河南省开封市高中2017-2018学年高二上学期12月月考物理---精校解析 Word版

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河南高二高中物理月考试卷带答案解析

河南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法正确的是（）A．物体做受迫振动时，驱动力频率越高，受迫振动的物体振幅越大B．医生利用超声波探测病人血管中血液的流速应用了多普勒效应C．两列波发生干涉，振动加强区质点的位移总比振动减弱区质点的位移大D．一列波通过小孔发生了衍射，波源频率越大，观察到的衍射现象越明显2.如图，竖直平面内有一半径为、长为的光滑圆弧轨道，小球置于圆弧左端，时刻起由静止释放，取，时小球正在（）A．向右加速运动B．向右减速运动C．向左加速运动D．向左减速运动3.如图所示，曲轴上挂一个弹簧振子，转动摇把曲轴可带动弹簧振子上下振动。

开始时不转动摇把，让振子自由振动，测得起频率为，现匀速转动摇把，转速为，则（）A．当振子稳定振动时，它的振动周期是B．当振子稳定振动时，它的振动周期是C．当转速为时，弹簧振子的振幅最大D．转速越大，弹簧振子的振幅就越大4.图甲为一列简谐波在某一时刻的波形图，两质点的横坐标分别为和，图乙为质点从该时刻开始计时的振动图像，下列说法正确的是（）A．该波沿方向传播，波速为B．质点经过振动的路程为C．此时刻质点的速度沿方向D．质点在时速度为零5.如图所示为沿轴正方向传播的一列简谐波在时刻的波形图，其波速为，质点的平衡位置分别为、，下列说法中正确的是（）A．时刻质点正在做减速运动B．质点在时刻位于平衡位置C．从时刻开始计时，质点比质点先回到平衡位置D．若此波与另一列波相遇形成稳定的干涉图样，则所遇波的频率为6.一列简谐横波沿轴传播，它在传播过程中先后到达相距的两个质点，从质点开始振动的瞬时计时，两质点的振动图像分别如图中的甲和乙所示，则以下说法正确的是（）A．此列简谐横波的波长一定为B．此列简谐横波可能的传播速度为，其中C．此列简谐横波从质点传播到质点的时间段内，质点振动经过的路程为D．时刻，质点向上振动，而质点向下振动7.在水面上有两个振幅和频率相同的波源和，开始起振时两波源的振动方向相反，在两波源连线的中垂线上有三点，经过一段时间这三点都处于两列波的叠加区域内，如图所示，下列说法中正确的是（）A．点是振动加强点，点是振动减弱点B．点是振动加强点，点是振动减弱点C．点此时刻振动加强，经过一段时间后变为振动减弱点，而点可能变为振动加强点D．三点都是振动减弱点8.关于在竖直放置的肥皂膜上产生的干涉现象，下列说法正确的是（）A．干涉条纹的产生是由于光线在膜前后表面反射形成的两列光波的叠加B．用绿光照射产生的干涉条纹间距比黄光照射时产生的条纹间距窄C．干涉条纹间的暗纹是由于两反射光叠加增强D．干涉条纹间的暗纹是由于两反射光叠加减弱9.如图所示，一列简谐横波沿轴正方向传播，P点的振动周期为，从波传到的M点时开始计时，下面说法中正确的是（）A．这列波的波长是B．波源的起振方向向下C．内质点M经过的路程为D．质点Q（）经过第一次到达波峰10.一简谐振子沿轴振动，平衡位置在坐标原点，时刻振子的位移；时刻；时刻，该振子的振幅和周期可能为（）A．，B．，C．，D．，11.如图所示为两列简谐横波在同一绳上传播在时刻的波形图，已知甲波向左传，乙波向右传，请根据图中信息判断以下说法正确的是（）A．由于两波振幅不等，故两列波相遇时不会发生干涉现象B．两列波同时传到坐标原点C．处的质点开始振动时的方向向方向D．两列波相遇时会发生干涉且处为振动加强的点12.在一列沿水平直线传播的简谐横波上有相距的A．B两点，如图（甲）、（乙）分别是A．B两质点的振动图像，已知该波波长大于，求这列波可能的波速。

