2019年高考全国Ⅰ卷猜题卷理科综合物理试题(九)含详细解析答案

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2019年高考全国I卷猜题卷（九）
理科综合物理试题
（考试时间：60分钟试卷满分：110分）
注意事项：
1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

4．测试范围：高考物理全部内容。

第Ⅰ卷
一、选择题：本题共8个小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~5题
只有一项符合题目要求，第6~8有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.A、B两个物体在同一直线上运动，速度图象如图，下列说法正确的是（）
A．A、B运动方向相反B．0﹣4s内，A、B的位移相同
C．t=4s时，A、B的速度相同D．A的加速度比B的加速度大
2.如图所示，将某均匀长方体锯成A、B两块后，在水平桌面上对齐放在一起，现用水平力F推B，使A、B整体
保持长方体并沿F方向匀速运动，则( )
A．A在水平方向受到三个力的作用，且合力为零
B．A在水平方向受到五个力的作用，且合力为零
C．A对B的作用力方向与A、B接触面垂直
D．B对A的弹力大于桌面对A的摩擦力
3.空间分布有竖直方向的匀强电场，现将一质量为m的带电小球A从O点斜向上抛出，小球沿如图7所示的轨迹击中绝缘竖直墙壁的P点．将另一质量相同、电荷量不变、电性相反的小球B仍从O点以相同的速度抛出，该球垂直击中墙壁的Q点(图中未画出)．对于上述两个过程，下列叙述中不正确的是( )
A．球A的加速度大于球B的加速度
B．P点位置高于Q点
C．球A的电势能增大，球B的电势能减小
D．电场力对球A的冲量大小等于对球B的冲量大小
4.如图,有一倾斜的匀质圆盘(半径足够大),盘面与水平面的夹角为θ,绕过圆心并垂直于盘面的转轴以角速度ω匀速转动,有一物体(可视为质点)与盘面间的动摩擦因数为μ(设最大静摩擦力等手滑动摩擦力),重力加速度为g。

要使物体能与圆盘始终保持相对静止,则物体与转轴间最大距离为（）
A. B. C. D.
5.随着新能源轿车的普及，利用电磁感应原理开发的无线充电技术得到进一步应用。

如图所示，由地面供电装置(主要装置有线圈和电的源)将电能传送至轿车底部的感应装置(主要装置是线圈)，该装置使用接收到的电能对车载电池进行充电。

下列说法正确的是
A. 车载电池充电过程是将化学能转化为电能
B. 充电电能由感应装置产生，地面供电装置没有消耗能量
C. 只减小地面供电电流的频率，可增大充电电流
D. 只增大地面供电线圈的匝数，可减小充电电流
6.如图所示，水平长直轨道上紧靠放置n 个质量为m 可看作质点的物块，物块间用长为L 的不可伸长的细线连接，开始处于静止状态，物块与轨道间的动摩擦因数为μ.用水平恒力F 拉动物块1开始运动，到连接第n 个物块的线刚好拉直时整体速度正好为零，则( )
A ．拉力F 所做功为nFL
B ．系统克服摩擦力做功为n (n －1)μmgL
2
C ．F>
nμmg
2
D ．(n －1)μmg<F<nμmg
7.马航客机失联后，西安卫星测控中心紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号近10颗卫星，为地面搜救提供技术支持．特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合大量关键技术．如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图．“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O 做匀速圆周运动．卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r ，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A 、B 两位置，“高分一号”在C 位置．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g ，地球半径为R ，不计卫星间的相互作用力．则下列说法中不正确的是（ ）
A．卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等且为g
B．如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其加速
C．卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为
D．若“高分一号”所在高度处有稀薄气体，则运行一段时间后，机械能会增大
8.如图所示，在PQ、QR区域中存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面．一导线框abcdef位于纸面内，每根邻边都相互垂直，bc边与磁场的边界P重合．导线框与磁场区域的尺寸如图所示．从t= 0时刻开始，线框匀速横穿两个磁场区域．以a→b→c→d→e→f为线框中的电动势ε的正方向，以下四个ε﹣t关系示意
图中不正确的是（）
A．B．C．D．
第Ⅱ卷
二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。

第9~12题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第13~14题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题：共47分。

