高二物理第一周限时训练
人教版高中物理选修1-1高二“每周一练”
（精心整理，诚意制作）高二物理“每周一练”1．如图所示，在电场中，一个负电荷从C点分别沿直线移到A点和B点，在这两个过程中，均需克服电场力做功，且做功的值相同，有可能满足这种做功情况的电场是（）A．正y方向的匀强电场 B．正x方向的匀强电场C．在第Ⅰ象限内有负点电荷 D．在第Ⅳ象限内有负点电荷2．如图所示，真空中存在范围足够大的匀强电场，A、B为该匀强电场的两个等势面．现有三个完全相同的带等量正电荷的小球a、b、c，从等势面A上的某点同时以相同速率v0向不同方向开始运动，其中a的初速度方向垂直指向等势面B；b的初速度方向平行于等势面；c的初速度方向与a相反．经过一段时间，三个小球先后通过等势面B，已知三个小球始终在该匀强电场中运动，不计重力，则下列判断正确的是（）A．等势面A的电势高于等势面B的电势B．a、c两小球通过等势面B时的速度相同C．开始运动后的任一时刻，a、b两小球的动能总是相同D．开始运动后的任一时刻，三个小球电势能总是相等3．如图所示，在真空中一条竖直向下的电场线上有a、b两点．一带电质点在a 处由静止释放后沿电场线向上运动，到达b点时速度恰好为零．则下面说法正确的是（）A．该带电质点一定带正电荷B．该带电质点一定带负电荷C．a点的电场强度大于b点的电场强度D．质点在b点所受到的合力一定为零4．两个质量分别是m1、m2的小球，各用丝线悬挂在同一点，当两球分别带同种电荷，且电荷量分别为q1、q2时，两丝线张开一定的角度θ1、θ2，两球位于同一水平线上，如图所示，则下列说法正确的是（）A．若m1>m2，则θ1>θ2 B．若m1＝m2，则θ1＝θ2C．若m1<m2，则θ1>θ2 D．若q1＝q2，则θ1＝θ25．如图所示，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P固定，然后使两板各绕其中点转过α角，如图中虚线所示，撤去外力，则P在两板间（）A．保持静止B．水平向左做直线运动C．向左下方运动D．不知α角的值无法确定P的运动状态6．如图所示，地面上某区域存在着竖直向下的匀强电场，一个质量为m的带负电的小球以水平方向的初速度v0由O点射入该区域，刚好通过竖直平面中的P点，已知连线OP与初速度方向的夹角为45°，则此带电小球通过P点时的动能为A．m v20 B．12m v20C．2m v20 D．52m v207．一个带正电的点电荷以一定的初速度v0（v0≠0），沿着垂直于匀强电场的方向射入电场，则其可能的运动轨迹应该是下图中的（）8．如图所示，在匀强电场中有一平行四边形ABCD，已知A、B、C三点的电势分别为φA＝10V、φB＝8V、φC＝2V，则D点的电势为A．8V B．6VC．4V D．1V9.静电除尘器是目前普遍采用的一种高效除尘器.某除尘器模型的收尘板是很长的条形金属板，图中直线ab为该收尘板的横截面.工作时收尘板带正电，其左侧的电场线分布如图所示；粉尘带负电，在电场力作用下向收尘板运动，最后落在收尘板上.若用粗黑曲线表示原来静止于P点的带电粉尘颗粒的运动轨迹，下列4幅图中可能正确的是（忽略重力和空气阻力）（）10．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器的因素（如图）。
高二物理上学期第一次周练试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校高阳中学高二（上）第一次周练物理试卷一、选择题1．以下判断小球是否带电的说法中正确的是（）A．用一个带电体靠近它，如果能够吸引小球，则小球一定带电B．用一个带电体靠近它，如果能够排斥小球，则小球一定带电C．用验电器的金属球接触它后，如果验电器的金属箔能改变角度，则小球一定带电D．如果小球能吸引小纸屑，则小球一定带电2．如图所示，绝缘的细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图，现使b 带电则（）A．a、b间不发生相互作用B．b将吸引a，吸住后不放开C．b立即把a排斥开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开3．关于摩擦起电现象，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象使本来没有电子和质子的物体中产生电子和质子B．两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷C．摩擦起电，可能是因为摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的D．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电4．如图所示，A、B为相互接触的用绝缘柱支撑的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是（）A．把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开B．把C移近导体A时，先把A、B分开，然后移去导体C，A、B上的金属箔片仍张开C．先把C移走，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍张开D．先把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A上的金属箔片张开，而B上的金属箔片闭合5．关于元电荷，下列说法中正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取e=1.60×10﹣19 CD．电荷量e的数值最早是由英国物理学家库仑用实验测得的6．一带负电的金属小球放在潮湿的空气中，经过一段时间后，发现该金属小球上的净电荷几乎不存在了，这说明（）A．金属小球上原来的负电荷消失了B．此过程中电荷不守恒C．金属小球上的负电荷减少是由于潮湿的空气将电子导走了D．该现象是由于电子的转移引起，仍遵守电荷守恒定律7．有A、B、C三个完全相同的金属球，A带1.2×10﹣4C的正电荷，B、C不带电，现用相互接触的方法使它们都带电，则A、B、C所带的电荷量可能是下面哪组数据（）A．6.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 CB．6.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 C，2.0×10﹣5 CC．4.5×10﹣5 C，4.5×10﹣5 C，3.0×10﹣5 CD．5.0×10﹣5 C，5.0×10﹣5 C，2.0×10﹣5 C8．感应起电和摩擦起电都能使物体带电，关于这两种带电过程，下列说法正确的（）A．感应起电和摩擦起电都是电荷从物体的一部分转移到另一部分B．感应起电是电荷从一个物体转移到另一个物体C．感应起电和摩擦起电都是电荷从一个物体转移到另一个物体D．摩擦起电是电荷从一个物体转移到另一个物体9．把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为（）A．A球的正电荷移到B球上B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上D．B球的正电荷移到A球上10．如图所示，挂在绝缘细线下的小轻质带电小球，由于电荷的相互作用而靠近或远离，所以（）A．甲图中两球一定带异种电荷B．乙图中两球一定带同种电荷C．甲图中至少有一个带电D．乙图中两球至少有一个带电11．如图所示，将带电棒移近两个不带电的导体球，两个导体球开始时互相接触且对地绝缘，下述几种方法中能使两球都带电的是（）A．先把两球分开，再移走棒B．先移走棒，再把两球分开C．先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开D．棒的带电荷量不变，两导体球不能带电12．如图所示，原来不带电的绝缘体金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔，若使带负电的绝缘金属球A靠近导体的M端，可以看到的现象是（）A．只有M端验电箔张开B．只有N端验电箔张开C．两端验电箔都张开D．两端验电箔都不张开13．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）A ．B ．C ．D ．14．原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10﹣15C，丙物体带电8×10﹣16C．则对于最后乙、丙两物体的带电情况，下列说法中正确的是（）A．乙物体一定带有负电荷8×10﹣16CB．乙物体可能带有负电荷2.4×10﹣15CC．丙物体一定带有正电荷8×10﹣16CD．丙物体一定带有负电荷8×10﹣16C15．小华在旅游景点购买了一本物理参考书，回家后发现是窃版书．其中一道习题给出四个带电体的带电荷量为如下四个选项，你认为其中带电荷量合理的是（）A．Q1=6.2×10﹣18 C B．Q2=6.4×10﹣18 CC．Q3=6.6×10﹣18 C D．Q4=6.8×10﹣18 C16．如图所示，不带电的枕形导体的A、B两端各贴有一对金箔．当枕形导体的A端靠近一带电导体C时（）A．A端金箔张开，B端金箔闭合B．用手接触枕形导体，A端金箔张开，B端金箔闭合C．用手接触枕形导体，后将手和C分别移走，两对金箔均张开D．选项C中两对金箔带同种电荷二、解答题17．有两个完全相同的绝缘金属球A、B，A球所带电荷量为q，B球所带电荷量为﹣q，现要使A、B 所带电荷量都为﹣q，应该怎么办？18．有两个完全相同的带电绝缘金属小球A、B，分别带有电荷量Q A=6.4×10﹣9C，Q B=﹣3.2×10﹣9C，让两绝缘金属小球接触，在接触过程中，电子如何转移并转移了多少？高阳中学高二（上）第一次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．以下判断小球是否带电的说法中正确的是（）A．用一个带电体靠近它，如果能够吸引小球，则小球一定带电B．用一个带电体靠近它，如果能够排斥小球，则小球一定带电C．用验电器的金属球接触它后，如果验电器的金属箔能改变角度，则小球一定带电D．如果小球能吸引小纸屑，则小球一定带电【考点】静电现象的解释．【分析】利用电荷间的作用规律分析即可，但应注意的是：若两小球相斥，则表明其一定都带电，且带的是同种电荷；若两小球相吸，则有两种可能，即可能都带电，且是异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电．【解答】解：A、用一个带电体靠近它，如果能够吸引小球，小球可以不带电，故A错误；B、用一个带电体靠近它，如果能够排斥小球，则小球一定带电，故B正确；C、用验电器的金属球接触它后，如果验电器的金属箔角度变小，小球可能不带电，故C错误；D、带电体具有吸引轻小物体的性质，如果小球能吸引小纸屑，则小球一定带电，故D正确；故选：BD．【点评】此题很容易漏掉了带电体具有吸引轻小物体的性质的这种情况．2．如图所示，绝缘的细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图，现使b 带电则（）A．a、b间不发生相互作用B．b将吸引a，吸住后不放开C．b立即把a排斥开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开【考点】库仑定律；电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后，a球与b球带上了同种电荷，相互排斥而分开．【解答】解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开；故选D．【点评】本题关键是带电物体能够吸引轻小物体，接触后，带同种电荷，又因为带同种电荷而分开．3．关于摩擦起电现象，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象使本来没有电子和质子的物体中产生电子和质子B．两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷C．摩擦起电，可能是因为摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的D．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电实质是由于两个物体的原子核对核外电子的约束能力不相同，因而电子可以在物体间转移．若一个物体失去电子，其质子数比电子数多，我们说它带正电荷．若一个物体得到电子，其质子数比电子数少，我们说它带负电荷．使物体带电并不是创造出电荷．A、摩擦起电现象使电子转移，而不是产生，故A错误；B、两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷，故B正确；C、摩擦起电，可能是因为摩擦导致电子从一个物体转移到另一个物体而形成的，故C错误；D、丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显示带正电荷，故D正确；故选：BD．【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．4．如图所示，A、B为相互接触的用绝缘柱支撑的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是（）A．把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开B．把C移近导体A时，先把A、B分开，然后移去导体C，A、B上的金属箔片仍张开C．先把C移走，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍张开D．先把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A上的金属箔片张开，而B上的金属箔片闭合【考点】静电场中的导体．【分析】当导体A、B放在带正电的附近时，出现感应起电现象．电荷周围有电场存在，从而导体A、B处于电场中，在电场力的作用下，使导体中的自由电子重新分布．而处于静电平衡的导体，电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且是等势体．【解答】解：AB、感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，把带正电荷的物体C移近导体A后，把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，故AB正确；C、先把C移走，A、B电荷恢复原状，若再把A、B分开，A、B上的金属箔片不会张开，故C错误；D、把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A上的金属箔片闭合，B上的金属箔片也闭合，故D错误；故选：AB．【点评】体现物体静电感应起电的实质，及静电平衡状态时，带电体的电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且导体的电势处处相等．5．关于元电荷，下列说法中正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取e=1.60×10﹣19 C D．电荷量e的数值最早是由英国物理学家库仑用实验测得的【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷．【解答】解：A、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×10﹣19C，故A错误；B、所有带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故B正确；C、元电荷的值通常取e=1.60×10﹣19 C，故C正确；D、电荷量e的数值最早是由科学家密立根用实验测得的，故D错误．故选：BC．【点评】元电荷是带电量的最小值，它本身不是电荷，所带电量均是元电荷的整数倍．且知道电子的电量与元电荷的电量相等，同时让学生明白电荷量最早是由科学家密立根用实验测得．6．一带负电的金属小球放在潮湿的空气中，经过一段时间后，发现该金属小球上的净电荷几乎不存在了，这说明（）A．金属小球上原来的负电荷消失了B．此过程中电荷不守恒C．金属小球上的负电荷减少是由于潮湿的空气将电子导走了D．该现象是由于电子的转移引起，仍遵守电荷守恒定律【考点】电荷守恒定律．【分析】电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变．它指出，对于一个孤立系统，不论发生什么变化，其中所有电荷的代数和永远保持不变．电荷守恒定律表明，如果某一区域中的电荷增加或减少了，那么必定有等量的电荷进入或离开该区域；如果在一个物理过程中产生或消失了某种电荷，那么必定有等量的异号电荷同时产生或消失．【解答】解：A、根据电荷守恒定律，电荷不能消灭，也不能创生，只会发生转移．