山东省聊城市(茌平、东昌府、东阿)三县2014-2015学年高二物理上学期期末联考试题
山东省聊城市(茌平、东昌府、东阿)三县2014-2015学年高二上学期期末联考政治(B)试题 Word版含答案
2014-2015学年度第一学期期末学分认定高二政治试题(B)本试卷分第I卷（选择题）和第II巷（非选择题）两部分，共3页，满分100分，考试用时100分钟。
考试结束后，将本试巷、答题卡、答题纸一并交回，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。
第I卷（选择题共48分）一、单项选择题（本题共24小题，每小题2分，共48分，每题只有一个正确答案）l.文化现象无处不在，无时不有。
下列属于文化现象的有( )①俄罗斯、美国、欧盟、乌克兰四方就乌克兰边界问题进行谈判②《马向阳下乡记》在央视一套黄金时段播出③井冈云海④纪念邓小平同志诞辰110周年座谈会在京举行A.①②B.①③C.③④D.②④2.韩国某外交官说：“如果外国人对韩国歌于有更多的关注，逐渐地他们就会喜欢上韩国……如果他们喜欢韩国，他们就会购买更多的韩国产品。
这就是我们试图推广的。
”这启示我们( ) ①文化对经济具有反作用②文化生产力对现代经济起决定作用③必须提高国家文化软实力④文化影响人们的交往行为和交往方式A.①②B.①③C.②④D.③④3.在个“读首诗再睡觉”的微信公众号上，常有儿万人起读诗。
优美的图片、悦耳的声音，再配以雅俗共赏的解析文字，让人们重温诗的美好，让参与者的心灵得到滋润。
这表明( ) ①文化对人的影响具有深远持久的特点②文化环境可以影响人的文化素养③大众文化能够提高人们的思想道德素质④大众传媒具有文化沟通和共享功能A.①③B.①④ c.②③ D.②④4.中华民族的“家”文化使人们对“家”有着强烈的热爱眷恋，“孝”文化使人们把赡养老人为之尽孝看作人生之大事。
在我国90%的老年人认为居家养老是自己最中意的养老方式。
由此可见()①文化决定人们的交往行为和交往方式②文化影响人们的实践活动、认识活动③文化对人的影响来自于特定的文化环境④传统文化具有顺应变动性A.①②B.①④c．②③ D.③④5. 2013年6月8同是我国第八个“文化遗产日”。
2014-2015学年上学期高二物理上学期期末试卷及答案
2014-2015学年上学期高三期末考试物理理科试卷(含答案)本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共120分，考试用时90分钟。
第I 卷（选择题 共60分）一、 选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，1-6题有一项符合题目要求，7-12题有多项符合题目要求。
）1.指南针静止时，其位置如图中虚线所示．若在其上方放置一水平方向的导线，并 通以恒定电流，则指南针转向图中实线所示位置．据此可能是 （ ）A .导线南北放置，通有向北的电流B .导线南北放置，通有向南的电流C .导线东西放置，通有向西的电流D .导线东西放置，通有向东的电流2.如图10—1所示，为电视机显像管的偏转线圈示意图，圆心黑点表示电子枪射出的电子，它的方向由纸内指向纸外，当偏转线圈通以图示方向的电流时，电子束应 ( ) A.向左偏转 B ．向上偏转 C.不偏转 D.向下偏转3．如图所示的情况中，a 、b 两点的电场强度和电势都相同的是 ( )A ．甲图：离点电荷等距的a 、b 两点B ．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a 、b 两点C ．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a 、b 两点D ．丁图：两带电平行金属板间，分别靠近两板与中轴线等距的a 、b 两点4.处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动．将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值( ) A ．与粒子电荷量成正比 B ．与粒子速率成正比 C ．与粒子质量成正比 D ．与磁感应强度成正比5.如图所示，边界OA 与OC 之间分布有垂直纸面向里的匀强磁场，边界OA 上有一粒子源S.某一时刻，从S 平行于纸面向各个方向发射出大量带正电的同种粒子(不计粒子的重力及粒子间的相互作用)，所有粒子的初速度大小相同，经过一段时间有大量粒子从边界OC 射出磁场．已知∠AOC ＝60°，从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的最短时间等于T6(T 为粒子在磁场中运动的周期)，则从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的最长时间为( )A.T 3B.T 2C.2T 3D.5T 66.如图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M 、N 两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b 在M 、N 的连线上，o 为MN 的中点，c 、d 位于MN 的中垂线上，且a 、b 、c 、d 到o 点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是( ) A ．o 点处的磁感应强度为零B ．a 、b 两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C ．c 、d 两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D ．a 、c 两点处磁感应强度的方向不同………封……7.如图所示，一带正电的滑环套在水平放置且足够长的粗糙绝缘杆上，整个装置处于方向如图所示的匀强磁场中.现给环施以一个水平向右的速度，使其运动，则滑环在杆上的运动情况可能是( )A.先做减速运动，后做匀速运动B.一直做减速运动，直到静止C.先做加速运动，后做匀速运动D.一直做匀速运动8.如图所示，平行于纸面水平向右的匀强磁场，磁感应强度B1＝1T．位于纸面内的细直导线，长L＝1m，通有I＝1 A的恒定电流．当导线与B1成60°夹角时，发现其受到的安培力为零，则该区域同时存在的另一匀强磁场的磁感应强度B2的可能值是()A.12T B.32TC．1T D.3T9.如图甲所示，某空间存在着足够大的匀强磁场，磁场沿水平方向．磁场中有A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上．物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘．在t＝0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动．在物块A、B一起运动的过程中，图乙反映的可能是()A．物块A所受洛伦兹力大小随时间t变化的关系B．物块A对物块B的摩擦力大小随时间t变化的关系C．物块A对物块B的压力大小随时间t变化的关系D．物块B对地面压力大小随时间t变化的关系10.如图所示，在半径为R的圆形区域内有匀强磁场.在边长为2R的正方形区域里也有匀强磁场，两个磁场的磁感应强度大小相同，两个相同的带电粒子以相同的速率分别从M、N两点射入匀强磁场.在M点射入的带电粒子，其速度方向指向圆心；在N点射入的带电粒子，速度方向与边界垂直，且N点为正方形边长的中点，则下列说法正确的是( )A.带电粒子在磁场中飞行的时间可能相同B.从M点射入的带电粒子可能先飞出磁场C.从N点射入的带电粒子可能先飞出磁场D.从N点射入的带电粒子不可能比M点射入的带电粒子先飞出磁场11、如图所示的电路中，各元件均为线性元件.电源电动势为E，内电阻不能忽略，闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大△U，在这一过程中（）A、通过R1B、R2两端的电压减小，减小量为△UC、路端电压与干路电流的比值为定值D、路端电压的变化量与干路电流的变化量的比值为定值12.如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为（<）. 若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A. 小物体上升的最大高度为B. 从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C. 从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D. 从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小高三理科物理第3页，共10页高三理科物理第4页，共10页第Ⅱ卷（非选择题共60分）二、填空题（本大题共2小题，共10分，把答案填在题中横线上）。
山东省聊城市(茌平、东昌府、东阿)三县2014-2015学年高二上学期期末联考物理试题 Word版含答案
2014-2015学年度第一学期期末学分认定高二物理试题本试卷分第I卷（选择题）第II卷（非选择题）两部分，共8页，满分100分，考试用时100分钟。
第I卷（选择题，共48分）一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1．关于静电场和磁场的说法，正确的是（）A．电场中场强越大的点，电势不一定越高R．电场中某点的场强与试探电荷的电荷量成反比c．磁场磁感应强度的方向就是通电直导线的受力方向D．电流产生磁场的磁感线是闭合的，条形磁铁磁场的磁感线不是闭合的2.下列物理量中与检验电荷有关的是( )A.电场强度EB.电势ϕC.电势能εD.电势差U3.图中的实线表示电场线，虚线表不只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M 点，再经过N点．可以判定( )A.M点的电势高于N点的电势B．M点的电势低于N点的电势c．粒子存M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D．从M到N,粒子的电势能在增加4．如图所不，当滑动变阻器的滑动触点向上滑动( )A．电压表V的读数增大B．电流表A的读数减小C．电流表A的读数增大D．电压表V的读数减小5.如图所示，一束带电粒子沿着水平方向平行的飞过小磁针的正上方，磁针的极向纸内偏转，这一带电粒子束叫能是( )A. 向右飞行的正离子束；B．向左飞行的正离子束；C. 向右飞行的负离子束；D．向左飞行的负离子束；6.如右图所示，直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E=30 V，内阻R=1Ω，则下r=1Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U=10 V，已知电动机线圈电阻M列说法中正确的是( )A.通过电动机的电流为10 AB．电动机的输入功率为20 WC.电动机的热功率为4wD．电动机的输出功率为16 W7．图中磁场为匀强磁场，曲线为某粒子穿过铅板P前后的轨迹（粒子穿过铅板后电量、质量不变，动能减小），匀强磁场的方向与轨道所在平面垂直(图中垂直于纸面向内)，由此可知此粒子( ）A．一定带正电B．一定带负电c．不带电D．叫能带正电，也可能带负电8.如图，a、b为竖直方向的条电场线上的两点，带电小球在a点由静止释放后，沿电场线直线向上运动，到b点速度为零，下列说法中正确的是（）A．a点的电场强度比b点的电场强度小B.带电小球在b点时所受合外力为零C. a点的电势比b点的电势高D.带电小球从a点运动到b点的过程中静电力做功与小球克服重力做功相等9.两圆环A. B置于同一水平面上，其中A为均匀带电绝缘环，B为导体环，当A以如图所示的方向绕中心转动的角速度发生变化时，B中产生如图所示方向的感应电流，则()A. A可能带正电且转速减小B. A可能带正电且转速增大C. A可能带负电且转速减小D. A可能带负电且转速增大10.如图所示，在x轴上方存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场。
山东省潍坊三县市2014-2015学年高二上学期联考物理试卷Word版含答案
高二阶段性教学质量检测物理试题第I卷(选择题共40分)一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分，每小题至少有一个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分。
）1. 在电场中某点放入电荷量为q的正检验电荷时，测得该点的场强为E，若在该点放入电荷量q′=-2q的负检验电荷时，测得场强为E′，则有（）A. E′=E，方向与E相反B. E′=2E，方向与E相反C. E′=2E，方向与E相同D. E′=E，方向与E相同2.一根粗线均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时( )IA.通过金属导线的电流为2IB.通过金属导线的电流为4vC.自由电子定向移动的平均速率为2vD.自由电子定向移动的平均速率为43．某电场的电场线分布如图所示，电场中A、B两点在图示位置，则A、B两点相比较（）A．A点的场强大B．B点的场强大C ．B 点的电势高D ．负电荷在B 点的电势能高4．如图所示，平行板电容器连接在电池两极上，A 板接地， 在两板间的P 点固定一个负电荷．充电完成后断开开关K ，将B 板平移到虚线位置，下列说法中正确的是（ ）A ．电容器极板的带电量Q 变大B ．电容器两极板间的电场强度不变C ．P 点的电势将升高D ．P 点负电荷的电势能将升高5.如图所示，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有a 、b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q (q>0)的固定点电荷。
己知为(k 为静电力常b 点处的场强为22q kR ，则d 点处场强的大小量)( ) A. 23q kR B ．2109q k RC. 289q k RD ．299Q q k R 6．如图所示，R 1和R 2都是4W 、100Ω的电阻,R 3是1W 、100Ω的电阻，则A 、B 两端允许消耗的最大电功率是（ ）A ．1.5WB ．3WC ．9WD ．98W 7．如图所示，平行金属板中带电质点P 原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响,R 1的阻值和电源内阻r 相等。
高二物理-2014-2015学年高二上学期期末检测试卷一 物理试题
2014-2015学年度第一学期期末检测试卷一高二年级物理（必修）学科一．选择题（本项共23小题，每小题3分，共69分。
在每小题给出的四个选项当中，只有一个选项是正确的。
）1．下列物体或人，可以看作质点的是（）①研究跳水冠军伏明霞在跳水比赛中的空中姿态②研究奥运冠军王军霞在万米长跑中③研究一列火车通过某路口所用的时间④研究我国科学考察船去南极途中A.①③B.②③C.①④D.②④2．科学家关于物体运动的研究，对正确认识自然现象具有重要作用。
下列说法符合历史事实的是（）A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远地运动下去C．卡文迪许通过对行星运动的研究，提出了万有引力定律D．牛顿在前人研究成果的基础上，通过进一步研究提出，维持物体运动需要力3. 一物体沿半径为R的圆周运动一周，其位移的大小和路程分别是（）A .2πR，0 B.0，2πR C. 2R, 2πR D.0，2R4．下列哪个速度指的是平均速度（）A．跳水运动员以12m/s的速度入水B．炮弹以700m/s的速度射出炮口C．普通人步行的速度约是5km/h D．汽车通过交通标志牌时的速度是90km/h 5. 做匀变速直线运动的物体的位移随时间的变化关系s=24t－1.5t2(m),根据这一关系式可知，质点速度为零的时刻是（）A.1.5sB.8sC.16sD.24s6．两个共点力的大小分别为3N和7N，则它们的合力( )A ．一定等于10NB ．一定大于7NC ．最大是10N D7．小船在静水中速度为4m/s ，它在宽为200 m，流速为3 m/s 的河中渡河，船头始终垂直河岸，如图所示。
