2021-2022年高考数学二轮复习第1部分专题一集合常用逻辑用语平面向量复数算法合情推理不等式必考

2021年高考数学二轮复习第1部分专题一集合常用逻辑用语平面向
量复数算法合情推理不等式必考点
[高考预测]——运筹帷幄
1．以函数的定义域、值域、不等式的解集等为背景考查集合之间的交集、并集及补集的基本运算．
2．利用集合之间的关系求解参数的值或取值范围．
3．考查全称命题、特称命题的否定，以及全称命题与特称命题的真假判断．
4．考查充分必要条件与集合、函数、方程、数列、三角函数、不等式、平面向量、立体几何中的线面位置关系等相交汇的问题．
[速解必备]——决胜千里
1．设有限集合A，card(A)＝n(n∈N*)，则
(1)A的子集个数是2n；(2)A的真子集个数是2n－1；
(3)A的非空子集个数是2n－1；(4)A的非空真子集个数是2n－2.
2．(1)(∁R A)∩B＝B⇔B⊆∁R A；
(2)A∪B＝B⇔A⊆B⇔A∩B＝A；
(3)∁U(A∪B)＝(∁U A)∩(∁U B)；
(4)∁U(A∩B)＝(∁U A)∪(∁U B)．
3．若p以集合A的形式出现，q以集合B的形式出现，即A＝{x|p(x)}，B＝{x|q(x)}，则关于充分条件、必要条件又可叙述为：
(1)若A⊆B，则p是q的充分条件；
(2)若A⊇B，则p是q的必要条件；
(3)若A＝B，则p是q的充要条件．
[速解方略]——不拘一格
[例1] (1)已知集合A＝{－2，－1，0,1,2}，B＝{x|(x－1)(x＋2)<0}，则A∩B＝( ) A．{－1,0} B．{0,1}
C．{－1,0,1} D．{0,1,2}
解析：基本法：化简集合B，利用交集的定义求解．
由题意知B＝{x|－2<x<1}，所以A∩B＝{－1,0}．故选A.
速解法：验证排除法：
∵－1∈B，故排除B、D.
∵1∉B，∴1∉A∩B，排除C.
答案：A
(2)已知集合A＝{0,1,2}，则集合B＝{x－y|x∈A，y∈A}中元素的个数是( )
A．1 B．3
C．5 D．9
解析：基本法：用列举法把集合B中的元素一一列举出来．
当x＝0，y＝0时，x－y＝0；当x＝0，y＝1时，x－y＝－1；
当x＝0，y＝2时，x－y＝－2；当x＝1，y＝0时，x－y＝1；
当x＝1，y＝1时，x－y＝0；当x＝1，y＝2时，x－y＝－1；
当x＝2，y＝0时，x－y＝2；当x＝2，y＝1时，x－y＝1；
当x＝2，y＝2时，x－y＝0.根据集合中元素的互异性知，B中元素有0，－1，－2,1,2，共5个．故选C.
速解法一：排除法：估算x－y值的可能性，排除不可能的结果．
∵x∈A，y∈A，∴x－y＝±1，x－y＝±2.
B中至少有四个元素，排除A、B，而D选项是9个元素．
即3×3更不可能．故选C.
速解法二：当x＝y时，x－y＝0；
当x≠y时，x与y可以相差1，也可以相差2，即x－y＝±1，x－y＝±2.
故B中共有5个元素，B＝{0，±1，±2}．故选C.
答案：C
方略点评：对于集合问题，可根据元素的特征采用排除法快速求解，注意数轴、Venn图的应用.
1．(xx·河南郑州市高三质检)设全集U＝{x∈N*|x≤4}，集合A＝{1,4}，B＝{2,4}，
则∁U(A∩B)＝( )
A．{1,2,3} B．{1,2,4}
C．{1,3,4} D．{2,3,4}
解析：基本法：本题主要考查集合的基本运算．
因为U＝{1,2,3,4}，A∩B＝{4}，所以∁U(A∩B)＝{1,2,3}，故选A.
速解法：∵A∩B＝{4}．∴4∉∁U(A∩B)，排除B、C、D只能选A.
答案：A
2．(xx·高考全国甲卷)已知集合A＝{1,2,3}，B＝{x|x2<9}，则A∩B＝( )
A．{－2，－1,0,1,2,3} B．{－2，－1,0,1,2}
C．{1,2,3} D．{1,2}
解析：基本法：(直接法)先化简集合B，再利用交集定义求解．
∵x2<9，∴－3<x<3，∴B＝{x|－3<x<3}．
又A＝{1,2,3}，
∴A∩B＝{1,2,3}∩{x|－3<x<3}＝{1,2}，故选D.
速解法：(代入检验法)12＜9,22＜9,32＝9，且A∩B⊆A.
故A∩B＝{1,2}，选D.
答案：D
类型二充分、必要条件
[例2] (1) 函数f(x)在x＝x0处导数存在．若p：f′(x0)＝0；q：x＝x0是f(x)的极值点，则( )
A．p是q的充分必要条件
B．p是q的充分条件，但不是q的必要条件
C．p是q的必要条件，但不是q的充分条件
D．p既不是q的充分条件，也不是q的必要条件
解析：基本法：利用命题和逆命题的真假来判断充要条件，注意判断为假命题时，可以采用反例法．
当f′(x0)＝0时，x＝x0不一定是f(x)的极值点，
比如，y＝x3在x＝0时，f′(0)＝0，但在x＝0的左右两侧f′(x)的符号相同，因而x ＝0不是y＝x3的极值点．
由极值的定义知，x＝x0是f(x)的极值点必有f′(x0)＝0.
综上知，p是q的必要条件，但不是充分条件．
答案：C
(2)“x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤－3π4，π4”是“函数y ＝sin ⎝
⎛⎭⎪⎫x ＋π4为单调递增函数”的( ) A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件
C ．充要条件
D ．既不充分也不必要条件
解析：基本法：若函数y ＝sin ⎝
⎛⎭⎪⎫x ＋π4为单调递增函数，则－π2＋2k π≤x ＋π4≤π2＋2k π，k ∈Z ，
即－3π4＋2k π≤x ≤π4
＋2k π，k ∈Z . 从而函数y ＝sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋π4的单调递增区间是⎣⎢⎡⎦
⎥⎤－3π4＋2k π，π4＋2k π(k ∈Z )． 因此若x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤－3π4，π4，则函数y ＝sin ⎝
⎛⎭⎪⎫x ＋π4为单调递增函数； 若函数y ＝sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋π4为单调递增函数⇒/ x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤－3π4
，π4. 所以“x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤－3π4，π4”是“函数y ＝sin ⎝
⎛⎭⎪⎫x ＋π4为单调递增函数”的充分不必要条件．故选A.
