2019最新物理题库山东省滕州市第一中学2018年高一上学期物理期末模拟试题

高一物理期末模拟试题一、单选题1.如图所示，一个物体放在水平面上，在跟竖直方向成θ角的斜向下的推力F的作用下沿平面移动了距离s．若物体的质量为m，物体与地面之间的摩擦力大小为f，则在此过程中（）A. 摩擦力做的功为fsB. 力F做的功为Fs cosθC. 力F做的功为Fs sinθD. 重力做的功为mgs2.下列叙述中正确的是（）A. 我们学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B. 物体从静止开始下落的运动叫自由落体运动C. 通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D. 任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内3.质量M=4kg，m=2kg的物体如图所示，M与地面的摩擦力不计，m与M的摩擦因数为0.1，现在有一个力F分别两次作用在M和m上，至少为多大，M和m发生相对运动（）A. 2N 6NB. 3N 2NC. 3N 6ND. 6N 3N4.韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员．他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功1800J，他克服阻力做功100J．韩晓鹏在此过程中（）A. 动能增加了1900JB. 动能增加了1800JC. 重力势能减小了1900JD. 重力势能减小了1800J5.如图所示，物体从A处静止开始沿光滑斜面AO下滑，又在粗糙水平面上滑动，最终停在B处．已知A距水平面OB的高度为h，物体的质量为m，现将物体m从B点沿原路送回至A处，需外力做的功至少应为（）A. mghB. mghC. mghD. 2mgh6.下列关于作用力和反作用力的叙述正确的是（）A. 只有相互接触的物体间才有作用力和反作用力B. 作用力和反作用力一定同时产生同时消失C. 作用力和反作用力可能是不同性质的力D. 只有物体处于静止状态时，作用力和反作用力才会大小相等二、多选题7.如图所示，汽车质量为m，以恒定功率P沿一倾角为θ的长斜坡向上行驶，汽车和斜坡间的动摩擦因数为μ，某一时刻t时刻速度大小为v，则（）A. t时刻汽车的牵引力为B. t时刻汽车的牵引力为mg sinθ+μmg cosθC. t时刻汽车的加速度为-μ（g sinθ+g cosθ）D. 汽车上坡的最大速度为8.在如图所示的装置中，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短．现将子弹、木块和弹簧组成的系统作为研究对象，则此系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中（）A. A、B组成的系统机械能守恒B. A、B、弹簧组成的系统机械能守恒C. A、B组成的系统机械能不守恒D. A、B、弹簧组成的系统机械能不守恒9.如图所示，在水平力F的作用下，A、B相对水平面保持静止，下列说法正确的是（）A. A、B间的摩擦力等于2FB. A、B间的摩擦力等于FC. B与水平面间摩擦力等于零D. B与水平面间摩擦力等于F10.质量为m的物体，在距地面h高处以g的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法正确的是（）A. 物体重力势能减少mghB. 物体重力势能减少mghC. 物体机械能减少mghD. 物体机械能减少mgh三、实验题11.在“验证牛顿运动定律”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出．（1）当M与m的大小关系满足______ 时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与______ 的图象．（3）如图（a），甲同学根据测量数据做出的a-F图线，说明实验存在的问题是______ ．（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a-F图线，如图（b）所示，两个同学做实验时的______ 物理量取值不同？12.在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=200g的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示．O为纸带下落的起始点，A、B、C为纸带上选取的三个连续点．已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.8m/s2，那么（1）计算B点瞬时速度时，甲同学用v B2=2gs OB，乙同学用v B=．其中所选择方法正确的是______ （选填“甲”或“乙”）同学．（2）同学丙想根据纸带上的测量数据进一步计算重物和纸带下落过程中所受的阻力，为此他计算出纸带下落的加速度为______ m/s2，从而计算出阻力F f= ______ N．