则渡河需要的时间为( )A ．40sB ．50s C．66.7s D ．90s8.在“探究力的平行四边形定则”实验中，不正确的实验要求是 ( ) A ．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行 B ．两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直 C ．读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度 D ．使用弹簧测力计时，不能超过其量程 9．下列关于摩擦力的说法，正确的是 （ ）A ．作用在物体上的滑动摩擦力只能使物体减速，不可能使物体加速B ．摩擦力的大小一定与物体的重力成正比C ．运动的物体不可能受到静摩擦力作用D ．作用在物体上的静摩擦力可以是动力10.一物体做匀加速直线运动，初速度大小为2m/s ，经3s ，末速度大小为8m/s ，下列说法错误的是（ ） A.物体加速度为2m/s2B.2s 末速度大小为6m/sC.3s 内的平均速度为4m/sD.第二秒内位移比第一秒内位移多2m 11.关于超、失重，下列说法正确的是（ ） A ．物体超、失重是因为地球吸引异常引起的 B ．物体超重运动方向一定向上 C ．物体失重运动方向一定向下D ．只要加速度的方向向上物体即处于超重12.如图所示，一固定斜面倾角为α，高为h ，一小球从斜面顶端沿水平方向抛出后恰好落在斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为g ，则小球从抛出到落在斜面底端所用时间为（ ）Ag h 2 B g h 2sin C g h 2 D gh13．甲、乙两车从同一地点沿同一方向出发，右图是甲、乙两车的速度图象，由图可知( )A ．甲车的加速度大于乙车的加速度B ．t 1时刻甲、乙两车的加速度相同C ．t 1时刻甲、乙两车的相遇D ．0至t 1时刻，甲车的平均速度大于乙车的平均速度14．已知长为L 的光滑斜面，物体从斜面顶端由静止开始以恒定的加速度下滑，当物体的速度是到达斜面底端速度的一半时，它沿斜面下滑的位移是（ ）1A ．2L B ．4LC ．22LD ．L ）－（1215．马拉着车奔跑，马对车的拉力为F 和车对马的拉力为F ′，则两力的大小关系是 A 、马要拉动车，则必须满足F >F ′B 、只有当马拉着车匀速奔跑时，才满足F =F ′C 、不管如何奔跑，始终满足F =F ′D 、运动情况不明，无法确定 阅读下列材料,回答第19〜23题.2013年12月6日17时47分，“嫦娥三号”开始实施近月制动.17时53分,发动机关机嫦娥三号”顺利进入100公里环月轨道.12月14日20时59分，7500N 变推力发动机开机嫦娥三号”开始动力下降，减速向月球靠近，在100m 高度处，“嫦娥三号”悬停.30 s 后，“嫦娥三号”援速 下降，离月面4m 时，7500N 变推力发动机关机嫦娥三号”从速度为零起做自由落体运动降落在月球虹湾以东地区.已知“嫦娥三号”重f 约为3780kg,搭载的月球车重量约140kg,月球表面重力加速度为地球表面 重力加速度的六分之一，地球表面重力加速度取10 m/s 2.16. “嫦娥三号”在100公里环轨道运行过程中，受到月球引力大小 ( ) A.只与“嫦娥三号”的质量有关 B.只与月球的质量有关C.与“嫦娥三号”和月球的质量均无关D.与“嫦娥三号”和月球的质量均有关17. “嫦娥=号”在动力下降阶段,月球对其重力做功和重力势能变化的情况为 （ ）A.重力做正功，重力势能减小B.重力做正功,重力势能增加 C 重力做负功，重力势能减小 D.重力做负功，重力势能增加18. “嫦娥三号”从速度为0起做自出落体运动降落在月球虹湾以东地区，能反映此过程运动的图象是（ ）19．有一束电子流沿 X 轴正方向高速运动，如图所示，电子流在 Z 轴上的P 点处所产生的磁场方向是沿（ ）A ．Y 轴正方向B ．Y 轴负方向C ．Z 轴正方向D ．Z 轴负方向 20．在下列几幅图中，洛仑兹力的方向判断正确的是( )A ．B ．C ．D ．21. 真空中有一个电场，在该电场某点处放入一个点电荷为q=6.0×10-9C ，它受到的电场力为3.0×10-4N ，则该点的电场强度大小为（ ）A ．5×10-4N/C B ．5×104N/C C ．2×10-5N/C D ． 2×105N/C 22. 下列关于电场线的说法中，正确的是（ ） A ．电场线是电场中实际存在的线 B ．在复杂电场中的电场线是可以相交的 C ．沿电场线方向，场强必定越来越小D ．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大23. 如图所示，电流表与螺线管组成闭合电路，以下不能使电流表指针偏转的是( ) A ．将磁铁插入螺线管的过程中 B ．磁铁放在螺线管中不动时C ．将磁铁从螺线管中向上拉出的过程中D ．将磁铁从螺线管中向下拉出的过程中 二．填空题（本题有两小题，共10分）24．本题为选做题，考生只选择一题作答．若两题都作答，则按24-1题计分25. （1）如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置。
2014-2015学年高二上学期物理期末统考试题
2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题注意事项：1．本试题共100分，答题时间90分钟；2．本试题共分两部分。
第Ⅰ卷为选择题，用2B铅笔将正确答案涂写在答题卡上；第Ⅱ卷为非选择题，用0.5mm黑色黑水签字笔完成在答题纸上。
3．答第Ⅰ卷前，将姓名、考号、考试科目、试卷类型涂写在答题卡上。
第Ⅰ卷（选择题共50分）一、选择题：本题共15小题。
在每小题给出的四个选项中，第1—10题，每题3分，只有一个选项符合题目要求，第11---15题，每题4分，有多个选项符合题目要求．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类文明的进步，在对以下几个物理学家所做的科学贡献的叙述中，不．正确的说法是( )A．库仑发现了电流的磁效应B．丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应C．法拉第发现了磁场产生电流的条件和规律D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的2．冬天气候干燥，容易发生静电现象，下列现象中不．属于静电引起的是( )A．用塑料梳子梳头时听到“噼”“啪”的响声B．冬天在黑暗处脱化纤类衣服会看到火花并听到响声C．脱掉外衣后去摸金属门把手时，常会被电击一下D．在针灸治疗疾病时，用电针会感觉较强的刺激3．在做“奥斯特实验”时，下列操作中现象最明显的是( )A．沿电流方向放置磁针，使磁针在导线的延长线上B．电流沿南北方向放置在磁针的正上方C．沿电流方向放置磁针，使磁针在导线的正下方D．电流沿东西方向放置在磁针的正上方4．下列关于电场与磁场说法正确的是( )A．只有磁铁周围才有磁场B．电流能产生磁场说明电和磁是有联系的C．电荷的周围一定有电场和磁场D．永久磁铁的磁场与电流周围的磁场是两种不同的磁场5．下列关于磁通量和磁感应强度的说法中，正确的是( )A．穿过某一个面的磁通量越大，该处磁感应强度也越大B．穿过某一个面的磁通量为零，该处磁感应强度也为零C．穿过垂直于磁感线方向的单位面积的磁感线的条数等于磁感应强度D．当平面跟磁场方向不垂直时，穿过这个面的磁通量必定为零6．有一圆形边界的匀强磁场区域，一束质子流以不同的速率，由圆周上的同一点沿半径方向射入磁场，质子在磁场中( )A．路程长的运动时间长B．速率小的运动时间短C．偏转角度大的运动时间长D．运动的时间有可能无限长7．如图所示，a、b、c是匀强电场中的三个点，各点电势φa＝10 V、φb＝2 V、φc＝6 V，a、b、c三点在同一平面上，下列各图中电场强度的方向表示正确的是( )8．安全重于泰山．为防止火灾发生，很多公共场所都安装了火警报警器．如图所示是一火警报警器的一部分电路示意图，其中R2为用半导体热敏材料(其阻值随温度的升高而迅速减小)制成的传感器，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，电流表A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是( )A．I变大，U变大 B．I变小，U变小C．I变小，U变大 D．I变大，U变小9．一磁感应强度为B的匀强磁场方向水平向右，一面积为S的矩形线圈abcd 如图所示放置，平面abcd与竖直方向成θ角，将abcd绕ad轴转180°角，则穿过线圈平面的磁通量的变化量是( )A． 2BS cosθ B．2BSC． 0 D．2BS sinθ10.一矩形线圈位于一匀强磁场内，磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图所示．以I表示线圈中产生的感应电流，取垂直于纸面向里为磁场的正方向，取顺时针方向的感应电流的方向为正，则以下的It图正确的是( )11．某一电容器上标注的是“300 V,5 μF”，则下述说法正确的是( ) A．该电容器只能在300 V电压时正常工作B．该电容器可在低于300 V的电压下正常工作C．电压是200 V时，电容仍是5 μFD．使用时只需考虑工作电压，不必考虑电容器的引出线与电源的哪个极相连12．如果用E表示电场区域的电场强度大小，用B表示磁场区域的磁感应强度大小．现将一点电荷放入电场区域，发现点电荷受电场力为零；将一小段通电直导线放入磁场区域，发现通电直导线受安培力为零，则以下判断可能正确的是( )A．E＝0 B．E≠0C．B＝0 D．B≠013．起辉器是由电容器和氖管两大部分组成，其中氖管中充有氖气，内部有静触片和U形动触片．通常动、静触片不接触，有一小缝隙．则下列说法正确的是( )A．当电源的电压加在起辉器两端时，氖气放电发出辉光并产生热量，导致双金属片受热膨胀B．当电源的电压加在启动器两极后，动、静触片间辉光放电，受热膨胀两触片接触而不分C．起辉器中U形动触片是由单金属片制成D．当动、静两触片接触后，氖气停止放电、温度降低，两触片分离14．用甲、乙两个完全相同的电流表表头改装成量程分别为5 V和10 V的电压表，串联后测量12 V的电压，则( )A．两表的电压示数相同，均为6 VB．两表头的指针偏角相同C．两表头的指针偏角不相同D．两表的电压示数不同15．某学生在研究串联电路电压特点的实验时，接成如图所示的电路，接通S 后，他将大内阻的电压表并联在A，C两点间，电压表读数为U，当并联在A，B 两点间时，电压表读数也为U，当并联在B，C两点间时，电压表的读数为零，则出现此种情况的原因可能是(R1，R2的阻值相差不大)( )A．AB段断路 B．BC段短路C．AB段短路 D．BC段断路第Ⅱ卷（非选择题共50分）二．填空题（本大题共16分，每空2分）16. 有一同学用多用电表进行粗测一电阻：多用电表电阻挡有3种倍率，分别是×100Ω、×10Ω和×1Ω.该同学选择×10Ω倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针偏转角度太小．为了较准确地进行测量，应选择________倍率．换挡后，应注意还需________调零．若重新测量的结果如图所示，那么测量结果大约是______17．（1）用螺旋测微器测金属丝的直径其读数为________．(2)已知电阻丝的电阻约为10Ω，现备有下列器材供测量电阻丝的电阻，在测量时电流表应选________(只填序号)．电压表应选________(只填序号)。
山东省聊城市(茌平、东昌府、东阿)三县2014_2015学年高二数学上学期期末联考试卷理(含解析)
2014-2015学年山东省聊城市（茌平、东昌府、东阿）三县联考高二（上）期末数学试卷（理科）一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．命题“对任意 x∈R，都有 x2≥0”的否定为（）A．对任意 x∈R，都有 x2＜0 B．不存在 x∈R，使得 x2＜0C．存在 x0∈R，使得 x02≥0 D．存在 x0∈R，使得 x02＜02．已知{a n}为等差数列，若a3+a4+a8=9，则a5=（）A．3 B．4 C．5 D．63．设 a，b，c∈R，且a＞b，则（）A．＜B．a2＞b2C．a﹣c＞b﹣c D．ac＞bc4．已知数列 {a n} 是等比数列，则下列数列中也一定为等比数列的是（）A．{a n+1﹣a n} B．{a n2} C．{2} D．{ln|a n|}5．若曲线C上的点到椭圆+=1的两个焦点的距离的差的绝对值等于8，则曲线C 的标准方程为（）A．﹣=1 B．﹣=1C．﹣=1 D．﹣=16．如图所示，已知空间四边形OABC，其对角线为OB，AC，M，N分别为OA，BC的中点，点G在线段MN上，且=2，若=x+y+z，则x+y+z=（）A．B．C．D．17．设变最x，y满足约束条件，则目标函数z=x+2（y﹣l）的最小值为（）A．0 B．1 C．2 D．38．给定两个命题p，q，若p是￢q的必要不充分条件，则￢p是q的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件 D．刘不充分也不必要条件9．若抛物线x2=y的焦点与椭圆+=1的上焦点重合，则p的值为（）A．2 B．﹣2 C．4 D．﹣410．定义为n个正数p1，p2，…p n的“均倒数”．若已知数列{a n}的前n项的“均倒数”为，又，则=（）A．B．C．D．二、填空题：本大题共5小题，每小题4分，共20分．11．若抛物线 y2=mx（m＞0）（上点 A（1，）到焦点的距离为3，则抛物线的准线方程为．12．已知正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，点E是棱A1B1的中点，则直线AE与平面BDD1B1所成角的正弦值．13．若双曲线的渐近线方程为，则它的离心率为．14．如图，一艘船上午9：30在A处测得灯塔S在它的北偏东30°处，之后它继续沿正北方向匀速航行，上午10：00到达B处，此时又测得灯塔S在它的北偏东75°处，且与它相距8n mile．此船的航速是n mile/h．15．已知数列{a n}满足a n a n+1=（﹣1）n（n∈N+），a1=1，S n是数列{a n}的前n项和，则S99= ．三、解答题：本大题共5小题，共60分，解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤．16．在锐角△ABC中，a、b、c分别为内角A、B、C所对的边长，且满足．（1）求∠B的大小；（2）若b=，△ABC的面积S△ABC=，求a+c的值．17．如图，四边形ABCD是正方形，EA⊥平面ABCD，EA∥PD，AD=PD=2EA，F，G，H分别为PB，EB，PC的中点．（1）求证：FG∥平面PED；（2）求平面FGH与平面PBC所成锐二面角的大小．18．在等差数列{an}和正项等比数列{bn}中，a1=b1=1，b2•b4=16，{a n}的前8项和S8=92．（Ⅰ）求{a n}和{b n}的通项公式；（Ⅱ）令T n=++…+•n∈N*，求T n．19．某工厂生产某种产品，每日的成本C（单位：万元）与日产量x（单位：吨）满足函数关系式C=3+x，每日的销售额S（单位：万元）与日产量工的函数关系式S=已知每日的利润L=S﹣C，且当x=2时，L=（1）求k的值；（2）当日产量为多少吨时，每日的利润可以达到最大，并求出最大值．20．若椭圆C：+=1（a＞b＞0）的离心率为，点（1，）在椭圆C上．（1）求椭圆C的方程；（2）过椭圆右焦点F2斜率为k（k≠0的直线l与椭圆C相交于E，F两点，A为椭圆的右顶点，直线AE，AF分别交直线x=3于点M，N，线段MN的中点为P，记直线PF2的斜率为k′，求证：k•k′为定值．2014-2015学年山东省聊城市（茌平、东昌府、东阿）三县联考高二（上）期末数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（4分）（2014秋•聊城期末）命题“对任意 x∈R，都有 x2≥0”的否定为（）A．对任意 x∈R，都有 x2＜0 B．不存在 x∈R，使得 x2＜0C．存在 x0∈R，使得 x02≥0 D．存在 x0∈R，使得 x02＜0考点：命题的否定．专题：简易逻辑．分析：直接利用全称命题是否定是特称命题写出结果即可．解答：解：因为全称命题的否定是特称命题，所以，命题“对任意 x∈R，都有 x2≥0”的否定为：存在 x0∈R，使得 x02＜0．故选：D．点评：本题考查命题的否定特称命题与全称命题的否定关系，基本知识的考查．2．已知{a n}为等差数列，若a3+a4+a8=9，则a5=（）A．3 B．4 C．5 D．6考点：等差数列的通项公式．专题：等差数列与等比数列．分析：由等差数列的性质易得3a4=9，解之可得．解答：解：由等差数列的性质可得a3+a4+a8=a3+a8+a4=a5+a6+a4=3a5，又a3+a4+a8=9，∴3a5=9，解得a5=3故选：A点评：本题考查等差数列的性质和通项公式，属基础题．3．设 a，b，c∈R，且a＞b，则（）A．＜B．a2＞b2C．a﹣c＞b﹣c D．ac＞bc考点：不等式的基本性质．专题：不等式的解法及应用．分析： A．取a=2，b=﹣1，即可判断出；B．取a=﹣1，b=﹣2，即可判断出；C．利用不等式的基本性质即可判断出D．取c≤0，由a＞b，可得ac≤bc，即可判断出．解答：解：A．取a=2，b=﹣1，则不成立；B．取a=﹣1，b=﹣2，则a2＞b2不成立；C．∵a＞b，∴a﹣c＞b﹣c，正确；D．取c≤0，∵a＞b，∴ac≤bc，因此不成立．故选：C．点评：本题考查了不等式的基本性质，属于基础题．4．已知数列 {a n} 是等比数列，则下列数列中也一定为等比数列的是（）A．{a n+1﹣a n} B．{a n2} C．{2} D．{ln|a n|}考点：等比关系的确定．专题：等差数列与等比数列．分析：根据等比数列的定义和性质进行判断．解答：解：设等比数列{a n} 的公比为q，A．若a n=1，满足是等比数列，但a n+1﹣a n=0，则A可能不是等比数列，B．∵，是常数，满足等比数列的定义，C.不是常数，则数列不是等比数列，D.不是常数，则数列不是等比数列，故选：B点评：本题主要考查等比数列的判断，根据等比数列的定义是解决本题的关键．5．若曲线C上的点到椭圆+=1的两个焦点的距离的差的绝对值等于8，则曲线C的标准方程为（）A．﹣=1 B．﹣=1C．﹣=1 D．﹣=1考点：椭圆的简单性质．专题：圆锥曲线的定义、性质与方程．分析：求出椭圆的焦点坐标，由双曲线的定义可得所求轨迹为焦点在x轴上的双曲线，求得a'=4，b'=3，可得双曲线方程．解答：解：椭圆+=1的a=13，b=12，c==5，两个焦点为（﹣5，0），（5，0），由曲线C上的点到椭圆+=1的两个焦点的距离的差的绝对值等于8，由双曲线的定义可得所求轨迹为双曲线，且双曲线的c'=5，a'=4，b'==3，即有双曲线的方程为﹣=1．故选：D．点评：本题考查椭圆和双曲线的方程、性质，主要考查双曲线的定义和方程的求法，属于基础题．6．如图所示，已知空间四边形OABC，其对角线为OB，AC，M，N分别为OA，BC的中点，点G在线段MN上，且=2，若=x+y+z，则x+y+z=（）A．B．C．D．1考点：平面向量的基本定理及其意义．专题：平面向量及应用．分析：根据向量的减法便可得到，而根据共线向量基本定理及向量加法的平行四边形法则即可得到，带入上式即可得到，所以根据平面向量基本定理即可得出．解答：解：由得，；∴；根据已知条件，；∴；∴根据平面向量基本定理，；∴．故选C．点评：考查向量的减法的几何意义，平面向量基本定理，向量加法的平行四边形法则，以及平面向量基本定理．