(江苏专用版)2020版高考物理总复习 第八章练习【共5套39页】
江苏2022版高考物理一轮复习 第8章 恒定电流 实验10 长度的测量及其测量工具的选用课件
甲
乙
[解析] 游标卡尺的主尺读数为 1.2 cm，游标尺上第 4 个刻度和 主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 4×0.05 mm＝0.20 mm＝ 0.020 cm，所以最终读数为：1.2 cm＋0.020 cm＝1.220 cm。
螺旋测微器的固定刻度为 6.5 mm，可动刻度为 36.0×0.01 mm ＝0.360 mm，所以最终读数为 6.5 mm＋0.360 mm＝6.860 mm。
(2)电压表使用 3 V 量程时，每小格表示 0.1 V，表针示数为 1.70 V；使用 15 V 量程时，每小格表示 0.5 V，表针示数为 8.5 V。
(3)接入电路的电阻为 1 987 Ω，最简单的操作方法是将“×1 k” 旋钮调到 2，再将“×100”旋钮调到 0。每个电阻箱的最大阻值是 9 999 Ω，用这样的两个电阻箱串联可得到的最大电阻是 2×9 999 Ω＝ 19 998 Ω。故用两个这样的电阻箱，可得到的电阻值范围为 0～19 998 Ω。
(3)由图丙所示电压表可知，其量程为 3 V，分度值为 0.1 V，示 数为 2.60 V；由图示电流表可知，其量程为 0.6 A，分度值为 0.02 A， 示数为 0.52 A。
[答案] 0.52
(1)0.697(0.695～0.698 均正确)
(2)偏小 (3)2.60
结束 语 （江苏专用）2022版高考物理一轮复习 第8章 恒定
(3)螺旋测微器 ①构造：如图所示，B 为固定刻度，E 为可动刻度。
②原理：测微螺杆 F 与固定刻度 B 之间的精密螺纹的螺距为 0.5 mm，即旋钮 D 每旋转一周，F 前进或后退 0.5 mm，而可动刻度 E 上的刻度为 50 等份，每转动一小格，F 前进或后退 0.01 mm，即螺 旋测微器的精确度为 0.01 mm。读数时估读到毫米的千分位上，因 此，螺旋测微器又叫千分尺。
高中物理第八章机械能守恒定律知识点总结归纳完整版(带答案)
高中物理第八章机械能守恒定律知识点总结归纳完整版单选题1、如图所示，斜面倾角为θ＝37°，物体1放在斜面紧靠挡板处，物体1和斜面间动摩擦因数为μ＝0.5，一根很长的不可伸长的柔软轻绳跨过光滑轻质的小定滑轮，绳一端固定在物体1上，另一端固定在物体2上，斜面上方的轻绳与斜面平行。
物体2下端固定一长度为h 的轻绳，轻绳下端拴在小物体3上，物体1、2、3的质量之比为4：1：5，开始时用手托住小物体3，小物体3到地面的高度也为h ，此时各段轻绳刚好拉紧。
已知物体触地后立即停止运动、不再反弹，重力加速度为g ＝10m/s 2，小物体3从静止突然放手后物体1沿面上滑的最大距离为（ ）A ．3hB ．73hC ．2hD ．43h 答案：D设2的质量为m ，从开始放手到3触地过程中，设触地时3的速度为v 1；则对整体根据功能关系可知 6mgh ﹣（4mg sin θ+4μmg cos θ）h =12（10m ）v 12此后3停止，设物体2继续向下运动距离s 后速度减小为零，对1、2应用功能关系可知mgs ﹣（4mg sin θ+4μmg cos θ）s ＝0−12（5m ）v 12解得s =ℎ3则1沿斜面上滑的最大距离为L ＝h +s =43h故D 正确，ABC 错误。
故选D 。
2、有一种飞机在降落的时候，要打开尾部的减速伞辅助减速，如图所示。
在飞机减速滑行过程中，减速伞对飞机拉力做功的情况是（）A．始终做正功B．始终做负功C．先做负功后做正功D．先做正功后做负功答案：B减速伞对飞机的作用力与飞机运动方向相反，对飞机做负功。
故选B。
3、如图，一位质量为m的滑雪运动员从高h的斜坡加速下滑。
如果运动员在下滑过程中受到的阻力F f，斜坡倾角θ，则下列说法正确的是（）A．阻力做功为W f=F fℎsinθB．重力做功为W G=mgℎC．阻力做功为W f=F fℎD．人所受外力的总功为零答案：BAC．阻力做功为W f=−F fℎsinθ故AC错误；B．重力做功为W G=mgℎ故B正确；D．人加速下滑，动能增加，则根据动能定理可知，人所受外力的总功不为零，故D错误。
(江苏专用)2020版高考物理大一轮复习 第八章 恒定电流章末热点集训课件
A．R1 断路 C．R3 短路Biblioteka B．R2 断路 D．R4 短路
解析：选 A.等效电路如图所示．若 R1 断 路，电路的外电阻变大，总电流减小，路 端电压变大，L1 两端电压变大，L1 变亮； ab 部分电路结构没变，电流仍按原比例分 配，总电流减小，通过 L2、R4 的电流都减 小，故 A 项正确；若 R2 断路，总电阻变大，总电流减小，ac 部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，R1、L1 中电流都 减小，与题意相矛盾，故 B 项错误；若 R3 短路或 R4 短路， 总电阻减小，总电流增大，电流表 A 中电流变大，与题意相 矛盾，故 C、D 项错误．
