高考物理孝感电磁学知识点之电磁感应经典测试题

高考物理孝感电磁学知识点之电磁感应经典测试题
一、选择题
1．在图中，EF 、GH 为平行的金属导轨，其电阻不计，R 为电阻，C 为电容器，AB 为可在EF 和GH 上滑动的导体横杆．有匀强磁场垂直于导轨平面．若用I 1和I 2分别表示图中该处导线中的电流，则当横杆AB( )
A ．匀速滑动时，I 1＝0，I 2＝0
B ．匀速滑动时，I 1≠0，I 2≠0
C ．加速滑动时，I 1＝0，I 2＝0
D ．加速滑动时，I 1≠0，I 2≠0
2．如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3 s 时间拉出，外力所做的功为W 1，通过导线截面的电荷量为q 1；第二次用0.9 s 时间拉出，外力所做的功为W 2，通过导线截面的电荷量为q 2，则( )
A ．W 1<W 2，q 1<q 2
B ．W 1<W 2，q 1＝q 2
C ．W 1>W 2，q 1＝q 2
D ．W 1>W 2，q 1>q 2 3．两块水平放置的金属板间的距离为d ，用导线与一个n 匝线圈相连，线圈电阻为r ，线圈中有竖直方向的磁场，电阻R 与金属板连接，如图所示，两板间有一个质量为m 、电荷量＋q 的油滴恰好处于静止，则线圈中的磁感应强度B 的变化情况和磁通量的变化率分别是
A ．磁感应强度
B 竖直向上且正增强，t φ∆＝dmg nq B ．磁感应强度B 竖直向下且正增强，t φ∆＝dmg nq
C ．磁感应强度B 竖直向上且正减弱，t φ∆＝()dmg R r nqR +
D ．磁感应强度B 竖直向下且正减弱，t
φ∆＝()dmgr R r nqR + 4．如图所示，A 、B 是相同的白炽灯，L 是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈。

下面
说法正确的是（）
A．闭合开关S瞬间，A、B灯同时亮，且达到正常
B．闭合开关S瞬间，A灯比B灯先亮，最后一样亮
C．断开开关S瞬间，P点电势比Q点电势低
D．断开开关S瞬间，通过A灯的电流方向向左
5．如图所示，abcd是边长为L，每边电阻均相同的正方形导体框，今维持线框以恒定的速度v沿x轴运动，并穿过倾角为45°的三角形匀强磁场区域，磁场的磁感应强度为B，
方向垂直纸面向里。

线框b点在O位置时开始计时，则在
2L
t
v
时间内，a、b两点的电
势差U随时间t的变化图线为（）
A．B．
C．D．
6．如图甲所示，矩形线圈位于一变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面）向里，磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示．用I表示线圈中的感应电流，取顺时针方向的电流为正．则下图中的I-t图像正确的是 ( )
A．
B．
C．
D．
7．如图甲所示，一根电阻R＝4 Ω的导线绕成半径d＝2 m的圆，在圆内部分区域存在变化的匀强磁场，中间S形虚线是两个直径均为d的半圆，磁感应强度随时间变化如图乙所示(磁场垂直于纸面向外为正，电流逆时针方向为正)，关于圆环中的感应电流—时间图象，下列选项中正确的是( )
A． B．
C．
D．
8．如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时()
A．线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流
B．线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势
C．线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→b→c→d
D．线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力
9．如图所示，一个圆形线圈的匝数为N，半径为a，线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中。

在Δt时间内，磁感应强度的方向不变，大小由B均匀地增大到2B。

在此过程中，线圈中产生的感应电动势为（）
A．
2
NBa
t
π
∆
B．
2
2
NBa
t
π
∆
C．
2
Ba
t
π
∆
D．
2
2
Ba
t
π
∆
10．粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行，现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移动过程中线框的一边a、b两点间电势差绝对值最大的是（）
A．B．
C．D．
11．如图所示的区域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度为B．电阻为R、半径为L、圆心角为45°的扇形闭合导线框绕垂直于纸面的O轴以角速度ω匀速转动（O轴位于磁场边界）．则线框内产生的感应电流的有效值为
A．
2
2
BL
R
ω
B．
2
2BLωC
．
2
2BLωD
．
2
4
BL
R
ω
12．如图所示，有一正方形闭合线圈，在足够大的匀强磁场中运动。

下列四个图中能产生感应电流的是
A．B．
C．D．
13．如图所示，在垂直纸面向里、范围足够大的匀强磁场中，放置一个金属圆环，圆环平面与磁场方向垂直，若要使圆环中产生如图中箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的是
A．使匀强磁场均匀增强
B．使匀强磁场均匀减弱
C．使圆环向左或向右平动
D．使圆环向上或向下平动
14．如图所示，弹簧上端固定，下端悬挂一个磁铁。