9.（6分）（I）在《验证力的平行四边形定则》的实验中，下列说法正确的是
A．同一次实验过程，两次拉橡皮条时，其结点O应达同一位置
B．用两只弹簧秤拉橡皮条时，两细线的夹角应越大越好
C．用一只弹簧秤拉橡皮条时，只需记录弹簧秤的读数
D．本实验采用的科学方法是等效替代法
（II）
在《验证机械能守恒定律》的实验中，重物的质量为m，所用交流电的频率为50Hz，打出了如图所示的一条纸带，其中O为起点，A，B，C为三个连续的计时点。

可得（g=9.8m/s2，重物的质量m取0.4kg计算）：
①打点计时器打B点时，重物的重力势能减小量为重物动能为（结果均保留三位有效数字）
②通过计算结果你能得出的结论：
10.（9分）某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω的电阻Rx的阻值。

（1）现有电源（4V,内阻可不计）,滑动变阻器（0～50Ω,额定电流2A）,开关和导线若干以及下列电表
A. 电流表（0～0.6 A,内阻约0.125Ω）
B. 电流表（0～3 A,内阻约0.025Ω）
C.电压表（0～3 V,内阻约3 kΩ）
D.电压表（0～15 V,内阻约15 kΩ）
为减小测量误差,在实验中,电流表应选用,电压表应选用
（选填器材前的字母）;实验电路应采用图中的（选填“甲”或“乙”）。

（2）接通开关,改变滑动变阻器滑片P的位置,并记录对应的电流表示数I，电压表示数U。

某次电表示数如图所示,可得该电阻的测量值Rx=Ω。

（3）若在（1）问中选用甲电路,产生误差的主要原因是;若在（1）问中选用乙电路,产生误差的主要原因是。

（选填选项前的字母）
A.电流表测量值小于流经R x的电流值
B.电流表测量值大于流经R x的电流值
C.电压表测量值小于R x两端的电压值
D.电压表测量值大于R x两端的电压值
11.（12分）如图，两平行金属导轨位于水平面上，相距l，左端与一阻值为R的电阻相连．整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向竖直向下．—
质量为m、电阻为r的导体棒置于导轨上，在水平外力作用下沿导轨匀速向右滑动，滑动过程中始终保持与导轨垂直且接触良好．已知电阻R消耗的功率为P，导体棒与导轨间的动摩擦因数为μ，重力加速度大小为g，导轨的电阻可忽略．求：
(1)导体棒匀速运动的速率v；
(2)水平外力F的大小．
12.（20分）如图，轨道的水平部分粗糙，竖直的半圆部分光滑，半径R=0.32m。

Q为轨道上最高点、P为最低点、T点与圆心等高。

质量m=2kg的小滑块从水平轨道A点(AP距离可调)以v0=6m/s的初速度向右滑行。

已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s2。

(1)求滑块滑到Q点时的最小速度v Q；
(2)若滑块恰好能滑到Q点，求滑块从A运动到P的时间t；
(3)若滑块在半圆轨道间不脱离轨道，求AP距离的取值范围。

（二）选考题：共15分。

请考生从2道题中任选一题作答。

如果多做，则按所做的第一题计分。

13.【物理——选修3-3：热学】（15分）
（1）(5分)伽利略在1593年制造了世界上第一个温度计——
空气温度计，如图4所示．一个细长颈的球形瓶倒插在装有红色液体的槽中，细管中的液面清晰可见，如果不考虑外界大气压的变化，就能根据液面的变化测出温度的变化，则下列说法正确的是。

