山西省太原市第五中学高二物理上学期阶段性测试试题(12.1)(扫描版,无答案)
山西省太原五中高二物理上学期12月月考试卷(含解析)
山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P26．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E312．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的（填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为mm．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ= ．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，故其U﹣I图象是通过坐标原点的直线．【解答】解：标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，通常用合金材料制成；根据欧姆定律公式I=，当R一定时，电流I与电压U成正比，故I﹣U图象是直线；故选：A．【点评】本题关键明确标准电阻是指电阻值不随温度变化而变化，然后根据欧姆定律分析，基础题．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少，根据电流的微观表达式I=nqvs，分析定向移动速率的关系．【解答】解：A、单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，所以乙的电流是甲电流的两倍，故A错误，B正确；C、根据电流的微观表达式I=nqvs可知，v=，则导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的4倍，故CD错误．故选：B【点评】知道单位时间内通过横截面的电荷量表示电流，电流的微观表达式I=nqvs，反映出电流I是联系宏观与微观的桥梁．3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电子定向移动的速度和时间，求出自由电荷△t时间内移动的距离，再求出体积，即可求解通过导体横截面的自由电子数目；也可以根据电量公式q=It，求出电量，也求解电子数目．【解答】解：在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线对应体积为v△tS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvS△t．由于流经导线的电流为I，则在△t时间内，流经导线的电荷量为I△t，而电子的电荷量为e，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为 N=．故AC正确，BD错误；故选：AC【点评】本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压；电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别；电动势的定义式E=；电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，电动势越大，这种转化本领越大．【解答】解：A、电源的电动势等于电源没有接入电源没有接入电路时两极间的电压；故A 正确；B、电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷由负极移到正极，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势就越大．故BC正确；D、电源的内阻也会对其他电阻一样都对电流起阻碍作用；故D正确；故选：ABCD．【点评】解决本题要准确掌握电动势的物理意义、与路端电压之间的关系和定义式，电动势的定义式E=中W是非静电力做功，q是所移送的正电荷．5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P2【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数．当两个电阻并联后总电阻R比任何一个电阻都要小，R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系．【解答】解：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻R1的电流较大，则功率P1＞P2．故选C【点评】本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等．6．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】本题的关键是对欧姆定律和串并联规律的理解和应用，当电流表采用外接法即P接在a处时，造成误差的原因是电压表的分流作用，所以当电压表内阻越大时，电压表的分流作用越小，电流表示数变化越不明显，所以若电流表读数变化不明显时，电流表应采用外接法．同理，若电压表读数变化不明显，说明电流表分压作用较小，即电流表内阻较小，应采用内接法．【解答】解：A、如果电压表读数变化不明显而电流表变化明显；则说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以P 应接在b处．故A错误，B正确；C、根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化；而电压表变化明显；则说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即P应接在a处；故C正确，D错误；故选：BC．【点评】应明确电流表采用外接法和内接法的条件和选择方法：（1）当满足时，电流表应用外接法；当满足时，电流表应用内接法．（2）采用试触法进行分析．7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】据串联电路电压与电阻成正比的规律，以及并联电路的特点，分析滑动变阻器的滑片P的位置．【解答】解：要使R获得的电压，根据串联电路电压与电阻成正比的规律，可知变阻器滑片上部分的电阻与下部分和R0并联的总电阻相等，根据并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律可知，变阻器滑片上部分的电阻小于下部分的电阻，所以滑片P应移到R0的中点偏上．故ACD错误，B正确．故选：B【点评】解决本题关键根据串、并联电路的特点，理解分压器的原理．要知道并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律，并灵活运用．8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据数学知识确定直径与横截面积的关系，根据体积不变，分析长度的关系，由电阻定律分析电阻的变化情况．【解答】解：镍铬丝的横截面的直径为d，横截面积为S1=，由数学知识得知，直径变化后横截面积是S2=，由于镍铬丝的体积不变，由长度变为原来的100倍，根据电阻定律R=得到，电阻是原来的10000倍，即为10000R．故选：D【点评】本题要综合考虑电阻随导体横截面积和长度的变化，注意体积不变，故面积变化时，长度也要变化．9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）已知电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，根据W=UQ变形可求出电压；当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据U=IR，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压U；（2）已知通过电阻丝的电量是4C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据W=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．【解答】解：因为电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，所以此时电压为：U′===4V，当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，I=2I′，根据U=IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：U=2U′=8V，电阻丝在这段时间内消耗的电能：W=UQ=8V×4C=32J．故选：D．【点评】本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用．本题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解．