高考物理无锡力学知识点之直线运动知识点总复习有答案解析

高考物理无锡力学知识点之直线运动知识点总复习有答案解析
一、选择题
1．汽车刹车时以20 m/s的速度做匀减速直线运动，加速度大小为5 m/s2，那么刹车6 s后汽车的速度和位移是（）
A．0 m/s；30m B．0 m/s；40m C．-10 m/s；30m D．10m/s；40m
2．将质量为1kg的物块从距地面20m处自由释放，不计空气阻力，重力加速度2
10m/s
g=，则物块在落地前1s内重力做功的功率为（）
A．100W B．150W C．175W D．200W
3．静止在粗糙水平地面上的物块，在恒定水平拉力的作用下开始运动，当位移为2x0时撤去外力，此时动能为E k0，继续滑行x0后停下来，其动能随位移变化的关系如图所示。

根据图像中己知信息，不能确定的物理量是（）
A．恒定水平拉力的大小B．物块与水平地面之间的动摩擦因数C．物块加速运动和减速运动的时间之比D．物块加速运动和减速运动的加速度大小之比
4．在平直公路上行驶的甲车和乙车，它们沿同一方向运动的v t-图像如图所示。

已知0
t=时刻乙车在甲车前方10m处，下列说法正确的是（）
t=时，甲、乙两车相遇
A．2s
~内，甲、乙两车位移相等
B．04s
C．甲、乙两车之间的最小距离为6m
D．相遇前甲、乙两车之间的最大距离为18m
5．如图甲所示，一维坐标系中有一质点静止于x轴上的某位置(图中未画出)，从t=0时刻开始，质点在外力作用下沿x轴正方向做匀变速直线运动，其位置坐标与速率平方关系的图象如图乙所示。

下列说法正确的是（）
A ．物块运动的加速度大小为1m/s 2
B ．t =4s 时物块位于x =2m 处
C ．前2s 时间内物块的位移大小为2m
D ．2~4s 时间内物块的平均速度大小为3m/s
6．一辆汽车以v 0=8m/s 的初速度前进，突然发现前面有石块，便以大小为4m/s 2的加速度刹车，则刹车后2.5s 内的位移为（ ）
A ．8m
B ．10m
C ．12m
D ．15m
7．一辆急救车快要到达目的地时开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s 内和第2s 内位移大小依次为10m 和6m ，则刹车后4s 内的位移是
A ．16m
B ．18m
C ．32m
D ．40m
8．汽车以10m/s 的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15m 处的斑马线上有行人，于是刹车礼让汽车恰好停在斑马线前，假设驾驶员反应时间为0.5s ．汽车运动的v-t 图如图所示，则汽车的加速度大小为
A ．220/m s
B ．26/m s
C ．25/m s
D ．24/m s 9．假设在质量与地球质量相同，半径为地球半径两倍的天体上，发生的下列事件中，不可
能的是（ ） A ．跳高运动员的成绩会更好
B ．用弹簧秤称体重时，体重数值变小
C ．从静止降落的棒球落下的速度变慢
D ．用手投出的蓝球，水平方向的分速度变大 10．一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a —t 图象如图所示．下列v —t 图象中，可
能正确描述此物体运动的是
A．
B．
C．
D．
11．两个质点A、B放在同一水平面上，从同一位置沿相同方向做直线运动，其运动的v-t 图象如图所示.对A、B运动情况的分析，下列结论正确的是
A．在6s末，质点A的加速度大于质点B的加速度
B．在0-12s时间内，质点A的平均速度为7
6 ms
C．质点A在0－9s时间内的位移大小等于质点B在0－3s时间内的位移大小
D．在12s末，A、B两质点相遇
12．一质点做直线运动的v-t图像如图所示，下列关于该质点运动的描述错误的是（）
A．1s-4s内的位移大小为24m
B．0-1s内的加速度大小为8m/s2
C．4s末质点离出发点最远
D．0-1s和4-6s质点的运动方向相同
13．如甲所示，滑轮质量、摩擦均不计，质量为2 kg的物体在恒力F作用下由静止开始向
上做匀加速运动，其速度随时间的变化关系如图乙所示，由此可知（g 取10 m/s 2）
A ．物体加速度大小为2 m/s 2
B ．F 的大小为21 N
C ．4 s 末F 的功率大小为42 W
D ．4 s 内F 做功的平均功率为42 W
14．一平直公路上有两条同向并排车道，汽车I 和II 分别在两条车道上行驶。