速解法：当x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤－3π4，π4时⇒x ＋π4∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤－π2，π2⇒y ＝sin ⎝
⎛⎭⎪⎫x ＋π4为增函数， 但y ＝sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋π4为增函数――→周期性⇒/ x ＋π4∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤－π2，π2⇒/ x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤－3π4
，π4. 答案：A
方略点评：1.此类问题实质是判断命题真假或条件与结论的推导关系．第(1)题采用了特例(y ＝x 3)验证，第(2)题采用了“⇒”形式进行简单推理．
2．先后顺序：“A的充分不必要条件是B”是指B能推出A，且A不能推出B；而“A 是B的充分不必要条件”则是指A能推出B，且B不能推出A.
3．准确转化：若綈p是綈q的必要不充分条件，则p是q的充分不必要条件；若綈p 是綈q的充要条件，那么p是q的充要条件．
1．已知x∈R，则“x2－3x>0”是“x－4>0”的( )
A．充分不必要条件B．必要不充分条件
C．充要条件 D．既不充分也不必要条件
解析：基本法：判断x2－3x>0⇒x－4>0还是x－4>0⇒x2－3x>0.
注意到x2－3x>0⇔x<0或x>3，x－4>0⇔x>4.由x2－3x>0不能得出x－4>0；反过来，由x－4>0可得出x2－3x>0，因此“x2－3x>0”是“x－4>0”的必要不充分条件．故选B.答案：B
速解法：利用反例和实数的运算符号寻找推导关系．如x＝4时，满足x2－3x>0，但不满足x－4>0，即不充分．
若x－4>0，则x(x－3)>0，即必要．故选B.
答案：B
2．(xx·高考山东卷)已知直线a，b分别在两个不同的平面α，β内，则“直线a和直线b相交”是“平面α和平面β相交”的( )
A．充分不必要条件 B．必要不充分条件
C．充要条件 D．既不充分也不必要条件
解析：根据直线、平面的位置关系及充分、必要条件的定义进行判断．由题意知a⊂α，
b⊂β，若a，b相交，则a，b有公共点，从而α，β有公共点，可得出α，β相交；反之，若α，β相交，则a，b的位置关系可能为平行、相交或异面．因此“直线a和直线b相交”是“平面α和平面β相交”的充分不必要条件．
答案：A
类型三命题判定及否定
[例3] (1)设命题p：∃n∈N，n2＞2n，则綈p为( )
A．∀n∈N，n2＞2n B．∃n∈N，n2≤2n
C．∀n∈N，n2≤2n D．∃n∈N，n2＝2n
解析：基本法：因为“∃x∈M，p(x)”的否定是“∀x∈M，綈p(x)”，所以命题“∃n ∈N，n2＞2n”的否定是“∀n∈N，n2≤2n”．故选C.
答案：C
(2)已知命题p：∀x∈R,2x<3x；命题q：∃x∈R，x3＝1－x2，则下列命题中为真命题的是( )
A．p∧q B．(綈p)∧q
C．p∧(綈q) D．(綈p)∧(綈q)
解析：基本法：当x＝0时，有2x＝3x，不满足2x<3x，∴p：∀x∈R,2x<3x是假命题．
如图，函数y＝x3与y＝1－x2有交点，即方程x3＝1－x2有解，
∴q：∃x∈R，x3＝1－x2是真命题．
∴p ∧q 为假命题，排除A.
∵綈p 为真命题，∴(綈p )∧q 是真命题．选B.
速解法：当x ＝0时，不满足2x ＜3x ，∴p 为假，排除A 、C.利用图象可知，q 为真，排除D ，必选B.
答案：B 方略点评：1基本法是具体判断p ，綈p ，q ，綈q 的真假.
速解法是利用“当p 、q 全真时，p ∧q 为真”的道理，利用逻辑关系排除. 2要判定一个全称命题是真命题，必须对限定集合M 中的每一个元素x 验证p x 成立，要判定其为假命题，只需举出一个反例即可. 3要判定一个特称存在性命题为真命题，只要在限定集合M 中至少能找到一个元素x 0，使得p x 0成立即可；否则，这一特称存在性命题就是假命题.特别注意：命题的否命题是既否定命题的条件，又否定命题的结论；而命题的否定是只否定命题的结论.
1．(xx·山西四校联考)已知命题p ：∃x ∈R,2x ＞3x ；命题q ：∀x ∈⎝
⎛⎭⎪⎫0，π2，tan x ＞sin x ，则下列是真命题的是( )
A ．(綈p )∧q
B ．(綈p )∨(綈q )
C ．p ∧(綈q )
D ．p ∨(綈q )
解析：基本法：先判断命题p 、q 的真假，然后根据选项得出正确结论．
当x ＝－1时，2－1＞3－1，所以p 为真命题；当x ∈⎝
⎛⎭⎪⎫0，π2时，tan x －sin x ＝
sin x1－cos x
cos x
＞0，所以q为真命题，所以p∨(綈q)是真命题，其他选项都不正确，故选D.
速解法：p为真时，p或任何命题为真，故选D.
答案：D
2．(xx·陕西西安市高三质检)已知命题p：∃x∈R，log2(3x＋1)≤0，则( )
A．p是假命题；綈p：∀x∈R，log2(3x＋1)≤0
B．p是假命题；綈p：∀x∈R，log2(3x＋1)＞0
C．p是真命题；綈p：∀x∈R，log2(3x＋1)≤0
D．p是真命题；綈p：∀x∈R，log2(3x＋1)＞0
解析：基本法：本题主要考查命题的真假判断、命题的否定．
∵3x＞0，∴3x＋1＞1，则log2(3x＋1)＞0，∴p是假命题；綈p：∀x∈R，log2(3x＋1)＞0.故应选B.
答案：B
[终极提升]——登高博见
选择题、填空题的解法——直接法
方法诠释直接从题设的条件出发，利用已知条件、相关公式、公理、定理、法则，通过准确的运算、严谨的推理、合理的验证得出正确的结论，然后对照题目所给出的选项“对号入座”作出相应的选择，从而确定正确选项的方法．
限时速解训练一集合、常用逻辑用语
(建议用时40分钟)
一、选择题(在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的)
1．已知全集U＝{1,2,3,4,5,6,7}，集合A＝{1,3,5,6}，则∁U A＝( )
A．{1,3,5,6} B．{2,3,7}
C．{2,4,7} D．{2,5,7}
解析：选C.由补集的定义，得∁U A＝{2,4,7}．故选C.