电源的 U－I 图象与伏安特性曲线的综合应用 (多选)(2019·南通模拟)如图所示，图线甲、乙分别为 电源和某金属导体的 U－I 图线，电源的电动势和内阻分别用 E、r 表示，根据所学知识分析下列选项正确的是 ( )
A．E＝50 V B．r＝5 Ω C．当该导体直接与该电源相连时，该导体的电阻为 20 Ω D．当该导体直接与该电源相连时，电路消耗的总功率为 80 W
A.UI1不变，ΔΔUI1不变 C.UI2变大，ΔΔUI2不变
B．UI2变大，ΔΔUI2变大 D．UI3不变，ΔΔUI3不变
[解析] 法一 由题图可知，UI1＝ΔΔUI1＝R1，是定值，A 正 确；UI2＝R2 随 P 向下移动而变大，而ΔΔUI2＝ΔI（ΔR1I＋r） ＝R1＋r 不变，B 错误，C 正确；因UI3＝R1＋R2，故此比值增 大，而ΔΔUI3＝r 为电源的内电阻不变，故 D 错误．
2.将三个完全相同的小灯泡按如图甲所示的 方式连入电路，其中的电压表和电流表均为理想电表，蓄电 池的内阻不可忽略．当开关闭合后，电压表 V1的读数为 4.0 V， 经测量这种小灯泡的 U－I 图象如图乙所示．则( )
(江苏专版)2020版高考物理一轮复习 第五章(讲义)【共6套74页】
本套资源目录江苏专版2020版高考物理一轮复习第五章实验五验证机械能守恒定律讲义含解析江苏专版2020版高考物理一轮复习第五章实验四探究动能定理讲义含解析江苏专版2020版高考物理一轮复习第五章第1节功和功率讲义含解析江苏专版2020版高考物理一轮复习第五章第2节动能定理及其应用讲义含解析江苏专版2020版高考物理一轮复习第五章第3节机械能守恒定律及其应用讲义含解析江苏专版2020版高考物理一轮复习第五章第4节功能关系能量守恒定律讲义含解析验证机械能守恒定律一、实验目的验证机械能守恒定律。
二、实验器材铁架台(含铁夹)、打点计时器、学生电源(交流4～6 V)、纸带(数条)、复写纸、导线、毫米刻度尺、重物(带纸带夹)。
突破点(一) 实验原理与操作[例1] 在利用自由落体运动验证机械能守恒定律的实验中，电源的频率为50 Hz ，依次打出的点为0,1,2,3,4，…，n 。
则：(1)如用第2点到第6点之间的纸带来验证，必须直接测量的物理量为____________、____________、____________，必须计算出的物理量为____________、____________，验证的表达式为____________________。
(2)下列实验步骤操作合理的排列顺序是______(填写步骤前面的字母)。
A ．将打点计时器竖直安装在铁架台上B ．接通电源，再松开纸带，让重物自由下落C ．取下纸带，更换新纸带(或将纸带翻个面)重新做实验D ．将重物固定在纸带的一端，让纸带穿过打点计时器，用手提着纸带E ．选择一条纸带，用刻度尺测出物体下落的高度h 1，h 2，h 3，…，h n ，计算出对应的瞬时速度v 1，v 2，v 3，…，v nF ．分别算出12mv n 2和mgh n ，在实验误差允许的范围内看是否相等 [答案] (1)第2点到第6点之间的距离h 26第1点到第3点之间的距离h 13 第5点到第7点之间的距离h 57第2点的瞬时速度v 2 第6点的瞬时速度v 6mgh 26＝12mv 62－12mv 22 (2)ADBCEF[由题引知·要点谨记]1.实验原理的理解[对应第1题]1两种验证方法①利用起始点和第n 点计算。
(江苏专用)2020版高考物理新增分大一轮复习 第八章 磁场本章综合能力提升练(含解析)
本章综合能力提高练一、单项选择题1.如图1，一导体棒ab 遇到的安培力方向( )图1答案 D分析 由安培定章知U 形铁芯下端为N 极，上端为S 极，ab 中的电流方向由a →b ，由左手定章可知导体棒遇到的安培力方向向右，选项D 正确.2.(2017·南师附中模拟)如图2所示，两根圆滑金属导轨平行搁置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ.质量为m 、长为L 的金属杆ab 垂直导轨搁置，整个装置处于垂直abab 中通有从a 到b 的恒定电流I 时，金属杆ab 感觉强度的方向和大小可能为( )图2A.竖直向上，mgIL tan θB.平行导轨向上，mg cos θILC.水平向右，mg ILD.水平向左，mg IL答案 D分析 金属导轨圆滑，因此没有摩擦力，则金属杆只受重力、支持力和安培力，依据均衡条件知三力的协力感觉强度方向竖直向上时，如下图，安培力水平向右，由几何关系和F ＝BIL得磁感觉强度大小为mg tan θIL，选项A 错误；磁感觉强度方向平行导轨向上，安培力垂直于导轨向下，不行能均衡，选项B 错误；磁感觉强度方向水平向右，安培力竖直向下，不行能均衡，选项C 错误；磁感觉强度方向水平向左，安培力竖直向上，若均衡，安培力和重力相等，且由F ＝BIL 得磁感觉强度大小为mg IL，选项D 正确.3.