安徽省巢湖市无为县华星学校高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)
安徽高一高中物理月考试卷带答案解析
安徽高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法正确的是（）A．如果物体的形状和大小在所研究的问题中属于无关或次要因素，就可以把物体作为质点B．在涡阳四中第十六届运动会上，运动员绕操场跑一周的位移是250米C．质点通过的路程不为零，位移肯定也不为零D．跳水运动中，运动员下落过程中感觉水面在匀速上升是以水面为参考系的2.下列说法正确的是（）A．速度是描述物体运动快慢的物理量，所以是标量B．平均速度是矢量C．瞬时速度是指物体在某一小段时间内的速度．D．平均速度的大小可以用平均速率表示3.下列关于加速度的描述不正确的是（）A．匀减速运动的加速度一定为负B．只要物体的速度大小或方向发生变化，物体就有加速度C．若匀变速运动的加速度是2m/s2，则2s内速度变化△V=4m/s。
D．以10m/s运动动的汽车，刹车时的加速度是5m/s2，则2s汽车就可以停下来4.一架飞机在地面从静止加速到刚离开地面的过程中，在30秒内速度由0增加到324km/h，若认为飞机加速过程是匀加速的，则：（）A．飞机的加速度是10.8m/s2B．飞机的平均速度为162m/sC．飞机的跑道长至少是1300mD．飞机在15s时的瞬时速度是45m/s5.如图所示，是某质点的v-t图象，它是一条直线，则（）A．质点在第1s内与第2s内速度方向相同B．质点在第1s内与第2s内通过的位移相同C．质点在第1s内与第2s内加速度相同D．质点在第1s内与第2s内加速度方向相反6.站在科教楼的楼顶释放一粒小石子，经过0.2s后再释放另一粒小石子，则在它们落地之前，两粒石子间的距离将（）A．保持不变B．不断增大C．不断减小D．有时增大，有时减小7.下列关于重力的认识不正确的是（）A．重力是由于地球的吸引产生的B．重心是物体所受重力的等效作用点C．地球上不同地理位置处重力加速度一定不同D．重力的方向一定是竖直向下的8.一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为l1；改用大小为F2的力拉弹簧，平衡时长度为l2。
高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)高一全册物理试题11
应对市爱护阳光实验学校上一中2021～2021度高第二次月考物理试卷一、单项选择题〔此题共8小题，每题4分，共32分，选出每题给出的选项中的仅有一个正确的选项〕1．一人将一木箱匀速推上一粗糙斜面，在此过程中，木箱所受的合力为〔〕A．于人的推力B．于摩擦力C．于零D．于下滑力2．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力可能选取的数值为〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、8N3．如下图是山区村民用斧头劈柴的剖面图，图中BC边为斧头背，AB、AC边是斧头的刃面．要使斧头更容易劈开木柴，那么〔〕A．BC边短一些，AB边也短一些 B．BC边些，AB边短一些C．BC边短一些，AB边些 D．BC边些，AB边也些4．如下图，一物体受到1N、2N、3N、4N四个力作用正沿着3N力的方向作匀速直线运动，现保持1N、3N、4N三个力的方向和大小不变，而将2N的力绕O点旋转300°，此时作用在物体上的合力大小为〔〕A．1N B．2N C．3N D．4 N5．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为〔〕A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 6．光滑的球放在倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止．挡板PQ可以绕Q轴转动，如下图．当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化是〔〕A．F1和F2都逐渐减小B．F1逐渐减小，F2逐渐增大C．F1逐渐增大，F2先减小D．F1逐渐减小，F2先减小后增大7．如下图，把重为8N的物体放在倾角θ=30°的粗糙斜面上并静止，物体的上端与固在斜面上的轻质弹簧相连，弹簧与斜面平行，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，以下对弹簧的弹力的分析正确的选项是〔〕A．可能为13 N，方向沿斜面向上B．可能为5 N，方向沿斜面向下C．可能为1 N，方向沿斜面向下D．弹力不可能为零8．如下图，可以视为质点的小球A、B球被轻绳连接后，挂在光滑的圆柱上恰好处于静止状态，圆心为O点，∠AOB=90°，OB与竖直方向的夹角α=300，那么A、B球的质量之比为〔〕A．1：2 B ．：2 C．1： D ．：1二、不项选择题〔本大题共4小题，每题5分，共20分．选对但不全得3分，全选对得5分〕9．在高速公路上，一辆大客车正以100km/h的速度匀速行驶在一段平直的路面上，以下关于大客车的情况描述正确的选项是〔〕A．大客车处于平衡状态B．大客车受到重力、支持力两个力作用C．大客车受到重力、支持力、牵引力三个力作用D．大客车受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用10．如下图，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态．那么斜面作用于物块的静摩擦力的〔〕A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小不可能于零D．大小可能于F11．力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一分力F2的大小为，方向未知．那么F1大小可能是〔〕A ．B ．C ．D ．12．如下图，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数皆为0.2，现在人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速运动，那么〔〕A．人拉绳的力是200N B．人拉绳的力是100NC．人的脚给木块摩擦力向右 D．人的脚给木块摩擦力向左三、探究题〔此题共2小题，共22分．〕13．在“验证力的平行四边形那么〞的中〔1〕采用的方法是A．理想法B．效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法以下是某同学在做该的一些看法，其中正确的选项是〔填相的字母〕．A．拉橡皮筋的绳线要细长，中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行B．拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角取90°以便于算出合力大小D．中，橡皮筋该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E．中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点〔3〕中的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线．O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是〔填F或F′〕14．如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕为完成，还需要的一个器材是：图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的图线，由此可求出弹簧的劲度系数k为N/m．四、计算题〔此题共4小题，共30分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕15．小车从静止开始以1m/s2的加速度，车后相距x0=25m处，与车运动方向相同的某人同时开始以6m/s的速度匀速追车，问能否追上？假设追不上，求人、车间的最小距离是多少？16．如下图，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？17．如下图，质量为m，横截面积为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC 的推力作用下，沿墙面匀速滑行．试表示出力F的大小．18．滑板运动是一项非常刺激的水上运动〔如下图〕，研究说明，在进行滑板运动时，水对滑板的作用力N垂直于板面，大小为kv2，其中v为滑板速率〔水可视为静止〕．某次运动中，在水平牵引力F作用下，当滑板和水面的夹角θ=37°时，滑板做匀速直线运动，相的k=40kg/m，人和滑板的总质量为80kg，〔重力加速度g取10m/s2，sin 37°=0.6，忽略空气阻力〕．试求：〔1〕水平牵引力F的大小；滑板的速率v=？上一中2021～2021度高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共8小题，每题4分，共32分，选出每题给出的选项中的仅有一个正确的选项〕1．一人将一木箱匀速推上一粗糙斜面，在此过程中，木箱所受的合力为〔〕A．于人的推力B．于摩擦力C．于零D．于下滑力【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体在运动的过程中始终匀速，不要被粗糙斜面影响判断，只要匀速物体就受力平衡，即：合外力为零．【解答】解：木箱被匀速推上一粗糙斜面，注意是匀速，所以物体受力平衡，即：所受的合外力始终为零．应选C．【点评】此题是一个易错题，主要考察的是审题能力，抓住主要问题，不要被一些外在因素迷惑即可．2．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力可能选取的数值为〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、8N【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成．【分析】两个力F1与F2的合力的范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；由于物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零，故三个力中的两个力的合力一与第三个力值、反向、共线．【解答】解：三力中某两个力的合力|F1﹣F2|≤F1、2合≤F1+F2，假设另一个力F3的大小在F1、2合的取值范围内，那么这三个力的合力可能为零，物体就处于平衡状态．A、10N≤F1、2合≤20N，F3=6N不在这范围内，故A错误．B、3N≤F1、2合≤9N，F3=4N在这范围内，故B正确．C、1N≤F1、2合≤3N，F3=10N不在这范围内，故C错误．D、5N≤F1、2合≤7N，F3=8N不在这范围内，故D错误．应选：B【点评】此题考查合力大小的计算，在方向未知的情况下找出两个力合成的最大值和最小值，明确三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力值、反向、共线．3．如下图是山区村民用斧头劈柴的剖面图，图中BC边为斧头背，AB、AC边是斧头的刃面．要使斧头更容易劈开木柴，那么〔〕A．BC边短一些，AB边也短一些 B．BC边些，AB边短一些C．BC边短一些，AB边些 D．BC边些，AB边也些【考点】力的分解．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】在劈柴时，斧头的重力通过斧面对木柴的积压形成对木柴向外的力，由分解方法可知如何更容易劈开木柴．【解答】解：如下图：斧头的重力形成对木柴两端的挤压力，两力与斧头的AB、BC边相互垂直；那么可知当BC边短一些，AB边些时两力之间的夹角更大，那么两分力更大；故C正确；应选C．【点评】在受力分析时一要注意平行四边形的作用，根据图形才能正确的找出力的变化关系．4．如下图，一物体受到1N、2N、3N、4N四个力作用正沿着3N力的方向作匀速直线运动，现保持1N、3N、4N三个力的方向和大小不变，而将2N的力绕O点旋转300°，此时作用在物体上的合力大小为〔〕A．1N B．2N C．3N D．4 N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体受多力平衡，那么多力的合力为零；那么1N、3N、4N三个力的合力与2N大小相方向相反；那么将2N转动后，其他三力的合力不变，那么变成了转后的2N与其他三力的合力的合成，那么由平行四边形那么可求得合力．【解答】解：由题意可知，四力的合力为零，那么可知1N、3N、4N三个力的合力2N；与2N大小相方向相反；那么2N的力绕O点旋转300°，其他三力的合力不变，那么现在变为2N的两个力，其夹角成120°，因此这两个力的合力大小为2N，故B正确，ACD错误；应选：B【点评】此题中用了力的合成中的一个结论：当多力合成其合力为零时，任一力与其他各力的合力大小相方向相反．5．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为〔〕A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】受力分析方法专题．【分析】由物体B静止，求出绳子的拉力．以A为研究对象，根据平衡条件求出地面对A的作用力的大小．【解答】解：以B为研究对象，根据平衡条件绳子的拉力F=mg．再以A为研究对象，得到F+F N=Mg，得到F N=Mg﹣F=〔M﹣m〕g，故B正确；应选：B．【点评】此题采用的是隔离法．当物体处于平衡状态时，采用隔离都可以求解．当几个物体都处于平衡状态时，也可以采用整体法．6．光滑的球放在倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止．挡板PQ可以绕Q轴转动，如下图．当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化是〔〕A．F1和F2都逐渐减小B．F1逐渐减小，F2逐渐增大C．F1逐渐增大，F2先减小D．F1逐渐减小，F2先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以球为研究对象，分析斜面和挡板对球的支持力如何变化，就能确球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小如何变化．分析小球受力情况，作出力图，运用图解法，分析两个支持力的变化情况．【解答】解：以球为研究对象，分析受力情况，如图，小球受到重力G、斜面的支持力F1和挡板的支持力F2，由平衡条件得知，F1和F2的合力与G大小相、方向相反，作出三个位置力的合成图如图，由图看出，F1逐渐减小，F2先减小后增大，当F1和F2垂直时，F2最小．故D正确．应选D【点评】此题运用图解法，分析动态平衡问题，比拟直观简便，也可以采用函数法，由数学知识分析力的变化．7．如下图，把重为8N的物体放在倾角θ=30°的粗糙斜面上并静止，物体的上端与固在斜面上的轻质弹簧相连，弹簧与斜面平行，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，以下对弹簧的弹力的分析正确的选项是〔〕A．可能为13 N，方向沿斜面向上B．可能为5 N，方向沿斜面向下C．可能为1 N，方向沿斜面向下D．弹力不可能为零【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】将重力按照作用效果分解为平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力，当最大静摩擦力平行斜面向下行斜面向上时，分别求解出对的弹簧弹力，得到弹簧弹力的作用范围．【解答】解：将重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力为Gsin30°=4N，垂直斜面的垂直分力为Gcos30°=4N；当最大静摩擦力平行斜面向下时，物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，弹簧弹力为拉力，大小为f=f m+Gsin30°=9N；当最大静摩擦力平行斜面向上时，物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，弹簧弹力为推力，大小为f=f m﹣Gsin30°=1N；故弹簧弹力可以是不大于1N推力或者不大于9N的拉力，也可以没有弹力；故ABD错误，C正确；应选C．【点评】此题关键是根据平衡条件求解出物体即将上滑和即将下滑的两种临界情况的弹簧弹力，难度中．8．如下图，可以视为质点的小球A、B球被轻绳连接后，挂在光滑的圆柱上恰好处于静止状态，圆心为O点，∠AOB=90°，OB与竖直方向的夹角α=300，那么A、B球的质量之比为〔〕A．1：2 B ．：2 C．1：D ．：1【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】选A为研究对象，受力分析用平衡条件进行分析，求出A受的绳子的拉力，再对B进行受力分析，求出B受的绳子的拉力，进行比拟求解．【解答】解：分别选A和B为研究对象受力分析如图：由左图得：T=Fsin60°=G A sin60°=…①由右图得：T=F′sinα=G B sin30°=…②由①②两式得：m A：m B=1：应选C【点评】受力平衡类的题目处理时一要注意用的条件就是平衡，合外力为零；所以只需要选择适宜的研究对象进行正确的受力分析，用平衡条件即可．二、不项选择题〔本大题共4小题，每题5分，共20分．选对但不全得3分，全选对得5分〕9．在高速公路上，一辆大客车正以100km/h的速度匀速行驶在一段平直的路面上，以下关于大客车的情况描述正确的选项是〔〕A．大客车处于平衡状态B．大客车受到重力、支持力两个力作用C．大客车受到重力、支持力、牵引力三个力作用D．大客车受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【分析】大客车做匀速直线运动，加速度为零，受力平衡，处于平衡状态，对大客车受力分析即可．【解答】解：大客车做匀速直线运动，加速度为零，处于平衡状态，故A正确；B、大客车受到重力、地面的支持力，水平方向有牵引力和阻力，共四个力作用，故D正确，BC错误．应选：AD【点评】静止和匀速直线运动都处于平衡状态，合力都为零，要求同学们能正确对物体进行受力分析，难道不大，属于根底题．10．如下图，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态．那么斜面作用于物块的静摩擦力的〔〕A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小不可能于零D．大小可能于F【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】根据推力F的大小与重力分力的大小确摩擦力的方向，注意分析推力与重力沿斜面向下分力的大小关系．【解答】解：A、当F大于Mgsinθ，由于沿斜面方向平衡，那么静摩擦力方向沿斜面向下．当F小于Mgsinθ，由于沿斜面方向平衡，那么静摩擦力方向沿斜面向上，AB正确C、当F与重力向下的分力相时，摩擦力大小可以为零；故C错误．D、假设F为重力沿斜面向下分力的一半，那么摩擦力可以于F；故D正确；应选：ABD．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，通过沿斜面方向平衡进行分析．11．力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一分力F2的大小为，方向未知．那么F1大小可能是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】力的合成遵循平行四边形那么，根据平行四边形那么求出F1的大小．【解答】解：由题意可知，F2的大小为，大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形那么得，如图，又因一个分力F1跟F成30°角，且F2的大小为，通过几何关系得，F1=F或F1=．故B、C正确，A、D错误．应选：BC．【点评】解决此题的关键知道合力一，分力的方向，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解．12．如下图，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数皆为0.2，现在人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速运动，那么〔〕A．人拉绳的力是200N B．人拉绳的力是100NC．人的脚给木块摩擦力向右 D．人的脚给木块摩擦力向左【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先后对人和木块整体、木块受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：A、B、对人和木块整体受力分析，受重力〔M+m〕g、地面支持力N、绳子的拉力2F，向后的滑动摩擦力f，根据共点力平衡条件，有2F﹣f=0N﹣〔M+m〕g=0其中f=μN解得f=200NF=100N故A错误，B正确；C、D、对木块受力分析，受重力Mg、人对木块的向下的压力、地面的支持力、绳子的拉力F、向后的滑动摩擦力以及人的静摩擦力，根据共点力平衡条件，人对木块的静摩擦力、拉力与地面的滑动摩擦力三力平衡，故人的脚给木块摩擦力向前，为100N；故C正确，D错误；应选BC．【点评】此题关键先后对人和木块整体、木块受力分析，然后根据共点力平衡条件进行分析计算．三、探究题〔此题共2小题，共22分．〕13．在“验证力的平行四边形那么〞的中〔1〕采用的方法是 BA．理想法B．效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法以下是某同学在做该的一些看法，其中正确的选项是AB 〔填相的字母〕．A．拉橡皮筋的绳线要细长，中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行B．拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角取90°以便于算出合力大小D．中，橡皮筋该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E．中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点〔3〕中的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线．O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是F′〔填F或F′〕【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；性思想；分析法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】〔1、3〕该采用了“效替代〞的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值〞和“值〞的区别．明确原理，了解误差的存在以及具体的操作细节，从减小误差的角度进行分析即可正．【解答】解：〔1〕该中采用的方法是效替代法．故B正确，A、C、D错误．应选：B．A、拉橡皮筋的绳线要细长，便于确拉力的方向；要准确地表示出拉力的大小和方向，故中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行，故A正确；B、为减小读数的误差，拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些；读数时视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；C、平行四边形那么中两个分力的夹角是任意的，故拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角是任意的，故C错误；D、中，两个分力的大小不一相同，故合力不一在其角平分线上，故D错误；E、在中，拉力不需太大，也不要太小，不需要先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，故E错误．应选：AB．〔3〕F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形那么得到的值．方向一沿AO方向的是F′．故答案为：〔1〕B；AB；〔3〕F′【点评】此题关键是明确思想、原理、误差的来源，要亲手做，才能更好地体会中的一些实际问题，能从多个角度来理解和分析，提高分析解决问题的能力．14．如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕为完成，还需要的一个器材是：刻度尺图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的图线，由此可求出弹簧的劲度系数k为20 N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；弹力的存在及方向的判专题．【分析】本的目的探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系，得到的F ﹣t图象，可由图象得出弹簧的劲度系数．【解答】解：①需要测弹簧的长度、形变量，故还需要的器材有：刻度尺②有图象可知，斜率表示弹簧的劲度系数，k==20N/m；故答案为〔1〕刻度尺 20【点评】此题考查了胡克律，弹簧的弹力与形变量的关系．要注意正确理解图象的性质．四、计算题〔此题共4小题，共30分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕15．小车从静止开始以1m/s2的加速度，车后相距x0=25m处，与车运动方向相同的某人同时开始以6m/s的速度匀速追车，问能否追上？假设追不上，求人、车间的最小距离是多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】车做匀加速运动，自行车做匀速运动，当自行车的速度与车的速度相时，假设自行车没有追上车，那么就追不上车．根据速度公式，求出两车速度相所经历的时间，由位移公式求出两车的位移，判断自行车能否追上车．当两车的速度相时，相距最小．由位移公式求解最小距离．【解答】解：人与车两者速度相时，是人追上车的临界条件．两者速度相时，有v=at，t== s=6 s，人的位移：x1=vt=6×6 m=36 m，车的位移x2= m=18 m．x2+x0=18 m+25 m=43 m＞x1=36 m，因此人追不上车．最小距离为：△x=x2+x0﹣x1=43 m﹣36 m=7m．答：人不能追上车，人、车间的最小距离是7m．【点评】此题是追及问题，关键要寻找两车之间的关系，抓住隐含的临界条件：速度相是关键．16．如下图，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对结点受力分析后，用平衡条件求解出AC绳和BC绳上的拉力关系，根据两绳所能承受的最大拉力判断谁先断，按照最小的求解即可．【解答】解：以重物为研究对象．受力如右图所示，由平衡条件得：T AC sin30°﹣T BC sin60°=0①T AC cos30°+T BC cos60°﹣G=0②由式①可知T AC =T BC当T BC=100N时，T AC=173N，AC将断．而当T AC=150N时，T BC=8N＜100N将T AC=150N，T BC=8N代入式②解得G=17N所以重物的最大重力不能超过17 N．答：物体最大重力不能超过17N【点评】此题为平衡条件的用，受力分析后根据临界条件进行判断即可．17．如下图，质量为m，横截面积为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC 的推力作用下，沿墙面匀速滑行．试表示出力F的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】简答题；性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物块受力分析，首先受重力、墙的支持力、力F以及滑动摩擦力，分向上和向下两种情况，结合平衡条件求解F．【解答】解：假设物块向上匀速滑行，对物块受力分析，受到重力、弹力、推力F以及向下的滑动摩擦力，如下图：根据平衡条件得：Fsinα﹣f﹣G=0Fcosα=Nf=μN解得：F=解：假设物块向下匀速滑行，对物块受力分析，受到重力、弹力、推力F以及向上的滑动摩擦力，如下图：根据平衡条件得：G﹣Fsinα﹣f=0Fcosα=Nf=μN解得：F=答：力F 的大小为或．【点评】此题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解，注意要分两种情况，难度适中．。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_00001
应对市爱护阳光实验学校红一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、单项选择题〔此题共10小题，每题3分，共30分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．〕1．在以下图中，不能表示物体做匀变速直线运动的是〔〕A ．B ．C ．D ．2．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值逐渐减小到零的过程中，该质点〔〕A．速度先增大后减小，直到加速度于零为止B．速度一直增大，直到加速度于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度于零为止D．位移一直增大，直到加速度于零为止3．图中的四幅图展示了某同学做引体向上运动前的四种抓杠姿势，其中手臂受力最小的是〔〕A ．B ．C ．D ．4．甲、乙两辆沿平直公路同时由静止开始向同一方向运动，v﹣t图象如下图，那么以下说法正确的选项是〔〕A．如果出发时甲在乙前方，那么一不能相遇B．如果出发时乙在甲前方，那么一不能相遇C．如果甲乙同一地点出发，那么0～2t时间内不能相遇D．0～2t时间内，甲的平均速度大于乙的平均速度5．一物体从H高处自由下落，经时间t 落地，那么当它下落时，离地面的高度为〔〕A ．B ．C ．D ．6．在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t﹣3t2〔x的单位是m，t的单位是s〕．那么该在路面上留下的刹车痕迹长度为〔〕A．25m B．50m C．75m D．150m7．重10N的木块放在水平桌面上使桌面受到10N的压力，以下说法正确的选项是〔〕A．这个压力就是重力，施力物是地球B．这个压力就是重力，施力物是木块C．这个压力的施力物是木块，是由于木块发生形变引起的D．这个压力的施力物是桌面，是由于桌面发生形变引起的8．某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如下图的四种情况中〔坐标纸中每格边长表示1N的大小的力〕，该物体所受的合外力大小正确的选项是〔〕A ．此图中物体所受的合外力大小于4NB ．此图中物体所受的合外力大小于0C ．此图中物体所受的合外力大小于0D ．此图中物体所受的合外力大小于09．关于做自由落体运动的小球，在落地之前的以下说法正确的选项是〔〕A．前2秒内和前4秒内下落的高度比为1：2B．第5秒内和第7秒内下落的高度比为5：7C．第1秒内和第2秒内的平均速度之比为1：3D．下落第1米和下落第2米所用的时间之比为1：210．如下图，斜面体M放在水平面上，物体m放在斜面上，m受到一个水平向右的力F，m和M始终保持静止，这时m受到的摩擦力大小为f1，M受到水平面的摩擦力大小为f2，当F变大时，那么〔〕A．f1与f2都一变大B．f1与f2都不一变大C．f2一变大，f1不一变大D．f1一变大，f2不一变大二、多项选择题〔此题共6小题，每题4分，共计24分．每题至少有两个选项正确．选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分．〕11．以下说法正确的选项是〔〕A．速度越大越难刹车，说明速度越大惯性越大B．两个物体只要质量相同，那么惯性就一相同C．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球惯性小；惯性是维持物体运动状态的原因D．牛顿第一律说明力是维持物体运动状态的原因12．如下图，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，那么〔〕A．对桌面的压力和桌面对A的支持力总是平衡的B．绳对A的拉力小于A所受桌面的摩擦力C．A对桌面的摩擦力的方向总是水平向右的D．A受到的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力13．如下图，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ角的拉力F 作用下向前匀速运动，物体与桌面间的动摩擦因数为μ，那么以下判断正确的选项是〔〕A．物体受到的摩擦力为F•cosθB．物体受到的摩擦力为μmgC．物体对地面的压力为mgD．物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθ14．三个在同一平面的共点力大小分别为F1=5N、F2=8N、F3=12N，那么以下说法正确的选项是〔〕A．三个力合力的最大值为25NB．三个力的合力可能于9NC．三个力的合力最小值为1ND．三个力的合力于0时，F1与F3的合力大小一于8N15．如下图，一木块受到垂直于倾斜墙面方向的推力F作用而处于静止状态，以下判断正确的选项是〔〕A．墙面与木块间的弹力可能为零B．墙面对木块的摩擦力可能为零C．在推力F逐渐增大过程中，木块将始终维持静止D．木块所受墙面的摩擦力随推力F的增大而变化16．如图，半圆形支架BAD，两细绳OA和OB结于圆心O，下悬重为G的物体，使OA绳固不动，将OB绳的B端沿半圆支架从水平位置逐渐移至竖直位置C的过程中，分析OA绳和OB绳所受的力大小如何变化？〔〕A．OA绳拉力逐渐变大 B．OA绳拉力逐渐变小C．OB绳拉力先变小后变大D．OB绳拉力逐渐变小三、题〔共2小题，共14分，每空2分〕17．在“验证力的平行四边形那么〞中，需要将橡皮条的一端固在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某﹣点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉像皮条．〔1〕某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须长B．橡皮条与两绳夹角的平分线在同一直线上C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置其中正确的选项是．〔填入相的字母〕〔2〕在“验证力的平行四边形那么〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据结果画出的图．①图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向是．②本采用的方法是A．理想法B．效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法〔3〕、在验证力的平行四边形法那么的中，有位同学做了一步骤，其中的两个步骤是这样做的：①在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固在木板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点到达某一位置O点，在白纸上记下O点与两个弹簧秤的读数F1与F2；②只用一个弹簧秤通过细线沿原来的方向〔即两个弹簧同时拉时橡皮条伸长的方向〕拉橡皮条，记下此时弹簧秤的读数F′和细线的方向；以上两个步骤中均有疏漏或错误，分别是在①中；在②中．18．在“探索小车速度随时间变化的规律〞的中，〔1〕某同学在接通电源进行之前，将器材组装如图1所示．请你指出该装置中的错误或不妥之处〔答出其中的两点〕：〔2〕〔改正装置后，该同学顺利地完成了．图2是他在中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度a 为m/s2．〔结果取两位有效数字〕19．A、B两相距14m，沿同一直线同向运动，A车在后，B车在前．B车以5m/s 的速度匀速，A车从静止开始以2m/s2的加速度加速．求：〔1〕何时两车相距最远？最远距离为多少？〔2〕经多长时间两车相遇？20．如下图，水平细杆上套一环A，环A与球B问用一不可伸长轻质绳相连，质量分别为m A=0.40kg和m B=0.30kg，由于B球受到水平风力作用，使环A与球B一起向右匀速运动．运动过程中，绳始终保持与竖直方向夹角θ=30°，重力加速度g取10m∕s2，求：〔1〕B球受到的水平风力大小；〔2〕环A与水平杆间的动摩擦因数．21．在一次低空跳伞训练中，当直升飞机悬停在离地面960m高处是，伞兵离开飞机做自由落体运动，运动一段时间后，翻开降落伞，展伞后伞兵匀减速下降，伞兵落地速度刚好为0，下落总时间为24s．〔取g=10m/s2〕求：〔1〕伞兵下落过程中的最大速度为多大？〔2〕伞兵匀减速下降时的加速度？红一中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共10小题，每题3分，共30分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．〕1．在以下图中，不能表示物体做匀变速直线运动的是〔〕A． B． C． D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】匀变速直线运动是指速度随时间均匀变化的直线运动，其加速度不变，分析各图中各图象的性质可知是否符合题意．【解答】解：A、由v﹣t图可知，速度随时间均匀变化，加速度不变，表示物体做匀变速直线运动，不符合题意，故A错误；B、由v﹣t图可知，速度随时间均匀增大，物体做匀加速直线运动，不符合题意，故B错误；C、a﹣t图中物体的加速度不随时间均匀变化，物体做匀变速直线运动，不符合题意，故C错误；D、s﹣t图象是位移时间，其斜率于速度，可知物体做匀速直线运动，符合题意，故D正确；应选：D【点评】在分析图象时首先要通过图象的纵坐标明确是什么图象，再根据图象的形状分析物体的运动状态．2．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值逐渐减小到零的过程中，该质点〔〕A．速度先增大后减小，直到加速度于零为止B．速度一直增大，直到加速度于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度于零为止D．位移一直增大，直到加速度于零为止【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．【解答】解：AB、由题意知：加速度的方向始终与速度方向相同，加速度a的值由某一值后逐渐减小到0的过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度为零，速度到达最大，以后匀速运动，故A错误，B正确．CD、根据AB项分析知，位移一直增大，故CD错误；应选：B【点评】要清楚物理量的物理意义：加速度描述速度变化快慢，速度描述位移变化快慢，同时要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确．3．图中的四幅图展示了某同学做引体向上运动前的四种抓杠姿势，其中手臂受力最小的是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】力的合成．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】由图可知，D项中手臂受力是B项中的2倍，只需要比拟ABC三个选项中手臂受力的大小：以人为研究对象，当两手臂之间夹角2θ时，作出力图，根据平衡条件列出手臂的拉力与夹角2θ的关系，再由数学知识分析判断力的大小．【解答】解：由图可知，D项中手臂受力是B项中的2倍，肯不是最小．设两手臂之间夹角2θ时，手臂的拉力为F，人的质量为m，由平衡条件得2Fcosθ=mg得到 F=，由数学知识可知，当θ=0°，即手臂平行时cosθ最大，F最小．应选B【点评】此题是实际问题，关键建立物理模型，对人进行简化．也可以运用作图法分析力的大小．4．甲、乙两辆沿平直公路同时由静止开始向同一方向运动，v﹣t图象如下图，那么以下说法正确的选项是〔〕A．如果出发时甲在乙前方，那么一不能相遇B．如果出发时乙在甲前方，那么一不能相遇C．如果甲乙同一地点出发，那么0～2t时间内不能相遇D．0～2t时间内，甲的平均速度大于乙的平均速度【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，结合位移判断两者是否能够相遇．根据位移，结合时间比拟平均速度．【解答】解：A、出发时，不管甲在前还是乙在前，结合图线与时间轴围成的面积知，两者总能相遇，故A、B错误．C、如果甲乙从同一地点出发，0﹣2t时间内两图线围成的面积会出现相的时刻，那么两车能够相遇，故C错误．D、0﹣2t时间内，甲图线围成的面积大于乙图线围成的面积，那么甲的位移大于乙的位移，所以甲的平均速度大于乙的平均速度．故D正确．应选：D．【点评】解决此题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．5．一物体从H高处自由下落，经时间t 落地，那么当它下落时，离地面的高度为〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】自由落体运动．【分析】物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移公式可以求得．【解答】解：物体做自由落体运动，由H=gt2，当时间为时，物体下落的高度为 h=g =，所以离地面的高度为，所以C正确．应选C．【点评】此题是对自由落体运动公式的直接用，题目比拟简单．6．在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t﹣3t2〔x的单位是m，t的单位是s〕．那么该在路面上留下的刹车痕迹长度为〔〕A．25m B．50m C．75m D．150m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据变化规律可知初速度和加速度，刹车后末速度为零，再根据速度与位移的关系公式可求得刹车后痕迹的长度．【解答】解：根据x=30t﹣3t2可知，初速度v0=30m/s，加速度a=﹣6m/s2．刹车后做匀减速运动的位移为刹车痕迹长度：x=应选：C【点评】此题要求能够根据位移与时间的关系，得出初速度和加速度，难度不大，属于根底题．7．重10N的木块放在水平桌面上使桌面受到10N的压力，以下说法正确的选项是〔〕A．这个压力就是重力，施力物是地球B．这个压力就是重力，施力物是木块C．这个压力的施力物是木块，是由于木块发生形变引起的D．这个压力的施力物是桌面，是由于桌面发生形变引起的【考点】弹性形变和范性形变；物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】明确压力与重力的产生原因，明确重力是由于地球的吸引而产生的；而弹力是由于施力物体发生形变而产生的．【解答】解：A、压力是由于重物的形变而产生的对桌面的压力；而重力是由于物体受到的地球的引力而产生的；故压力不是重力；故AB错误；C、压力的施力物体是物体，产生原因是木块的形变而产生的；故C正确；D、压力的施力物体是物体；是由于木块发生形变引起的；故D错误；应选：C．【点评】此题考查弹力及重力的形成原因；要明确两个力大小相可以用二力平衡及作用力反作用力关系求确；但二力的产生原因不同．8．某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如下图的四种情况中〔坐标纸中每格边长表示1N的大小的力〕，该物体所受的合外力大小正确的选项是〔〕A ．此图中物体所受的合外力大小于4NB ．此图中物体所受的合外力大小于0C ．此图中物体所受的合外力大小于0D ．此图中物体所受的合外力大小于0【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】力的合成遵循平行四边形那么，三力合成可以先合成其中两个力，再与第三个力合成，也可用正交分解法先分解再合成．【解答】解：A、先将F1与F2合成，然后再用勾股理，求得合力于5 N，A错误；B、先将F1与F3沿水竖直方向正交分解，再合成，求得合力于5 N，故B错误；C、可将F3沿水竖直方向正交分解正交分解，求得合力于6 N，C错误；D、根据三角形法那么，图中合力于0，D正确；应选：D．【点评】求解合力可以直接根据平行四边形那么合成，有时也可以先正交分解再合成．9．关于做自由落体运动的小球，在落地之前的以下说法正确的选项是〔〕A．前2秒内和前4秒内下落的高度比为1：2B．第5秒内和第7秒内下落的高度比为5：7C．第1秒内和第2秒内的平均速度之比为1：3D．下落第1米和下落第2米所用的时间之比为1：2【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，在开始通过连续相时间内的位移比为1：3：5：7…，根据h=gt2求解前1s内、前2s内、前3s内的位移之比，能根据据=求解平均速度．【解答】解A、前2秒内和前4秒内下落的高度h1=g×22h2=g×42那么高度：1：4，故A错误；B、球在第5s内的下落高度为h5=g×52﹣g×42=45m，同理，h5=g×72﹣g×62=65m，下落的高度比为9：13，故B错误；C、小球在第1s 内的平均速度===5m/s，小球在第2s 内的平均速度===15m/s，C正确；D、下落第1米和下落第2米所用的时间之比为1：〔﹣1〕，故D错误应选：C 【点评】解决此题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动的一些特殊推论，在开始通过连续相时间内的位移比为1：3：5：7…，在开始连续通过相时间末的速度比为1：2：3：4…10．如下图，斜面体M放在水平面上，物体m放在斜面上，m受到一个水平向右的力F，m和M始终保持静止，这时m受到的摩擦力大小为f1，M受到水平面的摩擦力大小为f2，当F变大时，那么〔〕A．f1与f2都一变大B．f1与f2都不一变大C．f2一变大，f1不一变大D．f1一变大，f2不一变大【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对物体m受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，按照效果讨论摩擦力情况；然后对整体受力分析，得到M与地面间摩擦力情况．【解答】解：对物体m受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，设斜面倾角为θ，那么在斜面方向上有：①当mgsinθ＞Fcosθ时，摩擦力沿着斜面向上，大小为F1=mgsinθ﹣Fcosθ，当F增大时，F1变小；②当mgsinθ=Fcosθ时，摩擦力为零，F增大时，F1变大；③当mgsinθ＜F cosθ时，摩擦力沿着斜面向下，大小为F1=Fcosθ﹣mgsinθ，F增大时，F1变大；对整体受力分析，那么有F2=F，那么F2一变大，故C正确应选：C．【点评】此题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，要注意静摩擦力随着外力的变化而变化．二、多项选择题〔此题共6小题，每题4分，共计24分．每题至少有两个选项正确．选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分．〕11．以下说法正确的选项是〔〕A．速度越大越难刹车，说明速度越大惯性越大B．两个物体只要质量相同，那么惯性就一相同C．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球惯性小；惯性是维持物体运动状态的原因D．牛顿第一律说明力是维持物体运动状态的原因【考点】惯性．【专题】性思想；推理法；牛顿运动律综合专题．【分析】惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量．在月球上和在地球上，重力加速度的大小不一样，所以受的重力的大小也就不一样了，但质量不变，惯性也不变．【解答】解：A、物体的惯性大小与物体的运动状态无关，只与物体的质量有关，所以惯性与速度的大小无关，故A错误；B、质量是惯性大小的量度，所以两个物体只要质量相同，那么惯性就一相同，故B正确．C、乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的质量小，所以它的惯性小．但不能说惯性是维持物体运动状态的原因．故C错误．D、牛顿第一律说明力是改变物体运动状态的原因．故D错误．应选：B．【点评】此题就是看对惯性概念的理解，惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量．12．如下图，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，那么〔〕A．对桌面的压力和桌面对A的支持力总是平衡的B．绳对A的拉力小于A所受桌面的摩擦力C．A对桌面的摩擦力的方向总是水平向右的D．A受到的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力【考点】物体的弹性和弹力；作用力和反作用力．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体A在水平细线的作用下处于平衡状态，那么物体A受到静摩擦力、细线拉力、重力与支持力．【解答】解：A、A对桌面的压力和桌面对A的支持力是一对相互作用力，不是平衡力．故A错误；B、绳对A的拉力于A所受桌面的摩擦力．故B错误；C、由于细线对A的拉力水平向右，所以桌面对A的摩擦力水平向左，而A对桌面的摩擦力的方向是水平向右，故C正确；D、A受的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力，故D正确；应选：CD．【点评】平衡力与作用力与反作用力的区别与联系，前者是共同作用在一个物体上，当物体平衡时，平衡力才相．而后者作用在两个物体上，大小总是相，不管是运动还是静止，不管是加速还是减速．13．如下图，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ角的拉力F 作用下向前匀速运动，物体与桌面间的动摩擦因数为μ，那么以下判断正确的选项是〔〕A．物体受到的摩擦力为F•cosθB．物体受到的摩擦力为μmgC．物体对地面的压力为mgD．物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθ【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动，对此受力分析，运用力的合成，分别列出竖直方向平衡方程；水平方向由牛顿第二律列出方程．【解答】解：对物体受力分析，如下图，那么有A、由共点力的平衡可知，物体受到的摩擦力于F水平方向的分力，即f=Fcosθ；故A正确；B、由滑动摩擦力公式可知，物体受到的摩擦力为f=μN=μ〔mg﹣Fsinθ〕，故B错误；C、物体对地面的压力与地面对物体的支持力是作用力与反作用力，而支持力于mg﹣F•sinθ，故C错误，D正确；应选：AD．【点评】此题考查对物体受力分析，并运用力的平行四边形那么处理不在同一直线上但在同一平面上的力．对于滑动摩擦力，关键抓住滑动摩擦力与物体对地面的压力成正比，而不是与重力成正比．14．三个在同一平面的共点力大小分别为F1=5N、F2=8N、F3=12N，那么以下说法正确的选项是〔〕A．三个力合力的最大值为25NB．三个力的合力可能于9NC．三个力的合力最小值为1ND．三个力的合力于0时，F1与F3的合力大小一于8N【考点】力的合成．【专题】常规题型．【分析】三力同向时合力最大；找出两个力合力的范围，然后用与第三力数值上最接近的合力值与第三个力相减得到最小值．【解答】解：A、当三个力同向时，合力最大，为25N，故A正确B、5N、8N合成时合力范围为：3N≤F12≤13N，当合力为12N时，再与第三个力合成，合力最小为零；所以三个力的合力最小值为0N，故B正确，C错误D、三个力的合力于0时，F1与F3的合力大小一于8N，故D正确应选ABD．【点评】对于三个力合力的最大值总于三力之和，但合力最小值不一于两个较小力的和与最大力之差，可以用与第三力数值上最接近的合力值与第三个力相减得到最小值．15．如下图，一木块受到垂直于倾斜墙面方向的推力F作用而处于静止状态，以下判断正确的选项是〔〕A．墙面与木块间的弹力可能为零B．墙面对木块的摩擦力可能为零C．在推力F逐渐增大过程中，木块将始终维持静止D．木块所受墙面的摩擦力随推力F的增大而变化【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】计算题．【分析】对木块受力分析，将重力按照效果正交分解，重力产生两个效果，使物体沿墙面下滑，使物体远离斜面，再结合共点力平衡条件，可以求出各个力．【解答】解：A、B、对木块受力分析，如下图，受推力F，重力G，将重力按照效果正交分解，重力产生两个效果，使物体沿墙面下滑和要使物体远离墙面，由于木块一直静止，合力为零，因而静摩擦力必须与G2平衡，有静摩擦力，那么接触面处一有支持力，即支持力一不为零．因而物体一受推力、重力、支持力和静摩擦力故AB均错误；C、D、在推力F增大过程中，最大静摩擦力增大，故木块一直保持静止，即静摩擦力f始终与分力G2平衡故C正确，D错误；应选C．【点评】此题关键对木块受力分析，将重力按照效果正交分解后，再确静摩擦力和弹力的大小和方向．16．如图，半圆形支架BAD，两细绳OA和OB结于圆心O，下悬重为G的物体，使OA绳固不动，将OB绳的B端沿半圆支架从水平位置逐渐移至竖直位置C的过程中，分析OA绳和OB绳所受的力大小如何变化？〔〕A．OA绳拉力逐渐变大 B．OA绳拉力逐渐变小C．OB绳拉力先变小后变大D．OB绳拉力逐渐变小【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】OB绳的B端沿半圆支架从水平位置逐渐移至竖直的位置C的过程中，物体始终处于平衡状态，找出不变的物理量，画出平行四边形进行分析．【解答】解：对结点O受力分析如图：结点O始终处于平衡状态，所以OB绳和OA绳上的拉力的合力大小保持不变，方向始终是竖直向上的．所以OA绳受力大小变化情况：逐渐变小；OB绳受力大小变化情况是：先变小后变大应选BC．【点评】此题为物体平衡条件的一个用：动态分析，处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就是以不变万变．三、题〔共2小题，共14分，每空2分〕17．在“验证力的平行四边形那么〞中，需要将橡皮条的一端固在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某﹣点并记下该点的位置；再将橡皮条的。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_4
