高二物理北师大版试卷

高二物理北师大版试卷
考试范围：xxx；考试时间：xxx分钟；出题人：xxx
姓名：___________班级：___________考号：___________
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
一、选择题
1.以下说法正确的是（）
A．由E=F/q可知，电场中某点的电场强度E与F成正比
B．由公式C=Q/U可知，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关
=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越C．由U
ab
大
D．由公式=ε/q可知，电场中某点的电势与q成反比
2.液体在器壁附近的液面会发生弯曲，如图所示。

下列关于表面层与附着层的说法中正确的是
A．表面层Ⅰ内分子的分布比液体内部疏
B．表面层Ⅱ内分子的分布比液体内部密
C．附着层Ⅰ内分子的分布比液体内部密
D．附着层Ⅱ内分子的分布比液体内部疏
3.我国计划将“神舟十号”、“嫦娥三号”等航天器送入太空，已知地球和月球的半径之比为a，“神舟十号”绕地球表面附近运行的周期与“嫦娥三号”绕月球表面附近运行的周期之比为b，则()
A．“神舟十号”绕地球表面运行的角速度与“嫦娥三号”绕月球表面运行的角速度之比为b
B．地球和月球的质量之比为b2/a3
C．地球和月球的第一宇宙速度之比为a/b
D．地球表面的重力加速度与月球表面的重力加速度之比为b2/a
4.一只电饭煲和一台洗衣机并联接在输出电压的交流电源上（电源内电阻可忽略不计），均正常工作．用电流表分别测得通过电饭煲的电流是，通过洗衣机电动机的
电流是，则下列说法中正确的是（）
A．电饭褒的电阻为，洗衣机电动机线圈的电阻为
B．电饭煲消耗的电功率为，洗衣机电动机消耗的电功率为
C．内电饭煲消耗的电能为，洗衣机电动机消耗的电能为
D．电饭煲发热功率是洗衣机电动机发热功率的倍
5.（专题卷）发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭
圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1、2相切于Q点，轨道2、
3相切于P点，如图所示。

则在卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是：（）
A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率。

B．卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度。

C．卫星在轨道1上运动一周的时间小于于它在轨道2上运动一周的时间。

D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度。

6.半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有一竖直放置的光滑档板MN。

在半圆柱体P
和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止，如图所示是这个装置的截
面图。

现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，发现P始终保持静止。

则在此过程中，下列说法正确的是
A．MN对Q的弹力逐渐减小
B．地面对P的支持力逐渐增大
C．Q所受的合力逐渐增大
D．地面对P的摩擦力逐渐增大
7.如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道。

甲、乙两小孩沿不同
轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）
A．甲的切向加速度始终比乙的大
B．甲、乙在同一高度的速度大小不相等
C．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度
D．甲比乙先到达B处
8.一根10欧的电阻丝接在20伏的电源（不计内阻）上，在1分钟内共产生多少热量 ( ) A．1000焦 B．2000焦 C．2400焦 D．4800焦
9.如图所示，一个透明玻璃球的折射率为，一足够强、连续的细光束在过球心的平面内，以45°入射角由真空射入玻璃球后，在玻璃球与真空的交界面处发生多次反射和折射，从各
个方向观察玻璃球，能看到从玻璃球内射出的光束的条数是：（）
A．3 B．4 C．5 D．6
10.关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是 ( )
A．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱
B．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极
C．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向
D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小
二、不定项选择题
11.关于一定量的气体，下列说法正确的是( )．
A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之
和
B．只要条件满足，气体的温度就可以无限降低
C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零
D．气体从外界吸收热量，其内能一定增加
12.如图所示，某同学乘电梯从一层到八层，在电梯加速上升的过程中，关于该同学的能量，下列说法中正确的是（）．
A．重力势能减小
B．重力势能增大
C．运动过程中机械能守恒
D．运动过程中机械能不守恒
13.如图所示，回旋加速器是用来加速带电粒子使它获得很大动能的装置，其核心部分是两个D型金属盒，置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连．下列说法正确的有
A．粒子被加速后的最大速度随磁感应强度和D型盒的半径的增大而增大
B．高频电源频率由粒子的质量、电量和磁感应强度决定
C．粒子被加速后的最大动能随高频电源的加速电压的增大而增大
D．粒子从磁场中获得能量
14.A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（方向未标出）如图所示。

