2019届高考物理一轮复习【 精选提优题】:12 圆周运动的规律及应用

合集下载

圆周运动规律及应用+答案

圆周运动规律及应用+答案

圆周运动的规律及其应用一、 匀速圆周运动的基本规律1.匀速圆周运动的定义:作 的物体,如果在相等时间内通过的 相等,则物体所作的运动就叫做匀速圆周运动。

2.匀速圆周运动是:速度 不变, 时刻改变的变速运动;是加速度 不变, 时刻改变的变加速运动。

3.描述匀速圆周运动的物理量 线速度:r Tr t s v ωπ===2,方向沿圆弧切线方向,描述物体运动快慢。

角速度:Tt πθω2== 描述物体转动的快慢。

转速n :每秒转动的圈数,与角速度关系n πω2= 向心加速度: v r rv a ωω===22描述速度方向变化快慢,其方向始终指向圆心。

向心力:向心力是按 命名的力,任何一个力或几个力的合力只要它的 是使物体产生 ,它就是物体所受的向心力.向心力的方向总与物体的运动方向 ,只改变线速度 ,不改变线速度 .==ma F v m r m rv m ωω==22。

二、 匀速圆周运动基本规律的应用【基础题】例1:上海锦江乐园新建的“摩天转轮”,它的直径达98m ,世界排名第五,游人乘坐时,转轮始终不停地匀速转动,每转一周用时25min.下列说法中正确的是 ( )A . 每时每刻,每个人受到的合力都不等于零 B. 每个乘客都在做加速度为零的匀速运动C. 乘客在乘坐过程中对座位的压力始终不变D. 在乘坐过程中每个乘客的线速度保持不变【同步练习】1.一物体作匀速圆周运动,在其运动过程中,不发生变化的物理量是( )A .线速度B . 角速度C .向心加速度D .合外力2.质量一定的物体做匀速圆周运动时,如所需向心力增为原来的8倍,以下各种情况中可能的是( )A. 线速度和圆半径增大为原来的2倍B. 角速度和圆半径都增大为原来的2倍C. 周期和圆半径都增大为原来的2倍D. 频率和圆半径都增大为原来的2倍3.用细线将一个小球悬挂在车厢里,小球随车一起作匀速直线运动。

当突然刹车时,绳上的张力将( )A. 突然增大B. 突然减小C. 不变D. 究竟是增大还是减小,要由车厢刹车前的速度大小与刹车时的加速度大小来决定4.汽车驶过半径为R 的凸形桥面,要使它不至于从桥的顶端飞出,车速必须小于或等于( )A. 2RgB. RgC. Rg 2D. Rg 35.做匀速圆周运动的物体,圆半径为R ,向心加速度为a ,则以下关系式中不正确的是( )A. 线速度aR v =B. 角速度R a =ωC. 频率R a f π2=D. 周期aR T π2= 6.一位滑雪者连同他的滑雪板共70kg ,他沿着凹形的坡底运动时的速度是20m/s ,坡底的圆弧半径是50m ,试求他在坡底时对雪地的压力。

专题12 圆周运动(解析版)

专题12 圆周运动(解析版)

高考物理一轮复习限时训练专题12 圆周运动(限时:45min)一、选择题(本大题共10小题)1.(2019·大庆模拟)如图所示,轻质且不可伸长的细绳一端系一质量为m的小球,另一端固定在天花板上的O点。

则小球在竖直平面内摆动的过程中,以下说法正确的是()A.小球在摆动过程中受到的外力的合力即为向心力B.在最高点A、B,因小球的速度为零,所以小球受到的合力为零C.小球在最低点C所受的合力,即为向心力D.小球在摆动过程中绳子的拉力使其速率发生变化【答案】C【解析】小球摆动过程中,合力沿绳子方向的分力提供向心力,不是靠外力的合力提供向心力,故A错误。

在最高点A和B,小球的速度为零,向心力为零,但是小球所受的合力不为零,故B错误。

小球在最低点受重力和拉力,两个力的合力竖直向上,合力等于向心力,故C正确。

小球在摆动的过程中,由于绳子的拉力与速度方向垂直,则拉力不做功,拉力不会使小球速率发生变化,故D错误。

2.如图所示,由于地球的自转,地球表面上P、Q两物体均绕地球自转轴做匀速圆周运动。

对于P、Q两物体的运动,下列说法正确的是()A.P、Q两物体的角速度大小相等B.P、Q两物体的线速度大小相等C.P物体的线速度比Q物体的线速度大D.P、Q两物体均受重力和支持力两个力作用【答案】A【解析】P、Q两物体都是绕地球自转轴做匀速圆周运动,角速度相等,即ωP=ωQ,选项A正确;根据圆周运动线速度v=ωR,因P、Q两物体做匀速圆周运动的半径不等,则P、Q两物体做圆周运动的线速度大小不等,选项B错误;Q物体到地轴的距离远,圆周运动半径大,线速度大,选项C错误;P、Q两物体均受到万有引力和支持力作用,重力只是万有引力的一个分力,选项D错误。

3.(多选)火车以60 m/s的速率转过一段弯道,某乘客发现放在桌面上的指南针在10 s内匀速转过了约10°。

在此10 s时间内,火车()A.运动路程为600 m B.加速度为零C.角速度约为1 rad/s D.转弯半径约为3.4 km【答案】AD【解析】由s=vt知,s=600 m,故A正确。

2019年高考物理一轮复习 圆周运动的规律及应用

2019年高考物理一轮复习 圆周运动的规律及应用

第12讲圆周运动的规律及应用(1)作用效果:产生向心加速度,只改变线速度的________,不改变线速度的________.(2)大小:F n=_______=________=________=________=________.(3)方向:始终沿半径指向________.(4)来源:向心力可以由一个力提供,也可以由几个力的________提供,还可以由一个力的________提供.3.离心运动(1)定义:做________运动的物体,在所受合力突然消失或不足以提供圆周运动所需________的情况下,所做的逐渐远离圆心的运动.(2)本质:做圆周运动的物体,由于本身的________,总有沿着圆周________飞出去的倾向.(3)受力特点①当F=mω2r时,物体做________运动;②当F=0时,物体沿________方向飞出;③当F<mω2r时,物体逐渐________圆心,做离心运动.4.近心运动当提供向心力的合力大于做圆周运动所需向心力,即F>mω2r时,物体将逐渐________圆心,做近心运动.一圆周运动中的运动学分析[例1]如图所示的皮带传动装置中,右边两轮连在一起同轴转动.图中三轮半径的关系为r1=2r2,r3=1.5r1,A、B、C三点为三个轮边缘上的点,皮带不打滑,则A、B、C三点的线速度之比为________;角速度之比为________;周期之比为________.二圆周运动中的动力学分析[例2](多选)如图甲所示,一根细线上端固定在S点,下端连一小铁球A,让小铁球在水平面内做匀速圆周运动,此装置构成一圆锥摆(不计空气阻力).下列说法中正确的是()A.小球做匀速圆周运动时的角速度一定大于gl(l为摆长)B.小球做匀速圆周运动时,受到重力、细线的拉力和向心力作用C.另有一个圆锥摆,摆长更大一点,两者悬点相同,如图乙所示,如果改变两小球的角速度,使两者恰好在同一水平面内做匀速圆周运动,则B球的角速度等于A球的角速度D.如果两个小球的质量相等,则在图乙中两根细线受到的拉力相等三水平转盘中圆周运动物体的临界问题[例3]如图所示,用一根长为l=1 m的细线,一端系一质量为m=1 kg的小球(可视为质点),另一端固定在一光滑锥体顶端,锥面与竖直方向的夹角θ=37°,当小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为ω时,细线的张力为F T.求:(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g取10 m/s2,结果可用根式表示)(1)若要小球刚好离开锥面,则小球的角速度ω0至少为多大?(2)若细线与竖直方向的夹角为60°,则小球的角速度ω′为多大?四竖直面内圆周运动物体的临界问题[例4]杂技演员表演“水流星”,在长为0.9 m的细绳的一端,系一个与水的总质量为m =0.5 kg的盛水容器,以绳的另一端为圆心,在竖直平面内做圆周运动,如图所示.若“水流星”通过最高点时的速率为3 m/s,则下列说法正确的是(g取10 m/s2)() A.“水流星”通过最高点时,有水从容器中流出B.“水流星”通过最高点时,绳的张力及容器底部受到水的压力均为零C.“水流星”通过最高点时,处于完全失重状态,不受力的作用D.“水流星”通过最高点时,绳子的拉力大小为5 N[例5](多选)长为L的轻杆,一端固定一个小球A,另一端固定在光滑的水平轴上,轻杆绕水平轴转动,使小球A在竖直面内做圆周运动,小球A在最高点的速度为v,下列叙述中正确的是()A.v的极小值为glB.v由零增大,向心力也逐渐增大C.当v由gL逐渐增大时,杆对小球的弹力逐渐增大D.当v由gL逐渐减小时,杆对小球的弹力逐渐减小课时达标1.明代出版的《天工开物》一书中就有牛力齿轮翻车的图画(如图),记录了我们祖先的劳动智慧.若A、B、C三齿轮半径的大小关系如图,则()A.齿轮A的角速度比C的大B.齿轮A与B角速度大小相等C.齿轮B与C边缘的线速度大小相等D.齿轮A边缘的线速度比C边缘的大2.如图所示,在倾角为α=30°的光滑斜面上,有一根长为L=0.8 m的细绳,一端固定在O点,另一端系一质量为m=0.2 kg的小球,沿斜面做圆周运动.若要小球能通过最高点A(g=10 m/s2,空气阻力不计),则小球在最低点B的最小速度是()A.2 m/s B.210 m/sC.2 5 m/s D.2 2 m/s3. 如图所示,一光滑轻杆沿水平方向放置,左端O处连接在竖直的转动轴上,a、b为两个可视为质点的小球,穿在杆上,并用细线分别连接Oa和ab,且Oa=ab,已知b球质量为a球质量的3倍.当轻杆绕O轴在水平面内匀速转动时,Oa和ab两线的拉力之比为()A.1∶3 B.1∶6C .4∶3D .7∶64.(多选)变速自行车靠变换齿轮组合来改变行驶速度挡,如图是某一变速车齿轮转动结构示意图,图中A 轮有48齿,B 轮有42齿,C 轮有18齿,D 轮有12齿.下列说法正确的是( )A .该车可变换3种不同挡位B .该车可变换4种不同挡位C .A 与D 轮组合时,是行驶速度最快挡D .B 与D 轮组合时,两轮的角速度之比ωB ∶ωD =2∶75.用一根细线一端系一可视为质点的小球,另一端固定在一以角速度ω旋转的光滑锥顶上,如图所示,设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为ω,线的张力为F T ,则F T 随ω2变化的图象是( )6.如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P ,细线的上端固定在金属块Q 上,Q 放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P ′位置),两次金属块Q 都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下列判断中正确的是( )A .细线所受的拉力变0小B .小球P 运动的角速度变小C .Q 受到桌面的静摩擦力变大D .Q 受到桌面的支持力变大7.(多选)质量为m 的小球由轻绳a 、b 分别系于一轻质木架上的A 和C 点,绳长分别为l a 、l b ,如图所示,当轻杆绕轴BC 以角速度ω匀速转动时,小球在水平面内做匀速圆周运动,绳a 在竖直方向,绳b 在水平方向,当小球运动到图示位置时,绳b 被烧断的同时轻杆停止转动,则( )A .小球仍在水平面内做匀速圆周运动B .在绳b 被烧断瞬间,a 绳中张力突然增大C .若角速度ω=2g l a ,小球在垂直于平面ABC 的竖直平面内摆动D .若角速度ω=2g l a,小球能在竖直平面ABC 内做完整的圆周运动 8.如图所示,可视为质点的木块A 、B 叠放在一起,放在水平转台上随转台一起绕固定转轴OO ′匀速转动,木块A 、B 与转轴OO ′的距离为1 m ,A 的质量为5 kg ,B 的质量为10 kg.已知A 与B 间的动摩擦因数为0.2,B 与转台间的动摩擦因数为0.3,如木块A 、B 与转台始终保持相对静止,则转台角速度ω的最大值为(最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取g =10 m/s 2)( )A .1 rad/sB . 2 rad/sC . 3 rad/sD .3 rad/s9.如图所示,小球m 可以在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动,下列说法中正确的是( )A .小球通过最高点的最小速度至少为v =gRB .小球通过最高点的最小速度可以为0C .小球在水平线ab 以下管道中运动时,内侧管壁对小球一定有作用力D .小球在水平线ab 以上管道中运动时,内侧管壁对小球一定有作用力10.如图甲所示,轻杆一端与质量为1 kg 、可视为质点的小球相连,另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动.现使小球在竖直平面内做圆周运动,经最高点开始计时,取水平向右为正方向,小球的水平分速度v 随时间t 的变化关系如图乙所示,A 、B 、C 三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点,该三点的纵坐标分别是1、0、-5.g 取10 m/s 2,不计空气阻力.下列说法中正确的是( )A .轻杆的长度为0.5 mB .小球经最高点时,杆对它作用力方向竖直向下C .B 点对应时刻小球的速度为3 m/sD .曲线AB 段与坐标轴所围图形的“面积”为0.6 m11.小明站在水平地面上,手握不可伸长的轻绳一端,绳的另一端系有质量为m 的小球,甩动手腕,使球在竖直平面内做圆周运动.当球某次运动到最低点时,绳突然断掉,球飞行水平距离d 后落地,如图所示.已知握绳的手离地面高度为d ,手与球之间的绳长为34d ,重力加速度为g ,忽略手的运动半径和空气阻力.(1)求绳断时球的速度大小v 1和球落地时的速度大小v 2;(2)求绳能承受的最大拉力;(3)改变绳长,使球重复上述运动,若绳仍在球运动到最低点时断掉,要使球抛出的水平距离最大,绳长应是多少?最大水平距离为多少?12.如图甲所示,在同一竖直平面内的两正对的相同半圆光滑轨道,相隔一定的距离,虚线沿竖直方向,一小球能在其间运动,现在最高点A与最低点B各放一个压力传感器,测试小球对轨道的压力,并通过计算机显示出来,当轨道距离变化时,测得两点压力差与距离x的关系图象如图乙所示,g取10 m/s2,不计空气阻力.(1)求小球的质量;(2)若小球在最低点B的速度为20 m/s,为使小球能沿轨道运动,x的最大值为多少?。

