山东潍坊市临朐2017届高三物理上学期阶段性质量检测(12月月考)!
山东省潍坊市2017届高三上学期期末考试物理试题（PDF版，无答案）
保密★启用前试卷类型：A高三物理2017. 1本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题1两部分。
考试时间90分钟，满分100分。
第I卷（选择题共40分）注意事项：本试卷分为第I卷和第II卷两部分，满分100分，考试时间90分钟。
—、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1 ~5小题只有一个选项符合题目要求，第6 ~10题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得()分。
1.如图所示，质量为m的物体置于光滑半球h,物体与球心0的连线跟水平方叫的火角为0。
水平推力F作用在物体上，物体与半球均处于静止状态。
则F与m g的关系正确的是A. F= mg^indB. F= mgcosOC. F= rnglanOD. F- mgcotf)2. 2016年10月19日，我国发射的“神舟十一号”飞船与在393k m高的轨道上运行的“大宮二号”成功对接。
卜列说法〗F.确的是A. “神舟十一号”在加速升空过程中机械能守恒B.对接两者绕地球做匀速圆周运动的速设；小于7.9 km/sC.对接后两者绕地球做匀速㈣周运动的速度小于地球同步11星的运行速度D. “神舟十一号”一定是在393k m卨的圆轨道上直接加速追上“天宮二号”完成对接的高三物理第1页（共8页)如图所示，0是等量异种电荷P、Q连线的中点，M、N是以P为圆心，以0P为半 径的圆上两点，且M N与P Q垂直。
以下判断正确的是A. 0、M两点场强相同B. 0、M两点电势相等丨C. M、N两点场强相同(>D. M、N两点电势相等如图所示，坐标系位于纸面内，勻强磁场仅存在于第一象限，方向垂直纸面指 向纸里。
某带电粒子从y轴上4点沿方向射入磁场，经过时间t从x轴上某点离 开磁场，离开磁场时速度的方向与*轴垂直。
如该带电粒子从04的中点以同样的速 度射人磁场，则粒子在磁场中运动的时间为A—A- 3D.与如图所示，在斜面顶端以速度〃，向右抛出小球时，小球落在斜面上的水平位移为 在空中飞行时间为以速度巧向右抛出小球时，小球落在斜面上的水平位移 为在空中飞行时间为<2。
山东省潍坊市临朐县高三物理上学期12月统考试题
高三阶段性教学质量检测物理试题第I卷（选择题，共40分）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1--6题只有一个选项正确，第7--10题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1．质量为0.5kg的物体在水平面上以一定的初速度运动，如图a、b分别表示物体不受拉力和受到水平拉力作用的v﹣t图象，则拉力与摩擦力大小之比为A．1：2 B．2：1 C．3：1 D．3：22.细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连。
平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示，以下说法正确的是（已知sin530=0.8,cos530=0.6）A. 小球静止时弹簧的弹力大小为35 mgB. 小球静止时细绳的拉力大小为35 mgC. 细线烧断后小球做平抛运动D. 细线烧断瞬间小球的加速度为5 3 g3．如图所示，两个完全相同的小球A、B，在同一高度处以相同大小的初速度v分别水平抛出和竖直向上抛出，下列说法正确的是A．两小球落地时的速度相同B．两小球落地时，A球重力的瞬时功率较小C．从开始运动至落地，A球重力做功较大D．从开始运动至落地，重力对A小球做功的平均功率较小4．如图所示，一质量为M的光滑大圆环，大圆环半径为R，用一细轻杆固定在竖直平面内。
质量为m的小环（可视为质点）套在大环上，从大环的最高处由静止滑下。
重力加速度大小为g，当小环滑到大环的最低点时。
A．小环的角速度大小为g RB．小环的角速度大小为2g RC ．大环对小环的拉力为mg 4D ．杆对大环拉力为4+m)g M （5.如图所示，在纸面内半径为R 的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场，一点电荷从图中A 点以速度v 0垂直磁场射入，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计电荷的重力，下列说法正确的是 A ．该点电荷带正电B ．该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O 点C ．该点电荷的比荷为2v q m BR=D ．该点电荷在磁场中的运动时间03Rt v π=6.如图所示，在倾角为300的光滑斜面上端系有一劲度系数为20N/m 的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2kg 的小球，球被一垂直于斜面的挡板A 挡住，此时弹簧恰处于原长。
山东省潍坊市临朐县2017届高三生物上学期阶段性质量检测(12月月考)试题
高三阶段性教学质量检测生物试题第Ⅰ卷（选择题，共45分）本卷含30个题目，每题1.5分，共计45分。
每题只有一个选项符合题意。
请将正确答案填涂在答题纸上。
1. 下列关于水和无机盐的叙述中，不正确的是A．运动员饮料中含钾、钠离子较多，主要与补充因大量出汗带走的钾、钠离子有关B．同一种生物在不同的生长发育阶段，体内的含水量不同C．叶绿素分子含镁、血红蛋白含铁，说明无机盐在细胞内主要是以化合物的形式存在D．哺乳动物的血液中若钙离子含量太低，会出现抽搐等症状，说明无机盐离子具有维持正常生命活动的作用2．在还原糖、脂肪、蛋白质的检测实验中，最佳的一组实验材料是①甘蔗的茎②油菜籽③花生种子④梨⑤甜菜的块根⑥豆浆⑦鸡蛋清A．④②⑥ B．⑤③⑦ C．①②⑥ D．④③⑥3．研究表明硒对线粒体膜有稳定作用，可以推测缺硒时下列生理过程受影响最大的是A．质壁分离与复原B．兴奋在突触中的传递C．光合作用暗反应D．成熟红细胞运输O24．下列关于物质X跨膜运输的描述，错误的是A．如果X跨膜运输的方式是自由扩散，则在一定范围内，其运输速率与物质浓度成正比B．如果X是葡萄糖，则在顺浓度梯度的情况下可通过协助扩散进入细胞C．如果X(氧气除外)跨膜运输的方式是被动运输，则其运输速率与氧气浓度无关D．如果X是脂溶性小分子物质，其跨膜运输的方式一般是协助扩散5.一种聚联乙炔细胞膜识别器已问世，它是通过物理力把类似于细胞膜上具有分子识别功能的物质镶嵌到聚联乙炔囊泡中，组装成纳米尺寸的生物传感器。
它在接触到细菌、病毒时可以发生颜色变化，用以检测细菌、病毒。
这类被镶嵌进去的物质很可能含有A．磷脂和蛋白质B．多糖和蛋白质 C．胆固醇和多糖D．胆固醇和蛋白质6．下列有关细胞核的叙述，错误的是A．细胞核中可进行遗传物质的复制和转录B．核膜上有多种大量的酶，有利于多种化学反应的顺利进行C．核膜上有核孔，脱氧核糖核酸等大分子物质可以通过核孔进入细胞质D．细胞核内的核仁被破坏，会影响到胰岛素的合成7．将一个细胞中的磷脂成分全部提取出来，并将其在空气—水界面上铺成单分子层，结果测得单分子层的表面积相当于原来细胞膜表面积的两倍。
山东省潍坊市2017届高三上学期期中物理试卷Word版含解析
2016-2017学年山东省潍坊市高三（上）期中物理试卷一、选择题：本题共10小题，毎小题4分．每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求；第6-10题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．一重物在竖直向上的拉力F作用下，开始竖直向上做直线运动，其速度随时间t 变化的图象如图所示（图象在0﹣ls、3﹣4s阶段为直线，1﹣3s阶段为曲线），下列判断正确的是（）A．第2s末拉力大小为0B．第1s内的拉力大于第4s的拉力C．第2s末速度反向D．前4s内位移为02．2016年9月25日，天宫二号由离地面h1=380km的圆形运行轨道，经过“轨道控制”上升为离地h2=393km的圆形轨道，“等待”神州十一号的来访．已知地球的质量为M，地球的半径为R，引力常量为G．根据以上信息可判断（）A．天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度大于第一宇宙速度B．天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度大于轨道h1上的运行速度C．天宫二号在轨道h1上的运行周期为D．天宫二号由圆形轨道h1进入圆形轨道h2运行周期变小3．一小组将两个完全相同的轻弹簧分别按图甲和图乙连接，等效为两个新弹簧，测得两个新弹簧的“拉力与弹簧伸长量的关系图象”如图丙所示，则正确的是（）A．F=2N时甲图中每个弹簧伸长0.1mB．F=2N时乙图中每个弹簧伸长0.1mC．原来每个弹簧的劲度系数为20N/mD．b为甲图弹簧得到的图象4．如图所示，绝缘空心金属球壳不带电．现在中间放一带电量为Q的正点电荷，a、b、c分别是球壳内、球壳中、球壳外的点，下列分析正确的是（）A．球壳内壁不带电，感应电荷全部分布在外表面上B．a，b，c三点中，b点的电势最低C．Q在b点产生的场强为零D．b点的场强为零5．在空间直角坐标系中，有一四面体c﹣aob，c、a、o、b为四面体的四个顶点，坐标位置如图所示，d点在x轴上，da=ao，在坐标原点o处固定着带电量为﹣Q 的点电荷，下列说法正确的是（）A．a、b、c三点的电场强度相同B．o、a间的电势差等于a、d间的电势差C．将电子由d点分别移至b、c两点，电势能的改变量相等D．电子在b点的电势能小于在d点的电势能6．下列说法正确的是（）A．做匀变速直线运动的物体，相同时间内速率的变化定相同B．做匀速圆周运动的物体，相同时间内速度变化量的大小相等C．做曲线运动的物体，速度变化量的方向也可能保持不变D．物体的加速度不变，则物体的运动状态将保持不变7．如图所示为内壁光滑的半球形凹槽，O为圆心，∠AOB=60°，OA水平，小物块在与水平方向成45°的斜向上的推力F作用下静止．现将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中装置始终静止，则（）A．M槽对小物块的支持力逐渐减小B．M槽对小物块的支持力逐渐增大C．推力F先减小后增大D．推力F逐渐增大8．如图所示﹣从水平地面上a、b两点同时抛出两个物体，初速度分别为v1和v2，与水平方向所成角度分別为30°和60°．某时刻两物体恰好在ab连线上一点o（图中未画出）的正上方相遇，且此时两物体速度均沿水平方向巧不计空气阻力．则（）A．v1＞v2B．v1=v2C．oa＞ab D．oa＜ab9．如图甲所示，（Q1、Q2为两个固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b、c点在它们连线的延长线上．现有一带负电粒子以一定的初速度沿直线从a点向右运动（只受电场力作用），经过a、b、c三点的速度分别为v a、v b、v c，其v﹣t图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A．Q2可能带负电B．Q2的电量一定小于的Q1电量C．a、b、c 三点中b点电场强度最小D．粒子由a点运动到c点运动过程中，粒子的电势能先增大后减小10．如图所示电路中，电流表、电压表均为理想电表．闭合开关S至电路稳定后，将滑动变阻器滑片向左移动，发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表的示数改变量大小为△I，则下列判断正确的是（）A．电压表V1示数增大，V2示数减小B．的值变大C．的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量不变二、实验题（本题共3小题，共16分）11．小明仿照螺旋测微器的构造，用水杯制作了一个简易测量工具，已知水杯盖的螺距为2.0cm，将杯盖一圈均匀分为200份，杯盖拧紧时可动刻度的“0”位置与固定刻度的“0”位置（固定在杯体上）对齐．如图所示，读出所测物体的外径为cm．12．一实验小组要探究2B铅笔芯在0﹣1V范围内的导电性能．用如图所示的伏安法分别测得五组数值，并在坐标纸上描点如图乙所示．（1）画出铅笔芯的U﹣I图线；（2）由图线可知铅笔芯的电阻值R=Ω；（3）根据实验需要，补充完整实验电路图．13．如图所示为一小滑块下滑过程的频闪照片示意图．已知频闪相机每隔0.05s闪光一次，照片中的数字是滑块滑下的距离．（1）根据图中的数据如何判定滑块的运动是匀变速运动？答：；（2）滑块下滑过程中的加速度大小a=m/s2；（3）滑块下滑过程中经过位置3时速度大小v3=m/s；（4）已知斜面固定在水平面上，倾角为37°，则滑块与斜面间的动摩擦因数μ=（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，以上结果均要求保留两位有效数字）三、计算题（本题包括4小题，共44分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，滑板静止在水平轨道上，质量m=2kg，板长L=0.6m，左端A点到轨道上B点距离x=6m，滑板与轨道间的动摩擦因数μ=0.2．现对滑板施加水平向右的推力F=10N，作用一段时间后撤去，滑板右端恰能到达B点，求：（1）推力F作用的时间；（2）推力F的最大功率．15．如图所示，半径为R的四分之一光滑绝缘圆弧轨道AB竖直放置，最低点与光滑绝缘水平面相切于B点，匀强电场方向水平向右，场强大小为；质量均为m 的两小球a、b固定在绝缘轻杆的两端，带电量均为q，分别带负电和正电，开始时，球a在A点、球b在B点．由静止释放，球a沿圆弧轨道下滑至最低点，求：（1）球a经过B点时的速度大小；（2）在此过程中轻杆对球b做的功．16．如图所示，一内壁光滑的圆弧形轨道ACB固定在水平地面上，轨道的圆心为O，半径R=0.5m，C为最低点，其中OB水平，∠AOC=37°，质量m=2kg的小球从轨道左侧距地面高h=0.55m的某处水平抛出，恰好从轨道A点沿切线方向进入圆轨道，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）小球抛出点到A点的水平距离；（2）小球运动到B点时对轨道的压力大小．17．如图甲所示，在坐标系中，y轴右侧空间存在平行y轴方向的匀强电场，场强竖直向下为正，场强方向随时间周期性变化的关系如图乙所示．t=0时刻一质量为m，电量为q带正电的粒子，由y轴上的A点，沿x轴正向以初速度υ0．已知A点坐标（0，L），场强大小为．电场变化的周期为粒子重力不计，求：（1）t=时刻粒子的位置坐标；（2）粒子在电场中运动的最大动能；（3）粒子在动能最大时的横坐标位置．2016-2017学年山东省潍坊市高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共10小题，毎小题4分．每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求；第6-10题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．一重物在竖直向上的拉力F作用下，开始竖直向上做直线运动，其速度随时间t 变化的图象如图所示（图象在0﹣ls、3﹣4s阶段为直线，1﹣3s阶段为曲线），下列判断正确的是（）A．第2s末拉力大小为0B．第1s内的拉力大于第4s的拉力C．第2s末速度反向D．前4s内位移为0【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据速度的方向分析物体的运动情况，速度图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，图线的斜率等于加速度，由图象可求得加速度，再根据牛顿第二定律分析即可．