电功率知识点题型

电功率知识点题型
一、电功率选择题
1．下列电器中，利用电流热效应工作的是（）
A. 电风扇
B. 电暖气
C. 电视机
D. 电磁继电器【答案】 B
【解析】【解答】A．电风扇的电动机工作时主要把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，A不符合题意；B．电暖气工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，B符合题意；C．电视机主要是把电能转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作的，C不符合题意；D．电磁继电器主要利用了电流的磁效应工作的，D不符合题意。

故答案为：B
【分析】电流的热效应：电流通过电阻要发热，这叫做电流的热效应.如电灯、电炉、电烙铁、电焊等，都是电流的热效应的例子.
2．将标有“6V 3W”和“6V 2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）
A. 两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮
B. 两只小灯泡都能正常发光
C. 通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮
D. 两只小灯泡的总功率小于2W
【答案】 D
【解析】【解答】甲灯的电阻R1==12Ω，乙灯的电阻R2==18Ω，甲灯的实际功率P甲=I2R1，乙灯的实际功率P乙=I2R2，因为R1＜R2，所以P甲＜P乙，所以乙灯亮，
两灯串联后电流相同，但两端的电压都小于额定电压，所以都不能正常工作，故ABC错误，
两灯消耗的总功率P总==1.2W＜2W，故D正确．
故选D．
3．如图是探究“电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置．通电前，A、B 两个U型管内的液面相平，通电一定时间后，通过R1、R2的电流分别为I1、I2，则（）
A. I1=I2， A管中的液面较低
B. I1=I2， A管中的液面较高
C. I1＞I2， A管中的液面较低
D. I1＞I2， A管中的液面较高
【答案】D
【解析】【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联，
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以I1＞I2，故AB错误；
由Q=I2Rt可知，通电时间相同时，I1＞I2， R1=R2=5Ω，所以左侧电阻产生的热量较多，
密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，A测玻璃管液面较高．
故选D．
【分析】由电路图分析电阻丝的连接方式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q=I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答．
4．有两只灯泡L1、L2，分别标有“220V（100W”和“220V（40W”的字样。

若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）
A. 两灯正常发光时，L1的电阻较大
B. 两灯并联接入220V的电路，L1、L2消耗功率之比是2:5
C. 两灯串联接入220V的电路，L1消耗的功率小于25W
D. 两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于100W
【答案】 C
【解析】【解答】解：（1）由P=UI= 可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为：
则R1<R2，即L1的电阻较小，A不符合题意；（2）两灯并联接入220V的电路，它们两端的电压等于220V，均能正常发光，则L1、L2消耗功率之比P1：P2=100W：40W=5：2，B 不符合题意；（3）两灯串联接入220V的电路时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流，
消耗的功率，C符合题意；
两灯泡消耗总功率，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】根据P=UI=求出两灯泡正常发光时的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；两灯并联接入220V的电路时，实际功率和额定功率相等，据此得出L1、L2消耗功率之比；两灯串联接入220V的电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI=I2R 求出L1消耗的功率，根据P=UI求出两灯泡消耗总功率.
5．如图所示的电路，当开关闭合后，灯L1比L2亮．以下说法正确的是（）
A. 通过L1的电流大于通过L2的电流
B. L1两端电压大于L2两端电压
C. L1的电阻小于L2的电阻
D. L1的电功率等于L2的电功率
【答案】B
【解析】【解答】解：（1）灯L1、L2串联在同一电路里，因串联电路中的电流处处相等，所以经过它们的电流都是相等的，故A错误；
（2）灯的亮度取决于灯的实际功率，灯L1比L2亮，则L1的实际电功率大于L2的实际电功率，
由P=I2R可知，L1的电阻大于L2的电阻，由I=可知，L1两端电压大于L2两端电压．故CD 错误；B正确．
故选B．
【分析】（1）串联电路中，电流处处相等；
（2）灯的亮度取决于灯的实际功率，根据欧姆定律可判出电阻关系．
6．即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最符合实际的是（）
A. 运动会比赛中100m冠军的成绩约为8s
B. 教室电脑的功率约为1200W
C. 教室门高约为200cm
D. 上课时教室内的温度一般在45°C左右
【答案】C
【解析】【解答】解：A、男子百米世界纪录略小于10s，学校运动会比赛中100m冠军的成绩约为12s，故A不符合实际；
B、教室电脑的功率约为200W，故B不符合实际；
C、中学生的身高在160cm左右，教室门高于中学生身高，约为2m=200cm，故C符合实际；
D、夏天，室外温度可能超过35℃，教室内温度要低于35℃，不可能达到45℃．故D不符合实际．
故选C．
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．
7．某房间原来只接有一只标有“PZ220﹣40”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（）
A. 变亮
B. 变暗
C. 不变
D. 无法确定
【答案】 B
【解析】【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，
在电源电压不变的情况下，由P＝UI＝可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。