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、单项选择题：〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确．〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．分析跳高运发动的过杆技术时，可把运发动看成质点B．质点某时刻的加速度不为零，那么该时刻的速度也不为零C．当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点D．做把戏溜冰的运发动一不能看作质点2．关于路程和位移，以下说法中正确的选项是〔〕A．在某一段时间内物体运动的位移为零，那么该物体一是静止的B．运发动铅球成绩为0m，指的是位移大小为0mC．在直线运动中物体的位移大小不一于其路程D．在曲线运动中物体的位移大小不一小于其路程3．关于时间和时刻，以下说法不正确的选项是〔〕A．物体在5s时指的是物体在5s末这一时刻B．物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间C．物体在第3s内指的是物体在2s末到3s末这1s的时间D．第4s末就是第5s初，指的是时刻4．关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．物体加速度表示增加的速度B．物体速度变化量越大，那么加速度越大C．物体速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大D．加速度很大时，运动物体的速度一很快变大5．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度﹣时间图象如下图．在0～t2时间内，以下说法中正确的选项是〔〕A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是6．一小木块以初速度5m/s自由冲上光滑的斜面，2s末速度大小变为1m/s，那么这段时间内小木块的加速度大小〔〕A．一为2 m/s2B．一为3 m/s2C．可能大于2m/s2D．可能小于2 m/s27．一质点做匀加速直线运动，通过第一段8m位移所用的时间为2s，紧接着通过下一段10m位移所用时间为1s．那么该质点运动的加速度为〔〕A．5m/s2 B．4m/s2 C．3m/s2 D．2m/s28．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为4.0s，两次经过一个较高点B时间间隔为2.0s，那么AB之间的距离是〔g取10m/s2〕〔〕A．15m B．20mC．60m D．初速度未知，无法确9．小物块以一的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab 的中点，如下图，物体由a到b的总时间为t0，那么它从a到e所用的时间为〔〕A ． t0B ． t0 C．〔﹣1〕t0D ． t010．A、B两车沿同一直线向同一方向运动，A车的速度v A=4m/s，B车的速度v B=10m/s．当B车运动至A车前方7m处时，B车以a=2m/s2的加速度开始刹车，从该时刻开始计时，那么A车追上B车所需要时间为〔〕A．5s B．6s C．7s D．8s二、多项选择题：〔此题共6小题，每题4分，共24分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕11．关于做匀变速直线运动的物体，以下说法正确的选项是〔〕A．在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：4：9B．一质点的位置坐标函数是x=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2C．加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同D．任意两个相时间间隔内物体的位移之差都相12．一物体沿直线运动，其v﹣t图象如下图，那么关于该物体的运动情况，下述正确的选项是〔〕A．第1s末物体的位移和速度都不改变方向B．第2s末物体的加速度和速度都改变方向C．前4s内物体的位移为零D．第1s末、第3s末、第5s末物体的速度相同13．A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．A、B两质点在4s末速度相B．A、B两质点在8s内通过的路程相C．前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇D．A质点一直做匀速运动，B质点先加速后减速，8s末回到出发点14．一石块从30m高处开始做自由落体运动，〔g=10m/s2，取竖直向下为正方向〕那么石块下落后〔〕A．第1s内的位移为5m B．第3s末的速度为30m/sC．第2s内的平均速度为10m/s D．3s内的平均速度为10m/s15．如下图，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员〔〕A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中平均速度之比为1：2D．减速过程的加速度大小为4m/s216．物体沿一直线做匀加速直线运动，它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s内的位移是56mC．它的初速度为零D．它在第2s末的速度为 5.0m/s三、题〔此题共1小题，每空2分，共12分．〕17．某同学用如下图的装置研究小车在斜面上的运动．〔1〕中，除电火花打点计时器〔含纸带、墨粉纸〕、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有．〔填选项代号〕A．电压为4～6V的50Hz交流电源B．电压为220V的50Hz交流电源C．刻度尺D．停表E．天平F．重锤〔2〕以下中操作步骤中正确的选项是：A．先接通电源，后释放纸带 B．先释放纸带，后接通电源C．小车要靠近打点计时器释放 D．用天平秤出小车的质量〔3〕中所用电源的频率为50Hz．选取适宜的纸带如以下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2…用刻度尺测得S1=0cm；S2=7.09cm；S3=18cm；S4=20.18cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2〞时的瞬时速度为v2=_ m/s，小车加速度的计算公式为：a= 〔每两个计数点间的时间间隔可用T表示〕，计算结果为 a= m/s2．〔计算结果保存三位有效数字〕〔4〕如果当时交变电流的频率是f=51Hz，那么加速度的测量值〔选填：偏大、偏小或相〕18．一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的v﹣t图象如下图，求：〔1〕摩托车在0﹣20s这段时间的加速度大小；〔2〕摩托车在50s末的加速度大小〔3〕摩托车在0﹣75s这段时间的平均速度大小．19．在光滑水平面上有A、B两个物体，B在前，A在后，A正以6m/s的速度向右匀速运动，B静止；当A、B之间距离为18m时A物体做匀减速直线运动，B 物体做匀加速直线运动，经过4s，物体B的速度到达3m/s，此后A、B均做匀速直线运动，A、B又继续运动4s，A恰好追上B，在这一过程中，求〔1〕B物体做匀加速直线运动的加速度的大小〔2〕在A物体追上B物体之前，B物体运动的位移大小〔3〕A物体做匀减速直线运动的加速度的大小．20．一质点由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a1，经时间t后做匀减速直线运动，加速度大小为a2，假设再经时间2t恰能回到出发点，求：〔1〕a l：a2为多少？〔2〕质点运动后0﹣t内和t﹣3t内质点通过的路程之比．一中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确．〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．分析跳高运发动的过杆技术时，可把运发动看成质点B．质点某时刻的加速度不为零，那么该时刻的速度也不为零C．当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点D．做把戏溜冰的运发动一不能看作质点【考点】质点的认识．【分析】把物体看成质点的条件：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度与速度无关，加速度大说明速度变化快，速度的变化率大．【解答】解：A、分析跳高运发动的过杆技术时，要看运发动的动作，所以不能看成质点，故A错误；B、质点某时刻的加速度不为零，那么速度可能为零，如自由落体运动的开始，故B错误；C、当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时，子弹的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确；D、研究做把戏溜冰的运发动溜冰时间时，可以看成质点，故D错误；应选：C【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．关于路程和位移，以下说法中正确的选项是〔〕A．在某一段时间内物体运动的位移为零，那么该物体一是静止的B．运发动铅球成绩为0m，指的是位移大小为0mC．在直线运动中物体的位移大小不一于其路程D．在曲线运动中物体的位移大小不一小于其路程【考点】位移与路程．【分析】位移代表初末位置有向线段，路程表示路径长度．位移与路程没有必然联系，位移为零，路程可以不是零．【解答】解：A、位移代表初末位置有向线段，路程表示路径长度．位移为零，路程可以不是零．如物体做圆周运动一周，回到出发点，此时位移为零，而物体不是静止的，故A错误．B、运发动铅球成绩为0m，指的是水平方向的位移大小为0m，故B错误．C、只有在单向直线运动中，物体的位移大小才于其路程，故C正确．D、曲线运动轨迹长度一大于初末位置之间有向线段的长度，所以在曲线运动中物体的位移大小一小于其路程，故D错误．应选：C【点评】掌握位移和路程的区别和联系，只有在单向直线运动中，物体的位移大小于其路程．3．关于时间和时刻，以下说法不正确的选项是〔〕A．物体在5s时指的是物体在5s末这一时刻B．物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间C．物体在第3s内指的是物体在2s末到3s末这1s的时间D．第4s末就是第5s初，指的是时刻【考点】时间与时刻．【分析】首先知道时间是指时间的长度，在时间轴上对一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对的是一个点．【解答】解：A、物体在5s时指的是物体在5s末时，指的是时刻，故A正确；B、物体在5s内指的是物体在0到第5s末这5s的时间，故B不正确；C、物体在第3s内指的是物体在第2s末到第3s末这1s的时间，故C正确；D、第4s末就是第5s初，指的是时刻，故D正确；此题选择不正确的，应选：B．【点评】时间是指时间的长度，在时间轴上对一段距离，对物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对的是一个点，对物体的位置．4．关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．物体加速度表示增加的速度B．物体速度变化量越大，那么加速度越大C．物体速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大D．加速度很大时，运动物体的速度一很快变大【考点】加速度；速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是物体速度变化量和所用时间的比值，加速度反物体速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，加速度不是增加的速度，故A错误；B、物体速度变化量大，加速度不一大，还要看时间，故B错误；C、加速度反物体速度变化快慢的物理量，速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大，故C正确；D、加速度很大，速度变化快，但速度不一很快变大，故D错误．应选：C【点评】掌握加速度的概念及其物理意义是正确解题的关键，知道加速度不是增加的速度，难度不大，属于根底题．5．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度﹣时间图象如下图．在0～t2时间内，以下说法中正确的选项是〔〕A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，切线的斜率表示加速度；图象与坐标轴围成的面积表示位移，两个物体同一地点同时开始沿同一直线运动，相遇的要求在同一时刻到达同一位置；匀变速直线运动的平均速度为．【解答】解：A、由图象可知I物体做加速度越来越小的加速运动，所受的合外力不断减小，II物体做匀减速直线运动所受的合外力不变，故A错误；B、图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知在t1时刻两物体面积差最大，相距最远，故B正确；C、图象与坐标轴围成的面积表示位移，那么t2时刻Ⅰ的位移大于Ⅱ的位移，没有相遇，故C错误；D 、Ⅱ物体做匀减速直线运动，平均速度大小于，Ⅰ物体做变加速直线运动，根据图线与时间轴所围面积表示位移可知，其位移大于以相同的初速度和末速度做匀加速运动的位移，所以其平均速度大小大于，故D错误；应选：B【点评】该题考查了速度﹣时间图象相关知识点，要求同学们能根据图象判断物体的运动情况，从图中读取有用信息解题，难度不大．6．一小木块以初速度5m/s自由冲上光滑的斜面，2s末速度大小变为1m/s，那么这段时间内小木块的加速度大小〔〕A．一为2 m/s2B．一为3 m/s2C．可能大于2m/s2D．可能小于2 m/s2【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】讨论物体的末速度的可能性，再由速度公式即可求解加速度．【解答】解：设沿斜面向上为正方向，假设末速度沿斜面向上，那么由速度公式v=v0+at可得：a==﹣2m/s2；假设末速度沿斜面向下，那么a′==﹣3m/s；故C正确，ABD错误；应选：C【点评】此题考查速度公式的用，要注意分析题意中的可能情况，明确物体速度可能向上也可能向下．7．一质点做匀加速直线运动，通过第一段8m位移所用的时间为2s，紧接着通过下一段10m位移所用时间为1s．那么该质点运动的加速度为〔〕A．5m/s2 B．4m/s2 C．3m/s2 D．2m/s2【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出两段过程中中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出质点运动的加速度．【解答】解：第一段中间时刻的瞬时速度，第二段中间时刻的瞬时速度，两个中间时刻的时间间隔△t=1+0.5s=s，那么加速度a=．应选：B．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．8．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为4.0s，两次经过一个较高点B时间间隔为2.0s，那么AB之间的距离是〔g取10m/s2〕〔〕A．15m B．20mC．60m D．初速度未知，无法确【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据竖直上抛运动的对称性求出最高点到A和B的时间，结合位移时间公式求出AB之间的距离．【解答】解：根据竖直上抛运动的对称性，知最高点到较低点A的时间为2s，到较高点B的时间为1s，那么AB 之间的距离=．应选：A．【点评】解决此题的关键知道竖直上抛运动在上升过程和下降过程中的对称性，结合运动学公式灵活求解，根底题．9．小物块以一的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab 的中点，如下图，物体由a到b的总时间为t0，那么它从a到e所用的时间为〔〕A ． t0B ． t0 C．〔﹣1〕t0D ． t0【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】采用逆向思维，结合位移时间公式求出eb和ab的时间之比，求出e 到b的时间，从而得出a到e的时间．【解答】解：采用逆向思维，根据，，因为e为ab 的中点，那么：，可知a到e 的时间为： =．应选：D．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，以及掌握逆向思维在运动的运用，根底题．10．A、B两车沿同一直线向同一方向运动，A车的速度v A=4m/s，B车的速度v B=10m/s．当B车运动至A车前方7m处时，B车以a=2m/s2的加速度开始刹车，从该时刻开始计时，那么A车追上B车所需要时间为〔〕A．5s B．6s C．7s D．8s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】根据速度时间公式求出B速度减为零的时间，求出此时A、B的位移，判断是否追上，假设未追上，结合匀速运动的位移公式求出继续追及的时间，从而得出总时间．【解答】解：B 车速度减为零的时间为：，此时B 车的位移为：，A车的位移为：x A=v A t1=4×5m=20m，因为x A＜x B+7m，此时A车还未追上B车，还需追及的时间为：，那么追及的时间为：t=t1+t2=5+3=8s．应选：D．【点评】此题考查了运动的追及问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解，此题要注意是在B速度减为零前追上，还是速度减为零后追上．二、多项选择题：〔此题共6小题，每题4分，共24分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕11．关于做匀变速直线运动的物体，以下说法正确的选项是〔〕A．在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：4：9B．一质点的位置坐标函数是x=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2C．加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同D．任意两个相时间间隔内物体的位移之差都相【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据初速度为零的匀加速直线运动的推论得出1s内、2s内、3s内的位移之比．根据位移时间公式得出物体的初速度和加速度．匀减速直线运动的物体，速度随时间均匀减小．【解答】解：A、初速度为零时，1s内、2s内、3s内通过位移之比为1：4：9，故A错误．B、根据x=v0t+at2=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2，故B正确．C、加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同，故C正确．D、匀变速直线运动的物体，任意两个连续相时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，故D错误．应选：BC【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，根底题．12．一物体沿直线运动，其v﹣t图象如下图，那么关于该物体的运动情况，下述正确的选项是〔〕A．第1s末物体的位移和速度都不改变方向B．第2s末物体的加速度和速度都改变方向C．前4s内物体的位移为零D．第1s末、第3s末、第5s末物体的速度相同【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象的识别和用，v﹣t图可以看出速度大小和方向的变化，速度是矢量，正负代表方向，故方向变化发生在和时间轴相交处，即图线从时间轴的上部穿到下部，或从下部穿到上部，速度的方向才发生变化．位移可根据图象与坐标轴围成的面积分析．【解答】解：A、第1s末物体的速度没有改变，那么位移方向也不变，故A正确．B、第2s末物体的速度方向改变，但2﹣3s内加速度方向不变，即第2s末物体的加速度方向不变，故B错误．C、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，那么知前4s内物体的位移为零，故C正确．D、根据图象可知，1s末和5s末的速度为正，但3s末速度为负，那么第1s末、第3s末、第5s末物体的速度不相同，故D错误．应选：AC．【点评】图象的识别，要看清坐标轴，其次要看斜率，交点位置，和它们表示的含义，以此来解题．13．A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．A、B两质点在4s末速度相B．A、B两质点在8s内通过的路程相C．前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇D．A质点一直做匀速运动，B质点先加速后减速，8s末回到出发点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移时间图线的斜率表示瞬时速度，根据纵坐标的变化量表示位移．速度时间图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．速度的正负表示速度的方向．【解答】解：A、x﹣t图象中，斜率表示速度大小，4s末二者的斜率不同，所以速度不同，故A错误；B、根据图象可知，B运动的路程s B=20+20=40m，A运动的路程s A=40﹣0=40m，路程相，故B正确；C、前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点的位移相同，到达同一位置相遇，故C正确；D、由图象斜率知，B质点先减速后加速，8s末回到出发点，故D错误；应选：BC【点评】此题是位移﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义：斜率于物体的速度，来分析物体的运动情况．14．一石块从30m高处开始做自由落体运动，〔g=10m/s2，取竖直向下为正方向〕那么石块下落后〔〕A．第1s内的位移为5m B．第3s末的速度为30m/sC．第2s内的平均速度为10m/s D．3s内的平均速度为10m/s【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】物体做自由落体运动，根据位移时间公式和速度时间公式求的位移和时间，结合位移与时间的比值为平均速度【解答】解：A、第1s 内的位移为：，故A正确；B、物体下落的时间为：t=，故3s末已经落地，故3s末速度为零，故B错误；C、前2s 内的位移为：，故第2s内的平均速度为：v=，故C错误；D、3s内的平均速度为v=，故D正确；应选：AD【点评】记住并理解自由落体的位移公、速度与位移的关系公式均速度的公式是解此题的关键．还要知道第几秒的位移表示什么，怎么求．此题属于中档题15．如下图，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员〔〕A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中平均速度之比为1：2D．减速过程的加速度大小为4m/s2【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】由平均速度公式求解最大速度．根据速度公式研究加速与减速过程的时间之比．根据牛顿第二律研究摩擦力之比．【解答】解：A、C、设下滑过程中的最大速度为v ， 1=， =，故平均速度相，那么消防队员下滑的总位移：x==，解得：v===8m/s，故AC错误．B、设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加速度大小分别为a1、a2，那么v=a1t1，v=a2t2，解得：t1：t2=a2：a1=1：2．故B正确．D、由t1：t2=1：2，又t1+t2=3s，得到t1=1s，t2=2s，a1===8m/s2，a2===4m/s2，故D正确．应选：BD【点评】此题运用牛顿第二律运动学公式结合分析多过程问题，也可以采用图象法分析最大速度，根据动能理研究摩擦力关系．16．物体沿一直线做匀加速直线运动，它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s内的位移是56mC．它的初速度为零D．它在第2s末的速度为 5.0m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的规律及其推论进行分析求解即可．【解答】解：A、据△x=aT2可得加速度a==2m/s2，故A正确；B、根据匀变速直线运动规律的推论△x=aT2可知，x2﹣x1=x3﹣x2，可得第1s内的位移为2m，2s﹣7s内位移x′=v2t+at2=5×5=50m，前7s内位移x=2+4+6+50=62m，故B错误；C、由B知第1a内的位移为2m，根据x=v at2，可知物体的初速度不为零，故C错误；D、第2s到第3s内的总位移为10m，时间为2s，根据平均速度义可知，平均速度为5m/s，于中间时刻的速度，即2s末的速度大小为5m/s，故D正确．应选：AD【点评】掌握匀变速直线运动的速度时间关系位移时间关系及其推论△x=aT2是正确解题的关键．三、题〔此题共1小题，每空2分，共12分．〕17．某同学用如下图的装置研究小车在斜面上的运动．〔1〕中，除电火花打点计时器〔含纸带、墨粉纸〕、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有BC ．〔填选项代号〕A．电压为4～6V的50Hz交流电源B．电压为220V的50Hz交流电源C．刻度尺D．停表E．天平F．重锤〔2〕以下中操作步骤中正确的选项是：ACA．先接通电源，后释放纸带 B．先释放纸带，后接通电源C．小车要靠近打点计时器释放 D．用天平秤出小车的质量〔3〕中所用电源的频率为50Hz．选取适宜的纸带如以下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2…用刻度尺测得S1=0cm；S2=7.09cm；S3=18cm；S4=20.18cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2〞时的瞬时速度为v2=_ 0.504 m/s，小车加速度的计算公式为：a= 〔每两个计数点间的时间间隔可用T表示〕，计算结果为 a= 0 m/s2．〔计算结果保存三位有效数字〕〔4〕如果当时交变电流的频率是f=51Hz，那么加速度的测量值偏小〔选填：偏大、偏小或相〕【考点】探究小车速度随时间变化的规律；测匀变速直线运动的加速度．【专题】题．【分析】〔1〕根据的原理确所需测量的物理量，从而确所需的器材．〔2〕根据的考前须知选出正确的选项，注意该不需要测量小车的质量．〔3〕根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出计数点2的瞬时速度，根据连续相时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度．〔4〕根据周期的测量误差，结合△x=aT2判断加速度的测量误差．【解答】解：〔1〕电火花打点计时器采用220V、50Hz的交流电源，打点计时器可以记录时间，所以不需要秒表，该不需要测量质量，所以不需要天平，由于要测量纸带上点迹间的距离，所以需要刻度尺．应选：BC．〔2〕A、时先接通电源，后释放纸带，故A正确，B错误．C、为了有效使用纸带，小车靠靠近打点计时器处释放，故C正确．D、该不需要测量小车的质量，故D错误．应选：AC．〔3〕计数点2的瞬时速度m/s=0.504m/s．。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_2
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共12小题，每题4分.在每题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．以20m/s的速度做匀速运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么，刹车后2s内与6s内的位移之比为( )A．1：3 B．3：1 C．3：4 D．2：32．某人在塔顶处使一小球做自由落体运动到达地面，假设把小球在空中运动的时间分为相的3段，且在第一段时间的位移是m，那么小球在第三段时间的位移是( )A．m B．m C．9.0m D．1m3．关力的以下说法中正确的选项是( )A．有的力有施力物体，有的力没有施力物体B．任何物体受到力的作用后形状都要发生改变C．任何物体受到力的作用后运动状态形状都要发生改变D．影响力的作用效果的因素有力的大小、方向和作用点4．大小为20N、30N和40N的三个力的合力大小不可能为( )A．10N B．40N C．70N D．100N5．一辆停在水平地面上，以下关于和地面受力的说法正确的选项是( ) A．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；未发生弹性形变，所以不受弹力B．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；受向上的弹力，是因为发生了弹性形变C．受向上的弹力，是因为地面发生了弹性形变；地面受向下的弹力，是因为发生了弹性形变D．以上说法均不正确6．在水平传送带上的物体P，随传送带一起沿水平方向匀速运动，并且P与传送带保证相对静止，如下图，此时传送带对物体P的摩擦力( )A．方向可能向左B．方向一向左C．方向一向右D．一为零7．物体静止在斜面上，假设斜面倾角增大〔物体仍静止〕，物体受到的斜面的支持力和摩擦力的变化情况是( )A．支持力增大，摩擦力增大 B．支持力增大，摩擦力减小C．支持力减小，摩擦力增大 D．支持力减小，摩擦力减小8．如下图，质量为m的物体A以一的初速度v沿粗糙斜面上滑，物体A在上滑过程中受到的力有( )A．向上的冲力、重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力B．重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力C．重力、对斜面的正压力、沿斜面向下的摩擦力D．重力、斜面的支持力、下滑力9．在平直公路上行驶的a车和b车，其位移﹣时间图象分别为图中直线a和曲线b，由图可知，以下说法正确的选项是( )A．b车运动方向始终不变B．在t1时刻a车的位移于b车的位移C．t1到t2时间内a车与b车的平均速度相D．a车做匀加速直线运动10．将10N的力分解为两个分力F1、F2，那么F1、F2的值可能是以下的哪一组？( )A．F1=F2=20N B．F1=12N，F2=3N C．F1=6N，F2=3N D．F1=F2=10N11．以下关于物体惯性的说法，错误的选项是( )A．只有做匀速直线运动的物体和静止的物体才有惯性B．物体在粗糙面上运动时惯性小，在光滑面上运动时惯性大C．速度大的物体比速度小的物体难停下来，所以速度大的物体惯性大D．质量为2Kg的铁块比质量为1Kg的木块惯性大12．做匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C三点，AB=BC，质点在AB段和BC段平均速度分别为20m/s，30m/s，根据以上条件可以求出( )A．质点在AC段运动的时间B．质点的加速度C．质点在AC段的平均速度D．质点在C点的瞬时速度二、填空题〔每空3分，共计15分〕13．一小孩用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，当小孩用110N 的水平推力恰能推动木箱，当木箱被推动以后，小孩只需要用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速，那么：木箱不动时受到的摩擦力是__________N，木箱与地面之间的最大静摩擦力是__________N，木箱与地面之间的动摩擦因数是__________．14．在做<研究匀变速直线运动>的时，某同学得到一条纸带，如下图，并且每隔四个计时点取一个计数点，每两个计数点间的距离为s，且s1=0.96cm，s2=8cm，s3=0cm，s4=2cm，s5=4cm，s6=10.56cm，电磁打点计时器的电源频率为50Hz．计算此纸带的加速度大小a=__________m/s2，打第四个计数点时纸带的速度大小v=__________m/s．15．在高速公路上，有时会发生“追尾〞事故﹣﹣后面的撞上前面的．请分析一下，我国高速公路的最高车速限制为108km/h．设某人驾车正以最高时速沿平直高速公路行驶，该车刹车时产生的加速度大小为5m/s2，司机的反时间〔从意识到该停车到操作刹车的时间〕为0.5．计算行驶时的平安车距至少为多少？16．画出以下静止物体A所受弹力的示意图．17．如下图，质量为25kg的小孩坐在5kg的雪橇上，大人用与水平方向成37°斜向上的大小为100N的拉力拉雪橇，使雪橇沿水平地面做匀速运动，〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕地面对雪橇的支持力大小；〔2〕雪橇与水平地面间的动摩擦因数的大小．18．轻弹簧AB长35cm，A端固在重50N的物体上，该物体放在倾角为30°的斜面上，如下图．手执B端，使弹簧与斜面平行．当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，弹簧长变为40cm；当弹簧和物体沿斜面匀速上滑时，弹簧长度变为50cm，试求：〔1〕弹簧的劲度系数k；〔2〕物体与斜面间的动摩擦因数μ．一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共12小题，每题4分.在每题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．以20m/s的速度做匀速运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么，刹车后2s内与6s内的位移之比为( )A．1：3 B．3：1 C．3：4 D．2：3【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出速度减为零的时间，判断是否停止，再结合位移公式求出刹车后的位移，从而得出位移之比．【解答】解：速度减为零的时间，那么2s 内的位移=30m，刹车后6s内的位移于4s 内的位移，那么，那么x2：x6=3：4．应选：C．【点评】此题考查了运动的刹车问题，是道易错题，注意速度减为零后不再运动．2．某人在塔顶处使一小球做自由落体运动到达地面，假设把小球在空中运动的时间分为相的3段，且在第一段时间的位移是m，那么小球在第三段时间的位移是( )A．m B．m C．9.0m D．1m【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】初速度为零的匀加速直线运动，在连续相的时间间隔内通过的位移之比x1：x2：x3：…=1：3：5：…【解答】解：自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动；初速度为零的匀加速直线运动，在连续相的时间间隔内通过的位移之比x1：x2：x3：…=1：3：5：…；故，解得h3=5h1=5×=9.0m；应选：C．【点评】此题关键是记住“速度为零的匀加速直线运动，在连续相的时间间隔内通过的位移之比x1：x2：x3：…=1：3：5：…〞的结论，根底题．3．关力的以下说法中正确的选项是( )A．有的力有施力物体，有的力没有施力物体B．任何物体受到力的作用后形状都要发生改变C．任何物体受到力的作用后运动状态形状都要发生改变D．影响力的作用效果的因素有力的大小、方向和作用点【考点】力的概念及其矢量性．【分析】〔1〕力有两个作用效果：①使物体发生形变②改变物体的运动状态③所以发生形变的物体必然受到力的作用④但有力的作用不一会改变物体的运动状态，当物体受到多个力的作用时，而这多个力的合力为0时，力的作用就不会改变物体的运动状态，物体只会保持原来的运动状态．〔3〕力是物体间的相互作用，一个物体施力的同时也受到另一个物体的反作用力；相互接触的物体之间不一有力的作用，不相互接触的物体之间可能存在力的作用．〔4〕影响力的作用效果的因素力的三要素．【解答】解：A、力是物体对物体的作用，力不能脱离物体而存在，必须存在施力物体和受力物体，故A错误；B、力有两个作用效果：①使物体发生形变②改变物体的运动状态，物体受到力的作用后形状不一发生改变．故B错误；C、但有力的作用不一会改变物体的运动状态，当物体受到多个力的作用时，而这多个力的合力为0时，力的作用就不会改变物体的运动状态，物体只会保持原来的运动状态，故C错误；D、影响力的作用效果的因素力的三要素，故D正确．应选：D．【点评】此题考查了学生对力的概念的理解，属于根底知识的考查，比拟简单4．大小为20N、30N和40N的三个力的合力大小不可能为( )A．10N B．40N C．70N D．100N【考点】力的合成．【专题】性思想；合成分解法；受力分析方法专题．【分析】两个共点力F1与F2合成，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；合成两个力后再与第三个力合成即可．【解答】解：三力同向时合力最大，于30N+40N+20N=90N；30N与40N合成最小10N，最大70N，可以于20N，故三力的合力可以为零；故合力范围为：90N≥F≥0；所以不可能的是D．应选：D．【点评】判断最小合力的方法是，假设合力能为零，那么零为最小合力，假设合力不能为零，那么最小合力于最大的力和两个较小的力之差．5．一辆停在水平地面上，以下关于和地面受力的说法正确的选项是( ) A．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；未发生弹性形变，所以不受弹力B．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；受向上的弹力，是因为发生了弹性形变C．受向上的弹力，是因为地面发生了弹性形变；地面受向下的弹力，是因为发生了弹性形变D．以上说法均不正确【考点】力的概念及其矢量性．【分析】物体发生形变后，要恢复原状，对与它接触的物体有力的作用，这就是弹力．是施力物体发生弹性形变对受力物体的力．【解答】解：A、地面受向下的弹力，是因为发生了形变，从而对地面产生了向下的压力；故A错误；B、地面受到的弹力是因为的形变；而受到的弹力是因为地面的形变，故B错误，C正确；D、因C正确，故D错误；应选：C．【点评】弹力是因为施力物体发生形变后要恢复原状，从而产生了对受力物体的作用力．6．在水平传送带上的物体P，随传送带一起沿水平方向匀速运动，并且P与传送带保证相对静止，如下图，此时传送带对物体P的摩擦力( )A．方向可能向左B．方向一向左C．方向一向右D．一为零【考点】滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】摩擦力专题．【分析】物体和传送带一起运动，根据摩擦力产生的条件进行分析，明确物体是否受到摩擦力．【解答】解：传送带向右做匀速运动时，物体和传送带之间没有相对运动的趋势，所以物体不受摩擦力作用，故D正确；应选：D．【点评】物体间有没有摩擦力关键在于明确能否满足条件，此题中二者没有相对运动，故一没有摩擦力．7．物体静止在斜面上，假设斜面倾角增大〔物体仍静止〕，物体受到的斜面的支持力和摩擦力的变化情况是( )A．支持力增大，摩擦力增大 B．支持力增大，摩擦力减小C．支持力减小，摩擦力增大 D．支持力减小，摩擦力减小【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【分析】此题要分析物体的运动情况，再研究受力情况．由题意，木板倾角θ由很小缓慢增大的过程中，物体相对于木板静止．根据物体垂直于木板方向力平衡，得到支持力F N和重力、θ的关系式．物体受到静摩擦力，由平衡条件研究其变化情况．【解答】解：木板倾角θ由很小缓慢增大的过程中，由于物体仍处于静止，那么物体的合力为零，那么有F N=Mgcosθ，θ增大，F N减小；F f=Mgsinθ，θ增大，F f增大．故C正确，ABD错误．应选C【点评】对于摩擦力，要根据物体的状态，区分是静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力由平衡条件研究，滑动摩擦力可以公式F f=μF N研究．8．如下图，质量为m的物体A以一的初速度v沿粗糙斜面上滑，物体A在上滑过程中受到的力有( )A．向上的冲力、重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力B．重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力C．重力、对斜面的正压力、沿斜面向下的摩擦力D．重力、斜面的支持力、下滑力【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】受力分析的一般步骤和方法是求解力学问题的一个关键，在整个高中物理学习的全过程中占有极重要的地位，对物体进行受力分析，通常可按以下方法和步骤进行：1．明确研究对象，亦即是确我们是要分析哪个物体的受力情况．2．隔离物体分析．亦即将所确的研究对象从周围物体中隔离出来，进而分析周围有哪些物体对它施加力的作用，方向如何，并将这些力一一画在受力图上，在画支持力、压力和摩擦力的方向时容易出错，要熟记：弹力的方向一与接触面或接触点的切面垂直，摩擦力的方向一沿着接触面与物体相对运动〔或趋势〕方向相反．3．分析受力的顺序：一重、二弹、三摩擦，沿接触面或点逐个去找．有时根据概念或条件与判断．此题可按照受力分析的一般步骤对物体受力分析．【解答】解：地球外表的一切物体均受重力，故物体必受重力；物体与斜面体相互挤压，故斜面对物体一有支持力，方向垂直于斜面向上；物体相对于粗糙斜面向上滑动，一与斜面体间有摩擦力，摩擦力阻碍物体间的相对滑动，物体相对于斜面体向上滑动，故一受到沿斜面向下的滑动摩擦力；物体依靠惯性运动，没有向上的冲力，也找不到施力物体，重力有使物体下滑的趋势，无下滑力，同样也找不到施力物体；应选：B．【点评】对物体受力分析，关键要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到受力物体，有时还要结合物体的运动情况分析受到的力．9．在平直公路上行驶的a车和b车，其位移﹣时间图象分别为图中直线a和曲线b，由图可知，以下说法正确的选项是( )A．b车运动方向始终不变B．在t1时刻a车的位移于b车的位移C．t1到t2时间内a车与b车的平均速度相D．a车做匀加速直线运动【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】参照思想；图析法；运动的图像专题．【分析】根据图象切线的斜率表示速度确运动的方向，结合位置坐标比拟位移的大小，根据位移和时间的比值比拟平均速度的大小关系．【解答】解：A、在s﹣t图象中，切线的斜率表示速度，b图象的斜率先正后负，说明b车先沿正向运动，后沿负向运动，故A错误．B、t1时刻，两车的位置坐标相，可知两车的位移相，故B正确．C、t1到t2时间内，两车的位移相，时间相，那么平均速度相，故C正确．D、图线切线斜率表示瞬时速度，知a的速度不变，做匀速直线运动，故D错误．应选：BC【点评】解决此题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线切线斜率表示瞬时速度．结合几何知识研究图象的物理意义．10．将10N的力分解为两个分力F1、F2，那么F1、F2的值可能是以下的哪一组？( )A．F1=F2=20N B．F1=12N，F2=3N C．F1=6N，F2=3N D．F1=F2=10N【考点】力的分解．【专题】性思想；合成分解法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】根据合力F和两分力F1、F2之间的关系|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，求出两个力的合力范围，判断哪一组合力不可能为10N．【解答】解：A、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，20N和20N的合力范围为，可能为10N．故A正确．B、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，12N和3N的合力范围为，可能为10N．故B正确．C、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，6N和3N的合力范围为，不可能为10N．故C错误．D、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，10N和10N的合力范围为，可能为10N．故D正确．应选：ABD．【点评】此题考查合力和分力之间的关系．合力F和两分力F1、F2之间的关系为|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|．11．以下关于物体惯性的说法，错误的选项是( )A．只有做匀速直线运动的物体和静止的物体才有惯性B．物体在粗糙面上运动时惯性小，在光滑面上运动时惯性大C．速度大的物体比速度小的物体难停下来，所以速度大的物体惯性大D．质量为2Kg的铁块比质量为1Kg的木块惯性大【考点】惯性．【专题】性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】物体的惯性大小取决于物体质量大小，质量越大，惯性越大，与物体的速度无关．一切物体都有惯性．【解答】解：A、一切物体都有惯性，与物体所处的运动状态无关．故A错误；B、惯性是物体固有属性，与物体的受力情况无关．故B错误；C、惯性是物体固有属性，与物体的速度无关．故C错误；D、物体的惯性大小取决于物体质量大小，质量越大，惯性越大，质量为2Kg的铁块比质量为1Kg的木块惯性大，故D正确．此题选错误的，应选：ABC【点评】此题考查对惯性概念的理解能力，比拟简单．抓住惯性是物体固有属性，与物体所处的运动状态无关．12．做匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C三点，AB=BC，质点在AB段和BC段平均速度分别为20m/s，30m/s，根据以上条件可以求出( )A．质点在AC段运动的时间B．质点的加速度C．质点在AC段的平均速度D．质点在C点的瞬时速度【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】设AB=BC=x，运动的时间分别为：t1和t2，根据运动学公式列出方程，看能不能根据条件求解即可．【解答】解：A、设AB=BC=x，加速度为a，运动到A点的速度为v0，运动的时间分别为：t1和t2，那么有：=20m/s=30m/sx=v0t1+at122x=v0〔t1+t2〕+a〔t1+t2〕25个未知数，4个方程，故无法求解质点在AC段运动的时间t、质点的加速度a、质点在AC段的发生位移2x，故AB错误；C、质点在AC 段的平均速度为==24m/s，故C正确D、根据匀变速直线运动规律得一段过程中平均速度于该过程中初末速度和的一半，即=，质点在这个过程：==24m/s质点在AB 段：==20m/s质点在BC 段：==30m/s解得v C=34m/s．应选CD．【点评】此题要注意AC 段的平均速度不于=25m/s，平均速度为总位移除以总时间，很多同做错．二、填空题〔每空3分，共计15分〕13．一小孩用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，当小孩用110N 的水平推力恰能推动木箱，当木箱被推动以后，小孩只需要用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速，那么：木箱不动时受到的摩擦力是80N，木箱与地面之间的最大静摩擦力是110N，木箱与地面之间的动摩擦因数是0.5．【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】量思想；类比法；摩擦力专题．【分析】根据力的平衡去求静摩擦力f1，至少推动木箱的水平推力于最大静摩擦力f2；根据f=μF N去求动摩擦因数．【解答】解：用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，推力与静摩擦力平衡，所以f1=80N．当小孩用110N的水平推力恰能推动木箱，推动木箱的水平推力于最大静摩擦力f2，所以f2=110N，用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速，所以木箱受滑动摩擦力，大小为100N，所以μ==0.5．故答案为：80，110，0.5．【点评】解决此题的关键理解静摩擦力、最大静摩擦力、滑动摩擦力．知道它们的区别，及各自大小的计算．14．在做<研究匀变速直线运动>的时，某同学得到一条纸带，如下图，并且每隔四个计时点取一个计数点，每两个计数点间的距离为s，且s1=0.96cm，s2=8cm，s3=0cm，s4=2cm，s5=4cm，s6=10.56cm，电磁打点计时器的电源频率为50Hz．计算此纸带的加速度大小a=2m/s2，打第四个计数点时纸带的速度大小v=0.768m/s．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；利用逐差法可以求出小车的加速度大小．【解答】解：根据△x=aT2，有：a==2m/s2在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小于该过程中的平均速度大小，故有：v4===7cm/s=0.768m/s故答案为：2，0.768．【点评】对于纸带问题的处理，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律，提高用根本规律解答问题的能力．15．在高速公路上，有时会发生“追尾〞事故﹣﹣后面的撞上前面的．请分析一下，我国高速公路的最高车速限制为108km/h．设某人驾车正以最高时速沿平直高速公路行驶，该车刹车时产生的加速度大小为5m/s2，司机的反时间〔从意识到该停车到操作刹车的时间〕为0.5．计算行驶时的平安车距至少为多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】当司机发现紧急情况〔如前方车辆突然停下〕后，在反时间内，仍以原来的速度做匀速直线运动；刹车后，匀减速滑行．所以，刹车过程中先后做着两种不同的运动，行驶中的平安车距于两位移之和．【解答】解：当司机发现紧急情况〔如前方车辆突然停下〕后，在反时间内，仍以原来的速度做匀速直线运动；刹车后，匀减速滑行．所以，刹车过程中先后做着两种不同的运动，行驶中的平安车距于两位移之和．原来的速度ν=108 km/h=30m/s．在反时间t=0.5s内，做匀速直线运动的位移为s1=v0t1=30×0.5=15 m刹车后，做匀减速直线运动，滑行时间为t2=s=6s刹车后滑行的位移为s2=v0t2+at2=30×6m+×〔﹣5〕×62 m=90 m 所以行驶时的平安车距为s=s1+s2=15m+90 m=105 m答：行驶时的平安车距至少为105 m．【点评】解决此题的关键知道在整个过程中的运动情况，结合运动学公式灵活求解．16．画出以下静止物体A所受弹力的示意图．【考点】物体的弹性和弹力．【专题】性思想；图析法；受力分析方法专题．【分析】明确弹力产生的条件，根据假设法分析弹力的存在，再根据示意图的作图方法可明确弹力．【解答】解：图1中物体只受绳子的拉力作用，与斜面之间没有力的作用；图2中物体受垂直斜面的支持力；图3中物体受两绳子的拉力；图4中物体A受到右边球的弹力，及绳子的拉力；如下图：【点评】此题考查弹力的作图问题，要注意明确弹力产生的条件；利用假设法判断图1中与斜面间是否存在弹力．17．如下图，质量为25kg的小孩坐在5kg的雪橇上，大人用与水平方向成37°斜向上的大小为100N的拉力拉雪橇，使雪橇沿水平地面做匀速运动，〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕地面对雪橇的支持力大小；〔2〕雪橇与水平地面间的动摩擦因数的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】〔1〕对雪橇进行受力分析，雪橇受到重力、支持力、拉力和阻力，雪橇沿水平地面做匀速运动，在竖直方向上平衡，根据受力平衡求出支持力的大小．〔2〕雪橇沿水平地面做匀速运动，在水平方向上平衡，根据受力平衡求出摩擦力，再根据f=μF N求出动摩擦因数．【解答】解：〔1〕经对小孩和雪橇整体受力分析得：竖直方向：Fsinθ+N=mg解得N=mg﹣Fsinθ=240N〔2〕水平方向：Fcosθ﹣f=0其中：f=μN解得：μ==0.33答：〔1〕地面对雪橇的支持力大小为240N；〔2〕动摩擦因素为0.33．【点评】解决此题的关键能够正确进行受力分析，根据共点力平衡，利用正交分解求出支持力和摩擦力的大小，以及知道f=μF N．18．轻弹簧AB长35cm，A端固在重50N的物体上，该物体放在倾角为30°的斜面上，如下图．手执B端，使弹簧与斜面平行．当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，弹簧长变为40cm；当弹簧和物体沿斜面匀速上滑时，弹簧长度变为50cm，试求：〔1〕弹簧的劲度系数k；〔2〕物体与斜面间的动摩擦因数μ．【考点】共点力平衡的条件及其用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；胡克律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，物体受到重力、斜面的支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力．当弹簧和物体沿斜面匀速上滑时，物体受到重力、斜面的支持力和沿斜面向下的滑动摩擦力，由平衡条件和胡克律分别列出方程，求解k和μ．【解答】解：当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，物体受到重力、斜面的支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力．由平衡条件和胡克律得k〔l1﹣l0〕=Gsin30°﹣μGcos30°…①k〔l2﹣l0〕=Gsin30°+μGcos30°…②解①、②得：，代入数据得：k=250N/m ；．答：〔1〕弹簧的劲度系数k是250N/m．〔2〕物体与斜面间的动摩擦因数μ是．【点评】此题是两次平衡问题，根据平衡条件和胡克律对两种进行研究，建立方程组，即可求解k和μ．。