7．设变最x，y满足约束条件，则目标函数z=x+2（y﹣l）的最小值为（）考点：简单线性规划．专题：不等式的解法及应用．分析：由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，联立方程组求出最优解的坐标，代入目标函数得答案．解答：解：由约束条件作出可行域如图，联立，解得A（1，1），化z=x+2（y﹣l）为y=﹣，由图可知，当直线y=﹣过A（1，1）时直线在y轴上的截距最小，z最小为z=1+2×（1﹣1）=1．故选：B．点评：本题考查了简单的线性规划，考查了数形结合的解题思想方法，是中档题．8．给定两个命题p，q，若p是￢q的必要不充分条件，则￢p是q的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件 D．刘不充分也不必要条件考点：必要条件、充分条件与充要条件的判断．专题：简易逻辑．分析：根据逆否命题的等价性结合充分条件和必要条件的定义进行判断即可．解答：解：若p是￢q的必要不充分条件，则q是￢p的必要不充分条件，即￢p是q的充分不必要条件，故选：A点评：本题主要考查充分条件和必要条件的判断，根据逆否命题的等价性是解决本题的关键．9．若抛物线x2=y的焦点与椭圆+=1的上焦点重合，则p的值为（）考点：椭圆的简单性质．专题：圆锥曲线的定义、性质与方程．分析：求出椭圆的a，b，c，进而得到椭圆的上焦点，由抛物线的焦点，可得p=4．解答：解：椭圆+=1的a=，b=，c==2，即有上焦点为（0，2），抛物线x2=y的焦点为（0，），由题意可得=2，解得p=4．故选：C．点评：本题考查抛物线和椭圆的方程和性质，主要考查焦点的求法，属于基础题．10．定义为n个正数p1，p2，…p n的“均倒数”．若已知数列{a n}的前n项的“均倒数”为，又，则=（）A．B．C．D．考点：类比推理．专题：新定义；点列、递归数列与数学归纳法．分析：由已知得a1+a2+…+a n=n（2n+1）=S n，求出S n后，利用当n≥2时，a n=S n﹣S n﹣1，即可求得通项a n，最后利用裂项法，即可求和．解答：解：由已知得，∴a1+a2+…+a n=n（2n+1）=S n当n≥2时，a n=S n﹣S n﹣1=4n﹣1，验证知当n=1时也成立，∴a n=4n﹣1，∴，∴∴=+（）+…+（）=1﹣=．故选C．点评：本题考查数列的通项与求和，考查裂项法的运用，确定数列的通项是关键．二、填空题：本大题共5小题，每小题4分，共20分．11．若抛物线 y2=mx（m＞0）（上点 A（1，）到焦点的距离为3，则抛物线的准线方程为x=﹣2 ．考点：抛物线的简单性质．专题：圆锥曲线的定义、性质与方程．分析：求出抛物线的焦点和准线方程，再由抛物线的定义可得1+=3，求得m=8，进而得到抛物线的准线方程．解答：解：抛物线y2=mx（m＞0）的焦点F为（，0），准线方程为x=﹣，由抛物线的定义可得，|AF|=1+=3，解得m=8，即有抛物线的准线方程为x=﹣2．故答案为：x=﹣2．点评：本题考查抛物线的定义、方程和性质，主要考查抛物线的准线方程的求法，属于基础题．12．已知正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，点E是棱A1B1的中点，则直线AE与平面BDD1B1所成角的正弦值．考点：直线与平面所成的角．专题：计算题．分析：取AB的中点F，连接B1F，过点F作FG⊥BD，垂足为G，连接B1G，根据FG⊥平面BDD1B1，可知∠FB1G为B1F与平面BDD1B1所成角，在Rt△FB1G中求解即可，而AE∥B1F，从而求出所求．解答：解：取AB的中点F，连接B1F，过点F作FG⊥BD，垂足为G，连接B1G，由正方体性质易知BB1⊥平面ABCD，又FG⊂平面ABCD，∴BB1⊥FG又FG⊥BD，BD∩BB1=B，BD⊂平面BDD1B1，BB1⊂平面BDD1B1∴FG⊥平面BDD1B1∴∠FB1G为B1F与平面平面BDD1B1所成角设正方体ABCD﹣A1B1C1D1棱长为1，∴FG=，B1F=∴sin∠B1FO=而AE∥B1F，所以直线AE与平面BDD1B1所成角的正弦值为故答案为：点评：本题考查的知识点是直线与平面所成的角，将线面夹角问题转化为解三角形问题是解答本题的关键，属于中档题．13．若双曲线的渐近线方程为，则它的离心率为．考点：双曲线的简单性质．专题：圆锥曲线的定义、性质与方程．分析：由已知条件知=，由此利用双曲线的性质能够求出双曲线的离心率．解答：解：∵双曲线的渐近线方程为，∴=，即b=，∴c==，∴e===．故答案为：．点评：本题考查双曲线的离心率的求法，解题时要熟练掌握双曲线的基本性质，是基础题．14．如图，一艘船上午9：30在A处测得灯塔S在它的北偏东30°处，之后它继续沿正北方向匀速航行，上午10：00到达B处，此时又测得灯塔S在它的北偏东75°处，且与它相距8n mile．此船的航速是32 n mile/h．考点：解三角形的实际应用．专题：计算题．分析：由题意及图形在△ABS中，已知∠BAS=30°，∠ASB=45°，又已知三角形ABS中边BS=8，先求出边AB的长，再利用物理知识解出．解答：解：因为在△ABS中，已知∠BAS=30°，∠ASB=45°，且边BS=8，利用正弦定理可得：⇔⇒AB=16，又因为从A到S匀速航行时间为半个小时，所以速度应为：（mile/h）．故答案为：32．点评：此题考查了学生的物理知识速度=，还考查了正弦定理求解三角形及三角形外角等与不相邻的两内角和．15．已知数列{a n}满足a n a n+1=（﹣1）n（n∈N+），a1=1，S n是数列{a n}的前n项和，则S99= ﹣1 ．考点：数列的求和．专题：等差数列与等比数列．分析：由数列 {a n}满足a n a n+1=（﹣1）n（n∈N+），a1=1，可得a n+1a n+2=（﹣1）n+1，a n+4=a n．利用周期性即可得出．解答：解：∵数列 {a n}满足a n a n+1=（﹣1）n（n∈N+），a1=1，∴a n+1a n+2=（﹣1）n+1，∴==﹣1，∴a n+2=﹣a n，∴a n+4=a n．取n=1可得a1a2=﹣1，解得a2=﹣1，同理可得a3=﹣1，a4=1．∴S99=25（a1+a2+a3+a4）﹣a1=﹣1．故答案为：﹣1．点评：本题考查了数列的周期性，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．三、解答题：本大题共5小题，共60分，解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤．16．在锐角△ABC中，a、b、c分别为内角A、B、C所对的边长，且满足．（1）求∠B的大小；（2）若b=，△ABC的面积S△ABC=，求a+c的值．考点：正弦定理；余弦定理．专题：解三角形．分析：（1）由正弦定理列出关系式，结合已知等式求出sinB的值，即可确定出B的度数；（2）由三角形面积公式列出关系式，把已知面积与sinB的值代入求出ac的值，再利用余弦定理列出关系式，即可确定出a+c的值．解答：解：（1）由正弦定理：=，得==，∴sinB=，又由B为锐角，得B=；（2）∵S△ABC=acsinB=，sinB=，∴ac=3，根据余弦定理：b2=a2+c2﹣2accosB=7+3=10，∴（a+c）2=a2+c2+2ac=16，则a+c=4．点评：此题考查了正弦、余弦定理，三角形面积公式，以及特殊角的三角函数值，熟练掌握定理是解本题的关键．17．如图，四边形ABCD是正方形，EA⊥平面ABCD，EA∥PD，AD=PD=2EA，F，G，H分别为PB，EB，PC的中点．（1）求证：FG∥平面PED；（2）求平面FGH与平面PBC所成锐二面角的大小．考点：用空间向量求平面间的夹角；直线与平面平行的判定；与二面角有关的立体几何综合题．专题：综合题；空间位置关系与距离；空间角；空间向量及应用．分析：（1）利用三角形的中位线的性质证明FG∥PE，再根据直线和平面平行的判定定理证得结论；（2）建立空间直角坐标系，根据两个平面的法向量所成的角与二面角相等或互补，由两个平面法向量所成的角求解二面角的大小解答：（1）证明：∵F，G分别为PB，BE的中点，∴FG∥PE，∵FG⊄平面PED，PE⊂平面PED，∴FG∥平面PED；（2）解：∵EA⊥平面ABCD，EA∥PD，∴PD⊥平面ABCD，∵AD，CD⊂平面ABCD，∴PD⊥AD，PD⊥CD．∵四边形ABCD是正方形，∴AD⊥CD．以D为原点，建立如图所示的空间直角坐标系，设EA=1∵AD=PD=2EA，∴D（0，0，0），P（0，0，2），A（2，0，0），C（0，2，0），B（2，2， 0），E（2，0，1），∴=（2，2，﹣2），=（0，2，﹣2）．∵F，G，H分别为PB，EB，PC的中点，∴F（1，1，1），G（2，1，0.5），H（0，1，1），∴=（﹣1，0，0.5），=（﹣2，0，0.5）设=（x，y，z）为平面FGH的一个法向量，则，得=（0， 1，0）同理可得平面PBC的一个法向量为=（0，1，1），∴cos＜，＞=||=，∴平面FGH与平面PBC所成锐二面角的大小为45°．点评：本题考查了线面平行的判定，考查了面面角，训练了利用平面法向量求解二面角的大小，解答此类问题的关键是正确建系，准确求用到的点的坐标，此题是中档题．18．在等差数列{an}和正项等比数列{bn}中，a1=b1=1，b2•b4=16，{a n}的前8项和S8=92．（Ⅰ）求{a n}和{b n}的通项公式；（Ⅱ）令T n=++…+•n∈N*，求T n．考点：数列的求和．专题：等差数列与等比数列．分析：（Ⅰ）设{an}解得的公差为d，{bn}的公比为q，由已知列出d，q的方程组，求出d，q代入通项公式，求出{a n}和{b n}的通项公式；（Ⅱ）利用错位相减的求和方法求出T n=++…+的值．解答：解：（Ⅰ）设{an}解得的公差为d，{bn}的公比为q，q＞0依题意，b2•b4==q4=16解得d=3，q=2．∴a n=1+（n﹣1）×3=3n﹣2，（Ⅱ）①②①﹣②得==∴点评：本题考查等差数列、等比数列通项的求法；考查数列求和的方法；错位相减及裂项相消是两种常考的求和方法．19．某工厂生产某种产品，每日的成本C（单位：万元）与日产量x（单位：吨）满足函数关系式C=3+x，每日的销售额S（单位：万元）与日产量工的函数关系式S=已知每日的利润L=S﹣C，且当x=2时，L=（1）求k的值；（2）当日产量为多少吨时，每日的利润可以达到最大，并求出最大值．考点：函数模型的选择与应用．专题：应用题；函数的性质及应用．分析：（1）利用每日的利润L=S﹣C，且当x=2时，L=，可求k的值；（2）利用分段函数，分别求出相应的最值，即可得出函数的最大值．解答：解：由题意，每日利润L与日产量x的函数关系式为L=…（4分）（1）当x=2时，L=，即：=2++4…（5分）∴k=9…（6分）（2）当x≥6时，L=11﹣x为单调递减函数，故当x=6时，L max=5 …（8分）当0＜x＜6时，L=（x﹣8）++12≤﹣2+12=6…（11分）当且仅当x=5时，L max=6…（13分）综合上述情况，当日产量为5吨时，日利润达到最大6万元．…（14分）点评：本题考查函数解析式的确定，考查函数的最值，确定函数的解析式是关键．20．若椭圆C：+=1（a＞b＞0）的离心率为，点（1，）在椭圆C上．（1）求椭圆C的方程；（2）过椭圆右焦点F2斜率为k（k≠0的直线l与椭圆C相交于E，F两点，A为椭圆的右顶点，直线AE，AF分别交直线x=3于点M，N，线段MN的中点为P，记直线PF2的斜率为k′，求证：k•k′为定值．考点：椭圆的简单性质．专题：圆锥曲线中的最值与范围问题．分析：（1）由题意可得：=，+=1，又a2=b2+c2，联立解得即可得出；（2）设过椭圆右焦点F2（1，0）斜率为k（k≠0）的直线l方程为：y=k（x﹣1），设点E （x1，y1），F（x2，y2），与椭圆方程联立化为（4k2+3）x2﹣8k2x+4k2﹣12=0，直线AE的方程为：，直线AF的方程为：，令x=3，可得点M，N，利用中点坐标公式可得P，可得直线PF2的斜率k′=•，把根与系数的关系代入即可得出．解答：（1）解：由题意可得：=，+=1，又a2=b2+c2，联立解得a2=4，b2=3，c=1，∴椭圆C的方程为；（2）证明：设过椭圆右焦点F2（1，0）斜率为k（k≠0）的直线l方程为：y=k（x﹣1），设点E（x1，y1），F（x2，y2），联立，化为（4k2+3）x2﹣8k2x+4k2﹣12=0，由题意△＞0，∴，x1x2=，直线AE的方程为：，直线AF的方程为：，令x=3，可得点M，N，∴P，∴直线PF2的斜率k′====•，把，x1x2=代入可得k′=﹣，∴k′•k=﹣．点评：本题考查了椭圆的标准方程及其性质、直线与椭圆相交问题转化为方程联立可得根与系数的关系、斜率计算公式、中点坐标公式，考查了推理能力与计算能力，属于难题．。
聊城市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题
聊城市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图，真空中x 轴上关于O 点对称的M 、N 两点分别固定两异种点电荷，其电荷量分别为1Q +、2Q -，且12Q Q >。
取无穷远处电势为零，则（ ）A ．只有MN 区间的电场方向向右B ．在N 点右侧附近存在电场强度为零的点C ．在ON 之间存在电势为零的点D ．MO 之间的电势差小于ON 之间的电势差 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】AB ．1Q +在N 点右侧产生的场强水平向右，2Q -在N 点右侧产生的场强水平向左，又因为12Q Q >，根据2QE kr=在N 点右侧附近存在电场强度为零的点，该点左右两侧场强方向相反，所以不仅只有MN 区间的电场方向向右，选项A 错误，B 正确；C ．1Q +、2Q -为两异种点电荷，在ON 之间存在电势为零的点，选项C 正确；D ．因为12Q Q >，MO 之间的电场强度大，所以MO 之间的电势差大于ON 之间的电势差，选项D 错误。
故选BC 。
2．如图所示，A 、B 两点有等量同种正点电荷，AB 连线的中垂线上C 、D 两点关于AB 对称，0t =时刻，一带正电的点电荷从C 点以初速度v 0沿CD 方向射入，点电荷只受电场力。
则点电荷由C 到D 运动的v-t 图象，以下可能正确的是A ．B ．C ．D ．【答案】BD【解析】【分析】【详解】由于AB是同种电荷，所以连线中点的场强为零，无穷远处场强也为零，其间有一点电场强度最大，所以粒子从C点向中点运动过程中，加速度可能一直减小，也可能先减小后增大，选项AC错误，BD正确。
故选BD。
3．在电场强度为E的匀强电场中固定放置两个小球1和2，它们的质量相等，电荷量分别为1q和2q（12q q≠）．球1和球2的连线平行于电场线，如图所示．现同时放开球1和球2，于是它们开始在电场力的作用下运动．如果球1和球2之间的距离可以取任意有限值，则两球刚被放开时，它们的加速度可能是（）．A．大小不等，方向相同B．大小不等，方向相反C．大小相等，方向相同D．大小相等，方向相反【答案】ABC【解析】【详解】AC．当两球的电性相同时，假定都带正电，则两球的加速度分别为：12121kq qEqlam+=12222kq qEqlam-=由于l可任意取值，故当12kqEl>时，加速度1a、2a方向都是向右，且1a、2a的大小可相等，也可不相等，故AC正确；B．再分析1a和2a的表达式可知，当12kqEl<时，1a和2a方向相反，大小则一定不相等，故B正确；D．将小球1和小球2视作为一个整体，由于12q q≠，可判断它们在匀强电场中受到的电场力必然是不为零的。
山东省聊城市茌平实验中学高二物理上学期期末试卷含解析
山东省聊城市茌平实验中学高二物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中．导体处于静电平衡时，下列说法不正确的是 ()A．A、B两点场强不相等B．A、B两点场强相等，且都为零C．感应电荷产生的附加电场EA＞EBD．当电键S闭合时，电子从大地沿导线向导体移动参考答案：A2. （单选）如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态．剪断轻绳后A下落、B 沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，两物块（）A．速率的变化量不同B．机械能的变化量不同C．重力势能的变化量相同D．重力做功的平均功率相同参考答案：D3. 我国科学家研制“两弹”所涉及的基本核反应有(1)U＋n→Sr＋Xe＋kn； (2)H＋H→He＋dn；关于这两个方程，下列说法正确的是A.方程(1)属于α衰变 B.方程(2)属于轻核聚变C.方程(1)中k＝10，方程(2)中d＝1D.方程(1)中k＝6，方程(2)中d＝1参考答案：B4. 下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射实验规律的是()参考答案：5. 两物体都作匀变速直线运动，在相同的时间内，（）A．谁的加速度大，谁的位移一定越大B．谁的平均速度越大，谁的位移一定越大C．谁的末速度越大，谁的位移一定越大D．谁的初速度越大，谁的位移一定越大参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左的匀强电场E 中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为θ，若剪断丝线，则小球的加速度大小为，方向参考答案：7. AB 两闭合线圈为同样导线绕成且均为10匝，半径为rA=2rB ，内有如图的有理想边界的匀强磁场，若磁场均匀地减小，则A 、B 环中感应电动势之比EA ：EB=__________，产生的感应电流之比IA ：IB=_________。
山东省聊城市茌平镇中学高二物理上学期期末试题含解析
