内阻r =1Ω，直流电动机线圈电阻R M =1Ω，定值电阻R =9Ω。

闭合开关S ，稳定后理想电压表示数为10V 。

下列说法中正确的是（ ）
A．通过电动机的电流为10A B．通过电动机的电流为30 11
A
C．电动机的输出功率为16W D．电动机的输出功率为20W
7．如图所示，定值电阻R=20Ω，电动机线圈的电阻R0=10Ω，当开关S断开时，电流表的示数是0.5A．当开关S闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是（）
A．I=1.5A B．I＜1.5A
C．P=15W D．P＞15W
8．如图所示，电源电动势为E，内阻为r．电路中的2R、3R分别为总阻值一定的滑动变阻器，0R为定值电阻，1R为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）．当开关S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态．下列说法中正确的是（）
A．只逐渐增大1R的光照强度，电阻0R消耗的电功率变大，电阻3R中有向上的电流B．只调节电阻3R的滑动端2P向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻3R中有向上的电流
C．只调节电阻2R的滑动端1P向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D．若断开开关S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动
9．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，接通电路后，下列判断正确的是
A ．两只电表的指针都不偏转
B ．两只电表的指针偏转角相同
C ．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角
D ．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角
10．在如图所示的U I -图像中，直线I 为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线II 为某一电阻R 的伏安特性曲线。

用该电源与电阻R 组成闭合电路。

由图像判断错误的是
A ．电源的电动势为3 V ，内阻为0.5Ω
B ．电阻R 的阻值为1Ω
C ．电源的效率为80%
D ．电源的输出功率为4 W
11．如图所示，电源电动势6V E =，内电阻0.5r =Ω，变阻器1R 的最大电阻m 5.0R =Ω，2 1.5R =Ω，341000R R ==Ω，平行板电容器C 的两金属板水平放置。

开关S 与a 接触，电路稳定后（ ）
A ．电源的最大输出功率为18W
B ．1R 增大时，电容器的带电量减少
C ．1R 的阻值增大时，2R 两端的电压增大
D ．当开关接向b 至电路稳定过程中，流过3R 的电流方向为d c →
12．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h ，待机时间100 h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（ ）
A ．1.8 W ，5.4×10-2W
B ．3.6 W ，0.108 W
C ．0.6 W ，1.8×10-2W
D ．6.48×103 W ，1.94×102W
13．图甲为某电源的U I -图线，图乙为某小灯泡的U I -图线，则下列说法中正确的是（ ）
A ．电源的内阻为5Ω
B ．小灯泡的电阻随着功率的增大而减小
C ．把电源和小灯泡组成闭合回路，小灯泡的功率约为0.3W
D ．把电源和小灯泡组成闭合回路，电路的总功率约为0.4W
14．下列关于电源电动势的说法正确的是( )
A ．电源是通过静电力把其他形式的能转化为电能的装置
B ．电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领
C ．在电源内部负电荷从低电势处向高电势处移动
D ．把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势也将变化
15．如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，下列说法中不正确的是（ ）
A ．若1R 短路，电流表示数变小，电压表示数为零
B ．若2R 短路，电流表示数变小，电压表示数变大
C ．若3R 断路，电流表示数为零，电压表示数变大
D ．若4R 断路，电流表示数变小，电压表示数变大
16．如图所示，平行金属板中带电质点P 原处于静止状态，电流表和电压表为理想电表，当滑动变阻器4R 的滑片向b 端移动时，则（ ）
A ．电压表读数增大
B ．电流表读数增大
C ．质点P 将向上运动
D ．3R 上消耗的功率逐渐增大
17．如图所示，平行金属板中带电质点P 原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器4R 的滑片向b 端移动时，则（ ）
A ．质点P 将向上运动
B ．电流表读数减小
C ．电压表读数减小
D ．3R 上消耗的功率增大
18．如图所示的电路中，电阻12R =Ω、23R =Ω、36R =Ω，给电路通以恒定电流，电阻R 1消耗的功率为P ，则R 2和R 3消耗的总功率为（ ）
A ．P
B ．52P
C ．92P
D ．12
P 19．在1 min 内通过阻值为5Ω的导体横截面的电量为240 C ，那么加在该导体两端的电压是（ ）
A ．20 V
B ．48 V
C ．120 V
D ．1 200 V
20．智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置。