图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称。

则下列说法中正确的是（）
A．这两点电荷一定是等量异种电荷
B．C点的电场强度比D点的电场强度大
C．这两点电荷一定是等量同种电荷
D．D、C两点的电场强度一定相等
15.弹簧振子在AOB之间做简谐运动，如图所示，O为平衡位置，测得AB间距为8 cm，完成30次全振动所用时间为60 s．则()
A．振动周期是2 s，振幅是8 cm
B．振动频率是2 Hz
C．振子完成一次全振动通过的路程是16 cm
D．振子过O点时计时，3 s内通过的路程为24m
三、填空题
16.一个表头的内阻25Ω，当通过2mA电流时，其指针偏转一小格。

（1）用它做电压表，要使它偏转一小格表示1V，应______ (选填“串联”、“并联”)电阻值为______Ω的电阻
（2）用它做电流表，要使它量程扩大6倍，应______ (选填“串联”、“并联”)电阻值为
______Ω的电阻
17.一闭合线圈有50匝，总电阻R＝2.0Ω，穿过它的磁通量在0.1s内由8×10－3Wb均匀增加到1.2×10－2Wb，则线圈中的感应电动势E＝，线圈中的电流强度I＝。

18.测电笔上的氖管，当两端电压达到86.7V时即开始发光，低于该电压则熄灭。

把氖管接在电压为71V、50Hz正弦交流电上，每秒闪光次数是次。

19.物体A、B的质量之比为m
A :m
B
=4:1，使它们以相同的初速度沿水平地面滑行，若它们受到
的阻力相等，那么它们停下来所用的时间之比为t
A :t
B
= ，停止的位移之比s
A
:s
B
= 。

若两
物体与地面的动摩擦因数相同，那么它们停下来所用的时间之比为t
A :t
B
= .
20.如图所示为某型号国产电池外壳上的说明文字：
（1）电源是把其它形式的能转化为________的装置，电动势是描述电源这种本领的物理量．由图可知该电池的电动势为________V；
（2）该电池最多可放出_______mA·h的电荷量．若电池的平均工作电流为0．05 A，则它最多可使用______h．
四、实验题
21.①读出下列示数：____________、___________、____________。

②游标卡尺通常有三种：十分度游标卡尺、二十度游标卡尺、五十度游标卡尺；如用某种游标卡尺测量值为21.32mm，则用的是_____分度游标卡尺，游标上第_____刻度线与主尺上_____mm刻度线正对．
22.两个同学做“利用单摆测重力加速度”的实验：
(1)甲同学测得g值偏小，其可能原因是:_______
A．测摆线长时，摆线拉得过紧
B．摆线未系牢，摆动中松弛了
C．实验中误将49次全振动数计为50次
D．实验中误将51次全振动数计为50次
(2)乙同学做实验时，一时找不到摆球，就用重锤代替摆球，两次分别用不同的摆长做实验，
测摆长时只测摆线长，其长度分别为l
1和l
2
，并相应测出其周期为T
1
和T
2
，要用上述测量的
数据正确计算出g值，那么他计算重力加速度的表达式应为：g＝ _______.
五、简答题
23.如图所示，扇形AOB为透明柱状介质的横截面，圆心角∠AOB=60°。