(新)高一物理二次月考试题(附部分答案解析)
高一物理第二次月考试题一、选择题：（本题共15小题，每小题3分，共45分。
1—11题只有一个项正确，12—15题有多个选项正确，在每小题给出的四个选项中，全部选对的得3分，漏选的得2分，错选的得0分）1、下列说法中正确的是( )A．射出枪口的子弹，能打到很远的地方，是因为子弹离开枪口后受到一个推力作用B．不接触的物体之间不可能有力的作用C．只有有生命或有动力的物体才会施力，无生命或无动力的物体只会受到力，不会施力D．任何一个物体，一定既是受力物体，又是施力物体2、关于物体的重力和重心，下列说法正确的是( )A．物体所受的重力是由于受到地球的吸引而产生的，所以方向总是垂直于地面向下B．同一物体在地球上的不同位置，当用不同的弹簧测力计测量时其所受重力大小是不同的，当用同一弹簧测力计测量时所受重力大小一定相同C．物体的重心就是物体各部分所受重力的等效作用点D．形状规则的物体(如正方体)，其重心一定在其几何中心处3、下列关于四种基本相互作用的说法正确的是( )A．万有引力只发生在天体与天体之间，质量小的物体(如人与人)之间无万有引力B．强相互作用只发生在宇宙天体等宏观物体之间C．弱相互作用就是非常小的物体间的相互作用D．电磁相互作用是不需要相互接触就能起作用的4、氢气球升到离地面80 m的高空时从上面掉下一物体，物体又上升了10 m后开始下落，若取向上为正方向，则物体从掉下开始至接触地面的位移和经过的路程分别为( )A.80 m,100 mB. 90 m,100 mC. -80 m,100 mD. -90 m,180 m5、火车沿平直轨道以20 m/s的速度向前运动，司机发现正前方50 m处有一列火车正以8 m/s的速度沿同一方向行驶，为避免相撞，司机立即刹车，刹车的加速度大小至少应是( )A．1 m/s2B．2 m/s2 C．0.5 m/s2 D．1.44 m/s26、已知力F的一个分力F1跟F成30°角，F1大小未知，则另一个分力F2的最小值为( )A．F2 B．3F3C．F D．无法判断7、如图所示，将光滑斜面上的物体的重力mg分解为F1、F2两个力，下列结论正确的是( )A．F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力，F2是物体对斜面的正压力B．物体受mg、F N、F1、F2四个力作用C．物体只受重力mg和弹力F N的作用D．F N、F1、F2三个力的作用效果跟mg、F N两个力的作用效果不相同8、如图所示，水平地面上的L形木板M上放着小木块m，M与m间有一个处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态．下列说法正确的是( )A．M对m的摩擦力方向向左B．M对m无摩擦力作用C．地面对M的摩擦力方向向右D．地面对M无摩擦力作用9、图中物体a、b均处于静止状态，a、b间一定有弹力的是( )10、如图7所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3，其大小关系是( )A．F1＝F2＝F3B．F1＝F2＜F3C．F1＝F3＞F2D．F3＞F1＞F211、关于两个大小不变的共点力与其合力的关系，下列说法正确的是( )A．合力的大小随两力夹角增大而增大B．合力的大小不能小于分力中最小者C．合力的大小一定大于分力中最大者D．两个分力夹角小于180°时，合力大小随着夹角的减小而增大12、关于重力、弹力和摩擦力，下列说法中正确的是（）A．自由下落的石块速度越来越大，说明石块所受的重力越来越大B．放在水平桌面上的书受到的弹力是由书发生了弹性形变而产生的C．静止的物体可以受到滑动摩檫力，摩擦力总是阻碍相对运动或相对运动的趋势D．能把线织成布，把布缝成衣服，靠的是纱线之间静摩擦力的作用13、有四个运动的物体A、B、C、D，物体A、B运动的s－t图象如下图甲所示；物体C、D从同一地点沿同一方向运动的v－t图象如图乙所示．根据图象做出的以下判断中正确的是( )A．物体A和B均做匀速直线运动且A的速度比B更大B．在0～3 s的时间内，物体B运动的位移为10 mC．t＝3 s时，物体C追上物体DD．t＝3 s时，物体C与物体D之间有最大间距14、在已知的一个力的分解中，下列情况具有唯一解的是( )A．已知两个分力的方向，并且不在一条直线上B．已知一个分力的大小和方向C．已知一个分力的大小和另一个分力的方向D．已知两分力的大小15、一物体同时受到同一平面内的三个力的作用，下列力的合力可能为零的是( )A．4 N、8 N、9 N B．7 N、4 N、3 NC．1 N、5 N、10 N D．1 N、8 N、8 N二、实验题（每空2分，共14分）16、（1）某次研究弹簧所受弹力F与弹簧长度L关系实验时，得到如图甲所示的F L-图象，由图象可知，弹簧原长L=______cm，求得弹簧的劲度系数k=______N/m。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题 (4)
应对市爱护阳光实验学校一高高第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共8小题，每题5分，共40分．在每题给出的四个选项中，1-6小题只有一个选项正确，7-8小题有多个选项正确．选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分〕1．〔5分〕唐代大诗人李白的“飞流直下三千尺，疑是落九天〞描述了瀑布的美景，如果三尺为1m，那么水落到地面的速度约为〔设初速度为零，忽略空气阻力〕A．100 m/s B．140 m/s C．200 m/s D． 2 000 m/s2．〔5分〕如下图表示甲、乙两运动物体相对同一原点的位移﹣时间图象，下面说法中错误的选项是A．甲和乙都做匀速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距x0C．甲、乙两物体在处相遇D．乙比甲早出发t1的时间3．〔5分〕质点沿直线运动，其加速度恒，假设在2s内速率从4m/s变为2m/s，那么其加速度大小是A．一是1m/s2B．一是3m/s2C．可能是3m/s2D．以上都不正确4．〔5分〕观察者站在列车第一节车厢前端一侧，列车由静止开始做匀加速直线运动，测得第一节车厢通过他用了5s，列车通过他共用20s，问这列车一共由几节车厢组成〔车厢长且不计车厢间距离〕A．9节B．12节C．16节D．20节5．〔5分〕以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后2s内位移与开始刹车后6s内位移之比为A．1：4 B．3：5 C．5：9 D．3：46．〔5分〕竖直升空的，其速度图象如下图，由图可知A．上升到最高点所用时间是40sB．前40s上升，以后下降C．的加速度始终是20m/s2D．离地最大的高度是48000m7．〔5分〕某市规，在门前马路上的行驶速度不得超过40km/h．一辆在校门前马路上遇紧急情况刹车，由于车轮抱死，滑行时在马路上留下一道笔直的车痕，交警测量了车痕长度为9m，又从监控资料上确了该车从刹车到停止的时间为s，以下判断正确的选项是A．这辆车车速为12m/s B．这辆车车速为6m/sC．辆车没有违章超速D．辆车违章超速8．〔5分〕某物体运动的v﹣t图象如下图，以下说法正确的选项是A．物体在第1s末运动方向发生变化B．物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的C．物体在4s末返回出发点D．物体在6s末离出发点最远，且最大位移为1m二、此题每空格4分，共20分．把答案填在题目中相的空格上．9．〔3分〕在“研究匀变速直线运动〞中，某同学由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上每两个计数点间还有四个点未画出〔两计数点间时间T=0.1s〕．其中S1=3.01cm，S2=6.51cm，S3=10.5cm，S4=14.99cm，S5=20.01cm，S6=25.50cm，①接通电源与让纸带〔随物体〕开始运动，这两个操作的时间关系当是A．先接通电源，再释放纸带 B．先释放纸带，再接通电源C．释放纸带的同时接通电源 D．不同的要求不同②记录的S1、S2、S3、S4、S5、S6六组数据中记录有误的数据是．〔用数据前的符号表示〕③小车运动的加速度计算表达式为，〔用纸带上字母表示，两计数点间时间为T〕．加速度的大小是m/s2．〔结果保存小数点后面两位〕④利用以上数据可求得A点的瞬时速度大小为：〔结果保存小数点后面三位〕A、0.476m/sB、0.525m/sC、0.851m/sD、0.048m/s．10．〔10分〕某高楼电梯上升的v﹣t图象如下图，试求：〔1〕t1=1s、t2=4s、t3=7s时刻的加速度的大小．〔2〕7s内的总位移．11．〔12分〕高为h=3.2m的屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好到达地面，如下图，问：〔g取10m/s2〕〔1〕滴水的时间间隔是多少？〔2〕第3滴与第2滴的距离为多少？12．〔18分〕一辆在十字路口候绿灯，当绿灯亮时以3m/s2的加速度开始加速行驶，恰在这时一辆自行车以6m/s的速度匀速同向驶过路口．〔1〕经过多长时间能追上自行车？此时的速度是多大？〔2〕在追上自行车之前，经过多长时间两车相距最远？最远距离是多少？一高高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共8小题，每题5分，共40分．在每题给出的四个选项中，1-6小题只有一个选项正确，7-8小题有多个选项正确．选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分〕1．〔5分〕唐代大诗人李白的“飞流直下三千尺，疑是落九天〞描述了瀑布的美景，如果三尺为1m，那么水落到地面的速度约为〔设初速度为零，忽略空气阻力〕A．100 m/s B．140 m/s C．200 m/s D． 2 000 m/s考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：水初速度为零，仅受重力，做自由落体运动，根据速度位移公式求出落到地面的速度．解答：解：三千尺为1000m ，根据速度位移公式得：≈140m/s．故B正确，A、C、D错误．应选：B．点评：解决此题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，根底题．2．〔5分〕如下图表示甲、乙两运动物体相对同一原点的位移﹣时间图象，下面说法中错误的选项是A．甲和乙都做匀速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距x0C．甲、乙两物体在处相遇D．乙比甲早出发t1的时间考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动的图像专题．分析：位移时间图线的斜率表示速度，当两物体的纵坐标相同时，即位移相同，两物体相遇．解答：解：A、甲、乙的位移都随时间均匀变化，知甲和乙都做匀速直线运动．故A正确．B、由位移时间图线可知，甲乙的出发点相距x0．故B正确．C 、由图线可知，两物体相遇时，纵坐标相，此时距离远点为．故C正确．D、由图线可知，乙比甲迟出发t1的时间．故D错误．此题选错误的，应选D．点评：解决此题的关键知道位移时间图线的物理意义，会通过图线判断物体的运动规律．3．〔5分〕质点沿直线运动，其加速度恒，假设在2s内速率从4m/s变为2m/s，那么其加速度大小是A．一是1m/s2B．一是3m/s2C．可能是3m/s2D．以上都不正确考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速度，注意末速度的方向与初速度方向可能相同，可能相反．解答：解：假设末速度的方向与初速度方向相同，那么加速度为：a=，负号表示方向．假设末速度方向与初速度方向相反，那么加速度为：a=，负号表示方向．故C正确，A、B、D错误．应选：C．点评：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用，注意公式的矢量性．4．〔5分〕观察者站在列车第一节车厢前端一侧，列车由静止开始做匀加速直线运动，测得第一节车厢通过他用了5s，列车通过他共用20s，问这列车一共由几节车厢组成〔车厢长且不计车厢间距离〕A．9节B．12节C．16节D．20节考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：火车从静止开始做匀加速直线运动，根据位移公式，运用比例法求出火车的总长度与第一节车厢长度的关系，得到总节数．解答：解：设火车第一节车厢的长度为L，总长度为nL ，那么由题，nL=将第一节车厢通过他用了5s，列车通过他共用20s，代入，两式相比得：n=应选：C点评：对于初速度为零的匀加速直线运动，位移、速度与时间的比例关系，可在理解的根底上记忆，恰当运用时解题往往比拟简捷．5．〔5分〕以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后2s内位移与开始刹车后6s内位移之比为A．1：4 B．3：5 C．5：9 D．3：4考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：刹车后将做匀减速直线运动，注意利用物理公式解题要符合实际情况，不能像数学运算一样，如在此题中，要注意判断在所给时间内是否已经停止，这点是学生容易出错的地方．解答：解：作匀减速直线运动，停止时间为：t==4s，显然刹车后2s还在运动，刹车后6s，已经停止，刹车后2s的位移为：x1=v0t1﹣at12=30m刹车后6s的位移为：x2=v0t ﹣at2=40m，所以刹车后2s与刹车后6s通过的位移之比为3：4，所以D正确．应选D．点评：对于这类刹车问题，一注意其“刹车陷阱〞，要判断停止时间和所给时间关系，不能直接利用公式求解，如此题中，不能直接利用公式s=v0t+at2求解．6．〔5分〕竖直升空的，其速度图象如下图，由图可知A．上升到最高点所用时间是40sB．前40s上升，以后下降C．的加速度始终是20m/s2D．离地最大的高度是48000m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动的图像专题．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．解答：解：A、上升到最高点时，速度为零，知所用的时间为120s．故A 错误．B、先做匀加速上升，40s后做匀减速上升．故B错误．C、0～40s 内的加速度，40～120s 内的加速度．故C错误．D、上升的最大高度h=．故D正确．应选D．点评：解决此题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．7．〔5分〕某市规，在门前马路上的行驶速度不得超过40km/h．一辆在校门前马路上遇紧急情况刹车，由于车轮抱死，滑行时在马路上留下一道笔直的车痕，交警测量了车痕长度为9m，又从监控资料上确了该车从刹车到停止的时间为s，以下判断正确的选项是A．这辆车车速为12m/s B．这辆车车速为6m/sC．辆车没有违章超速D．辆车违章超速考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的平均速度公式求出刹车的平均速度，根据=求出刹车的初速度，判断是否违章．解答：解：由题意，车痕长度为 x=9m，所用时间为 t=s，那么滑行过程中的平均速度===6 〔m/s〕根据匀变速直线运动的速度均匀变化的特点，有：=那么得初速度v0=2=12 m/s=43.2 km/h＞40 km/h可知此车超速了．应选：AD．点评：此题考查匀变速直线运动公式的灵活运用，也可以采取逆向思维，根据x=求出加速度的大小，再根据速度时间公式求出初速度．8．〔5分〕某物体运动的v﹣t图象如下图，以下说法正确的选项是A．物体在第1s末运动方向发生变化B．物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的C．物体在4s末返回出发点D．物体在6s末离出发点最远，且最大位移为1m考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动的图像专题．分析：v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，看物体是否改变运动方向就看速度图象是否从时间轴的上方到时间轴的下方．解答：解：A．由图象可知：物体在前2s内速度都为正，运动方向没有发生改变，故A错误；B．物体在第2s内、第3s内图象的斜率相同，所以加速度是相同的，故B正确；C．物体在4s末图象与时间轴围成的面积为零，此时物体回到出发点，故C正确；D．物体在2s末和6s末位移最大，最大位移为×2×1=1m，即离出发点最远，且距离为1m，故D正确．应选：BCD．点评：此题是速度﹣﹣时间图象的用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于根底题．二、此题每空格4分，共20分．把答案填在题目中相的空格上．9．〔3分〕在“研究匀变速直线运动〞中，某同学由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上每两个计数点间还有四个点未画出〔两计数点间时间T=0.1s〕．其中S1=3.01cm，S2=6.51cm，S3=10. 5cm，S4=14.99cm，S5=20.01cm，S6=25.50cm，①接通电源与让纸带〔随物体〕开始运动，这两个操作的时间关系当是A A．先接通电源，再释放纸带 B ．先释放纸带，再接通电源C．释放纸带的同时接通电源 D．不同的要求不同②记录的S1、S2、S 3、S4、S5、S6六组数据中记录有误的数据是S3．〔用数据前的符号表示〕③小车运动的加速度计算表达式为a=，〔用纸带上字母表示，两计数点间时间为T〕．加速度的大小是4.50m/s2．〔结果保存小数点后面两位〕④利用以上数据可求得A点的瞬时速度大小为：A〔结果保存小数点后面三位〕A、0.476m/sB、0.525m/sC、0.851m/sD、0.048m/s．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：题；直线运动规律专题．分析：时先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带，在匀变速直线运动中，时间中点的速度于该过程中的平均速度，根据逐差法可以得出加速度．解答：解：①开始记录时，先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带〔随物体〕开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故A正确；应选：A②刻度尺的最小刻度为1mm，要估读一位，所以读数都2位小数，所以数据中记录有误的数据是S3，③为了减小偶然误差，采用逐差法处理数据，有：S6﹣S3=3a1T2①S5﹣S2=3a2T2②S4﹣S1=3a3T2③为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a==；带入数据得：a==4.50m/s2，④根据中点时刻的速度于该过程中的平均速度得：v A===0.476m/s应选：A故答案为：①A；②S3；③a═； 0；④A．点评：此题考查了有关纸带处理的根本知识，理解打点计时器的工作原理、电压、打点时间间隔、计数点间的时间间隔，平时要根底的实际操作，提高操作技能和数据处理能力．要注意单位的换算和有效数字的保存．10．〔10分〕某高楼电梯上升的v﹣t图象如下图，试求：〔1〕t1=1s、t2=4s、t3=7s时刻的加速度的大小．〔2〕7s内的总位移．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：运动的图像专题．分析：v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，可以直接读出每个时刻的瞬时速度．解答：解：〔1〕由图象得：v1=5m/s、v4=10m/s、v7=5m/s、根据图象的斜率表示加速度得：a1==5m/s2；a4=0；a7==﹣2.5m/s2，〔2〕7s内的总位移为：s=×〔3+5〕×10+×〔5+10〕×2=55m答：〔1〕在t1=1s、t2=4s、t3=7s时刻的速度和加速度分别为：5m/s、5m/s2；10m/s、0；5m/s、﹣2.5m/s2；〔2〕7s内的总位移 55m．点评：该题考查了速度﹣时间图象相关知识点，要求同学们能根据图象读取有用信息解题，难度不大．11．〔12分〕高为h=3.2m的屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好到达地面，如下图，问：〔g取10m/s2〕〔1〕滴水的时间间隔是多少？〔2〕第3滴与第2滴的距离为多少？考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：〔1〕根据求出第一滴水下落的时间，根据1、5滴水之间的间隔求出滴水的时间间隔．〔2〕分别求出第3滴水和第2滴水下落的时间，根据求出这两滴水下落的高度，从而得出两滴水的距离．解答：解：〔1〕由得：t=由题意可知，滴水的时间间隔：〔2〕第3滴水下落的时间为0.4s，第2滴水下落的时间为0.6s．那么．答：滴水的时间间隔为0.2s．答：第3滴与第2滴的距离为1m．点评：解决此题的关键掌握自由落体运动的规律，灵活运用运动学公式进行求解．12．〔18分〕一辆在十字路口候绿灯，当绿灯亮时以3m/s2的加速度开始加速行驶，恰在这时一辆自行车以6m/s的速度匀速同向驶过路口．〔1〕经过多长时间能追上自行车？此时的速度是多大？〔2〕在追上自行车之前，经过多长时间两车相距最远？最远距离是多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：追及、相遇问题．分析：〔1〕追上自行车时的位移与自行车的位移相，根据速度时间关系求的速度；〔2〕在追上自行车前，知道相距最远的临界条件是的速度与自行车的速度相，据临界条件求相距最远及最远距离．解答：解：〔1〕由题意知做初速度为0的匀加速直线运动，自行车做匀速直线运动，当追上自行车时满足：x自=x汽即：得追上自行车的时间为：此时的速度为：v=at=3×4m/s=12m/s〔2〕追上自行车前速度相时两车相距最远，即此时有：v汽=v自=6m/s根据速度时间关系有经历的时间为：t=此时两车相距最远的距离为：=6m答：〔1〕经过多长4s能追上自行车，此时的速度是多大12m/s；〔2〕在追上自行车之前，经过2s时间两车相距最远，最远距离是6m．点评：此题是简单的追击相遇问题，在同一地点出发，位移相是两者相遇的条件，相距最近或最远的条件是两者的速度相，抓住规律是解决问题的关键．。
高一物理上学期第二次月考(12月)试题高一全册物理试题 (4)
应对市爱护阳光实验学校上学期第二次月考高一物理答题卷〔考试时间：90分钟总分：100分〕一、选择题：此题共12小题，每题4分，共48分。
在每题给出的四个选项中，第1~9题只有一项符合题目要求，第10~12题有多项符合题目要求。
选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．如下图，静止在固斜面上的物体，受到的作用力有〔〕A．重力、支持力B．重力、支持力、摩擦力C．重力、支持力、下滑力、摩擦力D．重力、压力、下滑力、摩擦力2．一个同学从距地面5m高的楼上释放一纸片，这纸片下落时间可能是 ( ) A．0．6s B．O.8s C．1s D．3s3．一物体静止在桌面上，那么 ( )A．物体对桌面的压力是因桌面形变而产生的B．桌面对物体的支持力是因桌面形变而产生的C．桌面发生了形变，而物体没有形变D．物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力不是作用力与反作用力4．足球运发动将足球踢向空中，以下描述足球在空中向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的选项是( ) (G为重力，F为脚对球的作用力，F f为空气阻力)5．如下图为A、B、C三个物体从同一地点、同时出发沿同一方向做直线运动的s-t图象，在0～t0时间内( )A．平均速度CBAvvv==B．平均速率BCAvvv＞＞C．A一直在B、C的后面D．A的速度一直比B、C的速度大6．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，那么在此过程中( )A．质点速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度到达最小值B．质点速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度到达最大值C．质点位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．质点位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移到达最小值7.．如图，两人分别用100 N的力拉弹簧秤的秤钩和拉环，那么弹簧秤读数为( )A．50 N B．0 NC．100 N D．200 N8．甲、乙两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如下图，那么( ) A ．甲、乙两物体运动方向一相反B ．前4 s 内，甲、乙两物体的位移相同 C.．t=4 s 时，甲、乙两物体的速度相同 D ．甲物体的加速度比乙物体的加速度小9．如图，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当绳子从水平方向逐渐向上偏移时，球对斜面的压力和细绳上的拉力将〔 〕 A.压力变小；拉力逐渐增大 B.压力变大；拉力逐渐减小 C.压力变大；拉力先增大，后减小 D.压力变小；拉力先减小，后增大10．以下物理量在运算时遵循平行四边形那么的是〔 〕A ．位移B ．力C ．速率D ．加速度11．如下图，物体A 和物体B 叠放在水平面上，有大小为F ＝1 N 的一个水平力作用于A 上，A 、B 处于静止状态，有关摩擦力正确的选项是〔 〕 A ．A 、B 间的摩擦力为0； B ．A 、B 间的摩擦力为1 N ； C ．B 和地面间的摩擦力为1N ； D ．B 和地面间的摩擦力为2 N 。
高一物理上学期第二次月考试卷(12月)(班含解析)高一全册物理试题
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷〔12月份〕〔班〕一、选择题：此题共10小题，每题5分，共50分.在每题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求．选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分.1．以下说法中正确的选项是( )A．标量的运算一遵守平行四边形法那么B．假设加速度与速度方向相同，加速度在减小的过程中，物体运动的速度一减小C．在物理学史上，正确认识运动与力的关系并且推翻“力是维持运动的原因〞的物理学家和建立惯性律的物理学家分别是亚里士多德、牛顿D．质点做曲线运动时，可能在相的时间内速度变化相2．以下物理量的单位中，属于单位制中根本单位的是( )A．N B．kg C．m/s D．m/s23．关于速度、速度变化量、加速度的关系，以下说法中正确的选项是( ) A．运动物体的速度越大，其速度变化量一越大B．运动物体的速度越大，其加速度一越大C．运动物体的速度变化量越大，其加速度一越大D．运动物体的速度变化越快，其加速度一越大4．关于物体惯性，以下说法中正确的选项是( )A．把手中的球由静止释放后，球能加速下落，说明力是改变物体惯性的原因B．优秀田径运发动在进行100m比赛中做最后冲刺时，速度很大，很难停下来，说明速度越大，物体的惯性也越大C．战斗机在空战时，甩掉副油箱是为了减小惯性，提高飞行的灵活性D．公交在起动时，乘客都要向前倾，这是乘客具有惯性的缘故5．关于力，以下说法中错误的选项是( )A．只有静止的物体才会受到重力作用B．物体间只有相互接触，才可能有弹力作用C．摩擦力的方向总是与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反D．力是改变物体运动状态的原因6．如下图是采用动力学方法测量空间站质量的原理图，假设飞船质量为3.0×103kg，其推进器的平均推力为900N，在飞船与空间站对接后，推进器工作5s内，测出飞船和空间站速度变化是0.05m/s，那么空间站的质量为( ) A．9.0×104kg B．×104kg C．6.0×104kg D．6.0×103kg7．物体同时受到同一平面内的三个力的作用，以下几组力的合力可能为零的是( )A．5N、7N、8N B．5N、1N、3N C．1N、5N、10N D．10N、10N、10N8．甲、乙两位同学组成研究性学习小组来研究物体的超重和失重现象．他们在运动着的一升降机内做，站在体重计上的甲同学从体重计上发现了自已的体重增加了20%，于是乙同学对该过程中升降机的运动情况作出了如下判断，其中可能正确的选项是( )A．升降机以0.8g的加速度加速下降B．升降机以0.2g的加速度加速上升C．升降机以0.2g的加速度减速下降D．升降机以0.8g的加速度减速上升9．如下图，质量为m的滑块在水平面上撞向弹簧，当滑块将弹簧压缩了x0时速度减小到零，然后弹簧又将滑块向右推开，弹簧的劲度系数为k，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，整个过程弹簧未超过弹性限度，那么( )A．滑块向左运动过程中，始终做减速运动B．滑块向右运动过程中，始终做加速运动C ．滑块与弹簧接触过程中最大加速度为D．滑块向右运动过程中，当弹簧形变量x=时，滑块的速度最大10．如下图，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，那么剪断瞬间( )A．F fa大小不变 B．F fa方向改变 C．F fb仍然为零 D．F fb方向向右二、填空题：此题共2小题，16分．11．在“探究小车加速度随时间变化的关系〞的中，所用交流电的频率为50Hz．某次中得到的一条纸带如下图，从比拟清晰的点起，每五个计时点取一个计数点，分别标明0、1、2、3、4．量得x1=30.0mm，x2=36.0mm，x3=42.0mm，x4=48.0mm，那么打计数点2时小车的瞬时速度和小车的加速度分别为( ) A．v2=0.39m/s a=0.15m/s2B．v2=0.39m/s a=0.60m/s2C．v2=0.78m/s a=0.15m/s2D．v2=0.78m/s a=0.60m/s212．在“验证牛顿第二律〞的中，装置如图甲所示．〔1〕某组同学采用控制变量的方法，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到的力的关系，以下措施中不需要和不正确的选项是__________①首先要平衡摩擦力，使小车受到的合力就是细绳对小车的拉力②平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动③每次改变拉小车的拉力后都需要重平衡摩擦力④中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力⑤中先放小车，然后再开打点计时器的电源A．①③⑤B．②③⑤C．③④⑤D．②④⑤〔2〕有一位同学通过测量作出了图乙中的A图线，另一位同学测出了如图丙中的B图线．试分析：①A图线不通过坐标原点的原因是__________；②A图线上部弯曲的原因是__________；③B图线在纵轴上有截距的原因是__________．〔3〕在处理数据时，某同学做出的a﹣的关系图线，如图丁所示．从图象中可以看出，作用在物体上的恒力F=__________N．当物体的质量为kg时，它的加速度为__________m/s2．13．正以10m/s的速度在平直公路上，突然发现正前方有一辆自行车以4m/s 的速度做同方向的匀速直线运动，立即关闭油门做加速度大小为6m/s2的匀减速运动，恰好不碰上自行车．求：〔1〕关闭油门时离自行车多远距离．〔2〕在同一个v﹣t图上〔关闭油门时开始记时〕画出和自行车的v﹣t图．14．城的路灯、无轨电车的供电线路，常用三角形的结构悬挂，如下图的是这种三角形结构的一种简化模型．不计钢索OB和硬杆OA的重力，角AOB于30°，如果O点悬挂物质量为200kg 〔g取10m∕s2〕，求：〔1〕杆OA对O点的支持力．〔2〕钢索OB对O点的拉力．15．〔14分〕如下图为货场使用的传送带的模型，传送带倾斜放置，与水平面夹角为θ=37°，传送带AB长度足够长，传送皮带轮以大小为υ=2m/s的恒速率顺时针转动．一包货物以υ0=12m/s的初速度从A端滑上倾斜传送带，假设货物与皮带之间的动摩擦因数μ=0.5，且可将货物视为质点．〔1〕求货物刚滑上传送带时加速度为多大？〔2〕经过多长时间货物的速度和传送带的速度相同？这时货物相对于地面运动了多远？〔3〕从货物滑上传送带开始计时，货物再次滑回A端共用了多少时间？〔g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕一中高一〔上〕第二次月考物理试卷〔12月份〕〔班〕一、选择题：此题共10小题，每题5分，共50分.在每题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求．选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分.1．以下说法中正确的选项是( )A．标量的运算一遵守平行四边形法那么B．假设加速度与速度方向相同，加速度在减小的过程中，物体运动的速度一减小C．在物理学史上，正确认识运动与力的关系并且推翻“力是维持运动的原因〞的物理学家和建立惯性律的物理学家分别是亚里士多德、牛顿D．质点做曲线运动时，可能在相的时间内速度变化相【考点】物理学史．【分析】矢量的运算时遵守平行四边形法那么；加速度与速度方向相同，物体做加速运动；在物理学史上，否“力是维持运动的原因〞的物理学家是伽利略，建立惯性律的物理学家是牛顿．质点做曲线运动时，可能在相的时间内速度变化相．【解答】解：A、矢量的运算遵守平行四边形法那么，而标量遵守代数加减法那么，故A错误．B、假设加速度与速度方向相同，加速度在减小的过程中，物体做加速运动，故B错误．C、在物理学史上，正确认识运动与力的关系并且推翻“力是维持运动的原因〞的物理学家和建立惯性律的物理学家分别是伽利略和牛顿，故C错误．D、质点做曲线运动时，所受的合力可能是恒力，根据牛顿第二律得知，物体的加速度可能不变，由△v=at知，物体相的时间内速度变化相，例如平抛运动，故D正确应选：D【点评】此题要理解并掌握矢量和标量的运算法那么，知道当加速度与速度同向时物体加速，反之，减速．知道做曲线运动的物体受力可能是恒力，也可能是变力．2．以下物理量的单位中，属于单位制中根本单位的是( )A．N B．kg C．m/s D．m/s2【考点】力学单位制．【分析】单位制规了七个根本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在单位制中的单位称为根本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：A、N是单位制中的导出单位，故A错误；B、kg是单位制中根本单位．故B正确；C、m/s是单位制中的导出单位．故C错误；D、m/s2是单位制中的导出单位，故D错误；应选：B．【点评】此题的解题关键要掌握单位制中三个根本单位，要注意根本物理量与根本单位的区别，不能混淆．3．关于速度、速度变化量、加速度的关系，以下说法中正确的选项是( ) A．运动物体的速度越大，其速度变化量一越大B．运动物体的速度越大，其加速度一越大C．运动物体的速度变化量越大，其加速度一越大D．运动物体的速度变化越快，其加速度一越大【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的义式a=可知物体的加速度于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．【解答】解：A、运动物体的速度越大，其速度变化量可能为零，例如匀速直线运动，故A错误B、运动物体的速度越大，其加速度可能为零，例如匀速直线运动，故B错误C、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，那么加速度就会很小，故C错误．D、运动物体的速度变化越快，其加速度一越大，故D正确应选D．【点评】加速度是运动最重要的物理量，对它的理解首先抓住物理意义，其次是义式，以及与其他物理量的关系．4．关于物体惯性，以下说法中正确的选项是( )A．把手中的球由静止释放后，球能加速下落，说明力是改变物体惯性的原因B．优秀田径运发动在进行100m比赛中做最后冲刺时，速度很大，很难停下来，说明速度越大，物体的惯性也越大C．战斗机在空战时，甩掉副油箱是为了减小惯性，提高飞行的灵活性D．公交在起动时，乘客都要向前倾，这是乘客具有惯性的缘故【考点】惯性．【分析】一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种根本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的．【解答】解：A、把手中的球由静止释放后，球能加速下落，说明力改变物体的运动状态，不是改变惯性，故A错误；B、惯性的大小和物体运动的速度无关，故B错误；C、战斗机在空战时，甩掉副油箱减小质量，从而减小惯性，提高飞行的灵活性，故C正确；D、公交在起动时，根据惯性可知乘客都要向后倾，故D错误．应选C．【点评】需要注意的是：一切物体都有惯性，惯性的大小只与质量有关，与其他都无关．5．关于力，以下说法中错误的选项是( )A．只有静止的物体才会受到重力作用B．物体间只有相互接触，才可能有弹力作用C．摩擦力的方向总是与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反D．力是改变物体运动状态的原因【考点】物体的弹性和弹力；力的概念及其矢量性．【专题】受力分析方法专题．【分析】任何物体都会受到重力．弹力产生的条件之一是相互接触．摩擦力的方向总是与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反．力是改变物体运动状态的原因．【解答】解：A、任何物体都会受到重力，运动的物体也要受到重力作用，故A 错误B、弹力产生的条件之一是相互接触．故B正确C、摩擦力的方向总是与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反．故C正确D、力是改变物体运动状态的原因．故D正确此题选错误的，应选A．【点评】此题考查了学生对重力的概念、弹力产生的条件和摩擦力方向，属于根底题目．6．如下图是采用动力学方法测量空间站质量的原理图，假设飞船质量为3.0×103kg，其推进器的平均推力为900N，在飞船与空间站对接后，推进器工作5s内，测出飞船和空间站速度变化是0.05m/s，那么空间站的质量为( ) A．9.0×104kg B．×104kg C．6.0×104kg D．6.0×103kg【考点】牛顿运动律的用-连接体；加速度．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】由加速度公式可求得整体的加速度；由牛顿第二律可求得整体的质量，那么可求得空间站的质量．【解答】解：整体的加速度a===0.01m/s2；由牛顿第二律F=ma可知空间站的质量M=﹣m=kg﹣3.0×103kg=×104kg应选B．【点评】牛顿第二律的用中要注意灵活选取研究对象，并注意在公式用时的同体性，即公式中的各量均为同一物体所具有的．7．物体同时受到同一平面内的三个力的作用，以下几组力的合力可能为零的是( )A．5N、7N、8N B．5N、1N、3N C．1N、5N、10N D．10N、10N、10N【考点】力的合成．【分析】三力合成，先将其中的两个力合成，再与第三个力合成，合成时，三力同向合力最大，两个力合成的合力有个范围，用与第三个力最接近的数值与第三个力合成求最小合力．【解答】解：A、5N与7N合成最大12N，最小2N，当取8N时与第三个力合成，最终合力为0N，故A正确；B、5N和1N合成最大6N，最小4N，合力不可能为3N，所以最终合力不可能为零．故B错误；C、1N和5N合成最大6N，最小4N，不可能为10N，故与第三个力不可能平衡，故C错误；D、10N和10N合成最大20N，最小0N，当取10N时，与第三个力平衡，故D正确；应选AD．【点评】力平衡，三个力中任意两个力的合力必然与第三个力值、反向、共线．8．甲、乙两位同学组成研究性学习小组来研究物体的超重和失重现象．他们在运动着的一升降机内做，站在体重计上的甲同学从体重计上发现了自已的体重增加了20%，于是乙同学对该过程中升降机的运动情况作出了如下判断，其中可能正确的选项是( )A．升降机以0.8g的加速度加速下降B．升降机以0.2g的加速度加速上升C．升降机以0.2g的加速度减速下降D．升降机以0.8g的加速度减速上升【考点】牛顿运动律的用-超重和失重．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】体重计的示数显示人对体重计的压力大小；1．超重：物体对支持物的压力〔或对悬绳的拉力〕大于物体所受重力的现象叫做超重．2．失重：物体对支持物的压力〔或对悬绳的拉力〕小于物体所受重力的现象叫做失重．【解答】解：根据牛顿第三律，人对升降机的压力和升降机对人的支持力大小相，方向相反并且总是作用在同一条直线上，故支持力N于mg；对人受力分析，受到重力和向上的支持力，根据牛顿第二律，有N﹣mg=ma即mg﹣mg=ma故a=0.2g，竖直向上；当速度向上时，人加速上升；当速度向下时，人减速下降；应选BC．【点评】此题关键是要明确超重只是物体对支撑物的压力或者对悬挂物的拉力变大了，实际重力是不变的，然后根据牛顿第二律列式求解即可．9．如下图，质量为m的滑块在水平面上撞向弹簧，当滑块将弹簧压缩了x0时速度减小到零，然后弹簧又将滑块向右推开，弹簧的劲度系数为k，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，整个过程弹簧未超过弹性限度，那么( )A．滑块向左运动过程中，始终做减速运动B．滑块向右运动过程中，始终做加速运动C ．滑块与弹簧接触过程中最大加速度为D．滑块向右运动过程中，当弹簧形变量x=时，滑块的速度最大【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】该题的关键是对物体进行正确的过程分析和各过程中物体的受力分析，再结合牛顿运动律分析物体的运动情况．在进行受力分析时，要注意分析弹簧弹力的变化．【解答】解：A、滑块向左接触弹簧的运动过程中，在水平方向上受到向右的弹簧的弹力和向右的摩擦力，在此过程中弹簧的弹力是逐渐增大的，弹力和摩擦力的合力与运动方向始终相反，物体做减速运动，故A正确．B、滑块向右接触弹簧的运动是从弹簧压缩量最大时开始的，此时受到水平向右的弹力和向左的摩擦力，开始时弹簧的弹力大于摩擦力，但当弹簧伸长到一程度，弹力和摩擦力大小相，此后摩擦力大于弹力．所以滑块向右接触弹簧的运动过程中，是先加速，后减速．故B错误．C、由对A的分析可知，当弹簧的压缩量为x0时，水平方向的合力为F=kx0+μmg，此时合力最大，由牛顿第二律有：a max ==，故C正确．D、在滑块向右接触弹簧的运动中，当弹簧的形变量为x=时，由胡克律可得f=kx=μmg，此时弹力和摩擦力大小相，方向相反，在水平方向上合外力为零，之后物体开始做减速运动，所以此时速度最大，故D正确．应选：ACD．【点评】解决此类问题，要正确的分析物体运动的过程及物体的受力情况，并会确运动过程中的临界点和分析在临界点上的受力，当物体接触弹簧向右运动的过程中，开始是加速运动的，当弹力和摩擦力相时，加速度为零，之后摩擦力要大于弹力，物体开始做减速运动．弹力和摩擦力相时即为一个临界点．10．如下图，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，那么剪断瞬间( )A．F fa大小不变 B．F fa方向改变 C．F fb仍然为零 D．F fb方向向右【考点】牛顿第二律．【分析】根据弹簧和绳不同的特点，弹簧在力变化时不会发生突变，而绳的拉力是能够突变的，再根据物体的受力就可以判断摩擦力的变化情况．【解答】解：将右侧细绳剪断，那么剪断瞬间，弹簧的弹力的大小不变，速度不能突变，故b仍静止，弹簧对木块b作用力方向向左，所以b所受摩擦力F fb 方向该向右；由于弹簧弹力不能发生突变，剪断瞬间，弹簧弹力不变，a的受力的情况不变，所受摩擦力也不变，所以选项AD正确．应选：AD【点评】主要就是考查学生对弹簧和绳在力发生突变时它们的特点，知道这一点就很容易了．二、填空题：此题共2小题，16分．11．在“探究小车加速度随时间变化的关系〞的中，所用交流电的频率为50Hz．某次中得到的一条纸带如下图，从比拟清晰的点起，每五个计时点取一个计数点，分别标明0、1、2、3、4．量得x1=30.0mm，x2=36.0mm，x3=42.0mm，x4=48.0mm，那么打计数点2时小车的瞬时速度和小车的加速度分别为( ) A．v2=0.39m/s a=0.15m/s2B．v2=0.39m/s a=0.60m/s2C．v2=0.78m/s a=0.15m/s2D．v2=0.78m/s a=0.60m/s2【考点】测匀变速直线运动的加速度．【专题】量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：从比拟清晰的点起，在纸带上确出0，1，2，3，4共5个计数点，那么相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s．根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小．v2==0.39m/s根据纸带数据得出相邻两个计数点之间的位移之差相，即△x=6mm，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a==0.6m/s2，故B正确，ACD错误；应选：B．【点评】要提高用匀变速直线的规律以及推论解答问题的能力，在平时练习中要根底知识的理解与用．12．在“验证牛顿第二律〞的中，装置如图甲所示．〔1〕某组同学采用控制变量的方法，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到的力的关系，以下措施中不需要和不正确的选项是B①首先要平衡摩擦力，使小车受到的合力就是细绳对小车的拉力②平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动③每次改变拉小车的拉力后都需要重平衡摩擦力④中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力⑤中先放小车，然后再开打点计时器的电源A．①③⑤B．②③⑤C．③④⑤D．②④⑤〔2〕有一位同学通过测量作出了图乙中的A图线，另一位同学测出了如图丙中的B图线．试分析：①A图线不通过坐标原点的原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够；②A图线上部弯曲的原因是拉车的砝码质量m没有远小于小车的质量M；③B图线在纵轴上有截距的原因是在平衡摩擦力时，长木板的倾角过大，小车沿斜面向下的分力大于摩擦力，使尚未对小车施加拉力时，小车已有加速度．〔3〕在处理数据时，某同学做出的a﹣的关系图线，如图丁所示．从图象中可以看出，作用在物体上的恒力F=5N．当物体的质量为kg时，它的加速度为2m/s2．【考点】验证牛顿第二运动律．【专题】题；量思想；分析法；牛顿运动律综合专题．【分析】〔1〕探究加速度与力的关系，前要平衡摩擦力，要保持车的质量不变而改变拉力大小，时要先接通电源，再释放小车；〔2〕根据图线给出的信息，分析产生的原因；〔3〕从丁图中读出数据，利用牛顿第二律进行计算【解答】解：〔1〕①首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力，①正确．②平衡摩擦力的方法就是，不挂塑料小桶，把木板的一端垫高，轻推小车，使小车能匀速滑动，②错误．③平衡摩擦力后，在过程中不需要重平衡摩擦力，③错误．④中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力，④正确．⑤中先接通电源，然后再释放小车，⑤错误；此题选不正确的，应选：B．〔2〕①A图线不通过坐标原点，即拉力要有一数值小车才有加速度，可知其原因是可能是前没有平衡摩擦力或摩擦力没有平衡够；②A图线上部弯曲的原因是未满足拉车的砝码质量m远小于小车的质量M这个条件；③B图线在纵轴上有截距的原因是在平衡摩擦力时，长木板的倾角过大，小车沿斜面向下的分力大于摩擦力，使尚未对小车施加拉力时，小车已有加速．因此作出的图线中，F为0时，a不为0，而是有一的数值；〔3〕从图中可知a=2m/s2时，=0.4，根据牛顿第二律可知F=Ma=5N，当物体的质量为kg 时，它的加速度为故答案为：〔1〕B；〔2〕 ①没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够； ②未满足拉车的砝码质量m远小于小车的质量M； ③在平衡摩擦力时，长木板的倾角过大，小车沿斜面向下的分力大于摩擦力，使尚未对小车施加拉力时，小车已有加速度；〔3〕5，2．【点评】此题考查了考前须知、数据分析，掌握考前须知即可正确解题，前要平衡摩擦力，要掌握平衡摩擦力的方法，平衡摩擦力不能过度．注意误差分析，以及读图计算合力与加速度．13．正以10m/s的速度在平直公路上，突然发现正前方有一辆自行车以4m/s的速度做同方向的匀速直线运动，立即关闭油门做加速度大小为6m/s2的匀减速运动，恰好不碰上自行车．求：〔1〕关闭油门时离自行车多远距离．〔2〕在同一个v﹣t图上〔关闭油门时开始记时〕画出和自行车的v﹣t图．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】恰好不碰上自行车，知速度相时，两车恰好不碰上，根据速度时间公式和速度位移公式求出速度相时所经历的时间和的位移，根据时间求出自行车的位移，从而求出关闭油门时离自行车的距离．【解答】解：〔1〕减速到 4m/s 时发生的位移和运动的时间s汽=，t=，这段时间内自行车发生的位移 s 自=v 自t=4×1m=4m，。