充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60−0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）。

如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，下列说法正确的是（ ） 容量 20000mAh 兼容性 所有智能手机
边充边放否保护电路是
输入DC：5V 2A MAX输出DC：5V 0.1A−2.5A
尺寸56×82×22mm转换率0.60
产品名称索扬SY10−200重量约430g
A．给充电宝充电时将电能转化为内能
B．该充电宝最多能储存能量为3.6×105J
C．该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2h
D．该充电宝给电量为零、容量为3000mAh的手机充电，理论上能充满6次
21．如图为一种服务型机器人，其额定功率为48W．额定工作电压为24V．机器人的锂电池容量为20A·h．则机器人
A．额定工作电流为20A B．充满电后最长工作时间为2h
C．电池充满电后总电量为4
D．以额定电流工作时毎秒消耗能量为20J
7.210C
22．在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，将滑动变阻器R3的滑片P向a 端移动过程中（）
A．电压表示数变大，电流表示数变小B．R2消耗的功率变小
C．电源的总功率变大D．电源效率变低
23．如图所示，用甲、乙两种电路测RＸ的阻值，甲电路中伏特表和安培表的示数分别为3.0V和3.0mA，乙电路中伏特表和安培表示数分别为2.9V和4.0mA，则待测电阻RＸ的值应
A ．比1000Ω略大一些
B ．比1000Ω略小一些
C ．比725Ω略大一些
D ．比725Ω略小一些 24．为解决手机充电问题，市面上出现了免押共享充电宝服务。

图示为小米某款充电宝的相关数据，下列说法正确的是（ ） 容量
10000mAh 匹配系统 安卓 输入
DC\5V\2A 输出 DC\5V\0.1A~2.5A 产品名称 小米 重量 300g
A ．充电宝充电时将化学能转化为电能
B ．充电宝放电时将电能转化为化学能
C ．该充电宝充电时的输入电压为220V
D ．若该充电宝给电池电荷量为零、容量为3000mAh 的手机充电，则理论上能充满3次
25．如图，A 、B 两盏电灯完全相同．当滑动变阻器的滑动头向右移动时，则（ ）
A ．A 灯变亮，
B 灯变亮
B ．A 灯变暗，B 灯变亮
C ．A 灯变暗，B 灯变暗
D ．A 灯变亮，B 灯变暗
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．D
解析：D
【解析】试题分析：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析． 触点向b 端移动过程中2R 连入电路的电阻减小，即总电阻减小，干路电流即总电流增大，所以根据E U Ir =+可知路端电压减小，即U 减小， 3R 在干路，通过它的电流增大，所
以3R 两端的电压增大，而3R U U U ↓=↑+并，所以U 并减小，即并联电路两端的电压减小，所以1R 的电流1I 减小，而12I I I ↑=↓+，所以2I 增大，D 正确
2．D
解析：D
【解析】
将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I 增大，则R 1上消耗功率变大，路端电压U E Ir =﹣，I 增大，U 减
小，则A 灯变暗，B 灯与变阻器并联的电压1U E I R r =+并﹣（），I 增大，则U 并减小，所
以B 灯变暗，故D 正确，ABC 错误；
故选D ．
【点睛】对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．
3．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由闭合电路欧姆定律得 U =E -Ir ，当I =0时，E =U =3.6V ，即硅光电池的电动势等于
3.6V ，故A 错误。