(2018·铜山中学模拟)如图3所示，MN 为两个匀强磁场的分界面，两磁场的磁感觉强度大小的关系为B 1＝2B 2，一带电荷量为＋q 、质量为m 的粒子从O 点垂直MN 进入B 1磁场，则经过多长时间它将向下再一次经过O 点( )图3A.2πmqB 1B.2πm qB 2C.2πmq (B 1＋B 2)D.πmq (B 1＋B 2)答案 B分析 粒子在磁场中的运动轨迹如下图，由周期公式T ＝2πmqB知，粒子从O 点进入磁场到向下再一次经过O 点的时间t ＝2πm qB 1＋πm qB 2＝2πm qB 2，因此选项B 正确.4.如图4，空间某地区存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上(与纸面平行)，磁场方向垂直于纸面向里，三个带正电的微粒a 、b 、c 电荷量相等，质量分别为m a 、m b 、m c ，已知在该地区内，a 在纸面内做匀速圆周运动，b 在纸面内向右做匀速直线运动，c 在纸面内向左做匀速直线运动.以下选项正确的选项是( )图4A.m a >m b >m cB.m b >m a >m cC.m c >m a >m bD.m c >m b >m a答案 B分析 由题意知，三个带电微粒所受洛伦兹力和重力的关系为：m a g ＝qE ，m b g ＝qE ＋Bqv b ，m c g ＋Bqv b ＝qE ，因此m b >m a >m c ，应选项B 正确，A 、C 、D 错误.5.(2017·如皋市第二次质检)现代质谱仪可用来剖析比质子重好多倍的离子，其表示图如图5所示，此中磁感觉进口处从静止开始被加快电场加快，经匀强磁场偏转后从出口走开进口处从静止开始被加快电场加快，为使它经同一匀强磁场偏转后仍从同一出口走开磁场，需将加快电压减小到本来的112倍.此离子和质子的质量比约为( )图5答案 C分析 依据动能定理得，qU ＝12mv 2得v ＝2qUm①粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力供给向心力，依据牛顿第二定律，有qvB ＝mv 2R ，得R ＝mv qB② ①②两式联立得：m ＝qB 2R 22U二价正离子与质子从同一出口走开磁场，则R 同样，因此m ∝q U，二价正离子电荷量是质子的2倍，且加快电压是质子的112，故二价正离子质量是质子质量的24倍，C 正确，A 、B 、D 错误.6.带电粒子(不计重力)以初速度v 0从a 点垂直y 轴进入匀强磁场，如图6所示，运动过程中粒子经过b 点，且Oa ＝Ob .若撤去磁场加一个与y 轴平行的匀强电场，仍以v 0从a 点垂直y 轴进入电场，粒子还能过b 点，那么电场强度E 与磁感觉强度B 之比为( )图6A.v 0v 0D.v 02答案 C分析 带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，经过a 、b 两点且Oa ＝Ob ，故O 为圆心，Oa ＝Ob ＝mv 0qB ，带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，竖直方向加快度a ＝qEm，故Ob ＝v 0t ，Oa ＝qE2m t 2，联立解得EB＝2v 0，应选项C 正确. 7.如图7，虚线所示的圆形地区内存在一垂直于纸面的匀强磁场，P 为磁场界限上的一点，大批同样的带电粒子以同样的速率经过P 点，在纸面内沿不一样的方向射入磁场，若粒子射入速率为v 1，这些粒子在磁场界限的出射点散布在六分之一圆周上；若粒子射入速率为v 2，相应的出射点散布在三分之一圆周上，不计重力及带电粒子之间的互相作用，则v 2∶v 1为( )图7A.3∶2B.2∶1C.3∶1D.3∶ 2答案 C分析 依据作图剖析可知，当粒子在磁场中运动半个圆周时，打到圆形磁场界限的地点距P 点最远，则若粒子射入的速率为v 1，轨迹如图甲所示，设圆形磁场半径为R ，由几何知识可知，粒子运动的轨道半径为r 1＝R cos60°＝12R ；若粒子射入的速率为v 2，轨迹如图乙所示，由几何知识可知，粒子运动的轨道半径为r 2＝R cos30°＝32R ；依据轨道半径公式r ＝mv qB可知，v 2∶v 1＝r 2∶r 1＝3∶1，应选项C 正确.二、多项选择题8.(2018·如皋市调研)如图8所示为一种质谱仪的工作原理表示图，此质谱仪由以下几部分组成：离子源、加快电场、静电剖析器、磁剖析器、采集剖析器通道中心线半径为R ，通道内有平均辐射电场，在中心线处的电场强度大小为E ；磁剖析器中散布着方向垂直于纸面，磁感觉强度为B 的匀强磁场，其左界限与静电剖析器的右界限m 、电荷量为q 的正离子(初速度为零，重力不计)，经加快电场加快后进入静电剖析器，沿中心线MN 做匀速圆周运动，尔后由P 点进入磁剖析器中，最后经过Q 点进入采集器.以下说法中正确的选项是( )图8剖析器中匀强磁场方向垂直于纸面向内 B.