2023届甘肃省武威市天祝藏族自治县第一中学高一物理第一学期期末教学质量检测试题含解析
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2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5、如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量分别为m、3m、2m。B和C分别固定在轻弹簧两端（弹簧的质量不计）．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间()
A.吊篮A的加速度大小为2g
B.物体B的加速度大小为g
C.物体C的加速度大小为0
D.A、B、C的加速度大小都等于g
6、如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确的是
【解析】（1）[1]．A.应将长木板一端垫高，平衡摩擦力，保证细绳的拉力等于小车所受的合力，选项A正确；
B.因为有测力计测量细绳的拉力，则实验中不需要使滑块质量远远小于砂和砂桶的总质量，选项B错误；
12、（10分）为了探究加速度与力 关系，使用如图所示的装置进行实验。其中，A、B为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑块通过A、B光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑块连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为d，光电门间距离为L，砂和砂桶的总质量为m。回答下列问题：
【点睛】此题关键是知道物体在传送带上运动的特征：先向右做减速运动，速度减为零后反向运动，先加速后匀速回到出发点，分阶段进行讨论.
2、D
【解析】根据人在地面上最多能举起质量为1500N的物体，他在竖直向上运动的电梯中最多举起了2000N的物体，由牛顿第二定律求出电梯加速度的大小和方向
【详解】由题意某时他在竖直向上运动的电梯中最多举起了2000N的物体，知物体处于失重状态，此人最大的举力为1500N．则由牛顿第二定律得，m′g-F=m′a，解得 ．方向向下．则电梯可能以2.5 m/s2的加速度减速上升，也可能以2.5 m/s2的加速度加速下降；故选D
C.在5～14 s时间内，质点速度不变，做匀速直线运动，选项C错误；
D.从图线可知t＝20 s后，质点的速度为负值，选项D错误。
故选A。
4、A
【解析】A．质点、光滑表面都是理想化模型，选项A正确；
B．主张“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是亚里士多德，伽利略主张“力是改变物体运动状态的原因”，选项B错误；
C.在5～14 s时间内，质点静止D.在t＝20.5 s时，质点的速度为3 m/s
4、下列说法中正确的是（ ）
A.质点、光滑表面都是理想化模型
B.主张“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是伽俐略
C.牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三定律都可以通过实验来验证
D.千克、米、牛顿都是国际单位制中的基本单位
D.初速度大小为10m/s
9、小娟、小明共提一桶水匀速前行，如图所示．已知两人手臂上的拉力大小相等且均为F，两人手臂间的夹角为θ，水和水桶的总重力为G，则（ ）
A.当θ＝0° 时，F＝
B.不论θ为何值，F＝
C.若θ＝120° ，则F＝G
D.在θ从0° 逐渐增大到150° 的过程中，F越来越小
10、如图所示，升降机a内有两物块b和c，b和c之间用竖直轻质弹簧相连。物块b的质量为2m，物块c的质量为m。重力加速度大小为g，a、b、c速度始终相同，不计空气阻力，下列判断正确的是（ ）
A.以3.3 m/s2的加速度加速下降B.以3.3 m/s2的加速度减速下降
C.以2.5 m/s2的加速度加速上升D.以2.5 m/s2的加速度减速上升
3、如图所示为练老师行车过程速度与时间的简化图，即一质点做直线运动的v－t图像，下列说法正确的是（）
A.整个过程中，D点对应时刻离出发点最远B.整个过程中，BC段对应过程的加速度最大
故选BD。
二、实验题
11、①.2.04②.2.00③.在实验误差允许的范围内,物体重力势能的减少量等于其动能的增加量，机械能守恒
【解析】（1）物体重力势能的减少量
（2）B点的速度为 ，动能的增加量
（3）在实验误差允许的范围内,物体重力势能的减少量等于其动能的增加量，机械能守恒
12、①.B②. ③. ④.