B ．硅光电池的总功率为
P 总=EI =3.6×0.2W=0.72W
故B 错误。

C ．硅光电池的内阻
3.6280.2
E U r I --=
=Ω=Ω 电池的内阻消耗的热功率为 P 热=I 2r =0.32 W
故C 正确。

D ．电源效率
100%UI R EI R r
η==⨯+ 随外电阻的增大而增大，故D 错误。

故选C 。

4．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由于电池容量是5000mAh ，即
345000103600 1.810C q -=⨯⨯=⨯
充电器输出电流为1000mA ，所以充电时间为
5000mAh 5h 1000mA
q t I =
== 故A 错误；
B ．最多能储存的电能为 451.81024J=4.3210J W qU ==⨯⨯⨯
故B 正确；
C ．额定功率为40W ，工作电压为24V ，则骑行时的工作电流为
405A A 243
P I U =
== 故C 错误；
D ．充满电后能工作 5
4.3210's 3h 40
W t P ⨯=== 故D 错误。

故选B 。

5．B
解析：B
【解析】
【分析】
考查电功率与热功率，焦耳定律。

【详解】
A ．由铭牌图可知，加热部分额定电压为220V ，额定功率为1500W ，则加热部分电阻为：
22
22032.31500
U R P ==Ω=Ω A 错误；
B ．电压110V U =时，电动机带不动负载，此时仅加热部分工作，电流12A I =，则电动机内阻：
1110V 52A
U r I ===Ω 其两端所加电压236V U =时，电动机能带动负载正常运转，这时电流21A I =，则输出功率：
222231W P P P U I I r =-=-⋅=总热出
B 正确；
C ．正常工作时，其电动机内阻两端电压为：
25V U I r ==内
C 错误；
D ．使用一天该水壶，加热部分消耗的电能为：
1.524KW h 36KW h W P t =⋅=⨯⋅=⋅
总消耗的电能应该加上电动机消耗，故大于36KW h ⋅，D 错误。

故选B 。

6．C
解析：C
【解析】
【分析】
电动机是非纯电阻性电路，不适用欧姆定律，可通过分析其它用电器电流来确定流过电动机的电流，从而确定电动机的输入、输出功率。

【详解】
AB ．根据闭合电路欧姆定律，可得
E U I R r ++=()
可求得流过电动机的电流
2A I =
AB 错误；
CD ．电动机的输入功率为
20W P UI ==入
电动机内部消耗的功率
2M 4W P I R ==内
因此电动机的输出功率
16W P P P =-=入出内
C 正确，
D 错误。

故选C 。

7．B
解析：B
【解析】
【详解】
.当电键S 断开时,由欧姆定律得
10.5A 20Ω=10V U I R ==⨯，
当电键S 闭合后，通过R 1的电流仍为0.5A ，电动机的电流
2010V 1A 10U I R <
==Ω
， 故电流表的电流 1.5A I <，
电路中电功率
15W
P UI
=<，
故B正确，ACD错误；
8．A
解析：A
【解析】
【详解】
逐渐增大1R的光照强度，1R的电阻减小，回路总电阻减小，回路总电流增大，根据2
P UI I
==可知0R上消耗的电功率变大，同时，2R上端电阻两端电压也增大，则电容器
两端电压增大，根据
Q
C
U
=可知电荷量增加，则
3
R中有向上的电流，故A正确．恒定电
路中电容器所在支路相当于断路，滑动3R的滑片不改变电路通电情况，不会发生任何变化，故B错误．调节2R的滑动端向下移动时，回路总电阻不发生变化，电压表测的路端电压也不发生变化，示数不变，但是电容器两端分得的电压增大，电场强度增大，电场力大于重力，带电微粒向上运动，故C错误．若断开开关S，则电容器在与2R、3R组成的电路中放电，电荷量减少，电压减小，电场力减小，带电微粒向下运动，故D错误．
9．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；
故选C．
【点睛】
电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小. 10．C
解析：C
【解析】
【详解】
A．根据闭合电路欧姆定律得：
U=E-Ir
当I=0时，U=E，由读出电源的电动势E=3V，内阻等于图线的斜率大小，则：
3Ω0.5Ω6
U r I ∆===∆ A 正确；
B ．根据图像可知电阻：
1ΩU R I
=
= B 正确；
C ．电源的效率： 2100%=100%=100%=66.7%3
P UI P EI η=
⨯⨯⨯出总 C 错误； D ．两图线的交点表示该电源直接与电阻R 相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U =2V ，电流I =2A ，则电源的输出功率为：
P 出=UI =4W
D 正确。