2019版高考物理一轮复习 精选题辑: 课练12 圆周运动的规律及应用

2019版高考物理一轮复习 精选题辑: 课练12 圆周运动的规律及应用

课练12 圆周运动的规律及应用1.(2018·陕西长安一中模拟)(多选)有关圆周运动的基本模型,下列说法正确的是( )A .如图a 所示,汽车通过拱桥的最高点时处于超重状态B .如图b 所示是一圆锥摆,增大θ,若保持圆锥的高度不变,则圆锥摆的角速度不变C .如图c 所示,同一小球在光滑且固定的圆锥筒内的A 、B 位置先后分别做匀速圆周运动,则在A 、B 两位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小相等D .火车转弯超过规定速度行驶时,外轨对火车轮缘会有挤压作用 答案:BD解析:题图a ,汽车在最高点时,mg -F N =mv 2r,可知F N <mg ,故处于失重状态,故A 错误;题图b 所示是一圆锥摆,重力和拉力的合力F =mg tan θ=m ω2r ,其中r =h tan θ,可知ω=gh,增大θ,若保持圆锥的高度不变,则圆锥摆的角速度不变,故B 正确;题图c ,根据受力分析知小球受力情况相同,即向心力相同,由F =m ω2r 知r 不同,角速度不同,故C 错误;火车转弯超过规定速度行驶时,重力和支持力的合力不足以提供向心力,则外轨对火车轮缘会有挤压作用,故D 正确.2.(2018·福建质检)(多选)图中所示为一皮带传动装置,右轮的半径为r ,a 是它边缘上的一点,左侧是一轮轴,大轮的半径为4r ,小轮的半径为2r ,b 点在小轮上,到小轮中心的距离为r ,c 点和d 点分别位于小轮和大轮的边缘上.若在传动过程中皮带不打滑,则( )A .c 点与d 点的角速度大小相等B .a 点与b 点的角速度大小相等C .a 点与c 点的线速度大小相等D .a 点与c 点的向心加速度大小相等 答案:AC解析:共轴转动的各点角速度大小相等,故b 、c 、d 三点角速度大小相等,故A 正确;a 、c 两点的线速度大小相等,b 、c 两点的角速度相等,根据v =r ω,a 的角速度大于c 的角速度,则a 点的角速度大于b 点的角速度,故B 错误,C 正确;a 、c 两点的线速度大小相等,根据a n =v 2r,a 点的向心加速度大于c 点的向心加速度,故D 错误.3.(2018·安徽六安一中模拟)如图所示,用手握着细绳的一端在水平桌面上做半径为r 的匀速圆周运动,圆心为O ,角速度为ω.细绳长为L ,质量忽略不计,运动过程中细绳始终与小圆相切,在细绳的另外一端系着一个质量为m 的小球,小球恰好沿以O 为圆心的大圆在桌面上运动,小球和桌面之间存在摩擦力,以下说法正确的是( )A .小球将做变速圆周运动B .小球与桌面间的动摩擦因数为ω2r r 2+L2gLC .小球做圆周运动的线速度为ω(l +L )D .细绳拉力为m ω2r 2+L 2答案:B解析:手握着细绳做的是匀速圆周运动,所以在细绳另外一端的小球做的也是匀速圆周运动,A 错误;设大圆的半径为R ,由图可知R =r 2+L 2,则小球做圆周运动的线速度为ωr 2+L 2,C 错误;设细绳中的张力为T ,则T cos φ=mR ω2,cos φ=L R,故T =m ω2R 2L=m ω2r 2+L 2L,D 错误;根据摩擦力公式可得f =μmg =T sin φ,由于T =m ω2r 2+L 2L,sin φ=r R =r r 2+L2,所以μ=ω2r r 2+L2gL ,B 正确.4.(2018·河南焦作二模)如图所示,ABC 为竖直平面内的金属半圆环,AC 连线水平,A 、B 两点间固定着一根直金属棒,在直金属棒和圆环的BC 部分上分别套着小环M 、N (棒和半圆环均光滑),现让半圆环绕竖直对称轴以角速度ω1做匀速转动,小环M 、N 在图示位置.如果半圆环的角速度变为ω2,ω2比ω1稍微小一些.关于小环M 、N 的位置变化,下列说法正确的是( )A .小环M 将到达B 点,小环N 将向B 点靠近稍许 B .小环M 将到达B 点,小环N 的位置保持不变C .小环M 将向B 点靠近稍许,小环N 将向B 点靠近稍许D .小环M 向B 点靠近稍许,小环N 的位置保持不变 答案:A解析:小环M 受到重力和直金属棒的支持力,在水平面内做匀速圆周运动,合力的方向沿水平方向,所以F 合=mg tan45°=m ω2r ,半圆环的角速度由ω1变为ω2后,mg tan45°>m ω2r ,M 做向心运动,直到到达B 点,小环N 受到重力和圆环的支持力,在水平面内做匀速圆周运动,合力的方向沿水平方向,设其与ABC 半圆环圆心的连线与竖直方向之间的夹角为θ,F ′n =mg tan θ=m ω2R sin θ,所以ω2R =gcos θ,当半圆环的角速度由ω1变为ω2后,θ减小,小环N 将向B 点靠近稍许,故选A.5.(2018·安徽六安一中月考)高明同学撑一把雨伞站在水平地面上,伞面边缘点所围圆形的半径为R ,现将雨伞绕竖直伞杆匀速转动,伞边缘上的水滴落到地面,落点形成一个半径为r 的圆形,伞边缘距离地面的高度为h ,当地重力加速度为g ,则( )A .雨滴着地时的速度大小为 2ghB .雨滴着地时的速度大小为 r 2-R 2+4h 22hgC .雨伞转动的角速度大小为 1R r 2-R 2ghD .雨伞转动的角速度大小为 r -R R g2h答案:B解析:根据h =12gt 2,解得t =2h g,根据几何关系得s =r 2-R 2,平抛运动的水平位移为s =v 0t ,所以v 0=s t =r 2-R 22hg=g r 2-R 22h ,下落的过程中机械能守恒,所以12mv 2+mgh =12mv 2,联立以上方程解得v =r 2-R 2+4h 22h g ;根据公式v 0=ωR 得ω=v 0R,联立得ω=1Rr 2-R 2g2h,故B 正确,A 、C 、D 错误.6.(2018·陕西西安一中模拟)(多选)如图甲所示,用一轻质绳拴着一质量为m 的小球,在竖直平面内做圆周运动(不计一切阻力),小球运动到最高点时绳对小球的拉力为T ,小球在最高点的速度大小为v ,其T -v 2图象如图乙所示,则( )A .轻质绳长为am bB .当地的重力加速度为a mC .当v 2=c 时,轻质绳的拉力大小为ac b+aD .只要v 2≥b ,小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a 答案:BD解析:在最高点重力和绳子的拉力的合力充当向心力,所以有T +mg =m v 2R ,即T =m Rv2-mg ,故斜率k =m R ,纵截距y =-mg ,根据几何知识可得k =a b ,y =-a ,联立解得g =am,R=mb a ,A 错误,B 正确;当v 2=c 时,代入T =m R v 2-mg ,解得T =acb-a ,C 错误;只要v 2≥b ,绳子的拉力大于0,根据牛顿第二定律得最高点,T 1+mg =m v 21R ,最低点,T 2-mg =m v 22R,从最高点到最低点的过程中,根据机械能守恒定律得12mv 22=12mv 21+2mgR ,联立解得T 2-T 1=6mg ,即小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a ,D 正确.7.(2018·广东五校联考)如图甲所示,轻杆一端固定在O 点,另一端固定一小球,现让小球在竖直面内做半径为R 的圆周运动.小球运动到最高点时,杆与小球间弹力大小为F ,小球在最高点的速度大小为v ,其F -v 2图象如图乙所示.则( )A .小球的质量为aR bB .当地的重力加速度大小为R bC .v 2=c 时,杆对小球的弹力方向向上D .v 2=b 时,杆对小球的弹力大小为2mg 答案:A解析:在最高点,若v =0,则F =mg =a ;若F =0,则mg =m v 2R =m b R ,解得g =b R ,m =aRb,故A 正确,B 错误;由图可知当v 2<b 时,杆对小球的弹力方向向上,当v 2>b 时,杆对小球的弹力方向向下,所以当v 2=c 时,杆对小球的弹力方向向下,故C 错误;当v 2=b 时,杆对小球的弹力大小为0,故D 错误.8.(2018·安徽蚌埠二中模拟)(多选)如图所示,在水平转台上放置用轻绳相连的质量相同的滑块1和滑块2,转台绕转轴OO ′以角速度ω匀速转动过程中,轻绳始终处于水平状态,两滑块始终相对转台静止,且与转台之间的动摩擦因数相同,滑块1到转轴的距离小于滑块2到转轴的距离.关于滑块1和滑块2受到的摩擦力f 1、f 2与角速度的二次方的关系图线,可能正确的是( )答案:AC解析:两滑块的角速度相等,根据向心力公式F =mr ω2,考虑到两滑块质量相同,滑块2的运动半径较大,开始时摩擦力提供向心力,所以角速度增大时,滑块2先达到最大静摩擦力;继续增大角速度,滑块2所受的摩擦力不变,绳子拉力增大,滑块1的摩擦力减小,当滑块1的摩擦力减小到零后,又反向增大,当滑块1摩擦力达到最大值时,再增大角速度,将发生相对滑动,故滑块2的摩擦力先增大达到最大值,然后保持不变,滑块1的摩擦力先增大后减小,再反向增大,故A 、C 正确.9.(2018·河南豫南九校质检)(多选)如图所示,甲、乙两水平圆盘紧靠在一块,甲圆盘为主动轮,乙靠摩擦随甲转动,接触处无相对滑动.甲圆盘与乙圆盘的半径之比r 甲:r乙=:1,两圆盘和小物体m 1、m 2之间的动摩擦因数相同,m 1距O 点为2r ,m 2距O ′点为r ,当甲缓慢转动起来且转速慢慢增加时,下列说法正确的是( )A .滑动前m 1与m 2的角速度之比ω1:ω2=:3B .滑动前m 1与m 2的向心加速度之比a 1:a 2=:9C .随转速慢慢增加,m 1先开始滑动D .随转速慢慢增加,m 2先开始滑动 答案:ABD解析:甲、乙两圆盘边缘上的各点线速度大小相等,有ω1·r 甲=ω2·r 乙,则得ω1:ω2=:3,所以小物体相对圆盘开始滑动前,m 1与m 2的角速度之比为ω1:ω2=:3,故A 正确;小物体相对圆盘开始滑动前,根据a =ω2r 得,m 1与m 2的向心加速度之比a 1:a 2=ω21·2r :ω22r =:9,故B 正确;根据μmg =mr ω2知,小物体刚要滑动时角速度为m =μgr,可知m 1、m 2的临界角速度之比为:2,而甲、乙的角速度之比为ω1:ω2=:3,可知当转速增加时,m 2先达到临界角速度,所以m 2先开始滑动,故D 正确,C 错误.10.(2018·四川资阳一诊)(多选)如图所示,水平转台上有一个质量为m 的物块,用长为l 的轻质细绳将物块连接在转轴上,细绳与竖直转轴的夹角θ=30°,此时细绳伸直但无张力,物块与转台间动摩擦因数为μ=13,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,物块随转台由静止开始缓慢加速转动,角速度为ω,重力加速度为g ,则( )A .当ω=g2l 时,细绳的拉力为0 B .当ω=3g4l 时,物块与转台间的摩擦力为0 C .当ω=4g 3l 时,细绳的拉力大小为43mg D .当ω=g l 时,细绳的拉力大小为13mg 答案:AC解析:当转台的角速度比较小时,物块只受重力、支持力和摩擦力,当细绳恰好要产生拉力时μmg =m ω21l sin30°,解得ω1=2g 3l,随角速度的增大,细绳上的拉力增大,当物块恰好要离开转台时,物块受到重力和细绳的拉力的作用,mg tan30°=m ω22l sin30°,解得ω2=23g3l,由于ω1< 3g4l<ω2,所以当ω=3g4l时,物块与转台间的摩擦力不为零,故B 错误;由于g2l<ω1,所以当ω=g2l时,细绳的拉力为零,故A 正确;由于ω1< g l <ω2,由牛顿第二定律得f +F sin30°=m ⎝ ⎛⎭⎪⎫ g l 2lsin30°,因为压力小于mg ,所以f <13mg ,解得F >13mg ,故D 错误;当ω=4g3l>ω2时,物块已经离开转台,细绳的拉力与重力的合力提供向心力,则mg tan α=m ⎝⎛⎭⎪⎫ 4g 3l 2l sin α,解得cos α=34,故F =mg cos α=43mg ,故C 正确.11.如图所示,一小球从A 点以某一水平向右的初速度出发,沿水平直线轨道运动到B 点后,进入半径R =10 cm 的光滑竖直圆形轨道,圆形轨道间不相互重叠,即小球离开圆形轨道后可继续向C 点运动,C 点右侧有一壕沟,C 、D 两点间的竖直高度h =0.8 m ,水平距离s =1.2 m ,水平轨道AB 长为L 1=1 m ,BC 长为L 2=3 m ,小球与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.2,重力加速度g 取10 m/s 2.(1)若小球恰能通过圆形轨道的最高点,求小球在A 点的初速度. (2)若小球既能通过圆形轨道的最高点,又不掉进壕沟,求小球在A 点的初速度的范围. 答案:(1)3 m/s (2)3 m/s≤v A ≤4 m/s 和v A ≥5 m/s解析:(1)设小球恰能通过圆形轨道最高点的速度为v ,由牛顿第二定律得mg =m v 2R,由B 到最高点,由机械能守恒定律得12mv 2B =2mgR +12mv 2,由A 到B ,-μmgL 1=12mv 2B -12mv 2A ,解得小球在A 点的速度为v A =3 m/s.(2)若小球刚好停在C 处,则有-μmg (L 1+L 2)=0-12mv 2A 1,解得v A 1=4 m/s.若小球停在BC 段,则3 m/s≤v A ≤4 m/s. 若小球能通过C 点,并恰好越过壕沟,则有 h =12gt 2,s =v C t , -μmg (L 1+L 2)=12mv 2C -12mv 2A 2,则有v A 2=5 m/s ,所以小球在A 点的初速度范围为3 m/s≤v A ≤4 m/s 和v A ≥5 m/s. 12.如图所示,装置BO ′O 可绕竖直轴O ′O 转动,可视为质点的小球A 与两细线连接后分别系于B 、C 两点,装置静止时细线AB 水平,细线AC 与竖直方向的夹角为37°.已知小球的质量m =1 kg ,细线AC 长l =1 m ,B 点距C 点的水平和竖直距离相等.(重力加速度g 取10 m/s 2)(1)若装置匀速转动的角速度为ω1,细线AB 上的张力为零而细线AC 与竖直方向的夹角仍为37°,求角速度ω1的大小.(2)若装置匀速转动的角速度ω2= 503rad/s ,求细线AC 与竖直方向的夹角.(3)装置可以以不同的角速度匀速转动,试通过计算在坐标图中画出细线AC 上张力F T随角速度的平方ω2变化的关系图象.答案:(1)52 2 rad/s (2)53° (3)ω≤ω1=52 2 rad/s 时,F T =12.5 N 不变;ω>ω1时,F T =m ω2l =ω2(N).F T -ω2关系图象略解析:(1)当细线AB 上的张力为零时,小球的重力和细线AC 张力的合力提供小球做圆周运动的向心力,有mg tan37°=m ω21l sin37°,解得ω1= g l cos37°=52 2 rad/s.(2)当ω2=503 rad/s 时,因为503 rad/s>522 rad/s , 小球应该向左上方摆起,假设细线AB 上的张力仍然为零,则mg tan θ′=m ω22l sin θ′,解得cos θ′=35,则θ′=53°.因为B 点距C 点的水平和竖直距离相等,所以,当θ′=53°时,细线AB 恰好竖直,且m ω22l sin53°mg =43=tan53°.说明细线AB 此时的张力为零,故此时细线AC 与竖直方向的夹角为53°.