2015届高考理科数学第一轮总复习教案1

第四章平面向量、数系的扩充与复数的引入
第一节平面向量的概念及其线性运算
(1)向量：既有大小，又有方向的量叫向量；向量的大小叫做向量的模．
(2)零向量：长度为0的向量，其方向是任意的．
(3)单位向量：长度等于1个单位的向量．
(4)平行向量：方向相同或相反的非零向量，又叫共线向量，规定：0与任一向量共线．
(5)相等向量：长度相等且方向相同的向量．
(6)相反向量：长度相等且方向相反的向量．
2．向量的线性运算
平行四边形法则
3．共线向量定理
向量a(a≠0)与b共线的充要条件是存在唯一一个实数λ，使得b＝λa.
1．作两个向量的差时，要注意向量的方向是指向被减向量的终点；
2．在向量共线的重要条件中易忽视“a≠0”，否则λ可能不存在，也可能有无数个；
3．要注意向量共线与三点共线的区别与联系．
[试一试]
1．若向量a与b不相等，则a与b一定()
A．有不相等的模B．不共线
C．不可能都是零向量D．不可能都是单位向量
答案：C
2．若菱形ABCD的边长为2，则|AB－CB＋CD|＝________.
解析：|AB－CB＋CD|＝|AB＋BC＋CD|＝|AD|＝2.
答案：2
1．向量的中线公式
若P为线段AB的中点，O为平面内一点，则OP OP＝1
2(OA＋OB)．
2．三点共线等价关系
A，P，B三点共线⇔AP＝λAB(λ≠0)⇔OP＝(1－t)·OA＋t OB(O为平面内异于A，P，B的任一点，t∈R)⇔OP＝x OA＋y OB(O为平面内异于A，P，B的任一点，x∈R，y∈R，x＋y＝1)．
[练一练]
1．D是△ABC的边AB上的中点，则向量CD等于()
A．－BC＋1
2BA B．－BC－
1
2BA
C ．BC －1
2BA
D ．BC ＋1
2BA
答案：A
2．已知a 与b 是两个不共线向量，且向量a ＋λb 与－(b －3a )共线，则λ＝________.
解析：由题意知a ＋λb ＝k [－(b －3a )]， 所以⎩⎨
⎧
λ＝－k ，1＝3k ，解得⎩⎪⎨⎪⎧
k ＝13，λ＝－1
3.
答案：－1
3
1.给出下列命题： ①若|a |＝|b |，则a ＝b ；
②若A ，B ，C ，D 是不共线的四点，则AB ＝DC 是四边形ABCD 为平行四边形的充要条件；
③若a ＝b ，b ＝c ，则a ＝c ； ④a ＝b 的充要条件是|a |＝|b |且a ∥b ； ⑤若a ∥b ，b ∥c ，则a ∥c . 其中正确命题的序号是( )
A ．②③
B ．①②
C ．③④
D ．④⑤ 解析：选A ①不正确．两个向量的长度相等，但它们的方向不一定相同． ②正确．∵AB ＝DC ，∴|AB |＝|DC |且AB ∥DC ， 又A ，B ，C ，D 是不共线的四点， ∴四边形ABCD 为平行四边形； 反之，若四边形ABCD 为平行四边形，
则AB∥DC且|AB|＝|DC|，因此，AB＝DC.
③正确．∵a＝b，∴a，b的长度相等且方向相同，
又b＝c，∴b，c的长度相等且方向相同，
∴a，c的长度相等且方向相同，故a＝c.
④不正确．当a∥b且方向相反时，即使|a|＝|b|，也不能得到a＝b，故|a|＝|b|且a∥b不是a＝b的充要条件，而是必要不充分条件．
⑤不正确．考虑b＝0这种特殊情况．
综上所述，正确命题的序号是②③.故选A.
2．设a0为单位向量，①若a为平面内的某个向量，则a＝|a|a0；②若a与a0平行，则a＝|a|a0；③若a与a0平行且|a|＝1，则a＝a0.上述命题中，假命题的个数是()
A．0 B．1
C．2 D．3
解析：选D向量是既有大小又有方向的量，a与|a|a0的模相同，但方向不一定相同，故①是假命题；若a与a0平行，则a与a0的方向有两种情况：一是同向，二是反向，反向时a＝－|a|a0，故②③也是假命题．综上所述，假命题的个数是3.
[类题通法]
平面向量中常用的几个结论
(1)相等向量具有传递性，非零向量的平行也具有传递性．
(2)向量可以平移，平移后的向量与原向量是相等向量．解题时不要把它与函数图像的平移混为一谈．
(3)a
|a|是与a同向的单位向量，
a
－|a|
是与a反向的单位向量．
[典例](1)如图，在正六边形ABCDEF中，BA＋CD＋EF ＝()
A．0B．BE
C．AD D．CF
(2)(2013·江苏高考)设D ，E 分别是△ABC 的边AB ，BC 上的点，AD ＝1
2AB ，BE ＝2
3BC .若DE ＝λ1AB ＋λ2AC (λ1，λ2为实数)，则λ1＋λ2的值为________．
[解析] (1)如图，∵在正六边形ABCDEF 中，CD ＝AF ，
BF ＝CE ，
∴BA ＋CD ＋EF ＝BA ＋AF ＋EF ＝BF ＋EF ＝CE ＋
EF ＝CF .