高一物理上学期第二次月考试卷(班含解析)高一全册物理试题
应对市爱护阳光实验学校高一〔上〕第二次月考物理试卷〔11月份〕〔班〕一、选择题：此题共8小题，每题6分，在每题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图，A、B两物体叠放在粗糙的水平面上，AB间的动摩擦因数为μ，水平轻绳一端拴住B物体，另一端固在墙上且恰能伸直，水平外力F作用于A，A、B均保持静止状态，那么A、B两物体受力的个数可能分别为〔〕A．5、2 B．4、2 C．5、4 D．6、42．如下图，在水平面上有一个小物块质量为m，从O点右侧给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，依次经过O、C、B、A四点，最终停在A点，A、B、C三点到O点的距离分别为L1、L2、L3，由A、B、C到O点所用时间分别为t1、t2、t3；以下结论正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．3．如下图，一轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，物块位于水平面上．A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的点，A、B两点离墙壁的距离分别是x1、x2．物块与地面的最大静摩擦力为F fm，那么弹簧的劲度系数为〔〕A ． B ． C ．D ．4．甲乙两公共站相向发车，一人在街上匀速，发现每隔4分钟迎面开来一辆车，每隔12分钟从背后开来一辆车．如果两站发车时间相同，各车车速相同，那么两车站发车的间隔时间为〔〕A．2分钟B．4 分钟C．6分钟D．8分钟5．如下图，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，1和2及2和3间分别用原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块到达平衡后，1、3两木块之间的距离是〔〕A．2L+B．2L+C．2L+D．2L+6．小球由静止沿某一粗糙斜面滑下，在斜面底端与垂直斜面的挡板相碰后又弹回到斜面上的某一位置，小球与挡板作用时间不计〔假设碰撞过程无能量损失〕以小球与挡板碰撞点为位移坐标原点O，碰撞时刻为t=0时刻，沿斜面向上为x 正方向，那么以下四图中，能正确反映小球运动过程图象的是〔〕A ．B ．C ．D ．7．如下图，长方体物体A贴在倾斜的墙面上，在竖直向上的力F的作用下，A、B物体均保持静止．那么关于墙面对物体A的摩擦力，B对A的摩擦力，以下说法中正确的选项是〔〕A．墙面对物体A一有摩擦力B．B对A一有摩擦力C．假设墙面对物体A有摩擦力，方向一沿墙面向下D．B对A的摩擦力方向可能沿A的下外表向下8．甲、乙两车在同一平直公路上由 A 站驶向 B 站．它们同时由静止从 A 站出发，最后都到达 B 站停下．行驶过程中，甲车先做匀加速运动，后做匀减速运动；乙车先做匀加速运动，再做匀速运动，最后做匀减速运动．假设两车在加速和减速中的加速度大小相，那么〔〕A．甲车先到达B站B．乙车先到达B站C．在行驶过程中甲车的最大速度大于乙车的最大速度D．在行驶过程中乙车的最大速度大于甲车的最大速度二、非选择题9．某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=30.0cm且开口向下的小筒中〔没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触〕，如图甲所示，假设本的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对的弹力F，作出F﹣l图象如图乙所示，那么弹簧的劲度系数为k= N/m，弹簧的原长l0= ．10．为了测量两张纸之间的动摩擦因数，某同学设计了一个：如图甲所示，在木块A和木板B上贴上待测的纸，将木板B固在水平桌面上，沙桶通过细线与木块A相连．〔1〕调节沙桶中沙的多少，使木块A匀速向左运动．测出沙桶和沙的总质量为m，以及贴纸木块A的质量M，那么两纸间的动摩擦因数μ=；〔2〕在实际操作中，发现要保证木块A做匀速运动比拟困难，有同学对该进行了改良：装置如图乙所示，木块A的右端接在力传感器上〔传感器与计算机相连接，从计算机上可读出对木块的拉力〕，使木板B向左运动时，木块A能够保持静止．假设木板B向左匀速拉动时，传感器的读数为F1，那么两纸间的动摩擦因数μ=；当木板B向左加速运动时，传感器的读数为F2F1〔填“＞〞、“=〞或“＜〞〕．11．〔13分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，质量为m的物体A放在地面上的竖直轻弹簧B上，现用细绳跨过滑轮将物体A与另一轻弹簧C连接，当弹簧C处在水平位置且右端位于a点时它没有发生形变．弹簧B和弹簧C的劲度系数分别为k1和k2，不计滑轮、细绳的质量和摩擦．将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点时，弹簧B刚好没有形变，求a、b两点间的距离．12．〔16分〕〔2021春•校级期末〕斜面长度为4m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v的关系图象〔即xv图象〕如下图．〔1〕求滑块下滑的加速度大小．〔2〕假设滑块下滑的初速度为5.0m/s，那么滑块沿斜面下滑的时间为多长？13．〔18分〕〔2021秋•校级月考〕一般来说，正常人从距地面1.5m高处跳下，落地时速度较小，经过腿部的缓冲，这个速度对人是平安的，称为平安着地速度．如果人从高空跳下，必须使用降落伞才能平安着陆，其原因是，张开的降落伞受到空气对伞向上的阻力作用．经过大量和理论研究说明，空气对降落伞的阻力f与空气密度ρ、降落伞的迎风面积S、降落伞相对空气速度v、阻力系数c有关〔由伞的形状、结构、材料决〕，其表达式是f=．根据以上信息，解决以下问题．〔取g=10m/s2〕〔1〕在忽略空气阻力的情况下，计算人从1.5m高处跳下着地时的速度大小〔计算时人可视为质点〕；〔2〕在某次高塔跳伞训练中，运发动使用的是有排气孔的降落伞，其阻力系数c=0.90，空气密度取ρ=1.25kg/m3．降落伞、运发动总质量m=80kg，张开降落伞后到达匀速下降时，要求人能平安着地，降落伞的迎风面积S至少是多大？〔3〕跳伞运发动和降落伞的总质量m=80kg，从跳伞塔上跳下，在下落过程中，经历了张开降落伞前自由下落、张开降落伞后减速下落和匀速下落直至落地三个阶段．如图是通过固在跳伞运发动身上的速度传感器绘制出的从张开降落伞开始做减速运动至到达匀速运动时的v﹣t图象．根据图象估算运发动做减速运动的过程中下落的高度．高一〔上〕第二次月考物理试卷〔11月份〕〔班〕参考答案与试题解析一、选择题：此题共8小题，每题6分，在每题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图，A、B两物体叠放在粗糙的水平面上，AB间的动摩擦因数为μ，水平轻绳一端拴住B物体，另一端固在墙上且恰能伸直，水平外力F作用于A，A、B均保持静止状态，那么A、B两物体受力的个数可能分别为〔〕A．5、2 B．4、2 C．5、4 D．6、4【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】可以采用假设法分析：假设绳子上没有拉力和假设绳子有拉力两种情况【解答】解：假设绳子无拉力，根据平衡条件那么B也不受摩擦力，只受重力和支持力2个力，对A：受重力、支持力、压力、拉力、地面对它的摩擦力5个力；故A正确；假设绳子有拉力，根据平衡条件那么B要受到向右的摩擦力、重力、支持力3个力；对A：重力、支持力、压力、拉力、地面对它的摩擦力、B对它的摩擦力6个力，故D正确．应选：AD．【点评】判断有无静摩擦力或有无拉力时可以用假设法，假设没有拉力也可以处于静止那么可以不受．2．如下图，在水平面上有一个小物块质量为m，从O点右侧给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，依次经过O、C、B、A四点，最终停在A点，A、B、C三点到O点的距离分别为L1、L2、L3，由A、B、C到O点所用时间分别为t1、t2、t3；以下结论正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】由于物体做匀减速运动，由O到C、B、A做匀减速运动，故平均速度逐渐减小，由逆向转换法知由O点向C点、B点、A点做初速度为零的匀加速直线运动，有位移时间关系判即可．【解答】解：AC、由于物体做匀减速运动，由O到C、B、A做匀减速运动，故平均速度逐渐减小，故有，A错误、C正确；BD、由逆向转换法知由O点向C点、B点、A点做初速度为零的匀加速直线运动，有，，，可得===，B错误，D错误；应选：C 【点评】此题考察匀变速直线运动规律的用，注意末速度为零的匀减速直线运动可以逆向视为初速度为零的匀加速直线运动，这样计算可以使问题简单化．3．如下图，一轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，物块位于水平面上．A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的点，A、B两点离墙壁的距离分别是x1、x2．物块与地面的最大静摩擦力为F fm，那么弹簧的劲度系数为〔〕A ． B ． C ．D ．【考点】共点力平衡的条件及其用；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】计算题；学科综合题；量思想；推理法；摩擦力专题；受力分析方法专题．【分析】分别对物体处于对A、B点时进行受力分析，根据平衡条件和胡克律列方程即可求解．【解答】解：物块在离墙壁的最近和最远点，受到的静摩擦力于最大静摩擦力F fm，由平衡条件和胡克律可得：F fm=k〔L0﹣x1〕，F fm=k〔x2﹣L0〕，解得：k=，C正确．应选：C【点评】此题考查了平衡条件以及胡克律的直接用，列出平衡方程，代入数据即可．根底题．4．甲乙两公共站相向发车，一人在街上匀速，发现每隔4分钟迎面开来一辆车，每隔12分钟从背后开来一辆车．如果两站发车时间相同，各车车速相同，那么两车站发车的间隔时间为〔〕A．2分钟B．4 分钟C．6分钟D．8分钟【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】每12分钟有一辆从后面追上，即12分钟内的路程=行人12分钟内路程+两辆电车相同时间间隔内的路程．每4分钟有一辆迎面开来，即在4分钟内的路程+行人4分钟内的路程=两辆相同时间间隔内的路程．两辆相同时间间隔内的路程于的速度乘以相同的时间间隔【解答】解：设的速度大小为v1，人的速度大小为v2，相同的时间间隔为T，有：v1×12=v2×12+v2T，v1×4+v2×4=v1T，联立两式解得：T=6min应选：C【点评】此题考查了运动的追及相遇问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解5．如下图，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，1和2及2和3间分别用原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块到达平衡后，1、3两木块之间的距离是〔〕A．2L+B．2L+C．2L+D．2L+【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用；胡克律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】分别对木块3和木块2和3整体分析，通过共点力平衡，结合胡克律求出两根弹簧的形变量，从而求出1、3量木块之间的距离．【解答】解：对木块3分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有：μm3g=kx，那么x=．对木块2和3整体分析，摩擦力和弹簧弹力平衡，有：μ〔m2+m3〕g=kx′，那么．那么1、3两木块的距离s=2L +x+x′=2L+．故B正确，A、C、D错误．应选B．【点评】解决此题的关键能够正确地选择研究对象，根据共点力平衡、胡克律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．6．小球由静止沿某一粗糙斜面滑下，在斜面底端与垂直斜面的挡板相碰后又弹回到斜面上的某一位置，小球与挡板作用时间不计〔假设碰撞过程无能量损失〕以小球与挡板碰撞点为位移坐标原点O，碰撞时刻为t=0时刻，沿斜面向上为x 正方向，那么以下四图中，能正确反映小球运动过程图象的是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】根据某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端，知下滑过程中，物块做匀加速直线运动，上滑时做匀减速直线运动；在粗糙斜面上运动，摩擦力做功，物体的机械能减少，故回到底端时速度小于出发时的速度；根据牛顿第二律和运动学公式得到各量的表达式，再进行判断．【解答】解：A、下滑时做匀加速运动，上滑时做匀减速直线运动，由牛顿第二律得：下滑：mgsinα﹣μmgcosα=ma1；a1=gsinα﹣μmgcosα上滑：mgsinα+μmgcosα=ma2；a2=gsinα+μmgcosα，可得a1＜a2；由x=得知下滑时间比上滑时间长，但由于下滑与上滑的加速度均沿斜面向下，方向相同，故A错误．B、图象切线的线斜率先变小后变大，速度先变小后变大，与物体的运动情况不符，故B错误．C、下滑时做匀加速运动，速度为负，上滑时做匀减速直线运动，速度为正，且下滑段图象的斜率比上滑段图象的斜率小，故C正确．D、下滑有：v2=2a1〔x1﹣x〕，上滑有：v2=2a2x，故D正确．应选：CD．【点评】根据图示各物理量的切线斜率代表的意义，结合实际运动分析即可．7．如下图，长方体物体A贴在倾斜的墙面上，在竖直向上的力F的作用下，A、B物体均保持静止．那么关于墙面对物体A的摩擦力，B对A的摩擦力，以下说法中正确的选项是〔〕A．墙面对物体A一有摩擦力B．B对A一有摩擦力C．假设墙面对物体A有摩擦力，方向一沿墙面向下D．B对A的摩擦力方向可能沿A的下外表向下【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以AB整体为研究对象受力分析，根据平衡条件判断墙面对物体A是否有摩擦力．隔离对B分析，根据共点力平衡判断A对B是否有摩擦力，以及B 所受的摩擦力方向．【解答】解：A、以AB整体为研究对象受力分析，首先受竖直向下的重力，假设重力和F恰好二力平衡，那么整体不受墙的弹力和摩擦力；假设F大于整体的重力，那么物体还受垂直于A的弹力，根据平衡条件还受沿墙面向下的摩擦力，故A错误，C正确．B、隔离对B分析，B受重力、推力F和A对B的弹力，这三个力不可能平衡，所以B对A一有摩擦力，方向沿A的下外表向下，所以B对A的摩擦力方向沿A的下外表向上．故B正确，D错误．应选：BC．【点评】此题考查受力分析以及平衡条件的用，灵活选择研究对象会起到事半功倍的效果．8．甲、乙两车在同一平直公路上由 A 站驶向 B 站．它们同时由静止从 A 站出发，最后都到达 B 站停下．行驶过程中，甲车先做匀加速运动，后做匀减速运动；乙车先做匀加速运动，再做匀速运动，最后做匀减速运动．假设两车在加速和减速中的加速度大小相，那么〔〕A．甲车先到达B站B．乙车先到达B站C．在行驶过程中甲车的最大速度大于乙车的最大速度D．在行驶过程中乙车的最大速度大于甲车的最大速度【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】建立速度时间图象，用图象法解决，在分析的过程中抓住初末速度都为0，位移相，即图线与时间轴所围成的面积．甲先加速后减速，两个过程加速度大小相，即图线斜率的绝对值相，乙先加速后匀速再减速．【解答】解：作出两车的速度时间图线从图线可以看出，甲车的时间短，甲先到站，在运动的过程中甲车的最大速度大于乙车的最大速度．故A、C正确，B、D错误．应选AC．【点评】解决此题的关键是用图象法来处理，图象法解题的优点是直观、方便．二、非选择题9．某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=30.0cm且开口向下的小筒中〔没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触〕，如图甲所示，假设本的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对的弹力F，作出F﹣l图象如图乙所示，那么弹簧的劲度系数为k= 200 N/m，弹簧的原长l0= 20cm ．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】题；摩擦力专题．【分析】根据胡克律写出F与l的关系式，然后结合数学知识求解即可．【解答】解：根据胡克律F与l的关系式为：F=k〔l+h﹣l0〕=kl+k〔h﹣l0〕，从图象中可得直线的斜率为2N/cm，截距为20N，故弹簧的劲度系数为：k=2N/cm=200N/m由k〔h﹣l0〕=20N于是：l0=20cm故答案为：200； 20cm【点评】找到各个物理量之间的关系，然后根据胡克律列方程，是解答此题的突破口，这要求学生有较强的数学推导能力．10．为了测量两张纸之间的动摩擦因数，某同学设计了一个：如图甲所示，在木块A和木板B上贴上待测的纸，将木板B固在水平桌面上，沙桶通过细线与木块A相连．〔1〕调节沙桶中沙的多少，使木块A匀速向左运动．测出沙桶和沙的总质量为m，以及贴纸木块A的质量M，那么两纸间的动摩擦因数μ=；〔2〕在实际操作中，发现要保证木块A做匀速运动比拟困难，有同学对该进行了改良：装置如图乙所示，木块A的右端接在力传感器上〔传感器与计算机相连接，从计算机上可读出对木块的拉力〕，使木板B向左运动时，木块A能够保持静止．假设木板B向左匀速拉动时，传感器的读数为F1，那么两纸间的动摩擦因数μ=；当木板B向左加速运动时，传感器的读数为F2= F1〔填“＞〞、“=〞或“＜〞〕．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】题；摩擦力专题．【分析】滑动摩擦力大小f=μF N，而沙桶和沙匀速运动，那么绳子拉力F=mg ；当B向左运动时A相对于B向右运动，故A所受滑动摩擦力方向向左，由于A 保持静止，故A所受传感器的拉力于A所受的滑动摩擦力；且滑动摩擦力的大小与物体是加速、减速还是匀速运动无关．【解答】解：〔1〕木块A匀速向左运动，那么木块A所受合力为0，故绳子的拉力于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μMg，而由于沙桶和沙匀速运动，故绳子拉力F=mg，故有mg=μMg，解得μ==；〔2〕当B向左运动时A相对于B向右运动，故A所受滑动摩擦力方向向左，由于A保持静止，故A所受传感器的拉力于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μmg，故有μmg=F1，解得两纸间的动摩擦因数μ=当木板B向左加速运动时，传感器的读数仍然于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μmg，故F2=μmg，所以F1=F2．故此题的答案为：〔1〕；〔2〕，=．【点评】此题考查了滑动摩擦力的大小及其相关因素，技巧性很强，值得学习．11．〔13分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，质量为m的物体A放在地面上的竖直轻弹簧B上，现用细绳跨过滑轮将物体A与另一轻弹簧C连接，当弹簧C处在水平位置且右端位于a点时它没有发生形变．弹簧B和弹簧C的劲度系数分别为k1和k2，不计滑轮、细绳的质量和摩擦．将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点时，弹簧B刚好没有形变，求a、b两点间的距离．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用；胡克律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当弹簧C处于水平位置且右端位于a点，弹簧C刚好没有发生变形时，弹簧B受到的压力于物体A的重力mg，根据胡克律求出压缩量．当将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点，弹簧B刚好没有变形时，弹簧C受到的拉力大小于物体A的重力，弹簧C处于伸长状态，根据胡克律求出此时C伸长的长度，由几何关系得知，a、b两点间的距离于弹簧B的压缩量与弹簧C的伸长量之和．【解答】解：当弹簧C处于水平位置且右端位于a点，弹簧C刚好没有发生变形时，根据胡克律，弹簧B压缩的长度：x B =当将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点，弹簧B刚好没有变形时，根据胡克律，弹簧C伸长的长度：x C =根据几何知识得，a、b两点间的距离：S=x B+x C=mg 〔+〕．答：a、b两点间的距离是mg 〔+〕．【点评】对于含有弹簧的问题，是高考的热点，要分析弹簧的状态，弹簧有三种状态：原长、伸长和压缩，含有弹簧的问题中求解距离时，都要根据几何知识研究所求距离与弹簧形变量的关系．12．〔16分〕〔2021春•校级期末〕斜面长度为4m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v的关系图象〔即xv图象〕如下图．〔1〕求滑块下滑的加速度大小．〔2〕假设滑块下滑的初速度为5.0m/s，那么滑块沿斜面下滑的时间为多长？【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式，结合图线的斜率求出滑块下滑的加速度大小．再根据位移时间公式求出滑块下滑的时间，结合速度时间公式求出车到达底端的速度．【解答】解：〔1〕根据匀变速直线运动的速度位移公式得：v2﹣v02=2ax，因为图线斜率：k=，代入数据解得：a=﹣2m/s2．所以滑块下滑的加速度大小为2m/s2．〔2〕由位移公式得：x=v0t+at2，代入数据解得：t=1s，或t=4s〔舍去〕．答：〔1〕滑块下滑的加速度大小为2m/s2．〔2〕假设滑块下滑的初速度为5.0m/s，那么滑块沿斜面下滑的时间为1s．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式和速度位移公式，结合图线进行求解．13．〔18分〕〔2021秋•校级月考〕一般来说，正常人从距地面1.5m高处跳下，落地时速度较小，经过腿部的缓冲，这个速度对人是平安的，称为平安着地速度．如果人从高空跳下，必须使用降落伞才能平安着陆，其原因是，张开的降落伞受到空气对伞向上的阻力作用．经过大量和理论研究说明，空气对降落伞的阻力f与空气密度ρ、降落伞的迎风面积S、降落伞相对空气速度v、阻力系数c有关〔由伞的形状、结构、材料决〕，其表达式是f=．根据以上信息，解决以下问题．〔取g=10m/s2〕〔1〕在忽略空气阻力的情况下，计算人从1.5m高处跳下着地时的速度大小〔计算时人可视为质点〕；〔2〕在某次高塔跳伞训练中，运发动使用的是有排气孔的降落伞，其阻力系数c=0.90，空气密度取ρ=1.25kg/m3．降落伞、运发动总质量m=80kg，张开降落伞后到达匀速下降时，要求人能平安着地，降落伞的迎风面积S至少是多大？〔3〕跳伞运发动和降落伞的总质量m=80kg，从跳伞塔上跳下，在下落过程中，经历了张开降落伞前自由下落、张开降落伞后减速下落和匀速下落直至落地三个阶段．如图是通过固在跳伞运发动身上的速度传感器绘制出的从张开降落伞开始做减速运动至到达匀速运动时的v﹣t图象．根据图象估算运发动做减速运动的过程中下落的高度．【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的图像．【专题】计算题；量思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】〔1〕在忽略空气阻力的情况下，人做自由落体运动，由运动学公式求解人着地时的速度大小；〔2〕由〔1〕求出人平安着陆的速度大小，张开降落伞后到达匀速下降时，空气阻力大小于运发动的重力，根据平衡条件和f=cρSv2结合可求出降落伞的迎风面积S；〔3〕根据速度时间图线与时间轴围成的面积求出减速运动过程中下落的高度．【解答】解：〔1〕设人从1.5m高处跳下着地时的平安速度大小为v0，那么，解得=m/s=5.5m/s 〔2〕由〔1〕可知人平安着陆的速度大小为m/s，跳伞运发动在空中匀速下降时空气阻力大小于运发动的重力，那么 mg=解得S=m2=47.4m2〔3〕由v﹣t图线和时间轴所围面积可知，在0～3s时间内运发动下落高度大约h=6×2×0.2=25m．答：〔1〕人从1.5m高处跳下着地时的速度大小为5.5m/s；〔2〕降落伞的迎风面积S至少是47.4m2〔3〕运发动做减速运动的过程中下落的高度为25m．【点评】此题首先要有耐心读题，获取有效信息，其次，通过分析运动过程，把握每个过程遵守的规律，实质是运动学公式和共点力平衡的综合用．。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题：此题共9小题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求；第6～9题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．以下各组物理量中，是矢量的一组是〔〕A．质量、加速度B．位移、速度变化量C．时间、平均速度D．路程、加速度2．甲、乙两物体在同一直线上沿南北方向运动，且规向南为正方向，a甲=4m/s2，a乙=﹣4m/s2．那么，对甲、乙两物体判断正确的选项是〔〕A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲一向南运动，乙一向北运动C．甲一做加速运动，乙一做减速运动D．甲、乙的运动方向有可能相同3．小车拖动的纸带经过打点计时器后，在纸带上留下的点中有6个连续清晰的点，测出第1个清晰点与第6个清晰点之间的距离为18cm，此打点计时器使用的电源频率为50Hz，那么小车在这段时间内运动的平均速度为〔〕A．0.03m/s B．1.5m/s C．1.8m/s D．180m/s4．马拉着车在水平公路上匀速行走，以下说法中正确的选项是〔〕A．马拉车的力大于车拉马的力B．马拉车的力与车拉马的力是同一个力C．马拉车的力和车拉马的力是一对平衡力D．马拉车的力和车拉马的力是一对作用和反作用力5．以下关于合力和分力的说法，正确的选项是〔〕A．两个力的合力一大于其中的任意一个力B．两个力的合力可能比任意一个力都要小C．一个力可以有多种分解方法，但各种情况的分力都是一样的D．两个力的合力的结果有多种可能6．关于自由落体运动，以下说法中正确的选项是〔〕A．它是V0=0，a=g的匀加速直线运动B．在开始连续的三个1s内通过的位移之比是1：4：9C．在开始连续的三个1s末的速度大小之比是1：2：3D．从开始运动起下落位移分别是4.9m、9.8m、14.7m所经历的时间之比为1：2：37．用水平力F将木块压在竖直墙上，如下图，木块重G=6N，木块与墙壁之间的动摩擦因数μ=0.25，以下说法正确的选项是〔〕A．当F=25N时，木块没有动，木块受到的摩擦力为5NB．当F=10N时，木块沿墙面下滑，木块受到的摩擦力为NC．当F变大时，木块受到的摩擦力也会一直变大D．当F=0时，物体将向下做自由落体运动8．假设一质点从t=0开始由原点出发沿直线运动，其速度﹣时间图象如下图，那么该质点〔〕A．t=1s物体速度方向发生改变B．t=2s时离原点最远C．t=4s时回到原点，路程为10 mD．物体一直沿着某一方向运动9．质点甲、乙做直线运动的位移﹣时间图象如下图，那么〔〕A．在运动过程中，质点甲比质点乙运动得快B．0～t1时间内，两质点的位移相同C．t=t1时刻，两质点的速度相同D．质点甲的加速度大于质点乙的加速度二、非选择题：共6小题56分．10．在“探究小车速度随时间变化的规律〞的中：小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀变速运动，如图是经打点计时器打出纸带的一段，打点顺序是A、B、C、D、E，交流电频率为50Hz，纸带上每相邻两个计数点间还有4个点未画出．现把一刻度尺放在纸带上，其零刻度线和计数点A对齐．请答复以下问题：〔1〕以下操作正确的有．〔填选项代号〕A．在释放小车前，小车要靠近打点计时器B．打点计时器放在长木板的有滑轮一端C．先接通电源，后释放小车D．电火花计时器使用低压交流电源〔2〕根据该同学打出的纸带我们可以判断小车与纸带的〔填“左〞或“右〞〕端相连．〔3〕用该刻度尺测量出计数点A、B之间的距离为cm．〔4〕打B这个计数点时纸带的瞬时速度v B= m/s．〔5〕小车运动的加速度大小是m/s2．11．在“探究弹力和弹簧伸长量的关系〞的中〔1〕以下说法正确的选项是；A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B．用悬挂砝码的方法给弹簧施加拉力，保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相〔2〕假设某同学装置如图1所示，所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒的拉力．时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相的弹簧总长度．有一个同学通过以上测量后把6组数据描点在坐标图中，作出F﹣L图线如图2所示，由此图线可得出该弹簧的原长L0= cm，劲度系数k= N/m．〔结果均保存2位有效数字〕12．一物体做初速度为2m/s，加速度为0.1m/s2的匀加速直线运动，试求：〔1〕物体在第三秒末的速度；〔2〕在开始4秒内的位移；〔3〕在第4秒内的平均速度．13．如下图，劲度系数为k=100N/m的轻弹簧左端固，右端连接一个质量为M=2kg 的物体，放在水平面上的P点，此时弹簧处于原长状态，现通过M用力把弹簧拉长，当把物体拉到Q点时，放开后物体恰好还能静止，此时PQ间距为4cm；如果再在M的右端通过跨过滑轮的细绳连接一个小物体m，当m最多为多少时物体M仍能静止在Q点上？〔g=10m/s2〕14．如图1，2，光滑斜面倾角为θ，一质量为m的小球被一块光滑挡板挡住，挡板可绕O点转动，求：〔1〕当挡板在竖直位置时，挡板对球的作用力的大小；〔2〕当挡板转到与斜面垂直时，挡板对球的作用力的大小．15．甲乙两车在同一轨道上同向行驶，甲车在前以20m/s的速度匀速行驶，乙车在后以10m/s的速度匀速行驶．当两车相距24m时，甲车开始刹车，加速度大小为2m/s2．问这过程中：〔1〕甲乙两车的最大距离；〔2〕乙车追上甲车需经多少时间．一中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：此题共9小题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求；第6～9题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．以下各组物理量中，是矢量的一组是〔〕A．质量、加速度B．位移、速度变化量C．时间、平均速度D．路程、加速度【考点】矢量和标量．【分析】物理量按有没有方向分为矢量和标量两类，矢量是指既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．【解答】解：A、质量只有大小，没有方向，是标量，而加速度是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故A错误．B、位移和速度变化量都是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故B正确．C、平均速度是矢量，而时间是标量，故C错误．D、路程只有大小，没有方向，是标量，加速度是矢量，故D错误．应选：B【点评】矢量与标量的区别有两个：一矢量有方向，而标量没有方向；二矢量运算遵守平行四边形那么，标量运算遵守代数加减法那么．2．甲、乙两物体在同一直线上沿南北方向运动，且规向南为正方向，a甲=4m/s2，a乙=﹣4m/s2．那么，对甲、乙两物体判断正确的选项是〔〕A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲一向南运动，乙一向北运动C．甲一做加速运动，乙一做减速运动D．甲、乙的运动方向有可能相同【考点】加速度．【专题】性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】加速度是矢量，正负表示加速度的方向，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动．【解答】解：A、甲乙两物体的加速度大小相，正负表示方向．故A错误．B、甲乙的加速度方向相反，但是甲乙的速度方向未知，故无法判断甲乙的运动方向，可能相同，也可能相反．故B错误，D正确．C、甲的加速度为正值，速度可能为负值，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动；乙的加速度为负值，速度可能为负值，加速度方向与速度方向相同，可能做加速运动．故C错误．应选：D．【点评】解决此题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，不是看加速度的大小，而是看加速度的方向与速度方向的关系．3．小车拖动的纸带经过打点计时器后，在纸带上留下的点中有6个连续清晰的点，测出第1个清晰点与第6个清晰点之间的距离为18cm，此打点计时器使用的电源频率为50Hz，那么小车在这段时间内运动的平均速度为〔〕A．0.03m/s B．1.5m/s C．1.8m/s D．180m/s【考点】探究小车速度随时间变化的规律；平均速度．【专题】性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】打点计时器每隔0.02s打一个点，1到6两点间总共有5个间隔，可求得时间；再根据平均速度的公式可以求得运动的平均速度的大小【解答】解：第1点到第6点的时间长度为0.1s ，由可得，平均速度为：v===1.8m/s，所以C正确，应选：C【点评】解决此题的关键是运动时间的长度，打点计时器每隔0.02s打一个点，从第1点到第6点，共有5个时间的间隔，所以总时间长度为0.1s4．马拉着车在水平公路上匀速行走，以下说法中正确的选项是〔〕A．马拉车的力大于车拉马的力B．马拉车的力与车拉马的力是同一个力C．马拉车的力和车拉马的力是一对平衡力D．马拉车的力和车拉马的力是一对作用和反作用力【考点】作用力和反作用力．【专题】性思想；推理法；弹力的存在及方向的判专题．【分析】向前拉车的力和车向后拉马的力是一对作用力与反作用力，它们总是大小相、方向相反、作用在同一条直线上，与运动状态无关．【解答】解：A、马向前拉车的力和车向后拉马的力是一对作用力与反作用力，它们总是大小相、方向相反，故A错误，B错误；C、马拉车的力和车拉马的力分别作用在两个不同的物体是，所以不是一对平衡力，而是一对作用和反作用力．故C错误，D正确．应选：D【点评】该题考查了牛顿第三律：作用力与反作用力的关系，难度不大，属于根底题；要注意作用力反作用力与平衡力的区别．5．以下关于合力和分力的说法，正确的选项是〔〕A．两个力的合力一大于其中的任意一个力B．两个力的合力可能比任意一个力都要小C．一个力可以有多种分解方法，但各种情况的分力都是一样的D．两个力的合力的结果有多种可能【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】性思想；推理法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】解答此题时，要从力的大小和方向两个方面来考虑，在分析各选项时千万不能漏掉力的方向．〔1〕如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力于二力之和；同一直线反方向二力的合力于二力之差．〔2〕如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间．【解答】解：AB、当二力反向时，合力于二力大小之差，合力有可能小于分力，当两个力方向相同时，合力于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力于两个分力之差，合力可能小于分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故A错误，B正确；C、一个力可以有多种分解方法，根据力的合成与分解法那么，那么有各种情况的分力是不一样的，故C错误；D、根据力的合成法那么，那么两个力的合力的结果是一样的，故D错误；应选：B．【点评】解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况．6．关于自由落体运动，以下说法中正确的选项是〔〕A．它是V0=0，a=g的匀加速直线运动B．在开始连续的三个1s内通过的位移之比是1：4：9C．在开始连续的三个1s末的速度大小之比是1：2：3D．从开始运动起下落位移分别是4.9m、9.8m、14.7m所经历的时间之比为1：2：3【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】第ns内的位移于前ns内位移减去前〔n﹣1〕s内位移；自由落体运动遵循速度公式v=gt，位移公式h=．利用以上公式即可求解．【解答】解：A、自由落体运动是指物体在仅受重力的情况下由静止开始的匀变速直线运动，其下落的加速度a==g，故A正确．B、做自由落体运动的物体在前1s内的位移h1=gt2=5m，故物体在前1s内的位移H1=h1=5m物体在前2s内的位移h2=g=20m，故物体在第2s内的位移H2=h2﹣h1=15m物体在前3s内的位移h3=g=45m故物体在第3s内的位移H3=h3﹣h2=25m所以H1：H2：H3=5：15：30=1：3：5故B错误．C、物体在第1s末的速度v1=gt1=10m/s物体在第2s末的速度v2=gt2=20m/s物体在第3s末的速度v3=gt3=30m/s所以v1：v2：v3=1：2：3故C正确．D、根据h=gt2可得物体下落的时间t=从开始运动起下落4.9m所经历的时间t1=从开始运动起下落9.8m所经历的时间t2=从开始运动起下落14.7m所经历的时间t3=所以t1：t2：t3=：： =1：：故D错误．应选：AC．【点评】自由落体运动遵循初速度为0的匀变速直线运动的所有规律，此题可以运用初速度为零的匀变速直线运动的几个推论直接求解，也可以运用位移时间关系公式求解，还可以运用v﹣t图象求解．7．用水平力F将木块压在竖直墙上，如下图，木块重G=6N，木块与墙壁之间的动摩擦因数μ=0.25，以下说法正确的选项是〔〕A．当F=25N时，木块没有动，木块受到的摩擦力为5NB．当F=10N时，木块沿墙面下滑，木块受到的摩擦力为NC．当F变大时，木块受到的摩擦力也会一直变大D．当F=0时，物体将向下做自由落体运动【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】先根据木块的重力和最大静摩擦力的关系，分析出木块处于静止状态，再由平衡条件求摩擦力．当木块的重力大于最大静摩擦力，木块将向下滑动，由摩擦力公式求解f=μN 摩擦力．【解答】解：A、当F=25N时，木块的最大静摩擦力 f m1=μF1=0.25×25=5N＞G 故物体静止不动根据平衡条件可得木块受到的摩擦力为 f1=G=6N；故A错误；B、当F=10N时，木块的最大静摩擦力 f m2=μF2=0.25×10=N＜G故物体将要下滑，木块受到的摩擦力为 f2=μF2=0.25×10=N；故B正确；C、F变大时，假设物体处于静止状态，那么受到的摩擦力一直于重力；大小保持不变；故C错误；D、当压力为零时，物体与墙之间没有摩擦力，物体做自由落体运动；故D正确；应选：BD．【点评】此题考查摩擦力的临界问题，要注意明确静摩擦力与最大静摩擦力之间的关系，能根据最大静摩擦力判断物体是否发生滑动，从而明确摩擦力的计算方法．8．假设一质点从t=0开始由原点出发沿直线运动，其速度﹣时间图象如下图，那么该质点〔〕A．t=1s物体速度方向发生改变B．t=2s时离原点最远C．t=4s时回到原点，路程为10 mD．物体一直沿着某一方向运动【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】性思想；推理法；运动的图像专题．【分析】速度时间图象可读出速度的大小和方向，根据速度图象可分析物体的运动情况，确何时物体离原点最远．图象的“面积〞大小于位移大小，图象在时间轴上方“面积〞表示的位移为正，图象在时间轴下方“面积〞表示的位移为负．【解答】解：A、在前2s内物体沿正方向运动，在后2s内沿负方向运动，两段时间内位移大小相，所以t=2s时离原点最远，t=1s物体速度方向不变．故A 错误，B正确；C、由图象的“面积〞看出，前2s内和后2s内位移大小相，那么t=4s时回到原点，路程s=，故C正确；D、根据图象可知，前2s内物体沿正方向运动，在后2s内沿负方向运动，方向改变，不是沿一个方向运动，故D错误．应选：BC【点评】此题抓住速度图象的“面积〞于位移是关键．能根据图象分析物体的运动情况，通过训练，培养根本的读图能力．9．质点甲、乙做直线运动的位移﹣时间图象如下图，那么〔〕A．在运动过程中，质点甲比质点乙运动得快B．0～t1时间内，两质点的位移相同C．t=t1时刻，两质点的速度相同D．质点甲的加速度大于质点乙的加速度【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】位移时间图线的斜率表示物体的速度，根据纵坐标的变化量比拟质点的位移．匀速直线运动的加速度为零．【解答】解：A、甲图线的斜率大于乙图线的斜率，那么甲的速度大于乙的速度．即质点甲比质点乙运动得快．故A正确．B、0～t1时间内，两质点的纵坐标变化量相，那么位移相同．故B正确．C、当t=t1时刻，两图线的斜率不，那么速度不同．故C错误．D、两物体都做匀速直线运动，加速度为零．故D错误．应选：AB 【点评】解决此题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线斜率表示的含义．二、非选择题：共6小题56分．10．在“探究小车速度随时间变化的规律〞的中：小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀变速运动，如图是经打点计时器打出纸带的一段，打点顺序是A、B、C、D、E，交流电频率为50Hz，纸带上每相邻两个计数点间还有4个点未画出．现把一刻度尺放在纸带上，其零刻度线和计数点A对齐．请答复以下问题：〔1〕以下操作正确的有AC ．〔填选项代号〕A．在释放小车前，小车要靠近打点计时器B．打点计时器放在长木板的有滑轮一端C．先接通电源，后释放小车D．电火花计时器使用低压交流电源〔2〕根据该同学打出的纸带我们可以判断小车与纸带的左〔填“左〞或“右〞〕端相连．〔3〕用该刻度尺测量出计数点A、B之间的距离为0 cm．〔4〕打B这个计数点时纸带的瞬时速度v B= 0.18 m/s．〔5〕小车运动的加速度大小是0.60 m/s2．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，根据连续相时间内的位移之差是一恒量求出小车运动的加速度．【解答】解：〔1〕A、在释放小车前，小车要紧靠打点计时器，故A正确．B、打点计时器固在无滑轮的一端，故B错误．C、时先接通电源，再释放小车，故C正确．D、电火花打点计时器使用220V的交流电源，故D错误．应选：AC．〔2〕因为相时间内的位移越来越大，可知纸带的左端与小车相连．〔3〕由刻度尺读数知，AB间的距离为0cm．〔4〕B 点的瞬时速度=0.18m/s．〔5〕根据△x=aT2，运用逐差法得，a=m/s2=0.60m/s2故答案为：〔1〕AC，〔2〕左，〔3〕0，〔4〕0.18，〔5〕0.60【点评】解决此题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用．11．在“探究弹力和弹簧伸长量的关系〞的中〔1〕以下说法正确的选项是AB ；A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B．用悬挂砝码的方法给弹簧施加拉力，保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相〔2〕假设某同学装置如图1所示，所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒的拉力．时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相的弹簧总长度．有一个同学通过以上测量后把6组数据描点在坐标图中，作出F﹣L图线如图2所示，由此图线可得出该弹簧的原长L0= 5.0 cm，劲度系数k= 20 N/m．〔结果均保存2位有效数字〕【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；性思想；分析法；弹力的存在及方向的判专题．【分析】在<探索弹力和弹簧伸长的关系>中，弹簧的弹力与行变量的关系满足F=kx，其中k由弹簧本身决；利用操作过程的考前须知分析即可；由F﹣L图象的意义，斜率表示弹簧的劲度系数，图象与横坐标的截距为弹簧的原长．【解答】解：〔1〕A、弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否那么弹簧会损坏，故A正确．B、用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读数．故B正确．C、弹簧的长度不于弹簧的伸长量，伸长量于弹簧的长度减去原长，故C错误．D、拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故D错误．〔2〕由F﹣L图象和胡克律结合分析知，图象的斜率为弹簧的劲度系数，当F=0时，即横坐标的截距为弹簧的原长，所以据图所知，横截距为5.0cm，即弹簧的原长为5.0cm；图象的斜率K=N/m=20N/m．故答案为：〔1〕AB；〔2〕5.0；20【点评】此题关键明确原理，能够根据胡克律列式求解；能利用F﹣L图象分析求解是关键，注意横坐标的截距为弹簧的原长，斜率表示弹簧的劲度系数．12．一物体做初速度为2m/s，加速度为0.1m/s2的匀加速直线运动，试求：〔1〕物体在第三秒末的速度；〔2〕在开始4秒内的位移；〔3〕在第4秒内的平均速度．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体在第3s末的速度，根据位移时间公式求出开始4s内的位移．根据位移时间公式求出第4s内的位移，结合平均速度的义式求出第4s内的平均速度．【解答】解：〔1〕物体在第3s末的速度为：v3=v0+at3=2+0.1×3m/s=m/s．〔2〕在开始4s 内的位移为： ==m．〔3〕物体在第4s 内的位移为： m=5m．那么第4s 内的平均速度为：．答：〔1〕物体在第三秒末的速度为m/s；〔2〕在开始4秒内的位移为m；〔3〕在第4秒内的平均速度为5m/s．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式，并能灵活运用，根底题．13．如下图，劲度系数为k=100N/m的轻弹簧左端固，右端连接一个质量为M=2kg 的物体，放在水平面上的P点，此时弹簧处于原长状态，现通过M用力把弹簧拉长，当把物体拉到Q点时，放开后物体恰好还能静止，此时PQ间距为4cm；如果再在M的右端通过跨过滑轮的细绳连接一个小物体m，当m最多为多少时物体M仍能静止在Q点上？〔g=10m/s2〕【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力；胡克律．【专题】计算题；量思想；临界法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】物体被拉到Q点时，恰好能静止，物体所受的静摩擦力到达最大，由平衡条件和胡克律列出平衡方程．当挂上小物体且m最大后，M受的摩擦力变为向左且最大，再用同样的方法列式，即可求解．【解答】解：物体被拉到Q点时，恰好能静止，设所受的摩擦力最大值为f m，受力如图1所示，由平衡条件得：Kx=f m当挂上小物体且m最大后，M受的摩擦力变为向左且最大，受力如图2所示，m 受力如图3所示，对M物体：F T=f m+Kx对m物体：F T=mg联立解得：m=2Kx代入数据求得最大质量为：m=0.8 kg答：当m最多为0.8kg时物体M仍能静止在Q点上．【点评】解决此题的关键要明确物体刚要滑动时静摩擦力到达最大，运用平衡条件和胡克律结合研究．14．如图1，2，光滑斜面倾角为θ，一质量为m的小球被一块光滑挡板挡住，挡板可绕O点转动，求：〔1〕当挡板在竖直位置时，挡板对球的作用力的大小；〔2〕当挡板转到与斜面垂直时，挡板对球的作用力的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球受力分析，受重力、斜面支持力、挡板支持力，根据平衡条件并运用合成法列式求解．【解答】解：〔1〕当挡板在竖直位置时，球的作用力受力如下图，由平衡条件F合=0得挡板对球的作用力为：F1=mgtanθ〔2〕当挡板转到与斜面垂直时，球的受力如下图，由平衡条件 F合=0得挡板对球的作用力为：F3=mgsinθ答：〔1〕当挡板在竖直位置时，挡板对球的作用力的大小是mgtanθ；〔2〕当挡板转到与斜面垂直时，挡板对球的作用力的大小是mgsinθ．【点评】此题是简单的共点力平衡问题，关键是正确分析物体受力，作出受力示意图，再根据平衡条件，并运用合成法作图分析．15．甲乙两车在同一轨道上同向行驶，甲车在前以20m/s的速度匀速行驶，乙车在后以10m/s的速度匀速行驶．当两车相距24m时，甲车开始刹车，加速度大小为2m/s2．问这过程中：〔1〕甲乙两车的最大距离；〔2〕乙车追上甲车需经多少时间．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】计算题；量思想；推理法；追及、相遇问题．【分析】〔1〕当两车速度相时，相距最远，结合速度时间公式求出速度相的时间，根据位移公式，结合位移关系求出甲乙两车的最大距离．〔2〕根据位移关系，结合位移公式求出追及的时间，注意要判断乙车追上甲车时，甲车是否停止．【解答】解：〔1〕当两车速度相时，相距最远，设这过程用时为t，那么V甲﹣at=V乙把V甲=20m/s，V乙=10m/s，a=2m/s2，代入求得 t=5 s所以，甲乙两车的最大距离为：△S=L+V甲t ﹣at2﹣V乙t其中L=24m，代入数据求得：△S=49 m〔2〕设经时间T乙车可追上甲车．依题意：v甲T ﹣aT2+L=v乙T解得T=12s T=﹣2s〔舍去〕又设甲车刹车的时间T0，由 0=V甲﹣aT0代入数据解得T0=10s＜12s由此可知甲车停止后乙才追上甲，甲车刹车的位移有：﹣V2甲=﹣2aS甲s甲=．乙车的总位移为：s乙=s甲+L=100+24m=124mt==1s答：〔1〕甲乙两车的最大距离为49m；〔2〕乙车追上甲车需经1s时间．【点评】此题考查了运动的追及问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解，知道速度相时，相距最远，在求解追及时间时，注意甲车速度减为零后不再运动．。