【解答】解：A、根据图象可知，第2s末加速度为零，根据牛顿第二定律可知，合外力为零，所以拉力等于重力，故A错误；B、根据图象可知，第1s内的加速度为正，方向向上，则拉力大于重力，第4s的内加速度为负，方向向下，拉力小于重力，所以第1s内的拉力大于第4s的拉力，故B正确；C、根据图象可知，0﹣4s内，速度一直为零，2s末速度没有反向，故C错误；D、速度图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，根据图象可知，前4s内位移为正，不为零，故D错误．故选：B2．2016年9月25日，天宫二号由离地面h1=380km的圆形运行轨道，经过“轨道控制”上升为离地h2=393km的圆形轨道，“等待”神州十一号的来访．已知地球的质量为M，地球的半径为R，引力常量为G．根据以上信息可判断（）A．天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度大于第一宇宙速度B．天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度大于轨道h1上的运行速度C．天宫二号在轨道h1上的运行周期为D．天宫二号由圆形轨道h1进入圆形轨道h2运行周期变小【考点】万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度的表达式，然后做出判断；“神州十一号”加速，速度变大，它做圆周运动所需要的向心力变大，大于地球对它的万有引力，地球提供的向心力小于“神州十一号”需要的向心力，“神州八号”做离心运动，轨道半径变大，不能对接，根据万有引力提供向心力，通过轨道半径的大小比较天宫二号和同步卫星的线速度、周期、角速度和向心加速度，“天宫二号”做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．再根据求密度【解答】解：A、根据万有引力提供向心力得：所以：v=由于“天宫二号”的轨道半径大于地球的半径，所以天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度小于第一宇宙速度．故A错误；B、根据v=，由于h1＜h2，可知，天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度小于轨道h1上的运行速度．故B错误；B、在同一轨道上，此时神舟十一号受到的万有引力等于向心力，若让神舟十一号加速，所需要的向心力变大，万有引力不变，所以神舟十一号做离心运动，不能实现对接，故B错误；C、“天宫二号”绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，，解得在轨道h1上的运行周期：，“天宫二号”的轨道半径小于地球同步卫星，根据，轨道半径小，向心加速度大，故“天宫二号”的向心加速度大于同步卫星的向心加速度，故C正确；D、“天宫二号”绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，，解得周期：，天宫二号由圆形轨道h1进入圆形轨道h2轨道半径增大，则运行周期增大，故D错误故选：C3．一小组将两个完全相同的轻弹簧分别按图甲和图乙连接，等效为两个新弹簧，测得两个新弹簧的“拉力与弹簧伸长量的关系图象”如图丙所示，则正确的是（）A．F=2N时甲图中每个弹簧伸长0.1mB．F=2N时乙图中每个弹簧伸长0.1mC．原来每个弹簧的劲度系数为20N/mD．b为甲图弹簧得到的图象【考点】胡克定律．【分析】先根据弹簧串联与并联的情况分析的a、b两条线分别是哪一个新弹簧的拉力与弹簧伸长量的关系图象，然后结合胡克定律进行分析即可．【解答】解：A、B、D、根据弹簧串联与并联的特点可知，两条弹簧并联后新弹簧的劲度系数增大，而串联后新弹簧的劲度系数小；弹簧的拉力与弹簧伸长量的关系图象中，直线的斜率：k=，对比胡克定律：F=k △x可知，弹簧的拉力与弹簧伸长量的关系图象中，直线的斜率即表示弹簧的劲度系数．由于a的劲度系数大，b的劲度系数小，所以a为甲图弹簧得到的图象，b 为乙图弹簧得到的图象．甲图是两根弹簧并联，新弹簧的伸长量等于每一个弹簧的伸长量，所以甲图中，F=2N时每个弹簧都伸长0.1m．故A正确，BD错误；C、由丙图可知，新弹簧的劲度系数：N/m，则原来每个弹簧的劲度系数一定不是20N/m．故C错误．故选：A4．如图所示，绝缘空心金属球壳不带电．现在中间放一带电量为Q的正点电荷，a、b、c分别是球壳内、球壳中、球壳外的点，下列分析正确的是（）A．球壳内壁不带电，感应电荷全部分布在外表面上B．a，b，c三点中，b点的电势最低C．Q在b点产生的场强为零D．b点的场强为零【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【分析】由于静电感应，金属球壳内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷．B的空腔内电场强度不为零．金属球壳是一个等势体，内部场强处处为零．根据静电平衡的特点分析．【解答】解：A、由于静电感应，金属球壳内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，故A错误．B、球壳内部电场线从Q出发到球壳内壁终止，球壳外部电场线从外表面出发到无穷远处终止，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，且整个金属球壳是一个等势体，可知，a，b，c三点中，a点的电势最高，c点的电势最低，故B错误．C、b点的合场强为零，但Q在b点产生的场强不为零，故C错误．D、静电平衡后，金属球壳中的场强处处为零，则b点的场强为零．故D正确．故选：D5．在空间直角坐标系中，有一四面体c﹣aob，c、a、o、b为四面体的四个顶点，坐标位置如图所示，d点在x轴上，da=ao，在坐标原点o处固定着带电量为﹣Q 的点电荷，下列说法正确的是（）A．a、b、c三点的电场强度相同B．o、a间的电势差等于a、d间的电势差C．将电子由d点分别移至b、c两点，电势能的改变量相等D．电子在b点的电势能小于在d点的电势能【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】a、b、c三点的电场强度大小相同，方向不同．A、B、C三点的电势相同，a、b、c三点所在的等势面为球面．若将试探电荷+q自A点沿+x轴方向移动，电场力做负功，其电势能增加．若在a、b、c三点放置三个点电荷，﹣Q所受电场力的合力不可能为零．【解答】解：A、根据点电荷电场线的分布情况可知：a、b、c三点的电场强度大小相同，方向不同，而场强是矢量，则a、b、c三点的电场强度不同，故A错误；B、根据点电荷的电场强度的特点可知，oa段的电场强度的大小要大于ad段的电场强度，所以o、a和a、d两点间的电势差不相等，故B错误；C、b、c两点在同一个等势面上，故将电子由d点分别移至b、c两点，电势能的改变量相等，故C正确；D、d点的电势高于A点的电势；又a、b、c三点处于同一等势面上，电势相同，所以d点的电势高于b点的电势，将电子由d点移到b点，电场力做负功，其电势能将增加，故D错误；故选：C6．下列说法正确的是（）A．做匀变速直线运动的物体，相同时间内速率的变化定相同B．做匀速圆周运动的物体，相同时间内速度变化量的大小相等C．做曲线运动的物体，速度变化量的方向也可能保持不变D．物体的加速度不变，则物体的运动状态将保持不变【考点】匀速圆周运动；加速度；共点力平衡的条件及其应用；曲线运动．【分析】加速度是描述物体的速度改变快慢和方向的物理量，加速度不变的运动是匀变速运动，可以是直线运动，也可以是曲线运动，如平抛运动．【解答】解：A、做匀变速直线运动的物体，加速度一定，故相同时间内速度变化相同，而不是速率的变化相同，故A错误；B、做匀速圆周运动的物体，相同时间内速度变化量的大小相等，但方向不一定相同，故B正确；C、速度变化量的方向与加速度方向相同，故做曲线运动的物体，速度变化量的方向也可能保持不变，如平抛运动，故C正确；D、运动状态的特征物理量是速度，物体的加速度不变，则速度一定变化，则物体的运动状态一定变化，故D错误；故选：BC7．如图所示为内壁光滑的半球形凹槽，O为圆心，∠AOB=60°，OA水平，小物块在与水平方向成45°的斜向上的推力F作用下静止．现将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中装置始终静止，则（）A．M槽对小物块的支持力逐渐减小B．M槽对小物块的支持力逐渐增大C．推力F先减小后增大D．推力F逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】小物块处于静止状态，合力为零，分析其受力情况，运用平衡条件和合成法作图分析即可．【解答】解：以小物块为研究对象，分析受力情况，如图所示，物块受到重力G、支持力F N和推力F三个力作用，根据平衡条件可知，F N与F的合力与G大小相等，方向相反，将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中（F由位置1→3），根据作图可知，M槽对小物块的支持力F N逐渐增大，推力F先减小后增大，当F与F N 垂直时，F最小．故AD错误，BC正确．故选：BC8．如图所示﹣从水平地面上a、b两点同时抛出两个物体，初速度分别为v1和v2，与水平方向所成角度分別为30°和60°．某时刻两物体恰好在ab连线上一点o（图中未画出）的正上方相遇，且此时两物体速度均沿水平方向巧不计空气阻力．则（）A．v1＞v2B．v1=v2C．oa＞ab D．oa＜ab【考点】运动的合成和分解．【分析】ab两物体做斜抛运动，根据竖直方向和水平方向的运动特点，判断出初速度的大小和运动时间及运动的水平位移．【解答】解：A、两物体做斜抛运动，在竖直方向减速，在水平方向匀速对a球v1x=v1cos30°=v1，v1y=v1sin30°=v1，竖直方向通过的位移为：h==对b球v2x=v2cos60°=，v2y=v2sin60°=v2，竖直方向通过的位移为：h′==因h=h′联立解得：v1＞v2，故A正确，B错误；CD、由于v1x=v1，v1y=v1，v1x=v1，v2y=v1，则有a在水平方向的速度大于b水平方向的速度，故在竖直方向时，所以a在水平方向通过的位移大于b的位移，即oa＞ab，故C正确，D错误；故选：AC．9．如图甲所示，（Q1、Q2为两个固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b、c点在它们连线的延长线上．现有一带负电粒子以一定的初速度沿直线从a点向右运动（只受电场力作用），经过a、b、c三点的速度分别为v a、v b、v c，其v﹣t图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A．Q2可能带负电B．Q2的电量一定小于的Q1电量C．a、b、c 三点中b点电场强度最小D．粒子由a点运动到c点运动过程中，粒子的电势能先增大后减小【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】速度时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可见a到b做加速度减小的减速运动，到b点加速度为0．从而知道b点的电场力及电场强度．通过B点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．【解答】解：A、从速度图象上看，可见a到b做加速度减小的减速运动，在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零，负电荷在ab上做减速运动，电场力向左，合场强向右，b点左侧合电场主要取决于Q2，故Q2带正电；故A错误；B、b点的电场强度为0，根据点电荷场强公式，因为r1＞r2，故Q1＞Q2，即Q2的电量一定小于Q1的电量，故B正确；C、v﹣t图象的斜率表示加速度，故b点的加速度为零，在b点不受电场力，故b 点的电场强度为零，故a、b、c 三点中b点电场强度最小，故C正确；D、负电荷从a点到b点的过程中，电场力做负功，电势能增加；从b点到c点的过程中，电场力做正功，电势能减小，故粒子从a到b到c的过程中，电势能先增加后减小，故D正确；故选：BCD10．如图所示电路中，电流表、电压表均为理想电表．闭合开关S至电路稳定后，将滑动变阻器滑片向左移动，发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表的示数改变量大小为△I，则下列判断正确的是（）A．电压表V1示数增大，V2示数减小B．的值变大C．的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量不变【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【分析】由电路图先明确电路的结构，再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可知电路电流的变化，则可分析内电压、路端电压及各部分电压的变化．【解答】解：由图可知R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端电压．电流表A测总电流．A、将P向左端移动，滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，则内电压减小，路端电压增大，即电压表V2的示数增大，R1两端的电压减小，所以V1的示数增大．故A错误；B、根据欧姆定律知，电压表V1的示数与电流表A的比值等于滑动变阻器R的阻值，所以变大；故B正确；C、根据闭合电路欧姆定律得：U2=E﹣Ir，则有：=r，保持不变且等于内阻r；故C正确．D、电容器的电压等于R1的电压，总电流减小，则电容器的电压减小，所以电容器所带的电荷量减少，故D错误；故选：BC二、实验题（本题共3小题，共16分）11．小明仿照螺旋测微器的构造，用水杯制作了一个简易测量工具，已知水杯盖的螺距为2.0cm，将杯盖一圈均匀分为200份，杯盖拧紧时可动刻度的“0”位置与固定刻度的“0”位置（固定在杯体上）对齐．如图所示，读出所测物体的外径为1.682cm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【分析】明确测量原理，知道螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：由题意可知，螺栓的螺距是2cm，将可动刻度分为200等分，则其精度为：0.1mm，螺旋测微器的固定刻度读数为0mm，可动刻度读数为0.1×168.2mm=16.82mm=1.682cm，所以最终读数为：0cm+1.682cm=1.682cm．故答案为：1.682．12．一实验小组要探究2B铅笔芯在0﹣1V范围内的导电性能．用如图所示的伏安法分别测得五组数值，并在坐标纸上描点如图乙所示．（1）画出铅笔芯的U﹣I图线；（2）由图线可知铅笔芯的电阻值R= 1.67Ω；（3）根据实验需要，补充完整实验电路图．【考点】测定金属的电阻率．【分析】（1）根据坐标系内描出的点作出图象．（2）根据图示应用欧姆定律求出电阻阻值．（3）根据题意确定滑动变阻器与电流表接法，然后连接实物电路图．【解答】解：（1）根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：（2）由图示图象可知，电阻：R==≈1.67Ω；（3）电源电动势为1.5V，要测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻很大，约为几千欧姆，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：故答案为：（1）图象如图所示；（2）1.67；（3）实物电路图如图所示．13．如图所示为一小滑块下滑过程的频闪照片示意图．已知频闪相机每隔0.05s闪光一次，照片中的数字是滑块滑下的距离．（1）根据图中的数据如何判定滑块的运动是匀变速运动？答：在误差允许范围内，滑块在相邻相等时间内的位移差相等；（2）滑块下滑过程中的加速度大小a= 4.0m/s2；（3）滑块下滑过程中经过位置3时速度大小v3= 1.0m/s；（4）已知斜面固定在水平面上，倾角为37°，则滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，以上结果均要求保留两位有效数字）【考点】牛顿第二定律；测定匀变速直线运动的加速度．【分析】（1）做匀变速直线运动的物体在相邻相等时间间隔内的位移之差是定值．（2）应用匀变速直线运动的推论：△x=at2可以求出加速度．（3）应用匀变速直线运动的推论求出瞬时速度．（4）应用牛顿第二定律的可以求出动摩擦因数．【解答】解：（1）由图示可知：x2﹣x1=4.48﹣3.51=0.97cm=0.0097m，x3﹣x2=5.49﹣4.48=1.01cm=0.0101，x4﹣x3=6.50﹣5.49=1.01cm=0.0101m，由此可知，在误差运行范围内，滑块在相邻相等时间内的位移差相等，滑块做匀变速直线运动．（2）由（1）可知：△x=0.0101m，由△x=at2可知，加速度：a==≈4.0m/s2；（3）滑块下滑过程中经过位置3时速度大小v3==≈1.0m/s；（4）由牛顿第二定律得：a==gsin37°﹣μgcos37°，解得：μ=0.25；故答案为：（1）在误差允许范围内，滑块在相邻相等时间内的位移差相等；（2）4.0；（3）1.0；（4）0.25．三、计算题（本题包括4小题，共44分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，滑板静止在水平轨道上，质量m=2kg，板长L=0.6m，左端A点到轨道上B点距离x=6m，滑板与轨道间的动摩擦因数μ=0.2．现对滑板施加水平向右的推力F=10N，作用一段时间后撤去，滑板右端恰能到达B点，求：（1）推力F作用的时间；（2）推力F的最大功率．。