【点睛】本题是应用牛顿第二定律研究超重和失重的问题，关键抓住人的最大举力是一定的
3、A
【解析】A.在v—t图象中，图线与坐标轴所围成的面积表示质点的位移，t轴上方位移取正值，t轴下方位移取负值，因此整个过程中，D点对应时刻离出发点最远，选项A正确；
B.在v—t图象中，图线的斜率表示质点加速度的大小，CE段斜率最大，加速度最大，选项B错误；
【详解】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成θ角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得：
解得：
当θ=0°时， 值最大，则F=
当θ为120°时，F=G，当θ越大时，则F越大
故选AC
【点睛】本题要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系，是解题的关键
即A、C的加速度均为2g，方向向下。故A正确，C错误。
BD．剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，B的合力仍然为零，则B的加速度为0．故BD错误。
故选A。
6、AD
【解析】AB．小球受竖直向下的重力mg与杆对小球的力F作用；当小车静止时，小球也静止，小球处于平衡状态，受平衡力作用，杆的作用力F与重力是一对平衡力，由平衡条件得：F=mg，方向竖直向上。故A正确，B错误。
10、BD
【解析】A．若以加速度 向上做匀加速运动，对 ，根据牛顿第二定律得
解得
A错误；
B．若以加速度 向上做匀减速运动，对 ，根据牛顿第二定律得
解得
B正确；
C．若以速度 向上做匀速运动，以 整体作为研究对象，根据平衡条件得
根据牛顿第三定律可知，物块 对木箱底板的压力为 ，C错误；
D．若 做自由落体运动，则 也做自由落体运动，处于完全失重状态，D正确。
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分）“火龙线”是广州一条比较成熟的徒步线路，2019年10月7日（重阳节）上午7：00，某徒步爱好者准时出发，路线以火炉山脚为起点，途径广汕二路、凤凰山顶、采石场，重点到达龙眼洞森林公园，全程27km，用时9h。若徒步爱好者沿广汕二路某一段的运动可视为匀速直线运动，其速度为4km/h。以下四幅图可以反映此匀速直线运动的是（）
A.小球一直减速运动
B.小球先加速然后减速
C.小球速度最大时弹簧弹力大小等于小球重力大小
D.弹簧的压缩量最大时小球加速度为零
8、某汽车刹车时做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝10t－2t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该汽车
A.加速度大小为2m/s2
B.3秒末的速度大小为12m/s
C.加速度大小为4m/s2
A.
B.
C.
D.
14、（14分）一小球从距离地面一定高度自由下落，经5s落地，重力加速度g = 10m/s2，忽略空气阻力，求：
（1）小球下落的高度；
（2）下落过程中小球平均速度的大小
15、（13分）在平直的高速公路上，一辆汽车正以32m/s的速度匀速行驶，因前方出现事故，司机立即刹车，直到汽车停下，已知汽车的质量为1.5×103kg，刹车时汽车所受的阻力为1.2×104N，求：
故选BC。
8、CD
【解析】根据 ，可得汽车的初速度为：
加速度：
则加速度的大小为 ，汽车速度减为零的时间为：
则3s末的速度为0；
A．与分析不符，故A错误；
B．与分析不符，故B错误；
C．与分析相符，故C正确；
D．与分析相符，故D正确；
故选CD。
9、AC
【解析】分析水桶的受力情况，分析平衡条件，求解小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系．由于两人手臂均与竖直方向成θ角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，从而根据列式，即可求解
（1）下列不必要的一项实验要求是（ ）
A.应将长木板一端垫高，平衡摩擦力
B.应使滑块质量远远小于砂和砂桶的总质量
C.应使A位置与光电门间的距离适当大些
D.应使细线与长木板平行
（2）滑块通过两个光电门A、B的速度分别为_________、__________。
（3）在此实验中，需要测得每一次牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为__________（用△t1、△t2、d、L表示）。
A.若a以加速度0.5g向上做匀加速运动，则弹簧的弹力大小为mg
B.若a以加速度0.5g向上做匀减速运动，则弹簧的弹力大小为mg
C.若a以速度1m/s向上做匀速运动，则物块c对木箱底板的压力为mg
D.若a做自由落体运动，则b、c均处于失重状态
二、实验题
11、（4分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，质量m＝1kg的物体自由下落，得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04s．那么从打点计时器打下起点O到打下B点的过程中，物体重力势能的减少量ΔEp＝_____J，动能的增加量ΔEk=______J.由此可得到的实验结论是：________（g=9.8m/s2，结果保留三位有效数字）.