加快电场中的加快电压U ＝12ER剖析器中轨迹圆心O 2到Q 点的距离d ＝1BmER q抵达P 点，则必定能进入采集器 答案 BC分析 进入磁剖析器后，正离子顺时针转动，所受洛伦兹力指向圆心，依据左手定章，可知磁剖析器中匀强磁场方向垂直于纸面向外，A 错误；离子在静电剖析器中做匀速圆周运动，设离子进入静电剖析器时的速度为v ，依据牛顿第二定律有Eq ＝m v 2R，离子在加快电场中加快的过程中，由动能定理有：qU ＝12mv 2，解得加快电压U ＝ER2，B 正确；离子在磁剖析器中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有qvB ＝m v 2d，由B 项剖析可知：v ＝2qUm，得d ＝1B2mU q ＝1BmERq，C 正确；由题意可知，圆周运动的轨道半径与电荷的质量和电荷量相关，可以抵达P 点的不一样离子，轨道半径不必定都等于d ，不必定都能进入采集器，D 错误.优秀接触，并可在两平行轨道之间无摩擦滑动.电流从一条轨道流入，经过弹体后从另一条轨道流回.轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道平面的磁场(可视为匀强磁场)，磁感觉强度的大小与电流I 走开轨道，则以下说法正确的选项是( )图9B.I 为本来的2倍，弹体射出的速度也为本来的2倍 本来的2倍，射出的速度也为本来的2倍L 为本来的4倍，弹体射出的速度为本来的2倍答案 BD分析 依据安培定章可知，弹体处的磁场方向垂直于轨道平面向里，再利用左手定章可知，弹体遇到的安培力水平向右，因此弹体向右高速射出，选项A 错误；设B ＝kI (此中k 为比率系数)，轨道间距为l ，弹体的质量为m ，射出时的速度为v ，则安培力F ＝BIl ＝kI 2l ，依据动能定理有FL ＝12mv 2，联立可得v ＝I2klLm，选项C 错误，B 、D 正确.10.(2018·盐城中学最后一卷)如图10所示是某霍尔元件的内部构造图，其载流子为电子.a 接直流电源的正极，b 接直流电源的负极，cd 间输出霍尔电压.以下说法正确的选项是( )图10A.若工作面水平，置于竖直向下的匀强磁场中，c 端的电势高于d 端B.cd 间霍尔电压与ab 间电流大小相关地点，若霍尔电压同样，但两处的磁场强弱同样D.在测定地球赤道上的磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持竖直 答案 ABD分析 若工作面水平，置于竖直向下的磁场中，因为电流从a 流向b ，电子从b 流向a ，由左手定章可知，电子倾向d 极，则c 端的电势高于d 端，选项A 正确；cd 间霍尔电压知足Udq ＝Bqv ，而电流I ＝neSv ，可知U ＝Bdv ＝BdIneS，即cd 间霍尔电压与ab 间电流大小相关，选项B正确；由以上剖析可知，将该元件移至另一地点，若霍尔电压同样，但两处的磁场强弱不必定同样，选项C 错误；地球赤道处的磁场与地面平行，则在测定地球赤道上的磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持竖直，选项D 正确. 三、计算题11.(2018·南京市期中)如图11所示，一个质量为m 、电荷量为＋q 的微粒(不计重力)，初速度为零，经两金属板间电场加快后，沿y 轴射入一个界限为矩形的匀强磁场中，磁感觉强度大小为B 界限分别是y ＝0，y ＝a ，xa ，xa .图11(1)求微粒分别从磁场上、下界限射出时对应的电压范围；(2)微粒从磁场左边界限射出时，求微粒的射出速度相对进入磁场时初速度偏转角度的范围，并确立在左界限上出射范围的宽度d . 答案 看法析分析 (1)当微粒运动轨迹与上界限相切时，由图(a)中几何关系可知，R 1＝a微粒做匀速圆周运动，由洛伦兹力供给向心力得qv 1B ＝m v21R 1微粒在电场中加快，由动能定理得qU 1＝12mv 12联立得U 1＝qB 2a 22m因此微粒从上界限射出的电压范围为U 1′>qB 2a 22m当微粒由磁场地区左下角射出时，由图(b)中几何关系可知，R 2a微粒做匀速圆周运动，由洛伦兹力供给向心力得qv 2B ＝m v22R 2微粒在电场中加快，由动能定理得qU 2＝12mv 22联立得U 2＝9qB 2a232m因此微粒从下界限射出的电压范围为 0<U 2′<9qB 2a232m(2)微粒从左边界限射出时，轨迹如图(c)，当微粒运动轨迹与上界限相切时由几何关系可知sin∠AO 1C ＝AC AO 1＝12， 故∠AO 1C ＝30°由图中几何关系可知此时速度方向偏转了120°，微粒由左下角射出磁场时，速度方向偏转了180°，因此微粒的速度偏转角度范围为120°～180°. 左界限出射范围的宽度d ＝R 1cos 30°＝32a . 12.(2018·南京市三模)如图12所示，平面直角坐标系x 轴水平，y 轴竖直向上，虚线MN 与y 轴平行，y 轴左边有竖直向下的匀强电场，场强E 1＝6N/C ，y 轴与MN 之间有平行于y 轴的匀强电场E 2(未画出)，y 轴右边存在垂直纸面向里的水平匀强磁场，磁感觉强度B ＝1T.