故A错．B、此过程中电荷仍然守恒，电荷没有消失，只是被潮湿的空气导走而已，仍然遵循电荷守恒定律．故B错．C、金属小球上的负电荷减少是由于潮湿的空气将电子导走了．故C正确．D、该现象是潮湿的空气将电子导走了，是电子的转移引起，仍遵守电荷守恒定律．故D正确．故选CD．【点评】通常起电的方式有摩擦起电、接触起电、感应起电，都是电荷的转移，在转移过程中电荷的总量保持不变．7．有A、B、C三个完全相同的金属球，A带1.2×10﹣4C的正电荷，B、C不带电，现用相互接触的方法使它们都带电，则A、B、C所带的电荷量可能是下面哪组数据（）A．6.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 CB．6.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 C，2.0×10﹣5 CC．4.5×10﹣5 C，4.5×10﹣5 C，3.0×10﹣5 C D．5.0×10﹣5 C，5.0×10﹣5 C，2.0×10﹣5 C【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分；A带1.2×10﹣4 C的正电荷，B、C不带电，最终必定有其中的两个电量相等．【解答】解：A、6.0×10﹣5C+4.0×10﹣5C+4.0×10﹣5C=1.4×10﹣4C＞1.2×10﹣4 C．电量增加，故A错误；B、C、D、由于两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分，假设A与B 先接触，接触后电量都是： C然后，B（或A）与C 接触，接触后的电量：，不可能比3×10﹣5更小；然后B与A 接触，分开后的电量：．故BD错误，C 正确．故选：C【点评】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分；接触的过程中电量既不会增加，也不会减少．8．感应起电和摩擦起电都能使物体带电，关于这两种带电过程，下列说法正确的（）A．感应起电和摩擦起电都是电荷从物体的一部分转移到另一部分B．感应起电是电荷从一个物体转移到另一个物体C．感应起电和摩擦起电都是电荷从一个物体转移到另一个物体D．摩擦起电是电荷从一个物体转移到另一个物体【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷．【分析】感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．【解答】解：A、感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一个部分，摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，故A错误．B、感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一个部分，故B错误．C、感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一个部分，摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，故C错误．D、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷，故D正确．故选D．【点评】摩擦起电和感应起电的实质都是电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．9．把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为（）A．A球的正电荷移到B球上B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上D．B球的正电荷移到A球上【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】金属是自由电子和金属正离子组成的，正离子只做热振动，不移动，而自由电子可以移动．根据这个分析接触带电的实质．【解答】解：A、D金属上正电荷只做无规则的热振动，不能发生移动，更不可能从一个球移动到另一个球．故A、D错误．B、C，B球原来不带电，与A球接触后，由于A球上正电荷对电子的吸引，电子从B球转移到A球上，原来中性的B球就带正电．电子带负电，所以B带正电是由于B球上的负电荷移到A球上的缘故．故B正确，C错误．故选B．【点评】本题运用基本知识分析物理现象的能力．10．如图所示，挂在绝缘细线下的小轻质带电小球，由于电荷的相互作用而靠近或远离，所以（）A．甲图中两球一定带异种电荷B．乙图中两球一定带同种电荷C．甲图中至少有一个带电D．乙图中两球至少有一个带电【考点】库仑定律．【分析】电荷之间的相互作用规律：同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引．【解答】解：相互排斥，则两球一定带同种电荷，可能是正电，也可能是负电．相互吸引，两球可能带异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电，但题目中说均带电，故AB正确，CD错误；故选：AB．【点评】解决此类题目注意以下两点：（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体．11．如图所示，将带电棒移近两个不带电的导体球，两个导体球开始时互相接触且对地绝缘，下述几种方法中能使两球都带电的是（）A．先把两球分开，再移走棒B．先移走棒，再把两球分开C．先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开D．棒的带电荷量不变，两导体球不能带电【考点】静电场中的导体．【分析】将棒移近两个不带电的导体球，靠感应起电使物体带电，带电的实质是电荷的移动，总电荷量保持不变．【解答】解：A、先把两球分开，再移走棒，两球由于感应起电带上异种电荷．故A正确．B、先移走棒，此时甲乙两球中的电荷又发生中和，不再带电，再把球分开，同样不再带电．故B错误．C、先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开，是接触带电，且带电荷，故C正确D、感应起电，是两导体球在带电的过程中，是两球中的电荷发生了移动，棒的带电量是不变的．故D错误．故选：AC【点评】解决本题的关键知道摩擦起电、感应起电、接触带电的实质都是电荷的移动，电荷的总量保持不变．12．如图所示，原来不带电的绝缘体金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔，若使带负电的绝缘金属球A靠近导体的M端，可以看到的现象是（）A．只有M端验电箔张开B．只有N端验电箔张开C．两端验电箔都张开D．两端验电箔都不张开【考点】静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．【解答】解：金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，弹头导体的右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，所以C正确．故选：C．【点评】感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．13．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电荷守恒定律．【分析】当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电．【解答】解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有B符合条件．故选：B．【点评】本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．14．原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10﹣15C，丙物体带电8×10﹣16C．则对于最后乙、丙两物体的带电情况，下列说法中正确的是（）A．乙物体一定带有负电荷8×10﹣16CB．乙物体可能带有负电荷2.4×10﹣15CC．丙物体一定带有正电荷8×10﹣16CD．丙物体一定带有负电荷8×10﹣16C【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】物体经过摩擦后，会产生电．得到电子的带负电，失去电子的带正电．【解答】解：由题意可知，甲、乙两物体相互摩擦后，甲物体带正电1.6×10﹣15C，则乙带负电1.6×10﹣15C，若乙物体再与丙物体接触，由于丙物体带电8×10﹣16C．且带负电，则乙也一定带负电，大小为8×10﹣16C，故AD正确，BC错误；故选AD．【点评】此题考查子摩擦起电的本质，要理解和运用．15．小华在旅游景点购买了一本物理参考书，回家后发现是窃版书．其中一道习题给出四个带电体的带电荷量为如下四个选项，你认为其中带电荷量合理的是（）A．Q1=6.2×10﹣18 C B．Q2=6.4×10﹣18 CC．Q3=6.6×10﹣18 C D．Q4=6.8×10﹣18 C【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，据此可正确解答．【解答】解：电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，因此该带电量为电子电量e=1.6×10﹣19c的整数倍，将四个选项中的电量除以电子电量得数为整数倍的便是可能正确的数字，由选项可知只有B是元电荷的整数倍，故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】本题是基础的题目，考查的就是学生对基本知识的应用情况，平时要注意提高应用所学知识解决实际问题的能力．16．如图所示，不带电的枕形导体的A、B两端各贴有一对金箔．当枕形导体的A端靠近一带电导体C时（）A．A端金箔张开，B端金箔闭合B．用手接触枕形导体，A端金箔张开，B端金箔闭合C．用手接触枕形导体，后将手和C分别移走，两对金箔均张开D．选项C中两对金箔带同种电荷【考点】静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．【解答】解：A、金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，枕形导体的右端要感应出正电荷，导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，故A错误．B、用手触摸枕形导体后，大地上电子跑到导体上，将B端的正电荷中和，而A 端的负电荷增多，所以A端金箔仍张开，B端金箔闭合，故B正确．C、用手触摸枕形导体后，将手和C都移走，由于感应起电，枕形导体带负电，而且A、B两端都带负电，所以两对金箔均张开，故C正确．D、选项C中A、B两端都带负电，两金箔都带负电．故D正确．故选：BCD【点评】本题考查对感应起电的理解能力，关键根据同种电荷相斥，异种电荷相吸分析感应起电的过程．二、解答题17．有两个完全相同的绝缘金属球A、B，A球所带电荷量为q，B球所带电荷量为﹣q，现要使A、B 所带电荷量都为﹣q，应该怎么办？【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电荷在转化和转移过程中守恒，可以先是A球放电，采用半分法使A，B所带电荷量．【解答】解：先用手接触一下A球，使大地上的电子移动到A球上中和A球的正电荷，再将A、B接触一下，分开A、B，此时A、B 所带电荷量都是﹣q，再用手接触一下A球，再将A、B接触一下再分开，这时A、B 所带电荷量都是﹣q．答：先用手接触一下A球，使A球带电被中和，再将A、B接触一下，分开A、B，再用手接触一下A球，再将A、B接触一下再分开即可．【点评】本题关键是根据电荷守恒定律并采用半分法改变电量，基础问题．18．有两个完全相同的带电绝缘金属小球A、B，分别带有电荷量Q A=6.4×10﹣9C，Q B=﹣3.2×10﹣9C，让两绝缘金属小球接触，在接触过程中，电子如何转移并转移了多少？【考点】电荷守恒定律．【专题】常规题型．【分析】完全相同的带电小球接触时，若是同种电荷则将总电量平分，若是异种电荷则先中和然后将剩余电量平分．【解答】解：两球接触后所带电荷量相等且为：Q′A=﹣Q′B =C=1.6×10﹣9C在接触过程中，电子由B球转移到A球，不仅将自身的负电荷全部中和，且电子继续转移，使B球带Q′B的正电，因此共转移电子的电荷量为：△Q=3.2×10﹣9C+1.6×10﹣9C=4.8×10﹣9C转移的电子数为：n==3.0×1010即电子由B向A转移，共转移了3.0×1010个．。
高二物理上学期第一周周测试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校上饶县中学高二上学期第一周周测物理试卷（零班）一、选择题1．（3分）（2012•江苏模拟）某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点．下列说法错误的是（）A．A点的电场强度小于B点的电场强度B．A点的电势高于B点的电势C．将负电荷从A点移到B点，电场力做正功D．将正电荷从A点移到C点，电场力做功为零2．（3分）让一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子的混合物经过同一加速电场由静止开始加速，然后在同一偏转电场里偏转，（忽略离子重力影响）则它们会分离成几股离子流（）A．一股B．二股C．三股D．无法确定3．（3分）如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是（）A．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变D．电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变4．（3分）图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面2的电势为0，一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为37eV和19eV，当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣2eV，它的动能应为（）A．2eV B．19eV C．29eV D．33eV5．（3分）（2014•南昌模拟）质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点．不计空气阻力且小球从未落地，则（）A．整个过程中小球电势能减少了1.5 mg2t2B．整个过程中机械能的增量为2mg2t2C．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2D．从A 点到最低点小球重力势能减少了mg2t26．（3分）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在绝缘墙上，另一端与置于绝缘水平面上质量为m，带电量为+q的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．在撤去F的同时，在空间加上大小为E水平向右的匀强电场，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．弹力和电场力所做的总功为4μmgx0C．撤去F 后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgD．物体开始向左运动到速度最大的过程中，克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）7．（3分）（2011•淮安模拟）如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度且两点电场强度方向不同B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先减小后增大D．一质子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．（3分）如图所示，在粗糙的斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度释放带有恒定电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点停下．则从M 到N的过程中，下列说法正确的是（）A．小物块所受的电场力减小B．小物块的电势能可能增加C．M点的电势一定高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小一定小于克服摩擦力做的功9．