《概率论与数理统计》第二章习题解答

第二章 随机变量及其分布
1、解：
设公司赔付金额为X ，则X 的可能值为； 投保一年内因意外死亡：20万，概率为0.0002 投保一年内因其他原因死亡：5万，概率为0.0010
投保一年内没有死亡：0，概率为1-0.0002-0.0010=0.9988 所以X
2、一袋中有5X 表示取出的三只球中的最大号码，写出随机变量X 的分布律
解：X 可以取值3，4，5，分布律为
10
61)4,3,2,1,5()5(1031)3,2,1,4()4(10
11)2,1,3()3(35
2
435
2
335
2
2=⨯=
===
⨯====
⨯=
==C C P X P C C P X P C C P X P 中任取两球再在号一球为中任取两球再在号一球为号两球为号一球为 也可列为下表 X ： 3， 4，5
P ：10
6,
103,101 3、设在15只同类型零件中有2只是次品，在其中取三次，每次任取一只，作不放回抽样，以X 表示取出次品的只数，（1）求X 的分布律，（2）画出分布律的图形。

解：任取三只，其中新含次品个数X 可能为0，1，2个。

35
22
)0(315313=
==C C X P 3512)1(3
15213
12=⨯==C C C X P 35
1)2(3
15
113
22=
⨯=
=C C C X P 再列为下表 X ： 0， 1， 2
P ： 35
1,
3512,3522 4、进行重复独立实验，设每次成功的概率为p ，失败的概率为q =1－p (0<p <1) （1）将实验进行到出现一次成功为止，以X 表示所需的试验次数，求X 的分布律。

（此时称X 服从以p 为参数的几何分布。

）
（2
）将实验进行到出现r 次成功为止，以Y 表示所需的试验次数，求Y 的分布律。

（此时称Y 服从以r, p 为参数的巴斯卡分布。

）
（3）一篮球运动员的投篮命中率为45%，以X 表示他首次投中时累计已投篮的次数，写出X 的分布律，并计算X 取偶数的概率。

解：（1）P (X=k )=q k －
1p k=1,2,……
（2）Y=r+n={最后一次实验前r+n －1次有n 次失败，且最后一次成功}
,,2,1,0,
)(111 ===+=-+--+n p q C p p q C n r Y P r n n n r r n n n r 其中 q=1－p ，
或记r+n=k ，则 P {Y=k }= ,1,,)1(11+=----r r k p p C r
k r r k （3）P (X=k ) = (0.55)k －10.45 k=1,2…
P (X 取偶数)=
31
11
45.0)55.0()2(1
121
=
=
=∑
∑
∞
=-∞
=k k k k X P 5、 一房间有3扇同样大小的窗子，其中只有一扇是打开的。