山东省潍坊市临朐县2017届高三上学期10月月考试题 物理.doc
A ．行李从 运动到 的时间为 ． ．．．．A ． ．．．B ． ．．．． 2 S ． B ．行李从 运动到 的时间为 ． ．．．．A ． ．．．B ． ．．．．1.5s ． ． ． ． C ．行李从 运动到 机械能增加 ． ．．．．A ． ．．．B ． ．．．．．28J ． ． ． D ．因放上行李传送带多做的功为 ． ．．．．．．．．．．．．．．16J ． ． ．
线扫过的角度是 θ G ，则可推知 : ．．．．．．． ．弧度，万有引力常量为 ．．．．．．．．．． ． ．．．．． ． A. 月球 ． ． ．． 的半径为 ．．．． s3 B. 月球的质量为t2 C. 月球的密度为 ． ． ．．．．．．4G t 2
D. 若该卫星距月球表面的高度变大，其绕月球运动的线速度变大 ． ． ．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．． 6 ．如图所示，一条电场线上有 a 、 b 、 c 三点， b 为 ac 连线的中点， a 、 c 两点的电势分别为 φ ． ．．．．．．．．．．．．． ． ． ． ． ． ．．． ． ． ． ． ．．．．．． ． ． ． ．．．．．．．． ． = ﹣ 4V ， φ = ﹣ 6V 。下列说法正确的是 ． ． ． ． ． ． ．c ． ． ． ． ．．．．．．．．． A ． b 点的电势为﹣ 5V ． ． ．．．．．．． ． ．
高三阶段性教学质量检测 物理试题 2016.10
第Ⅰ卷(选择题共 40 分) 一、选择题：本题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，其中第 1~5 题只有一项符合题目要求，第 6~10 题有多项符合题目要求，全部选对得 4 分，选对但 不全得 2 分，错选得 0 分。 1.下列关于物理学概念、规律、研究方法等叙述不正确 的是 ．．． A ．物体抵抗运动状态变化的性质是惯性 ． ．．．．．．．．．．．．．．．．． B ．牛顿第一定律和牛顿第二定律都可以通过实验来验证 ． ．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．． C ．单位 、 kg 、 s 是一组属于国际单位制的基本单位 ． ．．．m ． ． ． ． ． ． ．．．．．．．．．．．．．．． Δx Δx D．根据速度定义式 v＝ ，当Δ t→0 时， 就可以表示物体在 t 时刻的瞬时速度，该定 Δt Δt 义运用了极限思维法 2．如图所示，一小鸟沿着较粗的均匀树枝从右向左缓慢爬行， 小鸟从 A 运动到 B 的过程中 A ．树枝对小鸟的作用力先减小后增大 ． ．．．．．．．．．．．．．．．． B ．树枝对小鸟的弹力保持不变 ． ．．．．．．．．．．．．． C ．树枝对小鸟的弹力先减小后增大 ． ．．．．．．．．．．．．．．． D ．树枝对小鸟的摩擦力先减小后增大 ． ．．．．．．．．．．．．．．．． 3 ．一质点位于 = ﹣ 1m 处， t =0 时刻沿 轴正方向做直线运动，其运动的 ﹣ t 图象如图所 ． ．．．．．．x ． ． ． ． ． ．． ． ． ． ．．．x ． ．．．．．．．．．．．．．．v ． ． ． ．．．．． 示。下列说法正确的是 ．．．．．．．．．． A ．质点两次经过 =2m 处 ． ．．．．．．．x ． ． ． ． ． B ．第 末的加速度为零 ． ．．3s ． ． ．．．．．．． C ．第 内和第 内，合力对质点均做负功且大小相等 ． ．．3s ． ． ．．．4s ． ． ．．．．．．．．．．．．．．．． D ． 0 ～ 2s 内和 ～ 4s 内，质点的平均速度相同 ． ． ． ． ． ． ．．0 ． ． ． ． ．．．．．．．．．．． 4. 如图所示， 细绳一端固定在天花板上的 O 点， 另一端穿过 一张 CD 光盘的中央小孔后拴着一个橡胶球，橡胶球静止时， 竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿。 现将 CD 光盘按在桌面上， 并沿桌面边缘以速度 v 匀速移动，移动过程中，CD 光盘中央 小孔始终紧挨桌面边线，当悬线与竖直方向的夹角为θ 时， 小球上升的速度大小为 A ． v cos θ ． ． ． ． ． ． ． B ． v sin θ ． ． ． ． ． ． ． C ． v tan θ ． ． ． ． ． ． ． D ． v cot θ ． ． ． ． ． ． ．
山东省潍坊市重点中学高三物理12月阶段性教学质量检测试题(含解析)
2014-2015学年山东省潍坊市重点中学高三（上）质检物理试卷（12月份）一、选择题（本题共10小题.每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）.1．（4分）物理学中，运动合成、力的分解、平均速度这三者所体现的共同的科学思维方法是（）A．比值定义B．控制变量C．等效替代D．理想模型【考点】：物理学史．【分析】：运动合成、力的分解、平均速度这三者所体现的共同的科学思维方法是等效替代法．【解析】：解：对于合运动与分运动之间、分力与合力之间、平均速度与运动快慢之间都是等效替代的关系，所以它们都体现了共同的科学思维方法是等效替代法．故C正确．故选C【点评】：本题的解题关键是理解合运动与分运动之间、分力与合力之间、平均速度与运动快慢之间是等效替代的关系．2．（4分）（2014秋•潍坊校级月考）运动着的物体，若所受的一切力突然同时消失，那么它将（）A．立即停止B．作匀速直线运动C．惯性改变D．惯性不变【考点】：惯性．【分析】：牛顿第一定律指物体在不受任何外力的情况下，总保持静止或匀速直线运动状态．也就是说当物体原来的状态是静止时，所受的外力同时消失，物体仍然保持原来的静止状态；如果物体原来是运动状态，当外力同时消失时，物体将保持原来的速度做匀速直线运动．【解析】：解：A、因为物体在运动，当物体所受的一切外力都消失时，物体将保持原来的速度做匀速直线运动，故A错误，B正确；C、惯性只与质量有关，质量不变，惯性不变，与受力情况无关，故C错误，D正确．故选BD．【点评】：本题考查学生对牛顿第一定律的掌握情况，注意当物体不受外力时，物体的运动状态取决于物体原来的运动状态．3．（4分）（2014秋•潍坊校级月考）如图所示，用两根材料、粗细、长度完全相同的导线，绕成匝数分别为n1=50和n2=100的圆形闭合线圈A和B，两线圈平面与匀强磁场垂直．若磁感应强度随时间均匀变化，则（）A．A、B两线圈中的感应电流之比IA：IB为2：1B．A、B两线圈的电阻之比RA：RB为1：2C．A、B两线圈中的感应电动势之比EA：EB为1：1D．A、B两线圈中的电功率之比为1：1【考点】：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：由法拉第电磁感应定律E=n=nπR2，求解感应电动势之比．根据电阻定律：电阻r=ρ，感应电流I=，联立求解感应电流之比，再根据P=I2R，即可求解．【解析】：解：由法拉第电磁感应定律得：E=n=nπr2，可知，感应电动势与半径的平方成正比．而根据电阻定律：线圈的电阻为R=ρ=ρ，A、线圈中感应电流I=，由上综合得到，感应电流与线圈半径成正比．即IA：IB=rA：rB；因相同导线绕成匝数分别为n1和n2的圆形线圈，因此半径与匝数成反比，故IA：IB=n2：n1=2：1，故A正确，B、电阻之比RA：RB为1：1，故B错误；C、感应电动势之比EA：EB为2：1，故C错误；D、根据电功率表达式，P=I2R，则有电功率之比为4：1，故D错误；故选：A．【点评】：本题是法拉第电磁感应定律和电阻定律的综合应用求解感应电流之比，采用比例法研究．4．（4分）下列能正确反映物体做平抛运动时速度变化量随运动时间变化规律的图是（）A．B．C．D．【考点】：平抛运动；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，再结合加速度的定义式a=分析即可．【解析】：解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，则g=所以△v=gt所以△v与时间t成正比，图象是过原点的倾斜的直线，故B正确．故选：B【点评】：解答本题要知道，平抛运动是匀变速曲线运动，加速度不变，所以速度的变化量与时间成正比，难度不大，属于基础题．5．（4分）（2014秋•潍坊校级月考）如图所示，两个梯形木块A、B叠放在水平地面上，A、B 之间的接触面倾斜，A的左侧靠在光滑的竖直墙面上，B右侧受到水平力F的作用，两木块均静止．关于两个木块的受力，下列说法正确的是（）A．A、B之间一定存在摩擦力B．A可能受三个力作用C．A一定受四个力作用D．B受到地面的摩擦力的方向向右【考点】：物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【专题】：受力分析方法专题．【分析】：分别对AB及整体进行分析，由共点力的平衡条件可判断两物体可能的受力情况．【解析】：解：A、由于AB间接触面情况未知，若AB接触面光滑，则AB间可以没有摩擦力；故A错误；B、对整体受力分析可知，A一定受向右的弹力；另外受重力和支持力；因为AB间可能没有摩擦力；故A可能只受三个力；故B正确；C错误；D、木块B受重力、压力、A对B的垂直于接触面的推力作用，若推力向右的分力等于F，则B 可能不受摩擦力；故D错误；故选：B．【点评】：本题考查受力分析及共点力的平衡，在判断接触面间的作用力，特别是摩擦力时要注意应用假设法及共点力的平衡条件进行判断．6．（4分）地球绕太阳作圆周运动的半径为r1、周期为T1；月球绕地球作圆周运动的半径为r2、周期为T2．万有引力常量为G，不计周围其它天体的影响，则根据题中给定条件（）A．=B．能求出地球的质量C．能求出太阳与地球之间的万有引力D．能求出地球与月球之间的万有引力【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】：人造卫星问题．【分析】：根据万有引力提供圆周运动的向心力可求中心天体的质量，开普勤第三定律是相对于同一个中心天体的，不同的中心天体该表达式不正确．【解析】：解：A、因为地球绕太阳运动，月球绕地球运动，两者中心天体不同，故表达式表达式=不成立，故A错误；B、由题意知，根据万有引力提供向心力有：=m可得中心天体的质量，已知月球运动的半径和周期，可以计算出地球的质量M，故B正确；C、地球绕太阳作圆周运动的半径为r1、周期为T1，太阳与地球之间的万有引力提供圆周运动的向心力．所以能求出太阳与地球之间的万有引力，故C正确；D、因为无法计算出月球的质量，故无法求出地球与月球间的万有引力，故D错误．故选：BC．【点评】：万有引力提供向心力是解决本题的关键，牢记据此只能计算出中心天体的质量．7．（4分）如图所示，空间中存在着由一固定的正点电荷Q（图中未画出）产生的电场．另一正点电荷q仅在电场力作用下沿曲线MN运动，在M点的速度大小为v0，方向沿MP方向，到达N点时速度大小为v，且v＜v0，则（）A．Q一定在虚线MP上方B．M点的电势比N点的电势高C．q在M点的电势能比在N点的电势能小D．q在M点的加速度比在N点的加速度大【考点】：电势；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：曲线运动合力指向曲线的内侧，题中只有电场力做功，动能和电势能之和守恒，正电荷在电势越高的点电势能越大．【解析】：解：A、试探电荷从M到N速度减小，说明N点离场源电荷较近，而曲线运动合力指向曲线的内侧，故试探电荷可以在MP下方，只要离N点近即可，故A错误；B、C、只有电场力做功，动能和电势能之和守恒，N点动能小，故在N点电势能大，根据公式φ=，N点的电势高，故B错误，C正确；D、试探电荷从M到N速度减小，说明N点离场源电荷较近，在N点受到的电场力大，加速度大，故D错误；故选：C．【点评】：解决电场线、等势面及带电粒子的运动轨迹的综合问题应熟练掌握以下知识及规律：（1）带电粒子所受合力（往往仅为电场力）指向轨迹曲线的内侧．（2）该点速度方向为轨迹切线方向．（3）电场线或等差等势面密集的地方场强大．（4）电场线垂直于等势面．（5）顺着电场线电势降低最快．（6）电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增大．有时还要用到牛顿第二定律、动能定理等知识．8．（4分）如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN 的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）A．o点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同【考点】：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】：根据右手螺旋定则确定两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向，根据平行四边形定则进行合成．【解析】：解：A、根据右手螺旋定则，M处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，N处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁感应强度不等于0．故A错误．B、M在a处产生的磁场方向竖直向下，在b处产生的磁场方向竖直向下，N在a处产生的磁场方向竖直向下，b处产生的磁场方向竖直向下，根据场强的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等，方向相同．故B错误．C、M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，在d出产生的磁场方向垂直dM偏下，N在c 处产生的磁场方向垂直于cN偏下，在d处产生的磁场方向垂直于dN偏下，根据平行四边形定则，知c处的磁场方向竖直向下，d处的磁场方向竖直向下，且合场强大小相等．故C正确．D、a、c两点的磁场方向都是竖直向下．