10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当可变电阻的滑片向a移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析总电流I总的变化和路端电压的变化，进一步分析电阻R1的电流I1的变化．由I2=I总﹣I1来分析I2的变化．【解答】解：当可变电阻的滑片向a移动晨，变阻器有效电阻减小，使该支路的电阻减小，从而引起整个电路的总电阻R外减小，据闭合电路欧姆定律可知，电路的总电流I总增大，电路的外电压U外=E﹣I总r减小，即R1两端的电压U1=U外减小，通过R1的电流I1减小．又因I 总增大，I1减小，通过R2的电流I2=I总﹣I1增大．故选：C【点评】本题是电路中动态变化分析问题，难点是分析I2的变化，根据I2=I总﹣I1分析，这种方法常常被称为总量法．11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E3【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电源的路端电压等于电动势减去内电压，即U=E﹣Ir，即路端电压与电流为线性关系，可知：图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，由数学知识可知，图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．对照图象知，E1＞E2=E3，r1=r2＜r3，故AC正确．故选：AC．【点评】本题关键要明确电源的路端电压与电流的关系，然后根据关系公式得到U﹣I图象，要明确图象的纵轴截距、横轴截距、斜率的物理意义．12．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据小灯泡刚好正常发光，求解出电流；根据闭合电路欧姆定律求解出电动机两端的电压，然后根据P出=UI﹣I2r求解电动机的输出功率．【解答】解：小灯泡刚好正常发光，故电流为：I=；根据闭合电路欧姆定律，电动机两端的电压：U=E﹣IR﹣U L=30﹣2×1﹣6=22V；故电动机输出的功率为：P出=UI﹣I2r=22×2﹣22×2=36W；故选A．【点评】本题关键明确含电机电路是非纯电阻电路，小灯泡是纯电阻，根据小灯泡正常发光求电流，根据闭合电路欧姆定律求解电机电压，根据能量守恒定律求解电机的输出功率，不难．二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的 A （填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为11.30 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题．【分析】游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．【解答】解：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．即A部分．游标卡尺测内径时，主尺读数为11mm，游标读数为0.05×6=0.30mm，最后读数为11.30mm．故答案为：A，11.30【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法．注意游标卡尺的精确度．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是0.642 mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用A1（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ= ．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）螺旋测微器的读数由固定刻度与可动刻度读数之和，需要估读到0.001mm；（2）a、根据欧姆定律估算电路中电流的最大值，即可选择电流表．b、根据伏安法测电阻原理作出实验电路图．（3）根据电阻定律和截面积公式结合，求得电阻率表达式．【解答】解：（1）固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01mm×14.2=0.142mm，则电阻丝的直径 d=0.5mm+0.142mm=0.642mm（2）a、电=路中最大电流约为I==≈3×10﹣4A=300μA，故电流表应选A1；b、待测电阻阻值约为几十kΩ，滑动变阻器最大阻值为50Ω，故滑动变阻器应采用分压接法．电流表内阻为200Ω，电压表内阻为50kΩ，相对来说，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，实验电路图如图所示．（3）根据电阻定律得：R x=ρ，又 S=联立可得：故答案为：（1）0.641﹣0.643（2）a、A1b、变阻器分压接法，电流表内接（图略）（3）【点评】此题要掌握螺旋测微器的读数方法：固定刻度与可动刻度读数之和，要注意螺旋测微器需要估读．根据“大内小外”选择电流表的接法，根据变阻器总电阻与待测电阻的大小选择变阻器的接法．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】画出电路图．已知电路中的电流和路端电压，对两种情况由闭合电路欧姆定律列出两个表达式，联立即可求解．【解答】解：画出电路图如图所示．由闭合电路欧姆定律E=U+Ir得：E=2.9+0.3 rE=2.7+0.4 r解得：E=3.5V，r=2Ω．答：电池的电动势为3.5V，内阻为2Ω．【点评】本题是伏安法测量电动势和内阻的实验，对两种情况根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，来求解电动势和内阻，这是常用的思路．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？【考点】电功、电功率．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】由E=可求得电池的电动势；由W=UIt可求得非静电力做的功．【解答】解：（1）电池的电动势E==3V；（2）t=10min=600s非静电力做的功等于这段时间灯泡消耗的电能W=EIt=3V×0.2A×600s=360J；答：有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是3V；给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是360J．【点评】本题考查电源的电动势，要注意明确电动势的计算及非静电做功的求解方法，注意单位的换算．17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】计算题；定量思想；等效替代法；恒定电流专题．【分析】（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律求出流过R3的电流，即电流表的读数．（2）电容器的电压等于R3两端的电压，求出电压，再求解电容器的电量．（3）断开电键S后，电容器通过R1、R2放电，R1、R2相当并联后与R3串联．再求解通过R2的电量．【解答】解：（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律得：电流表的读数 I===0.8A（2）电容器所带的电量 Q=CU3=CIR3=20×10﹣6×0.8×4C=6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，电容器相当于电源，外电路是R1、R2相当并联后与R3串联．由于各个电阻都相等，则通过R2的电量为Q′=Q=3.2×10﹣5C答：（1）电流表的读数为0.8A；（2）电容器所带的电荷量为6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，通过R2的电量为3.2×10﹣5C．【点评】本题解题时要注意电流表的内阻不计时，也称为理想电流表，相当于可测量电流的导线，可将并联电路短路．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．。
山西省太原五中高二物理上学期12月月考试卷(含解析)