一束平行于角平分线OM的单色光由OA射入介质，经OA折射的光线恰平行于OB。

①求介质的折射率。

②折射光线中恰好射到M点的光线能不能发生全反射。

（要求说明理由）
24.在如图1所示的电路中，螺线管匝数n = 1500匝，横截面积S = 20cm 2。

螺线管导线电阻r = 0.60Ω，R 1 = 4.0Ω，R 2 = 6.0Ω。

穿过螺线管的磁场的磁感应强度B 随时间的变化规律如图2所示。

求：
（1）螺线管中产生的感应电动势E ； （2）电路中的总电流I ；
（3）电阻R 1、R 2消耗的总电功率P 。

六、作图题
25.画出图中导体受到的安培力的方向
参考答案
1 .B
【解析】
试题分析：E=F/q是电场强度的定义式，电场强度由电场本身决定与F和q无关，A错；
C=Q/U是电容的定义式，电容由电容器本身决定与Q和U无关，B对；由U
=Ed匀强电场中
ab
的任意两点a、b间的距离越大，但其电场强度E不一定大，所以两点间的电势差也不一定大，C错；=E/q是电势的定义式，电势由电场本身决定与E和q无关，D错。

考点：本题考查定义式中的物理量与公式后的物理量无关。

点评：本题比较简单，学生要明确物理量的定义式与决定式的区别。

2 .ACD
【解析】
试题分析：液体表面具有收缩的趋势，即液体表面表现为张力，当液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，密度较小，且液面分子间表现为引力；故表面层I、Ⅱ内分子的分布比液体内部疏，故A正确，B错误；附着层I内分子与容器壁间引力大于内部液体分子引力，附着层分子距离小，密度大；故C正确；附着层II内分子与容器壁间吸引力小于内部液体分子引力，附着层分子距离大，密度小；故D正确；故选：ACD。

考点：液体的表面张力和毛细现象。

3 .C
【解析】
A、根据知，“神舟十号”绕地球表面附近运行的周期与“嫦娥三号”绕月球表面附近运行的周期之比为b，则角速度之比为，A错误；
B、根据得，中心天体的质量，因为地球和月球的半径之比为a，“神舟十号”绕地球表面附近运行的周期与“嫦娥三号”绕月球表面附近运行的周期之比为b，则地球和月球的质量之比为，B错误；
C、根据得，第一宇宙速度，因为质量之比为，半径之比为a，则第一宇宙速度之比为，C正确；
D、根据得，表面的重力加速度，因为质量之比为，半径之比为a，则重力加速度之比为，故D错误；
故选C。

4 .C
【解析】电饭煲与洗衣机都与电源并联，电源两端电压相等，均为，由欧姆定律可求得电饭煲的电阻为，但洗衣机不是纯电阻用电器，由，求得电阻是错误的，所以A错误；他们消耗功率分别为，，故B错误；
电饭煲和洗衣机在内产生的电能分别为，，所以C正确；因洗衣机的内阻未知，无法比较二者的发热功率，所以D错误．故选C.
点睛：本题需要注意的是对于非纯电阻器件，要注意区分两端电压和其内阻上的分压，区分
总功率、机械功率和内阻消耗的功率.
5 .BCD
【解析】轨道1和轨道3都是圆周运动轨道，半径越大线速度越小，A错；由角速
度公式可知B对；从轨道1在Q点进行点火加速度才能进入轨道2,所以轨道1在q
点的速度小于轨道2的速度，D对；由开普勒第三定律可知轨迹2的半长轴较大，周期较大，C对；
6 .D
【解析】本题考查的是受力分析问题，使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，Q对P的作用
力通过圆心，在Q滑落到地面之前，这个作用力在水平方向的分力越来越大，而 P始终保持
静止，则地面对P的摩擦力逐渐增大，D正确；P对Q的作用力在水平的投影大小等于MN
对Q的弹力，是逐渐增大的，A错误；地面对P的支持力逐渐减小，Q所受的合力逐渐不变，B和C均错误；
7 .D
【解析】
试题分析：由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故
A错误；由机械能守恒定律可知，各点的机械能保持不变，高度（重力势能）相等处的动能
也相等，故B错误；甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开始阶段的位移比较大，故甲总是先达到同一高度的位置．故C错误，D正确．故选D.
考点：牛顿第二定律；机械能守恒定律
8 .C
【解析】根据，可知选C
9 .A
【解析】
试题分析：由折射定律得：，则得：画出光路如图所示．由几何关系知：
根据光路可逆性可知，光线一定能从B点射出玻璃球，故光在球内面B点同时发生反射和折射，同理可推出在C和A两点有光线射出球外，所以共有三束光出射，选项A正确。