故D错误．故选C．【点评】：解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形定则进行合成．9．（4分）（2014秋•潍坊校级月考）用两根足够长的粗糙金属条折成“┌”型导轨，右端水平，左端竖直，与导轨等宽的粗糙金属细杆ab、cd与导轨垂直且接触良好．已知ab、cd杆的质量、电阻值均相等，导轨电阻不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在水平向右的拉力F作用下沿导轨向右匀速运动时，cd杆沿轨道向下运动，以下说法正确的是（）A．cd杆一定向下做匀加速直线运动B．拉力F的大小一定不变C．回路中的电流强度一定不变D．拉力F的功率等于ab、cd棒上的焦耳热功率【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：题中ab匀速切割磁感线产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定，分析cd可能的受力情况，判断其运动情况；对ab进行受力情况分析，由平衡条件分析拉力F；根据功能关系分析拉力F的功率【解析】：解：A、由图看出，ab匀速切割磁感线，产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定；cd棒竖直方向上受到向下的重力和向上滑动摩擦力f，水平方向受到轨道的支持力N和安培力FA，则f=μN=μFA=μBIL，可知f大小不变，若重力大于滑动摩擦力，cd杆做匀加速运动，若重力等于滑动摩擦力，cd杆做匀速运动，故A错误．B、对于ab杆：水平方向受到F和安培力，安培力大小不变，则知F不变，故B正确．C、由图看出，ab匀速切割磁感线，产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定．故C正确．D、根据能量转化和守恒定律可知：拉力F的功率与cd杆重力功率之和等于两棒上的焦耳热功率与摩擦热功率之和，故D错误．故选：BC．【点评】：本题要注意cd杆不切割磁感线，没有感应电动势产生，同时要正确分析两棒的受力和能量如何转化，分析时能量的形式不能少10．（4分）利用如图所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L．一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度d的缝射出的粒子，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．射出粒子的最大速度为C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；左手定则．【专题】：压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：由题意可知粒子的运动方向，则可知粒子的带电情况；由几何关系可知粒子的半径大小范围，则可求得最大速度；由洛仑兹力充当向心力可求得粒子的最大速度及最小速度的表达式，则可知如何增大两速度的差值．【解析】：解：由左手定则可判断粒子带负电，故A错误；由题意知：粒子的最大半径、粒子的最小半径，根据，可得、，则，故可知B、C正确，D错误．故选BC．【点评】：本题中的几何关系是关键，应通过分析题意找出粒子何时具有最大速度，再由物理规律即可求解．二、本题共3小题，共18分．把答案填在题中的横线上.11．（6分）（2014秋•潍坊校级月考）某班同学要测定电源的电动势和内电阻，各小组设计了以下不同的实验电路．（1）在电路图（1）和（2）中，若R1为定值电阻且阻值未知，则能测出电源电动势的是（1）（2），能测出电源内电阻的是（1）．（选填图的编号）（2）若用图（3）所示实验电路进行实验，已知R1=2Ω，电压表V1、V2读数分别为U1、U2，现以U2为纵坐标，U1为横坐标，作出相应图线，如图（4）所示，则：电源电动势E= 2.5 V，内阻r=0.5Ω．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）应用伏安法测电源电动势与内阻，测出路端电压与电路电流可以求出电源电动势与内阻，分析图示电路图答题．（2）根据图（3）所示电路图，应用欧姆定律求出函数表达式，然后根据图（4）所示图象求出电源电动势与内阻．【解析】：解：（1）由图（1）所示电路图可知，电压表测路端电压，电流表测电路电流，该电路可以求出电源电动势与内阻，由图（2）所示电路图可知，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压，由于R1阻值未知，该电路可以测出电源电动势，但不能测出电源内阻，因此能测出电源电动势的电路是（1）（2），能测电源内阻的电路是（1）．（2）在图（3）所示电路中，电源电动势：E=U1+U2+r，U2=E﹣（1+）U1，由图（4）所示图象可知，电源电动势E=2.5V，1+===1.25，电源内阻r=（1.25﹣1）×2=0.5Ω；故答案为：（1）：（1）（2）；（1）；（2）：2.5；0.5．【点评】：本题考查了实验电路的选择、求电源电动势与内阻，知道实验原理、分析清楚电路结构、应用欧姆定律求出函数表达式即可正确解题．12．（6分）（2014秋•潍坊校级月考）在“探究加速度与质量的关系”的实验中（1）备有以下器材：A．长木板；B．电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C．细绳、小车、砝码；D．装有细砂的小桶；E．薄木板；F．毫米刻度尺；还缺少的一件器材是．（2）实验得到如图（a）所示的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距s2和D、E间距s4已量出，利用这两段间距计算小车加速度的表达式为．（3）同学甲根据实验数据画出a﹣图线如图（b）所示，从图线可得砂和砂桶的总质量为0.02 kg．（g取10m/s2）（4）同学乙根据实验数据画出了图（c），从图线可知乙同学操作过程中出现的问题是末平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题．【分析】：（1）本题需测量小车的质量，所以还需要天平；（2）利用匀变速直线运动的推论，根据作差法求出加速度；（3）根据牛顿第二定律可知，a﹣图象的斜率等于砂和砂桶的总重力；（4）观察图象可知当F＞0时，加速度仍为零，说明平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．【解析】：解：（1）本题要测量小车的质量，则需要天平，所以还缺少的一件器材是天平；（2）根据逐差法得：s4﹣s2=2aT2；解得：a=（3）根据牛顿第二定律可知，a=，则F即为a﹣图象的斜率，所以砂和砂桶的总重力m′g=F==0.2N解得：m′==0.02kg（4）由c图可知，图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．故答案为：（1）天平；（2）；（3）0.02（0.018﹣0.022kg均可）；（4）末平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．【点评】：了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，能够运用逐差法求解加速度，知道图象的含义，难度适中．13．（6分）（2014秋•潍坊校级月考）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，某同学连接了如图（a）所示的实物电路图．闭合开关，发现灯泡不亮，电流表的示数为零．（1）他借助多用电表检查小灯泡．先断开开关，把多用电表的选择开关旋到“×1Ω”挡，再进行欧姆调零；又将红、黑表笔分别接触①、②接线柱，多用电表的表盘恰好如图（b）所示，说明小灯泡正常，此时的电阻为6Ω．（2）他将多用电表选择开关旋于某直流电压档，将红、黑表笔分别接触②、③接线柱；闭合开关，发现电压表的示数约等于电源电动势，说明②、③接线柱间的导线出现了断路（选填“断路”或“短路”）．（3）故障排除后，为了使电流表的示数从零开始，要在③、④接线柱间（选填“①、④”或“③、④”）再连接一根导线，并在闭合开关前把滑动变阻器的滑片置于最左端（选填“左”和“右”）．【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题．【分析】：（1）欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．（2）若电压表有示数且与电压电动势接近时，说明电压表之间不含电源的导线间有断路．（3）关键是明确要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法．【解析】：解：（1）根据欧姆表的使用方法可知，每次选完档后应重新进行欧姆调零；欧姆表的读数为：R=6×1Ω=6Ω；（2）多用电表选择开关旋于某直流电压档，将红、黑表笔分别接触bc接线柱；闭合开关，发现电压表示数约等于电源电动势，说明bc接线柱间的导线出现了断路；（3）为使电流表的示数从零调，变阻器应采用分压式接法，所以应在cd导线间再连接一根导线；滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，在闭合开关前应将滑片置于分压电路分压最小的位置，即滑片应置于最左端．故答案为：（1）欧姆；6；②断路；（3）③、④；左．【点评】：应掌握欧姆表的工作原理和使用方法，特别是每次换完挡后都应重新进行调零．当要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法．三、计算题（本题共4小题，共42分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中明确写出数值和单位）14．（8分）（2014秋•潍坊校级月考）如图所示，在水平面上有一辆平板车，其上表面与绳末端等高，平板车能一直以v0=2m/s的恒定速度向右运动．绳长l1=7.5m上端固定，质量m=60Kg 的特技演员从绳上端先沿绳从静止开始无摩擦下滑一段距离，突然握紧绳子，与绳子之间产生f=1800N的摩擦阻力．滑到绳子末端时速度刚好为零．此时车的右端刚好运动到此处，要让该演员能留在车上（把人看作质点，人与车之间动摩擦系数μ=0.2，g取10m/s2），求：（1）特技演员下滑所用的时间t；（2）车至少多长．【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）根据牛顿第二定律求出特技演员的加速度大小，根据速度位移公式，抓住总位移的大小求出自由下落的末速度，结合速度时间公式求出总时间．（2）根据牛顿第二定律求出人在车上的加速度，抓住速度相等时两者的位移大小求出位移之差，即车的最小长度．【解析】：解：（1）对人受力分析可知：f﹣mg=ma1代入数据解得a1=20 m/s2人下滑的位移为L，根据人下滑的运动过程可得，解得：v=10 m/s所以下滑用的时间为（2）人落到车上后向右匀加速运动，与车同速时对地位移位x1，根据牛顿第二定律有：umg=ma2车对地位移为人和车的相对位移为△S，则故车长至少为1m．答：（1）特技演员下滑所用的时间t为1.5s；（2）车至少1m．【点评】：本题涉及到多个运动的过程，对每个过程都要仔细的分析物体运动的情况，这道题可以很好的考查学生的分析问题的能力，有一定的难度．15．（10分）（2014秋•潍坊校级月考）如图甲所示，在倾角为370的粗糙斜面的底端，一质量m=1kg可视为质点的滑块压缩一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不相连．t=0时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的速度时间图象如图乙所示，其中oab段为曲线，bc段为直线，在t1=0.1s时滑块已上滑s=0.2m的距离，g取10m/s2，sin370=0.6．求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ的大小；（2）t3=0.4s时滑块的速度大小；（3）锁定时弹簧的弹性势能Ep．【考点】：牛顿第二定律；功能关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）根据速度时间图线求出匀减速直线运动的加速度，通过牛顿第二定律求出滑块加速度和地面之间的动摩擦因数．（2）利用运动学公式求出0.3s时的速度，在下滑过程中求出下滑加速度，利用运动学公式求出0.4s的速度（3）在0﹣0.1s内运用功能关系，求出弹簧弹力做的功，从而得出弹性势能的最大值．【解析】：解：（1）由图象可知0.1s物体离开弹簧向上做匀减速运动，加速度的大小：根据牛顿第二定律，有：代入数据解得：μ=0.5（2）根据速度时间公式，从c点开始至v=0所用时间：滑块离开弹簧后上升的距离为：0，3s后滑块开始下滑，下滑的加速度：0，3s﹣0.4s下滑的距离为：，因x2＜x故未触及弹簧．t2=0.4s时的速度大小：v2=a't'=2×0.1=0.2m/s（3）由功能关系可得锁定时弹簧的弹性势能Ep：解：（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ的大小为0.5；（2）t3=0.4s时滑块的速度大小为0.2m/s；（3）锁定时弹簧的弹性势能Ep为4J．【点评】：本题考查了动能定理、牛顿第二定律等规律，综合性较强，对学生的能力要求较高，需加强这类题型的训练．16．（12分）（2014秋•潍坊校级月考）如图所示，一边长L=0.2m，质量m1=0.5kg，电阻R=0.1Ω的正方形导体线框abcd，与一质量为m2=2kg的物块通过轻质细线跨过两定滑轮相连．起初ad边距磁场下边界为d1=0.8m，磁感应强度B=2.5T，磁场宽度d2=0.3m，物块放在倾角θ=53°的斜面上，物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5．现将物块由静止释放，当ad边刚离开磁场上边缘时，线框恰好开始做匀速运动．求：（g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）（1）线框ad边从磁场上边缘穿出时绳中拉力的功率；（2）从开始运动到线框刚离开磁场，整个运动过程中线框中产生的热量．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：（1）应用平衡条件求出绳子拉力与线框速度，由P=Fv求出功率；（2）由能量守恒定律求出产生的焦耳热．【解析】：解：（1）线框匀速离开磁场，处于平衡状态，由平衡条件得：对m2：m2gsinθ﹣μm2gcosθ﹣T=0，代入数据解得：T=2×10×0.8﹣0.5×2×10×0.6=10N，对m1：T﹣m1g﹣BIL=0，感应电流：I=，代入数据解得：v=2m/s，绳子拉力的功率：P=Tv=10×2=20W；（2）从最初到线框刚完全出磁场过程，由能量守恒定律得：（m2gsinθ﹣μm2gcosθ）（d1+d2+L）﹣m1g（d1+d2+L）=Q+（m1+m2）v2，代入数据解得：Q=1.5J；答：（1）线框ad边从磁场上边缘穿出时绳子拉力的功率为20W；（2）从开始运动到bc边离开磁场过程中线框产生的焦耳热为1.5J．【点评】：本题是电磁感应与力学、功能关系的综合，对于这类问题关要正确受力分析，尤其是正确分析安培力的情况，然后分析清楚运动情况，匀速运动时，根据平衡条件研究．求热量，往往根据能量守恒定律研究．17．（12分）某高中校区拟采购一批实验器材，增强学生对电偏转和磁偏转研究的动手能力，其核心结构原理可简化为如图所示：AB、CD间的区域有竖直方向的匀强电场，在CD的右侧有一与CD相切于M点的圆形有界匀强磁场，磁场方向垂直于纸面．一带电粒子自O点以水平初速度v0正对P点进入该电场后，从M点飞离CD边界时速度为2v0，再经磁场偏转后又从N点垂直于CD边界回到电场区域，并恰能返回O点．已知OP间距离为d，粒子质量为m，电量为q，粒子自身重力忽略不计．试求：（1）P、M两点间的距离；（2）粒子返回O点时速度的大小；（3）磁感强度的大小．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：（1）求出粒子在M点的速度，由运动学公式求出P、M两点间的距离；（2）由速度公式与运动的合成与分解求出粒子回到O点的速度；（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律求出粒子轨道半径，求出磁场区域半径，然后求出磁感应强度的大小．【解析】：解：（1）在M点，粒子速度：，由运动学公式得：；。