2．已知集合A＝{y|y＝|x|－1，x∈R}，B＝{x|x≥2}，则下列结论正确的是( ) A．－3∈A B．3∉B
C．A∩B＝B D．A∪B＝B
解析：选C.由题知A＝{y|y≥－1}，因此A∩B＝{x|x≥2}＝B，故选C.
3．设集合M＝{x|x2＝x}，N＝{x|lg x≤0}，则M∪N＝( )
A．[0,1] B．(0,1]
C．[0,1) D．(－∞，1]
解析：选A.M＝{x|x2＝x}＝{0,1}，N＝{x|lg x≤0}＝
{x|0<x≤1}，M∪N＝[0,1]，故选A.
4．(xx·山东聊城模拟)集合A ＝{0,2，a }，B ＝{1，a 2}，若A ∪B ＝{0,1,2,4,16}，则a 的值为( ) A ．0 B ．1 C ．2 D ．4
解析：选D.因为A ＝{0,2，a }，B ＝{1，a 2
}，
A ∪
B ＝{0,1,2,4,16}，
所以⎩⎨
⎧
a 2
＝16，a ＝4，
则a ＝4.
5．(xx·湖北八校模拟)已知a ∈R ，则“a ＞2”是“a 2＞2a ”成立的( ) A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件 C ．充要条件
D ．既不充分也不必要条件
解析：选A.因为a ＞2，则a 2
＞2a 成立，反之不成立，所以“a ＞2”是“a 2
＞2a ”成立的充分不必要条件．
6．已知集合A ＝{z ∈C |z ＝1－2a i ，a ∈R }，B ＝{z ∈C ||z |＝2}，则A ∩B 等于( ) A ．{1＋3i,1－3i} B ．{3－i} C ．{1＋23i,1－23i} D ．{1－3i}
解析：选A.问题等价于|1－2a i|＝2，a ∈R ，解得a ＝±
3
2
.故选A. 7．已知命题p ：对任意x ＞0，总有e x ≥1，则綈p 为( )
A ．存在x 0≤0，使得e x 0＜1
B ．存在x 0＞0，使得e x 0＜1
C ．对任意x ＞0，总有e x
＜1 D ．对任意x ≤0，总有e x ＜1
解析：选B.因为全称命题的否定是特称命题，所以，命题p ：对任意x ＞0，总有e x
≥1的否定綈p 为：存在x 0＞0，使得e x 0＜1.故选B.
8．已知命题p ：∃x 0∈R ，tan x 0＝1，命题q ：∀x ∈R ，x 2
＞0.下面结论正确的是( ) A ．命题“p ∧q ”是真命题 B ．命题“p ∧(綈q )”是假命题 C ．命题“(綈p )∨q ”是真命题 D ．命题“(綈p )∧(綈q )”是假命题
解析：选D.取x 0＝π4，有tan π
4＝1，故命题p 是真命题；当x ＝0时，x 2＝0，故命题q
是假命题．再根据复合命题的真值表，知选项D 是正确的． 9．给出下列命题：
①∀x ∈R ，不等式x 2
＋2x ＞4x －3均成立； ②若log 2x ＋log x 2≥2，则x ＞1；
③“若a ＞b ＞0且c ＜0，则c a ＞c
b
”的逆否命题；
④若p 且q 为假命题，则p ，q 均为假命题． 其中真命题是( ) A ．①②③ B ．①②④
C ．①③④
D ．②③④
解析：选A.①中不等式可表示为(x －1)2＋2＞0，恒成立；
②中不等式可变为log 2x ＋
1
log 2x
≥2，得x ＞1； ③中由a ＞b ＞0，得1a ＜1
b
，而c ＜0，所以原命题是真命题，则它的逆否命题也为真；
④由p 且q 为假只能得出p ，q 中至少有一个为假，④不正确．
10．(xx·山东济南模拟)设A ，B 是两个非空集合，定义运算A ×B ＝{x |x ∈A ∪B ，且x ∉A ∩B }．已知A ＝{x |y ＝2x －x 2}，B ＝{y |y ＝2x ，x ＞0}，则A ×B ＝( ) A ．[0,1]∪(2，＋∞) B．[0,1)∪[2，＋∞) C ．[0,1] D ．[0,2]
解析：选A.由题意得A ＝{x |2x －x 2≥0}＝{x |0≤x ≤2}，B ＝{y |y ＞1}，所以A ∪B ＝[0，＋∞)，A ∩B ＝(1,2]，所以A ×B ＝[0,1]或(2，＋∞)．
11．“直线y ＝x ＋b 与圆x 2＋y 2＝1相交”是“0＜b ＜1”的( ) A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件 C ．充要条件
D ．既不充分也不必要条件
解析：选B.若“直线y ＝x ＋b 与圆x 2＋y 2
＝1相交”，则圆心到直线的距离为d ＝|b |2＜
1，即|b |＜2，不能得到0＜b ＜1；反过来，若0＜b ＜1，则圆心到直线的距离为d ＝
|b |
2
＜
1
2
＜1，所以直线y ＝x ＋b 与圆x 2＋y 2
＝1相交，故选B. 12．(xx·陕西五校二模)下列命题正确的个数是( )
①命题“∃x 0∈R ，x 20＋1＞3x 0”的否定是“∀x ∈R ，x 2
＋1≤3x ”；
②“函数f (x )＝cos 2ax －sin 2ax 的最小正周期为π”是“a ＝1”的必要不充分条件； ③x 2
＋2x ≥ax 在x ∈[1,2]上恒成立⇔(x 2
＋2x )min ≥(ax )max 在x ∈[1,2]上恒成立； ④“平面向量a 与b 的夹角是钝角”的充要条件是“a·b ＜0”． A ．1 B ．2 C ．3 D ．4
解析：选B.易知①正确；因为f (x )＝cos 2ax ，所以2π|2a |＝π，即a ＝±1，因此②正确；
因为x 2＋2x ≥ax 在x ∈[1,2]上恒成立⇒a ≤x ＋2在x ∈[1,2]上恒成立⇒a ≤(x ＋2)min ，x ∈[1,2]，因此③不正确；因为钝角不包含180°，而由a·b ＜0得向量夹角包含180°，因此“平面向量a 与b 的夹角是钝角”的充要条件是“a·b ＜0且a 与b 不反向”，故④不正确．
二、填空题(把答案填在题中横线上)
13．若关于x 的不等式|x －m |<2成立的充分不必要条件是2≤x ≤3，则实数m 的取值范围是________．
解析：由|x －m |<2得－2<x －m <2，即m －2<x <m ＋2.依题意有集合{x |2≤x ≤3}是{x |m －
2<x <m ＋2}的真子集，于是有⎩⎨
⎧
m －2<2m ＋2>3
，由此解得1<m <4，即实数m 的取值范围是(1,4)．
答案：(1,4)
14．若命题“∃x 0∈R ，x 20－2x 0＋m ≤0”是假命题，则m 的取值范围是________． 解析：由题意，命题“∀x ∈R ，x 2－2x ＋m ＞0”是真命题，故Δ＝(－2)2－4m ＜0，即m ＞1.