有一只鸟自开着的窗子飞入了房间，它只能从开着的窗子飞出去。

鸟在房子里飞来飞去，试图飞出房间。

假定鸟是没有记忆的，鸟飞向各扇窗子是随机的。

（1）以X 表示鸟为了飞出房间试飞的次数，求X 的分布律。

（2）户主声称，他养的一只鸟，是有记忆的，它飞向任一窗子的尝试不多于一次。

以Y 表示这只聪明的鸟为了飞出房间试飞的次数，如户主所说是确实的，试求Y 的分布律。

（3）求试飞次数X 小于Y 的概率；求试飞次数Y 小于X 的概率。

解：（1）X 的可能取值为1，2，3，…，n ，…
P {X=n }=P {前n －1次飞向了另2扇窗子，第n 次飞了出去}
=3
1
)32(1⋅-n ， n=1，2，……
（2）Y 的可能取值为1，2，3
P {Y=1}=P {第1次飞了出去}=
3
1 P {Y=2}=P {第1次飞向 另2扇窗子中的一扇，第2次飞了出去}
=3
1
2132=⨯
P {Y=3}=P {第1，2次飞向了另2扇窗子，第3次飞了出去}
=3
1
!3!2=
∑∑===<===<==
<3
2
3
1}
|{}{}
|{}{}{)3(k k k Y Y X P k Y P k Y Y X P k Y P Y X P ⎪⎪⎭
⎫ ⎝⎛==<0}1|{Y Y X P 全概率公式并注意到
278313231313131}
{}{3
2=⎥⎦
⎤⎢⎣⎡⨯+⨯+⨯=<==
∑=k k X P k Y P }{}|{,k X P k Y Y X P Y X <==<独立即
注意到
同上，∑=====
=3
1
}|{}{}{k k Y Y X P k Y P Y X P
81
19
2743192313131}{}{3
1
=
⨯+⨯+⨯=
===
∑
=k k X P k Y P 故81
38){}{1}{=
=-<-=<Y X P Y X P X Y P 6、一大楼装有5个同类型的供水设备，调查表明在任一时刻t 每个设备使用的概率为0.1，问在同一时刻
（1）恰有2个设备被使用的概率是多少？
0729.0)9.0()1.0()2(322
525225=⨯⨯===-C q p C X P （2）至少有3个设备被使用的概率是多少？
00856.0)1.0()9.0()1.0()9.0()1.0()3(55
54452335=⨯+⨯⨯+⨯⨯=≥C C C X P （3）至多有3个设备被使用的概率是多少？
322
5415505)9.0()1.0()9.0(1.0)9.0()3(⨯⨯+⨯⨯+=≤C C C X P 99954.0)9.0()1.0(233
5=⨯⨯+C
（4）至少有一个设备被使用的概率是多少？ 40951.059049.01)0(1)1(=-==-=≥X P X P
7、设事件A 在每一次试验中发生的概率为0.3，当A 发生不少于3次时，指示灯发出信号。

（1）进行了5 次独立试验，求指示灯发出信号的概率 。

（2）进行了7次独立试验，求指示灯发出信号的概率
解： 设X 为 A 发生的次数。

则()0.3,.X B n n=5，7
B:“指示等发出信号“ ① (){}3P B P X =≥5
55
30.30.70.163k k k k C
-===∑
②(){}3P B P X =≥=
{}{}7
2
3
1k P X K P X K ===-=∑∑
7
1
6
2
2
5
10.70.30.70.30.70.353G G =--⋅⨯-⨯≈ 8、甲、乙二人投篮，投中的概率各为0.6, 0.7，令各投三次。

求 （1）二人投中次数相等的概率。

记X 表甲三次投篮中投中的次数 Y 表乙三次投篮中投中的次数
由于甲、乙每次投篮独立，且彼此投篮也独立。

P (X =Y )=P (X =0, Y=0)+P (X =2, Y=2)+P (X=3, Y=3)
= P (X =0) P (Y=0)+ P (X =1) P (Y=1)+ P (X =2) P (Y=2)+ P (X =3) P (Y=3)
= (0.4)3× (0.3)3+ [])3.0(7.0[])4.0(6.021
3213⨯⨯⨯⨯⨯C C
3223223)6.0(]3.)7.0([]4.0)6.0([+⨯⨯⨯⨯⨯+C C
321.0)7.0(3=⨯
（2）甲比乙投中次数多的概率。

P (X>Y )=P (X =1, Y=0)+P (X =2, Y=0)+P (X=2, Y=1)+
P (X =3) P (Y=0)+ P (X =3) P (Y=1)+ P (X =3) P (Y=2) =P (X =1) P (Y=0) + P (X =2, Y=0)+ P (X=2, Y=1)+ P (X =3) P (Y=0)+ P (X =3) P (Y=1)+ P (X =3) P (Y=2)
=+⨯⨯⨯+⨯⨯⨯82233213)3.0(]4.0)6.0([)3.0(])4.0(6.0[C C
3213223)6.0(])3.0(7.0[]4.0)6.0([+⨯⨯⨯⨯⨯C C 321333)6.0(])3.0(7.0[)6.0()3.0(+⨯⨯⨯+⨯C
243.0]3.0)7.0([223=⨯⨯⨯C
9、有一大批产品，其验收方案如下，先做第一次检验：从中任取10件，经验收无次品接受这批产品，次品数大于2拒收；否则作第二次检验，其做法是从中再任取5件，仅当5件中无次品时接受这批产品，若产品的次品率为10%，求
（1）这批产品经第一次检验就能接受的概率 （2）需作第二次检验的概率
（3）这批产品按第2次检验的标准被接受的概率
（4）这批产品在第1次检验未能做决定且第二次检验时被通过的概率 （5）这批产品被接受的概率
解：X 表示10件中次品的个数，Y 表示5件中次品的个数， 由于产品总数很大，故X~B （10，0.1），Y~B （5，0.1）（近似服从）
（1）P {X =0}=0.910
≈0.349
（2）P {X ≤2}=P {X =2}+ P {X =1}=581.09.01.09.01.091
1082210≈+C C （3）P {Y =0}=0.9 5≈0.590
（4）P {0<X ≤2，Y=0} ({0<X ≤2}与{ Y=2}独立) = P {0<X ≤2}P {Y=0} =0.581×0.590≈0.343
（5）P {X =0}+ P {0<X ≤2，Y=0} ≈0.349+0.343=0.692
10、有甲、乙两种味道和颜色极为相似的名酒各4杯。