(2)由题意DE ＝CE ＋BE ＝12AB ＋23BC ＝12AB ＋23(BA ＋AC )＝－1
6AB ＋
2
3AC ，
所以λ1＝－16，λ2＝23，即λ1＋λ2＝1
2. [答案] (1)D (2)1
2
3解析：∵CD ＝CA ＋AD ，CD ＝CB ＋BD ， ∴2CD ＝CA ＋CB ＋AD ＋BD . 又∵AD ＝2CE ， ∴2CD ＝CA ＋CB ＋1
3AB ＝CA ＋CB ＋1
3(CB －CA ) ＝23CA ＋4
3
CB . ∴CD ＝13CA ＋23CB ，即λ＝23. 答案：2
3 [类题通法]
在向量线性运算时，要尽可能转化到平行四边形或三角形中，运用平行四边
形法则、三角形法则，利用三角形中位线、相似三角形对应边成比例等平面几何的性质，把未知向量转化为与已知向量有直接关系的向量来求解．[针对训练]
若A，B，C，D是平面内任意四点，给出下列式子：
①AB＋CD＝BC＋DA；②AC＋BD＝BC＋AD；
③AC－BD＝DC＋AB.其中正确的有()
A．0个B．1个
C．2个D．3个
解析：选C①式的等价式是AB－BC＝DA－CD，左边＝AB＋CB，右边＝DA＋DC，不一定相等；②式的等价式是AC－BC＝AD－BD，AC＋CB ＝AD＋CE＝AB成立；③式的等价式是AC－DC＝AB＋BD，AD＝AD成立．
[典例]设两个非零向量a与b不共线，
(1)若AB＝a＋b，BC＝2a＋8b，CD＝3(a－b)，
求证：A，B，D三点共线．
(2)试确定实数k，使k a＋b和a＋k b共线．
[解](1)证明：∵AB＝a＋b，BC＝2a＋8b，CD＝3(a－b)，
∴BD＝BC＋CD＝2a＋8b＋3(a－b)＝2a＋8b＋3a－3b＝5(a＋b)＝5AB.
∴AB，BD共线，
又∵它们有公共点B，
∴A，B，D三点共线．
(2)∵k a＋b与a＋k b共线，
∴存在实数λ，使k a＋b＝λ(a＋k b)，
即k a＋b＝λa＋λk b.
∴(k－λ)a＝(λk－1)b.
∵a，b是不共线的两个非零向量，
∴k－λ＝λk－1＝0，
∴k 2－1＝0.∴k ＝±1. [类题通法]
1．共线向量定理及其应用
(1)可以利用共线向量定理证明向量共线，也可以由向量共线求参数的值． (2)若a ，b 不共线，则λa ＋μb ＝0的充要条件是λ＝μ＝0，这一结论结合待定系数法应用非常广泛．
2．证明三点共线的方法
若AB ＝λAC ，则A 、B 、C 三点共线． [针对训练]
已知a ，b 不共线，OA ＝a ，OB ＝b ， OC ＝c ， OD ＝d ， OE ＝e ，设t ∈R ，如果3a ＝c,2b ＝d ，e ＝t (a ＋b )，是否存在实数t 使C ，D ，E 三点在一条直线上？若存在，求出实数t 的值，若不存在，请说明理由．
解：由题设知，CD ＝d －c ＝2b －3a ，CE ＝e －c ＝(t －3)a ＋t b ，C ，D ，E 三点在一条直线上的充要条件是存在实数k ，使得CE ＝k CD ，即(t －3)a ＋t b ＝－3k a ＋2k b ，
整理得(t －3＋3k )a ＝(2k －t )b .
因为a ，b 不共线，所以有⎩⎨⎧
t －3＋3k ＝0，t －2k ＝0，
解之得t ＝6
5.
故存在实数t ＝6
5使C ，D ，E 三点在一条直线上．
第二节平面向量的基本定理及坐标表示
1．平面向量基本定理
如果e 1，e 2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任意向
量a，有且只有一对实数λ1，λ2，使a＝λ1e1＋λ2e2.
其中，不共线的向量e1，e2叫做表示这一平面内所有向量的一组基底．
2．平面向量的坐标运算
(1)向量加法、减法、数乘向量及向量的模：
设a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则
a＋b＝(x1＋x2，y1＋y2)，a－b＝(x1－x2，y1－y2)，
λa＝(λx1，λy1)，|a|
(2)向量坐标的求法：
①若向量的起点是坐标原点，则终点坐标即为向量的坐标．
②设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则AB＝(x2－x1，y2－y1)，
|AB|
3．平面向量共线的坐标表示
设a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，其中b≠0.a∥b⇔x1y2－x2y1＝0.