故选C 。

11．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．变阻器1R 的电阻为零时，电源的输出功率最大，电流为
23A E I R r
=
=+ 电源的输出功率 22max 23 1.5W=13.5W P I R ==⨯
故A 错误；
B ．1R 增大时，根据闭合电路的欧姆定律可知，1R 两端的电压增大，根据Q CU =可知电容器的带电量增加，故B 错误；
C ．1R 的阻值增大时，电路的电流减小，2R 两端的电压减小，故C 错误；
D ．开关接a 时，上极板带正电，当开关接向b 后，下极板带正电，流过3R 的电流方向为d →c ，故D 正确。

故选D 。

12．C
解析：C
【解析】
由图知 3.6U V =,500Q mA h =⋅．通话时3t h =，由Q It =，P UI =得
0.6UQ P W t ==.同理待机时100t h =，21.810UQ P W t -=⨯'
='，C 对． 13．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．根据闭合电路欧姆定律变形：
U E Ir =-
可得图像与纵轴的交点表示电动势，图像斜率的大小表示内阻，根据甲图电动势为：
1.5V E =
内阻为：
1.0 1.5
5ΩΩ0.33
r -== A 错误；
B ．根据乙图可知电流越大，小灯泡功率越大，根据欧姆定律变形得：
U R I
= 可知乙图线上某点与原点连线的斜率为电阻，所以小灯泡的电阻随着功率的增大而增大，B 错误；
C ．把电源和小灯泡组成闭合回路，将甲、乙两图叠加到一起：
两U I -曲线的交点即小灯泡的电压、电流，根据图像读数：
0.125V U ≈
0.28A I ≈
所以，小灯泡的功率为：
0.1250.28W 0.035W P UI ==⨯≈
C 错误；
D ．回路中的总功率为：
1.50.28W 0.42W P EI ==⨯≈总
D 正确。

故选D 。

14．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A、B项：电源是通过非静电力把其他形式的能转化为电能的装置，故A错误，B正确；C项：在电源内部，电流方向从负极指向正极，所以负电荷从高电势处向低电势处移动，故C错误；
D项：把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势不变，故D错误．
故选B。

15．D
解析：D
【解析】
【详解】
A．若R1短路，此时电压表测量R1的电压，故电压表示数为零，若R1短路，则电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，R3的电压等于路端电压，又电流表测通过R3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变小，故A不合题意；
B．若R2短路，则电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，R3的电压等于路端电压，又电流表测通过R3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变小；通过R3和 R4电流减小，总电流增大，通过R1电流增大，所以电压表示数变大，故B不合题意；
C．若R3断路，电流表测通过R3的电流，故电流表示数为零，电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大；R1和R2串联的总电压等于路端电压，且R1和R2的电阻不变，故电压表示数增大，故C不合题意；
D．若R4断路，电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，R1和R2串联的总电压等于路端电压，且R1和R2的电阻不变，故电压表示数增大，又电流表测通过R3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变大，故D符合题意。

故选D。

16．B
解析：B
【解析】
【详解】
A B．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时，R1两端的电压也增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A错误，B正确；
C．因R3两端电压减小，则电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C错误；
D ．R 3上电流减小，根据P =I 32R 3，则R 3消耗的功率逐渐变小，选项D 错误； 故选B 。