山东省聊城市茌平镇中学高二物理上学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如果发射人造卫星速度大于7.9km/s，而小于11.2km/s，则卫星的轨迹为A．圆 B．抛物线 C．椭圆 D．双曲线参考答案：C2. （单选）磁场中任一点的磁场方向，规定为小磁针在磁场中（）A.小磁针受磁场力的方向B.北极受磁场力的方向C.南极受磁场力的方向D.小磁针转动的方向参考答案：B3. 将一粗细均匀的电阻为2Ω的导体，均匀地拉长到原来的两倍，则导体的电阻变为：A．1Ω B．8Ω C．4Ω D．2Ω参考答案：B4. 如图10所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上。
先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态。
缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是（）A. 先减小后增大B. 先增大后减小C. 一直增大D. 保持不变参考答案：A5. （单选题）如图电路中三只电阻的阻值之比为，两只电容器的电容之比为，电源电动势E恒定，内阻忽略不计。
当电键K断开时，稳定后电容器、所带的电荷量分别为和；当电键K闭合时，稳定后电容器、所带的电荷量分别为和。
下列结论正确的是( )A．:=3:4 B．:=3:2C．:=3:5 D．:=4:5参考答案：B当电键K断开时，由得，电量比即为电容比，所以:=3:2；当电键K闭合时，等效电路如图所示，则、，而串联电路电压比等于电阻比，即，由得，所以:=5:3，:=5:4，故选B 。
二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，实线是一列简谐横波在t1 = 0时的波形图，虚线为t2=0.5s 时的波形图，已知0＜t2－t1＜T ，t1 = 0时，x=2m 处的质点A 正向y 轴正方向振动。
则波的周期为 ▲ s ； 波速大小为 ▲ m/s 。
参考答案：2 s 2m/s7. 把一线框从一匀强磁场中匀速拉出。
山东省聊城市茌平县第二中学高三物理上学期期末试题含解析
山东省聊城市茌平县第二中学高三物理上学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标轴上O～x2间各点的电势分布如图乙所示，则（）A．在O～x2间，场强先减小后增大B．在O～x2间，场强方向一定发生了变化C．若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐减小D．从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在O～x2间一直做加速运动参考答案：D【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【分析】根据φ﹣x图象的斜率大小等于电场强度，分析场强的变化，由图看出，电势逐渐降低，可判断出负电荷的电势能变化．【解答】解：A、φ﹣x图象的斜率大小等于电场强度，由几何知识得知，斜率先增大后减小，则电场强度先增大后减小，但斜率一直是负，场强方向没有改变．故AB错误．C、由图看出，电势逐渐降低，若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐升高．故C错误．D、从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，受到的电场力方向与速度方向相同，做加速运动，即该电荷在O～x2间一直做加速运动．故D正确．故选：D2. 下列说法中正确的是：Ａ．第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律Ｂ．悬浮微粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动越明显Ｃ．内能向机械能转化是有条件的，即环境中必须存在温度差，通过科技创新，我们能够研制出内能全部转化为机械能的热机Ｄ．温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大参考答案：D3. 质量为lkg的小球从空中某处自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，则（）（A）小球下落时离地面的高度为0.45m（B）小球在0.8s内的路程为0.8m（C）小球第一次反弹后的加速度大小为10m/s2（D）小球与地面碰撞过程中速度的变化量的大小为2m/s参考答案：C4. （单选）在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间t后停止．现将该木板改置成倾角为45°的斜面，让小物块以相同的初速度沿木板上滑．若小物块与木板之间的动摩擦因数为．则小物块上滑到最高位置所需时间与t之比为A．B．C．D．参考答案：A5. 下列有关光现象的说法中正确的是A．在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的色散现象B．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为黄光，则条纹间距变小C．光导纤维的内芯材料的折射率比外套材料的折射率大D．光的偏振现象说明光是一种纵波参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 质量为100kg的小船静止在水面上，船两端有质量40kg的甲和质量60kg的乙，当甲、乙同时以3m/s的速率向左、向右跳入水中后，小船的速度大小为0.6m/s，方向是向左．参考答案：时吸收波长为λ2的光子，已知λ1>λ2。
山东省聊城市茌平二中高三物理上学期第三次月考试卷(含解析)
2015-2016学年山东省聊城市茌平二中高三（上）第三次月考物理试卷一、本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第l～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和等效替代法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的定义式，当△t非常小时，就可以用△t时间内的平均速度表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C．在验证力的平行四边形定则实验时，同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置，该实验运用了等效替代法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法2．一个质量为1kg的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，一段时间后撤去F，该物体运动的v﹣t图象，如图所示，（g=10m/s2），则下列说法正确的是（）A．物体2s末距离出发点最远B．拉力F的方向与初速度方向相反C．拉力在1s末撤去的D．摩擦力大小为10N3．如图所示，质量满足m A=2m B=3m C的三个物块A、B、C，A与天花板之间、B与C之间均用轻弹簧相连，A与B之间用细绳相连，当系统静止后，突然剪断AB间的细绳，则此瞬间A、B、C的加速度分别为（取向下为正）（）A．﹣g、2g、0 B．﹣2g、2g、0 C．﹣g、g、0 D．﹣2g、g、g4．2013年10月11日，温州乐清市一家公司的专家楼B幢发生惊险一幕，一个小男孩从楼上窗台突然坠落．但幸运的是，楼下老伯高高举起双手接住了孩子，孩子安然无恙．假设从楼上窗台到老伯接触男孩的位置高度差为h=20m，老伯接男孩的整个过程时间约为0.2s，则（忽略空气阻力，g取10m/s2）（）A．男孩接触老伯手臂时的速度大小为 25m/sB．男孩自由下落时间约为4sC．老伯接男孩的整个过程，男孩处于失重状态D．老伯手臂受到的平均作用力是男孩体重的11倍5．假设将来人类登上了火星，考察完毕后，乘坐一艘宇宙飞船从火星返回地球时，经历了如图的变轨过程，若不计大气阻力等因素，则有关这艘飞船的下列说法，正确的是（）A．飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能大于在轨道Ⅱ上运动时的机械能B．飞船绕火星在轨道Ⅰ上运动的周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道Ⅰ同样的轨道半径运动的周期相同C．飞船在轨道Ⅲ上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D．飞船在轨道Ⅱ上运动时，经过P点时的速度大于经过Q点时的速度6．放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象分别如图（甲）、（乙）所示，则物体的质量为（g取10m/s2）（）A．㎏B．㎏C．㎏D．㎏7．如图所示，竖直平面内放一直角杆MON，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数μ=0.2，杆的竖直部分光滑．两部分各套有质量均为1kg的小球A和B，A、B球间用细绳相连．初始A、B均处于静止状态，已知：OA=3m，OB=4m，若A球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m （取g=10m/s2），那么该过程中拉力F做功为（）A．14 J B．10 J C．16 J D．12 J8．如图，光滑水平地面上有一楔形物块a，其斜面上有一小物块b，b与平行于斜面的细绳的一端相连，细绳的另一端固定在斜面上．a与b之间光滑，整体静止于水平面上，现对a 施加逐渐增大的水平向左的拉力F，下列说法正确的是（）A．绳的张力减小，b对a的正压力减小B．绳的张力增加，斜面对b的支持力减小C．绳的张力减小，斜面对a的支持力增加D．无论F增加到多大，物体b都不可能离开斜面9．如图所示，质量相同的甲乙两个小物块，甲从竖直固定的光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下．下列判断正确的是（）A．两物块到达底端时速度相同B．两物块运动到底端的过程中重力做功相同C．两物块到达底端时动能相同D．两物块到达底端时，甲物块重力做功的瞬时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率10．在2010年上海世博会风洞飞行表演上，若风洞内向上的风速、风量保持不变，让质量为m的表演者通过身姿调整，可改变所受向上的风力大小，以获得不同的运动效果．假设人体受风力大小与有效面积成正比，已知水平横躺时受风力有效面积最大，站立时受风力有效面积最小，为最大值的1/8．风洞内人可上下移动的空间总高度为H．开始时，若人体与竖直方向成一定角度倾斜时，受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移．现人由静止开始从最高点A以向下的最大加速度匀加速下落，如图所示，经过B点后，再以向上的最大加速度匀减速下落，到最低点C处速度刚好为零，则（）A．人向上的最大加速度是g B．人向下的最大加速度是gC．BC之间的距离是H D．BC之间的距离是H11．如图所示，在半圆形光滑凹槽内，两轻质弹簧的下端固定在槽的最低点，另一端分别与小球P、Q相连．已知两球在图示P、Q位置静止．则下列说法中正确的是（）A．若两球质量相同，则P球对槽的压力较小B．若两球质量相同，则两球对槽的压力大小相等C．若P球的质量大，则O′P弹簧的劲度系数大D．若P球的质量大，则O′P弹簧的弹力大12．在倾角为θ的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m 和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一沿斜面方向的恒力拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度为v，加速度为a，且方向沿斜面向上．设弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g，则（）A．当B刚离开C时，A发生的位移大小为B．从静止到B刚离开C的过程中，物块A克服重力做功为C．B刚离开C时，恒力对A做功的功率为（2mgsinθ+ma）vD．当A的速度达到最大时，B的加速度大小为二、实验题13．甲同学采用如图所示的装置进行了“研究平抛运动”的实验．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球 P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．随后实验可观察到PQ两球发生的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．14．（10分）（2015秋•聊城校级月考）某实验小组应用如图所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50Hz．实验步骤如下：A．按图所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C．挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D．改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度．根据以上实验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是．A．小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B．实验过程中砝码盘处于超重状态C．与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D．弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E．砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量（2）由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，与本实验相符合的是．15．某兴趣小组为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实验：①用天平测出电动小车的质量为0.4kg；②将电动小车、纸带和打点计时器按如图甲所示安装；③接通打点计时器（其打点周期为0.02s）；④使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源，待小车静止时再关闭打点计时器（设小车在整个过程中小车所受的阻力恒定）．在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的部分点迹如图乙所示．请你分析纸带数据，回答下列问题：（结果保留两位有效数字）（1）该电动小车运动的最大速度为m/s；（2）关闭小车电源后该电动小车运动的加速度大小为m/s2（3）该电动小车的额定功率为W．三、计算题（要用必要的文字说明和有关运算，只写出结果不得分）16．（2015秋•钦州校级期中）一辆轿车违章超车，以30m/s的速度驶入左侧逆行道时，猛然发现正前方80m处一辆卡车正以20m/s的速度迎面驶来，两车司机同时刹车，刹车加速度大小都是10m/s2，两司机的反应时间（即司机发现险情到实施刹车所经历的时间）都是△t．试问△t是何数值，才能保证两车不相撞？（提示：在反应时间内汽车作匀速直线运动）17．（2014秋•盐城期末）如图甲所示，有一足够长的粗糙斜面，倾角θ=37°，一滑块以初速度v0=16m/s从底端A点滑上斜面，滑至B点后又返回到A点．滑块运动的图象如图乙所示，求：（已知：sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2）（1）AB之间的距离；（2）滑块再次回到A点时的速度．18．（2014春•金台区期末）如图所示，A物体用板托着，位于离地h=1.0m处，轻质细绳通过光滑定滑轮与A、B相连，绳子处于绷直状态，已知A物体质量M=1.5㎏，B物体质量m=1.0kg，现将板抽走，A将拉动B上升，设A与地面碰后不反弹，B上升过程中不会碰到定滑轮，问：（1）A落地前瞬间的速度大小为多少？（2）B物体在上升过程中离地的最大高度为多大？19．（2014秋•宁德期末）如图所示，质量M=10kg、上表面光滑、下表面粗糙的足够长木板在F=50N的水平拉力作用下，以初速度v0=5m/s沿水平地面向右做匀速直线运动．现有足够多的小铁块，它们的质量均为m=0.5kg，将一铁块无初速地放在木板的最右端，当木板运动了L=2m时，又无初速地在木板的最右端放上第2块铁块，以后只要木板运动了L，就在木板的最右端无初速放一铁块，g取10m/s2．求：（1）木板下表面与水平面间的动摩擦因数μ．（2）第1块铁块放上后，木板的加速度的大小．（3）第4块铁块放上的瞬间，木板的速度大小．（答案可带根号）四.以下题目为课下练习考试时不做20．（2015秋•聊城校级月考）水平的传送带以v0=4m/s的速度顺时针匀速转动．传送带长为l=19m．某时刻在其左端轻放上一小物块，5s后传送带因故障停止转动，小物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s2．试通过计算判断物块能否到达传送带的右端，若不能，请算出离右端最近的距离s，若能，请算出到达右端的速度v．21．（2015秋•聊城校级月考）为了解决高楼救险中云梯高度不够高的问题，可在消防云梯上再伸出轻便的滑杆．被困人员使用安全带上的挂钩挂在滑杆上、沿滑杆下滑到消防云梯上逃生．通常滑杆由AO、OB两段直杆通过光滑转轴在O处连接，滑杆A端用挂钩钩在高楼的固定物上，且可绕固定物自由转动，B端用铰链固定在云梯上端，且可绕铰链自由转动，以便调节被困人员滑到云梯顶端的速度大小．