山东省潍坊市某重点中学高三物理上学期12月阶段性教学
高三阶段性教学质量检测物理试题本试题分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分.满分100分，答题时间90分钟.第I卷（选择题共40分）一、选择题（本题共10小题.每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）.1．物理学中，运动合成、力的分解、平均速度这三者所体现的共同的科学思维方法是A．比值定义 B.控制变量 C.等效替代 D.理想模型2. 运动着的物体，若所受的一切力突然同时消失，那么它将A．立即停止B．作匀速直线运动C．惯性改变D．惯性不变3. 如图所示，用两根材料、粗细、长度完全相同的导线，绕成匝数分别为n1=50和n2=100的圆形闭合线圈A和B，两线圈平面与匀强磁场垂直。
若磁感应强度随时间均匀变化，则A.A、B两线圈中的感应电流之比IA:IB为2：1B. A、B两线圈的电阻之比RA:RB为1：2C. A、B两线圈中的感应电动势之比EA:EB为1：1D. A、B两线圈中的电功率之比为1：14．下列能正确反映物体做平抛运动时速度变化量随运动时间变化规律的图是5．如图所示，两个梯形木块A、B叠放在水平地面上，A、B之间的接触面倾斜，A的左侧靠在光滑的竖直墙面上，B右侧受到水平力F的作用，两木块均静止。
关于两个木块的受力，下列说法正确的是A．A、B之间一定存在摩擦力B．A可能受三个力作用C．A一定受四个力作用D．B受到地面的摩擦力的方向向右6．地球绕太阳作圆周运动的半径为r1、周期为T1；月球绕地球作圆周运动的半径为r2、周期为T2。
万有引力常量为G，不计周围其它天体的影响，则根据题中给定条件，下列说法正确的是A．33 12 22 12 r rT TB．能求出地球的质量C．能求出太阳与地球之间的万有引力D．能求出地球与月球之间的万有引力7.如图所示，空间中存在着由一固定的正点电荷Ｑ（图中未画出）产生的电场。
潍坊一中2017届高三12月阶段性检测试题物理
高三12月份阶段性检测物理试题本试卷分第I 卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共6页，满分100分，考试时间90分钟。
第I 卷(选择题 共40分)注意事项：请将第I 卷正确答案的序号涂在答题纸的相应位置上，考试结束只交答题纸。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分。
有选错的得0分. 1．下列说法正确的是A ．牛顿第一定律是通过实验得出的B ．万有引力常量是由牛顿直接给定的C ．用实验可以揭示电场线是客观存在的D ．元电荷e 的数值最早是由密立根测得的2、物体的动量变化量的大小为5 kg·m/s ，这说明( )． A ．物体的动量在减小B ．物体的动量在增大C ．物体的动量大小也可能不变D ．物体的动量大小一定变化3．一做直线运动的质点其图象如图所示，则下列关于其运动情况的分析正确的是A ．该质点的初速度为4m ／sB ．该质点的加速度为5m ／s 2C ．该质点2s 末的速度为5m ／sD ．该质点第3s 内的位移为8.25m4．在真空中的x 轴上的原点处和x=6a 处分别固定点电荷M 、N ，在x=2a 处由静止释放一个正点电荷P ，假设点电荷P 只受电场力作用沿x 轴方向运动，得到点电荷P 速度大小与其在x 轴上的位置关系如图所示，则下列说法正确的是A ．点电荷M 、N 一定都是负电荷B ．点电荷P 的电势能一定是先增大后减小C ．点电荷M 、N 所带电荷量的绝对值之比为2：1D ．x=4a 处的电场强度一定为零5．均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场。
如图所示在半球面A B 上均匀分布正电荷，总电荷量为q ，球面半径为R ，CD 为通过半球顶点与球心O 的轴线，在轴线上有M 、N 两点，OM=ON=2R ，已知N 点的电场强度为E ，则M 点的场强为 A ．22kq E R - B ．24kq RC ．24kq E R -D ．22kqE R + 6．人类对自然的探索远至遥远的太空，深至地球内部。
高三物理期中模拟卷(1)答案
2016-2017学年山东省潍坊市临朐县高三（上）质检物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，其中第1～5题只有一项符合题目要求，第6～10题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，错选得0分．1．（4分）下列关于场的叙述，正确的是（）A．磁场、电场线、磁感线都是科学家为了研究的方便假想出来的，实际不存在B．某位置不受电场力，说明该点的电场强度为零C．通电直导线在某位置不受安培力，说明该点的磁感应强度为零D．电荷所受电场力的方向为该点电场的电场强度方向，磁场中通电导线所受安培力的方向为该处磁场的磁感应强度方向【分析】电场和磁场都是客观存在的；电荷在某处不受磁场力作用，可能磁感应强度为零，也可能由于电荷的速度与磁场平行；而电荷在某处不受电场力作用，该处电场强度一定为零；磁场中通电导线所受安培力的方向与该处磁场的磁感应强度方向垂直．【解答】解：A、磁场虽看不见，摸不着，但是客观存在的；电场线、磁感线都是科学家为了研究的方便假想出来的，实际不存在。
故A错误。
B、由F=qE知，若电荷在某处不受电场力作用，则该处电场强度一定为零。
故B正确。
C、电荷在某处不受磁场力作用，可能磁感应强度为零，也可能由于电荷的速度与磁场平行，所以该处的磁感应强度不一定为零，故C错误。
D、正电荷所受电场力的方向为该点电场的电场强度方向，负电荷所受电场力的方向与该点电场的电场强度方向相反；根据左手定则，磁场中通电导线所受安培力的方向与该处磁场的磁感应强度方向垂直。
故D错误。
故选：B。
【点评】本题关键要抓住磁场与电场特性上的差异，电场与重力场可以类比理解记忆，注意比值定义法的内涵．2．（4分）将甲乙两小球先后以同样的速度从同一位置竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s，他们运动的v﹣t 图象分别如直线甲、乙所示．下列关于两球运动的叙述错误的是（）A．t=4s 时，两球在空中相遇B．t=3s 时，两球的高度差为20mC．t=3s 时，甲球达到最高点，速度开始反向，两球相距最远D．t=2s时，两球相距最远【分析】速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示质点的位移，相遇时位移应相等．根据v﹣t图象能直接读出甲球的速度变化情况，判断何时到达最高点．由“面积法”分析两球何时相距最远．【解答】解：A、根据v﹣t图象的“面积”表示位移，可知，t=4s 时，甲球的位移等于t=2s时的位移，与乙球的位移相等，所以t=4s两者在空中相遇，故A正确。
【小初高学习】山东省潍坊市临朐县2016届高三物理上学期12月月考试卷(含解析)
2015-2016学年山东省潍坊市临朐县高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一个选项正确，第7-10题有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．质量为0.5kg的物体在水平面上以一定的初速度运动，如图a、b分别表示物体不受拉力和受到水平拉力作用的v﹣t图象，则拉力与摩擦力大小之比为（）A．1：2 B．2：1 C．3：1 D．3：22．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连．平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示，以下说法正确的是（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）（）A．小球静止时弹簧的弹力大小为mgB．小球静止时细绳的拉力大小为mgC．细线烧断后小球做平抛运动D．细线烧断瞬间小球的加速度为g3．如图，两个完全相同的小球A、B，在同一高度处以相同大小的初速度v分别水平抛出和竖直向上抛出，下列说法正确的是（）A．两小球落地时的速度相同B．两小球落地时，A球重力的瞬时功率较小C．从开始运动至落地，A球重力做功较大D．从开始运动至落地，重力对A小球做功的平均功率较小4．如图所示，一质量为M的光滑大圆环，大圆环半径为R，用一细轻杆固定在竖直平面内．质量为m的小环（可视为质点）套在大环上，从大环的最髙处由静止滑下．重力加速度大小为g，当小环滑到大环的最低点时．（）A．小环的角速度大小为B．小环的角速度大小为2C．大环对小环的拉力为4mg D．杆对大环拉力为4（M+m）g5．如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场，一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计电荷的重力，下列说法正确的是（）A．该点电荷带正电B．该点电荷离开磁场时速度方反方向延长线通过O点C．该点电荷的电荷比为=D．该点电荷在磁场中的运动时间为t=6．如图所示，在倾角为300的光滑斜面上端系有一劲度系数为20N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧恰处于原长．若挡板A以4m/s2的加速度沿斜面向下匀加速运动，则（）A．小球向下运动0.1m时速度最大B．小球向下运动0.1m时与挡板分离C．在小球开始运动到速度达到最大的过程中，小球一直做匀加速直线运动D．在小球从开始运动到与挡板分离的过程中，小球重力势能的减少量等于其动能与弹簧弹性势能增加量之和7．我国自主研发的“北斗卫星导航系统”是由多颗卫星组成的，其中有5颗地球同步卫星．在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，如图所示，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则（）A．该卫星的发射速度必定大于11.2 km/sB．卫星在同步轨道Ⅱ上的运行速度小于7.9 km/sC．在轨道Ⅰ上，卫星在P点的动能小于在Q点的动能D．在轨道Ⅱ上的运行周期大于在轨道Ⅰ上的运行周期8．如图所示a，b，c，d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc=120°．现将三个等量的正点电荷+Q 固定在a、b、c三个顶点上，将一个电量为+q的点电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d点处，下列说法正确的是（）A．d点电场强度的方向由O指向dB．+q在d点所具有的电势能比在O点的大C．d点的电势低于O点的电势D．d点的电场强度大于O点的电场强度9．如图所示，平行金属导轨MN和PQ，他们的电阻可以忽略不计．在M和P之间接有阻值为R=3.0Ω的定值电阻，导体棒ab长l=0.5m．其电阻不计，且与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T．现使ab以v=10m/s的速度向右做匀速运动．以下判断正确的是（）A．导体棒ab中的感应电动势E=2.0vB．电路中的电流I=0.5AC．导体棒ab所受安培力方向向右D．拉力做功的功率为W10．如图所示，在固定倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，杆与水平方向的夹角α=30°，圆环与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h．让圆环沿杆由静止滑下，滑到杆的底端时速度恰为零．则在圆环下滑过程中（）A．圆环和地球组成的系统机械能守恒B．当弹簧垂直于光滑杆时圆环的动能最大C．弹簧的最大弹性势能为mghD．弹簧转过60°角时，圆环的动能为二、实验题（本题包括3个小题，共18分）11．某同学设计了一个如图1所示的装置来测定滑块与木板间的动摩擦因数，装置水平放置，其中A为滑块，B和C是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦．实验中该同学在砝码总质量（m+m′=m0）保持不变的条件下，改变m和m′的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数．（1）该同学手中有打点计时器、纸带、10个质量均为100克的砝码、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有A．秒表 B．毫米刻度尺 C．天平 D．低压交流电源（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图3所示，从清晰的O点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA=1.61cm，OB=4.02cm，OC=7.26cm，OD=l1.30cm，OE=16.14cm，OF=21.80cm，打点计时器打点频率为50Hz，则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v= m/s，此次实验滑块的加速度a=m/s2．（结果均保留两位有效数字）（3）在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图2所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ= ．g取1Om/s2）12．实际电流表有内阻．可等效为理想电流表与电阻的串联．测量实际电流表内阻r1的电路如图1所示．供选择的仪器如下：①待测电流表（量程为5mA，内阻约300Ω）；②电流（量程为10mA，内阻约100Ω）；③定值电阻R1（阻值为300Ω）；④定值电阻R2（阻值为10Ω）；⑤滑动变阻器R3（最大阻值为1000Ω）；⑥滑动变阻器R4（最大阻值为20Ω）；⑦干电池（电动势为1.5V）；⑧开关S及导线若干．（1）定值电阻应选，滑动变阻器应选．（在空格内填写序号）（2）用连线连接实物图2．（3）补全实验步骤：①按电路图连接电路，将滑动触头移至最（填“左”或“右”）端；②闭合开关S，移动滑动触头至某一位置，记录、的示数I1、I2；③多次移动滑动触头，记录相应的、示数I1、I2；④以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图3所示．（4）己知I2﹣I1图线的斜率为k，写出待测电流表内阻的表达式．13．某同学用以下器材接成图1所示的电路，并将原微安表盘改画成如图2所示，成功地改装了一个简易的“R×1k”的欧姆表，使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10kΩ﹣20kΩ范围内的电阻时精确度令人满意，表盘上数字“15”为原微安表盘满偏电流一半处．所供器材如下：A、Ig=100μA的微安表一个；B、电动势E=1.5V，电阻可忽略不计的电池；C、阻值调至14kΩ电阻箱R一个；D、红、黑测试表棒和导线若干；（1）原微安表的内阻R g= Ω；（2）在图1电路的基础上，不换微安表和电池，图2的刻度也不改变，仅增加1个电阻，就能改装成“R×1”的欧姆表．