一带正电小球(m ＝1×10－3kg ，q ＝5×10－3C)从图中与y 轴距离为x 0P 点，以v 0＝3m/s 的初速度沿x 轴正向开始运动，经坐标原点O 超出y 轴，在y 轴与MN 之间恰巧做匀速圆周运动，再经C点超出MN ，超出时速度方向与xCD 平行于x 轴，小球能经过D 点，取g ＝10 m/s 2.求：图12(1)经过O 点时的速度；(2)匀强电场的场强E 2以及C 点的坐标； (3)线段CD 的长度.答案 (1)5m/s ，方向与x 轴夹角为53°斜向右下 (2)2N/C ，方向向上 (0.8m ，－0.4m)n m(n ＝1,2,3，……)分析 (1)小球在PO 段做类平抛运动t ＝x 0v 0＝0.1 s ，a y ＝mg ＋qE 1m＝40 m/s 2 v y ＝a y t ＝4 m/s ，v ＝v 20＋v 2y ＝5 m/s设速度与x 轴夹角为θ，则tan θ＝v y v 0＝43，故速度与x 轴夹角θ＝53°斜向右下(2)小球在y 轴与MN 之间做匀速圆周运动，重力与电场力均衡，得mg ＝qE 2， 则E 2＝mg q＝2 N/C ，方向向上洛伦兹力供给小球做圆周运动的向心力，qvB ＝m v 2R ，故R ＝mvqB＝1 mx ＝R sin θ＝0.8 m ，y ＝R －R cos θ＝0.4 m故由题图可知C 点坐标为(0.8 m ，－0.4 m) (3)在MN 右边，由qv 1B ＝mg ，得v 1＝mgqB＝2 m/sv 2＝v －v 1＝3 m/s小球在C 点的速度大小是v ＝5 m/s ，可当作是v 1＝2 m/s 和v 2＝3 m/s 两个速度的合成，在磁场中小球的运动轨迹为摆轮线. 周期为T ＝2πmqB＝0.4π s因此L CD ＝v 1·nTn m(n ＝1,2,3，……).。
2020届新考案高考物理总复习教师用书：第八单元 力学实验 Word版含解析
力学实验是每年高考的必考内容,在当前实验试题命制“一大一小”的情况下,力学实验多以小题的形式出现,并且试题多源于教材而高于教材,所给的物理情景和要求通常跟教材内容有明显区别,是以教材中的实验为背景或素材,通过改变实验条件或增加条件限制,加强对考生迁移能力、创新能力和实验设计能力的考查。
具体特点如下:(1)力学实验中有多个实验都要用到打点计时器(如研究匀变速直线运动的规律、验证牛顿运动定律、验证机械能守恒定律等),考查打点计时器的使用并根据纸带进行正确的数据运算,是高考考查的热点。
(2)考查运用图象法处理实验数据是历年高考实验题的命题热点,力学实验、电学实验中都可能出现。
这是考生必备的能力之一。
(3)结合光电门和传感器考查。
由光电门计算速度,由力的传感器直接显示力的大小,速度传感器直接显示速度大小,所以力学实验中往往结合这两种器材来考查。
(4)考查力学创新设计性实验,如测动摩擦因数、弹簧弹性势能。
创新设计性实验主要考查考生是否理解实验原理和实验仪器的工作原理,是否具有灵活运用实验知识的能力,是否具有在不同情况下迁移知识的能力,这些对考生的能力要求都较高,是近几年高考命题的热点。
“源于课本,不拘泥于课本”一直是高考实验命题的理念,考查实验的灵魂——原理是重中之重,预测2020年高考对力学实验的考查,是在《考试说明》规定的实验基础上进行重组与创新,旨在考查考生是否熟悉这些常规实验器材,是否真正动手做过这些实验,是否能灵活地运用学过的实验理论、实验方法、实验仪器,去处理、分析、研究某些未做过的实验,包括设计某些比较简单的实验等。
所以在复习过程中,应以掌握常规实验原理、实验方法、规范的操作程序、数据处理方法等为本,同时从常规实验中有意识地,积极地提取、积累一些有价值的方法。
逐步过渡到能灵活运用学过的实验方法设计新的实验。
实验1 研究匀变速直线运动1实验原理 (1)利用纸带判断物体是否做匀变速直线运动的方法设x 1、x 2、x 3、x 4、…为纸带上相邻两个计数点之间的距离,假如Δx=x 2-x 1=x 3-x 2=x 4-x 3=…=常数,即连续相等的时间间隔内的位移之差为恒量,则与纸带相连的物体做匀变速直线运动。
2020年江苏省高考物理试卷(含答案解析)
2020年江苏省高考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．质量为31.510kg ⨯的汽车在水平路面上匀速行驶，速度为20m/s ，受到的阻力大小为31.810N ⨯。
此时，汽车发动机输出的实际功率是（ ）A ．90WB ．30kWC ．36kWD ．300kW2．电流互感器是一种测量电路中电流的变压器，工作原理如图所示。
其原线圈匝数较少，串联在电路中，副线圈匝数较多，两端接在电流表上。
则电流互感器（ ）A ．是一种降压变压器B ．能测量直流电路的电流C ．原、副线圈电流的频率不同D ．副线圈的电流小于原线圈的电流3．如图所示，两匀强磁场的磁感应强度1B 和2B 大小相等、方向相反。