1．若a、b为非零向量，当a∥b时，a，b的夹角为0°或180°，求解时容易忽视其中一种情形而导致出错；
2．要区分点的坐标与向量坐标的不同，尽管在形式上它们完全一样，但意义完全不同，向量坐标中既有方向也有大小的信息．
3．若a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则a∥b的充要条件不能表示成x1
x2＝
y1
y2，因
为x2，y2有可能等于0，应表示为x1y2－x2y1＝0.
[试一试]
1．若向量BA＝(2,3)，CA＝(4,7)，则BC＝()
A．(－2，－4)B．(2,4)
C．(6,10) D．(－6，－10)
答案：A
2．(2013·石家庄模拟)已知向量a＝(1,2)，b＝(x,1)，u＝a＋2b，v＝2a－b，且u∥v，则实数x的值是________．
解析：∵u＝(1＋2x,4)，v＝(2－x,3)，u∥v，∴8－4x＝3＋6x，∴x＝1 2.
答案：1
2
用基向量表示所求向量时，注意方程思想的运用． [练一练]
设e 1、e 2是平面内一组基向量，且a ＝e 1＋2e 2，b ＝－e 1＋e 2，则向量e 1＋e 2可以表示为另一组基向量a ，b 的线性组合，即e 1＋e 2＝________a ＋________b .
解析：由题意，设e 1＋e 2＝m a ＋n b . 因为a ＝e 1＋2e 2，b ＝－e 1＋e 2，
所以e 1＋e 2＝m (e 1＋2e 2)＋n (－e 1＋e 2)＝(m －n )e 1＋(2m ＋n )·e 2. 由平面向量基本定理，得⎩⎨⎧
m －n ＝1，
2m ＋n ＝1，
所以⎩⎪⎨⎪⎧
m ＝23，n ＝－1
3.
答案：23 －13
1.(2014·昆明一中摸底)已知点M (5，－6)和向量a ＝(1，－2)，若MN ＝－3a ，则点N 的坐标为( )
A ．(2,0)
B ．(－3,6)
C ．(6,2)
D ．(－2,0)
解析：选A MN ＝－3a ＝－3(1，－2)＝(－3,6)，设N (x ，y )，则MN ＝(x －5，y －(－6))＝(－3,6)，所以⎩⎨⎧ x －5＝－3，y ＋6＝6，即⎩
⎨⎧
x ＝2，y ＝0，选A.
2．(2013·北京高考)向量a ，b ，c 在正方形网格中的位置如图所示．若c ＝λa
＋μb (λ，μ∈R )，则λ
μ＝________.
解析：设i ，j 分别为水平方向和竖直方向上的正向单位向量，则a ＝－i ＋j ，b ＝6i ＋2j ，c ＝－i －3j ，所以－i －3j ＝λ(－i ＋j )＋μ(6i ＋2j )，根据平面向量基本定理得λ＝－2，μ＝－12，所以λ
μ＝4.
答案：4
3．已知A (－2,4)，B (3，－1)，C (－3，－4)．设AB ＝a ，BC ＝b ，CA ＝c . (1)求3a ＋b －3c ；
(2)求满足a ＝m b ＋n c 的实数m ，n .
解：由已知得a ＝(5，－5)，b ＝(－6，－3)，c ＝(1,8)． (1)3a ＋b －3c ＝3(5，－5)＋(－6，－3)－3(1,8) ＝(15－6－3，－15－3－24) ＝(6，－42)．
(2)∵m b ＋n c ＝(－6m ＋n ，－3m ＋8n )， ∴⎩⎨⎧ －6m ＋n ＝5，－3m ＋8n ＝－5，解得⎩⎨⎧
m ＝－1，n ＝－1. [类题通法]
1．向量的坐标运算实现了向量运算代数化，将数与形结合起来，从而可使几何问题转化为数量运算．
2．两个向量相等当且仅当它们的坐标对应相同．此时注意方程(组)思想的应用．
[典例] 如图，在梯形ABCD 中，AD ∥BC ，且AD ＝1
3BC ，E ，F 分别为线段AD 与BC 的中点．设BA ＝a ，BC ＝b ，试用a ，b 为基底表示向量EF ， DF ，CD .
[解] EF ＝EA ＋AB ＋BF ＝－16b －a ＋12b ＝1
3b －a ，
DF ＝DE ＋EF ＝－16b ＋⎝ ⎛⎭⎪⎫13b －a ＝1
6b －a ， CD ＝CF ＋FD ＝－12b －⎝ ⎛⎭⎪⎫
16b －a ＝a －23b . [类题通法]
用平面向量基本定理解决问题的一般思路
(1)先选择一组基底，并运用该基底将条件和结论表示为向量的形式，再通过向量的运算来解决．
(2)在基底未给出的情况下，合理地选取基底会给解题带来方便．另外，要熟练运用平面几何的一些性质定理．
[针对训练]
(2014·济南调研)如图，在△ABC 中，AN ＝1
3NC ，P 是BN
上的一点，若AP ＝m AB ＋211AC ，则实数m 的值为________．
解析：因为AP ＝AB ＋BP ＝AB ＋k BN ＝AB ＋k (AN －AB )＝AB ＋k ⎝ ⎛⎭
⎪⎫14 AC －AB
＝(1－k )AB ＋k
4AC ， 且AP ＝m AB ＋2
11AC ， 所以1－k ＝m ，k 4＝2
11， 解得k ＝811，m ＝3
11. 答案：3
11
[典例] 平面内给定三个向量a ＝(3,2)，b ＝(－1,2)，c ＝(4,1)． (1)求满足a ＝m b ＋n c 的实数m ，n ； (2)若(a ＋k c )∥(2b －a )，求实数k ；
[解] (1)由题意得(3,2)＝m (－1,2)＋n (4,1)， 所以⎩⎨⎧
－m ＋4n ＝3，2m ＋n ＝2，
得⎩⎪⎨⎪⎧
m ＝59，
n ＝89.