如果在磁铁的下端的水平桌面上放一个固定的闭合线圈，并使磁极上下振动。

磁铁在向下运动的过程中，下列说法正确的
A ．线圈给它的磁场力始终向上
B ．线圈给它的磁场力先向上再向下
C ．线圈给它的磁场力始终向下
D ．线圈给它的磁场力先向下再向上
15．如图甲所示，竖直放置的螺线管与导线abcd 构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的匀强磁场，螺线管正下方水平桌面上有一导体圆环。

导线abcd 所围区域内磁场的磁感应强度按图乙中哪一种图线随时间变化时，导体圆环对桌面的压力将小于环的重力（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
16．如图所示的电路中，1A 和2A 是完全相同的两只灯泡，线圈L 的电阻可以忽略，下面说法中正确的是
A ．合上开关S 接通电路时，1A 和2A 同时亮
B ．合上开关S 接通电路时，2A 先亮，1A 后亮
C ．断开开关S 切断电路时，2A 先灭，1A 后灭
D ．断开开关S 切断电路时，1A 先灭，2A 后灭
17．如图甲所示，光滑导轨水平放置在与水平方向夹角为60°的斜向下的匀强磁场中，匀
强磁场的磁感应强度B 随时间t 的变化规律如图乙所示(规定斜向下为正方向)，导体棒ab 垂直导轨放置，除电阻R 的阻值外，其余电阻不计，导体棒ab 在水平外力F 作用下始终处于静止状态．规定a→b 的方向为电流的正方向，水平向右的方向为外力F 的正方向，则在0～t1时间内，选项图中能正确反映流过导体棒ab 的电流i 和导体棒ab 所受水平外力F 随时间t 变化的图象是（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
18．如图所示的情况中，线圈中能产生感应电流的是（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
19．如图甲所示，线圈总电阻r =0.5Ω，匝数n =10，其端点a 、b 与R =1.5Ω的电阻相连，线圈内磁通量变化规律如图乙所示。

关于a 、b 两点电势a ϕ、b ϕ及两点电势差ab U ，正确的是（ ）
A ．, 1.5a b ab U V ϕϕ>=
B ．, 1.5a b ab U V ϕϕ<=-
C ．,0.5a b ab U V ϕϕ<=-
D ．,0.5a b ab U V ϕϕ>=
20．如图，在光滑水平桌面上有一边长为L 、电阻为R 的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d (d >L )的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t ＝0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导
线框进入并通过磁场区域．下列v -
t 图像中，可能正确描述上述过程的是( )
A ．
B ．
C ．
D ．
21．如图甲所示，矩形导线框abcd 固定在变化的磁场中，产生了如图乙所示的电流(电流方向abcda 为正方向)．若规定垂直纸面向里的方向为磁场正方向，能够产生如图乙所示电流的磁场为( )
A ．
B ．
C ．
D ．
22．如图所示，光滑导轨M 、N 水平固定放置，两根导体棒P 、Q 平行放于导轨上，形成一个闭合电路。

当一条形磁铁从上方下落（未到达导轨平面）的过程中，导体棒P 、Q 的运动情况是（ ）
A ．P 、Q 互相靠拢
B ．P 、Q 互相远离
C ．P 、Q 均静止
D ．因磁铁极性不明，无法确定
23．单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场，在0~0.01s 内穿过线圈的磁通量随时间变化的规律如图所示，则0~D 过程中（ ）
A ．在O 时刻，线圈平面通过中性面
B ．在O 时刻，穿过线圈的磁通量的变化率为零
C ．在
D 时刻，线圈中产生的感应电动势最大
D ．O 至D 时间内线圈中的平均感应电动势为0.4V
24．如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内长直导线中的电流i 随时间t 的变化关系如图乙所示．在0~2T 时间内直导线中电流向上，则在~2T T 时间内线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（ ）
A ．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左
B ．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右
C ．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右
D ．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左
25．无线充电技术已经被应用于多个领域，其充电线圈内磁场与轴线平行，如图甲所示；磁感应强度随时间按正弦规律变化，如图乙所示。