如果从中挑4杯，能将甲种酒全部挑出来，算是试验成功一次。

（1）某人随机地去猜，问他试验成功一次的概率是多少？
（2）某人声称他通过品尝能区分两种酒。

他连续试验10次，成功3次。

试问他是猜对的，还是他确有区分的能力（设各次试验是相互独立的。

）
解：（1）P (一次成功)=701
148
=C
（2）P (连续试验10次，成功3次)= 10000
3
)7069()701(
733
10=
C 。

此概率太小，按实际推断原理，就认为他确有区分能力。

11. 尽管在几何教科书中已经讲过用圆规和直尺三等分一个任意角是不可能的。

但每年总有一些“发明者”撰写关于用圆规和直尺将角三等分的文章。

设某地区每年撰写此类文章的篇数X 服从参数为6的泊松分布。

求明年没有此类文章的概率。

解： ().6~πX 6=λ
{}0025.01
06
6≈=
==∴-e e X P 12. 一电话交换台每分钟收到呼唤的次数服从参数为4的泊松分布。

求（1）每分钟恰有8次呼唤的概率。

（2）某一分钟的呼唤次数大于3的概率。

()4~πX 4=λ
（1）{}∑∑
∞
=∞=--⋅-⋅==89
9
484!!8r r r e r e X P λλ 029771.0021363.0051134.0=-
= （2）566530.0}4{}3{=≥=>X P X P
13. 某一公安局在长度为t 的时间间隔内收到的紧急呼救的次数X 服从参数为（1/2）t 的泊松分布，而与时间间隔的起点无关（时间以小时计）。

（1）求某一天中午12时至下午3时没有收到紧急呼救的概率。

（2）求某一天中午12时至下午5时至少收到1次紧急呼救的概率。

解：2
t
λ=
()X πλ ①3
2
λ= {}3200.2231P X e -===
②52λ= {} 2.5
1
2.510.918!k k e P X k -∞
=≥==∑
14、解：~(2)X t π
（1）、10t =分钟时1
6t =小时，
{}13
1310.2388!1
k e
e P X k κλ--====
（2）、{}00.
5P X =≥故
()0
220.50.346571
t
t e t -≥⇒≥（小时）
所以0.34657*6020.79t ≥≈（分钟）
15、解：
{}()(){}10
500005000100.001510.0015100.8622
k k
k P X k P X -=⎛⎫≤=- ⎪
⎝⎭
≤≈∑ 16、解：{}{}{}
011000,0.0001,0.1
2101110.99530.0047
0!
1!
n p np P X P X P X e e λ
λ
λλλ--====≥=-=-==-
-
≈-=
17、解： 设X 服从()0
1分布，其分布率为{}()
11,0,1k
k P X k p p k -==-=，求X 的
分布函数，并作出其图形。

()0,1X
X 的分布函数为：
()0010111x F x p x x , <⎧⎪
=- , ≤<⎨⎪ , ≥⎩
18．在区间[]0,a 上任意投掷一个质点，以X 表示这个质点的坐标。