汽车I 、II 的v －t 图像如图所示，两车在t=2s 时同时到达终点。

下列说法正确的是（ ）
A ．在t=0时，汽车I 在汽车II 前面5m 处
B ．在t=1s 时，汽车I 、II 恰好并排行驶
C ．在t=1.5s 时，汽车I 追上汽车I
D ．汽车II 追上汽车I 时，距终点还有10m
15．如图所示是某物体做直线运动的 v 2-x 图像（其中 v 为速度，x 为位置坐标），下列关于物体从x =0 处运动至 x =x 0 处的过程分析，其中正确的是（ ）
A ．该物体做匀加速直线运动
B ．该物体的加速度大小为2002v x
C ．该物体在位移中点的速度等于012v
D ．该物体在运动中间时刻的速度大于012
v 16．甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移—时间图象如图所示，下列表述正确的是( )
A．0.2～0.5小时内，甲的加速度比乙的大
B．0.2～0.5小时内，甲的速度比乙的大
C．0.6～0.8小时内，甲的位移比乙的小
D．0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等
17．伽利略为研究自由落体运动，做了一项实验。

如图所示，将铜球从斜槽的不同位置由静止释放，伽利略手稿中记录了一组实验数据，从表中能够得到的结论是（）
A．3
12
123
s
s s
t t t
===…
B．3
12
222
12
3
s
s s
t t t
===…
C．若以时间为横坐标，距离为纵坐标，其图像是一条直线
D．若以时间的二次方为横坐标，距离为纵坐标，其图像是一条抛物线
18．如图所示，直线a与四分之一圆弧b分别表示质点A、B从同一地点出发，沿同一方向做直线运动的v—t图线。

当B的速度为0时，A恰好追上B，则此时A的速度为
（）
A．πm/s B．1.5πm/s C．3m/s D．6m/s
19．两相同小球距地面高度相同，其中一个水平抛出，另一个以相同速率竖直上抛，不计空气阻力，下列说法正确的是（）
A．两小球落地时动量相同
B．两小球落地时重力的瞬时功率相等
C．两小球落地时动能相等
D．从抛出到落地，两小球重力的冲量相等
20．A、B两物体沿同一直线运动，运动过程中的x-t图像如图所示，下列说法正确的是（）
A．t=4s时A物体的运动方向发生改变
B．0~6s内B物体的速度逐渐减小
C．0~5s内两物体的平均速度大小相等
D．0-6s内某时刻两物体的速度大小相等
21．甲、乙两车在同一地点同时做直线运动，其v—t图象如图所示，则（）
A．甲车做匀加速直线运动
B．乙车始终静止
C．0~t1时间内，甲的速度大于乙的速度
D．0~t1时间内，甲、乙两物体位移相同
22．如图所示，光滑斜面上有A、B、C、D四点，其中CD=10AB。

一可看成质点的物体从A点由静止释放，通过AB和CD段所用时间均为t，则物体通过BC段所用时间为
（）
A．1.5t B．2.5t C．3.5t D．4.5t
23．如图甲，现代城市里面高楼林立。