金属圆环的直径与两磁场的边界重合。
下列变化会在环中产生顺时针方向感应电流的是（ ）A ．同时增大1B 减小2B B ．同时减小1B 增大2BC ．同时以相同的变化率增大1B 和2BD ．同时以相同的变化率减小1B 和2B4．如图所示，一小物块由静止开始沿斜面向下滑动，最后停在水平地面上。
斜面和地面平滑连接，且物块与斜面、物块与地面间的动摩擦因数均为常数。
该过程中，物块的动能k E与水平位移x关系的图象是（）A．B．C．D．5．中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路”，为国际抗疫贡献了中国力量。
某运送防疫物资的班列由40节质量相等的车厢组成，在车头牵引下，列车沿平直轨道匀加速行驶时，第2节对第3节车厢的牵引力为F。
若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等，则倒数第3节对倒数第2节车厢的牵引力为（）A．F B．1920FC．19FD．20F6．“测温枪”（学名“红外线辐射测温仪”）具有响应快、非接触和操作方便等优点。
它是根据黑体辐射规律设计出来的，能将接收到的人体热辐射转换成温度显示。
若人体温度升高，则人体热辐射强度I及其极大值对应的波长λ的变化情况是（）A．I增大，λ增大B．I增大，λ减小C．I减小，λ增大D．I减小，λ减小二、多选题7．某汽车的电源与启动电机、车灯连接的简化电路如图所示。
2020江苏苏教版高中物理高考真题【含解析】
试卷主标题姓名：__________ 班级：__________学号：__________题号一二三四五六总分评分一、选择题（共6题）1、“测温枪”（学名“红外线辐射测温仪”）具有响应快、非接触和操作方便等优点。
它是根据黑体辐射规律设计出来的，能将接收到的人体热辐射转换成温度显示。
若人体温度升高，则人体热辐射强度I及其极大值对应的波长的变化情况是（）A. I增大，增大B. I增大，减小C. I减小，增大D. I诚小，减小2、中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路”，为国际抗疫贡献了中国力量。
某运送防疫物资的班列由40节质量相等的车厢组成，在车头牵引下，列车沿平直轨道匀加速行驶时，第2节对第3节车厢的牵引力为F。
若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等，则倒数第3节对倒数第2节车厢的牵引力为（）A. FB.C.D.3、如图所示，一小物块由静止开始沿斜面向下滑动，最后停在水平地面上。
斜面和地面平滑连接，且物块与斜面、物块与地面间的动摩擦因数均为常数。
该过程中，物块的动能与水平位移x关系的图象是（）A. B.C. D.4、如图所示，两匀强磁场的磁感应强度和大小相等、方向相反。
金属圆环的直径与两磁场的边界重合。
下列变化会在环中产生顺时针方向感应电流的是（）A同时增大减小B. 同时减小增大C. 同时以相同的变化率增大和D. 同时以相同的变化率减小和5、电流互感器是一种测量电路中电流的变压器，工作原理如图所示。
其原线圈匝数较少，串联在电路中，副线圈匝数较多，两端接在电流表上。
则电流互感器（）A. 是一种降压变压器B. 能测量直流电路的电流C. 原、副线圈电流的频率不同D. 副线圈的电流小于原线圈的电流6、质量为的汽车在水平路面上匀速行驶，速度为，受到的阻力大小为。
此时，汽车发动机输出的实际功率是（）A. B. C. D.二、填空题（共3题）1、我国的光纤通信技术处于世界领先水平。
光纤内芯（内层玻璃）的折射率比外套（外层玻璃）的_____（选填“大”或“小”）。
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本套资源目录江苏专用版2020版高考物理总复习第八章微专题5带电粒子在电磁场中的运动练习含解析江苏专用版2020版高考物理总复习第八章微专题6带电粒子与现代科技的结合练习含解析江苏专用版2020版高考物理总复习第八章章末检测含解析江苏专用版2020版高考物理总复习第八章第1讲磁场及磁吃通电导线的作用力练习含解析江苏专用版2020版高考物理总复习第八章第2讲带电粒子在匀强磁场中的运动练习含解析微专题5带电粒子在电磁场中的运动一、单项选择题1.(2018淮安模拟)如图所示,一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中刚好做匀速圆周运动,其轨道半径为R,已知该电场的电场强度为E,方向竖直向下;该磁场的磁感应强度为B,方向垂直纸面向里,不计空气阻力,设重力加速度为g,则( )A.液滴带正电B.液滴比荷qq =q qC.液滴沿顺时针方向运动D.液滴运动速度大小v=qqqq答案 C 液滴在重力场、匀强电场、匀强磁场的复合场中做匀速圆周运动,可知,qE=mg,得q q =qq,故B错误;电场力竖直向上,液滴带负电,A项错误;由左手定则可判断液滴沿顺时针转动,C项正确;对液滴qE=mg,qvB=m q2q 得v=qqqq,故D项错误。