设这个质点落在[]0,a 中任意小区间内的概率与这个小区间的长度成正比例，试求X 的分布函数。

解：① 当0X <时。

{}X x ≤是不可能事件，(){}0F X P X x =≤= ②当0x a ≤≤时， {}0P X x kx ≤≤= 而 {}0X a ≤≤是必然事件
{}1
01P X x ka k a
∴≤≤==⇒= {}0x P X x kx a
∴≤≤==
则 (){}{}{}00x F x P X x P X P X x a
=≤=≤+≤≤=
③当x a >时，{}X x ≤是必然事件，有(){}1F x P X x =≤=
()0001x x F x x a a x a , < ⎧⎪⎪
∴ , ≤≤⎨⎪ , >
⎪⎩
19、以X 表示某商店从早晨开始营业起直到第一顾客到达的等待时间（以分计），X 的分布函数是
⎩⎨⎧<≥-=-00
,1)(4.0x x e x F x X
求下述概率：
（1）P {至多3分钟}；（2）P {至少4分钟}；（3）P {3分钟至4分钟之间}； （4）P {至多3分钟或至少4分钟}；（5）P {恰好2.5分钟} 解：（1）P {至多3分钟}= P {X ≤3} =2.11)3(--=e F X （2）P {至少4分钟} P (X ≥4) =6.1)4(1-=-e F X
（3）P {3分钟至4分钟之间}= P {3<X ≤4}=6.12.1)3()4(---=-e e F F X X （4）P {至多3分钟或至少4分钟}= P {至多3分钟}+P {至少4分钟} =6.12.11--+-e e （5）P {恰好2.5分钟}= P (X =2.5)=0
20、设随机变量X 的分布函数为⎪⎩⎪
⎨⎧≥<≤<=.
,1,1,ln ,1,0)(e x e x x x x F X ，
求（1）P (X<2), P {0<X ≤3}, P (2<X<25)；（2）求概率密度f X (x ). 解：（1）P (X ≤2)=F X (2)= ln2， P (0<X ≤3)= F X (3)－F X (0)=1，
4
5
ln 2ln 25ln )2()25(252(=-=-=<<X X F F X P
（2）⎪⎩⎪⎨⎧<<==其它
,0,
1,1)(')(e x x x F x f
21、设随机变量X 的概率密度)(x f 为
（1）⎪⎩
⎪⎨⎧≤≤--=其它
01112
)(2
x x x f π
（2）⎪⎩⎪
⎨⎧≤≤-<≤=其他0
21210)(x x x x x f
求X 的分布函数F (x )，并作出（2）中的f (x )与F (x )的图形。

解：（1）当－1≤x ≤1时： 2
1arcsin 111arcsin 211212120)(212121
++-=
⎥⎦⎤
⎢⎣⎡+-=
-+=---∞-⎰
⎰
x x x x x x π
dx x πdx x F X
x
当1<x 时：10120)(1
1121=+-+=⎰
⎰⎰--∞-x
dx dx x πdx x F
故分布函数为：
⎪⎩
⎪⎨⎧<≤≤-++--<=x x x πx x πx x F 111121arcsin 11110)(2
解：（2）⎰
∞
-=
≤=x
dt t f x X P x F )()()(
⎰
⎰
⎰
⎰
⎰⎰
⎰
⎰
⎰
⎰
=+
-+
+
=
<--
=-+
+
=≤≤=
+=<≤==
<∞
-∞
-∞-∞
-1
2
2
1
2
1
1
2
00
1
0)2(0)(,212
2)2(0)(,212
0)(,100
0)(,0x
x
x
x
dt dt t dt t dt x F x x
x dt t dt t dt x F x x dt t dt x F x dt x F x 时当时当时当时当
故分布函数为
⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧<≤≤--<≤<=x x x x x x
x x F 21
21122102
00
)(2
2 （2）中的f (x )与F (x )的图形如下
22、⑴由统计物理学知，分子运动速度的绝对值X 服从迈克斯韦尔
(Maxwell)分布，其概率密度为
()2
20
0x b Ax e x f x -⎧⎪ , >=⎨
, ⎪⎩其它
其中2b m kT =，k 为Boltzmann 常数，T 为绝对温度，m 是分子的质量。