如图乙，是某地两高楼示意图，左边的楼高98m，右边的楼高200m，水平间距为136m。

左边楼顶一人拿着1kg的尽球，右边楼顶另一人拿着4kg的F球；若右边楼顶的人静止释放F球的同时大喊一声，左边楼顶的人一旦听到声音后即刻静止释放E球，不计空气阻力，人和球均看成质点，声音在空气中传播的速度为340m/s10 3.2
，本题仅供理论讨论，严禁高空抛物）
（ ）
A ．F 球先落地
B ．在两球均释放后且落地前的过程中，在相等的时间内E 球的速度变化量小于F 球的
C ．两球落地的时间差为1.92s
D ．在
E 球落地的一瞬间，
F 球离地面的高度小于左边楼的高度
24．从某一高度先后由静止释放两个相同的小球甲和乙，若两球被释放的时间间隔为1s ，在不计空气阻力的情况下，它们在空中的运动过程中（ ）
A ．甲、乙两球的距离越来越大，甲、乙两球的速度之差越来越大
B ．甲、乙两球的距离始终保持不变，甲、乙两球的速度之差保持不变
C ．甲、乙两球的距离越来越大，甲、乙两球的速度之差保持不变
D ．甲、乙两球的距离越来越小，甲、乙两球的速度之差越来越小
25．小明从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹．已知每层砖的平均厚度为6.0cm ，照相机本次拍照曝光时间为21.510s ，由此估算出位置A 距石子下落起始位置的距离为（ ）
A ．1.6m
B ．2.5m
C ．3.2m
D ．4.5m
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．B
解析：B
【解析】
【详解】
汽车速度减为零的时间为：
0002045
v t a --===-s 则刹车6s 后汽车的速度为0；刹车6s 后汽车的位移等于汽车经过4s 位移：
002044022
v x t ==⨯=m 。

ACD.由上分析可知刹车6 s 后汽车的速度和位移分别是0m/s 和40m ，ACD 错误；
B.由上分析可知刹车6 s 后汽车的速度和位移分别是0m/s 和40m ，B 正确。

2．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
根据
212
h gt =
知下落时间为
2s t =
== 最后一秒下降的高度为 2211120m 101m 15m 22
h h gt ∆=-=-⨯⨯= 重力做功为
1015J 150J W mg h =⋅∆=⨯=
根据
W P t
=
知物块在落地前1s 内重力做功的功率为 150W 150W 1
P =
= 故B 正确，ACD 错误。

故选B 。

3．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．从002x 过程由动能定理得
00k022F x f x E ⋅-⋅=
从0023x x 过程程由动能定理得
0k00fx E -=-
联立可解得水平拉力F 和摩擦力f ，由于物体的质量未知，则无法确定动摩擦因数，故A 正确，B 错误；
C ．设运动过程中最大速度为max v ，则有
max
0122
v x t = max
022
v x t =
则可求得物块加速运动和减速运动的时间之比，故C 正确； D ．由
00k022F x f x E ⋅-⋅= 0k00fx E -=-
可解得
3=
2
F f 物块加速运动和减速运动的加速度大小之比
1212F f a m f a m
-==
故D 正确。

本题选不能确定的物理量，故选B 。

4．B
解析：B 【解析】 【详解】
AD ．0时刻，乙车在甲车前10m 处，前2s 内乙车的速度大于甲车的速度，所以两车的距离逐渐变大，在2s 时刻速度相等，距离最远，v t -图线和时间轴围成的面积为位移
max 24
()10m m 10m 14m 2
s x x ⨯=-+=
+=乙甲 AD 错误；
B ．v t -图线和时间轴围成的面积为位移，前4s 内，根据几何关系可知甲乙两车的v t -图线和时间轴围成的面积相等，所以二者位移相等，B 正确；
C ．甲车速度大于乙车速度，二者最终可以相遇，最小距离为0m ，C 错误。

故选B 。

5．B
解析：B
【解析】 【分析】 【详解】 A ．由
()202v a x x =-
整理得
2
02v x x a
=+ 结合图像可知，物体做匀加速直线运动
20.5m/s a =
02m x =-
故A 错误； B ．由
201
2
x t x a =-
当4s t =时，解得
2m x =
故B 正确； C ．由
212
x at =
将2s t =代入，解得
1m x =
故C 错误；
D ．匀加速直线运动的平均速度等于中间时刻的速度，根据
v at = 24s 3s 2
t +==
解得
1.5m/s v =
故D 错误。

故选B 。

6．A
解析：A 【解析】 【分析】 【详解】
汽车速度减为零的时间为
008
s=2s 4v t a =
= 即汽车经2s 后速度为零，故刹车后2.5s 内的位移等于刹车后2s 内的位移，则有
02
v x t =
代入数据解得x =8m ，故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