2.(2018盐城模拟)如图所示,半圆光滑绝缘轨道固定在竖直平面内,O为其圆心,匀强磁场方向与轨道平面垂直。
现将一个带正电的小球自M点由静止释放,它将沿轨道在MN间做往复运动。
下列说法中正确的是( )A.小球在M点的重力势能大于在N点的重力势能B.小球经过轨道最低点时所受合外力大小总相等C.小球经过轨道最低点时对轨道的压力大小总相等D.小球由M到N所用的时间大于由N到M所用的时间答案 B 两个端点M、N与O等高,小球由M到N与由N到M过程中重力对小球做的功相等,所以小球在M点的重力势能等于在N点的重力势能,故A项错误;小球在最低点的速度相同,由F合=qq2q可知,F合不变,故B项正确;小球在最低点时受重力、支持力和洛伦兹力,从M到N时,洛伦兹力向上,故F 1-mg+F 洛=qq 2q ,F 1=mg-F 洛+qq 2q,小球从N 到M 时,洛伦兹力向下,故F 2-F 洛-mg=qq 2q,F 2=mg+F 洛+qq 2q,所以小球经过最低点时对轨道的压力大小不相等,故C 项错误;由于洛伦兹力总是与运动方向垂直,由于没有摩擦力,故对其加速度大小有影响的只有重力,故无论小球从哪边滚下,其时间相等,故D 项错误。
3.(2017课标Ⅰ)如图,空间某区域存在匀强电场和匀强磁场,电场方向竖直向上(与纸面平行),磁场方向垂直于纸面向里。
三个带正电的微粒a 、b 、c 电荷量相等,质量分别为m a 、m b 、m c 。
已知在该区域内,a 在纸面内做匀速圆周运动,b 在纸面内向右做匀速直线运动,c 在纸面内向左做匀速直线运动。
下列选项正确的是( )A.m a >m b >m cB.m b >m a >m cC.m c >m a >m bD.m c >m b >m a答案 B 该空间区域为匀强电场、匀强磁场和重力场的叠加场,a 在纸面内做匀速圆周运动,可知其重力与所受到的电场力平衡,洛伦兹力提供其做匀速圆周运动的向心力,有m a g=qE,解得m a =qqq。
b 在纸面内向右做匀速直线运动,由左手定则可判断出其所受洛伦兹力方向竖直向上,可知m b g=qE+qv b B,解得m b =qq q +qq q Bq。
c 在纸面内向左做匀速直线运动,由左手定则可判断出其所受洛伦兹力方向竖直向下,可知m c g+qv c B=qE,解得m c =qq q-qq q Bq 。
综上所述,可知m b >m a >m c ,选项B 正确。
4.(2018徐州三中月考)如图所示,表面粗糙的斜面固定于地面上,并处于方向垂直纸面向外、磁感应强度为B 的匀强磁场中,质量为m 、带电荷量为+Q 的小滑块从斜面顶端由静止下滑。
在滑块下滑的过程中,下列判断正确的是( )A.滑块受到的摩擦力不变B.滑块到达地面时的动能与B 的大小无关C.滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下D.B 很大时,滑块可能静止于斜面上答案 C 据左手定则可知,滑块受到垂直斜面向下的洛伦兹力,C 项正确;随着滑块速度的变化,洛伦兹力大小变化,它对斜面的压力大小发生变化,故滑块受到的摩擦力大小变化,A项错误;B越大,滑块受到的洛伦兹力越大,受到的摩擦力也越大,摩擦力做功越多,据动能定理,滑块到达地面时的动能就越小,B项错误;由于开始时滑块不受洛伦兹力就能下滑,故B再大,滑块也不可能静止在斜面上,D项错误。
二、多项选择题5.(2018清江中学检测)如图所示,带等量异种电荷的平行板之间,存在着垂直纸面向里的匀强磁场,一带电粒子在电场力和洛伦兹力的作用下,从静止开始自A点沿曲线ACB运动,到达B点时速度为零,C点为曲线最低点,不计重力,下列说法中正确的是( )A.这个粒子带正电荷B.A点和B点必定位于同一水平面上C.在C点洛伦兹力大于电场力D.粒子到达B点后将沿曲线返回A点答案ABC 由于粒子是从静止开始运动的,在开始运动的一瞬间,由于速度是从零开始的,所以刚开始受到的只有电场力,即电场力向下,而电场方向是向下的,故粒子带正电,A项正确;运动过程中由于洛伦兹力不做功,只有电场力做功,从静止开始到静止结束,电场力做功为零,所以A点和B点必定位于同一水平面上,B项正确;在C点以后粒子的速度改为向上,而受到的电场力方向恒向下,故要使粒子向上运动,在C点必然有洛伦兹力大于电场力,C项正确;粒子到达B点后将做如图所示的运动,故D项错误。