答案：(1，＋∞)
15．已知p ：∃x 0∈R ，mx 2
0＋2≤0，q ：∀x ∈R ，x 2
－2mx ＋1＞0，若p ∨q 为假命题，则实数m 的取值范围是________． 解析：因为p ∨q 是假命题， 所以p 和q 都是假命题．
由p ：∃x 0∈R ，mx 20＋2≤0为假命题知， 綈p ：∀x ∈R ，mx 2＋2＞0为真命题， 所以m ≥0.①
由q ：∀x ∈R ，x 2
－2mx ＋1＞0为假命题知， 綈q ：∃x 0∈R ，x 20－2mx 0＋1≤0为真命题，
所以Δ＝(－2m )2－4≥0⇒m 2≥1⇒m ≤－1或m ≥1.②由①和②得m ≥1. 答案：[1，＋∞)
16．下列四个命题中，真命题有________．(写出所有真命题的序号)
①若a ，b ，c ∈R ，则“ac 2＞bc 2”是“a ＞b ”成立的充分不必要条件；②命题“∃x 0∈R ，
x 20＋x 0＋1＜0”的否定是“∀x ∈R ，x 2＋x ＋1≥0”；③命题“若|x |≥2，则x ≥2或x ≤
－2”的否命题是“若|x |＜2，则－2＜x ＜2”；④函数f (x )＝ln x ＋x －3
2在区间(1,2)
上有且仅有一个零点．
解析：①若c ＝0，则不论a ，b 的大小关系如何，都有ac 2＝bc 2，而若ac 2＞bc 2，则有a ＞b ，故“ac 2＞bc 2”是“a ＞b ”成立的充分不必要条件，故①为真命题；②特称命题的否定是全称命题，故命题“∃x 0∈R ，x 2
0＋x 0＋1＜0”的否定是“∀x ∈R ，x 2
＋x ＋1≥0”，故②为真命题；③命题“若p ，则q ”形式的命题的否命题是“若綈p ，则綈q ”，故命题“若|x |≥2，则x ≥2或x ≤－2”的否命题是“若|x |＜2，则－2＜x ＜2”，故③为真命题；④由于f (1)f (2)＝⎝
⎛
⎭⎪⎫ln 1＋1－32⎝ ⎛⎭⎪⎫ln 2＋2－32＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－12×⎝ ⎛⎭⎪⎫ln 2＋12＜0，则函数
f (x )＝ln x ＋x －3
2
在区间(1,2)上存在零点，又函数f (x )＝ln x ＋x －32
在区间(1,2)上为
增函数，所以函数f (x )＝ln x ＋x －32在区间(1,2)上有且仅有一个零点，故④为真命题．
答案：①②③④
必考点二 平面向量、复数运算
[高考预测]——运筹帷幄
1．用平面向量的几何运算、坐标运算进行线性运算和数量积的运算． 2．复数的代数形式的四则运算及几何意义． [速解必备]——决胜千里
1．向量共线的充要条件：O 为平面上一点，则A ，B ，P 三点共线的充要条件是OP →＝λ1OA →
＋λ2OB →
(其中λ1＋λ2＝1)．
2．三角形中线向量公式：若P 为△OAB 的边AB 的中点，则向量OP →与向量OA →、OB →
的关系是OP →＝12
(OA →＋OB →)．
3．三角形重心坐标的求法：G 为△ABC 的重心⇔GA →＋GB →＋GC →
＝0⇔
G ⎝ ⎛⎭
⎪⎫x A ＋x B ＋x C 3，y A ＋y B ＋y C 3.
OA →·OB →＝OB →·OC →＝OC →·OA →
⇔O 为△ABC 垂心． 4．a ⊥b ⇔a ·b ＝0(a ≠0，b ≠0)．
5．i 4n ＝1，i 4n ＋1＝i ，i 4n ＋2＝－1，i 4n ＋3＝－i.
6．z ·z ＝|z |2，(1＋i)2＝2i ，(1－i)2＝－2i ，1＋i 1－i ＝i ，1－i
1＋i ＝－i.
[速解方略]——不拘一格
类型一 平面向量的概念及线性运算
[例1] (1)已知点A (0,1)，B (3,2)，向量AC →＝(－4，－3)，则向量BC →
＝( ) A ．(－7，－4) B ．(7,4) C ．(－1,4) D ．(1,4)
解析：基本法：设C (x ，y )，则AC →
＝(x ，y －1)＝(－4，－3)，
所以⎩⎨
⎧
x ＝－4，y ＝－2，
从而BC →
＝(－4，－2)－(3,2)＝(－7，－4)．故选A.
速解法：∵AB →
＝(3,2)－(0,1)＝(3,1)，
BC →＝AC →－AB →
＝(－4，－3)－(3,1)＝(－7，－4)． 答案：A
方略点评：1.基本法是设出点C 坐标，并利用AC →
＝(－4，－3)求出点C 坐标，然后计算BC →
的坐标．
速解法是利用向量减法的意义：BC →＝AC →－AB →
.
2．向量的三角形法则要保证各向量“首尾相接”；平行四边形法则要保证两向量“共起点”，结合几何法、代数法(坐标)求解．
(2)设D ，E ，F 分别为△ABC 的三边BC ，CA ，AB 的中点，则EB →＋FC →
＝( ) A.AD →
B.12AD →
C.BC →
D.12
BC →
解析：基本法一：设AB →＝a ，AC →＝b ，则EB →＝－12b ＋a ，FC →＝－12a ＋b ，从而EB →＋FC →＝⎝ ⎛⎭
⎪
⎫－1
2b ＋a ＋⎝ ⎛⎭⎪⎫－12a ＋b ＝12
(a ＋b )＝AD →
，故选A.
基本法二：如图，EB →＋FC →＝EC →＋CB →＋FB →＋BC →＝EC →＋FB →＝12(AC →＋AB →)
＝12·2AD →＝AD →. 答案：A
方略点评：基本法一是利用了基本定理运算.基本法二是利用了三角形法则进行运算.