7．B
解析：B 【解析】 【分析】 【详解】
设汽车的刹车时初速度为0v ，加速度为a ．则刹车后的第1s 内位移
210111
2
x v t at +＝
代入数据得
01
102
m v a =+
则刹车后的第2s 内的位移
22202201111
22
x v t at v t at =+--
代入数据得
00013
62222
m v a v a v a =+--=+
解得
012m/s v = 24m/s a =-
汽车刹车到停止所需的时间
001234
v t s s a --=
==- 则汽车刹车后4s 内的位移
()22011
123m 43m=18m 22
x v t at =+=⨯+⨯-⨯
故B 正确，ACD 错误． 故选B 。

点睛：根据匀变速直线运动的位移时间公式求出汽车的初速度和加速度，结合速度时间公式判断物体到停止的时间，从而根据位移公式求出刹车后4s 内的位移．
8．C
解析：C 【解析】 【分析】 【详解】
根据速度时间图像可以知道，在驾驶员反应时间内，汽车的位移为1100.55x vt m ==⨯=,
所以汽车在减速阶段的位移215510x m =-= 根据2
202v ax -=- 可解得：25/a m s =
故C 对；ABD 错； 综上所述本题答案是：C 【点睛】
驾驶员在发应时间内做匀速运动，根据图像可以求出匀速过程的位移，再利用
2202v ax -=-求出运动过程中的加速度的大小．
9．D
解析：D 【解析】 【分析】 【详解】
A ．已知地球表面的重力加速度为
2GM g R
=
质量与地球质量相同，半径为地球半径两倍的天体上，重力加速度为地球上的四分之一，又跳高运动员挑起的高度为
2
2v h g
=
所以跳高运动员跳得更高，成绩会更好，但是不符合题意，所以A 错误；
B ．重力为mg ，所以用弹簧秤称体重时，体重数值会变为原来的四分之一，但是不符合题意，所以B 错误；
C ．有自由落体运动可知，落地速度为
v
由于g 变小，所以v 变小，但是不符合题意，所以C 错误；
D ．用手投出的篮球，水平方向不受力，由于惯性做匀速直线运动，速度不变，符合题意，所以D 正确。

故选D 。

10．D
解析：D 【解析】 【分析】 【详解】
由a —t 图象知，0～0.5T 时间内的加速度与T ～2T 时间内的加速度大小相等，方向相反，而对应时间内的v-t 图象的斜率的绝对值相等，正负不同，可得D 正确，ABC 错误
11．A
解析：A 【解析】 【详解】
A 、根据v-t 图象中图线的斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，可知质点A 在
6 s 末的加速度是
13
m/s 2，质点B 在6 s 时末的加速度是2431
a /1239B m s -=
=-，所以A 的加速度较大，故A 正确；
B 、在0～12s 时间内，质点A 的位移为1614
310.522
x m m m ⨯+=
+⨯=，平均速度为10.57
//128
x v m s m s t =
==，故B 错误； C 、质点A 在0－9s 时间内的位移大小16
32
A x m m ⨯==，质点
B 在0－3s 时间内的位移大小13
362
B x m m +=
⨯=，故C 错误； D 、在12s 末，A 、B 两质点相距的距离等于它们的位移之差，为
13341614
(39)(3)272222
B A s x x m m m ''++⨯+=-=⨯+⨯-+⨯=，故D 错误。

【点睛】
在速度-时间图象中，图线的斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移；根据几何关系求出质点A 、B 在0～12s 内的位移，再由位移与时间之比求其平均速度，根据位移关系分析何时两质点相遇。

12．C
解析：C 【解析】 【分析】 【详解】
A ．在v -t 图像中，图像与时间轴围成的面积等于物体的位移，因此在1s-4s 内的位移大小为24m ，A 正确；
B ．在v -t 图像中，图像的斜率表示加速度，因此在0-1s 内的加速度大小为8m/s 2，B 正确；
CD ．整个运动过程中速度均为正值，运动方向始终没变，因此在6s 末质点离出发点最远，C 错误，D 正确。