(2)a ＋k c ＝(3＋4k,2＋k )，2b －a ＝(－5,2)， 由题意得2×(3＋4k )－(－5)×(2＋k )＝0. ∴k ＝－16
13.
解：设由题意得⎩⎨⎧
4(x －4)－2(y －1)＝0，
(x －4)2＋(y －1)2
＝5， 得⎩⎨⎧ x ＝3，y ＝－1或⎩⎨⎧
x ＝5，y ＝3. ∴d ＝(3，－1)或(5,3)． [类题通法]
1．向量共线的两种表示形式
设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，①a ∥b ⇒a ＝λb (b ≠0)；②a ∥b ⇔x 1y 2－x 2y 1＝0，至于使用哪种形式，应视题目的具体条件而定，一般情况涉及坐标的应用②.
2．两向量共线的充要条件的作用
判断两向量是否共线(平行)，可解决三点共线的问题；另外，利用两向量共线的充要条件可以列出方程(组)，求出未知数的值．
[针对训练]
已知A (1,1)，B (3，－1)，C (a ，b )．
(1)若A ，B ，C 三点共线，求a ，b 的关系式； (2)若AC ＝2AB ，求点C 的坐标．
解：(1)由已知得AB ＝(2，－2)，AC ＝(a －1，b －1)， ∵A ，B ，C 三点共线，∴AB ∥AC .
∴2(b －1)＋2(a －1)＝0，即a ＋b ＝2. (2)∵AC ＝2AB ，
∴(a －1，b －1)＝2(2，－2)． ∴⎩⎨⎧ a －1＝4，b －1＝－4，解得⎩⎨⎧
a ＝5，
b ＝－3. ∴点C 的坐标为(5，－3)．
第三节平面向量的数量积与平面向量应用举例
1．平面向量的数量积 平面向量数量积的定义
已知两个非零向量a 和b ，它们的夹角为θ，把数量|a||b|cos θ叫做a 和b 的数量积(或内积)，记作a·b .即a·b ＝|a||b|cos θ，规定0·a ＝0.
2．向量数量积的运算律 (1)a·b ＝b·a .
(2)(λa )·b ＝λ(a·b )＝a·(λb ). (3)(a ＋b )·c ＝a·c ＋b·c .
3．平面向量数量积的有关结论 已知非零向量a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)
1．若a，b，c是实数，则ab＝ac⇒b＝c(a≠0)；但对于向量就没有这样的性质，即若向量a，b，c，若满足a·b＝a·c(a≠0)，则不一定有b＝c，即等式两边不能同时约去一个向量，但可以同时乘以一个向量．
2．数量积运算不适合结合律，即(a·b)·c≠a·(b·c)，这是由于(a·b)·c表示一个与c共线的向量，a·(b·c)表示一个与a共线的向量，而a与c不一定共线，因此(a·b)·c与a·(b·c)不一定相等．
[试一试]
1．(2013·广州调研)已知向量a，b都是单位向量，且a·b＝1
2，则|2a－b|的值
为________．
解析：|2a－b|＝(2a－b)2＝4a2－4a·b＋b2＝4－2＋1＝ 3.
答案： 3
2．(2013·山东高考)在平面直角坐标系xOy中，已知OA＝(－1，t)，OB＝(2,2)．若∠ABO＝90°，则实数t的值为________．
解析：AB＝OB－OA＝(3,2－t)，由题意知OB·AB＝0，所以2×3＋2(2－t)＝0，t＝5.
答案：5
1．明确两个结论：
(1)两个向量a与b的夹角为锐角，则有a·b>0，反之不成立(因为夹角为0时不成立)；
(2)两个向量a与b的夹角为钝角，则有a·b<0，反之不成立(因为夹角为π时不成立)．
2．利用向量垂直或平行的条件构造方程或函数是求参数或最值问题常用的方法与技巧．
[练一练]
1．已知向量a，b均为非零向量，(a－2b)⊥a，(b－2a)⊥b，则a，b的夹角
为()
A.π
6 B.π3
C.2π
3 D.
5π
6
解析：选B(a－2b)·a＝|a|2－2a·b＝0，(b－2a)·b＝|b|2－2a·b＝0，所以|a|2
＝|b|2，即|a|＝|b|，故|a|2－2a·b＝|a|2－2|a|2a，b＝0，可得a，b＝1 2，
又因为0≤a，b≤π，所以a，b＝π3.