故答案为：B。

【分析】结合P＝UI＝可知电功率变化情况，进一步可知灯泡亮度的变化情况.
8．下列数据最接近实际情况的是（）
A. 大气对拇指指甲盖的压力约为 10N
B. 学生课桌高度约为200cm
C. 让人感觉舒适的气温约为37℃
D. 家用节能灯的功率约为1kW
【答案】 A
【解析】【解答】A.大拇指的指甲盖的面积大约1cm2，大气压强约105Pa，
那么大气对指甲盖的压力；F=pS=105Pa×10-4m2=10N，故A符合题意；
B.普通学生课桌的高度大约1m，而200cm=2m，太高了，故B不合题意；
C.让人感觉舒适的温度大约在25℃左右，37℃太高了，故C不合题意；
D.家用节能灯的功率大约30W左右，1kW的功率太大了，故D不合题意。

故选A。

【分析】（1）大拇指的指甲盖的面积大约1cm2，根据F=pS计算大气对指甲盖的压力；（2）普通学生课桌的高度大约1m；
（3）让人感觉舒适的温度大约在25℃左右；
（4）家用节能灯的功率大约30W左右。

9．如图所示电路的两灯泡L1和L2分别标有“3.8V0.2A”和“3.8V0.3A”字样，闭合开关后两均发光。

假改灯泡的电阻不受温度影响，下列判断正确的是（）
A. 两灯串联
B. 灯更亮
C. 灯的电阻丝更粗
D. 电流表的示数为
【答案】 B
【解析】【解答】解：A、由图可知，电流从电源的正极流出，经开关后分为两支，一支经过灯泡L1，另一支经过左侧电流表A1和灯泡L2，汇合到电流表A2再回到电源的负极，因此，两灯泡并联，A不符合题意。

B、两灯泡L1和L2分别标有“3.8V0.2A”和“3.8V0.3A”字样，由I= 可得，R1＞R2，
两灯泡并联，其两端电压相等，由P= 可知，灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，则灯L2更亮，B符合题意；
C、已知由于灯丝的材料相同，长度相同，L2电阻小于L1电阻，所以L2灯丝就较粗，C不符合题意；
D、由图知，两节干电池串联，则电源电压为3V；如果两灯能正常发光，则A2的示数为
0.2A+0.3A=0.5A；由于电源电压小于两灯泡的额定电压为3.8V，所以此时两灯泡都不能正常发光，则A2的示数应小于0.5A，D不符合题意。

故答案为：B
【分析】结合实物图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据I= 可求得其电阻，
假改灯泡的电阻不受温度影响，由P=可知其实际功率大小，灯泡的亮度取决于其实际功率大小；再根据影响电阻大小的因素分析得到两灯灯丝的粗细关系.
10．如图所示的电路中，a、b、c是三只电表（电压表或电流表），闭合开关S，标有“3V1.5W”的灯泡L1正常发光，标有“6V3W”的灯泡L2发光较暗。

若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）
A. 电表a为电流表，且示数为1A
B. 电表b为电压表，且示数为3V
C. 电表c为电流表，且示数为0.25A
D. 闭合开关S，电路消耗的总功率为
2.25W
【答案】 D
【解析】【解答】由P＝UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：I1
0.5A，I2 0.5A，由I 可得，灯泡L2的电阻：R212Ω；因灯泡L1正常发光，灯泡L2发光但较暗，所以，通过L1、L2的电流不相等，L1与L2应并联，则a一定是电流表，b是相当于导线的电流表，c是相当于开路的电压表，B不符合题意；此时电流表a测干路电流，电流表b测L2支路的电流，电压表c测电源的电压，因并
联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡L1正常发光，所以，电源的电压U＝U1＝3V，即
电压表c的示数为3V，C不符合题意；此时通过R2的电流：I2′ 0.25A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，以，干路电流表a的示数：I＝I1+I2′＝0.5A+0.25A＝0.75A，A不符合题意；电路消耗的总功率：P＝UI＝3V×0.75A＝2.25W，D符合题意。