（3）若同学丁不慎将上述纸带从OA之间扯断，他仅利用A点之后的纸带能否实现验证机械能守恒定律的目的？______ ．（选填“能”或“不能”）四、计算题13.子弹水平射入静止在光滑的水平面上木块中，进入木块的最大深度为d．若在子弹深入木块直到最大深度的过程中，木块沿桌面移动距离为L，木块对子弹平均阻力大小为f，那么在这一过程中，求：（1）木块动能改变量为多少？（2）子弹动能改变量为多少？（3）子弹和木块组成系统机械能损失多少？14.用一台额定功率为P0=60kW的起重机，将一质量为m=500kg的工件由地面竖直向上吊起，不计摩擦等阻力，取g=10m/s2．求：（1）工件在被吊起的过程中所能达到的最大速度v m；（2）若使工件以a=2m/s2的加速度从静止开始匀加速向上吊起，则匀加速过程能维持多长时间？（3）若起重机在始终保持额定功率的情况下从静止开始吊起工件，经过t=1.14s工件的速度v t=10m/s，则此时工件离地面的高度h为多少？15.如图所示，质量M=1kg且足够长的木板静止在水平面上，与水平面间动摩擦因数μ1=0.1．现有一质量m=2kg的小铁块以v0=3m/s的水平速度从左端滑上木板，铁块与木板间动摩擦因数μ2=0.2．重力加速度g=10m/s2．求：（1）铁块刚滑上木板时，铁块和木板的加速度分别多大？（2）木板的最大速度多大？（3）从木板开始运动至停止的整个过程中，木板与地面摩擦产生的热量是多少？16.如图所示，地面上放一木箱，质量为40kg，用与水平方向成370角，大小为100N的力推木箱，恰好使木箱匀速前进．若用大小为100N，方向与水平成370角的力斜向上方拉木箱，木箱加速运动（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8））求：（1）木箱与地面的动摩擦因素．（2）木箱加速运动时的加速度大小．18如图所示，质量为m=2kg的物体静止在水平地面上，受到与水平地面夹角为θ=37°、大小F=10N的拉力作用，物体移动了l=2m，物体与地面间的动摩擦因数μ=0.3，（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）拉力F所做的功W1．（2）摩擦力F f所做的功W2．（3）合力F合所做的功W．答案和解析【答案】1. C2. C3. D4. D5. D6. AC7. CD8. BC9. BC10. 解：（1）物体的加速度为：，则物体在2s内的位移为：，则F在2s内做的功为：W=FS=6×6=36J．（2）由平均功率的定义式，2s内的平均功率为：P=W=18W．（3）2s末物体的速度为：v2=at=3×2m/s=6m/s故2s末的瞬时功率为：P2=Fv2=6×6W=36W11. M＞＞m；；平衡摩擦力时木板倾角过大；两小车及车上砝码的总质量不同．12. 乙；9.5；0.06；能13. 解：（1）木块在水平方向受到的子弹对木块的作用力与木块对子弹的阻力相等，也是f，子弹深入木块直到最大深度的过程中，木块沿桌面移动距离为L，f对木块做功：W1=fL由动能定理得：木块动能改变量：△E K1=W1=fL（2）木块的位移：x=L+d，阻力对木块做的功：W2=f（L+d）由动能定理得：子弹动能改变量为：△E K2=W2=f（L+d）（3）子弹和木块组成系统机械能损失等于阻力与相对位移的乘积，即：Q=fd14. 解：（1）当工件达到最大速度时，F=mg，P=P0=60kW故=12m/s；（2）工件被匀加速向上吊起时，a不变，v变大，P也变大，当P=P0时匀加速过程结束，根据牛顿第二定律得F-mg=ma，解得F=m（a+g）=500×（2+10）N=6000N匀加速过程结束时工件的速度为：v=，匀加速过程持续的时间为：；（3）根据动能定理，有代入数据，解得h=8.68m．15. 解：（1）设铁块和木块的加速度大小分别a1和a2，对铁块受力分析，由牛顿第二定律可得：μ2mg=ma1，代入数据解得：a1=2m/s2对木板同理可得：μ2mg-μ1（m+M）g=Ma2，a2=1m/s2故铁块和木板的加速度大小分别为2m/s2和1m/s2．（2）铁块先向右减速，木板向右加速，两者速度相等后，又一起向右减速，直到静止．设木板从开始运动到速度最大时所需时间为t，最大速度为v，由运动学公式可知：v=v0-a1tv=a2t两式联立可得：t=1s，v=1m/s故木板的最大速度为1m/s．（3）设铁块和木板速度相等前，木板位移x1；一起减速段的加速度大小a3，位移x2，则由运动学公式可知：a3=μ1g=1m/s2x1=vt=0.5mx2=v2/2a3=0.5m即木板的总位移：x=x1+x2=1m故木板与地面摩擦产生的热量：Q=μ1（m+M）gx=3J16. 解：（1）以木箱为研究对象，因为物体匀速运动，物体的受力如右图所示．故根据平衡条件有：F N-mg-F sin37°=0F cos37°-F f=0又F f=μF N解得：μ===0.17；（2）当F斜向上拉时，物体的受力如右图所示．根据牛顿第二定律有：F N′+F sin37°-mg=0F cos37°-F f=ma又F f′=μF N′解得：a=[F cos37°-μ（mg-F sin37°）]=×[100×0.8-0.17×（400-100×0.6）]=0.56m/s2；。