河南省开封市兰考二高2017-2018学年高二上学期期末物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年河南省开封市兰考二高高二（上）期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一个选项是正确的，10-12题有多个选项是正确的，全部选对得5分，对而不全得3分，有选错得0分）1．如图所示，两个半径么（均为r的金属球放在绝缘支架上，两球面最近距离为r，带等量异种电荷，电荷量为Q，两球之间的静电力为F，那（）A．F=k B．F＜k C．F＞k D．无法判断2．下列关于电场和磁场的说法中正确的是（）A．电场线和磁感线都是封闭曲线B．电场线和磁感线都是直线C．通电导线在磁场中一定受到磁场力的作用D．电荷在电场中一定受到电场力的作用3．用求出的“220V，40W”电灯泡电阻为1210Ω，用多用电表测得其电阻只有90Ω，下列说法中正确的是（）A．两个电阻阻值相差悬殊是不正常的，一定是测量时读错了数据B．两个阻值相差悬殊是正常的，因为欧姆表测电阻的误差大C．两个阻值相差悬殊是不正常的，可能出厂时把灯泡的功率标错了D．两个阻值相差悬殊是正常的，1210Ω是正常工作状态（温度很高）的阻值，90Ω是常温下的阻值4．在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向下移动时，则（）A．A灯变亮、B灯变暗、C灯变亮B．A灯变暗、B灯变亮、C灯变暗C．A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗D．A灯变暗、B灯变亮、C灯变亮5．如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=2bc，当将A与B接入电路或将C与D接入电路中时电阻之比R AB：R CD为（）A．1：4 B．1：2 C．2：1 D．4：16．在等边三角形的三个顶点a 、b 、c 处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图．过c 点的导线所受安培力的方向（）A ．与ab 边平行，竖直向上B ．与ab 边平行，竖直向下C ．与ab 边垂直，指向左边D ．与ab 边垂直，指向右边7．如图所示，有一正电荷电场中的A 点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的速度图象正确的是（）A ．B ．C ．D ．8．直流电源跟一个线圈连接成闭合回路，线圈的上方和右侧各有一个可以自由转动的小磁针，它们静止时如图所示，则下列判断正确的是（）A ．小磁针的c 端为N 极，电源的a 端为正极B ．小磁针的c 端为N 极，电源的a 端为负极C ．小磁针的d 端为N 极，电源的a 端为正极D ．小磁针的d 端为N 极，电源的a 端为负极9．如图所示，电动势为E 、内阻为r 的电池与定值电阻R 0、滑动变阻器R 串联，已知R 0=r ，滑动变阻器的最大阻值是2r ．当滑动变阻器的滑片P 由a 端向b 端滑动时，下列说法中正确的是（）A ．滑动变阻器消耗的功率变小B ．电源的输出功率不变C ．电源的总功率变小D ．定值电阻R 0上消耗的功率先变大后变小10．如图是两等量异种点电荷，以两电荷连线的中点O为圆心出半圆，在半圆上有a、b、c 三个点，b点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法正确的是（）A．a、c两点的电势相同B．a、c两点的电场强度相同C．正电荷在a点电势能小于在b点的电势能D．将正电荷由O移到b电场力的做正功11．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的速度，则下列做法中正确的是（）A．增大狭缝的距离B．增大加速电场的电场强度C．增大D形金属盒的半径D．增大匀强磁场的磁感应强度12．如图所示，直导线处于足够大的磁场中，与磁感线成θ=30°角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的安培力，可采取的办法是（）A．增大电流IB．增加直导线的长度C．使导线在纸面内顺时针转30°角D．使导线在纸面内顺时针转45°角二.实验题（共3小题18分）13．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的长度，用10分度的游标卡尺测量其长度如图所示，可知其长度为mm；14．（1）用一多用表的欧姆档测量阻值约为2kΩ的电阻R x，操作步骤（其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮）是：a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出R x的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆档×100d．旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔则操作步骤顺序合理的是A．cadb B．cabd C．acbd D．acdb（2）多用电表的电阻档有三个倍率，分别是×1、×10、×100．用×10档测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到档．如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图，则该电阻的阻值是Ω．15．用图所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内阻．蓄电池的内阻非常小，为防止滑动变阻器电阻过小时由于电流过大而损坏器材，电路中用了一个保护电阻R0，除蓄电池、滑动变阻器、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：A．电流表（量程0.6A）B．电流表（量程3A）C．电压表（量程3V）D．电压表（量程15V）E．定值电阻R0（阻值1Ω、额定功率5W）F．定值电阻R0（阻值10Ω、额定功率10W）（1）电流表选哪个（填序号）：．（2）若电压表和电流表均为理想电表，当电流表读数I1=0.10A时，电压表读数U1=1.75V；调节滑动变阻器，当电流表读数I2=0.20A时，电压表读数U2=1.72V．则此蓄电池的电动势和内阻分别为多少E=V；r=Ω．三、（计算题，第16题8分，17题12分，18题12分，共32分）16．如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=﹣2×10﹣10C 的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8×10﹣8J，再由B点移到C点，电荷克服电场力做功4.8×10﹣8J，取B点的电势为零，求A、C两点的电势及场强的方向．17．如图所示，电源的电动势是5V，内电阻是0.5Ω，小电动机M的线圈电阻为0.5Ω，限流电阻R0为3Ω，若电压表的示数为3V，试求：（1）电源的总功率（2）电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率．18．已知质量为m的带电液滴，以速度υ射入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动．如图所示．求：（1）液滴在空间受到几个力作用．（2）液滴带电荷量及电性．（3）液滴做匀速圆周运动的半径多大？2015-2016学年河南省开封市兰考二高高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一个选项是正确的，10-12题有多个选项是正确的，全部选对得5分，对而不全得3分，有选错得0分）1．如图所示，两个半径么（均为r的金属球放在绝缘支架上，两球面最近距离为r，带等量异种电荷，电荷量为Q，两球之间的静电力为F，那（）A．F=k B．F＜k C．F＞k D．无法判断【考点】库仑定律．【分析】库仑定律的使用的条件是点电荷，根据它们的使用条件来分析即可．【解答】解：由于两球心间的距离l为球半径的3倍，它们之间的距离并不是很大，所以此时的电荷不能看成是点电荷，由于它们带的是等量异种电荷，由于电荷之间的相互吸引，电荷之间的距离会比l小，所以此时电荷间的库仑力F＞k．故C正确、ABD错误．库故选：C．2．下列关于电场和磁场的说法中正确的是（）A．电场线和磁感线都是封闭曲线B．电场线和磁感线都是直线C．通电导线在磁场中一定受到磁场力的作用D．电荷在电场中一定受到电场力的作用【考点】磁感应强度；电场．【分析】电场的基本性质是对放入的电荷有力的作用，而通电导线放入磁场中不一定有磁场力的作用；电场与磁场都是客观存在的特殊物质；电场线不封闭，而磁感线却是封闭；明确磁场和电场的区别，知道电荷在磁场中受力的条件．【解答】解：A、电场线不闭合，而磁感线是闭合的，故A错误；B、电场线和磁感线均有直线和曲线，故B错误；C、通电导线与磁场平行时，不受磁场力作用，故C错误；D、电荷在电场中一定受到电场力的作用，故D正确；故选：D3．用求出的“220V，40W”电灯泡电阻为1210Ω，用多用电表测得其电阻只有90Ω，下列说法中正确的是（）A．两个电阻阻值相差悬殊是不正常的，一定是测量时读错了数据B．两个阻值相差悬殊是正常的，因为欧姆表测电阻的误差大C．两个阻值相差悬殊是不正常的，可能出厂时把灯泡的功率标错了D．两个阻值相差悬殊是正常的，1210Ω是正常工作状态（温度很高）的阻值，90Ω是常温下的阻值【考点】电功、电功率．【分析】用求出的灯泡电阻，是灯泡正常发光时的电阻，灯泡正常发光时，温度比室温高，电阻率比室温时大，电阻比室温时大．【解答】解：根据求出的灯泡电阻1210Ω，是灯泡正常发光时的电阻，而灯泡正常发光时，灯泡的温度达到一千多摄氏度，电阻率与常温下大，故电阻也就大；用多用电表测得其电阻只有90Ω，是在室温下的电阻，故两个阻值相差悬殊是正常的；故ABC错误，D正确；故选：D4．在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向下移动时，则（）A．A灯变亮、B灯变暗、C灯变亮B．A灯变暗、B灯变亮、C灯变暗C．A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗D．A灯变暗、B灯变亮、C灯变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】首先明确本题是动态电路的分析，当滑动变阻器滑片P向下移动时，滑动变阻器的有效阻值变小，总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律知，总电流I增大，再利用电动势、内电压和路段电压关系判断B灯的变化；再跟据总电流与B灯所在支路电流判断C灯所在支路的电流．【解答】解：当滑动变阻器滑片P向下移动时，滑动变阻器的有效阻值变小，总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律知，总电流I增大，故A灯变亮；总电流I增大，利用电动势、内电U C减小，故B灯变暗；压和路段电压关系E=U r+U A+U B可知，B、C灯所在支路的电压U B和B灯所在支路电流减小，而干路电流增大，所以C灯所在支路电流增大，故C灯变亮，故A正确，BCD错误．故选：A．5．如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=2bc，当将A与B接入电路或将C与D接入电路中时电阻之比R AB：R CD为（）A．1：4 B．1：2 C．2：1 D．4：1【考点】电阻定律．【分析】根据电阻定律公式R=ρ确定两次电阻值之比．【解答】解：设厚度为d，根据电阻定律，有：由于ab=2bc，故：R AB：R CD=4：1故选：D．6．在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图．过c点的导线所受安培力的方向（）A．与ab边平行，竖直向上B．与ab边平行，竖直向下C．与ab边垂直，指向左边D．与ab边垂直，指向右边【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度；左手定则．【分析】通电导线在磁场中受到安培力，方向是由左手定则可确定，而通电导线与通电导线间的安培力由通电导线周围存在磁场是由安培定则来确定，则对放入其中的通电导线有安培力作用，从而由安培力的叠加可确定其方向．【解答】解：等边三角形的三个顶点a、b、c处均有一通电导线，且导线中通有大小相等的恒定电流．由安培定则可得：导线a、b的电流在c处的合磁场方向竖直向下．再由左手定则可得：安培力的方向是与ab边垂直，指向左边．故选：C7．如图所示，有一正电荷电场中的A点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】电场线；匀变速直线运动的图像．【分析】电场线的疏密表示场强的强弱，根据电场线判断电场强度大小，根据牛顿第二定律判断加速度的变化，v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，据此分析即可．【解答】解：电场线的疏密表示场强的强弱，根据电场线可知电场强度逐渐增大，根据牛顿第二定律可知，加速度逐渐增大，速度方向与加速度方向相同，做加速运动，v﹣t图象的斜率表示加速度，加速度逐渐增大，则斜率逐渐增大，故B正确．