高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)高一全册物理试题
应对市爱护阳光实验学校四地六校2021 -2021高第二次月考物理试卷一、单项选择题〔每题4分，共48分〕1．〔4分〕我国研制并自行发射的同步通信卫星，是无线电波传播的中继站．这类卫星虽绕地心转动，但我们却觉得它在空中静止不动，这是因为观察者所选择的参考系是A．太阳B．地球C．月亮D．同步通信卫星2．〔4分〕甲、乙两位同学找来一把刻度尺，想方法测出了一枚一元硬币的直径d，然后让硬币在水平课桌上沿直线滚动了一圈，如下图，那么A．硬币圆心的位移大小和路程相B．硬币圆心的位移大小和路程不相C．硬币圆周上的每一点的位移大小和该点的路程相D．硬币圆周上的每一点的位移大小大于该点的路程3．〔4分〕在公路的每个路段都有交通管理部门设置限速标志如下图，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时A．必须以这一规行驶B．平均大小不得超过这一规数值C．瞬时速度大小不得超过这一规数值D．上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规值的4．〔4分〕物体做匀变速直线运动时，在相时间内A．加速度的变化相 B．速度的变化相C．速度的变化不相 D．以上表达都不对5．〔4分〕以下说法正确的选项是A．施力物体对受力物体施加了力，施力物体本身可能不受力的作用B．摩擦力的方向一与物体的运动方向相反C．书放在水平桌面上受到的支持力，是由于书发生了微小形变而产生的D．物体的平衡状态是指合力为零的状态6．〔4分〕如下图是与自行车在同一直线上、从同一地点同向运动、同时计时的v﹣t图象，由图象可知A．在2s末二者位移相同B．在4s末二者速度相同C．在2s末二者相遇D．在4s末二者相遇7．〔4分〕2011年11月3日凌晨，在静谧太空中上演了一场属于中国的“天神拥吻〞盛景.1时28分，“神舟八号〞飞船与“天宫一号〞目标飞行器在太空中首度接触，飞船对接机构捕获锁与天宫对接机构卡板器互相咬合.1时36分，两个器紧紧连接成一个组合体，以优美的姿态飞行在茫茫太空．对于两个器以及组合体，以下说法正确的选项是A．飞船对接机构捕获锁与天宫对接机构卡板器互相咬合过程，两个器可以看做质点B．研究组合体的运行周期时，组合体不可以看成质点C．确组合体在轨道的位置时，组合体可以看做质点D．调整组合体的飞行姿态时，组合体可以看做质点8．〔4分〕同时作用在某物体上的两个方向相反的力，大小分别为8N和10N，在10N的力逐步减小到零的过程中，两个力的合力的大小A．先减小后增大B．先增大后减小C．一直减小D．一直增大9．〔4分〕如下图，歼20战机是中国最近研制出的第五代隐身重型歼击机．它以具有隐身性、高机动性以及先进的航电系统让震惊．关于歼20战机的受力，以下说法正确的选项是A．战机受到的重力方向指向地心B．战机受重力的同时，它也对地球产生吸引力C．战机向前运动的推力无施力物体D．战机匀速飞行，它不受重力作用10．〔4分〕体育课上一学生在水平篮球场上拍篮球，试分析篮球与地面作用时，地面给篮球的弹力的方向为A．斜左上B．斜右上C．竖直向上D．竖直向下11．〔4分〕如下图，细绳MO与NO所能承受的最大拉力相同，长度MO＞NO，那么在不断增加重物G重力的过程中〔绳OC不会断〕A．ON绳先被拉断B．OM绳先被拉断C．ON绳和OM绳同时被拉断D．因无具体数据，故无法判断哪条绳先被拉断12．〔4分〕重力为G的均匀球，用绳系在光滑的墙上，如下图．如果所用的绳子变长，那么A．墙受的压力变大，绳的张力变小B．墙受的压力和绳的张力都变小C．墙受的压力变小，绳的张力变大D．墙受的压力和绳的张力都变大二、题〔每空2分，共20分〕13．〔4分〕由测得弹簧的弹力F与弹簧的长度L的关系如下图，那么弹簧的原长为cm，劲度系数为N/m．14．〔6分〕在验证“互成角度的两个力的合成〞的中，某小组得出如下图的图〔F′与AO共线〕，图中是F1与F2合成的理论值；是F1与F2合成的实际值，在中如果将两个细绳套换成两根橡皮条，那么结果是否变化？答：〔填“变〞或“不变〞〕．15．〔10分〕在“匀变速直线运动的探究〞中〔1〕打点计时器使用的交流电频率为50Hz，如图是在一次中记录小车做变速运动的纸带，在纸带上选择A～F六个计数点，相邻两计数点之间还有四个点没有画出．纸带旁并排放着带有最小刻度为毫米的刻度尺，0刻度线跟计数点A对齐．距离s B S D S F测量值〔cm〕0 12.00①由表可以读出B、D、F三个计数点到A点的距离S B、S D、S F，请将s D测量值填入表中：②计算小车在打计数点C时的瞬时速度为 m/s，打计数点E时的瞬时速度为m/s；③小车在打计数点A和F这段时间间隔内的平均加速度为 m/s2．〔2〕利用打点计时器测物体的匀变速直线运动的加速度时，在纸带上打出一的点．设相邻的计数点之间的距离分别为s1、s2、s3、s4、s5、s6，相邻的计数点之间的时间间隔为T，那么以下关系式中误差最小的式子是①a=②a=③a=④a=．三、计算题〔共30分，解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤〕16．〔10分〕如下图，一名骑独轮车的杂技演员在空中钢索上表演，如果演员和独轮车的总质量为80kg，两侧的钢索互成150°夹角，求钢索拉力有多大？〔cos75°=0.259，g取10N/kg〕17．〔10分〕在平直公路上以10m/s的速度做匀速直线运动，发现前面有情况而刹车，假设前2s内的平均速度为8m/s，那么〔1〕经3s时速度大小为多少？〔2〕在10s内的位移是多少？18．〔12分〕如下图，物体A重G A=40N，物体B重G B=20N，A与B、B与地的动摩擦因数相同．用水平绳将物体A系在竖直墙壁上，水平力F向右拉物体B，使物体B向右做匀速直线运动，此时F=30N．求：〔1〕接触面间的动摩擦因数多大？〔2〕绳子对A的拉力是多大？四地六校高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔每题4分，共48分〕1．〔4分〕我国研制并自行发射的同步通信卫星，是无线电波传播的中继站．这类卫星虽绕地心转动，但我们却觉得它在空中静止不动，这是因为观察者所选择的参考系是A．太阳B．地球C．月亮D．同步通信卫星考点：同步卫星．专题：人造卫星问题．分析：解答此题的关键是看被研究的物体与所选的，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，那么物体是运动的；如果未发生变化，那么物体是静止的．解答：解：因为同步卫星的转动和地球的转动是同步的，地球怎么转动卫星也怎么转动，它相对于地球的位置没有没有发生变化，所以，以地球为参照物，卫星是静止的；假设以太阳，月亮或宇宙飞船为参照物，卫星与太阳，月亮或宇宙飞船之间的相对位置发生了变化，是运动的．所以选项B正确；选项A、C错误；D、选取其它同步通信卫星作为参考系时，因做匀速圆周运动，但我们却觉得它在空中静止不动，故D错误．应选：B．点评：理解“同步〞是此题的关键，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论．2．〔4分〕甲、乙两位同学找来一把刻度尺，想方法测出了一枚一元硬币的直径d，然后让硬币在水平课桌上沿直线滚动了一圈，如下图，那么A．硬币圆心的位移大小和路程相B．硬币圆心的位移大小和路程不相C．硬币圆周上的每一点的位移大小和该点的路程相D．硬币圆周上的每一点的位移大小大于该点的路程考点：位移与路程．分析：位移是由初位置指向末位置，是矢量；路程是运动轨迹的长度，是标量．解答：解：A、位移是由初位置指向末位置的有向线段，路程是运动轨迹的长度，硬币圆心做的是单向直线运动，位移大小于路程，硬币圆周上的每一点的运动轨迹不同，不是做单向直线运动，所以硬币圆周上的每一点的位移大小小于该点的路程，故BCD错误，A正确．应选：A 点评：解决此题的关键掌握位移和路程的区别：位移是由初位置指向末位置，是矢量；路程是运动轨迹的长度，是标量．3．〔4分〕在公路的每个路段都有交通管理部门设置限速标志如下图，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时A．必须以这一规行驶B．平均大小不得超过这一规数值C．瞬时速度大小不得超过这一规数值D．上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规值的考点：瞬时速度；平均速度．分析：从平安角度考虑，公路上通常要有限速标志，限制的是瞬时速度．解答：解：如下图标志为限速标志，限制的是的瞬时速度；表示该段路上瞬时速度可以低于但不能超过40km/h；应选：C．点评：这是一道联系生活的好题，要注意体会物理来源于生活，效劳于生活，学习物理要紧密联系生活实际．4．〔4分〕物体做匀变速直线运动时，在相时间内A．加速度的变化相 B．速度的变化相C．速度的变化不相 D．以上表达都不对考点：匀变速直线运动的公式．专题：直线运动规律专题．分析：匀变速直线运动是指加速度不变的直线运动，由速度公式可得出速度变化关系．解答：解：匀变速直线运动是指加速度恒不变的运动，由△v=at可知，在相的时间内速度的变化相；故B正确；ACD错误；应选：B．点评：此题考查匀变速直线运动的性质，要注意明确匀变速直线运动的加速度是恒不变的运动．5．〔4分〕以下说法正确的选项是A．施力物体对受力物体施加了力，施力物体本身可能不受力的作用B．摩擦力的方向一与物体的运动方向相反C．书放在水平桌面上受到的支持力，是由于书发生了微小形变而产生的D．物体的平衡状态是指合力为零的状态考点：摩擦力的判断与计算；力的概念及其矢量性；弹性形变和范性形变．分析：力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体，摩擦力的方向一与物体的相对运动方向相反，书放在水平桌面上受到的支持力，是由于桌面发生了微小形变而产生的．解答：解：A、力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体，A错误B、摩擦力的方向一与物体的相对运动方向相反，B错误C、书放在水平桌面上受到的支持力，是由于桌面发生了微小形变而产生的，C 错误D、物体的平衡状态是指合力为零的状态，D正确应选：D点评：理解力的作用是相互的，会判断摩擦力的方向，弹力产生的条件及方向．6．〔4分〕如下图是与自行车在同一直线上、从同一地点同向运动、同时计时的v﹣t图象，由图象可知A．在2s末二者位移相同B．在4s末二者速度相同C．在2s末二者相遇D．在4s末二者相遇考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动的图像专题．分析：根据速度图象由图直接读出质点的速度大小关系．根据速度图象与坐标轴所围的“面积〞大小于质点在某一段时间内通过的位移，分析前2s内两质点的位移关系，判断二者是否相遇．解答：解：A、由速度时间图象与坐标轴所围的“面积〞大小于质点在某一段时间内通过的位移，可以看出，4s内的位移于自行车的位移，而两者从同一地点沿同一方向作直线运动，故在4s时追上自行车．二者相遇，故AC错误，D正确；B、2s末二者速度相同，B错误；应选：D．点评：此题关键从速度图象的形状、斜率、“面积〞数学知识来理解质点的运动情况．7．〔4分〕2011年11月3日凌晨，在静谧太空中上演了一场属于中国的“天神拥吻〞盛景.1时28分，“神舟八号〞飞船与“天宫一号〞目标飞行器在太空中首度接触，飞船对接机构捕获锁与天宫对接机构卡板器互相咬合.1时36分，两个器紧紧连接成一个组合体，以优美的姿态飞行在茫茫太空．对于两个器以及组合体，以下说法正确的选项是A．飞船对接机构捕获锁与天宫对接机构卡板器互相咬合过程，两个器可以看做质点B．研究组合体的运行周期时，组合体不可以看成质点C．确组合体在轨道的位置时，组合体可以看做质点D．调整组合体的飞行姿态时，组合体可以看做质点考点：质点的认识．分析：质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一条件的抽象，能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．解答：解：A、研究飞船对接机构捕获锁与天宫对接机构卡板器互相咬合过程，需要调整其姿态与位置，所以两个器不可以看做质点．故A错误；B、C、研究神舟八号飞船与天宫一号组合体绕地球公转时，如研究组合体的运行周期时，或确组合体在轨道的位置时，自身的大小对研究问题没有影响，因此可以看成质点，故B错误，C正确；D、调整组合体的飞行姿态时，组合体的形状不可以忽略不计，所以不可以看做质点．故D错误．应选：C点评：考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．8．〔4分〕同时作用在某物体上的两个方向相反的力，大小分别为8N和10N，在10N的力逐步减小到零的过程中，两个力的合力的大小A．先减小后增大B．先增大后减小C．一直减小D．一直增大考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：同一直线上方向相反的两个力的合力大小于这两个力的大小之差分析即可．解答：解：由于两个力的方向相反，合力大小于这两个力的大小之差，即F合=F1﹣F2=10N﹣8N=2N，当F1逐渐减小时，合力减小，当F1=8N时，合力为零；当F1继续减小时，F合=F2﹣F1，故合力又会逐渐增大；因此两个力的合力的大小是先减小后增大；应选A．点评：此题考查同一直线上方向相同的两个力及同一直线上方向相反的两个力的合力大小的计算，属于根底题目，难度不大，重在审清题意．9．〔4分〕如下图，歼20战机是中国最近研制出的第五代隐身重型歼击机．它以具有隐身性、高机动性以及先进的航电系统让震惊．关于歼20战机的受力，以下说法正确的选项是A．战机受到的重力方向指向地心B．战机受重力的同时，它也对地球产生吸引力C．战机向前运动的推力无施力物体D．战机匀速飞行，它不受重力作用考点：力的概念及其矢量性；重力；重心．分析：重力的方向竖直向下；力的作用是相互的，物体对地球有吸引力作用；重力与物体的运动状态无关．解答：解：A、重力的方向竖直向下，而不一指向地心，故A错误．B、由于地球对战机的引力而产生重力，同时战机对地球也产生吸引力，故B 正确．C、任何力都有施力物体，战机向前的推力来自于空气，故C错误．D、任何在地球附近的物体都受重力作用，故D错误．应选：B点评：此题是理解并掌握重力的方向、产生条件根本知识，知道力都有施力物体．10．〔4分〕体育课上一学生在水平篮球场上拍篮球，试分析篮球与地面作用时，地面给篮球的弹力的方向为A．斜左上B．斜右上C．竖直向上D．竖直向下考点：物体的弹性和弹力．专题：弹力的存在及方向的判专题．分析：弹力方向垂直于接触面，压力指向被压物体，支持力指向被支持物体．解答：解：支持力是弹力，方向总是垂直于接触面，并指向被支持物．所以地面给篮球的弹力的方向为竖直向上．应选C．点评：弹力的方向与物体形变的方向相反．弹力有三种：压力、支持力和拉力，压力和支持力与接触面，轻绳的拉力沿着绳子指向绳收缩的方向．11．〔4分〕如下图，细绳MO与NO所能承受的最大拉力相同，长度MO＞NO，那么在不断增加重物G重力的过程中〔绳OC不会断〕A．ON绳先被拉断B．OM绳先被拉断C．ON绳和OM绳同时被拉断D．因无具体数据，故无法判断哪条绳先被拉断考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：将拉重物的绳子OC上的拉力按作用效果分解，沿N0方向上的分力于NO绳的拉力，沿MO绳方向上的分力于MO绳的拉力，比拟两拉力的大小，从而判断哪根绳先断．解答：解：物体对O点拉力于物体重力，此力有两个效果：一是使NO绳拉紧；二是使OM绳拉紧．按效果把物体对O点的拉力分解，如以下图所示，由此可知NO绳受的力大于MO绳受的力．当重力逐渐增大，NO绳先到达最大拉力，NO绳先断．故A正确，B、C、D错误．应选：A．点评：解决此题的关键通过平行四边形那么确出NO绳、MO绳的拉力大小，从而判断出哪个绳先断．12．〔4分〕重力为G的均匀球，用绳系在光滑的墙上，如下图．如果所用的绳子变长，那么A．墙受的压力变大，绳的张力变小B．墙受的压力和绳的张力都变小C．墙受的压力变小，绳的张力变大D．墙受的压力和绳的张力都变大考点：共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出墙对球的支持力与绳子和墙之间夹角的关系式，由数学知识分析支持力如何变化．墙对球的支持力与球对墙的压力大小相．解答：解：以球为研究对象，分析受力情况：重力G，墙的支持力N和绳子的拉力T，作出力图如图．设绳子与墙之间的夹角为α，根据平衡条件得N=GtanαT=如果所用的绳子变长，α减小，G不变，N减小，T减小，根据牛顿第三律得知，球对墙的压力大小减小，绳的张力变小．应选：B．点评：此题是动态平衡问题，通常有两种解法：一是图解法，二是函数法．此题也可以采用图解法，更形象直观．二、题〔每空2分，共20分〕13．〔4分〕由测得弹簧的弹力F与弹簧的长度L的关系如下图，那么弹簧的原长为20cm，劲度系数为1500N/m．考点：胡克律．分析：当弹力为零时，弹簧处于原长；根据胡克律F=kx，从图上根据弹簧的形变量和弹力大小，求出劲度系数，即图线的斜率．解答：解：由图可知，当弹力为零时，弹簧原长为20cm据胡克律F=kx得：F=k〔l﹣l0〕由图象斜率于劲度系数：k=N/m=1500N/m故答案为：20，1500点评：解决此题的关键掌握胡克律F=kx和据图象知道原长和斜率为劲度系数，题目较简单．14．〔6分〕在验证“互成角度的两个力的合成〞的中，某小组得出如下图的图〔F′与AO共线〕，图中F是F1与F2合成的理论值；F′是F1与F2合成的实际值，在中如果将两个细绳套换成两根橡皮条，那么结果是否变化？答：不变〔填“变〞或“不变〞〕．考点：验证力的平行四边形那么．专题：题．分析：该采用了“效法〞，由于误差的存在，导致F1与F2合成的实际值〔通过平行四边形那么得出的值〕，与理论值〔实际的数值〕存在差异，只要O点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响结果．解答：解：是F1与F2合成的理论值是通过平行四边形那么算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F′是F1与F2合成的实际值，F是F1与F2合成的理论值，由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响结果．故答案为：F，F′，不变．点评：掌握原理，从多个角度来理解和分析，提高分析解决问题的能力．15．〔10分〕在“匀变速直线运动的探究〞中〔1〕打点计时器使用的交流电频率为50Hz，如图是在一次中记录小车做变速运动的纸带，在纸带上选择A～F六个计数点，相邻两计数点之间还有四个点没有画出．纸带旁并排放着带有最小刻度为毫米的刻度尺，0刻度线跟计数点A对齐．距离s B S D S F测量值〔cm〕0 0 12.00①由表可以读出B、D、F 三个计数点到A点的距离S B、S D、S F，请将s D测量值填入表中：②计算小车在打计数点C时的瞬时速度为0.21 m/s，打计数点E时的瞬时速度为0.33 m/s；③小车在打计数点A和F这段时间间隔内的平均加速度为0.60 m/s2．〔2〕利用打点计时器测物体的匀变速直线运动的加速度时，在纸带上打出一的点．设相邻的计数点之间的距离分别为s1、s2、s3、s4、s 5、s6，相邻的计数点之间的时间间隔为T，那么以下关系式中误差最小的式子是④①a=②a=③a=④a=．考点：测匀变速直线运动的加速度．专题：题．分析：根据匀变速直线运动中，中间时刻的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上各点时小车的瞬时速度大小，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．解答：解：〔1〕①毫米刻度尺的最小位数是毫米，要估读一位，那么：d1=1.20cm，d3=5.40cm，d5=12.00cm．②由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，得：v C==0.21m/s，v E==0.33m/s，③从图中可以读出x13、x35间的距离，它们的时间间隔T=0.2s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：x35﹣x13=△x=aT2整理：a=m/s2=0.60m/s2〔2〕设相邻的计数点之间的距离分别为s1、s2、s3、s4、s5、s6，相邻的计数点之间的时间间隔为T，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=〔a1+a2+a3〕=．应选：④故答案为：〔1〕①0②0.21； 0.33③0.60〔2〕④点评：利用匀变速直线的规律以及推论解答问题的能力，在平时练习中要根底知识的理解与用，提高解决问题能力．三、计算题〔共30分，解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤〕16．〔10分〕如下图，一名骑独轮车的杂技演员在空中钢索上表演，如果演员和独轮车的总质量为80kg，两侧的钢索互成150°夹角，求钢索拉力有多大？〔cos75°=0.259，g取10N/kg〕考点：共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以独轮车和演员作为受力对象，受力分析，根据平衡条件求解钢索的拉力．解答：解：以独轮车和演员作为研究对象，整体受到重力G和钢索的拉力，由平衡条件得：两边钢索拉力的合力：F=G=mg=80×10N=800N即2Tcos75°=800N得：T≈1544N答：钢索所受拉力大约为1544N．点评：此题关键是正确的进行受力分析，根据平衡条件列方程求解，要注意钢索对独轮车的作用力大小是钢索对车各种力的合力．17．〔10分〕在平直公路上以10m/s的速度做匀速直线运动，发现前面有情况而刹车，假设前2s内的平均速度为8m/s，那么〔1〕经3s时速度大小为多少？〔2〕在10s内的位移是多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据平均速度义可求得物体第2s末的速度，根据速度时间公式可求物体的加速度，从而可求物体减速到零的时间，即可求3s时的速度即10s时的位移解答：解：设第2s末的速度为v t ，那么由得：v t =2﹣v0=2×8﹣10=6 m/s又由v t=v0+at，得加速度为：a== m/s2=﹣2 m/s2假刹车后经T s停下，那么有：T== s=5 s＞3 s而5 s＜10 s，故有：v3=v0+at3=10 m/s﹣2×3 m/s=4 m/s10 s内位移大小为：s===25 m答：〔1〕经3s时速度大小为4m/s〔2〕在10s内的位移是25m．点评：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用，知道该问题属于运动的刹车问题，速度减为零后不再运动．18．〔12分〕如下图，物体A重G A=40N，物体B重G B=20N，A与B、B与地的动摩擦因数相同．用水平绳将物体A系在竖直墙壁上，水平力F向右拉物体B，使物体B向右做匀速直线运动，此时F=30N．求：〔1〕接触面间的动摩擦因数多大？〔2〕绳子对A的拉力是多大？考点：摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．专题：摩擦力专题．分析：〔1〕对B进行受力分析，找出B受到的摩擦力，在水平方向上列式即可求得接触面的动摩擦因数．〔2〕对A进行受力分析，在水平方向由力的平衡可得知绳子对A的拉力．解答：解：〔1〕设接触面间的动摩擦因数为μ物体A与B间的摩擦力为：f1=μG A物体B与地面间的滑动摩擦力为：f2=μ〔G A+G B〕将B匀速拉出，拉力大小与两个摩擦力的合力大小相，有：F=μG A+μ〔G A+G B〕=μ〔2G A+G B〕即：30=μ〔2×40+20〕解得：μ=0.30〔2〕绳子对A的拉力大小于A受到的摩擦力，即为：F=F A=μG A=0.30×40N=12N答：〔1〕接触面间的动摩擦因数为0.30〔2〕绳子对A的拉力是12N点评：解答该题的关键是正确的对物体进行受力分析，受力分析时不要漏掉力〔按一的顺序进行分析〕，不要添加力〔每个力都要找到施力物体〕，然后结合物体的平衡进行列式计算．同时要注意整体法和隔离体法的灵活用．。
高一物理上学期第二次月考试题高一全册物理试题_2_01
应对市爱护阳光实验学校高一物理上学期第二次月考试题一．单项选择题：〔此题共7小题，每题4分，共计28分，每题只有一个选项符合题意〕1．以下几组物理量的单位，属于单位制中根本单位的是：A．牛顿、千克 B．秒、伏特 C．米、千克 D．千克、库仑【答案】C【解析】试题分析：牛顿、伏特、库仑都是单位制中的导出单位，千克、米是根本单位．故C正确，ABD错误．应选C.考点：单位制【点睛】单位制规了七个根本物理量，这七个根本物理量分别是谁，它们在单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的。
2．如图，鸟沿虚线斜向上加速飞行，空气对其作用力可能是〔〕A．F1B．F2C．F3 D． F4【答案】B 考点：力的合成【点睛】此题是运动情况判断受力情况的问题，关键是先根据运动情况确加速度方向，得到合力方向，然后受力分析后根据三角形那么判断空气作用力的方向。
3．一只小船渡河，运动轨迹如下图．水流速度各处相同且恒不变，方向平行于岸边；小船相对于静水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，船相对于静水的初速度大小均相同、方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变．由此可以确〔〕A．船沿AD轨迹运动时，船相对于静水做匀加速直线运动B．船沿三条不同路径渡河的时间相同C．船沿AB 轨迹渡河所用的时间最短D．船沿AC轨迹到达对岸前瞬间的速度最大【答案】D考点：运动的合成和分解【点睛】此题要抓住分运动与合运动具有时性，因水速一，看水流方向的位移就可知道三者时间不。
由轨迹是否直线和弯曲的方向就可知道船相对水作何种运动，由此选择答案。
4．如下图为杂技“顶竿〞表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人〞的压力大小为( )A．(M＋m)g B．(M＋m)g－ma C．(M＋m)g＋ma D．(M－m)g 【答案】B【解析】试题分析：对竿上的人分析：受重力mg，摩擦力F f，有mg－F f＝ma竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力—摩擦力，且大小相，方向相反，对竿分析：受重力Mg，摩擦力F f，方向向下，支持力F N，Mg＋F f＝F N，又因为竿对“底人〞的压力和“底人〞对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三律，得到F N＝(M＋m)g－ma.应选B.考点：牛顿第二律的用【点睛】此题是牛顿律的用问题；关键是能正确选择研究对象，并能正确的受力分析，然后根据牛顿律列出方程即可。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题__02
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、单项选择题〔此题共8小题，在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，每题4分，共32分〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．只有体积很小的物体才可以当作质点B．“地球围绕太阳转〞，是以地球为参考系C．“第3秒初〞就是第2秒末，指的是时刻D．位移的大小和路程总是相的，但位移是矢量，路程是标量．2．以下所描述的直线运动，不可能的是〔〕A．速度变化很小，加速度很大B．速度越来越大，加速度越来越小C．某瞬间速度为零，加速度很大D．速度变化越来越快，加速度越来越小3．如图是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果是〔〕A．0～1s内该质点的平均速度大小是2m/sB．0～1s内该质点的位移大小是2mC．0～1s内该质点的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内该质点的运动方向与2～4s内的运动方向相反4．如下图的v﹣t图象，此图象对的函数表达式为v=v0+at，那么a、v0分别为〔〕A．a=1m/s2，v0=0.5m/s B．a=0.5m/s2，v0=1m/s C．a=0.5m/s2，v0=3m/s D．a=﹣0.5m/s2，v0=1m/s5．一物体做匀加速直线运动，初速度大小为2m/s，经3s，末速度大小为8m/s，以下说法错误的选项是〔〕A．物体加速度为2m/s2B．第二秒内位移比第一秒内位移多2mC．2s末速度大小为6m/sD．3s内的平均速度为4m/s6．一位游客在比萨斜塔用大小两块石头做自由落体，假设他先让质量较大的石头自由下落，再让质量小的自由下落，那么这两块石头在空中下落时的高度差〔〕A．保持不变B．不断增大C．不断减小D．先增大后减小7．一物体静止在桌面上，那么〔〕A．物体对桌面的压力就是物体的重力B．压力、支持力是物体受到的一对平衡力C．物体对桌面的压力是由于桌面发生弹性形变产生的D．桌面发生弹性形变会对物体产生支持力8．如下图的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3，其大小关系是〔〕A．F1=F2=F3B．F1=F2＜F3 C．F1=F3＞F2 D．F3＞F1＞F2二、多项选择题〔此题共4小题，在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，每题4分，共16分〕9．下面给出的物理量中，哪些物理量是矢量〔〕A．位移B．力 C．路程D．速度10．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力不可能是〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、3N11．如下图，在粗糙水平地面上放一三角形劈，三角形劈与光滑竖直墙之间放一光滑圆球，整个装置处于静止状态，假设把三角形劈向右移动少许后，它们仍处于静止状态，那么〔〕A．球对墙的压力增大B．球对墙的压力不变C．球对三角形劈的压力增大D．地面对三角形劈的摩擦力不变12．如下图是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固，绕过滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内．为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是〔〕A．只增加绳的长度B．只减小重物的质量C．只将病人的脚向左移动D．只将两滑轮的间距增大二、填空题〔每空2分，共7x2=14分〕13．研究小车的匀变速运动，记录纸带如下图，图中两计数点间有四个点未画出．打点计时器所用电源的频率为50Hz ，那么小车运动的加速度a= m/s2，打P点时小车运动的v=m/s．14．“探究合力和分力的关系〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据结果画出的图．〔1〕图乙中的F和F′两力中，方向一沿AO方向的是〔2〕本采用的方法是A．理想法 B．效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法．15．在“探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数〞的中，装置如下图，所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒的拉力．时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相的弹簧总长度．〔1〕有一个同学通过以上测量后把6组数据描点在坐标图中，请作出F﹣L图线．〔2〕由此图线可得出该弹簧的原长L0= cm，劲度系数k=N/m16．升降机由静止开始以加速度a1匀加速上升2s后，速度到达3m/s，接着匀速上升10s后再以加速度a2做匀减速运动，经3s停下来．求：〔1〕加速度a1、a2的大小．〔2〕升降机上升的高度．17．甲、乙两物体从同一地点开始沿相同方向运动，甲做匀速直线运动，其速度大小为10m/s，乙做初速度为零、加速度为0.2m/s2的匀加速直线运动．〔1〕求乙经过多少时间追上甲？乙追上甲时离出发点多远？〔2〕求在乙追赶甲的过程中，什么时候它们相距最远？这时相距多远？18．如下图，重为100N的物体受推力F作用贴于墙面静止，F与墙的夹角θ=60°，墙对物体的最大静摩擦力为40N，要使物体保持静止，求推力F的大小范围．19．如下图，放在水平面上质量为m的物体受一个斜上的拉力F，这个力与水平方向成θ角，在此力作用下，物体水平向右匀速滑动，求：〔1〕物体与水平面间的动摩擦因数μ．〔2〕如果把此力F撤去，此时物体做什么运动？摩擦力多大？〔3〕如果在此题中动摩擦因数μ，现只给物体施加一个与水平方向成θ角的斜向下的推力F′，物体仍能保持匀速运动，求F′多大？一中高一〔上〕第二次月考物理试卷〔星〕参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共8小题，在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，每题4分，共32分〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．只有体积很小的物体才可以当作质点B．“地球围绕太阳转〞，是以地球为参考系C．“第3秒初〞就是第2秒末，指的是时刻D．位移的大小和路程总是相的，但位移是矢量，路程是标量．【考点】位移与路程；质点的认识．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．在研究物体的运动情况时，要先选取一个作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，那么物体是运动的；如果未发生变化，那么物体是静止的．位移是矢量，路程是标量．【解答】解：A、大的物体也可以看成质点，如研究地球绕太阳公转时，地球的形状和大小可以忽略，地球就可以看成质点，故A错误；B、“地球围绕太阳转〞，是以太阳为参考系，故B错误；C、“第3秒初〞就是第2秒末，指的是时刻，故C正确；D、只有做单向直线运动时，位移的大小才于路程，故D错误；应选：C【点评】此题考查了质点、参考系、路程与位移的根本概念，难度不大，属于根底题．2．以下所描述的直线运动，不可能的是〔〕A．速度变化很小，加速度很大B．速度越来越大，加速度越来越小C．某瞬间速度为零，加速度很大D．速度变化越来越快，加速度越来越小【考点】加速度；速度．【专题】性思想；归纳法；直线运动规律专题．【分析】加速度于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．【解答】解：A 、根据知，速度变化量很小，加速度可能很大，故A正确．B、当加速度方向与速度方向相同，加速度越来越小，速度越来越大，故B正确．C、某瞬间速度为零，但是速度的变化率可能很大，即加速度可能很大，故C正确．D、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越来越快，加速度越来越大，故D错误．此题选不可能的，应选：D．【点评】解决此题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关．3．如图是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果是〔〕A．0～1s内该质点的平均速度大小是2m/sB．0～1s内该质点的位移大小是2mC．0～1s内该质点的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内该质点的运动方向与2～4s内的运动方向相反【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】质点做匀变速运动时，平均速度公式为=．速度图象的“面积〞大小于位移，斜率于加速度，由速度的正负读出速度的方向．【解答】解：A、0～1s 内的平均速度是==1m/s．故A错误．B、速度图象的“面积〞大小于位移，那么有0～1s内的位移大小是x=×2×1=1m．故B错误C、速度图象的斜率于加速度，那么知0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度，故C正确．D、速度的正负表示速度的方向，那么知0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相同．故D错误．应选：C．【点评】此题是速度图象问题，关键抓住速度图象的“面积〞大小于位移，斜率于加速度．4．如下图的v﹣t图象，此图象对的函数表达式为v=v0+at，那么a、v0分别为〔〕A．a=1m/s2，v0=0.5m/s B．a=0.5m/s2，v0=1m/sC．a=0.5m/s2，v0=3m/s D．a=﹣0.5m/s2，v0=1m/s【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】匀变速直线运动的速度与时间关系式v=v0+at，v0、v表示初末速度，at表示速度的变化量，在v﹣t图线中，图线的斜率表示加速度．【解答】解：在公式v=v0+at中，v0是时间间隔t开始的速度，图象知v0=1m/s；v是时间间隔t结束时的速度，它们均是瞬时速度．在v﹣t图线中，图线的斜率表示加速度为：a==0.5m/s2应选：B．【点评】解决此题的关键知道速度时间公式的各个物理量的含义，注意公式的矢量性和v﹣t图象的意义．5．一物体做匀加速直线运动，初速度大小为2m/s，经3s，末速度大小为8m/s，以下说法错误的选项是〔〕A．物体加速度为2m/s2B．第二秒内位移比第一秒内位移多2mC．2s末速度大小为6m/sD．3s内的平均速度为4m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据加速度的义式求出加速度，再根据匀变速直线运动的推论△x=aT2知求出位移增量，利用速度时间关系求出2s末的速度，由匀变速直线运动的平均速度公式求出3s内的平均速度．【解答】解：A、由题意知，物体运动的加速度a=，故A正确；B、根据匀变速直线运动的推论△x=aT2知每秒位移增量△x=aT2=2×12m=2m，故B正确；C、据匀变速直线运动的速度时间关系v=v0+at=2+2×2m/s=6m/s，故C正确；D 、根据匀变速直线运动的平均速度公式=，故D错误；此题选说法错误的，应选：D．【点评】掌握匀变速直线运动的速度时间关系v=v0+at、平均速度关系及规律的推论△x=aT2是正确解题的关键．6．一位游客在比萨斜塔用大小两块石头做自由落体，假设他先让质量较大的石头自由下落，再让质量小的自由下落，那么这两块石头在空中下落时的高度差〔〕A．保持不变B．不断增大C．不断减小D．先增大后减小【考点】自由落体运动．【专题】性思想；推理法；自由落体运动专题．【分析】两个石头均做自由落体运动，由位移公式列出它们的距离与时间关系的表达式即可判断．【解答】解：设质量小的石头运动的时间为t，质量小的石头运动的时间为t+△t，那么两球的距离为：x==，可见，两球间的距离随时间推移，越来越大．故ACD错误，B正确；应选：B【点评】此题是自由落体运动位移公式的直接用，难度不大，属于根底题．7．一物体静止在桌面上，那么〔〕A．物体对桌面的压力就是物体的重力B．压力、支持力是物体受到的一对平衡力C．物体对桌面的压力是由于桌面发生弹性形变产生的D．桌面发生弹性形变会对物体产生支持力【考点】弹性形变和范性形变；物体的弹性和弹力．【专题】量思想；推理法；弹力的存在及方向的判专题．【分析】弹力产生的原因是施力物体发生形变要恢复原状而产生的．压力和重力是作用在不同物体上的两个力，根据二力平衡和作用力与反作用力的关系，可以得出压力和重力的大小关系【解答】解：A、物体对桌面的压力于桌面对物体的支持力，支持力和重力平衡，所以重力的大小与物体对桌面的压力大小相，方向相同．但是两个力作用的物体不同，性质也不同．故A错误．B、物体对桌面的压力、桌面对物体的支持力，是作用力反作用力．故B错误．C、物体向上形变要恢复原状产生对桌产生的压力．故C错误．D、桌面向下形变要恢复原状产生对物体的支持力．故D正确．应选：D【点评】解决此题的关键掌握弹力产生的原因，以及知道作用力与反作用力衡力的区别8．如下图的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3，其大小关系是〔〕A．F1=F2=F3B．F1=F2＜F3 C．F1=F3＞F2 D．F3＞F1＞F2【考点】胡克律．【分析】弹簧的弹力大小于弹簧所受的拉力大小，分别以小球为研究对象，由平衡条件求解弹簧的弹力．【解答】解：第一幅图：以下面小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力于小球的重力G；第二幅图：以小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力于小球的重力G；第三幅图：以任意一个小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力于小球的重力G；所以平衡时各弹簧的弹力大小相，即有F1=F2=F3．应选A【点评】此题根据平衡条件确弹簧的弹力大小，容易产生的错误是第三幅图：认为弹力于2G或0．二、多项选择题〔此题共4小题，在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，每题4分，共16分〕9．下面给出的物理量中，哪些物理量是矢量〔〕A．位移B．力 C．路程D．速度【考点】矢量和标量．【分析】矢量是既有大小，又有方向的物理量，而标量是只有大小，没有方向的物理量．【解答】解：A、位移是有方向的矢量．故A正确．B、力是有方向的矢量．故B正确．C、路程只有大小，没有方向，是标量．故C错误．D、速度是矢量．故D正确．应选ABD【点评】对于矢量物标量，关键抓住矢量有方向，而标量没有方向．10．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力不可能是〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、3N【考点】力的合成．【分析】物体受共点力F1、F2、F3作用而作匀速直线运动，说明这3个力的合力为零，只需要找出合力可能为零的一组．【解答】解：因物体做匀速直线运动，所以所受的合力为零．因为是三个力，我们可让前两个先合成，再和第三个合成：A：前两个力的合力范围是：[10N，20N]，第三个力是6N，所以合力不可能为零．B：前两个力的合力范围是：[3N，9N]，第三个力是4N，所以合力可能为零．C：前两个力的合力范围是：[1N，3N]，第三个力是10N，所以合力不可能为零．D：前两个力的合力范围是：[5N，7N]，第三个力是3N，所以合力不可能为零．此题选择不可能的，应选：ACD．【点评】求三个力的合力时我们可以先合成前两个力，再与第三个力进行合成即可．11．如下图，在粗糙水平地面上放一三角形劈，三角形劈与光滑竖直墙之间放一光滑圆球，整个装置处于静止状态，假设把三角形劈向右移动少许后，它们仍处于静止状态，那么〔〕A．球对墙的压力增大B．球对墙的压力不变C．球对三角形劈的压力增大D．地面对三角形劈的摩擦力不变【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】物体和三角形劈都处于静止状态，受力平衡，先对球受力分析，再对三角形劈受力分析，结合共点力平衡条件列式分析即可．【解答】解：对球受力分析，受重力、三角形劈支持力和墙壁的支持力；再对三角形劈受力分析，受重力、球的压力、地面的支持力和摩擦力；假设把三角形劈向右移动少许，各个力的方向均没有改变，重力不变，故题中所有的力大小也都不变；故AC错误，BD正确；应选：BD．【点评】此题只需判断出各个力的方向是否改变，然后结合共点力平衡条件性分析即可，根底题目．12．如下图是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固，绕过滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内．为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是〔〕A．只增加绳的长度B．只减小重物的质量C．只将病人的脚向左移动D．只将两滑轮的间距增大【考点】力的合成与分解的运用．【分析】对与滑轮接触的一小段绳子受力分析，根据共点力平衡条件求出脚对绳子的拉力，根据表达式讨论即可．【解答】解：对与滑轮接触的一小段绳子受力分析，如图受到绳子的两个大的拉力F1=F2=mg2F1cosθ=F解得F=2mgcosθ要减小拉力F，关键是要增大角θ或者减小m，故B正确；增加绳子长度不会改变角度θ，故不会改变里F，故A错误；将脚向左移动，会减小角θ，会增加拉力，故C错误；由几何关系可知，两个滑轮间距增大，会增加角θ，故拉力F会减小，故D正确；应选BD．【点评】此题关键求出拉力的表达式，然后根据表达式求解．二、填空题〔每空2分，共7x2=14分〕13．研究小车的匀变速运动，记录纸带如下图，图中两计数点间有四个点未画出．打点计时器所用电源的频率为50Hz ，那么小车运动的加速度a= 0.80 m/s2，打P点时小车运动的v= 0.25 m/s．【考点】测匀变速直线运动的加速度．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】纸带中，假设纸带匀变速直线运动，根据中间时刻速度于一段过程中的平均速度可求出某点的瞬时速度，根据运动学公式△x=at2求得加速度．【解答】解：由于两相邻计数点间有四个点未画出，所以两相邻计数点时间间隔为0.1s根据运动学公式得：△x=at 2，a==0.80m/s2根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，图中第1、2两个点间的中间时刻速度大小于==0.21m/s根据运动学公式v=v0+at得v p=+a=0.25 m/s故答案为：0.80，0.25【点评】要提高用匀变速直线的规律以及推论解答问题的能力，在平时练习中要根底知识的理解与用．14．“探究合力和分力的关系〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据结果画出的图．〔1〕图乙中的F和F′两力中，方向一沿AO方向的是F′〔2〕本采用的方法是 BA．理想法 B．效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法．【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题．【分析】根据本的原理：采用作合力与分力的图示的方法来探究平行四边形那么来分析选择．【解答】解：〔1〕F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一沿AO方向的是F′．〔2〕合力与分力是效替代的关系，所以本采用的效替代法．应选B．故此题答案是〔1〕F′〔2〕B【点评】本采用的是效替代的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代．15．在“探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数〞的中，装置如下图，所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒的拉力．时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相的弹簧总长度．〔1〕有一个同学通过以上测量后把6组数据描点在坐标图中，请作出F﹣L图线．〔2〕由此图线可得出该弹簧的原长L0= 5 cm，劲度系数k= 20 N/m【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；弹力的存在及方向的判专题．【分析】〔1〕用一条直线连接即可，要注意将尽可能多的点连在线上，不通过直线的点大致均匀地分布与直线两侧，偏差过大的点是测量错误，该舍去；〔2〕图线与横轴的连线表示原长，斜率表示劲度系数．【解答】解：〔1〕作出F﹣L图线，如下图；〔2〕弹簧处于原长时，弹力为零，故弹簧的原长L0=5cm；图象的函数表达式为：F=k〔L﹣L0〕，故斜率表示劲度系数；劲度系数k===20N/m；故答案为：〔1〕如下图；〔2〕5，20．【点评】此题关键是明确描点作图的方法，同时求解出图象的函数表达式，得到斜率的含义，然后通过图象求解出劲度系数．16．升降机由静止开始以加速度a1匀加速上升2s后，速度到达3m/s，接着匀速上升10s后再以加速度a2做匀减速运动，经3s停下来．求：〔1〕加速度a1、a2的大小．〔2〕升降机上升的高度．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速减速过程均可以使用速度时间公式求解加速度，升降机的高度即上升的总位移，可分为三段来求．【解答】解：〔1〕由v=v0+at代入数据，求得故a1、a2大小分别为m/s2、1m/s2〔2〕升降机上升的总高度故升降机一共上升了3m．答：〔1〕加速度a1、a2的大小分别为m/s2、1.0m/s2．〔2〕升降机上升的高度为3m．【点评】此题侧重过运动过程的分段分析，考查知识比拟根底，解法比拟多，如总位移时可以使用图象法求解，解题多尝试一题多解．17．甲、乙两物体从同一地点开始沿相同方向运动，甲做匀速直线运动，其速度大小为10m/s，乙做初速度为零、加速度为0.2m/s2的匀加速直线运动．〔1〕求乙经过多少时间追上甲？乙追上甲时离出发点多远？〔2〕求在乙追赶甲的过程中，什么时候它们相距最远？这时相距多远？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】〔1〕当乙追上时，甲乙的位移和时间相，利用运动学列方程求解即可．〔2〕结合运动特点分析，当两者的速度相时，两物体相距最远，利用运动学公式求解即可．【解答】解：〔1〕当乙追上甲，那么两物体的位移和时间相所以 V0t=at2解得：t=100s所以s=v0t=10×100m=1000m〔2〕由于甲做匀速，乙的速度逐渐增大，所以甲乙相距越来越远，当乙的速度为10m/s时，它们相距最远因为V t=at所以t=50s甲乙的位移分别为：s甲=V甲t=10×50=500ms乙=v甲t=at2=250m所以△s=s甲﹣s乙=500m﹣250m=250m答：〔1〕乙经过100s时间追上甲，乙追上甲时离出发点1000m．〔2〕在乙追赶甲的过程中，经50s它们相距最远，这时相距250m．【点评】知道相距时的位移和速度关系，相距最远时速度相是解题的关键，也可用数学极值的思想求解，解题方法较多．18．如下图，重为100N的物体受推力F作用贴于墙面静止，F与墙的夹角θ=60°，墙对物体的最大静摩擦力为40N，要使物体保持静止，求推力F的大小范围．【考点】共点力平衡的条件及其用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】简答题；量思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】当物体刚要上滑时，静摩擦力沿墙壁向下到达最大值，此时力F为最大；当物体刚要下滑时，静摩擦力沿墙壁向上到达最大值，此时力F最小．根据平衡条件求出F的最大值和最小值，得出F的取值范围．【解答】解：由题意，对物体受力分析知：〔1〕假设物体有下滑趋势，那么静摩擦力向上，当静摩擦力到达最大时，F有最小值如下图，根据平衡条件有：F min cos60°+f max=G解得：F min=120N〔2〕假设物体有上滑趋势，那么静摩擦力向下，当静摩擦力到达最大时，F有最大值，如下图，根据平衡条件有：F max cos60°=G+f max解得：F max=280N综上所述，推力F的大小范围为120N≤F≤280N．答：推力F的大小范围为120N≤F≤280N．【点评】此题是力平衡中临界问题，关键分析临界条件：当物体刚要滑动时，物体间的静摩擦力到达最大值．正确分析受力情况，运用正交分解法求解．19．如下图，放在水平面上质量为m的物体受一个斜上的拉力F，这个力与水平方向成θ角，在此力作用下，物体水平向右匀速滑动，求：〔1〕物体与水平面间的动摩擦因数μ．〔2〕如果把此力F撤去，此时物体做什么运动？摩擦力多大？。