（3分）如图所示，水平放置的平行板电容器与某一电源相连，它的极板长L=0.4m，两板间距离d=4×10﹣3m，有一束由相同带电微粒组成的粒子流，以相同的速度v0从两板平行极板射入，开关S闭合前，两极板间不带电，由于重力作用微粒能落到下板的正，已知微粒质量为m=4×10﹣5kg，电荷量q=+1×10﹣8C，则下列说法正确的是（）A．微粒的入射速度v0=10m/sB．电容器上板接电源正极时，微粒有可能从平行板电容器的右边射出电场C．电源电压为180V时微粒可以从平行板电容器的右边射出电场D．电源电压为100V时微粒可以从平行板电容器的右边射出电场10．（3分）如图所示，平行板电容器与电源相连，下极板接地．一带电油滴位于两极板的中心P点且恰好处于静止状态，现将平行板电容器两极板在纸面内绕O、O′迅速顺时针转过45°，则（）A．P点处的电势不变B．带电汕滴仍将保持静止状态C．带电油滴将水平向右做匀加速直线运动D．带电油滴到达极板前具有的电势能不断增加11．（3分）（2009•一模）X轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，从图中可看出（）A．Q1的电量一定大于Q2的电量B．Q1和Q2一定是同种电荷，但不一定是正电荷C．电势最低处P点的电场强度为0D．Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点12．（3分）如图所示，有一半圆弧光滑轨道，半径为R，在与圆心等高的位置静止放置一个带正电的小球A，其质量为m，MN之间有一方向水平向左的匀强电场，让小球A自由滚下进入匀强电场区域，水平面也是光滑的，下列说法正确的是（）A．小球一定能穿过MN区域继续运动B．如果小球没有穿过MN区域，小球一定能回到出发点C．如果小球没有穿过MN区域，只要电场强度足够大，小球可以到达P点，且到达P 点速度大于等于D．如果小球一定能穿过MN区域，电场力做的功为﹣mgR二、填空题13．（3分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，提供的实验器材有：A．小灯泡（额定电压为3.8V，额定电流约为0.3A）B．电流表A （0～0.6A，内阻约为0.5Ω）C．电压表V（0～6V，内阻约为5kΩ）D．滑动变阻器R1（0～10Ω，2A ）E．滑动变阻器R2（0～100Ω，0.2A ）F．电源（6V，内阻不计）G．开关及导线若干（1）实验中滑动变阻器选_________ （填“R1”或“R2”）（2）该同学设计了实验测量电路，通过改变滑动变阻器滑片的位置，使电流表的读数从零开始变化，记录多组电压表的读数U和电流表的读数I．请在图甲中用笔画线代替导线将实验电路连接完整．（3）该同学根据实验数据作出了如图乙的U﹣I图象，根据图象可知小灯泡的电阻随着电流的增大而_________ （选填“增大”、“减小”或“不变”）三、解答题14．如图所示，两平行金属板A、B长l=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，即U AB=300V．一带正电的粒子电量q=10﹣10C，质量m=10﹣20 kg，从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度v0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在中心线上的O点的点电荷Q形成的电场区域（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响）．已知两界面MN、PS相距为L=12cm，粒子穿过界面PS后被点电荷Q施加的电场力俘获从而以O点为圆心做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上．（静电力常数k=9×109N•m2/C2）求：（1）粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离h．（2）粒子穿过界面MN时的速度v．（3）粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离Y．（4）点电荷的电荷量Q．（该小题结果保留一位有效数字）15．两个带电小球A和B，质量分别为m1、m2，带有同种电荷，带电量分别为q1、q2．A、B两球均放在光滑绝缘的水平板上，A球固定，B球被质量为m3的绝缘挡板P挡住静止，A、B两球相距为d，如图所示．某时刻起挡板P在向右的水平力F作用下开始向右做匀加速直线运动，加速度大小为a，经过一段时间带电小球B与挡板P分离，在此过程中力F对挡板做功W．求：（1）力F的最大值和最小值？（2）带电小球B与挡板分离时的速度？（3）从开始运动到带电小球与挡板P分离的过程中，电场力对带电小球B做的功？16．（2011•安徽一模）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接．在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m，电量为+q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场（P点恰好在A点的正上方，如图．小球可视为质点，小球运动到C点之前电量保持不变，经过C点后电量立即变为零）．已知A、B间距离为2R，重力加速度为g．在上述运动过程中，求：（1）电场强度E的大小；（2）小球在圆轨道上运动时最大速率；（3）小球对圆轨道的最大压力的大小．17．（2002•河南）如图（a）所示，A、B为水平放置的平行金属板，板间距离为d（d远小于板的长和宽）．在两板之间有一带负电的质点P．已知若在A、B间加电压U o，则质点P可以静止平衡．现在A、B间加上如图（b）所示的随时间t 变化的电压u ．在t=0时质点P 位于A 、B 间的中点处且初速为零．已知质点P 能在A 、B 之间以最大的幅度上下运动而又不与两板相碰，求图（b ）中u 改变的各时刻t 1、t 2、t 3及t n 的表达式．（质点开始从中点上升到最高点，及以后每次从最高点到最低点或从最低点到最高点的过程中，电压只改变一次．）中学高二（上）第一周周测物理试卷（零班）参考答案与试题解析 一、选择题1．（3分）（2012•江苏模拟）某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A 、B 、C 为电场中的三个点．下列说法错误的是（ ）A ． A 点的电场强度小于B 点的电场强度B ． A 点的电势高于B 点的电势C ． 将负电荷从A 点移到B 点，电场力做正功D ． 将正电荷从A 点移到C 点，电场力做功为零 考点： 电势能；电场强度． 专题： 电场力与电势的性质专题．分析： 根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；根据等差等势面来确定电势差大小，再由电势差与电场力做功关系公式W AB =qU AB 来判断电场力做功的多少．解答： 解：A ：由电场线越密的地方，电场强度越大，则有E B ＞E A ，故A 正确；B ：沿着电场线，电势逐渐降低，A 点处于电场线的靠前的位置故，故B 正确；C ：由于沿着电场线，电势逐渐降低，故φA ＞φB ，因此将负电荷从A 移动到B ，电场力做负功，故C 错误；D ：由于从A 和C 处于同一条等势线上，故从A 到C 过程的电场力不做功，故D 正确． 该题是选择说法错误的，故选：C点评： 本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、电场力大小和电势差的大小关系．同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密．当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减．2．（3分）让一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子的混合物经过同一加速电场由静止开始加速，然后在同一偏转电场里偏转，（忽略离子重力影响）则它们会分离成几股离子流（ ）A ． 一股B ． 二股C ． 三股D ． 无法确定考点： 带电粒子在混合场中的运动．专题： 带电粒子在磁场中的运动专题．分析： 一价氢离子、一价氦离子、二价氦离子经过加速电压大小为U 的加速电场由静止开始加速，然后在同一偏转电场中偏转后偏转距离和偏转角度相同，轨迹重合．解答： 解：设正电荷的电量为q ，加速电压为U 1，偏转电压为U 2，偏转电极板为L ，板间距离为d ．根据动能定理得 加速电场中 qU 1=m偏转电场中 运动时间t=偏转距离y=at 2=（）2得到y=设偏转角度为θ，则tanθ==由上可知y 、θ与带电粒子的质量、电荷量无关，则一价氢离子、一价氦离子、二价氦离子在偏转电场轨迹重合，所以混合物分成一股． 故选A点评： 本题在熟记这个结论的基础上，就能很快作答．即：同种带电粒子经同一加速电场加速，再经同一偏转电场偏转时轨迹重合．3．（3分）如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是（）A．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变D．电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子在电场中加速时，滑动触头向右移动时，加速电压增大，加速后速度变大，粒子在偏转电场中运动时间变短，粒子在平行偏转电场方向的位移减小．同理触头向左移动时，加速电压减小，加速后速度变小，粒子在电场中运动时间变长，粒子在平行偏转电场方向的位移增大；当加速电压不变时，偏转电压变化，影响平行电场方向的电场力的大小，也就是影响加速度的大小，粒子在电场中运动时间不变，改变偏转的位移大小．解答：解：由题意知，电子在加速电场中加速运动，根据动能定理得：，电子获得的速度为：电子进入偏转电场后做类平抛运动，也就是平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，加速度为：，电子在电场方向偏转的位移为：．垂直电场方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间为又因为偏转电场方向向下，所以电子在偏转电场里向上偏转．A、滑动触头向右移动时，加速电压变大，所以电子获得的速度v增加，由上式得知，电子在电场中运动时间t减少，故电子偏转位移y变小，因为电子向上偏转，故在屏上的位置下降，故A错误；B、滑动触头向左移动时，加速电压变小，所以电子获得的速度v减小，由上式得知，电子在电场中运动时间t增大，故电子偏转位移y变大，因为电子向上偏转，故在屏上的位置上升，故B正确；C、偏转电压增大时，电子在电场中受到电场力增大，即电子偏转的加速度度a增大，又因为加速电压不变，电子进入电场的速度没有变化，电子在电场中运动的时间t没有发生变化，故C正确；D、偏转电压增大时，电子在电场中受到的电场力增大，即电子偏转的加速度a增大，又因为电子获得的速度v不变，电子在电场中运动的时间不变，a 增大，而电子打在屏上的速度为，故电子打在屏上的速度增大，故D错误；故选：BC点评：电子在加速电场作用下做加速运动，运用动能定理可得电子获得的速度与加速电场大小间的关系，电子进入偏转电场后，做类平抛运动，运动时间受电场的宽度和进入电场时的速度所决定，电子在电场方向偏转的距离与时间和电场强度共同决定．熟练用矢量合成与分解的方法处理类平抛运动问题．4．（3分）图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面2的电势为0，一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为37eV和19eV，当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣2eV，它的动能应为（）A．2eV B．19eV C．29eV D．33eV考点：等势面；动能定理的应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，根据题意曲线2电势为零，列式求解即可．解答：解：经过a、b点时的动能分别为37eV和19eV；图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，故电荷再各个等势面上的电势能相等；故电荷经过相邻两个等势面时的动能减小量为，故经过等势面2时的动能为31eV；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故：0eV+31eV=﹣2eV+E k；解得E k=33eV；故选D．点评：“在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变；相邻等势面之间的电势差相同”是我们解决此类问题时的突破口．5．（3分）（2014•南昌模拟）质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点．不计空气阻力且小球从未落地，则（）A．整个过程中小球电势能减少了1.5 mg2t2B．整个过程中机械能的增量为2mg2t2C．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2D．从A 点到最低点小球重力势能减少了mg2t2考点：电势能；功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：分析小球的运动情况：小球先做自由落体运动，加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动，后向上做匀加速运动．由运动学公式求出t秒末速度大小，加上电场后小球运动，看成一种匀减速运动，自由落体运动的位移与这个匀减速运动的位移大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度，由W=qEd求得电场力做功，即可得到电势能的变化．由动能定理得求出A点到最低点的高度，得到重力势能的减小量．解答：解：A、B小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反．设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则由gt2=﹣（vt ﹣at2）又v=gt解得 a=3g．由牛顿第二定律得a=，联立解得，qE=4mg则小球电势能减少为△ɛ=qE•gt2=2mg2t2．根据功能关系可知，机械能的增量为2mg2t2．故A错误，B正确．C、从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了△E k =m（gt）2．故C错误．D、设从A点到最低点的高度为h，根据动能定理得mgh﹣qE（h ﹣gt2）=0解得，h=gt2故从A点到最低点小球重力势能减少了△E p =mgh=．故D正确．故选BD点评：本题首先要分析小球的运动过程，采用整体法研究匀减速运动过程，抓住两个过程之间的联系：位移大小相等、方向相反，运用牛顿第二定律、运动学规律和动能定理结合进行研究．6．（3分）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在绝缘墙上，另一端与置于绝缘水平面上质量为m，带电量为+q的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．在撤去F的同时，在空间加上大小为E水平向右的匀强电场，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．弹力和电场力所做的总功为4μmgx0C．撤去F 后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgD．物体开始向左运动到速度最大的过程中，克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）考点：电势差与电场强度的关系；功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题通过分析物体的受力情况，来确定其运动情况：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力、电场力和滑动摩擦力，电场力和滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，可知加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；撤去F后，根据牛顿第二定律求解物体刚运动时的加速度大小；物体离开弹簧后通过的最大距离为4x0，由动能定理求解弹力和电场力所做的总功为4μmgx0；当弹簧的弹力与电场力、滑动摩擦力的合力大小相等、方向相反时，速度最大，可求得此时弹簧的压缩量，即可求解物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功．