考点：考查了光的折射
10 .D
【解析】
试题分析：沿磁感线方向，磁场可以减弱，可以增强，也可以不变，A错；磁感线是闭合曲线，B错；物理学中规定磁场的方向是小磁针静止时N极所指的方向，或N极在磁场中的受力方向，C错；导体所受的安培力还与电流方向与磁场方向的夹角有关，有可能在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小，D错。

考点：磁感线，磁场方向，安培力公式
点评：学生要熟练掌握磁感线的特点，并能区分磁感线和电场线的异同点；知道安培力的一般表达式。

11 .A
【解析】气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，A正确；绝对零度是不可能达到的，B错误；在完全失重的情况下，分子运动不停息，气体对容器壁的压强不为零，C 错误；气体从外界吸收热量同时对外界做功，其内能不一定增大，D错误．
12 .BD
=mgh，乘客乘坐电梯从一层到八层，高度h增加，故重力势能增加；故【解析】重力势能E
p
A错误，B正确；该同学在上升过程中除重力做功外，电梯的支持力对人做功，则机械能不守恒．故C错误，D正确．故选BD.
点睛：本题关键明确重力势能的概念判断重力势能的变化量，看机械能是否守恒要看除重力外有无其它力做功．
13 .AB
=mv2=．知最大动能和【解析】根据qvB=得，最大速度，则最大动能E
Km
金属盒的半径以及磁感应强度有关，与加速的次数和加速电压的大小无关．故A正确，C错误；根据周期公式，可知，高频电源频率由粒子的质量、电量和磁感应强度决定，故B正确；粒子在磁场中受到洛伦兹力，其对粒子不做功，不能获得能量，故D错误；
故选AD．
点睛：解决本题的关键知道根据qvB=求最大速度，知道最大动能与D形盒的半径有关，与磁感应强度的大小有关．
14 .AB
【解析】根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，A、B是两个等量异种电荷．故A正确，C错误．在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断，所以C点的电场强度比D点的电场强度大，故B正确，D错误；故选AB．
点睛：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方
向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住
电场线的特点，即可解决本题．
15 .CD
【解析】振幅是离开平衡位置的最大距离，所以振幅为4cm，故A错误；完成30次全振动
所用时间为60s，则周期为2s，频率为0.5Hz，故B错误；振子完成一次全振动通过的路程是
4倍振幅，即16cm，故C正确；振子过O点时计时，3s内通过的路程为：s=×4×4=24cm，故D正确；故选CD．
点睛：一次全振动是从B到C再到B的过程，在此过程中速度大小、回复力大小、加速度大
小均具有对称性．
16 .（1）串；475；（2）并；5。

【解析】
试题分析：（1）将表头改装成电压表时，需要给它串联一个电阻，则所串联的电阻的大小
为R==475Ω；（2）将表头改装成电流表时，需要给它并联一个电阻，则所并联
的电阻的大小为R′==5Ω。

考点：电流的改装。

17 .2 V；1A
【解析】
试题分析：根据可得：
线圈中的电流为：
考点：法拉第电磁感应定律
18 .100
【解析】
试题分析：当某测电笔上的氖管两端所加电压达到86.7V时即开始发光，低于该电压时熄灭．若把此氖管接在电压U=71V，电压最大值为71V，频率f=50Hz，周期T=0.02s，一个
周期内发光两次，所以每秒内闪光的次数n=100次。

考点：交流电
【名师点睛】本题考查了交流电表达式的灵活应用，写出交流电的表达式，灵活应用数学知
识即可正确解答；根据电压必须达到86.7V以上才能发光，根据瞬时表达式求出周期及频率，求出一个周期内发光的次数，进而可以求得通电1s内，氖管发光的次数。