6.(2018泰州中学月考)如图所示,虚线EF下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场,一个带电微粒从距离EF为h的某处由静止开始做自由落体运动,从A点进入场区后,恰好做匀速圆周运动,然后从B点射出,C为圆弧的最低点,下面说法正确的有( )A.从B点射出后,微粒能够再次回到A点B.如果仅使h变大,微粒从A点进入场区后将仍做匀速圆周运动C.如果仅使微粒的电荷量和质量加倍,微粒将仍沿原来的轨迹运动D.若仅撤去电场,微粒到达轨迹最低点时受到的洛伦兹力一定大于它的重力答案 BCD 从B 点射出后,微粒在重力作用下回落,根据左手定则可以知道,微粒向右方偏转,不可能再回到A 点,故A 项错误;带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动,电场力与重力必定平衡,如果仅使h 变大,不会改变电场力与重力平衡,因此仍做匀速圆周运动,所以B 选项是正确的;由题意知mg=qE,洛伦兹力提供向心力,则有qvB=m q 2q ,v=√2qq ,则微粒做圆周运动的半径为r=q q √2qq,若微粒的电荷量和质量加倍,不会影响运动轨道的半径,所以C 选项是正确的;当撤去电场E,微粒在洛伦兹力与重力作用下,当到达轨迹最低点时,仍做曲线运动,则洛伦兹力大于它的重力,即运动轨迹偏向合力一侧,所以D 选项是正确的。
三、非选择题7.(2018苏州调研)如图所示,在xOy 直角坐标平面内-0.05m≤x<0的区域有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度B=0.4T,0≤x≤0.08m 的区域有沿-x 方向的匀强电场,在x 轴上坐标为(-0.05m,0)的S 点有一粒子源,它一次能沿纸面同时向磁场内每个方向发射比荷q q=5×107C/kg 、速率v 0=2×106m/s 的带正电粒子,若粒子源只发射一次,其中只有一个粒子Z恰能到达电场的右边界,不计粒子的重力和粒子间的相互作用(结果可保留根号)。
求:(1)粒子在磁场中运动的半径R;(2)粒子Z 从S 发射时的速度方向与磁场左边界的夹角θ; (3)第一次经过y 轴的所有粒子中,位置最高的粒子P 的坐标;(4)若粒子P 到达y 轴瞬间电场突然反向,求粒子P 到达电场右边界时的速度。
答案 (1)0.1m (2)60°或120° (3)0,√320m(4)见解析解析 (1)粒子在磁场中做匀速圆周运动,由洛伦兹力提供向心力,有qv 0B=m q 02q 可得R=qq 0qq =0.1m(2)由题意可知Z 粒子是垂直电场区域左边界进入电场的,作出Z 粒子在磁场中的运动轨迹如图甲所示,O 1为轨迹圆的圆心,设磁场区域的宽度为d B ,由几何知识可知,∠O 1SO=θ,在△SOO 1中满足cosθ=qq q 1S =q q q =0.050.1=12, 得θ=60°,即粒子Z 从S 发射时的速度方向与磁场区域左边界的夹角为60°或120°。
(3)在y 轴上位置最高的粒子P 的运动轨迹恰与y 轴相切于N 点,如图乙所示,N 点到x 轴的竖直距离L 满足L 2+(R-d B )2=R 2,解得L=√320m,即粒子P 的位置坐标为0,√320m 。
(4)设电场区域的宽度为d E ,对Z 粒子在电场中的运动,由动能定理有 qEd E =12m q 02,代入数据解得E=5.0×105N/C 。
设P 粒子沿电场方向的速度为v ⊥,则q ⊥2=2ad E , 又qE=ma,解得v ⊥=2×105m/s,所以粒子P 到达电场右边界时的速度为v=√q 02+q ⊥2=2√2×108m/s,方向与电场右边界成45°或135°角。
8.(2019泰兴中学月考)如图所示,真空中的矩形abcd 区域内存在竖直向下的匀强电场,半径为R 的圆形区域内同时存在垂直于纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为B,圆形边界分别相切于ad 、bc 边的中点e 、 f 。
一带电粒子以初速度v 0沿着ef 方向射入该区域后能做直线运动;当撤去磁场并保留电场,粒子以相同的初速度沿着ef 方向射入恰能从c 点飞离该区域。
已知ad=bc=4√33R,忽略粒子的重力。
求:(1)带电粒子的电荷量q 与质量m 的比值qq ;(2)若撤去电场保留磁场,粒子离开矩形区域时的位置。
答案 (1)√3q 03qq (2)粒子离开矩形区域时的位置离b 的距离为q3解析 (1)设电场强度为E,当电场和磁场同时存在时,粒子沿ef 方向做直线运动,有:qv 0B=qE当撤去磁场,保留电场时,带电粒子做类平抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动,由题,粒子恰能从c 点飞出,则水平方向有:2R=v 0t 竖直方向有:12bc=12at 2qE=ma 解得:q q =√3q 03qq。
(2)若撤去电场保留磁场,粒子将在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动,轨迹如图所示设粒子离开矩形区域时的位置g 离b 点的距离为x,则由牛顿第二定律:qv 0B=m q 02q得,r=qq 0qq =√3q 0·q 0q=√3R 由图中几何关系得:粒子的轨迹半径为r=Rtanθ=√3R 得θ=60°故粒子离开磁场时到b 的距离为x=12ab-qq2tan q代入解得x=q3。