(3)①ω≤ω1=522 rad/s 时,细线AB 水平,细线AC 上的张力的竖直分量等于小球的重力,即F T cos37°=mg ,则F T =mgcos37°=12.5 N.②ω1<ω<ω2时,细线AB 松弛,细线AC 上张力的水平分量等于小球做圆周运动需要的向心力,F T sin θ=m ω2l sin θ,则F T =m ω2l .③ω2≤ω时,细线AB 在竖直方向绷直,仍然由细线AC 上张力的水平分量提供小球做圆周运动需要的向心力.F T sin θ=m ω2l sin θ,则F T =m ω2l .综上所述:ω≤ω1=522 rad/s 时,F T =12.5 N 不变; ω>ω1时,F T =m ω2l =ω2(N).F T-ω2关系图略. 刷题加餐练刷高考真题——找规律1.(2015·天津卷)未来的星际航行中,宇航员长期处于零重力状态,为缓解这种状态带来的不适,有人设想在未来的航天器上加装一段圆柱形“旋转舱”,如图所示.当旋转舱绕其轴线匀速旋转时,宇航员站在旋转舱内圆柱形侧壁上,可以受到与他站在地球表面时相同大小的支持力.为达到上述目的,下列说法正确的是( )A .旋转舱的半径越大,转动的角速度就应越大B .旋转舱的半径越大,转动的角速度就应越小C .宇航员质量越大,旋转舱的角速度就应越大D .宇航员质量越大,旋转舱的角速度就应越小 答案:B解析:宇航员在舱内受到的支持力与他站在地球表面时受到的支持力大小相等,mg =m ω2r ,即g =ω2r ,可见r 越大,ω就应越小,B 正确、A 错误;角速度与质量m 无关,C 、D 错误.2.(2016·上海卷)风速仪结构如图(a)所示.光源发出的光经光纤传输,被探测器接收,当风轮旋转时,通过齿轮带动凸轮圆盘旋转,当圆盘上的凸轮经过透镜系统时光被遮挡.已知风轮叶片转动半径为r ,每转动n 圈带动凸轮圆盘转动一圈.若某段时间Δt 内探测器接收到的光强随时间变化关系如图(b)所示,则该时间段内风轮叶片( )A .转速逐渐减小,平均速率为4πnrΔtB .转速逐渐减小,平均速率为8πnrΔtC .转速逐渐增大,平均速率为4πnrΔtD .转速逐渐增大,平均速率为8πnrΔt答案:B解析:据题意,从题图(b)可以看出,在Δt 时间内,探测器接收到光的时间在增长,圆盘上的凸轮挡光时间也在增长,可以确定圆盘上的凸轮的转动速度在减小;在Δt 时间内从题图(b)可以看出有4次挡光,即圆盘转动4周.则风轮叶片转动了4n 周,风轮叶片转过的弧长为l =4n ×2πr ,叶片转动的平均速率为v =8πnrΔt,故选项B 正确.3.(2016·浙江卷)(多选)如图所示为赛车场的一个水平“梨形”赛道,两个弯道分别为半径R =90 m 的大圆弧和r =40 m 的小圆弧,直道与弯道相切.大、小圆弧圆心O 、O ′距离L =100 m .赛车沿弯道路线行驶时,路面对轮胎的最大径向静摩擦力是赛车重力的2.25倍,假设赛车在直道上做匀变速直线运动,在弯道上做匀速圆周运动,要使赛车不打滑,绕赛道一圈时间最短(发动机功率足够大,重力加速度g =10 m/s 2,π=3.14),则赛车( )A .在绕过小圆弧弯道后加速B .在大圆弧弯道上的速率为45 m/sC .在直道上的加速度大小为5.63 m/s 2D .通过小圆弧弯道的时间为5.58 s 答案:AB 解析:赛车在弯道上做匀速圆周运动时最大径向静摩擦力提供向心力,设最大径向静摩擦力与赛车重力的比值为k ,则kmg =m v 21r,得在小圆弧赛道的最大速率v 1=kgr =30 m/s ,在大圆弧赛道的最大速率为v 2=kgR =45 m/s ,B 正确;为确保所用时间最短,需要在以v 1=30 m/s 绕过小圆弧弯道后加速以v 2=45 m/s 的速率在大圆弧弯道做匀速圆周运动,A正确;直道的长度l =L 2-R -r 2=50 3 m ,在小圆弧弯道的最大速度v 1=30 m/s ,在大圆弧弯道的最大速度v 2=45 m/s ,故在直道上的加速度大小为a =v 22-v 212l =452-3022×503m/s2=6.50 m/s 2,C 错误;由题图知小圆弧为所在圆的13,即小圆弧弯道的长度为x =2πr 3,则通过小圆弧弯道的时间t =x v 1=2πr 3v 1=2.79 s ,D 错误.刷仿真模拟——明趋向4.(2018·安徽六安一中模拟)如图所示,两个可视为质点的相同的木块A 和B 放在水平转盘上,两者用长为L 的细绳连接,木块与转盘间的最大静摩擦力均为各自重力的k 倍,A 放在距离转轴L 处,整个装置能绕通过转盘中心的转轴O 1O 2转动.开始时,绳恰好伸直但无弹力,现让该装置从静止开始转动,使角速度缓慢增大,以下说法不正确的是( )A .当ω>2kg3L时,A 、B 相对于转盘会滑动 B .当ω>kg2L 时,绳子一定有弹力 C .当ω在 kg 2L <ω< 2kg3L范围内增大时,B 所受摩擦力变大D .当ω在0<ω< 2kg3L范围内增大时,A 所受摩擦力一直变大答案:C解析:当A 所受的摩擦力达到最大静摩擦力时,A 、B 相对于转盘会滑动,对A 有kmg-T =mL ω21,对B 有T +kmg =m ·2L ω21,解得ω1=2kg 3L ,当ω>2kg 3L时,A 、B 相对于转盘会滑动,故A 正确.当B 达到最大静摩擦力时,绳子将要产生弹力,kmg =m ·2L ω22,解得ω2=kg2L,知ω>kg 2L 时,绳子一定有弹力,故B 正确.当ω在0<ω< kg 2L范围内增大时,B 所受摩擦力变大,当ω在 kg 2L <ω< 2kg3L范围内增大时,B 所受摩擦力不变,故C 错误;当ω在0<ω< 2kg3L范围内增大时,A 所受摩擦力一直增大,故D 正确.本题选错误的,故选C.5.(2018·黑龙江哈三中一模)“水流星”是在一根彩绳两端各系一只玻璃碗,内盛彩色水,演员甩绳舞弄,晶莹的玻璃碗飞快地旋转飞舞,在竖直面内做圆周运动,而碗中之水不洒点滴.下列说法正确的是( )A .玻璃碗到最高点时,水对碗底的压力一定为零B .玻璃碗到最高点时,玻璃碗的速度可以为零C .若玻璃碗转动时能经过圆周最高点,则在最高点和最低点绳子对碗拉力之差随转动线速度增大而增大D .若玻璃碗转动时能经过圆周最高点,则在最高点和最低点碗对水弹力之差与绳长无关答案:D解析:玻璃碗到最高点时,水对碗底的压力大于或等于零,当v =gl 时,水对碗底的压力为零;当v >gl 时,水对碗底的压力大于零,故A 错误;玻璃碗在最高点的最小速度为gl ,故B 错误;设玻璃碗在最低点速度为v 1,在最高点速度为v 2,根据向心力公式,最低点有F 1-mg =m v 21l ,最高点有F 2+mg =m v 22l ,根据动能定理,有-mg ·2l =12mv 22-12mv 21,联立得ΔF =F 1-F 2=6mg ,与绳长无关,故C 错误,D 正确.6.(2018·陕西西安一模)(多选)如图所示,一质量为m 的小球置于半径为R 的光滑竖直圆轨道最低点A 处,B 为轨道最高点,弹簧一端固定于圆心O 点,另一端与小球拴接.已知弹簧的劲度系数k =mg R,原长L =2R ,弹簧始终处于弹性限度内,若给小球一水平初速度v 0,已知重力加速度为g ,则( )A .当v 0较小时,小球可能会离开圆轨道B .若2gR <v 0<5gR ,则小球会在B 、D 间脱离圆轨道C .只要v 0>4gR ,小球就能做完整的圆周运动D .只要小球能做完整的圆周运动,则小球与轨道间最大压力与最小压力之差与v 0无关 答案:CD解析:因为弹簧的劲度系数k =mg R,原长L =2R ,所以小球始终会受到弹簧的弹力作用,大小为F =k (L -R )=kR =mg ,方向始终背离圆心,无论小球在CD 以上的哪个位置速度为零,重力在沿半径方向上的分量都小于或等于弹簧的弹力(在CD 以下,轨道对小球一定有指向圆心的支持力),所以无论v 0多大,小球均不会离开圆轨道,故A 、B 错误.小球在运动过程中只有重力做功,弹簧的弹力和轨道的支持力不做功,机械能守恒,当运动到最高点速度为零时,在最低点的速度最小,有12mv 2min =2mgR ,所以只要v 0>v min =4gR ,小球就能做完整的圆周运动,故C 正确.在最低点时,设小球受到的支持力为N ,有N -kR -mg =m v 20R,解得N=2mg +m v 20R,运动到最高点时受到轨道的支持力最小,设为N ′,设此时的速度为v ,由机械能守恒有12mv 20=2mgR +12mv 2, 此时合外力提供向心力,有N ′-kR +mg =m v 2R,联立解得N ′=m v 20R-4mg ,得压力之差ΔN =N -N ′=6mg ,与v 0无关,故D 正确.7.(2018·河南郴州一模)(多选)如图所示,BC 是半径为R =1 m 的竖直面内的圆弧轨道,轨道末端C 在圆心O 的正下方,∠BOC =60°,将质量为m =1 kg 的小球,从与O 等高的A 点水平抛出,小球恰好从B 点沿圆弧切线方向进入轨道,由于小球与圆弧之间有摩擦,能够使小球从B 到C 做匀速圆周运动,重力加速度大小g 取10 m/s 2,则下列说法正确的是( )A .从B 到C ,小球与轨道之间的动摩擦因数可能保持不变 B .从B 到C ,小球克服摩擦力做功为5 JC .A 、B 两点间的距离为 712mD .小球从B 到C 的全过程中,小球对轨道的压力不变 答案:B解析:小球从A 到B 做平抛运动,在B 点,小球速度方向偏转角θ=60°,则tan60°=v y v A ,v y =gt ,竖直方向的位移y =R cos60°=12gt 2,水平方向的位移x =v A t ,解得x =33 m ,则A 、B 两点间的距离x AB =x 2+y 2=712m ,C 正确;在B 点小球的速度大小v =v 2A +v 2y =2330 m/s ,小球从B 到C 做匀速圆周运动,则由能量守恒定律可知,小球克服摩擦力做的功等于重力做的功,即W f =W G =mg (R -R cos60°)=12mgR =5 J ,B 正确;从B 到C ,小球对轨道的压力变大,而小球重力沿轨道切线方向上的分力变小,小球匀速圆周运动,沿轨道切线方向受力平衡,则所受摩擦力变小,则小球与轨道之间的动摩擦因数变小,A 、D 错误.刷最新原创——抓重点8.两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球,细线上端固定在同一点,若两个小球以相同的角速度,绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动,则两个摆球在运动过程中,相对位置关系示意图正确的是( )答案:B 解析:小球做匀速圆周运动,对其受力分析如图所示,则有mg tan θ=m ω2L sin θ,整理得:L cos θ=gω2,则两球处于同一高度,故B 正确. 9.如图所示,在竖直放置的离心浇铸装置中,电动机带动两个支承轮同向转动,管状模型放在这两个支承轮上靠摩擦带动,支承轮与管状模型间不打滑.铁水注入之后,由于离心作用,铁水紧紧靠在模型的内壁上,从而可得到密实的铸件,浇铸时支承轮转速不能过低,否则,铁水会脱离模型内壁,产生次品.已知管状模型内壁半径为R ,支承轮的半径为r ,重力加速度为g ,则支承轮转动的最小角速度为( )A.g R B.gR rC.g 2R D.gR2r答案:B解析:经过最高点的铁水要紧压模型内壁,临界情况是重力恰好提供向心力,根据牛顿第二定律,有mg =m v 2R,解得v =gR .支承轮边缘与模型边缘线速度相等,故支承轮边缘的最小线速度也为gR ,支承轮转动的最小角速度ω=v r =gRr,B 正确.刷易错易误——排难点易错点1 不能正确分析向心力的来源10.如图所示,水平放置的圆管内有A 、B 两个小滑块,A 的质量小于B 的质量,A 与管的接触面粗糙,B 与管的接触面光滑,两滑块间用轻绳相连,且到O 点距离相等,轻绳的最大承受力小于A 与管间的最大静摩擦力.当管在水平面内绕过O 点的竖直轴转动时,角速度从零开始增大,下列说法正确的是( )A .A 的合力等于B 的合力B .角速度较小时,A 受到的静摩擦力沿管向里C .随着角速度的增大,A 受到的静摩擦力先沿管向外逐渐减小,然后沿管向里逐渐增大D .当角速度增大到一定数值时,轻绳断开,B 沿管向外运动,A 仍能与管一起转动 答案:D解析:本题考查向心力和离心运动,意在考查考生对圆周运动和向心力的分析能力.两滑块随管一起转动时,向心力F =m ω2r ,由于A 的质量小于B 的质量,故A 的合力小于B的合力,A 错误;轻绳对B 的拉力等于B 的向心力,即T =m B ω2r ,由于m A <m B ,A 的向心力小于T ,故A 受到沿管向外的静摩擦力,有T -f =m A ω2r ,可得f =(m B -m A )·ω2r ,ω增大,f 增大,方向不变,B 、C 错误;当角速度增大,轻绳拉力达到最大承受力,此时A 受到的静摩擦力小于最大静摩擦力,轻绳断开,B 沿管向外做离心运动,而A 受到的静摩擦力方向瞬间变为沿管向里,提供其做圆周运动的向心力,故A 仍然随管一起转动,D 正确.易错点2 不会分析、比较物体在粗糙圆弧上来回运动时摩擦力的大小关系 11.(多选)如图所示,在竖直平面内固定两个半径均为R 的细圆管轨道A 、B ,A 轨道光滑,B 轨道粗糙.两个质量均为m 的小球(可视为质点)分别从两轨道的最低点以相同的初速度向右运动,A 轨道中的小球恰好能到达最高点,B 轨道中的小球恰好能到达与圆心等高的位置,不计空气阻力,重力加速度为g .下列说法正确的是( )A .B 轨道中的小球从最低点运动到与圆心等高的位置时,小球克服摩擦力做的功为mgR B .A 轨道中的小球,在最高点时重力的功率为零,在最低点时重力的功率最大C .B 轨道中的小球再次回到最低点时的速度为零D .A 轨道中的小球再次回到最低点时,对轨道的压力大于mg 答案:AD解析:本题考查圆周运动规律,意在考查考生的分析推理能力.设小球的初速度为v 0,对于A 轨道中的小球有12mv 20=mg ·2R ,对于B 轨道中的小球有12mv 20=mgR +W f ,B 轨道中的小球从最低点运动到与圆心等高的位置时,小球克服摩擦力做的功为W f =mgR ,选项A 正确;A 轨道中的小球,在最高点时重力的功率为零,在最低点时重力方向与速度方向垂直,重力的功率也为零,选项B 错误;B 轨道中的小球从最低点运动到与圆心等高的位置的过程与从与圆心等高的位置运动到最低点的过程,小球对轨道的压力不同,受到的摩擦力不同,两次摩擦力做功不同,B 轨道中的小球再次回到最低点时的速度不为零,选项C 错误;根据合力提供向心力,A 轨道中的小球再次回到最低点时,对轨道的压力大于mg ,选项D 正确.刷综合大题——提能力 12.(2018·日照联合检测)如图所示,M 是水平放置的半径足够大的圆盘,绕过其圆心的竖直轴OO ′匀速转动,规定经过圆心O 且水平向右为x 轴正方向.在O 点正上方距盘面高为h =5 m 处有一个可间断滴水的容器,从t =0时刻开始,容器沿水平轨道向x 轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动.已知t =0时刻滴下第一滴水,以后每当前一滴水刚好落到盘面时再滴下一滴水.(取g =10 m/s 2)(1)每一滴水离开容器后经过多长时间滴落到盘面上?(2)要使每一滴水在盘面上的落点都位于同一直线上,圆盘的角速度ω应为多大? (3)当圆盘的角速度为1.5π时,第二滴水与第三滴水在盘面上落点间的距离为2 m ,求容器的加速度a .答案:(1)1 s (2)k πg2h(k =1,2,3,…) (3)47373m/s 2。