解答：解：A、撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力、电场力和滑动摩擦力，电场力和滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，物体离开弹簧后做匀减速运动．故A错误．B、设弹力和电场力所做的总功为W，则运用动能定理得：W﹣μmg•4x0=0，得W=4μmgx0．故B正确．C、撤去F后，物体物体水平方向上受到向左弹簧的弹力、向右的电场力和滑动摩擦力，由牛顿第二定律得：物体的加速度为a=．故C错误．D、当弹簧的弹力与电场力、滑动摩擦力的合力大小相等、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为x=，物体开始向左运动到速度最大的过程中，克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣x）=μmg（x0﹣）．故D正确．故选：BD点评：本题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，要抓住加速度与合外力成正比，即可得到加速度是变化的．7．（3分）（2011•淮安模拟）如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度且两点电场强度方向不同B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先减小后增大D．一质子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功考点：电势能；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解答本题要掌握等量异种电荷周围电场分布情况，在如图所示的等量异种电荷连线的中点O是两点电荷连线之间电场强度最小的点，同时是两点电荷连线中垂线上最强的点，中垂线为零等势线，中垂线上电场方向水平向右；另外电势能的变化可通过电场力做功来判断．解答：解：A、在如图所示的电场中E A＞E O＞E B，且电场方向都水平向右，故A错误；B、由于B、D两点关于O点对称，因此其场强大小相等，方向均水平向右，中垂线为零等势线，故B正确；C、电子由B沿B→C运动到C过程中，靠近负电荷远离正电荷，因此电场力做负功，电势能增大，沿C→D运动到D过程中，靠近正电荷远离负电荷，电场力做正功，电势能减小，故整个过程中电势能先增大后减小，故C错误；D、图中两电荷连线电场方向水平向右，即由A指向C，质子受电场力水平向右，故质子由C点沿C→O→A路径移至A点过程中电场力做负功，故D错误．故选B．点评：要熟练掌握等量异种电荷和等量同种电荷周围电场强度、电势分布情况，并能正确判断电荷在电场中运动时动能、电势能变化情况．8．（3分）如图所示，在粗糙的斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度释放带有恒定电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点停下．则从M到N的过程中，下列说法正确的是（）A．小物块所受的电场力减小B．小物块的电势能可能增加C．M点的电势一定高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小一定小于克服摩擦力做的功考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：首先要对物块进行正确受力分析，尤其是所受库仑力的分析，可以假设所受库仑力为引力和斥力两种情况分析，然后得出正确结论；熟练利用功能关系求解．解答：解：A、由于物块与电荷Q距离增大，根据库仑定律F=k可知，电场力减小，故A正确．B、若两电荷是异种电荷，向下运动的过程中电场力逐渐减小，合力增大，加速度增大，物块不可能停。
2021年高二上学期物理第一次周练试卷(零班9.8) 含答案
2021年高二上学期物理第一次周练试卷（零班9.8）含答案丁勇豪 xx-9-8一、选择题：（共10小题，每题5分，共50分。
1-5为单选，6-10为多选）1、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地.在两极板间有一正电荷固定在P点，如图1所示，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，ε表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示位置，则（）A.U不变，E变小B.E变大，ε变大C.U变小，ε不变D.U不变，ε不变2、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，在距离两板等远的M点有一个带电液滴处于静止状态。
若将板向下平移一小段距离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是①液滴将加速向下运动②M点电势升高③M点的电场强度变小了④在板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到板，电场力做功相同A．①② B．③④ C．①③ D．②④3、把两个相同的电容器A和B连接起来，如右图所示.当它们带有一定电量时，电容器A中带电微粒M恰好静止.现在使电容器B板错开，而间距不变，使它们的正对面积变为原来的，则此时M 的加速度为A.gB.C.D.4、如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则A．电容器带电量不变B．尘埃仍静止C．电流计中有a→b的电流D．电流计中有b→a的电流5、如图所示，D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b，不允许电流从b流向a，平行板电容器AB内部原有电荷P处于静止状态，当两极板A和B的间距稍增大一些的瞬间(两极板仍平行)，关于电荷P的说法正确的是A．仍静止不动． B．向下运动．C．向上运动． D．电荷P带正电6、如图8所示的两个平行板电容器水平放置，A板用导线与M板相连，B板和N板都接地。
让A板带电后，在两个电容器间分别有P、Q两个带电油滴都处于静止状态。
AB间电容为C1，电压为U1,带电量为Q1，MN间电容为C2，电压为U2，带电量为Q2。
高二物理第一次周练参考答案
高二物理第一次周练参考答案：1．A【详解】A ．电荷间的相互作用是通过电场产生的，电场最基本的特征是对处在它里面的电荷有力的作用，故A 正确；B ．电场是客观存在的，故B 错误；C ．电荷在电场中受到的力越大，这点的电场强度不一定越大，可能是由于电荷带电量大，故C 错误；D ．电场强度是电场本身的属性，不随试探电荷的改变而改变，故D 错误。
2．A【详解】A ．元电荷也叫做基本电荷，是电荷量的单位，也是自然界中存在的最小电荷量，而电子和质子的电荷量等于元电荷的电荷量，故A 错误，符合题意；B ．超高压带电作业的工人穿戴包含金属丝的织物制成的工作服，利用了静电屏蔽的原理，故B 正确，不符合题意；C ．燃气灶中电子点火器点火应用了尖端放电的原理，故C 正确，不符合题意；D ．优质的话筒线外面包裹的金属外衣可以实现静电屏蔽，故D 正确，不符合题意。
3．D【详解】A ．把带正电荷的带电体C 移近导体A 时，根据静电感应的“近异远同”规律可知，A 端带负电，B 端带正电，两边的金属箔都张开，故A 错误；B ．根据上述，保持C 不动，先把导体A 和B 分开，A 、B 带等量异种电荷，然后移开C ，A 、B 中的电荷不能中和，仍然带电，张开的金属箔不会合拢，故B 错误；CD ．保持A 和B 接触，C 不动，无论用手触碰导体A 的左端或B 的右端，导体B 上正电荷都被中和，导体A 上的负电荷依然存在,则导体B 下方的金属箔合拢，导体A 下方的金属箔仍然张开，故C 错误，D 正确。
4．D【详解】AB ．根据正电荷在电场中所受电场力与电场强度方向相同，负电荷在电场中所受电场力与电场强度方向相反可知A 带负电，B 带正电，故AB 错误； CD ．根据电场线的疏密程度可知A 所在处的电场强度比B 所在处的大，故D 正确，C 错误。
5．B【详解】电场是矢量，甲、丙、丁图中a 、b 两点电场强度大小相等，方向不同；乙图中两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距离的a 、b 两点大小相等，方向相同。
高二理科班物理周练(第一周)
高二理科班物理周练（第一周）一、不定项选择1．地球是一个大磁体，关于地磁场的描述正确的是：A. 在地面上放置一个小磁针，小磁针的南极指向地磁场的南极；B 、地磁场的北极在地理南极附近；C 、赤道附近地磁场的方向和地面平行；D ．地球上任何地方的地磁场方向都是和地面平行的．2．如图所示，假设将一个小磁针放在地球的北极点上，那么小磁针的N 极将：A ．指北B ．指南C 、竖直向上D ．竖直向下3．下列所述情况，哪一种可以肯定钢棒没有磁性( )A ．将钢棒的一端接近磁针的北极，两者互相吸引，再将钢棒的另一端接近磁针的南极，两者互相排斥B 、将钢棒的一端接近磁针的北极，两者互相吸引，再将钢棒的另一端接近磁针的南极，两者仍互相吸引C ．将钢棒的一端接近磁针的北极，两者互相吸引，再将钢棒的另一端接近磁针的北极，两者仍互相吸引D ．将钢棒的一端接近磁针的北极，两者互相排斥4．下列关于磁场的说法中正确的是( )A 、磁场和电场一样，是客观存在的物质B ．磁场是为了解释磁极间相互作用而人为规定的C ．磁极与磁极间是直接发生作用的D ．磁场只有在磁极与磁极、磁极与电流发生作用时才产生5．关于元电荷、点电荷、电流元的说法不正确的是：A 、电子和质子都是元电荷B ．元电荷是最小的带电单位C ．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理D ．在磁感应强度的定义式中，当Ｌ很短很短时，IL 称为电流元6．电场中有一点P ，下列哪种说法正确的是：A ．若放在P 点电荷的电荷量减半，则P 点的场强减半B ．若P 点没有试探电荷，则P 点场强为零C 、P 点场强越大，则同一电荷在P 点所受静电力越大D ．P 点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向7、定义式B ＝F IL可知，磁场中某处的磁感应强度大小( ) A ．随IL 的乘积的增大而减小B ．随F 的增大而增大C ．与F 成正比，与IL 成反比D 、与F 及IL 无关，由F 和IL 的比值确定8．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是：9．在磁场中的同一位置，先后引入长度相等的直导线a和b，a、b导线的方向均与磁场方向垂直，但两导线中的电流不同，因此所受到的力也不相同．下图中的几幅图象表现的是导线所受到的力F与通过导线的电流I的关系．a、b各自有一组F、I的数据，在图象中各描出一个点．下列四幅图中正确的是()10．关于电场线的叙述，下列说法正确的是()A．电场线是直线的地方一定是匀强电场B．电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向C、点电荷只受电场力作用时，加速度的方向总是与所在处的电场线的切线重合D．画有电场线的地方有电场，没画电场线的地方就不存在电场11．关于场的认识正确的是()A．万有引力场中力的方向和电场中电荷受力方向是相同的B、电场中力的方向不但与电场线的方向有关，还与受力电荷电性有关C、磁场中受力的物体有磁体(N、S极受力不同)、运动电荷和电流，受力方向比较复杂D、磁场的方向研究依据小磁针N极确定，大小利用电流元受力情况来确定12．下列关于磁感应强度的方向和电场强度的方向的说法，正确的是()A．电场强度的方向与电荷所受的电场力的方向相同B、电场强度的方向与正电荷所受的电场力的方向相同C、磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同D、磁感应强度的方向与小磁针静止时N极所指的方向相同13.下列关于磁感应强度大小的说法正确的是()A．通电导线受磁场力大的地方磁感应强度一定大B．通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D、磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关14.关于磁场和磁感线的描述，下列说法中正确的是()A、磁极之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场和电场一样，也是一种客观存在B、磁感线可以形象地描述各磁场的强弱和方向，它每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致C．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止的D．磁感线可以用细铁屑来显示，因而是真实存在的15.M1与M2为两根未被磁化的铁棒，现将它们分别放置于如图所示的位置，则被通电螺线管产生的磁场磁化后()A、M1的左端为N极，M2的右端为N极B．M1和M2的右端均为N极C．M1的右端为N极，M2的左端为N极D．M1和M2的左端均为N极16．如图所示，带负电的金属环绕轴OO′以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是()A．N极竖直向上B．N极竖直向下C．N极沿轴线向左D、N极沿轴线向右17．如图所示，圆环上带有大量的负电荷，当圆环沿顺时针方向转动时，a、b、c三枚小磁针都要发生转动，以下说法正确的是( ) A．a、b、c的N极都向纸里转B、b的N极向纸外转，而a、c的N极向纸里转C．b、c的N极都向纸里转，而a的N极向纸外转D．b的N极向纸里转，而a、c的N极向纸外转18．如图所示，螺线管中通有电流，如果在图中的a、b、c三个位置上各放一个小磁针，其中a在螺线管内部，则( ) A．放在a处的小磁针的N极向左B、放在b处的小磁针的N极向右C．放在c处的小磁针的S极向右D、放在a处的小磁针的N极向右19、如图所示，螺线管、蹄形铁芯、环形导线三者相距较远，当开关闭合后关于小磁针N极(黑色的一端)的指向错误的是：A、小磁针a的N极指向正确B．小磁针b的N极指向正确C．小磁针c的N极指向正确D．小磁针d的N极指向正确20、实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示(a、b只受电场力作用)，则：A．a一定带正电，b一定带负电B．电场力对a做正功，对b做负功C．a的速度将减小，b的速度将增大D、a的加速度将减小，b的加速度将增大二、计算题21．一个带正电的粒子，从A点射入水平方向的匀强电场中，粒子沿直线AB运动，如图所示．已知AB与电场线夹角θ＝30°，带电粒子的质量m＝1.0×10－7 kg，电荷量q＝1.0×10－10C，A、B相距L＝20 cm.(取g＝10 m/s2，结果保留两位有效数字)求：(1)粒子在电场中运动的性质，要求说明理由．(2)电场强度的大小和方向．(3)要使粒子从A点运动到B点，粒子射入电场时的最小速度是多少？(1)匀减速运动．(2)1.7×104N/C，向左．(3) 2.8 m/s.22．如图所示，用长为l的绝缘细线拴一质量为m、带电荷量为＋q的小球(可视为质点)后悬挂于O点，整个装置处于水平向右的匀强电场E中，将小球拉至悬线呈水平的位置A 后，由静止开始将小球释放，小球从A点开始向下摆动，当悬线转过60°角到达位置B时，速度恰好为零，求：(1)B、A两点的电势差U BA；(2)小球到达B点时，悬线对小球的拉力F T.(1)3mgl2q(2)3mg高二理科班物理周练（第一周）答案1．B、C、2．D、3．B、4．A、5．A、6．C、7、D、8．D、9．C、10．C、11．B、C、D、12．B、C、D、13.D、14. A、B、15. A、16．D、17．B、18．B、D、19、A、20、D、21(1)匀减速运动．(2)1.7×104N/C，向左．(3) 2.8 m/s.22．(1)3mgl2q(2)3mg。