19 ._4:1_ ___， 4:1 1:1
【解析】
试题分析：由牛顿第二定律可知两物体加速度之比为1:4，由v=at可知运动时间之比为4:1，
由公式可知位移之比为4:1，若两物体与地面动摩擦因数相同，则加速度相同，停下来所
用的时间之比为1:1
考点：考查力与运动
点评：本题难度较小，熟练掌握牛顿第二定律与运动学的结合问题
20 .（1）电能； 3．7 （2） 700； 14
【解析】
试题分析：电源是通过非静电力做功，把其它形式的能转化为电能的装置，从图中可得知该
电池的电动势的大小为3．7V，电池的容量为700mAh，当电池的平均工作电流为0．05A时，可以工作的时间为。

考点：本题考查的是生活中常用的一些基本的知识
【名师点睛】
21 .0.999 0.42 2.20 50 16 37
【解析】①甲：螺旋测微器固定部分读数为0.5mm，转动部分读数为49.9，故对应的读数为：0.5+49.9×0.01=0.999mm；
乙：电流表量程为0.6A，最小分度为0.02，故对应的读数为0.42A；
丙：电压表量程为3V，最小分度为0.1V，故最小读数为2.20V；
②游标卡尺测量值为21.32mm，则说明最小分度为0.02mm，故采用的50分度的游标卡尺；对齐的格数格，故游标上第16个格对齐；对应的主尺上的刻度线应为：
；
22 .(1)BD (2)
【解析】（1）由单摆周期公式：可知，重力加速度：；测摆线长时摆线拉得过紧，所测摆长L偏大，由可知，所测g偏大，故A错误；摆线上端未牢固地系
于悬点，振动中出现了松动，使摆线长度增加了，所测周期T偏大，由可知，所测g 偏小，故B正确；实验中误将49次全振动数为50次，所测T偏小，由可知，所测g 偏大，故C错误；实验中误将51次全振动数为50次，所测T偏大，由可知，所测g 偏小，故D正确；故选BD．
（2）设重锤到摆线的距离为r，则单摆周期，
解得：
23 .(1) (2)不能
【解析】(1)由题意画出光路图如图所示:
可得入射角i=60°，折射角r=30°，
由折射定律可得此介质的折射率为
(2)由题意画出恰好经过M点的折射光线如图所示，
可得出此时射向M点的入射角为180°-30°-90°-30°=30°，
全反射的临界角
故不能发生全反射．
【点睛】对于几何光学，作出光路图是解题的基础，并要充分运用几何知识求解入射角和折射角．
24 .（1）E =" 1.2V" （2）I =" 0.4A" （3）P =" 0.384W"
【解析】（1）根据法拉第电磁感应定律
（2分）
求出 E = 1.2V （1分）
（2）根据全电路欧姆定律（2分）
由（1分）
求出 I = 0.4A （1分）
（3）根据（2分）
求出 P = 0.384W （1分）
本题考查法拉第电磁感应定律的应用，利用公式可计算，再利用欧姆定律可求得电流大小
25 .
【解析】
试题分析：在匀强磁场中的电流，其受到的安培力的方向由左手定则来判定．
解：通电导线在磁场中受到安培力作用，其方向均由左手定则来确定．
左手定则内容是：伸开左手大拇指垂直四指且在同一平面内，让磁感线穿过掌心，四指指的是电流的方向，则大拇指就是安培力的方向．
①、由题意可知，磁感线自下而上，而电流由内到外，所以有安培力方向：水平向左；
②由题意可知，磁感线自左而右，而电流由外到内，所以有安培力方向：竖直向下；
③由题意可知，磁感线自内向外，而电流由左到右，所以有安培力方向：竖直向下；
④由题意可知，磁感线自外向里，而电流由左到右，所以有安培力方向：竖直向上；
如图：
答：受力的方向如图．
【点评】左手定则是判定安培力方向，而右手定则是确定感应电流方向．同时强调磁感线穿过掌心，且四指指向为电流的方向．注意左手不要伸错哦．。