高三物理一轮复习训练题组:《圆周运动的规律及其应用》人教版

高三物理一轮复习训练题组:《圆周运动的规律及其应用》人教版

第3讲 圆周运动的规律及其应用对应高考题组1.(2011·安徽卷,17)一般的曲线运动可以分成很多小段,每小段都可以看成圆周运动的一部分,即把整条曲线用一系列不同半径的小圆弧来代替.如图甲所示,曲线上的A 点的曲率圆定义为:通过A 点和曲线上紧邻A 点两侧的两点作一圆,在极限情况下,这个圆就叫做A 点的曲率圆,其半径ρ叫做A 点的曲率半径.现将一物体沿与水平面成α角的方向以速度v 0抛出,如图乙所示.则在其轨迹最高点P 处的曲率半径是( ).A .v 20gB .v 20sin 2αgC .v 20cos 2αgD .v 20cos 2αg sin α解析 物体在最高点时速度沿水平方向,曲率圆的P 点可看做该点对应的竖直平面内圆周运动的最高点,由牛顿第二定律及圆周运动规律知:mg =mv 2ρ,解得ρ=v 2g =v 0cos α2g=v 20cos 2αg.答案 C2.(2012·福建卷,20)如图所示,置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动,当转速达到某一数值时,物块恰好滑离转台开始做平抛运动.现测得转台半径R =0.5 m ,离水平地面的高度H =0.8 m ,物块平抛落地过程水平位移的大小s =0.4 m .设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取重力加速度g =10 m/s 2.求:(1)物块做平抛运动的初速度大小v 0; (2)物块与转台间的动摩擦因数μ. 解析 (1)物块做平抛运动,在竖直方向上有H =12gt 2① 在水平方向上有s =v 0t ,②由①②式解得v 0=s g 2H代入数据得v 0=1 m/s .(2)物块离开转台时,由最大静摩擦力提供向心力,有F f m =m v 20R③ F f m =μN =μmg④由③④式得μ=v 20gR,代入数据得μ=0.2.答案 (1)1 m/s (2)0.2。

高考物理一轮复习专题4.3 圆周运动的规律及其应用(精讲)(解析版)

高考物理一轮复习专题4.3 圆周运动的规律及其应用(精讲)(解析版)

专题4.3圆周运动的规律及其应用1.了解线速度、角速度、周期、频率、转速等概念。

理解向心力及向心加速度。

2.能结合生活中的圆周运动实例熟练应用向心力和向心加速度处理问题。

3.能正确处理竖直平面内的圆周运动。

4.知道什么是离心现象,了解其应用及危害。

会分析相关现象的受力特点。

知识点一匀速圆周运动及描述1.匀速圆周运动(1)定义:做圆周运动的物体,若在相等的时间内通过的圆弧长相等,就是匀速圆周运动。

(2)特点:加速度大小不变,方向始终指向圆心,是变加速运动。

(3)条件:合外力大小不变、方向始终与速度方向垂直且指向圆心。

2.描述圆周运动的物理量物理量意义、方向公式、单位线速度(v )①描述圆周运动的物体运动快慢的物理量②是矢量,方向和半径垂直,和圆周相切①v =Δs Δt =2πr T②单位:m/s 角速度(ω)①描述物体绕圆心转动快慢的物理量②中学不研究其方向①ω=ΔθΔt =2πT②单位:rad/s 周期(T )和转速(n )或频率(f )①周期是物体沿圆周运动一周的时间②转速是物体单位时间转过的圈数,也叫频率①T =2πrv 单位:s②n 的单位:r/s 、r/min ,f 的单位:Hz向心加速度(a )①描述速度方向变化快慢的物理量②方向指向圆心①a =v 2r =rω2②单位:m/s 23.线速度、角速度、周期、向心加速度之间的关系(1)v =ωr =2πTr =2πrf .(2)a n =v 2r =rω2=ωv =4π2T 2r =4π2f 2r .知识点二匀速圆周运动的向心力1.向心力的理解(1)作用效果向心力产生向心加速度,只改变速度的方向,不改变速度的大小。

