厦门外国语学校2012届高三适应性考试理科综合能力测试

厦门外国语学校2012届高三适应性考试理科综合能力测试
参考答案
【生物部分答案】
1—5：DDBAC
26．Ⅰ（12分）(2)淀粉糊（2分） 等量的存量淀粉酶制剂（2分）
(5) 向试管A2、B2中加入等量新制的斐林试剂，并进行水浴加热，观察试管中的颜色变化。

（2分） 实验缺陷：
没有考虑存量酶制剂与唾液淀粉酶的最适温度和最适pH ；没有考虑到存量酶制剂与唾液淀粉酶的浓度可能存在差异；没有考虑到存量酶制剂与唾液淀粉酶在催化效率之间可能存在差异(其他合理答案也可，答出一点即可)（2分） 实验结果与结论：
①该存量淀粉酶制剂完全失活（2分）
③试管B1 中溶液呈褐色，试管B2中有砖红色沉淀（2分） Ⅱ（10分）（1）薇甘菊入侵区（1分）；类群数（1分）；个体数量（1分） （2）“J”型（1分）；空间充裕，气候适宜，没有天敌（1分） （3）光照不足，光合作用无法正常进行而导致死亡（1分）；分解者（1分）； 群落演替（1分）（4）寄生（1分）；专一（1分） 27．（18分）（1）该植物只有同时具有E 、F 基因时才表现为黄颖。

（2）eeff EEff 或eeFF （缺一不给分） （3）5， 1/2
（4）让纯合的黄颖品系与隐性纯合的白颖品系作为亲本杂交得F1，
F1与隐性纯合的白颖品系测交， 统计子代的表现型及比例。

若为黄颖：白颖=1：3 32．【生物——选修3现代生物科技专题】（10分） （1）促性腺激素 （2）启动子和终止子
（3）使供体、受体生理变化相同，为胚胎发育提供相同生理环境 （4）出现高血压 （5）体外受精
【化学部分答案】
6. A 7．C 8. D 9．B 10．D 11．C 12．D 23．(15分)
（1）2H 2O+4e －
+O 2→4OH －
（2分）
（2）①（2分）②制造光导纤维或生产玻璃等（2分） （3） ＞（2分） （4）①电、化学（2分） ②Al+
43MnO 2＝21Al 2O 3 +4
3
Mn （2分） ③2Al ＋OH －
＋NO 2－
＋6H 2O ＝2[Al(OH)4]－
＋NH 3·H 2O （3分）
24.（15分）
（1）①放热(1分)
②Sn2＋(aq)＋Cu (s)=Sn(s)＋Cu 2＋(aq) △H=+553.75 kJ·mol-1 (2分)
（2）50%(2分) （3）抑制Sn 2＋水解(2分) 60℃(2分)
(4)Sn2＋＋2H++H202= Sn4＋+2H20(2分) (5)NH3 ·H20 (2分) 4(2分)
25.(15分)
(1) 氢气（1分），随着反应的进行，硫酸溶液浓度变稀，发生反应：
H2SO4（稀）+ Zn === ZnSO4 + H2↑ （2分）
（2）①NaOH溶液（或KMnO4）；浓硫酸（2分）
②）无水CuSO4（或无水硫酸铜）；防止空气中的水蒸汽进入系统，干扰实验（2分）
③防倒吸（1分）
④C中品红褪色，D中溶液不再褪色时，F中有红色物质生成且G中的无水硫酸铜
变蓝。

（2分）
（3）丙（1分）（4）后产生的氢气会将其二氧化硫全部排入丙中（2分）
（5）1.84-2000b/217a mol·L-1 （2分）
30．（13分）(选考:物质结构与性质)
（1）3d5（2）＜（3）H2O、NH3、H2S （4）CoO
（5）①sp1氮原子最外层5个电子，与C原子之间三对共用电子对，氮元素电负性大于碳，共用电子对偏向氮，因此氮元素化合价为-3
②2[Co(CN)6]4-＋2H2O△2[Co(CN)6]3-＋H2↑＋2OH-
【物理部分答案】
13 14 15 16 17 18 29（1）29（2）
D B ＣＡＤＤ A Ａ
I、（1）B（2分）（2）11.1 ，15.6，0.75 （每空1分）（3）大于（1分）II、①图见下方（2分）a端（2分）②图像见下方（2分）③偏大（2分）电流表内接法造成的系统误差（2分）④ 51±3℃（2分）
20、解：（１）小球１在复合场中应该沿直线运动，所以
qE B qv =1， （３分）
带入数据得：1v =10m/s ，（２分） B 的方向竖直向上（２分） （２）小球１到ｂｃ边时平抛
t
v x gt
h 122
1==
（２分） 解得：ｔ＝１ｓ，ｘ＝１０ｍ（２分） 小球２运动到ｘ处的时间：5.22
2==v x
t ｓ（１分） 小球１运动到ｘ处的时间：s v x
L t 21
1=+=
（１分） 所以s t t t 5.012=-=∆（２分） 所以小球１比小球２晚０．５ｓ弹出。

21（19分）解：（1）由牛顿第二定律，对滑块：-μmg=ma 1 (1分) 对小车：μmg=Ma 2 （1分） 但滑块相对小车静止时，两者速度相等，即： v 0+a 1t=a 2t
滑块的位移为：s 1=v 0t+12
a 1t 2
车的位移为：2222
1t a s =
联立解得s 1=5m s 2=2m （2分）
因=∆s s 1—s 2=3m<L ，s 2<s ，说明小车与墙壁碰撞前滑块与小车已具有共同速度(1分) 故小车与墙壁碰撞时的速度为：V 1=4m/s （1分） (2)到达p 点时的速度为p v -μmg[Ｌ-s ∆]=
12mv ｐ2-1
2
mv 12 带入数据得12=p v ｍ／ｓ （2分）
R
v m
mg N p 2=-
得Ｎ＝６８Ｎ（2分）
根据牛顿第三定律：N N N 68'
==，方向竖直向下。

（2分）
（3）若滑块恰能滑过圆的最高点，设滑至最高点的速度为v，临界条件为mg=mv2/R （1分）
根据动能定理，有
-mg·2R=1
2
mv2-
1
2
mv p2（1分）
解得R=0.24m （1分）
若滑块恰好滑至1/4圆弧到达T点时就停止，则滑块也能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道。

根据动能定理，有
-mgR=0-1
2
mv p2（2分）
解得R=0.6m （1分）
综上所述，滑块在圆轨道运动过程中不脱离圆轨道，则半圆轨道的半径必须满足：R≤0.24m或R≥0.60m （1分）
22、22.（20分）
解：（1）当v=0时，a=2m/s2
μ=0.5 （3分）（2）由图像可知：vm=2m/s 当金属棒达到稳定速度时，有
（6分）
（3）
02
1
cos370
2
F
mgh mgs W mv
μ
--=-
（5分）（4）当回路中的总磁通量不变时，金属棒中不产生感应电流。

此时金属棒将沿导轨做匀加速运动。

（6分）。