则（ ）
A ．2T t =时，线圈产生的电动势最大
B ．2
T t =时，线圈内的磁通量最大 C ．0~4T 过程中，线圈产生的电动势增大 D ．3~4
T T 过程中，线圈内的磁通量增大
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一、选择题
1．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．电容器在电路中与等效电源并联，两端电压为AB 端感应电动势，所以当导体棒匀速滑动时，电容器两端电压不变20I =，电阻R 中电流不为零，AB 错误；
CD ．加速滑动时，电容器两端电压随导体棒速度的增大而增加，所以电容器一直在充电，充电电流不为零，通过电阻的电流也不为零，C 错误D 正确；
故选D 。

2．C
解析：C
【解析】
【详解】
第一次用0.3s 时间拉出，第二次用0.9s 时间拉出，两次速度比为3:1，由E =BLv ，两次感应电动势比为3:1，两次感应电流比为3:1，由于F 安=BIL ，两次安培力比为3:1，由于匀速拉出匀强磁场，所以外力比为3:1，根据功的定义W =Fx ，所以：
W 1:W 2=3:1；
根据电量q I t =∆，感应电流E I R
=，感应电动势E t φ∆=∆，得： q R φ∆=
所以：
q 1:q 2=1:1，
故W 1＞W 2，q 1=q 2。

A. W 1<W 2，q 1<q 2。

故A 错误；
B. W 1<W 2，q 1＝q 2。

故B 错误；
C. W 1>W 2，q 1＝q 2。

故C 正确；
D. W 1>W 2，q 1>q 2。

故D 错误；
3．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
依题意电荷量+q 的油滴恰好静止金属板间，受到的电场力与重力平衡，由平衡条件得知，油滴受到的电场力竖直向上，则金属板上板带负电，下板带正电．
A 、C 、若磁感应强度
B 竖直向上，B 正在增强时，根据楞次定律得知，线圈中产生的感应电动势是下负上正，金属板下板带负电，上板带正电，油滴不能平衡，则磁感应强度B 竖直向上且B 正在减弱时，油滴能保持平衡． 根据法拉第电磁感应定律得：E n
t φ∆=∆ 金属板间的电压为R U E R r =
+ 要使油滴平衡，则有U q mg d
= 联立三式可得：()dmg R r t nqR
φ∆=+∆，故A 错误，C 正确． B 、D 、同理可得，磁感应强度B 竖直向下且正增强时，满足
()dmg R r t nqR
φ∆=+∆，油滴也能保持静止，故B 错误，D 错误．
故选C ．
【点睛】
本题是电磁感应与电路、电场、力学等知识的综合应用．对于电磁感应问题，要楞次定律判断感应电动势、法拉第定律研究感应电动势大小是常用的思路． 4．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．闭合电键S 接通电路时，由于线圈的阻碍，灯泡A 会迟一会亮，B 灯立即变亮，最后一样亮，故AB 错误；
CD ．断开开关S 切断电路时，线圈中产生自感电动势，与灯泡A 、B 构成闭合回路放电，
故两灯泡一起变暗，最后一起熄灭，该过程中电流的方向与线圈L 中的电流的方向相同，所以电流从左向右流过灯泡A ，从右向左流过灯泡B ，P 点电势比Q 点电势低，故C 正确，D 错误。

故选C 。

5．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
bc 边的位置坐标x 在0-L 过程，线框ab 边有效切线长度为x ，感应电动势为
E=Bxv
感应电流
E Bxv i R R
=＝ 根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a →d →c →b →a ．当x =L 时
34
ab ab U iR BLv ＝＝ 在L -2L 过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向仍然沿a →d →c →b →a ；线框ab 边有效切线长度为L ，感应电动势为
E 1=BLv
cd 边产生的电动势
E 2=B （x -L ）v
回路的总电动势
E ′=E 1-E 2=2BLv -Bxv
感应电流
(2)E B L x v i R R
'-'=
＝ 此时ab 两端的电势差 22311424
ab ab U E i R E E BLv Bxv '+'+'=+＝＝ 当x =2L 时
U ′ab =BLv
故选D 。

6．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
由法拉第电磁感应定律和欧姆定律得：
E S B
I
R R t R t
Φ
===⨯，所以线圈中的感应电流
决定于磁感应强度B随t的变化率．由图乙可知，0～1时间内，B增大，Φ增大，感应磁场与原磁场方向相反（感应磁场的磁感应强度的方向向外），由右手定则感应电流是逆时针的，因而是负值．所以可判断0～1s为负的恒值；1～2s为零；2～3s为为正的恒值，故C正确，ABD错误．故选C．
【点睛】
此类问题不必非要求得电动势的大小，应根据楞次定律判断电路中电流的方向，结合电动势的变化情况即可得出正确结果．
7．C
解析：C
【解析】
0∼1s，感应电动势为：E1===4πV
感应电流大小为：I1=E1/R=4π/4=πA
由楞次定律知，感应电流为顺时针方向，为负方向，故C正确，ABD错误
故选C
点睛：根据法拉第电磁感应定律求出各个时间段的感应电动势大小，再求出感应电流大小，由楞次定律判断感应电流方向．
8．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
AB．根据E=BωS可知，无论线圈绕轴P1和P2转动，则产生的感应电动势均相等，故感应电流相等，故A正确，B错误；
C．由楞次定律可知，线线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→d→c→b→a，故C错误；
D．由于线圈P1转动时线圈中的感应电流等于绕P2转动时线圈中得电流，故根据
F=BLI
可知，线圈绕P1转动时dc边受到的安培力等于绕P2转动时dc边受到的安培力，故D错误。