试确定常数A 。

解: ① ()1x dx +∞
-∞
=⎰
即
()220
x b
f x dx Ax e
dx -
+∞
+∞
-∞
=⎰
⎰
2
202x b Ab x xe d b -+∞⎛⎫
=-- ⎪⎝⎭
⎰
2
2
2
000
()|222x
x x b
b b Ab Ab Ab xd e xe e dx ---+∞+∞+∞=-=-+⎰⎰
x
1 2 0
2
21
2
00
2
x
b
Ab
e dx d x
-
-
+∞+∞⎤
==⎥
⎦
⎰
1
1
22
Ab
==
2
2
1
2
2
u
du
π
+∞-
⎛⎫
=
⎪
⎪
⎝⎭
⎰
A
∴=
②当0
t<时，()00
t
T
F t dt
-∆
=⋅=
⎰
当0
t≥时，()()()241
1
241
x
t t
T T
F t f x dt F t e dt
-
-∞
=⋅==
⎰⎰
241
1
t
e-
=-
()
241
0,0
1,0
t
T
t
F t
e t
-
<
⎧⎪
∴=⎨
⎪- ≥
⎩
{}{}{}()()
501001005010050
P T P T P T F F
∴<<=<-≤=-
50100
e e
--
=-
或{}()
100
50
50100
P T f t dt
<<=⎰50100
100
241241241
50
1
241
t
e dt e e
---
==-
⎰
23、某种型号的电子的寿命X（以小时计）具有以下的概率密度：
⎪⎩
⎪
⎨
⎧
>
=
其它
1000
1000
)
(2
x
x
x
f
现有一大批此种管子（设各电子管损坏与否相互独立）。

任取5只，问其中至少有2只寿命大于1500小时的概率是多少？
解：一个电子管寿命大于1500小时的概率为
3
2
)
3
2
1(
1
)1
(
1000
1
1000
1
)
1500
(
1
)
1500
(1500
1000
1500
1000
2
=
-
-
=
⎭
⎬
⎫
⎩
⎨
⎧-
-
=
-
=
≤
-
=
>⎰x
dx
x
X
P
X
P
令Y表示“任取5只此种电子管中寿命大于1500小时的个数”。

则)
3
2
,5(
~B
Y，
{}
243
232
243
11
1
3
2
5
1
1
)
3
1
(
)
3
2
(
)
3
1
(
1
)1
(
)0
(
1
)2
(
1
)2
(
5
4
1
5
5
=
-
=
⨯
+
-
=
⎭
⎬
⎫
⎩
⎨
⎧
⋅
⋅
+
-
=
=
+
=
-
=
<
-
=
≥C
Y
P
Y
P
Y
P
Y
P
24、设顾客在某银行的窗口等待服务的时间X（以分计）服从指数分布，其概率
密度为：
⎪⎩⎪
⎨⎧>=-其它
,00,51)(x e x F x
X
某顾客在窗口等待服务，若超过10分钟他就离开。

他一个月要到银行5次。

以Y 表示一个月内他未等到服务而离开窗口的次数，写出Y 的分布律。

并求P （Y ≥1）。

解：该顾客“一次等待服务未成而离去”的概率为
210
510
5
10
5
1
)()10(-∞+-
∞
+-
∞
+=-==
=
>⎰
⎰
e e
dx e
dx x f X P x
x X
因此5,4,3,2,1(,)1(5)().,5(~5222=-⎪⎭
⎫
⎝⎛==----k e e k k Y P e B Y k k 即
.
5167.04833.018677.01)1353363.01(1)389
.711(1)1(1)0(1)1(1)1(55
5
52=-=-=--=-
-=--==-=<-=≥-e Y P Y P Y P 25、设K 在（0，5）上服从均匀分布，求方程02442=+++K xK x 有实根的概率
∵ K 的分布密度为：⎪⎩⎪⎨⎧<<-=其他0
5
0051)(K K f
要方程有根，就是要K 满足(4K )2－4×4× (K+2)≥0。