(2)大小F =m v 2r =mω2r =m 4π2T 2r =mωv =4π2mf 2r 。

(3)方向始终沿半径方向指向圆心,时刻在改变,即向心力是一个变力。

(4)来源向心力可以由一个力提供,也可以由几个力的合力提供,还可以由一个力的分力提供。

圆周运动规律及应用

圆周运动规律及应用

圆周运动规律及应用圆周运动是指物体在一个固定的圆形轨道上运动的过程。

它是一种常见的运动形式,在日常生活中有着广泛的应用。

圆周运动的规律和应用涉及到物体的角速度、切线速度、向心加速度等概念,下面将详细介绍。

首先,圆周运动的基本概念是角度和弧长之间的关系。

当物体在圆周上移动一个角度时,会对应一个弧长的变化。

这个关系是通过弧度制来表示的,即角度的度数除以180再乘以π。

例如,一个物体在圆周上旋转一周,对应的角度是360度,弧度是2π。

这个关系为后面的计算提供了基础。

其次,圆周运动可以通过角速度来描述。

角速度是指物体在圆周运动中,单位时间内所转过的角度。

它的公式是角速度=角度/时间。

角速度的单位通常是弧度/秒。

角速度可以用来描述物体的运动快慢,具体数值越大表示转动越快。

然后,圆周运动的速度可以分为切线速度和角速度。

切线速度是指物体在圆周运动时切线方向上的速度。

它的公式是切线速度=角速度×半径。

切线速度可以通过测量单位时间内物体经过的弧长来计算。

切线速度是表示物体在圆周运动中的真实速度,与角速度和半径有关。

再次,圆周运动中常常会涉及到一个重要的物理量,即向心加速度。

向心加速度是指物体在圆周运动中径向方向的加速度。

它的公式是向心加速度=切线速度²/半径。

向心加速度是由于物体受到向心力的作用而产生的,它的方向始终指向圆心。

向心加速度的大小与切线速度的平方成正比,与半径的倒数成反比。

向心加速度是决定圆周运动轨迹的重要因素。

最后,圆周运动的规律和应用在日常生活中有着广泛的应用。

其中之一是汽车在行驶过程中的转向。

当汽车转弯时,驾驶员会施加向心力来改变汽车的方向。

向心力的大小与汽车速度的平方成正比,与转弯半径成反比。

这是因为向心力与向心加速度成正比,而向心加速度又与切线速度的平方成正比,与半径的倒数成反比。

因此,汽车转弯时,向心力越大,转弯越快。

另一个应用是摩托车在绕弯过程中的倾斜角度。

当摩托车绕弯时,为了保持稳定状态,驾驶员会倾斜摩托车,使重心向内侧偏移。

2019版高考物理大一轮优选(全国通用版)课件:第12讲圆周运动的规律及应用

2019版高考物理大一轮优选(全国通用版)课件:第12讲圆周运动的规律及应用

一 圆周运动中的运动学分析
1.圆周运动各物理量间的关系
2.常见的三种传动方式及特点 (1)皮带传动:如图甲、乙所示,皮带与两轮之间无相对滑动时,两轮边缘线速 度大小相等,即 vA=vB.
(2)摩擦传动:如图丙所示,两轮边缘接触,接触点无打滑现象时,两轮边缘线 速度大小相等,即vA=vB.
(3)同轴传动:如图丁所示,两轮固定在一起绕同一转轴转动,两轮转动的角速 度大小相等,即ωA=ωB.
___圈__数_____(n),也叫频率(f)
(1)T=2vπr;单位:____s______ (2)n 的单位 r/s、r/min (3)f 的单位:____H_z_____,f=T1
定义、意义
公式、单位
(1)描述速度___方__向_____变化快慢的物理 向心加 速度 量(an)
(2)方向指向___圆__心_____
[例1]如图所示的皮带传动装置中,右边两轮连在一起同轴转动.图中三轮半径
的关系为r1=2r2,r3=1.5r1,A、B、C三点为三个轮边缘上的点,皮带不打滑,则 A、B、C三点的线速度之比为___1_∶__1_∶__3_;角速度之比为__1_∶__2_∶__2__;周期之比为 __2_∶__1_∶__1__.
第四章 曲线运动 万有引力与航天
第12讲 圆周运动的规律及应用
考纲要求
1.圆周运动中的运动 学分析Ⅱ 2.圆周运动中的动 力学分析Ⅱ
考情分析
命题趋势
高考对本专题直接考查题型多是选择题,对
带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的计算题 2016·全国卷 的考查,也渗透在本专题中.确定向心力和 Ⅱ,16
半径是求解圆周类问题的关键,对此方法要
能熟练应用
栏目导航

高考物理一轮复习讲义 第2讲 圆周运动的基本规律及应用

高考物理一轮复习讲义 第2讲 圆周运动的基本规律及应用

高考物理一轮复习讲义 第2讲 圆周运动的基本规律及应用一、描述圆周运动的物理量物理量 物理意义定义、公式、单位线速度描述物体沿切向运动的快慢程度①物体沿圆周通过的弧长与时间的比值②v =Δl Δt③单位:m/s④方向:沿圆弧切线方向角速度描述物体绕圆心转动的快慢①连接运动质点和圆心的半径扫过的角度与时间的比值②ω=ΔθΔt③单位:rad/s周期和转速描述匀速圆周运动的快慢程度①周期T :物体沿圆周运动一周所用的时间,公式T =2πrv,单位:s②转速n :物体单位时间内所转过的圈数,单位:r/s 、r/min向心加速度描述速度方向变化快慢的物理量①大小:a n =v 2r=ω2·r②方向:总是沿半径指向圆心,方向时刻变化③单位:m/s 2v 、ω、T 、n 、a 的相互关系v =ωr =2πrTa =v 2r =ω2r =ω·v =⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2·r 二、向心力1.定义:做圆周运动的物体受到的指向圆心方向的合外力,只改变线速度方向,不会改变线速度的大小.2.大小:F 向=ma 向=m v 2R=mRω2=mR ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2=mR (2πf )2.3.方向:总指向圆心,时刻变化,是变力.4.向心力的向心力是按效果来命名的,对各种情况下向心力的来源要明确. 三、匀速圆周运动和非匀速圆周运动 1.匀速圆周运动(1)运动特点:线速度的大小恒定,角速度、周期和频率都恒定不变的圆周运动.(2)受力特点:合外力完全用来充当向心力.向心力(向心加速度)大小不变、方向时刻指向圆心(始终与速度方向垂直),是变力.(3)运动性质:变加速曲线运动(加速度大小不变、方向时刻变化). 2.变速圆周运动(非匀速圆周运动)(1)运动特点:线速度大小、方向时刻在改变的圆周运动.(2)受力特点:变速圆周运动的合外力不指向圆心,合外力产生两个效果(如图所示).①沿半径方向的分力F n :此分力即向心力,产生向心加速度而改变速度方向. ②沿切线方向的分力F τ:产生切线方向加速度而改变速度大小. (3)运动性质:变加速曲线运动(加速度大小、方向都时刻变化). 四、离心运动1.定义:做圆周运动的物体,在所受合外力突然消失或不足以提供圆周运动所需向心力的情况下,就做逐渐远离圆心的运动.2.本质:做圆周运动的物体,由于本身的惯性,总有沿着圆周切线方向飞出去的倾向. 3.受力特点:(1)当F =m rω2时,物体做匀速圆周运动; (2)当F =0时,物体沿切线方向飞出;(3)当F <m rω3时,物体逐渐远离圆心,F 为实际提供的向心力,如图所示.1.关于运动和力的关系,下列说法正确的是( ) A .物体在恒力作用下不可能做直线运动 B .物体在恒力作用下不可能做曲线运动 C .物体在恒力作用下不可能做圆周运动 D .物体在恒力作用下不可能做平抛运动解析:物体在恒力作用下不可能做圆周运动,选项C 正确. 答案: C2.关于向心力,下列说法中正确的是( ) A .向心力不改变做圆周运动物体速度的大小 B .做匀速圆周运动的物体,其向心力是不变的 C .做圆周运动的物体,所受合力一定等于向心力D .做匀速圆周运动的物体,一定是所受的合外力充当向心力解析:向心力始终指向圆心,所以方向是时刻变化的;做匀速圆周运动的物体,所受合力才等于向心力.答案:AD 3.汽车在公路上行驶一般不打滑,轮子转一周,汽车向前行驶的距离等于车轮的周长.某国产轿车的车轮半径约为30 cm ,当该型号的轿车在高速公路上行驶时,驾驶员面前速率计的指针指在“120 km/h”上,可估算出该车轮的转速约为( )A .1000 r/sB .1 000 r/minC .1 000 r/hD .2 000 r/s解析: 由公式ω=2πn ,v =ωr =2πrn ,其中r =30 cm =0.3 m ,v =120 km/h =1003m/s ,代入公式得n =1 00018πr /s ,约为1 000 r/min.答案: B4.(2013·山西高三月考)荡秋千是儿童喜爱的运动,当秋千荡到最高点时小孩的加速度方向可能是( )A .1方向B .2方向C .3方向D .4方向解析:小孩在最高点时速度为零,由a =v 2R可知,此时的向心加速度为零,小球只沿切线方向加速,切向加速度不为零,所以在最高点时小孩的加速度方向为2方向,B 选项正确.答案: B5.一种新型高速列车转弯时,车厢会自动倾斜,提供转弯需要的向心力;假设这种新型列车以360 km/h 的速度在水平面内转弯,弯道半径为1.5 km ,则质量为75 kg 的乘客在列车转弯过程中所受到的合力为( )A .500 NB .1 000 NC .500 2 ND .0 答案: A圆周运动的运动学问题对公式v =rω和a n =v 2r=rω2的理解(1)由v =rω知,r 一定时,v 与ω成正比;ω一定时,v 与r 成正比;v 一定时,ω与r 成反比.(2)由a n =v 2r=rω2知,在v 一定时,an 与r 成反比;在ω一定时,a n 与r 成正比.如图所示是一个玩具陀螺.A 、B 和C 是陀螺上的三个点.当陀螺绕垂直于地面的轴线以角速度ω稳定旋转时,下列表述正确的是( )A .A 、B 和C 三点的线速度大小相等 B .A 、B 和C 三点的角速度相等 C .A 、B 的角速度比C 的大D .C 的线速度比A 、B 的大解析:A 、B 和C 均是同一陀螺上的点,它们做圆周运动的角速度都为陀螺旋转的角速度ω,B 对、C 错.三点的运动半径关系r A =r B >r C ,据v =ωr 可知,三点的线速度关系v A =v B >v C ,A 、D 错.答案:B在传动装置中各物理量之间的关系传动类型图示结论共轴传动各点角速度ω相同,而线速度v =ωr 与半径r 成正比,向心加速度大小a =rω2与半径r 成正比.皮带(链条)传动当皮带不打滑时,用皮带连接的两轮边沿上的各点线速度大小相等,由ω=v r 可知,ω与r 成反比,由a =v 2r可知,a 与r 成反比.1-1:如图所示为某一皮带传动装置.主动轮的半径为r 1,从动轮的半径为r 2.已知主动轮做顺时针转动,转速为n ,转动过程中皮带不打滑.下列说法正确的是( )A .从动轮做顺时针转动B .从动轮做逆时针转动C .从动轮的转速为r 1r 2nD .从动轮的转速为r 2r 1n解析:因为主动轮顺时针转动,从动轮通过皮带的摩擦力带动转动,所以从动轮逆时针转动,A 错误、B 正确;由于通过皮带传动,皮带与轮边缘接触处的速度相等,所以由2πnr 1=2πn 2r 2,得从动轮的转速为n 2=nr 1r 2,C 正确、D 错误. 答案:BC匀速圆周运动的实例分析1.汽车转弯类问题汽车(或自行车)在水平路面上转弯如图所示.路面对汽车(或自行车)的静摩擦力提供向心力.若动摩擦因数为μ,则由μmg =m v 2R得汽车(或自行车)安全转弯的最大速度为v =μgR .2.火车拐弯问题 设火车车轨间距为L ,两轨高度差为h ,火车转弯半径为R ,火车质量为M ,如图所示.因为θ角很小,所以sin θ≈tan θ,故h L=F n Mg,所以向心力Fn =h LMg .又因为Fn =Mv 2/R ,所以车速v =ghR L.3.汽车过桥问题 项目 凸形桥 凹形桥受力 分析图以a 方向为正方向,根据牛顿第二定律列方程mg -F N 1=m v 2r F N 1=mg -m v 2rF N 2-mg =m v 2r F N 2=mg +m v 2r讨论v 增大,小车对桥的压力F′N 1减小;当v增大到rg 时,F′N 1=0 v 增大,小车对桥的压力F′N 2增大;只要v ≠0,F′N 1<F′N 2由列表比较可知,汽车在凹形桥上行驶对桥面及轮胎损害大,但在凸形桥上,最高点速率不能超过gr .在半径为r 的半圆柱面最高点,汽车以v =gr 的速率行驶将脱离桥面. 在高速公路的拐弯处,通常路面都是外高内低.如图所示,在某路段汽车向左拐弯,司机左侧的路面比右侧的路面低一些.汽车的运动可看做是做半径为R 的圆周运动.设内外路面高度差为h ,路基的水平宽度为d ,路面的宽度为L .已知重力加速度为g .要使车轮与路面之间的横向摩擦力(即垂直于前进方向)等于零,则汽车转弯时的车速应等于( )A. gRhL B. gRh d C.gRLh D. gRd h解析:汽车做匀速圆周运动,向心力由重力与斜面对汽车的支持力的合力提供,且向心力的方向水平,向心力大小F 向=mg tan θ.根据牛顿第二定律:F 向=m v 2R,tan θ=h d ,解得汽车转弯时的车速v =gRhd,B 对. 答案:B解决圆周运动问题的主要步骤2-1:“飞车走壁”是一种传统的杂技艺术,演员骑车在倾角很大的桶面上做圆周运动而不掉下来.如图所示,已知桶壁的倾角为θ,车和人的总质量为m ,做圆周运动的半径为r .若使演员骑车做圆周运动时不受桶壁的摩擦力,下列说法正确的是( )A .人和车的速度为gr tan θB .人和车的速度为gr sin θC .桶面对车的弹力为mg cos θD .桶面对车的弹力为mgsin θ解析:对人和车进行受力分析如图所示.根据直角三角形的边角关系和向心力公式可列方程:F N cos θ=mg ,mg tan θ=m v 2r.解得v =gr tan θ,F N =mgcos θ. 答案:AC竖直面内圆周运动中的临界问题有关临界问题出现在变速圆周运动中,竖直平面内的圆周运动是典型的变速圆周运动,一般情况下,只讨论最高点和最低点的情况.(2012·济南模拟)如图所示,小球紧贴在竖直放置的光滑圆形管道内壁做圆周运动,内侧壁半径为R,小球半径为r,则下列说法正确的是( ) A.小球通过最高点时的最小速度v min=g R+rB.小球通过最高点时的最小速度v min=0C.小球在水平线ab以下的管道中运动时,内侧管壁对小球一定无作用力D.小球在水平线ab以上的管道中运动时,外侧管壁对小球一定有作用力解析:小球沿管上升到最高点的速度可以为零,故A错误,B正确;小球在水平线ab以下的管道中运动时,由外侧管壁对小球的作用力F N与球重力在背离圆心方向的分力F mg的合力提供向心力,即:F N-F mg=ma,因此,外侧管壁一定对球有作用力,而内侧壁无作用力,C正确;小球在水平线ab以上的管道中运动时,小球受管壁的作用力情况与小球速度大小有关,D错误.答案:BC(2012·江西南昌模拟)如图所示,两段长均为L 的轻质线共同系住一个质量为m 的小球,另一端分别固定在等高的A 、B 两点,A 、B 两点间距也为L .现使小球在竖直平面内做圆周运动,当小球到达最高点的速率为v 时,两段线中张力恰好均为零,若小球到达最高点速率为2v ,则此时每段线中张力为多大?(重力加速度为g )解析:本题属于最高点无支持物的情况.当速率为v 时,mg =mv 2R当速率为2v 时,满足mg +F =m 2v 2R得F =3mg则设每根线上的张力为F T ,满足:2F T cos 60°2=3mg即F T =3mg . 答案: 3mg1.如图是摩托车比赛转弯时的情形.转弯处路面常是外高内低,摩托车转弯有一个最大安全速度,若超过此速度,摩托车将发生滑动.对于摩托车滑动的问题,下列论述正确的是( )A .摩托车一直受到沿半径方向向外的离心力作用B .摩托车所受外力的合力小于所需的向心力C .摩托车将沿其线速度的方向沿直线滑去D .摩托车将沿其半径方向沿直线滑去解析:本题考查圆周运动的规律和离心现象.摩托车只受重力、地面支持力和地面的摩擦力作用,没有离心力,A 项错误;摩托车正确转弯时可看做是做匀速圆周运动,所受的合力等于向心力,如果向外滑动,说明提供的向心力即合力小于需要的向心力,B 项正确;摩托车将在沿线速度方向与半径向外的方向之间做离心曲线运动,C 、D 项错误.答案:B2.如图所示,用细线拴着一个小球,在光滑水平面上做匀速圆周运动,则下列说法中正确的是( )A .小球线速度大小一定时,线越长越容易断B .小球线速度大小一定时,线越短越容易断C .小球角速度一定时,线越长越容易断D .小球角速度一定时,线越短一定越容易断 解析:小球线速度大小一定时,线的拉力大小与线的长度L 的关系可用F =m v 2L来判断;小球角速度一定时,线的拉力大小与线的长度L的关系可用F =mω2L 来判断.答案:BC3.如图所示的齿轮传动装置中,主动轮的齿数z 1=24,从动轮的齿数z 2=8,当主动轮以角速度ω顺时针转动时,从动轮的运动情况是( )A .顺时针转动,周期为2π/3ωB .逆时针转动,周期为2π/3ωC .顺时针转动,周期为6π/ωD .逆时针转动,周期为6π/ω解析:主动轮顺时针转动,从动轮逆时针转动,两轮边缘的线速度相等,由齿数关系知主动轮转一周时,从动轮转三周,故T 从=2π3ω,B 正确.答案:B4.如图所示,长为L 的轻杆一端固定一质量为m 的小球,另一端可绕固定光滑水平转轴O 转动,现使小球在竖直平面内做圆周运动,C 为圆周的最高点,若小球通过圆周最低点D 的速度大小为6gL ,则小球在C 点( )A .速度等于gLB .速度大于gLC .受到轻杆向上的弹力D .受到轻杆向下的拉力解析:小球从最低点转到最高点,由2mgL =12mv 2D -12mv 2C ,解得v C =2gL ,则小球在C 点的速度大于gL ,B 项对.在C 点,由牛顿第二定律得F +mg =m v 2CL,得F =mg ,F 方向向下,故D 项正确.答案:BD5.“飞车走壁”杂技表演比较受青少年的喜爱,这项运动由杂技演员驾驶摩托车,简化后的模型如图所示.表演者沿表演台的侧壁做匀速圆周运动.若表演时杂技演员和摩托车的总质量不变.摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零,轨道平面离地面的高度为H 、侧壁倾斜角度α不变,则下列说法中正确的是( )A .摩托车做圆周运动的H 越高,向心力越大B .摩托车做圆周运动的H 越高,线速度越大C .摩托车做圆周运动的H 越高,向心力做功越多D .摩托车对侧壁的压力随高度H 变大而减小 解析:考查圆周运动向心力相关知识,学生的分析能力、建模能力.经分析可知向心力由重力及侧壁对摩托车弹力的合力提供,因摩托车和演员整体做匀速圆周运动,所受合外力等于向心力,因而B 正确.答案:B。

高考物理一轮复习全程训练计划课练12圆周运动的规律及应用(含解析)

高考物理一轮复习全程训练计划课练12圆周运动的规律及应用(含解析)
n 圈的时间相等,则有 t=nT=n2ωπ,解得 ω=2nt π,n=1,2,3,….当 n=1 时,ω=8π rad/s;当 n=2 时,ω=16π rad/s,随着 n 的增大,角速度在增大,故角速度最小为 8π rad/s, 故 D 正确.
3.[2019·河北省邯郸市曲周一中调研]如图所示,长 0.5 m 的轻质细杆一端 O 处有光 滑的固定转动轴,另一端固定有一个质量为 3 kg 的小球,当杆绕 O 在竖直平面内做圆周运 动,小球通过最高点时的速率为 2 m/s,则此时轻杆的受力情况是(取 g=10 m/s2)( )
小题狂练⑫小题是基础 练小题 提分快
1.[2019·湖南省永州市祁阳一中检测]如图为学员驾驶汽车在水平面上绕 O 点做匀速圆 周运动的俯视示意图,已知质量为 60 kg 的学员在 A 点位置,质量为 70 kg 的教练员在 B 点位置,A 点的转弯半径为 5.0 m,B 点的转弯半径为 4.0 m,学员和教练员(均可视为质 点)( )
圆 周 运 动 时 , 由 重 力 和 细 线 的 拉 力 的 合 力 提 供 向 心 力 , 则 有 : T = cmosgθ; mgtanθ = mω2Lsinθ;Q 受到重力、细线的拉力和桌面的支持力、摩擦力的作用,在竖直方向上:Mg +Tcosθ=FN;联立可得:FN=Mg+mg,和小球的高度、细线与竖直方向之间的夹角都无 关,保持不变.故 A 正确.对 Q,由平衡条件知,Q 受到桌面的静摩擦力 f=mgtanθ,则 θ 变大时,Q 受到桌面的静摩擦力变大,故 B 正确.由 mgtanθ=mω2Lsinθ,得角速度 ω=
A.运动周期之比为 5:4 B.运动线速度大小之比为 1:1:14 答案:D 解析:学员和教练员做圆周运动的角速度相等,根据 T=2ωπ知,周期相等,故 A 错误; 根据 v=rω,学员和教练员做圆周运动的半径之比为 5:4,则学员和教练员做圆周运动的 线速度之比为 5:4,故 B 错误:根据 a=rω2,学员和教练员做圆周运动的半径之比为 5: 4,则学员和教练员做圆周运动的向心加速度大小之比为 5:4,故 C 错误;根据 F=ma, 学员和教练员做圆周运动的向心加速度大小之比为 5:4,质量之比为 6:7,则学员和教 练员受到的合力大小之比为 15:14,故 D 正确.