山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P26．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E312．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的（填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为mm．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ=．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，故其U﹣I图象是通过坐标原点的直线．【解答】解：标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，通常用合金材料制成；根据欧姆定律公式I=，当R一定时，电流I与电压U成正比，故I﹣U图象是直线；故选：A．【点评】本题关键明确标准电阻是指电阻值不随温度变化而变化，然后根据欧姆定律分析，基础题．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少，根据电流的微观表达式I=nqvs，分析定向移动速率的关系．【解答】解：A、单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，所以乙的电流是甲电流的两倍，故A错误，B正确；C、根据电流的微观表达式I=nqvs可知，v=，则导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的4倍，故CD错误．故选：B【点评】知道单位时间内通过横截面的电荷量表示电流，电流的微观表达式I=nqvs，反映出电流I是联系宏观与微观的桥梁．3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电子定向移动的速度和时间，求出自由电荷△t时间内移动的距离，再求出体积，即可求解通过导体横截面的自由电子数目；也可以根据电量公式q=It，求出电量，也求解电子数目．【解答】解：在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线对应体积为v△tS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvS△t．由于流经导线的电流为I，则在△t时间内，流经导线的电荷量为I△t，而电子的电荷量为e，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为 N=．故AC正确，BD错误；故选：AC【点评】本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压；电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别；电动势的定义式E=；电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，电动势越大，这种转化本领越大．【解答】解：A、电源的电动势等于电源没有接入电源没有接入电路时两极间的电压；故A 正确；B、电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷由负极移到正极，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势就越大．故BC正确；D、电源的内阻也会对其他电阻一样都对电流起阻碍作用；故D正确；故选：ABCD．【点评】解决本题要准确掌握电动势的物理意义、与路端电压之间的关系和定义式，电动势的定义式E=中W是非静电力做功，q是所移送的正电荷．5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P2【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数．当两个电阻并联后总电阻R比任何一个电阻都要小，R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系．【解答】解：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻R1的电流较大，则功率P1＞P2．故选C【点评】本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等．6．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】本题的关键是对欧姆定律和串并联规律的理解和应用，当电流表采用外接法即P接在a处时，造成误差的原因是电压表的分流作用，所以当电压表内阻越大时，电压表的分流作用越小，电流表示数变化越不明显，所以若电流表读数变化不明显时，电流表应采用外接法．同理，若电压表读数变化不明显，说明电流表分压作用较小，即电流表内阻较小，应采用内接法．【解答】解：A、如果电压表读数变化不明显而电流表变化明显；则说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以P 应接在b处．故A错误，B正确；C、根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化；而电压表变化明显；则说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即P应接在a处；故C正确，D错误；故选：BC．【点评】应明确电流表采用外接法和内接法的条件和选择方法：（1）当满足时，电流表应用外接法；当满足时，电流表应用内接法．（2）采用试触法进行分析．7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】据串联电路电压与电阻成正比的规律，以及并联电路的特点，分析滑动变阻器的滑片P的位置．【解答】解：要使R获得的电压，根据串联电路电压与电阻成正比的规律，可知变阻器滑片上部分的电阻与下部分和R0并联的总电阻相等，根据并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律可知，变阻器滑片上部分的电阻小于下部分的电阻，所以滑片P应移到R0的中点偏上．故ACD错误，B正确．故选：B【点评】解决本题关键根据串、并联电路的特点，理解分压器的原理．要知道并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律，并灵活运用．8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据数学知识确定直径与横截面积的关系，根据体积不变，分析长度的关系，由电阻定律分析电阻的变化情况．【解答】解：镍铬丝的横截面的直径为d，横截面积为S1=，由数学知识得知，直径变化后横截面积是S2=，由于镍铬丝的体积不变，由长度变为原来的100倍，根据电阻定律R=得到，电阻是原来的10000倍，即为10000R．故选：D【点评】本题要综合考虑电阻随导体横截面积和长度的变化，注意体积不变，故面积变化时，长度也要变化．9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）已知电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，根据W=UQ变形可求出电压；当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据U=IR，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压U；（2）已知通过电阻丝的电量是4C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据W=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．【解答】解：因为电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，所以此时电压为：U′===4V，当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，I=2I′，根据U=IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：U=2U′=8V，电阻丝在这段时间内消耗的电能：W=UQ=8V×4C=32J．故选：D．【点评】本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用．本题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解．10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当可变电阻的滑片向a移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析总电流I总的变化和路端电压的变化，进一步分析电阻R1的电流I1的变化．由I2=I总﹣I1来分析I2的变化．【解答】解：当可变电阻的滑片向a移动晨，变阻器有效电阻减小，使该支路的电阻减小，从而引起整个电路的总电阻R外减小，据闭合电路欧姆定律可知，电路的总电流I总增大，电路的外电压U外=E﹣I总r减小，即R1两端的电压U1=U外减小，通过R1的电流I1减小．又因I 总增大，I1减小，通过R2的电流I2=I总﹣I1增大．故选：C【点评】本题是电路中动态变化分析问题，难点是分析I2的变化，根据I2=I总﹣I1分析，这种方法常常被称为总量法．