1．(xx·河北唐山市高三统考)在等腰梯形ABCD 中，AB →＝－2CD →，M 为BC 的中点，则AM →
＝( )
A.12AB →＋12AD →
B.34AB →＋12AD →
C.34AB →＋14AD →
D.12AB →＋34
AD → 解析：基本法：由于M 为BC 的中点，所以AM →＝12(AB →＋AC →)＝12(AB →＋AD →＋DC →)＝12(AB →＋AD →＋
12
AB →
) ＝34AB →＋12AD →
，故选B. 答案：B
2．(xx·高考全国甲卷)已知向量a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，且a ∥b ，则m ＝________. 解析：基本法：∵a ∥b ，∴a ＝λb 即(m,4)＝λ(3，－2)＝(3λ，－2λ)
∴⎩⎨
⎧
m ＝3λ，4＝－2λ，
故m ＝－6.
速解法：根据向量平行的坐标运算求解： ∵a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，a ∥b ∴m ×(－2)－4×3＝0 ∴－2m －12＝0，∴m ＝－6. 答案：－6
类型二 平面向量数量积的计算与应用
[例2] (1)向量a ＝(1，－1)，b ＝(－1,2)，则(2a ＋b )·a ＝( ) A ．－1 B ．0
C ．1
D ．2
解析：基本法：因为2a ＋b ＝2(1，－1)＋(－1,2)＝(2，－2)＋(－1,2)＝(1,0)，所以(2a ＋b )·a ＝(1,0)·(1，－1)＝1×1＋0×(－1)＝1.故选C. 速解法：∵a ＝(1，－1)，b ＝(－1,2)，∴a 2＝2，a·b ＝－3， 从而(2a ＋b )·a ＝2a 2
＋a·b ＝4－3＝1.故选C. 答案：C
方略点评：1.基本法是把2a ＋b 看作一个向量，求其坐标，最终用坐标法求数量积．速解法是通过展开(2a ＋b )·b ，分别计算a 2及a ·b ，较简单．
2．当向量以几何图形的形式(有向线段)出现时，其数量积的计算可利用定义法；当向量以坐标形式出现时，其数量积的计算用坐标法；如果建立坐标系，表示向量的有向线段可用坐标表示，计算向量较简单．
(2)已知正方形ABCD 的边长为2，E 为CD 的中点，则AE →·BD →
＝________. 解析：基本法：以AB →、AD →为基底表示AE →和BD →
后直接计算数量积． AE →＝AD →＋12AB →，BD →＝AD →－AB →，
∴AE →·BD →＝⎝ ⎛⎭⎪⎫AD →＋12AB →·(AD →－AB →)
＝|AD →
|2－12|AB →|2＝22－12
×22＝2.
速解法：(坐标法)先建立平面直角坐标系，结合向量数量积的坐标运算求解．
如图，以A 为坐标原点，AB 所在的直线为x 轴，AD 所在的直线为y 轴，建立平面直角坐标系，则A (0,0)，B (2,0)，D (0,2)，E (1,2)，
∴AE →＝(1,2)，BD →
＝(－2,2)， ∴AE →·BD →
＝1×(－2)＋2×2＝2. 答案：2
方略点评：1.向量的模的求法一是根据向量的定义，二是将向量的模转化为三角形的某条边求其长．
2．求非零向量a ，b 的夹角一般利用公式cos 〈a ，b 〉＝a ·b
|a ||b |
先求出夹角的余弦值，
然后求夹角．也可以构造三角形，将所求夹角转化为三角形的内角求解，更为直观形象．
1．(xx·高考全国丙卷)已知向量BA →＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1
2，32，BC →＝⎝ ⎛⎭⎪⎫32，12，则∠ABC ＝( )
A ．30° B．45° C ．60° D．120°
解析：基本法：根据向量的夹角公式求解．
∵BA →＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12，32，BC →＝⎝ ⎛⎭⎪⎫32，12，∴|BA →|＝1，|BC →|＝1，BA →·BC →＝1
2×32＋32×12＝32，
∴cos ∠ABC ＝cos 〈BA →，BC →
〉＝BA →·BC →
|BA →|·|BC →|＝32.
∵0°≤〈BA →，BC →〉≤180°，∴∠ABC ＝〈BA →，BC →
〉＝30°.
速解法：如图，B 为原点，则A ⎝ ⎛⎭
⎪⎫
12，32
∴∠ABx ＝60°，C ⎝
⎛⎭
⎪⎫
32，12∠CBx ＝30°，∴∠ABC ＝30°. 答案：A
2．已知两个单位向量a ，b 的夹角为60°，c ＝t a ＋(1－t )b .若b·c ＝0，则t ＝________. 解析：基本法：∵b ·c ＝0，
∴b ·[t a ＋(1－t )b ]＝0，t a·b ＋(1－t )·b 2＝0， 又∵|a |＝|b |＝1，〈a ，b 〉＝60°， ∴1
2
t ＋1－t ＝0，t ＝2. 速解法：由t ＋(1－t )＝1知向量a 、b 、c 的终点A 、B 、C 共线，在平面直角坐标系中
设a ＝(1,0)，b ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12，32，则c ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫
32
，－32.
把a 、b 、c 的坐标代入c ＝t a ＋(1－t )b ，得t ＝2.
答案：2
类型三 复数的代数运算及几何意义
[例3] (1)设复数z 满足1＋z
1－z ＝i ，则|z |＝( )
A ．1 B.2 C. 3 D ．2
解析：基本法：由已知1＋z
1－z ＝i ，可得
z ＝i －1i ＋1
＝i －1
2
i ＋1i －1
＝－2i
－2＝i ，∴|z |＝|i|＝1，故选A. 速解法：∵1＋i
1－i ＝i ，∴z ＝i ，∴|z |＝1.
答案：A
方略点评：1.基本法是利用解方程思想求出未知数z . 速解法是利用了一个常用特殊运算结果直接得出z .
2．复数的代数形式的运算，类比于多项式的乘除法与合并同类项，只是利用z z ＝|z |2
，把i 2
换为－1，复数除法的关键是将分母实数化．
3．与复数的模、共轭复数、复数相等有关的问题，可设z ＝a ＋b i(a ，b ∈R )，利用待定系数法求解．
(2)若a 为实数，且(2＋a i)(a －2i)＝－4i ，则a ＝( ) A ．－1 B ．0 C ．1 D ．2
解析：基本法：∵(2＋a i)(a －2i)＝－4i ⇒4a ＋(a 2－4)i ＝－4i ，
∴⎩⎨⎧
4a ＝0，a 2
－4＝－4，
解得a ＝0.