要增加的电阻应接在之间（填a、b、c），规格为；（保留两位有效数字）（3）画出改装成“R×1”的欧姆表后的电路图．三、计算题.本题共4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.14．如图所示，在质量为m B=30kg的车厢B内紧靠右壁，放一质量m A=20kg的小物体A（可视为质点），对车厢B施加一水平向右的恒力F，且F=120N，使之从静止开始运动．测得车厢B在最初t=2.0s内移动s=5.0m，且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞．车厢与地面间的摩擦忽略不计．（1）计算B在2.0s的加速度．（2）求t=2.0s末A的速度大小．（3）求t=2.0s内A在B上滑动的距离．15．电磁弹是我国最新研究的重大科技项目，原理可用下述模型说明．如图甲所示，虚线MN右侧存在竖直向上的匀强磁场，边长为L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上，电阻为R，质量为m，ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界．t=0时起磁感应强度B随时间t的变化规律是B=B0+kt（k 为大于零的常数）．空气阻力忽略不计．（1）求t=0时刻，线框中感应电流的功率P；（2）若用相同的金属线绕制相同大小的n匝线框，如图乙所示，在线框上加一质量为M的负载物，证明：载物线框匝数越多，t=0时线框加速度越大．16．如图所示，已知倾角为θ=45°、高为h的斜面固定在水平地面上．一小球从高为H（h＜H＜h）处自由下落，与斜面做无能量损失的碰撞后水平抛出．小球自由下落的落点距斜面左侧的水平距离x满足一定条件时，小球能直接落到水平地面上．（1）求小球落到地面上的速度大小；（2）求要使小球做平抛运动后能直接落到水平地面上，x应满足的条件；（3）在满足（2）的条件下，求小球运动的最长时间．17．如图所示，在x轴下方的区域内存在方向与y轴相同的匀强电场，电场强度为E．在x轴上方以原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感应强度为B．y轴下方的A点与O点的距离为d．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从A点由静止释放，经电场加速后从O点射入磁场．不计粒子的重力作用．（1）求粒子在磁场中运动的轨道半径r．（2）要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E0．求E0．（3）若电场强度E等于第（2）问E0的，求粒子经过x轴时的位置．2015-2016学年山东省潍坊市临朐县高三（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一个选项正确，第7-10题有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．质量为0.5kg的物体在水平面上以一定的初速度运动，如图a、b分别表示物体不受拉力和受到水平拉力作用的v﹣t图象，则拉力与摩擦力大小之比为（）A．1：2 B．2：1 C．3：1 D．3：2【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】由图象可求得物体的加速度，由牛顿第二定律可求得合力，不受水平拉力作用时物体的合力即为摩擦力．【解答】解：物体不受水平拉力时，加速度大小为：a1==1.5m/s2；物体受到水平拉力作用时加速度大小为：a2==0.75m/s2；根据牛顿第二定律得：f=ma1；F﹣f=ma2，可得：F：f=3：2故选：D．【点评】该题结合图象考查牛顿第二定律，要理解图象在物理学中具有非常重要的地位，本题将图象与牛顿第二定律相结合，是道好题．2．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连．平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示，以下说法正确的是（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）（）A．小球静止时弹簧的弹力大小为mgB．小球静止时细绳的拉力大小为mgC．细线烧断后小球做平抛运动D．细线烧断瞬间小球的加速度为g【考点】牛顿第二定律；平抛运动．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小球静止时，分析受力情况，由平衡条件求解弹簧的弹力大小和细绳的拉力大小．细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，即可求出加速度．【解答】解：AB、小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F=mgtan53°=，细绳的拉力大小为：T==．故AB错误．C、细线烧断后的瞬间，小球受重力和弹簧的弹力，不是做平抛运动，故C错误．D、细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a=．故D正确．故选：D．【点评】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键．3．如图，两个完全相同的小球A、B，在同一高度处以相同大小的初速度v分别水平抛出和竖直向上抛出，下列说法正确的是（）A．两小球落地时的速度相同B．两小球落地时，A球重力的瞬时功率较小C．从开始运动至落地，A球重力做功较大D．从开始运动至落地，重力对A小球做功的平均功率较小【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】两个物体在运动的过程中机械能守恒，可以判断它们的落地时的速度的大小，再由平均功率和瞬时功率的公式可以得出结论．【解答】解：A、两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，所以根据机械能守恒可以知两物体落地时速度大小相等，方向不同，所以速度不同，故A错误．B、到达底端时两物体的速率相同，重力也相同，但A物体重力与速度有夹角，B物体重力与速度方向相同，所以落地前的瞬间B物体重力的瞬时功率大于A物体重力的瞬时功率，故B正确．C、根据重力做功的表达式得两个小球在运动的过程重力对两小球做功都为mgh，故C错误．D、从开始运动至落地，重力对两小球做功相同，但过程A所需时间小于B所需时间，根据P=知道重力对A小球做功的平均功率较大，故D错误；故选：B．【点评】在分析功率的时候，一定要注意公式的选择，P=只能计算平均功率的大小，而P=Fvcosθ可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．4．如图所示，一质量为M的光滑大圆环，大圆环半径为R，用一细轻杆固定在竖直平面内．质量为m的小环（可视为质点）套在大环上，从大环的最髙处由静止滑下．重力加速度大小为g，当小环滑到大环的最低点时．（）A．小环的角速度大小为B．小环的角速度大小为2C．大环对小环的拉力为4mg D．杆对大环拉力为4（M+m）g【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】定量思想；方程法；牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】利用动能定理求出在最低点的线速度，再根据加速度与线速度的关系求出加速度大小；再最低点分析小环的受力情况，利用牛顿第二定律求出大环对小环的拉力；再对大环分析，计算出杆对大环拉力；【解答】解：小环从最高到最低，由动能定理，则有：解得：v=2，角速度为： =2，故A错误，B正确；小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：N﹣mg=解得：大环对小环的拉力为：N=5mg，C错误；对大环分析，杆对大环拉力为：T=N+Mg=（5m+M）g，D错误；故选：B．【点评】本题综合考查动能定理，受力分析，特别是在分析小环在最低点时切不可认为大环对小环的支持力提供向心力，应该是大环对小环的支持力与小环重力的合力提供向心力，这里特别容易出错．5．如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场，一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计电荷的重力，下列说法正确的是（）A．该点电荷带正电B．该点电荷离开磁场时速度方反方向延长线通过O点C．该点电荷的电荷比为=D．该点电荷在磁场中的运动时间为t=【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】根据电荷在磁场中偏转180°和电荷在磁场中在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动作出电荷在磁场中的运运轨迹，根据已知条件由几何关系和洛伦兹力提供向心力推导即可．【解答】解：如图所示，点电荷在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系作出点电荷运动轨迹有：电荷在电场中刚好运动，电荷做圆周运动的半径r=Rsin30°所以有：A、根据电荷偏转方向由洛伦兹力方向判定该电荷带负电，A错误；B、如图，电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过O点，故B错误；C、根据洛伦兹力提供向心力有qvB=m，得==，故C正确；D、由图知该电荷在磁场中运动的时间t=T==，故D错误．故选：C．【点评】正确的判断带电粒子在磁场中的运动轨迹，利用几何关系求运动半径，洛伦兹力提供向心力是解决本题的关键．6．如图所示，在倾角为300的光滑斜面上端系有一劲度系数为20N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧恰处于原长．若挡板A以4m/s2的加速度沿斜面向下匀加速运动，则（）A．小球向下运动0.1m时速度最大B．小球向下运动0.1m时与挡板分离C．在小球开始运动到速度达到最大的过程中，小球一直做匀加速直线运动D．在小球从开始运动到与挡板分离的过程中，小球重力势能的减少量等于其动能与弹簧弹性势能增加量之和【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对球受力分析可知，当球受力平衡时，速度最大，此时弹簧的弹力与物体重力沿斜面的分力相等，由胡克定律和平衡条件即可求得小球向下运动的路程．从开始运动到小球与挡板分离的过程中，挡板A始终以加速度a=4m/s2匀加速运动，小球与挡板刚分离时，相互间的弹力为零，由牛顿第二定律和胡克定律结合求得小球的位移．【解答】解：A、球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零．即：kx m=mgsin30°，解得：x m==，由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时小球向下运动的路程为0.5m．故A错误．B、设球与挡板分离时位移为x，经历的时间为t，从开始运动到分离的过程中，m受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力F N，沿斜面向上的挡板支持力F1和弹簧弹力F．根据牛顿第二定律有mgsin30°﹣kx﹣F1=ma，保持a不变，随着x的增大，F1减小，当m与挡板分离时，F1减小到零，则有：mgsin30°﹣kx=ma，解得：x===0.1m，即小球向下运动0.1m时与挡板分离，故B正确．C、球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，故C错误；D、从开始运动到分离的过程中，挡板对小球有沿斜面向上的支持力，小球重力势能的减少量大于其动能与弹簧弹性势能增加量之和，故D错误故选：B【点评】在挡板运动的过程中，挡板对球的支持力的大小是在不断减小的，从而可以使球和挡板一起以恒定的加速度运动，在运动的过程中物体的受力在变化，但是物体的运动状态不变，从而可以求得物体运动的位移．7．我国自主研发的“北斗卫星导航系统”是由多颗卫星组成的，其中有5颗地球同步卫星．在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，如图所示，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则（）A．该卫星的发射速度必定大于11.2 km/sB．卫星在同步轨道Ⅱ上的运行速度小于7.9 km/sC．在轨道Ⅰ上，卫星在P点的动能小于在Q点的动能D．在轨道Ⅱ上的运行周期大于在轨道Ⅰ上的运行周期【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】根据万有引力提供向心力，得出线速度与轨道半径的关系，从而比较出卫星在同步轨道上的速度与第一宇宙速度的大小．根据万有引力做功情况判断卫星在P点和Q点的动能大小．根据开普勒第三定律比较在轨道上的运行周期．【解答】解：A、该卫星的发射速度必须小于第二宇宙速度11.2km/s，因为一旦达到第二宇宙速度，卫星会挣脱地球的引力，不绕地球运行．故A错误；B、根据=知，v=，第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，知7.9km/s是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度，所以卫星在同步轨道Ⅱ上的运行速度小于7.9 km/s．故B正确；C、由P点向Q点运动，万有引力做负功，则动能减小，P点的动能大于Q点的动能．故C错误；D、根据开普勒第三定律知，轨道Ⅱ的半径大于椭圆的半长轴，则在轨道Ⅱ上的运行周期大于在轨道Ⅰ上的运行周期．故D正确；故选：BD．【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力以及开普勒第三定律，并能灵活运用．8．如图所示a，b，c，d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc=120°．现将三个等量的正点电荷+Q固定在a、b、c三个顶点上，将一个电量为+q的点电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d点处，下列说法正确的是（）A．d点电场强度的方向由O指向dB．+q在d点所具有的电势能比在O点的大C．d点的电势低于O点的电势D．d点的电场强度大于O点的电场强度【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场的叠加，分析d点电场强度的方向；O点的电场强度等于b处+Q在O处产生的电场强度大小．根据顺着电场线方向电势降低，分析d点与O点电势关系．正电荷在高电势高处电势能大．【解答】解：A、设菱形的边长为r，根据公式E=k分析可知三个点电荷在D产生的场强大小E相等，由电场的叠加可知，D点的场强大小为E D=2k方向由O指向d．故A正确；B、C、Od间电场线方向从O到d，根据顺着电场线方向电势降低，O点的电势高于d点的电势，而正电荷在高电势高处电势能大，则知+q在d点所具有的电势能较小．故B错误，C正确；D、O点的场强大小为E O=k，可见，d点的电场强度小于O点的电场强．所以+q在d点所受的电场力较小，故D错误．故选：AC【点评】本题关键要抓住对称性，由电场的叠加分析场强大小和电场线的方向，再判断电场力大小和电势能的高低．9．如图所示，平行金属导轨MN和PQ，他们的电阻可以忽略不计．在M和P之间接有阻值为R=3.0Ω的定值电阻，导体棒ab长l=0.5m．