2011届高三物理第一轮复习测试题2

显示桌面受力形变M AB C 河北省滦平一中2011届高三物理一轮复习试题（二）班级 姓名 2011、11．以下是力学中的三个实验装置，由图可知这三个实验共同的物理思想方法是（ ）A ．极限的思想方法B ．控制变量的方法C ．放大的思想方法D ．猜想的思想方法2．如图所示，长方体物块C 置于水平地面上，物块A 、B 用不可伸长的轻质细绳通过滑轮连接（不计滑轮与绳之间的摩擦），A 物块与C 物块光滑接触，整个系统中的A 、B 、C 三物块在水平恒定推力F 作用下从静止开始以相同的加速度一起向左运动．下列说法正确的是（ ） A ．B 与C 之间的接触面可能是光滑的B ．若推力F 增大，则绳子对B 的拉力必定增大C ．若推力F 增大，则定滑轮所受压力必定增大D ．若推力F 增大，则C 物块对A 物块的弹力必定增大3． 万有引力定律和库仑定律都遵循平方反比律，因此引力场和电场之间有许多相似的性质，在处理有关问题时可以将它们进行类比．例如电场中反映各点电场强弱的物理量是电场强度，其定义式为E=F/q ，在引力场中可以有一个类似的物理量来反映各点引力场的强弱，设地球质量为M ，半径为R ，地球表面处的重力加速度为g ，引力常量为G ，如果一个质量为m 的物体位于距离地心2R 处的某点，则下列表达式中能反映该点引力场强弱的是（ ）A ．R M G2 B ．2gC ．2)2(R MmGD ．4g4．如图，水平放置的三块带孔的平行金属板与一个直流电源相连，一个带正电的液滴从A 板上方M 点处由静止释放，不计空气阻力，设液滴电量不变。

从释放到达B 板小孔处为过程I ，在BC 之间运动为过程II ，则 （ ）A ．液滴一定能从C 板小孔中穿出B ．过程I 中一定是重力势能向电势能和动能转化C ．过程I 和过程II 系统机械能变化量大小相等D ．过程II 中一定是重力势能向电势能和动能转化 5．矩形线框abcd 放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度B 随时间t 变化的图象如 图甲所示。

设t ＝0时刻，磁感应强度的方向垂直纸 面向里，则在0～4s 时间内，图乙中能正确表示线框 ab 边所受的安培力F 随时间t 变化的图象是 （ ） （规定ab 边所受的安培力方向向左为正）6．颜色不同的a 光和b 光由媒质射向空气时，临界角分别为C a 和C b ，且C a ＞C b ，当用a 光照射某种金属时发生了光电效应，现改用b 光去照射，可以断定（ ）A ．不一定能发生光电效应B ．光电子数目增大C ．光电子的最大初动能增大D ．光电子数目减少7．在《电场中等势线的描述》实验中，图中a 、b 、c 、d 、e 为间距相等的五个基准点，A 、B 为电极，当电流从正接线柱流人G 表时，其指针向正接线柱一侧偏转，当G 表的指针指 时，说明探针所接触的两点正是等势点；当探针I 接d 点，探针Ⅱ接在某点时，G 表指针偏向负接线柱一侧，为了找到等势点，探针Ⅱ向 （填“左”或“右”）移，才能找到等电势点学 8．如图所示，空间有一匀强电场，场强大小一定，第1秒内场强方向如图所示，θ＝37°，1 s 后场强方向竖直向上。

一带电小球以某一水平初速度从A 点放出后恰沿x 轴运动，1 s 末到达坐标原点，若AO ＝4.75 m ，求第2秒末该质点所处的位置坐标．(g= 10 m/s 2)9．如图9所示，四分之三周长的细圆管的半径R =0.4 m ，管口B 和圆心O 在同一水平面上，D 是圆管的最高点，其中半圆周BE 段存在摩擦，BC 和CE 段动摩擦因数相同，ED 段光滑；质量m =0.5 kg 、直径稍小于圆管内径的小球从距B 正上方高H =2.5 m 的A 处自由下落，从B 处进入圆管继续运动直到圆管的最高点D 飞出，恰能再次进入圆管。

重力加速度g =10 m/s 2。

求： (1) 小球飞离D 点时的速度；(2) 小球在D 点时对轨道的压力大小和方向；(3) 小球从B 点到D 点过程中克服摩擦所做的功。

10．如图所示，直线MN 下方无磁场，上方空间存在两个匀强磁场，其分界线是半径为R 的半圆，两侧的磁场方向相反且垂直于纸面，磁感应强度大小都为B 。

现有一质量为m 、电荷量为q 的带负电微粒从P 点沿半径方向向左侧射出，最终打到Q 点，不计微粒的重力。

求： （1）微粒在磁场中运动的周期；（2）从P 点到Q 点，微粒的运动速度大小及运动时间；滦平一中2010-2011学年高三物理一轮复习试题（二）参考答案 12 3 4 5 6 CADDACAC7．零；左NOMPQBB8．（15分）前1 s 内质点沿方向做匀减速直线运动． 由qEsin 37°＝ma 及 qEcos 37°＝mg得： a 1＝gtan 37°＝10×34＝7.5 m/s 2---------------------3分AO ＝v A t －12at 2，将AO ＝4.75 m ，t ＝1s ，代入得 v 0＝8.5 m/s-------2分O 点的速度大小为：v 1＝v A －at ＝8.5－7.5×1＝1 m/s---------------2分后1 s 受力分析，在y 方向qE －mg ＝ma 2解得a 2＝qEm －g ＝mg cos 37°m －g ＝2.5 m/s---------------------------------3分y ＝12a 2t′2＝12×2.5×12＝1.25 m --------------2分 x ＝v 1t′＝1 m--------------------------2分 则坐标为(1,1.25)．---------------------1分9、解：小球飞离D 点后做平抛运动，有t v R x D OB ==···················①·········································2分221gt R h ==···················②········································2分由①②得2=D v m/s 。

·································································2分(2)小球在D 点受到重力mg ，假设管道对它的作用力竖直向下为F N ，由牛顿第二定律可得Rvm F mg D N 2=+ (2)分解得F N =—2.5N ·········································2分由牛顿第三定律可知小球对管道的内壁有压力，压力的大小为2.5N ，方向竖直向下。

····2分(3)设小球从B 到D 的过程中克服摩擦力做功W f 在A 到D 过程中根据动能定理，有221)(D f mv W R H mg =--············································2分代入计算得W f =10 J ············································2分10．解：（1）由 200v Bqv m R=2rT v π=得2mT qBπ=（2）粒子的运动轨迹将磁场边界分成n 等分（n =2，3，4……）由几何知识可得：2nπθ= ；tan r R θ= ；又 200v Bv q m r =得 0tan2BqR v m nπ= （n=2，3，4……） 当n 为偶数时，由对称性可得 2n nmt T Bqπ== （n=2，4，6……）当n 为奇数时，t 为周期的整数倍加上第一段的运动时间，即21(1)22n n mn t T T nBqππππ+-+=+=（n=3，5，7……）N OM PQO O B O NOMPQONOMPQOOO O BB。