2．(2013·福建高考)在四边形ABCD中，AC＝(1,2)，BD＝(－4,2)，则该四边形的面积为()
A. 5 B．2 5
C．5 D．10
解析：选C依题意得，AC·BD＝1×(－4)＋2×2＝0，
∴AC⊥BD，∴四边形ABCD的面积为1
2|AC|·|BD|＝
1
2×5×20＝5.
11
＝(x2，y2)，若|＝2，|b|＝3，
a·b＝－6.则x1＋y1
x2＋y2
的值为()
A.2
3B．－
2
3
C.5
6D．－
5
6
解析：选B由已知得，向量a＝(x1，y1)与b＝(x2，y2)反向，3a＋2b＝0，
即3(x1，y1)＋2(x2，y2)＝(0,0)，得x1＝－2
3x2，y1＝－
2
3y2，故
x1＋y1
x2＋y2
＝－
2
3.
2．(2014·温州适应性测试)在△ABC中，若∠A＝120°，AB·AC＝－1，则|BC|的最小值是()
A. 2 B ．2 C. 6
D ．6
解析：选C ∵AB ·AC ＝－1，∴|AB |·|AC |cos 120°＝－1，即|AB |·|AC |＝2，∴|BC |2＝|AC －AB |2＝AC 2－2AB ·AC ＋AB 2≥2|AB |·|AC |－2AB ·AC ＝6，
∴|BC |min ＝ 6.
3．(2013·南昌模拟)已知向量e 1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫cos π4，sin π6，e 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫2sin π4，4cos π3，则e 1·e 2
＝________.
解析：由向量数量积公式得e 1·e 2＝cos π4×2sin π4＋sin π6×4cos π3＝22×2＋1
2×2＝2.
答案：2
4．(2013·全国卷Ⅱ)已知正方形ABCD 的边长为2，E 为CD 的中点，则AE ·
BD ＝________.
解析：因为AE ＝AD ＋12AB ，BD ＝AD －AB ，所以AE ·BD ＝(AD ＋12AB )·(AD －AB )＝AD 2－12AD ·
AB －12
AB 2＝2. 答案：2 [类题通法]
向量数量积的两种运算方法
(1)当已知向量的模和夹角时，可利用定义法求解，即a ·b ＝|a ||b |cos a ，b
．
(2)当已知向量的坐标时，可利用坐标法求解，即若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ·b ＝x 1x 2＋y 1y 2.
运用两向量的数量积可解决长度、夹角、垂直等问题，解题时应灵活选择相应公式求解．
角度一 平面向量的模
1．(2013·天津高考)在平行四边形ABCD 中，AD ＝1，∠BAD ＝60° , E 为CD
的中点．若AC ·
BE ＝1 , 则AB 的长为________． 解析：由已知得AC ＝AD ＋AB ，BE ＝AD －1
2AB ，
∴AC ·
BE ＝AD 2－12AB ·AD ＋AB ·AD －12AB 2＝1＋12AB ·AD －1
2|AB |2＝1＋12|AB |·|AD |cos 60°－1
2|AB |2＝1，
∴|AB |＝1
2. 答案：1
2
角度二 平面向量的夹角
2．(1)已知平面向量a ，b ，|a |＝1，|b |＝3，且|2a ＋b |＝7，则向量a 与a ＋b 的夹角为( )
A.π
2 B.π
3 C.π
6
D ．π
解析：选B ∵|2a ＋b |2＝4|a |2＋4a ·b ＋|b |2＝7，|a |＝1，|b |＝3，
∴4＋4a ·b ＋3＝7，∴a ·b ＝0，∴a ⊥b .如图所示，a 与a ＋b 的夹角为∠COA .
∵tan ∠COA ＝|CA ||OA |＝|b ||a |＝3，∴∠COA ＝π3，即a 与a ＋b 的夹角为π3. (2)(2014·云南第一次检测)若平面向量a 与平面向量b 的夹角等于π
3，|a |＝2，|b |＝3，则2a －b 与a ＋2b 的夹角的余弦值等于( )
A.126 B ．－126 C.112
D ．－112
解析：选B 记向量2a －b 与a ＋2b 的夹角为θ，又(2a －b )2＝4×22＋32－4×2×3×cos π3＝13，(a ＋2b )2＝22＋4×32＋4×2×3×cos π
3＝52，(2a －b )·(a ＋2b )＝2a 2－2b 2＋3a ·b ＝8－18＋9＝－1，故cos θ＝(2a －b )·(a ＋2b )|2a －b |·|a ＋2b |
＝－1
26，即向量
2a －b 与a ＋2b 的夹角的余弦值是－
1
26
，因此选B.
角度三 平面向量的垂直
3．(1)(2013·荆州高中毕业班质量检查Ⅰ)已知向量a 与b 的夹角是2π
3，且|a |＝1，|b |＝4，若(2a ＋λb )⊥a ，则实数λ＝________.