17．C
解析：C
【解析】
【详解】
ABC ．由图可知，2R 与滑动变阻器4R 串联后与3R 并联后，再由1R 串联接在电源两端；电容器与3R 并联；当滑片向b 移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时1R 两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过3R 的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，因并联部分电压减小，而2R 中电压增大，故电压表示数减小，因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故AB 错误，C 正确；
D ．因3R 两端的电压减小，由2U P R
=可知，3R 上消耗的功率减小，故D 错误； 故选C 。

18．A
解析：A
【解析】
【详解】
2R 和3R 并联电阻
232323
2R R R R R ==Ω+ 根据串联电路正比分压，2R 和3R 并联后与1R 串联，电压与1R 两端电压相等，总电流与流过1R 的电流相等，由2P I R =可知，2R 和3R 消耗的总功率为P ，故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

19．A
解析：A
【解析】 导体的电流为240A 4A 60
q I t =
==，故导体两端的电压为45V 20V U IR ==⨯=，A 正确． 20．B
解析：B
【分析】
【详解】
A ．充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，选项A 错误；
B ．该充电宝的容量为
3420000mAh 20000103600C 7.210C q -==⨯⨯=⨯
该电池的电动势为5V ，所以充电宝储存的能量
45•57.210J 3.610J E E q ==⨯⨯=⨯电动势
选项B 正确；
C ．以2A 的电流为用电器供电则供电时间
4
47.210s 3.610s 10h 2
q t I ⨯=⨯＝＝＝ 故C 错误；
D ．由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为
20000mAh 0.612000mAh ⨯=
给容量为3000mAh 的手机充电的次数
1200043000
n ==次次 选项D 错误。

故选B 。

21．C
解析：C
【解析】
【详解】
A.P UI =得，额定工作电流：
48A 2A 24
P I U =
==, A 错误；
B. 充满电后最长工作时间： 20h 10h 2
Q t I =
==， B 错误；
C. 电池充满电后总电量为 4203600C 7.210C Q It ==⨯=⨯
C 正确；
D.额定电流工作时每秒消耗能量
'2421J 48J E UIt ==⨯⨯=.
D 错误．
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．分析电路结构可知电压表测量路端电压，电流表测量滑动变阻器支路的电流；当滑动变阻器滑片由b 端向a 端滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，则干路电流变小，根据U E Ir =-可知路端电压变大，电压表示数变大，电阻1R 在干路上，根据U IR =可知两端电压变小，根据串联分压可知并联支路电压变大，灯泡2R 两端电压变大，流过的电流变大，灯泡2R 消耗功率变大，根据串联分流可知流过滑动变阻器的电流减小，电流表示数变小，故A 正确，B 错误；
C ．根据P EI =可知，干路电流变小，则电源的总功率变小，故C 错误；
D ．电源效率为
221100%100%()1I R R r I R r r R R
η==⨯=⨯+++ 当滑动变阻器滑片由b 端向a 端滑动时，分析变阻器接入电路的电阻变大，电源效率变高，故D 错误；
故选A 。

23．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
因电流表的示数变化大，说明了电压表的分流作用明显，所以要用电流表内接法的电路进行测量，为甲电路．用甲电路：电压表的示数是待测电阻和电流表的上的电压的和，故电压比真实值大
3
3.010003.010U R I -==Ω=Ω⨯测测 又U 测＞U 真，所以R 测＞R 真即测量值偏大，真实值比1000Ω略小一些，故B 正确，ACD 错误。

故选B 。

24．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．充电宝充电时将电能转化为化学能，放电时将化学能转化为电能。

故AB 错误；
C．根据表格看出，该充电宝充电时的输入电压为5V，故C错误；
D．充电宝的电能能给电池电荷量为零、容量为3000mAh的手机充电的次数
10000mAh 3000mAh 10
3 3
n==≈
故D正确。

故选D。

25．D
解析：D
【解析】
当滑出向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，所以外电路电阻增大，路端电压增大，总电流减小，即B中的电流减小，所以B变暗，B两端的电压减小，而路端电压是增大的，所以并联电路两端的电压增大，即A两端的电压增大，所以A变亮，D正确．。