其电阻不计，且与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T．现使ab以v=10m/s的速度向右做匀速运动．以下判断正确的是（）A．导体棒ab中的感应电动势E=2.0vB．电路中的电流I=0.5AC．导体棒ab所受安培力方向向右D．拉力做功的功率为W【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应——功能问题．【分析】由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律可以求出感应电流；由右手定则判断出感应电流方向，然后由左手定则判断出安培力方向；由安培力公式求出安培力，由平衡条件求出拉力，然后由P=Fv求出拉力的功率．【解答】解：A、感应电动势：E=Blv=0.4×0.5×10=2V，故A正确；B、电路电流：I===A，故B错误；C、由右手定则可知，感应电流由b流向a，由左手定则可知，安培力水平向左，故C错误；D、ab受到的安培力：F安培=BIl=0.4××0.5=N，ab匀速运动，由平衡条件可得：F=F安培=N，拉力的功率：P=Fv=×10=W，故D正确；故选：AD．【点评】本题考查了求感应电动势、感应电流、拉力功率、判断安培力方向，应用E=BLv、欧姆定律、安培力公式、平衡条件、P=Fv、左手定则与右手定则即可在正确解题．10．如图所示，在固定倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，杆与水平方向的夹角α=30°，圆环与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h．让圆环沿杆由静止滑下，滑到杆的底端时速度恰为零．则在圆环下滑过程中（）A．圆环和地球组成的系统机械能守恒B．当弹簧垂直于光滑杆时圆环的动能最大C．弹簧的最大弹性势能为mghD．弹簧转过60°角时，圆环的动能为【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况，只有重力弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒，但是系统的机械能守恒；沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最大；当圆环的速度变为零时，弹簧的形变量最大，此时弹性势能最大；根据动能定理可以求出弹簧转过60°角时，圆环的动能的大小．【解答】解：A、圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力；所以圆环的机械能不守恒，如果把圆环和弹簧组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故A选项错误；B、当圆环沿杆的加速度为零时，其速度最大，动能最大，此时弹簧处于伸长状态，给圆环一个斜向上的拉力，故B错误；C、根据功能关系可知，当圆环滑到最底端时其速度为零，重力势能全部转化为弹性势能，此时弹性势能最大，等于重力势能的减小量即为mgh，故C选项正确；D、弹簧转过60°角时，此时弹簧仍为原长，以圆环为研究对象，利用动能定理得：，故D正确．故选：CD．【点评】对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法．这是一道考查系统机械能守恒的基础好题．二、实验题（本题包括3个小题，共18分）。
山东省潍坊市临朐县高三物理上学期阶段性质量检测(12月月考)试题
高三阶段性教学质量检测物理试题第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，其中第1~5题只有一项符合题目要求，第6~10题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，错选得0分。
1．下列关于场的叙述，正确的是A. 磁场、电场线、磁感线都是科学家为了研究的方便假想出来的，实际不存在B. 某位置不受电场力，说明该点的电场强度为零C. 通电直导线在某位置不受安培力，说明该点的磁感应强度为零D. 电荷所受电场力的方向为该点电场的电场强度方向，磁场中通电导线所受安培力的方向为该处磁场的磁感应强度方向2．将甲乙两小球先后以同样的速度从同一位置竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s ，他们运动的v-t 图像分别如直线甲、乙所示。
下列关于两球运动的叙述错误．．的是 A ．t=4s 时，两球在空中相遇B ．t=3s 时，两球的高度差为20mC ．t=3s 时，甲球达到最高点，速度开始反向,两球相距最远D ．t=2s 时，两球相距最远3．人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯一起向上运动，如图所示。
以下说法正确的是A. 电梯作匀速运动时，人只受重力和弹力两个力的作用B. 无论人随电梯作加速运动，还是匀速运动，人的受力情况相同C ．若人随电梯作加速运动，电梯对人的作用力与加速度方向相同D ．当电梯作匀速运动时，人受到的合外力方向与速度方向相同5．如图所示，一个质量为m、电荷量为＋q 的带电粒子，不计重力，在a 点以某一初速度水平向左射入磁场区域I ，沿曲线abcd 运动，ab 、bc 、cd 都是半径为R 的圆弧．粒子在每段圆弧上运动的时间都为t .规定垂直纸面向外的磁感应强度方向为正，则磁场区域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三部分的磁感应强度B 随x 变化的关系可能是图中的6．“嫦娥三号”从距月面高度为100km的环月圆轨道Ⅰ上的P点实施变轨，进入近月点为15km的椭圆轨道Ⅱ，由近月点Q成功落月，如图所示。
山东省潍坊市高三物理教学质量检测试卷上学期
山东省潍坊市高三教学质量检测物理试卷本试卷分第I卷〔选择题〕和第II卷〔非选择题〕两局部。
总分为100分，考试时间90分钟。
第1卷〔选择题，共40分〕须知事项：1．答第1卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目、试卷类型〔A或B〕用铅笔涂写在答题卡上。
2．每一小题选出答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。
3．考试完毕后，监考人员将本试题和答题卡一并收回。
一、此题共10小题，每一小题4分，共40分。
在每一小题给出的四个选项中，有一个或多个选项是正确的；全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。
1．当物体抑制重力做功时，物体的〔〕A．重力势能一定减少，机械能可能不变B．重力势能一定减少，动能可能减少C．重力势能一定增加，机械能一定增加D．重力势能一定增加，动能可能不变2．汽车拉着拖车在水平道路上沿直线加速行驶，根据牛顿运动定律可知〔〕A．汽车拉拖车的力大于拖车拉汽车的力B．汽车拉拖车的力与拖车拉汽车的力大小相等C．汽车拉拖车的力大于拖车受到的阻力D．汽车拉拖车的力与拖车受到的阻力大小相等3．如下列图是汽车中的速度计。
某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化，开始时指针指示在如图甲所示的位置，经过7s后指针指示在如图乙所示的位置，假设汽车做匀变速直线运动，如下说法正确的有〔〕A．右速度计直接读出的是汽车运动的平均速度B．右速度计直接读出的是汽车7s时的瞬时速度C．汽车运动的加速度约为5.7m/s2D．汽车运动的加速度约为1.6m/s24．如下列图，一人站在商场的自动扶梯的水平踏板上，随扶梯一起向上加速运动，如此如下说法中正确的答案是〔〕A．人只受到重力和踏板对人的支持力两个力作用B．人对踏板的压力大小等于人所受到的重力大小C．踏板对人做的功等于人的机械能增加量D．人所受合力做的功等于人的机械能的增加量5．如下列图水平横梁的一端A插在墙壁内，另一端装有一小滑轮B。
山东省潍坊市临朐县2017届高三10月月考物理试卷 含解析
2016-2017学年山东省潍坊市临朐县高三（上)月考物理试卷（10月份)一、选择题:本题共10小题，每小题4分,共40分．在每小题给出的四个选项中，其中第1～5题只有一项符合题目要求，第6~10题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，错选得0分．1．下列说法中错误的是（）A．物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B．牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通过实验来验证C．单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位D．根据速度定义式v=，当△t→0时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法2．如图所示，一小鸟沿着较粗的均匀树枝从右向左缓慢爬行，小鸟从A运动到B的过程中（）A．树枝对小鸟的作用力先减小后增大B．树枝对小鸟的弹力保持不变C．树枝对小鸟的弹力先减小后增大D．树枝对小鸟的摩擦力先减小后增大3．一质点位于x=﹣1m处，t=0时刻沿x轴正方向做直线运动,其运动的v﹣t图象如图所示．下列说法正确的是（）A．质点两次经过x=2m处B．第3s末的加速度为零C．第3s内和第4s内，合力对质点均做负功且大小相等D．0~2s内和0~4s内，质点的平均速度相同4．如图所示，细绳一端固定在天花板上的O点，另一端穿过一张CD光盘的中央小孔后拴着一个橡胶球，橡胶球静止时，竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿．现将CD光盘按在桌面上,并沿桌面边缘以速度v匀速移动，移动过程中，CD光盘中央小孔始终紧挨桌面边线,当悬线与竖直方向的夹角为θ时，小球上升的速度大小为（）A．vsinθB．vcosθC．vtanθD．vcotθ5．为进一步获取月球的相关数据，我国已成功地进行了“嫦娥三号"的发射和落月任务．该卫星在月球上空绕月球做匀速圆周运动时，经过时间t，卫星行程为s,卫星与月球中心连线扫过的角度是θ弧度，万有引力常量为G，则可推知（）A．月球的半径为B．月球的质量为C．月球的密度为D．若该卫星距月球表面的高度变大，其绕月球运动的线速度变大6．如图所示，一条电场线上有a、b、c三点，b为ac连线的中点，a、c两点的电势分别为φa=﹣4V，φc=﹣6V．下列说法正确的是（）A．b点的电势为﹣5VB．a点的场强大于c点的场强C．电场线的方向由a指向cD．正电荷由b点的电势能比在c点的电势能大7．跳台滑雪是勇敢者的运动，利用山势特点建造的一跳台．如图所示,运动员穿着专用滑雪板，不带雪杖,在助滑路上获得高速后从A点以水平速度v0=20m/s飞出,在空中飞行一段距离后在山坡上B点着陆．已知运动员可视为质点，山坡的倾角为37°,空气阻力不计,(g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0。
山东省潍坊市临朐海岳中学高三物理月考试卷含解析
山东省潍坊市临朐海岳中学高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 已知均匀带电球体在其外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同，而均匀带电球売在其内部任意一点形成的电场强度为零?现有一半径为R、电荷量为Q的均匀帯正电绝缘球体，M、N为一条直径上距圆心O为的两点，静电力常量为k，则A. M、N点的电势小于O点的电势B. M、N点的电场强度方向相同C. M、N点的电场强度大小均为D. M、N点的电场强度大小均为参考答案：AC【分析】根据均匀带电球壳在其内部任意一点形成的电场强度为零，分析知道M点的场强等于以O圆心半径的均匀球体在M点产生的场强，根据点电荷场强公式求解，根据对称性求N点的场强；【详解】根据均匀带电球壳在其内部任意一点形成的电场强度为零，知M点的场强等于以O圆心半径的均匀球体在M点产生的场强，这个球体之外的球壳在M点产生的场强为零，这个球体所带电荷量为，M点的电场强度大小为，方向向左；根据对称性知N点的电场强度大小也为，方向向右；O点的场强为零，则MO间场强方向向左，NO间场强方向向右，所以M、N点的电势低于O点的电势，故A、C正确，B、D错误；故选AC。
2. 以下涉及物理学史上的四个重大发现，其中说法不符合史实的是（）A．牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B．奥斯特通过实验研究，发现了电流周围存在磁场C．法拉第通过实验研究，总结出法拉第电磁感应定律D．卡文迪许通过扭秤实验，测定出了万有引力恒量参考答案：A3. 在感应起电中，带负电物体靠近带绝缘底座的导体时，如图1所示M处将（）A．带正电 B．带负电C．不带电 D．以上答案均有可能参考答案：B4. 据报道，天文学家近日发现了一颗距地球40光年的“超级地球”，命名为“55 Cancri e”。
该行星绕母星(中心天体)运行的周期约为地球绕太阳运行周期的，母星的体积约为太阳的60倍。
山东省潍坊市三县高三物理12月联考试题
潍坊三县联合阶段性检测物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分.考试时间90分钟.第Ⅰ卷 (选择题共48分)一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1.关于电场强度的叙述，正确的是（）A．沿着电场线的方向，场强越来越小B．电场中某点的场强大小等于单位电量的电荷在该点所受的电场力大小C．电势降落的方向就是场强的方向D．负点电荷形成的电场，离点电荷越近，场强越大2. 电场中有一点P，下面哪些说法是正确的（）A．若放在P点的点电荷减半，则P点的场强减半B．P点的场强越大，则电荷的电势能越大C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P点的场强方向为电荷在该点的受力方向3．一带电粒子在正电荷形成的电场中，运动轨迹如图4所示的abcd曲线，下列判断正确的是（）A．粒子带正电B．粒子通过a点时的速度比通过b点时大C．粒子在a点受到的电场力比b点小D．粒子在a点时的电势能比c点大4．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10－6J的功，那么（）A．A、B两点间的电势差为5×10－6VB．电荷在B处将具有5×10－6J的动能C．电荷的电势能增加了5×10－6JD．电荷的动能增加了5×10－6J5．根据部分电路欧姆定律，下列判断正确的有（ ） A ．导体两端的电压越大，电阻就越大 B ．导体中的电流越大，电阻就越小C ．比较几只电阻的I －U 图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象是属于阻值较大的那个电阻的D ．由I =U ／R 可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比6．一段长为L ，电阻为R 的均匀电阻丝，把它拉制成3L 长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（ ）A ．R ／3B ．3RC ．R ／9D ．R7．一个直流电动机内阻为 R ，所加电压为U ，电流为 I ，当它工作时，下述说法中错误的是（ ）A ．电动机的输出功率为U 2／R B ．电动机的发热功率为I 2R C ．电动机的输出功率为IU-I 2RD ．电动机的功率可写作IU=I 2R=U 2/R8．在图3电路中，电源的电动势是E ，内电阻是r ，当滑动变阻器R 3的滑动头向左移动时（ ）A ．电阻R 1的功率将增大B ．电阻R 2的功率将增大C ．电源的功率将增大D ．电源的效率将增大9．如图8，当K 闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A ．保持K 闭合，使P 滑动片向左滑动，微粒仍静止。