解析：若a ⊥(2a ＋λb )，则a ·(2a ＋λb )＝0，即2|a |2＋λ·|a ||b |·cos 2π3＝0，∴2＋λ×1×4×⎝ ⎛⎭
⎪⎫
－12＝0.∴λ＝1.
答案：1
(2)在直角三角形ABC 中，已知AB ＝(2,3)，AC ＝(1，k )，则k 的值为________． 解析：①当A ＝90°时， ∵AB ⊥AC ，∴AB ·AC ＝0. ∴2×1＋3k ＝0，解得k ＝－23. ②当B ＝90°时，∵AB ⊥BC ，
又BC ＝AC －AB ＝(1，k )－(2,3)＝(－1，k －3)，
∴AB ·BC ＝2×(－1)＋3×(k －3)＝0， 解得k ＝11
3. ③当C ＝90°时，
∵AC ⊥BC ，∴1×(－1)＋k (k －3)＝0，
即k 2－3k －1＝0.∴k ＝
3±132.
答案：－23或113或3±13
2. [类题通法]
1．求两非零向量的夹角时要注意： (1)向量的数量积不满足结合律；
(2)数量积大于0说明不共线的两向量的夹角为锐角，数量积等于0说明两向量的夹角为直角，数量积小于0且两向量不能共线时两向量的夹角就是钝角．
2．利用数量积求解长度问题的处理方法 (1)a 2＝a ·a ＝|a |2或|a |＝a ·a . (2)|a ±b |＝(a ±b )2＝a 2±2a ·b ＋b 2. (3)若a ＝(x ，y )，则|a |＝x 2＋y 2.
[典例sin α)，b ＝(cos sin β)，0<β<α<π.
(1)若|a －b |＝2，求证：a ⊥b ；
(2)设c ＝(0,1)，若a ＋b ＝c ，求α，β的值． [解] (1)证明：由题意得|a －b |2＝2， 即(a －b )2＝a 2－2a ·b ＋b 2＝2. 又因为a 2＝b 2＝|a |2＝|b |2＝1， 所以2－2a ·b ＝2，即a ·b ＝0，故a ⊥b .
(2)因为a ＋b ＝(cos α＋cos β，sin α＋sin β)＝(0,1)， 所以⎩⎨⎧
cos α＋cos β＝0，
sin α＋sin β＝1.
由此得，cos α＝cos (π－β)，由0<β<π，得0<π－β<π. 又0<α<π，故α＝π－β.代入sin α＋sin β＝1， 得sin α＝sin β＝12，而α>β，所以α＝5π6，β＝π
6. [类题通法]
平面向量与三角函数的综合问题的解题思路
(1)题目条件给出向量的坐标中含有三角函数的形式，运用向量共线或垂直或等式成立等，得到三角函数的关系式，然后求解．
(2)给出用三角函数表示的向量坐标，要求的是向量的模或者其他向量的表达形式，解题思路是经过向量的运算，利用三角函数在定义域内的有界性，求得值域等．
[针对训练]
已知向量a ＝(sin θ，cos θ－2sin θ)，b ＝(1,2)． (1)若a ∥b ，求tan θ的值； (2)若|a |＝|b |,0<θ<π，求θ的值．
解：(1)因为a ∥b ，所以2sin θ＝cos θ－2sin θ， 于是4sin θ＝cos θ，故tan θ＝1
4.
(2)由|a |＝|b |，知sin 2θ＋(cos θ－2sin θ)2＝5， 所以1－2sin 2θ＋4sin 2θ＝5.
从而－2sin 2θ＋2(1－cos 2θ)＝4，即sin 2θ＋cos 2θ＝－1， 于是sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2θ＋π4＝－22. 又由0<θ<π，知π4<2θ＋π4<9π
4， 所以2θ＋π4＝5π4或2θ＋π4＝7π
4. 因此θ＝π2或θ＝3π
4.
第四节数系的扩充与复数的引入
1．复数的有关概念 (1)复数的概念：
形如a＋b i(a，b∈R)的数叫复数，其中a，b分别是它的实部和虚部．若b ＝0，则a＋b i为实数；若b≠0，则a＋b i为虚数；若a＝0且b≠0，则a＋b i为纯虚数．
(2)复数相等：a＋b i＝c＋d i⇔a＝c且b＝d(a，b，c，d∈R)．
(3)共轭复数：a＋b i与c＋d i共轭⇔a＝c，b＝－d(a，b，c，d∈R)．
(4)复数的模：
向量OZ―→的模r叫做复数z＝a＋b i(a，b∈R)的模，记作|z|或|a＋b i|，即|z|＝|a＋b i|＝a2＋b2.
2．复数的几何意义
(1)复数z＝a＋b i复平面内的点Z(a，b)(a，b∈R)．
(2)复数z＝a＋b i(a，b∈R)平面向量OZ.