故选：B8．直流电源跟一个线圈连接成闭合回路，线圈的上方和右侧各有一个可以自由转动的小磁针，它们静止时如图所示，则下列判断正确的是（）A．小磁针的c端为N极，电源的a端为正极B．小磁针的c端为N极，电源的a端为负极C．小磁针的d端为N极，电源的a端为正极D．小磁针的d端为N极，电源的a端为负极【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】正确认识通电螺线管周围的磁场分布图，根据安培定则确定电流的方向从而确定电源的正负级．【解答】解：根据图示状态，可画出螺线管周围磁场的分布图：由图知，通电螺线管内部磁场方向水平向右，螺线管右端相当于磁铁的N级，所以磁极间相互作用关系可以知道小磁针d端为N极，c端为S极．再根据右手定则，可以判断导线中的电流方向如图中箭头所示，由此判断电源的a端为负极．故选D．9．如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r．当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是（）A．滑动变阻器消耗的功率变小B．电源的输出功率不变C．电源的总功率变小D．定值电阻R0上消耗的功率先变大后变小【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】对于电源，当外电路电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大；对于定值电阻，当电流最大时，电功率最大．分析滑动变阻器的功率变化时可以将定值电阻等效为电源内阻进行分析．【解答】解：A、对于电源，当外电路电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大，将电阻R0等效为电源内阻，则可知，当滑片在a端时，内外电阻相等，则电源的输出功率最大，故随滑片移动由a到b端时，滑动变阻器消耗的功率减小；故A正确；B、由于外电阻在不断变化，当外电阻等于内阻时输出功率最大，则可知，电源的输出功率不断变化，故B错误；C、电源内阻为r，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，电阻减小，根据I=，电流增加，电源的总功率P总=EI，故总功率增大，内阻上消耗的功率P=I2r，逐渐增加，故CD错误；故选：A．10．如图是两等量异种点电荷，以两电荷连线的中点O为圆心出半圆，在半圆上有a、b、c 三个点，b点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法正确的是（）A．a、c两点的电势相同B．a、c两点的电场强度相同C．正电荷在a点电势能小于在b点的电势能D．将正电荷由O移到b电场力的做正功【考点】电场的叠加；电场强度；电势能．【分析】两等量异号点电荷连线的垂直平分线是一条等势线，b点的电势与O点电势相等．根据等量异号点电荷电场线的对称性，分析场强关系和电势关系．a点的电势高于O点的电势，即可知a、c电势关系，由推论：正电荷在电势高处电势能大，分析电势能的变化，从而判断出电场力做功正负．【解答】解：A、根据顺着电场线电势降低，可知，a点的电势高于c点的电势．故A错误．B、根据等量异号点电荷电场线的对称性可知，a、c两处电场线疏密程度相同，则场强大小相同，场强方向都沿a到c方向，所以a、c两点的电场强度相同．故B正确．C、两等量异号点电荷连线的垂直平分线是一条等势线，b点的电势与O点电势相等，则知a点的电势高于b点电势，故正电荷在a点的电势能大于在b点的电势能，故C错误．D、由于Ob在同一等势面上，则将正电荷由O移到b电场力不做功．故D错误；故选：B11．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的速度，则下列做法中正确的是（）A．增大狭缝的距离B．增大加速电场的电场强度C．增大D形金属盒的半径D．增大匀强磁场的磁感应强度【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关．【解答】解：由qvB=m，解得：v=．则动能为：E K=mv2=，知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能．故CD正确，AB 错误．故选：CD．12．如图所示，直导线处于足够大的磁场中，与磁感线成θ=30°角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的安培力，可采取的办法是（）A．增大电流IB．增加直导线的长度C．使导线在纸面内顺时针转30°角D．使导线在纸面内顺时针转45°角【考点】安培力．【分析】根据左手定则的内容，判定安培力的方向．左手定则的内容是：伸开左手，让大拇指与四指方向垂直，并且在同一平面内，磁感线穿过掌心，四指方向与电流的方向相同，大拇指所指的方向为安培力的方向．而安培力的大小F=BIL，且B与I垂直；若不垂直时，则将B沿导线方向与垂直方向进行分解【解答】解：A、由公式F=BIL，当增大电流时，可增大通电导线所受的磁场力．故A正确；B、由公式F=BIL，当增加直导线的长度时，可增大通电导线所受的磁场力．故B正确；C、当使导线在纸面内顺时针转30°时，导线沿磁场方向投影长度缩短，则所受磁场力变小，故C错误；D、当使导线在纸面内顺时针转45°时，导线沿磁场方向投影长度缩短，则所受磁场力变小，故D错误；故选：AB二.实验题（共3小题18分）13．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的长度，用10分度的游标卡尺测量其长度如图所示，可知其长度为23.6mm；【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．【解答】解：10分度的游标卡尺，精确度是0.1mm，游标卡尺的主尺读数为23mm，游标尺上第6个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为6×0.1mm=0.6mm，所以最终读数为：23mm+0.6mm=23.6mm．故答案为：23.6．14．（1）用一多用表的欧姆档测量阻值约为2kΩ的电阻R x，操作步骤（其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮）是：a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出R x的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆档×100d．旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔则操作步骤顺序合理的是BA．cadb B．cabd C．acbd D．acdb（2）多用电表的电阻档有三个倍率，分别是×1、×10、×100．用×10档测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到×100档．如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图，则该电阻的阻值是2200Ω．【考点】用多用电表测电阻．【分析】（1）欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入．测量电阻时，先选择挡位，然后进行欧姆调零，再进行测量，注意每次换档后必须重新欧姆调零，最后将旋钮旋至交流电压的最高档．测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开．（2）用欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．【解答】解：（1）：为了测量的准确，指针指在中间附近，所以旋转S使其尖端对准欧姆档×100，然后进行欧姆调零，再对电阻进行测量，最后旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔．所以顺序为cabd，故选B．（2）用×10档测量某电阻时，表头指针偏转角度很小，说明所选挡位太小，为了较准确地进行测量，应换到×100档．欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，然后测电阻，由图示表盘可知，该电阻的阻值为：22×100=2200Ω．故答案为：（1）B；（2）×100；进行欧姆调零；2200．15．用图所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内阻．蓄电池的内阻非常小，为防止滑动变阻器电阻过小时由于电流过大而损坏器材，电路中用了一个保护电阻R0，除蓄电池、滑动变阻器、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：A．电流表（量程0.6A）B．电流表（量程3A）C．电压表（量程3V）D．电压表（量程15V）E．定值电阻R0（阻值1Ω、额定功率5W）F．定值电阻R0（阻值10Ω、额定功率10W）（1）电流表选哪个（填序号）：A．（2）若电压表和电流表均为理想电表，当电流表读数I1=0.10A时，电压表读数U1=1.75V；调节滑动变阻器，当电流表读数I2=0.20A时，电压表读数U2=1.72V．则此蓄电池的电动势和内阻分别为多少E= 1.78V；r=0.3Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表；（2）根据闭合电路欧姆定律列式，联立方程即可求解．【解答】解：（1）蓄电池内阻约为1Ω，电路中接有保护电阻，电路电流不超过1A，如果用量程为3A的电流表，误差较大，因此电流表应选0.6A量程，即选A；（2）根据闭合电路欧姆定律得：E=U1+I1r，E=U2+I2r，带入数据解得：E=1.78V，r=0.3Ω故答案为：（1）A；C；E；（2）1.78，0.3三、（计算题，第16题8分，17题12分，18题12分，共32分）16．如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=﹣2×10﹣10C 的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8×10﹣8J，再由B点移到C点，电荷克服电场力做功4.8×10﹣8J，取B点的电势为零，求A、C两点的电势及场强的方向．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【分析】根据电势差公式U=分别求出A、B间，B、C间电势差，B点的电势为零，再求解A、C两点的电势．在AC边上找出与B点电势相等的点，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，判断场强的方向．【解答】解：A、B间电势差为U AB==V=﹣240V，B、C间电势差为U BC==V=240V又U AB=φA﹣φB，U BC=φB﹣φC，φB=0，得到φA=﹣240V，φC=﹣240V，所以AC电势相等，场强方向垂直AC连线指向左上方．答：A、C两点的电势都是﹣240V，场强的方向垂直AC连线指向左上方．17．如图所示，电源的电动势是5V，内电阻是0.5Ω，小电动机M的线圈电阻为0.5Ω，限流电阻R0为3Ω，若电压表的示数为3V，试求：（1）电源的总功率（2）电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率．【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】（1）限流电阻与电动机串联，电流相等，根据欧姆定律求解干路电流，根据P=EI 求解电源的总功率；（2）根据功率的分配关系和能量守恒求解电动机的输出功率．【解答】解：（1）根据欧姆定律电源的总功率（2）电动机两端的电压电动机消耗的功率电动机发热功率机械功率答：（1）电源的总功率5W（2）电动机消耗的功率1.5W和电动机输出的机械功率1W18．已知质量为m的带电液滴，以速度υ射入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动．如图所示．求：（1）液滴在空间受到几个力作用．（2）液滴带电荷量及电性．（3）液滴做匀速圆周运动的半径多大？【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】根据液滴刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动，则由洛伦兹力提供向心力，电场力与策略相平衡，从而确定受力分析，及液滴的电性，并根据受力平衡条件，即可确定电荷量的多少；根据牛顿第二定律，结合向心力表达式，即可求解．【解答】解：（1）液滴在空间受到三个力作用：重力、电场力与洛伦兹力；（2）液滴带负电，由于液滴的重力与电场力相平衡，所以有：mg=qE；…①（3）带电粒子在电场中做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供；…②①②两式联立解得：答：（1）液滴在空间受到3个力作用．（2）液滴带电荷量及电性：负电．（3）液滴做匀速圆周运动的半径．。