11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E3【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电源的路端电压等于电动势减去内电压，即U=E﹣Ir，即路端电压与电流为线性关系，可知：图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，由数学知识可知，图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．对照图象知，E1＞E2=E3，r1=r2＜r3，故AC正确．故选：AC．【点评】本题关键要明确电源的路端电压与电流的关系，然后根据关系公式得到U﹣I图象，要明确图象的纵轴截距、横轴截距、斜率的物理意义．12．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据小灯泡刚好正常发光，求解出电流；根据闭合电路欧姆定律求解出电动机两端的电压，然后根据P出=UI﹣I2r求解电动机的输出功率．【解答】解：小灯泡刚好正常发光，故电流为：I=；根据闭合电路欧姆定律，电动机两端的电压：U=E﹣IR﹣U L=30﹣2×1﹣6=22V；故电动机输出的功率为：P出=UI﹣I2r=22×2﹣22×2=36W；故选A．【点评】本题关键明确含电机电路是非纯电阻电路，小灯泡是纯电阻，根据小灯泡正常发光求电流，根据闭合电路欧姆定律求解电机电压，根据能量守恒定律求解电机的输出功率，不难．二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的 A （填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为11.30 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题．【分析】游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．【解答】解：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．即A部分．游标卡尺测内径时，主尺读数为11mm，游标读数为0.05×6=0.30mm，最后读数为11.30mm．故答案为：A，11.30【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法．注意游标卡尺的精确度．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是0.642 mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用A1（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ=．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）螺旋测微器的读数由固定刻度与可动刻度读数之和，需要估读到0.001mm；（2）a、根据欧姆定律估算电路中电流的最大值，即可选择电流表．b、根据伏安法测电阻原理作出实验电路图．（3）根据电阻定律和截面积公式结合，求得电阻率表达式．【解答】解：（1）固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01mm×14.2=0.142mm，则电阻丝的直径 d=0.5mm+0.142mm=0.642mm（2）a、电=路中最大电流约为I==≈3×10﹣4A=300μA，故电流表应选A1；b、待测电阻阻值约为几十kΩ，滑动变阻器最大阻值为50Ω，故滑动变阻器应采用分压接法．电流表内阻为200Ω，电压表内阻为50kΩ，相对来说，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，实验电路图如图所示．（3）根据电阻定律得：R x=ρ，又 S=联立可得：故答案为：（1）0.641﹣0.643（2）a、A1b、变阻器分压接法，电流表内接（图略）（3）【点评】此题要掌握螺旋测微器的读数方法：固定刻度与可动刻度读数之和，要注意螺旋测微器需要估读．根据“大内小外”选择电流表的接法，根据变阻器总电阻与待测电阻的大小选择变阻器的接法．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】画出电路图．已知电路中的电流和路端电压，对两种情况由闭合电路欧姆定律列出两个表达式，联立即可求解．【解答】解：画出电路图如图所示．由闭合电路欧姆定律E=U+Ir得：E=2.9+0.3 rE=2.7+0.4 r解得：E=3.5V，r=2Ω．答：电池的电动势为3.5V，内阻为2Ω．【点评】本题是伏安法测量电动势和内阻的实验，对两种情况根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，来求解电动势和内阻，这是常用的思路．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？【考点】电功、电功率．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】由E=可求得电池的电动势；由W=UIt可求得非静电力做的功．【解答】解：（1）电池的电动势E==3V；（2）t=10min=600s非静电力做的功等于这段时间灯泡消耗的电能W=EIt=3V×0.2A×600s=360J；答：有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是3V；给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是360J．【点评】本题考查电源的电动势，要注意明确电动势的计算及非静电做功的求解方法，注意单位的换算．17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】计算题；定量思想；等效替代法；恒定电流专题．【分析】（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律求出流过R3的电流，即电流表的读数．（2）电容器的电压等于R3两端的电压，求出电压，再求解电容器的电量．（3）断开电键S后，电容器通过R1、R2放电，R1、R2相当并联后与R3串联．再求解通过R2的电量．【解答】解：（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律得：电流表的读数 I===0.8A（2）电容器所带的电量 Q=CU3=CIR3=20×10﹣6×0.8×4C=6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，电容器相当于电源，外电路是R1、R2相当并联后与R3串联．由于各个电阻都相等，则通过R2的电量为Q′=Q=3.2×10﹣5C答：（1）电流表的读数为0.8A；（2）电容器所带的电荷量为6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，通过R2的电量为3.2×10﹣5C．【点评】本题解题时要注意电流表的内阻不计时，也称为理想电流表，相当于可测量电流的导线，可将并联电路短路．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．。
【物理】山西省太原市第五中学2019-2020学年高二上学期10月阶段性检测
太原五中2019—2020学年度第一学期阶段性检测高二物理(理)一、选择题（本题包含12小题，其中1—6小题为单选，7—12小题为多选，每小题4分，共48分）1.下列关于点电荷的说法,正确的是()A.点电荷就是试探电荷，两者无区别B.点电荷是一种理想化模型,实际不存在C.只有体积很小的带电体,才能作为点电荷D.体积很大的带电体一定不能看成点电荷2.如图，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针偏转角度( )A．一定减小B．一定增大C．一定不变D．可能不变3.如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该小球的运动轨迹。