设被困人员在调整好后的滑杆上下滑时滑杆与竖直方向的夹角保持不变，被困人员可看作质点、不计过O点时的机械能损失．已知AO长L1=6m、OB长L2=12m、竖直墙与云梯上端点B的水平距离d=13.2m，被困人员安全带上的挂钩与滑杆AO间、滑杆OB间的动摩擦因数均为μ=．为了安全被困人员到达云梯顶端B点的速度不能超过6m/s，取g=10m/s2．（1）现测得OB与竖直方向的夹角为53°，此时AO与竖直方向的夹角是多少？分析判断这种条件下被困人员滑到B点是否安全．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（2）若云梯顶端B点与竖直墙间的水平距离保持不变，求能够被安全营救的被困人员与云梯顶端B的最大竖直距离．22．（2012•冀州市校级一模）如图（a）所示，“”型木块放在光滑水平地面上，木块水平表面AB粗糙，光滑表面BC且与水平面夹角为θ=37°．木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值．一个可视为质点的滑块从C点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图（b）所示．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2．求：（1）斜面BC的长度；（2）滑块的质量．2015-2016学年山东省聊城市茌平二中高三（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第l～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和等效替代法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的定义式，当△t非常小时，就可以用△t时间内的平均速度表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C．在验证力的平行四边形定则实验时，同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置，该实验运用了等效替代法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法【考点】物理学史．【分析】在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度；等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况，效果要相同；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法．【解答】解：A、等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况；没有采用假设法；故A错误；B、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B正确；C、在实验中必须确保橡皮筋拉到同一位置，即一力的作用效果与两个力作用效果相同，运用了等效替代法，故C正确；D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法．故D正确；本题选错误的故选：A．【点评】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习2．一个质量为1kg的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，一段时间后撤去F，该物体运动的v﹣t图象，如图所示，（g=10m/s2），则下列说法正确的是（）A．物体2s末距离出发点最远B．拉力F的方向与初速度方向相反C．拉力在1s末撤去的D．摩擦力大小为10N【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据速度方向分析物体何时离出发点最远．物体做减速运动时，合力方向与速度方向相反，根据物体的运动情况分析拉力何时撤去的．由图象的斜率等于加速度求解加速度，再由牛顿第二定律求解摩擦力．【解答】解：A、由图知，0﹣1s内物体沿正向运动，1﹣4s内沿负向运动，则知1s末距离出发点最远，故A错误．B、由于物体0﹣1s内物体沿正向减速运动，1﹣2s内沿负向加速运动，则知拉力F的方向与初速度方向必定相反，故B正确．C、拉力在2s末撤去的，故C错误．D、在2﹣3s内物体的加速度大小为 a===2.5m/s2，摩擦力大小为f=ma=2.5N，故D错误．故选：B．【点评】本题是速度﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，能根据图象读取有用信息，并结合匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解．3．如图所示，质量满足m A=2m B=3m C的三个物块A、B、C，A与天花板之间、B与C之间均用轻弹簧相连，A与B之间用细绳相连，当系统静止后，突然剪断AB间的细绳，则此瞬间A、B、C的加速度分别为（取向下为正）（）A．﹣g、2g、0 B．﹣2g、2g、0 C．﹣g、g、0 D．﹣2g、g、g【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】本题考查了瞬间加速度的计算，弹簧弹力不能发生突变，在剪短瞬间仍然保持原来的大小和方向；而细绳的弹力会发生突变，在剪断瞬间会突然改变；剪断细线前对A、B和C整体物体分别受力分析，根据平衡条件求出细线的弹力，断开细线后，再分别对A、B和C 整体受力分析，求解出合力并运用牛顿第二定律求解加速度．【解答】解：设C物体的质量为m，则A物体的质量为3m，B物体的质量为1.5m，剪断细线前，对BC整体受力分析，受到总重力和细线的拉力而平衡，故T=2.5mg；再对物体A受力分析，受到重力、细线拉力和弹簧的拉力；剪断细线后，重力和弹簧的弹力不变，细线的拉力减为零，故物体A受到的力的合力等于2.5mg，向上，根据牛顿第二定律得A的加速度为①物体C受到的力不变，合力为零，故C的加速度为a C=0 ②剪断细线前B受重力、绳子的拉力和弹簧的拉力，他们合力为零；剪短细线后，绳子的拉力突变为零，重力和弹簧的弹力不变，故B合力大小等于绳子的拉力2.5mg，方向竖直向下，根据牛顿第二定律得B的加速度为③根据①②③式知ABD错误，C正确；故选C．【点评】本题是力学中的瞬时问题，关键是先根据平衡条件求出各个力，然后根据牛顿第二定律列式求解加速度；同时要注意轻弹簧的弹力与形变量成正比，来不及突变，而细线的弹力是有微小形变产生的，故可以突变．4．2013年10月11日，温州乐清市一家公司的专家楼B幢发生惊险一幕，一个小男孩从楼上窗台突然坠落．但幸运的是，楼下老伯高高举起双手接住了孩子，孩子安然无恙．假设从楼上窗台到老伯接触男孩的位置高度差为h=20m，老伯接男孩的整个过程时间约为0.2s，则（忽略空气阻力，g取10m/s2）（）A．男孩接触老伯手臂时的速度大小为 25m/sB．男孩自由下落时间约为4sC．老伯接男孩的整个过程，男孩处于失重状态D．老伯手臂受到的平均作用力是男孩体重的11倍【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据自由落体运动的速度位移关系公式列式求解末速度；根据自由落体运动的位移时间公式求出儿童自由落体的时间，结合匀速运动的时间和反应时间得出允许儿童自由下落的时间，从而根据位移时间公式求出允许下落的高度【解答】解：A、小孩做自由落体运动，根据速度位移关系公式，有：v==20m/s．故A 错误；B、儿童做自由落体运动的时间：t==2s．故B错误；C、设老伯手臂受到的平均作用力是F，则根据动量定理得：mg（t1+t2）﹣Ft2=0﹣0所以：F=11mg．由于老伯接男童的整个过程F=11mg，男孩处于超重状态，故C错误D正确；故选：D【点评】解决本题的关键抓住发现儿童时，儿童的运动的时间与青年匀速直线运动的时间和反应时间之和得出儿童已下落的时间，结合运动学公式进行求解5．假设将来人类登上了火星，考察完毕后，乘坐一艘宇宙飞船从火星返回地球时，经历了如图的变轨过程，若不计大气阻力等因素，则有关这艘飞船的下列说法，正确的是（）A．飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能大于在轨道Ⅱ上运动时的机械能B．飞船绕火星在轨道Ⅰ上运动的周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道Ⅰ同样的轨道半径运动的周期相同C．飞船在轨道Ⅲ上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D．飞船在轨道Ⅱ上运动时，经过P点时的速度大于经过Q点时的速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】1、飞船从轨道Ⅰ转移到轨道Ⅱ上运动，必须在P点时，点火加速，使其速度增大做离心运动，即机械能增大．2、根据万有引力等于向心力列式，比较周期．3、飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时，都由火星的万有引力产生加速度，根据牛顿第二定律列式比较加速度．4、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q点的速度．【解答】解：A、飞船在轨道Ⅰ上经过P点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而转移到轨道Ⅱ上运动．所以飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能小于轨道Ⅱ上运动的机械能．故A错误．B、根据=m，得周期公式T=2π，虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期T不相等．故B错误．C、飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等．故C正确．D、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q点的速度．故D正确故选：CD．【点评】本题要知道飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等，与轨道和其它量无关．6．放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象分别如图（甲）、（乙）所示，则物体的质量为（g取10m/s2）（）A．㎏B．㎏C．㎏D．㎏【考点】匀变速直线运动的图像；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】运动学中的图像专题．【分析】要求物体物体的质量m，可根据在t=2s时拉力的功率P=（f+ma）v求解，故需要知道在t=2s时物体的速度v以及物体的加速度a和物体所受的摩擦力f=，而根据加速度的定义式a=即可求出物体在在0～2s内的加速度a．【解答】解：根据v﹣t图象可知物体在0～2s内的加速度a===3m/s2，故在0～2s内有F﹣f=ma所以在2～6S内拉力的功率P=Fv=f×6=10w故有物体所受的阻力f=N而在0～2s内有F=f+ma所以在t=2s时拉力的功率P=（f+ma）v=（+3×m）×6=30W解得物体的质量m=kg故B正确．故选B．【点评】只有充分把握各个物理量之间的关系才能顺利解决此类题目．7．如图所示，竖直平面内放一直角杆MON，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数μ=0.2，杆的竖直部分光滑．两部分各套有质量均为1kg的小球A和B，A、B球间用细绳相连．初始A、B均处于静止状态，已知：OA=3m，OB=4m，若A球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m （取g=10m/s2），那么该过程中拉力F做功为（）A．14 J B．10 J C．16 J D．12 J【考点】运动的合成和分解；动能定理的应用．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的弹力N1，根据共点力平衡条件列式，求出支持力N，从而得到滑动摩擦力为恒力；最后对整体运用动能定理列式，得到拉力的功．【解答】解：对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的弹力N1，如图。
山东省聊城市茌平县第一中学高二物理上学期期末试题含解析
山东省聊城市茌平县第一中学高二物理上学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 关于电场线和磁感线，下列说法正确性的是A．电场线和磁感线都是闭合的曲线B．磁感线是从磁体的N极发出，终止于S极C．电场线和磁感线都不能相交D．电场线和磁感线都是现实中存在的参考答案：C2. 如图所示，在均匀介质中S1和S2是同时起振（起振方向相同）、频率相同的两个机械波源，它们发出的简谐波相向传播．在介质中S1和S2平衡位置的连线上有a、b、c三点，已知S1a=ab=bc=cS2=（λ为波长），则下列说法中正确的是（）A．b点的振动总是最强，a、c两点的振动总是最弱B．b点的振动总是最弱，a、c两点的振动总是最强C．a、b、c三点的振动都总是最强D．a、b、c三点的振动都是有时最强有时最弱参考答案：C【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】两列频率相同的简谐波在某点相遇时，若它们的波程差是波长的整数倍，则振动是加强区；若它们的波程差是半波长的整数倍，则振动是减弱区．【解答】解：已知S1a=ab=bc=cS2=（λ为波长），则两波到b点的路程相等，则该点是振动加强点；而两波到a点的光程差为一个波长，则也是振动加强点；两列波到c点的光程差也为一个波长，则此点也是振动加强点．因此a、b、c三点的振动都总是最强；故选：C3. 交流发电机中产生正弦式电流，其中交变电动势为零的时刻出现在（）A. 线圈平面和磁感线平行，线圈磁通量为零时B. 线圈平面跟磁感线垂直，线圈磁通量最大时C. 线圈平面转到中性面位置时D. 线圈平面转到跟中性面垂直的位置时参考答案：BC4. （单选）物体通常呈电中性，这是为什么？A、物体没有电荷B、物体的正负电荷一样多C、物体很容易失去电荷D、以上说法都不正确参考答案：B5. (单选)关于电场和磁场，下列说法错误的是（）A.电场和磁场都是客观存在的物质B.在电场中任意两条电场线不会相交；在磁场中，任意两条磁感线不会相交C.电场线越密的地方电场越强；磁感线越密的地方磁场越强D.电场线和磁感线都是闭合的曲线参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）A、B两幅图是由单色光分别入射到圆孔而形成的图象，其中图A是光的__________(填干涉或衍射)图象。
山东省聊城市茌平二中高三物理上学期第二次月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年山东省聊城市茌平二中高三〔上〕第二次月考物理试卷一、此题共12小题，每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，第l～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是〔〕A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献C．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律D．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量2．一轻杆的一端固定质量为m的小球，以另一端为圆心在竖直平面内做圆周运动，轻杆长为l，以下说法中正确的答案是〔〕A．小球过最高点时，杆的弹力不可以等于零B．小球过最高点时的最小速度为C．小球到最高点时速度v＞0，小球一定能通过最高点做圆周运动D．小球过最高点时，杆对球的作用力可以与小球所受重力方向相反3．如下列图，小球从楼梯上以2m/s的速度水平抛出，所有台阶的高度和宽度均为0.25m，g取10/s2，小球抛出后首先落到的台阶是〔〕A．第一级台阶B．第二级台阶C．第三级台阶D．第四级台阶4．如图，拉格朗日点L1位于地球和月球连线上，处在该点的物体在地球和月球引力的共同作用下，可与月球一起以一样的周期绕地球运动．据此，科学家设想在拉格朗日点L1建立空间站，使其与月球同周期绕地球运动，以a1、a2分别表示该空间站和月球向心加速度的大小，a3表示地球同步卫星向心加速度的大小．以下判断正确的答案是〔〕A．a2＞a3＞a1B．a2＞a1＞a3C．a3＞a1＞a2D．a3＞a2＞a15．甲、乙两车在同一水平路面上的两平行车道做直线运动，某时刻乙车在前、甲车在后，相距6m，从此刻开始计时，两车运动的v﹣t图象如下列图．在0﹣8s内，如下说法正确的答案是〔〕A．t=4s时两车相距2m B．t=4s时两车相遇C．t=8s时两车相遇D．t=8s时两车相距最远6．如下列图，吊篮A，物体B．物体C的质量分别为m、3m、2m．B和C分别固定在弹簧两端，弹簧的质量不计．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间〔〕A．吊篮A的加速度大小为3g B．物体B的加速度大小为gC．物体C的加速度大小为2g D．A．B．C的加速度大小都等于g7．如图叠放在水平转台上的小物体A、B、C能随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B、C 的质量分别为3m、2m、m，A与B、B与转台、C与转台间的动摩擦因数都为μ，B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r，设此题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，以下说法正确的答案是〔〕A．