速解法：检验法：将a ＝0代入适合题意，故选B. 答案：B
方略点评：1.基本法是利用复数相等的条件求解，速解法是代入检验排除法，较简单． 2．利用复数相等转化为实数运算是复数实数化思想的具体应用，是解决复数问题的常用方法．
1．(xx·高考全国乙卷)设(1＋2i)(a ＋i)的实部与虚部相等，其中a 为实数，则a ＝( )
A ．－3
B ．－2
C ．2
D ．3
解析：基本法：先化简复数，再根据实部与虚部相等列方程求解．
(1＋2i)(a ＋i)＝a －2＋(1＋2a )i ，由题意知a －2＝1＋2a ，解得a ＝－3，故选A. 答案：A
2．若a 为实数，且2＋a i 1＋i ＝3＋i ，则a ＝( )
A ．－4
B ．－3
C ．3
D ．4
解析：基本法：由已知得2＋a i ＝(1＋i)(3＋i)＝2＋4i ，所以a ＝4，故选D. 答案：D
[终极提升]——登高博见速解选择题方法——排除法
限时速解训练二 平面向量、复数运算
(建议用时40分钟)
一、选择题(在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的) 1．若复数z ＝i(3－2i)(i 是虚数单位)，则z ＝( ) A ．2－3i B ．2＋3i C ．3＋2i D ．3－2i
解析：选A.∵z ＝i(3－2i)＝3i －2i 2
＝2＋3i ，所以z ＝2－3i ，故选A. 2．在△ABC 中，(BC →＋BA →)·AC →＝|AC →
|2，则△ABC 的形状一定是( ) A ．等边三角形 B ．等腰三角形 C ．直角三角形 D ．等腰直角三角形
解析：选C.由(BC →＋BA →)·AC →＝|AC →|2得(BC →＋BA →－AC →)·AC →＝0，则2BA →·AC →
＝0，即BA ⊥
AC ，故选C.
3．已知
1－i
2
z
＝1＋i(i 为虚数单位)，则复数z ＝( )
A ．1＋i
B ．1－i
C ．－1＋i
D ．－1－i 解析：选D.z ＝
1－i
2
1＋i
＝－2i 1＋i ＝－2i 1－i 1＋i 1－i
＝－1－i. 4．已知菱形ABCD 的边长为a ，∠ABC ＝60°，则BD →·CD →
＝( ) A ．－32a 2 B ．－34a 2
C.34a 2
D.32
a 2
解析：选D.BD →·CD →＝(BC →＋CD →)·CD →＝BC →·CD →＋CD →2＝12a 2＋a 2
＝32
a 2.
5．(xx·广西南宁适应性测试)已知i 是虚数单位，z 是复数z 的共轭复数，若(1－i)z ＝2，则z 为( ) A ．1＋i B ．1－i C ．2＋i D ．2－i
解析：选B.依题意得z ＝
21－i ＝21＋i
1－i 1＋i
＝1＋i ，∴z ＝1－i ，选B. 6．若向量AB →＝(2,4)，AC →＝(1,3)，则BC →
＝( ) A ．(1,1) B ．(－1，－1)
C ．(3,7)
D ．(－3，－7)
解析：选B.因为AB →＝(2,4)，AC →＝(1,3)，所以BC →＝AC →－AB →
＝(1,3)－(2,4)＝(－1，－1)，故选B.
7．i 为虚数单位，则⎝
⎛⎭
⎪⎫1＋i 1－i 2 018
＝( ) A ．－i B ．－1 C ．i D ．1
解析：选B.因为⎝
⎛⎭
⎪
⎫1＋i 1－i 2 018
＝(i 2)1 009＝(－1)1 009＝－1. 8．已知点A (－1,1)、B (1,2)、C (－2，－1)、D (3,4)，则向量AB →在CD →
方向上的投影为( ) A.322 B.3152
C ．－322
D ．－3152
解析：选A.AB →＝(2,1)，CD →＝(5,5)，|CD →
|＝52， 故AB →在CD →
上的投影为AB →·CD →
|CD →|
＝1552＝32 2.
9．(xx·陕西西安质检)设复数z 1和z 2在复平面内的对应点关于坐标原点对称，且z 1＝3－2i ，则z 1·z 2＝( ) A ．－5＋12i B ．－5－12i C ．－13＋12i D ．－13－12i
解析：选A.z 1＝3－2i ，由题意知z 2＝－3＋2i ，
∴z 1·z 2＝(3－2i)·(－3＋2i)＝－5＋12i ，故选A.
10．(xx·辽宁沈阳质检)在△ABC 中，|AB →＋AC →|＝|AB →－AC →
|，AB ＝2，AC ＝1，E ，F 为BC 的三等分点，则AE →·AF →
＝( ) A.89 B.109 C.259 D.269
解析：选B.由|AB →＋AC →|＝|AB →－AC →|，化简得AB →·AC →
＝0，又因为AB 和AC 为三角形的两条边，它们的长不可能为0，所以AB →与AC →
垂直，所以△ABC 为直角三角形．以AC 所在直线为x 轴，以AB 所在直线为y 轴建立平面直角坐标系，如图所示，则A (0,0)，B (0,2)，
C (1,0)．不妨令E 为BC 的靠近C 的三等分点，则E ⎝ ⎛⎭
⎪⎫
23，23，
F ⎝ ⎛⎭⎪⎫13，43，所以AE →＝⎝ ⎛⎭⎪⎫23，23，AF →＝⎝ ⎛⎭
⎪⎫13，43，所以AE →·AF →＝23×13＋23×43＝109.
11．(xx·辽宁五校联考)已知复数z ＝1＋i ，则z 2－2z
z －1
＝( )
A ．－2i
B ．2i
C ．－2
D ．2
解析：选B.z 2－2z z －1
＝
1＋i
2
－21＋i i ＝－2
i
＝2i ，故选B.
12．设x ，y ∈R ，向量a ＝(x,1)，b ＝(1，y )，c ＝(2，－4)，且a ⊥c ，b ∥c ，则|a ＋
b |＝( )
A. 5
B.10 C ．2 5 D ．10
解析：选B.由⎩⎨
⎧
a ⊥c ，
b ∥c
⇒⎩⎨
⎧
2x －4＝0，2y ＋4＝0
⇒⎩⎨
⎧
x ＝2，y ＝－2，
∴a ＝(2,1)，b ＝(1，－2)，a ＋b ＝(3，－1)， ∴|a ＋b |＝10，故选B.
二、填空题(把答案填在题中横线上)
13．已知向量a ，b 满足|a |＝1，b ＝(2,1)，且λa ＋b ＝0(λ∈R )，则|λ|＝________. 解析：∵λa ＋b ＝0，即λa ＝－b ，∴|λ||a |＝|b |. ∵|a |＝1，|b |＝5，∴|λ|＝ 5. 答案：5
14．设复数a ＋b i(a ，b ∈R )的模为3，则(a ＋b i)(a －b i)＝__________.