山东省潍坊中学高三上学期第一次月考物理试题
高中物理学习材料金戈铁骑整理制作山东省潍坊中学2017届高三上学期第一次月考物理试题1．以下说法正确的是A ．惯性是物体的固有属性，物体速度越大，惯性越大B ．绕地球运行的卫星处于完全失重状态，卫星惯性消失C ．物体克服重力做功，物体的重力势能一定增加D ．力对物体做的功越多，该力做功的功率越大2．物体A 放在斜面体的斜面上，和斜面体一起向右做加速运动，如图所示，若物块与斜面体保持相对静止，物块A 受到斜面对它的支持力和摩擦力的合力的方向可能是A ．斜向右上方B ．水平向右C ．斜向右下方D ．竖直向上3．如图所示，直角坐标系位于竖直面内，一质点以v=10m/s 的初速度从坐标原点O 沿x 轴正方向水平抛出，1s 物体到达P 点，O 、P 连线与x 轴间的夹角为α，取210/g m s =，则tan α为A ．1B ．12C ．2D ．22 4．已知地球半径为R ，静置于赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a ；地球同步卫星作匀速圆周运动的轨道半径为r ，向心加速度为0a ，引力常量为G ，以下结论正确的是A ．地球质量20a r M G= B ．地球质量2aR M G= C ．向心加速度之比220a r a R= D ．向心加速度之比0a r a R= 5．如图所示，倾角为α的薄木板固定在水平面上，板上有一小孔B ，不可伸长的轻绳一端系一物体A ，另一端穿过小孔B 竖直下垂。
开始时，板上方的细线水平伸直。
现慢慢拉动细绳下垂端，在物体缓慢到达小孔B 的过程中，轨迹正好是一个半圆周，则物体与斜面间的动摩擦因数为A ．cos αB ．1cos αC ．tan αD ．1tan α6．如图，斜面固定在水平面上。
将滑块从斜面顶端由静止释放，滑块沿斜面向下运动的加速度为1a ，到达斜面底端时的动能为1k E ；再次将滑块从斜面顶端由静止释放的同时，对滑块施加竖直向下的推力F ，滑块沿斜面向下的加速度为2a ，到达斜面底端时的动能为2k E ，则A ．12a a =B ．12a a <C ．12k k E E =D ．12k kE E <7．一物体在光滑水平面上做匀速运动，某时刻，在水平面内对物体同时施加大小分别为1N 、3N 和5N 的三个共点力，且三力施加后方向不再变化，则物体A ．可能仍做匀速运动B ．一定做匀变速运动C ．加速度的方向可能与施力前的速度方向相反D ．所受合力的方向可能总是与速度方向垂直8．如图所示，不可伸长的轻绳长为l ，一端固定在O 点，另一端栓接一质量为m 的小球，将小球拉至与O等高，细绳处于伸直状态的位置后由静止释放，在小球由静止释放到运动至最低点的过程中，小球所受阻力做的功为W ，重力加速度为g ，则小球到达最低点时A ．向心加速度2()mgl W a ml +=B ．向心加速度2()mgl W a ml -=C ．绳的拉力32mgl W F l +=D ．绳的拉力2()mgl W F l+= 9．a 、b 两质点沿直线Ox 轴正向运动，t=0时，两质点同时到达坐标原点O ，测得两质点在之后的运动中，其位置坐标x 与时间t 的比值（即平均速度）随时间t 变化的关系如图所示，以下说法正确的是A ．质点a 做匀加速运动的加速度为0.52/m sB ．质点a 做匀加速运动的加速度为1.02/m sC ．t=1s 时，a 、b 再次到达同一位置D ．t=2s 时，a 、b 再次到达同一位置10．如图，倾角θ=53°的足够长斜面固定在水平面上，质量m=3kg 的物块从斜面顶端A 以0v =3m/s 的初速度沿斜面向下滑动，以A 点所在水平面为参考平面，物块滑动到B 点时，其动能与重力势能之和为零，已知物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，取210/g m s =，sin53°=0.8，cos53°=0.6，以下说法正确的是A ．A 、B 间的距离为1.2mB ．物块在B 点的重力势能为-36JC ．物块越过B 点后，其动能与重力势能之和大于零D ．物块沿斜面下滑的过程中，重力做功的瞬时功率越来越大二、实验题11．在探究小车做匀变速直线运动的实验中，获得了一条纸带，如图所示，测得18.89s cm =，29.50s cm =，310.10s cm =，A 、B 、C 、D 相邻计数点间的时间间隔为0.1s 。
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高三阶段性教学质量检测物理试题第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，其中第1~5题只有一项符合题目要求，第6~10题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，错选得0分。
1．下列关于场的叙述，正确的是A. 磁场、电场线、磁感线都是科学家为了研究的方便假想出来的，实际不存在B. 某位置不受电场力，说明该点的电场强度为零C. 通电直导线在某位置不受安培力，说明该点的磁感应强度为零D. 电荷所受电场力的方向为该点电场的电场强度方向，磁场中通电导线所受安培力的方向为该处磁场的磁感应强度方向2．将甲乙两小球先后以同样的速度从同一位置竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s ，他们运动的v-t 图像分别如直线甲、乙所示。
下列关于两球运动的叙述错误．．的是 A ．t=4s 时，两球在空中相遇B ．t=3s 时，两球的高度差为20mC ．t=3s 时，甲球达到最高点，速度开始反向,两球相距最远D ．t=2s 时，两球相距最远3．人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯一起向上运动，如图所示。
以下说法正确的是A. 电梯作匀速运动时，人只受重力和弹力两个力的作用B. 无论人随电梯作加速运动，还是匀速运动，人的受力情况相同C ．若人随电梯作加速运动，电梯对人的作用力与加速度方向相同D ．当电梯作匀速运动时，人受到的合外力方向与速度方向相同5．如图所示，一个质量为m、电荷量为＋q 的带电粒子，不计重力，在a 点以某一初速度水平向左射入磁场区域I ，沿曲线abcd 运动，ab 、bc 、cd 都是半径为R 的圆弧．粒子在每段圆弧上运动的时间都为t .规定垂直纸面向外的磁感应强度方向为正，则磁场区域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三部分的磁感应强度B 随x 变化的关系可能是图中的6．“嫦娥三号”从距月面高度为100km的环月圆轨道Ⅰ上的P点实施变轨，进入近月点为15km的椭圆轨道Ⅱ，由近月点Q成功落月，如图所示。
关于“嫦娥三号”，下列说法正确的是A．沿轨道Ⅰ运动至P时，需制动减速才能进入轨道ⅡB．沿轨道Ⅱ运行的周期大于沿轨道Ⅰ运行的周期C．沿轨道Ⅱ运行时，在P点的加速度大于在Q点的加速度D．在轨道Ⅱ上由P点运行到Q点的过程中，万有引力对其做正功，它的动能增加，重力势能减小，机械能不变7．如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为θ，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与物块b相连，b的质量为m，开始时，a、b及传送带均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带顺时针匀速转动，则在b下降h高度（a未与滑轮相碰）过程中，下列说法正确的是A. 物块a、b可能先做匀加速运动，然后做匀速运动B. 物块a重力势能增加mghC．物块b的机械能减少mghD．摩擦力对a做的功等于物块a机械能增加量8. 如图所示，某无限长粗糙绝缘直杆与等量异种电荷连线的中垂线重合，杆竖直放置。
杆上有A、B、O三点，其中O为等量异种电荷连线的中点，AO=BO。
现有一带电小圆环从杆上v向B点滑动，滑到B点时速度恰好为0。
则关于小圆环的运动，下列说法正A点以初速度确的是A. 运动的加速度先变大再变小B. 电场力先做正功后做负功C. 运动到O点的动能为初动能的一半v/2D. 运动到O点的速度小于9．某空间存在着如图所示的水平方向的匀强磁场，A、B两个物块叠放在一起，并置于摩擦因数为µ的水平地面上．物块A带正电，物块B为不带电的绝缘块．水平恒力F作用在物块B上，使A、B一起由静止开始向左运动．则在A、B一起向左运动的一段时间内A．A对B的压力变大B．A、B间的摩擦力变大图乙C ．B 对地面的压力变大D ．B 对地面的摩擦力变大 10.如图所示，电源电动势为E ，内阻为r ，两灯的电阻均大于r ，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的触片逐渐向左滑动的过程中，下列说法正确的是A ．电源的输出功率变小B ．小灯泡L 2变亮，小灯泡L 1变暗C ．电流表A 的读数变大，电压表V 的读数变大D ．电流表A 的读数变化量与电压表V 的读数变化量之比不变第Ⅱ卷 （非选择题 共60分）二、实验题（本题共3小题，共18分）11.（4分）如甲图所示的测量仪器的名称是 ，某次测定金属丝直径，测量刻度线如乙图所示，该导线的直径为 mm 。
12．（6分）某同学用如图甲所示装置做“探究合力的功与动能改变量的关系”的实验，他通过成倍增加位移的方法来进行验证。
方法如下：将光电门固定在水平轨道上的B 点，用重物通过细线拉小车，保持小车（带遮光条）和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离进行多次实验，每次实验时要求小车都由静止释放。
⑴用游标尺测出遮光条的宽度d ，示数如图乙所示，则d = cm 。
⑵如果每次实验时遮光条通过光电门的时间为t ，小车到光电门的距离为s ，通过描点作出线性图象来反映合力的功与动能改变量的关系，则所作图象关系是 时才能符合实验要求。
A ．s t -B ．2s t -C ．1s t --D ．2s t --⑶下列实验操作中必要的是 。
A ．调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动B ．必须满足重物的质量远小于小车的质量C ．必须保证小车由静止状态开始释放13. （8分）二极管是一种半导体元件，其特点是具有单向导电性，电路符号为．某实验小组要对一只二极管正向接入电路时的伏安特性曲线进行测绘探究．据了解，该二极管允许通过的最大电流为50 mA.（1）该二极管外壳的标识模糊，同学们首先用多用电表的欧姆档来判断它的正负极：当红表笔接二极管的左端、黑表笔接二极管的右端时，发现指针的偏角比较小，当交换表笔再次测量时，发现指针有很大偏转，由此可判断______ （填“左”或“右”）端为二极管的正极．（2）用多用电表的电阻“×1K”挡，按正确的操作步骤测此二极管的反向电阻，表盘示数如右图所示，则该电阻的阻值约为______ Ω.（3）实验探究中他们选器材如下：A. 直流电源（电动势3V、内阻不计）B．滑动变阻器（0～20Ω）C．电压表（量程3V、内阻约50kΩ）D．电流表（量程50mA、内阻约50Ω）E．待测二极管电流表（量程0.6A、内阻约1Ω）F．导线、开关①为了精确地描绘出二极管的正向伏安特性曲线，请帮助他们完成如图实验电路设计（将实验电路在方框内补充完整）.②同学们通过采集数据，描绘出了该二极管的伏安特性曲线，如图所示．同学们将该二极管与阻值为10Ω的定值电阻串联后接到电压恒为3V的电源两端，则二极管导通时定值电阻R 的功率为_____ __W．三、计算题(本题包括4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 14．（8分）如右图所示，两平行金属导轨间的距离d＝0.45 m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ＝37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B＝0.40 T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E＝4.5 V、内阻r＝0.50 Ω的直流电源．现把一个质量m＝0.040 kg、长度L=0.50m的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R＝2.5 Ω，金属导轨电阻不计，棒与导轨的动摩擦因数µ=0.5，g取10 m/s2.已知sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80，求：(1)通过导体棒的电流；(2)导体棒受到的安培力；(3)导体棒受到的摩擦力．15．（10分）如图所示，一质量M =40kg 、长L =2.5m 的平板车静止在光滑的水平地面上。
一质量m =10kg 可视为质点的滑块，以v 0=5m/s 的初速度从左端滑上平板车，滑块与平板车间的动摩擦因数μ=0.4，取g =10m/s 2。
（1）分别求出滑块在平板车上滑行时，滑块与平板车的加速度大小；（2）计算说明滑块能否从平板车的右端滑出。
16.（12分）如图所示，在xoy 直角坐标系第一象限ADFO内有两个相邻的正方形有界匀强电场，每个有界匀强电场边长均为L ，OA 与y 轴重合，两有界匀强电场的场强大小均为E ，场强方向分别平行x 轴和y 轴。
一电子枪可在y 轴上OA 间移动，释放初速度为零的电子，电子的质量为m ，电量为e ，求：（1）电子枪在L y 43处释放的电子离开电场 时的坐标（2）电子能达到x 轴的区域坐标范围17．（12分）如图所示装置中，区域Ⅰ和Ⅲ中分别有竖直向上和水平向右的匀强电场，电场强度分别为E 和,Ⅱ区域内有垂直向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B 。
一质量为m 、带电量为q 的带负电粒子（不计重力）从左边界O 点正上方的M 点以速度v 0水平射入电场，经水平分界线OP 上的A 点与OP 成60°角射入Ⅱ区域的磁场，并垂直竖直边界CD 进入Ⅲ区域的匀强电场中。
求：（1）粒子在Ⅱ区域匀强磁场中运动的轨道半径（2）O 、M 间的距离（3）粒子从M 点出发到第二次通过CD 边界所经历的时间。
高三物理试题参考答案一、本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，其中第1~5题只有一项符合题目要求，第6~10题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，错选得0分。
1.B2.C3.A4.D5.B6.AD7.AB8.AC9.ACD 10.BD二、实验题（本题共3小题，共18分）11. 螺旋测微器（2分）1.200（1.198-1.201，均可以，2分）12．(1)1.050（2分）(2)D （2分） (3)C （2分）13．（1）左 （1分） （2）4102.2⨯ （1分）（3）①如图所示（4分） ② 0.025 （2分）三、计算题(本题包括4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14．（1）由闭合电路的欧姆定律知：r R E I +=（1分） 解得I=1.5A （1分）（2）由左手定则知，安培力沿斜面向上 （1分）安培力大小BId F = （1分）解得F=0.27N （1分）（3）金属杆处于静止，沿斜面合力为零，设摩擦力沿斜面向上，则f F F mg +=037sin （1分）解得N F mg F f 03.037sin 0-=-= （1分）负号表示摩擦力方向沿斜面向下 （1分）15.(1)对滑块，μmg=ma 1，a 1=μg =4m/s 2 (2分)对平板车，μmg=Ma 2，a 2=mg Mμ=1m/s 2 (2分) (2)设经过t 时间滑块从平板车上滑出。