解不等式，得K ≥2时，方程有实根。

∴
5
305
1
)()2(5
5
22
=
+=
=
≥⎰
⎰
⎰
∞+∞+dx dx dx x f K P 26、设X ～N （3.22）
（1）求P (2<X ≤5)，P (－4)<X ≤10)，P {|X|>2}，P (X>3)
∵ 若X ～N （μ，σ2），则P (α<X ≤β)=φ-⎪⎭⎫ ⎝⎛-σμβφ⎪⎭
⎫ ⎝⎛-σ
μα
∴ P (2<X ≤5) =φ-⎪⎭⎫ ⎝⎛-235φ⎪
⎭
⎫ ⎝⎛-232=φ(1)－φ(－0.5)
=0.8413－0.3085=0.5328
P (－4<X ≤10) =φ-⎪⎭⎫ ⎝⎛-2310φ⎪
⎭
⎫ ⎝⎛--234=φ(3.5)－φ
(－3.5)
=0.9998－0.0002=0.9996 P (|X |>2)=1－P (|X |<2)= 1－P (－2< P <2 )
=⎥⎦
⎤⎢⎣⎡⎪
⎭⎫ ⎝⎛--Φ-⎪⎭⎫ ⎝⎛-Φ-2322321
=1－φ(－0.5) +φ(－2.5) =1－0.3085+0.0062=0.6977
P (X >3)=1－P (X ≤3)=1－φ⎪⎭
⎫
⎝⎛-233=1－0.5=0.5
（2）决定C 使得P (X > C )=P (X ≤C ) ∵ P (X > C )=1－P (X ≤C )= P (X ≤C )
得
P (X ≤C )=
2
1
=0.5 又 P (X ≤C )=φ023,5.023=-=⎪
⎭
⎫ ⎝⎛-C C 查表可得 ∴ C =3
27、某地区18岁的女青年的血压（收缩区，以mm-Hg 计）服从)12,110(2N 在该地区任选一18岁女青年，测量她的血压X 。

求
（1）P (X ≤105)，P (100<X ≤120). （2）确定最小的X 使P (X>x ) ≤ 0.05.
解:
3384.06616.01)4167.0(1)4167.0()12
110
105()105()1(=-=Φ-=-Φ=-Φ=≤X P
5952
.017976.021)8333.0(21)6
5
(2)
65
()65()12110100()12110120()120100(=-⨯=-Φ=-Φ=-Φ-Φ=-Φ--Φ=≤<X P
.
74.129.74.12974.19110.645.112
110
.
95.0)12110
(05.0)12110(1)(1)()2(==+≥⇒≥-≥-Φ⇒≤-Φ-=≤-=>X x x x x x X P x X P 故最小的查表得
28、由某机器生产的螺栓长度（cm ）服从参数为μ=10.05，σ=0.06的正态分布。

规定长度在范围10.05±0.12内为合格品，求一螺栓为不合格的概率是多少？
设螺栓长度为X P {X 不属于(10.05－0.12, 10.05+0.12) =1－P (10.05－0.12<X <10.05+0.12)
=1－⎭⎬⎫
⎩⎨⎧⎥⎦⎤⎢⎣⎡--Φ-⎥⎦⎤⎢⎣
⎡-+Φ06.005.10)12.005.10(06.005.10)12.005.10( =1－{φ(2)－φ(－2)} =1－{0.9772－0.0228} =0.0456
29、一工厂生产的电子管的寿命X （以小时计）服从参数为μ=160，σ(未知)的正态分布，若要求P (120＜X ≤200＝=0.80，允许σ最大为多少？
∵ P (120＜X ≤200)=80.04040160120160200=⎪
⎭
⎫ ⎝⎛-Φ-⎪⎭⎫ ⎝⎛Φ=⎪⎭⎫ ⎝⎛-Φ-⎪⎭⎫ ⎝⎛-Φσσσσ
又对标准正态分布有φ(－x )=1－φ(x )
∴ 上式变为80.040140≥⎥⎦
⎤⎢⎣⎡⎪
⎭⎫ ⎝⎛Φ--⎪⎭⎫ ⎝⎛Φσσ
解出9
.040:40≥⎪
⎭
⎫ ⎝⎛Φ⎪⎭⎫ ⎝⎛Φσσ便得 再查表，得25.31281
.140
281.140=≤≥σσ
30、解：
[]{}{}{}223120
~(120,2) ~(0,1)2
P 118,122P 1181222P 12(10.8413)0.3174
5(1)0.32042V V N X N V V V X p p -=
∉=<⋃>=->=-=⎛⎫
∴-= ⎪⎝⎭
则p=
31、解：
0 ,0()0.20.8/30 ,0301 ,30x F x x x x <⎧⎪
=+≤<⎨⎪≥⎩
32、解：
[]()0,()0,01()(1)()0()(1)()()(1)()(1)1
f x
g x a af x a g x af x a g x dx a f x dx a g x dx a a ∞∞
∞
-∞
-∞-∞≥≥<<∴+-≥+-=+-=+-=⎰
⎰⎰且
所以()(1)()af x a g x +-为概率密度函数 33、设随机变量X 的分布律为： X ：－2， －1， 0， 1， 3
P ：51， 61， 5
1， 151， 3011
求Y=X 2的分布律 ∵ Y=X 2：(－2)2 (－1)2 (0)2 (1)2 (3)2
P ： 51 61
5
1 151 3011
再把X 2的取值相同的合并，并按从小到大排列，就得函数Y 的分布律为： ∴ Y ： 0 1 4 9
P ： 51 15161+
5
1 3011
34、设随机变量X 在（0，1）上服从均匀分布 （1）求Y=e X 的分布密度
∵ X 的分布密度为：⎩⎨⎧<<=为其他
x x x f 01
01)(
Y=g (X ) =e X 是单调增函数 又 X=h (Y )=lnY ，反函数存在 且 α = min [g (0), g (1)]=min (1, e )=1 =βmax [g (0), g (1)]=max (1, e )= e
∴ Y 的分布密度为：⎪⎩
⎪
⎨⎧<<⋅=⋅=为其他
y e y y
y h y h f y ψ0111|)('|)]([)(
（2）求Y=－2lnX 的概率密度。