故答案为：D
【分析】根据P=UI求出两灯泡正常发光时的电流，再根据欧姆定律I 求出灯泡L2的电阻，根据“灯泡L，正常发光，灯泡L2发光较暗”判断两灯泡的连接方式，进一步判断三电表的类型，根据串并联电路的电流特点和额定电压下灯泡正常发光得出电源的电压，根据欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出电路总电流，再根据P＝UI求出电路消耗的总功率.
11．如图所示是“探究电流通过导体时产生热量的多少与什么因素有关”的实验装置，两个透明容器中密闭这等量的空气，R1=R2=R3，当开关S闭合后，下列说法正确的是（）
A. 该实验装置是探究电流通过电阻时产生的热量与电阻大小的关系
B. 通过电阻R1和R2的电流相等
C. 通电一段时间后，右边U形管内液面的高度差比左边小
D. 该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的多少的
【答案】C
【解析】【解答】解：A、装置中R2、R3并联后再与R1串联，通过R1的电流I1=I2+I3，而I2=I3，所以右边容器中通过R3的电流I3是左侧通过R1电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，故A错误；
B、由图知，通过R1的电流I1=I2+I3，而I2=I3，所以通过电阻R1和R2的电流不相等，故B 错；
C、左右两容器中的电阻相同，而通过电阻R1的电流大于R2的电流，通电时间相同，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，左边U形管内液面的高度差比右边U形管内液面的高度差大，故C正确；
D、电流产生的热量不能用眼睛直接观察，对密封容器中空气加热，引起U型管中液面变化，通过液面高度差的变化来反映，是利用容器内气体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的多少，故D错误．
故选C．
【分析】A、电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电阻
相同时，是探究电流产生热量跟电流的关系；
B、根据串、并联电路的电流大小关系分析判断
C、通电时间相同、电阻相同，通过的电流不同，利用焦耳定律Q放=I2Rt分析判断；
D、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过U型管中液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想．
12．如图所示，电路中电源电压保持不变，小灯泡标有“3V1.5W字样，不考虑灯泡电阻随温度的变化，滑动变阻器R的最大阻值为24Ω，电流表量程为0-0.6A，电压表量程为0-3V．当开关S闭合后，滑动变阻器R接入电路的电阻为3Ω时小灯泡正常发光。

为了保证电路安全，小灯泡电压不超过额定电压，两电表的示数均不超过所选量程。

在滑片P滑动过程中，下列说法（）
①电源电压为4.5V
②变阻器接入电路的阻值范围是3Ω-12Ω
③小灯泡的最小功率为0.135W
④电路的最大功率2.25W
A. 只有正确
B. 只有正确
C. 只有正确
D. 都正确【答案】 C
【解析】【解答】解：由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）由P= 可得灯泡的电阻：
R L= = =6Ω，
由P=UI可得，灯泡正常发光时通过的电流：
I额= = =0.5A，
由题知，当开关S闭合后，滑动变阻器R接入电路的电阻为3Ω时，小灯泡正常发光，
由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压：
U=I额R串=I额×（R+R L）=0.5A×（3Ω+6Ω）=4.5V；故①正确；（2）因串联电路中电流处处相等，且电流表量程为0-0.6A，灯泡的额定电流为0.5A，
所以为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流I最大=I额=0.5A，
电路中的总电阻：R最小= = =9Ω，
滑动变阻器连入电路中的最小阻值：R最小=R总-R L=9Ω-6Ω=3Ω，
由于电压表量程为0-3V，当电压表的示数最大为U滑′=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；
此时灯泡两端的电压为：U L′=U-U滑′=4.5V-3V=1.5V，
此时电路的电流为：I最小= = =0.25A，
滑动变阻器接入电路的最大阻值：
R最大= = =12Ω，
所以为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围是3Ω-12Ω；故②正确；（3）小灯泡的最小功率：
P L最小=I最小2R L=（0.25A）2×6Ω=0.375W；故③错误；（4）电路的最大功率：
P最大=UI最大=4.5V×0.5A=2.25W，故④正确。

