高三物理上学期开学考试试题

咐呼州鸣咏市呢岸学校三中高三物理上学期开学考
试试题
一．选择题〔请将你认为正确的答案代号填在答题上，此题共12小题，每题4分，共计48分．〕
1．〔4分〕在半球形光滑容器内，放置一细杆，如下图，细杆与容器的接触点分别为A、B两点，那么容器上A、B两点对细杆m的作用力的方向分别为〔〕
A.均竖直向上
B.均指向球心
C.A点处的弹力指向球心O，B点处的弹力竖直向上
D.A点处的弹力指向球心O，B点处的弹力垂直于细杆向上
考点：
物体的弹性和弹力．.
专题：
受力分析方法专题．
分析：
支持力是一种弹力，其方向与接触面垂直，并且指向被支持物．
解答：
解：碗对筷子A、B两点处都有支持力．
在A处：筷子与碗的接触面是碗的切面，碗对筷子的支持力垂直切面指向筷子，根据几何知识得知，此方向指向球心O，即A点处碗对筷子的支持力指向球心O．
在B处：筷子与碗的接触面就是筷子的下外表，所以B点处碗对筷子的支持力垂直于筷子斜向上．故D正确．
应选：D
点评：
弹力通常有三种：支持力、压力和拉力．对于球形物体，假设两个物体是点与点接触型，支持力常常指向球心．
2．〔4分〕关于摩擦力的方向，以下表达中正确的选项是〔〕
A. 静摩擦力的方向，可能与物体运动的方向相同
B. 静摩擦力的方向总是跟物体相对运动趋势的方向相反
C. 滑动摩擦力的方向，可能与物体的运动方向相同
D. 滑动摩擦力的方向，总是与物体的运动方向相同
考点：
摩擦力的判断与计算．.
专题：
摩擦力专题．
分析：
解答此题根据静摩擦力与滑动摩擦力的性质，明确摩擦力的方向阻碍物体的相对运动方向．
解答：
解：A、B、静摩擦力的方向总是跟物体相对运动趋势的方向相反，故可以与物体运动的方向相同或相反，故A正确，B正确；
C、D、滑动摩擦力的方向，与物体之间的相对运动方向相反，可能与物体的运动方向相反或相同，故C正确，D错误；
应选：ABC．
点评：
理解摩擦力的方向时在于相对这两个字，明确相对运动和对地运动的区别．
3．〔4分〕如图，放在水平桌面上的木块受到F1=8N，F2=3N两水平推力作用而静止，假设撤去F1，那么物体在水平方向上受到的摩擦力大小为〔〕
A．0N B．3N C．2N D．8N
考
点：
摩擦力的判断与计算．.
专
题：
摩擦力专题．
分析：先根据木块的受力情况得知最大静摩擦力的情况，撤去F1后，比拟F2与最大静摩擦力的大小，可判断木块仍静止，利用共点力的平衡可得知木块受到的静摩擦力的大小和方向．
解答：解：木块在水平方向共受到三个力F1、F2和摩擦力作用，木块处于静止状态，合外力为零，得知此时摩擦力为：f=F1﹣F2=8﹣3=5N，最大静摩擦力大于于5N，当撤去F1，作用在物体上的力F2=3N，小于最大静摩擦力，木块仍处于静止状态，那么此时受的静摩擦力为f′=F2=3N，方向与F2的方向相反，即为方向向右．
应选：B．
点评：解答该题的关键是根据条件判断木块与地面的最大静摩擦力的大小，同时要注意，施加的外力发生变化时，静摩擦力往往是要跟着变化的．要熟知静摩擦力的解答方法．
4．〔4分〕同一平面内的三个力，大小分别为4N、6N、7N，假设三力同时作用于某一物体，那么该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为〔〕
A．17N、3N B．17N、0 C．9N、0 D．5N、3N
考
点：
力的合成．.
分析：当这三个力作用在同一物体上，并且作用在同一直线上，方向相同，三个力的合力最大．如果三个力不在同一直线上，夹角可以变化，当两个较小力的合力大小于第三个力，方向相反时，合力为零，此时三个力的合力的最小．
解答：解：当三个力作用在同一直线、同方向时，三个力的合力最大，即F=4N+6N+7N=17N．4N、6N的最大值为10N，最小值为2N，因此7N在最大与最小之间，因此三个力合力能够为零，那么合力最小值为0．
应选：B．
点评：当多个力合成时，它们作用在同一直线上、同方向时，合力最大；求最小合力时，先考虑合力为零的情况．
5．〔4分〕如下图，在倾角为θ的斜面上放着一个质量为m的光滑小球，球被竖直的木板挡住，那么球对木板的压力大小为〔〕
A．m gcosθB．m gtanθC．D．
考
点：
共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．.