B对A的摩擦力一定为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度一定满足：D．转台的角速度一定满足：8．登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父〞欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星．地球和火星公转视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响，根据如表，火星和地球相比〔〕行星半径/m 质量/kg 轨道半径/m地球 6.4×106 6.0×1024 1.5×1011火星 3.4×106 6.4×1023 2.3×1011A．火星的公转周期较小B．火星做圆周运动的加速度较小C．火星外表的重力加速度较大D．火星的第一宇宙速度较大9．如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v﹣t图象如图乙所示．同时人顶杆沿水平地面运动的x﹣t图象如图丙所示．假设以地面为参考系，如下说法中正确的答案是〔〕A．猴子的运动轨迹为直线B．猴子在2s内做匀变速曲线运动C．t=0时猴子的速度大小为8m/sD．t=2s时猴子的加速度为4m/s210．嫦娥二号卫星由地面发射后，进入地月转移轨道，经屡次变轨最终进入距离月球外表100公里，周期为118分钟的工作轨道，开始对月球进展探测〔〕A．卫星在轨道Ⅲ上的运动速度比月球的第一宇宙速度小B．卫星在轨道Ⅲ上经过P点的速度比在轨道Ⅰ上经过P点时大C．卫星在轨道Ⅲ上运动周期比在轨道Ⅰ上短D．卫星在轨道Ⅰ上经过P点的加速度等于在轨道Ⅱ上经过P点的加速度11．用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如下列图．P、Q均处于静止状态，如此如下相关说法正确的答案是〔〕A．P物体受4个力B．Q受到3个力C．假设绳子变长，绳子的拉力将变小D．假设绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大12．如下列图，直杆AB与水平面成α角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B 点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后原速率返回．现将滑块拉到A点由静止释放，与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，设重力加速度为g，由此可以确定〔〕A．滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B．滑块最终所处的位置C．滑块与杆之间动摩擦因数μD．滑块第k次与挡板碰撞后速度v k二、实验题13．〔2011•盐亭县校级模拟〕某同学在做“互成角度的两个力的合成〞的实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O点以与两只弹簧测力计拉力的大小，如图〔a〕所示①试在图〔a〕中作出无实验误差情况下F1和F2的合力图示，并用F表示此力．②有关此实验，如下表示正确的答案是．A．两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大B．橡皮筋的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力C．两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O．这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果一样D．假设只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而要保证橡皮筋结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可③图〔b〕所示是甲和乙两位同学在做以上实验时得到的结果，其中哪一个比拟符合实验事实？〔力F′是用一只弹簧测力计拉时的图示〕答：．14．〔2013•甘肃模拟〕某同学利用打点计时器所记录的纸带来研究做匀变速直线运动小车的运动情况，实验中获得一条纸带，如下列图，其中两相邻计数点间有四个点未画出．所用电源的频率为50H Z，如此打A点时小车运动的速度v A=m/s，小车运动的加速度a=m/s2．〔结果要求保存三位有效数字〕15．〔2015春•汕头校级期中〕在“探究平抛运动规律〞的实验中：①在做“研究平抛运动〞的实验时，让小球屡次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹．为了能较准确地描绘运动轨迹，A．通过调节使斜槽的末端保持B．每次释放小球的位置必须〔填“一样〞或者“不同〞〕C．每次必须由释放小球〔“运动〞或者“静止〞〕D．小球运动时不应与木板上的白纸相接触E．将球的位置记录在纸上后，取下纸，将点连成〔“折线〞或“直线〞或“光滑曲线〞〕②某同学在做“研究平抛物体的运动〞的实验中，忘记记下小球抛出点的位置O，如下列图，A为物体运动一段时间后的位置．g取10m/s2，根据图象，可知平抛物体的初速度为；小球抛出点的位置O的坐标为〔，〕．三、计算题16．〔2015春•南昌校级期末〕高速公路给人们带来极大方便，但由于在高速公路上行驶的汽车速度很大，雾天曾出现过几十辆车追尾相撞的事故，造成极大的人生伤害和财产损失．现假设某条高速公路限制速度为120km/h，某种雾天的能见度〔即观察者与能看见的最远目标间的距离〕为37m，汽车紧急制动的最大加速度大小为8m/s2，制动时司机的反响时间〔即司机发现状况到踩下刹车的时间，该时间内汽车仍然匀速运动〕为0.6s，求：〔1〕当汽车速度为120km/h时，突然以8m/s2的最大加速度紧急制动，从踩下刹车到汽车停止运动，汽车滑行的距离x；〔2〕在该雾天，为了安全，汽车行驶的最大速度v．17．〔2011•某某〕如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m．用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t0=2s拉至B处．〔cos37°=0.8，sin37°=0.6．取g=10m/s2〕〔1〕求物体与地面间的动摩擦因数μ；〔2〕用大小为30N，与水平方向成37°的力斜向上拉此物体，使物体从A处由静止开始运动并能到达B处，求该力作用的最短时间t．18．〔2015春•高安市校级期中〕如图，长为L=2m、质量m A=4kg的木板A放在光滑水平面上，质量m B=1kg的小物块〔可视为质点〕位于A的中点，水平力F作用于A．AB间的动摩擦因素μ=0.2〔AB间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2〕．求：〔1〕为使AB保持相对静止，F不能超过多大？〔2〕假设拉力F=12N，物块B从A板左端滑落时木板A的速度为多大？19．〔2015秋•兰州校级期中〕如下列图是利用电力传送带装运麻袋包的示意图．传送带长l=20m，倾角θ=37°，麻袋包与传送带间的动摩擦因数μ=0.8，传送带的主动轮和从动轮半径R相等，传送带不打滑，主动轮顶端与货车底板间的高度差为h=1.8m，传送带匀速运动的速度为v=2m/s．现在传送带底端〔传送带与从动轮相切位置〕由静止释放一只麻袋包〔可视为质点〕，其质量为100kg，麻袋包最终与传送带一起做匀速运动，到达主动轮时随轮一起匀速转动．如果麻袋包到达主动轮的最高点时，恰好水平抛出并落在车厢底板中心，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：〔1〕主动轮的半径R；〔2〕主动轮轴与货车车厢底板中心的水平距离x〔3〕麻袋包在传送带上运动的时间t．以下题目为课下练习，考试时不做．20．〔2015秋•聊城校级月考〕如下列图，质量M=4kg的小车长L=1.4m，静止在光滑水平面上，其上面右端静止一质量m=1kg的小滑块〔可看作质点〕，小车与木板间的动摩擦因数μ=0.4，先用一水平恒力F向右拉小车．〔g=10m/s2．〕〔1〕假设用一水平恒力F=10N，小滑块与小车间的摩擦力为多大？〔2〕小滑块与小车间不发生相对滑动的水平恒力F大小要满足的条件？〔3〕假设用一水平恒力F=28N向右拉小车，要使滑块从小车上恰好滑下来，力F至少应作用多长时间．21．〔2015•潍坊模拟〕如图，将质量m=2kg的圆环套在与水平面成θ=37°角的足够长直杆上，直杆固定不动，环的直径略大于杆的截面直径，杆上依次有三点A、B、C，s AB=8m，s BC=0.6m，环与杆间动摩擦因数μ=0.5，对环施加一个与杆成37°斜向上的拉力F，使环从A点由静止开始沿杆向上运动，t=4s时环到达B点．试求：〔重力加速度g=l0m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔1〕F的大小；〔2〕假设到达B点时撤去力F，如此环到达C点所用的时间．2015-2016学年山东省聊城市茌平二中高三〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、此题共12小题，每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，第l～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是〔〕A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献C．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律D．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】此题比拟简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学开展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献【解答】解：A、伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来，标志着物理学的真正开始，故A正确；B、笛卡尔等人又在伽利略研究的根底上进展了更深入的研究，他认为：如果运动物体，不受任何力的作用，不仅速度大小不变，而且运动方向也不会变，将沿原来的方向匀速运动下去，因此笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故B正确；C、开普勒提出行星运动三大定律，故C正确；D、万有引力常量是由卡文迪许测出的故D错误．此题选错误的，应当选D．【点评】要熟悉物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为科学的奉献精神．2．一轻杆的一端固定质量为m的小球，以另一端为圆心在竖直平面内做圆周运动，轻杆长为l，以下说法中正确的答案是〔〕A．小球过最高点时，杆的弹力不可以等于零B．小球过最高点时的最小速度为C．小球到最高点时速度v＞0，小球一定能通过最高点做圆周运动D．小球过最高点时，杆对球的作用力可以与小球所受重力方向相反【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】轻杆带着物体做圆周运动，只要物体能够到达最高点就可以了，在最高点时由物体的重力与杆对球的作用力的合力作为向心力．根据牛顿第二定律分析即可．【解答】解：A、当小球在最高点恰好只有重力作为它的向心力的时候，此时球对杆没有作用力，故A错误．B、轻杆带着物体做圆周运动，只要物体能够到达最高点就可以了，所以速度可以为零，如此小球到最高点时速度v＞0，小球一定能通过最高点做圆周运动，所以B错误，C正确．D、小球在最高点时，如果速度恰好为，如此此时恰好只有重力作为它的向心力，杆和球之间没有作用力，如果速度小于，重力大于所需要的向心力，杆就要随球由支持力，方向与重力的方向相反，故D正确．应当选：CD【点评】杆的模型和绳的模型是在高中常遇到的两种根本模型，这两种模型不一样，杆在最高点的速度可以为零，而绳在最高点时的速度必须大于或等于最小速度．3．如下列图，小球从楼梯上以2m/s的速度水平抛出，所有台阶的高度和宽度均为0.25m，g取10/s2，小球抛出后首先落到的台阶是〔〕A．第一级台阶B．第二级台阶C．第三级台阶D．第四级台阶【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】小球做平抛运动，根据平抛运动的特点水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，结合几何关系即可求解．【解答】解：如图：设小球落到斜线上的时间t水平：x=v0t竖直：y=且解得t=0.4s相应的水平距离：x=2×0.4m=0.8m台阶数：n=知小球抛出后首先落到的台阶为第四级台阶．故D正确，A、B、C错误．应当选D．【点评】解决此题的关键掌握平抛运动的特点：水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，难度不大，属于根底题．4．如图，拉格朗日点L1位于地球和月球连线上，处在该点的物体在地球和月球引力的共同作用下，可与月球一起以一样的周期绕地球运动．据此，科学家设想在拉格朗日点L1建立空间站，使其与月球同周期绕地球运动，以a1、a2分别表示该空间站和月球向心加速度的大小，a3表示地球同步卫星向心加速度的大小．以下判断正确的答案是〔〕A．a2＞a3＞a1B．a2＞a1＞a3C．a3＞a1＞a2D．a3＞a2＞a1【考点】同步卫星．【专题】人造卫星问题．【分析】由题意知，空间站在L1点能与月球同步绕地球运动，其绕地球运行的周期、角速度等于月球绕地球运行的周期、角速度，由a n=r，分析向心加速度a1、a2的大小关系．根据a=分析a3与a1、a2的关系．【解答】解：在拉格朗日点L1建立空间站，使其与月球同周期绕地球运动，根据向心加速度a n=r，由于拉格朗日点L1的轨道半径小于月球轨道半径，所以a2＞a1，同步卫星离地高度约为36000公里，故同步卫星离地距离小于拉格朗日点L1的轨道半径，根据a=得a3＞a2＞a1，应当选：D．【点评】此题比拟简单，对此类题目要注意掌握万有引力充当向心力和圆周运动向心加速度公式的联合应用．5．甲、乙两车在同一水平路面上的两平行车道做直线运动，某时刻乙车在前、甲车在后，相距6m，从此刻开始计时，两车运动的v﹣t图象如下列图．在0﹣8s内，如下说法正确的答案是〔〕A．t=4s时两车相距2m B．t=4s时两车相遇C．t=8s时两车相遇D．t=8s时两车相距最远【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据图象与时间轴围成的面积可求出两车的位移，如此可确定何时两车相遇；能够画出两车的运动情景过程，了解两车在过程中的相对位置从而判断选项．【解答】解：AB、图象与时间轴围成的面积可表示位移；0﹣4s，甲的位移为48m，乙的位移为40m，甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距S=6m，当t=4s时，甲车在前，乙车在后，相距2m．所以当t=4s时两车不相遇．故A正确，B错误．CD、0﹣6s，甲的位移为60m，乙的位移为54m，两车第二次相遇，6s后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面；8s时两车速度相等，乙在甲的前面相距8m﹣4m=4m，据此可知此时刻两车不相遇，也不是相距最远，故CD错误．应当选：A．【点评】速度﹣时间图象中要注意观察三点：一点，注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度﹣时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物体通过的位移．6．如下列图，吊篮A，物体B．物体C的质量分别为m、3m、2m．B和C分别固定在弹簧两端，弹簧的质量不计．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间〔〕A．吊篮A的加速度大小为3g B．物体B的加速度大小为gC．物体C的加速度大小为2g D．A．B．C的加速度大小都等于g【考点】牛顿第二定律．【专题】应用题；定性思想；方程法；牛顿运动定律综合专题．【分析】剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，隔离对A、B、C分析，运用牛顿第二定律求出加速度的大小．【解答】解：A、弹簧开始的弹力F=3mg，剪断细线的瞬间，弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得，a AC==2g，即A、C的加速度均为2g．故AD错误，C正确．B、剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，B的合力仍然为零，如此B的加速度为0．故B错误．应当选：C．【点评】此题是力学中的瞬时问题，关键是先根据平衡条件求出各个力，然后根据牛顿第二定律列式求解加速度；同时要注意轻弹簧的弹力与行变量成正比，来不与突变，而细线的弹力是有微小形变产生的，故可以突变．7．如图叠放在水平转台上的小物体A、B、C能随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B、C 的质量分别为3m、2m、m，A与B、B与转台、C与转台间的动摩擦因数都为μ，B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r，设此题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，以下说法正确的答案是〔〕A．