故选A。

9．B
解析：B
【解析】
【详解】
由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势：
2
221=22B B B NBa E N N s N a t t t t
ππ∆Φ∆-===∆∆∆∆， 故B 正确，ACD 错误；
10．C 解析：C
【解析】
【详解】
磁场中切割磁感线的边相当于电源，外电路由三个相同电阻串联形成，ABD 图中a 、b 两点间电势差为外电路中一个电阻两端电压为：
， C 图中a 、b 两点间电势差为路端电压为：
，所以a 、b 两点间电势差绝对
值最大的是C 图所示。

故选：C 。

11．D
解析：D
【解析】
【详解】
交流电流的有效值是根据电流的热效应得出的，线框转动周期为T ，而线框转动一周只有
4T 的时间内有感应电流，则有222()4
L BL T R I RT R ω=，解得：24BL I R ω=．故D 项正确，ABC 三项错误．
12．D
解析：D
【解析】
线框垂直于磁感线运动，虽然切割磁感线，但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，故A 错误；线框平行于磁场感应线运动，穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，故B 错误；线框绕轴转动，但线框平行于磁场感应线穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，故C 错误；线框绕轴转动，导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电流，故D 正确．
13．A
解析：A
【解析】
【分析】
穿过线圈的磁通量变化则会产生感应电流，且感应电流的方向可以根据楞次定律来判断．
【详解】
AB 、根据题目要是线圈中产生逆时针的电流根据楞次定律可知应该使原磁场增大，故A 对；B 错；
CD、圆环向左或向右平动以及向上或向下平动时，穿过线圈中的磁通量没有发生变化，故不会产生感应电流，故CD错误；
故选A
【点睛】
产生感应电流的必备条件：穿过闭合线圈的磁通量发生变化，可以根据这个来判断本题的选项．
14．A
解析：A
【解析】
【分析】
利用楞次定律的相对运动角度分析“来拒去留”，即可一一判定求解。

【详解】
根据楞次定律的“来拒去留”，则当磁铁在向下运动的过程中，线圈产生感应电流，形成感应磁场，从而阻碍磁铁的向下运动，则线圈给它的磁场力始终向上，故A正确，BCD错误；故选A。

【点睛】
本题巧妙的考查了楞次定律的应用，只要记住“来拒去留”，同时理解“增反减同”这一规律，此类题目难度不大。

15．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AB．abcd区域内的磁场均匀变化，因此产生恒定的电流，螺旋管中电流不变，其产生的磁场也不变，则导体圆环中不产生感应电流，导体圆环对桌面的压力等于重力，故A、B错误；
CD．要使导体圆环对桌面的压力小于重力，则螺线管对导体圆环为引力，由楞次定律可知穿过导体圆环的磁通量变小，故螺线管中电流变小，因此abcd区域的磁通量变化率应该越来越小，故C错误，D正确；
故选D。

16．B
解析：B
【解析】
AB、合上开关S接通电路时，两支路电流增加，所以灯泡A2马上亮起来，而在A1支路中线圈L上会产生自感电动势，阻碍电流的增加，所以使得电灯1A慢慢亮起来，故B正确，A错误；
A中的电流立即消失，但CD、当断开开关S切断电路时，电路中的电流减小，所以支路
2
是在1A支路由于L中的自感电动势阻碍电流的减少，此电流会在1A→L→2A中重新形成
回路，所以会使得1A 2A 两灯慢慢的一起熄灭，故CD 错误；
故选B ．
17．D
解析：D
【解析】
【分析】
由法拉第电磁感应定律可分析电路中的电动势，则可分析电路中的电流，根据楞次定律判断感应电流的方向；由安培力公式可得出安培力的表达式，则可得出正确的图象．
【详解】
AB ．由
60BS E sin t t ∆Φ∆=
=︒∆∆ 由图乙知，B 的变化率不变，即B t
∆∆保持不变，则感应电动势保持不变，电路中电流I 不变；根据楞次定律判断得知ab 中感应电流沿b→a ，为负值．故AB 错误．
CD ．由安培力F=BIL 可知，电路中安培力随B 的变化而变化，当B 为负值时，根据楞次定律判断可知ab 中感应电流从b 到a ，安培力的方向垂直于磁感线斜向右下方，如图所示，根据平衡条件可知，水平外力水平向左，为负，大小为
000000
sin ()()22B B F BIL B t IL t t IL t t θ==-+=- 同理，B 为正值时，水平外力水平向右，为正，大小为
()000
B F t t IL t =
-， 故C 错误，D 正确。