专共点力作用下物体平衡专题．
题：
分析：小球处于平衡状态，对小球进行受力分析，由共点力的平衡条件可求得小球对竖直木板的压力大小．
解
答：
解：对小于受力分析如下图，小球在三力作用下保持平衡；由图利用几何关系可知：
小球木板的弹力为：F2=；
那么由牛顿第三律可知，小球对竖直木板的压力大小为；
应选：C．
点
评：
对于共点力平衡类的题目要注意做好受力分析，并能正确利用几何关系求解．
6．〔4分〕〔2021•模拟〕如下图，由物体A和B组成的系统处于静止状态．A、B的质量分别m A和m B，且m A ＞m B．滑轮的质量和一切摩擦均可不计．使绳的悬点由P点向右移动一小段距离到Q点，系统再次到达静止状态．那么悬点移动前后图中绳与水平面所夹的角θ〔〕
A．变大B．变小
C．不变D．可能变大，也可能变小
考
点：
共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．.
专
题：
共点力作用下物体平衡专题．
分析：此题的关键是明确通过滑轮的绳子拉力大小都相且于物体B的重力，再对A受力分析由竖直方向上的合力为零即可求出绳与水平面夹角不变．
解
答：
解：先对B受力分析可知，绳子拉力大小于物体B的重力，由于通过绳子的拉力
相，所以对物体A的绳子拉力=，再对物体A受力分析如下图，由在竖直方向合力为零
可得2sinθ=，即2sinθ=，所以sinθ=，所以悬点移动前后绳与水
平面夹角不变，C正确，ABD错误．
应选C．
：
点
评：
假设滑轮的质量和摩擦不计，那么通过滑轮的绳子拉力大小相．
7．〔4分〕某生身高1.7m，在运动会上参加跳高比赛，采用背跃式，身体横着越过2.10m的横杆，获得了冠．据此可估算出他起跳时竖直向上的速度约为〔g=10m/s2〕〔〕
A．7m/s B．6.5m/s C．5m/s D．3m/s
考
点：
竖直上抛运动．.
专
题：
直线运动规律专题．
分析：运发动跳高的运动模型为竖直上抛运动，因为是背跃式跳高，所以只要运发动的重心能够到达横杆处，即可认为运发动越过横杆．
解答：解：运发动跳高过程可以看做竖直上抛运动，当重心到达横杆时速度恰好为零，有：运发动重心升高高度：．
根据竖直上抛运动得：，故ABD错误，C正确．
应选C．
点
评：
对于生活中的各种实际运动要能正确建立运动模型，然后依据运动规律求解．
8．〔4分〕做匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为x=24t﹣t2〔m〕，根据这一关系式可以知道，物体速度为零的时刻是〔〕
A．s B．8s C．16s D．24s
考
点：
匀变速直线运动的位移与时间的关系．.
专
题：
直线运动规律专题．
分
析：
根据匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为x=24t﹣t2=，求出匀变速直线运动的初速度和加速度，再根据v=v0+at求出速度变为0所需的时间．
解
答：
解：根据x=24t﹣t2=，得，v0=24m/s，a=﹣3m/s2．
由v=v0+at得，．故B正确，A、C、D错误．应选B．
点评：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at和位移时间公式x=．
9．〔4分〕电梯上升过程的速度图象如下图，从图象可知电梯在9s钟内上升的高度是〔〕
A．0B．36m C．24m D．39m
考
点：
匀变速直线运动的图像．.
专
题：
运动的图像专题．
分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．
解答：解：由于在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负；所以由图象中梯形的面积为s==39m，故D正
确．
应选：D
点评：此题是为速度﹣﹣时间图象的用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象象与坐标轴围成的面积的含义．
10．〔4分〕一小石块从空中a点自由落下，先后经过b点和c点，不计空气阻力．经过b点时速度为v，经过c点时速度为3v，那么ab段与ac段位移之比为〔〕
A．1：3 B．1：5 C．1：8 D．1：9
考
点：
自由落体运动；匀变速直线运动的速度与位移的关系．.