B对A的摩擦力一定为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度一定满足：D．转台的角速度一定满足：【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】物体A随转台一起以角速度ω匀速转动，靠静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律求出B对A的摩擦力大小．分别对A、AB整体、C受力分析，根据合力提供向心力，求出转台角速度的范围．【解答】解：A、对A受力分析，受重力、支持力以与B对A的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有f=〔3m〕ω2r≤μ〔3m〕g．故A错误．B、由于A与C转动的角速度一样，由摩擦力提供向心力有m×1.5rω2＜3mrω2即C与转台间的摩擦力小于A与B间的摩擦力，故B错误；C、对AB整体，有：〔3m+2m〕ω2r≤μ〔3m+2m〕g…①对物体C，有：mω2〔1.5r〕≤μmg…②对物体A，有：3mω2r≤μ〔3m〕g…③联立①②③解得：，所以C正确，D错误．应当选：C．【点评】此题关键是对A、AB整体、C受力分析，根据静摩擦力提供向心力以与最大静摩擦力等于滑动摩擦力列式分析是关键．8．登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父〞欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星．地球和火星公转视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响，根据如表，火星和地球相比〔〕行星半径/m 质量/kg 轨道半径/m地球 6.4×106 6.0×1024 1.5×1011火星 3.4×106 6.4×1023 2.3×1011A．火星的公转周期较小B．火星做圆周运动的加速度较小C．火星外表的重力加速度较大D．火星的第一宇宙速度较大【考点】万有引力定律与其应用；向心力．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】根据开普勒第三定律分析公转周期的关系．由万有引力定律和牛顿第二定律结合分析加速度的关系．根据万有引力等于重力，分析星球外表重力加速度的关系．由v=分析第一宇宙速度关系．【解答】解：A、由表格数据知，火星的轨道半径比地球的大，根据开普勒第三定律知，火星的公转周期较大，故A错误．B、对于任一行星，设太阳的质量为M，行星的轨道半径为r．根据G=ma，得加速度 a=，如此知火星做圆周运动的加速度较小，故B正确．C、在行星外表，由G=mg，得 g=由表格数据知，火星外表的重力加速度与地球外表的重力加速度之比为=•=×＜1故火星外表的重力加速度较小，故C错误．D、设行星的第一宇宙速度为v．如此 G=m，得 v=．代入可得火星的第一宇宙速度较小．故D错误．应当选：B．【点评】对于行星绕太阳运动的类型，与卫星类型相似，关键要建立运动模型，掌握万有引力等于向心力与万有引力等于重力两条根本思路．9．如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v﹣t图象如图乙所示．同时人顶杆沿水平地面运动的x﹣t图象如图丙所示．假设以地面为参考系，如下说法中正确的答案是〔〕A．猴子的运动轨迹为直线B．猴子在2s内做匀变速曲线运动C．t=0时猴子的速度大小为8m/sD．t=2s时猴子的加速度为4m/s2【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀减速直线运动，通过运动的合成，判断猴子相对于地面的运动轨迹以与运动情况．求出t=2s时刻猴子在水平方向和竖直方向上的分加速度，根据平行四边形定如此，求出猴子相对于地面的加速度．【解答】解：A、B由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下．由丙图知，猴子水平方向上做匀速直线运动，如此猴子的加速度竖直向下，与初速度方向不在同一直线上，故猴子在2s内做匀变速曲线运动．故A错误，B正确．C、s﹣t图象的斜率等于速度，如此知猴子水平方向的初速度大小为v x=4m/s，竖直方向分速度v y=8m/s，t=0时猴子的速度大小为：v==4 m/s．故C错误．D、v﹣t图象的斜率等于加速度，如此知猴子的加速度大小为：a==m/s2=4m/s2．故D正确．应当选：BD．【点评】解决此题的关键知道猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀加速直线运动，会运用运动的合成分析物体的运动轨迹和运动情况．10．嫦娥二号卫星由地面发射后，进入地月转移轨道，经屡次变轨最终进入距离月球外表100公里，周期为118分钟的工作轨道，开始对月球进展探测〔〕A．卫星在轨道Ⅲ上的运动速度比月球的第一宇宙速度小B．卫星在轨道Ⅲ上经过P点的速度比在轨道Ⅰ上经过P点时大C．卫星在轨道Ⅲ上运动周期比在轨道Ⅰ上短D．卫星在轨道Ⅰ上经过P点的加速度等于在轨道Ⅱ上经过P点的加速度【考点】万有引力定律与其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】月球的第一宇宙速度是卫星贴近月球外表做匀速圆周运动的速度，根据万有引力提供向心力，得出线速度与半径的关系，即可比拟出卫星在轨道Ⅲ上的运动速度和月球的第一宇宙速度大小．卫星在轨道Ⅰ上经过P点假设要进入轨道Ⅲ，需减速．比拟在不同轨道上经。
高二物理上学期期中-聊城市临清一中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案
2014-2015学年山东省聊城市临清一中高二（上）期中物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题目（本题共12小题，每题4分，共48分．有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，把正确选项前的字母涂在答题卡上，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）关于库仑定律，下列说法正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B．根据F=k，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无穷大C．若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D．库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律考点：库仑定律．分析：库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力．当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷了．解答：解：A、库仑定律适用于点电荷，点电荷并不是体积很小的球体，故A错误．B、当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式F=k，不适用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B错误．C、两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷Q1的电荷量与Q2的电荷量大小如何，Q1对Q2的电场力大小上总等于Q2对Q1电场力．故C错误．D、库仑定律的表达式为F=k，万有引力定律的表达为F=G，故两表达式相似，都是平方反比定律，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．2．（4分）电阻R1、R2、R3串联在电路中．已知R1=10Ω、R3=5Ω，R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，则（）A．电路中的电流为0.6 AB．电阻R2的阻值为20ΩC．三只电阻两端的总电压为21 VD．电阻R3两端的电压为4 V考点：串联电路和并联电路；欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律即可求得电流；电阻R2的阻值等于R2的电压除以电流；三只电阻两端的总电压等与三个电阻电压之和．解答：解：A、串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律得：I==A=0.6A 故A正确；B、根据欧姆定律得：R2==Ω=20Ω．故B正确；C、电阻R3两端的电压U3=IR3=0.6×5=3V；总电压U=U1+U2+U3=6+12+3=21V，故C正确，D错误；故选：ABC．点评：本题考查了串联电路电压、电流特点和欧姆定律的应用，难度不大，属于基础题．3．（4分）如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，φa=50V，φc=20V，则a、c连线中点b的电势φb为（）A．等于35 VB．大于35 VC．小于35 VD．等于15 V考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．分析：由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，ab段场强较大，根据公式U=Ed定性分析a、c间与b、c间电势差的大小，再求解中点b的电势φc．解答：解：由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，故ab段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、c间电势差U ac大于b、c间电势差U bc，即：φa﹣φb＞φb﹣φc，得到：φb＜=35V．故选：C点评：本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小．常规题．4．（4分）如图所示，MN是电场中的一条电场线，一电子从a点运动到b点速度在不断地增大，则下列结论正确的是（）A．该电场是匀强电场B．该电场线的方向由N指向MC．电子在a处的加速度小于在b处的加速度D．因为电子从a到b的轨迹跟MN重合，所以电场线实际上就是带电粒子在电场中的运动轨迹考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线越密，场强越大，电场线越疏，场强越小．负电荷由静止释放，且由a向b运动，则说明负电荷所受的电场力一定是由a指向b．而负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，确定出电场线的方向．由于不知负电荷由a运动到b 的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系．解答：解：A、电子从a点运动到b点速度在不断地增大，则电子所受的电场力一定是由a 指向b．因为电子带负电荷，所受的电场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由N指向M．由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系，故A错误，B正确；C、由于无法判断，负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，所以无法判断加速度大小，故C错误；D、电场线不是带电粒子在电场中的运动轨迹，而是人们为了形象描述电场而假想的曲线，故D错误．故选：B点评：本题考查判断推理能力，抓住电场强度方向与负电荷所受电场力方向相反是关键．基础题．5．（4分）如图所示，把一个带正电的小球放入原来不带电的金属空腔球壳内并与内壁接触，其结果是（）A．球壳的内外表面都带正电B．只有球壳内表面带正电C．只有球壳外表面带正电D．球壳的内表面带正电，外表面带负电考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带正电的物体是因为缺少电子，带负电的物体是因为有多余的电子，当带电体接触不带电的金属空腔球壳时，电子发生转移．解答：解：把一个带正电的小球放入原来不带电的金属空腔球壳内，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，则金属壳上带负电的电子与带正电的小球中和，内表面不带电，外表面剩余了正电荷，外表面带正电，故C正确，ABD错误．故选：C．点评：本题考查感应带电的实质：电子从导体的一部分转移到另一部分．6．（4分）如图所示，点电荷+3Q与+Q分别固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分．现使一个带负电的试探电荷，从C点开始以某一初速度向右运动，不计试探电荷的重力．则关于该电荷在CD之间的运动，下列说法中可能正确的是（）A．一直做减速运动，且加速度逐渐变小B．做先减速后加速的运动C．一直做加速运动，且加速度逐渐变小D．做先加速后减速的运动考点：库仑定律；加速度．分析：根据点电荷的电场强度公式得到：CD某点的场强为零．若粒子的初速度较大，粒子在CD间做减速运动；若粒子的初速度较小，粒子在CD间先向右做减速运动，后向左做加速运动．解答：解：根据点电荷的电场强度公式E=；则分析得到：CD某点的场强为零．且AB之间的电场强度方向，AD段由A到D，而DB段由B到D，若粒子的初速度较大，粒子在CD间做加速度减小的变减速运动．若粒子的初速度较小，粒子在CD间先向右做减速运动，速度减到零后向左做加速运动．故AB正确，CD错误．故选：AB．点评：本题考查分析物体运动情况的能力，考虑问题要全面，不能漏解．中等难度．7．（4分）如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力的作用，根据此图可以作出的正确判断是（）A．带电粒子所带电荷的正、负B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大考点：电场线；电场强度专题：电场力与电势的性质专题．分析：先由粒子的运动轨迹，判断粒子所受电场力的大体方向，即粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小．解答：解：ABC、由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性和产生该电场的点电荷的电性．故A错误，B正确．C、根据电场线的疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得a点加速度的大，故C正确．D、由a到b，电场力做负功，动能减小，故b处的速度小，D正确故选：BCD．点评：本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向．8．（4分）两带电小球，电荷量分别为+q和﹣q，固定在一长度为l的绝缘杆两端，置于足够大的电场强度为E的匀强电场中，杆与场强方向平行，其位置如图所示，若此杆绕经过O 点垂直于杆的轴转过180°，则在此过程中电场力做功为（）A．0B．qElC．2qElD．πqEl考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：细杆绕其中心O转过180°，正电荷受力的方向向上，位移的方向也向上，电场力对它做正功；负电荷受力的方向向下，位移的方向也向下，电场力对它也做正功．解答：解：细杆转的过程中，正电荷受力的方向向上，位移的方向也向上，电场力对它做正功，W1＞0，即qE；负电荷受力的方向向下，位移的方向也向下，电场力对它也做正功W2＞0即qE．电场力对两小球所做的功：W=W1+W2＞0．即2qE，故ABD错误，C正确．故选：C点评：抓住电场力做功与路径无关，只与始末状态位置有关，抓住旋转过程中电场力分别对正负电荷做的功求解是关键．9．（4分）平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示．则下列分析正确的是（）A．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大B．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ不变C．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ增大D．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球受重力、拉力、电场力三个力处于平衡状态，保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变；断开开关S，电容器所带的电量不变．结合电场强度的变化判断夹角的变化．解答：解：A、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大．故A正确，B错误．C、断开开关S，电容器所带的电量不变，C=，，知d变化，E不变，电场力不变，θ不变．故C错误，D正确．故选：AD．点评：解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量．若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变．10．（4分）如图所示，有三个质量相等，分别带正电、带负电和不带电的小球，从平行板电场的中点以相同的初速度垂直于电场方向进入电场，它们分别落在A、B、C三点，可以判断（）A．