高二物理上学期周练试卷(重点班,含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高二〔上〕周练物理试卷〔重点班12.24〕一、选择题〔此题共12个小题，每一小题4分，共48分〕1．长为a宽为b的矩形线圈，在磁感强度为B的匀强磁场中垂直于磁场的OO′轴以恒定的角速度ω旋转，设t=0时，线圈平面与磁场方向平行，如此此时的磁通量和磁通量的变化率分别是〔〕A．0，0 B．0，Babω C．Babω，Babω D．Babω，02．如图，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当电键S接通一瞬间，两铜环的运动情况是〔〕A．同时向两侧推开B．同时向螺线管靠拢C．一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，无法具体判断D．同时被推开或同时向螺线管靠拢，但因电源正负极未知，无法具体判断3．如下列图，在光滑水平面上的直线MN左侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，右侧是无磁场空间．将两个大小一样的铜质矩形闭合线框由图示位置以同样的速度v向右完全拉出匀强磁场．制作这两只线框的铜质导线的横截面积之比是1：2．如此拉出过程中如下说法中正确的答案是〔〕A．所用拉力大小之比为2：1B．通过导线某一横截面的电荷量之比是1：1C．拉力做功之比是1：4D．线框中产生的电热之比为1：24．如下列图，在磁感强度为B的匀强磁场中，有半径为r的光滑半圆形导体框架，OC为一能绕O在框架上滑动的导体棒，OC之间连一个电阻R，导体框架与导体棒的电阻均不计，假设要使OC能以角速度ω匀速转动，如此外力做功的功率是〔〕A．B．C．D．5．如下列图，把金属圆环匀速拉出磁场，下面表示正确的答案是〔〕A．向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反B．不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针C．向右匀速拉出时，感应电流大小不变D．要将金属环匀速拉出，拉力大小要改变6．如下列图，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动．如此PQ所做的运动可能是〔〕A．向右匀加速运动B．向左匀加速运动C．向右匀减速运动D．向左匀减速运动7．如下列图，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落．如果线圈中受到的磁场力总小于其重力，如此它在1、2、3、4位置时的加速度关系为〔〕A．a1＞a2＞a3＞a4 B．a1=a2=a3=a4C．a1=a3＞a2＞a4D．a4=a2＞a3＞a18．如图α所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q 中通有变化电流i，电流随时间变化的规律如图b所示，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为N，如此在如下时刻〔〕A．t1时刻N＞G，P有收缩的趋势B．t2时刻N=G，此时穿过P的磁通量最大C．t3时刻N=G，此时P中无感应电流D．t4时刻N＜G，此时穿过P的磁通量最小9．如下列图，在光滑绝缘水平面上，有一矩形线圈以一定的初速度进入匀强磁场区域，线圈全部进入匀强磁场区域时，其动能恰好等于它在磁场外面时的一半，设磁场区域宽度大于线圈宽度，如此〔〕A．线圈恰好在完全离开磁场时停下B．线圈在未完全离开磁场时即已停下C．线圈能通过场区不会停下D．线圈在磁场中某个位置停下10．如下列图，xoy坐标系第一象限有垂直纸面向外的匀强磁场，第三象限有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度大小均为B，第二、四象限内没有磁场．一个围成四分之一圆弧形的导体环oab，其圆心在原点o，开始时导体环在第四象限，从t=0时刻起绕o点在xoy坐标平面内逆时针匀速转动．假设以逆时针方向的电流为正，如下表示环内感应电流i随时间t 变化的图象中，正确的答案是〔〕A．B．C．D．11．如下列图，用铝板制成“⊃〞形框，将一质量为m的带电小球用绝缘细线悬挂在框的上方，让整体在垂直于水平方向的匀强磁场中向左以速度v匀速运动，悬线拉力为T，如此〔〕A．悬线竖直，T=mgB．悬线竖直，T＜mgC．v选择适宜的大小，可使T=0D．因条件不足，T与mg的大小关系无法确定12．如下列图，相距为L的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为θ，上端接有定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B．将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到v时开始匀速运动，此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为P，导体棒最终以2v的速度匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g．如下选项正确的答案是〔〕A．P=2mgvsinθB．P=3mgvsinθC．当导体棒速度达到时加速度大小为D．在速度达到2v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力所做的功二、计算题〔此题共4个小题，共52分〕13．用电阻为18Ω的均匀导线弯成如下列图直径D=0.80m的封闭金属圆环，环上AB弧所对圆心角为60°，将圆环垂直于磁感线方向固定在磁感应强度B=0.50T的匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面向里．一根每米电阻为1.25Ω的直导线PQ，沿圆环平面向左以v=3.0m/s 的速度匀速滑行〔速度方向与PQ垂直〕，滑行中直导线与圆环严密接触〔忽略接触处的电阻〕，当它通过环上A、B位置时，求：〔1〕直导线AB段产生的感应电动势，并指明该段直导线中电流的方向；〔2〕此时圆环上发热损耗的电功率．14．一电阻为R的金属圆环，放在匀强磁场中，磁场与圆环所在平面垂直，如图〔a〕所示．通过圆环的磁通量随时间t的变化关系如图〔b〕所示，图中的最大磁通量Ф0和变化周期T 都是量，求：〔1〕在t=0到的时间内，通过金属圆环的电流大小与方向；〔2〕在t=0到t=T的时间内，金属环所产生的电热Q．15．用质量为m、总电阻为R的导线做成边长为l的正方形线框MNPQ，并将其放在倾角为θ的平行绝缘导轨上，平行导轨的间距也为l，如下列图．线框与导轨之间是光滑的，在导轨的下端有一宽度为l〔即ab=l〕、磁感应强度为B的有界匀强磁场，磁场的边界aa′、bb′垂直于导轨，磁场的方向与线框平面垂直．某一次，把线框从静止状态释放，线框恰好能够匀速地穿过磁场区域．假设当地的重力加速度为g，求：〔1〕线框通过磁场时的运动速度；〔2〕开始释放时，MN与bb′之间的距离；〔3〕线框在通过磁场的过程中所生的热．16．如下列图，x轴上方有一匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于纸面向里，大小为B，x 轴下方有一匀强电场，电场强度的大小为E，方向与y轴的夹角θ为45°且斜向上方．现有一质量为m电量为q的正离子，以速度v0由y轴上的A点沿y轴正方向射入磁场，该离子在磁场中运动一段时间后从x轴上的C点进入电场区域，该离子经C点时的速度方向与x 轴夹角为45°．不计离子的重力，设磁场区域和电场区域足够大．求：〔1〕C点的坐标；〔2〕离子从A点出发到第三次穿越x轴时的运动时间；〔3〕离子第四次穿越x轴时速度的大小与速度方向与电场方向的夹角．2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高二〔上〕周练物理试卷〔重点班12.24〕参考答案与试题解析一、选择题〔此题共12个小题，每一小题4分，共48分〕1．长为a宽为b的矩形线圈，在磁感强度为B的匀强磁场中垂直于磁场的OO′轴以恒定的角速度ω旋转，设t=0时，线圈平面与磁场方向平行，如此此时的磁通量和磁通量的变化率分别是〔〕A．0，0 B．0，Babω C．Babω，Babω D．Babω，0【考点】法拉第电磁感应定律；磁通量．【专题】电磁学．【分析】根据磁能量的定义可知磁通量的大小；由法拉第电磁感应定律可知磁通量的变化率的大小．【解答】解：线圈平面与磁场方向相互平行，如此没有磁感线穿过；故磁通量为零；磁通量的变化率最大，电动势最大；由E M=BSω与E=可知；磁通量的变化率：=Babω；应当选：B．【点评】了解交流电产生的原理，特别是两个特殊位置：中性面和垂直中性面时，磁通量和电动势的变化．对于正弦交变电流的最大值E m=nBSω=nωΦm，要在理解的根底上加强记忆．交流电流表和电压表测量的是有效值．2．如图，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当电键S接通一瞬间，两铜环的运动情况是〔〕A．同时向两侧推开B．同时向螺线管靠拢C．一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，无法具体判断D．同时被推开或同时向螺线管靠拢，但因电源正负极未知，无法具体判断【考点】楞次定律．【专题】电磁感应中的力学问题．【分析】当电键S接通瞬间，小铜环中磁通量从无到有增加，产生感应电流，铜环受到安培力将发生运动，根据楞次定律判断两环的运动方向．【解答】解：当电键S接通瞬间，小铜环中磁通量从无到有增加，根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍磁通量的增加，如此两环将向两侧运动．故A正确．应当选A．【点评】此题考查运用楞次定律判断电磁感应现象中导体运动方向问题的能力．此题也可以按因果关系，按部就班的分析两环受到的安培力方向判断．3．如下列图，在光滑水平面上的直线MN左侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，右侧是无磁场空间．将两个大小一样的铜质矩形闭合线框由图示位置以同样的速度v向右完全拉出匀强磁场．制作这两只线框的铜质导线的横截面积之比是1：2．如此拉出过程中如下说法中正确的答案是〔〕A．所用拉力大小之比为2：1B．通过导线某一横截面的电荷量之比是1：1C．拉力做功之比是1：4D．线框中产生的电热之比为1：2【考点】电磁感应中的能量转化；法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据E=BLv、I=、F=BIL，R=ρ得到安培力的表达式，即可根据平衡条件得到拉力的大小关系；根据感应电荷量q=分析电荷量的关系；由功的公式得到拉力做功的表达式，再求解做功之比；根据功能关系分析电热之比．【解答】解：A、设矩形线圈左右边长为L1，上下边长为L2．电阻率为ρ，截面积为S．如此感应电流为 I==拉力F=BIL1==，如此知F∝S，所以所用拉力大小之比为1：2．故A错误．B、根据感应电荷量q==∝S，所以通过导线某一横截面的电荷量之比是1：2．故B错误．C、拉力做功W=FL1=∝S，拉力做功之比是1：2．故C错误．D、根据功能关系可知，线框中产生的电热等于拉力做功，故电热之比为1：2．故D正确．应当选D【点评】此题是电磁感应与电路、力学知识的综合，考查了导体切割产生的感应电动势公式，闭合电路欧姆定律、电阻定律、感应电荷量等多个知识，推导出所求量的表达式是关键．4．如下列图，在磁感强度为B的匀强磁场中，有半径为r的光滑半圆形导体框架，OC为一能绕O在框架上滑动的导体棒，OC之间连一个电阻R，导体框架与导体棒的电阻均不计，假设要使OC能以角速度ω匀速转动，如此外力做功的功率是〔〕A．B．C．D．【考点】电功、电功率；导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】电磁感应中的力学问题．【分析】导体棒匀速转动，说明处于受力平衡状态，外力的功率和电阻的发热的功率大小相等，求出电阻发热的功率即可．【解答】解：因为OC是匀速转动的，根据能量的守恒可得，P外=P电=，又因为E=Br•，联立解得：P外=，所以C正确．应当选C．【点评】解决此题的关键是分析出外力的功率与电阻的发热的功率大小相等，知道这一点此题就简单的多了．5．如下列图，把金属圆环匀速拉出磁场，下面表示正确的答案是〔〕A．向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反B．不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针C．向右匀速拉出时，感应电流大小不变D．要将金属环匀速拉出，拉力大小要改变【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．【分析】将线圈拉出磁场，磁通量都减小，根据楞次定律判断感应电流的方向．公式E=BLv 中L是有效的切割长度．安培力的大小：F=BIL中L是有效长度．【解答】解：A、B、不管沿什么将线圈拉出磁场，穿过线圈的磁通量都减小，根据楞次定律判断可知，线圈中感应电流的方向都是沿顺时针方向．故B正确，A错误．C、感应电流的大小与感应电动势有关，而感应电动势与线圈移动时切割磁感线的有效长度有关，由于移动过程中有效的切割长度先增大后减小，如此感应电动势也先增大后减小，感应电流先增大后减小．故C错误．D、线圈在切割磁感线的过程中，安培力的大小：F=BIL，与电流的大小以与安培力的有效长度有关，由于感应电流先增大后减小，移动过程中有效长度先增大后减小，所以对金属环的拉力大小会发生变化．故D正确．应当选：BD．【点评】此题是楞次定律和E=BLv的应用，注意公式E=BLv中L是有效的切割长度．安培力的大小：F=BIL中L是有效长度．6．如下列图，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动．如此PQ所做的运动可能是〔〕A．向右匀加速运动B．向左匀加速运动C．向右匀减速运动D．向左匀减速运动【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定如此可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；根据右手螺旋定如此，与楞次定律可知PQ的运动情况．【解答】解：MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定如此可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手螺旋定如此与楞次定律可知，PQ可能是向左加速运动或向右减速运动．故BC正确，AD错误．应当选：BC．【点评】此题关键是分析好引起感应电流的磁通量的变化，进而才能分析产生电流的磁通量是由什么样的运动产生的．7．如下列图，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落．如果线圈中受到的磁场力总小于其重力，如此它在1、2、3、4位置时的加速度关系为〔〕A．a1＞a2＞a3＞a4 B．a1=a2=a3=a4C．a1=a3＞a2＞a4D．a4=a2＞a3＞a1【考点】法拉第电磁感应定律；安培力．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】线圈自由下落时，加速度为g．线圈进入和穿出磁场过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到向上的安培力．线圈完全在磁场中时，不产生感应电流，线圈只受重力，加速度等于g．根据牛顿第二定律分析加速度的关系．【解答】解：线圈自由下落时，加速度为a1=g．线圈完全在磁场中时，磁通量不变，不产生感应电流，线圈不受安培力作用，只受重力，加速度为a3=g．线圈进入和穿出磁场过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到向上的安培力，根据牛顿第二定律得知，a2＜g，a4＜g．线圈完全在磁场中时做匀加速运动，到达4处的速度大于2处的速度，如此线圈在4处所受的安培力大于在2处所受的安培力，又知，磁场力总小于重力，如此a2＞a4，故a1=a3＞a2＞a4．应当选：C【点评】此题关键是分析安培力的大小和方向情况，抓住安培力大小与速度成正比，分析B、D两处安培力的大小关系．8．如图α所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q 中通有变化电流i，电流随时间变化的规律如图b所示，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为N，如此在如下时刻〔〕A．t1时刻N＞G，P有收缩的趋势B．t2时刻N=G，此时穿过P的磁通量最大C．t3时刻N=G，此时P中无感应电流D．t4时刻N＜G，此时穿过P的磁通量最小【考点】楞次定律；磁通量．【专题】电学图像专题．【分析】当螺线管中通入变化的电流时形成变化的磁场，这时线圈P中的磁通量发生变化，由其磁通量的变化根据楞次定律可以判断P中产生感应电流的大小方向以与P线圈收缩和扩展趋势．【解答】解：A、当螺线管中电流增大时，其形成的磁场不断增强，因此线圈P中的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈P将阻碍其磁通量的增大，故线圈有远离和面积收缩的趋势，故A正确；B、D当螺线管中电流不变时，其形成磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此磁铁线圈中无感应电流产生，故t2时刻N=G，此时穿过P的磁通量最大，故B正确，D错误；C、t3时刻螺线管中电流为零，但是线圈P中磁通量是变化的，因此此时线圈中有感应电流，此瞬间螺线管中电流为零，两线圈间没有作用力，因此此时N=G，故C错误．应当选AB．【点评】正确理解楞次定律中“阻碍〞的含义，注意判断感应电流的大小看磁通量的变化率而不是看磁通量的大小，如C选项，学生很容易错选．