已知小球在a点的动能等于29eV，运动到b点时的动能等于2eV，若取C点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于－3eV时，它的动能等于（）A.33eVB.24eVC.12eVD.14ev4．两个带等量正电荷的点电荷,O点为两电荷连线的中点,a点在中垂线上,若在a点由静止释放一个电子,如图所示,关于电子的运动,下列说法正确的是()A.电子在从a向O运动的过程中,电势一直增大，电势能越来越大B.电子在从a向O运动的过程中,加速度越来越小,速度越来越大C.电子运动到O时,加速度为零,速度最大D.电子通过O后,速度越来越小,加速度越来越大,一直到速度为零5.如图所示，带正电的导体球A置于原来不带电的空腔导体球B内，a、c分别为导体A、B 内的点，b为导体A和B之间的一点，对于a、b、c三点下列说法正确的是（）A.a、b、c三点的电势都相等B.c点的场强为零，但电势最高C.a点的场强为零，但电势最高D.a、b、c三点的场强都为零6. 如图，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷，充电后S 是断开的，φa表示a点的电势，F表示点电荷受到的电场力.现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则( )A.φa变大，F变大B.φa变大，F变小C.φa变大，F不变D.φa不变，F变小7.如图所示,虚线a、b、c代表电场中三个等势面,相邻等势面间的电势差相等,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P、Q是这条轨迹上的两点,据此可知()A.三个等势面中,a的电势最高B.带电质点通过P点时电势能较大C.带电质点通过P点时动能较大D.带电质点通过P点时加速度较大8. 如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场E1,之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（）A.偏转电场对三种粒子做功一样多B.三种粒子打到屏上时速度一样大C.三种粒子运动到屏上所用时间相同D.三种粒子一定打到屏上的同一位置9. 如图所示，位于同一直线上的两点电荷＋q 1和－q 2线划分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，另有一正的点电荷q 3，q 3对q 1、q 2的电场的影响不计，则( )A ．q 3在I 区域，可能受力向左，也可能受力向右B ．q 3在Ⅱ区域，可能受力向左，也可能受力向右C ．q 3在Ⅲ区域，可能受力向左，也可能受力向右D ．q 3在I 、Ⅲ区域受力可能都向左，在Ⅱ区域受力必定向右10.如图所示,将两个摆长均为L 的单摆悬于O 点,摆球质量均为m,带电荷量均为q(q>0)。
山西省太原市第五中学高二物理上学期12月阶段性检测试题(2021年整理)
山西省太原市第五中学2017-2018学年高二物理上学期12月阶段性检测试题1 / 31山西省太原市第五中学2017-2018学年高二物理上学期12月阶段性检测试题编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（山西省太原市第五中学2017-2018学年高二物理上学期12月阶段性检测试题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快 业绩进步，以下为山西省太原市第五中学2017-2018学年高二物理上学期12月阶段性检测试题的全部内容。
太原五中2017—2018学年度第一学期阶段性检测高二理科综合（物理）一．单项选择题(每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母填入答题栏内.)1.一磁场的磁感线如图所示，一个小磁针放入磁场中，则小磁针将( )A、顺时针转动直到N指向右B、逆时针转动直到S指向右C、保持不动D、一直顺时针转动2.关于磁感线的下列说法中，正确的是（）A。
磁感线是真实存在于磁场中的有方向的曲线B。
磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同C。
磁铁的磁感线从磁铁的北极出发，终止于磁铁的南极D。
磁感线有可能出现相交的情况3.如图所示，在通有恒定电流的螺线管内有一点P，过P点的磁感线方向是( ）A．从螺线管的N极指向S极B．放在P点的小磁针S极受力的方向C．静止在P点的小磁针N极指的方向D．在P点放一通电小线圈，磁感线一定垂直于小线圈平面4。
下列说法正确的是（）A．磁场中某处磁感应强度的大小，等于长为L，通以电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与乘积IL的比值B．一小段通电导线放在某处如不受磁场力作用，则该处的磁感应强度为零C．因为B＝F/IL，所以磁场中某处磁感应强度的大小与放在该处的导线所受磁场力F的大小成正比,与IL的大小成反比D．磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关5。
山西省太原第五中学高二物理12月月考试题(含解析)
2014-2015学年山西太原第五中学高二12月月考物理卷选择题1. 将规格为“6V，6W”和“6V，4W”的A灯和B灯接入电压12V的电路中去，既要使两灯都能正常发光，又要使整个电路消耗的电功率最小，如图所示的四种接法最合理的是A B C D2. 在电磁学建立和发展的过程中，许多物理学家做出了重要贡献。
下列说法符合史实的是A．法拉第首先提出正电荷、负电荷的概念B．库仑首先提出电荷周围存在电场的观点C．奥斯特首先发现电流的磁效应D．洛伦兹提出分子电流假说3. 如图，长方形线框 abcd 通有电流 I，放在直线电流 I ' 附近，线框与直线电流共面，则下列表述正确的是A.线圈四个边都受安培力作用，它们的合力方向向左B.只有ad和bc边受安培力作用，它们的合力为零C.ab和dc边所受安培力大小相等，方向相同D.线圈四个边都受安培力作用，它们的合力为零4. 处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动。
将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值A．与粒子电荷量成正比 B．与粒子速率成正比C．与粒子质量成正比 D．与磁感应强度成正比5. 从太阳或其他星体上放射出的宇宙射线中含有大量的高能带电粒子，这些高能粒子流到达地球会对地球上的生命带来危害，但是由于地球周围存在磁场，地磁场能改变宇宙射线中的带电粒子从而对地球上的生命起到保护作用，如图所示。
那么A．地磁场对宇宙射线的阻挡作用各处相同B．地磁场对垂直射向地球表面的宇宙射线的阻挡作用在南、北两极最强，赤道附近最弱C．地磁场对垂直射向地球表面的宇宙射线的阻挡作用在南、北两极最弱，赤道附近最强D．地磁场会使沿地球赤道平面内射来的宇宙射线中的带电粒子向两极偏转6. 如图所示，直线A、B分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图像，设两个电源的内阻分别为ra和rb，若将一定值电阻R0分别接到a、b两电源上，通过R0的电流分别为Ia 和Ib，则A．ra＞rbB．Ia＞IbC．R0接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源的效率较低D．R0接到b电源上，电源的输出功率较小，电源的效率也较低7. 回旋加速器是加速带电粒子的装置，其主体部分是两个D形金属盒。
山西省太原市第五中学学年高二物理上学期月考试卷 理含解析
太原五中2018—2019学年度第一学期阶段性检测高二物理（理）一、选择题（1-8单项选择，每题3分，9-12多项选择，每题4分：漏选2分，多项选择错选0分。
共40分）1.以下列图，质量为m、半径为b的小球，放在半径为a、质量为3m的大空心球内。
大球开始静止在圆滑的水平面上，当小球从图示地址无初速度地沿大球内壁滚到最低点时，大球搬动的距离是（）A. B. C. D.【答案】D【分析】设小球滑到最低点所用的时间为t，大球的位移大小为x，小球发生的水平位移大小为a-b-x，取水平向左方向为正方向．则依照水平方向平均动量守恒得：即：, 解得：,应选D．2.一宇宙飞船以v=1.0×104 m/s的速度进入密度为ρ=2.0×10-7 kg/m3的微陨石流中，若是飞船在垂直于运动方向的最大截面积为S=5m2，且认为微陨石与飞船碰撞后都附着在飞船上。
为使飞船的速度保持不变，飞船的牵引力应为( )A. 100 NB. 200 NC. 50 ND. 150 N【答案】A【分析】选在时间△t内与飞船碰撞的微陨石为研究对象，其质量应等于底面积为S，高为v△t的直柱体内微陨石尘的质量，即m=ρSv△t，初动量为0，末动量为mv．设飞船对微陨石的作用力为F，由动量定理得：F•△t=mv-0, 则F==ρsv2=2.0×10-7×5×（1.0×104）2=102N；依照牛顿第三定律可知，微陨石对飞船的撞击力大小也等于100N．飞船要保持原速度匀速翱翔，助推器增大的推力应为100N；应选A.点睛：本题主要观察了动量定理及依照牛顿第三定律的直接应用，要注意正确选择研究对象，做好受力分析才能正确求解．3.以下列图，真空中的绝缘水平面上C点左侧的地域水平面圆滑且空间存在水平向右的匀强电场，C点的右侧水平面粗糙。
现从左侧地域的某点由静止释放带正电绝缘小球A，球A经加速后与置于C点的不带电的绝缘球B发生碰撞，碰撞时间极短，且碰撞中系统无机械能损失，碰撞后B球的速率为碰前A球速率的一半，且两球均停在C点右侧粗糙水平面上的同一点，A、B两球资料相同均可视为质点，则A、B两球的质量之比（）A. 1:1B. 1:2C. 1:3D. 1:4【答案】C【分析】设A球碰前速度为v0，则碰后B的速度为v0，由动量守恒定律：；由动能定理，对A：;对B: ；联立解得：（舍掉），m A:m B=1:3，应选C.4.以下列图,人站在小车上，不断用铁锤敲击小车的一端。