2019版高考物理一轮复习 第四章 曲线运动 万有引力与航天 课后分级演练12 圆周运动

2019版高考物理一轮复习 第四章 曲线运动 万有引力与航天 课后分级演练12 圆周运动

课后分级演练(十二) 圆周运动【A 级——基础练】1.水平放置的三个不同材料制成的圆轮A 、B 、C ,用不打滑皮带相连,如图所示(俯视图),三圆轮的半径之比为R A ∶R B ∶R C =3∶2∶1,当主动轮C 匀速转动时,在三轮的边缘上分别放置一相同的小物块(可视为质点),小物块均恰能相对静止在各轮的边缘上,设小物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,小物块与轮A 、B 、C 接触面间的动摩擦因数分别为μA 、μB 、μC ,A 、B 、C 三轮转动的角速度分别为ωA 、ωB 、ωC ,则( )A .μA ∶μB ∶μC =2∶3∶6 B .μA ∶μB ∶μC =6∶3∶2 C .ωA ∶ωB ∶ωC =1∶2∶3D .ωA ∶ωB ∶ωC =6∶3∶2解析:A 小物块在水平方向由最大静摩擦力提供向心力,所以向心加速度a =μg ,而a =v 2R ,A 、B 、C 三圆轮边缘的线速度大小相同,所以μ∝1R,所以μA ∶μB ∶μC =2∶3∶6,由v =Rω可知,ω∝1R,所以ωA ∶ωB ∶ωC =2∶3∶6,故只有A 正确.2.如图为学员驾驶汽车在水平面上绕O 点做匀速圆周运动的俯视示意图.已知质量为60 kg 的学员在A 点位置,质量为70 kg 的教练员在B 点位置,A 点的转弯半径为5.0 m ,B 点的转弯半径为4.0 m ,学员和教练员(均可视为质点)( )A .运动周期之比为5∶4B .运动线速度大小之比为1∶1C .向心加速度大小之比为4∶5D .受到的合力大小之比为15∶14解析:D A 、B 两点做圆周运动的角速度相等,根据T =2πω知,周期相等,故A 错误.根据v =rω知,半径之比为5∶4,则线速度大小之比为5∶4,故B 错误.根据a =rω2知,半径之比为5∶4,则向心加速度大小之比为5∶4,故C 错误.根据F =ma 知,向心加速度大小之比为5∶4,质量之比为6∶7,则合力大小之比为15∶14,故D 正确.3.(2017·成都质检)光盘驱动器读取数据的某种方式可简化为以下模式,在读取内环数据时,以恒定角速度方式读取,而在读取外环数据时,以恒定线速度的方式读取.如图所示,设内环内边缘半径为R 1,内环外边缘半径为R 2,外环外边缘半径为R 3.A 、B 、C 分别为各边缘线上的点.则读取内环上A点时,A点的向心加速度大小和读取外环上C点时,C点的向心加速度大小之比为( )A.R21R2R3B.R22R1R3C.R2R3R21D.R1R3R22解析:D 本题考查线速度、角速度、向心加速度等,意在考查考生对圆周运动参量的理解能力、合理选择向心力加速度公式分析问题的能力.A、B两点角速度相同,由a=ω2r,可知a A∶a B=R1∶R2①;B、C两点线速度相同,由a=v2r,可知a B∶a C=R3∶R2②;由①×②得a A∶a C=R1R3∶R22,D项正确.4.(2017·三门峡陕州中学专训)在玻璃管中放一个乒乓球后注满水,然后用软木塞封住管口,将此玻璃管固定在转盘上,管口置于转盘转轴处,处于静止状态.当转盘在水平面内转动时,如图所示,则乒乓球会(球直径比管直径略小)( )A.向管底运动B.向管口运动C.保持不动D.无法判断解析:B 开始时,玻璃管壁的摩擦力不足以提供水做圆周运动时所需要的合外力,所以水被“甩”到外侧管底才能随转盘进行圆周运动,则乒乓球在水的作用下向管口运动,故B正确.5.如图所示,一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面,圆锥筒固定不动,有两个质量相等的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动,则以下说法中正确的是( )A.A球的角速度等于B球的角速度B.A球的线速度大于B球的线速度C.A球的运动周期小于B球的运动周期D.A球对筒壁的压力大于B球对筒壁的压力解析:B 先对小球受力分析,如图所示,由图可知,两球的向心力都来源于重力mg和支持力F N的合力,建立如图所示的坐标系,则有:F N sin θ=mg①F N cos θ=mrω2②由①得F N=mgsin θ,小球A和B受到的支持力F N相等,由牛顿第三定律知,选项D错误.由于支持力F N 相等,结合②式知,A 球运动的半径大于B 球运动的半径,故A 球的角速度小于B 球的角速度,A 球的运动周期大于B 球的运动周期,选项A 、C 错误,又根据F N cosθ=m v 2r可知:A 球的线速度大于B 球的线速度,选项B 正确.6.(多选)“水流星”是一种常见的杂技项目,该运动可以简化为细绳一端系着小球在竖直平面内的圆周运动模型,如图所示,已知绳长为l ,重力加速度为g ,则( )A .小球运动到最低点Q 时,处于失重状态B .小球初速度v 0越大,则在P 、Q 两点绳对小球的拉力差越大C .当v 0>6gl 时,小球一定能通过最高点PD .当v 0<gl 时,细绳始终处于绷紧状态解析:CD 小球运动到最低点Q 时,由于加速度向上,故处于超重状态,选项A 错误;小球在最低点时:F T1-mg =m v 20l ;在最高点时:F T2+mg =m v 2l ,其中12mv 20-mg ·2l =12mv 2,解得F T1-F T2=6mg ,故在P 、Q 两点绳对小球的拉力差与初速度v 0无关,选项B 错误;当v 0=6gl 时,得v =2gl ,因为小球能经过最高点的最小速度为gl ,则当v 0>6gl 时小球一定能通过最高点P ,选项C 正确;当v 0=gl 时,由12mv 20=mgh 得小球能上升的高度h =12l ,即小球不能越过与悬点等高的位置,故当v 0<gl 时,小球将在最低点位置来回摆动,细绳始终处于绷紧状态,选项D 正确.7.如图所示,轻杆长3L ,在杆两端分别固定质量均为m 的球A 和B ,光滑水平转轴穿过杆上距球A 为L 处的O 点,外界给系统一定能量后,杆和球在竖直平面内转动,球B 运动到最高点时,杆对球B 恰好无作用力.忽略空气阻力.则球B 在最高点时( )A .球B 的速度为零 B .球A 的速度大小为2gLC .水平转轴对杆的作用力为1.5mgD .水平转轴对杆的作用力为2.5mg解析:C 球B 运动到最高点时,杆对球B 恰好无作用力,即重力恰好提供向心力,有mg =m v 2B2L,解得v B =2gL ,故A 错误;由于A 、B 两球的角速度相等,则球A 的速度大小v A=122gL ,故B 错误;B 球在最高点时,对杆无弹力,此时A 球受重力和拉力的合力提供向心力,有F -mg =m v 2AL,解得:F =1.5mg ,故C 正确,D 错误.8.如图所示,水平杆固定在竖直杆上,两者互相垂直,水平杆上O 、A 两点连接有两轻绳,两绳的另一端都系在质量为m 的小球上,OA=OB =AB ,现通过转动竖直杆,使水平杆在水平面内做匀速圆周运动,三角形OAB 始终在竖直平面内,若转动过程中OB 、AB 两绳始终处于拉直状态,则下列说法正确的是( )A .OB 绳的拉力范围为0~33mg B .OB 绳的拉力范围为33mg ~233mg C .AB 绳的拉力范围为33mg ~233mg D .AB 绳的拉力范围为0~233mg解析:B 当转动的角速度为零时,OB 绳的拉力最小,AB 绳的拉力最大,这时两者的值相同,设为F 1,则2F 1cos 30°=mg ,F 1=33mg ,增大转动的角速度,当AB 绳的拉力刚好等于零时,OB 绳的拉力最大,设这时OB 绳的拉力为F 2,则F 2cos 30°=mg ,F 2=233mg ,因此OB 绳的拉力范围为33mg ~233mg ,AB 绳的拉力范围为0~33mg ,B 项正确. 9.(2017·广东汕头二模)如图甲,小球用不可伸长的轻绳连接后绕固定点O 在竖直面内做圆周运动,小球经过最高点时的速度大小为v ,此时绳子的拉力大小为T ,拉力T 与速度v 的关系如图乙所示,图象中的数据a 和b 包括重力加速度g 都为已知量,以下说法正确的是( )A .数据a 与小球的质量有关B .数据b 与圆周轨道半径有关C .比值ba只与小球的质量有关,与圆周轨道半径无关 D .利用数据a 、b 和g 能够求出小球的质量和圆周轨道半径 解析:D 在最高点对小球受力分析,由牛顿第二定律有T +mg =m v 2R ,可得图线的函数表达式为T =m v 2R -mg ,图乙中横轴截距为a ,则有0=m a R -mg ,得g =a R,则a =gR ;图线过点(2a ,b ),则b =m 2a R -mg ,可得b =mg ,则b a =mR,A 、B 、C 错.由b =mg得m =bg ,由a =gR 得R =a g,则D 正确.10.如图所示,用一根长为l =1 m 的细线,一端系一质量为m =1 kg 的小球(可视为质点),另一端固定在一光滑锥体顶端,锥面与竖直方向的夹角θ=37°,当小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为ω时,细线的张力为F T .(g 取10 m/s 2,结果可用根式表示)求:(1)若要小球刚好离开锥面,则小球的角速度ω0至少为多大? (2)若细线与竖直方向的夹角为60°,则小球的角速度ω′为多大? 解析:(1)若要小球刚好离开锥面,则小球只受到重力和细线的拉力,受力分析如图所示.小球做匀速圆周运动的轨迹圆在水平面上,故向心力水平,在水平方向运用牛顿第二定律及向心力公式得:mg tan θ=mω20l sin θ解得:ω20=g l cos θ即ω0=gl cos θ=522 rad/s.(2)同理,当细线与竖直方向成60°角时,由牛顿第二定律及向心力公式得:mg tan α=mω′2l sin α解得:ω′2=g l cos α,即ω′=gl cos α=2 5 rad/s.答案:52 2 rad/s (2)2 5 rad/s【B 级——提升练】11.(2017·咸阳一模)固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道ABCD ,其A 点与圆心等高,D 点为轨道的最高点,DB 为竖直线,AC 为水平线,AE 为水平面,如图所示.今使小球自A 点正上方某处由静止释放,且从A 点进入圆弧轨道运动,只要适当调节释放点的高度,总能使球通过最高点D ,则小球通过D 点后( )A .一定会落到水平面AE 上B .一定会再次落到圆弧轨道上C .可能会再次落到圆弧轨道上D .不能确定解析:A 设小球恰好能够通过最高点D ,根据mg =m v 2DR,得:v D =gR ,知在最高点的最小速度为gR .小球经过D 点后做平抛运动,根据R =12gt 2得:t =2Rg.则平抛运动的水平位移为:x =gR ·2Rg=2R ,知小球一定落在水平面AE 上.故A 正确,B 、C 、D 错误.12.(多选)(2017·湖南联考)如图所示为用绞车拖物块的示意图.拴接物块的细线被缠绕在轮轴上,轮轴逆时针转动从而拖动物块.已知轮轴的半径R =0.5 m ,细线始终保持水平;被拖动物块质量m =1.0 kg ,与地面间的动摩擦因数μ=0.5;轮轴的角速度随时间变化的关系是ω=kt ,k =2 rad/s ,g =10 m/s 2,以下判断正确的是( )A .物块做匀速运动B .细线对物块的拉力是5.0 NC .细线对物块的拉力是6.0 ND .物块做匀加速直线运动,加速度大小是1.0 m/s 2解析:CD 由题意知,物块的速度为:v =ωR =2t ×0.5=1t (m),又v =at ,故可得:a =1 m/s 2,所以物块做匀加速直线运动,加速度大小是1.0 m/s 2.故A 错误,D 正确;由牛顿第二定律可得:物块所受合外力为:F =ma =1 N ,F =F T -F f ,地面摩擦力为:F f =μmg =0.5×1×10 N=5 N ,故可得物块受细线拉力为:F T =F f +F =5 N +1 N =6 N ,故B 错误,C 正确.13.如图,质量为M 的物体内有光滑圆形轨道,现有一质量为m 的小滑块沿该圆形轨道在竖直面内作圆周运动.A 、C 点为圆周的最高点和最低点,B 、D 点是与圆心O 同一水平线上的点.小滑块运动时,物体M 在地面上静止不动,则物体M 对地面的压力F N 和地面对M 的摩擦力有关说法正确的是( )A .小滑块在A 点时,F N >Mg ,摩擦力方向向左B .小滑块在B 点时,F N =Mg ,摩擦力方向向右C .小滑块在C 点时,F N =(M +m )g ,M 与地面无摩擦D .小滑块在D 点时,F N =(M +m )g ,摩擦力方向向左解析:B 因为轨道光滑,所以小滑块与轨道之间没有摩擦力.小滑块在A 点时,与轨道没有水平方向的作用力,所以轨道没有运动趋势,即摩擦力为零;当小滑块的速度v =gR 时,对轨道的压力为零,轨道对地面的压力F N =Mg ,当小滑块的速度v >gR 时,对轨道的压力向上,轨道对地面的压力F N <Mg ,故选项A 错误;小滑块在B 点时,对轨道的作用力水平向左,所以轨道对地有向左运动的趋势,地面给轨道向右的摩擦力;竖直方向上对轨道无作用力,所以轨道对地面的压力F N =Mg ,故选项B 正确;小滑块在C 点时,地面对轨道也没有摩擦力;竖直方向上小滑块对轨道的压力大于其重力,所以轨道对地面的压力F N >(M +m )g ,故选项C 错误;小滑块在D 点时,地面给轨道向左的摩擦力,轨道对地面的压力F N =Mg ,故选项D 错误.14.(2017·昆明七校调研)如图所示,一长l =0.45 m 的轻绳一端固定在O 点,另一端连接一质量m =0.10 kg 的小球,悬点O 距离水平地面的高度H =0.90 m .开始时小球处于A 点,此时轻绳拉直处于水平方向上,让小球从静止释放,当小球运动到B 点时,轻绳碰到悬点O 正下方一个固定的钉子P 时立刻断裂.不计轻绳断裂的能量损失,取重力加速度g =10 m/s 2.(1)轻绳断裂后小球从B 点抛出并落在水平地面的C 点,求C 点与B 点之间的水平距离; (2)若OP =0.30 m ,轻绳碰到钉子P 时绳中拉力达到所能承受的最大拉力而断裂,求轻绳能承受的最大拉力.解析:(1)设小球运动到B 点时的速度大小为v B ,由机械能守恒定律得12mv 2B =mgl解得小球运动到B 点时的速度大小,v B =2gl =3.0 m/s小球从B 点做平抛运动,由运动学规律得x =v B t y =H -l =12gt 2解得C 点与B 点之间的水平距离x =v B ·2H -lg=0.90 m. (2)若轻绳碰到钉子时,轻绳拉力恰好达到最大值F m ,由牛顿运动定律得F m -mg =mv 2Brr =l -OP由以上各式解得F m =7 N.答案:(1)0.90 m (2)7 N15.(2017·河北石家庄质检)如图所示,一条轨道固定在竖直平面内,粗糙的ab 段水平,bcde 段光滑,cde 段是以O 为圆心、R 为半径的一小段圆弧,可视为质点的物块A 和B 紧靠在一起,静止于b 处,A 的质量是B 的3倍.两物块在足够大的内力作用下突然分离,分别向左、右沿轨道运动,B 到d 点时速度沿水平方向,此时轨道对B 的支持力大小等于B 所受重力的3/4,A 与ab 段的动摩擦因数为μ,重力加速度为g ,求:(1)物块B 在d 点的速度大小;(2)物块A 、B 在b 点刚分离时,物块B 的速度大小; (3)物块A 滑行的最大距离s .解析:(1)B 在d 点时,根据牛顿第二定律有: mg -34mg =m v 2R解得:v =Rg2(2)B 从b 到d 过程,只有重力做功,由机械能守恒有: 12mv 2B =mgR +12mv 2 解得:v B =32Rg(3)A 、B 分离过程由动量守恒有:3mv A =mv BA 做匀减速直线运动,由动能定理得0-12×3mv 2A =-3μmgs 联立解得:s =R8μ答案:(1)Rg 2 (2)32Rg (3)R8μ。