(1)刹车时汽车的加速度；
(2)从开始刹车到最终停下，汽车运动的时间；
(3)从开始刹车到最终停下，汽车前进的距离
参考答案
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
C．小车向右做匀加速运动时，竖直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，则有：
方向斜向右上方，不一定沿杆向斜向上的方向，故C错误；
D．小车向左做匀加速运动时，竖直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，则有：
方向斜向左上方，与竖直方向的夹角为
故D正确；
弹簧压缩最短的过程中，弹簧的弹力一直增大，开始重力大于弹力，合力方向向下，合力在减小，加速度减小，由于加速度的方向与速度方向相同，小球的速度在增大；接着，弹力等于重力，此时加速度为零，速度最大；然后弹力大于重力，合力方向向上，合力在增大，加速度增大，由于加速度的方向与速度方向相反，速度在减小。当弹簧压缩量最大时小球的加速度向上，不为零，此时速度为零，由此分析可知，BC正确，AD错误。
1、C
【解析】物体在传送带上先向右做减速运动，速度减为零后反向运动，先加速后匀速回到出发点，根据牛顿第二定律求解加速度，结合运动公式求解.
【详解】物体在传送带上运动的加速度为 ；则物块向左运动速度减为零的时间为 ，通过的距离： ；物块速度减为零后反向加速，加速到与传送带共速时的时间为： ；位移 ，物体匀速运动回到原出发点的时间为 ，则物块再次返回到A处所用的时间为t=t1+t2+t3=4.5s；故选C.
C．牛顿第二定律和牛顿第三定律都可以通过实验来验证，但是牛顿第一定律不能通过实验来验证，选项C错误；
D．千克、米都是国际单位制中的基本单位，牛顿是导出单位，选项D错误；
故选A。
5、A
【解析】AC．装置静止时，弹簧的弹力F=3mg，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得：
A.小车静止时，F＝mg，方向竖直向上
B.小车静止时，F＝mgcosθ，方向垂直于杆向上
C.小车向右以加速度a运动时，一定有F＝
D.小车向左以加速度a运动时，F＝ ，方向斜向左上方，与竖直方向的夹角满足tanα＝
7、如图所示，一个小球从竖立在地面上的轻弹簧正上方某处自由下下落，接触弹簧将后弹簧压缩，忽略空气阻力，在压缩的全过程中（）
1、如图所示，足够长的水平传送带以 的速度逆时针匀速转动，一个物体以 的初速度从左端A处水平滑上传送带，物体与传送带间的动摩擦因数 ，那么物块再次返回到A处所用的时间为（）
A.4SB.2S
C.4.5SD.3S
2、一位在地面上最多可以举起1500N重物的人，在某竖直运动的电梯中最多可以举起2000N的重物．g=10m/s2．该电梯的运动可能是
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5、如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量分别为m、3m、2m。B和C分别固定在轻弹簧两端（弹簧的质量不计）．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间()
A.吊篮A的加速度大小为2g
B.物体B的加速度大小为g
C.物体C的加速度大小为0
D.A、B、C的加速度大小都等于g
6、如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确的是
【解析】（1）[1]．A.应将长木板一端垫高，平衡摩擦力，保证细绳的拉力等于小车所受的合力，选项A正确；
B.因为有测力计测量细绳的拉力，则实验中不需要使滑块质量远远小于砂和砂桶的总质量，选项B错误；
12、（10分）为了探究加速度与力 关系，使用如图所示的装置进行实验。其中，A、B为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑块通过A、B光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑块连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为d，光电门间距离为L，砂和砂桶的总质量为m。回答下列问题：
【点睛】此题关键是知道物体在传送带上运动的特征：先向右做减速运动，速度减为零后反向运动，先加速后匀速回到出发点，分阶段进行讨论.