9．如下列图，在光滑绝缘水平面上，有一矩形线圈以一定的初速度进入匀强磁场区域，线圈全部进入匀强磁场区域时，其动能恰好等于它在磁场外面时的一半，设磁场区域宽度大于线圈宽度，如此〔〕A．线圈恰好在完全离开磁场时停下B．线圈在未完全离开磁场时即已停下C．线圈能通过场区不会停下D．线圈在磁场中某个位置停下【考点】电磁感应中的能量转化；法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应——功能问题．【分析】线圈完全进入磁场后做匀速运动，进磁场和出磁场的过程都做变减速直线运动，比拟进磁场和出磁场时所受的安培力大小，从而判断出线圈能否通过磁场．【解答】解：线圈出磁场时的速度小于进磁场时的速度，安培力F=BIL=，知出磁场时所受的安培力小于进磁场时所受的安培力，根据动能定理，由于进磁场时安培力做功大于出磁场时安培力做功，如此出磁场时动能的变化量小于进磁场时动能的变化量，进磁场时其动能恰好等于它在磁场外面时的一半，知出磁场后，动能不为零，还有动能，将继续运动，不会停下来．故D正确．A、B、D错误．应当选：C．【点评】解决此题的关键比拟出进磁场和出磁场时的安培力，根据动能定理进展分析．10．如下列图，xoy坐标系第一象限有垂直纸面向外的匀强磁场，第三象限有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度大小均为B，第二、四象限内没有磁场．一个围成四分之一圆弧形的导体环oab，其圆心在原点o，开始时导体环在第四象限，从t=0时刻起绕o点在xoy坐标平面内逆时针匀速转动．假设以逆时针方向的电流为正，如下表示环内感应电流i随时间t 变化的图象中，正确的答案是〔〕A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应——功能问题．【分析】根据右手定如此判断线框中感应电流的方向．由导体棒转动切割磁感线产生的感应电动势公式E=BL2ω和欧姆定律分析感应电流的大小的变化情况．【解答】解：在0﹣内，oa切割磁力线运动，根据右手定如此判断可知，线框中感应电流的方向为顺时针方向，为负值．﹣内，ob切割磁力线运动，根据右手定如此判断可知，线框中感应电流的方向为逆时针方向，为正值．T﹣T，oa切割磁力线运动，根据右手定如此判断可知，线框中感应电流的方向为逆时针方向，为正值．T﹣T内，ob切割磁力线运动，根据右手定如此判断可知，根据右手定如此判断可知，线框中感应电流的方向为顺时针方向，为负值．无论哪个半径切割磁力线，所产生的感应电动势大小一样，设加速度为ω，由感应电动势公式E=BL2ω和欧姆定律得知感应电流的大小是不发生变化的，由此可得知选项ABC错误，D正确．应当选：D．【点评】此题首选要明确右手定如此的使用方法，要会根据感应电动势公式和欧姆定律分析感应电流的大小情况，再选择图象．对于电流的方向，还可直接利用楞次定律来解答．11．如下列图，用铝板制成“⊃〞形框，将一质量为m的带电小球用绝缘细线悬挂在框的上方，让整体在垂直于水平方向的匀强磁场中向左以速度v匀速运动，悬线拉力为T，如此〔〕A．悬线竖直，T=mgB．悬线竖直，T＜mgC．v选择适宜的大小，可使T=0D．因条件不足，T与mg的大小关系无法确定【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】注意铝框在磁场中也产生感应电动势，故小球在总共受四个力作用，由洛仑兹力公式与电场力公式可得出两力间的关系；从而得出拉力与重力的关系．【解答】解：因为竖直的铝板切割磁感线所以产生感应电动势．U形框的上下板形成一个上板为负下板为正的匀强电场．小球这时候受到4个力的作用，重力方向向下，绳子的弹力方向向上，洛伦磁力，电场力，如果带的是正电如此洛伦磁力方向向下，所受电场力方向向上；如果带的是负电如此洛伦磁力方向向上，所受电场力方向向下，且洛仑磁力等于电场力．f洛=BqV，F电=Eq，E=，u=E；感应电动势=BVL〔L为竖直板的长度〕联合起来得 F电=BqV，故洛伦磁力等于电场力且方向相反．故拉力等于重力；应当选A．【点评】此题不要只认为小球只受洛仑兹力而无视了电场力，注意导体切割磁感线时都会产生感应电动势，从而形成电场．12．如下列图，相距为L的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为θ，上端接有定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B．将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到v时开始匀速运动，此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为P，导体棒最终以2v的速度匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g．如下选项正确的答案是〔〕A．P=2mgvsinθB．P=3mgvsinθC．当导体棒速度达到时加速度大小为D．在速度达到2v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力所做的功【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；功率、平均功率和瞬时功率；电磁感应中的能量转化．【专题】压轴题；电磁感应——功能问题．【分析】导体棒最终匀速运动受力平衡可求拉力F，由P=Fv可求功率，由牛顿第二定律求加速度，由能量守恒推断能之间的相互转化．【解答】解：A、当导体棒以v匀速运动时受力平衡，如此mgsinθ=BIl=，当导体棒以2v匀速运动时受力平衡，如此F+mgsinθ=BIl=，故F=mgsinθ，拉力的功率P=Fv=2mgvsinθ，故A正确B、同理，B错误C、当导体棒速度达到时，由牛顿第二定律，mgsinθ﹣=ma，解得a=，故C正确D、由能量守恒，当速度达到2v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力与重力所做的功，故D错误应当选：AC【点评】考查了电磁感应定律结合闭合电路，注意平衡条件得应用，能量、功率关系．二、计算题〔此题共4个小题，共52分〕13．用电阻为18Ω的均匀导线弯成如下列图直径D=0.80m的封闭金属圆环，环上AB弧所对圆心角为60°，将圆环垂直于磁感线方向固定在磁感应强度B=0.50T的匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面向里．一根每米电阻为1.25Ω的直导线PQ，沿圆环平面向左以v=3.0m/s 的速度匀速滑行〔速度方向与PQ垂直〕，滑行中直导线与圆环严密接触〔忽略接触处的电阻〕，当它通过环上A、B位置时，求：〔1〕直导线AB段产生的感应电动势，并指明该段直导线中电流的方向；〔2〕此时圆环上发热损耗的电功率．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】由右手定如此得直道线感应电流的方向．根据几何关系求出此时导体棒的有效切割长度，注意外电路为弧ACB和弧AB的电阻并联，求出总电阻，进一步求出电流值，即可算出感应电动势和圆环上发热损耗的电功率．【解答】解：〔1〕设直导线AB段的长度为L，圆环的直径为D，感应电动势为E，如此有几何关系，L==0.4m所以：E=BLv=0.6v由右手定如此得直道线感应电流的方向由A向B．〔2〕此时圆环上AB弧段的电阻：R AB=Ω=3Ω，ACB弧段的电阻：R ACB=18×Ω=15Ω。
2021年高二上学期物理周练一 含答案
2021年高二上学期物理周练一含答案一、选择题（本题包括12题，每小题5分，共60分。
1-8小题，每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确；9-12题，有多个选项正确，全部选对的5分，选对但不全的3分，有错选的0分。
）1. 关于电场线，下列说法正确的是（）A.电场线是电场真实存在的曲线B.电场线的切线方向就是该点的电场强度方向C.沿着电场线方向，电势越来越高D.沿着电场线方向，电场强度越来越大2．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了5×10﹣6J 的功，那么（）A．电荷在B处时将具有5×10﹣6J的电势能 B．电荷在B处将具有5×10﹣6J的动能C．电荷的电势能增加了5×10﹣6J D．电荷的动能增加了5×10﹣6J 3．一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v－t图像如图甲所示，则两点A、B所在区域的电场线分布情况可能是图乙中的（）4．关于安培力、电场力和洛伦兹力，下列说法正确的是（）A．电荷在电场中一定受电场力作用，电荷在磁场中一定受洛伦兹力作用B．电荷所受电场力一定与该处电场方向一致，电荷所受的洛伦兹力不一定与磁场方向垂直C．安培力和洛伦兹力的方向均用左手定则判断D．安培力和洛伦兹力本质上都是磁场对运动电荷的作用，安培力可以对通电导线做功，洛伦兹力对运动电荷也做功5.如图所示，因线路故障，接通S时，灯泡L1和L2均不亮，用电压表测得U ab＝0，U bc＝0，U cd＝4 V．因此可知断路处为( )A．灯泡L1B．灯泡L2C．变阻器D．不能确定6.实验室用的小灯泡灯丝的I－U特性曲线可用以下哪个图像来表示：( )7．在下列各图中，分别标出了磁场B 的方向，电流I 的方向和导线所受安培力F 的方向，其中正确的是（）．8．关于电容器，下列说法中正确的是（）A．电容器的带电量Q为两极板所带电荷量的总和B．对一固定的电容器，它的带电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C．由可知，一只电容器带电量越大，它的电容就越大D．电容器两极之间的电压U越高，它的电容C就越小，C与U成反比9.一个直流电动机所加电压为U，电流为I，线圈内阻为R，当它工作时，下述说法中正确的是( )A．电动机的输出功率为 B．电动机的功率可写作IU＝I2R＝C．电动机的发热功率为I2R D．电动机的输出功率为IU－I2R10.在真空中有两个点电荷，带电荷量分别为q1、q2，相距为L，它们之间的作用力为F，下述说法中正确的是( )A．若它们所带的电荷量不变，距离变为2 L，则它们之间的作用力变为4FB．若它们所带的电荷量不变，距离变为L/2，则它们之间的作用力变为4FC．若它们之间的距离不变，电荷量都变为原来的2倍，则它们之间的作用力变为4FD．若他们之间的距离不变，电荷量都变为原来的1/2倍，则它们之间的作用力变为4F11.在磁场中的情况如图所示，其中受到的洛仑兹力方向垂直纸面向外的是（）A． B． C． D．12.如图所示，圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，一带电粒子（不计重力）以某一初速度沿圆的直径方向射入磁场，粒子穿过此区域的时间为t，粒子飞出此区域时速度方向偏转60°角，根据上述条件可求下列物理量中的（）A.带电粒子的初速度B.带电粒子的比荷C.带电粒子在磁场中运动的周期D.带电粒子在磁场中运动的半径班级：姓名：座号：得分：题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案二、实验题把答案填在答题纸相应的横线上(本题共2小题，每空4分,共28分)13．（1）(每空3分)在一次实验时某同学用游标卡尺(20等份)测量某物体直径（如图7），示数为mm。
2021年高二物理上学期第一周周练试卷
2021年高二物理上学期第一周周练试卷1．关于摩擦起电现象，下列说法正确的是( )A．摩擦起电现象使本来没有电子和质子的物体中产生电子和质子B．两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷C．摩擦起电，可能是因为摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的D．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电2．下列说法正确的是( )A．电子和质子都是元电荷B．一个带电体的带电荷量为205.5 倍的元电荷C．元电荷是最小的带电单位D．元电荷没有正、负之分3．如图1－1－7所示，用起电机使金属球A带上正电，靠近验电器B，则( )图1－1－7A．验电器金箔不张开，因为球A没有和B接触B．验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了正电C．验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了负电D．验电器金箔张开，因为验电器下部箔片都带上了正电4．如图1－1－8所示，当带正电的球C移近不带电的枕形金属导体时，枕形导体上的电荷移动情况是( )图1－1－8A．枕形金属导体上的正电荷向B端移动，负电荷不移动B．枕形金属导体上的带负电的电子向A端移动，正电荷不移动C．枕形金属导体上的正、负电荷同时分别向B端和A端移动D．枕形金属导体上的正、负电荷同时分别向A端和B端移动5．关于元电荷，下列说法中正确的是( )A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e＝1.60×10－19 CD．电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的6．下列说法正确的是( )A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．不带电的物体上，既没有正电荷也没有负电荷C．摩擦起电过程，是靠摩擦产生了电荷D．利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体7．原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10－15 C，丙物体带电8×10－16 C．则对于最后乙、丙两物体的带电情况下列说法中正确的是( )A．乙物体一定带有负电荷8×10－16 CB．乙物体可能带有负电荷2.4×10－15 CC．丙物体一定带有正电荷8×10－16 CD．丙物体一定带有负电荷8×10－16 C8．如图1－1－9所示，放在绝缘支架上带正电的导体球A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B，导体B用导线经开关接地，现把S先合上再断开，再移走A，则导体B( )图1－1－9A．不带电B．带正电C．带负电D．不能确定答案：9．带电微粒所带电荷量不．可能是下列值中的( ) A ．2.4×10－19 C B ．－6.4×10－19 C C ．－1.6×10－18 C D ．4.0×10－17 C10．图1－1－10如图1－1－10所示，a 、b 、c 、d 为四个带电小球，两球之间的作用分别为a 吸d ，b 斥c ，c 斥a ，d 吸b ，则( )A ．仅有两个小球带同种电荷B ．仅有三个小球带同种电荷C ．c 、d 小球带同种电荷D ．c 、d 小球带异种电荷11．把两个完全相同的金属球A 和B 接触一下，再分开一定距离，发现两球之间相互排斥，则A 、B 两球原来的带电情况不．可能是( ) A ．带有等量异种电荷B ．带有等量同种电荷C ．带有不等量异种电荷D ．一个带电，另一个不带电12．如图1－1－11所示，原来不带电的金属导体MN ，在其两端下面都悬挂有金属验电箔片，若使带负电的金属球A 靠近导体的M 端，可能看到的现象( )图1－1－11A ．只有M 端验电箔片张开，且M 端带正电B ．只有N 端验电箔片张开，且N 端带负电C ．两端的验电箔片都张开，且左端带负电，右端带正电D ．两端的验电箔片都张开，且两端都带正电或负电13．目前普遍认为，质子和中子都是由被称为u 夸克和d 夸克的两类夸克组成，u 夸克带电荷量为23e ，d 夸克带电荷量为－13e ，e 为元电荷．下列论断可能正确的是( ) A ．质子由1个u 夸克和1个d 夸克组成，中子由1个u 夸克和2个d 夸克组成B ．质子由2个u 夸克和1个d 夸克组成，中子由1个u 夸克和2个d 夸克组成C ．质子由1个u 夸克和2个d 夸克组成，中子由2个u 夸克和1个d 夸克组成D ．质子由2个u 夸克和1个d 夸克组成，中子由1个u 夸克和1个d 夸克组成14．半径相同的两金属小球A 、B 带有相同的电荷量，相隔一定的距离，今让第三个半径相同的不带电金属小球C，先后与A、B接触后移开．(1)若A、B两球带同种电荷，接触后两球的电荷量之比为多大？(2)若A、B两球带异种电荷，接触后两球的电荷量之比为多大？二、计算题15．如图1－1－12所示，大球A原来的电荷量为Q，小球B原来不带电，现在让小球与大球接触，达到静电平衡时，小球获得的电荷量为q；现给A球补充电荷，使其电荷量为Q，再次让小球接触大球，每次都给大球补充到电荷量为Q，问：经过反复多次接触后，小球的带电荷量为多少？图1－1－12 16.如图1－1－13所示，A为带负电的金属板，沿金属板的垂直平分线，在距板r处放一质量为m，电荷量为q的小球，小球受向右的作用力偏转θ角而静止，小球由绝缘丝线悬挂于O 点，试求金属板对小球的作用力为多大？图1－1－13B32306 7E32 縲21867 556B 啫24269 5ECD 廍22037 5615 嘕34369 8641 虁22483 57D3 埓26864 68F0 棰28734 703E 瀾NG;40174 9CEE 鳮r。