高考物理一轮复习 圆周运动的基本规律及应用教案(含解

高考物理一轮复习 圆周运动的基本规律及应用教案(含解

第3课时 圆周运动的基本规律及应用[知 识 梳 理]知识点一、匀速圆周运动、角速度、线速度、向心加速度 1.匀速圆周运动(1)定义:做圆周运动的物体,若在相等的时间内通过的圆弧长相等,就是匀速圆周运动。

(2)特点:加速度大小不变,方向始终指向圆心,是变加速运动。

(3)条件:合外力大小不变、方向始终与速度方向垂直且指向圆心。

2.描述圆周运动的物理量描述圆周运动的物理量主要有线速度、角速度、周期、频率、转速、向心加速度、向心力等,现比较如下表:定义、意义公式、单位线速度(v )①描述圆周运动的物体运动快慢的物理量②是矢量,方向和半径垂直,和圆周相切①v =Δs Δt =2πr T②单位:m/s 角速度(ω) ①描述物体绕圆心转动快慢的物理量②中学不研究其方向①ω=ΔθΔt =2πT②单位:rad/s 周期(T )和转速(n )或频率(f )①周期是物体沿圆周运动一周的时间②转速是物体单位时间转过的圈数,也叫频率①T =2πrv单位:s②n 的单位:r/s 、r/min ,f 的单位:Hz向心加速度(a )①描述速度方向变化快慢的物理量 ②方向指向圆心①a =v 2r =rω2②单位:m/s 2知识点二、匀速圆周运动的向心力1.作用效果:向心力产生向心加速度,只改变速度的方向,不改变速度的大小。

2.大小:F =m v 2r =mω2r =m 4π2T2r =mωv =4π2mf 2r 。

3.方向:始终沿半径方向指向圆心,时刻在改变,即向心力是一个变力。

4.来源向心力可以由一个力提供,也可以由几个力的合力提供,还可以由一个力的分力提供。

知识点三、离心现象1.定义:做圆周运动的物体,在所受合外力突然消失或不足以提供圆周运动所需向心力的情况下,就做逐渐远离圆心的运动。

2.本质:做圆周运动的物体,由于本身的惯性,总有沿着圆周切线方向飞出去的趋势。

图13.受力特点当F=mrω2时,物体做匀速圆周运动;当F=0时,物体沿切线方向飞出;当F<mrω2时,物体逐渐远离圆心,F为实际提供的向心力,如图1所示。

2019版高中物理红对勾一轮总复习课件:12圆周运动

2019版高中物理红对勾一轮总复习课件:12圆周运动
答案:D
2. (多选)如图所示,在半径为 R 的水平圆盘中心轴正上方水 平抛出一小球,圆盘以角速度 ω 做匀速转动,当圆盘半径 Ob 恰 好转到与小球初速度方向相同且平行的位置时,将小球抛出.要 使小球与圆盘只碰一次,且落点为 b,重力加速度为 g,则小球 抛点 a 距圆盘的高度 h 和小球的初速度 v0 可能满足( )
课堂互动探究
考点 01 圆周运动的运动学问题 [自主悟透] 1.圆周运动各物理量间的关系
2.对公式 v=ωr 的理解 当 r 一定时,v 与 ω 成正比; 当 ω 一定时,v 与 r 成正比; 当 v 一定时,ω 与 r 成反比. 3.对 a=vr2=ω2r 的理解 当 v 一定时,a 与 r 成反比; 当 ω 一定时,a 与 r 成正比.
A.h=πω2g2 ,v0=R2πω C.h=2ωπ22g,v0=R6πω
B.h=8ωπ22g,v0=R4πω D.h=32ωπ22g,v0=R8πω
解析:由平抛运动规律,有 R=v0t,h=12gt2,要使小球与圆 盘只碰一次,且落点为 b,需要满足 n·2π=ωt(n=1,2,3,…),联 立解得 h=2nω2π22g,v0=2Rnωπ(n=1,2,3,…).当 n=1 时,h=2ωπ22g, v0=R2ωπ ,选项 A 错误;当 n=2 时,h=8ωπ22g,v0=R4ωπ ,选项 B 正确;当 n=3 时,h=18ωπ22g,v0=R6πω,选项 C 错误;当 n=4 时,h=32ωπ22g,v0=R8ωπ ,选项 D 正确.
A.转速逐渐减小,平均速率为4πΔnt r B.转速逐渐减小,平均速率为8πΔnt r C.转速逐渐增大,平均速率为4πΔnt r D.转速逐渐增大,平均速率为8πΔnt r
解析:根据题意,从题图乙可以看出,在 Δt 时间内,探测 器接收到光的时间在增长,凸轮圆盘的挡光时间也在增长,可以 确定圆盘凸轮的转动速度在减小;在 Δt 时间内可以从题图看出 有 4 次挡光,即凸轮圆盘转动 4 周,则风轮叶片转动了 4n 周, 风轮叶片转过的弧长为 l=4n×2πr,叶片转动速率为:v=8πΔnt r, 故选项 B 正确.

高考物理一轮复习专题4.3 圆周运动的规律及其应用(精练)(原卷版)

高考物理一轮复习专题4.3 圆周运动的规律及其应用(精练)(原卷版)

专题4.3圆周运动的规律及其应用1.(2019·湖南湘潭一中期末)如图所示是一个时钟,有关时钟的秒针、分针和时针的角速度,下列判断正确的是()A.秒针和分针角速度大小之比为60∶1B.分针和时针角速度大小之比为60∶1C.时针和秒针角速度大小之比为720∶1D.时针和秒针的角速度大小之比为1∶36002.(2019·河北承德二中期中)两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球,细线上端固定在同一点,若两个小球以相同的角速度绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动,则两个摆球在运动过程中,相对位置关系示意图正确的是图中的()3.(2019·山西晋城一中月考)如图所示,在粗糙水平木板上放一个物块,使水平板和物块一起在竖直平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动,ab为水平直径,cd为竖直直径.在运动过程中木板始终保持水平,物块相对木板始终静止,则()A.物块始终受到两个力作用B.只有在a、b、c、d四点,物块受到的合外力才指向圆心C.从a到b,物块所受的摩擦力先增大后减小D.从b到a,物块处于超重状态4.(2019·陕西西安铁路一中期中)如图所示为火车在转弯处时车轮部分的截面示意图,轨道的外轨高于内轨.某转弯处规定行驶的速度为v,当火车通过此弯道时,下列判断正确的是()A.若速度大于v,则火车轮缘挤压内轨B.若速度大于v,则火车轮缘挤压外轨C.若速度大于v,则火车所需向心力由外轨轮缘挤压产生D.若速度小于v,则火车所需向心力由内轨轮缘挤压产生5.(2019·江苏无锡一中期中)近年许多电视台推出户外有奖冲关的游戏节目,如图所示(俯视图)是某台设计的冲关活动中的一个环节.要求挑战者从平台A上跳到以O为转轴的快速旋转的水平转盘上而不落入水中.已知平台到转盘盘面的竖直高度为1.25m,平台边缘到转盘边缘的水平距离为1m,转盘半径为2m,以12.5r/min的转速匀速转动,转盘边缘间隔均匀地固定有6个相同障碍桩,障碍桩及桩和桩之间的间隔对应的圆心角均相等.若某挑战者在如图所示时刻从平台边缘以水平速度沿AO方向跳离平台,把人视为质点,不计桩的厚度,g取10m/s2,则能穿过间隙跳上转盘的最小起跳速度为()A.1.5m/s B.2m/s C.2.5m/s D.3m/s6.(2019·浙江丽水一中月考)如图所示,小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动,内侧壁半径为R,小球半径为r,则下列说法中正确的是()A.小球通过最高点时的最小速度v min=g R+rB.小球通过最高点时的最小速度v min=gRC.小球在水平线ab以下的管道中运动时,内侧管壁对小球一定无作用力D.小球在水平线ab以上的管道中运动时,外侧管壁对小球一定有作用力7.(2019·安徽六安一中期末)小球P 和Q 用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上,P 球的质量大于Q 球的质量,悬挂P 球的绳比悬挂Q 球的绳短.将两球拉起,使两绳均被水平拉直,如图所示.将两球由静止释放.在各自轨迹的最低点()A .P 球的速度一定大于Q 球的速度B .P 球的动能一定小于Q 球的动能C .P 球所受绳的拉力一定大于Q 球所受绳的拉力D .P 球的向心加速度一定小于Q 球的向心加速度8.(2019·福建莆田一中期中)如图所示,用一根细绳一端系一个小球,另一端固定,给小球不同的初速度,使小球在水平面内做角速度不同的圆周运动,则下列细绳拉力F 、悬点到轨迹圆心高度h 、向心加速度a 、线速度v 与角速度平方ω2的关系图象正确的是()9.(2019·广西柳州第一中学期中)在室内自行车比赛中,运动员以速度v 在倾角为θ的赛道上做匀速圆周运动。

2019版高考物理大第四章曲线运动万有引力与航天课时达标12圆周运动的规律及应用

2019版高考物理大第四章曲线运动万有引力与航天课时达标12圆周运动的规律及应用

第12讲 圆周运动的规律及应用[解密考纲]考查圆周运动的参量之间的关系、匀速圆周运动的周期性问题、水平面内圆周运动临界问题、竖直平面内圆周运动的绳模型和杆模型问题.1.明代出版的《天工开物》一书中就有牛力齿轮翻车的图画(如图),记录了我们祖先的劳动智慧.若A 、B 、C 三齿轮半径的大小关系如图,则( D )A .齿轮A 的角速度比C 的大B .齿轮A 与B 角速度大小相等C .齿轮B 与C 边缘的线速度大小相等D .齿轮A 边缘的线速度比C 边缘的大解析 由图可知r A >r B >r C ,A 齿轮边缘与B 齿轮边缘线速度大小是相等的,即v A =v B ,由v =ωr ,可得ωA ωB =r Br A ,则ωA <ωB ;B 齿轮与C 齿轮共轴,则B 齿轮与C 齿轮角速度大小相等,即ωB =ωC ,由v =ωr ,可得齿轮B 与齿轮C 边缘的线速度之比v B v C =r Br C,则v B >v C ,综上所述可知v A =v B >v C ,ωB =ωC >ωA ,故选项A 、B 、C 错误,D 正确.2.如图所示,在倾角为α=30°的光滑斜面上,有一根长为L =0.8 m 的细绳,一端固定在O 点,另一端系一质量为m =0.2 kg 的小球,沿斜面做圆周运动.若要小球能通过最高点A (g =10 m/s 2,空气阻力不计),则小球在最低点B 的最小速度是( C )A .2 m/sB .210 m/sC .2 5 m/sD .2 2 m/s解析 小球恰好通过A 点,受力分析如图所示.有F 向=mg sin α=mv 2AL.则通过A 点的最小速度v A =gL ·sin α=2 m/s.根据机械能守恒定律得12mv 2B =12mv 2A +2mgL sin α,解得v B =2 5 m/s ,选项C 正确.3. 如图所示,一光滑轻杆沿水平方向放置,左端O处连接在竖直的转动轴上,a、b为两个可视为质点的小球,穿在杆上,并用细线分别连接Oa和ab,且Oa=ab,已知b球质量为a球质量的3倍.当轻杆绕O轴在水平面内匀速转动时,Oa和ab两线的拉力之比为( D)A.1∶3 B.1∶6C.4∶3 D.7∶6解析对a球,F T O a-F T ab=mω2Oa;对b球,F T ab=3mω2(Oa+ab).由以上两式得,Oa 和ab两线的拉力之比为7∶6,选项D正确.4.(多选)变速自行车靠变换齿轮组合来改变行驶速度挡,如图是某一变速车齿轮转动结构示意图,图中A轮有48齿,B轮有42齿,C轮有18齿,D轮有12齿.下列说法正确的是( BCD)A.该车可变换3种不同挡位B.该车可变换4种不同挡位C.A与D轮组合时,是行驶速度最快挡D.B与D轮组合时,两轮的角速度之比ωB∶ωD=2∶7解析齿轮有AC、AD、BC、BD四种组合,则可变换4种不同挡位;B与D轮组合时,线速度相等,两轮的角速度之比等于齿数反比,即ωB∶ωD=2∶7;行驶速度最快挡为齿数比最大的组合,即A与D轮组合.故选项A错误,B、C、D正确.5.(2017·山西太原模拟)用一根细线一端系一可视为质点的小球,另一端固定在一以角速度ω旋转的光滑锥顶上,如图所示,设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为ω,线的张力为F T,则F T随ω2变化的图象是( C)解析 设线长为L ,锥面与竖直方向夹角为θ,当ω=0时,小球静止,受重力mg 、支持力F N 和线的拉力F T 而平衡,F T =mg cos θ≠0,所以选项A 、B 错误;ω增大时,F T 增大,F N 减小,当F N =0时,角速度为ω0.当ω<ω0时,由牛顿第二定律得,F T sin θ-F N cos θ=m ω2L sin θ,F T cos θ+F N sin θ=mg ,解得F T =m ω2L sin 2θ+mg cos θ;当ω>ω0时,小球离开锥面,线与竖直方向夹角变大,设为β,由牛顿第二定律得F T sin β=m ω2L sin β,所以F T =mL ω2,可知F T -ω2图线的斜率变大,所以选项C 正确,选项D 错误.6.如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P ,细线的上端固定在金属块Q 上,Q 放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P ′位置),两次金属块Q 都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下列判断中正确的是( C )A .细线所受的拉力变0小B .小球P 运动的角速度变小C .Q 受到桌面的静摩擦力变大D .Q 受到桌面的支持力变大解析 设细线与竖直方向的夹角为θ,细线的拉力大小为F T ,细线的长度为L .P 球做匀速圆周运动时,由重力和细线的拉力的合力提供向心力,如图,则有F T =mgcos θ,mg tan θ=m ω2L sin θ,得角速度ω=gL cos θ,周期T =2πω,使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动时,θ增大,cos θ减小,则细线拉力F T 增大,角速度增大,周期T减小.对Q 球,由平衡条件得,Q 受到桌面的静摩擦力变大,故选项A 、B 错误,C 正确;金属块Q 保持在桌面上静止,根据平衡条件知,Q 受到桌面的支持力等于其重力,保持不变.故选项D 错误.7.(多选)质量为m 的小球由轻绳a 、b 分别系于一轻质木架上的A 和C 点,绳长分别为l a 、l b ,如图所示,当轻杆绕轴BC 以角速度ω匀速转动时,小球在水平面内做匀速圆周运动,绳a 在竖直方向,绳b 在水平方向,当小球运动到图示位置时,绳b 被烧断的同时轻杆停止转动,则( BC )A .小球仍在水平面内做匀速圆周运动B .在绳b 被烧断瞬间,a 绳中张力突然增大C .若角速度ω=2gl a,小球在垂直于平面ABC 的竖直平面内摆动 D .若角速度ω=2gl a,小球能在竖直平面ABC 内做完整的圆周运动解析 绳b 被烧断后,小球在竖直平面内做圆周运动,烧断瞬间具有向上的加速度,处于超重状态,则选项B 正确;小球恰好到最高点的速度v =gR ,从最低点到最高点,由机械能守恒定律得12m (ωl a )2=2mgl a +12mv 2,则最小角速度ω=5gl a,故选项A 、D 错误;小球恰好到A 的等高处,此时速度v ′=0,从最低点到此处,由机械能守恒定律得,12m (ωl a )2=mgl a +12mv ′2,则最小角速度ω=2gl a,故选项C 正确.8.(2017·甘肃兰州质检)如图所示,可视为质点的木块A 、B 叠放在一起,放在水平转台上随转台一起绕固定转轴OO ′匀速转动,木块A 、B 与转轴OO ′的距离为1 m ,A 的质量为5 kg ,B 的质量为10 kg.已知A 与B 间的动摩擦因数为0.2,B 与转台间的动摩擦因数为0.3,如木块A 、B 与转台始终保持相对静止,则转台角速度ω的最大值为(最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取g =10 m/s 2)( B )A.1 rad/s B. 2 rad/sC. 3 rad/s D.3 rad/s解析A与B间的动摩擦因数为0.2,B与转台间的动摩擦因数为0.3,知逐渐增大转台角速度时B与A先发生相对滑动,由牛顿第二定律μ1m A g=m Aω2r,得ω= 2 rad/s.选项B正确.9.(2017·宁夏银川诊断)如图所示,小球m可以在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动,下列说法中正确的是( B)A.小球通过最高点的最小速度至少为v=gRB.小球通过最高点的最小速度可以为0C.小球在水平线ab以下管道中运动时,内侧管壁对小球一定有作用力D.小球在水平线ab以上管道中运动时,内侧管壁对小球一定有作用力解析此题为杆模型,小球在最高点的速度可以为零,选项A错误,选项B正确;小球在水平线ab以下管道中运动时,内侧管壁对小球没有作用力,外侧管壁对小球一定有作用力,选项C错误;小球在水平线ab以上管道运动时,内侧管壁对小球有没有作用力,要视小球的速度情况而定,选项D错误.10.(2017·上海青浦调研)如图甲所示,轻杆一端与质量为1 kg、可视为质点的小球相连,另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动.现使小球在竖直平面内做圆周运动,经最高点开始计时,取水平向右为正方向,小球的水平分速度v随时间t的变化关系如图乙所示,A、B、C三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点,该三点的纵坐标分别是1、0、-5.g取10 m/s2,不计空气阻力.下列说法中正确的是( D)A .轻杆的长度为0.5 mB .小球经最高点时,杆对它作用力方向竖直向下C .B 点对应时刻小球的速度为3 m/sD .曲线AB 段与坐标轴所围图形的“面积”为0.6 m解析 设杆的长度为L ,小球从A 到C 的过程中机械能守恒,得12mv A 2+2mgL =12mv 2C ,所以L =v 2C -v 2A4g =-2-1240m =0.6 m .故选项A 错误;若小球在A 点恰好对杆的作用力是0,则mg =m v 20L,临界速度v o =gL = 6 m/s>v A =1 m/s.由于小球在A 点的速度小于临界速度,所以小球做圆周运动需要的向心力小于重力,杆对小球的作用力的方向向上,是竖直向上的支持力,故选项B 错误;小球从A 到B 的过程中机械能守恒,得12mv 2A +mgL =12mv 2B ,所以v B =v 2A +2gL =13 m/s ,故选项C 错误;由于y 轴表示的是小球在水平方向的分速度,所以曲线AB 段与坐标轴所围图形的面积表示A 到B 的过程小球在水平方向的位移,大小等于杆的长度,即0.6 m ,故选项D 正确.11.小明站在水平地面上,手握不可伸长的轻绳一端,绳的另一端系有质量为m 的小球,甩动手腕,使球在竖直平面内做圆周运动.当球某次运动到最低点时,绳突然断掉,球飞行水平距离d 后落地,如图所示.已知握绳的手离地面高度为d ,手与球之间的绳长为34d ,重力加速度为g ,忽略手的运动半径和空气阻力.(1)求绳断时球的速度大小v 1和球落地时的速度大小v 2; (2)求绳能承受的最大拉力;(3)改变绳长,使球重复上述运动,若绳仍在球运动到最低点时断掉,要使球抛出的水平距离最大,绳长应是多少?最大水平距离为多少?解析 (1)设绳断后球飞行时间为t ,由平抛运动规律得 竖直方向14d =12gt 2,水平方向d =v 1t , 解得v 1=2gd .在竖直方向上有v 2⊥=2g ⎝ ⎛⎭⎪⎫1-34d ,则v 22-v 21=2g ⎝⎛⎭⎪⎫1-34d ,解得v 2=52gd . (2)设绳能承受的最大拉力大小为F T ,这也是球受到绳的最大拉力大小.球做圆周运动的半径为R =34d ,对小球在最低点由牛顿第二定律得F T -mg =mv 21R,解得F T =113mg .(3)设绳长为l ,绳断时球的速度大小为v 3,绳承受的最大拉力不变.由牛顿第二定律得F T -mg =mv 23l,解得v 3=83gl , 绳断后球做平抛运动,竖直位移为d -l ,水平位移为x ,时间为t 1,则 竖直方向d -l =12gt 21,水平方向x =v 3t 1, 解得x =4l d -l3,当l =d 2时,x 有极大值,x max =233d .答案 (1)2gd52gd (2)113mg (3)d 2 233d 12.如图甲所示,在同一竖直平面内的两正对的相同半圆光滑轨道,相隔一定的距离,虚线沿竖直方向,一小球能在其间运动,现在最高点A 与最低点B 各放一个压力传感器,测试小球对轨道的压力,并通过计算机显示出来,当轨道距离变化时,测得两点压力差与距离x 的关系图象如图乙所示,g 取10 m/s 2,不计空气阻力.(1)求小球的质量;(2)若小球在最低点B 的速度为20 m/s ,为使小球能沿轨道运动,x 的最大值为多少? 解析 (1)小球从A 点到B 点,由能量守恒定律得 12mv 2B =mg (2R +x )+12mv 2A , 对B 点:F N1-mg =m v 2BR ,对A 点:F N2+mg =m v 2AR,由牛顿第三定律可得两点压力差 ΔF N =F N1-F N2=6mg +2mgxR,由题图得纵轴截距6mg =3 N ,m =0.05 kg. (2)因为图线的斜率k =2mgR=1 N/m ,得R =1 m ,在A 点小球不脱离轨道的条件为v A ≥Rg , 结合(1)解得x m =17.5 m. 答案 (1)0.05 kg (2)17.5 m。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