2、D
【解析】根据人在地面上最多能举起质量为1500N的物体，他在竖直向上运动的电梯中最多举起了2000N的物体，由牛顿第二定律求出电梯加速度的大小和方向
【详解】由题意某时他在竖直向上运动的电梯中最多举起了2000N的物体，知物体处于失重状态，此人最大的举力为1500N．则由牛顿第二定律得，m′g-F=m′a，解得 ．方向向下．则电梯可能以2.5 m/s2的加速度减速上升，也可能以2.5 m/s2的加速度加速下降；故选D
C.在5～14 s时间内，质点速度不变，做匀速直线运动，选项C错误；
D.从图线可知t＝20 s后，质点的速度为负值，选项D错误。
故选A。
4、A
【解析】A．质点、光滑表面都是理想化模型，选项A正确；
B．主张“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是亚里士多德，伽利略主张“力是改变物体运动状态的原因”，选项B错误；
C.在5～14 s时间内，质点静止D.在t＝20.5 s时，质点的速度为3 m/s
4、下列说法中正确的是（ ）
A.质点、光滑表面都是理想化模型
B.主张“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是伽俐略
C.牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三定律都可以通过实验来验证
D.千克、米、牛顿都是国际单位制中的基本单位
D.初速度大小为10m/s
9、小娟、小明共提一桶水匀速前行，如图所示．已知两人手臂上的拉力大小相等且均为F，两人手臂间的夹角为θ，水和水桶的总重力为G，则（ ）
A.当θ＝0° 时，F＝
B.不论θ为何值，F＝
C.若θ＝120° ，则F＝G
D.在θ从0° 逐渐增大到150° 的过程中，F越来越小
10、如图所示，升降机a内有两物块b和c，b和c之间用竖直轻质弹簧相连。物块b的质量为2m，物块c的质量为m。重力加速度大小为g，a、b、c速度始终相同，不计空气阻力，下列判断正确的是（ ）
A.以3.3 m/s2的加速度加速下降B.以3.3 m/s2的加速度减速下降
C.以2.5 m/s2的加速度加速上升D.以2.5 m/s2的加速度减速上升
3、如图所示为练老师行车过程速度与时间的简化图，即一质点做直线运动的v－t图像，下列说法正确的是（）
A.整个过程中，D点对应时刻离出发点最远B.整个过程中，BC段对应过程的加速度最大
故选BD。
二、实验题
11、①.2.04②.2.00③.在实验误差允许的范围内,物体重力势能的减少量等于其动能的增加量，机械能守恒
【解析】（1）物体重力势能的减少量
（2）B点的速度为 ，动能的增加量
（3）在实验误差允许的范围内,物体重力势能的减少量等于其动能的增加量，机械能守恒
12、①.B②. ③. ④.
【点睛】本题是应用牛顿第二定律研究超重和失重的问题，关键抓住人的最大举力是一定的
3、A
【解析】A.在v—t图象中，图线与坐标轴所围成的面积表示质点的位移，t轴上方位移取正值，t轴下方位移取负值，因此整个过程中，D点对应时刻离出发点最远，选项A正确；
B.在v—t图象中，图线的斜率表示质点加速度的大小，CE段斜率最大，加速度最大，选项B错误；
【详解】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成θ角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得：
解得：
当θ=0°时， 值最大，则F=
当θ为120°时，F=G，当θ越大时，则F越大
故选AC
【点睛】本题要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系，是解题的关键
即A、C的加速度均为2g，方向向下。故A正确，C错误。
BD．剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，B的合力仍然为零，则B的加速度为0．故BD错误。
故选A。
6、AD
【解析】AB．小球受竖直向下的重力mg与杆对小球的力F作用；当小车静止时，小球也静止，小球处于平衡状态，受平衡力作用，杆的作用力F与重力是一对平衡力，由平衡条件得：F=mg，方向竖直向上。故A正确，B错误。
10、BD
【解析】A．若以加速度 向上做匀加速运动，对 ，根据牛顿第二定律得
解得
A错误；
B．若以加速度 向上做匀减速运动，对 ，根据牛顿第二定律得
解得
B正确；
C．若以速度 向上做匀速运动，以 整体作为研究对象，根据平衡条件得
根据牛顿第三定律可知，物块 对木箱底板的压力为 ，C错误；
D．若 做自由落体运动，则 也做自由落体运动，处于完全失重状态，D正确。
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分）“火龙线”是广州一条比较成熟的徒步线路，2019年10月7日（重阳节）上午7：00，某徒步爱好者准时出发，路线以火炉山脚为起点，途径广汕二路、凤凰山顶、采石场，重点到达龙眼洞森林公园，全程27km，用时9h。若徒步爱好者沿广汕二路某一段的运动可视为匀速直线运动，其速度为4km/h。以下四幅图可以反映此匀速直线运动的是（）
A.小球一直减速运动
B.小球先加速然后减速
C.小球速度最大时弹簧弹力大小等于小球重力大小
D.弹簧的压缩量最大时小球加速度为零
8、某汽车刹车时做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝10t－2t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该汽车
A.加速度大小为2m/s2
B.3秒末的速度大小为12m/s
C.加速度大小为4m/s2
A.
B.
C.
D.