河南省开封高中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析

河南省开封高中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷一．本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项满足题设要求，有的有多个选项满足题设要求，请将满足题设要求的选项选出来．全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分．1．点电荷Q1、Q2和Q3所产生的静电场的等势面与纸面的交线如图中的实线所示，图中标在等势面上的数值分别表示该等势面的电势，a、b、c…表示等势面上的点，下列说法中正确的是（）A．位于g点的点电荷不受电场力作用B．b点的场强与d点的场强一定不同C．把10﹣9C正电荷从m点移到c点过程中电场力做的功等于7×10﹣6JD．把电荷量为q的正点电荷从a点移到i点，再从i点移到f点过程中，电场力做的总功大于把该点电荷从a点直接移到f点过程中电场力所做的功2．如图所示，一个水平放置的平行板电容器．D为理想的二极管，它具有单向导通性．B 金属板固定，A金属板可移动．下列说法中正确的是（）A．A板向下移动时，两板间的电场强度变大B．A板向下移动时，两板间的电场强度变小C．A板向上移动时，两板间的电场强度变大D．A板向上移动时，两板间的电场强度变小3．电场中有A、B两点，A点的电势φA=30V，B点的电势φB=10V，一个电子由B点运动到A点的过程中，下面几种说法中正确的是（）A．电场力对电子做功20 eV，电子的电势能减少了20 eVB．电子克服电场力做功20 eV，电子的电势能增加了20 eVC．电场力对电子做功20 eV，电子的电势能增加了20 eVD．电子克服电场力做功20 eV，电子的电势能减少了20 eV4．一带电油滴在场强为E的匀强电场中运动的轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A．动能减小B．电势能增加C．动能和电势能之和减小D．重力势能和电势能之和增加5．关于电动势，下列说法中正确的是（）A．电源电动势等于电源正负极之间的电势差B．用电压表直接测量电源两极得到的电压数值就等于电源电动势的值C．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多6．酒精测试仪用于机动车驾驶人员是否酗酒及其他严禁酒后作业人员的现场检测．它是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如图所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，这样，电压表的指针就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（）A．U越大，表示c越大，c与U成正比B．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比C．U越大，表示c越小，c与U成反比D．U越大，表示c越小，但是c与U不成反比7．如图为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，只接通S1时，电流表示数为10A，电压表示数为12V，再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为8A．则此时通过启动电动机的电流是（）A．2A B．50A C．8A D．58A8．用多用电表的测电阻和电压时，下列说法中正确的是（）A．多用电表的欧姆挡测得白炽灯的电阻比该白炽灯在额定电压时的电阻要大B．用R×10Ω挡测电阻时如果指针偏转太小，应改用R×100Ω挡，调零后再测C．测量未知的直流电源两端电压时，应先用大量程再逐渐减小到合适的量程D．多用电表用完后，应将选择开关拨到OFF或直流电流最高挡二、实验题（共计16分）9．一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0V，3.0mA，用（b）图测得的数据是2.9V，4.0mA，由此可知，用图测得R x的误差较小，测量值R x=Ω．10．在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有四个错误电路，如图所示．电源内阻不计，导线连接良好．若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合S，在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种现象：a．电珠L不亮；电流表示数几乎为零；b．电珠L亮度增加；电流表示数增大；c．电珠L开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断；d．电珠L不亮；电流表从示数增大到线圈烧断．与上述abcd四种现象对应的电路序号为（）A．③①②④B．③④②①C．③①④②D．②①④③11．“探究导体电阻与导体长度、横截面积、材料的关系”的实验电路如图1所示，a、b、c、d是四种不同的金属丝．现有几根康铜合金丝和镍铬合金丝，其规格如表所示．编号材料长度（m）横截面积（mm2）A 镍铬合金0.8 0.8B 镍铬合金0.5 0.5C 镍铬合金0.3 0.5D 镍铬合金0.3 1.0E 康铜丝0.3 0.5F 康铜丝0.8 0.8（1）电路图中四种金属丝应选表中的C和（用编号表示另三个，任意顺序填写）．（2）在相互交流时，有位学生提出用如图2所示的电路，只要将图中P端分别和触点1、2、3、4相接，读出电流，利用电流跟电阻成反比的关系，也能探究出导体电阻与影响其因素的定量关系，你认为上述方法是否正确（填是否），如正确请说出理由；若不正确，请说出原因．三、计算题（31分）12．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离L ab=8cm，bc间距离L bc=14cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角．一个所带电量q=﹣4×10﹣8C的负电荷从a点移到b点克服电场力做功W ab=1.2×10﹣6J．求：（1）匀强电场的电场强度；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功；（3）a、c两点间的电势差．13．（17分）如图所示，某带电的液滴，以某一初速度沿中线飞入水平放置的平行板电容器两极板中间，不加偏转电压时，液滴刚好落到板中点，当加偏转电压U0时，液滴恰好能沿初速度方向匀速穿过电场区域，欲使液滴能飞出偏转电场，求偏转电压U的取值范围．选修3--514．将满偏电流Ig=300μA、内阻未知的电流表G改装成电压表并进行核对．（1）利用如图所示的电路测量电流表G的内阻（图中电源的电动势E=4V ）：先闭合S1，调节R，使电流表指针偏转到满刻度；再闭合S2，保持R不变，调节R′，使电流表指针偏转到满刻度的，读出此时R′的阻值为200Ω，则电流表内阻的测量值Rg=Ω（2）将该表改装成量程为3V的电压表，需（填“串联”或“并联”）阻值为R0=Ω的电阻．15．如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm．电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间．若小球带电量为q=1×10﹣2C，质量为m=2×10﹣2kg，不考虑空气阻力．那么（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A板？（2）此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）河南省开封高中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷一．本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项满足题设要求，有的有多个选项满足题设要求，请将满足题设要求的选项选出来．全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分．1．点电荷Q1、Q2和Q3所产生的静电场的等势面与纸面的交线如图中的实线所示，图中标在等势面上的数值分别表示该等势面的电势，a、b、c…表示等势面上的点，下列说法中正确的是（）A．位于g点的点电荷不受电场力作用B．b点的场强与d点的场强一定不同C．把10﹣9C正电荷从m点移到c点过程中电场力做的功等于7×10﹣6JD．把电荷量为q的正点电荷从a点移到i点，再从i点移到f点过程中，电场力做的总功大于把该点电荷从a点直接移到f点过程中电场力所做的功考点：等势面．分析：空间中某一点的实际场强是由多个场强叠加产生的；在等势面上移动电荷电场力做功为零；根据电场力做功W=qU求解．解答：解：A、位于g点的位置电势为零，场强不为零，所以点电荷受电场力作用，故A 错误B、b点的场强与d点的场强是由点电荷Q1、Q2和Q3所产生的场强叠加产生的，Q2和Q3与b点和d点的距离不等，根据点电荷场强公式E=得Q2和Q3在b点和d点的场强大小不等，方向不同．所以b点的场强与d点的场强大小不相等，故B正确C、把1库仑正电荷从m点移到c点过程中电场力做的功W=qU=10﹣9C×[4kV﹣（﹣3kV）]=7×10﹣6J，故C正确；D、根据电场力做功W=qU得把电荷量为q的正点电荷从a点移到i点，再从i点移到f点过程中，电场力做的总功等于把该点电荷从a点直接移到f点过程中电场力所做的功，故D 错误．故选：BC．点评：本题考查了电场线特点及沿电场线的方向电势降低，点电荷连线上的电势分布．2．如图所示，一个水平放置的平行板电容器．D为理想的二极管，它具有单向导通性．B 金属板固定，A金属板可移动．下列说法中正确的是（）A．A板向下移动时，两板间的电场强度变大B．A板向下移动时，两板间的电场强度变小C．A板向上移动时，两板间的电场强度变大D．A板向上移动时，两板间的电场强度变小考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：根据C=判断电容器电容的变化；二极管具有单向导电性，电流只能从正极流进，负极流出．根据E=分析板间场强如何变化．解答：解：A、B：A板向下移动时，板间距离d减小，由电容的决定式C=可知，电容C增大．电容器的电压U不变，由E=分析可知，板间电场场强增大．故A正确，B错误．C、D：A板向上移动时，电容减小，根据Q=CU知电荷量要减小，但因为二极管具有单向导电性，电荷不能流走，所以电容器所带的电荷量Q不变．根据C=、C=和E=结合得到E=知，电场强度不变．故C错误，D也错误．故选：A．点评：本题关键之处要抓住二极管的单向导电性，使得电容器不能放电．能根据C=、C=和E=推导出E=，这个结论可理解的基础记住．3．电场中有A、B两点，A点的电势φA=30V，B点的电势φB=10V，一个电子由B点运动到A点的过程中，下面几种说法中正确的是（）A．电场力对电子做功20 eV，电子的电势能减少了20 eVB．电子克服电场力做功20 eV，电子的电势能增加了20 eVC．电场力对电子做功20 eV，电子的电势能增加了20 eVD．电子克服电场力做功20 eV，电子的电势能减少了20 eV考点：电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场力做功公式W BA=qU BA研究电场力做功情况．电场力做正功多少，电势能就减小多少；克服电场力做功多少，电势能就增加多少解答：解：根据电场力做功公式得：电场力做功W BA=qU BA=q（φB﹣φA）=﹣e•（﹣20V）=20eV．即电场力对电子做功20eV，电子的电势能减少了20eV故选：A点评：对于电场力做功的公式W AB=qU AB应用时，W AB、q、U AB三个量一般要代入符号计算，得到的W AB是正值，表示电场力做正功，否则为负功4．一带电油滴在场强为E的匀强电场中运动的轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A．动能减小B．电势能增加C．动能和电势能之和减小D．重力势能和电势能之和增加考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由粒子的运动轨迹可知粒子电性，则可求得电场力对粒子所做的功的性质；由动能定理可求得动能的变化；由能量关系可知重力势能与电势能总和的变化，及动能和电势能之和的变化．解答：解：A、粒子由a到b，由运动轨迹可判出粒子受电场力与重力的合力向上，故粒子带负电且电场力大于重力，电场力与重力的合力做正功，由动能定理可知，油滴的动能增大；故A错误；B、由于电场力做正功，故电势能减小，故B错误；C、D、由能量的转化与守恒知，系统中重力势能、动能、电势能之和保持不变，由题易知重力势能增加，故动能和电势能之和减小；同理由前面分析知动能增加，则重力势能和电势能之和减小；故C正确D错误；故选：C．点评：带电粒子在电场中的偏转类题目，较好的考查了曲线运动、动能定理及能量关系，综合性较强，故在2015届高考中经常出现，在学习中应注意重点把握．5．关于电动势，下列说法中正确的是（）A．电源电动势等于电源正负极之间的电势差B．用电压表直接测量电源两极得到的电压数值就等于电源电动势的值C．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的定义式E=，W是非静电力做功．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．根据这些知识点进行分析解答．解答：解：A、电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电势差，若电源接入电路，由于电源的内电路有电势差，两极间的电势差将小于电动势，故A错误；B、用电压表直接测量电源的电压，由于电压表本身就构成了一个外电路，电源有内电压，所以得到的电压数值小于电源电动势．故B错误．C、电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，与外电路的组成无关，由电源本身决定．故C错误．D、根据电源电动势定义式E=，可知电动势越大，电源内非静电力从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多，故D正确；故选：D点评：解答本题关键从物理意义、定义式、闭合电路欧姆定律来理解电动势．要注意在电源内部是非静电力做功，在电源的外部是静电力做功．6．酒精测试仪用于机动车驾驶人员是否酗酒及其他严禁酒后作业人员的现场检测．它是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如图所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，这样，电压表的指针就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（）A．U越大，表示c越大，c与U成正比B．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比C．U越大，表示c越小，c与U成反比D．U越大，表示c越小，但是c与U不成反比考点：传感器在生产、生活中的应用．分析：首先根据电路图分析电路的连接方式，分析酒精气体传感器的电阻的变化，然后根据欧姆定律得到电压表示数与电阻r′的关系，结合传感器电阻r′的倒数与酒精气体的浓度C 成正比，得出电压表示数与酒精气体浓度的关系式，再进行选择．解答：解：酒精气体传感器和定值电阻串联在电路中，电压表测R0两端的电压．根据酒精气体传感器的电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，得：=kC（k是比例系数）①．根据欧姆定律得：==②由①②整理得：U=由数学知识知，U越大，c越大，但两者不成正比．故B正确．故选：B点评：学生要能结合电路电阻的变化根据欧姆定律判断串联电路中的电流和电压的变化．7．如图为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，只接通S1时，电流表示数为10A，电压表示数为12V，再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为8A．则此时通过启动电动机的电流是（）A．2A B．50A C．8A D．58A考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：只接通S1时，电流是纯电阻电路，可以用闭合电流的欧姆定律求出电动势及灯泡的电阻，再接通S2后，通过启动电动机的电流等于总电流减去灯泡电流．解答：解：只接通S1时，由闭合电路欧姆定律得：E=U+Ir=12V+10×0.05V=12.5V，R灯==Ω=1.2Ω，再接通S2后，流过电动机的电流为：I电动机=﹣I′=A﹣8A=50A故选：B．点评：本题应注意电动机工作时的电路是非纯电阻电路，不可以用欧姆定律求电流．8．用多用电表的测电阻和电压时，下列说法中正确的是（）A．多用电表的欧姆挡测得白炽灯的电阻比该白炽灯在额定电压时的电阻要大B．用R×10Ω挡测电阻时如果指针偏转太小，应改用R×100Ω挡，调零后再测C．测量未知的直流电源两端电压时，应先用大量程再逐渐减小到合适的量程D．多用电表用完后，应将选择开关拨到OFF或直流电流最高挡考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：灯丝电阻随温度升高而增大，常温下灯丝电阻小于灯泡正常发光时电阻；使用欧姆表测电阻，应选用合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近；多用电表使用完毕，应把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡上；不知电压大小时应用试触法进行测量电压，先用大量程进行测量，然后选择合适的量程测量．解答：解：A、灯丝电阻随温度升高而增大，常温下灯丝电阻小于灯泡正常发光时电阻，多用电表的欧姆挡测得白炽灯的电阻比该白炽灯在额定电压时的电阻要小，故A错误；B、用R×10Ω挡测电阻时如果指针偏转太小，说明所选档位太小，应换大挡，应改用R×100Ω挡，调零后再测量，故B正确；C、为保护电表安全，测量未知的直流电源两端电压时，应先用大量程再逐渐减小到合适的量程，故C正确；D、多用电表用完后，把两表笔拔出，并应将选择开关拨到OFF或交流电流最高挡，故D 错误；故选：BC．点评：本题考查了多用电表的使用方法及注意事项，掌握基础知识即可正确解题；应用欧姆表测电阻时要选择合适的档位，使指针指在中央刻度线附近；欧姆表换挡后要进行欧姆调零，多用电表使用完毕，要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡．二、实验题（共计16分）9．一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0V，3.0mA，用（b）图测得的数据是2.9V，4.0mA，由此可知，用a图测得R x的误差较小，测量值R x=1000Ω．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：两种接法都有误差：（a）图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是电阻R 的电压，还包括了电流表的分压，（b）图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过R的电流，还包括了电压表的电流；要根据根据电流表与电压表的分压与分流的值的多少选择合适的电路，以减小误差．解答：解：（a）图与（b）图的数据显示，两种电路电流表的示数相对误差要大一些，宜用电流的真实值故用（a）图的电路其测量值为：R===1000Ω故答案为：（a）1000Ω点评：待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法．测量值偏大．待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小．10．在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有四个错误电路，如图所示．电源内阻不计，导线连接良好．若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合S，在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种现象：a．电珠L不亮；电流表示数几乎为零；b．电珠L亮度增加；电流表示数增大；c．电珠L开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断；d．电珠L不亮；电流表从示数增大到线圈烧断．与上述abcd四种现象对应的电路序号为（）A．③①②④B．③④②①C．③①④②D．②①④③考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：压轴题．分析：本题考查对故障电路的判断，可以根据电路去分析可能出现的故障，再与现象对应起来即可找出正确答案；要注意电表的正确接法、滑动变阻器的接法．解答：解：①中电流表测量干流电流，不能测灯泡中的电流；故电流表接线错误；将滑动变阻器的触头置于左端，闭合S后电珠L不亮，在向右端滑动触头过程中，电珠L逐渐变亮，由于总电阻减小，干路电流增大，电流表示数增大，是b；在②中安培表连接错误，应该连接在干路上，开始时滑动变阻器的电阻最大，通过电珠的电流太小，电珠L不亮，在向右端滑动触头过程中，电珠后来忽然发光，由于大部分电流流过电流表造成电流表从示数不为零到线圈烧断，是c；在③中伏特表和安培表应该互换位置，由于伏特表串联造成电珠L不亮，电流表示数几乎为零，是a；在④中安培表使电珠短路，电珠L始终不亮，电流表从示数增大到线圈烧断，是d．即①②③④分别对应bcad．正确的是A．故选A．点评：我们对于图象的分析清楚一些，故不应只去考虑出现的现象而忽视了对电路的研究；应从电路可能出现的故障进行分析．11．“探究导体电阻与导体长度、横截面积、材料的关系”的实验电路如图1所示，a、b、c、d是四种不同的金属丝．现有几根康铜合金丝和镍铬合金丝，其规格如表所示．编号材料长度（m）横截面积（mm2）A 镍铬合金0.8 0.8B 镍铬合金0.5 0.5C 镍铬合金0.3 0.5D 镍铬合金0.3 1.0E 康铜丝0.3 0.5F 康铜丝0.8 0.8（1）电路图中四种金属丝应选表中的C和BDE（用编号表示另三个，任意顺序填写）．（2）在相互交流时，有位学生提出用如图2所示的电路，只要将图中P端分别和触点1、2、3、4相接，读出电流，利用电流跟电阻成反比的关系，也能探究出导体电阻与影响其因素的定量关系，你认为上述方法是否正确否（填是否），如正确请说出理由；若不正确，请说出原因因为P端分别和触点1、2、3、4相接时，电阻两端的电压不一定相同，只有电压有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关系．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：（1）用控制变量法研究，选电阻丝时要注意尽量选择有相同参数（材料、长度、横截面积）的；（2）接不同的电阻时，电流不同，故电阻分得的电压不同，电流与电阻成反比的前提是导体两端的电压一定．解答：解：（1）从上述材料可以看出，BCE截面积相同，BCD材料相同，CDE长度相同；所以电路图中四种金属丝中的其他三种规格应选表格中的BDE（2）由图2的电路可知，待测电阻与滑动变阻器串联，所以待测电阻的电阻不同，分得的电压不同；只有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关．故答案为：BDE，否，因为P端分别和触点1、2、3、4相接时，电阻两端的电压不一定相同，只有电压有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关系．点评：本题是探究影响电阻的因素的实验，实验原理是采用控制变量法，较为简单．三、计算题（31分）12．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离L ab=8cm，bc间距离L bc=14cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角．一个所带电量q=﹣4×10﹣8C的负电荷从a点移到b点克服电场力做功W ab=1.2×10﹣6J．求：（1）匀强电场的电场强度；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功；（3）a、c两点间的电势差．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势差；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）根据电场力做功公式W=qEd，d为沿电场方向两点间的距离分析求解电场强度．（2）电荷从b点移到c点，电场力所做负功，d=l bc cos60°求出电场力做功．（3）根据U ac=求解a、c两点间的电势差．解答：解：（1）由W ab=﹣qEL ab，得E==V/m=375V/m．（2）电荷从b点移到c点电场力所做的功为Wbc=qEL bc cos60°=﹣1.05×10﹣6J（3）a、c两点间的电势差U ac===56.25V答：（1）匀强电场的电场强度E=375V/m；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功是﹣1.05×10﹣6J；（3）a、c两点间的电势差是56.25V．点评：本题要抓住电场力是一种力，具有力的共性，求电场力做功可以根据功的一般公式W=Flcosα得到W=qEd，知道电势差也可以根据W=qU求解．。