专
题：
自由落体运动专题．
分
析：
物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移速度公式可以求得．
解答：解：解：物体做自由落体运动， 2ah ab=v2①
2ah ac=〔3v〕2②
由①②得：
=，故D答案正确．
应选D．
点
评：
此题是对自由落体运动公式的直接用的考查，题目比拟简单．
11．〔4分〕〔2021•云拟〕如下图，在超市内倾角为θ的电梯斜面上有一车西瓜随电梯匀速向上运动，在箱子的有一只质量为m的西瓜，那么在该西瓜随箱一起匀速的过程中，周围其它西瓜对它的作用力的方向为〔〕
A．沿斜面向上B．沿斜面向下C．竖直向上D．垂直斜面向上
考
点：
牛顿第二律．.
专
题：
牛顿运动律综合专题．
分析：这看似是受力分析，我们不可能把它收到的周围的每个西瓜的作用力都分析出来，这个思路是错误的．实际此题是牛顿第二律的用．
解答：解：
由西瓜的运动状态﹣﹣匀速运动，可知受合外力为零，受到的力由两组成，一是重力，二是周围西瓜对它的作用力．由二力平衡可以知道周围西瓜对它的作用力与重力大反向，即方向竖直向上，故C正确．
应选C．
点评：在分析问题时，不要被外表现象迷惑，从而被引入误区．或者说在一个思路不通时，及时调整思路来解题．
12．〔4分〕如下图，五个木块并排放在水平地面上，它们的质量相同，与地面的摩擦不计．当用力F推第一块使它们共同加速运动时，第2块对第3块的推力为〔〕
A．B．C．D．
考
点：
牛顿第二律；物体的弹性和弹力．.
专
题：
牛顿运动律综合专题．
分析：先以整体为研究对象，根据牛顿第二律求加速度，然后以345整体为研究对象，根据牛顿第二律求第2与第3块木块之间弹力；
解答：解：以整体为研究对象，根据牛顿第二律：F=5ma 得：a=
以345整体为研究对象，根据牛顿第二律：N23=3m•a 得：N23=F
应选：A
点评：此题属于连接体问题，连接体问题往往是隔离法和整体法结合用，正确的选择研究对象是关键．
二．题〔每题5分，此题共计20分．〕
13．〔5分〕“研究变匀速直线运动〞的中，使用电磁式打点计时器〔所用交流电的频率为50Hz〕，得到如下图的纸带．图中的点为计数点，相邻两计数点间还有四个点未画出来，以下表达正确的选项是〔〕
A．时先放开纸带再接通电源
B．〔x6﹣x1〕于〔x2﹣x1〕的6倍
C．从纸带可求出计数点B的速率
D．相邻两计数点间的时间间隔为0.02s
考
点：
探究小车速度随时间变化的规律．.
专
题：
题．
分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2、x m﹣x n=〔m﹣n〕aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上某点的瞬时速度大小．
解答：解：A、时先接通电源后放开纸带，如果先放纸带再开电源就会出现纸带上只有一小段有点，其余的纸带长度没有利用起来；故A错误．
B、根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2与x m﹣x n=〔m﹣n〕aT2
可得：x m﹣x n=〔m﹣n〕△x
即：〔S6﹣S1〕=5△x，〔S2﹣S1〕=△x；故B错误．
CD、相邻两计数点间还有四个点未画出，所以相邻计数点之间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，得：
V B=，故C正确，D错误．
应选：C．
点评：要提高用匀变速直线的规律以及推论解答问题的能力，在平时练习中要根底知识的理解与用．
14．〔5分〕在“探究弹力和弹簧伸长的关系〞的中，以下说法正确的选项是〔〕
A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度
B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量
D．用几个不同的弹簧分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相考
点：
探究弹力和弹簧伸长的关系．.
专
题：
题．
分析：在<探索弹力和弹簧伸长的关系>中，弹簧的弹力与行变量的关系满足F=kx，其中k 由弹簧本身决．
解答：解：A、弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否那么弹簧会损坏，故A正确．B、用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读读数．故B正确．
C、弹簧的长度不于弹簧的伸长量．故C错误．
D、拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故D错误．
应选：AB．
点
评：
此题关键明确原理，能够根据胡克律列式求解，根底题．
15．〔5分〕某小组研究橡皮筋伸长与所受拉力的关系．时，将原长约200mm的橡皮筋上端固，在竖直悬挂的橡皮筋下端逐一增挂钩码〔质量均为20g〕，每增挂一只钩码均记下对的橡皮筋伸长量；当挂上10只钩码后，再逐一把钩码取下，每取下一只钩码，也记下对的橡皮筋伸长量．根据测量数据，作出增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量△l与拉力F关系的图象如下图．从图象中可以得出结论〔〕
A．增挂钩码时△l与F成正比，而减挂钩码时△l与F不成正比
B．当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量比减挂钩码时的大
C．当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量与减挂钩码时的相
D．增挂钩码时所挂钩码数过多，导致橡皮筋超出弹性限度
考
点：
探究弹力和弹簧伸长的关系．.