安徽省巢湖市无为县华星学校2014_2015学年高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)
安徽省巢湖市无为县华星学校2014-2015学年高一上学期第二次月考物理试卷一、【图象专题】1．（3分）如图为某物体做直线运动的v﹣t图象，关于物体在前4s的运动情况，下列说法正确的是（）A．物体始终向同一方向运动B．物体的加速度大小不变，方向与初速度方向相同C．物体在前2s内做减速运动D．物体在前2s内做加速运动2．（3分）A、B两物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相反B．开头4s内A、B两物体的位移相同C．t=4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大3．（3分）某物体运动的速度﹣时间图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．匀变速直线运动C．朝某一方向的直线运动D．不能确定4．（3分）甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度﹣时间图象分别如图中的a和b所示．在t1时刻（）A．它们的运动方向相同B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大D．乙的速度比甲的速度大5．（3分）下列关于匀速直线运动的x一t图象、v一t图象的说法正确的有（）A．x一t图象表示物体运动的轨迹，v一t图象不表示物体运动的轨迹B．在x一t图象中不能表示出物体速度的大小C．在v一t图象中可以表示出物体速度的大小和某段时间t内的位移D．x一t图象一定经过坐标原点6．（3分）两个物体a、b同时开始沿同一条直线运动．从开始运动起计时，它们的位移图象如图所示．关于这两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A．开始时a的速度较大，加速度较小B．a做匀减速运动，b做匀加速运动C．a、b速度方向相反，速度大小之比是2：3D．在t=3s时刻a、b速度相等，恰好相遇7．（3分）如图所示为A、B两人在同一直线上运动的位移图象，图象表示（）A．0～2秒内A、B两人同向而行B．0～2秒内A的速度比B的速度大C．在5s内，A走的路程比B走的路程多D．在5s内，A的位移比B的位移大8．（3分）本校开展无线电定位“搜狐“比赛，有甲、乙两人从如图所示的同一地点O同时出发，并同时到达地点A搜到狐狸，两人的搜狐路径已在图中标出，则（）A．两人运动的平均速度相等B．甲的平均速度大于乙的平均速度C．甲的路程小于乙的路程D．甲的位移小于乙的位移9．（3分）甲、乙、丙三个物体运动的位移随时间变化的图象（x﹣t图象）如图所示，下列说法中正确的是（）A．乙物体作匀加速直线运动B．甲物体作曲线运动C．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲=乙=丙D．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲＞乙＞丙10．（3分）物体A、B的s﹣t图象如图所示，由图可知（）A．从第3s起，两物体运动方向相同，且v A＞v BB．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动C．在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D．5s内A、B的平均速度相等11．（3分）下列所给的图象中能反映做直线运动的物体在2秒末回到初始位置的是（）A．B． C．D．一、选择题（每题4分，共32分，有的题目只有一个答案，有的题目不止一个答案，全部选对得4分，漏选得2分，错选得0分）12．（4分）从静止开始做匀加速直线运动的物体，前10s内的位移是10m，则该物体运动1min 时的位移为（）A．36m B．60m C．120m D．360m13．（4分）下列关于匀变速直线运动的说法正确的是（）A．相同的时间内位移变化相同B．相同的时间内速度变化相同C．相同的时间内加速度变化相同D．任意时刻速度的变化率相同14．（4分）在地面上，将一个小球以v=20m/s初速度竖直上抛，则小球到达距抛出点10m的位置所经历的时间为（g=10m/s2）（）A．（2+）S B．（2﹣）S C．S D．（2+）S15．（4分）汽车以大小为20m/s的速度做匀速直线运动．刹车后，获得的加速度的大小为5m/s2，那么刹车后2s内与刹车后6s内汽车通过的路程之比为（）A．1：1 B．3：1 C．4：3 D．3：416．（4分）物体第1s由静止向右做加速度为1m/s2的匀加速直线运动，第2s的加速度方向向左，大小不变，以后每隔1s加速度的方向都改变一次，但大小不变，则1min后物体在（）A．原位置B．原位置左0.5m C．原位置右0.5m D．原位置右30m17．（4分）一物体从H高处自由下落，经时间t落地，则当它下落时，离地面的高度为（）A．B．C．D．18．（4分）关于加速度，下列说法正确的是（）A．速度变化越大，加速度一定越大B．速度的变化率越大，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．单位时间内速度变化越大，加速度一定越大19．（4分）一质点沿直线运动时的速度﹣﹣时间图线如图所示，则以下说法正确的是（）A．第1s末质点的位移和速度都改变方向B．第2s末质点的运动方向改变C．第4s末质点的位移为零D．第3s末和第5s末质点的位置相同二、填空题（每空3分，共33分）20．（3分）一物体从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，它到达斜面底端时的速度是m/s，则经过斜面中点时的速度是m/s．21．（9分）汽车以2m/s2的加速度由静止开始启动，则第5s末汽车的速度是m/s，第5s内汽车的平均速度是m/s，第5s内汽车的位移是m．22．（3分）一列车从静止开始做匀加速直线运动，一人站在第一节车厢前观察，第一节车厢经过他身旁历时2s，全车经过他身旁历时6s，那么，该列车车厢的总数为（设每节车厢一样长）23．（6分）一个做匀变速直线运动的物体，第一个3s内的位移是9m，第2个3s内位移为0，则该物体运动的加速度为，初速度为．24．（12分）一质点在Ox坐标轴上运动，t=0时，位于坐标原点，图为质点做直线运动的v﹣t图线．则由图线可知，该质点的位移﹣时间关系式为．在时刻t=时，质点与坐标原点有最大距离，从0到t=20s，质点位移为m，通过路程为m．三、计算题（第14题8分，第15题8分，第16题9分，第17题10分）25．（8分）矿井里的升降机，由静止开始匀加速上升，经5s速度达到6m/s后，又以此速度匀速度上升10s，然后匀减速上升，又经10s停在井口．求矿井的深度．26．（8分）小球从斜面的顶端以初速度v0=2m/s，加速度a=2m/s2沿斜面向下匀加速滑行，在到达斜面底端前一秒内所通过的位移是斜面长的，求：（1）斜面的长度？（2）小球到达斜面底端的速度大小？27．（9分）一根木棍保持竖直状态静止不动，在木棍正下方距木棍上端0.8m处有一点A，当木棍由静止释放后，木棍通过A点所用时间是0.2s，不计空气阻力，求木棍的长度是多少？（g=10m/s2）28．（10分）一跳伞运动员从350m高空离开飞机跳伞降落，为了使落地时间快一些，开始时未打开伞而自由下落，降落一段距离后才张开伞，张开伞后以2m/s2的加速度匀减速下落，到达地面时的速度为4m/s．问跳伞运动员应在离开地面多高处张开伞？（g取10m/s2）安徽省巢湖市无为县华星学校2014-2015学年高一上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、【图象专题】1．（3分）如图为某物体做直线运动的v﹣t图象，关于物体在前4s的运动情况，下列说法正确的是（）A．物体始终向同一方向运动B．物体的加速度大小不变，方向与初速度方向相同C．物体在前2s内做减速运动D．物体在前2s内做加速运动考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度的正负判断速度的方向．速度图象的斜率等于加速度．根据图线速度变化的变化分析物体做什么运动．解答：解：A、由图看出，在前2s内，物体沿负方向运动，在后2s内物体沿正方向运动，运动方向发生了改变．故A错误．B、速度图线的斜率等于加速度，直线的斜率不变，说明物体的加速度大小和方向都不变．加速度始终沿正方向，而物体的初速度方向沿负方向，所以加速度方向与初速度方向相反．故B 错误．C、D体在前2s内向负方向做匀减速运动．故C正确，D错误．故选C点评：根据速度图象直接速度加速度的方向，由斜率大小求出加速度的大小是基本能力，要熟练掌握．2．（3分）A、B两物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相反B．开头4s内A、B两物体的位移相同C．t=4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图象中的坐标可知物体速度的大小及方向；由斜率的大小可知加速度；由图象与时间轴围成的面积可表示位移．解答：解：A、由图可知两物体均沿正方向运动，故速度方向相同，故A错误；B、4s内B的移大于A的位移，故B错误；C、4s时丙物体的图象相交，说明两物体速度相同，故C正确；D、A的斜率小于B的斜率，说明A的加速度比B要小，故D错误；故选C．点评：解决v﹣t图象关键在于弄清图象中点的坐标、斜率及面积的含义；再由数学方法进行分析即可．3．（3分）某物体运动的速度﹣时间图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．匀变速直线运动C．朝某一方向的直线运动D．不能确定考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：本题是速度﹣时间图象，速度的正负表示速度的方向．图线在横轴上方表示速度都正方向，表示都向正方向运动．解答：解：A、C由题是速度﹣时间图象，速度都正值，表示物体都沿正方向运动，即朝某一方向直线运动，而不是往复运动．故A错误，C正确．B、物体做的是匀加速直线运动与匀减速直线运动交替的运动，加速度在交替变化，整个不是匀变速直线运动．故B错误．D、可以确定物体的运动情况．故选：C．点评：本题考查理解速度图象的能力，要注意速度的方向由其正负号来表示，匀变速直线运动的特点是加速度恒定不变．4．（3分）甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度﹣时间图象分别如图中的a和b所示．在t1时刻（）A．它们的运动方向相同B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大D．乙的速度比甲的速度大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线速度的正负表示运动的方向，根据图线可得出某时刻速度的大小．解答：解：A、在t1时刻，甲和乙的速度都为正值，可知它们的运动方向相同．故A正确，B错误．C、在t1时刻，乙的速度大小大于甲的速度大小．故C错误，D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道速度时间图线表示的物理意义，知道图线斜率、速度的正负值、图线与时间轴围成的面积表示的含义．5．（3分）下列关于匀速直线运动的x一t图象、v一t图象的说法正确的有（）A．x一t图象表示物体运动的轨迹，v一t图象不表示物体运动的轨迹B．在x一t图象中不能表示出物体速度的大小C．在v一t图象中可以表示出物体速度的大小和某段时间t内的位移D．x一t图象一定经过坐标原点考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：解答本题应该掌握：z﹣t图象和v﹣t图象的物理意义以及与轨迹图象的区别；如何在s﹣t图象中确定物体的速度；如何在v﹣t图象中确定物体的位移．解答：解：A、x﹣t和v﹣t图象分别描述的是位移和时间速度和时间的关系图象，并非物体运动的轨迹图象，故A错误；B、在x﹣t图象中，图象的斜率表示物体速度的大小，故B错误；C、从v﹣t图象上可以直接读出各个时刻物体速度的大小，图象和时间轴围成的面积表示物体位移大小，故C正确；D、z﹣t图象是否过原点是看t=0时间物体的位移是否为零，因此z﹣t图象不一定都过原点，故D错误．故选：C．点评：本题考察了学生对z﹣t和v﹣t图象掌握、理解情况，图象的理解要从两坐标轴物理意义入手，不能主观的根据图象形状理解．6．（3分）两个物体a、b同时开始沿同一条直线运动．从开始运动起计时，它们的位移图象如图所示．关于这两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A．开始时a的速度较大，加速度较小B．a做匀减速运动，b做匀加速运动C．a、b速度方向相反，速度大小之比是2：3D．在t=3s时刻a、b速度相等，恰好相遇考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：位移时间图线斜率表示速度，根据斜率的正负判断运动的方向，位移相等时，根据斜率表示速度的大小．解答：解：A、由图线可知，a、b均做匀速直线运动，加速度都为零，开始时b的速度大小较大．故A错误，B错误．C、a、b图线的斜率为一正一负，知速度方向相反，速度大小之比为2：3．故C正确．D、在t=3s时，a、b的位移相等，速度不等．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线斜率表示的含义．7．（3分）如图所示为A、B两人在同一直线上运动的位移图象，图象表示（）A．0～2秒内A、B两人同向而行B．0～2秒内A的速度比B的速度大C．在5s内，A走的路程比B走的路程多D．在5s内，A的位移比B的位移大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．解答：解：A、位移﹣时间图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向；所以0～2秒内A斜率为负即速度为负方向的运动，B的斜率为正数，即速度为正方向，所以两人运动方向相反，故A错误．B、0～2秒内A的速度v A==m/s=﹣12m/s，即A的速度大小为12m/s，B的速度v B==m/s=30m/s，故B错误．C、在5s内，A从60m位置走到零位置，走的路程为60m；B先从零位置到达60m位置，然后静止两秒，在向负方向运动，路程大于60m，故C错误．D、在5s内，A的位移为﹣60m，B的位移小于60m，故D正确．故选：D点评：理解位移﹣时间图象上点和斜率的物理意义；特别是斜率代表速度，求解斜率的方法V=．8．（3分）本校开展无线电定位“搜狐“比赛，有甲、乙两人从如图所示的同一地点O同时出发，并同时到达地点A搜到狐狸，两人的搜狐路径已在图中标出，则（）A．两人运动的平均速度相等B．甲的平均速度大于乙的平均速度C．甲的路程小于乙的路程D．甲的位移小于乙的位移考点：平均速度；位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于物体的位移与所用时间的比值．位移是从起点到终点的有向线段，从图上找出起点和终点，确定位移关系，再研究平均速度关系．路程是物体运动路线的长度．解答：解：A、由图看出，甲乙两人起点都在O点，终点都在A点，位移相同，所用时间相同，则根据平均速度的公式得知，平均速度一定相同．故A正确，BD错误．C、路程是物体运动路线的长度，从图看出，甲的路程大于乙的路程．故C错误故选：A点评：本题是物体的运动轨迹图线，能直接看出物体运动路线和起点、终点，只要懂得平均速度的含义就能正确解答．9．（3分）甲、乙、丙三个物体运动的位移随时间变化的图象（x﹣t图象）如图所示，下列说法中正确的是（）A．乙物体作匀加速直线运动B．甲物体作曲线运动C．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲=乙=丙D．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲＞乙＞丙考点：匀变速直线运动的图像．专题：直线运动规律专题．分析：x﹣t图象描述物体的位置随时间的变化规律，图象的斜率表示物体的速度．解答：解：A、乙物体的位移随时间均匀增加，故乙物体做匀速直线运动；故A错误；B、x﹣t图象只能描述直线运动，故B错误；C、三个物体在相同时间内的位移相同，故平均速度一定相同；故C正确；D错误；故选：C．点评：本题考查对x﹣t图象的掌握，要注意x﹣t图象中图象的意义，同时注意平均速度的定义．10．（3分）物体A、B的s﹣t图象如图所示，由图可知（）A．从第3s起，两物体运动方向相同，且v A＞v BB．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动C．在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D．5s内A、B的平均速度相等考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间的斜率大小等于物体的速度．由图直接读出物体开始运动的时刻和位置．两图线的交点表示位移相同，两物体到达同一位置相遇．纵坐标的变化量等于物体通过的位移，读出位移大小，再比较5s内平均速度大小关系．解答：解：A、由图看出，两图线的斜率都大于零，说明两物体都沿正方向运动，运动方向相同．图线A 的斜率大于图线B的斜率，说明A的速度大于B的速度，即v A＞v B．故A正确．B、物体A从原点出发，而B从正方向上距原点5m处出发，出发的位置不同．物体A比B迟3s才开始运动．故B错误．C、5s末两图线相交，说明5s末两物体到达同一位置相遇．但两物体5s内通过的位移不同，A通过的位移为△x A=10m﹣0=10m，物体B通过的位移为△x B=10m﹣5m=5m．故C错误．D、由上知道，5s内A通过的位移大于B的位移，所以5s内A的平均速度大于B的平均速度．故D错误．故选A点评：对于位移图象，关键抓住斜率大小等于物体的速度、坐标变化量表示位移来理解其物理意义．11．（3分）下列所给的图象中能反映做直线运动的物体在2秒末回到初始位置的是（）A．B． C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：首先区分图象是x﹣t图象还是v﹣t图象，由两种图象的性质可判断是否满足条件．解答：解：A、由图可知，2s末物体的纵坐标为零，与初始坐标相同，故A图中物体回到了初始位置，故A正确；B、物体从正向2m处出发，2s末时到达负向的2m处，故没有回到初始位置，故B错误；C、物体1s内以2m/s的速度沿正方向运动，1s末位移为2m，第2s内，物体反向以2m/s的速度运动，第2s内位移为负方向的2m，故物体应回到初始位置，故C正确；D、由图可知，物体一直沿正方向运动，故2s末物体无法回到初始位置，故D错误；故选AC．点评：在研究图象时要先分析图象的坐标，然后再由坐标确定图象的意义；切不可将x﹣t 图象当作v﹣t图象处理．一、选择题（每题4分，共32分，有的题目只有一个答案，有的题目不止一个答案，全部选对得4分，漏选得2分，错选得0分）12．（4分）从静止开始做匀加速直线运动的物体，前10s内的位移是10m，则该物体运动1min 时的位移为（）A．36m B．60m C．120m D．360m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据位移时间关系公式列式求解即可．解答：解：前10秒内的位移：；前60s内的位移：；故：；解得：x2=360m；故选D．点评：本题考查了匀变速直线运动的位移时间关系公式直接运用，要理解公式中各个物理量的含义，基础题．13．（4分）下列关于匀变速直线运动的说法正确的是（）A．相同的时间内位移变化相同B．相同的时间内速度变化相同C．相同的时间内加速度变化相同D．任意时刻速度的变化率相同考点：匀变速直线运动的公式．专题：直线运动规律专题．分析：匀变速直线运动的加速度是不变的，根据速度时间公式和位移时间公式可以得知速度、位移随时间的变化规律．解答：解：A、C、匀变速直线运动的加速度是不变的．由△x=at2知，知相同的时间内位移变化相同，故A正确，C错误．B、由△v=at，知a不变，则相同的时间内速度变化相同，故B正确．D、加速度等于速度的变化率，则加速度不变，任意时刻速度的变化率相同，故D正确．故选：ABD．点评：解决本题的关键知道匀变速直线运动的特点，以及掌握匀变速直线运动的速度公式和位移公式．14．（4分）在地面上，将一个小球以v=20m/s初速度竖直上抛，则小球到达距抛出点10m的位置所经历的时间为（g=10m/s2）（）A．（2+）S B．（2﹣）S C．S D．（2+）S考点：竖直上抛运动．分析：位移是矢量，抛出后石子通过距抛出点15m处，可能是上升阶段经过10m高处，也可能是下降阶段经过高10m处，还有可能是下降阶段经过下方10m处，代入位移时间关系公式求解即可．解答：解：竖直上抛运动是匀变速运动，当x=10m时，根据位移时间关系公式，有x=v0t﹣gt2解得t1=2+s，t2=2﹣s故AB正确；当位移为x=﹣10m时，根据位移时间关系公式，有x=v0t﹣gt2解得t3=2+s，t4=2﹣s（舍去）故D正确；故选：ABD．点评：本题关键是将竖直上抛运动的上升和下降阶段作为一个过程考虑（匀变速直线运动），同时要明确物体的位置可能在抛出点上方，也可能在抛出点下方．15．（4分）汽车以大小为20m/s的速度做匀速直线运动．刹车后，获得的加速度的大小为5m/s2，那么刹车后2s内与刹车后6s内汽车通过的路程之比为（）A．1：1 B．3：1 C．4：3 D．3：4考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车速度减为零所需的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出刹车后2s内和6s内的位移，从而得出大小之比．解答：解：汽车刹车速度减为零所需的时间t=．则刹车2s内的位移=．刹车后6s内的位移．则位移大小之比为x1：x2=3：4．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题考查运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车刹车速度减为零后不再运动．16．（4分）物体第1s由静止向右做加速度为1m/s2的匀加速直线运动，第2s的加速度方向向左，大小不变，以后每隔1s加速度的方向都改变一次，但大小不变，则1min后物体在（）A．原位置B．原位置左0.5m C．原位置右0.5m D．原位置右30m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：因为加速度的大小不变，第一秒结束时的速度正好在第二秒内被减为零，而移动的方向还是向右，只不过是减速运动嘛．第三秒又重复第一秒的动作，第四秒重复第二秒的动作．第五秒第六秒以及到第六十秒都在向右运动．解答：解：第一秒末的速度为：v=at=1m/s，第一秒的平均速度为；第二秒内做末速度为零的匀减速直线运动，第二秒的平均速度为：；故每一秒的平均速度都为，故60s内的平均速度为；故60s内的位移为：；故选D．点评：本题关键明确奇数秒内物体匀加速直线运动，偶数秒内物体做匀减速直线运动，还可以画出v﹣t图象进行分析．17．（4分）一物体从H高处自由下落，经时间t落地，则当它下落时，离地面的高度为（）A．B．C．D．考点：自由落体运动．分析：物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移公式可以求得．解答：解：物体做自由落体运动，由H=gt2，当时间为时，物体下落的高度为 h=g=，所以离地面的高度为，所以C正确．故选C．点评：本题是对自由落体运动公式的直接应用，题目比较简单．18．（4分）关于加速度，下列说法正确的是（）A．速度变化越大，加速度一定越大B．速度的变化率越大，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．单位时间内速度变化越大，加速度一定越大考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于速度变化和所用时间的比值，加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度是矢量有大小也有方向．解答：解：A、速度变化越大，但不知道速度变化所用时间，故不能确定加速度一定越大，故A错误；B、速度变化率是单位时间内速度的变化，故速度变化率越大，加速度越大，故B正确；C、加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度越大，物体速度变化越快，故C正确；D、加速度是物体的速度变化和所用时间的比值，也就是单位时间内速度的变化，故D正确．故选：BCD．点评：掌握加速度的定义及其物理意义是正确解题的关键，不难属于基础题．19．（4分）一质点沿直线运动时的速度﹣﹣时间图线如图所示，则以下说法正确的是（）。
高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)高一全册物理试题3
应对市爱护阳光实验学校北2021～2021度高第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共10小题，其中1--6题为单项选择题，每题4分，7--10题为多项选择题每题5分，共44分〕1．运动的物体状态发生改变，那么它的〔〕A．加速度一发生了改变B．速度肯发生了变化C．所受的外力一变化D．肯从静止变为运动2．在一条倾斜的、静止不动的传送带上，有一铁块正在匀速向下滑动，如果传送带向上加速运动，同一铁块由上端滑到底端所用时间〔〕A．不变B．增多C．减小D．不能确3．甲、乙两辆在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图中，直线a、b分别描述了甲、乙两车在0﹣20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，以下说法正确的选项是〔〕A．在0﹣10 s内两车逐渐靠近B．在10﹣20 s内两车逐渐远离C．在5﹣15 s内两车的位移相D．在t=10 s时两车在公路上相遇4．如下图，在水平力F的作用下，木块A、B保持静止．假设木块A与B的接触面是水平的，且F≠0．那么关于木块B的受力个数可能是〔〕A．3个或4个B．3个或5个C．4个或5个D．4个或6个5．如下图，一重为8N的球固在AB杆的上端，今用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，此时测力计的示数为6N，那么AB杆对球作用力的大小为〔〕A．6 N B．8 N C．10 N D．12 N6．如下图，一只盛水的容器固在一个小车上，在容器中分别悬挂和拴住一只铁球和一只乒乓球，容器中水和铁球．乒乓球都处于静止状态，当容器随小车突然向右运动时，两球的运动状况是〔以小车为参考系〕〔〕A．铁球向左，乒乓球向右B．铁球向右．乒乓球向左C．铁球和乒乓球都向左D．铁球和乒乓球都向右7．如图在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起作无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，那么在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是〔〕A．μma B．ma C ．D．F﹣Ma8．一轻杆BO，其O端用光滑铰链铰于固竖直杆AO上，B端挂一重物，且系一细绳，细绳跨过杆顶A处的光滑小滑轮，用力F拉住，如下图．现将细绳缓慢往左拉，使杆BO与杆AO间的夹角θ逐渐减小，那么在此过程中，拉力F及杆BO所受压力F N的大小变化情况是〔〕A．F N先减小，后增大B．F N始终不变C．F先减小，后增大D．F逐渐不变9．传送机的皮带与水平方向的夹角为α，如下图，将质量为m的物体放在皮带传送机上，随皮带一起向下以加速度为a〔a＞gsin α〕匀加速直线运动，那么〔〕A．小物体受到的静摩擦力的方向一沿皮带向上B．小物体受到的静摩擦力的方向一沿皮带向下C．小物块受到的静摩擦力的大小可能于mgsinαD．小物块受到的静摩擦力的大小可能于零10．关于伽利略理想，以下说法正确的选项是〔〕A．理想是一种实践活动B．理想是一种思维活动C．伽利略的理想否了亚里士多德关于力与运动的关系D．伽利略的理想证实牛顿第二律二、题〔此题共2小题，共15分.按题目要求作答.〕11．某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系〞．如图a为装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有砝码的小桶，D为一端带有滑轮的长方形木板，中认为细绳对小车拉力F于砝码和小桶的总重量，小车运动加速度a可用纸带上点求得．〔1〕图〔b〕为某次得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为m/s2．小车在C点时的速度大小是m/s〔保存三位有效数字〕在“探究加速度与力的关系〞时，保持小车的质量不变，改变小桶中砝码的质量，该同学根据数据作出了加速度a与合力F图线如图c，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因：．12．某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的中，设计了图甲所示装置，他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将钩码逐个挂在弹簧下端，每次都测出相的弹簧总长度，将数据填在下面的表中．〔弹簧始终在弹性限度内〕测量次数 1 2 3 4 5 6 弹簧弹力大小F/N 0 0.49 0.98 7 6 5弹簧总长x/cm 0 6 4 8 10.85 15〔1〕根据数据在图乙的坐标纸上已描出了前四次测量的弹簧所受弹力大小F 跟弹簧总长X之间的函数关系点，请把第5、6次测量的数据对的点描出来，并作出F﹣X图线．图线跟坐标轴交点的物理意义是．〔3〕该弹簧的劲度系数k= 〔保存两位有效数字〕三、计算题〔4题，共41分〕13．以12m/s的速度行驶，关闭油门后以3m/s2的加速度匀减速，求：〔1〕在3秒末的速度；它在关闭油门后7秒内的位移均速度．14．升降机地面上固着一个倾角θ=37°的光滑斜面，用一条平行于斜面的细绳拴住一个质量m=2kg的小球，如下图，当升降机以加速度a=2m/s2做竖直向上匀加速直线运动时，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：〔1〕绳子对球的拉力T；小球对斜面的压力N．15．如下图为一足够长斜面，其倾角为θ=37°，一质量m=10kg物体，在斜面底部受到一个沿斜面向上的F=100N的力作用由静止开始运动，物体在2s内位移为4m，2s末撤去力F，〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕物体与斜面间的动摩擦因数μ；从撤掉力F开始s末物体的速度v；〔3〕从静止开始s内物体的位移和路程．16．在建筑装修中，工人用质量为5.0kg的磨石A对地面和斜壁进行打磨，A 与地面、A与斜壁之间的动摩擦因数μ均相同．〔g取10m/s2〕〔1〕当A受到水平方向的推力F1=25N打磨地面时，A恰好在水平地面上做匀速直线运动，求A与地面间的动摩擦因数μ．假设用A对倾角θ=37°的斜壁进行打磨〔如下图〕，当对A施加竖直向上的推力F2=60N时，那么磨石A从静止开始沿斜壁向上运动2m〔斜壁长＞2m〕所需时间为多少？〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8〕北2021～2021度高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共10小题，其中1--6题为单项选择题，每题4分，7--10题为多项选择题每题5分，共44分〕1．运动的物体状态发生改变，那么它的〔〕A．加速度一发生了改变B．速度肯发生了变化C．所受的外力一变化D．肯从静止变为运动【考点】牛顿第一律．【分析】速度是矢量．运动状态的改变通常表现为速度的大小和方向的改变．【解答】解：A、运动状态的改变通常表现为速度发生改变，而加速度不一变化，故A错误，B正确C、运动状态的改变通常表现为速度发生改变，而加速度不一变化，所受的外力不一变化，例如自由落体运动，故C错误D、速度发生改变不代表从静止变为运动，故D错误．应选B．【点评】此题考查了物体运动状态的改变，需要学生明确物体运动状态的改变是指物体运动方向或运动快慢的改变或它们同时改变．2．在一条倾斜的、静止不动的传送带上，有一铁块正在匀速向下滑动，如果传送带向上加速运动，同一铁块由上端滑到底端所用时间〔〕A．不变B．增多C．减小D．不能确【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】当传送带静止和向上加速运动时，根据牛顿第二律求出加速度，通过位移时间公式比拟运动的时间．【解答】解：当传送带静止时，铁块匀速下滑，加速度为零，当传送带向上加速运动时，铁块受重力、支持力和向上的滑动摩擦力，合力仍然为零，做匀速直线运动，所以铁块到达底端所用的时间相同．故A正确，B、C、D错误．应选：A．【点评】解决此题的关键理清铁块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二律和运动学公式分析．3．甲、乙两辆在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图中，直线a、b分别描述了甲、乙两车在0﹣20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，以下说法正确的选项是〔〕A．在0﹣10 s内两车逐渐靠近B．在10﹣20 s内两车逐渐远离C．在5﹣15 s内两车的位移相D．在t=10 s时两车在公路上相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】追及、相遇问题．【分析】根据速度图象直接得出两车的速度大小，分析两车之间的位置关系．根据“面积〞于位移，分析何时两车的位移相．【解答】解：A、在0﹣10s内，乙车的速度大于甲车的速度，甲车在乙车的前方，两车的距离逐渐增大，相互远离．故A错误．B、在10﹣20s内，甲车的速度大于乙车的速度，两车逐渐靠近．故B错误．C、根据图象的“面积〞物体的位移大小，可以看出，在5﹣15s内两车的位移相．故正确．D、两车t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标，当位移再次相时，两者相遇，由图看出t=20s时两车的位移相，再次在公路上相遇．故D错误．应选C【点评】利用速度时间图象求从同一位置出发的解追及问题，主要是把握以下几点：①当两者速度相同时两者相距最远；②当两者速度时间图象与时间轴围成的面积相同时两者位移相同，即再次相遇；③当图象相交时两者速度相同．4．如下图，在水平力F的作用下，木块A、B保持静止．假设木块A与B的接触面是水平的，且F≠0．那么关于木块B的受力个数可能是〔〕A．3个或4个B．3个或5个C．4个或5个D．4个或6个【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A分析，B对A有向右的静摩擦力；再分析B受力，B可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，B受力情况有两种可能．【解答】解：B至少受到重力、A对B的压力和静摩擦力、斜面的支持力四个力．斜面对物体B可能有静摩擦力，也有可能没有静摩擦力；应选C．【点评】此题关键先对A分析，根据平衡条件得到B对A有向左的静摩擦力，然后根据牛顿第三律得到A对B有向右的静摩擦力；再按照重力、弹力、摩擦力的顺序找力．5．如下图，一重为8N的球固在AB杆的上端，今用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，此时测力计的示数为6N，那么AB杆对球作用力的大小为〔〕A．6 N B．8 N C．10 N D．12 N【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】分析球的受力情况：重力、测力计的拉力和AB杆对球作用力，由平衡条件求出AB杆对球作用力的大小．【解答】解：以球为研究对象，分析受力情况：重力G、测力计的拉力T和AB 杆对球作用力F，由题，G=8N，T=6N．由平衡条件知，F与G、T的合力大小相、方向相反，作出力的合成图如图．那么有F==10N应选：C【点评】此题是三力平衡问题，分析受力情况，作出力图是关键．难度不大．6．如下图，一只盛水的容器固在一个小车上，在容器中分别悬挂和拴住一只铁球和一只乒乓球，容器中水和铁球．乒乓球都处于静止状态，当容器随小车突然向右运动时，两球的运动状况是〔以小车为参考系〕〔〕A．铁球向左，乒乓球向右B．铁球向右．乒乓球向左C．铁球和乒乓球都向左D．铁球和乒乓球都向右【考点】惯性．【专题】常规题型．【分析】当容器随小车突然向右运动时，铁球由于惯性要保持原来状态，故相对小车向左运动；当容器随小车突然向右运动时，容器中的水也有惯性，故也有相对小车向左运动的趋势，水的密度大于整个乒乓球的密度，故把乒乓球挤向右，故乒乓球故相对小车向右运动．【解答】解：因为小车突然向右运动时，由于惯性，铁球和乒乓球都有向左运动趋势，但由于与同体积的“水球〞相比铁球的质量大，惯性大，铁球的运动状态难改变，即速度变化慢，而同体积的水球的运动状态容易改变，即速度变化快，而且水和车一起加速运动，所以小车加速运动时，铁球相对于小车向左运动，同理由于与同体积的“水球〞相比乒乓球的质量小，惯性小，乒乓球向右运动．应选：A．【点评】物体保持运动状态不变的性质叫做惯性．原来静止的物体具有保持静止状态的性质；原来处于运动的物体，具有保持匀速直线运动状态的性质，此题的难度在于这两个小球分别在一只盛水的容器中，因此解题时要考虑水的密度大于整个乒乓球密度，水的密度小于整个铁球密度，总之此题有一的拔高难度，属于难题．7．如图在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起作无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，那么在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是〔〕A．μma B．ma C ．D．F﹣Ma【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；牛顿运动律的用-连接体．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】由于小车和木块一起作无相对滑动的加速运动，所以小车和木块的加速度大小相同，对小车和木块受力分析，根据牛顿第二律可以求得摩擦力的大小．【解答】解：A、物体受到的摩擦力为静摩擦力，静摩擦力是根据二力平衡来计算的，不能根据f=μF N来计算的，所以A错误．B、对小物体受力分析可知，物体受重力、支持力和静摩擦力的作用，由于物体在水平方向做加速运动，摩擦力作为合力，所以由牛顿第二律可得，f=ma，所以B正确．C、对整体由牛顿第二律可得F=〔M+m〕a，所以加速度a=，所以物体受到的摩擦力的大小f=ma=，所以C正确．D、对小车受力分析可得，F﹣f=Ma，所以车和物体之间的摩擦力的大小为f=F ﹣Ma，所以D正确．应选BCD．【点评】当分析多个物体的受力、运动情况时，通常可以采用整体法和隔离法，用整体法可以求得系统的加速度的大小，再用隔离法可以求物体之间的作用的大小．8．一轻杆BO，其O端用光滑铰链铰于固竖直杆AO上，B端挂一重物，且系一细绳，细绳跨过杆顶A处的光滑小滑轮，用力F拉住，如下图．现将细绳缓慢往左拉，使杆BO与杆AO间的夹角θ逐渐减小，那么在此过程中，拉力F及杆BO所受压力F N的大小变化情况是〔〕A．F N先减小，后增大B．F N始终不变C．F先减小，后增大D．F逐渐不变【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当细绳缓慢拉动时，整个装置处于动态平衡状态，以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图．根据平衡条件，运用三角形相似法，得出F N与边长AO、BO及物体重力的关系，再分析F N的变化情况．【解答】解：设物体的重力为G．以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．作出力F N与F的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G．由△F2F N B∽△ABO得得到 F N =式中，BO、AO、G不变，那么F N保持不变．应选B【点评】此题中涉及非直角三角形，运用几何知识研究力与边或角的关系，是常用的思路．9．传送机的皮带与水平方向的夹角为α，如下图，将质量为m的物体放在皮带传送机上，随皮带一起向下以加速度为a〔a＞gsin α〕匀加速直线运动，那么〔〕A．小物体受到的静摩擦力的方向一沿皮带向上B．小物体受到的静摩擦力的方向一沿皮带向下C．小物块受到的静摩擦力的大小可能于mgsinαD．小物块受到的静摩擦力的大小可能于零【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】质量为m的物体放在皮带传送机上，随皮带一起以向下加速度做匀加速直线运动，受重力、支持力和静摩擦力作用下运动，根据牛顿第二律列方程讨论解决【解答】解：A、由牛顿第二律列方程得：mgsinα+f=ma＞mgsinα，故静摩擦力的方向一沿皮带向下，故AD错误B正确；C、由牛顿第二律列方程得：f=ma﹣mgsinα，当加速度于2gsinα时，小物块受到的静摩擦力的大小于mgsinα，所以C正确；应选：BC【点评】解决此题的关键能够正确地进行受力分析，抓住物体的加速度方向与传送带运动方向相同，运用牛顿第二律进行求解．10．关于伽利略理想，以下说法正确的选项是〔〕A．理想是一种实践活动B．理想是一种思维活动C．伽利略的理想否了亚里士多德关于力与运动的关系D．伽利略的理想证实牛顿第二律【考点】物理学史．【分析】要了解伽利略“理想〞的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略的之处不是本身，而是所使用的独特的方法在的根底上，进行理想化推理．〔也称作理想化〕它标志着物理学的真正开端．【解答】解：AB、伽利略理想是针对没有摩擦的情况而言，而没有摩擦力是不存在的，这个实际上是永远无法做到的，它是一种逻辑思维活动，故A错误，B 正确；C、古希腊学者亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，伽利略通过斜面推翻了亚里士多德的说法，故C正确；D、该是证明物体不受力时将保持静止或做匀速直线运动，证实了牛顿第一律而不是牛顿第二律，故D错误．应选：BC．【点评】伽利略的“理想〞是建立在可靠的事实根底之上的，它来源于实践，而又高于实践，它是实践和思维的结晶．二、题〔此题共2小题，共15分.按题目要求作答.〕11．某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系〞．如图a为装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有砝码的小桶，D为一端带有滑轮的长方形木板，中认为细绳对小车拉力F于砝码和小桶的总重量，小车运动加速度a可用纸带上点求得．〔1〕图〔b〕为某次得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为9 m/s2．小车在C点时的速度大小是 4 m/s〔保存三位有效数字〕在“探究加速度与力的关系〞时，保持小车的质量不变，改变小桶中砝码的质量，该同学根据数据作出了加速度a与合力F图线如图c，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因：前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】题；牛顿运动律综合专题．【分析】根据连续相时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度大小，根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出C点的速度．根据F不为零，加速度仍然为零，分析误差形成的原因．【解答】解：〔1〕由纸带可知，在连续相时间内的位移之差△x=0.51cm，根据△x=aT2得，小车的加速度大小为：a=，小车在C点的速度为：=4m/s．由图线可知，当F不于零时，加速度仍然为零，知前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．故答案为：〔1〕9，4，前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．【点评】解决此题的关键知道误差的来源，掌握纸带的处理方法，会根据纸带求解瞬时速度和加速度．12．某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的中，设计了图甲所示装置，他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将钩码逐个挂在弹簧下端，每次都测出相的弹簧总长度，将数据填在下面的表中．〔弹簧始终在弹性限度内〕测量次数 1 2 3 4 5 6弹簧弹力大小F/N 0 0.49 0.98 7 6 5弹簧总长x/cm 0 6 4 8 10.85 15〔1〕根据数据在图乙的坐标纸上已描出了前四次测量的弹簧所受弹力大小F跟弹簧总长X之间的函数关系点，请把第5、6次测量的数据对的点描出来，并作出F﹣X图线．图线跟坐标轴交点的物理意义是弹簧的原长．〔3〕该弹簧的劲度系数k= 42N/m 〔保存两位有效数字〕【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；弹力的存在及方向的判专题．【分析】该题考察了对于<探究弹力和弹簧伸长的关系>中，对弹力于弹簧长度变化关系的分析．图线跟坐标轴交点，表示弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长．【解答】解：〔1〕根据数据在坐标纸上描出的点，根本上在同一条直线上．可以判F和L间是一次函数关系．画一条直线，使尽可能多的点落在这条直线上，不在直线上的点均匀地分布在直线两侧．图线跟坐标轴交点，表示弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长．所以图线跟坐标轴交点的物理意义是弹簧的原长．〔3〕图线的物理意义是说明弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比．由k=可得k=42N/m．故答案为：〔1〕如上图弹簧的原长〔3〕42N/m．【点评】描线时要将尽可能多的点画在直线上，少数的点尽可能平均的分布于直线两侧．在用胡克律时，要首先转化单位，要知道图线与坐标轴的交点的横坐标是弹簧的原长．知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数．三、计算题〔4题，共41分〕13．以12m/s的速度行驶，关闭油门后以3m/s 2的加速度匀减速，求：〔1〕在3秒末的速度；它在关闭油门后7秒内的位移均速度．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出速度减为零的时间，判断是否停止，再结合速度公式和位移公式求出的速度和位移，根据平均速度的义式求出平均速度的大小．【解答】解：〔1〕速度减为零的时间，那么3s末的速度v=v0+at=12﹣3×3m/s=3m/s．关闭油门后7s内的位移于4s内的位移，那么x=．那么平均速度3m/s．答：〔1〕在3秒末的速度为3m/s；它在关闭油门后7秒内的位移为24m，平均速度为3m/s．【点评】此题考查了运动的刹车问题，是道易错题，注意速度减为零后不再运动．14．升降机地面上固着一个倾角θ=37°的光滑斜面，用一条平行于斜面的细绳拴住一个质量m=2kg的小球，如下图，当升降机以加速度a=2m/s2做竖直向上匀加速直线运动时，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：〔1〕绳子对球的拉力T；小球对斜面的压力N．【考点】牛顿第二律；物体的弹性和弹力．【专题】计算题；量思想；合成分解法；牛顿运动律综合专题．【分析】对小球受力分析，抓住水平方向上合力为零，竖直方向上有合力，合力方向向上，结合牛顿律求出拉力和支持力的大小，从而求出小球对斜面的压力．【解答】解：在竖直方向上有：Tsinθ+Ncosθ﹣mg=ma，在水平方向上有：Tcosθ﹣Nsinθ=0由上式得：T=1N，沿斜面向上；N=1N根据牛顿第三律，球对斜面的压力：N'=N=1N，方向垂直斜面向下．答：〔1〕绳子对球的拉力为1N．小球对斜面的压力为1N．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，运用正交分解，根据牛顿第二律进行求解，解题时不能思维势，总认为以斜面方向建立x轴，垂直斜面方向为y轴．15．如下图为一足够长斜面，其倾角为θ=37°，一质量m=10kg物体，在斜面底部受到一个沿斜面向上的F=100N的力作用由静止开始运动，物体在2s内位移为4m，2s末撤去力F，〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕物体与斜面间的动摩擦因数μ；从撤掉力F开始s末物体的速度v；〔3〕从静止开始s内物体的位移和路程．【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】〔1〕物体先沿斜面向上做匀加速运动，撤去F后做匀减速运动．根据运动学公式求出前2s内物体的加速度，由牛顿第二律和摩擦力公式求出物体与斜面间的动摩擦因数μ；由牛顿第二律求出撤去F后物体的加速度，由速度公式求出撤去F开始s末物体的速度v．〔3〕物体先沿斜面向上做匀加速运动，撤去F后做匀减速运动，再向下做匀加速运动．由牛顿第二律求出撤去F后物体向上匀减速运动的加速度和时间，进一步求出其位移，根据牛顿第二律求出向下运动的加速度，进一步求出向下加速运动的时间和位移，再进一步求解总位移和路程．【解答】解：〔1〕设力F作用时物体的加速度为a1，匀加速运动的时间为：t1=2s，那么由s=得：a1==m/s2 =2m/s2。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_6