故错误的选C 。

13．C
解析：C
【解析】 【分析】 【详解】
A ．根据v − t 图象知加速度
222m/s 0.5m/s 4
a
故A 错误； B ．由牛顿第二定律得
2F mg ma -=
解得
201
N 10.5N 22
mg ma F ++=
== 故B 错误；
C ．4 s 末物体的速度为2 m/s ，则拉力作用点的速度为4 m/s ，则拉力F 的功率
10.54W 42W P Fv ==⨯=
故C 正确；
D ．物体在4 s 内的位移
2211
0.54m 4m 22
x at =
=⨯⨯= 则拉力作用点的位移s = 8 m ，则拉力F 做功的大小为
10.58J 84J W Fs ==⨯=
平均功率
84
W 21W 4
W P t '=
== 故D 错误。

故选C 。

14．B
解析：B 【解析】 【分析】 【详解】
A ．由题图知，车Ⅰ做初速度为0的匀加速直线运动，其加速度
a =
15
1.5
m/s 2=10m/s 2 车Ⅱ做速度v =15m/s 的匀速直线运动，2s 内位移分别为
21102m 20m 2
x =⨯⨯=Ⅰ
152m x =⨯=Ⅱ30m
由于t =2s 时两车同时到达终点，则位移差为
x ∆=x Ⅱ-x Ⅰ=10m
说明t =0时车Ⅰ在车Ⅱ前10m 处，故A 错误；
BC ．在t =1s 时，车Ⅰ前进5m ，车Ⅱ前进15m ，由于初始位置车Ⅰ在车Ⅱ前10m 处，所以此时两车对齐，故B 正确，C 错误；
D ．两车对齐之后，经1s 到达终点，所以这个位置和终点间的距离为
151m x '=⨯=Ⅱ
15m 故D 错误。

故选B 。

15．B
解析：B 【解析】 【分析】 【详解】
A ．由匀变速直线运动的速度位移关系公式
2202v v ax -=
可得
2202v ax v =+
由2v x -图像是一倾斜直线知，物体的加速度大小不变，速度随位置坐标在减小，因此物体做匀减速直线运动，A 错误；
B ．由2v x -图像可知，图像的斜率大小是2a ，
2
2v a x =
则物体的加速度大小为
20
2v a x =，
B 正确；
C Ｄ．物体在运动过程中是匀减速直线运动，其在这个过程中的平均速度是0
2
v ，也就是物体在中间时刻的速度等于
01
2
v ，根据匀变速直线运动的规律，物体在位移中点的速度大于中间时刻的速度，所以物体在位移中点的速度大于01
2
v ，CD 错误。

故选B 。

16．B
解析：B 【解析】
A 、由图知，0.2-0.5小时内甲乙都做匀速直线运动，加速度均为零，故A 错误；
B 、s t -图象的斜率表示速度，甲的斜率大，则甲的速度比乙的大，故B 正确；
C 、物体的位移等于s 的变化量．则知0.6-0.8小时内，甲的位移比乙的大，故C 错误；
D 、0-0.6小时内，甲的位移比乙的大，0.6-0.8小时内，甲的位移比乙的大，所以0.8小时内，甲的路程比乙的大，故D 错误．
点睛：该题考查了对位移--时间图象的理解和应用，要掌握：在位移-时间图象中，图象的斜率表示质点运动的速度的大小，纵坐标的变化量表示位移．
17．B
解析：B 【解析】 【分析】 【详解】
AB ．伽利略最初猜想沿斜面向下运动的物体的运动的速度与时间成正比
v kt =
由此伽利略推论位移的位移与时间的平方成正比，则
'2x k t =
即
'2
x k t =
结合以上的分析，则比较
2x t 即可，考虑到测量的误差等原因，可以认为2
x t 是一个常数，即位移与时间的平方成正比，A 错误B 正确； C ．以时间为横坐标，距离为纵坐标，即
2x kt =
其图像是一条抛物线线，C 错误；
D ．以时间的二次方为横坐标，距离为纵坐标，即
2x kt =
其图像是一条直线，D 错误。

故选B 。

18．B
解析：B 【解析】 【分析】 【详解】
在v t -图像中，图像与坐标轴围成的面积表示位移，又知道两者是从同一地点出发，故A 追上B 时，即在3s t =时两者相遇时，有
2211
3342
a π⨯=⨯ 解得
()21
m/s 2
a π=
此时，A 的速度为
()A 1
3 1.5m/s 2
v at ππ==⨯=
故B 正确，ACD 错误。