高二年级物理第一次周练及答案
高二2019-2020学年第二学期物理周练11.关于感应电动势大小的下列说法中，正确的是（）A.线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大B.线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C.线圈放在磁感强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大D.线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大2.(多选)当线圈中的磁通量发生变化时，下列结论正确的是（）A.线圈中一定有感应电动势B.线圈中一定有感应电流C.线圈中感应电动势的大小跟线圈的电阻有关D.线圈中感应电流的大小跟线圈回路的电阻有关3.一闭合线圈，放在随时间均匀变化的磁场中，线圈平面和磁场方向垂直，若想使线圈中的感应电流增强一倍，下述方法可行的是（）A.使线圈匝数增加一倍B.使线圈面积增加一倍C.使线圈匝数减少一半D.使磁感应强度的变化率增大一倍4.(多选)一根直导线长0.1 m，在磁感应强度为0.1T的匀强磁场中以10 m/s的速度匀速运动，则导线中产生的感应电动势（）A.一定为0.1 VB.可能为零C.可能为0.01 VD.最大值为0.1 V5.如下图所示的几种情况中，金属导体中产生的感应电动势为Blv的是（）A.乙和丁B.甲、乙、丁C.甲、乙、丙、丁D.只有乙6.穿过某线圈的磁通量随时间的变化关系如下图所示，在线圈内产生感应电动势最大值的时间是（）A.0 s～2 sB.2 s～4 sC.4 s～6 sD.6 s～10 s7.一个面积S=4×10-2 m2、匝数n=100匝的线圈，放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示，则下列判断正确的是（）A.在开始的2 s内穿过线圈的磁通量变化率等于-0.08 Wb/sB.在开始的2 s内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C.在开始的2 s内线圈中产生的感应电动势等于-0.08 VD.在第3 s末线圈中的感应电动势等于零8.（多选）如下图，金属三角形导轨COD上放有一根金属棒MN，拉动MN，使它以速度v 向右匀速平动.若导轨和金属棒都是粗细相同的均匀导体，电阻率相同，则在MN运动过程中闭合电路的（）A.感应电动势保持不变B.感应电流逐渐增大C.感应电动势逐渐增大D.感应电流保持不变9.如图所示，矩形金属框置于匀强磁场中，ef为一导体棒，可在ab和cd间滑动并接触良好.∆Φ设磁感应强度为B，ef长为L，在Δt时间内向左匀速滑过距离Δd，由电磁感应定律E=nt∆可知，下列说法正确的是（）A.当ef向左滑动时，左侧面积减少L·Δd,右侧面积增加L·Δd，因此E=2BLΔd/ΔtB.当ef 向左滑动时，左侧面积减小L ·Δd ，右侧面积增大L ·Δd ，互相抵消，因此E=0C.在公式E=n t∆∆Φ中，在切割情况下，ΔΦ=B ·ΔS ，ΔS 应是导线切割扫过的面积，因此E=BL Δd/ΔtD.在切割的情况下，只能用E=BLv 计算，不能用E=nt∆∆Φ计算 10.如下图所示，在宽为0.5 m 的平行导轨上垂直导轨放置一个有效电阻为r ＝0.6 Ω的直导体棒，在导轨的两端分别连接两个电阻R 1＝4 Ω、R 2＝6 Ω，其他电阻不计.整个装置处在垂直导轨向里的匀强磁场中，如图所示，磁感应强度B ＝0.1 T.当直导体棒在导轨上以v ＝6 m/s 的速度向右运动时，求：直导体棒两端的电压和流过电阻R 1和R 2的电流大小.11.如下图所示，截面积S ＝0.2 m 2，n ＝100匝的圆形线圈A 处在匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律B ＝（0.6－0.02t ）T ，开始时开关S 闭合，R 1＝4 Ω，R 2＝6 Ω，C ＝30 μF ，线圈内阻不计，求：（1）闭合开关S 后，通过R 2的电流大小；（2）闭合开关S 一段时间后又断开，断开后通过R 2的电荷量.12.如图所示，在磁感应强度为B 的匀强磁场中有一个面积为S 的矩形线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO ′以角速度ω匀速转动.（1）穿过线框平面磁通量的变化率何时最大？最大值为多少？ （2）当线框由图示位置转过60°的过程中，平均感应电动势为多大？ （3）线框由图示位置转到60°时瞬时感应电动势为多大？高二2019-2020学年第二学期物理周练1参考答案1D ,2AD , 3D, 4BCD, 5B, 6C, 7A, 8CD, 9C10解析：本题可由法拉第电磁感应定律直接求感应电动势，然后根据等效电路，由欧姆定律计算电流大小.由题意可画出如下图所示的电路图，则感应电动势 E ＝BLv ＝0.1×0.5×6＝0.3 VVV rR ER U ab 24.06.04.24.23.0=+⨯=+=外外，A R U I ab06.011==A R U I ab04.022==答案：0.24 V ；0.06 A ；0.04 A11解析：（1）因磁感应强度随时间变化，从而使线圈中磁通量变化而产生感应电动势.由题给条件可知，磁感应强度的变化ΔB ＝B 2－B 1＝－0.02（t 2－t 1），所以磁感应强度的变化率s T t t t t t B /02.0)(02.0||1212=--=∆∆故线圈中的感应电动势V V S t B nE 4.02.002.0100||=⨯⨯=∆∆=线圈为闭合电路中的电源，R 2与C 并联后再与R 1串联为外电路.由闭合电路欧姆定律得通过R 2的电流为AA R R E I 04.0644.021=+=+=（2）开关S 闭合后一段时间，电源给电容器C 充电，C 两端的电压与R 2两端的电压相等.切断S 后，C 通过R 2放电，所以通过R 2的电荷量等于电容器C 原先所充电量，故 Q ＝CU 2 而U 2＝IR 2所以Q ＝CIR 2＝30×106×0.04×6 C ＝7.2×10－6 C 答案：（1）0.04 A （2）7.2×10－6 C12答案：（1）ab 与cd 两边垂直切割磁感线时，E m =BS ω （2）E =π23BS ω3（3）BSω2。
江苏省如东高级中学高二物理周练一
D ABC 江苏省如东高级中学2008-2009学年度高二物理周练一2008-9-15一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1、用相同导线绕制的边长为L 或2L 的四个闭合导体线框，以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示。
在每个线框进入磁场的过程中，M 、N 两点间的电压分别为U a 、U b 、U c 和U d .下列判断正确的是 ( )A. U a <U b <U c <U dB. U a <U b <U d <U cC. U a =U b <U c =U dD. U b <U a <U d <U c2、如图所示，一闭合的铜环从静止开始由高处下落通过条形磁铁后继续下落，空气阻力不计，则在圆环的运动过程中，下列说法正确的是：A.圆环在磁铁的上方时，加速度小于g ，在下方时大于gB.圆环在磁铁的上方时，加速度小于g ，在下方时也小于gC.圆环在磁铁的上方时，加速度小于g ，在下方时等于gD.圆环在磁铁的上方时，加速度大于g ，在下方时小于g3、有一边长为L 的正方形导线框，质量为m ，由高度H 处自由下落，如图所示，其下边ab 进入匀强磁场区域后，线圈开始减速运动，直到其上边cd 刚好穿出磁场时，速度减为ab 边刚进入磁场时速度的一半，此匀强磁场的宽度也是L ，线框在穿越匀强磁场过程中产生的电热是（ ）A ．2mgLB ．2mgL+mgHC ．mgH 43mgL 2+D ．mgH 41mgL 2+ 4、如图所示，水平方向的匀强电场和匀强磁场互相垂直，竖直的绝缘杆上套有一带负电的小环。
小环由静止开始下落的过程中，所受的摩擦力（ ） A ．始终不变 B ．先增大后不变C ．先减小最后为零D ．先减小后增大，最后不变5、如图所示，LOO’L’为一折线，它所形成的两个角∠LOO ′ 和∠OO ′L ′ 均为450。
高二物理上学期周练试题11_4
河北定州中学2016-2017学年第一学期高二物理周练试题（7）一、选择题1．如图所示，一根质量为m的金属棒AC，用软线悬挂在磁感强度为B的匀强磁场中，通入A→C方向的电流时，悬线张力不为零，欲使悬线张力为零，可以采用的办法是（）A．不改变电流和磁场方向，适当减小电流B．不改变磁场和电流方向，适当增大磁感强度C．只改变电流方向，并适当增加电流D．只改变电流方向，并适当减小电流2．下列说法正确的是（）A.灼热的铁水具有内能，冰凉的铁块不具有内能B.汽油机工作时，在紧缩冲程中内能转化为机械能C.汽车发动机用水作为冷却物质，是因为水的比热容较大D.“尘土飞扬”是分子在做无规则运动3．关于热机，下列说法是正确的（）A.汽油机顶部有喷油嘴，柴油机顶部有火花塞B.柴油机在吸气冲程中，将柴油和空气的混合气吸入气缸C.汽油机在做功冲程中，进气门关闭排气门打开D.汽油机在做功冲程中，是把内能转化为机械能4．摩托车上的热机工作时提供动力的冲程是（）A.吸气冲程B.紧缩冲程C.做功冲程D.排气冲程5．汽车消耗的主要燃料是柴油和汽油．柴油机是靠紧缩汽缸内的空气点火的；而汽油机做功冲程开始时，汽缸中的汽油﹣空气混合气是靠火花塞点燃的．可是汽车蓄电池的电压只有12V，不能在火花塞中产生火花，因此，要利用如图所示的点火装置，此装置的核心是一个变压器，该变压器低级线圈通过开关连到蓄电池上，次级线圈接到火花塞的两头，开关由机械控制，做功冲程开始时，开关由闭合变成断开，从而在次级线圈中产生10000V以上的电压，这样就可以在火花塞中产生火花了．下列说法正确的是（）A.柴油机的紧缩点火进程是通过做功使空气的内能增大的B.汽油机点火装置的开关若始终闭合，次级线圈的两头也会有高压C.接该变压器的低级线圈的电源必需是交流电源，不然就不能在次级产生高压D.汽油机的点火装置中变压器的次级线圈匝数必需远大于低级线圈的匝数6．关于热机和热力学定律的讨论，下列叙述正确的是（）A.气体的温度升高时，分子的热运动变得猛烈，撞击器壁时对器壁的作使劲增大，从而气体的压强必然增大B.必然质量的理想气体经等温紧缩后，其压强必然增大C.物体放出热量，温度必然降低D.只要对内燃机不断改良，就可以够把内燃机取得的全数内能转化为机械能7．内燃机做功冲程使高温高压气体在极短时间内膨胀推动活塞对外做功，若把气体看做必然质量的理想气体，则（）A.气体温度上升B.气体分子动能不变C.气体内能增加D.气体内能减少8．关于核反映的类型，下列表述正确的有（）→Th+He是α衰变+He→O+H是β衰变+H→He+n是聚变→Kr+2e是裂变9．在核反映堆中，为了使快中子的速度减慢，可选用作为中子减速剂的物质是（）A.氢B.镉C.氧D.水10．新华社合肥2006年9月28日电，世界领先水平的我国新一代“人造太阳”实验装置EAST28日在安徽合肥第一次放电成功，这意味着人类在核聚变能研究利用领域又迈出了新的一步．关于核聚变，以下说法不正确的是（）A.与裂变相较轻核聚变辐射极少，更为安全、清洁B.世界上已经有利用核聚变能来发电的核电站C.要使轻核发生聚变，必需使它们的距离达到10﹣15m之内，核力才能起作用D.地球上聚变燃料的储量十分丰硕，从海水中可以提炼出大量核聚变所需的氘核11．现已建成的核电站发电的能量来自于（）A.天然放射性元素放出的能量B.人工放射性同位素放出的能量C.重核裂变放出的能量D.化学反映放出的能量12．核电站利用是利用下列哪一种能量转化为电能的（）A.放射性元素发生α衰变放出的能量B.放射性元素发生β衰变放出的能量C.重核裂变放出的能量D.化学反映放出的能量13．关于第二类永动机，下列说法中正确的是（）A．没有冷凝器，只有单一的热源，能将从单一热源吸收的热量全数用来做功，而不引发其他转变的热机叫做第二类永动机B．第二类永动机违背了能量守恒定律，所以不可能制成C．第二类永动机不可能制成，说明机械能可以全数转化为内能，内能却不能全数转化为机械能D．第二类永动机不可能制成，说明机械能可以全数转化为内能，内能却不能全数转化为机械能，同时不引发其他转变14．以下说法正确的是（）A．伽利略通过“斜面实验”，证明了“力不是维持运动的原因”B．所有的永动机都违背了能量守恒定律，都不能制作成功C．爱因斯坦提出“光子”理论，成功地对光电效应进行了解释D．在相对论中，运动中的时钟会比静止时走得快15．关于永动机和热力学定律的讨论，下列叙述正确的是（）A．第二类永动机违背能量守恒定律B．若是物体从外界吸收了热量，则物体的内能必然增加C．外界对物体做功，则物体的内能必然增加D．做功和热传递都可以改变物体的内能，但从能量转化或转移的观点来看这两种改变方式是有区别的16．关于核反映的类型，下列表述正确的有（）→Th+He是α衰变+He→O+H是β衰变+H→He+n是聚变→Kr+2e是裂变17．在核反映堆中，为了使快中子的速度减慢，可选用作为中子减速剂的物质是（）A.氢 B.镉 C.氧 D.水18．（2007•宝安区模拟）新华社合肥2006年9月28日电，世界领先水平的我国新一代“人造太阳”实验装置EAST28日在安徽合肥第一次放电成功，这意味着人类在核聚变能研究利用领域又迈出了新的一步．关于核聚变，以下说法不正确的是（）A.与裂变相较轻核聚变辐射极少，更为安全、清洁B.世界上已经有利用核聚变能来发电的核电站C.要使轻核发生聚变，必需使它们的距离达到10﹣15m之内，核力才能起作用D.地球上聚变燃料的储量十分丰硕，从海水中可以提炼出大量核聚变所需的氘核19．（2010•上海）现已建成的核电站发电的能量来自于（）A.天然放射性元素放出的能量B.人工放射性同位素放出的能量C.重核裂变放出的能量D.化学反映放出的能量20．（2011•嘉定区模拟）核电站利用是利用下列哪一种能量转化为电能的（）A.放射性元素发生α衰变放出的能量B.放射性元素发生β衰变放出的能量C.重核裂变放出的能量D.化学反映放出的能量二、计算题21．（1）汽车内燃机汽缸内汽油燃烧时，气体体积膨胀推动活塞对外做功．已知在某次对外做功的冲程中汽油燃烧释放的化学能为1×103J，因尾气排放、汽缸发烧等对外散失的热量为×102J，则该内燃机对外所做的功为 J，该内燃机的效率为．随着科技的进步，不断设法减小热量损失，则内燃机的效率不断提高，效率（填“有可能”、“仍不可能”）达到100%．（2）在“用油膜法估测分子的大小”实验中，将4mL的纯油酸溶液滴入20L无水酒精溶液中充分混合．注射器中1mL的上述混合溶液可分50滴均匀滴出，将其中的1滴滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在座标纸上，其形状如图所示，坐标纸上正方形小方格的边长为10mm．试解答下列问题，结果均取一名有效数字．①油酸膜的面积约是多少？②已知每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是4×10﹣6mL，请估测油酸分子的直径．22．（Ⅰ）下列说法中正确的是（填入正确选项字母，每选错一个扣2分，最低得分0分）A．热机中燃气的内能不可能全数转化为机械能B．温度低的物体分子运动的平均速度小C．第二类永动机不可能制成，是因为它违背了能量守恒定律D．当分子间距离增大时，分子间斥力减小，引力增大E．相对湿度100%，表明在那时的温度下，空气中的水汽已达到饱和状态F．必然质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀进程，则气体对外界做功，气体分子的平均动能减小（Ⅱ）如图所示，体积为V0的导热性能良好的容器中充有必然质量的理想气体，室温为T0=300K．有一滑腻导热活塞C（不占体积）将容器分成A、B两室，B室的体积是A室的两倍，气缸内气体压强为大气压的两倍，右室容器中连接有一阀门K，可与大气相通．（外界大气压等于76cmHg）求：（1）将阀门K打开后，A室的体积变成多少？（2）打开阀门K后将容器内的气体从300K加热到540K，A室中气体压强为多少？参考答案1．B2．C3．D4．C5．AD6．B7．D8．AC9．D10．B11．C12．C13．AD14．AC15．D16．AC17．D18．B19．C20．C21．（1）×102J 75% 仍不可能（2）①8×10﹣3 m2②5×10﹣3m2按照热力学第必然律和效率概念的理解求第一题，用油膜法测分子直径的实验数据处置方式求第二题．解：（1）由热力学第必然律知W=△U﹣Q=1×103J﹣×102J=×102J，效率η==75%．随着科技的进步，不断设法减小热量损失，则内燃机的效率不断提高，效率仍不可能达到100%．（2）油酸膜的面积：S=81×（10×10﹣3）2 m2=8×10﹣3 m2油酸分子直径故答案为：（1）×102J，75%，仍不可能，（2）①油酸膜的面积约是8×10﹣3 m2②油酸分子的直径5×10﹣3m2．22．（Ⅰ）AE F （Ⅱ）（1）（2）（1）按照热力学第二定律判读热机的效率问题，结合热力学第必然律解决气体做功问题；（2）打开气阀后A室内的气体做等温转变，由理想气体方程可解．解：（1）A．按照热力学第二定律，内能不能全数转化为机械能而不引发其它影响，所以热机中燃气的内能不可能全数转化为机械能，故A正确．B．温度是物体分子平均动能的标志，所以温度低的物体分子运动的平均动能小，而不是分子的平均速度小，故B错误．C．第二类永动机不可能制成，是因为它违背了热力学第二定律，故C错误．D．当分子间距离增大时，分子间斥力减小，引力也减小，故D错误．E．相对湿度100%，表明在那时的温度下，空气中的水汽已达到饱和状态，故E正确．F．必然质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀进程，则气体对外界做功W为负，又因热力学第必然律△U=W+Q，绝热进程中Q=0，所以△U为负，表示温度降低，气体分子的平均动能减小，故F正确．故选：AEF（2）①气体的初状态：P A0=2×76cmHg，V A0=打开阀门，A室气体做做等温转变，P A=76cmHg，体积为V A，由玻意耳定律：P A0V A0=P A V A，解得：V A=②温度从T0=300K升高到T，A中的气体由V A转变到V0，压强为P A，气体做等压转变：=解得：T=450K故温度从450K升高到T1=540K的进程中，气体做等容转变：=解得：P A1=答：（1）将阀门K打开后，A室的体积变成；（2）A室中气体压强为．。