2017-2018学年第一学期高二12月份联考物理试题含答案解析

安徽省合肥八中、马鞍山二中、阜阳一中2017－2018学年第一学期高二12月份联考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．磁感应强度的单位是特斯拉，符号是T ，若用国际单位制的基本单位表示，则1T 等于（）A ．()1/N A m ⋅B ．()21/kg A s ⋅C ．()31/kg m A s ⋅⋅D ．321/kg m s ⋅2．如图所示，实线为某电场的电场线，虚线表示该电场的等势面，A 、B 、C 是电场中的三点，下列说法正确的是( )A ．三点中，B 点的场强最大B ．三点中，A 点的电势最高C ．将一带负电的检验电荷从A 移动到B ，电势能增大D ．将一带正电的检验电荷从A 移动到B 和从A 移动到C ，电势能的变化相同 3．如图所示为水平放置的两根等高固定长直导线的截面图，O 点是两导线间距离的中点，a 、b 是过O 点的竖直线上与O 点距离相等的两点，两导线中通有大小相等、方向相反的恒定电流．下列说法正确的是( )A ．两导线之间存在相互吸引的安培力B ．O 点的磁感应强度为零C ．O 点的磁感应强度方向竖直向下D ．a 、b 两点的磁感应强度大小相等、方向相反4．如图所示的电路中，定值电阻R 1等于电源内阻r ，当滑动变阻器R 2的滑动触头P 向下滑动时( )A ．电压表的读数减小B ．R 1消耗的功率增大C ．电源的输出功率增大D ．电容器C 所带电荷量增多5．一段均匀带电的半圆形细线在其圆心O 处产生的场强大小为E ，把细线分成等长的圆弧AB 、BC 、CD ，则圆弧BC 在圆心O 处产生的场强大小为( )A ．EB ．/2EC ．/3ED ．/4E6．一个直流电动机，其线圈的电阻是0.5 Ω，当它两端所加电压为6 V 时，通过电动机的电流是2 A 。