应对市爱护阳光实验学校高一〔上〕第二次月考物理试卷一、单项选择题．此题共5小题，每题3分，共15分．每题只有一个选项符合题意．1．以下说法正确的选项是〔〕A．一个物体在某种情况下可以看做质点，那么在另外的情况下也一可以看做质点B．第3s末和第4s初是同一时刻C．假设物体做直线运动，位移的大小就一于路程D．研究后轮上一点的运动情况的车轮可以将其看成质点2．在奥运会上，我国选手孟关良、杨文在男子双划艇500m决赛中以101s的成绩获得金牌．关于他们在决赛中的运动速度，以下说法中正确的选项是〔〕A．最大速度一为5m/s B．平均速度约为5m/sC．冲刺速度一为5m/s D．起动速度约为5m/s3．关于物体的重心，以下说法正确的选项是〔〕A．物体的重心一在物体上B．质量均匀分布，形状规那么的物体的重心一在物体上C．物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关D．用细线悬挂的物体静止时，细线方向不一通过重心4．关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是〔〕A．物体运动的速度改变量越大，它的加速度一越大B．速度很大的物体，其加速度可以很小，也可以为零C．某时刻物体速度为零，其加速度不可能很大D．加速度很大时，运动物体的速度一变化很大5．甲、乙、丙三辆以相同速度经过某一路标．从此时开始甲车一直做匀速直线运动，乙车先加速后减速，丙车先减速后加速，它们经过下一个路标时速度都相同，那么〔〕A．甲车先通过下一个路标B．乙车先通过下一个路标C．丙车先通过下一个路标D．条件缺乏，无法判断二、多项选择题．此题共5小题，每题4分，共20分．每题有多个选项符合题意．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．6．如下图，为一物体做匀变速直线运动的速度图象，根据图线做出以下几个判，正确的选项是〔〕A．物体始终沿正方向运动B．物体先沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动C．运动过程中，物体的加速度发生变化D．4s末物体回到出发点7．书静止于水平桌面上，下述说法错误的选项是〔〕A．桌面受到竖直向下的弹力是由于书受重力作用而压迫桌面，使桌面发生微小形变B．桌面受到竖直向下的弹力，是由于书发生了弹性形变C．桌面对书的支持力与书对桌面的压力为一对平衡力D．书受到向上的弹力，是因为书发生了弹性形变8．图示是在同一直线上做直线运动的A、B两质点的x﹣t图象，由图象可知〔〕A．B的加速度比A的加速度大B．2s末，A、B两质点相遇C．A的速率大于B的速率D．B的速率大于A的速率9．一辆以12m/s的速度行驶，遇到紧急情况，司机采取制动措施，使做匀减速直线运动，假设制动后加速度的值为4m/s2，那么〔〕A．经2s，的速度为4m/s B．经2s，的位移为14mC．经4s，的位移为36m D．经4s，的位移为18m10．在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动．途中用了6s时间经过A、B两根电杆，A、B间的距离为60m，车经过B时的速度为15m/s，那么〔〕A．经过A杆时速度为5m/sB．车从出发到B杆所用时间为9sC．车的加速度为15m/s2D．从出发点到A杆的距离是m三、简答题．此题共2题，每空3分，共计18分．把答案填在相的横线上或按题目要求作答．11．一根轻质弹簧，当它受到10N的拉力时长度为12cm，当它受到25N的拉力时长度为15cm，那么弹簧不受力时的自然长度为cm，该弹簧的劲度系数为N/m．12．在用电火花计时器〔或电磁打点计时器〕研究匀变速直线运动的中，某同学打出了一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D几个计数点，如下图，那么相邻两个计数点之间的时间间隔为s．用刻度尺量得OA=0cm，AB=0cm，BC=0cm，CD=0cm．由此可知，纸带做运动〔选填“匀加速〞或“匀减速〞〕，打C点时纸带的速度大小为m/s．物体运动的加速度为m/s2〔结果保存两位有效数字〕13．在21届温哥华冬奥会上，我国女子冰壶队取得了优异成绩，比赛中，冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动，设一质量m=20kg的冰壶从被运发动推出到静止共用时t=20s，运动的位移x=30m，取g=10m/s2，求：冰壶在此过程中〔1〕所受重力的大小；〔2〕平均速度的大小；〔3〕加速度的大小．14．短跑名将博尔特在奥运会上创造了100m和200m短跑工程的纪录，他的成绩分别是9s和l0s．假他在100m比赛时从发令到起跑的反时间是0.15s，起跑后做匀加速运动，到达最大速率后做匀速运动.200m比赛时，反时间及起跑后加速阶段的加速度和加速时间与l00m比赛时相同，但由于弯道和体力因素的影响，以后的平均速率只有跑l00m时最大速率的96%．求：〔1〕加速所用时间和到达的最大速率．〔2〕起跑后做匀加速运动的加速度．〔2021秋校级月考〕屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴已刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上、下沿，如下图，问：〔1〕此屋檐离地面多高？〔2〕滴水的时间间隔是多少？〔3〕此时刻第3滴水离地面多高？〔g取10m/s2〕16．羚羊从静止开始奔跑，经过 50m距离能加速到最大速度25m/s，并能维持一段较长的时间；猎豹从静止开始奔跑，经过60m的距离能加速到最大速度30m/s，以后只能维持这个速度4.0s．设猎豹距离羚羊x m时开始攻击，羚羊那么在猎豹开始攻击后1.0s才开始奔跑，假羚羊和猎豹在加速阶段分别做匀加速运动，且均沿同一直线奔跑．求：〔1〕猎豹要在其加速阶段追上羚羊，x值在什么范围？〔2〕猎豹要在其从最大速度后减速前追到羚羊，x值在什么范围？高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题．此题共5小题，每题3分，共15分．每题只有一个选项符合题意．1．以下说法正确的选项是〔〕A．一个物体在某种情况下可以看做质点，那么在另外的情况下也一可以看做质点B．第3s末和第4s初是同一时刻C．假设物体做直线运动，位移的大小就一于路程D．研究后轮上一点的运动情况的车轮可以将其看成质点【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．只有当物体做单向直线运动，位移的大小才于路程．【解答】解：A、当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，同一个物体有时可以看成质点，有时不能看成质点，故A错误．B、第3s末和第4s初在时间轴上对同一个点，表示同一个时刻，所以B正确．C、只有当物体做单向直线运动，位移的大小才于路程，所以C错误．D、研究后轮上一点的运动情况的车轮时，不能把车轮看成质点，所以D错误．应选B．【点评】此题考查了质点、时刻、路程和位移的根本概念，难度不大，属于根底题．2．在奥运会上，我国选手孟关良、杨文在男子双划艇500m决赛中以101s的成绩获得金牌．关于他们在决赛中的运动速度，以下说法中正确的选项是〔〕A．最大速度一为5m/s B．平均速度约为5m/sC．冲刺速度一为5m/s D．起动速度约为5m/s【考点】平均速度；瞬时速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据题意能求出平均速度．平均速度于位移与所用时间的比值求解．【解答】解：由题：双划艇的位移x=500m，运动时间t=101s，那么双划艇的平均速度为==5m/s．应选B【点评】平均速度只能粗略描述物体的运动情况，不能精确描述物体的运动情况．3．关于物体的重心，以下说法正确的选项是〔〕A．物体的重心一在物体上B．质量均匀分布，形状规那么的物体的重心一在物体上C．物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关D．用细线悬挂的物体静止时，细线方向不一通过重心【考点】重心．【专题】性思想；推理法；弹力的存在及方向的判专题．【分析】〔1〕重力在物体上的作用点，叫做物体的重心；〔2〕形状规那么、质量分布均匀的物体的重心在物体的几何中心上；〔3〕重心只是重力在作用效果上的作用点，重心并不是物体上最重的点，重心的位置可以在物体之外．【解答】解：A、物体的重心不一在物体上，如空心的球体重心在球心上，不在物体上，故A错误；B、质量分布均匀、形状规那么的物体的重心一在几何中心，但如果物体的几何中心处可能是空的，比方空心的球体重心在球心上，不在物体上，故B错误；C、物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关，故C正确；D、用线悬挂的物体静止时，物体受重力和拉力，物体处于平衡状态，二力平衡，由于重力作用线一经过重心，故拉力作用线也通过重心，故悬线方向一通过物体的重心，故D错误；应选：C 【点评】此题考查学生对重心概念的理解与掌握，属于根底知识的考查，其中要注意用细线悬挂的物体静止时，细线方向一通过重心．4．关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是〔〕A．物体运动的速度改变量越大，它的加速度一越大B．速度很大的物体，其加速度可以很小，也可以为零C．某时刻物体速度为零，其加速度不可能很大D．加速度很大时，运动物体的速度一变化很大【考点】加速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的义式a=可知加速度与物体的速度的变化率成正比，与速度的变化量不成正比例关系，与速度的大小也不成正比例关系．【解答】解：A、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小．故A错误．B、根据a=可知物体的加速度跟速度的变化率成正比，与物体的速度的大小无关．所以即使速度好大，但速度的变化率很小，其加速度也很小；假设保持匀速，那么加速度为零．故B正确．C、当物体的速度为0时，假设物体所受的合外力不为0，其加速度不为0，可能很大．故C错误．D、物体的加速度很大，代表物体速度的变化率很大，而并不代表物体的速度变化很大．故D错误．应选B．【点评】把握加速度的义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的义的根底．5．甲、乙、丙三辆以相同速度经过某一路标．从此时开始甲车一直做匀速直线运动，乙车先加速后减速，丙车先减速后加速，它们经过下一个路标时速度都相同，那么〔〕A．甲车先通过下一个路标B．乙车先通过下一个路标C．丙车先通过下一个路标D．条件缺乏，无法判断【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】因为乙先加速后减速，所以它在整个运动过程中的速度都比甲大，所以相对时间内它的位移肯比匀速运动的甲大；而丙因先减速后加速，它在整个运动过程中都以比甲小的速度在运动，所以在相时间内它的位移比甲小，由此可知，丙将最先到达下一个路标，乙最后一个到达下一个路标．〔最终的速度都相〕．【解答】解：由于乙先加速后减速，所以它在整个运动过程中的平均速度都比甲大，经过相同的位移，它的时间肯比匀速运动的甲小；而乙因先减速后加速，它在整个运动过程中的平均速度都比甲小，所以在相位移内它的时间比甲大．由此可知，乙将最先到达下一个路标，丙最后一个到达下一个路标．应选：B．【点评】该题可以通过平均速度去解题，也可以通过画v﹣t图象去分析，图象与坐标轴所围成的面积即为位移．二、多项选择题．此题共5小题，每题4分，共20分．每题有多个选项符合题意．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．6．如下图，为一物体做匀变速直线运动的速度图象，根据图线做出以下几个判，正确的选项是〔〕A．物体始终沿正方向运动B．物体先沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动C．运动过程中，物体的加速度发生变化D．4s末物体回到出发点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】性思想；推理法；运动的图像专题．【分析】速度的正负表示物体的运动方向；速度图象的斜率表示加速度，t=2s 前与t=2s后相比，直线的斜率相同，加速度相同．图象与时间轴所围的“面积〞表示位移，图线在横轴上方，位移为正值，在横轴下方位移为负值．【解答】解：A、物体在前2s内沿负方向运动，后2s内沿正方向运动，速度方向相反．故A错误．B正确；C、图象的斜率表示加速度，直线的斜率相同，故加速度相同．故C错误．D、根据速度图象与时间轴所围的“面积〞表示位移，图线在横轴上方，位移为正值，在横轴下方位移为负值，那么知在t=4s时，物体离出发点的位移为零，物体返回到原出发点．故D正确．应选：BD【点评】此题考查根据速度图象分析物体运动情况的能力，关键抓住图象的斜率表示加速度、“面积〞表示位移进行分析．7．书静止于水平桌面上，下述说法错误的选项是〔〕A．桌面受到竖直向下的弹力是由于书受重力作用而压迫桌面，使桌面发生微小形变B．桌面受到竖直向下的弹力，是由于书发生了弹性形变C．桌面对书的支持力与书对桌面的压力为一对平衡力D．书受到向上的弹力，是因为书发生了弹性形变【考点】物体的弹性和弹力．【专题】弹力的存在及方向的判专题．【分析】物体所受的弹力是由于施力物体发生形变，要恢复原状产生的，平衡力作用在同一个物体上．【解答】解：A、书静止于水平桌面上，桌面受到竖直向下的弹力是由于书发生向上的形变，要恢复原状产生向下的弹力．故A错误，B正确．C、桌面对书的支持力和书对桌面的压力是一对作用力和反作用力．故C错误．D、书受到向上的弹力，是因为桌面向下形变，恢复原状产生向上的弹力．故D 错误．此题选错误的，应选ACD．【点评】解决此题的关键知道弹力产生的原因，以及知道平衡力与作用力、反作用力的区别．8．图示是在同一直线上做直线运动的A、B两质点的x﹣t图象，由图象可知〔〕A．B的加速度比A的加速度大B．2s末，A、B两质点相遇C．A的速率大于B的速率D．B的速率大于A的速率【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】位移图象是倾斜的直线表示质点做匀速直线运动，加速度为零；2s末，A、B两质点位移相，表示两质点相遇；位移图象的斜率于质点的速度，由斜率大小即可比拟速度的大小．【解答】解：A、由图知，A沿正方向做匀速直线运动，加速度为零，B沿负方向做匀速直线运动，加速度也为零，那么两个质点的加速度均为零．故A错误．B、2s末，A、B两质点位移相，那么知两质点相遇．故B正确．C、D由位移图象的斜率大小于质点的速度大小，可知，B的速率大于A的速率．故C错误，D正确．应选BD【点评】对于位移图象，关键要抓住图象的斜率于质点的速度，即可分析质点的运动情况，由纵坐标可直接读出质点的位置．9．一辆以12m/s的速度行驶，遇到紧急情况，司机采取制动措施，使做匀减速直线运动，假设制动后加速度的值为4m/s2，那么〔〕A．经2s，的速度为4m/s B．经2s，的位移为14mC．经4s，的位移为36m D．经4s，的位移为18m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】根据速度时间公式v=v0+at求出刹车到停止所需的时间，从而判断2s 末和4s有无停止，再根据速度时间公式和位移时间公式求出速度和位移【解答】解：刹车到停止所需的时间t0==s=3s，那么3s末以后的速度为零．那么经2s，的速度为：v1=v0+at1=12+〔﹣4〕×2=4m/s位移为：x1==m=16m4s内的位移于3s内的位移．有：x2=v0t2+=12×3﹣×4×32m=18m．故AD正确，BC错误．应选AD【点评】此题是运动的刹车问题，注意速度为零后不再运动，所以先讨论经过多长时间停止10．在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动．途中用了6s时间经过A、B两根电杆，A、B间的距离为60m，车经过B时的速度为15m/s，那么〔〕A．经过A杆时速度为5m/sB．车从出发到B杆所用时间为9sC．车的加速度为15m/s2D．从出发点到A杆的距离是m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】先解出AB之间的平均速度，即为AB中间时刻的瞬时速度，根据加速度的义求得加速度，根据速度公式求得A点的速度和到达B所用的时间，用速度和位移的关系公式求得从出发点到A点的距离．【解答】解：A、B：根据中间时刻的瞬时速度于这段时间内的平均速度，得AB 中间时刻的速度为：v C ==．根据加速度的义有： ==．根据速度公式有：故．故A正确．C错误；B 、根据速度公式：，故B正确．D、从出发点到A 杆的距离为：，故D正确．应选：ABD．【点评】此题考查匀变速直线运动规律的用；关键是能熟练记得并理解匀变速运动的根本公式，此题的突破口在于先求出加速度．再根据题意选择正确的公式求解．三、简答题．此题共2题，每空3分，共计18分．把答案填在相的横线上或按题目要求作答．11．一根轻质弹簧，当它受到10N的拉力时长度为12cm，当它受到25N的拉力时长度为15cm，那么弹簧不受力时的自然长度为10 cm ，该弹簧的劲度系数为500 N/m．【考点】胡克律．【专题】性思想；控制变量法；弹力的存在及方向的判专题．【分析】在弹簧的弹性限度以内，弹簧的伸长量与弹簧所受拉力成正比【解答】解：设弹簧原长为L0，劲度系数为k由胡克律F=kx=k〔L﹣L0〕得10N=k〔12cm﹣L0〕25N=k〔15cm﹣L0〕由两式联立求得L0=10cm；k=5N/cm=500 N/m故答案为：10 500【点评】此题的解题关键是运用“在弹簧的弹性限度以内，弹簧的伸长量与弹簧所受拉力成正比〞．12．在用电火花计时器〔或电磁打点计时器〕研究匀变速直线运动的中，某同学打出了一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D几个计数点，如下图，那么相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1 s．用刻度尺量得OA=0cm，AB=0cm，BC=0cm，CD=0cm．由此可知，纸带做匀加速运动〔选填“匀加速〞或“匀减速〞〕，打C点时纸带的速度大小为0.25 m/s．物体运动的加速度为0.40 m/s2〔结果保存两位有效数字〕【考点】测匀变速直线运动的加速度．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】知道相邻的计数点之间的时间间隔相．根据纸带上相邻点的距离间隔判断小车的运动情况．纸带中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．根据物体的加速根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．【解答】解：他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s．纸带上相邻计数点的距离在增大，而且相邻计数点的距离之差不变，所以纸带做匀加速运动．利用匀变速直线运动的推论得：v C===0.25m/s根据匀变速直线运动有△x=aT2，将T=0.1s，△x=0.4cm带入解得a=0.40m/s2．故答案为：0.1，匀加速，0.25，0.40．【点评】要注意单位的换算；对于纸带的问题，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律；要提高用匀变速直线的规律以及推论解答问题的能力，在平时练习中要根底知识的理解与用．13．在21届温哥华冬奥会上，我国女子冰壶队取得了优异成绩，比赛中，冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动，设一质量m=20kg的冰壶从被运发动推出到静止共用时t=20s，运动的位移x=30m，取g=10m/s2，求：冰壶在此过程中〔1〕所受重力的大小；〔2〕平均速度的大小；〔3〕加速度的大小．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度；重力．【专题】直线运动规律专题．【分析】〔1〕根据重力表达式可以直接求解〔2〕位移与所用时间的比值即为平均速度，即：．〔3〕冰壶做初速度为零的匀减速直线运动，可以看作反向的初速度为零的匀加速直线运动，由此可以求出冰壶的加速度．【解答】解：〔1〕冰壶所受重力的大小：G=mg=200N〔2〕平均速度的大小：〔3〕冰壶可以看作反方向的初速度为零的匀加速直线运动，根据：得：故冰壶的加速度为a=0.15m/s2．【点评】此题很简单，考查的都是力学、运动的根本公式，对于根本公式要灵活、熟练用．14．短跑名将博尔特在奥运会上创造了100m和200m短跑工程的纪录，他的成绩分别是9s和l0s．假他在100m比赛时从发令到起跑的反时间是0.15s，起跑后做匀加速运动，到达最大速率后做匀速运动.200m比赛时，反时间及起跑后加速阶段的加速度和加速时间与l00m比赛时相同，但由于弯道和体力因素的影响，以后的平均速率只有跑l00m时最大速率的96%．求：〔1〕加速所用时间和到达的最大速率．〔2〕起跑后做匀加速运动的加速度．〔结果保存两位小数〕【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】〔1〕由100m和200m比赛时的运动过程，列方程即可求得加速所用时间和到达的最大速率．〔2〕由匀加速运动的速度公式可以求得加速度的大小．【解答】解：〔1〕设加速所用时间t和到达的最大速率v，100m比赛时有，，200m比赛时有，联立解得：t=9s，v=14m/s〔2〕设起跑后做匀加速运动的加速度a，那么 v=at，解得：a=1m/s2答：〔1〕加速所用时间是9s，到达的最大速率是14m/s．〔2〕起跑后做匀加速运动的加速度是1m/s2．【点评】分析清楚运动过程，用运动规律可以直接求出，注意题目要结果保存两位小数，题目比拟简单．15．〔13分〕〔2021秋校级月考〕屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴已刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m 的窗户的上、下沿，如下图，问：〔1〕此屋檐离地面多高？〔2〕滴水的时间间隔是多少？〔3〕此时刻第3滴水离地面多高？〔g取10m/s2〕【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；自由落体运动．【专题】计算题；性思想；推理法；自由落体运动专题．【分析】〔1〕设滴水的时间间隔为T，知窗子的高度于自由下落3T内的位移减去2T内的位移．根据自由落体运动的位移时间公式求出滴水的时间间隔．通过滴水的时间间隔，可以知道一滴水下落到地面的时间，根据求出屋檐离地面的高度．〔3〕由图分析第3滴离地的距离与总高度之间的关系，从而求出离地距离．【解答】解：〔1、2〕设第二滴水的位移为x2，第三滴水的位移为x3，水滴落下的时间间隔为T．由，，，x2﹣x3=1m得：T=0.2s楼房高度为：〔3〕第三滴离地面高为：h1=﹣4x=﹣4×0.2=m；答：〔1〕滴水的时间间隔是0.2s；〔2〕此屋檐离地面m；〔3〕第3滴离地面高为m；【点评】解决此题的关键知道自由落体运动是初速度为0，加速度为g的匀加速直线运动．此题也可以通过初速度为零的匀加速直线运动的推论，在相时间间隔内的位移之比为1：3：5：7．从而可求出下落的高度．16．羚羊从静止开始奔跑，经过 50m距离能加速到最大速度25m/s，并能维持一段较长的时间；猎豹从静止开始奔跑，经过60m的距离能加速到最大速度30m/s，以后只能维持这个速度4.0s．设猎豹距离羚羊x m时开始攻击，羚羊那么在猎豹开始攻击后1.0s才开始奔跑，假羚羊和猎豹在加速阶段分别做匀加速运动，且均沿同一直线奔跑．求：〔1〕猎豹要在其加速阶段追上羚羊，x值在什么范围？〔2〕猎豹要在其从最大速度后减速前追到羚羊，x值在什么范围？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据求出羚羊和猎豹加速过程的加速度，以及加速时间，根据猎豹要在其最大速度减速前追到羚羊可知猎豹最大匀速时间为4.0s，根据猎豹和羚羊之间的位移关方程即可正确求解．猎豹要在其加速阶段追上羚羊，只要猎豹运动时间小于其加速的最大时间即可，然后根据位移关方程即可正确求解．【解答】解：〔1〕羚羊做加速运动的加速度为：羚羊做加速运动的时间为猎豹做加速运动的加速度为。
高一上学期第二次月考物理试题参考答案
降速上升到
0
过程：
0 v
0
2
v
2
at 2aS
S
1 2
gt 2
0.5g
t3
t2 2
2
则：最近距离约为 L S L 0.5g t3 t2 2 2
19. （1）B 到 C：根据牛顿第二定律：
mg sin f ma
N mg cos
得：a=7.5m/s2 沿斜面向下。
f N
逆向对称：VB=at=1.5m/s。
（2）A 到 B： v2 2a1S 得 a1=2.5m/s2 沿斜面向上。
F N
(mg sin mg cos
f
)
ma1
得
F=10N
高一上学期第二次月考物理试题（参考答案）
一、选择题（共 46 分）
1
2
3
4
5
6
7
A
D
C
B
C
D
C
8
9
10
11
12
13
14
A
A
B
AC
ABD
AD
CD
二、填空实验题
15.（1）CE （2） F B 16. (1)M 远大于 m (2) 1 (3)C (4)小车及车中砝码的质量 M
M (5)1.58m/s2 三．计算题
18.(1)如图甲所示分析结点 P 受力，由平衡条件得：
，
可解得 BP 绳的拉力为：60N
(2)再分析 G2 的受力情况如图乙所示．由物体的平衡条件可得，又有
支持力，摩擦力大小分别为： 44N；108N （3）对斜面和木块整体分析：N=200N，f=60N 根据牛顿第三定律，对地面压力，摩擦力分别为 200N，60N
2021-2022年高一上学期第二次月考物理试试题 含解析
2021年高一上学期第二次月考物理试试题含解析一、选择题（每题只有一个正确答案，每题4分，共40分）1．（4分）（xx秋•铜梁县校级月考）下面关于物理学中的一些物理思想和现象说法正确的是（）A．合力可以替换分力，是等效替代的思想B．投篮球时，篮球脱手后地球对篮球有力的作用，篮球对地球没有力的作用，所以篮球落到地上C．地球的质量和体积都很大，不能看作质点D．由于惯性，当汽车突然刹车时，乘客会向车尾倾倒考点：力的合成；质点的认识；惯性．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、合力可以替换分力，是等效替代的思想，故A正确；B、篮球脱手后地球对篮球有力的作用，篮球对地球也有力的作用，所以篮球落到地上，故B错误；C、地球的质量和体积都很大，但也可以看作质点，故C错误；D、由于惯性，当汽车突然刹车时，乘客会向车头倾倒，故D错误；故选：A．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（4分）（xx秋•铜梁县校级月考）下列说法正确的是（）A．做匀加速直线运动的物体在任意单位时间内的速度变化量是一个常数，平抛运动的物体在任意单位时间内速度的变化量不是常数B．枪筒里的子弹，在扣动扳机火药刚刚爆发的时刻，加速度很大，但是速度很小C．无风的房间中将一根柔软的羽毛由静释放，羽毛将做自由落体运动D．出租车在正常行驶时，计价器是按照车子的位移大小进行计费的考点：平抛运动；位移与路程．专题：平抛运动专题．分析：做匀加速直线运动的物体速度均匀变化，平抛运动的加速度不变．自由落体运动是物体从静止开始只在重力作用下做的匀加速直线运动．出租车按路程计费．解答：解：A、做匀加速直线运动的物体和平抛运动的物体运动过程中加速度都是恒定的，根据△v=a△t得做匀加速直线运动的物体和平抛运动的物体在任意单位时间内的速度变化量都是一个常数，故A错误B、枪筒里的子弹，在扣动扳机火药刚刚爆发的时刻，加速度很大，但是速度很小，故B正确C、自由落体运动的条件是初速度为零，只受重力．羽毛由静止释放，空气阻力不能忽略，所以不能看成自由落体运动，故C错误D、出租车在正常行驶时，计价器是按照车子的路程进行计费的，故D错误故选：B．点评：本题考查了加速度，速度变化量，自由落体运动，路程和位移等多个概念，要在平时的练习中加强理解和记忆．3．（4分）（xx秋•东莞期末）如图所示的是两个由同一地点出发，沿同一直线向同一方向运动的物体A和B的速度图象，运动过程中A、B的情况是（）A．在t2时刻B追上了AB．在t2时刻，A、B运动方向相反C．B追上A前，两物体在t1时刻相距最远D．B追上A前，两物体在t2时刻相距最远考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图直接读出两物体速度的大小关系，根据“面积”等于位移分析B是否追上A，判断两物体的位置关系．解答：解：A、在t2时刻，由“面积”看出，A的位移大于B的位移，说明B还没有追上A．故A错误．B、在t2时刻，A、B运动方向均为正，故运动方向相同，B错误；C、在t2时刻，A、B速度相等，之前A的速度一直大于B的速度，故AB之间距离越来越大，直到t2时刻距离最大，故D正确；故选：D．点评：结合速度图象，分析两物体位置关系，判断物体的运动情况，确定两物体是否相遇，主要抓住速度关系和位移关系进行判断．4．（4分）（xx秋•重庆期末）一河宽80m，船在静水中的速度为4m/s，水流速度为3m/s，则（）A．过河的最小位移是100m，所用时间是20sB．过河的最小位移是80m，所用时间是16sC．过河的最短时间为16s，此时的位移是80mD．过河的最短时间为20s，此时的位移是100m考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短．由矢量合成的平行四边形定则得知小船的合速度，小船实际以合速度做匀速直线运动，进而求得位移的大小；小船以最短距离过河时，则静水中的速度斜着向上游，合速度垂直河岸．解答：解：A、小船以最短距离过河时，则静水中的速度斜着向上游，合速度垂直河岸，此时最小位移为80m；那么船垂直河岸行驶的速度为v=m/s；所以渡河时间t=s=s，故AB错误；C、当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短，则知：t min==s=20s船沿水流方向的位移为s=v s t min=3×20m=60m；所以船过河的位移为x=；故C错误，D正确；故选：D．点评：小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度．5．（4分）（xx秋•郑州期末）重庆高楼很多，高空坠物很危险．小明妈妈在八楼阳台顶上挂了一些腊肉，有一块因没系牢掉了下去，差一点砸到楼下聊天的两位老婆婆．假定每层楼高3m，不计空气阻力，则（）A．腊肉落地时的速度约为9m/s，楼下的人应该能轻松接住B．腊肉约经过5s时间落地，只要发现及时楼下的人来得及躲避C．腊肉经过八楼和七楼所用时间约为总运动时间的一半D．腊肉全程的平均速度与过四楼的天花板时的瞬时速度一样大考点：自由落体运动；平均速度．专题：自由落体运动专题．分析：腊肉掉下后做自由落体运动，根据自由落体运动的基本公式即可求解，匀加速直线运动平均速度等于中间时刻的速度，解答：解：A、根据v2=2gh得：腊肉落地时的速度为v==22m/s，故A错误；B、根据t=得：t==2.2s，故B错误；C、时间t′=，为总时间的一半，故C正确；D、腊肉全程的平均速度等于中间时刻的速度，由C可知，过六楼的天花板时为中间时刻，也就是过六楼的天花板时的瞬时速度一样大，而4楼天花板处的速度大于过六楼天花板的速度，所以全程的平均速度小于过四楼的天花板时的瞬时速度．故D错误．故选：C点评：本题主要考查了自由落体运动的基本公式及匀变速直线运动基本推论的直接应用，难度不大，属于基础题．6．（4分）（xx秋•铜梁县校级月考）如图所示，水平桌面上平放一叠共计54张的扑克牌，每一张的质量均为m．用一手指以竖直向下的力压第1张牌，并以一定速度向右移动手指，确保手指与第1张牌之间有相对滑动．设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同，手指与第1张牌之间的动摩擦因数为μ1，牌间的动摩擦因数均为μ2，第54张牌与桌面间的动摩擦因数为μ3，且有μ1＞μ2＞μ3．则下列说法正确的是（）A．第2张牌到第53张牌之间可能发生相对滑动B．第2张牌到第53张牌之间不可能发生相对滑动C．第1张牌受到手指的摩擦力向左D．第54张牌受到水平桌面的摩擦力向右考点：静摩擦力和最大静摩擦力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：第1张牌受到手指的摩擦力是静摩擦力，方向与相对运动趋势方向相反．第2张牌受到手指的滑动摩擦力，小于它受到的最大静摩擦力，与第3张牌之间不发生相对滑动．而第3张到第54张牌的最大静摩擦力更大，更不能发生相对滑动．对53张牌（除第1张牌外）研究，分析摩擦力的方向．解答：解：AB、设每张的质量为m，动摩擦因数为μ2，对第2张分析，它对第3张牌的压力等于上面两张牌的重力及手指的压力，最大静摩擦力F m=μ2•（2mg+F），而受到的第1张牌的滑动摩擦力为f=μ2（mg+F）＜F m，则第2张牌与第3张牌之间不发生相对滑动．同理，第3张到第54张牌也不发生相对滑动．故A错误，B正确，C、第1张牌相对于手指的运动趋势方向与手指的运动方向相反，则受到手指的静摩擦力与手指的运动方向相同，即受到手指的摩擦力向右，故C错误．D、对53张牌（除第1张牌外）研究，处于静止状态，水平方向受到第1张牌的滑动摩擦力，方向与手指的运动方向相同，则根据平衡条件可知：第54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反，即水平向左．故D错误．故选：B．点评：本题考查对摩擦力理解和判断能力．本题是实际问题，要应用物理基本知识进行分析，同时要灵活选择研究对象．7．（4分）（xx•杭州二模）酒后驾驶会导致许多安全隐患，是因为驾驶员的反应时间变长．反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间．下表中“思考距离”是指驾驶员发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指驾驶员发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时的加速度大小都相同）．速度（m/s）思考距离/m 制动距离/m正常酒后正常酒后15 7.5 15.0 22.5 30.020 10.0 20.0 36.7 46.725 12.5 25.0 54.2 66.7 分析上表可知，下列说法不正确的是（）A．驾驶员正常情况下反应时间为0.5sB．驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5sC．驾驶员采取制动措施后汽车加速度大小为3.75m/s2D．若汽车以25m/s的速度行驶时，发现前方60m处有险情，酒后驾驶不能安全停车考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：“思考距离”是指驾驶员发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指驾驶员发现情况到汽车停止行驶的距离．由于在制动之前汽车做匀速运动，所以根据思考距离的正常值可求出驾驶员正常情况下的反应时间．再由思考距离的酒后值可求出酒后反应时间．驾驶员制动后汽车加速度大小可由制动时速度、制动后发生的位移求出．当汽车以25m/s 的加速度行驶时，发现前方60m处有险情，酒后驾驶能否安全停车，可由制动距离的酒后值来确定．解答：解：A、在制动之前汽车做匀速运动，由正常情况下的思考距离S与速度v，则由S=vt可得t===0.5s 故正确；B、在制动之前汽车做匀速运动，由酒后情况下的思考距离S与速度v，则有t===1s，则酒后比正常情况下多0.5s 故正确；C、驾驶员采取制动措施时，有一反应时间．以速度为v=15m/s为例：若是正常情况下，制动距离减去思考距离才是汽车制动过程中的发生的位移S=22.5m﹣7.5m=15m由V2=2aS可得a===7.5m/s2故不正确；D、由表格数据可知当汽车速度为25m/s加速行驶时，酒后驾驶后若要制动停止的距离是66.7m超过前方险情的距离．故正确故选：C．点评：在制动过程中有反应时间，在这段时间内汽车做匀速运动．关键在求制动加速度大小时，制动距离并不是汽车在做减速的位移，必须将思考距离减去．8．（4分）（xx秋•万州区期末）如图甲所示，一个弹簧一端固定在传感器上，传感器与电脑相连．当对弹簧施加变化的作用力（拉力或压力）时，在电脑上得到了弹簧形变量与弹簧产生的弹力的关系图象（如图乙）．则下列说法正确的是（）A．弹簧的弹力和弹簧的长度成正比B．弹簧长度的增量与对应弹力增量成正比C．由图乙知该弹簧劲度系数是2×10﹣2N/mD．弹簧受到反向压力时劲度系数发生改变考点：胡克定律．分析：利用传感器进行弹力与弹簧形变量之间关系的实验，使实验更加准确，解答本题的关键是根据胡克定律正确分析乙图，得出弹力与形变量之间关系等信息．解答：解：A、根据胡克定律可知：F=k（l﹣l0）=kx，即弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，与弹簧长度不成正比，故A错误；B、根据A选项的论述可知B正确，故B正确．C、在弹力与弹簧形变量图象上，图象的斜率表示劲度系数，由此可知该弹簧的劲度系数是200N/m，故C错误；D、由于图象斜率不变，因此由实验可知该弹簧受到反向压力时，劲度系数不变，故D错误．故选：B点评：通过实验、图象考查了对胡克定律的理解，角度新颖，是一道好题9．（4分）（xx秋•铜梁县校级月考）新中国成立60周年，在天安门广场进行十年一次的大阅兵仪式，各个部队和军种都在紧张的演练，在空军演练中，某空降兵从飞机上跳下，他从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．0﹣10s内空降兵和降落伞整体运动的加速度越来越大B．0﹣10s内空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小C．10﹣15s内空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小D．10﹣15s内空降兵处于失重状态考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由图象可知各段中物体的运动过程及加速度的变化，再由牛顿第二定律可得出物体受力的变化．解答：解：A、v﹣t图线的斜率表示物体的加速度的大小，由图可知，在0～10s内物体做加速运动，但加速度越来越小，故A错误；B、在0～10s内物体做加速运动，但加速度越来越小，说明开始时物体的重力大于阻力，由可知，a减小，空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越大．故B错误；C、因10s末物体开始减速，说明此时伞已打开，10s末～15s末加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小，由可知，a减小，空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小．故C正确；D、由图象中坐标的变化及斜率的变化可知，10s末～15s末加速度方向竖直向上，空降兵处于超重状态；故D错误；故选：C．点评：本题考查学生对图象的认识，要求我们能正确理解v﹣t图象的点、斜率及面积的含义，并能正确理解加速度的性质．10．（4分）（xx秋•北碚区期末）如图所示，传送带始终以v=4m/s的速度顺时针方向运动．一个质量为m=1.0kg，初速度为零的小物体放在传送带的左端a处，若物体与传送带之间的动摩擦因素µ=0.2，传送带左右两端ab的距离为s=8m．则物体从a端运动到b端的过程中（g取10m/s2）（）A．物体一直向右加速B．物体先受向右的滑动摩擦力，后受到静摩擦力C．运动时间为3sD．平均速度为2m/s考点：牛顿第二定律；平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律求出物体的加速度，物块在传送带上先做匀加速直线运动，判断出物块速度达到传送带速度时，位移与s的关系，若位移大于s，则物体一直做匀加速直线运动，若位移小于s，则物体先做匀加速直线运动再做匀速直线运动，根据匀变速直线运动的公式求出运动的时间，平均速度等于位移除以时间．解答：解：A、物块的加速度：a=μg=0.2×10=2m/s2．当速度达到4m/s时，物块的位移：x=m=4m＜8m．知物块先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，故A错误；B、物体先做匀加速运动，受到向右的滑动摩擦力，后做匀速运动，不受摩擦力，故B错误；C、匀加速直线运动的时间：t1==2s；匀速直线运动的时间：t2=；物体从a点运动到b点所经历的时间：t=t1+t2=2+1=3s，故C正确；D、平均速度，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键通过对物块的受力分析，得出加速度，再根据加速度与速度的关系判断出物体的运动情况，从而根据运动学公式进行求解．二、实验题（11题6分，12题12分，共计18分）11．（6分）（xx秋•铜梁县校级月考）在“验证力的平行四边形定则”的实验中：（1）下面列出的措施中，哪些是有利于减少实验误差的ACA．橡皮条弹性要好，拉到O点时拉力适当大些B．两个分力F1和F2间的夹角越大越好C．拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧测力计平行贴近木板面D．拉橡皮条的绳要细，而且越短越好（2）其中两个实验步骤分别是A．在水平放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳同时用两个弹簧测力计（弹簧测力计与方木板平面平行）互成角度地拉橡皮条，使它与细绳的结点到达某一位置O点，在白纸上用铅笔记下O点的位置并读两个弹簧测力计的示数F1和F2．B．只用一只弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，读出此时弹簧测力计的示数F'并记下细绳的方向．请指出以上步骤中的错误或疏漏：A中是未记下两条细绳的方向．B中是未说明把橡皮条的结点拉到位置O．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：1、做探究共点力合成的规律实验：我们是让两个力拉橡皮条和一个力拉橡皮条产生的作用效果相同，测出两个力的大小和方向以及一个力的大小和方向，用力的图示画出这三个力，用平行四边形做出两个力的合力的理论值，和那一个力（实际值）进行比较．2、步骤A中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤B中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同，根据F1、F2作出平行四边形，对角线表示合力，根据几何关系可以求出合力大小．解答：解：（1）A、橡皮条弹性要好，拉到O点时拉力适当大些，故A正确；B、实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，夹角不宜太大，也不宜太小，故B错误；C、拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧测力计平行贴近木板面，故C正确；D、为了便于确定拉力的方向，拉橡皮条的细绳要稍长一些，故D错误；故选：AC．（2）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果．所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示．步骤A中未记下两条细绳的方向；步骤B中未说明把橡皮条的结点拉到位置O；故答案为：（1）AC（2）A中是：未记下两条细绳的方向；B中是：未说明把橡皮条的结点拉到位置O．点评：本题考查了力学中的基础实验，平时注意进行实际实验操作，只有通过具体实践，才能真正的理解具体实验操作细节的意义，因此平时同学们应该加强实验实践，而不是空洞的记忆实验．12．（12分）（xx秋•铜梁县校级月考）探究“加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示，实验时以小车的加速度a为纵坐标，细线的拉力F（即砝码和砝码盘的总重力G）为横坐标，建立坐标系，并在图1画出a﹣F图象得出加速度与力的关系．（1）实验中将砝码和砝码盘的总重力视为绳的拉力，必需满足的条件：盘及盘中砝码的总质量m远小于小车及砝码总质量M；（2）打点计时器所用电源的频率为50Hz，某次实验获得的一条纸带如图2所示，选出1、2、3、4、5共5个连续的计数点，测得x1=1.19cm、x2=1.61cm、x3=2.00cm、x4=2.39cm则，相邻两个计数点间的时间间隔T=0.10s，小车在打点计时器打“2”计数点的瞬时速度v2=0.14，小车的加速度是a=0.40．（结果均保留两位有效数字）（3）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如表所示：（小车质量保持不变）根据表中的数据在图中作a﹣F图象．F/N 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60a/m．s﹣2 0.10 0.19 0.30 0.41 0.50（4）该图线不通过坐标原点的原因可能是：未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的两个推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．当盘及盘中砝码的总质量远小于小车及砝码总质量时，可以认为小车受到的拉力等于盘及砝码的重力．根据匀变速直线运动的推论计算2点的瞬时速度以及加速度；解答：解：（1）实验中将砝码和砝码盘的总重力视为绳的拉力，必需满足的条件是盘及盘中砝码的总质量m远小于小车及砝码总质量M．（2）相邻两个计数点间的时间间隔为：T=0.02×5=0.10s小车在打点计时器打“2”计数点的瞬时速度为：v2==0.14m/s小车的加速度为：a==0.40m/s2（3）根据表中的数据在图1中作a﹣F图象．（4）由图可以看出当F达到一定数值之后才开始有加速度，该图线不通过坐标原点的原因可能是：未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．故答案为：（1）盘及盘中砝码的总质量m远小于小车及砝码总质量M；（2）0.10；0.14，0.40．（3）如图所示；（4）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．点评：解决本题的关键知道实验的研究方法，会通过图象探究加速度和力和质量的关系，知道实验中的两个认为：1、认为细线的拉力等于小车的合力，2、认为砝码盘和砝码的总重力等于细线的拉力．三、计算题（本题共4小题，共计52分．解答应写必要的文字说明、方程式和重要步骤，只给出最后结果不给分）13．（12分）（xx秋•重庆期末）如图所示，玩具射击枪水平放置，玩具枪与目标靶中心位于离地面足够高的同一水平线上，枪口与目标靶中心之间的水平距离s=5m，子弹射出的水平初速度v为10m/s，不计空气阻力，重力加速度g为10m/s2，（靶足够大）求：（1）从子弹由枪口射出开始计时，经多长时间子弹击中目标靶；（2）子弹击中目标靶的位置与靶中心的距离h；（3）子弹击中目标靶时，子弹的速度大小．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：（1）（2）子弹做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动的基本公式即可求解．（3）先根据分运动公式求解分运动的速度，然后合成得到合速度．解答：解：（1）子弹做平抛运动，水平分运动是匀速直线运动，故运动时间为：==0.5s（2）子弹做平抛运动，竖直分运动是自由落体运动，故：（3）竖直分速度：v y=gt=10×0.5=5m/s故合速度为：答：（1）从子弹由枪口射出开始计时，经0.5s时间子弹击中目标靶；（2）子弹击中目标靶的位置与靶中心的距离h为1.25m；（3）子弹击中目标靶时，子弹的速度大小为5m/s．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，然后结合分运动公式列式求解．14．（12分）（xx秋•铜梁县校级月考）如图所示，物体甲重20N，物体乙重100N，乙与水平桌面间的最大静摩擦力是30N，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°，物体甲、乙均处于静止状态．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力是多大；（2）水平桌面受到乙物体的摩擦力是多大，方向如何；（3）若将乙物体固定，轻绳OC所能承受的最大拉力远大于OB、OA，若OB、OA所能承受的最大拉力分别为100N、150N，为保持三根绳不断，则物体甲质量的取值范围．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）以结点O为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求出轻绳OA、OB受到的拉力．（2）物体以水平方向受到向左的静摩擦力和向右的拉力而平衡，根据平衡条件求出摩擦力．解答：解：（1）以结点O为研究对象，受力分析如图所示，则轻绳OB受到的拉力为：F1=G甲tan37°=20×0.75=15N，轻绳OA受到的拉力为：，（2）物体以水平方向受到向左的静摩擦力和向右的拉力而平衡，则摩擦力f=F1=15N，方向水平向左．（3）根据可知，当OA达到最大拉力150N时，OB的拉力为90N，小于100N，所以OA绳先断，此时OC的最大拉力F3=120N，所以物体甲质量最大为m=12kg．答：（1）轻绳OA、OB受到的拉力分别为25N和15N；（2）物体乙受到的摩擦力是15N，方向水平向左；（3）为保持三根绳不断，则物体甲质量最大不超过12kg．点评：本题的关键是正确对物体进行受力分析，根据平衡条件列式求解，难度不大，属于基础题．15．（14分）（xx秋•北碚区期末）倾角为θ=30°足够长的斜面上静止质量为m=0.4kg的小物块A．为测量A与斜面间的动摩擦因数μ，某研究性学习小组设计了如图所示实验方案．用一根轻绳一端系住A，绕过固定在斜面顶端的定滑轮，另一端竖直悬挂小桶B，连接A段绳平行于斜面，绳与滑轮间的摩擦不计．现缓慢向B中加沙，直到A刚好要上滑，此时B及沙的质量为m1=0.5kg．（重力加速度g取10m/s2，结果可带根号）（1）求μ=？。