14、（14分）一小球从距离地面一定高度自由下落，经5s落地，重力加速度g = 10m/s2，忽略空气阻力，求：
（1）小球下落的高度；
（2）下落过程中小球平均速度的大小
15、（13分）在平直的高速公路上，一辆汽车正以32m/s的速度匀速行驶，因前方出现事故，司机立即刹车，直到汽车停下，已知汽车的质量为1.5×103kg，刹车时汽车所受的阻力为1.2×104N，求：
故选BC。
8、CD
【解析】根据 ，可得汽车的初速度为：
加速度：
则加速度的大小为 ，汽车速度减为零的时间为：
则3s末的速度为0；
A．与分析不符，故A错误；
B．与分析不符，故B错误；
C．与分析相符，故C正确；
D．与分析相符，故D正确；
故选CD。
9、AC
【解析】分析水桶的受力情况，分析平衡条件，求解小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系．由于两人手臂均与竖直方向成θ角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，从而根据列式，即可求解
（1）下列不必要的一项实验要求是（ ）
A.应将长木板一端垫高，平衡摩擦力
B.应使滑块质量远远小于砂和砂桶的总质量
C.应使A位置与光电门间的距离适当大些
D.应使细线与长木板平行
（2）滑块通过两个光电门A、B的速度分别为_________、__________。
（3）在此实验中，需要测得每一次牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为__________（用△t1、△t2、d、L表示）。
A.若a以加速度0.5g向上做匀加速运动，则弹簧的弹力大小为mg
B.若a以加速度0.5g向上做匀减速运动，则弹簧的弹力大小为mg
C.若a以速度1m/s向上做匀速运动，则物块c对木箱底板的压力为mg
D.若a做自由落体运动，则b、c均处于失重状态
二、实验题
11、（4分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，质量m＝1kg的物体自由下落，得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04s．那么从打点计时器打下起点O到打下B点的过程中，物体重力势能的减少量ΔEp＝_____J，动能的增加量ΔEk=______J.由此可得到的实验结论是：________（g=9.8m/s2，结果保留三位有效数字）.
(1)刹车时汽车的加速度；
(2)从开始刹车到最终停下，汽车运动的时间；
(3)从开始刹车到最终停下，汽车前进的距离
参考答案
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
C．小车向右做匀加速运动时，竖直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，则有：
方向斜向右上方，不一定沿杆向斜向上的方向，故C错误；
D．小车向左做匀加速运动时，竖直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，则有：
方向斜向左上方，与竖直方向的夹角为
故D正确；
弹簧压缩最短的过程中，弹簧的弹力一直增大，开始重力大于弹力，合力方向向下，合力在减小，加速度减小，由于加速度的方向与速度方向相同，小球的速度在增大；接着，弹力等于重力，此时加速度为零，速度最大；然后弹力大于重力，合力方向向上，合力在增大，加速度增大，由于加速度的方向与速度方向相反，速度在减小。当弹簧压缩量最大时小球的加速度向上，不为零，此时速度为零，由此分析可知，BC正确，AD错误。
1、C
【解析】物体在传送带上先向右做减速运动，速度减为零后反向运动，先加速后匀速回到出发点，根据牛顿第二定律求解加速度，结合运动公式求解.
【详解】物体在传送带上运动的加速度为 ；则物块向左运动速度减为零的时间为 ，通过的距离： ；物块速度减为零后反向加速，加速到与传送带共速时的时间为： ；位移 ，物体匀速运动回到原出发点的时间为 ，则物块再次返回到A处所用的时间为t=t1+t2+t3=4.5s；故选C.
C．牛顿第二定律和牛顿第三定律都可以通过实验来验证，但是牛顿第一定律不能通过实验来验证，选项C错误；
D．千克、米都是国际单位制中的基本单位，牛顿是导出单位，选项D错误；
故选A。
5、A
【解析】AC．装置静止时，弹簧的弹力F=3mg，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得：
A.小车静止时，F＝mg，方向竖直向上
B.小车静止时，F＝mgcosθ，方向垂直于杆向上
C.小车向右以加速度a运动时，一定有F＝
D.小车向左以加速度a运动时，F＝ ，方向斜向左上方，与竖直方向的夹角满足tanα＝
7、如图所示，一个小球从竖立在地面上的轻弹簧正上方某处自由下下落，接触弹簧将后弹簧压缩，忽略空气阻力，在压缩的全过程中（）
1、如图所示，足够长的水平传送带以 的速度逆时针匀速转动，一个物体以 的初速度从左端A处水平滑上传送带，物体与传送带间的动摩擦因数 ，那么物块再次返回到A处所用的时间为（）
A.4SB.2S
C.4.5SD.3S
2、一位在地面上最多可以举起1500N重物的人，在某竖直运动的电梯中最多可以举起2000N的重物．g=10m/s2．该电梯的运动可能是