由此可知( )A ．电动机消耗的电功率为10WB ．电动机的发热功率为12WC ．电动机输出的机械功率为10WD ．电动机的工作效率为20%7．用等长的轻质细线把两个质量相等的带电小球a 、b 悬挂起来，a 球带电荷量为－3q ，b 球带电荷量为＋q ，整个装置处在水平向右的匀强电场中，最后达到平衡时的状态可能是( )A ．B ．C．D．8．如图，两水平面(虚线)之间存在方向水平向右的匀强电场．自该区域上方的A点将质量均为m、电荷量分别为q和－q(q>0)的带电小球M、N先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出．小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开．已知N离开电场时的速度方向竖直向下，不计空气阻力，则N与M在电场中沿水平方向的位移之比( )A．1/4 B．1/3. C．1/2 D．1/19．如图所示，R1和R2是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体，但R1的尺寸比R2的尺寸大.在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方向如图所示，则下列说法中正确的是A．R1中的电流小于R2中的电流B．R1中的电流大于R2中的电流C．R1中自由电荷定向移动的速率大于R2中自由电荷定向移动的速率D．R1中自由电荷定向移动的速率小于R2中自由电荷定向移动的速率二、多选题10．如图甲所示，AB是某电场中的一条电场线，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到点B，所经位置的电势随距A点的距离变化的规律如图乙所示。

开封市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题

开封市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，带电量为Q 的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底端C 点，斜面上有A 、B 、D 三点，A 和C 相距为L ，B 为AC 中点，D 为A 、B 的中点。

现将一带电小球从A 点由静止释放，当带电小球运动到B 点时速度恰好为零。

已知重力加速度为g ，带电小球在A 点处的加速度大小为4g，静电力常量为k 。

则（）A ．小球从A 到B 的过程中，速度最大的位置在D 点 B ．小球运动到B 点时的加速度大小为2g C ．BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA D ．AB 之间的电势差U AB =kQ L【答案】BC 【解析】【分析】【详解】A ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma L θ-= 当小球速度最大时，加速度为零，有'2sin 0Qqmg θkL-= 联立上式解得'22L L =所以速度最大的位置不在中点D 位置，A 错误； B ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma Lθ-= 带电小球在B 点时，有2sin 2BQq k mg θma L -=（）联立上式解得2B g a =B 正确；C ．根据正电荷的电场分布可知，B 点更靠近点电荷，所以BD 段的平均场强大小大于AD 段的平均场强，根据U Ed =可知，BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA ，C 正确；D ．由A 点到B 点，根据动能定理得sin 02AB Lmg θqU ⋅+= 由2sin A Qqmg kma L θ-=可得 214Qq mg k L= 联立上式解得AB kQU L=-D 错误。

故选BC 。

2．电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美．如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A 、B ，AB 连线中点为O.在A 、B 所形成的电场中，以O 点为圆心半径为R 的圆面垂直AB 连线，以O 为几何中心的边长为2R 的正方形平面垂直圆面且与AB 连线共面，两个平面边线交点分别为e 、f ，则下列说法正确的是( )A ．在a 、b 、c 、d 、e 、f 六点中找不到任何两个场强和电势均相同的点B ．将一电荷由e 点沿圆弧egf 移到f 点电场力始终不做功C ．将一电荷由a 点移到圆面内任意一点时电势能的变化量相同D ．沿线段eOf 移动的电荷，它所受的电场力先减小后增大【答案】BC 【解析】图中圆面是一个等势面，e 、f 的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e 、f 的场强相同，故A 错误．图中圆弧egf 是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式W=qU 可知：将一正电荷由e 点沿圆弧egf 移到f 点电场力不做功，故B 正确．a 点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式W=qU 可知：将一电荷由a 点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同．故C 正确．沿线段eof 移动的电荷，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，故D 错误．故选BC ．【点睛】等量异种电荷连线的垂直面是一个等势面，其电场线分布具有对称性．电荷在同一等势面上移动时，电场力不做功．根据电场力做功W=qU 分析电场力做功情况．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，从而电场力的变化．3．如图所示，两个带电小球A 、B 分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上，且在同一竖直平面内，用水平向左的推力F 作用于B 球，两球在图示位置静止，现将B 球沿斜面向下移动一小段距离，发现A 球随之向上移动少许，两球在新位置重新平衡，重新平衡后与移动前相比，下列说法正确的是（）A ．推力F 变小B ．斜面对B 的弹力不变C ．墙面对A 的弹力不变D ．两球之间的距离减小【答案】AB 【解析】【详解】CD ．先对小球A 受力分析，受重力、支持力、静电力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：mgF cos =库α，N F mgtan =α 由于α减小，可知墙面对A 的弹力变小，库仑力减小，故两球间距增加，选项CD 错误； AB ．对AB 整体受力分析，受重力、斜面支持力N 、墙壁支持力F N 、推力F ，如图所示：根据共点力平衡条件，有NNsin F FNcos m M g+==+（）ββ解得()F mgtan m M gtanM m gNcos=-++=（）αββ由于α减小，β不变，所以推力F减小，斜面对B的弹力N不变，选项AB正确。

河南省开封市五县联考2023-2024学年高二上学期12月月考物理试卷(含答案)

河南省开封市五县联考2023-2024学年高二上学期12月月考物理试卷学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1、将一台智能手机水平粘在秋千的座椅上，使手机边缘与座椅边缘平行（图甲），让秋千以小摆角（小于5°）自由摆动，此时秋千可看作一个理想的单摆，摆长为L。

从手机传感器中得到了其垂直手机平面方向的a t-关系图如图乙所示。

则以下说法不正确的是( )A.秋千从摆动到停下的过程可看作阻尼振动B.当秋千摆至最低点时，秋千对手机的支持力大于手机所受的重力C.秋千摆动的周期为21t t-D.该地的重力加速度()22314πLgt t=-2、如图所示，已知电源电动势6VE=，内阻1Ωr=，保护电阻00.5ΩR=，电表为理想电表，则( )A.当R阻值为零时，0R消耗的电功率最小B.当R阻值为1.5Ω时，R消耗的功率最大C.如果R发生断路故障，则电表读数为零D.当R的阻值增大时，电表读数减小3、如图（a），在均匀介质中有A B C、、和D四点，其中A B C、、三点位于同一直线上，4m,3m,AC BC DC DC===垂直,0AB t=时，位于A B C、、处的三个完全相同的横波波源同时开始振动，振动图像均如图（b）所示，振动方向与平面ABD垂直，已知波长为4m.下列说法正确的是( )A.这三列波的波速均为2m/st=时，D处的质点开始振动B.2st=时，D处的质点向y轴正方向运动C. 4.5st=时，D处的质点与平衡位置的距离是2cmD.6s4、如图所示，光滑圆弧轨道的半径为R，圆弧底部中点为O，两个大小可忽略质量分别为1m和2m的小球A和B，A在离O很近的轨道上某点，B在点O正上方h处，现同时释放两球（不计空气阻力），使两球在A小球第5次通过O点时恰好相碰，则h应为( )249πR225πR216πR81πR25、如图所示为一款玩具“弹簧公仔”，该玩具由头部、轻弹簧及底座组成，已知公仔头部质量为m，弹簧劲度系数为k，底座质量也为m.轻压公仔头部至弹簧弹力为2mg 时，由静止释放公仔头部，此后公仔头部在竖直方向上做简谐运动。

开封市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题

开封市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图，真空中x 轴上关于O 点对称的M 、N 两点分别固定两异种点电荷，其电荷量分别为1Q +、2Q -，且12Q Q >。

取无穷远处电势为零，则（）A ．只有MN 区间的电场方向向右B ．在N 点右侧附近存在电场强度为零的点C ．在ON 之间存在电势为零的点D ．MO 之间的电势差小于ON 之间的电势差【答案】BC 【解析】【分析】【详解】AB ．1Q +在N 点右侧产生的场强水平向右，2Q -在N 点右侧产生的场强水平向左，又因为12Q Q >，根据2QE kr=在N 点右侧附近存在电场强度为零的点，该点左右两侧场强方向相反，所以不仅只有MN 区间的电场方向向右，选项A 错误，B 正确；C ．1Q +、2Q -为两异种点电荷，在ON 之间存在电势为零的点，选项C 正确；D ．因为12Q Q >，MO 之间的电场强度大，所以MO 之间的电势差大于ON 之间的电势差，选项D 错误。

故选BC 。

2．如图所示，一带电小球P 用绝缘轻质细线悬挂于O 点。

带电小球Q 与带电小球P 处于同一水平线上，小球P 平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。

现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q ，使带电小球P 能够保持在原位置不动，直到小球Q 移动到小球P 位置的正下方。

对于此过程，下列说法正确的是（）A ．小球P 受到的库仑力先减小后增大B ．小球P 、Q 间的距离越来越小C ．轻质细线的拉力先减小后增大D ．轻质细线的拉力一直在减小【解析】【分析】【详解】画出小球P的受力示意图，如图所示当小球P位置不动，Q缓慢向右下移动时，Q对P的库仑力先减小后增大，根据库仑定律可得，QP间的距离先增大后减小；轻质细线的拉力则一直在减小，当Q到达P的正下方时，轻质细线的拉力减小为零，故选AD。