专
题：
题；弹力的存在及方向的判专题．
分析：研究橡皮筋伸长与所受拉力的关系时，作出增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量△l与拉力F关系的图象．假设在弹性限度内，那么减少钩码与增加钩码橡皮筋形变量该相同，但从图象发现两者不．因此橡皮筋的已超出弹性限度．
解答：解：由增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量△l与拉力F关系的图象，发现减少钩码与增加钩码橡皮筋形变量不相同，那么说明橡皮筋的已超出弹性限度．所以选择D 选项．
应选D．
点评：解决此题要知道再弹性范围内橡皮筋伸长量与所受拉力成正比，如超出弹性范围那么该结论不成立，难度不大，属于根底题．
16．〔5分〕用游标卡尺〔卡尺的游标有20份〕测量一支铅笔的长度，测量结果如下图，由此可知铅笔的长度是〔〕mm．
A．91.60mm B．9.16mm C．9.160mm D．91.160mm
考
点：
刻度尺、游标卡尺的使用．.
专
题：
题．
分游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．
析：
解答：解：游标卡尺的主尺读数为9.1cm，游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.05×12mm=0.60mm=0.060cm，
所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数为：9.1cm+0.060cm=9.160cm=91.60mm；
应选：A．
点评：解决此题的关键掌握游标卡尺的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．
17．〔18分〕竖直矿井中的升降机以4m/s的速度向上运行，为使升降机的速度在2s内均匀减小到零，求升降机在减速过程中：
〔1〕加速度的大小和方向；
〔2〕位移的大小；
〔3〕其中质量为200kg的矿物对水平底板压力的大小〔取g=10m/s2〕．
考
点：
牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.
专
题：
牛顿运动律综合专题．
分析：〔1〕由速度时间公式求的加速度；
〔2〕由速度位移公式求的位移；
〔3〕由牛顿第二律求的水平底板对物体的支持力，由牛顿第三律求的矿物对底板的压力
解
答：解：〔1〕由公式：a===﹣2m/s2
升降机加速度大小为2 m/s2，方向竖直向下
〔2〕由位移公式：s=v0t+at2=
〔3〕由牛顿第二律：F﹣mg=ma
解得矿物所受水平底板的支持力的大小为F=mg+ma=200×10+200×〔﹣2〕N=1600 N 由牛顿第三律得，矿物对水平底板压力的大小为1 600 N
答：〔1〕加速度的大小为2m/s2，方向向下；
〔2〕位移的大小为4m；
〔3〕其中质量为200kg的矿物对水平底板压力的大小为1600N
点评：此题考查了运动学公式的根本运用，关键是掌握运动学规律，灵活运用公式进行求解．
18．〔14分〕〔2021•〕O、A、B、C为同一直线上的四点，AB间的距离为l1，BC间的距离为l2，一物体自O点静止起出发，沿此直线做匀加速运动，依次经过A、B、C三点．物体通过AB段与通过BC段所用时间相．求O与A的距离．
考
点：
匀变速直线运动的位移与时间的关系．.
专
题：
运动的图像专题．
分析：物体做匀加速运动，加速度不变．对AB段、BC段时间相，分别用位移关系公式列方程求出加速度和初速度，再由速度位移关系公式求解有O与A的距离．
解答：解：设物体的加速度为a，到达A点的速度为v0，通过AB段和BC点所用的时间为t，那么l1=v0t+at2①
l1+l2=v0•2t+a〔2t〕2②
联立②﹣①×2得 a=③
v0=④
设O与A的距离为l，那么有 l=⑤
将③、④两式代入⑤式得 l=．
答：有O与A的距离为l=．
点评：此题是多过程问题，除了分别对各个过程进行研究外，重要的是寻找过程之间的联系，列出关系式．此题求加速度，也用推论△x=aT2直接求解．。