∵ Y= g (X )=－2lnX 是单调减函数
又 2
)(Y e Y h X -== 反函数存在。

且 α = min [g (0), g (1)]=min (+∞, 0 )=0 β=max [g (0), g (1)]=max (+∞, 0 )= +∞
∴ Y 的分布密度为：⎪⎩⎪⎨⎧+∞<<=-⋅=⋅=--为其他
y y e e
y h y h f y ψy y 002
1211|)('|)]([)(22
35、设X ～N （0，1）
（1）求Y=e X 的概率密度
∵ X 的概率密度是+∞<<∞-=
-
x e π
x f x ,21
)(2
Y= g (X )=e X
是单调增函数 又 X= h (Y ) = lnY 反函数存在 且 α = min [g (－∞), g (+∞)]=min (0, +∞)=0
β = max [g (－∞), g (+∞)]= max (0, +∞)= +∞ ∴ Y 的分布密度为：
⎪⎩
⎪⎨⎧+∞<<⋅=⋅=-
为其他y y y e πy h y h f y ψy 00121|)('|)]([)(2)(ln 2 （2）求Y=2X 2+1的概率密度。

在这里，Y=2X 2+1在(+∞，－∞)不是单调函数，没有一般的结论可用。

设Y 的分布函数是F Y （y ）， 则 F Y ( y )=P (Y ≤y )=P (2X 2+1≤y )
=⎪⎪⎭
⎫ ⎝⎛-≤≤--2121y X y P 当y<1时：F Y ( y )=0
当y ≥1时：⎰
---
-=⎪⎪⎭
⎫
⎝
⎛
-≤≤--=21
2
12
221212
1
)(y y x y dx e π
y X y P y F
故Y 的分布密度ψ( y )是：
当y ≤1时：ψ( y )= [F Y ( y )]' = (0)' =0
当y>1时，ψ( y )= [F Y ( y )]' ='⎪⎪⎭
⎫
⎝⎛
⎰---
-212
12
221y y x dx e
π
=41
)
1(21
---y e y π
（3）求Y=| X |的概率密度。

∵ Y 的分布函数为 F Y ( y )=P (Y ≤y )=P ( | X |≤y ) 当y<0时，F Y ( y )=0
当y ≥0时，F Y ( y )=P (| X |≤y )=P (－y ≤X ≤y )=⎰
--
y y
x dx e π
221
∴ Y 的概率密度为：
当y ≤0时：ψ( y )= [F Y ( y )]' = (0)' =0
当y>0时：ψ( y )= [F Y ( y )]' =22222
21y y y x e πdx e π---='⎪⎪⎭
⎫ ⎝⎛⎰
36、（1）设随机变量X 的概率密度为f (x )，求Y = X 3的概率密度。

∵ Y=g (X )= X 3 是X 单调增函数，
又 X =h (Y ) =1Y ，反函数存在， 且 α = min [g (－∞), g (+∞)]=min (0, +∞)=－∞ β = max [g (－∞), g (+∞)]= max (0, +∞)= +∞ ∴ Y 的分布密度为：
ψ( y )= f [h ( h )]·| h' ( y )| = 0,,3
1)(2
1≠+∞<<∞-⋅-
y y y y f 但
0)0(=ψ
（2）设随机变量X 服从参数为1的指数分布，求Y=X 2的概率密度。