山西省太原市第五中学2022-2023学年高二上学期10月月考物理试题
高二物理(理) 第1页(共8页)密 封 线 密 封 线 内 不 得 答 题太原五中2022—2023学年度第一学期月考高 二 物 理(理)出题人：潘小利、李波 校对人：张佩泽 时间：2022年10月一、（48分）选择题（本题包含 12 小题，其中 1—8 小题为单选，9—12 小题为多选，每小题 4 分，全部选对得 4 分，漏选得 2 分，选错或未选得 0 分）1. 如图所示的实验装置为库仑扭秤，细银丝的下端悬挂一根绝缘棒，棒的一端是一个带电的金属小球A ，另一端有一个不带电的球B ，B 与A 所受的重力平衡，当把另一个带电的金属球C 插入容器并使它靠近A 时，A 和C 之间的作用力使悬丝扭转，通过悬丝扭转的角度可以比较力的大小，便可找到力F 与距离r 和电荷量q 的关系，这一实验中用到了下列哪些方法？ ( )①微小量放大法 ②极限法 ③控制变量法 ④逐差法 A ．①② B ．③④ C ．①③D ．②④2．把头发屑悬浮在蓖麻油里，加上电场，可以模拟出电场线的分布情况，如图甲是模拟孤立点电荷和金属板之间的电场照片，乙图为简化后的电场线分布情况，则（ ） A ．由图甲可知，电场线是真实存在的 B ．图甲中，没有头发屑的地方没有电场 C ．图乙中A 点的电场强度大于B 点的电场强度 D ．在图乙电场中A 点静止释放的正点电荷能沿电场线运动到B 点3． 如图所示, 将两个摆长均为l 的单摆悬于O 点,摆球质量均为m ,带电荷量均为q (q>0).将另一个带电荷量也为q (q>0)的小球从O 点正下方较远处缓慢移向O 点,当三个带电小球分别处在等边三角形abc 的三个顶点上时,两摆线的夹角恰好为120°, 则此时摆线上的拉力大小等于 ( ) A .mg B . mgC . 2·D .·高二物理(理) 第2页(共8页)4. 如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN ＝NQ ，a 、b 两带电粒子从等势线2上的O 点以相同的初速度飞出。
山西省太原市第五中学2020-2021学年高二上学期12月阶段性检测 物理
高二物理(理)
第 2页(共 8页)
8.常用的电流表和电压表都是由小量程的电流表 G（表头）改装而成的，如 图所示就是某次改装的示意图，已知表头 G 的满偏电流为 200 μA，内阻为 60.0Ω，表盘均匀划分为 20 个小格，电阻箱 R1 的接入阻值为 30.0Ω，电阻箱 R2 的接入阻值为 980.0Ω。则 A．当接线柱 M、P 接入电路时，每一小格表示 0.01V B．当接线柱 M、P 接入电路时，每一小格表示 0.03V C．将接线柱 M、N 接入电路时，每一小格表示 10μA D．将接线柱 M、N 接入电路时，每一小格表示 20μA
14.（12 分）某同学想要测量一组干电池的电动势与内电阻，要求测量 结果尽可能准确。可用的器材除开关、导线、滑动变阻器外，还有电压表 V （0~3V，内阻约 3KΩ）、电流表 A（0~200mA，内阻为 20Ω）
R
V A
A
V
Er S
图甲
Er S
图乙
（1）该同学设计了两种实验电路图，为使测量结果更加准确应该选用
_______（填“甲”或“乙”）图。
（2）该同学正确选用实验方案，获得部分数据如下，请读出电表数据，
填入下表。
I（mA） 56
68
92
103
116
126
U（V） 2.86 2.63
2.02 1.68 1.43 1.12
100 50
0 mA
1
2
150
0
3
V
200
（3）请补齐数据表中的数据 5.0 Ｕ/Ｖ 点，并在下图中描绘出 U-I 图线。
高二物理(理)
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A.O、A、B 三点中，B 点电势最高 B．O、A、B 三点中，A 点电势最高
山西省太原市太原市第五中学2024届高二物理第一学期期中检测模拟试题含解析
山西省太原市太原市第五中学2024届高二物理第一学期期中检测模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，物体A、B相对静止，共同沿斜面匀速下滑，正确的是（）A．A与B间没有摩擦力B．B受到斜面的滑动摩擦力为m B gsinθC．斜面受到B的滑动摩擦力，方向沿斜面向上D．B与斜面的动摩擦因数μ= tanθ2、图中的D为置于电磁铁两极间的一段通电直导线，电流方向垂直于纸面向里．在开关S接通后，导线D所受磁场力的方向是A．向左B．向右C．向上D．向下3、关于力和运动的关系，下列说法正确的是（）A．力是维持物体运动的原因B．力是改变物体运动状态的原因C．运动的物体合力一定不等于零D．运动越快的物体所受力的合力一定越大4、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是（）A．ab中的感应电流方向由b到aB．ab中的感应电流逐渐减小C．ab所受的安培力保持不变D．ab所受的静摩擦力逐渐减小5、如图所示是模拟避雷针作用的实验装置，金属板M、N间有两个等高的金属体A、B，A为尖头、B为圆头．将金属板M、N接在高压电源上，逐渐升高电源电压，首先观察到( )A．A放电B．B放电C．A、B一起放电D．A、B之间放电6、如图，竖直绝缘光滑的半圆形槽半径为R，在槽内静置有两个带等量同种电荷的小球A、B，两球质量相等、间距为R.若将两小球看作质点，将一个水平向右的推力F作用在A球上，缓慢将A球推到半圆形槽的底部，则下列说法正确的是( )A．槽对B球的支持力变大B．两球间距离保持不变C．推力F做的功等于两球组成的系统机械能的增加量D．两球组成的系统的电势能增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
山西省太原市第五中学高二物理12月阶段性检测试题 文(含解析)
山西省太原市第五中学2016-2017学年高二物理12月阶段性检测试题文（含解析）一、选择题（每小题四个选项中只有一个正确选项，每小题3分，共30分）21. 真空中有两个相距为r的静止点电荷,它们之间的库仑力为F.若保持它们的电荷量不变,使其距离增大为原来的2倍,则它们之间的库仑力大小将变为( )A.2FB.4FC.1/2FD.1/4F【答案】D考点：库仑定律【名师点睛】对于库仑定律公式涉及物理量较多，要明确公式中各个物理量的含义，可以和万有引力公式对比理解.22．在国际单位制中，磁感应强度的单位是( )A．焦耳 B．库仑 C．安培 D．特斯拉【答案】D【解析】试题分析：焦耳是能的单位．故A错误．库仑是电量的单位，故B错误．安培是电流的单位，故C错误．特斯拉是磁感应强度的单位，故D正确．故选D.考点：国际单位制【名师点睛】本题考查物理量的单位，属于基础题，关键要同学们多看书，熟悉各个物理量的单位，还要搞清哪些是基本单位，哪些是导出单位。
23. 在匀强磁场中，有一条与磁场垂直，长为1.5m的通电直导线，导线中的电流为5.0A．所受安培力的大小为1.8N，该磁场磁感应强度的大小为（）A．0.3T B．0.24T C．4.2T D．0.54T 【答案】B【解析】试题分析：由安培力的公式F=BIL得，匀强磁场的磁感应强度为：1.80.245 1.5FB T TIL=⨯＝＝故选B.考点：磁感应强度【名师点睛】本题比较简单，考查了安培力的大小计算，应用公式F=BIL时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义.24. 如图所示，电流表与螺线管组成闭合电路，以下不能使电流表指针偏转的是（）A．将磁铁插入螺线管的过程中B．将磁铁从螺线管中向下拉出的过程中C．将磁铁从螺线管中向上拉出的过程中D．磁铁放在螺线管中不动时【答案】D考点：电磁感应现象【名师点睛】本题比较简单，考查了感应电流产生的条件，只要线圈中的磁通量不发生变化，则回路中便无感应电流产生；对于这些基本规律要正确理解加强应用。
太原市第五中学2015-2016学年高二上学期阶段性测试物理(12.1)试题 无答案
一.选择题1。
对于有恒定电流通过的导体，下列说法正确的是( ）A．导体内部是匀强电场B．导体是个等势体C．导体两端有恒定的电压存在D．通过导体某个截面的电量在任意相等的时间内都相等2。
对电流的下列说法中正确的是（)A．电流的方向就是电荷移动的方向B．在直流电源内部，负电荷是从电源正极流向负极C．电流都是由电子的定向移动形成的D．规定正电荷定向移动的方向为电流的方向,所以电流是矢量3。