故选D 。

18．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A.线圈与磁场平行，磁通量为零，没变化，不会产生感应电流，选项A 错误；
B.线圈没有闭合，不会产生感应电流，选项B 错误；
C. 线圈与磁场平行，磁通量为零，没变化，不会产生感应电流，选项C 错误；
D.导体棒切割磁感线运动，线圈形成闭合回路，有感应电流产生，选项D 正确。

故选D 。

19．A
解析：A
【解析】
【详解】
从图中发现：线圈的磁通量是增大的，根据楞次定律，感应电流产生的磁场跟原磁场方向相反，即感应电流产生的磁场方向为垂直纸面向外，根据右手定则，我们可以判断出线圈中感应电流的方向为：逆时针方向，在回路中，线圈相当于电源，由于电流是逆时针方向，所以a 相当于电源的正极，b 相当于电源的负极，所以a 点的电势大于b 点的电势，根据法拉第电磁感应定律得 0.08=10V=2V 0.4
E n
t ∆Φ=⨯∆ 总电流为 1A E I R =
= a 、b 两点电势差就相当于电路中的路端电压，所以
1.5V ab U IR ==
故选A 。

20．D
解析：D
【解析】
线框进入磁场时，由右手定则和左手点则可知线框受到向左的安培力，由于
，则安培力减小，故线框做加速度减小的减速运动；同理可知线框离开磁场
时，线框也受到向左的安培力，做加速度减小的减速运动；线框完全进入磁场后，线框中没有感应电流，不再受安培力作用，线框做匀速运动，本题选D ．
21．D
解析：D
【解析】
【详解】
AB.由题图乙可知，0～t 1内，线圈中的电流的大小与方向都不变，根据法拉第电磁感应定律可知，线圈中的磁通量的变化率相同，故0～t 1内磁感应强度与时间的关系是一条斜线，A 、B 错误；
CD.又由于0～t 1时间内电流的方向为正，即沿abcda 方向，由楞次定律可知，电路中感应电流的磁场方向向里，故0～t 1内原磁场方向向里减小或向外增大，因此D 正确，C 错误．
22．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
ABCD ．设磁铁的下端为N 极，则磁铁下落时，回路中的磁通量向下增大，根据楞次定律和安培定则，回路中的电流为逆时针，则由左手定则可得，P 受力向左，Q 受力向右，相
互靠拢；设磁铁的下端为S 极，则在磁铁下落时，回路中的磁通量向上增大，根据楞次定律和安培定则，回路中的电流为顺时针，则由左手定则可得，P 受力向左，Q 受力向右，相互靠拢，BCD 错误A 正确。

故选A 。

23．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．在O 时刻，磁通量为零，但磁通量的变化率最大，所处位置为峰值面，故A 错误；
B ．在O 时刻，穿过线圈的磁通量为零，变化率最大，故B 错误；
C ．在
D 时刻，磁通量最大，但是变化率为零，根据法拉第电磁感应定律
E n t
∆Φ=∆ 线圈中产生的感应电动势为零，故C 错误；
D ．O 至D 时间内线圈中的平均感应电动势为
3
2101V 0.4V 0.005
E n t -∆Φ⨯==⨯=∆ 故D 正确。

故选D 。

24．C
解析：C
【解析】
【详解】
BD ．在0~2
T 时间内，直导线中的电流向上，由乙可知在2T ～T 时间内直线电流方向向下，根据安培定则知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流；故B 项不合题意，D 项不合题意．
AC ．根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左．离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力所以金属框所受安培力的合力水平向右，故A 项不合题意，C 项符合题意．
25．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
AC ．磁感应强度随时间按正弦规律变化，如题目图乙，可知0、2
T 、T 处斜率最大，即线
圈产生的电动势也最大，故A 正确，C 错误； BD ．根据BS Φ=可知，在4T t =和34T 时，线圈内的磁通量最大，故BD 错误。

故选A 。