故选B 。

19．C
解析：C 【解析】 【分析】 【详解】
A ．两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，所以根据机械能守恒可以知两物体落地时速度大小相等，方向不同，所以速度不同，两小球落地时动量不同，A 错误；
B ．两小球落地时重力的瞬时功率
y P mgv =
竖直方向速度大小不同，瞬时功率不相等 ，B 错误； C ．两球质量相等，但落地时速度大小相等，根据动能表达式
212
k E mv =
可知两小球落地时动能相同，C 正确；
D ．两小球从抛出到落地时间不同，两小球重力的冲量不相等，D 错误； 故选C ．
20．D
解析：D 【解析】 【分析】 【详解】
A ．x -t 图像的斜率表示速度，斜率的正负表示速度的方向，所以A 物体的运动方向不变，A 错误；
B ．x -t 图线斜率的绝对值表示速度大小，由题图可知，0~6s 内B 物体的速度增大，B 错误；
C ．由题图可知，0~5s 内A 物体的位移大于B 物体的位移，由公式x
v t
=可知，A 物体的平均速度大于B 物体的平均速度，C 错误；
D ．0~6s 内存在某时刻两图线斜率的绝对值相等，则存在某时刻两物体的速度大小相等，D 正确。

故选D 。

21．A
解析：A 【解析】 【分析】 【详解】
A ．根据速度时间图线的斜率表示加速度，直线的斜率不变，可知甲车的加速度不变，即甲车做匀加速直线运动，故A 正确；
B ．乙车的速度不变，做匀速直线运动，故B 错误；
C ．由图可知，10
t 时间内，甲的速度小于乙的速度，故C 错误；
D ．根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，可知10t 时间内，甲的位移小于乙的位
移，故D 错误。

故选A 。

22．C
解析：C 【解析】 【分析】 【详解】
由运动学规律可得，AB 段时间中点的瞬时速度
1x v t
=
CD 段时间中点的瞬时速度
210x
v t
=
则AB 段时间中点到CD 段时间中点所用时间
21
1v v t a
-=
又因为
212
x at =
联立解得
1 4.5t t =
因此BC 段所用时间
21t t t =-
代入数据解得
2 3.5t t =
故ABD 错误，C 正确。

故选C 。

23．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AC ．根据
212
h gt =
解得F 球落地的时间为
F 6.4s t == E 球从听到声音释放小球到小球落地所用时间为
E 136s 4.775s 340
t =
+= 即 4.775s 6.4s <
则E 球先落地，两球落地的时间差为
1.625s t ∆=
故AC 错误；
B ．根据
v gt =
可知两球都只受重力作用，加速度等于重力加速度，在相等的时间内E 球的速度变化量等于F 球的，故B 错误；
D ．在
E 球落地的一瞬间，
F 球离地面的高度为
E 211200m 86m 98m 2
h gt =-≈< 故D 正确。

故选D 。

24．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
甲乙两球均做自由落体运动，由位移公式列出它们的距离与时间关系的表达式，再求出速度之差与时间的关系．解答：解：设乙运动的时间为t ，则甲运动时间为t+1， 则两球的距离()22111x g t 1gt gt g 222
=
+-=+，可见，两球间的距离随时间推移，越来越大．两球速度之差为v g t 1gt g =+-=（），所以甲乙两球速度之差保持不变．
所以C 选项正确．
故选C ．
25．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
由图可以看出，在曝光的时间内，物体下降了大约有两层砖的厚度，即12cm(0.12m)，曝光时间为1.5×10−2s ，设经过A 点的速度为v ，根据位移时间关系，有： 21
2h vt gt =+
代入数据解得：
v =8.0m/s
由22v gh =可得下降的高度大约为h ，则：
2
2
8.0m 3.2m 2210v h g ===⨯
A. 1.6m ．故A 项错误；
B. 2.5m ．故B 项错误；
C. 3.2m ．故C 项正确；
D. 4.5m ．故D 项错误．。