解析：复数a ＋b i(a ，b ∈R )的模为a 2＋b 2＝3，则a 2＋b 2＝3，则(a ＋b i)(a －b i)＝a 2－(b i)2＝a 2－b 2·i 2＝a 2＋b 2＝3. 答案：3
15．已知向量OA →⊥AB →，|OA →|＝3，则OA →·OB →
＝__________. 解析：∵OA →⊥AB →，∴OA →·AB →
＝0，
即OA →·(OB →－OA →
)＝0， ∴OA →·OB →＝OA →
2＝9. 答案：9
16．i 是虚数单位，若复数(1－2i)(a ＋i)是纯虚数，则实数a 的值为________． 解析：∵(1－2i)(a ＋i)＝2＋a ＋(1－2a )i 为纯虚数，
∴⎩⎨
⎧
1－2a ≠0，2＋a ＝0，
解得a ＝－2.
答案：－2
必考点三 算法、框图与推理
[高考预测]——运筹帷幄
1．根据框图的程序进行结果的求解，判断条件的补写、完善过程． 2．以数表、数阵、图形、代数式为背景进行归纳推理与类比推理． [速解必备]——决胜千里
1．程序框图中有S ＝S ＋1
2i －1
2i ＋1
，i ＝i ＋1时，表示数列裂项求和．
2．程序中有“S ＝S ＋2n ＋n ，n ＝n ＋1”表示等比数列与等差数列求和． 3．三角形数N (n,3)＝12n 2＋1
2n (第n 个三角形数)
四边形数N (n,4)＝n 2
(第n 个四边形数) 五边形数N (n,5)＝32n 2＋－1
2
n (第n 个五边形数)
k 边形数N (n ，k )＝⎝ ⎛⎭⎪⎫k 2－1n 2－⎝ ⎛⎭
⎪⎫
k 2－2n (k ≥3)(第n 个k 边形数)
4．类比推理常见的类比内容 平面几何中的点↔空间几何中的线 平面几何中的线↔空间几何中的面
平面几何中的三角形↔空间几何中的三棱锥 平面几何中的圆↔空间几何中的球 [速解方略]——不拘一格
类型一 求算法与框图的输入或输出值
[例1] (1)执行下面的程序框图，如果输入的t ＝0.01，则输出的n ＝( )
A ．5
B ．6
C ．7
D ．8
解析：基本法：逐次运行程序，直至输出n . 运行第一次：S ＝1－12＝1
2
＝0.5，m ＝0.25，n ＝1，
S ＞0.01；
运行第二次：S ＝0.5－0.25＝0.25，m ＝0.125，n ＝2，
S ＞0.01；
运行第三次：S ＝0.25－0.125＝0.125，m ＝0.062 5，n ＝3，S ＞0.01； 运行第四次：S ＝0.125－0.062 5＝0.062 5，m ＝0.031 25，n ＝4，S ＞0.01； 运行第五次：S ＝0.031 25，m ＝0.015 625，n ＝5，S ＞0.01； 运行第六次：S ＝0.015 625，m ＝0.007 812 5，n ＝6，
S ＞0.01；
运行第七次：S ＝0.007 812 5，m ＝0.003 906 25，n ＝7，
S ＜0.01.
输出n ＝7.故选C.
速解法：由框图可知S ＝1－121－122－123－124－…－1
2n
＝1－12⎝ ⎛
⎭⎪⎫1－12n 1－12＝12n ≤0.01输出n ，
∴2n ≥100，∴n 的最小值为7. 答案：C
方略点评：1.基本法是按程序一次次循环计算，当不满足条件时跳出循环得出结果． 2．速解法是归纳S ＝S －m 的运算规律利用数列求和进行估算，稍简单一点． (2)下边程序框图的算法思路源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”．执行该程序框图，若输入的a ，b 分别为14,18，则输出的a ＝( )
A．0 B．2
C．4 D．14
解析：基本法：逐次运行程序，直至程序结束得出a值．
a＝14，b＝18.
第一次循环：14≠18且14＜18，b＝18－14＝4；
第二次循环：14≠4且14＞4，a＝14－4＝10；
第三次循环：10≠4且10＞4，a＝10－4＝6；
第四次循环：6≠4且6＞4，a＝6－4＝2；
第五次循环：2≠4且2＜4，b＝4－2＝2；
第六次循环：a＝b＝2，跳出循环，输出a＝2，故选B.
速解法：“更相减损术”是求两个正整数的最大公约数，本题求14,18的最大公约数，结合选项知为2，选B.
答案：B
方略点评：1.基本法是按更相减损术的运算过程逐步求解．速解法是利用更相减损术的作用和公约数的定义直接得答案，显然简单．
2．求输出结果的题目，要认清输出变量是什么，有的是求函数值，有的是求和、差、积、商的运算结果，有的是计数变量等．
1．(xx·高考全国甲卷)中国古代有计算多项式值的秦九韶算法，如图是实现该算法的程序框图．执行该程序框图，若输入的x＝2，n＝2，依次输入的a为2,2,5，则输出的s＝( )
A．7 B．12
C．17 D．34
解析：基本法：逐次运行程序，直到满足条件时输出s值终止程序．
输入x＝2，n＝2.第一次，a＝2，s＝2，k＝1，不满足k>n；
第二次，a＝2，s＝2×2＋2＝6，k＝2，不满足k>n；
第三次，a＝5，s＝6×2＋5＝17，k＝3，满足k>n，输出s＝17.
答案：C
2．阅读如图所示的程序框图，运行相应的程序．如果输入某个正整数n后，输出的S ∈(10,20)，那么n的值为( )
A ．3
B ．4
C ．5
D ．6
解析：基本法：依据初始条件，逐步求出S 的值，判断n 的值． 由S ＝0，k ＝1得S ＝1，k ＝2，应该为否，即2≤n ⇒S ＝1＋2×1＝3，k ＝3为否，即3≤n ⇒S ＝1＋2×3＝7，k ＝4为否，即4≤n ⇒S ＝1＋2×7＝15，k ＝5为是，即5>n 综上，4≤n <5，∴n ＝4.故选B.
速解法：先读出框图的计算功能，再结合等比数列求和公式求解． 框图功能为求和，即S ＝1＋21＋22＋…＋2n －1. 由于S ＝
1×
1－2n
1－2
＝2n －1∈(10,20)，
∴10<2n －1<20，∴11<2n <21， ∴n ＝4，即求前4项和．
∴判断框内的条件为k >4，即n ＝4.故选B. 答案：B
类型二 补写、完善程序框图
[例2] (1)执行如图所示的程序框图，若输出k 的值为8，则判断框内可填入的条件是( )
A ．s ≤34？
B ．s ≤56？
C ．s ≤1112？
D ．s ≤2524
？
解析：基本法：由s ＝0，k ＝0满足条件，则k ＝2，s ＝12，满足条件；k ＝4，s ＝12＋14＝
34，满足条件；k ＝6，s ＝34＋16＝1112，满足条件；k ＝8，s ＝1112＋18＝25
24，不满足条件，输出k ＝8，所以应填s ≤1112
.