河南省开封市土山岗中学高二物理月考试题带解析

河南省开封市土山岗中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势为零，ND段中C点电势最高，则A. C点的电场强度大小为零B. A点的电场强度大小为零C. NC间场强方向沿x轴正方向D. 将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功参考答案：AD【详解】A．图的斜率为E，C点电势的拐点，则电场强度为零，故A正确；B．由图知A点的电势为零，则O点的点电荷的电量比M点的点电荷的电量大，且O点的电荷带正电，M点电荷带负电．故B错误；C．由图可知：OM间电场强度方向沿x轴正方向，MC间电场强度方向沿x轴负方向，CD间电场强度方向沿x轴正方向．故C错误；D．因为MC间电场强度方向沿x轴负方向，CD间电场强度方向沿x轴正方向，则将一负点电荷从N 点移到D点，电场力先做正功后负功．故D正确；2. 为了强调物理学对当今社会的重要作用并纪念爱因斯坦，2004年联合国第58次大会把2005年定为国际物理年。

爱因斯坦在100年前发表了5篇重要论文，内容涉及狭义相对论、量子论和统计物理学，对现代物理学的发展作出了巨大贡献．某人学了有关的知识后，有如下理解，其中正确的是A．所谓布朗运动就是液体分子的无规则运动B．光既具有波动性，又具有粒子性C．在光电效应的实验中，入射光强度增大，光电子的最大初动能随之增大D．质能方程表明：物体具有的能量与它的质量有简单的正比关系参考答案：BD3. 如图所示，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中，导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（）A.A、B两点的场强不相等B.感应电荷产生的附加电场大小是C.当电键K闭合时，电子从大地沿导线向导体移动D.若电键K闭合，A、B两点场强相等，且都为零第参考答案：CD4. （单选）如右图所示，用长为L的细线拴一个质量为M的小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，细线与竖直方向间的夹角为θ，关于小球的受力情况，下列说法错误的是（）A．向心力等于线的拉力B．向心力等于线的拉力和小球所受重力的合力C．向心力等于细线对小球拉力的水平分量D，向心力的大小等于Mgtanθ参考答案：A5. （多选题）在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有（）A．升压变压器的输出电压增大B．降压变压器的输出电压增大C．输电线上损耗的功率增大D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大参考答案：CD【考点】远距离输电；变压器的构造和原理．【分析】正确解答本题需要掌握：理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压由输入电压决定；明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系．理想变压器电压和匝数关系．【解答】解：A、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，故A错误．B、由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，根据P=UI，可知输电线上的电流I线增大，根据U损=I线R，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压U3=U2﹣U损可得，降压变压器的输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故B错．C、根据，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确．D、根据η==，发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大．故D正确．故选：CD．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 研究地球的公转时，（填“可以”或“不可以”）把地球看做质点；研究地球的自转时，（填“可以”或“不可以”）把地球看做质点．参考答案：可以，不可以【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解；当研究地球的公转时，地球的大小和形状可以忽略不计，故地球可以看作质点；而在研究地球自转时，地球的大小和形状不可以忽略，故不能看作质点；故答案为：可以，不可以7. 如图所示，放在通电螺线管内部中央处的小磁针，静止时N极指向右端，则电源的b端为_________极。

河南省开封市高中高二物理上学期12月月考试题(含解析)(2021年整理)

河南省开封市高中2017-2018学年高二物理上学期12月月考试题（含解析）编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（河南省开封市高中2017-2018学年高二物理上学期12月月考试题（含解析））的内容能够给您的工作和学习带来便利。

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开封高中2017-2018学年度上学期12月月考高二物理试卷一、单选题：1. 一个直流电动机,线圈电阻恒定为0。

5Ω；若把电动机接2。

0V电压能正常工作，此时经过线圈的电流是1.0A，则电动机的输出功率P出是A. B.C. D。

【答案】C【解析】试题分析:电动机为非纯电阻电路；明确电动机的总功率、输出功率及热功率的区别与联系,即可列式求解．电动机消耗的功率主要有两个方面的功能,一是消耗在线圈电阻的热功率上面,另一部分是对外的输出功率,输出功率等于消耗的总功率减去热功率，故，C正确．2. 如图所示的电路中,电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R的滑动触头,G为灵敏电流计,A为理想电流表。

开关S 闭合后，C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，则以下说法正确的是A. 在P向上移动的过程中，A表的示数变大，油滴仍然静止,G中有方向由a至b的电流B. 在P向上移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动,G中有方向由b至a的电流C. 在P向下移动的过程中，A表的示数变大,油滴向下加速运动，G中有方向由b至a的电流D. 在P向下移动的过程中，A表的示数变小,油滴向下加速运动，G中有由a至b的电流【答案】B【解析】解：A、B、粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片向上移动，电阻R变大,电路总电阻变大，电流变小，电容器两端电压为：U=E﹣I（r+R1），故电容器两端电压变大,带电量变大，电场力变大，粒子向上加速；电容器充电，故电流从b到a,故A错误,B正确；C、D、在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程，电阻R变小，电路总电阻变小，电流变大，电容器两端电压为：U=E﹣I(r+R1），故电容器两端电压变小，带电量变小，电场力变小，粒子向下加速；电容器放电，故电流从a到b,故CD错误；故选：B．【点评】本题是电路动态分析问题,关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化．3。

河南省2016-2017学年高二上学期第二次月考(12月月考)物理答案

高二物理（月考）参考答案一、选择题(本题共16小题，每小题3分，共48分.其中第1~12为单选题，其它为多选题。

多选题全部选对得3分，选对部分得2分，有错选或不选的得0分)1C 2D 3D 4A 5C 6B 7C 8D 9B 10A 11D 12D13BC 14AD 15BC 16BD二、填空题（每空2分，共18分。

把答案填在相应空白处，或按要求作答）17.（1）③；（2）②③；（3）①③；（4）当磁通量变化18.（1）BC （2）AB ，（3）2.0 1.50 1.0三.计算题（共34分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)19.（9分）如图所示，匀强磁场的磁感应强度B ＝0.5T ，边长L ＝10cm 的正方形线圈abcd 共100匝，线圈电组r ＝1Ω，线圈绕垂直磁感线的对称轴OO ′匀速转动，角速度为ω＝200πrad/s ，外电路电阻R ＝4Ω，求：(1)转动过程中感应电动势的最大值，并写出从图中位置计时感应电动势瞬时值表达式(2)由图示位置转过60°角时的过程中产生的平均感应电动势．(3)转动一周外力做的功．(第（2）、（3）问计算结果保留三位有效数字)(1)Em=NBS ω=314V ...........................................................2分e=NBS ωcosωt=314cos （200πt ）/V.....................................2分(2)tN E ∆∆=ϕ=260V...........................................................2分(3)W=I 2（R+r ）T=98.6J....................................................3分20.解：如图所示：（1）由qvB=m 得：r=..................................................................2分（2）由几何知识得：x=r=........................................................2分（3）根据轨迹得知带电粒子第1次轨迹所对应的圆心角等于90°在磁场中运动时间为：t 1=T=..............................................................2分在电场中有：a=运动时间为：t 2==........................................................................2分所以总时间为：t=+.......................................................................1分21.解：（1）由题意知，金属棒匀速下滑时速度最大，设最大速度为v m ，则有：mgsin θ=F 安又F 安=BId ，即得mgsin θ=BId …①....................................................................2分ab 棒产生的感应电动势为E=Bdv m …②通过ab 的感应电流为I=…③回路的总电阻为R=r +R 1+…④联解代入数据得：v m =30m/s …⑤..........................................................................3分（2）由能量守恒定律有：mg •2s 0sin θ=Q +…⑥.....................................2分联解代入数据得：Q=50J …⑦................................................................................1分（3）改变电阻箱R 2的值后，ab 匀速下滑时有：mgsin θ=BId所以I=Bd mg θsin =5.025.0101⨯⨯⨯=5A.....................................................................2分通过R 2的电流为：I 2=I R 2的功率为：P=I 22R 2，........................................................................................2分联立以上三式有：P=I 2R 2=I 2当=时，即R 2=R L =4Ω，功率最大，....................................................2分所以P m ==25W..........................................................................................2分。

河南省开封市兴华中学2018年高二物理月考试卷含解析

河南省开封市兴华中学2018年高二物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）有三个电阻，R1＝2 Ω，R2＝3 Ω，R3＝4 Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1∶I2∶I3是()A．6∶4∶3 B．3∶4∶6C．2∶3∶4 D．4∶3∶2参考答案：A2. （单选）如图电路中K1、K2、K3、K4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，则断开哪一个开关后P会向下运动()A．K1 B．K2 C．K3 D．K4参考答案：C3. （多选）下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是( )A．图甲：黑体辐射的强度，随着温度的升高，各种波长的辐射强度都增加且极大值向波长较短的方向移动B．图乙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率也是不连续的C．图丙：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子D．图丁：工业上利用射线来检查金属内部伤痕，是因为射线穿透能力很强参考答案：ABD4. 如图甲所示电路中，电源电动势和内阻分别为E和r，电压表与内阻相同，与并联，的示数为，的示数为；现将改为与并联，如图乙所示，再接在原来的电源上，那么A. 的示数必增大，的示数必减小B. 的示数必增大，的示数必增大C. 的示数必减小，的示数必增大D. 的示数必减小，的示数必减小参考答案：A解：的示数为为路端电压，的示数为为两端电压，由此可知与并联电阻是的两倍，即知，当与并联然后与串联，外电阻总电阻增大，故路端电压增大，即示数增大，但处由于与并联电阻减小，分压减小，所以示数减小，故A正确，BCD错误。