2019版高考物理一轮复习题精选12 圆周运动的规律及应用1.(2018·陕西长安一中模拟)(多选)有关圆周运动的基本模型,下列说法正确的是( )A .如图a 所示,汽车通过拱桥的最高点时处于超重状态B .如图b 所示是一圆锥摆,增大θ,若保持圆锥的高度不变,则圆锥摆的角速度不变C .如图c 所示,同一小球在光滑且固定的圆锥筒内的A 、B 位置先后分别做匀速圆周运动,则在A 、B 两位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小相等D .火车转弯超过规定速度行驶时,外轨对火车轮缘会有挤压作用答案:BD 解析:题图a ,汽车在最高点时,mg -F N =mv 2r,可知F N <mg ,故处于失重状态,故A 错误;题图b 所示是一圆锥摆,重力和拉力的合力F =mg tan θ=mω2r ,其中r=h tan θ,可知ω=g h,增大θ,若保持圆锥的高度不变,则圆锥摆的角速度不变,故B 正确;题图c ,根据受力分析知小球受力情况相同,即向心力相同,由F =mω2r 知r 不同,角速度不同,故C 错误;火车转弯超过规定速度行驶时,重力和支持力的合力不足以提供向心力,则外轨对火车轮缘会有挤压作用,故D 正确.2.(2018·福建质检)(多选)图中所示为一皮带传动装置,右轮的半径为r ,a 是它边缘上的一点,左侧是一轮轴,大轮的半径为4r ,小轮的半径为2r ,b 点在小轮上,到小轮中心的距离为r ,c 点和d 点分别位于小轮和大轮的边缘上.若在传动过程中皮带不打滑,则( )A .c 点与d 点的角速度大小相等B .a 点与b 点的角速度大小相等C .a 点与c 点的线速度大小相等D .a 点与c 点的向心加速度大小相等答案:AC解析:共轴转动的各点角速度大小相等,故b 、c 、d 三点角速度大小相等,故A正确;a 、c 两点的线速度大小相等,b 、c 两点的角速度相等,根据v =rω,a 的角速度大于c 的角速度,则a 点的角速度大于b 点的角速度,故B 错误,C 正确;a 、c 两点的线速度大小相等,根据a n =v 2r,a 点的向心加速度大于c 点的向心加速度,故D 错误.3.(2018·安徽六安一中模拟)如图所示,用手握着细绳的一端在水平桌面上做半径为r 的匀速圆周运动,圆心为O ,角速度为ω.细绳长为L ,质量忽略不计,运动过程中细绳始终与小圆相切,在细绳的另外一端系着一个质量为m 的小球,小球恰好沿以O 为圆心的大圆在桌面上运动,小球和桌面之间存在摩擦力,以下说法正确的是( )A .小球将做变速圆周运动B .小球与桌面间的动摩擦因数为ω2r r 2+L 2gLC .小球做圆周运动的线速度为ω(l +L )D .细绳拉力为mω2r 2+L 2答案:B解析:手握着细绳做的是匀速圆周运动,所以在细绳另外一端的小球做的也是匀速圆周运动,A 错误;设大圆的半径为R ,由图可知R =r 2+L 2,则小球做圆周运动的线速度为ωr 2+L 2,C 错误;设细绳中的张力为T ,则T cos φ=mRω2,cos φ=L R,故T =mω2R 2L =mω2 r 2+L 2 L ,D 错误;根据摩擦力公式可得f =μmg =T sin φ,由于T =mω2 r 2+L 2 L ,sin φ=r R =r r 2+L2,所以μ=ω2r r 2+L 2gL ,B 正确. 4.(2018·河南焦作二模)如图所示,ABC 为竖直平面内的金属半圆环,AC 连线水平,A 、B 两点间固定着一根直金属棒,在直金属棒和圆环的BC 部分上分别套着小环M 、N (棒和半圆环均光滑),现让半圆环绕竖直对称轴以角速度ω1做匀速转动,小环M 、N 在图示位置.如果半圆环的角速度变为ω2,ω2比ω1稍微小一些.关于小环M 、N 的位置变化,下列说法正确的是( )A .小环M 将到达B 点,小环N 将向B 点靠近稍许B .小环M 将到达B 点,小环N 的位置保持不变C .小环M 将向B 点靠近稍许,小环N 将向B 点靠近稍许D .小环M 向B 点靠近稍许,小环N 的位置保持不变答案:A解析:小环M 受到重力和直金属棒的支持力,在水平面内做匀速圆周运动,合力的方向沿水平方向,所以F 合=mg tan45°=mω2r ,半圆环的角速度由ω1变为ω2后,mg tan45°>mω2r ,M 做向心运动,直到到达B 点,小环N 受到重力和圆环的支持力,在水平面内做匀速圆周运动,合力的方向沿水平方向,设其与ABC 半圆环圆心的连线与竖直方向之间的夹角为θ,F ′n =mg tan θ=mω2R sin θ,所以ω2R =g cos θ,当半圆环的角速度由ω1变为ω2后,θ减小,小环N 将向B 点靠近稍许,故选A.5.(2018·安徽六安一中月考)高明同学撑一把雨伞站在水平地面上,伞面边缘点所围圆形的半径为R ,现将雨伞绕竖直伞杆匀速转动,伞边缘上的水滴落到地面,落点形成一个半径为r 的圆形,伞边缘距离地面的高度为h ,当地重力加速度为g ,则( )A .雨滴着地时的速度大小为2gh B .雨滴着地时的速度大小为r 2-R 2+4h 22h g C .雨伞转动的角速度大小为 1R r 2-R 2 ghD .雨伞转动的角速度大小为 r -R Rg 2h 答案:B解析:根据h =12gt 2,解得t =2h g ,根据几何关系得s =r 2-R 2,平抛运动的水平位移为s =v 0t ,所以v 0=s t =r 2-R 22hg =g r 2-R 2 2h,下落的过程中机械能守恒,所以12mv 20+mgh =12mv 2,联立以上方程解得v =r 2-R 2+4h 22h g ;根据公式v 0=ωR 得ω=v 0R ,联立得ω=1R r 2-R 2 g 2h,故B 正确,A 、C 、D 错误. 6.(2018·陕西西安一中模拟)(多选)如图甲所示,用一轻质绳拴着一质量为m 的小球,在竖直平面内做圆周运动(不计一切阻力),小球运动到最高点时绳对小球的拉力为T ,小球在最高点的速度大小为v ,其T -v 2图象如图乙所示,则( )A .轻质绳长为am bB .当地的重力加速度为a mC .当v 2=c 时,轻质绳的拉力大小为ac b+a D .只要v 2≥b ,小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a答案:BD解析:在最高点重力和绳子的拉力的合力充当向心力,所以有T +mg =m v 2R,即T =m R v 2-mg ,故斜率k =m R ,纵截距y =-mg ,根据几何知识可得k =a b,y =-a ,联立解得g =a m ,R =mb a ,A 错误,B 正确;当v 2=c 时,代入T =m Rv 2-mg ,解得T =ac b-a ,C 错误;只要v 2≥b ,绳子的拉力大于0,根据牛顿第二定律得最高点,T 1+mg =m v 21R ,最低点,T 2-mg =m v 22R,从最高点到最低点的过程中,根据机械能守恒定律得12mv 22=12mv 21+2mgR ,联立解得T 2-T 1=6mg ,即小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a ,D 正确.7.(2018·广东五校联考)如图甲所示,轻杆一端固定在O 点,另一端固定一小球,现让小球在竖直面内做半径为R 的圆周运动.小球运动到最高点时,杆与小球间弹力大小为F ,小球在最高点的速度大小为v ,其F -v 2图象如图乙所示.则( )A .小球的质量为aR bB .当地的重力加速度大小为R bC .v 2=c 时,杆对小球的弹力方向向上D .v 2=b 时,杆对小球的弹力大小为2mg答案:A解析:在最高点,若v =0,则F =mg =a ;若F =0,则mg =m v 2R =m b R,解得g =b R ,m =aR b,故A 正确,B 错误;由图可知当v 2<b 时,杆对小球的弹力方向向上,当v 2>b 时,杆对小球的弹力方向向下,所以当v 2=c 时,杆对小球的弹力方向向下,故C 错误;当v 2=b 时,杆对小球的弹力大小为0,故D 错误.8.(2018·安徽蚌埠二中模拟)(多选)如图所示,在水平转台上放置用轻绳相连的质量相同的滑块1和滑块2,转台绕转轴OO ′以角速度ω匀速转动过程中,轻绳始终处于水平状态,两滑块始终相对转台静止,且与转台之间的动摩擦因数相同,滑块1到转轴的距离小于滑块2到转轴的距离.关于滑块1和滑块2受到的摩擦力f 1、f 2与角速度的二次方的关系图线,可能正确的是( )答案:AC解析:两滑块的角速度相等,根据向心力公式F =mrω2,考虑到两滑块质量相同,滑块2的运动半径较大,开始时摩擦力提供向心力,所以角速度增大时,滑块2先达到最大静摩擦力;继续增大角速度,滑块2所受的摩擦力不变,绳子拉力增大,滑块1的摩擦力减小,当滑块1的摩擦力减小到零后,又反向增大,当滑块1摩擦力达到最大值时,再增大角速度,将发生相对滑动,故滑块2的摩擦力先增大达到最大值,然后保持不变,滑块1的摩擦力先增大后减小,再反向增大,故A 、C 正确.9.(2018·河南豫南九校质检)(多选)如图所示,甲、乙两水平圆盘紧靠在一块,甲圆盘为主动轮,乙靠摩擦随甲转动,接触处无相对滑动.甲圆盘与乙圆盘的半径之比r 甲 :r 乙=3 :1,两圆盘和小物体m 1、m 2之间的动摩擦因数相同,m 1距O 点为2r ,m 2距O ′点为r ,当甲缓慢转动起来且转速慢慢增加时,下列说法正确的是( ) A .滑动前m 1与m 2的角速度之比ω1 :ω2=1 :3B .滑动前m 1与m 2的向心加速度之比a 1 :a 2=2 :9C .随转速慢慢增加,m 1先开始滑动D .随转速慢慢增加,m 2先开始滑动答案:ABD解析:甲、乙两圆盘边缘上的各点线速度大小相等,有ω1·r 甲=ω2·r 乙,则得ω1 :ω2=1 :3,所以小物体相对圆盘开始滑动前,m 1与m 2的角速度之比为ω1 :ω2=1 :3,故A 正确;小物体相对圆盘开始滑动前,根据a =ω2r 得,m 1与m 2的向心加速度之比a 1 :a 2=ω21·2r :ω22r =2 :9,故B 正确;根据μmg =mrω2知,小物体刚要滑动时角速度为m =μg r,可知m 1、m 2的临界角速度之比为1 :2,而甲、乙的角速度之比为ω1 :ω2=1 :3,可知当转速增加时,m 2先达到临界角速度,所以m 2先开始滑动,故D 正确,C 错误. 10.(2018·四川资阳一诊)(多选)如图所示,水平转台上有一个质量为m 的物块,用长为l 的轻质细绳将物块连接在转轴上,细绳与竖直转轴的夹角θ=30°,此时细绳伸直但无张力,物块与转台间动摩擦因数为μ=13,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,物块随转台由静止开始缓慢加速转动,角速度为ω,重力加速度为g ,则( )A .当ω=g 2l 时,细绳的拉力为0 B .当ω=3g 4l 时,物块与转台间的摩擦力为0 C .当ω=4g 3l 时,细绳的拉力大小为43mg D .当ω=g l 时,细绳的拉力大小为13mg 答案:AC解析:当转台的角速度比较小时,物块只受重力、支持力和摩擦力,当细绳恰好要产生拉力时μmg =mω21l sin30°,解得ω1=2g 3l,随角速度的增大,细绳上的拉力增大,当物块恰好要离开转台时,物块受到重力和细绳的拉力的作用,mg tan30°=mω22l sin30°,解得ω2=23g 3l ,由于ω1< 3g 4l <ω2,所以当ω=3g 4l时,物块与转台间的摩擦力不为零,故B 错误;由于g 2l <ω1,所以当ω=g 2l 时,细绳的拉力为零,故A 正确;由于ω1<g l <ω2,由牛顿第二定律得f +F sin30°=m ⎝ ⎛⎭⎪⎫ g l 2lsin30°,因为压力小于mg ,所以f <13mg ,解得F >13mg ,故D 错误;当ω=4g 3l>ω2时,物块已经离开转台,细绳的拉力与重力的合力提供向心力,则mg tan α=m ⎝ ⎛⎭⎪⎫ 4g 3l 2l sin α,解得cos α=34,故F =mg cos α=43mg ,故C 正确. 11.如图所示,一小球从A 点以某一水平向右的初速度出发,沿水平直线轨道运动到B 点后,进入半径R =10 cm 的光滑竖直圆形轨道,圆形轨道间不相互重叠,即小球离开圆形轨道后可继续向C 点运动,C 点右侧有一壕沟,C 、D 两点间的竖直高度h =0.8 m ,水平距离s =1.2 m ,水平轨道AB 长为L 1=1 m ,BC 长为L 2=3 m ,小球与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.2,重力加速度g 取10 m/s 2.(1)若小球恰能通过圆形轨道的最高点,求小球在A 点的初速度.(2)若小球既能通过圆形轨道的最高点,又不掉进壕沟,求小球在A 点的初速度的范围.答案:(1)3 m/s (2)3 m/s≤v A ≤4 m/s 和v A ≥5 m/s解析:(1)设小球恰能通过圆形轨道最高点的速度为v ,由牛顿第二定律得mg =m v 2R ,由B 到最高点,由机械能守恒定律得12mv 2B =2mgR +12mv 2,由A 到B ,-μmgL 1=12mv 2B -12mv 2A ,解得小球在A 点的速度为v A =3 m/s. (2)若小球刚好停在C 处,则有-μmg (L 1+L 2)=0-12mv 2A 1,解得v A 1=4 m/s. 若小球停在BC 段,则3 m/s≤v A ≤4 m/s.若小球能通过C 点,并恰好越过壕沟,则有h =12gt 2,s =v C t , -μmg (L 1+L 2)=12mv 2C -12mv 2A 2,则有v A 2=5 m/s , 所以小球在A 点的初速度范围为3 m/s≤v A ≤4 m/s 和v A ≥5 m/s. 12.如图所示,装置BO ′O 可绕竖直轴O ′O 转动,可视为质点的小球A 与两细线连接后分别系于B 、C 两点,装置静止时细线AB 水平,细线AC 与竖直方向的夹角为37°.已知小球的质量m =1 kg ,细线AC 长l =1 m ,B 点距C 点的水平和竖直距离相等.(重力加速度g 取10 m/s 2)(1)若装置匀速转动的角速度为ω1,细线AB 上的张力为零而细线AC 与竖直方向的夹角仍为37°,求角速度ω1的大小.(2)若装置匀速转动的角速度ω2= 503rad/s ,求细线AC 与竖直方向的夹角. (3)装置可以以不同的角速度匀速转动,试通过计算在坐标图中画出细线AC 上张力F T 随角速度的平方ω2变化的关系图象. 答案:(1)52 2 rad/s (2)53° (3)ω≤ω1=522 rad/s 时,F T =12.5 N 不变;ω>ω1时,F T =mω2l =ω2(N).F T -ω2关系图象略解析:(1)当细线AB 上的张力为零时,小球的重力和细线AC 张力的合力提供小球做圆周运动的向心力,有mg tan37°=mω21l sin37°,解得ω1= g l cos37°=52 2 rad/s. (2)当ω2= 503 rad/s 时,因为503 rad/s>522 rad/s , 小球应该向左上方摆起,假设细线AB 上的张力仍然为零,则mg tan θ′=mω22l sin θ′,解得cos θ′=35, 则θ′=53°.因为B 点距C 点的水平和竖直距离相等,所以,当θ′=53°时,细线AB 恰好竖直,且mω22l sin53°mg =43=tan53°. 说明细线AB 此时的张力为零,故此时细线AC 与竖直方向的夹角为53°.(3)①ω≤ω1=522 rad/s 时,细线AB 水平,细线AC 上的张力的竖直分量等于小球的重力,即F T cos37°=mg ,则F T =mgcos37°=12.5 N. ②ω1<ω<ω2时,细线AB 松弛,细线AC 上张力的水平分量等于小球做圆周运动需要的向心力,F T sin θ=mω2l sin θ,则F T =mω2l .③ω2≤ω时,细线AB 在竖直方向绷直,仍然由细线AC 上张力的水平分量提供小球做圆周运动需要的向心力.F T sin θ=mω2l sin θ,则F T =mω2l .综上所述:ω≤ω1=522 rad/s 时,F T =12.5 N 不变; ω>ω1时,F T =mω2l =ω2(N).F T -ω2关系图略.刷题加餐练刷高考真题——找规律1.(2015·天津卷)未来的星际航行中,宇航员长期处于零重力状态,为缓解这种状态带来的不适,有人设想在未来的航天器上加装一段圆柱形“旋转舱”,如图所示.当旋转舱绕其轴线匀速旋转时,宇航员站在旋转舱内圆柱形侧壁上,可以受到与他站在地球表面时相同大小的支持力.为达到上述目的,下列说法正确的是( ) A.旋转舱的半径越大,转动的角速度就应越大B.旋转舱的半径越大,转动的角速度就应越小C.宇航员质量越大,旋转舱的角速度就应越大D.宇航员质量越大,旋转舱的角速度就应越小答案:B解析:宇航员在舱内受到的支持力与他站在地球表面时受到的支持力大小相等,mg=mω2r,即g=ω2r,可见r越大,ω就应越小,B正确、A错误;角速度与质量m无关,C、D错误.2.(2016·上海卷)风速仪结构如图(a)所示.光源发出的光经光纤传输,被探测器接收,当风轮旋转时,通过齿轮带动凸轮圆盘旋转,当圆盘上的凸轮经过透镜系统时光被遮挡.已知风轮叶片转动半径为r,每转动n圈带动凸轮圆盘转动一圈.若某段时间Δt内探测器接收到的光强随时间变化关系如图(b)所示,则该时间段内风轮叶片( )A.转速逐渐减小,平均速率为4πnr ΔtB.转速逐渐减小,平均速率为8πnr ΔtC.转速逐渐增大,平均速率为4πnr ΔtD.转速逐渐增大,平均速率为8πnr Δt答案:B解析:据题意,从题图(b)可以看出,在Δt 时间内,探测器接收到光的时间在增长,圆盘上的凸轮挡光时间也在增长,可以确定圆盘上的凸轮的转动速度在减小;在Δt 时间内从题图(b)可以看出有4次挡光,即圆盘转动4周.则风轮叶片转动了4n 周,风轮叶片转过的弧长为l =4n ×2πr ,叶片转动的平均速率为v =8πnr Δt,故选项B 正确. 3.(2016·浙江卷)(多选)如图所示为赛车场的一个水平“梨形”赛道,两个弯道分别为半径R =90 m 的大圆弧和r =40 m 的小圆弧,直道与弯道相切.大、小圆弧圆心O 、O ′距离L =100 m .赛车沿弯道路线行驶时,路面对轮胎的最大径向静摩擦力是赛车重力的2.25倍,假设赛车在直道上做匀变速直线运动,在弯道上做匀速圆周运动,要使赛车不打滑,绕赛道一圈时间最短(发动机功率足够大,重力加速度g =10 m/s 2,π=3.14),则赛车( )A .在绕过小圆弧弯道后加速B .在大圆弧弯道上的速率为45 m/sC .在直道上的加速度大小为5.63 m/s 2D .通过小圆弧弯道的时间为5.58 s答案:AB解析:赛车在弯道上做匀速圆周运动时最大径向静摩擦力提供向心力,设最大径向静摩擦力与赛车重力的比值为k ,则kmg =m v 21r,得在小圆弧赛道的最大速率v 1=kgr =30 m/s ,在大圆弧赛道的最大速率为v 2=kgR =45 m/s ,B 正确;为确保所用时间最短,需要在以v 1=30 m/s 绕过小圆弧弯道后加速以v 2=45 m/s 的速率在大圆弧弯道做匀速圆周运动,A 正确;直道的长度l =L 2- R -r 2=50 3 m ,在小圆弧弯道的最大速度v 1=30 m/s ,在大圆弧弯道的最大速度v 2=45 m/s ,故在直道上的加速度大小为a =v 22-v 212l =452-3022×503m/s 2=6.50 m/s 2,C 错误;由题图知小圆弧为所在圆的13,即小圆弧弯道的长度为x =2πr 3,则通过小圆弧弯道的时间t =x v 1=2πr 3v 1=2.79 s ,D 错误.刷仿真模拟——明趋向4.(2018·安徽六安一中模拟)如图所示,两个可视为质点的相同的木块A 和B 放在水平转盘上,两者用长为L 的细绳连接,木块与转盘间的最大静摩擦力均为各自重力的k 倍,A 放在距离转轴L 处,整个装置能绕通过转盘中心的转轴O 1O 2转动.开始时,绳恰好伸直但无弹力,现让该装置从静止开始转动,使角速度缓慢增大,以下说法不正确的是( )A.当ω>2kg3L时,A、B相对于转盘会滑动B.当ω>kg2L时,绳子一定有弹力C.当ω在kg2L<ω<2kg3L范围内增大时,B所受摩擦力变大D.当ω在0<ω< 2kg3L范围内增大时,A所受摩擦力一直变大答案:C解析:当A所受的摩擦力达到最大静摩擦力时,A、B相对于转盘会滑动,对A有kmg-T=mLω21,对B有T+kmg=m·2Lω21,解得ω1=2kg3L,当ω>2kg3L时,A、B相对于转盘会滑动,故A正确.当B达到最大静摩擦力时,绳子将要产生弹力,kmg=m·2Lω22,解得ω2=kg2L,知ω>kg2L时,绳子一定有弹力,故B正确.当ω在0<ω< kg2L范围内增大时,B所受摩擦力变大,当ω在kg2L<ω<2kg3L范围内增大时,B所受摩擦力不变,故C错误;当ω在0<ω< 2kg3L范围内增大时,A所受摩擦力一直增大,故D正确.本题选错误的,故选C.5.(2018·黑龙江哈三中一模)“水流星”是在一根彩绳两端各系一只玻璃碗,内盛彩色水,演员甩绳舞弄,晶莹的玻璃碗飞快地旋转飞舞,在竖直面内做圆周运动,而碗中之水不洒点滴.下列说法正确的是( )A.玻璃碗到最高点时,水对碗底的压力一定为零B.玻璃碗到最高点时,玻璃碗的速度可以为零C.若玻璃碗转动时能经过圆周最高点,则在最高点和最低点绳子对碗拉力之差随转动线速度增大而增大D.若玻璃碗转动时能经过圆周最高点,则在最高点和最低点碗对水弹力之差与绳长无关答案:D解析:玻璃碗到最高点时,水对碗底的压力大于或等于零,当v=gl时,水对碗底的压力为零;当v>gl时,水对碗底的压力大于零,故A错误;玻璃碗在最高点的最小速度为gl ,故B 错误;设玻璃碗在最低点速度为v 1,在最高点速度为v 2,根据向心力公式,最低点有F 1-mg =m v 21l ,最高点有F 2+mg =m v 22l,根据动能定理,有-mg ·2l =12mv 22-12mv 21,联立得ΔF =F 1-F 2=6mg ,与绳长无关,故C 错误,D 正确.6.(2018·陕西西安一模)(多选)如图所示,一质量为m 的小球置于半径为R 的光滑竖直圆轨道最低点A 处,B 为轨道最高点,弹簧一端固定于圆心O 点,另一端与小球拴接.已知弹簧的劲度系数k =mg R,原长L =2R ,弹簧始终处于弹性限度内,若给小球一水平初速度v 0,已知重力加速度为g ,则( )A .当v 0较小时,小球可能会离开圆轨道B .若2gR <v 0<5gR ,则小球会在B 、D 间脱离圆轨道C .只要v 0>4gR ,小球就能做完整的圆周运动D .只要小球能做完整的圆周运动,则小球与轨道间最大压力与最小压力之差与v 0无关答案:CD解析:因为弹簧的劲度系数k =mg R,原长L =2R ,所以小球始终会受到弹簧的弹力作用,大小为F =k (L -R )=kR =mg ,方向始终背离圆心,无论小球在CD 以上的哪个位置速度为零,重力在沿半径方向上的分量都小于或等于弹簧的弹力(在CD 以下,轨道对小球一定有指向圆心的支持力),所以无论v 0多大,小球均不会离开圆轨道,故A 、B 错误.小球在运动过程中只有重力做功,弹簧的弹力和轨道的支持力不做功,机械能守恒,当运动到最高点速度为零时,在最低点的速度最小,有12mv 2min =2mgR ,所以只要v 0>v min =4gR ,小球就能做完整的圆周运动,故C 正确.在最低点时,设小球受到的支持力为N ,有N -kR -mg =m v 20R ,解得N =2mg +m v 20R, 运动到最高点时受到轨道的支持力最小,设为N ′,设此时的速度为v ,由机械能守恒有12mv 20=2mgR +12mv 2, 此时合外力提供向心力,有N ′-kR +mg =m v 2R, 联立解得N ′=m v 20R-4mg ,得压力之差ΔN=N-N′=6mg,与v0无关,故D正确.7.(2018·河南郴州一模)(多选)如图所示,BC是半径为R=1 m的竖直面内的圆弧轨道,轨道末端C在圆心O的正下方,∠BOC=60°,将质量为m=1 kg的小球,从与O等高的A点水平抛出,小球恰好从B点沿圆弧切线方向进入轨道,由于小球与圆弧之间有摩擦,能够使小球从B到C做匀速圆周运动,重力加速度大小g取10 m/s2,则下列说法正确的是( )A.从B到C,小球与轨道之间的动摩擦因数可能保持不变B.从B到C,小球克服摩擦力做功为5 JC.A、B两点间的距离为712mD.小球从B到C的全过程中,小球对轨道的压力不变答案:B解析:小球从A到B做平抛运动,在B点,小球速度方向偏转角θ=60°,则tan60°=v yv A ,v y=gt,竖直方向的位移y=R cos60°=12gt2,水平方向的位移x=vAt,解得x=33m,则A、B两点间的距离xAB=x2+y2=712m,C正确;在B点小球的速度大小v=v2A+v2y=2330 m/s,小球从B到C做匀速圆周运动,则由能量守恒定律可知,小球克服摩擦力做的功等于重力做的功,即W f=W G=mg(R-R cos60°)=12mgR=5 J,B正确;从B到C,小球对轨道的压力变大,而小球重力沿轨道切线方向上的分力变小,小球匀速圆周运动,沿轨道切线方向受力平衡,则所受摩擦力变小,则小球与轨道之间的动摩擦因数变小,A、D错误.刷最新原创——抓重点8.两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球,细线上端固定在同一点,若两个小球以相同的角速度,绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动,则两个摆球在运动过程中,相对位置关系示意图正确的是( )答案:B解析: 小球做匀速圆周运动,对其受力分析如图所示,则有mg tan θ=mω2L sin θ,整理得:L cos θ=g ω2,则两球处于同一高度,故B 正确. 9.如图所示,在竖直放置的离心浇铸装置中,电动机带动两个支承轮同向转动,管状模型放在这两个支承轮上靠摩擦带动,支承轮与管状模型间不打滑.铁水注入之后,由于离心作用,铁水紧紧靠在模型的内壁上,从而可得到密实的铸件,浇铸时支承轮转速不能过低,否则,铁水会脱离模型内壁,产生次品.已知管状模型内壁半径为R ,支承轮的半径为r ,重力加速度为g ,则支承轮转动的最小角速度为( )A.g R B.gR r C. g 2R D.gR 2r答案:B解析:经过最高点的铁水要紧压模型内壁,临界情况是重力恰好提供向心力,根据牛顿第二定律,有mg =m v 2R ,解得v =gR .支承轮边缘与模型边缘线速度相等,故支承轮边缘的最小线速度也为gR ,支承轮转动的最小角速度ω=v r =gR r,B 正确. 刷易错易误——排难点 易错点1 不能正确分析向心力的来源10.如图所示,水平放置的圆管内有A 、B 两个小滑块,A 的质量小于B 的质量,A 与管的接触面粗糙,B 与管的接触面光滑,两滑块间用轻绳相连,且到O 点距离相等,轻绳的最大承受力小于A 与管间的最大静摩擦力.当管在水平面内绕过O 点的竖直轴转动时,角速度从零开始增大,下列说法正确的是( )A .A 的合力等于B 的合力B .角速度较小时,A 受到的静摩擦力沿管向里C .随着角速度的增大,A 受到的静摩擦力先沿管向外逐渐减小,然后沿管向里逐渐增大D .当角速度增大到一定数值时,轻绳断开,B 沿管向外运动,A 仍能与管一起转动答案:D解析:本题考查向心力和离心运动,意在考查考生对圆周运动和向心力的分析能力.两滑块随管一起转动时,向心力F =mω2r ,由于A 的质量小于B 的质量,故A 的合力小于B 的合力,A 错误;轻绳对B 的拉力等于B 的向心力,即T =m B ω2r ,由于m A <m B ,A 的向心力小于T ,故A 受到沿管向外的静摩擦力,有T -f =m A ω2r ,可得f =(m B -m A )·ω2r ,ω增大,f 增大,方向不变,B 、C 错误;当角速度增大,轻绳拉力达到最大承受力,此时A 受到的静摩擦力小于最大静摩擦力,轻绳断开,B 沿管向外做离心运动,而A 受到的静摩擦力方向瞬间变为沿管向里,提供其做圆周运动的向心力,故A 仍然随管一起转动,D 正确. 易错点2 不会分析、比较物体在粗糙圆弧上来回运动时摩擦力的大小关系11.(多选)如图所示,在竖直平面内固定两个半径均为R 的细圆管轨道A 、B ,A 轨道光滑,B 轨道粗糙.两个质量均为m 的小球(可视为质点)分别从两轨道的最低点以相同的初速度向右运动,A 轨道中的小球恰好能到达最高点,B 轨道中的小球恰好能到达与圆心等高的位置,不计空气阻力,重力加速度为g .下列说法正确的是( )A .B 轨道中的小球从最低点运动到与圆心等高的位置时,小球克服摩擦力做的功为mgRB .A 轨道中的小球,在最高点时重力的功率为零,在最低点时重力的功率最大C .B 轨道中的小球再次回到最低点时的速度为零D .A 轨道中的小球再次回到最低点时,对轨道的压力大于mg答案:AD解析:本题考查圆周运动规律,意在考查考生的分析推理能力.设小球的初速度。

相关文档
最新文档