近年高考物理第一轮复习专题牛顿运动定律的应用习题鲁科版(2021年整理)

2018高考物理第一轮复习专题牛顿运动定律的应用习题鲁科版
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牛顿运动定律的应用
【模拟试题】（答题时间:35分钟)
1. 如图所示，质量为M 的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定一个质量为m 的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起。

当框架对地面的压力为零的瞬间，小球的加速度大小为
A. g
B.
m m M - g C. 0 D 。

m
m
M +g 2。

如图所示，A 、B 两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度分别为
A 。

都等于
2
g
B 。

2
g
和0 C 。

2
g
M M M B B A
⋅+和0 D. 0和2
g
M M M B B A
⋅+ 3. 如图,质量为m 的物体A 放置在质量为M 的物体B 上，B 与弹簧相连，它们一起在光滑水
平面上做简谐振动，振动过程中A 、B 之间无相对运动,设弹簧的劲度系数为k,当物体离开平衡位置的位移为x 时,A 、B 间摩擦力的大小等于
A. 0
B 。

k ｘ
C. （M
m
)k ｘ
D. （m M m
+）k ｘ
4。

质量为 m 的物块B 与地面的动摩擦因数为μ，A 的质量为2 m ，与地面间的摩擦不计。

在已知水平推力F 的作用下,A 、B 做匀加速直线运动,A 对B 的作用力为____________。

5。

质量为60 kg 的人站在升降机中的体重计上，当升降机做下列各种运动时，体重计的读数是多少？
（1)升降机匀速上升。

(2）升降机以4 m/s 2
的加速度上升。

（3）升降机以5 m/s 2
的加速度下降。

（4）升降机以重力加速度g 加速下降。

（5）以加速度a =12 m/s 2
加速下降。

6. A 的质量m 1=4 m ，B 的质量m 2=m ，斜面固定在水平地面上。

开始时将B 按在地面上不动，然后放手，让A 沿斜面下滑而B 上升。

A 与斜面无摩擦，如图，设当A 沿斜面下滑s 距离后，
细线突然断了。

求B上升的最大高度H.
7. 质量为200 kg的物体，置于升降机内的台秤上，从静止开始上升。

运动过程中台秤的示数F与时间t的关系如图所示,求升降机在7s钟内上升的高度（取g＝10 m/s2）
8。

空间探测器从某一星球表面竖直升空.已知探测器质量为1500kg，发动机推动力为恒力。

探测器升空后发动机因故障突然关闭,下图是探测器从升空到落回星球表面的速度随时间变化的图线,则由图象可判断该探测器在星球表面达到的最大高度H m为多少m？发动机的推动力F 为多少N？
【试题答案】
1。

D 2。

D 3. D
4。

N =3
1
(F +2μmg ）
5。

以人为研究对象，受重力和体重计的支持力F 的作用，由牛顿第三定律知,人受到的支持力跟人对体重计的压力大小相等，所以体重计的读数即为支持力的大小。

（1）匀速上升时，a =0,所以F －mg =0即F =mg =600 N
（2）加速上升时,a 向上，取向上为正方向，则根据牛顿第二定律：F －mg =ma 所以F =mg +ma=m (g +a ）=840 N
（3）加速下降时,a 向下，取向下为正方向，根据牛顿第二定律：mg －F =ma 所以F =mg －ma =m （g －a ）=300 N
（4）以a =g 加速下降时，取向下为正，根据牛顿第二定律:mg －F =mg 故F =0，即完全失重
（5)以a =12 m/s 2
加速下降，以向下为正，根据牛顿第二定律：mg －F =ma
F =mg －ma =m （g －a ）=－120 N 负号表示人已离开体重计，故此时体重计示数为0.
6. H =1。

2 s
7. 解析:在０～2s 这段时间内台秤示数为3000Ｎ，即超重1000N ，这时向上的加速度211/5s m M
Mg F a =-=；在2～5s 这段时间内台秤的示数为2000 N ，等于物体的重力，说明物体
做匀速运动；在5~7s 这段时间内，台秤的示数为F 3＝1000 N ，比物重小1000N ，即失重，这时
物体做匀减速上升运动,向下的加速度23
2/5s m M
F Mg a =-=。

画出这三段时间内的v － t 图线如图所示，v － t 图线所围成的面积的值即表示上升的高度，由图知上升高度为:h ＝50 m.
8. H m =480m F = 11250 N。