3．复数的运算
(1)复数的加、减、乘、除运算法则
设z1＝a＋b i，z2＝c＋d i(a，b，c，d∈R)，则
①加法：z1＋z2＝(a＋b i)＋(c＋d i)＝(a＋c)＋(b＋d)i；
②减法：z1－z2＝(a＋b i)－(c＋d i)＝(a－c)＋(b－d)i；
③乘法：z1·z2＝(a＋b i)·(c＋d i)＝(ac－bd)＋(ad＋bc)i；
④除法：z1
z2＝
a＋b i
c＋d i
＝
(a＋b i)(c－d i)
(c＋d i)(c－d i)
＝
ac＋bd c2＋d2＋
bc－ad
c2＋d2
i(c＋d i≠0)．
(2)复数加法的运算定律
复数的加法满足交换律、结合律，即对任何z1，z2，z3∈C，有z1＋z2＝z2＋z1，(z1＋z2)＋z3＝z1＋(z2＋z3)．
1．判定复数是实数，仅注重虚部等于0是不够的，还需考虑它的实部是否有意义．
2．利用复数相等a＋b i＝c＋d i列方程时，注意a，b，c，d∈R的前提条件．3．z2<0在复数范围内有可能成立，例如：当z＝3i时z2＝－9<0.
[试一试]
1．(2014·惠州调研)i 是虚数单位，若z (i ＋1)＝i ，则|z |等于( ) A ．1 B.32 C.22
D.12
解析：选C 由题意知z ＝i i ＋1＝i (1－i )(i ＋1)(1－i )＝1＋i 2，|z |＝2
2，故选C.
2．(2013·天津高考)已知a ，b ∈R ，i 是虚数单位．若(a ＋i)·(1＋i)＝b i ，则a ＋b i ＝________.
解析：因为(a ＋i)(1＋i)＝a －1＋(a ＋1)i ＝b i ，a ，b ∈R ，所以⎩⎨⎧
a －1＝0，a ＋1＝
b ，解
得⎩
⎨⎧
a ＝1，
b ＝2，所以a ＋b i ＝1＋2i. 答案：1＋2i
1．把握复数的运算技巧
(1)设z ＝a ＋b i(a ，b ∈R )，利用复数相等和相关性质将复数问题实数化是解决复数问题的常用方法．
(2)在复数代数形式的四则运算中，加、减、乘运算按多项式运算法则进行，除法则需分母实数化．
2．掌握复数代数运算中常用的几个结论
在进行复数的代数运算时，记住以下结论，可提高计算速度． (1)(1±i)2
＝±2i ；1＋i 1－i ＝i ；1－i 1＋i
＝－i ；
(2)－b ＋a i ＝i(a ＋b i)；
(3)i 4n ＝1，i 4n ＋1＝i ，i 4n ＋2＝－1，i 4n ＋3＝－i ，i 4n ＋i 4n ＋1＋i 4n ＋2＋i 4n ＋3＝0，n ∈N *.
[练一练]
(2013·安徽联考)已知i 是虚数单位，则⎝ ⎛⎭
⎪⎫1＋i 2 2 013
在复平面内对应的点位于
( )
A ．第一象限
B ．第二象限
C ．第三象限
D ．第四象限
解析：选C ∵⎝
⎛⎭⎪⎫1＋i 22＝2i
2
＝i ， ∴⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋i 2 2 013＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋i 2 2 0121＋i 2＝i 1 006·1＋i 2＝i 2·1＋i 2＝－22－2
2i.∴其对应点位于第三象限，故选C.
1.(2014·湖北八校联考)设x ∈R ，则“x ＝1”是“复数z ＝(x 2－1)＋(x ＋1)i 为纯虚数”的( )
A ．充分不必要条件
B ．必要不充分条件
C ．充分必要条件
D ．既不充分也不必要条件
解析：选C 由纯虚数的定义知：⎩⎨⎧
x 2
－1＝0，
x ＋1≠0，
⇒x ＝1，选C.
2．(2014·安徽“江南十校”联考)若a ＋b i ＝5
1＋2i
(i 是虚数单位，a ，b ∈R )，则ab ＝( )
A ．－2
B ．－1
C ．1
D ．2
解析：选A a ＋b i ＝
5
1＋2i
＝1－2i ，所以a ＝1，b ＝－2，ab ＝－2. 3．(2013·安徽高考)设i 是虚数单位，若复数a －10
3－i
(a ∈R )是纯虚数，则a 的值为( )
A ．－3
B ．－1
C ．1
D ．3
解析：选D 复数a －10
3－i ＝a －10(3＋i )(3－i )(3＋i )
＝(a －3)－i 为纯虚数，则a －3＝0，即a ＝3.
4．(2013·洛阳统考)设复数z ＝－1－i(i 为虚数单位)，z 的共轭复数为z ，则|(1－z )·z －
|＝( )
A.10 B ．2 C. 2
D ．1
解析：选A 依题意得(1－z )·z －＝(2＋i)(－1＋i)＝－3＋i ，|(1－z )·z －
|＝|－3＋i|＝(－3)2＋12＝10.选A.