(填正确选项前的字母，选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A．该温度计的测温物质是槽中的液体
B．该温度计的测温物质是细管中的红色液体
C．该温度计的测温物质是球形瓶中的空气
D．该温度计是利用测温物质的热胀冷缩性质制造的
E．该温度计与液体温度计相比，缺点是受大气压变化的影响
(2)(10分)如图所示，一直立气缸由两个横截面积不同的圆筒连接而成，活塞A、B间封闭有一定质量的理想气体，A的上方和B的下方分别与大气相通．两活塞用长为L＝30
cm的不可伸长的细线相连．可在缸内无摩擦地上下滑动．当缸内封闭气体的温度为T1＝300
K时，活塞A、B的平衡位置如图所示．已知活塞A、B的质量均为m＝1.0 kg，横截面积分别为S A＝20 cm2，S B＝10 cm2，大气压强取p0＝1.0×105 Pa，重力加速度为g＝10 m/s2.
(1)活塞A、B在图示位置时，求缸内封闭气体的压强；
(2)现对缸内封闭气体缓慢加热，为使气缸不漏气，求缸内封闭气体的最高温度．
14.【物理——选修3-4：光学】（15分）
(1)（5分）在某介质中形成一列简谐波，t＝0时刻的波形如图中的实线所示．
若该列波的传播速度大小为20 m/s，且波形中由实线变成虚线需要经历0.525
s时间，则该列波的传播方向如何( ).
(2)(10分)如图所示，玻璃棱镜ABCD可以看成是由ADE、ABE、BCD三个直角三棱镜组成，一束单色细光束从AD面入射，在棱镜中的折射光线如图中ab所示，ab与AD面的夹角为60°，玻璃的折射率n＝ 2.求：
(i)这束入射光线的入射角为多大；
(ii)该束光线第一次从CD面射出时的折射角．
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2019年高考全国I卷猜题卷（九）
理科综合物理试题
参考答案及解析
第Ⅰ卷
一、选择题：本题共8个小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求，第6~8有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.【答案】D
【解析】【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线
运动的速度与时间的关系．
【分析】速度的正负表示速度的方向．匀变速直线运动
的速度图象是倾斜的直线．根据图线的纵坐标直接读出
速度的大小，图象与坐标轴围成的面积表示位移．
【解答】解：A、由图看出，速度均为正值，说明A、
B都沿正方向运动，它们的运动方向相同．故A错误．
B．根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，可知0﹣
4s内B的位移大于A的位移，故B错误；C、由图读出，在t=4s时，A的速度等于B的速度．故C正确；D、图象斜率表示物体的加速度，根据图象可知AB的斜率
大小相等，即二者加速度大小相等，故D错误．故选：C
2.【答案】A
【解析】对A受力分析，在水平方向上受B对A的
弹力、桌面对A的滑动摩擦力和B对A的静摩擦力，
在三个力的作用下处于平衡状态，受力如图，
故A正确，B错误．B对A的弹
力和静摩擦力的合力与桌面对A的滑动摩擦力等大反向，与F的方向相同；根据牛顿第三定律可知，A对B的作
用力方向与F的方向相反，不是与A、B接触面垂直，
故C错误．因为B对A的弹力与B对A的摩擦力垂直，二者的合力等于桌面对A的摩擦力，所以B对A的弹
力小于桌面对A的摩擦力，故D错误．
3.【答案】B
【解析】水平方向做匀速运动，水平速度相同，两次水
平方向位移相同，时间相同，根据加速度a＝
Δv
t，A球
速度变化量大，加速度大，故A正确；竖直最大高度
为h＝
v y2
2a，由于球A的加速度大于球B的加速度，所以
球A的最高点低于球B的最高点，P点位置低于Q点，故B错误；球A加速度大，所受电场力向下，电场力
做负功，电势能增大；球B加速度小，所受电场力向上，电场力做正功，电势能减小，故C正确；由于运动时间相等，电场力大小相等，电场力对球A的冲量大小等于对球B的冲量大小，故D正确，本题选不正确的，
故选：B。

4.【答案】C
【解析】【分析】当物体转到圆盘的最低点，由重力沿斜面向下的分力和最大静摩擦力的合力提供向心力时，此种情况下不滑动的半径最大，由牛顿第二定律列方程求解.【详解】当物体转到圆盘的最低点，所受的静摩擦力沿斜面向上达到最大时，角速度一定，由牛顿第二定律得：μmg cosθ-mg sinθ=mω2r，解得：，故A、B、D错误，C正确.故选C.
【点睛】本题关键要分析向心力的来源，明确角速度在什么位置最大，由牛顿第二定律进行解题即可.
5.【答案】D
【解析】【分析】法拉第电磁感应定律是电磁感应充电的原理。