有关电动势的说法中正确的是( ）A．电源的电动势反映了电源将其它形式的能转化为电能的本领B．电源提供的电能越多，电源的电动势就越大C．电源的电动势越大,也就是电源内储存的电能越多D．电源的电动势在数值上等于当电路中通过一库仑电量时，电源非静电力所做的功4.对于不同型号的干电池，下列说法正确的是（)A．1号干电池的电动势大于5号干电池的电动势B．1号干电池的容量比5号干电池的容量大C．1号干电池的内阻比5号干电池的内阻大D．把1号和5号干电池分别连入电路中，若电流I相同，则相同时间内非静电力做功相同5.某同学完成了电压表的改装后,将改装后的电压表和标准电压表并联，然后接入电路进行测量,发现改装表的示数总比标准表的示数小,为了校准改装表,应（）A．增大改装表的串联电阻B．减小改装表的串联电阻C．用一个电阻与标准表串联D．用螺丝刀调整改装表的调零螺丝6.如图所示甲、乙两个电路,都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成的,下列说法中正确的是（）A．甲表是安培表，R减小时量程增大B．甲表是安培表，R增大时量程增大C．乙表是伏特表，R增大时量程增大D．乙表是伏特表,R增大时量程减小7.两只定值电阻R1＝10 Ω，R2＝30 Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压,电路连接如图所示，电源输出电压U＝12 V不变，先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，则下列说法正确的是A．U1:U2=1：3 B．U2可能大于9.0 VC．U1与U2之和一定12 V D．U1与U2之和小于12V8。
山西省太原市第五中学2020-2021学年高二上学期12月阶段性检测 物理答案
（1 分）
（2）竖直方向：
y
v0t
1 2
gt
2
水平方向： x 1 at 2 2
解得： x v02 g
y v02 2g
（1 分） （1 分）
（2 分）
高二物理(理)
第 2页(共 4页)
（3）OA 间的电势差 U E x 解得：U 2mv02 q
（1 分） （1 分）
17.解：
粒子在 AB 板之间
二、实验题（本大题共 2 小题，共 20.0 分）
13. （8 分）
(1) 连接电路如答案（2 分）【有任何错线均不得分】
(2) A 端 （2 分）
(3) 0.73 或 0.74（2 分）
(4)0.078 或 0.079 或 0.080（2 分）
AB
-
+
答案图
14.（1）甲（2 分）
（2）82（81~83） 2.36（2.34、2.35、2.36、2.37 均可）（各 2 分）
（3）略 （2 分）
（4）4.23（4.20—4.40） 24.8（23.0—25.0）
（各 2 分）
高二物理(理)
第 1页(共 4页)
三、计算题（本大题共 3 小题，共 32 分）
15.(8 分) 解：当 S 闭合时，通过电源的电流 I1
P 1A R2
（2 分）
电源两端的电压U1 PR2 8V
学校 班级
姓名
学号
密
封
线
密封线内不得答题
太原五中 2020—2021 学年度第一学期 12 月月考
高 二 物 理(理) 答 案
出题：李兴鹏 校对: 石雪茹 时间：2020.12. 一、选择题（1-8 单选，9-12 多选，每小题 4 分，共 48.0 分）
山西省太原五中09-10学年高二12月月考(物理)缺答案
太原五中2009—2010年学年度第一学期月考(12月)高二物理(理)命题人：郝瑞卿校对人：郝瑞卿第Ⅰ卷（选择题共31分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．1.如图所示的电路是某种逻辑电路，两个开关A、B并联，控制同一灯泡Y，A、B中任一开关闭合时，灯泡Y都亮，那么这个电路的逻辑关系为A. “非”逻辑B. “与”逻辑C. “或”逻辑D. “与非”逻辑2.如图所示，直线A为电源的U—I图线，直线B为的U—I图线，用该电源与R组成闭合电路时，则A．该电源的电动势为4VB．电源的输出功率为4WC．电源的内阻为6ΩD．电阻R的阻值为2Ω3.如图所示的电路中，当滑动变阻器R3的滑动触头P向a端移动时A.电压表示数变小，电流表示数变大B.电压表示数变大，电流表示数变小C.电压表示数变大，电流表示数变大D.电压表示数变小，电流表示数变小4．关于磁感线，下述正确的是A ．磁感线是真实存在的，细铁粉撒在磁铁附近，看到的就是磁感线 B. 磁感线始于N 极，终于S 极 C. 磁感线和电场线一样，不能相交 D. 沿磁感线方向，磁场减弱5. 关于磁感应强度的说法中，正确的是A ．一小段通电导体在磁场中某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零B ．一小段通电导体在磁场中某处受到的磁场力越小，说明该处的磁感应强度越小C ．磁场中某点的磁感应强度方向，就是放在该点的一小段通电导体的受力方向D ．磁场中某点的磁感应强度的大小和方向与放在该点的通电导体受力情况无关二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分． 6. 如图所示，两个完全相同的通电圆环A 、B 圆心O 重合，圆面相互垂直放置，通电电流相同．电流方向如图所示，设每个圆环在其圆心O 处独立产生的磁感应强度大小为B 。
，则O 处的磁感应强度大小为 A ．O B ．2B 0 C0 D ．无法确定7.如图所示，闭合S,平行板电容器两板间有一个带电液滴处于静止，当发生下列哪些变化时，液滴将向上运动A ．在S 闭合时，将电容器的下极板稍稍下移B ．在S 闭合时，将电容器的上极板稍稍下移C ．将S 断开，并把电容器的下极板稍稍向左水平移动D ．将S 断开，并把电容器的上极板稍稍下移8.图中虚线a 、b 、c 代表电场中的三条等势线，相邻两等势线之间的电势差相等，实线为一带电的微粒仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，P 、Q 相比可以确定的是A ．P 、Q 两点的电势高低B ．带电微粒通过P 、Q 两点时的加速度大小C ．带电微粒通过P 、Q 两点时动能大小D ．带电微粒在P 、Q 两点时的电势能大小9.小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线过P 点的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线。
山西省太原市第五中学学年高二教学物理上学期月考习题
山西省太原市第五中学学年高二教学物理上学期月考习题1 / 31山西省太原市第五中学2021-2021学年高二物理上学期10月月考试题一．单项选择题〔每题4分，共40分。
在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的，请将正确选项前的字母填入答题栏内。
〕 1.以下对物体带电现象的表达正确的选项是( )A ．经过摩擦使某物体带负电，那么该物体在摩擦过程中产生了额外的电子×10－19CC ．物体所带电量是元电荷的整数倍D ．电荷相互中和是电荷完全消失的现象2.真空中有两个点电荷，它们之间的相互作用力为F ，假设将每个点电荷的电荷量都增加一倍，同时使它们之间的距离减半，那么它们之间的相互作用力将变为( )A ．16FB ．4F C. D.3.如下图的各电场中,A 、B 两点电场强度相同的是( )4.以下关于电场与电场线的说法中,正确的选项是( )B.电场是客观存在的特殊物质,它对放入其中的电荷有力的作用D.电场线只能描述电场的方向,不能描述电场的强弱5. 以下那位科学家发现尖端放电现象〔〕6.为了防止静电的危害，应尽快把产生的静电导走，下面措施中不是防止静电危害的是〔〕 A ．油灌车后面装一条拖地的铁链B ．电工钳柄上套有绝缘的胶套C ．飞机轮胎上装搭地线D ．印刷车间中保持适当的湿度山西省太原市第五中学学年高二教学物理上学期月考习题2 / 327.以下关于电容器的说法中，正确的选项是() A ．电容越大的电容器，带电荷量也一定越多 B ．电容器不带电时，其电容为零C ．两个电容器的带电荷量相等时，两板间电势差较大的电容器的电容较大D ．电容器的电容跟它是否带电无关8.有关电容的单位及换算正确的选项是( )A ．电容的单位是库仑B ．电容的国际单位是法拉C ．1F ＝10－6μF D ．1F ＝106pF9.关于电流强度正确的选项是〔〕A.根据I=q/t 可知I 与q 成正比B.如果在任何相等的时间内通过导体横截面积的电量相等，那么导体中的电流是恒定电流C.电流有方向，电流强度是标量 “安培〞不是国际单位制10.在验证焦耳定律的实验中，为了比拟电流通过两根不同的电阻丝产生的热量跟电阻的关系，实验时应同时保持相同的物理量是( )A ．通过它们的电流和加在它们两端的电压B ．通过它们的电流和它们的电阻C ．通过它们的电流和通电时间D ．通过它们的电流、加在它们两端的电压和通电时间二．计算题〔本大题共1个小题，共10分〕1.一段导体两端电压是4V ，在2min 内通过导体某一横截面积的电量是15C ，那么通过这段导体的电流是多少，这段导体的电阻是多少，这段时间内产生的热量是多少？一、选择题123456789 1山西省太原市第五中学学年高二教学物理上学期月考习题C A C B C B D B B C二、计算题3 / 33。
山西太原市第五中学校高二物理上学期精选试卷检测题
山西太原市第五中学校高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点O对称。