2021年高二物理上学期第1周周考试题新人教版
2021年高二物理上学期第1周周考试题新人教版选择题1．关于电场线的说法，正确的是A ．电场线的方向，就是电荷受力的方向B ．正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动C ．电场线越密的地方，同一电荷所受电场力越大D ．静电场的电场线是闭合的2．把一个带正电的金属球A 跟不带电的同样的金属球B 相碰，两球都带等量的正电荷，这是因为A ．A 球的正电荷移到B 球上 B ．B 球的负电荷移到A 球上C ．A 球的负电荷移到B 球上D ．B 球的正电荷移到A 球上3．将两个半径极小的带电小球(可视为点电荷)置于一个绝缘的光滑水平面上，从静止开始释放，那么下列叙述中正确的是(忽略万有引力)A ．它们的加速度一定在同一直线上，而且方向可能相同B ．它们的加速度可能为零C ．它们的加速度方向一定相反D ．它们的加速度大小一定越来越小4．如图所示，真空中三个点电荷A 、B 、C ，可以自由移动， 依次排列在同一直线上，都处于平衡状态，若三个电荷的带电量、电性及相互距离都未知，但AB ＞BC ，则根据平衡条件可断定A ．A 、B 、C 分别带什么性质的电B ．A 、B 、C 中哪几个带同种电荷，哪几个带异种电荷C ．A 、B 、C 中哪个电量最大D ．A 、B 、C 中哪个电量最小5．某静电场的电场线分布如图所示，图中P 、Q 两点的电场强度的大小分别为E P 和E Q ，电势分别为φP 和φQ ，则A ．E P >E Q ，φP >φQB ．E P >E Q ，φP <φQC ．E P <E Q ，φP >φQD ．E P <E Q ，φP <φQ6．原来静止的点电荷在只受静电力作用时( )A ．一定从场强大的地方向场强小的地方运动B ．一定从电势高的地方向电势低的地方运动C ．一定从电势能大的地方向电势能小的地方运动D ．静电力一定做正功7．在点电荷Q 形成的电场中有一点A ，当一个－q 的试探电荷从电场的无限远处被移到A点时，电场力做的功为W ，则试探电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为( )A ．E A ＝－W ，φA ＝W qB ．E A ＝W ，φA ＝－W qC ．E A ＝W ，φA ＝W qD ．E A ＝－W ，φA ＝－W q8．一带电油滴在匀强电场E 中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下.若不计空气阻力，则此带电油滴从a 运动到b 的过程中，能量变化情况为( )A．动能减小 B．电势能增加C．动能和电势能之和减少 D．重力势能和电势能之和增加9．图中水平虚线表示某电场的一组互相平行的等势面，各等势面的电势值如图所示，则( )A．在B处的场强方向是竖直向下的B．A、B两处场强E A和E B相比是E B＞E AC．1 C的正电荷从B到A，电场力做正功2 JD．负电荷从A移到B时电场力做负功10．带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了2.6×10-6J 的功。
高二年级物理上学期每周一练2
高二年级物理上学期每周一练(2)一、选择题1.下面是4种亮度可调的台灯的电路示意图,它们所用的白炽灯泡相同,且都是“220V,40W〞当灯泡所消耗的功率都调至20瓦时,哪种台灯消耗的功率最小？〔C〕2.图中A、B、C是本相交流电源的三根相线,O是中线,电源的相电压为220V,L1、L2、L3是三个“220V60W〞的灯泡,开关K1断开,K2、K3闭合,由于某种原因,电源中线在图中O 处断了,那么L2和L3两灯泡将〔C〕A、马上熄灭B、变得比原来亮一些C、变得比原来暗一些D、保持亮度不变3．把220伏特的交流电压加在440欧姆的电阻上,在电阻上：〔A〕A、电压的有效值为220伏特,电流的有效值为0.5安培B、电压的最大值为220伏特,电流的有效值为0.5安培C、电压的有效值为220伏特,电流的最大值为0.5安培D、电压的最大值为220伏特,电流的最大值为0.5安培4．一矩形线圈abcd处在磁感应强度为B的匀强磁场中,磁场方向与ab垂直.当线圈以角速度ω绕ab转动时,感应电动势的最大值为E1,线圈受到的最大磁力矩为M1,当线圈以角速度ω绕oo’转动时,感应电动势的最大值为E2,线圈受到的最大磁力矩为M2,,那么E1：E2和M1：M2分别为：〔A〕A、1：1,1：1B、1：1,1：2C、1：2,2：1D、1：2,1：25．一矩形线圈,绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动.线圈中的感生电动势e随时间t的变化如下图.下面说法中正确的选项是〔D〕A、t1时刻通过线圈的磁通量为零B、t2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C、t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D、每当e变换方向时,通过线圈的磁通量绝对值都为最大6．如下图,把电阻、电感器、电容器并联接到一交流电源上,三个电流表的示数相同,假设保持电源电压不变,而将频率增大,那么三个电流表的示数I1、I2、I 3的大小关系是：〔D 〕 A 、I 1=I 2=I 3 B 、I 1>I 2>I 3 C 、I 2>I 1>I 3I D 、I 3>I 1>I 2 7．〔1〕、〔2〕两电路中,当a 、b 两端与e 、f 两端分别加上220伏的交流电压时,测得c 、d 间与g 、h 间的电压均为 110伏.假设分别在c 、d 两端与g 、h 两端加上110伏的交流电压,那么a 、b 间与e 、f 间的电压分别为 〔B 〕 A 、220伏,220伏 B 、220伏,110伏 C 、110伏,110伏 D 、220伏,08．远距离输送交流电都采用高压输电.我国正在研究用比330KV 高得多的电压进行输电.采用高压输电的优点是：〔C 〕 A 、可节省输电线的铜材料 B 、可根据需要调节交流电的频率 C 、可减少输电线上的能量损失 D 、可加快输电速度9．一个理想变压器,原线圈和副线圈的匝数分别是n 1和n 2,正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为U 1和U 2、I 1和I 2、P 1和P 2,n 1>n 2,那么〔BC 〕A 、U 1>U 2 P 1<P 2B 、P 1=P 2 I 1<I 2C 、I 1<I 2 U 1>U 2D 、P 1>P 2 I 1>I 2 10．远距离输电线的示意图如下：假设发电机的输出电压不变,那么以下表达中正确的选项是：〔C 〕 A 、升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关 B 、输电线路中的电流只由升压变压器原线圈的匝数比决定 C 、当用户用电器的总电阻减小时,输电线上损失的功率增大 D 、升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压11．由自感系数为L 的线圈和可变电容器C 构成收音机的调谐电路.为使收音机能接收到f 1=550千赫至f ２=1650千赫范围内的所有电台的播音,那么可变电容器与f 1对应的电容C 1和与f ２对应的电容C ２之比为〔D 〕 A 、1：3B 、3：1C 、1：9D 、9：112．交流发电机在工作时的电动势为t E e m ωsin =,假设将其电枢的转速提升1倍,其他条件不变,那么其电动势变为：〔C 〕 A 、2sintE e m ω=B 、2sin2tE e m ω= C 、t E e m ω2sin = D 、t E e m ω2sin 2=发电机 升压变压器 降压变压器 输电线 用户一、选择题做题表1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12二、填空题13．如下图,一个面积为s 的矩形线圈在匀强磁场中以一条边为转轴作匀速运动,磁场方向与转轴垂直,线圈中感应电动势e 与时间t 的关系如下图,感应电动势最大值和周期可由图中读出,那么磁感应强度B=__smπε2__在t=T/12时刻,线圈平面与磁感应强度的夹角为_6/π___.14．如下图,理想变压器原副线圈的原、副线圈的匝数之比n 1：n 2=4：1,原线圈回路中的电阻A 与副线圈回路中的阻值相等.a 、b 端加一定交流电压后,两电阻消耗的电功率之比P A ：P B = 1：16 ；两电阻两端的电压之比U A ：U B = 1：4 .15．一理想变压器,原线圈匝数n 1=1100,接在电压220V 的交流电源上.当它对11只并联的“36V ,60W 〞灯泡供电时,灯泡正常发光.由此可知该变压器副线圈的匝数n 2=_180_,通过原线圈的电流I 1=_3_A.16．一边长为L 的正方形线圈abcd,其ab 、cd 两边与铁芯的轴线oo ’平行,bc 、da 两边与铁芯的轴线oo ’垂直,如图〔a 〕、〔b 〕所示.线框以恒定的角速度ω绕oo ’轴逆时针转动,t=0时,线框平面位于水平位置那么当ωt=π/4时,线框中的感应电动势e= BL 2ω,当ωt=π/2时,线框中的感应电动势e= 0 ,当ωt=π时,线框中的感应电动势e= BL 2ω.(设线圈ab 边所在处在磁感应强度大小为B)17．如下图,理想变压器原、副线圈匝数比n 1：n 2=4:1,电阻R=10欧.当导体棒AB 在匀强磁场中做切割磁场感线运动时,保持AB 匀速运动的速度不变,而且不计导轨的电阻,这时安培表A 1的示数为12mA,那么接在副线圈中的安培表A 2的示数为 0 .三、计算题18．用均匀导线弯成正方形闭合线框abcd,线框每边长8.0厘米,每边的电阻值为0.010欧姆.把线框放在磁感应强度为B=0.050特斯拉的匀强磁场中,并使它绕轴OO ＇以ω=100弧度/秒的角速度匀速旋转,旋转方向如下图,轴OO ＇在线框平面内,并且垂直于B,b Oc O Oa Od '3',3==当线框平面转至和B 平行的瞬时(如下图)：(1)每个边产生的感生电动势的大小各是多少?(2)线框内感生电流的大小是多少?在图中用箭头标出感生电流的方向. (3)e 、f 分别为ab 和cd 的中点,e 、f 两点间的电势差U ef (即U e —U f )是多大? (1)每边产生的感应电动势大小分别为： 解：ω4LBLe ab ==0.008V ………………① ω43LBLe cd ==0.024V ………………② 〔2〕线框内感生电流的大小为：re e i cdab 4+==0.8A …………③ 方向为逆时针方向.〔3〕如下图, 2222ri e ir r i e U ab cd f e ef -+--=-=ϕϕ…………④ 解得：Uef=0 .19．在真空中速度为u=6.4×107米/秒的电子束连续地射入两平行极板之间.极板长度为l=8.0×10—2米,间距为d=5.0×10—3米.两极板不带电时,电子束将沿两极板之间的中线通过.在两极板上加一50赫兹的交变电压V=V 0sin ωt,如果所加电压的最大值V 0超过某一值V C 时,将开始出现以下现象:电子束有时能通过两极板；有时间断,不能通过.(电子质量为0.91×10-30kg) (1)求V C 的大小.(2)求V 0为何值才能使电子通过的时间(△t)通跟间断的时间(△t)断之比为：(△t)通∶(△t)断=2∶1解析：(1)设电子飞出极板所用的时间为t,那么有：u Lt =………………① 2212at d =……………② mdeV a c=………………③ 由①②③得：V c =91V ………………④ (2)当交变电压为V=V 0sin ωt假设电子通过的时间(△t)通跟间断的时间(△t)断之比为：(△t)通∶(△t)断=2∶1,那么有 V c =V 0sin3π……………………⑤ 由④、⑤式得V 0=105V.20．〔1〕如图A 所示的电路中,两二极管均可视为理想二极管,R 1=R 2.a 端对b 端的电压与时间的关系如图C 所示.请在图A ’中 作出a 端对c 点的电压与时间的关系图线(最少画一个周期) (2)如图B 所示为一限幅电路,电池组的电动势都是E 〔内阻不计〕,假设在其左端`输入如图C 所示的正弦交流电,电压U 1的最大值为2E,两二极管均可视为理想二极管,试在图B ’中画出右端输出电压U 2的图象.解：如下图：21．一小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动,线圈匝数n=100,穿过每匝线圈的磁通量Ф随时间按正弦规律变化,如下图,发电机内阻r=5.0Ω,外电路电阻R=95Ω,感应电动势的最大值E m =n ωФm ,其中Фm 为穿过每匝线圈磁通量的最大值,求并联在外电路电阻两电压表〔理想电表〕的读数.解：由图可知T=3.14×10-2s.s rad T/2002==πω E m =n ωФm =200VV E E m 210022==V R rR EU 35.134=+=. 22．磁铁在电器中有广泛的应用,如发电机,如下图,一台单相发电机转子导线框共有N 匝,线框长为L 1,宽为L 2,转子的转动角速度为ω,磁极间的磁感强度为B,试导出发电机的瞬时电动势e 的表达式.现在知道有一种强永磁材料钕铁硼,用它制成发电机的磁极时,磁感强度可增大到原来的K 倍,如果保持发电机结构和尺寸,转子转动角速度,需产生的电动势都不变,那么这时转子上的导线框需要多少匝？解：设从图示位置开始旋转时间t,那么有：t ωθ= ………………………………①θωsin 2221L BL N e ⨯⨯=…………② 所以：t L NBL e ωωsin 21=…………③设采用强永磁材料钕铁硼后,导线框需要N ’匝,那么有t L KBL N e ωωsin '21=………………④由③、④得KN N ='.。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
高二物理第一周限时训练
1、磁性: 物体能吸引物体的性质叫磁性。
磁极: 磁体的各部分磁性强弱不同，磁性最强的区域叫。
能够自由转动的磁体（例如悬吊着的磁针），静止时指南的磁极叫；指北的磁极叫。
2、电流的磁效应: 发现了电流的磁效应，首次揭示了的联系。
奥斯特实验：将通电导线沿方向放置在磁针方，发现磁针转动。
3、磁场的性质:磁体与磁体间、磁体与通电导体间、通电导体与通电导体间的相互作用，是通过发生的。
它的性质是对放入其中的磁体有的作用。
4、地磁场：地磁场与条形磁体的磁场分布相似，地理北极附近是磁场极；地理南极附近是磁场极。
地球的地理两极与地磁两极并不重合，存在。
磁偏角的数值在地球上不同地点是的。
5、现代磁悬浮列车具有高速、平稳、安全、环保等特点。
它是利用___________________的原理将车身托起的。
6、“指南针”是我国四大发明之一，这一伟大发明在航海、探险、军事方面都有重要的实用价值。
指南针能指方向，是因为指南针受到了_________________________磁场的作用。
指南针静止时北极所指的方向是在地理的______________________________极附近。
7、判断下列说法正确的是：
A. 物体能够吸引轻小物体的性质叫磁性
B. 磁铁的两端部分就是磁铁的磁极
C. 磁场和电场一样，是同一种物质
8、下列说法正确的是：
A. 磁体上磁性最强的部分叫磁极，任何磁体都有两个磁极
B. 磁体之间的相互作用是通过磁场而发生的
C. 地球周围存在磁场，但地磁的两极与地理的两极并不重合，其间有一个交角，就是磁偏角，其数值在地球上不同的地点是相同的
D. 地球表面各点的磁场强弱相同地理北地理南。