[类题通法]
解决复数概念问题的方法及注意事项
(1)复数的分类及对应点的位置问题都可以转化为复数的实部与虚部应该满足的条件问题，只需把复数化为代数形式，列出实部和虚部满足的方程(不等式)组即可．
(2)解题时一定要先看复数是否为a ＋bi (a ，b ∈R )的形式，以确定实部和虚部．
[典例] (1)(2013·四川高考)如图，在复平面内，点A 表示
复数z ，则图中表示z 的共轭复数的点是( )
A ．A
B ．B
C ．C
D ．D
(2)(2014·郑州质量预测)复数z 1＝3＋i ，z 2＝1－i ，则z ＝z 1z 2
的共轭复数在复平面内的对应点位于( )
A ．第一象限
B ．第二象限
C ．第三象限
D ．第四象限
[解析] (1)设z ＝a ＋b i(a ，b ∈R )，且a <0，b >0，则z 的共轭复数为a －b i ，其中a <0，－b <0，故应为B 点．
(2)依题意得，z ＝
3＋i 1－i ＝(3＋i )(1＋i )(1－i )(1＋i )＝2＋4i 2＝1＋2i ，因此复数z ＝z 1
z 2
的共轭复数1－2i 在复平面内的对应点的坐标是(1，－2)，该点位于第四象限，选D.
[答案] (1)B (2)D [类题通法]
对复数几何意义的理解及应用
(1)复数z 、复平面上的点Z 及向量OZ 相互联系，即z ＝a ＋b i(a ，b ∈R )⇔Z (a ，b )⇔ OZ
(2)由于复数、点、向量之间建立了一一对应的关系，因此可把复数、向量与解析几何联系在一起，解题时可运用数形结合的方法，使问题的解决更加直观．
[针对训练]
1．(2013·湖北八校联考)已知i 是虚数单位，z ＝1＋i ，z －为z 的共轭复数，则复数z 2
z
－在复平面上对应的点的坐标为________．
解析：z ＝1＋i ，则z 2z －＝(1＋i )2
1－i ＝2i 1－i ＝2i (1＋i )(1－i )(1＋i )＝－1＋i ，则复数z 2
z
－在复
平面上对应的点的坐标为(－1,1)．
答案：(－1,1)
2．已知复数z 1＝－1＋2i ，z 2＝1－i ，z 3＝3－4i ，它们在复平面上对应的点分别为A ，B ，C ，若OC ＝λOA ＋μOB ，(λ，μ∈R )，则λ＋μ的值是________．
解析：由条件得OC ＝(3，－4)，OA ＝(－1,2)，
OB ＝(1，－1)， 根据OC ＝λOA ＋μOB 得
(3，－4)＝λ(－1,2)＋μ(1，－1)＝(－λ＋μ，2λ－μ)， ∴⎩⎨⎧ －λ＋μ＝3，2λ－μ＝－4，解得⎩⎨⎧
λ＝－1，
μ＝2. ∴λ＋μ＝1. 答案：1
[典例] (1)若复数z 满足z (2－i)＝11＋7i(i 为虚数单位)，则z 为( ) A ．3＋5i B ．3－5i C ．－3＋5i
D ．－3－5i
(2)(2013·长春调研)已知复数z ＝1＋a i(a ∈R ，i 是虚数单位)，z －z ＝－35＋4
5i ，则a ＝( )
A ．2
B ．－2
C ．±2
D ．－1
2
[解析] (1)z ＝11＋7i 2－i ＝(11＋7i )(2＋i )(2－i )(2＋i )
＝15＋25i
5＝3＋5i.
(2)由题意可知：1－a i 1＋a i ＝(1－a i )2(1＋a i )(1－a i )＝1－2a i －a 21＋a 2＝1－a 21＋a 2－2a 1＋a 2i ＝－35＋4
5i ，因此1－a 21＋a 2＝－35，化简得5a 2－5＝3a 2＋3，a 2＝4，则a ＝±2，由－2a 1＋a 2＝45可知a <0，仅有a ＝－2满足，故选B.
[答案] (1)A (2)B
解：∵z ＝3＋5i ，∴z －＝3－5i
∴(1＋z )·z －
＝(4＋5i)(3－5i)＝12－20i ＋15i ＋25＝37－5i. [类题通法]
复数四则运算的解答策略
复数的加法、减法、乘法运算可以类比多项式的运算，除法的关键是分子分母同乘以分母的共轭复数，解题中要注意把i 的幂写成最简形式．
[针对训练]
1．(2013·山东高考)复数z 满足(z －3)(2－i)＝5(i 为虚数单位)，则z 的共轭复
数z为()
A．2＋i B．2－i C．5＋i D．5－i
解析：选D由(z－3)(2－i)＝5，得z＝3＋
5
2－i
＝3＋
5(2＋i)
(2－i)(2＋i)
＝3＋2＋i
＝5＋i，所以z＝5－i.
2．设复数z的共轭复数为z，若z＝1－i(i为虚数单位)，则z
z＋z
2的值为()
A．－3i B．－2i C．i D．－i
解析：选D依题意得z
z＋z
2＝
1＋i
1－i
＋(1－i)2＝
－i2＋i
1－i
－2i＝i－2i＝－i.。