能量由地面供电装置通过电磁感应转移到充电装置。

根据法拉第电磁感应定律判断感应电动势的大小，
在判断充电电流的大小。

充电过程将电能转化为化学能。

【详解】A. 车载电池充电过程是将电能转化为化学能，故A 错误；B. 电能不能凭空产生，充电过程能量由地面供电装置通过电磁感应转移到充电装置，故B 错误； C. 只减小地面供电电流的频率，根据法拉第电磁感应定律，产生的感应电动势减小，充电电流减小，故C 错误；
D. 只增大地面供电线圈的匝数，根据法拉第电磁感应定律，充电装置感应电压减小，充电电流减小，故D 正确。

故选：D 6.【答案】BC
【解析】物块1的位移为(n －1)l ，则拉力F 所做功为W F ＝F ·(n －1)l ＝(n －1)Fl ，故A 错误．系统克服摩擦力做功为W f ＝μmgl ＋μmg ·2l ＋…＋μmg ·(n －2)l ＋μmg ·(n －
1)l ＝n (n －1)μmgl 2
，故B 正确．据题，连接第n 个物块
的线刚好拉直时整体速度正好为零，假设没有动能损失，
由动能定理有W F ＝W f ，解得F ＝nμmg
2
，但由于绳子绷
紧瞬间系统有动能损失，所以根据功能关系可知F >nμmg 2，故C 正确，D 错误．
7.【答案】ABD
【解析】【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】根据万有引力提供向心力，以及万有引力等于重力求出卫星的加速度大小；“高分一号”卫星速度增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长；根据万有引力提供向心力求出卫星的角速度，然后通过转过的角度求出时间；“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，要克服阻力做功，机械能减小．
【解答】解：A 、根据万有引力提供向心力，
而GM=gR 2．所以卫星的加速度a=，故A 错误．
B 、“高分一号”卫星加速，将做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长，故如果调动“高分一号”卫星快速到达B 位置的下方，必须对其减速，故B 错误．
C 、根据万有引力提供向心力
，
解得，所以卫星1由位置A 运动到位置B 所
需的时间t=，故C 正确．
D 、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，克服阻力做功，机械能减小．故D 错误． 故选：ABD ． 8.【答案】ABD
【解析】【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律． 【分析】根据右手定则判断出不同阶段电动势的方向，以及根据E=BLv 求出不同阶段的电动势大小．刚进磁场时，只有bc 边切割；bc 边进入QR 区域时，bc 边和de 边都切割磁感线，但等效电动势为0；bc 边出磁场后，de 边和af 边切割磁感线，af 边切割产生的电动势大于bc 边；de 边出磁场后后，只有af 边切割．
【解答】解：下面是线框切割磁感线的四个阶段示意图．
在第一阶段，只有bc 切割向外的磁感线，由右手定则知电动势为负，大小为Blv ．在第二阶段，bc 切割向里的磁感线，电动势为逆时针方向，同时de 切割向外的磁感线，电动势为顺时针方向，等效电动势为零．在第三阶段，de 切割向里的磁感线同时af 切割向外的磁感
线，两个电动势同为逆时针方向，等效电动势为正，大
小为3Blv．在第四阶段，只有af切割向里的磁感线，电动势为顺时针方向，等效电动势为负大小为
2Blv．故C正确，A、B、D错误．故选：ABD．
第Ⅱ卷
二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。

第9~12题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第13~14题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题：共47分。

9.（6分）【答案】（Ⅰ） A，D （2分）
（Ⅱ）①1.46 J ; 1.42 J （3分）②
在实验误差允许的范围内,
可认为物体在下落过程中机械能守恒（1分）
【解析】（Ⅰ）实验中，为合力与分力效果相同，两次拉橡皮条时，其节点O应达到同一位置，A正确；两弹簧秤的拉力适当大些，但不能过长，否则会超过弹簧弹性限度，损坏弹簧秤，B错误；用一只弹簧秤拉橡皮条时，应记录节点到达的位置O，细线的方向和弹簧秤的读数，C错误；本实验采用的时等效替代法，D正确。

（Ⅱ）打下B点时，重力势能的减少量为mgh=1.46
J，vB=xAC/2T，重物动能增量为mvB2/2=1.42J，比较数据在实验误差允许的范围内,
可认为物体在下落过程中机械能守恒。