某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（x轴）上必定有两个场强最强的点A、'A，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A．若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置B．如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置C．如图(2)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点O。
直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置D．如图(3)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板的圆心在原点O，直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A．可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A＇两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A＇两位置，选项A正确；B．由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置，选项B正确；C．由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A＇两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A＇两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A＇两位置，选项C正确；D．如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A＇两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A＇两位置，选项D错误。
高二物理上学期12月阶段性检测试题理
VV2太原五中2017-2018学年度第一学期阶段性检测高二物理（理）一、选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分。
其中1-7题只有一个选项符合题意，8-12题有多个选项符合题意，全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分。
请将正确选项填写到答卷纸的相应位置）1.教学楼走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么由此设计的电路为( )A.“与”门电路B.“或”门电路C.“非”门电路D.上述答案都有可能2.电功率的计算公式P=U2/R中，U是加在用电器上的电压，R是用电器的电阻，此式可用于( )A.计算电冰箱的功率B.计算电风扇的功率C.计算电烙铁的功率D.计算洗衣机的功率3.下列说法正确的是( )A.欧姆定律适用于所有电路B.根据R=U/I可知，对金属导体而言，R与U成正比，与I成反比C.根据I=U/R可知，导体中的电流跟导体两端的电压U成正比，跟导体的电阻R成反比D.电路中两点之间的电压就等于这两点的电势差，沿着电流的方向各点的电势在降低4.有2Ω、3Ω、6Ω的三个电阻，它们并联时的总电阻是（）A.2ΩB.1.5 ΩC.1.37ΩD.1Ω5.在通电电解槽中，若在2s内分别有1C的正离子和1C的负离子通过电解槽中与电流方向垂直的截面，电解液中的电流是多大（）A.0B.0.5AC.1AD.2A6.如图所示甲的电路中，R2滑片滑动，ΔU1，ΔU2，电压表V3的示数变化大小为ΔU3，电流表○A的示数变化大小为ΔI示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况，对于此过程下列说法正确的是( )A.图线c表示的是电压表的示数随电流表示数变化的情况B.图线a表示的是电压表的示数随电流表示数变化的情况C.ΔU1始终等于ΔU2+ΔU3D. ΔU1/ΔI变大7.如图所示电路中，R1、R2、R3、R4为四个可变电阻器，C1、C2为两个极板水平放置的平行板电容器，两电容器的两极板间分别有一个油滴P、Q处于静止状态，欲使油滴P向下运动，Q向上运动，应使下列变阻器连入电路的阻值减小的是( )A.R1B.R2C.R3D.R48.电池给灯泡供电与人将球抛出在能量转化方面有相似之处，我们可以将电势能类比于重力势能，如图所示，下列说法正确的是( )A.可以将电流通过灯泡时电流做功与抛球时人对球做功相类比B.可以将电池的非静电力做功与抛球时人对球做功相类比C.可以将电流通过灯泡时电流做功与重力对球做功相类比D.可以将电池的非静电力做功与重力对球做功相类比9.下图是电阻R的I-U图线，图中α＝45°，由此得出( )A.通过电阻的电流与其两端电压成正比B.电阻R＝1.5 ΩC.因I-U图线的斜率表示电阻的倒数，故R＝1/tanα＝1.0 ΩD.在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是9.0 C10.下列关于电源电动势说法正确的是（）A.电动势公式E=W/q中W与电压U=W/q中的W是一样的，都是电场力做的功B.电压和电动势的单位都是伏特，所以电动势和电压是同一物理量的不同叫法C.电源电动势的数值等于内外电压之和D.尽管1号干电池比5号干电池体积大，但是它们将化学能转变为电能的本领相同11.如图所示，曲线C1、C2分别是纯电阻直流电路中，内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线。
山西省太原市第五中学2020-2021学年高二12月月考物理(理)试题
山西省太原市第五中学【最新】高二12月月考物理（理）试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．教学楼走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么由此设计的电路为（）A．“与”门电路B．“或”门电路C．“非”门电路D．上述答案都有可能2．电功率的计算公式2UPR中，U是加在用电器上的电压，R是用电器的电阻，此式可用于()A．计算电冰箱的功率B．计算电风扇的功率C．计算电烙铁的功率D．计算洗衣机的功率3．下列说法正确的是()A．欧姆定律适用于所有电路B．根据R=U/I可知，对金属导体而言，R与U成正比，与I成反比C．根据I=U/R可知，导体中的电流跟导体两端的电压U成正比，跟导体的电阻R成反比D．电路中两点之间的电压就等于这两点的电势差，沿着电流的方向各点的电势在降低4．有2Ω、3Ω、6Ω的三个电阻，它们并联时的总电阻是（）A．2Ω B．1.5 Ω C．1.37Ω D．1Ω5．在通电电解槽中，若在2s内分别有1C的正离子和1C的负离子通过电解槽中与电流方向垂直的截面，电解液中的电流是多大（）A．0 B．0.5A C．1A D．2A6．如图所示甲的电路中，电源内阻一定，电压表和电流表均为理想电表。
现使滑动变阻器R2滑片滑动，此过程中电压表V1的示数变化大小为ΔU1，电压表V2的示数变化大小为ΔU2，电压表V3的示数变化大小为ΔU3，电流表A的示数变化大小为ΔI，图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况，对于此过程下列说法正确的是()A．图线c表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况B．图线a表示的是电压表V1的示数随电流表示数变化的情况C．ΔU1始终等于ΔU2+ΔU3D．ΔU1/ΔI变大7．如图所示电路中，R1、R2、R3、R4为四个可变电阻器，C1、C2为两个极板水平放置的平行板电容器，两电容器的两极板间分别有一个油滴P、Q处于静止状态，欲使油滴P向下运动，Q向上运动，应使下列变阻器连入电路的阻值减小的是()A．R1B．R2C．R3D．R4二、多选题8．电池给灯泡供电与人将球抛出在能量转化方面有相似之处，我们可以将电势能类比于重力势能，如图所示，下列说法正确的是()A．可以将电流通过灯泡时电流做功与抛球时人对球做功相类比B．可以将电池的非静电力做功与抛球时人对球做功相类比C．可以将电流通过灯泡时电流做功与重力对球做功相类比D．可以将电池的非静电力做功与重力对球做功相类比9．下图是电阻R的I-U图线，图中α＝45°，由此得出()A．通过电阻的电流与其两端电压成正比B．电阻R＝1.5 ΩC．因I-U图线的斜率表示电阻的倒数，故R＝1/tanα＝1.0 ΩD．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是9.0 C10．下列关于电源电动势说法正确的是（）A．电动势公式E=W/q中W与电压U=W/q中的W是一样的，都是电场力做的功B．电压和电动势的单位都是伏特，所以电动势和电压是同一物理量的不同叫法C．电源电动势的数值等于内外电压之和D．尽管1号干电池比5号干电池体积大，但是它们将化学能转变为电能的本领相同11．如图所示，曲线C1、C2分别是纯电阻直流电路中，内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线。