安徽高一高中物理月考试卷带答案解析
安徽高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于圆周运动，以下说法中正确的是（ ） A ．做圆周运动的物体动能一定变化 B ．做圆周运动的物体合外力一定做功 C ．圆周运动一定是变速运动D ．做匀速圆周运动的物体加速度一定不变2.小船船头始终垂直河岸过河，若小船在静水中的速率恒定，当水速突然增大时，对小船过河经历的路程、时间产生的影响是（ ）A ．路程增大、时间变长B ．路程增大、时间缩短C ．路程增大、时间不变D ．路程、时间均与水速无关3.“套圈圈”是老少皆宜的游戏，如图，大人和小孩在同一竖直线上的不同高度处分别以水平速度v 1、v 2抛出铁丝圈，都能套中地面上同一目标．设大人和小孩的抛出点离地面的高度之比H 1：H 2=2：l ，则v 1：v 2等于（ ）A ．1：2B ．2：lC ．1：D ．：14.一辆汽车匀速率通过一段凸凹不平的路面，分别通过A 、B 、C 三个位置时（ ）A ．汽车通过A 位置时对路面的压力最大B ．汽车通过B 位置时对路面的压力最大C ．汽车通过C 位置时对路面的压力最大D ．汽车通过A 、B 、C 位置时对路面的压力一样大5.某人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为r ，设地球 半径为R ，地面的重力加速度为g ，万有引力常为G ，根据以上信息不能求出的物理量的是（ ） A ．卫星受到地球的万有引力 B ．地球的质量 C ．卫星的周期 D ．卫星的加速度6.转笔（Pen Spinning ）是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如图所示．转笔深受广大中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O 做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理知识的叙述正确的是（ ）A ．笔杆上的点离O 点越近的，角速度越大B ．笔杆上的点离O 点越近的，做圆周运动的向心加速度越大C ．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的D ．若该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走7.2010年l0月1日我国成功发射“嫦娥二号”绕月卫星，绕月运行高度为100公里．2007年10月24日发射的“嫦娥一号”绕月运行高度为200公里，如图所示．“嫦娥二号”卫星与“嫦娥一号”卫星绕月运行相比，下列判断正确的是（ ）A ．周期小，线速度大B ．周期大，加速度大C ．线速度大，加速度小D ．角速度大，线速度大8.额定功率P 0=60kW 的汽车，在平直公路上行驶的最大速度v m =20m/s ，汽车质量m=1000kg ．若汽车先由静止起以加速度a=3m/s 2作匀加速直线启动，实际功率达到额定功率后保持功率不变继续前进，整个运动过程中所受的阻力不变．下列说法不正确的是（ ） A ．汽车运动中所受的阻力为3000N B ．汽车匀加速运动持续的时间约为6.7s C ．启动后3s 末时的瞬时牵引力为6000N D ．汽车启动4s 末时的瞬时功率为60kW9.如图所示，质量为m 的小物块在水平恒力F 推动下，从山坡（粗糙） 底部A 处由静止起运动至高为h 的坡顶B ，获得速度为v ，AB 之间的水平距离为x ，重力加速度为g ．下列说法不正确的是（ ）A ．物块克服重力所做的功是mghB ．合外力对物块做的功是C ．推力对物块做的功是+mghD ．阻力对物块做的功是+mgh ﹣Fx10.如图所示，A 、B 两球质量相等，A 球用不能伸长的轻绳系于O 点，B 球用轻弹簧系于O′点，O 与O′点在同一水平面上，分别将A 、B 球拉到与悬点等高处，使绳和轻弹簧均处于水平，弹簧处于自然状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，则（ ）A ．两球到达各自悬点的正下方时，两球动能相等B ．两球到达各自悬点的正下方时，A 球动能较大C ．两球到达各自悬点的正下方时，A 球损失的重力势能较多D ．两球到达各自悬点的正下方时，B 球受到向上的拉力较大二、实验题①某同学探究恒力做功和物体动能变化间的关系，方案如图所示．他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为减小这种做法带来的误差，实验中要采取的两项措施是：a b②如图所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T．距离如图．则打B点时的速度为；要验证合外力的功与动能变化间的关系，测得位移和速度后，还要测出的物理量有三、计算题1.如图所示，质量为m的小物块在粗糙水平面上做直线运动，向右运动距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．已知l=1.4m，v=3.0m/s，小物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h=0.45m．不计空气阻力．（取10m/s2）求：（1）小物块落地点到飞出点的水平距离s；大小．（2）小物块的初速度大小v2.宇航员在半径为R的星球表面完成了下列实验：他将一圆锥体固定，使其轴线竖直，再用长细线一端固定于圆锥体的顶点O，另一端拴一小球，让其在水平面内做匀速圆周运动，如图所示．他测得小球的运动周期为T时，恰好对圆锥体无压力，又测出O点到圆轨道面间的距离为h，已知万有引力常量为G．求：（1）该星球表面重力加速度g；（2）该星球质量M；（3）在该星球表面发射卫星所需要的最小速度．3.如图所示，让小球从图中的C位置由静止开始摆下，摆到最低点D处，摆线刚好从与小球拴接处被拉断，并立即撤去摆线，小球在粗糙的水平面上由D点向D做匀减速运动，到达小孔A进入半径R=0.3m的竖直放置的光滑竖直圆弧轨道，当小球进入圆轨道立即关闭A孔，已知摆线长L=2m，θ=60°，小球质量为m=0.5kg，小球与粗糙水平面动摩擦因数μ=，g取10m/s2．求：（1）小球摆到最低点时的速度以及小球在最低点时对绳子的拉力；（2）要使小摆球能进入圆轨道并且不脱离轨道，求粗糙水平面DA长度s的范围．安徽高一高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.关于圆周运动，以下说法中正确的是（ ） A ．做圆周运动的物体动能一定变化 B ．做圆周运动的物体合外力一定做功 C ．圆周运动一定是变速运动D ．做匀速圆周运动的物体加速度一定不变【答案】C【解析】圆周运动的速度沿圆周运动的切线方向，速度一定是变化的，但速率可能不变．合外力和加速度的方向一定变化，它们一定是变化的．解：A 、对于匀速圆周运动，速率不变，动能不变；但对于非匀变速圆周运动，速率在变化，则动能是变化的．故A 错误．B 、圆周运动有匀速圆周运动和非匀变速圆周运动两类，对于匀速圆周运动，合力一定指向圆心，则合力不做功，而非匀变速圆周运动，合力不指向圆心，则合力做功，故B 错误．C 、圆周运动的速度不断变化，因此一定是变速运动，故C 正确．D 、圆周运动有匀速圆周运动和非匀变速圆周运动两类，对于匀速圆周运动，加速度虽大小不变，但方向一定指向圆心，则加速度一定变．故D 错误． 故选：C ．2.小船船头始终垂直河岸过河，若小船在静水中的速率恒定，当水速突然增大时，对小船过河经历的路程、时间产生的影响是（ ）A ．路程增大、时间变长B ．路程增大、时间缩短C ．路程增大、时间不变D ．路程、时间均与水速无关【答案】C【解析】合运动和分运动具有等时性，等效性，独立性的特点，水流的速度突然变大时，对垂直河岸的运动没有影响，利用合运动与分运动的关系进行分析．解：船实际参与了两个分运动，沿船头指向的匀速运动和沿水流方向的匀速运动，两分运动同时发生，互不影响，因而渡河时间等于沿船头方向分运动的时间；水流的速度突然变大时，对垂直河岸的运动没有影响，又船速是恒定的，所以渡河的时间是不变的．沿水流方向速度增大，相等时间内沿水流方向位移增大，路程增大，故C 正确，ABD 错误． 故选：C ．3.“套圈圈”是老少皆宜的游戏，如图，大人和小孩在同一竖直线上的不同高度处分别以水平速度v 1、v 2抛出铁丝圈，都能套中地面上同一目标．设大人和小孩的抛出点离地面的高度之比H 1：H 2=2：l ，则v 1：v 2等于（ ）A ．1：2B ．2：lC ．1：D ．：1【答案】C【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度之比求出运动的时间之比，抓住水平位移相等求出初速度之比． 解：根据H=得，t=，则初速度，因为水平位移相等，高度之比为2：1，可知初速度之比1：．故选：C ．4.一辆汽车匀速率通过一段凸凹不平的路面，分别通过A 、B 、C 三个位置时（ ）A．汽车通过A位置时对路面的压力最大B．汽车通过B位置时对路面的压力最大C．汽车通过C位置时对路面的压力最大D．汽车通过A、B、C位置时对路面的压力一样大【答案】A【解析】在最高点和最低点靠竖直方向上的合力提供向心力，在水平面，重力和支持力相等，结合牛顿第二定律和牛顿第三定律比较压力的大小关系．＜mg，解：在C点，根据牛顿第二定律得，，则NC=mg，在B点，根据平衡有：NB＞mg．在A点，根据牛顿第二定律得，，则NA根据牛顿第三定律知，支持力等于压力，则A位置汽车对路面的压力最大，C位置对路面的压力最小，故A正确，B、C、D错误．故选：A．5.某人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为r，设地球半径为R，地面的重力加速度为g，万有引力常为G，根据以上信息不能求出的物理量的是（）A．卫星受到地球的万有引力B．地球的质量C．卫星的周期D．卫星的加速度【答案】A【解析】根据万有引力等于重力求出地球的质量，根据万有引力提供向心力求出卫星的周期和加速度．解：A、由于卫星的质量未知，根据题设条件无法求出卫星受到地球的引力，故A错误．B、根据得，地球的质量M=，故B正确．C、根据得，T=，加速度a=，故C、D正确．本题选不能求出的物理量，故选：A．6.转笔（Pen Spinning）是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如图所示．转笔深受广大中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理知识的叙述正确的是（）A．笔杆上的点离O点越近的，角速度越大B．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越大C．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的D．若该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走【答案】D=ω2R，即可确定向心加速度大小；【解析】各点的角速度是相等的；根据向心加速度公式an各点做圆周运动的向心力是杆的弹力提供；当提供的向心力小于需要向心力，则会出现离心现象．解：A、笔杆上的各个点都做同轴转动，所以角速度是相等的．故A错误；=ω2R，笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越小，故B错误；B、由向心加速度公式anC、杆上的各点做圆周运动的向心力是由杆的弹力提供的，与万有引力无关，故C错误；D、当转速过大时，当提供的向心力小于需要向心力，出现笔尖上的小钢珠有可能做离心运动被甩走，故D正确；故选：D．7.2010年l0月1日我国成功发射“嫦娥二号”绕月卫星，绕月运行高度为100公里．2007年10月24日发射的“嫦娥一号”绕月运行高度为200公里，如图所示．“嫦娥二号”卫星与“嫦娥一号”卫星绕月运行相比，下列判断正确的是（ ）A ．周期小，线速度大B ．周期大，加速度大C ．线速度大，加速度小D ．角速度大，线速度大【答案】AD【解析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，进行分析． 解：向心力=所受的万有引力：G =m=mω2r=m （）2r═ma解得v=①T==2π②ω=③a=④由以上各式可知：半径大的线速度，角速度，加速度小，周期大． A 因“嫦娥二号”的半径小，则其周期小，线速度大．故A 正确 B 因“嫦娥二号”的半径小，则其周期小，加速度大．故B 错误 C 因“嫦娥二号”的半径小，则其线速度大，加速度大．故C 错误 D 因“嫦娥二号”的半径小，则其角速度大，线速度大．故D 正确． 故选：A D8.额定功率P 0=60kW 的汽车，在平直公路上行驶的最大速度v m =20m/s ，汽车质量m=1000kg ．若汽车先由静止起以加速度a=3m/s 2作匀加速直线启动，实际功率达到额定功率后保持功率不变继续前进，整个运动过程中所受的阻力不变．下列说法不正确的是（ ） A ．汽车运动中所受的阻力为3000N B ．汽车匀加速运动持续的时间约为6.7s C ．启动后3s 末时的瞬时牵引力为6000N D ．汽车启动4s 末时的瞬时功率为60kW【答案】B【解析】当牵引力等于阻力时，速度最大，结合P=fv 求出阻力的大小，根据牛顿第二定律求出牵引力的大小，结合P=Fv 求出匀加速直线运动的末速度，根据速度时间公式求出匀加速直线运动的时间．通过时间比较确定汽车运动状态，从而确定牵引力、功率的大小．解：A 、当汽车的牵引力与阻力相等时，速度最大，根据P=fv m 得，阻力f=，故A 正确．B 、根据牛顿第二定律得，F ﹣f=ma ，解得F=f+ma=3000+1000×3N=6000N ，则匀加速直线运动的末速度v=，则匀加速直线运动的时间，故B 错误．C 、由C 选项知，启动后3s ，汽车仍然处于匀加速直线运动，牵引力为6000N ，故C 正确．D 、启动4s 后汽车的功率达到额定功率，为60kW ，故D 正确． 本题选错误的，故选：B ．9.如图所示，质量为m 的小物块在水平恒力F 推动下，从山坡（粗糙） 底部A 处由静止起运动至高为h 的坡顶B ，获得速度为v ，AB 之间的水平距离为x ，重力加速度为g ．下列说法不正确的是（ ）A ．物块克服重力所做的功是mghB ．合外力对物块做的功是C ．推力对物块做的功是+mghD ．阻力对物块做的功是+mgh ﹣Fx【答案】C【解析】恒力做功等于力的大小、力的方向上的位移大小的乘积；根据动能定理列式分析合力做功，并求出阻力做功．解：A、重力做功与路径无关，物体上升h，故小车克服重力做功WG=mgh，故A正确；B、根据动能定理可知，合力对小车做的功等于物体动能的变化，为W合=mv2，故B正确；C、推力F是恒力，则推力做功为 WF=Fx，故C不正确；D、根据动能定理，有Fx﹣mgh+W阻=mv2，则得阻力对小车做的功W阻=mv2+mgh﹣Fx，故D正确．本题选不正确的，故选：C．10.如图所示，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于O点，B球用轻弹簧系于O′点，O与O′点在同一水平面上，分别将A、B球拉到与悬点等高处，使绳和轻弹簧均处于水平，弹簧处于自然状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，则（）A．两球到达各自悬点的正下方时，两球动能相等B．两球到达各自悬点的正下方时，A球动能较大C．两球到达各自悬点的正下方时，A球损失的重力势能较多D．两球到达各自悬点的正下方时，B球受到向上的拉力较大【答案】B【解析】A球用绳连着，在下降的过程中，绳的拉力不做功，球A的机械能守恒．B球用弹簧相连，在球B下降的过程中，弹簧要对球B做功，弹簧的弹性势能增加，球B的机械能不守恒，但整个系统的机械能守恒．由此分析即可．解：AB、两个球都是从同一个水平面下降的，到达最低点时还在同一个水平面上，根据重力做功的特点可知在整个过程中，A、B两球重力做的功相同，但是，A球下摆过程中，只有重力做功，B球在下落的过程中弹簧要对球做负功，根据动能定理得，A球到达最低点时速度要比B球的速度大，动能也要比B球的大，故A错误，B正确；C、两球质量相等，下降的高度相同，所以重力做功相同，损失的重力势能相同，故C错误．D、由于在最低点时B的速度小，根据向心力的公式可知，B球需要的向心力小，所以绳对B的拉力也要比A的小，故D错误．故选：B二、实验题①某同学探究恒力做功和物体动能变化间的关系，方案如图所示．他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为减小这种做法带来的误差，实验中要采取的两项措施是：a b②如图所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T．距离如图．则打B点时的速度为；要验证合外力的功与动能变化间的关系，测得位移和速度后，还要测出的物理量有【答案】；钩码的质量m，小车的质量M【解析】（1）小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次要想用钩码的重力表示小车受到的合外力，必须要满足钩码的质量远小于小车的总质量；（2）根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小可以求出B点的速度大小；（3）验证合外力的功与动能变化间的关系的原理：，由此可知需要测量的物理量有：钩码质量m，小车的质量M，位移x，速度v．解：①小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma ①钩码有：mg﹣F=ma ②=，由此可知当M＞＞m时，够码的重力等于绳子的拉力即为小车是合外力．故答案为：①a 平衡摩擦力； b 钩码的重力远小于小车的总重力（钩码的质量远远小于小车的质量）．②根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小可知B点的速度大小为：验证合外力的功与动能变化间的关系的原理：，由此可知需要测量的物理量有：钩码质量m，小车的质量M，位移x，速度v．故答案为：；钩码的质量m，小车的质量M．三、计算题1.如图所示，质量为m的小物块在粗糙水平面上做直线运动，向右运动距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．已知l=1.4m，v=3.0m/s，小物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h=0.45m．不计空气阻力．（取10m/s2）求：（1）小物块落地点到飞出点的水平距离s；大小．（2）小物块的初速度大小v【答案】（1）小物块落地点距飞出点的水平距离为0.9m．（2）小物块的初速度为4m/s【解析】（1）物块离开桌面后做平抛运动，由匀速与匀变速运动规律可以求出水平距离．（2）由动能定理可以求出物块的初速度．解：（1）物块飞出桌面后做平抛运动，竖直方向：h=gt2，解得：t=0.3s，水平方向：s=vt=0.9m；（2）对滑块从开始运动到飞出桌面，2，由动能定理得：﹣μmgl=mv2﹣mv=4m/s；解得：v答：（1）小物块落地点距飞出点的水平距离为0.9m．（2）小物块的初速度为4m/s．2.宇航员在半径为R的星球表面完成了下列实验：他将一圆锥体固定，使其轴线竖直，再用长细线一端固定于圆锥体的顶点O，另一端拴一小球，让其在水平面内做匀速圆周运动，如图所示．他测得小球的运动周期为T时，恰好对圆锥体无压力，又测出O点到圆轨道面间的距离为h，已知万有引力常量为G．求：（1）该星球表面重力加速度g；（2）该星球质量M；（3）在该星球表面发射卫星所需要的最小速度．【答案】（1）该星球表面重力加速度g是h；（2）该星球质量M是；（3）在该星球表面发射卫星所需要的最小速度是【解析】（1）小球在水平面内做匀速圆周运动，由细线的拉力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律和向心力公式结合列式，可求得重力加速度g；（2）根据重力等于万有引力，可求得星球的质量M．（3）在该星球表面发射卫星所需要的最小速度等于其第一宇宙速度，根据重力等于向心力求解．解：（1）小球在水平面内做匀速圆周运动，由细线的拉力和重力的合力提供向心力，则得：mgtanθ=m htanθ则 g=h（2）在星球表面的物体有：G=mg则 M=（3）环绕该星球表面的卫星得：mg=m则 v=答：（1）该星球表面重力加速度g是h；（2）该星球质量M是；（3）在该星球表面发射卫星所需要的最小速度是．3.如图所示，让小球从图中的C位置由静止开始摆下，摆到最低点D处，摆线刚好从与小球拴接处被拉断，并立即撤去摆线，小球在粗糙的水平面上由D点向D做匀减速运动，到达小孔A进入半径R=0.3m的竖直放置的光滑竖直圆弧轨道，当小球进入圆轨道立即关闭A孔，已知摆线长L=2m，θ=60°，小球质量为m=0.5kg，小球与粗糙水平面动摩擦因数μ=，g取10m/s2．求：（1）小球摆到最低点时的速度以及小球在最低点时对绳子的拉力；（2）要使小摆球能进入圆轨道并且不脱离轨道，求粗糙水平面DA长度s的范围．【答案】（1）小球摆到最低点时的速度是2m/s，小球在最低点时对绳子的拉力是10N；（2）要使小摆球能进入圆轨道并且不脱离轨道，粗糙水平面DA长度s的范围5.6m≤S≤8m或者s≤2m【解析】（1）摆球摆到D点时，摆线的拉力最大，根据机械能守恒定律求出摆球摆到D点时速度，由牛顿第二定律求出摆线的最大拉力．（2）要使摆球能进入圆轨道，并且不脱离轨道，有两种情况：一种在圆心以下做等幅摆动；另一种能通过圆轨道做完整的圆周运动．小球要刚好运动到A点，对小球从D到A的过程，运用动能定理求出动摩擦因数μ的最大值；若小球进入A孔的速度较小，并且不脱离轨道，那么将会在圆心以下做等幅摆动，不脱离轨道，其临界情况为到达圆心等高处速度为零，根据机械能守恒和动能定理求出s．要使摆球能进入圆轨道，恰好到达轨道的最高点，就刚好不脱离轨道，在最高点时，由重力提供向心力，由牛顿第二定律求出此时小球的速度，对从D到轨道最高点的过程，运用动能定理求解s的最小值，即可得到s的范围解析：（1）对CD段应用动能定理，得：mg（L﹣Lcosθ）==2m/s代入数据解得：vD在最低点有：T﹣mg=m解得：T=10N由作用力与反作用力的关系可知：小球在最低点对绳子的拉力为10N．（2）小球不脱圆轨道分两种情况：①要保证小球能达到A孔，设小球到达A孔的速度恰好为零，由动能定理可得：=0﹣﹣μmgs1代入数据可得：s="8" m1若进入A孔的速度较小，那么将会在圆心以下做等幅摆动，不脱离轨道．其临界情况为到达圆心等高处速度为零，由机械能守恒可得：mgR=由动能定理可得：﹣μmgs=﹣2="5.6" m代入数据可求得：s2②小球运动到光滑竖直圆弧轨道最高点时，有：mg=m，代入数据得：v=m/s由动能定理得：2mgR=﹣=m/s代入数据解得：小球在A点时的速度为：vA对DA段应用动能定理，有：﹣μmgs=﹣3="2" m代入数据解得：s3综上，粗糙水平面DA长度s的范围5.6m≤S≤8m或者s≤2m．答：（1）小球摆到最低点时的速度是2m/s，小球在最低点时对绳子的拉力是10N；（2）要使小摆球能进入圆轨道并且不脱离轨道，粗糙水平面DA长度s的范围5.6m≤S≤8m或者s≤2m．。
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安徽省巢湖市无为县华星学校2014-2015学年高一上学期第二次月考物理试卷一、【图象专题】1．（3分）如图为某物体做直线运动的v﹣t图象，关于物体在前4s的运动情况，下列说法正确的是（）A．物体始终向同一方向运动B．物体的加速度大小不变，方向与初速度方向相同C．物体在前2s内做减速运动D．物体在前2s内做加速运动2．（3分）A、B两物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相反B．开头4s内A、B两物体的位移相同C．t=4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大3．（3分）某物体运动的速度﹣时间图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．匀变速直线运动C．朝某一方向的直线运动D．不能确定4．（3分）甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度﹣时间图象分别如图中的a和b所示．在t1时刻（）A．它们的运动方向相同B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大D．乙的速度比甲的速度大5．（3分）下列关于匀速直线运动的x一t图象、v一t图象的说法正确的有（）A．x一t图象表示物体运动的轨迹，v一t图象不表示物体运动的轨迹B．在x一t图象中不能表示出物体速度的大小C．在v一t图象中可以表示出物体速度的大小和某段时间t内的位移D．x一t图象一定经过坐标原点6．（3分）两个物体a、b同时开始沿同一条直线运动．从开始运动起计时，它们的位移图象如图所示．关于这两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A．开始时a的速度较大，加速度较小B．a做匀减速运动，b做匀加速运动C．a、b速度方向相反，速度大小之比是2：3D．在t=3s时刻a、b速度相等，恰好相遇7．（3分）如图所示为A、B两人在同一直线上运动的位移图象，图象表示（）A．0～2秒内A、B两人同向而行B．0～2秒内A的速度比B的速度大C．在5s内，A走的路程比B走的路程多D．在5s内，A的位移比B的位移大8．（3分）本校开展无线电定位“搜狐“比赛，有甲、乙两人从如图所示的同一地点O同时出发，并同时到达地点A搜到狐狸，两人的搜狐路径已在图中标出，则（）A．两人运动的平均速度相等B．甲的平均速度大于乙的平均速度C．甲的路程小于乙的路程D．甲的位移小于乙的位移9．（3分）甲、乙、丙三个物体运动的位移随时间变化的图象（x﹣t图象）如图所示，下列说法中正确的是（）A．乙物体作匀加速直线运动B．甲物体作曲线运动C．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲=乙=丙D．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲＞乙＞丙10．（3分）物体A、B的s﹣t图象如图所示，由图可知（）A．从第3s起，两物体运动方向相同，且v A＞v BB．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动C．在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D．5s内A、B的平均速度相等11．（3分）下列所给的图象中能反映做直线运动的物体在2秒末回到初始位置的是（）A．B． C．D．一、选择题（每题4分，共32分，有的题目只有一个答案，有的题目不止一个答案，全部选对得4分，漏选得2分，错选得0分）12．（4分）从静止开始做匀加速直线运动的物体，前10s内的位移是10m，则该物体运动1min 时的位移为（）A．36m B．60m C．120m D．360m13．（4分）下列关于匀变速直线运动的说法正确的是（）A．相同的时间内位移变化相同B．相同的时间内速度变化相同C．相同的时间内加速度变化相同D．任意时刻速度的变化率相同14．（4分）在地面上，将一个小球以v=20m/s初速度竖直上抛，则小球到达距抛出点10m的位置所经历的时间为（g=10m/s2）（）A．（2+）S B．（2﹣）S C．S D．（2+）S15．（4分）汽车以大小为20m/s的速度做匀速直线运动．刹车后，获得的加速度的大小为5m/s2，那么刹车后2s内与刹车后6s内汽车通过的路程之比为（）A．1：1 B．3：1 C．4：3 D．3：416．（4分）物体第1s由静止向右做加速度为1m/s2的匀加速直线运动，第2s的加速度方向向左，大小不变，以后每隔1s加速度的方向都改变一次，但大小不变，则1min后物体在（）A．原位置B．原位置左0.5m C．原位置右0.5m D．原位置右30m17．（4分）一物体从H高处自由下落，经时间t落地，则当它下落时，离地面的高度为（）A．B．C．D．18．（4分）关于加速度，下列说法正确的是（）A．速度变化越大，加速度一定越大B．速度的变化率越大，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．单位时间内速度变化越大，加速度一定越大19．（4分）一质点沿直线运动时的速度﹣﹣时间图线如图所示，则以下说法正确的是（）A．第1s末质点的位移和速度都改变方向B．第2s末质点的运动方向改变C．第4s末质点的位移为零D．第3s末和第5s末质点的位置相同二、填空题（每空3分，共33分）20．（3分）一物体从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，它到达斜面底端时的速度是m/s，则经过斜面中点时的速度是m/s．21．（9分）汽车以2m/s2的加速度由静止开始启动，则第5s末汽车的速度是m/s，第5s内汽车的平均速度是m/s，第5s内汽车的位移是m．22．（3分）一列车从静止开始做匀加速直线运动，一人站在第一节车厢前观察，第一节车厢经过他身旁历时2s，全车经过他身旁历时6s，那么，该列车车厢的总数为（设每节车厢一样长）23．（6分）一个做匀变速直线运动的物体，第一个3s内的位移是9m，第2个3s内位移为0，则该物体运动的加速度为，初速度为．24．（12分）一质点在Ox坐标轴上运动，t=0时，位于坐标原点，图为质点做直线运动的v﹣t图线．则由图线可知，该质点的位移﹣时间关系式为．在时刻t=时，质点与坐标原点有最大距离，从0到t=20s，质点位移为m，通过路程为m．三、计算题（第14题8分，第15题8分，第16题9分，第17题10分）25．（8分）矿井里的升降机，由静止开始匀加速上升，经5s速度达到6m/s后，又以此速度匀速度上升10s，然后匀减速上升，又经10s停在井口．求矿井的深度．26．（8分）小球从斜面的顶端以初速度v0=2m/s，加速度a=2m/s2沿斜面向下匀加速滑行，在到达斜面底端前一秒内所通过的位移是斜面长的，求：（1）斜面的长度？（2）小球到达斜面底端的速度大小？27．（9分）一根木棍保持竖直状态静止不动，在木棍正下方距木棍上端0.8m处有一点A，当木棍由静止释放后，木棍通过A点所用时间是0.2s，不计空气阻力，求木棍的长度是多少？（g=10m/s2）28．（10分）一跳伞运动员从350m高空离开飞机跳伞降落，为了使落地时间快一些，开始时未打开伞而自由下落，降落一段距离后才张开伞，张开伞后以2m/s2的加速度匀减速下落，到达地面时的速度为4m/s．问跳伞运动员应在离开地面多高处张开伞？（g取10m/s2）安徽省巢湖市无为县华星学校2014-2015学年高一上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、【图象专题】1．（3分）如图为某物体做直线运动的v﹣t图象，关于物体在前4s的运动情况，下列说法正确的是（）A．物体始终向同一方向运动B．物体的加速度大小不变，方向与初速度方向相同C．物体在前2s内做减速运动D．物体在前2s内做加速运动考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度的正负判断速度的方向．速度图象的斜率等于加速度．根据图线速度变化的变化分析物体做什么运动．解答：解：A、由图看出，在前2s内，物体沿负方向运动，在后2s内物体沿正方向运动，运动方向发生了改变．故A错误．B、速度图线的斜率等于加速度，直线的斜率不变，说明物体的加速度大小和方向都不变．加速度始终沿正方向，而物体的初速度方向沿负方向，所以加速度方向与初速度方向相反．故B 错误．C、D体在前2s内向负方向做匀减速运动．故C正确，D错误．故选C点评：根据速度图象直接速度加速度的方向，由斜率大小求出加速度的大小是基本能力，要熟练掌握．2．（3分）A、B两物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相反B．开头4s内A、B两物体的位移相同C．t=4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图象中的坐标可知物体速度的大小及方向；由斜率的大小可知加速度；由图象与时间轴围成的面积可表示位移．解答：解：A、由图可知两物体均沿正方向运动，故速度方向相同，故A错误；B、4s内B的移大于A的位移，故B错误；C、4s时丙物体的图象相交，说明两物体速度相同，故C正确；D、A的斜率小于B的斜率，说明A的加速度比B要小，故D错误；故选C．点评：解决v﹣t图象关键在于弄清图象中点的坐标、斜率及面积的含义；再由数学方法进行分析即可．3．（3分）某物体运动的速度﹣时间图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．匀变速直线运动C．朝某一方向的直线运动D．不能确定考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：本题是速度﹣时间图象，速度的正负表示速度的方向．图线在横轴上方表示速度都正方向，表示都向正方向运动．解答：解：A、C由题是速度﹣时间图象，速度都正值，表示物体都沿正方向运动，即朝某一方向直线运动，而不是往复运动．故A错误，C正确．B、物体做的是匀加速直线运动与匀减速直线运动交替的运动，加速度在交替变化，整个不是匀变速直线运动．故B错误．D、可以确定物体的运动情况．故选：C．点评：本题考查理解速度图象的能力，要注意速度的方向由其正负号来表示，匀变速直线运动的特点是加速度恒定不变．4．（3分）甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度﹣时间图象分别如图中的a和b所示．在t1时刻（）A．它们的运动方向相同B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大D．乙的速度比甲的速度大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线速度的正负表示运动的方向，根据图线可得出某时刻速度的大小．解答：解：A、在t1时刻，甲和乙的速度都为正值，可知它们的运动方向相同．故A正确，B错误．C、在t1时刻，乙的速度大小大于甲的速度大小．故C错误，D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道速度时间图线表示的物理意义，知道图线斜率、速度的正负值、图线与时间轴围成的面积表示的含义．5．（3分）下列关于匀速直线运动的x一t图象、v一t图象的说法正确的有（）A．x一t图象表示物体运动的轨迹，v一t图象不表示物体运动的轨迹B．在x一t图象中不能表示出物体速度的大小C．在v一t图象中可以表示出物体速度的大小和某段时间t内的位移D．x一t图象一定经过坐标原点考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：解答本题应该掌握：z﹣t图象和v﹣t图象的物理意义以及与轨迹图象的区别；如何在s﹣t图象中确定物体的速度；如何在v﹣t图象中确定物体的位移．解答：解：A、x﹣t和v﹣t图象分别描述的是位移和时间速度和时间的关系图象，并非物体运动的轨迹图象，故A错误；B、在x﹣t图象中，图象的斜率表示物体速度的大小，故B错误；C、从v﹣t图象上可以直接读出各个时刻物体速度的大小，图象和时间轴围成的面积表示物体位移大小，故C正确；D、z﹣t图象是否过原点是看t=0时间物体的位移是否为零，因此z﹣t图象不一定都过原点，故D错误．故选：C．点评：本题考察了学生对z﹣t和v﹣t图象掌握、理解情况，图象的理解要从两坐标轴物理意义入手，不能主观的根据图象形状理解．6．（3分）两个物体a、b同时开始沿同一条直线运动．从开始运动起计时，它们的位移图象如图所示．关于这两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A．开始时a的速度较大，加速度较小B．a做匀减速运动，b做匀加速运动C．a、b速度方向相反，速度大小之比是2：3D．在t=3s时刻a、b速度相等，恰好相遇考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：位移时间图线斜率表示速度，根据斜率的正负判断运动的方向，位移相等时，根据斜率表示速度的大小．解答：解：A、由图线可知，a、b均做匀速直线运动，加速度都为零，开始时b的速度大小较大．故A错误，B错误．C、a、b图线的斜率为一正一负，知速度方向相反，速度大小之比为2：3．故C正确．D、在t=3s时，a、b的位移相等，速度不等．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线斜率表示的含义．7．（3分）如图所示为A、B两人在同一直线上运动的位移图象，图象表示（）A．0～2秒内A、B两人同向而行B．0～2秒内A的速度比B的速度大C．在5s内，A走的路程比B走的路程多D．在5s内，A的位移比B的位移大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．解答：解：A、位移﹣时间图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向；所以0～2秒内A斜率为负即速度为负方向的运动，B的斜率为正数，即速度为正方向，所以两人运动方向相反，故A错误．B、0～2秒内A的速度v A==m/s=﹣12m/s，即A的速度大小为12m/s，B的速度v B==m/s=30m/s，故B错误．C、在5s内，A从60m位置走到零位置，走的路程为60m；B先从零位置到达60m位置，然后静止两秒，在向负方向运动，路程大于60m，故C错误．D、在5s内，A的位移为﹣60m，B的位移小于60m，故D正确．故选：D点评：理解位移﹣时间图象上点和斜率的物理意义；特别是斜率代表速度，求解斜率的方法V=．8．（3分）本校开展无线电定位“搜狐“比赛，有甲、乙两人从如图所示的同一地点O同时出发，并同时到达地点A搜到狐狸，两人的搜狐路径已在图中标出，则（）A．两人运动的平均速度相等B．甲的平均速度大于乙的平均速度C．甲的路程小于乙的路程D．甲的位移小于乙的位移考点：平均速度；位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于物体的位移与所用时间的比值．位移是从起点到终点的有向线段，从图上找出起点和终点，确定位移关系，再研究平均速度关系．路程是物体运动路线的长度．解答：解：A、由图看出，甲乙两人起点都在O点，终点都在A点，位移相同，所用时间相同，则根据平均速度的公式得知，平均速度一定相同．故A正确，BD错误．C、路程是物体运动路线的长度，从图看出，甲的路程大于乙的路程．故C错误故选：A点评：本题是物体的运动轨迹图线，能直接看出物体运动路线和起点、终点，只要懂得平均速度的含义就能正确解答．9．（3分）甲、乙、丙三个物体运动的位移随时间变化的图象（x﹣t图象）如图所示，下列说法中正确的是（）A．乙物体作匀加速直线运动B．甲物体作曲线运动C．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲=乙=丙D．三个物体在0﹣t0时间内平均速度甲＞乙＞丙考点：匀变速直线运动的图像．专题：直线运动规律专题．分析：x﹣t图象描述物体的位置随时间的变化规律，图象的斜率表示物体的速度．解答：解：A、乙物体的位移随时间均匀增加，故乙物体做匀速直线运动；故A错误；B、x﹣t图象只能描述直线运动，故B错误；C、三个物体在相同时间内的位移相同，故平均速度一定相同；故C正确；D错误；故选：C．点评：本题考查对x﹣t图象的掌握，要注意x﹣t图象中图象的意义，同时注意平均速度的定义．10．（3分）物体A、B的s﹣t图象如图所示，由图可知（）A．从第3s起，两物体运动方向相同，且v A＞v BB．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动C．在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D．5s内A、B的平均速度相等考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间的斜率大小等于物体的速度．由图直接读出物体开始运动的时刻和位置．两图线的交点表示位移相同，两物体到达同一位置相遇．纵坐标的变化量等于物体通过的位移，读出位移大小，再比较5s内平均速度大小关系．解答：解：A、由图看出，两图线的斜率都大于零，说明两物体都沿正方向运动，运动方向相同．图线A 的斜率大于图线B的斜率，说明A的速度大于B的速度，即v A＞v B．故A正确．B、物体A从原点出发，而B从正方向上距原点5m处出发，出发的位置不同．物体A比B迟3s才开始运动．故B错误．C、5s末两图线相交，说明5s末两物体到达同一位置相遇．但两物体5s内通过的位移不同，A通过的位移为△x A=10m﹣0=10m，物体B通过的位移为△x B=10m﹣5m=5m．故C错误．D、由上知道，5s内A通过的位移大于B的位移，所以5s内A的平均速度大于B的平均速度．故D错误．故选A点评：对于位移图象，关键抓住斜率大小等于物体的速度、坐标变化量表示位移来理解其物理意义．11．（3分）下列所给的图象中能反映做直线运动的物体在2秒末回到初始位置的是（）A．B． C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：首先区分图象是x﹣t图象还是v﹣t图象，由两种图象的性质可判断是否满足条件．解答：解：A、由图可知，2s末物体的纵坐标为零，与初始坐标相同，故A图中物体回到了初始位置，故A正确；B、物体从正向2m处出发，2s末时到达负向的2m处，故没有回到初始位置，故B错误；C、物体1s内以2m/s的速度沿正方向运动，1s末位移为2m，第2s内，物体反向以2m/s的速度运动，第2s内位移为负方向的2m，故物体应回到初始位置，故C正确；D、由图可知，物体一直沿正方向运动，故2s末物体无法回到初始位置，故D错误；故选AC．点评：在研究图象时要先分析图象的坐标，然后再由坐标确定图象的意义；切不可将x﹣t 图象当作v﹣t图象处理．一、选择题（每题4分，共32分，有的题目只有一个答案，有的题目不止一个答案，全部选对得4分，漏选得2分，错选得0分）12．（4分）从静止开始做匀加速直线运动的物体，前10s内的位移是10m，则该物体运动1min 时的位移为（）A．36m B．60m C．120m D．360m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据位移时间关系公式列式求解即可．解答：解：前10秒内的位移：；前60s内的位移：；故：；解得：x2=360m；故选D．点评：本题考查了匀变速直线运动的位移时间关系公式直接运用，要理解公式中各个物理量的含义，基础题．13．（4分）下列关于匀变速直线运动的说法正确的是（）A．相同的时间内位移变化相同B．相同的时间内速度变化相同C．相同的时间内加速度变化相同D．任意时刻速度的变化率相同考点：匀变速直线运动的公式．专题：直线运动规律专题．分析：匀变速直线运动的加速度是不变的，根据速度时间公式和位移时间公式可以得知速度、位移随时间的变化规律．解答：解：A、C、匀变速直线运动的加速度是不变的．由△x=at2知，知相同的时间内位移变化相同，故A正确，C错误．B、由△v=at，知a不变，则相同的时间内速度变化相同，故B正确．D、加速度等于速度的变化率，则加速度不变，任意时刻速度的变化率相同，故D正确．故选：ABD．点评：解决本题的关键知道匀变速直线运动的特点，以及掌握匀变速直线运动的速度公式和位移公式．14．（4分）在地面上，将一个小球以v=20m/s初速度竖直上抛，则小球到达距抛出点10m的位置所经历的时间为（g=10m/s2）（）A．（2+）S B．（2﹣）S C．S D．（2+）S考点：竖直上抛运动．分析：位移是矢量，抛出后石子通过距抛出点15m处，可能是上升阶段经过10m高处，也可能是下降阶段经过高10m处，还有可能是下降阶段经过下方10m处，代入位移时间关系公式求解即可．解答：解：竖直上抛运动是匀变速运动，当x=10m时，根据位移时间关系公式，有x=v0t﹣gt2解得t1=2+s，t2=2﹣s故AB正确；当位移为x=﹣10m时，根据位移时间关系公式，有x=v0t﹣gt2解得t3=2+s，t4=2﹣s（舍去）故D正确；故选：ABD．点评：本题关键是将竖直上抛运动的上升和下降阶段作为一个过程考虑（匀变速直线运动），同时要明确物体的位置可能在抛出点上方，也可能在抛出点下方．15．（4分）汽车以大小为20m/s的速度做匀速直线运动．刹车后，获得的加速度的大小为5m/s2，那么刹车后2s内与刹车后6s内汽车通过的路程之比为（）A．1：1 B．3：1 C．4：3 D．3：4考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车速度减为零所需的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出刹车后2s内和6s内的位移，从而得出大小之比．解答：解：汽车刹车速度减为零所需的时间t=．则刹车2s内的位移=．刹车后6s内的位移．则位移大小之比为x1：x2=3：4．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题考查运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车刹车速度减为零后不再运动．16．（4分）物体第1s由静止向右做加速度为1m/s2的匀加速直线运动，第2s的加速度方向向左，大小不变，以后每隔1s加速度的方向都改变一次，但大小不变，则1min后物体在（）A．原位置B．原位置左0.5m C．原位置右0.5m D．原位置右30m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：因为加速度的大小不变，第一秒结束时的速度正好在第二秒内被减为零，而移动的方向还是向右，只不过是减速运动嘛．第三秒又重复第一秒的动作，第四秒重复第二秒的动作．第五秒第六秒以及到第六十秒都在向右运动．解答：解：第一秒末的速度为：v=at=1m/s，第一秒的平均速度为；第二秒内做末速度为零的匀减速直线运动，第二秒的平均速度为：；故每一秒的平均速度都为，故60s内的平均速度为；故60s内的位移为：；故选D．点评：本题关键明确奇数秒内物体匀加速直线运动，偶数秒内物体做匀减速直线运动，还可以画出v﹣t图象进行分析．17．（4分）一物体从H高处自由下落，经时间t落地，则当它下落时，离地面的高度为（）A．B．C．D．考点：自由落体运动．分析：物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移公式可以求得．解答：解：物体做自由落体运动，由H=gt2，当时间为时，物体下落的高度为 h=g=，所以离地面的高度为，所以C正确．故选C．点评：本题是对自由落体运动公式的直接应用，题目比较简单．18．（4分）关于加速度，下列说法正确的是（）A．速度变化越大，加速度一定越大B．速度的变化率越大，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．单位时间内速度变化越大，加速度一定越大考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于速度变化和所用时间的比值，加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度是矢量有大小也有方向．解答：解：A、速度变化越大，但不知道速度变化所用时间，故不能确定加速度一定越大，故A错误；B、速度变化率是单位时间内速度的变化，故速度变化率越大，加速度越大，故B正确；C、加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度越大，物体速度变化越快，故C正确；D、加速度是物体的速度变化和所用时间的比值，也就是单位时间内速度的变化，故D正确．故选：BCD．点评：掌握加速度的定义及其物理意义是正确解题的关键，不难属于基础题．19．（4分）一质点沿直线运动时的速度﹣﹣时间图线如图所示，则以下说法正确的是（）。