速解法：由题意可知S ＝12＋14＋16＋18＝25
24，此时输出8，是不满足条件，故选C.
答案：C
方略点评：基本法是按程序过程逐步判断是否满足条件速解法是归纳了s ＝s ＋
1
k
的作用
求和直接验算.
(2)阅读如下程序框图，如果输出i ＝5，那么在空白矩形框中应填入的语句为( )
解析：基本法：当i＝2时，S＝2×2＋1＝5<10；当i＝3时，仍然循环，排除D；当i ＝4时，S＝2×4＋1＝9<10；当i＝5时，不满足S<10，即此时S≥10，输出i.此时A 项求得S＝2×5－2＝8，B项求得S＝2×5－1＝9，C项求得S＝2×5＝10，故只有C项满足条件．故选C.
答案：C
方略点评：1.基本法是根据框图的程序对i的取值验证，速解法是根据当s≥10时，输出的i值验证答案．
2．循环结构有当型循环和直到型循环．当型循环是当满足条件时执行循环体．直到型循环是直到满足条件时才跳出循环．
3．首先看懂每个图形符号的意义和作用，其次试走几步循环体，体会循环体的内容和功能，最后利用判断框中的条件确定循环的次数．
1．给出30个数：1,2,4,7,11,16，…，要计算这30个数的和．下图给出了该问题的程序框图，那么框图中判断框①处和执行框②处可以分别填入( )
A．i≤30？和p＝p＋i－1
B．i≤31？和p＝p＋i＋1
C．i≤31？和p＝p＋i
D．i≤30？和p＝p＋i
解析：基本法：由题可知，程序要执行30次．所以①处应填i≤30？，②处应填p＝p ＋i.
答案：D
2．如图，给出的是计算1
2
＋
1
4
＋
1
6
＋…＋
1
2 016
的值的程序框图，其中判断框内应填入的
是( )
A．i≤2 021? B．i≤2 019?
C．i≤2 017? D．i≤2 015?
解析：基本法：由题知，判断框内可填“i≤xx？”或“i≤xx？”或“i<xx？”或
“i<xx？”，故选C.
答案：C
类型三合情推理、演绎推理
[例3] (1)(xx·高考全国甲卷)有三张卡片，分别写有1和2,1和3,2和3.甲，乙，丙三人各取走一张卡片，甲看了乙的卡片后说：“我与乙的卡片上相同的数字不是2”，乙看了丙的卡片后说：“我与丙的卡片上相同的数字不是1”，丙说：“我的卡片上的数字之和不是5”，则甲的卡片上的数字是________．
解析：基本法：根据丙的说法及乙看了丙的卡片后的说法进行推理．
由丙说“我的卡片上的数字之和不是5”，可推知丙的卡片上的数字是1和2或1和3.又根据乙看了丙的卡片后说：“我与丙的卡片上相同的数字不是1”可知，乙的卡片不含1，所以乙的卡片上的数字为2和3.再根据甲的说法“我与乙的卡片上相同的数字不是2”可知，甲的卡片上的数字是1和3.
答案：1和3
(2)观察下列等式：
12＝1，
12－22＝－3，
12－22＋32＝6，
12－22＋32－42＝－10，
…，
照此规律，第n个等式可为________.
解析：基本法：12＝1，
12－22＝－(1＋2)， 12－22＋32＝1＋2＋3，
12
－22
＋32
－42
＝－(1＋2＋3＋4)， …，
12
－22
＋32
－42
＋…＋(－1)n ＋1n 2
＝(－1)n ＋1(1＋2＋…＋n )
＝(－1)n ＋1
n n ＋1
2
.
速解法：设a 1＝1，a 2＝3，a 3＝6，a 4＝10 即a 1＝
1×1＋12，a 2＝2×2＋1
2
，
a 3＝
3×
3＋12，a 4＝4×4＋1
2
，
其符号规律为(－1)n ＋1
∴第n 个等式右侧为(－1)n ＋1
n n ＋1
2
.
答案：12－22＋32－42＋…＋(－1)n ＋1n 2＝(－1)n ＋1
n n ＋1
2
方略点评：1.基本法是分析式子的特点归纳出运算方法，利用数列求和． 速解法是直接归纳“＝”右侧的数字规律，较为简单．
2．在进行归纳推理时，要先根据已知的部分个体，把它们适当变形，找出它们之间的联系，从而归纳出一般结论．
3．在进行类比推理时，要充分考虑已知对象性质的推理过程，然后通过类比，推导出
类比对象的性质．
4．归纳推理关键是找规律，类比推理关键是看共性．
1．观察下列等式 1－12 ＝12 ，
1－12 ＋13－14＝13＋14
，
1－12 ＋13－14＋15－16＝14＋15＋16，
…，
据此规律，第n 个等式可为________________________．
解析：基本法：规律为等式左边共有2n 项且等式左边分母分别为1,2，…，2n ，分子为1，奇数项为正、偶数项为负，即为1－12＋13－14＋…＋12n －1－1
2n
；等式右边共有n 项且
分母分别为n ＋1，n ＋2，…，2n ，分子为1，即为
1n ＋1＋1n ＋2＋…＋1
2n
.所以第n 个等式可为1－12＋13－14＋…＋12n －1－12n ＝1n ＋1＋1n ＋2＋…＋1
2n .
答案：1－12＋13－14＋…＋12n －1－12n ＝1n ＋1＋1n ＋2＋…＋1
2n
2．在平面几何中：△ABC 的∠C 的平分线CE 分AB 所成的线段的比为AC BC ＝
AE
BE
(如图1)．把
这个结论类比到空间：在三棱锥A ­BCD 中(如图2)，面DEC 平分二面角A ­CD ­B 且与
AB 相交于E ，则类比得到的结论是________．
解析：基本法：由平面中线段的比类比空间中面积的比可得AE EB ＝
S △ACD
S △BCD
.
答案：AE EB ＝
S △ACD
S △BCD
[终极提升]——登高博见
求解选择题，填空题的方法——特例法
方法诠释
从题干(或选项)出发，通过选取特殊情况代入，将问题特殊化或构造满足题设条件的特殊函数或图形位置，进行判断．特殊化法是
“小题小做”的重要策略，要注意在怎样的情况下才可使用，特殊情况可能是：特殊值、特殊点、特殊位置、特殊数列等．
适用范围
适用于题目中含有字母或具有一般性结论
的选择题．。