综上可知，只有①②④正确。

故答案为：C。

【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，利用P=求灯泡的电阻，利用P=UI求正常发光时通过的电流；结合小灯泡正常发光，利用U=IR求电源电压；由于电流表量程为0-0.6A，为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流等于灯正常工作时通过的电流，利用欧姆定律求电路中的最小电阻，滑动变阻器连入电路中的最小阻值等于总电阻减去灯的电阻；由于电压表量程为0-3V，当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压等于电源电压减去3V，利用欧姆定律求此时电路的电流，进而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后得出为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围；利用P=I2R求小灯泡的最小功率，再利用P=UI求电路的最大功率.
13．如图甲所示电路中，电源电压可调，灯L1、L2的额定电压均为6V，L1、L2的I﹣U图象如图乙所示，闭合开关S，逐步调大电源电压至电路允许的最大值，此时（）
A. L1正常发光
B. 电源电压为12V
C. 电路总电阻为30Ω
D. 电路总功率为
2.4W
【答案】D
【解析】【解答】解：由图乙可知，两灯泡两端的电压为6V时，通过两灯泡的电流I1=0.6A、I2=0.3A，
由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中允许通过的最大电流I=I2=0.3A，则L2正常发光，故A错误；
由图乙可知，L1两端的电压U1′=2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U=U1′+U2=2V+6V=8V，故B错误；
由I= 可得，电路总电阻：
R= = ≈26.7Ω，故C错误；
电路的总功率：
P=UI=8V×0.3A=2.4W，故D正确．
故选D．
【分析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流，根据串联电路的特点可知电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，即额定电流较小的灯泡能正常发光，根据图象读出两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电路的总功率．
14．如图甲所示，额定电压为6V的灯泡L与滑动变阻器R串联接入电路，电源电压一定。

滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端时，灯泡L的I-U图象如图乙所示，以下说法正确的是（）
A. 灯泡正常发光时的电流为0.5A
B. 灯泡两端的电压为3V时，它消耗的电功率为1.5W
C. 滑动变阻器最大值为10Ω
D. 当变阻器接入电路的阻值为2.5Ω时，灯泡的实际功率为3.2W
【答案】D
【解析】【解答】A、由图乙知，当灯泡两端的电压为6V时，灯泡的电流为1A，A不符合题意；
B、由图乙知，当灯泡两端的电压为3V时，灯泡中的电流大于0.5A，由P＝UI可知，此时灯泡消耗的电功率大于 1.5W，B不符合题意；
C、由乙图知，当变阻器滑连入电阻最大时，电路中电流最小为0.5A,灯泡两端的电压是 1.5V,根据串联电路的分压规律可知滑动变
阻器分压U滑＝6V-1.5V＝3.5V,则R最大＝ C不符合题意；D、当变阻器阻值为零时，灯泡两端的电压等于6V，可知电源电压为6V；设灯泡两端的电压为U，此时电阻为
R，根据题意可知：————①，＝3.2W ————②，联立①②解得U＝2V或U＝4V，根据灯泡的实际功率，U＝2V时，其实际功率小于3.2W，不符合题意，所以U＝4V，代入②得R＝5Ω，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】运用图象法解答问题的一般步骤是：
（1）明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；
（2）注意认清横坐标和纵坐标上最小分格的数值大小和单位；
（3）明确图象所表示的物理意义；
（4）根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论.
15．如图，电路中L1“6V 3W“和L2“6V 6W”两灯泡和滑动变阻器R串联，电源电压恒为12V．下列说法正确的是（）
A. 闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，两灯泡均能正常发光
B. 保证两灯泡均不损坏，滑动变阻器R连入电路的最小值为3Ω
C. 滑片P从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则此时另一盏灯的实际功率为
1.5W D. 在保证电路安全的情况下，电路总功率最大可达到12W
【答案】C
【解析】【解答】A、根据P=UI可得，灯泡正常工作的电流分别为：
，；
由图知，闭合开关S，两灯泡串联，由于串联电路的电流处处相等，所以两灯泡不能都正常发光；A不符合题意；
B、由可得，两灯的电阻分别为：
，；
由于串联电路的电流处处相等，两灯泡正常发光时的最大电流为：I=I1=0.5A，
由欧姆定律可得总电阻：；
根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，
R连入电路的最小值： ,B不符合题意；
C、滑片P从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则正常发光的是电流较小的一个灯泡L1，所以另一盏灯的实际功率：
，C符合题意；
D、在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流I=I1=0.5A，则整个电路的最大功率：
，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】根据公式P=UI先计算出两灯正常发光时的电流，两灯串联后，正常发光的是电流
较小的一个，再利用公式R=求出两灯的电阻；由于正常发光的是电流较小的一个，则根据P=I2R求出另一盏灯的实际功率；在保证电路安全的情况下，电路中的电流达到正常发光时电流较小的灯泡的电流即为电路可达到的电流，利用P=UI即可求出最大功率.正确的判断电路的最大电流是关键.
16．现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U﹣I图象如图所示。