落在A点的小球带正电，落在B点的小球不带电B．三个小球在电场中运动的时间相等C．三个小球到达极板时的动能关系为E kA＞E kB＞E kCD．三个小球在电场中运动时的加速度关系为a A＞a B＞a C考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：有图可知上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力．则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．解答：解：在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如下图所示：由此可知不带电小球做平抛运动a1=，带正电小球做类平抛运动a2=，带负电小球做类平抛运动a3=．根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，据得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短．A、三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，故水平位移最大的A是带正电荷的小球，B是不带电的小球，C带负电的小球．故A正确．B、由于三小球在竖直方向位移相等，初速度均为0，由于电场力的作用，三小球的加速度不相等，故它们的运动时间不相等，故B错误；C、根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功．由受力图可知，带负电小球合力最大为G+F，做功最多动能最大，带正电小球合力最小为G﹣F，做功最少动能最小．故C错误．D、因为A带正电，B不带电，C带负电，所以a A=a2，a B=a1，a C=a3，所以a A＜a B＜a C．故D错误．故选：A．点评：确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析．11．（4分）（2006•湖北模拟）如图所示，在绝缘的水平面上方存在着匀强电场，水平面上的带电金属块在水平拉力F作用下沿水平面移动．已知金属块在移动的过程中，外力F做功32J，金属块克服电场力做功8.0J，金属块克服摩擦力做功16J，则在此过程中金属块的（）A．动能增加8.0 JB．电势能增加24 JC．机械能减少24 JD．机械能增加48 J考点：动能定理的应用；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在金属块移动的过程中，外力、电场力和摩擦力做功，三者的总功动能的变化，根据动能定理分析动能的增加量．金属块克服电场力做功8.0J，知电势能的增加量．三力做功的总和等于机械能的变化量．根据功能关系进行分析．解答：解：A、在金属块移动的过程中，外力F做功为32J，电场力做功为﹣8.0J，摩擦力做功为﹣16J，则总功为W=32J﹣8.0J﹣16J=8J，根据动能定理得知，动能增加为8.0 J．故A正确．B、金属块克服电场力做功8.0J，则电势能增加8J．故B错误．C、D外力、电场力和摩擦力做的总功为8J，根据功能关系得知，机械能增加8J．故CD错误．故选A点评：本题考查对功能关系的理解和应用能力．几对常见的功与能的关系要加强理解，牢固掌握：电场力做功与电势能变化有关，总功与动能变化有关，除重力和弹力以外的力做功与机械能的变化有关．12．（4分）把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是（）A．P甲=P乙B．P甲=3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：电路所消耗的总功率的大小等于电路两端的总的电压与总电流的乘积，由此即可直接得出结论．解答：解：设灯泡正常发光时的电流为I，对于甲图，电路的总的电流为3I，此时甲的总功率的大小为P甲=U•3I，对于乙图，电流的总电流的大小就为I，此时乙的总功率的大小为P乙=U•I，所以P甲=3P乙，所以B正确．故选：B．点评：对于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单．二、实验题目（共12分，每空3分）13．（3分）如图所示为一量程为100μA的电流表的刻度盘，电流表的内阻为100Ω，现串联一个9900Ω的电阻将它改装成电压表．用它来测量电压，表盘指针位置如图所示．该电压的大小是8V．考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：由串联电路特点与欧姆定律求出电压表的量程，然后根据图示表盘读出其示数．解答：解：电压表量程U=Ig（Rg+R）=100×10﹣6×（100+9900）=10V，由图示刻度盘可知，其示数为8V；故答案为：8．点评本题考查了电压表读数，根据串联电路特点求出电压表量程、然后根据表盘即可读出电压表示数．14．（9分）一实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图1所示的电路图．请回答下列问题：（1）请将图2中的实物连线按电路图补充完整．（2）考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．（3）实验测得表格中的数据．请在图3坐标纸上作出该元件的I﹣U图线．序号电压/V 电流/A1 0.00 0.002 0.40 0.023 0.80 0.054 1.20 0.125 1.60 0.206 2.00 0.317 2.40 0.44考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：（1）根据题意与表中实验数据确定滑动变阻器与电流表接法，然后连接实物电路图．（2）根据实验电路图应用欧姆定律分析实验误差．（3）应用描点法作出图象．解答：解：（1）由原理图可知，滑动变阻器采用了分压接法，即先将下面两个固定的接线柱接在电源两端；再将用电器的一端接在上面任意一个接线柱上，另一端接到下面任意一个接线柱上；同时电流表采用外接法，注意电表的正极流入；实物图如图；（2）电流表外接时，通过元件的电流值的测量值大于真实值，由欧姆定律可知，该元件的电阻的测量值小于真实值；（3）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象如图所示：故答案为：（1）如图（2）小于（3）如图点评：应明确：①连线实物图时应先将分压电路连接好再连接测量电路；②进行待测电阻误差分析时，应将电压表或电流表的内阻考虑在内，然后根据欧姆定律列出真实值表达式，再与测量值比较即可；③当电流或电压从零调时，变阻器采用的一定是分压式接法．三、计算题目（共40分，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（9分）如图所示，水平放置的两平行金属板A、B接在U=4 000V的直流电源上，两极板间距离为2cm，A极板接地，电场中a点距B极板1cm，b点和c点均距A极板0.5cm，求：（1）a点的电场强度；（2）电子在b点的电势能；（3）电子从a点运动到c点，电场力做的功．考点：强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）AB间为匀强电场，根据E=求出a点的电场强度．（2）求出b点的电势，根据E P=qφ求出电子在b点的电势能．（3）根据W=qU求电场力做功．解答：解：（1）a点的电场强度为：E==V/m=2×105 V/m．（2）b点的电势为：φb=﹣U Ab=﹣Ed Ab=﹣2×105×0.5×10﹣2 V=﹣1 000 V电子在b点的电势能为：E Pb=eφb=﹣1.6×10﹣19×（﹣1 000）J=1.6×10﹣16 J．（3）电场力做的功为：W=eU ac=﹣1.6×10﹣19×（﹣1 000）J=1.6×10﹣16 J．答：（1）a点的电场强度2×105 V/m；（2）电子在b点的电势能1.6×10﹣16 J；（3）电子从a点运动到c点，电场力做的功1.6×10﹣16 J．点评：解决本题的关键掌握匀强电场的电势差与场强的关系公式以及电势能的公式E P=qφ．16．（9分）电阻R1=20Ω、R2=20Ω、R3=60Ω，平行板电容器的电容C=4×108F．它们连接成如图所示的电路，并与U=8V的恒定电压连接，开始时开关S处于断开状态，若开关S闭合前电容器中间有一个带电颗粒处静止状态，则当开关S闭合后（电容器充、放电时间极短，可忽略不计），带电颗粒的加速度为多大？（取重力加速g=10m/s2）考点：带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：开关S处于断开状态时，电容器的电压为8V，粒子受重力和电场力而平衡；当闭合开关后，电压降低，故场强减小，粒子加速下降，根据牛顿第二定律求解加速度．解答：解：开关S断开时，根据平衡条件得：；开关S闭合后，由串联分压规律得：对带电粒子受力分析，并根据牛顿第二定律可得：；联立以上各式，并代入数据，解得：a=5m/s2．答：带电颗粒的加速度为5m/s2．点评：本题关键是关键是理清电路结构，根据串并联电路的电压关系求解出电容器的电压，然后结合牛顿第二定律列式求解，不难．17．（10分）如图所示，BAC是光滑绝缘的“L”字形平面，倒置于水平匀强电场中BA⊥AC，D为AC的中点，BC与水平面平行，且∠B=60°，AB=l，有一带电荷量+q的滑块，质量为m，先由A端沿AB面无初速下滑，到达B端的速率为v0，再由A端沿AC面无初速下滑到C端．试求：（1）滑块到达D点的速度大小v D；（2）假设滑块对C端没有压力，滑块的加速度多大．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据动能定理求解到达D点的速度，根据对C点无压力，列平衡方程，根据牛顿第二定律求解加速度．解答：解：（1）设AB间的电压大小为U，从A→B由动能定理得：mg l﹣qU=mv﹣0…①从A→D，由动能定理得：mgh AD+qU AD=mv﹣0…②又h AD=l，U AD=U BA=U…③解①②③各式得：v D=．（2）滑块在C端受力分析如图，由F N=0得：mgcos 30°=qEsin 30°…④又由牛顿第二定律得：qEcos 30°+mgsin 30°=ma…⑤解④⑤得：a=2g．答：（1）滑块到达D点的速度大小；（2）假设滑块对C端没有压力，滑块的加速度2g．点评：本题考查了动能定理的应用，关键是清楚各力的做功情况，知道对C点无压力的隐含条件．18．（12分）如图所示，水平放置的平行板电容器，原来两极板不带电，上极板接地，极板长L=0.1m，两板间距离d=0.4cm，有一束相同的带电微粒以相同的初速度先后从两板中央平行于极板射入，由于重力作用微粒能落到下极板上，微粒所带电荷立即转移到下极板且均匀分布在下极板上．若前一微粒落到下极板上时后一微粒才能开始射入两极板间．已知微粒质量为m=2×10﹣6kg，电荷量q=1×10﹣8C，电容器电容C=10﹣6F，取g=10m/s2．求：（1）为使第一个带电微粒的落点范围能在下极板中点到右边缘的B点之内，求微粒入射的初速度v0的取值范围；（2）若带电微粒以第一问中初速度v0的最小值入射，则最多能有多少个带电微粒落到下极板上．考点：点电荷的场强．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）第一个微粒做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据高度和水平位移从到L，求出初速度v0的取值范围．（2）当粒子刚好从边缘飞出时，落到下极板上的带电微粒最多，根据牛顿第二定律和运动学公式求出极板的电量Q，即可求出最多能落到下极板粒子的个数．解答：解：（1）若第1个带电微粒落到下极板中点O，由=v01t1=gt12，得v01=2.5m/s若微粒落到B点，由L=v02t2，=gt22得v02=5m/s故微粒入射初速度v0的取值范围为2.5m/s≤v0≤5m/s．（2）由L=v01t，得t=4×10﹣2s由=at2，得a=2.5m/s2由mg﹣qE=ma，E=，得Q=6×10﹣6C所以n==600（个）．答：（1）微粒入射的初速度v0的取值范围2.5m/s≤v0≤5m/s；（2）最多能有600个带电微粒落到下极板上．点评：本题是平抛运动和类平抛运动问题，要抓住它们研究方法、粒子运动轨迹等等的相似法，也要抓住区别：加速度不同，平抛运动的加速度是常量，而类平抛运动要根据牛顿第二定律求出．。
2024届山东省聊城市茌平县第二中学高二物理第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析
2024届山东省聊城市茌平县第二中学高二物理第一学期期中教学质量检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、生活中有许多谚语和歇后语都蕴含着丰富的物理知识，下列最能说明“物体间力的作用是相互的”这一规律的是A．秤砣虽小，能压千斤B．人往高处走，水往低处流C．水滴石穿——非一日之功D．鸡蛋碰石头——不自量力2、如图所示，小球a沿光滑水平地面以速度v0向右做匀速直线运动，当它经过P点时，将小球b从P点正上方以初速度v0水平向右抛出（两小球均可视为质点，不计空气阻力），则b球落地时（）A．正好击中a球B．落在a球的后方C．落在a球的前方D．无法确定两球的位置关系3、下列说法中正确的是（）A．匀强电场中两点间的电势差等于场强与这两点间的距离的乘积B．电源电动势反映了电源把其他形式的能量转化为电能的本领C．通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大D．空间中任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向4、关于下列电阻和电阻率的说法正确的是（）A．把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻、电阻率均变为原来的一半．B．由RSlρ=可知，ρ∝R，1lρ∝C．所有材料的电阻率随温度的升高而增大D．对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大．5、下列说法中，正确的是（）A．由公式FEq=知，电场中某点的场强大小与放在该点的电荷所受电场力的大小成正比，与电荷的电荷量成反比B．由公式FEq=知，电场中某点的场强方向，就是置于该点的电荷所受电场力的方向C．由公式FEq=知，F是电荷q所受的电场力，E是电荷q产生的电场的场强D．由F=qE可知，电荷q所受的电场力大小，与电荷的电荷量成正比，与电荷所在处的场强大小成正比6、如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角线匀速运动，穿过具有一定宽度的匀强磁场区域，已知对角线AC的长度为磁场宽度的两倍且与磁场边界垂直．下面对于线框中感应电流随时间变化的图象(电流以ABCD顺序流向为正方向，从C点进入磁场开始计时)正确的是( )A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
山东省聊城市茌平县第一高级中学高二物理上学期期末试卷带解析
山东省聊城市茌平县第一高级中学高二物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）如图所示是病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内。
为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是A．只增加绳的长度B．只减少重物的质量C．只将两定滑轮的间距变大D．只将病人的脚向右移动靠近定滑轮参考答案：BCD2. 关于物体的运动，下列说法中正确的是A．物体做曲线运动时，它所受的合力可能为零B．做曲线运动的物体，有可能处于平衡状态C．做曲线运动的物体，速度方向一定时刻改变D．做曲线运动的物体，所受的合外力的方向有可能与速度方向在一条直线上参考答案：C3. 弹簧振子在光滑水平面上做简谐运动，在振子向平衡位置运动的过程中A．振子所受回复力逐渐增大B．振子位移逐渐增大C．振子速度逐渐减小D．振子加速度逐渐减小参考答案：D4. （单选题）.在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为r0的一点引入一检验电荷q，所受静电力为F，则离该点电荷为r处的场强大小为：（）A、Fr2/（qr 2） B、F/q C、D、Fr/qr参考答案：A根据电场强度定义得r处的场强大小为，根据点电荷的场强公式得，Q为场源电荷的电量，则有：解得：所以该点电荷为r处的场强的大小为，故选A。
5. 17世纪，英国天文学家哈雷跟踪过一颗彗星，他算出这颗彗星轨道的半长轴约等于地球公转半径的18倍，并预言这颗彗星将每隔一定的时间飞临地球，后来哈雷的预言得到证实，该彗星被命名为哈雷彗星．哈雷彗星围绕太阳公转的轨道是一个非常扁的椭圆，如图所示．从公元前240年起，哈雷彗星每次回归，中国均有记录．它最近一次回归的时间是1986年．从公元前240年至今，我国关于哈雷彗星回归记录的次数，最合理的是（）A．24次B．30次C．124次D．319次参考答案：B【考点】万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】因为地球和彗星的中心天体相等，根据开普勒第三定律（常数），通过半径关系求出周期比，从而得出哈雷彗星的周期，求出哈雷彗星回归记录的次数．【解答】解：设彗星的周期为T1，地球的公转周期为T2，由开普勒第三定律得：=，可知哈雷彗星的周期大约为76年，．所以最合理的次数是30次．故B正确，A、C、D错误．故选：B．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （2分）已知元电荷C，某金属导线中的电流是16mA，2s内通过导线的横截面的电子个数为_______________个。