5. 如图8所示，A、B是电场中的两个点，由图可知电场强度EA EB（填“＞”或“＜”）．将一点电荷先后放在A、B两点，它所受的电场力大小FA FB（填“＞”或“＜”）参考答案：>;>二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 我国生活用电的交流电电压的最大值为________V，有效值为_________V，频率为 Hz参考答案：311; 220; 507. 如图所示，一验电器与锌板相连，在A处用一紫外线灯照射锌板，关灯后，指针保持一定偏角．（1）现用一带负电的金属小球与锌板接触，则验电器指针偏角将（填“增大”“减小”或“不变”）．（2）使验电器指针回到零，再用相同强度的钠灯发出的黄光照射锌板，验电器指针无偏转．那么，若改用强度更大的红外线灯照射锌板，可观察到验电器指针（填“有”或“无”）偏转．参考答案：（1）减小；（2）无【考点】光电效应．【分析】（1）用一紫外线灯照射锌板，产生光电效应现象，根据锌板的电性，分析用带负电的金属小球与锌板接触后，验电器指针偏角的变化．（2）红光的频率比黄光低，黄光照射锌板，验电器指针无偏转，黄光不能使锌板产生光电效应，红光也不能使锌板产生光电效应．【解答】解：（1）在A处用一紫外线灯照射锌板，锌板产生光电效应，光电子射出后，锌板带正电，用一带负电的金属小球与锌板接触，则验电器指针偏角将减小．（2）用黄光照射锌板，验电器指针无偏转，说明黄光不能使锌板产生光电效应，红光的频率比黄光低，红光也不能使锌板产生光电效应，验电器指针无偏转．故答案为：（1）减小；（2）无8. 如图是一种手机电池的标签，在所标的注意事项中，“防止电池短路”是为了避免电池短路时电流过大，损坏电源。

2018年河南省开封市中学分校高二物理期末试题含解析

2018年河南省开封市中学分校高二物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，一轻弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了4cm，再将重物向下拉1cm，然后放手，则在释放的瞬间，重物的加速度是（g取10m/s2 ）( )A．2.5 m/s2 B．7.5 m/s2C．10 m/s2 D．12.5 m/s2参考答案：A2. 图为充电机A给蓄电池充电电路，已知蓄电池内阻r＝0.20Ω，电阻R阻值为1.8Ω，充电机输出电压为16V，充电电流为2.0A，则每秒钟转化的化学能的能量是_参考答案：3. 如图所示，分界线MN上方和下方分别是两种不同的光介质Ⅰ和Ⅱ，一细束由红和紫两种单色光组成的复合光由介质Ⅰ中射向分界面MN，分成两细束光a、b，则（）A．光束a一定是单色光B．光束a可能是复合光，也可能是紫光C．光束b一定是红光D．光束b可能是复合光，也可能是红光E．光束b可能是复合光，也可能是红光参考答案：C【考点】光的折射定律．【分析】本题要抓住同一介质对紫光的折射率大于对红光的折射率，当光从光密介质射入光疏介质折射时，入射角大于临界角，将发生全反射．由这些知识分析光束的性质．【解答】解：AB、两种单色光在界面MN上都能发生反射，且反射角相等，所以光束a 一定是复合光．故AB错误．CDE、由于红光与紫光的折射率不同，以相同的入射角射到MN界面时，若都发生折射，折射角应不同，折射光线应分成两束．而紫光的临界角小于红光的临界角，所以由图得知，红光在MN界面上既有折射，又有反射，而紫光在MN界面上发生了全反射，所以光束b中只有红光，故C正确，DE错误．故选：C4. （多选题）如图所示，A、B为两个固定的等量的正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，若不计电荷C所受的重力，则关于电荷C运动过程中的速度和加速度情况，下列说法正确的是（）A．加速度始终增大Ｂ．加速度先增大后减小C．速度始终增大，最后趋于无穷大D．速度始终增大，最后趋于某有限值参考答案：BD5. （单选题）下列说法正确的是（）A．摩擦起电会使物体总电量变少B．失去电子的物体带负电C．得到电子的物体带正电D．物体起电的实质是电子发生了转移参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示是直角三棱柱，其中面abfe竖直放置，面abcd为正方形，边长为L，且面abfe与面abcd夹角为300,，它们放置于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B，则通过abcd平面的磁通量大小为_____________，通过整个三棱柱的磁通量为___________ 。

开封市高三年级物理第二次月考试题(附解析)

开封市高三年级物理第二次月考试题（附解析）多做题可以协助考生查缺补漏，为此查字典物理网整理的开封市高三年级物理第二次月考试题，请考生仔细练习。

1.两个正、负点电荷周围电场线散布如下图M、N为电场中两点，那么 (D)B.正电荷由M运动释放能运动到NC.正电荷在M的减速度小于在N的减速度C.负电荷在M的电势能高于在N的电势能D.负电荷从M移动到N，其间必有一点电势能为零2. 如下图，在竖直放置的润滑半圆弧绝缘细管的圆心O处放一点电荷，将质量为m，电荷量为q的小球从圆弧管的水平直径端点A由运动释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰恰无压力，那么放于圆心处的点电荷在AC弧中点处的电场强度的大小为( C )A. B.C. D.不能确定3.一个物体从h高处末尾做自在落体运动，经t时间落地，落地时的速度为v，那么当物体下落时间为时，物体的速度大小以及物体距空中高度区分为( C )A. ，B. ，C. ，D. ，4.某人用手将质量为1kg物体由运意向上提起1m，这时物体的速度为2m/s，以下说法中错误的选项是?(B)A.手对物体做功12JB. 合外力做功12J?C. 合外力做功2JD.物体克制重力做功10J?5. 如下图，质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住。

现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做减速度为a 的匀减速直线运动，疏忽一切摩擦，以下说法中正确的选项是(C)A.假定减速度足够小，竖直挡板对球的弹力能够为零B.假定减速度足够大，斜面对球的弹力能够为零C.斜面对球的弹力不只要，而且是一个定值D.斜面和挡板对球的弹力的合力等于ma6.我国曾经完成低轨道的载人航天,也达成了月球的着陆和巡视、从月球轨道前往等目的。

从目前掌握的载人航天技术和探月技术角度看,我国完全具有完成载人登月的技术基础.假定月球质量为M,半径为R,万有引力恒量为G,月球外表重力减速度为g0,以下畅想能够的是( CD )A.在月球外表上荡秋千,将人视为质点,秋千质量不计,摆角不变,摆角小于900,假定秋千经过最低位置时的速度为v0,那么人能上升的最大高度是B.在月球发射一颗绕它运转的卫星的最小周期为C.在月球外表以初速度v0竖直上抛一个物体,物体上升的最大高度为D.在月球上发射一颗绕它运动的卫星的最小发射速度为7. 穿过闭合回路的磁通量随时间t变化的图像区分如图甲、乙、丙、丁所示，以下关于回路中发生的感应电动势的论述，正确的选项是( AC )A.图甲中回路不发生感应电动势B.图乙中回路发生的感应电动势不时在变大C.图丙中回路在0～t0时间内发生的感应电动势大于在t0～2t0时间内发生的感应电动势D.图丁中回路发生的感应电动势能够恒定不变8.实验室里的交流发电机可简化为如下图的模型，正方形线圈在水平匀强磁场中，绕垂直于磁感线的OO' 轴匀速转动.今在发电机的输入端接一个电阻 R 和理想电压表，并让线圈每秒转25圈，读出电压表的示数为10V.R = 10 ，线圈电阻疏忽不计，以下说法正确的选项是(BC)A.线圈位于图中位置时，线圈中的瞬时电流为零B.从中性面末尾计时，线圈电流瞬时值表达式为(A)C.流过电阻 R 的电流每秒钟方向改动50次D.电阻 R上的热功率等于20W实验题9.⑴(5分)小明应用如下图的实验装置测量一干电池的电动势和内阻(1)题图中电流表的示数为__________A(2)画出对应的电路图10.(10分)如下图，水平桌面上边缘固定着曲线末端水平的斜面体A，有小铁块B，斜面体的斜面是曲面。

河南省开封市自立学校高二物理月考试题含解析

河南省开封市自立学校高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止；现用力F沿斜面向上推A，但AB并未运动。

下列说法正确的是（）A．A、B之间的摩擦力可能大小不变B．A、B之间的摩擦力一定变小C．B与墙之间可能没有摩擦力D．弹簧弹力一定不变参考答案：AD2. 如图，闭合的矩形线圈abcd 放在范围足够大的匀强磁场中，下列哪种情况下线圈中能产生感应电流A．线圈向左平移 B．线圈向上平移C．线圈以ab为轴旋转 D．线圈不动参考答案：3. 单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场，若线圈所围面积内磁通量随时间变化的规律如图所示，则（）A．线圈中D时刻感应电动势为零B．线圈中D时刻感应电动势最大C．线圈中O时刻感应电动势为零D．线圈中O至D时间内平均电动势为0.4V参考答案：A4. 如下图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所在区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd 所围区域内磁场的磁感强度按下列哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环将受到向下的磁场作用力参考答案：B5. 1某核反应方程为H+H→He+X。

已知H的质量为2.0136u，H的质量为3.018u，He的质量为4.0026u，X的质量为1.0087u。

则下列说法中正确的是A．X是质子，该反应释放能量B．X是中子，该反应释放能量C．X是质子，该反应吸收能量D．X是中子，该反应吸收能量参考答案：二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 验钞机上发出的___ 能使钞票上的荧光物质发光；电视机的遥控器发出的__________可控制电视机；光的__________现象说明光是一种横波；用激光垂直照射一个不透光的小圆板时，光屏上影的中心会出现一个亮斑，这是光的__________现象。

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