10.（9分）【答案】（1）A C 甲（4分）（2）5.2 （2分）（3） B D（3分）
【解析】（1）由于电动势为4v，待测电阻约为，电流最大值约为0.8A，电流和电压最大值都不到BD的三分之一，为了减少误差，最好使用电流表A，电压表C，据
，应把电流表接成外接，故选电路图甲；（2）据电表所示，电压为,电流为
，则待测电阻阻值为：
；（3）在甲图中的误差原因是电压表的分流作用，使测量电流大于实际电流，即选项B；乙图中误差原因是电流表的分压作用，使电压测量值大于实际电压，，即选项D。

11.（12分）【答案】(1)
R＋r
Bl
P
R(7分)
(2)μmg＋Bl
P
R(5分)
【解析】(1)设回路中的电流为I，对电阻R，
有P＝I2R 导体棒产生的电动势为E＝Bl v
根据闭合电路欧姆定律得I＝
E
R＋r
联立可得导体棒匀速运动的速率v＝
R＋r
Bl
P
R.
(2)导体棒在磁场中匀速运动，受力平衡，则F＝μmg＋BlI；联立可得：F＝μmg＋Bl
P
R.
12.（20分）【答案】（1） (4分)
（2）t=1s(6分)（3）l<5m或7.4m≤l<9m(10分)
【解析】【分析】
（1）根据牛顿第二定律可求滑到Q点时的最小速度；（2）由机械能守恒可求到达P点的速度，由牛顿第二定律可求加速度，根据速度时间关系可求时间；（3）若滑块在半圆轨道间不脱离轨道，根据刚好到达Q点、T点和P点，分别应用动能定理可求AP距离的取值范围。

【详解】（1）在Q 点，由牛顿第二定律得
得
（2）滑块从P到Q，由机械能守恒得
在水平轨道，由牛顿第二定律得
μmg=ma 得t=1s
（3）若滑块恰好到达Q点，由动能定理得
得
如滑块恰好到达T点，由动能定理得
得
如滑块恰好到达P点，由动能定理得
得
所以AP距离；或
（二）选考题：共15分。

请考生从2道题中任选一题作答。

如果多做，则按所做的第一题计分。

13.【物理——选修3-3：热学】（15分）
【答案】（1）（5分）CDE
（2）（10分）(1)1.2×105 Pa (2)400 K
【解析】(1)细管中的红色液体是用来显示球形瓶中空气的体积随温度变化情况的，测温物体是球形瓶中封闭的空气，该温度计是利用它的热胀冷缩的性质制造的，故A、B错，C、D、E正确．
(2)本题考查气体的等压变化和受力分析，意在考查考生的综合分析能力．(i)活塞A、B在题图示位置时，设气缸内气体的压强为p1，以活塞A、B为研究对象，有p0S A＋p1S B＋2mg＝p0S B＋p1S A
解得p1＝p0＋
2mg
S A－S B
＝1.2×105 Pa.
(ii)当活塞B刚好移动到两圆筒的连接处时，设气缸内
气体的温度为T2，由①可知此过程气体做等压变化，由
盖－吕萨克定律得
0.5L(S A＋S B)
T1＝
LS A
T2解得T2＝400 K.
14.【物理——选修3-4：光学】（15分）
【答案】（1）（5分）沿x轴负方向传播
（2）（10分）(i)45°(ii)45°
【解析】(1)当波速v＝20 m/s时，经历0.525 s时间，
波沿x轴方向传播的距离为：x＝v t＝10.5 m，即：x＝
(5＋
1
4)λ，结合波的图象得出波沿x轴负方向传播．
(2)(i)设光在AD面的入射角、折射角分别为θ1、θ2，则
θ2＝30°.根据n＝
sin θ1
sin θ2
解得：sin θ1＝n sin θ2＝
2
2，θ1＝45°
(ii)光路图如图所示，光线ab在AB面的入射角为45°
设玻璃的临界角为C，则sin C＝
1
n＝
2
2，C＝45°
因此光线ab在AB面会发生全反射
由几何关系得光线ab在CD面的入射角θ1′＝30°
根据折射定律可知，光线ab在CD面的折射角θ2′＝
45°.。