法一：∵ X 的分布密度为：⎩⎨⎧≤>=-00
0)(x x e x f x
Y =x 2是非单调函数
当 x<0时 y =x 2 反函数是y x -=
当 x<0时 y =x 2
y x =
∴ Y ～ f Y (y ) = ))(())(('+'--y y f y y f
=⎪⎩⎪
⎨⎧≤>=
+-
-0
0,21
210y y e y
e y
y
y
法二：)()()()()(~y X P y X P y X y P y Y P y Y F Y -≤-≤=≤<-=≤=
⎪⎩⎪
⎨⎧≤>-=+--⎰
,
0,100
y y e dx e y
y x
∴ Y ～ f Y (y ) =⎪⎩⎪
⎨⎧≤>-.0,0
.0,21y y e y y
37、设X 的概率密度为
⎪⎩⎪
⎨⎧<<=为其他x πx πx x f 0
02)(2
求Y =sin X 的概率密度。

∵ F Y ( y )=P (Y ≤y )
= P (sin X ≤y ) 当y<0时：F Y ( y )=0
当0≤y ≤1时：F Y ( y ) = P (sin X ≤y ) = P (0≤X ≤arc sin y 或π－arc sin y ≤X ≤π) =
⎰
⎰
-+π
y πy
dx πx dx πx
arcsin 2
arcsin 0
2
22
当1<y 时：F Y ( y )=1
∴ Y 的概率密度ψ( y )为：
y ≤0时，ψ( y )=[ F Y ( y )]' = (0 )' = 0
0<y <1时，ψ( y )=[ F Y ( y )]' ='⎪⎭
⎫
⎝
⎛
+⎰
⎰
-π
y πy
dx πx dx π
x
arcsin 2arcsin 0
222
=
2
12y
π-
1≤y 时，ψ( y )=[ F Y ( y )]' = )1(' = 0
38、设电流I 是一个随机变量，它均匀分布在9安11安之间。

若此电流通过2
欧的电阻，在其上消耗2
2.W I =求W 的概率密度。

解：
I 在()9,11上服从均匀分布
I ∴的概率密度为：
()1
,1120,q x f x ⎧ <<⎪=⎨⎪ ⎩其它
22W I =的取值为162242W <<
分布函数 (){}{}
2
2
22w w F w P W w P I w P I ⎧
⎫=≤=≤=≤
⎨⎬⎩⎭
(
)q P Q i f x dx ⎧⎪
=<≤
=⎨⎪⎩
12q
q ⎫=
=⎪⎪⎭
()(
)'
,1622420,w w w f w F w <<∴== ⎩
其它 39、某物体的温度T (o F )是一个随机变量，且有T ～N （98.6，2），试求θ(℃)的概
率密度。

[已知)32(9
5
-=T θ]
法一：∵ T 的概率密度为+∞<<∞-=
⨯--
t e
t f t ,2
21)(2
2)6.98(2
π
又 )32(95
)(-=
=T T g θ 是单调增函数。

325
9
)(+==θθh T 反函数存在。

且 α = min [g (－∞), g (+∞)]=min (－∞, +∞)=－∞ β = max [g (－∞), g (+∞)]= max (－∞, +∞)= +∞ ∴ θ的概率密度ψ(θ)为
5
9
2
21
|)('|)]([)(4)6.98325
9
(2⋅
=
⋅=-+-θe
πθh θh f θψ +∞<<∞-=
--
θe π
θ,109
100
)37(812
法二：根据定理：若X ～N （α1， σ1），则Y=aX+b ～N (aα1+b, a 2 σ2 ) 由于T ～N （98.6, 2）
故 ⎥⎥⎦
⎤⎢⎢⎣⎡⨯⎪⎭⎫ ⎝⎛=⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⨯⎪⎭⎫
⎝⎛-⨯-=295,9333295,91606.9895~91609522
N N T θ
故θ的概率密度为：
+∞<<∞-=
=
--
⨯⎪⎭
⎫ ⎝⎛⨯⎪
⎭⎫
⎝⎛--
θπ
πθψθθ,1092
9
521
)(100
)37(81295293332
2
2
e
e。