将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大。

下列结论正确的是（）
A. 电源的电压为5V
B. 小灯泡的最大功率为0.3W
C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
D. 整个电路的最小功率是1.8 W
【答案】 D
【解析】【解答】解：（1）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如图所示：
；（2）当电压表的示数为5V时，电路中的电流为0.3A，由图象得出此时灯泡两端的电压U L＝1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：
U＝U滑+U L＝5V+1V＝6V，A不符合题意；
由I＝可得，滑动变阻器的最大阻值：
R滑＝＝≈16.7Ω，C不符合题意；
整个电路的最小功率：
P min＝UI＝6V×0.3A＝1.8W，D符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯
泡两端的电压和电源的电压相等，
由图象可知通过灯泡的电流I′＝0.5A，则小灯泡的最大功率：
P Lmax＝UI′＝6V×0.5A＝3W，B不符合题意。

故答案为：D。

【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小；当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率.
17．共享电动车不仅环保节能而且为人们的出行带来了很大方便。

已知某品牌共享电动车的电动机线圈内阻一定，转轴卡住不能转动时，线圈两端电压为48V，电流为12A．当电动车在水平地面上以18km/h的速度匀速直线行驶时，线圈两端电压仍然为48V，电流为2A，则下列说法正确的是（）
A. 电动机线圈电阻为24Ω
B. 电动机的机械功率为96W
C. 电动机的效率是66.7%
D. 电动车前进时受到的阻力为16N
【答案】 D
【解析】【解答】解：（1）因电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，
所以，由I＝可得，电动机线圈的电阻：
R＝＝＝4Ω，A不符合题意；（2）当在水平地面上以v＝18km/h＝5m/s的速度匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，
此时电动机消耗的电功率：P M＝UI′＝48V×2A＝96W，
电动机线圈电阻消耗的热功率：P R＝（I′）2R＝（2A）2×4Ω＝16W，
电动机的机械功率：P机械＝P M﹣P R＝96W﹣16W＝80W，B不符合题意；
电动机的效率：η＝ ×100%＝×100%≈83.3%，C不符合题意；
因电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，
所以，由P＝＝＝Fv可得，电动车前进时的牵引力即受到的阻力：
f＝F＝＝＝16N，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】结合题意，电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，根据欧姆定律I＝求出电动机线圈的电阻；当在水平地面上匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，根据P=UI求出
此时电动机消耗的电功率，根据P=I2R求出电动机线圈电阻消耗的热功率，利用nη＝
×100%求出电动机的效率；电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻
力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，利用P＝＝＝Fv求出电动车前进时的牵引力即受到的阻力.
18．如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是
（）
A. 甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多
B. 乙实验通电一段时间后，左侧 U 形管中液面的高度差比右侧的大
C. 乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系
D. 乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为 4：1
【答案】 B
【解析】【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多。

A不符合题意；
B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧U形管中液面的高度差比右侧的大。

B符合题意；
C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。

C不符合题意；
D、装置乙中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右＝I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1＝I2，所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q＝I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合题意。

故答案为：B
【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电。